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2026届人教版高考物理第一轮复习：相互作用——力综合提高练习1
一、单选题（本大题共6小题）
1．关于摩擦力，以下说云中正确的是（ ）
A．静止的物体有可能受到滑动摩擦力
B．运动的物体只可能受到滑动摩擦力
C．滑动摩擦力的方向总是与运动方向相反
D．滑动摩擦力的方向不可能与运动方向一致
2．下列对生活中各物理现象的分析，错误的是 (　　)
A．图甲中，幼儿园的滑梯很陡，为的是增加小孩滑滑梯时受到的重力，从而滑得更快
B．图乙中，放在水平桌面上的书本对桌面的压力，是因为书本发生形变而产生的
C．图丙中，轮胎表面都有花纹状的沟槽，是为了雨天能把轮胎与地面间的水排出，保持两者的良好接触以产生足够的摩擦力
D．图丁中，高大的桥要造很长的引桥，是为了减小汽车重力沿斜面向下的分力，行驶更方便、更安全
3．如图甲所示，质量m＝0.4kg的物体静止在水平地面上，从t＝0时刻开始，对物体施加一水平向右的力F，力F随时间t的变化关系如图乙所示。已知t＝1s时刻，物体刚要开始运动，重力加速度，设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，则下列说法正确的是（ ）
A．0～1s内，力F总小于物体所受地面的摩擦力
B．0～2s时间内与2～4s内物体所受地面的摩擦力方向相反
C．物体在3s时刻停止运动
D．物体与地面间的动摩擦因数为0.5
4．如图所示，一条小船在河中向正东方向行驶，船上挂起一风帆，帆受侧向风力作用，风力大小F1为200N，方向为东偏南60°，为了使船受到的合力能恰沿正东方向，岸上一人用一根绳子拉船，绳子取向与河岸垂直，侧向风力和绳子拉力的合力大小及绳子拉力F2的大小为（　　）
A．100N 100N B．100N 100N
C．100N 100N D．100N 100N
5．如图所示，长方体物块A、B叠放在光滑固定斜面上，平行于斜面向上的恒力作用在物块B上使得物块A、B一起沿斜面向上做匀速直线运动，下列说法正确的是（ ）
A．由于物块A处于平衡状态，因此物块A不受摩擦力
B．物块B可能受斜面的摩擦力
C．物块A对物块B的摩擦力方向平行于斜面向下
D．物块A对物块B的压力方向竖直向下
6．如图,在水平桌面上叠放着两个物块M和m,轻绳绕过光滑的定滑轮O',一端与m相连,另一端悬挂重物A．用外力F缓慢拉结点O,F方向与OO'夹角为α=120°且保持不变,使OO'从竖直拉至水平,两物块始终保持静止,下列说法正确的是 (　　)
A．绳子OO'的拉力先减小后增大
B．m对M的摩擦力一直在增大
C．地面对桌子的摩擦力先增大后减小
D．桌面对M的摩擦力可能一直在减
二、多选题（本大题共4小题）
7．如图所示是骨折病人的牵引装置示意图，绳的一端固定，绕过定滑轮和动滑轮后挂着一个重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的脚，整个装置在同一竖直平面内。为了使脚所受的拉力减小，可采取的方法是（　　）

A．只增加绳的长度
B．只减小重物的质量
C．只将病人的脚向左移动
D．只将两定滑轮的间距增大
8．(多选)如图所示,倾角θ=37°的斜面体c置于水平地面上,质量为m的物块b置于斜面上,通过跨过光滑定滑轮的细绳与质量为2m的物块a连接,连接b的一段细绳与斜面平行,连接a的一段细绳竖直,现用向右水平力F缓慢拉动物块a,直至悬挂物块a的细绳与竖直方向的夹角为60°,拉动物块的过程,a、b、c始终处于静止状态.下列判断正确的是(sin 37°=0.6,cos 37°=0.8) (　　)
A．力F一直增大
B．c对b的摩擦力先减小后增大
C．地面对c的摩擦力一直增大
D．整个过程中,斜面体对地面的压力减小了mg
9．如图所示，用轻绳OA把球挂在光滑的竖直墙壁上，O点为绳的固定点，B点为球与墙壁的接触点。现保持固定点O不动，将轻绳OA加长，使绳与墙壁的夹角变小，则球静止后与绳OA加长之前相比（　　）
A．绳对球的拉力变大 B．球对墙壁的压力变小
C．球对墙壁的压力不变 D．球所受的合力不变
10．如图所示，木块A、B质量分别为和，与原长、劲度系数的轻弹簧两端相连接，木块A、B置于倾角粗糙的固定斜面上，在沿斜面向上的推力F作用下A、B均恰好不下滑。已知A、B与斜面之间的动摩擦因数均为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取，。现缓慢增大推力F，直至木块B刚要发生移动的过程中，弹簧始终在弹性限度内，下列说法正确的是（　　）
A．初始时推力F大小为6N
B．当推力时，木块A开始向上滑动
C．当木块B所受的摩擦力大小变为3N时，木块A所受的摩擦力大小为8N
D．当B刚好要移动时，A、B间的距离为20
三、非选择题（本大题共5小题）
11．如图所示，在长度为l的细绳中间悬挂一质量为m的重物，然后沿刻度尺逐渐分开双手。通过刻度尺读出细绳刚断时双手的距离为d，由此计算细绳能承受的最大力，并说出计算依据。（动手做此实验时，请注意安全）
12．如图，通过施加一水平力，并用木板P将8个质量均为的相同木块夹在竖直墙壁之间，木板与木块均处于静止状态。木块之间的动摩擦因数为、木块与木板、墙壁之间的动摩擦因数为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为，求：
（1）4、5木块之间的摩擦力大小；
（2）施加在轻质木板上的最小水平力。
13．（10分）（1）一根轻质大弹簧内套一根轻质小弹簧，自然长度下小弹簧比大弹簧长，它们的一端齐平并固定在地面上，另一端保持自由状态，如图甲所示竖直放置，当压缩此组合弹簧时，测得弹力与压缩距离之间的关系如图乙所示，求这两根弹簧的劲度系数（小弹簧）和（大弹簧）分别为多少
（2）一根轻质均匀弹簧，若下端挂重力为的重物，其伸长量为，将其截去，则剩余弹簧下端挂重力为的重物，其伸长量为多少
（3）、两个轻质弹簧，下端分别挂重力为的重物时，、伸长量分别为、.现用细线通过轻质光滑滑轮将、连接，如图丙所示，若在滑轮上挂一重力为的重物，平衡时滑轮下降的距离为多少
甲 乙 丙
14．某同学做“探究两个互成角度的力的合力”的实验，将白纸用图钉固定在木板上，再把橡皮条的一端固定在水平木板A处，另一瑞系上带有绳套的两根细绳。实验时，需要用两种方式拉伸橡皮条：①用两把弹簧秤通过两根细绳互成角度地拉橡皮条；②用一把弹簧秤通过细绳拉橡皮条。每次拉伸均使橡皮条和细绳套的结点到达白纸上同一位置O。
（1）本实验采用的科学方法是 （填选项前的字母）
A．理想实验 B．等效替代 C．控制变量 D．微元求和
（2）关于该实验，下列说法正确的是 （填选项前的字母）。
A．两根细绳之间的夹角可以取30°、60°、90°等特殊值，以方便计算两把秤拉力的合力
B．尽管实验前已经将弹簧秤竖直悬挂准确进行了调零，但弹簧和秤钩的重力依然会在实验中带来系统误差
C．两把秤互拉时读数虽然相同但发现秤的读数比对应的真实力偏小。不计弹簧秤的零误差，上述偏差对分析分力与合力间的关系不会产生影响
D．如果实验过程中白纸没有固定牢并发生了挪动，对实验不会产生不良影响
（3）在该同学的某次实验中，弹簧秤B、C的位置如图甲所示，此时弹簧秤B指针位置如图乙所示
请根据图示信息指出这位同学在该次实验中存在的不足（需指出其中两项）：
① ；
② 。
15．如图为一同学利用压力传感器探究弹力与弹簧伸长量关系的装置示意图，水平放置的压力传感器上叠放着连接轻弹簧的重物，左侧固定有竖直直尺。静止时弹簧上端的指针指示如图所示，表格中记录此时压力传感器的示数为6.00N；缓慢竖直向上拉动弹簧，分别记录指针示数和对应的传感器示数如表中所示。
传感器示数N(N) 6.00 4.00 3.00 1.00 0
指针示数x(cm) 14.60 15.81 18.19 19.40
(1)补充完整表格中直尺的读数 ；
(2)在以传感器示数N为纵轴、指针示数x为横轴的坐标系中，描点画出N-x图像，并根据图像求得弹簧的劲度系数为 N/m。(结果保留3位有效数字)
参考答案
1．【答案】A
【详解】
A．静止的物体也可能受到滑动摩擦力，例如物体在地球表面滑动时，地球表面也受滑动摩擦力，A正确；
B．运动的物体也可能受到静摩擦力，例如随水平传送带加速运动的物体，B错误；
C．滑动摩擦力的方向总是与相对运动方向相反，但是与运动方向不一定相反，C错误；
D．滑动摩擦力的方向也可能与运动方向一致，例如当物体刚放上水平传送带上面时，物体所受的滑动摩擦力方向与运动方向相同，D错误。
故选A。
2．【答案】A
【解析】题图甲中幼儿园的滑梯很陡，为的是增加小孩重力沿滑梯向下的分力，从而滑得更快，小孩受到的重力始终不变，A错误；题图乙中放在水平桌面上的书本对桌面的压力，是因为书本发生形变而产生的，B正确；题图丙中轮胎表面都有花纹状的沟槽，是为了雨天能把轮胎与地面间的水排出，保持两者的良好接触以产生足够的摩擦力，C正确；题图丁中高大的桥要建很长的引桥，减小斜面的倾角，根据力的平行四边形定则可知，汽车的重力沿桥面向下的分力减小，达到行车方便和安全的目的，D正确.本题选错误的，故选A.
3．【答案】D
【详解】A.因为0～1s内物体静止，则F始终等于静摩擦力，A错误；
B.全过程物体都具有向右运动的趋势或者向右运动，所受摩擦力方向始终向左，B错误；
C.1～3s时间内F始终大于滑动摩擦力，则物体一直向右运动，在第3s末还有速度，C错误；
D.第1s时有：F＝μmg，得μ＝0.5，D正确。
选D。
4．【答案】A
【详解】以、为临边做平行四边形，使合力F沿正东方向则有，，代入数据，解得，，选A。
5．【答案】C
【详解】A．物块A处于平衡状态，受沿斜面向上的摩擦力作用，选项A错误；
B．因斜面光滑，则物块B不受斜面的摩擦力，选项B错误；
C．因B对A的摩擦力沿平行斜面向上，由牛顿第三定律可知，物块A对物块B的摩擦力方向平行于斜面向下，选项C正确；
D．物块A对物块B的压力方向垂直斜面向下，选项D错误。
故选C。
6．【答案】C　
【详解】对结点O受力分析,绳子拉力和外力F的夹角不变,合力与悬挂重物的重力等大反向,受力分析如图所示,分析发现,在绳拉力T由竖直方向逐渐变为水平方向过程中,其大小先增大,后减小,A错误;对m分析,绳子的拉力与M对m的摩擦力是一对平衡力,等大反向,绳拉力先增大,后减小,则M对m的摩擦力先增大,后减小,根据牛顿第三定律,m对M的摩擦力先增大,后减小,B错误;对M和m以及桌子、重物及滑轮等物体整体,根据平衡条件,F的水平分力与地面对桌子的摩擦力等大反向,由图像可知,F的水平分力大小(图中F与T在圆上交点到G的距离)先增大后减小,则地面对桌子的摩擦力先增大后减小,C正确;对M和m整体,根据平衡条件,绳子的拉力与桌面对M的摩擦力为一对平衡力,等大反向,绳拉力先增大后减小,则桌面对M的摩擦力先增大后减小,D错误.
【题眼】“外力F缓慢拉结点O,F方向与OO'夹角为α=120°且保持不变,使OO'从竖直拉至水平”.
7．【答案】BD
【详解】脚所受拉力为两绳的合力，如图所示

合力大小为
F=2Tcos θ
又
T=mg
联立解得
F=2mgcos θ
可知增大θ角或减小重物的质量都会使脚所受的合力减小
A．只增加绳的长度，脚所受的拉力不变，故A错误；
B．只减小重物的质量，脚所受的拉力减小，故B正确；
C．只将病人的脚向左移动，θ角减小，脚所受的拉力变大，故C错误；
D．只将两定滑轮的间距增大，θ角增大，脚所受的拉力减小，故D正确。
故选BD。
8．【答案】AC
【解析】设F拉动a的过程中，细绳与竖直方向的夹角为α，则F＝2mgtan α，则当α角从0增加到60°时，F一直增加，A正确；当不加拉力F时，细绳的拉力T1＝2mg，斜面对b的摩擦力f1＝2mg－mgsin 37°＝1.4mg，方向沿斜面向下；当施加拉力F直至悬挂物块a的细绳与竖直方向夹角为60°时，细绳的拉力变为T2＝＝4mg，此时b与斜面的摩擦力f2＝4mg－mgsin 37°＝3.4mg，方向沿斜面向下，由T＝可知，在0～60°的范围内，T随α变大而变大，由于在整个过程中c对b的静摩擦力方向未改变，根据f＝T－mgsin 37°，可知c对b的摩擦力一直增大，B错误；对b、c整体分析可知，地面对c的摩擦力f地c＝Tcos 37°，则细绳的拉力逐渐变大时，地面对c的摩擦力一直增大，C正确；对b、c整体在整个过程中有FN＋Tsin θ＝(mb＋mc)g，根据牛顿第三定律知斜面体对地面的压力减小了ΔFN＝(T2－T1)sin 37°＝1.2mg，D错误．
9．【答案】BD
【详解】
由题意对球受力分析如下图
受到轻绳的拉力F1，墙壁对球的支持力F2，重力mg，由受力平衡得
变小，所以变小，变大，因此绳对球的拉力变小，墙壁对球的支持力变小，由牛顿第三定律得球对墙壁的压力也变小，而小球均处在平衡状态，所以所受合力为零不变，故AC错误，BD正确。
故选BD。
10．【答案】ACD
【详解】A．初始时，对整体分析可知
代入数据解得
N
故A正确；
B．初始时，对B分析可知
N
木块A开始向上滑动时，对A分析有
解得
N
故B错误；
C．当木块B所受的摩擦力大小变为3N，方向沿斜面向上时，弹簧弹力为
N
摩擦力沿斜面向下时，弹力为
N
木块A受滑动摩擦力，大小为
N
故C正确；
D．当B刚好要移动时，摩擦力沿斜面向下，对B分析有
N
根据胡克定律有
解得
cm
当B刚好要移动时，A、B间的距离为
故D正确；
故选ACD。
11．【答案】
【详解】
设细线的长度为L，受力分析如图
两个力的合力不变始终等于mg，且夹角在逐渐变大，故两个力逐渐变大，当绳子端点的距离为d时，绳子断裂，两侧绳子的拉力达到最大，则由这两侧的力在竖直方向的分量之和等于重力mg得
根据几何关系
解得
12．【答案】（1）；（2）
【详解】（1）根据题意，将8个木块看成整体，受力分析，受木板向上的摩擦力、墙壁向上的摩擦力和本身的重力，由平衡条件有，解得，方向向上，同理把2、3、4、5、6、7看成整体，1对2的摩擦力为，8对7的摩擦力为，则有，解得，同理可得2对3，7对6的摩擦力为，3对4，6对5的摩擦力为，设5对4的摩擦力为，对4受力分析，由平衡条件有，解得
（2）根据题意，由公式，结合上述分析可知，木板与木块之间，木板与墙壁之间的压力最小为，木块与木块之间的压力最小为，则施加在轻质木板上的最小水平力为。
13．【答案】（1）；
（2）
（3）
【解析】本题考查弹簧相关物理量的计算.
（1）根据胡克定律，在范围内，（1分）在范围内，（1分）解得，.（1分）
（2）将其截去，剩余部分的劲度系数为，则剩余弹簧下端挂重力为的重物，其伸长量为.（3分）
（3）对滑轮受力分析可知，两根弹簧所受的拉力都为，所以的伸长量为，的伸长量为，（2分）平衡时滑轮下降的距离为、伸长量之和的一半.（2分）
14．【答案】B；BC；细绳太短；橡皮筋拉力太小（导致弹簧秤所用拉力太小）；
【详解】
（1）该实验采用了“等效替代”的原理，即合力与分力的关系是等效的，所以采用的方法是等效替代法。
故选B。
（2）A．对两弹簧之间的夹角没有具体要求，只要夹角适当，便于作图即可，有利于减小误差即可，并非要求夹角为30°、60°、90°等特殊值，故A错误；
B．尽管实验前已经将弹簧秤竖直悬挂准确进行了调零，但在竖直方向上进行实验时弹簧和秤钩的重力依然会在实验中带来系统误差，故B正确；
C．两把秤互拉时读数虽然相同但发现秤的读数比对应的真实力偏小，属于系统误差，则测量分力和合力时，都受到相同的影响，故不计弹簧秤的零误差，上述偏差对分析分力与合力间的关系不会产生影响，故C正确；
D．如果实验过程中白纸没有固定牢并发生了挪动，则产生较大的偶然误差，对实验会产生不良影响，故D错误。
故选BC。
（3）由图可知，这位同学在该次实验中存在的不足有：细绳太短；橡皮筋拉力太小（导致弹簧秤所用拉力太小）。
15．【答案】12.20；；83.3(82.0~83.8都算正确)；
【详解】
(1)直尺的最小刻度为，根据直尺的读数规则可知，估读到最小刻度的下一位，故读数为；
(2)根据表格数据做出图象，如图所示
由题意可知
则
即
得图象的斜率绝对值为弹簧的劲度系数，由图象可知
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一、单选题（本大题共6小题）
1．如图甲所示，通过一拉力传感器（能测量力大小的装置）水平向右拉一水平面上质量为5.0kg的木块，A端的拉力均匀增加，时间内木块静止，木块运动后改变拉力，使木块在后做匀速直线运动。计算机对数据拟合处理后，得到如图乙所示拉力随时间变化的图线，下列说法正确的是（取）（　　）
A．当时，木块与水平面间的摩擦力
B．若继续增大拉力至，则木块与水平面间的摩擦力
C．木块与水平面间的动摩擦因数为
D．木块与水平面间的动摩擦因数为
2．如图所示，放在粗糙水平桌面上的一个物体，同时受到水平方向的两个力的作用，且方向向右，且方向向左.当从逐渐减小到零时，物体始终保持静止，物体与桌面间摩擦力大小变化情况是（ ）
A．先减小后增大 B．先增大后减小
C．逐渐减小 D．逐渐增大
3．如图所示，轻质弹簧的一端与一小物体相连，另一端悬挂于天花板上的点，小物体置于光滑水平面上的点，弹簧恰好处于原长，、在同一竖线上且相距。现对小物体施加水平向右缓慢增大的拉力，当时物体处于与相距的点；继续缓慢增大拉力，当小物体处于与相距的点时，小物体对水平地面的压力恰好为零。不计弹簧重力，取，弹簧始终处于弹性限度内。则小物体的质量为（　　）
A． B． C． D．
4．如图所示，在同一竖直平面内，小球、上系有不可伸长的细线、、和，其中的上端悬挂于竖直固定的支架上，跨过左侧定滑轮、跨过右侧定滑轮分别与相同配重、相连，调节左、右两侧定滑轮高度达到平衡.已知小球、和配重、的质量均为，细线、平行且与水平方向成 （不计摩擦），重力加速度，则细线、的拉力大小分别为（ ）
A．， B．， C．， D．，
5．如图所示，一质量为M、带有挂钩的小球套在倾角为θ的细杆上，恰能沿细杆匀速下滑.若下滑过程中小球所受细杆的作用力大小为F，且小球所受最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则下列说法正确的是 (　　)
A．仅增大θ(θ<90°)，小球被释放后仍能沿细杆匀速下滑
B．仅增大θ(θ<90°)，小球被释放后所受细杆的作用力大小小于F
C．θ不变，仅在挂钩上再挂一个物体，小球被释放后将沿细杆加速下滑
D．θ不变，仅在挂钩上再挂一个物体，小球被释放后所受细杆的作用力大小仍等于F
6．如图所示，在同一竖直平面内，小球、上系有不可伸长的细线、、和，其中的上端悬挂于竖直固定的支架上，跨过左侧定滑轮、跨过右侧定滑轮分别与相同配重、相连，调节左、右两侧定滑轮高度达到平衡.已知小球、和配重、的质量均为，细线、平行且与水平方向成 （不计摩擦），重力加速度，则细线、的拉力大小分别为（ ）
A．， B．， C．， D．，
二、多选题（本大题共4小题）
7．如图所示,水平地面上有一倾角为θ的光滑斜面,一轻质弹簧一端固定在竖直墙壁上的O点,另一端连接一质量为m的木块.开始时,把木块放在斜面上某位置,木块和斜面均静止不动,此时弹簧水平且处于压缩状态.已知重力加速度为g,则下列说法正确的是 (　　)
A．开始时,弹簧弹力大小等于mgtan θ
B．开始时,斜面受到三个力的作用
C．若将O点稍微下移一点,木块仍可能在原位置静止
D．若将O点稍微上移一点,木块仍可能在原位置静止
8．如图所示,轻质不可伸长的晾衣绳两端分别固定在竖直杆M、N上的a、b两点,悬挂衣服的衣架挂钩是光滑的,挂于绳上处于静止状态.如果只人为改变一个条件,当衣架静止时,下列说法正确的是 (　　)
A．绳的右端上移到b',绳子拉力不变
B．将杆N向右移一些,绳子拉力变大
C．绳的两端高度差越小,绳子拉力越小
D．若换挂质量更大的衣服,则衣架悬挂点右移
9．如图，在粗糙水平面与竖直墙壁之间放置木块A和质量为的光滑球B，系统处于静止状态；O为B的球心，C为A、B接触点，CO与竖直方向夹角为，重力加速度大小为g，则（　　）
A．木块A 对球B的支持力大小为
B．地面对木块A 的摩擦力大小为
C．若木块A 右移少许，系统仍静止，地面对木块的摩擦力变小
D．若木块A 右移少许，系统仍静止，地面对木块的支持力变大
10．如图所示，斜面体A静止在水平面上，质量为m的滑块B在外力和的共同作用下沿斜面向下运动，当方向水平向右，方向沿斜面向下时，地面对斜面体摩擦力的方向水平向左，则下列说法正确的是（　　）
A．若只撤去，在滑块B仍向下运动的过程中，A所受地面摩擦力方向可能向右
B．若只撤去，在滑块B仍向下运动的过程中，A所受地面摩擦力方向可能向右
C．若只撤去，在滑块B仍向下运动的过程中，A所受地面摩擦力减小
D．若同时撤去和，滑块B所受合力方向一定沿斜面向下
三、非选择题（本大题共5小题）
11．小华用A、B两根不同的弹簧，分别探究弹簧弹力F的大小与伸长量x之间的关系，并根据记录的数据绘制成F-x图像，如图所示。分析图像可知，劲度系数较大的是弹簧；当给A、B弹簧分别施加2N的力，则两弹簧的伸长量之比xA∶xB=.
12．如图甲所示，质量为2m的木块A套在水平杆上，并用轻绳将木块A与质量为m的小球B相连。在水平向右的外力作用下，A、B一起向右做匀速直线运动。已知重力加速度为g，求：
（1）求轻绳对小球B的拉力T的大小，以及轻绳与水平杆夹角的正切值
（2）求木块与水平杆间的动摩擦因数
（3）如图乙，若B受到的外力由水平变为斜向右上方，跟水平方向成角，且A、B恰好一起向右做匀速直线运动，求此外力F的大小。
13．如图甲所示，倾角为的斜面与水平面始终保持静止，斜面上有质量的物体A，物体A恰好能沿斜面匀速下滑。设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，当地重力加速度（已知）,则
（1）求物块对斜面的压力；
（2）求物体A与斜面间的动摩擦因数μ；
（3）若对物体A施加一个沿斜面向上的推力F，使物体A沿斜面向上做匀速运动，求推力F的大小。
14．如图所示，一氢气球用固定在地面上的轻绳拴接，绳上绑有一石块，将轻绳分成a、b两段，某时刻，由于水平风力的作用，轻绳a与竖直方向成60°角，已知氢气球重力为G，石块重力为3G，氢气球受到的浮力大小为5G，不考虑风对石块的作用力，求：
（1）轻绳a受到的拉力和氢气球受到的风力大小；
（2）轻绳b受到的拉力大小。

15．某实验小组用光电计时器测量重力加速度，实验装置如图所示。实验步骤如下∶
①用游标卡尺测量小钢球的直径d；
②让钢球吸附器吸附小钢球，用刻度尺测量小钢球球心到光电门的高度h；
③将小钢球由静止释放，记录小钢球通过光电门所用的时间t；
④改变光电门的位置，重复步骤②和③，记录多组关于h、t的数据。
请回答下列问题∶
（1）以h为纵坐标，以tn（n=±1，±2）为横坐标根据实验测得的数据在坐标纸上描点，拟合图线，得到的图像最合理的是 ；
A． B． C． D．
（2）根据上述最合理的图像计算出图线的斜率k，重力加速度的表达式为g= ；
（3）一小组成员经过分析发现，由于小钢球的直径不是足够小利用光电门求得的速度实际上是小钢球通过光电门的平均速度。由此可以推断∶用上述实验方法得到的重力加速度值 （选填“大于”“等于”或“小于”）它的真实值。
参考答案
1．【答案】C
【详解】A.由图可知，物体的最大静摩擦力为，当外力小于最大静摩擦力时，物体静止，受力平衡有
故A错误；
B.由图可知，物体的最大静摩擦力为，当外力大于最大静摩擦力时，物体滑动，此时物体受的摩擦力为滑动摩擦力，大小由图可知为8N，故B错误；
CD. 物体滑动摩擦力大小由图可知为8N，有
故C正确D错误。
故选C。
2．【答案】A
【解析】本题考查静-静突变.由于物体始终保持静止，由平衡条件可知，开始时摩擦力，方向向右，当减小到时，此时的摩擦力减小为0，继续减小，则摩擦力，方向向左，且随的减小而增大，所以摩擦力先减小后增大，正确.
3．【答案】A
【详解】
小物体在B点时，根据几何关系可得弹簧的长度为
①
设此时弹簧与水平面的夹角为θ1，则
②
设弹簧的劲度系数为k，小物体在B点时，根据胡克定律可知弹簧的弹力大小为
③
对小物体根据平衡条件有
④
联立①②③④解得
⑤
小物体在C点时，根据几何关系可得弹簧的长度为
⑥
此时弹簧的弹力大小为
⑦
设此时弹簧与水平面的夹角为θ2，则
⑧
对小物体根据平衡条件有
⑨
联立⑤⑥⑦⑧⑨解得
⑩
故选A。
4．【答案】D
【详解】设细线与竖直方向的夹角为 ,对小球受力分析,由平衡条件得 ,,解得,对小球、整体分析,由平衡条件得,正确.
【一题多解】
方法1：隔离法
对小球,由平衡条件得 , ,解得.
方法2：推论法
小球的重力和细线中拉力大小相等,且夹角为 ,由平衡条件知.
物体受三个力作用处于平衡状态,若其中两个力的大小相等,且夹角为 ,则第三个力与这两个力大小相等.
5．【答案】B
【详解】当小球沿细杆匀速下滑时，由力的平衡条件可得FN=Mgcos θ，Mgsin θ=μMgcos θ，解得μ=tan θ，小球被释放后所受细杆的作用力F==Mg，仅增大θ(θ<90°)，则小球的重力沿细杆方向的分力大于细杆对小球的摩擦力，小球被释放后沿细杆加速下滑，小球受到细杆的支持力和摩擦力都减小，则小球所受细杆的作用力小于F，故A错误，B正确；θ不变，设挂上一质量为m的物体时，以两物体整体为研究对象，重力沿细杆向下的分力为F1=(M+m)gsin θ，小球所受的摩擦力大小为F2=Ff=μ(M+m)gcos θ，由上述分析可知F1=F2，因此小球仍沿细杆匀速下滑，此时小球所受细杆的作用力的合力大小为(M+m)g，大于F，故C、D错误.
6．【答案】D
【详解】设细线与竖直方向的夹角为 ,对小球受力分析,由平衡条件得 ,,解得,对小球、整体分析,由平衡条件得,正确.
【关键点拨】
物体受三个力作用处于平衡状态,若其中两个力的大小相等,且夹角为 ,则第三个力与这两个力大小相等.
【一题多解】
方法1：隔离法
对小球,由平衡条件得 , ,解得.
方法2：推论法
小球的重力和细线中拉力大小相等,且夹角为 ,由平衡条件知.
7．【答案】AC
【解析】由于斜面光滑,故木块不受摩擦力,对木块受力分析,木块受支持力、弹簧弹力和重力作用,根据平衡知识可知,开始时,弹簧弹力大小等于F=mgtan θ,A正确;开始时,斜面受到重力、地面的支持力和摩擦力、木块的压力四个力的作用,B错误;若将O点稍微下移一点,则弹簧长度增加,弹力减小,由图可知,木块仍可能在原位置静止,C正确;若将O点稍微上移一点,弹簧弹力仍减小,但是木块平衡需要的弹力F要增加,可知木块不可能在原位置静止,D错误.
8．【答案】AB　
【详解】衣服受力如图所示,由于挂钩光滑,因此绳上拉力大小处处相等,设M、N间距为d,绳子总长为L,则sin θ=,由平衡条件得2Tcos θ=mg,当绳子右端上移时,θ不变,绳子拉力不变,选项A正确;将杆N向右移一些,则d变大,θ变大,绳子拉力变大,选项B正确;由以上分析可知,绳子拉力大小与绳的两端高度差无关,选项C错误;两侧绳子拉力大小相等,与竖直方向夹角均不变,因此若换挂质量更大的衣服,绳子拉力变大,衣架悬挂点不动,选项D错误.
9．【答案】AC
【解析】以B球为研究对象，受力分析如图所示，
木块A对球B的支持力大小为，A正确；以整体为研究对象，水平方向的摩擦力等于墙与B之间的作用力F，则摩擦力为 f=F=mgtan60°=mg，B错误；把木块A右移少许，系统仍静止，地面对木块A的摩擦力等于墙壁对球B的支持力mgtanθ，θ角变小，故地面对木块A的摩擦力变小，C正确；把木块A右移少许，系统仍静止，地面对木块A的支持力等于整体受到的重力，所以不变，D错误．
10．【答案】CD
【详解】当斜劈A表面光滑（设斜面的倾角为θ，A的质量为mA，B的质量为mB），对A分析有
A．撤去前有，如果撤去，使A相对地面发生相对运动趋势的外力大小是，因为，所以A所受地面的摩擦力仍然是静摩擦力，为，其方向仍然是向左而不可能向右，A错误；
B．如果撤去，在物体B仍向下运动的过程中，使A相对地面有向右滑动趋势的外力是，与是否存在无关；所以撤去，在物体B仍向下运动的过程中，A所受地面的摩擦力应该保持不变，方向仍然向左，B错误；
C．由A选项的分析可知只撤去，在滑块B仍向下运动的过程中，A所受地面摩擦力减小；故C正确；
D．若同时撤去和，滑块B沿斜面方向只有沿斜面向下的重力的分力。故合力方向一定沿斜面向下，D正确。
当斜劈A上表面粗糙时（设A表面的动摩擦因数为μ），在斜劈A表面粗糙的情况下，B在F1、F2共同作用下沿斜面向下的运动就不一定是匀加速直线运动，也可能是匀速直线运动。
根据题意知在B沿斜劈下滑时，受到A对它弹力FN和滑动摩擦力f1，根据牛顿第三定律，这两个力反作用于A，斜劈A实际上就是在这两个力的水平分力作用下有相对地面向右运动的趋势的，所以，又因为所以，即
A．如果撤去F1，在物体B仍向下运动的过程中，有，假设此时A受的摩擦力fA方向向左，则，即，所以假设成立斜劈A有相对地面向右运动的趋势，摩擦力方向是向左，A错误；
B．无论A表面是否粗糙，F2的存在与否对斜劈受地面摩擦力大小和方向都没有影响，撤去F2后，斜劈A所受摩擦力大小和方向保持不变，仍向左，B错误；
C．撤去F1前有，结合A选项分析可知撤去F1后FN变小，fA变小，C正确；
D．同时撤出F1和F2，由以上分析可以知道，所以物体B所受的合力沿斜面向下，D正确。
综上分析可知无论斜劈A上表面是否光滑CD均正确，AB均错误。选CD。
11．【答案】A ；2∶5
【详解】[1] 根据胡克定律有，可知F-x图像的斜率表示弹簧的劲度系数。因此由图像可知，A弹簧的劲度系数大于B弹簧的劲度系数。劲度系数较大的是A。
[2] A、B弹簧的劲度系数分别为，，当给A、B弹簧分别施加2N的力，则两弹簧的伸长量之比
12．【答案】（1），；（2）；（3）。
【分析】选取小球B为研究的对象，对它受力分析，根据平衡条件列式求解；选取AB组成的整体为研究的对象，对AB受力分析，根据平衡条件列式即可求解。
【详解】（1）小球受到重力、外力和轻绳的拉力T，如图所示：
由平衡条件得
（2）AB整体受到重力，支持力，水平力和摩擦力作用，由平衡条件得：
竖直方向有
水平方向有
又由
解得
（3）AB整体受到重力3mg，支持力FN2，外力F和摩擦力f2作用，由平衡条件得：
竖直方向上有
水平方向上有
又由
解得
13．【答案】（1）80N，方向垂直斜面向下；（2）0.75；（3）120N
【详解】（1）以物块为对象，垂直斜面方向根据受力平衡可得
则物块对斜面的压力大小为
方向垂直斜面向下。
（2）以物块为对象，沿斜面方向根据受力平衡可得
又
联立可得
（3）物体A沿斜面向上做匀速运动，根据受力平衡可得
又
联立可得
14．【答案】（1），；（2）
【详解】（1）对气球和石块组成的系统进行受力分析，如图（a）所示，由平衡条件

则有
又
解得
，
（2）对石块进行受力分析，如图（b）所示，设轻绳b与竖直方向的夹角为，由平衡条件

则有
且
解得
15．【答案】D；；小于；
【详解】
（1）[1]根据
已知经过光电门时的时间与小球的直径；则可以由平均速度表示经过光电门时的速度；故
即
故选D。
（2）[2]根据
斜率
则重力加速度的表达式
（3）[3]根据
则
利用光电门求得的速度实际上是小钢球通过光电门的平均速度，根据平均速度推论知，某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，而匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度小于中间位置的速度，则钢球通过光电门的瞬时速度小于钢球球心通过光电门的瞬时速度，用上述实验方法得到的重力加速度值偏小
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第 page number 页，共 number of pages 页2026届人教版高考物理第一轮复习：相互作用——力综合提高练习3
一、单选题（本大题共6小题）
1．如图所示为甲乙两位同学玩掰手腕游戏．若甲对乙的力记为，乙对甲的力记为，则（ ）
A． B．和总是大小相等 C．先于产生 D．后于产生
2．运动员在水平地面，上进行拉轮胎的负荷训练，若在起动后的一小段时间内，运动员用两根轻绳拉着轮胎做匀速直线运动。如图所示，运动过程中保持两绳的端点A、B等高，两绳间的夹角为θ、所在平面与水平面夹角恒为。已知轮胎重为G，运动过程受地面摩擦力大小恒为f，则每根绳的拉力大小为（　　）
B．
C．
D．
3．如图所示为2022年北京冬奥会吉祥物冰墩墩,下列关于冰墩墩的一系列说法正确的是
A．冰墩墩对冰面的压力是因为冰面发生了向下的弹性形变引起的
B．冰墩墩对冰面的压力与冰面对冰墩墩的支持力是一对平衡力
C．若在研究某一问题时将冰墩墩看成质点是应用了等效替代的思想
D．给冰墩墩一个初速度,它在地面不能立即停下来是由于惯性
4．以下关于重力、弹力、摩擦力的认识正确的是（　　）
A．重力是地球对物体的吸引力
B．物体所受弹力的方向与施力物体形变的方向相同
C．静止的物体不可能受到滑动摩擦力，运动的物体不可能受到静摩擦力
D．最大静摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和正压力有关
5．如图所示,“嫦娥五号”探测器静止在月球平坦表面处.已知探测器质量为m,四条腿与竖直方向的夹角均为θ,月球表面的重力加速度为地球表面重力加速度g的.每条腿对月球表面压力的大小为 (　　)
A．
B．
C．
D．
6．如图所示，斜面小车M静止在光滑水平面上，小车左边紧贴墙壁，若在小车斜面上放着一个物体m，当m沿着小车的斜表面下滑时，小车M始终静止不动，则小车M受力个数为（　　）
A．2个
B．3个
C．4个
D．6个
二、多选题（本大题共4小题）
7．如图所示，一条轻绳一端与地面上的物体B相连，另一端绕过质量不计的滑轮与小球A相连，滑轮用另一条细线悬挂在天花板上的O'点，细线OO'与竖直方向夹角为α，则 (　　)
A．无论物体B在地面上向左移还是向右移，只要距离足够小，α角都将不变
B．如果将物体B在地面上向右移动少许，物体B对地面的压力将增大
C．增大小球A的质量，物体B对地面的摩擦力将增大
D．悬挂滑轮的细线的弹力可能等于小球A的重力
8．（多选）如图所示，甲、乙两球（均视为质点）用轻质细直杆连接，再用细线悬挂在点，装置处于静止状态，其中甲的质量为，杆对小球的弹力沿着杆，两球分别位于、两点，过点的竖直线与、的连线的交点为，已知、，重力加速度为．下列说法正确的是（ ）
A． 乙的质量为
B． 杆的弹力为
C． 若，连接与甲、乙的细线的拉力之比为
D． 若，连接与甲的细线的拉力大小为
9．如图所示，用轻绳OA把球挂在光滑的竖直墙壁上，O点为绳的固定点，B点为球与墙壁的接触点。现保持固定点O不动，将轻绳OA加长，使绳与墙壁的夹角变小，则球静止后与绳OA加长之前相比（　　）
A．绳对球的拉力变大 B．球对墙壁的压力变小
C．球对墙壁的压力不变 D．球所受的合力不变
10．如图所示，一位同学用双手水平夹起一摞书，并停留在空中.已知手掌与书间的动摩擦因数μ1=0.3，书与书间的动摩擦因数μ2=0.2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力.若每本书的质量为m=0.2 kg，该同学对书的水平正压力为F=100 N，每本书均呈竖直静止状态，重力加速度g=10 m/s2，则 (　　)
A．每本书受到的摩擦力的合力大小不等
B．书与书之间的摩擦力大小不相等
C．他最多能夹住22本书
D．他最多能夹住30本书
三、非选择题（本大题共5小题）
11．在“探究弹簧弹力的大小与伸长量的关系”的实验中，得到如图所示的图像。试根据此图像求出该弹簧的原长及劲度系数。
12．某小组做“验证力的平行四边形定则”的实验时得出如图所示的图（Fˊ与A、O共线），其中A为固定橡皮条的固定点，O为橡皮条与细绳的结合点。
(1)在实验过程中，橡皮条的一端固定在木板上，用两个弹簧测力计把橡皮条的结点拉到某一位置O点，在同一实验过程中，前后两次应把橡皮条的结点拉到 位置（填“相同”或“不同”）；
(2)图中 是F1与F2合力的真实值（填“F”或“Fˊ”）；
(3)实验过程中，若共点力F1、F2的夹角小于90°，现改变弹簧测力计F2的拉力方向，使α角减小，但不改变F2的大小，那么要使保持O点位置不动，就应调节弹簧测力计F1的拉力大小及β角。在下列调整方法中，不可行的是 。
A．增大F1的拉力，增大β角
B．增大F1的拉力，β角不变
C．增大F1的拉力，减小β角
D．F1的拉力大小不变，增大β角
13．如图所示，光滑斜面上有一个重力为70N的小球被轻绳拴住悬挂在天花板上，已知绳子与竖直方向的夹角为45°，斜面倾角为37°，整个装置处于静止状态。求绳对小球拉力的大小和斜面对小球支持力的大小。(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)
14．如图所示，物体A、B叠放在倾角θ＝37°的斜面上(斜面保持不动，质量为M＝10 kg)，并通过跨过光滑滑轮的细线相连，细线与斜面平行．两物体的质量分别mA＝2 kg，mB＝1 kg, B与斜面间的动摩擦因数μ2＝0.2，问：(认为滑动摩擦力等于最大静摩擦力，g取10 m/s2，sin 37°＝0.6)
(1)如果A、B间动摩擦因数μ1＝0.1，为使A能平行于斜面向下做匀速运动，应对A施加一平行于斜面向下的多大F的拉力？此时斜面对地面的压力N多大？
(2)如果A、B间摩擦因数不知，为使AB两个物体一起静止在斜面上，AB间的摩擦因数μ1应满足什么条件．
15．如图甲和图乙是同学们设计的两种探究“滑动摩擦力大小影响因素”的实验方案。图甲实验中将物块A放在水平地面上，用弹簧测力计水平向右拉动物块A； 图乙实验中，用水平向右的拉力拉动木板B，物块A静止不动。
(1)若要使两种方案中弹簧测力计的示数都等于物块A所受摩擦力的大小，图甲实验的过程中 （填“可以”或“不可以”） 变速向右拉动物块A，图乙实验的过程中 （填“可以”或“不可以”） 变速向右拉动木板B；
(2)图乙实验中弹簧测力计示数稳定后如图所示，若物块A的重力G =10N，则物块与木板之间的动摩擦因数μ= （结果保留2位有效数字）。
参考答案
1．【答案】B
【详解】甲对乙的力与乙对甲的力是一对作用力和反作用力，它们总是大小相等，方向相反，它们同时产生，同时消失。选B。
2．【答案】A
【详解】
设每根绳的拉力大小为T，根据力的合成与分解以及对称性可知，两根绳拉力的合力大小为
对轮胎根据平衡条件有
解得
故选A。
3．【答案】D　
【解析】基础考点：力、质点和惯性的概念
冰墩墩对冰面的压力是因为冰墩墩发生了向上的弹性形变引起的(易错:相互接触的两个物体受到的弹力是对方形变引起的),A错误;冰墩墩对冰面的压力与冰面对冰墩墩的支持力是一对相互作用力,B错误;若在研究某一问题时将冰墩墩看成质点是应用了理想化模型的思想,C错误;给冰墩墩一个初速度,它在冰面不能立即停下来是由于惯性,D正确。
4．【答案】D
【详解】A．重力是由于地球对物体的吸引力而产生的，除两极外重力不等于地球的吸引力，选项A错误；
B．物体所受弹力的方向与施力物体形变的方向相反，选项B错误；
C．静止的物体也可能受到滑动摩擦力，例如物体在地面上滑动，静止的地面受滑动摩擦力；运动的物体也可能受到静摩擦力，例如随水平加速运动的传送带一起加速运动的物体，选项C错误；
D．根据可知，最大静摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和正压力有关，选项D正确。选D。
5．【答案】D
【详解】设月球表面对探测器每条腿的支持力大小均为F,对“嫦娥五号”受力分析,如图所示,有4F=mg,则有F=mg,由牛顿第三定律可知,每条腿对月球表面的压力大小为mg,D正确.
6．【答案】C
【详解】C．由于m的运动状态不详细，所以要讨论：若m匀速下滑，则m受到重力、支持力和摩擦力的作用，其中支持力与摩擦力的合力的方向竖直向上，与重力大小相等，方向相反．根据牛顿第三定律可知，m对M的压力与摩擦力的方向竖直向下；以M为研究的对象，M受到重力、地面的支持力、m对它的压力和摩擦力，水平方向没有其他的力；所以M受到4个力的作用，C正确；
ABD．若m加速下滑，则以整体为研究对象，M静止，设m的加速度为a，斜面的倾角为θ，则m沿水平方向的加速度为acosθ，方向向右，由于水平方向的加速度的存在，所以整体水平方向要受到向右的作用力，该作用力只能有墙壁提供，所以墙壁对M由向右的作用力，此时M受到重力、地面的支持力、墙壁的弹力、m对M的压力和摩擦力，共5个力的作用；若m减速下滑，以整体为研究对象，M静止，则m沿水平方向的加速度为acosθ，方向向左，所以整体受到向左的作用力。显然，墙壁对M的弹力的方向只能向右，而水平地面又是光滑的，所以墙壁与水平地面都不可能通过系统向左的力，所以该种假设是错误的；由以上的分析可知，m只能匀速下滑或加速下滑，不能减速下滑，M不可能受到2个力、3个力或6个力的作用，ABD错误。
选C。
7．【答案】BC　
【解析】
对小球A受力分析，受重力和拉力，根据平衡条件有T=mAg.如果将物体B在水平地面上向右移动少许，A、B仍保持静止，轻绳的拉力不变，则∠AOB增大；对滑轮受力分析，如图所示，根据平衡条件可知，∠AOB=2α，故α一定增加.同理，将物体B在水平地面上向左移动少许，α一定减小，A错误.对物体B在竖直方向有N+Tcos 2α=mBg，如果将物体B在地面上向右移动少许，α增加，则N增加，即物体B对地面的压力将增大，B正确.对物体B在水平方向有Tsin 2α=fB，则增大小球A的质量，T增大，物体B对地面的摩擦力将增大，C正确.由于∠AOB=2α<90°，细线OO'的弹力F与两侧轻绳的拉力T的合力平衡，而T=mAg，故挂滑轮的细线的弹力不可能等于小球A的重力，D错误.故选B、C.
【关键点拨】
解答本题的关键是灵活选择研究对象，知道同一根轻绳上的拉力相等，特别注意只要A球处于平衡状态，则拉A球的轻绳的方向就沿竖直方向，根据平衡条件列式分析.
8．【答案】AC
【解析】设乙的质量为，杆对甲、乙弹力大小相等为，分别对两球进行受力分析，构建力的合成矢量图如图所示．
根据力的矢量三角形与几何三角形的相似可得，，结合,，解得,，A正确，B错误；由，，结合，，可得，C正确；当，设，，则，由C选项分析可知连接与甲的细线的拉力大小为，D错误．
9．【答案】BD
【详解】
由题意对球受力分析如下图
受到轻绳的拉力F1，墙壁对球的支持力F2，重力mg，由受力平衡得
变小，所以变小，变大，因此绳对球的拉力变小，墙壁对球的支持力变小，由牛顿第三定律得球对墙壁的压力也变小，而小球均处在平衡状态，所以所受合力为零不变，故AC错误，BD正确。
故选BD。
10．【答案】BC
【解析】因为每本书均呈竖直静止状态，所以每本书所受的摩擦力的合力都能与书的重力平衡，即每本书受到的摩擦力的合力大小相等，A错误；越靠近外侧书与书之间的摩擦力越大，即书与书之间的摩擦力大小不相等，B正确；先将所有的书(设有n本)当作整体，受力分析，竖直方向受重力、静摩擦力，根据平衡条件有nmg≤2μ1F，则有n≤=30，再考虑除最外侧两本书外的其他书(n-2本)，受力分析，竖直方向受重力、静摩擦力，根据平衡条件有(n-2)mg≤2μ2F，则有n≤+2=22，故最多能夹住22本书，C正确，D错误.
11．【答案】弹簧原长为，劲度系数为
【详解】根据图像可知，弹簧原长为，劲度系数为
12．【答案】相同；Fˊ；BD；
【详解】
(1)[1]在同一实验过程中，为了保证等效性，前后两次应把橡皮条的结点拉到相同位置；
(2)[2] Fˊ与A、O共线图中F′是F1与F2合力的真实值；
(3)[3]该题实际是物体的动态平衡，由题意可知：保持O点位置不动，即合力大小方向不变，弹簧测力计F2的读数不变，使α角减小，只要符合该条件而且能够做出平行四边形即可，作图可知AC可以做出平行四边形，BD不能；本题选择不可行的，故选BD。
13．【答案】FN=50N，T=42N
【详解】小球受力如图所示，将拉力和支持力沿水平和竖直方向分解，由平衡关系得Tsin45°=FNsin37°①，Tcos45°+FNcos37°=mg②，联立①②解得FN=50N，T=42N。
14．【答案】(1)F＝2 N，N＝131.2 N；(2)0.0375
【详解】
(1)对A: F＋mAgsin θ＝T＋μ1mAgcos θ
对B：T＝mBgsin θ＋μ1mAgcos θ＋μ2(mA＋mB)gcos θ
可解得：F＝2 N
利用整体法：N＝(M＋mA＋mB)g＋Fsin θ＝131.2 N
(2)由受力分析可知，一定存在A有下滑趋势，B有上滑趋势．
对A：mAgsin θ＝μ1mAgcos θ＋T
对B：T＝μ1mAgcos θ＋μ2(mA＋mB)gcos θ＋mBgsin θ
解得最小值：μ1min＝＝0.0375
则：μ1≥0.0375
15．【答案】(1) 不可以 可以
(2)0.40
【详解】（1）[1]图甲实验的过程中只有A匀速运动时，受力平衡，此时弹簧测力计的示数才等于物块A所受摩擦力的大小，则图甲实验中不可以变速向右拉动物块A；
[2]图乙实验中A处于静止状态，则实验的过程中可以变速向右拉动木板B；
（2）弹簧测力计示数即物块A受的摩擦力为f=4.00N，则动摩擦因数
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