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第10讲电源和电流（预习练习）----2025-2026学年人教版必修第三册物理高二年级上学期
一、单选题（本大题共14小题）
1．关于电流,下列各种说法中正确的是( )
A．电流的定义式I=q/t,适用于任何电荷的定向移动形成的电流
B．由I=nqsv可知,金属导体中自由电荷的运动速率越大,电流一定越大
C．电荷定向移动的方向就是电流的方向
D．因为电流有方向,所以电流是矢量
2．关于电源和电流，下列说法中正确的是 （　　）
A．单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，电流越大
B．电流有方向，所以电流是矢量
C．公式中W是电场力做的功
D．电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领，其他形式的能转化越多，电动势就越大
3．关于电流，下列说法中正确的是（　　）
A．通过导体横截面的电荷量越多，电流越大
B．电子运动的速率越大，电流越大
C．单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，导体中的电流越大
D．因为电流有方向，所以电流是矢量
4．关于电源和电流下列说法正确的是
A．因为电流有方向，所以电流是矢量
B．通过导体截面的电荷量越多，电流越大
C．电源是将电能转化为其他形式的能的装置
D．电源能把自由电子从正极搬运到负极
5．如图所示，一根横截面积为S的长直导体棒，每米含有的自由电荷数为n，每个自由电荷的电量为q，当自由电荷以速度v定向运动时，导体棒中的电流大小（　　）
A．nqv B． C．nqvS D．
6．下列说法中正确的是（ ）
A．电流的方向就是电荷移动的方向
B．电流都是由电子的移动形成的
C．在直流电源对外供电的过程中，外电路上电流的方向是从电源正极流向负极
D．电流是有方向的量，所以是矢量
7．电源、开关、小灯泡、电压表等连接成如图所示的电路，小灯泡上标有“0.6A1.5W”字样，电源的电动势为3V，电压表为理想表，导线电阻不计。闭合开关，小灯泡恰好正常发光。小灯泡正常发光时，一分钟内通过灯泡的电荷量为（　　）
A．0.6C B．3.6C C．36C D．360C
8．一段导线中的电流是1.0 A，在30 s内通过这段导线某一横截面的电荷量是（　　）
A．10 C B．20 C C．30 C D．40 C
9．一根横截面积为S的铜导线，通过电流为I。已经知道铜的密度为ρ，铜的摩尔质量为M，电子电荷量为e，阿佛加德罗常数为NA，设每个铜原子只提供一个自由电子，则铜导线中自由电子定向移动速率为（　　）
A． B． C． D．
10．下列关于电流的说法中，正确的是（　　）
A．电荷的运动形成电流
B．电流的大小与导体横截面积成正比
C．电流既有大小又有方向，所以电流是矢量
D．由可知，电流越大，单位时间内通过导体横截面的电荷量就越多
11．某电解池，如果在1s内共有5×1018个二价正离子和1×1019个一价负离子通过面积为0.1m2的某横截面，那么通过这个横截面的电流是（元电荷的电荷量为1.6×10－19C）（　　）
A．0 B．0.8A C．1.6A D．3.2A
12．在10s内通过电解槽某一横截面向右迁移的正离子所带的电量为2C，向左迁移的负离子所带电量为3C，那么电解槽中电流强度大小为 （ 　）
A．0.5A B．0.2A C．0.3A D．0.1A
13．关于电流，下列说法中正确的是（　　）
A．通过导线截面的电荷量越多，电流越大
B．电子运动的速率越大，电流越大
C．单位时间内通过导体截面的电荷量越多，导体中的电流越大
D．电荷运动的方向就是电流方向
14．如图所示，一根横截面积为S的均匀长直橡胶棒上带有均匀的负电荷，每单位长度上电荷量为q，当此棒沿轴线方向做速度为v的匀速直线运动时，由于棒运动而形成的等效电流大小为（　　）
A．qv B． C．qvS D．
二、多选题（本大题共4小题）
15．关于电流，下列说法中正确的是(　　)
A．通过导体截面的电荷量越多，电流越大
B．电路中电流大小与通过截面电荷量q成正比与时间t成反比
C．单位时间内通过导线横截面的电荷量越多，导体中的电流就越大
D．金属导体内的持续电流是自由电子在导体内的电场力作用下形成的
16．金属自由电子气理论认为金属中的自由电子好像气体分子一样，总是在不停地做无规则热运动，由于自由电子会与金属离子发生碰撞，其在金属中的运动轨迹是“曲折”的路线，当存在外加电场E时，自由电子在杂乱无章的热运动基础上会叠加一个沿电场力方向的定向移动，如图所示，大量自由电子沿同一方向的定向移动形成了宏观的电流，通常情况下，电流稳定时，自由电子定向移动的速率约为，自由电子热运动的速率约为，可以将金属导电问题简化为下述过程：自由电子每次与金属离子碰撞后，定向移动速率变为0；接着自由电子在电场力的作用下重新加速获得定向移动速度，直到再次与金属离子发生碰撞，根据以上信息，下列说法正确的是（　　）
A．相较于自由电子的定向移动速率，热运动速率对碰撞频率影响更大
B．相较于自由电子的热运动速率，定向移动速率对碰撞频率影响更大
C．E恒定时，若碰撞频率升高，金属中自由电子定向移动形成的电流不变
D．E恒定时，若碰撞频率升高，金属中自由电子定向移动形成的电流变小
17．电流为的电流流经一横截面积为的导线，已知单位体积导线内有个自由电子，电子电量为，电子定向移动的速率为，则在单位时间内通过导线横截面的自由电子数为（　　）
A． B． C． D．
18．一段粗细均匀的导线的横截面积为S，导线内自由电子的电荷量为e，导线单位长度内自由电子数为n1，导线单位体积内自由电子数为n2，自由电子定向运动的速率为v，单位时间内通过某一横截面的自由电子数为n3。则导线中的电流为（　　）
A．n1eSv B．n1ev C．n2eSv D．n3e
三、填空题（本大题共4小题）
19．北京正、负电子对撞机的储存环是长240m的近似圆形轨道，若电子的速率为光速大小的十分之一，当环中的电流为10mA时，在整个环中运行的电子数目为
20．在金属导体中，若5s内通过导体横截面的电荷量为10C，则导体中的电流I= A；电流方向与导体中电子定向移动方向 （填“相同”或“相反”）。
21．一个半径为的绝缘圆盘，绕垂直圆盘的转动轴以角速度沿逆时针方向匀速转动，圆盘边缘上均匀地分布着一圈电荷，电性均为负，单位圆弧上所带的电荷量为，当圆盘转动时，这些电荷所形成的电流大小 ，电流的方向为 。
22．某电解质溶液，如果在内共有个二价正离子和个一价负离子通过某截面，那么通过电解质溶液的电流是 。
四、非选择题（本大题共4小题）
23．如图所示为一电学元件的I﹣U图线，求：
（1）此电学元件的电阻多大
（2）在此电学元件两端加6V电压后，5秒内通过电阻横截面的电荷量是多少？
24．雷雨天气电闪雷鸣，形成一幅壮观的自然景象，如图所示。某中学实验小组的同学为了探究闪电形成的条件，在实验室进行了模拟。假设某次实验时产生的电压为、电流为，该放电过程持续的时间为。则：
(1)该放电过程放出的电荷量为多少？如果放电过程电荷以0.5A的电流通过电灯（正常发光），则可供电灯照明的时间为多少？
(2)该放电过程对外释放的电能应为多少？
25．有一个电子射线管（阴极射线管），当从阴极射出的电子，形成的电流为5.6μA时，每秒钟从阴极发射出的电子数目为多少？（已知e = 1.60 × 10 - 19C）
26．将电动势为3.0 V的电源接入电路中，测得电源两极间的电压为2.4 V.当电路中有6 C的电荷流过时，求：
(1)有多少其他形式的能转化为电能；
(2)外电路中有多少电能转化为其他形式的能；
(3)内电路中有多少电能转化为其他形式的能.
参考答案
1．【答案】A
【详解】
A、电流的定义式I=q/t采用的是比值定义法，具有比值定义法的共性是普遍适用，适用于任何电荷的定向移动形成的电流；故A正确.
B、由I=nqsv可知，电流的大小跟导体的材料(决定n)，导体的横截面积(s)和电荷定向移动的速率(v)共同决定；故B错误.
C、物理学中把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向，负电荷定向移动的反方向是电流的方向；故C错误.
D、电流有大小和方向，但方向是指沿着电荷运动的直线上，不同于矢量的方向；故电流是标量；故D错误.
故选A.
2．【答案】A
【详解】
A．由电流的定义式
知单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，电流越大，故A正确；
B．电流有方向，但是是标量，规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，故B错误；
C．公式
中W是非静电力力做的功，表示把其他形式的能转化为电能的多少，故C错误；
D．在电源内部移动电荷时，非静电力做功的本领越大，电源电动势越大，与非静电力做功的多少无关，故D错误。
故选A。
3．【答案】C
【详解】
AC．物理学中把每秒钟通过导体任一横截面的电荷量（简称电量）叫做电流强度，通过导体横截面的电量越多，但时间不知道，电流强度不一定大，故A错误，C正确；
B．在时间内通过金属导体的电流强度为，所以电子速率大，电流强度不一定大，故B错误；
D．电流强度是标量，故D错误。
故选C。
4．【答案】D
【详解】
电流有大小，有方向，运算的时候遵守代数运算法则，电流是标量，故A错误；公式是电流强度的定义式，电流的大小与通过导体截面的电荷量的大小无关，故B错误．电源是把其他形式的能转化为电能的装置，比如电池能把化学能转化为电能．故C错误．在电源内部，依靠非电场力搬运电荷，即把自由电子从正极搬迁到负极的．故D正确；故选D.
5．【答案】A
【详解】
在t时间内电荷移动的距离，已知每米含有的自由电荷数为n，则在t时间内通过导体某一横截面的电荷数，在t时间内通过导体某一横截面的电荷量，根据题意可得，电流强度，A正确．
6．【答案】C
【详解】
电流的方向就是正电荷定向移动的方向 ，选项A错误；电流不都是由电子的移动形成的，有的是由离子视为定向移动产生的，选项B错误；在直流电源对外供电的过程中，外电路上电流的方向是从电源正极流向负极，选项C正确；电流是有方向的量，但是电流是标量，选项D错误；故选C．
7．【答案】C
【详解】
闭合开关，小灯泡恰好正常发光，说明小灯泡中的电流达到额定电流，即0.6A，因此在一分钟内通过小灯泡的电荷量是
q=It=0.6×60C=36C
ABD错误，C正确。
故选C。
8．【答案】C
【详解】
由电流强度的定义式可得
故选C。
9．【答案】A
【详解】
设自由电子定向移动的速率为v，导线中自由电子从一端定向移到另一端所用时间为t，对铜导体研究，每个铜原子可提供一个自由电子，则铜原子数目与自由电子的总数相等，为
t时间内通过导体截面的电荷量为
则电流强度为
得
故BCD错误，A正确。
故选A。
10．【答案】D
【详解】
A．电荷做定向移动时才能形成电流，可以是正电荷的定向移动，也可以是负电荷的定向移动，A错误；
B．根据
则
只有在电压，导体长度，材料相同时，电流的大小与导体横截面积成正比，B错误；
C．电流有方向，但电流的计算不能用平行四边形定则，故是标量，C错误；
D．由
可知，电流的大小等于单位时间内通过导体横截面的电荷量，所以电流越大，单位时间内通过导体横截面的电荷量就越多，D正确 。
故选D。
11．【答案】D
【详解】
由题意，1s内通过横截面正离子的电荷量为
q1=2n1e
负离子的电荷量绝对值为
q2=n2e
则电流为
代入解得
I=3.2A
故选D。
12．【答案】A
【详解】
试题分析：根据电流强度的公式，A对，BCD错．
考点：本题考查电流强度的公式．
点评：本题学生需要明确，在电解液中求电流强度时，电量要用正负电荷量的绝对值之和．
13．【答案】C
【详解】
AC．物理学中把每秒钟通过导体任一横截面的电荷量(简称电量)叫做电流强度，通过导体横截面的电量越多，但时间不知道，电流强度不一定大，故C正确，A错误；
B．由
可知电子运动的速率越大，电流不一定越大，电流大小还与n、q、S有关，故B错误；
D．电流有方向，其方向规定为正电荷运动方向，故D错误。
故选C。
14．【答案】A
【详解】
1 s内棒通过的长度
l＝vt
总电荷量
Q＝ql＝qvt
则
故选A。
15．【答案】CD
【详解】AC.根据电流的定义式：，可知单位时间内通过导体某横载面的电荷量越多，导体中的电流就越大，而通过导体某一横载面的电荷量越多，电流不一定越多，还与时间有关，A错误，C正确．
B.公式：，是电流强度的定义式，是q与时间t的比值，不能说电流大小与通过截面电荷量q成正比，与时间t成反比，B错误；
D.根据电流的形成条件可知，金属导体内的持续电流是自由电子在导体内的电场作用下形成的，D正确．
16．【答案】AD
【详解】AB．自由电子热运动的速率约为，自由电子定向移动的速率约为，由于，则说明热运动更容易发生碰撞，即相较于自由电子的定向移动速率，热运动速率对碰撞频率影响更大，B错误，A正确；
CD．E恒定时，碰撞频率升高，则单位时间自由定向移动量减少，自由电子定向移动形成的电流变小，C错误，D正确。选AD。
17．【答案】AC
【详解】根据电子的微观表达式，可以求得单位时间通过导线横截面的电荷量为
在单位时间内通过导线横截面的自由电子数为
故选AC。
18．【答案】BCD
【详解】根据电流定义式可得，根据电流微观表达式可得，根据电流定义式可得，选BCD。
19．【答案】个
【详解】
电子转一圈的时间为
整个环中电子的电量为
Q=It=10×10-3×8×10-6C=8×10-8C
所以电子的数目为
个
20．【答案】2A；相反；
【详解】
[1]在金属导体中，若5s内通过导体横截面的电荷量为10C，则导体中的电流
[2]电流方向是正电荷与导体中电子定向移动方向相反。
21．【答案】；顺时针方向
【详解】
[1]设周期为
[2]由于电荷电性为负，所以电流的方向为顺时针方向。
22．【答案】5.12A
【详解】
内通过截面正离子的电荷量为
负离子的电荷量绝对值为
则电流为
将，，，代入解得
23．【答案】（1）；（2）
【详解】
（1）根据电阻的定义式
可知，代入图像中数据得
（2）当在此电学元件两端加6V电压时，根据欧姆定律
则5秒内通过电阻横截面的电荷量为
24．【答案】(1)20C，40s；(2)
【详解】
(1)根据电流的定义式可解得
即放电过程放出的电荷量为20 C。可供电灯照明的时间应为
(2)该放电过程对外释放的电能为
25．【答案】3.5 × 1013个
【详解】
根据电流定义式有
整理有
26．【答案】(1)18 J；(2)14.4 J；(3)3.6 J
【详解】
（1）W=Eq=18 J，电源中共有18 J其他形式的能转化为电能；
（2）W1=U1q=14.4 J，外电路中共有14.4 J电能转化为其他形式的能；
（3）由能量守恒求出W2=W–W1=3.6J．
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一、单选题（本大题共14小题）
1．某小灯泡的I-U图线如图所示，现将该小灯泡与一节电动势E=1.5 V、内阻r=0.5 Ω的干电池组成闭合电路，电源的总功率和小灯泡的实际电功率约为（　　）
A．1.8 W　0.75 W B．1.8 W　1.1 W
C．1.5 W　0.75 W D．1.5 W　1.1 W
2．下列关于各种材料的说法中正确的是（　　）
A．陶瓷、橡胶、水银、碳都是很好的绝缘材料 B．超导体是一种电阻很大的材料
C．铝、碳、铁、玻璃都是很好的磁性材料 D．银、铜、铝等都是很好的导体
3．用比值法定义物理量是物理学中一种很重要的思想方法，以下属于用比值法定义的物理量是（ ）
A．电场强度 B．电场强度
C．电容 D．电阻
4．一粗细均匀的圆柱形金属丝，电阻率为，电阻为。若将它拉成长度是原来的2倍的金属丝后，其电阻率为，电阻为，则（　　）
A． B． C． D．
5．关于材料的电阻率，下列说法正确的是( 　　 )
A．把一根长导线截成等长的三段，则每段的电阻率都是原来的
B．材料的电阻率随温度的升高而增大
C．纯金属的电阻率较合金的电阻率小
D．电阻率是反映材料导电性能好坏的物理量，电阻率越大的导体对电流的阻碍作用越大
6．如图所示，某用电器与电源距离为，线路上的电流为，若要求线路上的电势差不超过，已知输电导正线的电阻率为，那么该输电导线的横截面积的最小值是（　　）
A． B． C． D．
7．如图所示，鸟儿能够安全地站在裸露的高压电线上，这是因为（　　）
A．鸟的身体是绝缘体
B．鸟爪表面有绝缘层
C．鸟爪之间导线的电阻很小
D．鸟爪之间没有电压
8．滑动变阻器Rˊ和固定电阻R接成如图所示的电路，已知R两端电压恰好等于Rˊ两端总电压U的一半，那么变阻器滑动端P的正确位置是在变阻器Rˊ的（ ）
A．中点位置 B．中点偏下
C．中点偏上 D．条件不足，无法确定
9．用比值法定义物理量是物理学中一种很重要的思想方法，以下属于用比值法定义的表达式是（　　）
A．磁感应强度 B．电场强度
C．电容 D．电阻
10．对于欧姆定律的理解，下列说法中正确的是（　　）
A．欧姆定律适用于一切导电物质
B．由 可知，导体的电阻跟它两端的电压成正比，跟通过它的电流成反比
C．由可知，通过电阻的电流跟它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比
D．对纯电阻元件，它两端的电压与通过它的电流的比值一定保持不变
11．有一种“电测井”技术，用钻头在地上钻孔，在钻孔中进行电特性测量，可以反映地下的有关情况，一钻孔如图所示，其形状为圆柱状，半径为，设里面充满浓度均匀的盐水，其电阻率，现在钻孔的上表面和底部加上电压，测得，，则该钻孔的深度约为（　　）
A．40m B．80m C．100m D．120m
12．关于下列电阻和电阻率的说法正确的是（　　）
A．把一根均匀导线分成等长的两段，则每部分的电阻、电阻率均变为原来的一半
B．由可知，
C．所有材料的电阻率随温度的升高而增大
D．对某一确定的导体当温度升高时，若不计导体的体积和形状变化，发现它电阻增大，说明该导体材料的电阻率随温度的升高而增大
13．小灯泡通电后其电流 I 随所加电压 U 变化的图线如图所示，P 为图线上一点，PN 为图线的切线，PQ 为 U 轴的垂线，PM 为 I 轴的垂线．则下列说法中正确的是（ ）
A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻不变
B．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小
C．对应 P 点，小灯泡的电阻为
D．对应 P 点，小灯泡的电阻为
14．有甲乙两导体，甲的电阻是乙的一半，而单位时间内通过导体乙横截面的电荷量是甲的两倍，则一下说法正确的（ )
A．甲乙两导体中的电流相同
B．乙导体中的电流是甲导体的2倍
C．甲乙两导体两端的电压相同
D．乙导体两端的电压是甲的2倍
二、多选题（本大题共4小题）
15．在一次实验中某同学用电流表测出了流过导体A的几组电流，用电压表测出了导体A两端对应的几组电压，通过描点连线得出了A的U－I图像，把导体A改换为导体B，得出了B的U－I图像，如图所示，下列说法正确的是（　　）
A．对导体A，当通过的电流为I1时，电阻为R1，当通过的电流为I2时，电阻为R2，则
B．导体A的电阻随电流的增大而增大
C．导体A的电阻大于导体B的电阻
D．的值反映了导体A对电流的阻碍作用比导体B的小
16．对于常温下一根阻值为R的均匀金属丝，其伏安特性曲线如图所示，下列说法中正确的是
A．常温下，若将金属丝均匀拉长为原来的10倍，则电阻变为10R
B．常温下，若将金属丝从中点对折起来，电阻变为
C．给金属丝加上的电压逐渐从零增大到，则任一状态下的比值不变
D．金属材料的电阻率随温度的升高而增大
17．由欧姆定律导出和，下列叙述中正确的是（　　）
A．由知，导体的电阻由两端的电压和通过的电流决定
B．导体的电阻由导体本身的性质决定，跟导体两端的电压及流过导体的电流的大小无关
C．对于确定的导体，其两端的电压和流过它的电流的比值等于它的电阻值
D．电流相同时，电阻越大，其电压降越大
18．小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线过P点的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，则下列说法中正确的是（　　）
A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大
B．对应P点，小灯泡的电阻为
C．对应P点小灯泡的电阻为
D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积
三、填空题（本大题共4小题）
19．两根同种材料的电阻丝，长度之比1∶2，截面积之比为1∶2，则两根电阻丝的电阻之比为 。
20．如图所示是甲、乙两个导体的I—U图线，则导体甲的电阻 导体乙的电阻（填“大于”、“等于”或“小于”），当电流为3A时，导体乙上消耗的电功率为 W。
21．如图甲所示为做“探究电流与电压的关系”的实验时所连接的电路，电源电压为，滑动变阻器上标有“ ”字样。
（1）闭合开关，移动滑片到某一位置时，电压表的示数为，读出对应的电流值。接着要将电压表调到电压为，此时应将滑片向 移动到适当位置。
（2）根据记录的电流随电压的变化的数据作出了如图乙所示的图像，根据图像可知：在电阻一定时， 。
（3）接着利用该电路和已有的器材再另加三个定值电阻（、、）来“探究电流与电阻的关系”，要求获得四组实验数据，则电压预设值的范围为 。
22．图为某同学用电流表和电压表测量电阻的部分实验电路图。在某次测量中，电压表的示数为14.0V，电流表的示数为0.20A，根据测量数据，可计算出电阻Rx= Ω。若仅考虑电流表内阻的影响，实验中电压表的测量值 （选填“大于”或“小于”）电阻Rx两端的电压。
四、非选择题（本大题共8小题）
23．实验中会存在误差，物理学中把测量值与真实值之差与真实值之比叫做相对误差，即。如图所示为测量电阻R的阻值时的部分电路、某次测量中测得电压表示数，电流表示数。不考虑偶然误差的影响。
（1）根据电流表、电压表示数，求电阻的测量值；
（2）已知电压表内阻，电流表内阻，求电阻的真实值；
（3）求此次测量的相对误差，（结果保留一位有效数字）
24．和是材料相同、厚度不相同、表面为正方形的导体，的厚度为的厚度的2倍，的表面尺寸比的表面尺寸大。在两导体上加相同的电压，通过两导体的电流方向如图所示，求通过两者的电流的大小之比。
25．在测电阻的实验中，待测电阻约为，电压表的内阻约为，电流表的内阻约为。如图，测量电路中电流表的连接方式有两种。计算结果由计算得出，式中与分别为电压表和电流表的读数。若将图甲和图乙中电路测得的电阻值分别记为和，则其中哪一个更接近真实值？这个值比真实值偏大还是偏小？请说明原因。
26．有一个小灯泡上标有“4V 2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的U-I图线，有下列器材供选用；
A．电压表（0～5V，内阻10KΩ） B．电压表（0～10V，内阻20KΩ）
C．电流表（0～0.3A ，内阻1Ω） D．电流表（0～0.6A，内阻0.4Ω）
E.滑动变阻器（5Ω，10A） F.滑动变阻器（500Ω，0.2A）
填空题
(1)实验中电压表应选用 ，电流表应选用 ；（用序号字母表示）
填空题
(2)为使实验误差尽量减小，要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用 （用序号字母表示）。
简答题
(3)请在方框内画出满足实验要求的电路图 ，并把图中所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图。
27．已知某定值电阻的额定电流为，其标称的电阻值是。为测量该定值电阻在额定电流下电阻的实际值，某同学用电流表、电压表、滑动变阻器、直流电源等器材组成实验电路（如图）。不考虑电表内阻对电路的影响，图中哪些器材的连接有错误？请说出错在哪里，并用彩色笔把它纠正。
28．有一只标值为“2.5V，xW”的小灯泡，其额定功率的标值已模糊不清。某同学想通过测绘灯丝伏安特性曲线的方法来测出该灯泡的额定功率：
简答题
(1)已知小灯泡的灯丝电阻约为5Ω，请先在图甲中补全用伏安法测量灯丝电阻的电路图 ，再选择电流表、电压表的合适量程，并按图甲连接方式将图乙中的实物连成完整的电路 ；
填空题
(2)开关S闭合之前，应将图乙中滑动变阻器的滑片置于 （选填“A端”、“B端”或“AB正中间”）；
填空题
(3)该同学通过实验作出了灯丝的伏安特性曲线如图丙所示，则小灯泡的额定功率为 W。
29．某同学欲描绘“”小灯泡的伏安特性曲线，提供的实验仪器有：
A．电压表V1（量程，内阻为）；
B．电压表V2（量程，内阻为）；
C．滑动变阻器（，允许通过的最大电流为）；
D．滑动变阻器（，允许通过的最大电流为）；
E.电流表A（量程，内阻约为）；
F.定值电阻（阻值为）；
G.定值电阻（阻值为）；
H.电源（电动势为，内阻为）；
I.开关、导线若干。
（1）为了精确测量，在实验过程中，电压表应选用___________，滑动变阻器应选用___________。（均填器材前的字母）
（2）请在虚线框内画出“描绘小灯泡伏安特性曲线”的实验电路图________。
（3）实验中该同学误将小灯泡的伏安特性曲线描绘成了如图所示的图像，由图可知小灯泡的电阻随电流的增大而__________（填“增大”、“不变”或“减小”），当电压表的示数为时，小灯泡的电阻约为__________（保留两位有效数字）。
（4）若将此小灯泡与定值电阻串联后接在电源两端，则小灯泡的实际功率约为__________。（保留两位有效数字）
30．某物理兴趣小组要研究一个小灯泡的伏安特性，他们手中的实验器材如下：
电流表：量程为，内阻；
电流表A2：量程为，内阻；
定值电阻：阻值为；
定值电阻：阻值为；
滑动变阻器：最大阻值约为；
电源E：电动势约为，内阻可忽略；
开关及导线若干。
该实验要求没有系统误差滑动变阻器调节过程中，两电流表指针偏角的调节范围要尽可能大设计电路如图所示。
(1)图中R应选择定值电阻 （填写器材后面的代号）；
(2)若两电流表、A2的示数分别表示为、，利用、、、或写出计R算小灯泡L功率的表达式P= ；
(3)实验时，闭合开关S，逐次改变滑动变阻器滑片位置并读取相应和，某次实验数据为，，此时灯丝电阻R= 。
(4)为保证小灯泡安全，不能超过 。
参考答案
1．【答案】B
【详解】电源的外电压与电流的关系为
作路端电压与电流的关系图线，如图所示
交点所对应的电压，电流，则灯泡的实际功率
电源的总功率
故选B。
2．【答案】D
【详解】
A．水银是导体，故A错误；
B．超导体是一种电阻为0的材料，故B错误；
C．铝、碳、玻璃不是磁性材料，故C错误；
D．银、铜、铝等都是很好的导体，故D正确。
故选D。
3．【答案】A
【分析】所谓“比值定义法”，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法，与定义的物理量无关。
比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用物理量的变化而改变。
【详解】A. 电场强度与放入电场中的电荷无关，所以属于比值定义法，选项A正确；
B. 电场强度是电场强度的决定式，其大小与Q以及r均有关系，不属于比值定义法，选项B错误；
C. 电容是电容的决定式，其大小与、S以及d均有关系，不属于比值定义法，选项C错误；
D. 电阻是电阻的决定式，其大小与、以及S均有关系，不属于比值定义法，选项D错误。
故选A。
4．【答案】C
【详解】
AB．电阻率由金属本身性质决定，不会变化，故AB均错误；
CD．当将电阻长度拉成原来的2倍后，由
可知在体积一定时，横截面积变为原来的，再由电阻定律
可知电阻变为原来的4倍，即
故C正确，D错误。
故选C。
5．【答案】C
【详解】
A．把一根长导线截成等长的三段，则每段的电阻都是原来的1/3，但是电阻率是不变的，选项A错误；
B．只有金属材料的电阻率随温度的升高而增大，有的材料的电阻率随温度升高而减小，选项B错误；
C．纯金属的电阻率较合金的电阻率小，选项C正确；
D．电阻率是反映材料导电性能好坏的物理量，同等长度和截面积的导体，电阻率越大的导体对电流的阻碍作用越大，选项D错误；
故选C。
6．【答案】B
【详解】
由欧姆定律及电阻定律可得
解得
故选B。
7．【答案】C
【详解】鸟的本身是导电的，鸟爪表面也没有绝缘层，同时鸟也不具有耐高压性，能站在电线上的原因是因为小鸟并联在两脚之间的导线上，而导线长度很小，该部分导体的电阻小，小鸟鸟爪两端的电压很小，根据，通过鸟儿的电流极小，不会对小鸟造成危害。选C。
8．【答案】C
【详解】
已知R两端电压恰好等于R′两端总电压的一半，根据串联电路的分压规律有
即有
（、分别是变阻器上、下两部分的电阻），则，变阻器滑动端P应在变阻器的中点偏上位置。
故选C。
9．【答案】A
【详解】在磁场中垂直于磁场方向放置的通电导线，所受的磁场力F跟电流I和导线长度L的乘积IL的比值叫磁感应强度，即是比值法定义的表达式，A正确；电场强度是点电荷的电场强度的决定式，B错误；电容是电容的决定式，电容的比值定义式为，C错误；是电阻定律，是电阻R的决定式，D错误。
10．【答案】C
【详解】
A．欧姆定律适用于纯电阻电路或电解质导电，不是适用于一切导电物质；故A错误；
B．导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与电压电流无关，故B错误；
C．欧姆定律的内容为：通过导体的电流跟它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比，故C正确；
D．对电阻不变的纯电阻元件，它两端的电压与通过它的电流的比值不变，等于电阻，故D错误；
11．【答案】B
【详解】设转孔内盐水电阻为R，由部分电路欧姆定律可得
解得
由电阻定律
可得该钻孔的深度约为
故选B。
12．【答案】D
【详解】A．电阻决定式为，可知把一根均匀导线分成等长的两段，则每部分的电阻变为原来的一半，但电阻率与温度和材料有关，与其他因素无关，电阻率不变，A错误；
B．电阻率与材料和温度有关，与导体电阻，长度，横截面积都无关，B错误；
C．电阻率与温度的关系有三种情况：金属的电阻率随温度升高而增大；半导体的电阻率随温度升高而减小；当温度降低到绝对零度附近时，某些材料的电阻率突然减小为零，成为超导体。故C错误；
D．由电阻决定式为，对某一确定的导体当温度升高时，若不计导体的体积和形状变化，发现它电阻增大，说明该导体材料的电阻率随温度的升高而增大。故D正确。选D。
13．【答案】D
【详解】
A、图线上的点与原点连线的斜率逐渐减小，说明随着所加电压的增大，电阻逐渐增大，故AB错误；
C、对应P点，根据欧姆定律可知小灯泡的电阻为，故C错误，D正确．
14．【答案】B
【详解】
AB．由电流的定义式可知，乙的电流是甲的两倍，故A错误，B正确；
CD．根据可得U=IR，可知乙两端的电压是甲两端电压的4倍，故CD错误。
故选B。
15．【答案】AC
【详解】
A．电阻由U与I的比值定义，由图可知
故A正确；
B．A的U－I图像斜率不变，电阻不变，故B错误；
CD．U－I图像斜率越大，电阻越大，说明导体对电流的阻碍作用越大，由图像可知导体A的电阻大于导体B的电阻，故C正确，D错误。
故选AC。
16．【答案】BD
【详解】
A：常温下，若将金属丝均匀拉长为原来的10倍，横截面积减小为，电阻率不变，根据电阻定律，电阻增大为100倍．故A项错误．
B：常温下，若将金属丝从中点对折起来，长度变为一半，横截面积变为2倍，电阻率不变，根据电阻定律，电阻变为．故B项正确．
C：给金属丝加上的电压逐渐从零增大到，由图象可得金属丝电阻变大．故C项错误．
D：给金属丝加上的电压逐渐从零增大到，由于电功率增加，导致温度会略有升高，由图象得金属丝电阻变大，又横截面积和长度均不变，则金属电阻率会随温度的升高而增大．故D项正确．
17．【答案】BCD
【详解】
AB．导体电阻由导体材料、长度、横截面积等决定，与电压、电流无关，故A错误，B正确；
C．由
可知，对某一导体来说，其两端电压和流过它的电流的比值就是它的电阻值，故C正确；
D．根据
可知，一定的电流流过导体，电阻越大，两端电压越大，其电压降越大，故D正确。
故选BCD。
18．【答案】ABD
【详解】
A．随着所加电压的增大，图线的斜率不断减小，故小灯泡的电阻增大，A正确；
BC．对应P点，小灯泡的电阻为
B正确，C错误；
D．由于功率为
故对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积，D正确。
故选ABD。
19．【答案】
【详解】根据电阻定律表达式，可得两根电阻丝的电阻之比为
20．【答案】小于；90；
【详解】
①在I—U图像中，斜率的倒数在数量上等于导体的电阻。有图可知，导体甲的斜率大于导体乙，则导体甲的电阻小于导体乙；
②由图可知，当电流为3A时，导体乙两端的电压为90V，则其消耗的电功率为
21．【答案】左；电流与电压成正比；；
【详解】
（1）[1]要使电压表示数增大，则应使电路电流增大，则应增大滑动变阻器接入电路电流，则应该将滑片向左移动到适当位置。
（2）[2]根据图像可知，在电阻一定时，电流与电压成正比。
（3）[3]根据串联电路的规律和分压原理有
有
故电压表控制的最小示数
因电流表选用小量程，故电路中的最大电流0.6A, 此时定值电阻最小为，由欧姆定律，电压表控制的最大电压为
故要求获得四组实验数据，则电压预设值的范围是。
22．【答案】70；大于
【详解】[1]由欧姆定律可得
[2]由于电流表的分压作用，实验中电压表的测量值大于电阻Rx两端的电压。
23．【答案】（1）15Ω；（2）14.7Ω；（3）2%
【详解】
（1）电阻的测量值
（2）电阻的真实值
（3）此次测量的相对误差
24．【答案】
【详解】
设导体的厚度为d，表面的边长为L，电阻率为，根据电阻定律得导体的电阻
根据欧姆定律
故可知电压相同时，通过两者的电流与厚度成正比，则
25．【答案】，偏大，原因见解析
【详解】
因为
所以该电阻阻值更接近电压表内阻，采用电流表内接法有利于减小测量误差，即利用图甲测量的结果更接近真实值。图甲电路，因为电流表分压，所以电压表测量的电压偏大，而电流表测量的电流准确，所以根据欧姆定律可知
则，测量结果偏大。
26．【答案】
（1）A；
（2）D；E；
（3） ； ；
【详解】
(1)[1]灯泡额定电为4V，故电压表应选择5V的量程，故电压表选A。
[2]由
可知，电流为
故电流表应选择D。
(2)[3]由于本实验要求电压表从零开始调节，故应采用分压接法，滑动变阻器选择阻值较小的E。
(3)[4]由(2)的分析可知，本实验应采用滑动变阻器分压接法；灯泡内阻为
则可知
故应采用电流表外接法；电路图如图所示
[5]根据电路图可得出对应的实物图如图所示
27．【答案】电压表选用小量程接线错误；电流表的正、负极接线柱接线错误；选用电源电压及接线柱接线错误；滑动变阻器接线错误，
纠正后的电路图如下图所示：
【详解】
解：某定值电阻的额定电流是0.3A，其标称电阻值是25Ω，由欧姆定律可知，其额定电压约是
U=IR=0.3×25V=7.5V
因此电压表应选大量程与定值电阻并联；电源电压应大于7.5V，应选12V的电源电压；
电流表的正、负极接线柱接线错误；
滑动变阻器与电阻串联；
因此电压表选用小量程接线错误；电流表的正负极接线柱错误，选用电源电压及接线柱接线错误；滑动变阻器接线错误；
纠正后的电路图如下图所示：
28．【答案】
（1）；；（2）B端；
（3）1.1；
【详解】
(1)[1]测定伏安特性电压电流需从0开始测起，滑动变阻器采用分压式接法，灯泡的电阻约为5，属于小电阻，电流表采取外接法。灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表选择0~3V量程的，灯泡的额定电流约为
则电流表量程选择0~0.6量程，电路图如图所示
[2]按电路图连接实物图，实物图如图所示
(2)[3]开关S闭合之前，将图乙中滑动变阻器的滑片应置于B端，使测量电路部分处于短路状态，闭合电键时，电压表、电流表示数为零，起到保护作用。
(3)[4]当电压U=2.5V时，I=0.44A，则
P=UI=2.5×0.44W=1.1W
29．【答案】 A C 见详解 增大 12 0.45（0.44~0.46均给分）
【详解】（1）[1][2]根据小灯泡的额定电压可知，电压表量程太大，因此电压表选用，但需要改装，改装时串联电阻，将其量程扩大为，为了调节滑动变阻器时小灯泡的电流和电压从零开始变化，滑动变阻器采用分压接法，则滑动变阻器应选。
（2）[3]小灯泡电阻较小，电流表采用外接法，结合（1）中分析，“描绘小灯泡伏安特性曲线”的实验电路图为
（3）[4]图像中图线的斜率表示电阻的大小，根据题的可知，随着电流的增大，图线斜率变大，则电阻变大，故小灯泡的电阻随电流的增大而增大。
[5]由电路图可知，当电压表的示数为时，小灯泡两端的电压
由题中图像可知，此时流过小灯泡的电流约为，则小灯泡的电阻约为
（4）[6] 若将此小灯泡与定值电阻串联后接在电源两端，根据闭合回路的欧姆定律有
整理得
在图像中画出此关系式得图线如图所示
由图像可知，此时小灯泡两端的电压约为，电流约为，则小灯泡的实际功率约为
30．【答案】；；；150
【详解】
(1)[1]因为小灯泡L额定电压为，和电压之和等于小灯泡电压，当和电压之和为时，若选，与电阻之和，的示数小于，而实验要求在实验时，电流表指针偏角能调节到尽可能大的位置。故图中应选择定值电阻。
(2)[2]经过小灯泡L电流为
电压
(3)[3]由
代入数据得
(4)[4]灯泡电压
不能超过。
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第 page number 页，共 number of pages 页暑假学习：第11章--13章综合检测练习试卷（预习练习）----2025-2026学年人教版必修第三册物理高二年级上学期
一、单选题（本大题共10小题）
1．如图所示，将两个半径相同、粗细相同、互相垂直的圆形导线圈固定在一起，其圆心恰好重合，两线圈通有相同大小的电流.设每个线圈中电流在圆心处产生的磁感应强度均为，则圆心处的磁感应强度大小是（ ）
A. B. C. D.
2．在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用。下列叙述符合史实的是（　　）
A．安培发现了电流的磁效应，并总结出判定电流的磁场方向的方法—右手螺旋定则
B．奥斯特发现了电磁感应现象
C．法拉第发现了电磁感应现象并总结了产生感应电流的条件
D．库仑发现了磁感线是客观存在的描绘磁场强弱和方向的曲线
3．某实验装置如图所示，在铁芯P上绕着两个线圈A和B。如果线圈A中电流i随时间t的关系有图所示的A、B、C、D四种情况，那么在到这段时间内，哪种情况线圈B中没有感应电流（　　）
A． B．
C． D．
4．下列关于电磁波的说法正确的是（　　）
A．X射线穿透力较强，可用来进行人体透视
B．紫外线能在磁场中偏转，有很强的荧光效应，可用于防伪
C．麦克斯韦建立了电磁场理论并证实了电磁波的存在
D．红外体温计是依据体温计发射红外线来测量体温的
5．在我们的生产生活中很多应用都与电磁波有关，则下列说法正确的是（　　）
A．验钞机检验钞票真伪体现了紫外线的荧光作用
B．X射线和射线都可以探测金属构件内部的缺陷，X射线还可以摧毁病变细胞，治疗某些癌症
C．红外线的显著作用是热效应，温度较低的物体不能辐射红外线
D．麦克斯韦预言了电磁波并在实验室证实了电磁波的存在
6．某位同学想测量电流产生的磁场的磁感应强度，具体做法是：把一个废旧表盘放在水平桌面上，把一根小磁针放在表盘安装指针的立柱上，小磁针静止时N极指向12点；在小磁针上方15cm处沿着6点、12点方向水平放置一根通电直导线，通电直导线的电流从12点流向6点，小磁针静止时N极指向1点。该同学查阅资料得知此地的地磁场水平分量，该通电直导线在小磁针处产生磁场的磁感应强度大小为（　　）
A． B． C． D．
7．如图1所示，用充电宝为一手机电池充电，其等效电路如图2所示。在充电开始后的一段时间t内，充电宝的输出电压U、输出电流I可认为是恒定不变的，设手机电池的内阻为r，则时间t内（　　）
A．充电宝输出的电功率为 B．手机电池产生的焦耳热为
C．手机电池产生的焦耳热为 D．手机电池储存的化学能为
8．如图所示为汽车蓄电池与车灯（电阻不变）、启动电动机组成的电路，蓄电池内阻为0.05Ω。电流表和电压表均为理想电表，只接通S1时，电流表示数为10A，电压表示数为12V；再接通S2，启动电动机工作时，电流表示数变为8A，则此时通过启动电动机的电流是（　　）
A．2A B．8A C．50A D．58A
9．有一种“电测井”技术，用钻头在地上钻孔，在钻孔中进行电特性测量，可以反映地下的有关情况，一钻孔如图所示，其形状为圆柱状，半径为，设里面充满浓度均匀的盐水，其电阻率，现在钻孔的上表面和底部加上电压，测得，，则该钻孔的深度约为（　　）
A．40m B．80m C．100m D．120m
10．如图所示，电源电动势、内阻分别为、，闭合开关，当滑动变阻器的滑片由左端向右端滑动时，下列说法正确的是（不考虑灯丝电阻随温度的变化，电压表为理想电表）（ ）
A．小灯泡变暗
B．电容器所带电荷量增加
C．小灯泡变亮
D．电压表读数变大
二、多选题（本大题共4小题）
11．如图所示，某水力发电站是我国最早自行设计建设的水电站，水库年径流量约为110亿立方米，年发电量为18.6亿千瓦时，上下游高度差约，里面装有九台水电机组，装机总容量（即九台机组一起工作时的功率）662.5兆瓦（1兆），只有在用电高峰期才会开启九台机组。设每户人家平均每月用电为155度，我们平时所说的一度电即为1千瓦时的电能，根据以上信息，以下分析正确的是（ ）
A．该水力发电站可以为户家庭供电
B．一年平均开启的发电机组约6台
C．水电站是将水的机械能转化为电能，该发电站的转化效率约为56%
D．3.3立方米的水从水库上游流下时，发出的电能约为一度电
12．关于电磁波，下列说法正确的是（　　）
A．电磁波在真空中的传播速度等于光速
B．周期性变化的电场和磁场可以相互激发，形成电磁波
C．电磁波不能在真空中传播
D．麦克斯韦提出了电磁场理论并证实了电磁波的存在
13．一段粗细均匀的导体的横截面积为S，流过其中的电流强度恒为I，导体每单位体积内的自由电子数为n，每个自由电子所带的电荷量为e，自由电子沿着导体定向移动的平均速率为v。在时间内，通过导体横截面的自由电子数为（　　）
A． B． C． D．
14．有一个直流电动机，把它接入0.2 V电压的电路中，电动机不转，测得流过电动机的电流是0.4 A；若把电动机接入2 V电压的电路中，正常工作时的电流是1 A，此时，电动机的输出功率是P出；如果在电动机正常工作时，转子突然被卡住，电动机的发热功率是P热，则（　　）
A．P出＝2 W B．P出＝1.5 W C．P热＝8 W D．P热＝0.5 W
三、填空题（本大题共4小题）
15．在横截面积为0.5 m2的电解液中:
(1)若5 s内沿相反方向通过电解液中某横截面的正、负离子的电荷量大小均为5 C，则电解液中的电流为　　　A；
(2)若5 s内到达阳极的负离子和到达阴极的正离子电荷量大小均为5 C，则电解液中的电流为　　　A。
16．如图所示，线圈A通过变阻器和开关连接到电源上，线圈B的两端连到灵敏电流表上，把线圈A放入线圈B的里面。下列几种情况，线圈B中不能产生感应电流的是 ，此实验表明：只要穿过闭合电路的 发生变化。闭合电路中就有感应电流产生。
A．开关闭合的瞬间
B．开关断开的瞬间
C．开关闭合，保持滑动变阻器的滑片不动
D．开关闭合，迅速移动滑动变阻器的滑片
17．如图是一种测定油箱油量多少或变化多少的装置，其中电源电压保持不变，是滑动变阻器，它的金属滑片是金属杆的一端。在装置中使用了一只电压表（图中没有画出），通过观察电压表示数，可以了解油量情况，你认为电压表应该接在图中的 两点之间，按照你的接法请回答：当油箱中油量减少时，电压表的示数将 （选填“增大”或“减小”）。
18．如图所示为研究一台微型电动机性能的电路，调整可变电阻R的阻值，直到电动机停止转动，这时两个电表的示数如图甲、乙所示，重新调整R的阻值使电动机正常运转，这时两个电表的示数如图丙、丁所示。则由两个电表的示数可知，电动机正常运转时消耗的电功率为________W，这时它的输出功率为________W。
四、非选择题（本大题共8小题）
19．下表所示的是某型号洗衣机铭牌中所列的部分技术数据，根据表中提供的数据，求：
额定电压
额定频率
额定洗衣、脱水功率
（1）在额定电压下洗衣或脱水时，通过洗衣机的电流；
（2）洗衣、脱水消耗的电能（单位用千瓦时）。
20．某同学准备利用下列器材测量蓄电池的电动势和内阻。
A．待测蓄电池
B．直流电流表A，量程为0.10A，内阻2.0Ω
C．定值电阻R0=2.0Ω
D．电阻箱R
E.导线和开关
根据如图甲所示的电路进行实验操作。
（1）闭合开关，多次调节电阻箱，记录下阻值R和电流表的相应读数I；
（2）利用测量数据，做图线，如图乙所示：
（3）通过图乙可得E= V（保留2位有效数字），r= Ω（保留2位有效数字）；
（4）实验测得电源电动势 真实值（“大于”、“小于”或“等于”）。
21．太阳光垂直照射到地面上时，地面接收太阳光的功率为1.4kW，其中可见光部分约占45%．
（1）假如认为可见光的波长约为，日地间距离，普朗克常量，估算太阳每秒辐射出的可见光光子为多少？
（2）若已知地球的半径，估算地球接收的太阳光的总功率．
22．在“测定金属的电阻率”实验中，所用测量仪器均已校准。待测金属丝接入电路部分的长度约为50 cm。
（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，某次测量结果如图所示，其读数应为 mm（该值接近多次测量的平均值）；
（2）用伏安法测金属丝的电阻（约为5 Ω）。实验所用器材为：电源（电压3V，内阻可忽略）、电流表（内阻约0.1Ω）、电压表（内阻约3kΩ）、滑动变阻器R（0~20Ω，额定电流2A）、开关、导线若干。某小组同学利用以上器材正确连接好电路，进行实验测量，记录数据如下表：
次数 1 2 3 4 5 6 7
U/V 0.10 0.30 0.70 1.00 1.50 1.70 2.60
I/A 0.020 0.060 0.160 0.220 0.340 0.460 0.520
由上表数据可知，他们测量是采用下图中的 （选填“甲”或“乙”）图；
（3）如图所示是测量的实验器材实物图，图中已连接了部分导线，请根据第（2）问所选的电路图，补充完成图中实物间的连线 ；
（4）这个小组的同学在坐标纸上建立U、I坐标系，如图所示，图中已标出了测量数据对应的4个坐标点，并描绘出U—I图线：由图线得到金属丝的阻值，根据以上数据可以估算出金属丝的电阻率约为 （填选项前的符号）。
A．1×10-2 Ω·m　　　　
B．2.0×10-3 Ω·m
C．2.5×10-6 Ω·m　 　
D．3.0×10-8 Ω·m
23．如图所示的电路中，电源电动势，内阻，电阻，当开关S断开时，电流表的示数为1.5A，电压表的示数为3.0V，试求：
(1)电阻R1和R3的阻值；
(2)当S闭合后，电压表的示数；
(3)R2上消耗的电功率。
24．如图所示，电源电动势E=V，小灯泡L的规格为“V，.W”，开关S接，当滑动变阻器调到R=Ω时，小灯泡L正常发光，现将开关S接，小灯泡L和电动机M均正常工作，已知电动机的线圈电阻R=Ω。求：
（1）电源内阻；
（2）电动机效率。
25．实验室有一卷铜导线，某同学想通过实验测定其实际长度。
（1）该同学首先用螺旋测微器测得导线直径大小为。
（2）根据铜导线的长度，他估计其电阻大约为，随后他设计了一个实验，较为准确地测定了这卷铜导线的电阻，实验室有以下器材供选择：
A．电池组（，内阻约）；
B．电流表（，内阻约）；
C．电流表（，内阻约）；
D．电压表（，内阻约）；
E．电压表（，内阻约）；
F．滑动变阻器（，允许最大电流）；
G．滑动变阻器（，允许最大电流）；
H．保护电阻；
I．开关、导线若干。
（3）①除了选项A、H和I外，电流表应选用 ，电压表应选用 ，滑动变阻器应选用 。（填写器材前的编号）
②为了使测量结果尽量准确，且从零开始多测几组数据，该同学设计了下图所示电路，其中保护电阻与铜导线串联，请用笔画线完成剩余部分的连接 。
③通过上述实验，设测出的铜导线电阻为，查询资料知道铜的电阻率为，若用表示铜导线的直径，请写出计算铜导线长度的表达式 。
26．某同学要用电阻箱和电压表测量某水果电池组的电动势和内阻，考虑到水果电池组的内阻较大，为了提高实验的精度，需要测量电压表的内阻。实验室中恰好有一块零刻度在中央的双向电压表，该同学便充分利用这块表，设计了如图所示的实验电路，既能实现对该电压表内阻的测量，又能利用该表完成水果电池组电动势和内阻的测量。该同学用到的实验器材有：待测水果电池组（电动势约V、内阻约），双向电压表（量程为V、内阻约为），电阻箱（~），滑动变阻器（~），一个单刀双掷开关及若干导线。
(1)该同学按如图所示电路图连线后，首先测量了电压表的内阻。请完善测量电压表内阻的实验步骤：
①将R的滑动触片滑至最左端，将开关S拨向位置，将电阻箱阻值调为；②调节R的滑动触片，使电压表示数达到满偏U；③保持R不变，调节R，使电压表的示数达到，读出电阻箱的阻值，记为R，则电压表的内阻RV= 。
(2)若测得电压表内阻为，可分析此测量值应 （填“大于”“等于”或“小于”）真实值。
(3)接下来测量电源的电动势和内阻，实验步骤如下：
①将开关S拨至 （填“”或“”）位置，将R的滑片移到最 端，不再移动；
②调节电阻箱的阻值，使电压表的示数达到一合适值，记录电压表的示数和电阻箱的阻值；
③重复第二步，记录多组电压表的示数和对应的电阻箱的阻值。
(4)若将电阻箱与电压表并联后的阻值记录为R，作出图像，如图所示，其中纵轴截距为b，斜率为k，则电动势的表达式为 ，内阻的表达式为 。
参考答案
1．【答案】B
【解析】两通电线圈在圆心处产生的磁感应强度方向相互垂直，故圆心处的磁感应强度大小为，故正确.
2．【答案】C
【详解】A．奥斯特发现了电流的磁效应，安培总结出判定电流的磁场方向的方法—右手螺旋定则，A错误；
BC．法拉第发现了电磁感应现象并总结了产生感应电流的条件，B错误；C正确；
D．为了形象地描述磁场的强弱和方向，法拉第提出了磁感线的概念，但磁感线并不是客观存在的，D错误。选C。
3．【答案】A
【详解】由图示可知，通过A的电流发生变化，电流产生的磁感应强度发生变化，穿过B的磁通量发生变化，才能产生感应电流，由图示可知，在到这段时间内，BCD图中线圈A中的电流发生变化，线圈B中会产生感应电流，而A图中电流不变，在线圈B上不产生感应电流。选A。
4．【答案】A
【详解】A．X射线穿透力较强，可用来进行人体透视，A正确；
B．紫外线有很强的荧光效应，可用于防伪，但不带电，不能在磁场中偏转，B错误；
C．麦克斯韦建立了电磁场理论并预言了电磁波的存在，赫兹通过实验证实了电磁波的存在，C错误；
D．红外体温计是依据人体发射红外线来测量体温的，不是体温计发射红外线，D错误。选A。
5．【答案】A
【详解】A．验钞机检验钞票真伪体现了紫外线的荧光作用，选项A正确；
B．X射线是一种波长比紫外线还短的电磁波，它的穿透力很强。在工业上可用于检查工件内部是否有砂眼、裂纹等缺陷；医学上可用来透视人体，检查体内的病变和骨骼情况。γ射线是比X射线波长更短的电磁波，其穿透能力比X射线更强，因此工业上常用来进行探伤；医学上，则利用其强穿透能力来杀死病态细胞，治疗癌症等疾病，选项B错误；
C．红外线的显著作用是热效应，任何物体都能辐射红外线，选项C错误；
D．麦克斯韦预言了电磁波，赫兹在实验室证实了电磁波的存在，选项D错误。选A。
6．【答案】A
【详解】通电直导线的电流从12点流向6点，小磁针静止时N极指向1点，偏转角度为30°，该通电直导线在小磁针处产生磁场的磁感应强度大小为，选A。
7．【答案】D
【详解】A．充电宝的输出电压U、输出电流I，所以充电宝输出的电功率为，A错误；
BC．U是充电宝的输出电压，不是手机电池的内电压，所以不能用计算手机电池产生的焦耳热，根据焦耳定律可知手机电池产生的焦耳热为，BC错误；
D．充电宝输出的电能一部分转化为手机电池储存的化学能，一部分转化为手机电池产生的焦耳热，根据能量守恒定律可知手机电池储存的化学能为，D正确。选D。
8．【答案】C
【详解】只接S1时，由闭合电路欧姆定律得，车灯电阻为，再接通S2后，流过电动机的电流为，C正确，ABD错误。选C。
9．【答案】B
【详解】设转孔内盐水电阻为R，由部分电路欧姆定律可得，解得，由电阻定律，，可得该钻孔的深度约为，选B。
10．【答案】D
【详解】当滑动变阻器的滑片由左端向右端滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，变阻器与灯并联的电阻增大，外电路总电阻增大，路端电压增大，电压表的读数变大，D正确；灯泡的电压增大，灯泡变亮，A错误；由闭合电路欧姆定律可知，流过电源的电流减小，灯泡变暗，C错误；由于电容器两端电压减小，由可得电容器所带电荷量减少，B错误．
11．【答案】AC
【详解】A．用户的总用电量为
解得
故A正确；
B．设一年平均开启的发电机组为m组根据
解得
故B错误；
C．水的重力势能为
年发电量为
该发电站的转化效率约为
故C正确；
D．3.3立方米的水从水库上游流下时，减少的重力势能为
一度电
易知3.3立方米的水从水库上游流下时，发出的电能小于一度电。故D错误。
故选AC。
12．【答案】AB
【详解】A．电磁波在真空中的传播速度等于光速，选项A正确；
B．如果在空间区域中有周期性变化的电场，那么它就在空间引起周期性变化的磁场，这个变化的磁场又引起新的变化的电场，于是变化的电场和变化的磁场交替产生，由近及远地向周围传播，从而形成了电磁波，选项B正确；
C．电磁波可以在真空中传播，选项C错误；
D．麦克斯韦提出了电磁场理论并预言电磁波的存在，赫兹用实验证实了电磁波的存在，选项D错误。
故选AB。
13．【答案】AD
【详解】AB．时间内，电子定向移动的距离
通过导体横截面的自由电子数
解得
A正确，B错误；
CD．根据
解得
C错误，D正确。
故选AD。
14．【答案】BC
【详解】当电动机不转时，电动机的内阻为
电动机正常工作时输出功率为
P出=U2I2﹣I22r=1.5W．
卡住后热功率
故选BC。
15．【答案】(1)2，(2)1
【解析】(1)电解液中，电流是由正、负离子同时向相反方向定向移动形成的，通过横截面的总电荷量是两种离子电荷量绝对值之和，根据电流的定义式可得I= A=2 A。
(2)到达阳极的只有负离子，到达阴极的只有正离子，则实际通过某横截面的电荷量为q=5 C，根据电流的定义式可得I= A=1 A。
【易错分析】不理解通过某一横截面的电荷量与到达某一电极的电荷量的区别造成错解。
电路中的电流I=，q应为通过某一横截面的电荷量，电解液中阳极只有负离子参与反应，阴极只有正离子参与反应，因此计算时只需用一个电极的电荷量计算即可。解题时要注意电荷通过的是哪个截面以及电荷运动的方向，避免看见电荷量就直接相加的错误。
16．【答案】C；磁通量
【详解】
[1]当开关闭合或者断开的瞬间，以及开关闭合，迅速移动滑动变阻器的滑片时，都会引起线圈A中电流的变化，导致穿过线圈B的磁通量变化，从而产生感应电流；而开关闭合，保持滑动变阻器的滑片不动时，电路中电流不变，则线圈中磁通量不变，不会产生感应电流，故选C。
[2]此实验表明：只要穿过闭合电路的磁通量发生变化。闭合电路中就有感应电流产生。
17．【答案】cd/dc ；减小
【详解】[1][2]该装置中，当油量减小，浮标将下降带动金属杆转动，从而使滑动变阻器接入电路中的电阻增大，导致整个回路中电阻增大，根据闭合电路的欧姆定律可知，回路中电流减小，将电压表接在定值电阻cd两端，随着油量的减小，定值电阻两端的电压将减小，可通过电压表示数的减小从而判断油量的减小。
18．【答案】 48.0 32.0
【详解】[1][2]题图所示的电路中，当电动机停止转动时，由图甲、乙的示数可测得电动机内电阻的值为
r＝＝＝4.00
当电动机正常运转时，由图丙、丁的示数可计算出电动机消耗的电功率
P＝U2I2＝24.0×2.00W＝48.0W
这时它的输出功率为
P出＝P－Ir＝48.0W－2.002×4.00W＝32.0W
19．【答案】（1）；（2）
【详解】（1）根据可得，通过洗衣机的电流为。
（2）根据可得洗衣、脱水消耗的电能为。
20．【答案】 2.0 1.0 等于
【详解】（3）[1][2]将电流表与定值电阻并联，电流表量程
所以将电流表量程扩大了2倍，根据闭合电路欧姆定律
整理得
图像斜率为
根据
解得
将（10，12）代入解得
（4）[3]因为实验中电表内阻已知，对实验没有影响，所以测得电源电动势等于真实值。
21．【答案】（1）个 （2）
【详解】(1)设地面上垂直于阳光的面积上每秒钟接收的可见光光子数为n，则有，设想一个以太阳为球心、以日地间距离为半径的大球面包围着太阳，大球面接收的光子数即等于太阳辐射的全部光子数，则所求可见光光子数，联立得个．
(2)地球背着太阳的半个球面没有接收太阳光，地球向阳的半个球面面积也不都与太阳光垂直．接收太阳光辐射且与阳光垂直的有效面积是以地球半径为半径的圆平面的面积，则地球接收太阳光的总功率P，则有
22．【答案】0.600；甲；；C
【详解】（1）[1]螺旋测微器固定刻度读数为0.5 mm，可动刻度读数为
所以最终读数为
（2）[2]从给出的数据可知，电流表和电压表的读数从零开始且变化范围较大，所以滑动变阻器采用的应是分压式接法，即采用的是甲图。
（3）[3]根据原理图得出对应的实物图如图所示
（4）[4]由图线得到金属丝的阻
根据得
解得
故选C。
23．【答案】(1) ；(2)；(3)。
【详解】(1)S断开时，由，得，又由，求得；
(2)S闭合时，、并联电阻，回路总电流，
电压表示数为；
(3)上消耗的功率。
24．【答案】（1）Ω；（2）%
【详解】（1）小灯泡正常发光时的电阻为，流过小灯泡的电流，当开关S接时，电源内阻为
（2）当开关S接时，灯泡正常发光，电路中的电流与开关S接时的电流相同，所以电动机的正常工作电压，电动机的输入功率，而它的热功率，则它输出的机械功率，电动机的效率
25．【答案】 C D F
【详解】（3）①[1][2][3]电源电动势为6V，电压表选择D，，内阻约，电路最大电流约为
电流表应选C，量程为0.6A，内阻约，为方便实验操作，滑动变阻器应选F，；
②[4]为了使测量结果尽量准确，且从零开始多测几组数据，则用分压式电路，因待测电阻约为，根据
可知待测电阻阻值偏小，故用电流表外接法；实物电路图如图所示：
③[5]由电阻定律得
解得
26．【答案】；大于；左；；
【详解】(1)滑动变阻器接入电路的阻值不变，电压表与电阻箱两端电压不变，电压表示数变为满偏电压时，则电阻箱分压，电阻箱接入电路的阻值等于电压表内阻的倍，则电压表内阻．
(2)调节电阻箱阻值使电压表示数变为满偏电压的时，电路总电阻变大，电路总电流变小，滑动变阻器与电源内阻分压变小，电阻箱与电压表两端总电压变大，当电压表示数变为满偏电压时，电阻箱两端电压大于电压表满偏电压的，实际上电压表内阻小于，则电压表内阻的测量值偏大．
(3)①测电源电动势与内阻，应将开关S拨至位置，将R的滑动触片移到最左端，不再移动．
(4) 由图示电路图可知，在闭合电路中，电源电动势，则 ，由图示图象可知，图象截距，图象斜率，则电源电动势，电源内阻．
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第 page number 页，共 number of pages 页第12讲实验：导体电阻率的测量（预习练习）----2025-2026学年人教版必修第三册物理高二年级上学期
一、单选题（本大题共14小题）
1．测量力学单位制中三个基本物理量的仪器分别是（　　）
A．弹簧秤、秒表、刻度尺 B．体重计、秒表、刻度尺
C．天平、秒表、刻度尺 D．天平、力传感器、刻度尺
2．下列仪器能用于测量电阻的仪器是（　　）
A．电磁打点计时器 B． 弹簧测力计
C． 电压表 D． 多用电表
3．如图是用电压表和电流表测电阻的一种连接方法，为待测电阻。如果考虑到电表内阻对测量结果的影响，则（　　）
A．电流表示数大于通过的实际电流，根据测量计算的值大于真实值
B．电流表示数等于通过的实际电流，根据测量计算的值大于真实值
C．电压表示数大于两端的实际电压，根据测量计算的值小于真实值
D．电压表示数等于两端的实际电压，根据测量计算的值小于真实值
4．某同学通过实验测定阻值约为的电阻，用内阻约为的电压表，内阻约为的电流表进行测量。他设计了图甲和图乙两种电路，下列说法正确的是（　　）
A．实验中应采用图甲电路，此电路测得的偏大
B．实验中应采用图乙电路，此电路测得的偏大
C．实验中应采用图甲电路，误差主要是由电压表分流引起的
D．实验中应采用图乙电路，误差主要是由电流表分压引起的
5．用电流表和电压表测量电阻Rx的阻值。如图所示，分别将图a和b两种测量电路连接到电路中，按照a图时，电流表示数为4.60 mA，电压表示数为2.50 V；按照b图时，电流表示数为5.00 mA，电压表示数为2.30 V，比较这两次结果，正确的是（　 　）
A．电阻的真实值更接近543 Ω，且大于543 Ω
B．电阻的真实值更接近543 Ω，且小于543 Ω
C．电阻的真实值更接近460 Ω，且大于460 Ω
D．电阻的真实值更接近460 Ω，且小于460 Ω
6．某待测电阻约100Ω左右，电压表内阻为3000Ω，电流表内阻为0.2Ω，采用伏安法测电阻时，应选择电流表何种接法，测量误差较小，测量值比真实值相比如何（　　）
A．内接法，比真实值偏大 B．外接法，比真实值偏大
C．内接法，比真实值偏小 D．外接法，比真实值偏小
7．用不同的工具测量某物体的长度时，有下列不同的结果：①2.4cm ②2.37cm ③2.372cm ④2.3721cm。其中，用五十分度的游标卡尺测量的结果是（　　）
A．① B．② C．③ D．④
8．用伏安法测阻值约为10Ω的电阻，已知电流表内阻约为0.1Ω，电压表内阻约为10kΩ，则（　　）
A．应采用内接法，测量值偏小
B．应采用内接法，测量值偏大
C．应采用外接法，测量值偏小
D．应采用外接法，测量值偏大
9．用电流表和电压表测量电阻R的阻值。当按照如图甲所示的方式接入电路测量时，电流表的示数为5.50mA，电压表的示数为2.75V；当按照如图乙所示的方式接入同一电路测量时，电流表的示数为5.55mA，电压表的示数为2.22V。图甲、图乙中的电流表和电压表相同，下列说法正确的是（　　）
A．电阻的真实值更接近400Ω，且大于400Ω
B．电阻的真实值更接近400Ω，且小于400Ω
C．电阻的真实值更接近500Ω，且大于500Ω
D．电阻的真实值更接近500Ω，且小于500Ω
10．用图示的电路可以测量电阻的阻值．图中Rx是待测电阻，R0是定值，G是灵敏度很高的电流表，MN是一段均匀的电阻丝．闭合开关，改变滑动头P的位置，当通过电流表G的电流为零时，测得MP=l1，PN=l2，，则Rx的阻值为（ ）
A． B． C． D．
11．如图所示，甲、乙两图分别为测灯泡电阻R的电路图，下列说法错误的是（　　）
A．甲图的接法叫电流表外接法，乙图的接法叫电流表内接法
B．甲图中R测>R真，乙图中R测C．甲图中误差由电压表分流引起，为了减小误差，应使R RV，故此法测较小电阻好
D．乙图中误差由电流表分压引起，为了减小误差，应使R RA，故此法测较大电阻好
12．用电流表和电压表测量电阻R的阻值。当按照如图甲所示的方式接入电路测量时，电流表的示数为5.50mA，电压表的示数为2.75V；当按照如图乙所示的方式接入同一电路测量时，电流表的示数为5.55mA，电压表的示数为2.22V。图甲、图乙中的电流表和电压表相同，下列说法正确的是（　　）
A．电阻的真实值更接近400Ω，且大于400Ω
B．电阻的真实值更接近400Ω，且小于400Ω
C．电阻的真实值更接近500Ω，且大于500Ω
D．电阻的真实值更接近500Ω，且小于500Ω
13．用图示的电路可以测量电阻的阻值．图中Rx是待测电阻，R0是定值，G是灵敏度很高的电流表，MN是一段均匀的电阻丝．闭合开关，改变滑动头P的位置，当通过电流表G的电流为零时，测得MP=l1，PN=l2，，则Rx的阻值为（ ）
A． B． C． D．
14．如图所示的伏安法测电阻电路中，电压表的内阻为3kΩ，读数为3V；电流表内阻为10Ω，读数为4mA．待测电阻R的真实值等于 ( )
A．750Ω B．760Ω
C．1000Ω D．1010Ω
二、多选题（本大题共4小题）
15．在伏安法测电阻的实验中，待测电阻Rx约为200Ω，电压表V的内阻约为2kΩ，电流表A的内阻约为10Ω，测量电路中电表的连接方式如图（a）或图（b）所示，若将由图（a）和图（b）中电路测得的电阻值分别记为Rx1和Rx2，则下了说法正确的是（　　）
A．Rx1更接近真实值
B．Rx2更接近真实值
C．Rx1大于真实阻值，Rx2小于真实阻值
D．Rx1小于真实阻值，Rx2大于真实阻值
16．如图所示，若考虑电表内阻的影响，用两表示数算出，则（　　）
A．R测比R的真实值大 B．R测比R的真实值小
C．引起误差的原因是电压表分流 D．引起误差的原因是电流表分压
17．如图所示的电路中，电压表和电流表的读数分别为10V和0.1A，电流表的内阻为0.2Ω，那么有关待测电阻Rx的下列说法正确的是（　　）
A．Rx的测量值比真实值大 B．Rx的测量值比真实值小
C．Rx的真实值为99.8Ω D．Rx的真实值为100.2Ω
18．用伏安法测未知电阻 时，若不知的大约数值，为了选择正确的电流表接法以减小误差，可将仪器如图所示接好，只空出一个电压表的一个接头 K，然后将 K 分别与 a，b 接触一下，观察电压表和电流表示数变化情况，则（ ）
A．若电流表示数有显著变化，K 应按 a
B．若电流表示数有显著变化，K 应按 b
C．若电压表示数有显著变化，K 应按 a
D．若电压表示数有显著变化，K 应按 b
三、填空题（本大题共4小题）
19．用精密方法测得某工件的长度为，若用毫米刻度尺测该工件的长度时，读数为 ；若用游标为10分度的游标卡尺测它的长度时，读数为 ；若用游标为50分度的游标卡尺测它的长时，读数为 。
20．某同学用螺旋测微器测量一金属丝的直径，测微器的示数如图所示。该金属丝直径的测量值为 mm。
21．如图所示的电路为用伏安法测量金属电阻R的电路图，当S接a时，电压表示数为2.7V，电流表示数为5.0mA，当S接b时，电压表示数为2.8V，电流表示数为4.0mA，该电阻测量值较准确的数值等于 Ω，测量值 （填“大于”、“小于”或“等于”）真实值。
22．用游标为50分度的卡尺(测量值可准确到0.02mm)测定某圆筒的内径时，卡尺上的标数如图所示，可读出圆筒的内径为 mm.
四、非选择题（本大题共8小题）
23．请撰写“长度的测量及测量工具的选用”的实验报告，注意在报告中呈现设计的实验方案、实验步骤、实验表格，以及数据分析过程和实验结论。
24．正确读出图中各表的读数：
（1）如图甲，接0~0.6A量程时读数为 A。
（2）图乙中螺旋测微器的读数是 mm，图丙中游标卡尺的读数是 mm。
25．在测定金属电阻率的实验中，需要使用螺旋测微器测量金属导线的直径，如图是某次测量时仪器的示数情况，请你读出其测量值。
26．学校物理兴趣小组用如图甲所示的电路测量电阻（阻值约为）的阻值，图中电源电动势适当，内阻很小，电阻箱的调节范围为，主要实验步骤如下：
①正确连接电路，将滑动变阻器R的滑片移至N端；
②调节，使接入电路的阻值适当，闭合开关S，再移动滑动变阻器R的滑片，使电流表A1的示数，记下此时电阻箱的阻值和电流表A2的示数；
③重复步骤②，再获得6组和值；
④将实验测得的7组数据在坐标纸上描点，如图丙所示。
（1）实验中，可能用到如下规格的电流表：
A．电流表（量程为，内阻为）；
B．电流表（量程为，内阻未知）；
C．电流表（量程为，内阻为）．
A1应选用 ，A2应选用 。
（2）根据图甲，用笔画线代替导线，将图乙中的实物连接成测量电路 。
（3）在电流表选用及电路连接均正确的情况下，结合图丙可得的阻值的测量值为 （结果保留三位有效数字）。
（4）若开始时A1的示数为，下列两种做法中，可使A1的示数调为的是 。
A．仅调节电阻箱，使接入电路的阻值变大
B．仅移动滑动变阻器R的滑片，使R接入电路的阻值变小
27．某同学想设计一个测量金属棒电阻率的实验方案，实验室提供的器材有：
A．电流表A1（内阻，满偏电流
B．电流表A2（内阻约为，量程为）
C．定值电阻（）
D．滑动变阻器（最大电阻为）
E．两节干电池
F．一个开关和导线若干
G．螺旋测微器，游标卡尺
（1）如图1，用螺旋测微器测金属棒直径为 mm；如图2用20分度游标卡尺测金属棒长度为 cm。
（2）用多用电表粗测金属棒的阻值：当用“”挡时发现指针偏转角度过大，他应该换用 挡（填“”或“”），换挡并进行一系列正确操作后，指针静止时如图3所示，则金属棒的阻值约为 。
（3）请根据提供的器材，设计一个实验电路，要求尽可能精确测量金属棒的阻值。( )
（4）若实验测得电流表A1示数为，电流表A2示数为，则金属棒电阻的表达式为 。（用，，，表示）
28．v为方便测量纯净水样品的电阻，将采集的水样装入绝缘性能良好的薄塑料圆柱形容器（容器壁厚度可忽略）内，容器两端用金属圆片电极（内阻可忽略）密封，如图1所示。
（1）该同学用游标卡尺（10分度）测量塑料圆柱容器的长度，读数如图2所示，则该容器的长度是 cm。
（2）该同学用螺旋测微器测量该容器的直径时，某次测量的读数如图3所示，则该容器的直径是 mm。
（3）该同学使用多用电表测量其电阻。测量步骤如下：
①调节指针定位螺丝，使多用电表指针指着 （填“电流、电压零刻度”或“电阻零刻度”）
②将选择开关旋转到“Ω”挡的“×10”位置。
③将红黑表笔分别插入“+”“-”插孔，并将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使电表指针对准 。
④将红黑表笔分别与样品两端接触，发现表针几乎不偏转，应 （填“增大”或“减小”）欧姆挡的倍率。之后 （填“需要”或“不需要”）再次欧姆调零。若多用电表欧姆挡倍率选择“×1K”时的读数如图4所示，则样品的电阻为 Ω。
⑤测量完毕，将选择开关旋转至OFF位置。
29．未知电阻约500 Ω左右，同学欲精确测定其阻值。可用器材有：电压表V（量程为3V，内阻很大），电流表A（量程为1mA，内阻为300 Ω），电源E（电动势约为4V，内阻不计），滑动变阻器R（最大阻值可选10 Ω或1.5kΩ），定值电阻（阻值可选75Ω或150Ω），开关S，导线若干。
（1）实验时，要将电流表量程扩大为5mA，应选阻值为 （填“75Ω”或“150Ω”）的定值电阻；
（2）要求通过的电流可在0~5mA范围内连续可调，图（a）中的R应选最大阻值为 （填“10Ω”或“1.5kΩ”）的滑动变阻器，并将图（a）的实验电路原理图补全；
（3）测量多组数据取平均可得的精确值。若在某次测量中，电压表、电流表的示数分别如图（b）和图（c）所示，则此时两端的电压为 V，流过的电流为 mA。此组数据得到的的阻值为 Ω（该空保留3位有效数字）。
30．滑动变阻器的结构如图所示，金属电阻丝绕在绝缘瓷筒上，A、B是其两个引出端，C、D是金属杆的两个端点，可在杆上滑动的金属滑片P把金属杆与电阻丝连接起来（可接触部位的绝缘漆已被刮去）。如果把A和C接线柱连入电路中，当滑片P由B向A移动时，接入电路的电阻阻值由大变小。请说出理由。
参考答案
1．【答案】C
【详解】
学单位制中三个基本物理量是质量、时间、和长度，测量这三个物理量的仪器分别是天平、秒表、刻度尺。
故选C。
2．【答案】D
【详解】A．电磁打点计时器是计时仪器，不能测量电阻，A错误；
B．弹簧测力计用来测量力的大小，B错误；
C．电压表测量电路中的电压，C错误；
D．多用电表可以用来测量电阻，D正确。选D。
3．【答案】B
【详解】由电路可知，电流表示数等于通过的实际电流，由于电流表的分压作用，使得电压表示数大于两端的实际电压，根据，可知，测量计算的值大于真实值。选B。
4．【答案】C
【详解】根据
故应采用电流表外接法，即实验中采用图甲电路图，由于电压表的分流作用，使得测量的电流值偏大，则根据
可知，测得电阻比真实值小，故ABD错误C正确。
故选C。
5．【答案】B
【详解】
两次测量电流表分压的变化
电压表分流示数变化
即电流表分压的变化较小，所以采用电流表内接，测量的更接近真实值，且测量值大于真实值；所以电流表内接法所测电阻
故ACD错误，B正确.
故选B。
6．【答案】A
【详解】
内外接法的选择依据是比较相对误差的大小，将待测电阻的阻值与电流表、电压表的阻值相比较得
由于
即电流表分压产生的误差远小于电压表分流产生的误差，故采用内接法。采用内接法测量时得到的电流是准确的，电压是偏大的，所以测得的电阻值偏大.
故选A。
7．【答案】C
【详解】A．最小分度为1厘米的刻度尺，测量结果需要估读到厘米的下一位，2.4cm是用厘米刻度尺测量的结果，故A错误；
B．最小分度为1毫米的刻度尺，测量结果需要估读到毫米的下一位，2.37cm是用毫米刻度尺测量的结果，故B错误；
C．五十分度的游标卡尺游标尺最小分度为0.02mm，不需要估读，读数最末一位应是2的整数倍，2.372cm是五十分度的游标卡尺测量结果，故C正确；
D．螺旋测微器可动刻度的最小分度为0.01mm，需要估读到0.01mm的下一位，2.3721cm是螺旋测微器测量的结果，故D错误。
故选C。
8．【答案】C
【详解】根据伏安法测电阻的原理，由于电流表内阻约为0.1Ω，电压表内阻约为10kΩ，待测电阻为10Ω，电压表内阻约为待测电阻的1000倍，待测电阻阻值约为电流表的100倍，由此可知该电阻为小电阻，故应采用电流表的外接法；在电流表外接法中，由于电压表的分流作用，电流表的测量值I大于真实值，由欧姆定律可知，电阻的测量值小于电阻的真实值，故C正确，ABD错误。
故选C。
9．【答案】A
【详解】
当按照如图甲和图乙所示的方式接入电路测量时，电流表的示数变
|△I|=5.55mA-5.50mA=0.05mA
电压表的示数变化
|△U|=2.75V-2.22V=0.53V
由此可知，电压表的示数变化大，说明电流表的内电阻影响大，采用电流表外接更准确，即采用图乙测量更准确，则电阻的真实值接近
根据外接法测量时，电流表的示数偏大，使得测得的电阻偏小，所以电阻的实际值大于400Ω，故A正确、BCD错误。
故选A。
10．【答案】C
【详解】
电阻丝MP段与PN段电压之比等于R0和Rx的电压比，即；通过电流表G的电流为零，说明通过电阻丝两侧的电流是相等的，而总电流一定，故通过R0和Rx的电流也相等，故；根据电阻定律公式，有；故，解得．
故选C．
11．【答案】B
【详解】
A．判断电路是内接法还是外接法主要是观察电流表的位置，甲图中电流表在并联电路之外，所以该接法叫电流表外接法，乙图中电流表在并联电路之内，所以该接法叫电流表内接法，故A正确，不符合题意；
B．甲图中，电压表测量值准确，又由于电压表的分流作用，电流表测量值偏大，根据欧姆定律，电阻测量值偏小，即R测R真，故B错误，符合题意；
C．甲图为电流表外接法，误差来源是由于电压表的分流作用，为了减小误差，应使电压表的分流尽量的小，则应使R RV，所以此法测较小电阻好，故C正确，不符合题意；
D．乙图为电流表内接法，误差来源由于电流表的分压作用，为了减小误差，应使电流表的分压尽量的小，则应使R RA，所以此法测较大电阻好，故D正确，不符合题意。
故选B。
12．【答案】A
【详解】
当按照如图甲和图乙所示的方式接入电路测量时，电流表的示数变
|△I|=5.55mA-5.50mA=0.05mA
电压表的示数变化
|△U|=2.75V-2.22V=0.53V
由此可知，电压表的示数变化大，说明电流表的内电阻影响大，采用电流表外接更准确，即采用图乙测量更准确，则电阻的真实值接近
根据外接法测量时，电流表的示数偏大，使得测得的电阻偏小，所以电阻的实际值大于400Ω，故A正确、BCD错误。
故选A。
13．【答案】C
【详解】
电阻丝MP段与PN段电压之比等于R0和Rx的电压比，即；通过电流表G的电流为零，说明通过电阻丝两侧的电流是相等的，而总电流一定，故通过R0和Rx的电流也相等，故；根据电阻定律公式，有；故，解得．
故选C．
14．【答案】C
【详解】
电阻R的测量值
,
电阻的真实值
由于电压表的分流，所以,即测量值比真实值要小
，
由
得
故选C。
15．【答案】AC
【详解】
CD．图（a）为电流表内接法，电流表示数准确而电压表示数偏大，故Rx1大于真实阻值，图（b）为电流表外接法，电压表示数准确而电流表示数偏大，故Rx2小于真实阻值，C正确，D错误；
AB．由于
，
故Rx属于大电阻，采用电流表内接法，电流表的分压作用较小，测量误差较小，即Rx1更接近真实值，若采用电流表外接法，电压表的分流作用较大，测量误差较大，A正确，B错误。
故选AC。
16．【答案】BC
【详解】
由于电压表的分流作用，使电流表的示数大于流过待测电阻的实际电流，导致R测比R的真实值小，AD错误，BC正确。
故选BC。
17．【答案】AC
【详解】
由欧姆定律可得
的真实值
则测量值偏大。
故选C。
18．【答案】BC
【详解】
AB.电流表示数有显著变化，说明电压表分流明显，电流表应采用内接法，K应接在b处，故A错误，B正确；
CD.如果电压表示数变化明显，电压表示数变化明显，说明电流表的分压明显，电流表应采用外接法，K应接在a处，故C正确，D错误．
19．【答案】1.64；1.64；1.638
【详解】
[1]刻度尺读数时需要估读，即读到最小刻度的下一位，读数为1.64cm；
[2]10分度的游标卡尺精度为，没有估读的，则读数为1.64cm；
[3]50分度的游标卡尺精度为，即尾数只能为偶数，则读数为1.638cm。
20．【答案】2.793（2.791～2.795mm之间均可）
【详解】
[1]测量值读数为
2.5mm＋0.01mm×29.3=2.793mm
21．【答案】700；大于
【详解】[1]电压的相对变化量为，电流的相对变化量为，电流表变化比电压表变化明显，是大电阻，采用内接法误差较小，所以该电阻较准确的数值为
[2]根据欧姆定律，采用内接法时，电压表的测量值偏大，所以电阻的测量值偏大，测量值大于真实值。
22．【答案】52.12
【分析】
由题中“用游标为50分度的卡尺(测量值可准确到0.02mm)测定某圆筒的内径时”可知，本题考查游标卡尺的读数，根据游标卡尺的读数规律可解答本题．
【详解】
此游标卡尺精度为0.02mm，读数值为52.12mm(第6条线与主尺对齐)．
23．【答案】略
24．【答案】
0.16 ；2.200 ；50.3
【详解】
（1）[1] 电流表接0～0.6A量程，由图示电流表可知，其分度值为0.02A，示数为0.16A
（2）[2] 螺旋测微器的读数
[3] 游标卡尺的读数
25．【答案】0.900mm/0.901mm/0.899mm
【详解】由图读出
26．【答案】 B ； C ； ；41.5（40.5~42.5均可给分） ； A
【详解】（1）[1][2]A1的示数需达到，结合题图丙可知A2的示数需达到，因此A1、A2的量程均应选择，根据题图甲有
整理得
设题图丙中图线的斜率为k，有
只有在已知的情况下，才能算出，故A1选用B，A2选用C。
（2）[3]实物连接电路；
（3）[4]根据
、可得
（4）[5]干路电流，要使变小，可使干路总电阻增大，即使R接入电路的阻值变大；要使变小，也可使A1这一支路的电阻增大，电路总电阻变大则干路电流变小，干路电压变小则并联电压变大，待测电阻支路电流变大则A1的电流变小。
故选A。
27．【答案】6.123/6.124/6.122；；；；见解析；
【详解】（1）[1]由图示螺旋测微器可知，其示数为
[2]由图示游标卡尺可知，其示数为
（2）[3]用欧姆表“”挡时发现指针偏转角度过大，说明所选挡位太大，应该换用挡，并进行一系列正确操作。
[4]由图3所示可知，则金属棒的阻约为
（3）[5]由题意可知，没有电压表，可以用电流表A1与定值电阻串联组成电压表测电压，用电流表A2测电流，由于改装后电压表内阻为，电流表内阻约为，待测电阻阻值约为，滑动变阻器最大阻值为，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，电压表内阻远大于电阻阻值，电流表应采用外接法，实验电路图如图所示：
（4）[6]金属棒电阻阻值
28．【答案】 2.05 5.226##5.225##5.227 电流、电压零刻度 欧姆零点 增大 需要 16000
【分析】本实验考查游标卡尺，螺旋测微器和欧姆表的读数方法，以及欧姆表的使用方法，考查考生的科学探究素养。
【详解】（1）[1]游标卡尺不需要估读，由游标卡尺的减法读数规则读取容器长度为
（2）[2]螺旋测微器需要估读，观察可知固定刻度未露半毫米刻度线，则容器的直径为
因估读存在一定误差，故结果在5.225～5.227均可。
（3）①[3]调节指针定位螺丝，使多用电表指针指着左侧零刻度，即“电流、电压零刻度”，调节指针定位螺丝是为了机械调零。
③[4]调节欧姆调零旋钮是为了欧姆调零，两表笔短接，外测电阻为零，调节欧姆调零旋钮，使电表指针对准右侧欧姆零点。
④[5][6]指针不偏转说明待测样品阻值太大，欧姆表应选择较大的倍率，更换倍率后需要再次欧姆调零。
[7]样品电阻为
29．【答案】 75Ω 10Ω 2.30 4.20 548
【详解】
（1）[1]通过的电流最大为5mA，需要将电流表量程扩大为原来的5倍，根据并联分流的规律示意图如右，根据并联分流，即并联电路中电流之比等于电阻的反比，可知
解得
（2）[2][3]电表从0开始测量，滑动变阻器应采用分压式接法，满足题中通过R，的电流从0~5mA连续可调，电路中R应选最大阻值为10Ω的滑动变阻器，方便电路的调节，测量效率高、实验误差小；电路图如图所示：
（3）[4]电压表每小格表示0.1V，向后估读一位，即V；
[5]电流表量程扩大为5倍，刻度“0.8”代表4mA，每小格表示0.1mA，估读到下一位，所以通过R，的电流为mA；
[6]根据欧姆定律可知
30．【答案】见解析
【详解】如果把A和C接线柱连入电路中，则有效的电阻是AP间的电阻丝的阻值，所以滑片P由B向A移动时，AP间的电阻丝的阻值变小，则接入电路的电阻阻值由大变小。
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第 page number 页，共 number of pages 页第13讲串联电路和并联电路（预习练习）----2025-2026学年人教版必修第三册物理高二年级上学期
一、单选题（本大题共14小题）
1．一同学在使用多用电表测量阻值约为几十欧姆的电阻时，该同学选择了欧姆挡的“”挡位，将两表笔接在电阻的两端。则下列说法正确的是（　　）
A．在测量光敏电阻的阻值时，光照越强，多用电表指针偏角越小
B．在测量负温度系数热敏电阻的阻值时，温度越低，多用电表指针偏角越大
C．在测量压敏电阻的阻值时，压力越大，多用电表指针偏角越大
D．在测量正温度系数热敏电阻的阻值时，温度越低，多用电表指针偏角越小
2．一个电流表的满偏电流，内阻，要把它改装成一个量程为的电压表，应在电流表上（　　）
A．串联一个的电阻 B．并联一个的电阻
C．串联一个的电阻 D．并联一个的电阻
3．小明在实验室练习使用多用电表，两次测量时选择开关指向分别如图甲、乙所示，结果指针所指位置完全相同，如图丙所示，则他两次测量的读数分别为：（　　）
A．22.0V，190Ω B．22.0V，220Ω C．1100V，22Ω D．1100V，19Ω
4．图甲、乙都是测灯泡电阻R的电路图，下列说法错误的是（　　）
A．在测灯泡电阻R时，图甲的接法叫电流表外接法，图乙的接法叫电流表内接法
B．图甲中R测>R真，图乙中R测C．图甲中误差由电压表分流引起，此法测较小电阻好
D．图乙中误差由电流表分压引起，此法测较大电阻好
5．如图所示电路中，表头G的内阻，满偏电流为定值电阻，若，下列说法正确的是（　　）
A．表头G的满偏电压为
B．使用两个端点时，可以用来测量大于的电流
C．使用两个端点时，可以用来测量电压，其量程为
D．使用两个端点时，可以用来测量电压，其量程为
6．一个用满偏电流为3mA的电流表改装而成的欧姆表，调零后用它测500Ω的标准电阻时，指针恰好指在刻度盘的正中间，如果用它测量一个未知电阻时，指针指在1mA处，则被测电阻的阻值为（　　）
A．2000 Ω B．15000Ω C．1000 Ω D．500 Ω
7．以下是来源于物理课本的一些插图，相关说法错误的是（　　）

图1：研究静电感应 图2：研究影响平行板电容器的影响因素

图3：小灯泡的伏安特性曲线 图4：单量程电流表原理示意图
A．图1中a端带正电
B．图2采用了控制变量法
C．图3显示灯泡电阻随温度升高而减小
D．图4中，并联的电阻R越小，改装后的电流表量程越大
8．如图是一个多用表欧姆挡内部电路示意图。电流表满偏电流0.5mA．内阻10Ω；电池电动势1.5V。内阻1Ω；滑动变阻器R0阻值范围为0~5000Ω。该欧姆表的刻度值是按电池电动势为1.5V刻度的，当电池的电动势下降到1.45V。内阻增大到4Ω时仍可调零。若测得某电阻阻值为600Ω，则这个电阻的真实值是（　　）
A． B． C． D．
9．一多量程多用电表的简化电路如图所示，该多用电表由一个小量程的电流表与若干元件组成，当转动选择旋钮S时，可实现不同的功能。下列关于多用电表的说法，正确的是（　　）
A．当S接通1或2时，为欧姆挡：当S接通3或4时，为电流挡
B．当S接通5或6时，为电压挡，接5时量程较大
C．电阻刻度上的零刻度线与直流电流最大刻度线相对应
D．电阻刻度是均匀的
10．有以下几种测量：① 用非理想电压表并联在电阻两端测电阻两端的电压；②用非理想电流表串联在电路中测所在电路的电流强度；③用外接法测定值电阻的阻值；④用内接法测定值电阻的阻值，不考虑偶然因素的影响，仅从实验原理上分析，上述测量的结果与对应的真实值相比分别是（ ）
A．偏大 偏大 偏小 偏大
B．偏小 偏小 偏小 偏大
C．偏大 偏小 偏大 偏小
D．偏小 偏大 偏大 偏小
11．关于电流表和电压表，下列说法正确的是（　　）
A．电流表的内阻为零
B．一般电流表的内阻非常大
C．一般电压表的内阻非常小
D．接入电压表会使电流发生较小的变化
12．如图所示，有一个表头G，满偏电流，内阻，把它改装为有3V和15V两种量程的电压表，则图中电阻、分别为（ ）
A．600Ω 3000Ω B．500Ω 2500Ω C．500Ω 2400Ω D．500Ω 3000Ω
13．将内阻，满偏电流的表头连接在如图所示的电路中，已知，，通过控制开关的闭合与断开，即可成为大量程的电流表或电压表。对此电路，下列说法正确的是（　　）
A．此电路改装成的电压表可用来测量的电压
B．此电路改装成的电流表可用来测量的电流
C．此电路可以将表头改装成两个量程的电压表
D．此电路只能将表头改装成一个量程的电流表
14．有两个完全相同的表头G，内电阻为Rg =100Ω，满偏电流为Ig=1mA。现将它们分别改装成量程为0.6A的电流表和量程为3V的电压表，需分别并联一个电阻R1和串联一个电阻 R2，则R1和R2的值分别为（　　）
A．R1=600Ω，R2=3000Ω B．R1=60Ω，R2=300Ω
C．R1=5Ω，R2=3000Ω D．R1=0.17Ω，R2=2900Ω
二、多选题（本大题共4小题）
15．用甲、乙两个完全相同的电流表表头改装成量程分别为5 V和10 V的电压表，串联后测量12 V的电压，则( )
A．两表的电压示数相同，均为6 V B．两表头的指针的偏角相同
C．两表头的指针的偏角不相同 D．两表的电压示数不同
16．小杜家里新装修时使用了一批照明卤钨灯泡，如图a所示。小杜利用多用电表测量该灯泡的电阻，以下操作正确的是（　　）
A．小杜选好“×100”，红黑表笔短接后指针位置如图b所示，则他应该调节“T”进行调零
B．调零后，用红黑表笔分别接触灯泡的两脚，发现指针偏角太小，则需要更换“×1k”挡位
C．每次换挡后都需再次调节“S”进行欧姆调零
D．正确选择挡位后，指针位置如图c所示，则该灯泡电阻为
17．下述关于多用电表欧姆挡测电阻的说法中，正确的是（　　）
A．测量电阻时如果指针偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较小的挡位，重新调零后测量
B．测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果
C．测量电路中的某个电阻，应该把该电阻接入电路
D．测量电阻时每次换不同的挡位都必须重新调零
18．关于多用电表及材料的电阻率，下列说法正确的是（　　）
A．合金的电阻率大于构成该合金的任一纯金属的电阻率
B．电阻率表征了导体材料的导电性能的好坏，由导体的材料决定，与温度无关
C．用多用电表测电压、测电流、测电阻时，外面电路都必须有电源
D．多用电表的欧姆表是根据闭合电路欧姆定律制成的
三、填空题（本大题共4小题）
19．有一个电流表G，内阻Rg=30Ω，满电流Ig=1mA．要把它改装为量程0~0.6A的电流表，要并联 Ω的电阻，改装后电流表的内阻是 Ω。
20．如图所示，电路中电阻R1:R2:R3=1:2:3，当电路中有电流通过时，电阻中电流之比I1：I2：I3= ，电阻两端电压之比U1：U2：U3= 。
21．（1）图1是改装并校准电流表的电路图，已知表头μA的量程为Ig=600μA内阻为Rg，mA是标准电流表，要求改装后的电流表量程为I=60mA．完成下列填空．图1中分流电阻Rp的阻值为 ．
（2）在电表改装成后的某次校准测量中，a表的示数如图2所示，由此读出流过a电流表的电流为 mA，此时流过分流电阻Rp的电流为 mA（结果均保留一位小数）
22．（1）有一块小量程的电流表G，满偏电流为100μA，内阻为500Ω。若把它改装成3V和15V两量程的电压表，电流表G应与适当的电阻值连接。经计算，改装后与电流表连接的电阻值在3V挡R1= kΩ，15 V挡时R2= kΩ。
（2）把改装的电压表和标准表校核，发现标准表的满刻度读数为15V时，改装表的读数为14.7V。则改装成的电压表相对于满刻度的百分误差为 。
四、非选择题（本大题共8小题）
23．如图是有两个量程的电压表，当使用a、b两个端点时，量程为0-10V，当使用a、c两个端点时，量程为0-100V。已知电流表的内阻Rg为500Ω，满偏电流Ig为1mA，求电阻R1，R2的值。
24．有一电流表G，内阻Rg=10，满偏电流Ig=1mA，若要将其改装成量程为3V的电压表，应该如何连接一个多大的电阻？
25．小王和小李两位同学分别测量电压表的内阻。
（1）先用调好的欧姆表“”挡粗测电压表的内阻，测量时欧姆表的黑表笔与电压表的 （选填“”或“”）接线柱接触，测量结果如图甲所示，则粗测电压表的内阻为 。
（2）为了精确测量电压表的内阻，小王同学用如图乙所示的电路，闭合开关，调节滑动变阻器和电阻箱，使两电压表指针的偏转角度都较大，读出电压表、的示数分別为、，电阻箱的示数为，则被测电压表的内阻 （结果用题中所给字母表示）。
26．某同学组装一个多用电表．可用的器材有：微安表头（量程100内阻900）；电阻箱R1 （阻值范围0999.9）；电阻箱R2 （阻值范围099 999.9）；导线若干，要求利用所给器材先组装一个量程为1 mA的直流电流表，在此基础上再将它改装成量程为3 V的直流电压表．组装好的多用电表有电流1 mA和电压3 V两挡，回答下列问题：
（1）在虚线框内画出电路图并标出R1和R2，其中为公共接线柱，a和b分别是电流挡和电压挡的接线柱 ．
（2）电阻箱的阻值 ;R2= （保留到个位）
27．①用20分度的游标卡尺测量其长度如图1所示，可知其长度为 ；用螺旋测微器测出其直径如图2所示，则 。
②用多用电表挡粗测某电阻发现多用表指针偏角偏大，为进一步较精确测量选用合适的倍率重新欧姆调零后，测量时指针位置如图3所示，其电阻为
28．如图所示，滑动变阻器的总电阻R＝1 000 Ω，A、B两端电压U＝100 V，调节滑片P使其下部电阻R1＝400 Ω.
（1）空载时，C、D两端电压多大？
（2）在C、D间接入一个R0＝400 Ω的电阻，C、D两端的电压多大？
29．为了测量某量程为的电压表的内阻约为，该同学设计了如图所示的电路图，实验步骤如下：
A．断开开关，按图连接好电路；
B．把滑动变阻器的滑片滑到端；
C．将电阻箱的阻值调到零；
D．闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的指针指到满偏的位置；
E.保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节电阻箱的阻值使电压表指针指到半偏的位置，读出此时电阻箱的阻值，此值即为电压表内阻的测量值；
F.断开开关。
实验中可供选择的实验器材有：
a.待测电压表
b.滑动变阻器：最大阻值
c.滑动变阻器：最大阻值
d.电阻箱：最大阻值，阻值最小改变量为
e.电池组：电动势约，内阻可忽略
f.电池组：电动势约，内阻可忽略
g.开关、导线若干
按照这位同学设计的实验方法，回答下列问题：
（1）要使测量更精确，除了选用电阻箱、导线、开关和待测电压表外，还应从提供的滑动变阻器中选用________（填“b”或“c”），电池组中选用________（填“e”或“f'”）。
（2）电压表内阻的测量值和真实值相比，________（填“>”或“<”）；若越大，则越________（填“大”或“小”）。
30．如图所示电路中，电阻，，，U=8V。试求：
（1）两端的电压；
（2）2s内，流过R1上的电荷量q。
参考答案
1．【答案】C
【详解】A．光敏电阻的阻值随光照强度的增强而减小，所以光照越强，阻值越小，多用电表指针偏角越大，A错误；
B．负温度系数热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，温度越低，电阻越大，多用电表指针偏角越小，B错误；
C．压敏电阻的阻值随压力的增加而减小，所以压力越大，阻值越小，多用电表指针偏角越大，C正确；
D．正温度系数热敏电阻的阻值随温度的升高而增大，所以温度越低，阻值越小，多用电表指针偏角越大，D错误。
故选C。
2．【答案】C
【详解】要改装成一个电压表，则必须要有分压电阻，所以应该将电流表和一个电阻串联，串联后总电压量程为5V，根据欧姆定律有
代入数据解得
故选C。
3．【答案】A
【详解】图甲选择开关位于直流电压50V挡，图丙示数为22.0V；图乙选择开关位于×10欧姆挡，图丙示数为190Ω。
故选A。
4．【答案】B
【详解】A．在测灯泡电阻R时，题图甲的接法叫电流表外接法，题图乙的接法叫电流表内接法，故A正确；
BCD．图甲中由于电压表的分流导致电流的测量值偏大，由R＝可知，R测R真，待测电阻阻值越大，电流表的分压越小，误差越小，因此这种接法适用于测大电阻，故B错误，CD正确。
故选B。
5．【答案】C
【详解】A．表头G的满偏电压为
A错误；
B．使用两个端点时，串联了电阻，故不可以用来测量大于的电流，B错误；
C．使用两个端点时，若量程为，则的阻值为
C正确；
D．使用两个端点时，若量程为，则的阻值为
D错误。
故选C。
6．【答案】C
【分析】因测量500Ω电阻指针指在刻度的中间，则中值电阻为500Ω，则其内阻为500Ω。电池的电动势为Ig×R内=3×10×3×500=1.5V，再由可求得
【详解】根据中值电阻定义可知欧姆表内阻，则
再由
解得
故选C。
7．【答案】C
【详解】A．根据静电感应的原理知，一个带电的物体与不带电的导体相互靠近时由于电荷间的相互作用，会使导体内部的电荷重新分布，异种电荷被吸引到带电体附近，而同种电荷被排斥到远离带电体的导体另一端，故a端带正电，故A正确；
B．研究影响平行板电容器的影响因素时，采用的是每次实验都保证只有一个变量的方法，故图2采用了控制变量法，故B正确；
C．由图3图像可知，随灯泡两端电压增大，通过灯泡的电流增大，温度升高且电压与电流的比值增大，灯泡电阻随温度升高而增大，故C错误；
D．图4中，并联的电阻R越小，就越大，改装后的电流表量程越大，故D正确。
本题选错误的，故选C。
8．【答案】C
【详解】电动势为1.5调零后，欧姆表内部的中值电阻，也就是电表的内阻
电动势变为1.45调零后，欧姆表内部的中值电阻，也就是电表的内阻
由600Ω对应的电流列出关系式
解得，这个电阻的真实值是
R真=580Ω
故C正确，ABD错误。
故选C。
9．【答案】C
【详解】A．由图可知，当S与1、2连接时，多用电表就成了电流表，电阻与表头并联，由图可知，当S与3、4连接时，测量电阻，表内有电源，为欧姆挡，A错误；
B．由图可知当转换开关S旋到位置5、6时，测量电压，电流表所串联的电阻越大，所测量电压值越大，故接6时量程较大，B错误；
C．多用表的电阻刻度线大小与电流电压的刻度线大小相反，电流最大处，电阻为0，C正确；
D．由
故电阻的刻度线是不均匀的，刻度值越大处刻度线越密，D错误。
故选C。
10．【答案】B
【详解】用非理想电压表并联在电阻两端测电阻两端的电压时，由于电压表与电阻并联后阻值略小于待测电阻的值，则此时电压值会偏小；用非理想电流表串联在电路中测所在电路的电流强度时，由于电流表的电阻与待测电阻串联后阻值偏大，使得电流的测得的电流值偏小；用外接法测定值电阻的阻值时，由于电压表的分流作用，使得电阻的测量值偏小；用内接法测定值电阻的阻值时，由于电流表的分压作用，使得电阻的测量值偏大。
故选B。
11．【答案】D
【详解】AB．一般电流表的内阻非常小，但不为零，故AB错误；
C．一般电压表的内阻非常大，故C错误；
D．电压表测量时与要测电路并联，而其又是一大电阻，故可使整个电路电阻变小，电流发生较小的变化，故D正确。
故选D。
12．【答案】C
【详解】接ab时，它改装的电压表量程为3V
接ac时，它改装的电压表量程为15V
ABD错误，C正确。
故选C。
【点睛】把电流表改装成电压表，应串联分压电阻，根据串联电路特点与欧姆定律求出串联电阻阻值。
13．【答案】A
【详解】A．均断开时，与G串联成为电压表，量程为
此电路改装成的电压表可用来测量的电压，A正确；
B．均闭合时，与G并联成为电流表，量程为，S1断开、闭合时，与G串联后再与并联成为电流表，量程为，此电路改装成的电流表不能用来测量的电流，B错误；
CD．闭合、断开时，只有表头接入电路，没有改装，所以，此电路可将表头改装成一个量程的电压表、两个量程的电流表，CD错误。
选A。
14．【答案】D
【详解】改装电流表需要并联一个电阻分流，则有
代入数值解得
改装电压表需要串联一个电阻分压，则有
代入数值解得
故D正确，ABC错误。
故选D。
15．【答案】BD
【详解】因量程不同，内阻不同，则分压不同，故示数不同．故A错误，D正确；因是串联关系，通过表头的电流大小一样，则指针偏转角度相同．故B正确，C错误；故选BD．
16．【答案】AB
【详解】AC．红、黑表笔短接后指针没有满偏，说明需要欧姆调零，即调节T旋钮，每次更换挡位都需再次调节“T”进行欧姆调零，故A正确，C错误；
BD．测量时，发现指针偏角太小，说明挡位选小了，需要更换“×1k”进行测量，根据多用电表读数方法可知测量结果为
故B正确，D错误。
故选AB。
17．【答案】AD
【详解】A．测量电阻时如果指针偏转过大，说明倍率档选择过高，应将选择开关S拨至倍率较小的挡位，重新调零后测量，选项A正确；
B．测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，不会影响测量结果，选项B错误；
C．测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开，选项C错误；
D．测量电阻时每次换不同的挡位都必须重新调零，选项D正确。
故选AD。
18．【答案】AD
【详解】A．纯金属的电阻率较合金的电阻率小，故A正确；
B．电阻率表征了材料导电能力的强弱，其大小与材料、温度有关，故B错误；
C．用多用电表测电压、测电流时，外电路必须有电源；测电阻时，外电路不用有电源，故C错误；
D．多用电表的欧姆表是根据闭合电路欧姆定律制成的，故D正确。
故选AD。
19．【答案】0.05；0.05；
【详解】
[1]把它改装为量程0~0.6A的电流表，要并联电阻阻值为
[2]改装后电流表的内阻为
20．【答案】1:1:1；1:2:3；
【详解】
[1]因为
R1+R2=R3
可知，两支路的电流相等，即
I1：I2：I3=1:1:1
[2]根据
U=IR
结合串并联电路的特点可知电阻两端电压之比
U1：U2：U3=1:2:3
21．【答案】（1）；
（2）49.5；49.0
【分析】
改装电流表要并联一电阻Rp，并联一电阻后流过表头a的电流为Ig，流过Rp的电流为IR，而加在表头和Rp上的电压相等，即IgRg=IRRp．
【详解】
第一空.由于Rg和Rp并联，由IgRg=IRRp和I=Ig+IR得：．
第二空.由图2知流过a电流表的电流I'为49.5mA；
第三空. 设此时流过表头的电流为I'g，流过RP的电流为I'R，
加在表头和Rp上的电压相等，故有：
I'gRg=I′RRp
I'=（I'g+I'R）
解得：I'R=49.005mA≈49.0mA
22．【答案】29.5；149.5；2%
【详解】
（1）[1]根据欧姆定律U=IR可知
U1=Ig（Rg+R1）
带入数据计算可得
R1=29.5kΩ
[2]根据
U2=Ig（Rg+R2）
计算得
R2=149.5kΩ
（2）[3]根据
带入数据可得相对误差为2%。
23．【答案】
【详解】
接a、b时，为串联的，则
接a、c时，为串联的和，则
24．【答案】
【详解】
改装成电压表要扩大电压的量程，使用串联电路的分压原理，串联的阻值为
25．【答案】；9；
【详解】（1）[1][2]多用电表的电流为“红进黑出”， 欧姆表的黑表笔与内部电源正极连接，则黑表笔接电压表接线柱。粗测电压表的内阻为。
（2）[3]由电路图可知，得
26．【答案】（1）如图所示
（2）100；2910
【详解】（1）R1的电阻比较小，所以R1与表头并联构成大量程的的电流表，R2的阻值比较大，与改装后的电流表串联可充当大量程的电压表，设计电路图如图所示;
改装电流表需要并联一个电阻，要改装1mA的电流表需要并联的电阻 ，所以选用与变阻箱R1并联，并联后的总电阻为；要改装3V电压表需要串联电阻，串联电阻的阻值为
27．【答案】42.40；6.712；8
【详解】①[1]游标卡尺的固定刻度读数为，游标尺上第8个刻度线与主尺对齐，则游标尺读数为，所以最终读数为，[2]螺旋测微器的固定刻度读数为，可动刻度读数为所以最终读数为
②[3]发现表头指针偏转角度很大，说明倍率太大，为了较准确地进行测量，应换到挡。重新正确操作后，表盘的示数如图3所示，其读数为
28．【答案】（1）40V（2）25V
【详解】
（1）空载时CD两端电压，即为R1两端的电压；则为：
（2）由图可知R1与R0并联后，再与R2串联，则总电阻
；
由欧姆定律可得：则CD两端的电压
29．【答案】 c f > 小
【详解】（1）[1][2]由于滑动变阻器的分压影响产生误差，故选择阻值小的c能减小误差；电压表的量程为0~3V，故电池组选择f。
（2）[3][4]当电压表的指针指到3.0V位置时，电压表中的电流当电压表的指针指到1.5V位置时，电阻箱的电阻为，电压表中的电流
可得
由于滑动变阻器的分压影响，，故
即
越大，滑动变阻器的分压影响越小，越接近，故越小。
30．【答案】（1）5V；（2）1C
【详解】
（1）根据串并联电路特点得
解得
（2）由电流的定义式得
由欧姆定律得
根据串联电路特点得
联立解得
C
第 page number 页，共 number of pages 页
第 page number 页，共 number of pages 页第14讲实验：练习使用多用电表（预习练习）----2025-2026学年人教版必修第三册物理高二年级上学期
一、单选题（本大题共14小题）
1．如图所示电路的三根导线中有一根是断的.电源、电阻R1、R2及另外两根导线都是好的.为了查出断导线位置,某学生想先用多用电表的红表笔连接在电源的正极a,再将黑表笔分别连接在电阻R1的b端和R2的c端,并观察多用电表指针的示数.在下列选挡中,符合操作流程的是 (　　)
A．直流10 V挡 B．直流0.5 A挡
C．直流2.5 V挡 D．欧姆挡
2．用多用电表探测图所示黑箱发现：用直流电压档测量，E、G两点间和F、G两点间均有电压，E、F两点间无电压；用欧姆档测量，黑表笔（与电表内部电源的正极相连）接E点，红表笔（与电表内部电源的负极相连）接F点，阻值很小，但反接阻值很大。那么，该黑箱内元件的接法可能是下图中（　　）
A． B． C． D．
3．下列四个欧姆表表盘的示意图中，可能正确的是(　　)
A． B．
C． D．
4．．某学生用多用电表测量一个电阻的阻值．将选择开关置于“×10”挡时，指针位置如图所示．接着合理的做法是（ ）
A．换“×1”挡，再读数
B．换“×100”挡，再读数
C．换“×1”挡，调整欧姆零点后再读数
D．换“×100”挡，调整欧姆零点后再读数
5．用多用电表测量阻值约为2000 Ω的电阻，要完成下列操作：
①观察指针位置，读出电阻阻值
②将两表笔直接接触，进行调零
③把两表笔与电阻两端接触
④将选择开关扳到欧姆挡“×100”处
⑤将选择开关旋到交流电压最高档
上述操作顺序正确的应是( )
A．①②③④⑤ B．④③②①⑤ C．④②③①⑤ D．②④③①⑤
6．关于多用表的使用，下列说法正确的是（　　）
A．使用欧姆档时，应先将两表笔短接，再调节欧姆调零旋钮，使指针指在电流的零刻度处
B．测电阻时，需要使待测电阻与其它元件和电源断开
C．测电阻时，红表笔连接的是欧姆表内部电源的正极
D．测电流或电压时，必须让电流从红表笔流进，从黑表笔流出
7．如图，在“用多用表测电阻”的实验中，选用“×10”倍率的欧姆挡测量一电阻时，指针指在刻度20和30间的中央位置，该被测电阻的阻值R所在区间为（ ）
A．20Ω＜R＜25Ω B．25Ω≤R＜30Ω
C．200Ω＜R＜250Ω D．250Ω≤R＜300Ω
8．在如图所示的电路中，只有一处导线发生断路，已知电池和两个定值电阻均完好。现要求用多用电表对该电路的故障进行探测，一同学将两表笔正确地插入插孔后，将红表笔接触图中的点，然后黑表笔分别接触、两点。已知电源的电动势为，两个定值电阻的阻值分别为、。为了能完成上述操作应选择的合理挡位是（　　）
A．直流电压挡 B．直流电流挡
C．直流电压挡 D．欧姆挡
9．某同学用多用电表的欧姆挡的“”挡测量一个电阻的阻值，发现指针偏转角度很小，如图所示，为了准确测定该电阻的阻值，正确的做法是（　　）
A．应把选择开关换到“”挡，重新进行欧姆调零后再测量
B．应把选择开关换到“”挡，不用再进行欧姆调零就直接测量
C．应把选择开关换到“”挡，重新进行欧姆调零后再测量
D．应把选择开关换到“”挡，不用再进行欧姆调零就直接测量
10．如图是一个多量程多用电表的简化电路图，图中E是电池，G为表头，虚线方框内为换挡开关，A端和B端分别与两表笔相连。下列说法正确的是（ ）
A．该多用电表的A端应接黑表笔
B．换挡开关旋至3处为欧姆挡，电阻值为读数乘以倍率
C．换挡开关旋至1、2处为电流挡，换挡开关旋至2处量程较大
D．换挡开关旋至4、5处为电压挡，换挡开关旋至5处量程较小
11．如图所示为一个多量程多用电表的简化电路图.单刀多掷开关S可以与不同接点连接.下列说法正确的是（ ）
A．当S接1或2时为直流电流档，接1时量程较小
B．当S接1或2时为直流电压档，接1时量程较大
C．当S接3或4时为直流电流档，接3时量程较大
D．当S接5或6时为直流电压档，接5时量程较小
12．关于用多用电表测量电学中的物理量的实验,下列操作正确的是 (　　)
A．测量未知直流电源两端电压时,应先用小量程再逐渐增大到合适的量程
B．用“×100”欧姆挡测电阻时指针如图所示,应改用“×10”欧姆挡,欧姆调零后再重新测量
C．测二极管的反向电阻时,红表笔应接二极管的负极
D．使用结束后,应把选择开关置于直流电压最高挡
13．多用电表在选择不同的挡位时，在电路中有不同的连接方式，则下列叙述正确的是（　　）
A．当多用电表调至电压挡时按电路图甲连接，然后闭合开关
B．当多用电表调至电流挡时按电路图乙连接，然后闭合开关
C．当多用电表调至欧姆挡时按电路图丙连接，然后闭合开关
D．当多用电表测量二极管的反向电阻时，按电路图丁连接
14．在如图所示的电路中,干电池、开关和额定电压为1.5 V的灯泡组成串联电路.当闭合开关时,发现灯泡不发光.在断开开关的情况下,某同学用多用电表欧姆挡进行检测.检测结果如下表所示,已知电路仅有一处故障,由此做出的判断中正确的是 (　　)
测试点 A、C D、E E、F F、B
多用表示数 0 0 ∞ 0
A．A、C间导线断路 B．D、E间导线断路
C．灯泡断路 D．F、B间导线断路
二、多选题（本大题共4小题）
15．如图所示，虚线框内为多用电表欧姆挡的内部电路，a、b为电表面板上的表笔插孔。下列说法正确的是（　　）
A．a孔插黑表笔
B．用“”挡测量时指针指在附近，应换用“”挡
C．若更换倍率测量电阻时必须要重新进行欧姆调零
D．要测量电路中某电阻的阻值，必须将该电阻与其他元件断开
16．关于多用电表的使用，下列说法正确的是（　　）
A．可以用欧姆表测量发光小灯泡的电阻
B．测电阻时要先进行欧姆调零，再进行挡选择，比如“”
C．测电流时，红黑表笔分别插正负极，且电流必须红进黑出
D．使用完毕，要将选择开关打到OFF挡或交流电压最高挡
17．使用多用电表的欧姆挡测电阻时，下列说法正确的是（　　）
A．电阻刻度线是均匀的，且每一挡的测量范围都是从0到∞
B．每一次换挡，都要重新进行一次调零
C．测量前应检查指针是否停在“Ω”刻度线的“∞”处
D．测量时，若指针偏转很小（靠近∞附近），应换倍率更大的挡进行测量
18．图a为某同学组装完成的简易多用电表的电路图。图中E是电池，R1、R2、R3、R4和R5是固定电阻，R6是可变电阻；表头G的满偏电流为250 μA，内阻为480 Ω。虚线方框内为换挡开关，A端和B端分别与两表笔相连。该多用电表有5个挡位，5个挡位为：直流电压1V挡和5V挡，直流电流1mA挡和2.5mA挡，欧姆×100 Ω挡。则下列说法正确的是（ ）
A．图a中的A端与红表笔相连接，且换挡开关接“1”、“3”、“5”挡位时，该多用电表分别用来测电流、电阻和电压
B．使用该多用电表欧姆挡时，应该先将两表笔短接，调整R6使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置
C．根据题给条件可得R4=580Ω。
D．某次测量时该多用电表指针位置如图b所示。若此时B端是与“1”相连的，则多用电表读数为1.45mA；若此时B端是与“3”相连的，则读数为1.10×103 Ω
三、填空题（本大题共4小题）
19．如图所示的4张仪器图中，其中 图为电磁打点计时器； 图的仪器能测出平行板电容器两板间的电压的变化， 图的仪器能粗略地测出电阻的大小．
20．有一内阻未知（约2kΩ～6kΩ）、量程（0～3V）的直流电压表。某同学用一多用电表的欧姆挡，直接去测量该电压表的内阻，则欧姆挡的选择开关应拨至倍率“× ”挡，在实验中，欧姆表的刻度盘如图所示，则电压表的内阻应为 Ω。
21．用多用电表进行了几次测量，指针分别处于a、b的位置，如图所示。若多用电表的选择开关处于下面表格中所指的档位，a和b的相应读数是多少？请填在表格中。
指针位置 选择开关所处挡位 读数
a 直流电流100mA mA
直流电压2.5V V
b 电阻100
22．用多用电表粗测金属棒的阻值，当用“×10 Ω”挡时发现指针偏转角度过大，他应该换用 挡（填“×1 Ω”或“×100 Ω”），换挡并进行一系列正确操作后，指针静止时如图所示，则金属棒的阻值约为 Ω。
四、非选择题（本大题共8小题）
23．如图，这个多用电表没有OFF挡。两位同学用过这个多用电表以后，分别把选择开关放在甲、乙所示的位置。你认为谁的做法符合规范？不规范的做法可能会有何种风险？
24．请回答下列问题。
（1）用多用电表测量直流电流时，红表笔和黑表笔哪个电势较高？
（2）用多用电表测量直流电压时，红表笔和黑表笔哪个电势较高？
25．小明同学在实验室找到一个半导体元件，为测量其电阻，进行如下的操作。
(1)先用多用电表进行测量，他先将红黑表笔插入多用电表的插孔，之后将多用电表开关旋至欧姆挡的“”挡后，接下来的操作是红黑表笔短接，进行 ，再将红黑表笔分别与该半导体元件两端相接，多用电表指针偏转位置如图所示，则该元件的电阻值为 ；
(2)为进一步更为精确的测量该元件的阻值，小明同学又找来了电压表（量程，电阻约）和毫安表（量程，电阻约）以及其他必要实验器材，为了减小实验误差他需要采用电流表 （填“内接法”或“外接法”）测量半导体元件的阻值。
26．二极管具有独特的单向导电性，当在二极管两极之间所加正向电压小于某值时，二极管的电阻很大（1×106 Ω，甚至更大），而当正向电压超过某值时，二极管的电阻随两端电压的升高而急剧减小。为了探究二极管的导电特性：
(1)实验小组先用多用电表判断二极管的极性。步骤如下：
A．将多用电表置于欧姆表“×100”挡，短接红、黑表笔，调整 ，使指针指向表盘右侧“0”位置；
B．将二极管串接在两表笔之间，多用电表示数如图中a所示；
C．将二极管两极对调，多用电表示数如图中b所示，则此时与红表笔接触的是二极管的 （填“正”或“负”）极。
(2)实验小组设计了如图所示的实验电路，通过实验测得相关数据如下表。
①由二极管的特性和表中数据可知，当电压表示数为0.10~0.30 V时，图中开关S一定接在位置 ；
②根据表中数据，作出二极管的伏安特性曲线如图，由图线可知，二极管是 （填“线性”或“非线性”）元件。
(3)若此二极管为发光二极管，正常发光时通过的电流为3.00 mA，若用1.5 V的电源供电，则应该给二极管 （填“串”或“并”）联一个约 Ω的电阻。（结果保留三位有效数字）
27．电流表G的满偏电流为，内阻为，先把电流表G改装成一个量程为1.0mA的电流表，再把改装后的电流表改装为一个多档挡的欧姆表，其电路原理图如图甲所示。

（1）把该微安表改装为量程为1mA的电流表需要并联一个 的电阻；
（2）图甲中，B表笔为 （选填“红”或“黑”）表笔；
（3）若用电阻挡测电阻时，某同学将两表笔分别与待测电阻相接，将选择开关旋转到电阻挡“×1k”的位置，发现指针偏转角度过大。为了得到比较准确的测量结果，该同学又进行了合理的操作后得到表针指示如图乙所示，则：该电阻的阻值为 ；
28．某实验小组进行“练习使用多用电表”的实验。
(1)用多用电表测量某一电学元件阻值，多用电表的选择开关旋至如图甲所示位置。操作正确，表盘指针如图乙所示，则该电学元件阻值为 。
(2)选择开关如图甲所示，在测另一电学元件阻值时发现指针偏转角度过小。为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，正确的操作顺序为 。
A．将选择开关旋转到电阻挡“×1k”的位置
B．将选择开关旋转到电阻挡“×10”的位置
C．将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接
D．将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行欧姆调零
(3)当选用10V直流电压挡测量某电阻电压时，指针位置如图乙所示，则电阻的电压为 V。
(4)在判断二极管极性时，小明先将多用电表选择开关旋至电阻挡“×1”的位置，正确操作后发现指针位置如图乙所示，则多用电表红表笔（插在“+”孔中）与二极管的 （填“正”或“负”）极相接触。
29．图a为某同学组装完成的简易多用电表的电路图。图中E是电池，R1、R2、R3、R4和R5是固定电阻，R6是可变电阻；表头G的满偏电流为250 μA，内阻为480 Ω。虚线方框内为换挡开关，A端和B端分别与两表笔相连。该多用电表有5个挡位，5个挡位为：直流电压1V挡和5V挡，直流电流1mA挡和2.5mA挡，欧姆×100 Ω挡。
(1)图a中的A端与 （填“红”或“黑”）色表笔相连接。
(2)关于R6的使用，下列说法正确的是 （填正确答案标号）。
A．在使用多用电表之前，调整R6使电表指针指在表盘左端电流“0”位置
B．使用欧姆挡时，先将两表笔短接，调整R6使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置
C．使用电流挡时，调整R6使电表指针尽可能指在表盘右端电流最大位置
(3)根据题给条件可得R1＋R2= Ω，R4= Ω。
(4)某次测量时该多用电表指针位置如图b所示。若此时B端是与“1”相连的，则多用电表读数为 ；若此时B端是与“3”相连的，则读数为 ；若此时B端是与“5”相连的，则读数为 。（结果均保留3位有效数字）
30．在图所示的电路中，小量程电流表的内阻Rg＝100Ω，满偏电流Ig＝1mA，R1＝900Ω，R2＝Ω．
（1）当S1和S2均断开时，改装所成的表是什么表？量程为多大？
（2）当S1和S2均闭合时，改装所成的表是什么表？量程为多大？
参考答案
1．【答案】A　
【解析】用欧姆挡要把电源断开,本题不能用欧姆挡;用电流挡要用较大量程,本题的电流表最大量程是0~0.5 A,太小;由于电源电动势为6 V,用电压挡检测其最大可测量值要大于6 V,故A正确,B、C、D错误.
2．【答案】B
【详解】
黑表笔接E点，红表笔接F点，电阻很小，此时二极管导通，电源电流从黑表笔流出，通过二极管从红表笔流进，电流方向从E到F，故B正确，ACD错误。
故选B。
3．【答案】C
【详解】
欧姆表的零刻度在电流的最大刻度处，即在电表的右侧，并且在左侧应是电流为零，电阻是最大，所以在电表的左侧电阻值应是无穷大，由
可知电阻的刻度不是均匀的。
故C正确。
4．【答案】D
【详解】
将选择开关置于“×10”挡时，指针偏转较小，说明待测电阻阻值较大，所以应该换用较大倍率的即换“×100”挡，欧姆表每次换挡测量之前都必须重新欧姆调零
所以应该选D
5．【答案】C
【详解】
多用表中利用欧姆表测电阻的步骤是先用选择开关选择倍率、欧姆表调零、开始测量、读出电阻值、最后将欧姆表选择开关旋至OFF档或交流电压最高档，故实验的合理顺序是：④②③①⑤，故选C．
6．【答案】BD
【详解】
A．使用欧姆档时，应先将两表笔短接，再调节欧姆调零旋钮，使指针指在电流的最大刻度处，故A错误；
B．为保护电表，测量前，待测电阻应跟其它元件和电源断开，故B正确；
C．根据“红进黑出”可知，红表笔连接的是欧姆表内部电源的负极，故C错误；
D．测电流或电压时，必须让电流从红表笔流进，从黑表笔流出，故D正确。
故选BD。
7．【答案】C
【详解】欧姆挡刻度不均匀，示数越大的部分刻度越密集，所以图中示数在20～25之间，在考虑倍率，则R的值为200Ω＜R＜250Ω，选C．
8．【答案】A
【详解】
因为被检测的电路为含电源电路，所以选用欧姆挡一定不行。由于电路中电源电动势为，所以选用直流电压挡也不安全。估测电路中电流的最大值可能为
所以选用直流电流挡也不合理，只能选用直流电压挡。
故选A。
9．【答案】A
【详解】
当用多用电表的欧姆挡的“”挡测量一个电阻的阻值，指针偏转角度很小时，说明电阻值较大，挡位选择得太低，故应该选择更高的挡位，把选择开关换到“”挡，重新进行欧姆调零后再测量。
故选A。
10．【答案】B
【详解】
A．根据欧姆表原理可知，内部电源的正极应接红表笔，这样才能保证在测电阻时电流表中电流“红进黑出”则A端应接红色笔，故A项错误；
B．根据多用电表的欧姆档测量原理为表头连接电源和滑动变阻器，根据全电路的欧姆定律由电流的大小换算出待测电阻，故换挡开关旋至3处为欧姆挡，电阻值为读数乘以倍率，故B正确；
C．换挡开关旋至1、2处为表头并联不同的电阻，利用并联分流测大电流，则这两处为电流挡，且并联电阻越小能分流越多，换挡开关旋至1处是并联的R1，量程换挡开关旋至2处是并联的（R1+R2），故接1处量程较大，故C错误；
D．换挡开关旋至4、5处为表头串联不同的电阻，根据串联分压，则这两处构成电压挡，换挡开关旋至5处串联的总电阻较大，其量程较大，故D错误。
故选B。
11．【答案】D
【详解】
AB、当开关S旋到位置1、2位置，电阻与表头并联，则多用电表就成了电流表，接1时分流电阻小，其分流大，则量程大，故A、B错误；
C、当开关S旋到位置3或4，电路中有电源，则多用电表就成了欧姆表，故C错误；
D、当开关S旋转到5、6位置，表头与电阻串联，则多用电表就成了电压表，，串联电阻越大，则量程越大，所以接5时量程较小，接6时量程较大，故D正确．
故选D．
12．【答案】B　
【解析】测量未知直流电源两端电压时,为避免超量程损坏电压表,应先用大量程再逐渐减小到合适的量程,故A错误;用“×100”欧姆挡测电阻时指针偏转较大,应改用小倍率“×10”挡,且欧姆调零后再重新测量,故B正确;测二极管的反向电阻时,因为电流从欧姆表的黑表笔流出,所以黑表笔应接二极管的负极,故C错误;使用结束后,应把选择开关置于交流电压最高挡或者“OFF”挡,故D错误.
13．【答案】B
【详解】
A．测电压时，多用电表的红表笔应接在待测电阻的高电势点，A错误；
B．测电流时应将待测电阻与多用电表串联，且电流应从红表笔进入、从黑表笔流出， B正确；
C．测电阻时，应将待测电阻与电路断开后测量， C错误；
D．因为多用电表的黑表笔与内部电池的正极相连，所以测量二极管反向电阻时，应将黑表笔与二极管的负极相连， D错误。
故选B。
14．【答案】C　
【解析】E、F间电阻为无穷大,A、C间和D、E间及F、B间电阻均为零,说明导线均没有断路,则灯泡断路,故选C.
15．【答案】ACD
【详解】
欧姆表的红表笔插“”插孔，黑表笔插“”插孔，“”与电源负极相连，“”与电源正极相连，A正确；用“”挡测量时指针指在附近，则说明电阻小，要换小量程的，每换档位要进行欧姆调零，则B错误C正确；欧姆表测电阻必须将该电阻与其他元件断开，D正确．
16．【答案】CD
【详解】由于多用电表调到欧姆挡时会接通电表内部电源，因此测电阻时不能在电路中直接测量，需将电阻从电路中取下再进行测量，A错误；测电阻时要先进行挡选择，比如“”，再进行欧姆调零，B错误；测电流时，红黑表笔分别插正负极，且电流必须红进黑出，C正确；使用完毕，要将选择开关打到OFF挡是为了断开内部电源，同时与表笔断开，防止无用，调到交流电压最高挡是为了防止误用低压挡或其它挡误测高压，都是为了保护电表，D正确。
17．【答案】BCD
【详解】
A．电阻刻度线是不均匀的，故A错误；
B．每换一次挡位，都要进行一次欧姆调零，故B正确；
C．使用前检查指针是否停在欧姆挡刻度线的“∞”处，故C正确；
D．测量时若发现表针偏转的角度较小，应该更换倍率较大的挡来测量，故D正确。
故选BCD。
18．【答案】BD
【详解】
A．在a图中，当换挡开关接欧姆档时，A端与电源正极相连，为电流的流出端，根据“红入黑出”可知应与黑色表笔相连接。故A错误；
B．使用该多用电表欧姆挡时，先进行欧姆调零：将两表笔短接，调整R6使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置，故B正确；
C．换挡开关连接“2”时，电表量程为I2=1mA；换挡开关连接“4”时，电表量程为1V，可得
代入数据，可得
故C错误；
D．B端与“1”连接，电表量程为2.5mA，则多用电表读数为
=1.45mA
B端与“3”连接，电表测量的是电阻的阻值，则读数为
故D正确。
故选BD。
19．【答案】D；A；B
【详解】
电磁打点计时器是D图；
平行板电容器两板间的电压的变化可以通过A图验电器测出；
粗略地测出电阻的大小可以用B图万能电表，用欧姆档测量．
20．【答案】100；4000
【详解】
在根据待测电阻阻值选择欧姆挡量程时，应使指针尽量指在表盘中央区域附近，此时误差较小。由于电压表内阻约2kΩ～6kΩ，而多用表盘中央刻度为30，所以应选择倍率×100；
由于欧姆挡表盘刻度非均匀，所以不需要估读，由题图可知电压表的内阻为4000Ω。
21．【答案】23；0.57；320
【详解】
[1]直流电流100mA档读第二行“0～10”一排，最小度值为2mA估读到1mA就可以了，所以读数是23mA；
[2]直流电压2.5V档读第二行“0~250”一排，最小分度值为0.05V估读到0.01V就可以了，所以读数是0.57V；
[3]电阻×100档读第一行，测量值等于表盘上读数“3.2”乘以倍率“100” ，所以读数是320Ω．
22．【答案】×1Ω；10.0
【详解】[1]当用“×10Ω”挡时发现指针偏转角度过大，说明电阻值较小，所选倍率过大，应该减小倍率，故应换成“×1Ω”挡；
[2]欧姆表的读数为指针刻度与倍率的乘积，故图中所测金属棒的阻值为10.0Ω。
23．【答案】甲，消耗表内的电池的电量和下次测量时忘记换档烧表
【详解】
多用电表用完后，选择开关应置于OFF或交流电压的最高档，则甲同学的做法符合规范，不规范的做法消耗表内的电池的电量和下次测量时忘记换档烧表。
24．【答案】(1)红表笔；(2)红表笔
【详解】
不管多用电表是测电流还是测电压，电流都是从红表笔流入多用表，从黑表笔流出多用表。所以都是红表笔电势高。
25．【答案】(1) 欧姆调零；90；(2)外接法
【详解】（1）[1][2]接下来的操作是红黑表笔短接，进行欧姆调零，再将红黑表笔分别与该半导体元件两端相接，则该元件的电阻值为9×10Ω=90Ω；
（2）因为，可知为了减小实验误差他需要采用电流表外接法测量半导体元件的阻值。
26．【答案】欧姆调零旋钮；负；1；非线性；串；267；
【详解】
(1)[1]用多用电表测电阻时，短接红、黑表笔，进行欧姆调零，要调节欧姆调零旋钮；
[2]有图b可知，多用电表与二极管正接，所以多用表的电流从黑表笔流出，进入二极管正极，从二极管的负极流入红表笔，故红表笔接二极管的负极；
(2) ①[3]由于正向电压较小时，二极管处于截止状态，所以开始时，开关接1；
②[4]由图可知，二极管的I-U图线是曲线，故为非线性元件；
(3)[5]由图像可以看出，发光二极管正常工作时，电压为0.7V，应串联一个电阻；
[6]串联电阻的阻值
27．【答案】 400 黑 1700
【详解】（1）[1]把微安表改装为量程为1.0mA的电流表需要并联一个电阻，根据并联电路的特点可得
解得
（2）[2]由图可知，电流电源正极流向B，所以B为黑表笔。
（3）[3]将选择开关旋转到电阻挡“×1k”的位置，发现指针偏转角度过大，则需将该多用表倍率调为为“×100”，所以待测电阻阻值为
28．【答案】2000；ADC；6.7（6.6~6.8）；负极；
【详解】
(1)[1]该电学元件阻值为20×100Ω=2000Ω；
(2)[2]测另一电学元件阻值时发现指针偏转角度过小，说明倍率档选择过低，则应该选择“×1k”档，调零后再进行测量，则实验步骤为ADC；
(3)[3]当选用10V直流电压挡测量某电阻电压时，表盘最小刻度为0.2V，则电阻的电压为6.7V；
(4)[4]在判断二极管极性时，小明先将多用电表选择开关旋至电阻挡“×1”的位置，正确操作后发现指针位置如图乙所示，欧姆表读数很小，说明二极管上加的是正向电压，由于红表笔与内部电源的负极连接，则多用电表红表笔（插在“+”孔中）与二极管的负极相接触。
29．【答案】（1）黑；
（2）B；
（3）160；880；
（4）1.47 mA；1.10×103 Ω；2.95 V
【详解】
(1)与欧姆表内电源正极相连的是黑表笔。
(2)R6是可变电阻，它的作用就是欧姆表调零，也就是使用欧姆挡时，先将两表笔短接，调整R6使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置。
(3)换挡开关接2时，是量程较小的电流表，所以
换挡开关接4时，是量程较小的电压表，这时表头与R1、R2并联组成新表头，新表头的内阻
新表头的量程是1 mA，所以
(4)某次测量时该多用电表指针位置如图（b）所示。若此时B端与“1”相连，则多用电表是量程为2.5 mA的电流表，则读数为1.47 mA；
若此时B端与“3”相连接，多用电表是欧姆×100 Ω挡，则读数为11.0×100 Ω，即1.10×103 Ω；
若此时B端与“5”相连接，多用电表是量程为5 V电压表，则读数为2.95 V。
30．【答案】（1）电压表，1 V；
（2）电流表，1 A；
【分析】
本题的关键是明确串联电阻具有分压作用，并联电阻具有分流作用，即电流表改装为电压表时，应将电流表与电阻串联，改装为电流表时，应将电流表与电阻并联．
【详解】
由图示电路图可知，当S1和S2均断开时，G与R1串联，此时为电压表，改装后电压流表量程为：U=Ig（R1+Rg）=0.001×（100+900）=1.0V；由图示电路图可知，当S1和S2均闭合时，G与R2并联，此时为电流表，改装后电流表量程为：
I=Ig+IR2=Ig+=0.001+=1.0A；
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