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单元检测（八）
恒定电流
A卷高频考点练清卷
考点一电阻定律
1.(2025·江苏省南京市质检)某同学拿了一根细橡胶管，里面灌满了盐水，两端用粗铜丝塞住管口，形成
一段封闭的长度为20cm的盐水柱，测得盐水柱的电阻大小为R,如果盐水柱的电阻随长度、横截面积的变化
规律与金属导体相同，则握住橡胶管的两端把它均匀拉长至40cm,此时盐水柱的电阻大小为
()
A.R
B.ZR
C.2R
D.4R
2.(2025·浙江模拟)两段长度、横截面积相同的均匀直导线A、B串联在电路上，沿长度
方向的电势随位置的变化规律如图所示.A、B导线电阻率的比值是
)
2
3
A司
B.2
c号
D
3
24
考点二欧姆定律、电功与电热
3.(2025·浙江省绍兴市模拟)高压线是非常危险的远距输电线，但是我们也经
常会看到许多鸟儿双脚站上面却相安无事.小蒋为了弄清其中的道理特别查阅
了当地的一组数据：高压线输送电功率P=6.4×10kW,输送电压为22万伏，导
线所用的是LG】型钢芯铝绞线，其横截面积是95平方毫米，其电阻率ρ=3.0
×10一82·m,请估算一只小鸟双脚停留在高压线上时承受的电压大小
A.2.0V
B.2.0×10-1V
C.2.0×10-3V
D.2.0×10-5V
4.(2025·广西桂林·三模)“祝融号”火星车的动力主要来源于太阳能电池.现将火星车的动力供电电路
简化为如图所示，其中太阳能电池电动势E=120V,内阻r未知，电动机线圈电阻M=1.6Ω，电热丝定
值电阻R=42.当火星车正常行驶时，电动机两端电压UM=80V,电热丝R消耗功率P=100W.则
E
太阴能电池
R
A.火星车正常行驶时，通过电热丝电流为1.25A
B.太阳能电池的内阻为32
C.若电动机的转子被卡住，电热丝消耗的功率为625W
D.火星车正常行驶时，电动机的效率为80%
5.某电子元件通电后，其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，P
点的坐标为(UP,Ip),过P点的切线在纵轴上的截距为Io,由此图可知
A.对应P点，该元件的电阻R=1p
Up
B.随着所加电压的增大，该元件的电阻减小
C.对应P点，该元件的功率数值上等于图中阴影部分的面积大小
D.该元件为非线性元件，欧姆定律不满足，所以不能用公式R号求电阻
57
考点三串并联电路、电表的改装原理
6.(2025·江苏南通·一模)在电学实验中，改装后的电表测量值略偏小，为校准电表，可以将一个阻值较
小的电阻
()
A.与电阻R1串联
B.与电阻R1并联
C.与电阻R2串联
D.与电阻R2并联
7.(多选)黑箱外有编号为1、2、3、4的四个接线柱，接线柱1和2、2和3、3和4之间
各接有一个电阻，在接线柱间还接有另外一个电阻R和一个直流电源.测得接线
柱之间的电压U12=3.0V,U23=2.5V,U34=一1.5V.符合上述测量结果的可
能接法是
A.电源接在1、4之间，R接在1、3之间
B.电源接在1、4之间，R接在2、4之间
C.电源接在1、3之间，R接在1、4之间
D.电源接在1、3之间，R接在2、4之间
8.如图所示电路，已知电源电动势为E,内阻不计，电容器电容为C,闭合开关K,待电
3R
2R
路稳定后，电容器上电荷量为
()
A.CE
B.CE
4R
CFCR
D.SCR
9.(多选)(2025·河南郑州·一模)小红将量程为0~0.6A的电流表A(表盘刻度共有30个小格)，按照
图示电路改装成较大量程的电流表A',其中R1和R2阻值相等，都等于改装前
电流表内阻的子.下列说法正确的是
A.将1、2接入电路时，电流表A'每一小格表示0.12A
B.将1、2接入电路时，电流表A'每一小格表示0.08A
2
C.将1、3接入电路时，电流表A'每一小格表示0.08A
D.将1、3接入电路时，电流表A每一小格表示0.06A
考点四电路的动态分析
10.(2025·丰台区二模)如图所示的UI图像中，直线4为电源的路端电压与电流？
的关系，直线b、c分别是电阻R1、R2的电压与电流的关系.若将这两个电阻分别E!
直接与该电源连接成闭合电路，则下列说法正确的是
()
A.电阻R1大于电阻R2
B.R1接在电源上时，电源的输出功率较大
C.R2接在电源上时，电源的输出功率较大
D.两种情况下，电源的输出功率相等
11.(2025·福建漳州·三模)如图所示的电路中，电源电动势为E,内阻为r,开关S闭
合，电路稳定后，灯泡L正常发光，然后向左移动滑动变阻器R的滑片，在此过程中
A.灯泡L逐渐变暗
B.电源的路端电压逐渐减小
C.电容器C所带的电荷量逐渐减小
D.定值电阻R。两端的电压始终为零
58参考答案
单元检测（一）运动的描述匀变速直线运动
x=wt一
2a2,代入教据解得x=50m,公交车在最初6s内
通过的位移与最后6s内通过的位移之差为△x=x1一x2,代
A卷高频考点练清卷
入数据解得△x=24m,故ABC错误，D正确.
1.C研究入水动作时，运动员的形状和体积对所研究问题
5.A对木板由牛顿第二定律可知木板的加速度不变，木板从
的影响不能够忽略，此时运动员不能够看为质点，故A错
静止释狱到下瑞到达A点的过程，有L=a,木板从静止
误：研究空中转体姿态时，运动员的形状和体积对所研究
释放到上瑞到达A点的过程，当木板长度为L时，有2L=
问题的影响不能够忽略，此时运动员不能够看为质点，故
2ai,当木板长度为2L时，有3L=合ai,又1=1-o,
1
B错误；研究百米比赛中的平均速度时，运动员的形状和
体积对所研究问题的影响能够忽略，此时运动员能够看
△12=t2一t0,联立解得△2：1=(5-1)：(2-1)，A
为质点，故C正确：研究运动员通过某个攀岩支，点的动作
正确
时，运动员的形状和体积对所研究问题的影响不能够忽
6.解析：(1)设物体的加速度为a,根据位移差公式△x=aT可
略，此时运动员不能够看为质点，故D错误.故选：C.
2
2.C速度是描述物体运动快慢的物理量，即物体的空间位
3X0-x0
得物体的加速度为4=
置随时间变化的快慢，BD错误；根据x与1的关系式可
to
3to2
知，1=0时，质点位于x=1m处，t=1s时，质点位于x=
AC段的平均速度等于这一过程的中间时刻的速度，可得
6m处，因此质点在第1s内的位移为5m,A错误，C
2
正确，
物体在B,点时的速度为UB=
20+x05x0
2to
6to
3.解析：(1)选择向西为正方向，如题图所示，最后6s的住
设物体在A点时的速度为A,则可得
移为△x3=120m,△13=6s
7x0
UA=UB一at0=6t0
平均连度为==20m=20m8,大小为20m6,」
(2)根据速度时间关系可得物体在C点时的速度为
方向向西：
5.x0_x0
0
(2)全过程的位移为△x=△x3一（△r1十△x2)=120m一
c=s+ao=60-30·6=20
(30m十60m)=30m
时间为△t=5s十58十4s十6s=20s
则可得物体在CD段的平均速度为=C十D=0
24t
平均速度为==0m=1,5m/s,大小为1,5m/s,方向
△120s
2品
答案：1)6t0
向西；
7.C匀变速直线运动平均速度等于初末速度的平均值，则
(3)全过程的路程为△s=△x3十△x1十△x2=120m十
有：专5=10ms,T=5m因ST间的矩高是
2
30m+60m=210m
RS的两倍，而ST段的平均速度是RS段的平均速度的
平均速率为0=2)0m=10.5m8
△120s
乞，故可得ST段的时间是RS段的时间的4倍，可知：ST
1
答案：(1)20ms方向向西(2)1.5ms方向向西
(3)10.5m/s
段的速度减小量是RS段的4倍，则有：vs一VT=4(VR一
4.D设公交车开始减速的速度为%，运动总时间为，则公交
vs),联立解得：R=11m8,s=9ms,vT=1m8,故C
正确，ABD错误.
车在最初减连6s内通过的位移为西=o一2a哈=(6一
8.C令加速度为a,E到N的距离为L,从E到N有v至=
18m),把物体运动看成反向的初速度为0的匀加速直线运
2aL,从N到A有v员=2a·9L,联立可得vA=3E,故A
动，最后68内通过的位移为=2a,代入数据解得x2一
错误：根据逵度一时间公式，有tA=4一E_2E,gv
18m,由于公交车在最初6s内通过的位移与最后6s内通过
的位号之比为21：9，则南以上有g18-号又有0=助
E一0_E=1,所以汽车通过AE段的时间等于21，故B
at,代入数据解得=10mst=10s,则公交车的总位移为
错误：根据匀变速直线运动的推论有四E-4E=2如E,
2
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