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2025年辽宁省锦州八中中考物理三模试卷
一、单选题：本大题共6小题，共12分。
1.《诗经 国风》中“蒹葭苍苍，白露为霜”的诗句流传甚广。形成“露”的物态变化是（　　）
A. 液化 B. 汽化 C. 熔化 D. 升华
2.下列光现象中，属于光沿直线传播形成的是（　　）
A. 池塘里树的倒影 B. 树荫中的圆形光斑
C. 游泳池中的水看起来比实际浅 D. 水杯中的吸管看起来发生弯折
3.端午节赛龙舟是我国民间传统习俗。在划龙舟比赛的活动中，下列说法正确的是（　　）
A. 龙舟漂浮在水面上，所受浮力与重力是一对相互作用力
B. 当用力划桨时，船就前进，说明力可以改变物体的形状
C. 龙舟船底做成流线型，是为了减小水的阻力
D. 划桨时，由于水对浆的力大于浆对水的力，所以龙舟才能前进
4.“生命宝贵，安全第一”是同学们应具有的安全意识。下列做法不符合安全用电原则的是（　　）
A. 连接家庭电路时，开关接在火线和用电器之间
B. 若家用电器着火，先切断电源，再用灭火器灭火
C. 使用试电笔时，手指按住笔尾金属体
D. 更换灯泡时，没有断开电源开关
5.用毛皮摩擦过的橡胶棒接触不带电的验电器金属球后，金属箔张角如图甲所示；接着用毛皮摩擦过的气球再接触金属球，金属箔张角变大，如图乙所示；然后用短波紫外光照射但不接触金属球，金属箔张角如图丙所示，此时金属球中的某种电荷“逃”到了空气中。下列推断正确的是（　　）
A. 甲图中瞬间电流方向是由橡胶棒到验电器
B. 乙图中摩擦过的气球带负电
C. 丙图中金属箔张角变小是因为它们相互吸引
D. 丙图中从金属球“逃”出的是正电荷
6.下列工具中，人们正常使用时，属于费力杠杆的是（　　）
A. B.
C. D.
二、多选题：本大题共3小题，共6分。
7.小丰用燃气灶烧水时，进行了如下思考，小丰的想法正确的是（　　）
A. 烧水是通过热传递的方式改变水的内能
B. 壶内水温度升高的过程中，内能减小
C. 水壶的壶嘴和壶身构成连通器
D. 壶内水沸腾时，水吸收热量，温度升高
8.关于能源和能源的利用，下列说法正确的是（　　）
A. 煤和石油属于不可再生能源
B. 太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核裂变反应
C. 因为能量是守恒的，所以能源取之不尽，用之不竭
D. 太阳能电池可以将太阳能转化为电能
9.如图所示的电路，电源电压保持不变。将滑片P置于A端，只闭合开关S1，观察电路；断开开关S1，将滑片P置于B端，闭合开关S1、S2，再次观察电路。比较前后两次电路的变化情况，下列说法中正确的是（　　）
A. 电流表的示数变大 B. 电压表的示数变大
C. 灯泡的电功率变大 D. 滑动变阻器的电功率变小
三、填空题：本大题共6小题，共12分。
10.上课铃声响起后，同学们走进教室开始上课。这是利用了声可以传递______，铃声是通过______传入同学们耳朵的。
11.如图所示，是清华大学合作研发的全球最小飞行器。这一飞行器由电子功能部件和机翼组成，它整体只有笔芯大小，直径约为1______（填长度单位）；该飞行器还具有监测空气污染、空气传播疾病等诸多功能，执行任务时它像蒲公英种子一样在空中自旋和下落，以地面为参照物，它是______的。
12.如图所示，在我国“2022巅峰使命”珠峰科考中，极目一号Ⅲ型浮空艇到达海拔9032m的高度，对珠峰地区气候进行数据测量。浮空艇能升空是因为内部充入了密度比空气密度______的气体，在上升过程中，浮空艇受到的大气压强越来越______。（两空均选填“大”或“小”）
13.小夏一家假期外出旅游，家中只有一个网络摄像头和一个路由器在工作，其实际功率分别为5W和15W。出发和回家时，电能表示数如图所示，这段时间内小夏家消耗电能______kW h,小夏一家外出______h。（电路其它元件损耗电能不计）
14.校车在某段平直路面上以36km/h的速度匀速行驶10min,通过的路程为______km；若在此过程中消耗1kg柴油，发动机输出有用的机械功为1.72×107J，校车发动机的效率为______%。（柴油热值为4.3×107J/kg）
15.2023年5月30日，在酒泉基地发射的“神舟十六号”载人飞船升空过程中，燃料舱内的液态氢的热值______（选填“变大”、“不变”或“变小”）；若100g液态氢完全燃烧放出的热量有60%被水吸收，水温升高了50℃，则水的质量为______kg。[q液氢=1.4×108J/kg,c水=4.2×103J/（kg ℃）]
四、作图题：本大题共2小题，共4分。
16.如图所示，用轻质绳子悬挂一小球，小球与光滑轨道接触且处于静止状态，绳子竖直。在图中画出小球的受力示意图。
17.如图所示，一束光经平面镜反射后，平行凹透镜的主光轴射向透镜，请画出平面镜和经过凹透镜后的折射光线。
五、实验探究题：本大题共4小题，共24分。
18.如图甲所示，大雪过后路面结冰，环卫工人会在公路上撒盐，使路面的冰及时融化，确保了行人和车辆的出行安全。为了弄清其中缘由，小张做了一组关于冰熔化的实验。
（1）如图乙，在组装实验器材时，应按照______（选填“自下而上”或“自上而下”）的顺序组装。实验中某时刻温度计的示数如图丙所示，则示数是______℃。
（2）加热一段时间后，小张根据记录的实验数据在丁图中绘制了A图象，由此可知冰是______（选填“晶体”或“非晶体”），其在熔化过程中内能______（选填“增大”、“减小”或“不变”）。
（3）完成上述实验后，小张又取了适量淡盐水制成的碎冰，用相同的热源再次加热，得到丁图中B图象。
（4）再次取适量浓度更大一些的盐水制成的碎冰，用相同的热源加热，得到丁图中C图象。由以上实验可知，加入盐后冰的熔点将会______（选填“升高”、“降低”或“不变”）。
19.在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，小华猜想浮力的大小可能与以下因素有关：Ⅰ液体的密度；
Ⅱ物体受到的重力；Ⅲ物体的形状；Ⅳ物体排开液体的体积。
（1）如图甲用手把空的易拉罐按入水中，易拉罐浸入水中越深，手会感觉越吃力。这个事实可以支持以上猜想______（选填“I”“Ⅱ”“Ⅲ”或“Ⅳ”）。
（2）为了研究猜想Ⅰ和Ⅱ，用体积相同的A、B、C三个圆柱体，测得重力分别为4N、4.5N和5N，然后进行如图乙所示的实验：
①序号a的实验中物体A所受的浮力为______N。进一步计算得出A、B、C所受浮力______（选填“相等”或“不相等”），可得出初步结论：浮力的大小与物体的重力______（选填“有关”或“无关”）。
②比较序号______的三次实验，可得出初步结论：浮力大小与液体密度有关。
（3）为了研究猜想Ⅲ，将两块相同的橡皮泥（不吸水且不溶于水）分别做成不同形状，进行如图丙所示实验，此时两弹簧测力计的示数不同，得出浮力的大小与物体形状有关。同学小珍认为该结论不可靠，主要原因是______。
（4）小珍觉得用量筒就可以测出橡皮泥的密度，进行了如图丁所示操作：
①在量筒中加入适量的水，此时读数为V1；
②将橡皮泥捏成小碗形，轻放入量筒中，使其漂浮在水面上，此时读数为V2；
③将橡皮泥用细长针按入水中，此时读数为V3。
橡皮泥的密度为ρ= ______（用ρ水、V1、V2、V3表示）。
20.为了探究光反射时的规律，某小组把一个平面镜放在水平桌面上，再把一张可以绕ON翻折的纸板ABCD竖直地立在平面镜上，纸板上的直线ON垂直于镜面。将一束光贴着纸板沿EO方向射向O点，在纸板上用笔描出入射光EO和反射光OF的径迹。
（1）如图甲所示，反射角的大小为______；
（2）纸板的作用是______；（写出一条即可）
（3）实验过程中，进行下列哪项操作后，在纸板上仍可以看到反射光______；
A.如图乙所示，将纸板的右半部分向后翻折
B.如图丙所示，将纸板与入射光束一起以ON为轴旋转
C.如图丁所示，将纸板与入射光束一起以CD为轴向后倾倒
（4）为了验证光路可逆，应进行的操作是：______。
（5）另一个小组利用如图戊所示器材探究，半圆形滑轨垂直固定在水平底座上，红色激光笔可以保持半径方向沿半圆形滑轨自由滑动；水平底座上装有一可在水平面内自由转动的L形支架，绿色激光笔B安装在支架的水平横梁上并可以沿横梁移动，在半圆形滑轨的圆心处放置一块小平面镜。
打开红色激光笔A的开关，让其发出的红色激光入射到小平面镜上的O点，观察发现此时这条红色入射光经平面镜反射后有______条反射光。
（6）沿半圆形滑轨移动红色激光笔A，发现红色入射光向中间位置靠近时红色反射光也向中间位置靠近，反之亦然。她猜想：红色反射光与红色入射光之间是不是有一条对称轴呢？
为了验证她的猜想，她打开绿色激光笔B并调节其位置，让其发出的绿色激光从O点正上方入射到O点，此时没有观察到绿色反射光。重新打开红色激光笔A并不断改变红色入射光的方向，发现这条绿色激光真的好像是红色反射光与红色入射光之间的对称轴！
同组的小丽从周围不同方向观察红色入射光、红色反射光和绿色激光，竟然发现从某个方向看去它们是重合的。这说明红色反射光、红色入射光和绿色激光______。
（7）尽管激光笔发出的激光很亮，但观察效果还是不理想。请写出能够更清楚地看到本实验中入射光和反射光的一种做法：______。
21.某实验小组探究“通电螺线管外部磁场的特点”。
（1）将螺线管安装在一块有机玻璃板上，连入电路中。在板面上均匀地洒满铁屑，闭合开关并轻敲玻璃板面，观察到铁屑分布情况如图甲所示。铁屑的分布情况与______磁体周围铁屑的分布情况相似，铁屑的作用是显示______；
（2）把小磁针放在通电螺线管四周不同的位置，小磁针静止时N极所指方向如图乙所示，则通电螺线管的右端为______极。对调电源正负极，闭合开关，小磁针静止时N极所指方向如图丙所示，说明通电螺线管的极性与______的方向有关。
（3）与其他小组交流时发现，有的小组没有小磁针，只有铁屑，他们的实验方案具有明显的不足，其不足之处是______。
六、计算题：本大题共2小题，共16分。
22.早在3000年前我们的祖先就设计了结构很合理的辘轳，通常用于从井中提水。如图所示是古代民间的提水设施辘轳，由辘轳头、支架、井绳、水桶等部分构成。某次取水时井绳拉着质量为10kg的水缓慢上升了4m,水桶的质量为1kg,在这一过程中，人做的总功为500J。g取10N/kg。求此次取水的过程中：
（1）人做的有用功为多少？
（2）辘轳的机械效率多大？
（3）人克服井绳重力与摩擦阻力做的功是多少？
23.“格物”学习小组为了研究小灯泡亮度与功率大小的关系，连接了如图实物电路，电源两端电压保持不变，滑动变阻器最大阻值为40Ω。滑动变阻器的滑片置于最右端，S闭合，电压表示数为1.2V，电流表示数为0.12A，小灯泡发光很暗。
（1）求此时小灯泡的电阻和电源两端电压；
（2）向左移动滑动变阻器的滑片，当其接入电路中的电阻减小22.5Ω时，小灯泡恰好正常发光，电流表示数为0.2A，求小灯泡正常发光时的电功率。
七、综合题：本大题共1小题，共6分。
24.阅读短文，回答问题。
智能道闸——助力汽车进出管理如图甲是小区大门口常见的一种智能道闸，它由车辆识别系统、闸机和地感系统三部分组成。道闸的横杆具有强度高、耐腐蚀和重量轻等特点。
当车辆靠近道闸时，摄像头采集到车辆信息，与系统内已有信息进行比对，给闸机的电动机发出是否放行指令。或由管理员通过遥控器控制是否放行。车辆放行后，进入地感线圈区域时，路面下的线圈中电流发生变化，这个变化信号通过检测器传给闸机，横杆不会落下。
为让横杆平稳起落，需给电动机进行减速，减速系统内部结构如图乙所示。首先电动机通过转轴末端的单头蜗杆A（相当于齿数为1的齿轮）带动蜗轮B实现第一次减速；接着与蜗轮同轴的齿轮C再带动与之啮合的齿轮D，实现第二次减速，横杆通过连杆实现起降。减速比是描述减速程度的重要参数，可用后一个齿轮的齿数与前一个齿轮齿数的比值来计算。该闸机的第一次减速比应该为蜗轮B的齿数与1的比值，若数值为n：1，即表示蜗杆A转n转，蜗轮B转1转。整个系统的减速比可用每次减速比的乘积得到。
为了提高横杆的转动效果，通常还在闸机箱体内连杆末端一侧，安装弹簧辅助电动机工作。
（1）以下的材料中最适合用作道闸横杆的是______。
A.铁质材料
B.泡沫材料
C.铝合金材料
D.玻璃材料
（2）闸机中的遥控接收器和电动机是______（串/并）联的。
（3）车辆进入时，为了避免被横杆砸伤，地感线圈安装的大致位置是______。
A.横杆下方区域
B.道闸外面5m处
C.道闸里面5m处
（4）若某智能道闸电动机的转速为3000r/min,蜗轮B的齿数为240，齿轮C的齿数为40，齿轮D的齿数为50，则该道闸整个系统的减速比是______，道闸横杆起杆（从水平位置转动到竖直位置）时间约为______s。
（5）道闸起杆时间过长，请你针对此现象提出合理的改进措施：______。
1.【答案】
【解析】解：露是空气中的水蒸气液化形成的小水珠。故A正确，BCD错误。
故选：A。
物质由气态变为液态的过程叫液化。
此题考查了液化现象，难度不大，属基础题目。
2.【答案】
【解析】解：A、池塘里树的倒影属于光的反射，故A不符合题意；
B、树荫中的圆形光斑是由于光的直线传播形成的，故B符合题意；
C、游泳池中的水看起来比实际浅是光的折射形成的，故C不符合题意；
D、水杯中的吸管看起来发生弯折是光的折射形成的，故D不符合题意。
故选：B。
（1）光射到物体的表面会改变传播方向回到原来介质中的现象叫光的反射。
（2）光在同种均匀介质中是沿直线传播的。
（3）光从一种介质斜射到另一种介质时，传播方向通常会发生改变，这种现象叫光的折射。
知道光的直线传播、光的反射、光的折射以及生活中的各种光现象。
3.【答案】
【解析】解：A、龙舟漂浮在水面上，处于静止状态，受到的重力和浮力大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上，是一对平衡力，不是相互作用力。相互作用力是作用在两个不同物体上的力，故A错误。
B、用力划桨时，船就前进，船的运动状态发生了改变，说明力可以改变物体的运动状态，而不是形状。力改变物体形状通常表现为物体的外形发生变化，如物体被拉伸、压缩等，故B错误。
C、龙舟船底做成流线型，根据流体力学原理，这种形状能够让水流更加顺畅地流过船体表面，减少水流的分离和涡流的产生，从而减小水对船身的阻力，使龙舟能更轻松地在水面上破浪前行。故C正确。
D、划桨时，水对桨的力和桨对水的力是一对相互作用力，相互作用力大小相等、方向相反、作用在两个不同物体上，所以水对桨的力等于桨对水的力，龙舟前进是因为水对桨的力使龙舟受到向前的动力，而不是因为这两个力大小不相等，故D错误。
故选：C。
（1）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
（2）力不仅可以改变物体的形状，还能改变物体的运动状态。
（3）龙舟船底做成流线型，根据流体力学原理，这种形状能够让水流更加顺畅地流过船体表面，减少水流的分离和涡流的产生，从而减小水对船身的阻力。
（4）相互作用力的产生条件是：力大小相等，方向相反，作用在两个不同的物体上，且作用在同一直线上。简单概括为异物、等值、反向、共线。一对相互作用力必然是同时产生，同时消失的。
本题考查了力的相互性及相互作用力的特点，对物体的受力分析及平衡力与相互作用力的区别，区别主要在于：平衡力是作用在同一物体上的两个力；相互作用力是作用在两个物体上的力。
4.【答案】
【解析】解：A、控制家用电器的开关必须接在火线和用电器之间，断开开关，切断火线，防止触电事故，故A符合安全用电原则；
B、若家用电器着火，先切断电源，再用灭火器灭火，故B符合安全用电原则；
C、使用试电笔时，手指按住笔尾金属体，故C符合安全用电原则；
D、更换灯泡时，需断开电源开关，故D不符合安全用电原则。
故选：D。
（1）开关控制家用电器时，开关和用电器之间是串联的，并且接在火线上，断开开关时，切断火线，防止发生触电事故；
（2）若家用电器着火，先切断电源，再用灭火器灭火；
（3）使用试电笔时，手指按住笔尾金属体；
（4）更换灯泡时，需断开电源开关。
本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，与学生生活联系密切，体现了物理知识和生活的联系。
5.【答案】
【解析】解：A、橡胶棒带负电，有多余的电子，橡胶棒接触不带电的验电器金属球，电子从橡胶棒移动到验电器，所以瞬间电流方向由验电器到橡胶棒，故A错误；
B、毛皮摩擦过的气球使带负电的验电器的张角变得更大，则说明气球与验电器带相同的电荷，即气球带负电，故B正确；
CD、题图丙中两个金属箔片带同种电荷相互排斥，金属箔的张角变小是由于两个金属箔带的电荷量减小，它们之间的斥力减小，其原因是电子转移走了，所以题图丙中有电子“逃”出，故CD错误。
故选：B。
规定正电荷定向移动的方向是电流的方向，自由电子的定向移动方向与电流方向相反；
电荷间的相互作用：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
本题考查了电流的方向、电荷间的相互作用，属于基础知识。
6.【答案】
【解析】解：A、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A错误；
B、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B正确；
C、剪刀在使用过程中动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C错误；
D、瓶盖起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D错误；
故选：B。
根据题意，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
本题主要考查杠杆的分类。
7.【答案】
【解析】解：A、烧水的过程，因为水和热源存在温度差，所以是通过热传递的方式改变水的内能，故A正确；
B、在烧水的过程中，水的质量不变、状态不变，温度升高，内能增大，故B错误；
C、根据连通器定义可知壶嘴和壶身构成连通器，故C正确；
D、壶内水沸腾时，水会一直吸收热量，但水的温度不变，故D错误。
故选：AC。
（1）做功和热传递是改变物体内能的方式；
（2）影响内能的因素：质量、温度、状态；
（3）水沸腾规律：吸收热量、温度保持不变；
（4）上端开口、底部相连通的容器叫做连通器。
本题涉及的知识点较多，是一道基础题，难度不大，平时要注意基础知识的学习与积累。
8.【答案】
【解析】解：A、煤和石油是化石能源，属于不可再生能源，故A正确；
B、太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反应，故B错误；
C、虽然能量守恒，但能量的转化和转移具有方向性，可以利用的能源是有限的，故C错误；
D、太阳能电池可以将太阳能转化为电能，故D正确。
故选：AD。
（1）能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；
（2）太阳辐射的能量来自核聚变反应；
（3）虽然能量守恒，但能量的转化和转移具有方向性，可以利用的能源是有限的；
（4）太阳能电池可以将太阳能转化为电能。
本题考查了能源的种类、核能的认识、能量守恒定律以及能量转化，难度不大。
9.【答案】
【解析】解：AB.将滑片P置于A端，只闭合开关S1，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，电压表测滑动变阻器两端的电压U滑1＞0，电流表测电路中的电流I；将滑片P置于B端，闭合开关S1、S2，灯泡与滑动变阻器的最大阻值并联，电压表被短路示数U滑2=0，电流表测干路电流；所以电流表示数变大，电压表示数变小，故A正确，B错误；
C.只闭合开关S1，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，此时灯泡两端的电压小于电源电压；将滑片P置于B端，闭合开关S1、S2，灯泡与滑动变阻器的最大阻值并联，此时灯泡两端的电压等于电源电压，灯泡两端的电压变大，电流变大，功率变大，故C正确；
D.只闭合开关S1，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，此时滑动变阻器两端的电压小于电源电压；将滑片P置于B端，闭合开关S1、S2，灯泡与滑动变阻器的最大阻值并联，此时和滑动变阻器两端的电压等于电源电压，滑动变阻器两端的电压变大，由功率P=，滑动变阻器功率变大，故D错误；
故选：AC。
AB.将滑片P置于A端，只闭合开关S1，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；将滑片P置于B端，闭合开关S1、S2，灯泡与滑动变阻器的最大阻值并联，电压表被短路示数为零，电流表测干路电流；根据电压表测量电路元件的变化判断电压表示数的变化；
C.闭合开关S1、S2，灯泡与滑动变阻器的最大阻值并联，灯泡两端的电压等于电源电压，灯泡两端的电压变大，通过的电流变大，功率P=IU；
D.将滑片P置于A端，只闭合开关S1与将滑片P置于B端，闭合开关S1、S2，滑片P置于B端，电滑动变阻器都接入全电阻，第二种情况下，滑动变阻器两端电压为电源电压，两端电压变大，由功率P=，可知电功率的变化情况。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串、并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的判断和电表所测电路元件的判断。
10.【答案】
【解析】解：（1）上课铃声响起后，同学们走进教室开始上课。这是利用了声可以传递信息；
（2）上课铃声是通过空气传入人耳的。
故答案为：信息；空气。
（1）声可以传递信息和能量；
（2）物体振动产生声音。
理解声音的传播条件，知道声可以传递信息和能量，可解答此题。
11.【答案】
【解析】解：这一飞行器由电子功能部件和机翼组成，电子功能核心部件采用半导体材料制作，它的所有零件都是从微米级到毫米级大小，整体只有笔芯大小，直径约为1mm；
在空中自旋和下落时，飞行器与地面之间有位置的变化，以地面为参照物，它是运动的。
故答案为：mm；运动。
（1）根据对铅笔芯的了解并结合长度单位估测。
（2）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
本题考查了长度单位和运动状态的判断，属于基础题。
12.【答案】
【解析】解：（1）浮空艇能升空是因为内部充入了密度比空气密度小的气体，同体积的该气体与空气相比，其质量小、重力小，则浮空艇受到的浮力大于重力而升空；
（2）由于大气压随高度增加而减小，所以在上升过程中，浮空艇的高度增大，受到的大气压强越来越小。
故答案为：小；小。
（1）浸在液体（或气体）中的物体都受到液体（或气体）对它施加的竖直向上的浮力，当物体受到的浮力大于重力或者物体密度小于液体（或气体）密度时，物体上浮；
（2）大气压随高度增加而减小。
本题考查了对浮力知识的理解，对大气压与高度关系的认识，属基础题。
13.【答案】
【解析】解：（1）这段时间内小夏家消耗电能为：2023.6kW h-2018.8kW h=4.8kW h；
（2）根据P=得，小夏一家外出的时间为：t==240h。
故答案为：4.8；240。
（1）用电能表测量较大电能时用刻度盘读数：最后一位是十分位；两次读数之差就是这段时间内消耗的电能，单位是度（千瓦时）；
（2）根据P=可求出时间。
本题考查电能的计算、电功率公式的应用，掌握电能表表盘参数的含义是解题的关键。
14.【答案】
【解析】解：校车的速度v=36km/h,行驶的时间t=10min=h,
根据v=可得，校车通过的路程：
s=vt=36km/h×h=6km；
1kg柴油完全燃烧放出的热量：
Q放=mq柴油=1kg×4.3×107J/kg=4.3×107J，
则校车发动机的效率为：
η=×100%=×100%=40%。
故答案为：6；40。
（1）利用速度公式计算校车通过的路程；
（2）Q放=mq求出1kg柴油完全燃烧放出的热量，然后利用η=×100%可求校车发动机的效率。
此题考查速度的计算和公式的应用、热机效率的计算，属于基础题目，难度不大。
15.【答案】
【解析】解：（1）热值是燃料的特性，与燃料的质量无关；所以燃料燃烧提供火箭升空所需的能量，本身质量不断减小，热值不变；
（2）100g液态氢完全燃烧释放出的热量：Q放=m氢q氢=0.1kg×1.4×108J/kg=1.4×107J；
水吸收的热量：Q吸=ηQ放=60%×1.4×107J=8.4×106J，
由Q吸=cmΔt得水的质量为：m水===40kg。
故答案为：不变：40。
（1）热值是燃料的一种特性，与燃料的种类有关，而与燃料的质量大小、燃烧情况无关；
（2）知道液态氢的质量和热值，利用Q放=mq计算出100g的液态氢完全燃烧释放出的热量；
利用Q吸=ηQ放求水吸收的热量，知道水的比热容、升高的温度，利用公式Q吸=cmΔt计算水的质量。
本题考查了吸热公式、热效率公式、燃料燃烧放出热量公式的综合运用，注意温度升高了和升高到的区别。
16.【答案】
【解析】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按要求画出各个力。
画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
17.【答案】
【解析】解：（1）做出反射挂光线与入射光线夹角的角平分线，即法线，然后做法线的垂线，便是镜面的位置，如图所示：
（2）入射光线平行于主光轴，经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，由此作出折射光线，如图所示：

（1）根据光反射定律知，反射角等于入射角，故反射光线与入射光线的夹角的平分线是法线的位置，再过入射点作出法线的垂线，就是平面镜所在的位置。
（2）在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
本题考查了光的反射定律作图和凹透镜的特殊光线，作图一定要规范仔细，尺规作图，法线要用虚线表示，垂线要标出直角符号等。
18.【答案】
【解析】解：（1）酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，则应先放好烧杯后，再调节温度计的高度，所以组装实验器材时，应按照自下而上的顺序；图丙中温度计的分度值为1℃，则温度计的示数为-3℃；
（2）由图象可知，冰有固定的熔化温度，故冰为晶体；熔化过程中吸收热量，但温度保持不变，内能增大；
（3）分析图丁可知，加入食盐后冰的熔点将会降低。
故答案为：（1）自下而上；-3；（2）晶体；增大；（4）降低。
（1）实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置；在读取温度计的示数时，要注意其分度值；
（2）熔化过程中有固定熔化温度的物质为晶体；晶体熔化过程中吸收热量但温度保持不变，内能增加；当晶体完全熔化后吸收热量温度上升；
（3）分析图表得出结论。
本题考查固体熔化时温度的变化规律，掌握晶体熔化的特点是解答本题的关键。
19.【答案】
【解析】解：（1）图甲中易拉罐浸入的越深，浸入体积越大，即排开水的体积越大，手感觉越吃力，浮力变大，由此可知：浮力的大小与排开液体的体积有关，故支持猜想Ⅳ；
（2）①A受到的浮力F浮A=GA-FA=4N-3N=1N，
B受到的浮力F浮B=GB-FB=4.5N-3.5N=1N，
C受到的浮力F浮C=GC-FC=5N-4N=1N，
所以物体A、B、C受到的浮力相等，但它们的重力不相等，由此可知浮力的大小与重力无关；
②a、d、e三次实验物体A浸入的体积相同，只改变浸入的液体种类即密度不同，受到的浮力也不同，由此可初步结论：浮力的大小与液体密度有关；
（3）要探究浮力的大小与物体形状的关系，要控制浸入的体积和液体密度都相同，只改变形状，比较浮力的大小，实验中没有控制排开液体的体积相同；
（4）橡皮泥排开水的体积V排=V2-V1，
橡皮泥漂浮在水面上G=F浮=V排ρ水g=（V2-V1）ρ水g
橡皮泥的体积V=V3-V1，
橡皮泥的密度为ρ===；
故本题答案为：（1）Ⅳ；（2）①1；相等；无关；②a、d、e；（3）没有控制排开液体的体积相同；（4）。
（1）图甲易拉罐浸入水中越深，排开水的体积越大，手会感觉越吃力，也就是浮力越大。可知浮力与排开液体的体积有关；
（2）①根据称重法求出A、B、C所受的浮力，判断浮力与物体重力是否有关；②浮力与密度的关系，要控制浸入液体体积；
（3）要探究浮力的大小与物体形状的关系，要控制浸入的体积和液体密度都相同；
（4）橡皮泥排放在水面上，水的体积增加量就是橡皮泥排开水的体积，求出橡皮泥所受的浮力，由物体的沉浮条件可知，浮力等于重力，橡皮泥的质量也就求出了，橡皮泥的体积等于橡皮泥和水的总体积减去水的体积，质量、体积求出，可求出密度；
本题考查探究影响浮力大小的因素及浮力的计算方法。
20.【答案】
【解析】（1）反射角是反射光线和镜面的夹角，图甲中反射角的大小50°；
（2）纸板的作用是显示光路；
（3）A．在光的反射中，入射光线、法线与反射光线在同一平面内，将纸板的右半部分向后翻折，此时左右两侧纸板不在同一平面内，所以在右半部分不能观察到反射光线，故A不符合题意；
B．如图丙所示，将纸板与入射光束一起以ON为轴旋转，此时纸板仍与平面镜相垂直，两侧纸板也仍在同一平面内，所以在右半部分能观察到反射光线，故B符合题意；
C．如图丁所示，将纸板与入射光束一起以CD为轴向后倾，此时纸板与平面镜没有相互垂直，法线仍垂直于平面镜，反射光线、法线与入射光线所在的平面与纸板右侧不在同一个平面上，所以在右半部分不能观察到反射光线，故C不符合题意；
（4）让光线逆着反射光线射向镜面，经平面镜反射后，反射光线逆着原入射光线方向射出，表明反射时，光路是可逆的；
（5）红色激光入射到小平面镜上的O点，经平面镜反射后有1条反射光；
（6）从周围不同方向观察红色入射光、红色反射光和绿色激光，发现从某个方向看去它们是重合的。这说明红色反射光、红色入射光和绿色激光在同一平面内；
（7）能够更清楚地看到本实验中入射光和反射光的一种做法：用喷雾器在实验装置附近形成雾气。
故答案为：（1）50°；（2）显示光路；（3）B；（4）让光线逆着反射光线射向镜面；（5）1；（6）在同一平面内；（7）用喷雾器在实验装置附近形成雾气。
（1）反射角是反射光线与法线的夹角；
（2）纸板的作用是显示光路；
（3）光的反射中，反射光线、法线与入射光线在同一平面内，据此分析；
（4）反射光线逆着原入射光线方向射出，表明反射时，光路是可逆的；
（5）光线经平面镜反射后只有一条反射光线；
（6）根据材料提供的信息进行解答；
（7）光发生漫反射时光的路径更加清楚。
本题考查了研究光的反射定律的实验，本实验可以得出：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角等。
21.【答案】
【解析】（1）将螺线管安装在一块有机玻璃板上，连入电路中；在板面上均匀地洒满铁屑，闭合开关并轻敲玻璃板面，铁屑被磁化后分布情况如图甲所示，则可知铁屑的分布情况与条形磁体周围铁屑的分布情况相似，在该实验中铁屑的作用是显示通电螺线管的磁场分布情况；
（2）把小磁针放在通电螺线管四周不同的位置，小磁针静止时N极所指方向如图乙所示（小磁针涂黑端为N极，另一端为S极），根据磁极间的相互作用规律可知，通电螺线管的右端为N极；
对调电源正负极，闭合开关，小磁针静止时N极所指方向如图丙所示，此时小磁针的偏转情况与图乙相反，这说明通电螺线管的极性与电流的方向有关；
（3）其不足之处是无法判断通电螺线管外部磁场的方向；铁屑可以显示通电螺线管的磁场分布情况，但铁屑静止时不能像小磁针一样明确指示出磁场方向，而小磁针静止时N极所指方向为该点磁场方向，故缺少小磁针就无法确定磁场方向。
故答案为：（1）条形；通电螺线管的磁场分布情况；（2）N；电流的方向；（3）无法判断通电螺线管外部磁场的方向。
（1）根据实验现象可知通电螺线管的磁场和条形磁体的磁场相似；其中铁屑的作用是显示磁场的分布情况；
（2）根据磁极间的相互作用规律来判断通电螺线管的磁极；通电螺线管的磁场方向与电流方向有关；
（3）小磁针静止时N极所指方向为该点磁场方向。
本题主要考查了通电螺线管的磁场、磁极间的相互作用规律和安培定则的应用，正确判断通电螺线管的磁极是解题的关键。
22.【答案】
【解析】（1）知道水的质量，利用G=mg求其重力，再利用W=Gh求提升配重所做的有用功；
（2）机械效率等于有用功与总功之比。
（3）额外功包含克服水桶重力做功和克服井绳重力与摩擦阻力做的功，据此分析。
本题考查有用功、额外功和机械效率的计算，属于中档题。
23.【答案】
【解析】（1）根据R= 求出此时小灯泡的电阻；根据U=IR求出此时滑动变阻器两端电压，再根据U=UL+UR求出电源两端电压；
（2）求出此时滑动变阻器连入电路的电阻，根据U=IR求出此时滑动变阻器两端电压，再根据串联电路中电压的规律求出此时小灯泡两端的电压，最后根据P=UI计算出小灯泡正常发光时的电功率。
此题考查了欧姆定律、串联电路的特点、电功率公式的应用，难度不大，属基础题。
24.【答案】
【解析】解：（1）考虑道闸横杆需要具备的特性，包括强度高、耐腐蚀和重量轻。在这四个选项中：铁质材料虽然强度高，但重量较大，且耐腐蚀性能不如铝合金；泡沫材料显然强度不够，不适用于此场景；铝合金材料强度高、耐腐蚀，并且重量相对较轻，符合所有要求；玻璃材料虽然耐腐蚀，但强度不够，且容易碎裂，不适合做横杆。故选C。
（2）在闸机中，遥控接收器用于接收遥控信号，而电动机用于驱动横杆起落。它们的功能是独立的，即一个工作与否不影响另一个。因此，它们应该是并联的，以确保各自独立工作。
（3）为了确保车辆进入时不会被横杆砸伤，地感线圈应该安装在车辆能够触发但横杆还未落下的位置。这意味着地感线圈应该安装在车辆通过道闸但还未完全离开道闸的区域内。考虑到这一点，最合适的位置是道闸里面5m处，这样车辆在进入地感线圈区域时，横杆仍然处于抬起状态。故选C。
（4）首先，计算第一次减速比。由于蜗杆A的齿数为1，蜗轮B的齿数为240，所以第一次减速比为
240：1；
接着，计算第二次减速比，齿轮C的齿数为40，齿轮D的齿数为50，所以第二次减速比为
50：40=5：4；
整个系统的减速比是两次减速比的乘积，即×=300；
电动机的转速为3000r/min,即每秒转50r。经过300倍的减速，横杆每秒转=r,
计算可得道闸横杆起杆（从水平位置转动到竖直位置）需要转动4r那么所需时间就是1.5s；
（5）针对道闸起杆时间过长的问题，一个合理的改进措施是更换具有更高减速比或更高转速的电动机。这样可以在保证横杆平稳起落的同时，减少起杆所需的时间。
故答案为：（1）C；（2）并；（3）C；（4）300；1.5；（5）更换具有更高减速比（或更高转速的电动机）。
（1）考虑道闸横杆需要具备的特性，包括强度高、耐腐蚀和重量轻；
（2）用电器的工作情况判断：用电器只能同时工作的是串联电路，可以独立工作的是并联电路；
（3）为了确保车辆进入时不会被横杆砸伤，地感线圈应该安装在车辆能够触发但横杆还未落下的位置；
（4）根据速度公式进行计算；
（5）针对道闸起杆时间过长的问题，一个合理的改进措施是更换具有更高减速比或更高转速的电动机。
本题考查了速度的计算、串并联电路分析和材料分析，综合性强，有难度。
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