资源简介 丽江市第一高级中学2024-2025学年高三上学期期末质量检测物理试卷注意事项:1.答卷前,考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号填 写在答题卡上,并认真核准条形码上的姓名、准考证号、考场号、座位号及科目,在规 定的位置贴好条形码。2.回答选择题时,选出每小题答案后,用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号 涂黑。如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。回答非选择题时,用黑色碳 素笔将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。一、单选题(本大题共7小题,共28分)1.[4分]物理学家通过对实验的深入观察和研究,获得了正确的科学认知,推动了物理学的发展.下列说法符合事实的是 ( )A.汤姆孙发现了电子,并提出了原子的核式结构模型B.卢瑟福用α粒子轰击N获得反冲核O,发现了质子C.查德威克发现了天然放射现象,说明原子核有复杂结构D.普朗克提出的“光子说”成功解释了光电效应2.[4分]如图所示,斜面ABC与圆弧轨道相接于C点,从A点水平向右飞出的小球恰能从C点沿圆弧切线方向进入轨道。OC与竖直方向的夹角为θ=60°,若AB的高度为h,忽略空气阻力,则BC的长度为( )A.h B.hC.h D.2h3.[4分]低碳环保是我们追求的生活方式。如图所示,是一个用来研究静电除尘的实验装置,处于强电场中的空气分子会被电离为电子和正离子,当铝板与手摇起电机的正极相连,缝被针与手摇起电机的负极相连,在铝板和缝被针中间放置点燃的蚊香。转动手摇起电机,蚊香产生的烟雾会被电极吸附,停止转动手摇起电机,蚊香的烟雾又会袅袅上升。关于这个现象,下列说法中正确的是( )A.烟尘因为带正电而被吸附到缝被针上B.同一烟尘颗粒在被吸附过程中离铝板越近速度越大C.同一烟尘颗粒在被吸附过程中离铝板越近速度越小D.同一烟尘颗粒在被吸附过程中如果带电荷量不变,离铝板越近则加速度越大4.[4分]2023年8月10日,我国成功发射首颗人工智能卫星—地卫智能应急一号,标志着我国在人工智能与航天领域的重大突破。假设绕地球做匀速圆周运动时,该卫星的周期是地球同步卫星周期的,则它与地球同步卫星的轨道半径之比为( )A. B. C. D.5.[4分]如图所示为某静电场中轴上各点电势 的变化图像.一带电粒子从原点处以一定的初速度沿轴正方向射出,仅在电场力的作用下沿轴做直线运动,到达时速度达到最大,下列说法正确的是( )A. 和处的电场强度相同B. 该带电粒子带负电C. 该带电粒子在处的动能大于在处的动能D. 该带电粒子从原点到过程中,电场力先做负功再做正功6.[4分]如图所示,沿水平方向做简谐振动的质点,依次通过相距L的A、B两点。已知质点在A点的位移大小为振幅的一半,B点位移大小是A点的倍,质点经过A点时开始计时,t时刻第二次经过B点,该振动的振幅和周期可能是( )A.,3t B.,4tC.,t D.,t7.[4分]“平安北京,绿色出行”,地铁已成为北京的主要绿色交通工具之一。如图所示为地铁安检场景,另一图是安检时的传送带运行的示意图,某乘客把一质量为m的书包无初速度地放在水平传运带的入口A处,书包随传送带从出口B处运出,入口A到出口B的距离为L,传送带始终绷紧并以速度v匀速运动,书包与传送带间的动摩擦因数为μ。对于书包由静止释放到相对传送带静止这一过程,下列说法正确的是( )A.书包的动能变化量为B.摩擦力对传送带做的功为C.书包与传送带摩擦产生的热量为μmgLD.电动机增加的平均功率为二、多选题(本大题共3小题,共15分)8.[5分](多选)如图所示,由U形管和细管连接的玻璃泡A、B和C浸泡在温度均为0 ℃的水槽中,B的容积是A的3倍.阀门S将A和B两部分隔开.A内为真空,B和C内都充有气体.U形管内左边水银柱比右边的低60 mm.打开阀门S,整个系统稳定后,U形管内左右水银柱高度相等.假设U形管和细管中的气体体积远小于玻璃泡的容积.下列说法正确的是 ( )A.C中气体压强为180 mmHgB.打开S前,B中气体压强为120 mmHgC.为使左右水银柱高度差仍为60 mm,可将右侧水的温度加热到364 KD.为使左右水银柱高度差仍为60 mm,可将右侧水的温度降低到182 K9.[5分](多选)如图所示,两理想变压器间接有电阻R,电表均为理想交流电表,a、b接入电压有效值不变的正弦交流电源.闭合开关S后 ( )A.R的发热功率不变B.电压表的示数不变C.电流表A1的示数变大D.电流表A2的示数变小10.[5分]如图所示,AC和BC是两个固定的斜面,斜面的顶端A、B在同一竖直线上。甲、乙两个小滑块分别从斜面AC和BC顶端由静止下滑,质量分别为m1、m2(m1A.v1>v2B.Ek1>Ek2C.W1>W2D.t1与t2大小关系不确定三、非选择题(本大题共5小题,共57分)11.[8分]实验小组用如图1所示装置来验证两个小球在斜槽末端碰撞时的动量守恒.、为两个直径相同的小球,质量分别为、,且.实验时,接球板水平放置,让入射球多次从斜轨上点静止释放,平均落点为;再把被碰小球静放在水平轨道末端,再将入射小球从斜轨上某一位置静止释放,与小球相撞,并多次重复,分别记录两个小球碰后的平均落点、.图1(1) 关于该实验的要求,下列说法正确的是_______.(多选,填正确答案前的标号)A.斜槽末端必须是水平的B.斜槽轨道必须是光滑的C.必须测出斜槽末端的高度D.放上小球后,球必须仍从点释放(2) 图1中点为斜槽末端在接球板上的投影点,实验中测出、、的长度分别为、、.若两球碰撞时动量守恒,则满足的表达式为__________________________.(用题中已知物理量符号表示)(3) 如图2所示,仅改变接球板的放置,让接球板的一端紧靠在斜槽末端,使小球仍从斜槽上点由静止释放,重复第一次实验操作,在接球板上得到三个落点、、,其中点为斜槽末端与接球板的接触点,测出、、长度分别为、、.若两球碰撞时动量守恒,则满足的表达式为_______________________________.(用题中已知物理量符号表示)图2(4) 某同学仅将球替换为半径相同、质量为的球,重复第一次实验操作,发现碰撞后球反向运动,沿倾斜轨道上升一段距离后再次下滑离开轨道末端,假设斜槽轨道光滑,测量碰撞后、落点的平均位置到点的距离分别为、.若误差允许范围内满足关系式_______________________________(用题中已知物理量符号表示),则可以认为两球碰撞前后的动量守恒.12.[8分](6分)(1)某研究小组的同学为了测量某一电阻Rx的阻值,A同学先用多用电表进行粗测.使用多用电表欧姆挡时,将选择开关调到欧姆挡“×10”挡位并调零,测量时发现指针向右偏转角度太大,这时他应该先将选择开关换成欧姆挡的“ ”挡位,将红、黑表笔短接,再进行 ,使指针指在欧姆表刻度的“0”处;再次测量电阻Rx的阻值时,指针在刻度盘上停留的位置如图甲所示,则所测量电阻Rx的阻值为 Ω.甲 乙 丙(2)为进一步精确测量该电阻,实验台上摆放以下器材:A.电流表(量程为0~150 mA,内阻约为2.0 Ω)B.电流表(量程为0~0.6 A,内阻约为0.5 Ω)C.电阻箱(最大电阻为99.99 Ω)D.电阻箱(最大电阻为999.9 Ω)E.电源(电动势为3 V,内阻为0.8 Ω)F.开关2个G.导线若干B同学设计的电路图如图乙所示,现按照如下实验步骤完成实验:①调节电阻箱,使电阻箱有合适的阻值R1,仅闭合S1,使电流表指针有较大的偏转且读数为I;②保持开关S1闭合,闭合开关S2,再次调节电阻箱的阻值为R2,使电流表的读数仍为I.A.根据实验步骤和实验器材规格可知,电流表应选择 (填器材前字母).B.根据实验步骤可知,待测电阻Rx= (用题目所给测量数据表示).(3)利用以上实验电路,闭合S2,调节电阻箱R,可测量出电流表的内阻RA,某同学通过调节电阻箱R,读出多组R和I值,作出了-R图像如图丙所示.若图像中纵轴截距为1 A-1,则电流表内阻RA= Ω.13.[10分](8分)均匀介质中有向轴负方向传播的机械波,如图所示为时的波形图,为波源位置,已知时,位于轴上处的质点第一次振动到达波谷。(1) 求该机械波的波速大小;(2) 写出点的振动方程;(3) 求原点处质点的振动路程。14.[13分]如图所示的平面直角坐标系xOy,在第Ⅰ象限内有平行于y轴的匀强电场,方向沿y轴正方向;在第Ⅳ象限有一与x轴相切的圆形匀强磁场区域(图中未画出),磁场方向垂直于xOy平面向里,大小为B.一质量为m、电荷量大小为q的带负电粒子,从y轴上的点,以大小为的速度沿x轴正方向射入电场,通过电场后从x轴上的点进入第Ⅳ象限的圆形匀强磁场,经过磁场后从y轴上的某点进入第Ⅲ象限,且速度与y轴负方向成45°角,不计粒子所受的重力。求:(1)电场强度E的大小;(2)圆形磁场区域的最小面积;(3)粒子从P点运动开始,到再次经过y轴所经历的时间。15.[18分]如图所示,MN和PQ是两根相距L=0.5m竖直固定放置的光滑金属导轨,导轨足够长,其电阻不计。水平条形区域I和Ⅱ内均有磁感应强度B=1T、方向垂直于导轨平面向里的匀强磁场,其宽度均为d=0.3m,区域I和区域Ⅱ相距h=0.2m,其它区域内无磁场。导体棒ab的长度L=0.5m、质量m=0.5kg、电阻R=0.5Ω,开关S处于断开状态。现将ab棒由区域I上边界上方H=0.4m处由静止释放,ab棒下落时闭合S。已知ab棒在先后穿过两个磁场区域的过程中,流过棒的电流及其变化情况相同。导体棒始终与导轨垂直且接触良好,不计空气阻力,重力加速度g=10m/s2。计算结果可以保留根号。求:(1)ab棒进入磁场区域I的瞬间,通过棒的电流强度I;(2)ab棒穿过磁场区域I的过程中,棒上产生的热量Q;(3)ab棒穿过磁场区域Ⅱ过程所用的时间t。参考答案1.【答案】B 【解析】汤姆孙发现了电子,卢瑟福提出了原子的核式结构模型,选项A错误;卢瑟福用α粒子轰击N获得反冲核O,核反应方程为HeN→H,发现了质子,选项B正确;贝克勒尔发现了天然放射现象,说明原子核有复杂结构,选项C错误;爱因斯坦提出的“光子说”成功解释了光电效应,选项D错误.2.【答案】 B【详解】 小球飞出后做平抛运动,到C点时的速度方向与初速度方向夹角为θ,设此时位移方向与初速度方向夹角为α。根据平抛运动规律得tan θ=2tan α=,解得x=h,所以A、C、D错误,B正确。3.【答案】B【详解】ABC.中性空气分子在强电场中被电离成电子和带正电的离子,烟尘颗粒吸附电子后带上负电,在电场力作用下向铝板做加速运动,故AC错误;B正确;D.因铝板与缝被针间的电场线形状相当于横向放置的锥形体,离铝板越近,电场线越稀疏,电场强度越小,烟尘颗粒受电场力越小,加速度越小,故D错误。故选B。4.【答案】B【详解】设该卫星的周期为,轨道半径为,地球同步卫星周期为,轨道半径为,根据开普勒第三定律可得,又题意可得,联立可得该卫星与地球同步卫星的轨道半径之比为,选B。5.【答案】B【解析】图像切线斜率的绝对值表示电场强度大小,处的切线斜率大于处的切线斜率,故处的电场强度大于处的电场强度,且方向相反,故错误;带电粒子到达时速度达到最大,则带电粒子从原点到过程中电场力做正功,电势能减小,则带电粒子到达时电势能最小,由题图可知处的电势最大,故该带电粒子带负电,故正确;处的电势等于处的电势,则带电粒子在处的电势能等于其在处的电势能,根据能量守恒定律可知,该带电粒子在处的动能等于在处的动能,故错误;该带电粒子从原点到过程中,电势先增大后减小,电势能先减小后增大,故电场力先做正功再做负功,故错误.6.【答案】BC【解析】当A、B两点在平衡位置的同侧时有A=Asin φA,A=Asin φB,可得φA=或π(由图中运动方向知应舍去),φB=或,因此可知第二次经过B点时φB=,则T=t,解得T=4t,此时位移关系为A-A=L,解得A=,故A错误,B正确;当A、B两点在平衡位置两侧时有-A=Asin φA,A=Asin φB,解得φA=-或-(由图中运动方向知应舍去),φB=或,当第二次经过B点时φB=,则T=t,解得T=t,此时位移关系为A+A=L,解得A=,C正确,D错误。7.【答案】A【详解】A.书包的最终速度为v,故动能变化量为,故选项A正确;B.摩擦力对物块做的功为物块动能的增量因为传送带的位移是所以摩擦力对传送带做的功为故选项B错误;C.书包与传送带摩擦产生的热量故摩擦生热小于μmgL故选项C错误;D.由能量守恒得,电动机增加功等于传送带克服摩擦力做功。经历时间平均功率故选项D错误。故选A。8.【答案】ACD【解析】C中气体压强始终不变,B内封闭气体初状态pB=pC+60 mmHg,打开阀门后p'B=pC,由题意知V'B=VB,由玻意耳定律有pBVB=pB'VB',得pB'=180 mmHg=pC,pB=240 mmHg,A正确,B错误.改变C内气体温度,C内封闭气体做等容变化,若水银柱左高右低,加热后C内气体压强p'C=pC+60 mmHg,=,代入数据可得=,得T'=364 K;若水银柱右高左低,降温后压强p″C=pC-60 mmHg,=,代入数据可得=,解得T″=182 K,C、D正确.9.【答案】BC 【解析】将降压变压器和右侧电路等效为电阻,等效电阻R'=R灯,闭合开关S后,R灯减小,等效电阻阻值减小,因为a、b之间电压有效值不变,升压变压器匝数比不变,则电压表示数不变,流过等效电阻的电流增大,电流表A1、A2示数均变大,R的发热功率增大,A、D错误,B、C正确.10.【答案】AD【详解】设斜面的倾角为θ,斜面水平长度为L,由动能定理得mgLtan θ-μmgcos θ·=mv2-0,解得v=,由于两种情况g、L、μ都相同,只是θ1>θ2,所以v1>v2,A正确;小滑块滑至底端C时的动能为Ek=mv2=mgL(tan θ-μ),由于两种情况g、L、μ都相同,但是m1θ2,所以无法确定两个小滑块滑至底端C时动能的大小关系,B错误;小滑块滑至底端C的过程中,克服摩擦力做的功为W=μmgcos θ·=μmgL,由于两种情况g、L、μ都相同,但是m111.【答案】(1)(2)(3)(4)【解析】(1) 为使小球运动至轨道末端的速度相同,放上小球后,球必须仍从点释放,为保证小球从斜槽末端飞出后做平抛运动,斜槽末端必须水平,安装的斜槽轨道不需要光滑,故、正确,错误;小球从斜槽末端飞出后做平抛运动,竖直方向上,小球下落的高度相等,则小球在空中运动的时间相等,小球水平位移之比等于小球初速度之比,实验不需要测出斜槽末端距地面的高度,故错误.(2) 小球从斜槽末端飞出后做平抛运动,竖直方向上,小球下落的高度相等,则小球在空中运动的时间相等,设为,碰撞前小球的速度为,碰撞后小球、小球的速度分别为,,两球碰撞前后的总动量守恒,有,整理得.(3) 设斜面的倾角为 ,小球做平抛运动,有,,解得,则碰撞前小球的速度为,碰撞后小球、小球的速度分别为,,两球碰撞前后的总动量守恒,有,整理得.(4) 碰撞后球反向运动,斜槽轨道光滑,结合(2)问分析可知,若误差允许范围内满足关系式,可以认为两球碰撞前后的动量守恒.12.【答案】(1)×1 欧姆调零 18 (2)a.A b.R2-R1 (3)2.2【解析】(1)测电阻时选欧姆挡“×10”挡位并调零,测量时指针向右偏转角度太大,说明所选挡位太大,为准确测出电阻,应先将选择开关换成欧姆挡的“×1”挡位,将红、黑表笔短接,再进行欧姆调零;由题图甲所示表盘可知,所测量电阻Rx的阻值为Rx=18×1 Ω=18 Ω.(2)根据闭合电路欧姆定律可知,通过待测电阻的最大电流约为Imax=<= A≈0.167 A=167 mA,如果电流表选B,则读数误差太大,故电流表应选A;根据闭合电路欧姆定律,S2断开时有E=I(Rx+R1+RA+r) ①S2闭合时有E=I(R2+RA+r) ②联立①②解得Rx=R2-R1.(3)闭合S2后,由闭合电路欧姆定律可得E=I(R+RA+r),则有=R+,则-R图像的纵轴截距b==1 A-1,解得RA=Eb-r=3×1 Ω-0.8 Ω=2.2 Ω.13.【答案】(1)(2)(3)【详解】(1) 由图可知点第一次振动到达波谷处时,机械波向左传播了(点拨:时,处的质点处于波谷,振动形式传播到点需要传播),用时,则波速为(2分)(2) 由图可知机械波的波长,则机械波周期(1分)(1分)由图可知机械波的振幅,则点的振动方程为(关键:由波形图分析质点的起振方向为沿轴负方向)(1分)说明:振动方程没有单位不扣分,写成或或也可(3) 机械波传播到点需要的时间为(1分),点处质点振动时间为(1分)则内,处质点的振动路程为(1分)14.【答案】(1);(2); (3)【详解】(1)粒子在电场中做类平抛运动,则水平方向有竖直方向有且有解得(2)粒子到达a点时沿y轴负方向的分速度粒子到达a点时的速度方向与x轴正方向夹角为45°粒子在磁场中做匀速圆周运动,运动轨迹如下图所示,粒子在磁场区域中的轨迹是以为圆心、r为半径的圆上的圆弧ab,a点和b点在所求圆形磁场区域的边界上。在通过a、b两点的不同圆中,面积最小的是以ab连线为直径的圆,设圆形磁场区域的半径为R。粒子在磁场中做匀速圆周运动,洛伦兹力提供向心力,由牛顿第二定律得由几何关系可知,圆形磁玚区域的最小半径圆形磁场区域的最小面积解得(3)粒子在电场中的运动时间粒子在磁场中的运动时间粒子离开磁场后做匀速直线运动,到达y轴需要的时间粒子总的运动时间15.【答案】(1) (2) (3)【详解】(1)令ab棒刚进入磁场区域Ⅰ时的速度大小为,通过它的电流大小为i,则根据动能定理得解得通过棒的电流强度为解得(2)令ab棒从磁场区域Ⅰ上边界到磁场区域Ⅱ上边界过程中产生的热量为Q,已知ab棒在先后穿过两个磁场区域的过程中,流过棒的电流及其变化情况相同。由能量守恒定律得解得(3)由上可得,令ab棒到达磁场区域Ⅰ下边界时速度大小为,由能量守恒定律得解得由题意知ab棒穿过磁场区域Ⅰ和Ⅱ所用的时间相同,设为t,令ab棒穿过磁场区域Ⅰ过程中的平均电动势大小为、平均电动势大小为、则有根据动量定理得解得第 page number 页,共 number of pages 页 展开更多...... 收起↑ 资源预览