资源简介

2025年福建省泉州九中中考物理模拟试卷
一、单选题：本大题共14小题，共28分。
1.物理学史上，涌现出了许多为物理做出很大贡献的科学家，为了纪念这样的科学家，以其名字命名为电流单位的是（　　）
A. 安培 B. 欧姆 C. 牛顿 D. 帕斯卡
2.如图所示，汽车领域广泛利用AI（人工智能）语音助手实现“人与车”全场景自然交互，下列说法正确的是（　　）
A. 语音助手发出的声音不是振动产生的
B. 减小声音音量实质是降低音调
C. 人们能分辨出车载音乐中不同乐器的声音，依据是声音的音色
D. 根据用户语音指令完成指定操作，说明声音可以传递能量
3.关于物态变化说法正确的是（　　）。
A. 春季受到暖湿气流的影响，家中的地板很潮湿，连天花板都挂满了水珠，这是液化现象
B. 冰箱冷藏室利用冷凝管内制冷剂熔化吸热来制冷的
C. 瓶装液化气主要是通过降温的方式液化的
D. 天气寒冷的冬天，树枝上都出现了“雾凇”的美景是凝固现象
4.如图所示的家庭电路中，正在发光的灯泡突然熄灭，若d处发生开路，用测电笔检测线路时，氖管不会发光的是（　　）
A. a点 B. b点 C. c点 D. e点
5.如图所示，下列描述正确的是（　　）
A. 图甲中，滑冰运动员滑行过程中没有惯性
B. 图乙中，用力压住粉笔写字是为了减小摩擦力
C. 图丙中，园艺工人修剪花枝的剪刀属于省力杠杆
D. 图丁中，飞机起飞利用了空气流速大压强大的原理
6.2024年3月2日，神舟十七号航天员出舱修复受损的太阳翼，使将太阳能转化为电能的功能恢复正常，如图所示。太阳能、太阳翼分别于（　　）
A. 可再生能源、电源 B. 可再生能源、用电器
C. 不可再生能源、电源 D. 不可再生能源、用电器
7.中国的很多美食都与传统节日有关，如图是小年与妈妈一起煮元宵的场景。煮熟的元宵浮起来是因为（　　）
A. 重力变小了
B. 浮力变大了
C. 密度变大了
D. 体积变小了
8.如图所示是一种环保型手电筒，使用时将它来回摇晃，让磁体在线圈中往复运动，就能使灯泡发光。下面四幅图中与这种手电筒的工作原理相同的是（　　）
A. B.
C. D.
9.如图所示的双杯恒温养生壶，左右两杯可同时工作，也可单独工作，R1和R2分别是左右两杯对应的加热电阻。下列电路中符合设计要求的是（　　）
A.
B.
C.
D.
10.2025年4月24日是第十个中国航天日。小振用可乐瓶制作出水火箭，如图所示，先在瓶里装适量水，旋紧瓶塞，然后将带有阀门的金属管插入瓶塞，用打气筒往瓶里打足气，打开阀门后，水从金属管向下喷出，水火箭竖直向上飞向空中。下列分析正确的是（　　）
A. 水火箭上升过程中，水火箭瓶内气体的内能在不断增加
B. 水向下喷出时，通过热传递的方式减小了瓶内空气的内能
C. 升空时，水火箭内气体对水向下的力与水对它向上的力是一对平衡力
D. 打气筒将空气压入水火箭内的能量转化与汽油机的压缩冲程相同
11.小明家的电能表规格如图所示，将电饭煲单独接入家庭电路正常工作30min,电能表的转盘转了240r,下列判断正确的是（　　）
A. 电能表是测量电功率的仪表
B. 电饭煲消耗的电能为0.24kW h
C. 家庭电路中的电流为2.18A
D. 电饭煲的实际功率为800W
12.用两个相同的电热器给质量同为2kg的物质甲和水加热，它们的温度随时间的变化关系如图所示，已知水的比热容是4.2×103J/（kg ℃），下列说法正确的是（　　）
A. 甲物质的比热容是水比热容的2倍
B. 加热相同时间，甲物质吸收的热量是水吸收热量的2倍
C. 甲物质10min吸收的热量为2.52×105J
D. 条件不足，不能计算和判断甲物质比热容大小
13.如图甲所示是足球比赛中某球员传球后足球在空中飞行的一段运动轨迹，忽略空气阻力，图乙是该足球落地后弹跳的过程。关于以上两过程下列说法正确的是（　　）
A. 图甲中足球从A点移动至B点的过程中，球员对球做了功
B. 图甲中足球在A点移动至B点的过程中，动能转化为重力势能
C. 图乙中A、B两点为同一高度，该足球在这两点机械能相等
D. 图乙中足球在最高点D点的动能为零
14.如图所示的电路中，电源电压保持不变，定值电阻R1、R3的阻值均为R0，变阻器R2的最大阻值为R0。将变阻器R2的滑片P置于一端，闭合开关S后，两个电压表都有示数，电流表的示数为I0，若将变阻器的滑片P调节至中点，下列说法正确的是（　　）
A. V1示数变大，A示数变大
B. V1与V2示数变化量的比值为2：1
C. V2示数的变化量与A示数变化量的比值变小
D. 变阻器R2消耗的电功率变化了
二、填空题：本大题共4小题，共11分。
15.如图所示的悬浮地球仪，球体和底座都是由磁性材料制成的。它利用了同名磁极相互______的原理，从而能够悬浮于空中静止或旋转，生动地展现了地球在空间的状态，完美地诠释了科技的魔力。当地球仪悬浮在空中静止时受到的合力为______N。
16.我国055型万吨级驱逐舰“延安”号排水量约12000t,吃水深度6.6m,该舰满载时受到的浮力大小为______N；“延安”号发射多枚导弹后吃水深度会变______。
17.随着经济建设的发展，我国高速公路建设规模实现了跨越式的发展。在高速公路上，有多项措施保障人们的行车安全。请回答小题。
（1）如图所示是高速公路上的限速牌，这些数字的单位应该是______。高速公路上限速，实际上是为了避免汽车的______能过大，减少车祸发生时的危害。
（2）部分高速公路服务区采用电磁感应技术实现对电动汽车的无线充电，与此技术原理相同的是______（选填“电动机”或“发电机”）。充电时，车上的LED灯会发光，LED灯是由______材料制成的发光二极管。
（3）避险车道被称为高速公路上的“救命道”，陡坡上铺有厚厚的碎石是为了______摩擦。高速行驶的车辆冲上避险车道后无法马上停下来，是由于车辆具有______。
18.如图所示，水平桌面上有底面积为150cm2，高25cm的轻质柱形容器，底部放置密度为0.5g/cm3，边长为10cm的正方体A。在距离水平桌面高30cm的天花板上通过一长为5cm的细线悬挂重为6N，边长为5cm的正方体B，且B在A的正上方。缓慢向容器中加水，当A恰好漂浮时（还未接触到B），水对容器底部的压强为______Pa。继续向容器中加水，当细绳拉力刚好为0时，A底部受到的液体压力为______N。（g=10N/kg）
三、作图题：本大题共2小题，共4分。
19.根据图中小磁针静止时的指向，在虚线上标出通电螺线管的磁感线方向并标出电源的正极。
20.如图甲所示为手抬哑铃，当将前臂从水平位置绕O点抬起哑铃时，前臂相当于一个杠杆，其简化图如图乙所示，请在图乙中画出对应的动力臂l1和阻力臂l2。
四、实验探究题：本大题共5小题，共31分。
21.实验小组进行“探究水在沸腾前后温度变化的特点”的实验。
（1）安装如图所示的实验装置时，先固定______位置（选A或B），目的是为了使用酒精灯______加热，调整A位置使温度计玻璃泡浸没水中，但不能接触容器壁或容器底。
（2）从水温达到90℃开始每隔1min记录一次水温，直到水沸腾一段时间后停止加热。数据记录如下表所示：
时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7
温度/℃ 90 92 94 96 98 99 99 99
（3）实验中水的沸点是______℃，实验室此时气压______1标准大气压。
（4）当观察到大量上升的气泡越来越______时，表明水沸腾了。
22.为了探索近视眼的成因以及矫正办法，项目实践小组利用实验室的“F”光源、水透镜、光屏等器材进行以下探究。
（1）如图甲所示，调节“F”光源、水透镜、光屏的位置以及水透镜的焦距，在光屏上找到了一个倒立、等大的实像，此时水透镜的焦距为______cm。
（2）对比图乙所示眼睛的结构，实验中的水透镜相当于眼球中的______。模拟正常眼看物体，保持水透镜与光屏间距离不变，向______（选填“左”或“右”）移动光源，同时调节水透镜中水量直到光屏上成清晰、倒立、______的像。
（3）步骤（2）中调整出清晰的像后，继续向水透镜中注水来模拟近视眼，这时向______（选填“左”或“右”）移动光屏可使像再次清晰。
（4）眼球中晶状体和视网膜的距离并不能明显改变，这时可以在水透镜的左侧加装图丙中的______装置模拟近视眼的矫正。
23.在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小明按照如图所示的甲、乙、丙三种情况进行实验，其中A为木块，B为重物。
（1）实验中，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块做______运动，木块所受的摩擦力等于弹簧测力计的示数；
（2）比较甲、______两图的实验，可以得出滑动摩擦力的大小与压力大小有关；
（3）比较甲、丙两图的实验，是为了探究滑动摩擦力的大小与______的关系；
（4）小明认为滑动摩擦力的大小可能与接触面的面积有关，于是他在上述甲实验的基础上，将木块沿竖直方向切去一半后进行实验，这种做法是______（选填“正确”或“错误”）的，理由：______；
（5）为了使弹簧测力计示数稳定，小明对实验装置进行了改进，如图丁所示。他用水平拉力拉动木板，待弹簧测力计的示数稳定后，木块C受到水平向______（选填“左”或“右”）的摩擦力，若此时增大拉力，弹簧测力计的示数______（选填“变大”“变小”或“不变”）。
24.橡皮泥可以被捏成各种形状，深受同学们喜欢。学习了力学知识后，小红利用家中的量杯、茶壶和垫块，测出了橡皮泥的密度。已知橡皮泥的密度大于水的密度（橡皮泥的吸水忽略不计），操作过程如下：
①如图所示，把茶壶的一侧垫起并装满水，将橡皮泥轻轻放入茶壶中，用量杯接住溢出的水；
②倒掉量杯中的水，从茶壶中取出橡皮泥，将量杯和橡皮泥擦干；
③把茶壶重新加满水，将橡皮泥捏成空心碗放入壶中，让其浮在水面上，用量杯接住溢出的水。
（1）操作①是为了获得橡皮泥的______，操作③是为了获得橡皮泥的______；
（2）假设操作①量杯中水的体积为V1，操作③量杯中水的体积为V2，水的密度为ρ0，请写出橡皮泥密度的表达式ρ= ______；
（3）如果操作③中茶壶里的水有少量进入橡皮泥捏成的空心碗中，则橡皮泥密度的测量结果______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
25.在“人工孵蛋”的跨学科实践活动中，同学们需要制作一个孵化箱，为鸡蛋的孵化提供合适的温度环境。
任务一：测量电热丝电阻R0
（1）用笔画线代替导线把图1电路连接完整。
（2）闭合开关S，发现电流表有明显示数，电压表无示数，出现该故障的原因可能是电阻丝R0 ______。
（3）排除故障后，向左移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表示数如图2所示，为______V，同时读出此时电流大小为0.44A，则电阻R0= ______Ω。
任务二：调整电热丝发热功率
（4）如图3所示，将电阻丝放入孵化箱中，并用温度传感器检测孵化箱温度。当孵化箱温度过低时，滑片应该向______侧移动。
（5）若将学生电源电压调到最大值，滑动变阻器阻值调到最小，加热功率仍然不够。利用图3提供的器材，为增大加热功率，解决问题的方法是______。
任务三：改进与提升
温度过高会导致鸡蛋失去活力而无法孵化，同学们在孵化箱中装了自制高温报警装置。阻值不计的报警器在电流达到某一值时开始报警，电路图如图5所示，电源电压保持3V不变，L为指示灯，RT为热敏电阻，其阻值随温度t变化的函数关系是RT=-0.1Ω/℃ t+15Ω。
（6）当箱内温度升高时，灯的亮度变______。
（7）通过调节滑动变阻器Rp'可以改变报警温度，若要使报警温度降低，需要向______侧移动滑片。
五、简答题：本大题共1小题，共4分。
26.（1）如图所示是贵州农村还存在的传统“打谷子”场景，农民们把刚割下来的成捆的稻穗用力向下砸向一个大木匣子的内侧边沿，就可以实现谷粒与稻穗的分离。请从物理学角度分析谷粒与稻穗能够分离的原因。
（2）同学们乘坐201公交车上学时都发现：开行的公交车上挂着的窗帘总是飘向窗外，为什么？
六、计算题：本大题共3小题，共22分。
27.小西的物理兴趣小组设计了一款可调挡位电热水壶，有高温和低温两个挡位，其简化电路如图，壶内有阻值不变的两根电热丝，阻值分别为R1=220Ω，R2=55Ω，
c水=4.2×103J/（kg ℃）。求：
（1）该热水壶的低温挡电流；
（2）该热水壶高温挡的功率；
（3）若该热水壶使用高温挡，将壶中1kg水从20℃加热到42℃，需要100s,求此时的加热效率。
28.如图是为了上山方便而修建的盘山公路（盘山公路近似处理为如图乙所示的斜面）。若从山底到山顶的盘山公路长200m,山高30m,一辆5t的小型货车从山底开上山顶牵引力保持2.5×104N不变，用时50s。汽油热值q=4×107J/kg,g取10N/kg。求：
（1）小货车从坡底爬到坡顶的过程中，牵引力所做的功；
（2）该盘山公路的机械效率；
（3）小货车在匀速爬坡的过程中，汽车的功率是多少？
（4）不计热量损失，汽车从山脚到山顶消耗了多少千克的汽油？
29.如图是科技小组设计的具有防干烧功能的饮水机装置模型，由控制器和加热器组成，可在水量不足时自动停止加热。加热电路电源电压恒为220V，R1=44Ω。控制电路电源电压恒为12V，R0=5Ω，RF为压敏电阻，下方固定一个轻质绝缘T形硬杆，水箱注水后圆柱形浮体A竖直上浮，通过T形杆对压敏电阻产生压力，所受压力每增加1N，电阻减小1Ω。浮体A的底面积为50cm2、高20cm。科技小组对饮水机模型进行测试：向水箱内缓慢注水，当液面上升至距浮体A底部15cm处时，电磁铁线圈中的电流为0.8A，此时衔铁恰好被吸下，加热器开始工作；当电磁铁线圈中的电流为0.6A时，防干烧功能启动。（T形硬杆的质量和电磁铁线圈的电阻忽略不计，ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
（1）求加热电路工作时的电流；
（2）求饮水机防干烧功能启动时A底部受到水的压强；
（3）为了防止防干烧功能太早启动，请提出一种可行的方法（如更换电源、电阻、电磁继电器弹簧等）并说明理由。
1.【答案】
【解析】解：电流的国际单位是安培，简称安，符号A，是为了纪念物理学家安培，欧姆是电阻的单位，牛顿是力的单位，帕斯卡是压强的单位。
故选：A。
结合电流的单位判断即可。
此题考查了电流的单位，属于基础知识。
2.【答案】
【解析】解：A、语音助手发出的声音是振动产生的，故A错误；
B、减小声音音量实质是降低响度，故B错误；
C、人们能分辨出车载音乐中不同乐器的声音，依据是声音的音色，故C正确；
D、根据用户语音指令完成指定操作，说明声音可以传递信息，故D错误。
故选：C。
声音是物体的振动产生的，声音的三要素指音色、音调和响度；声音可传递信息，也可以传递能量。
本题考查了有关声音的知识，属于基础题。
3.【答案】
【解析】解：A、夏天，暖湿气流中的水蒸气遇到温度较低的地板、天花板放出热量液化成小水滴，所以家中的地板很潮湿，甚至连天花板都挂满了水珠，故A正确；
B、电冰箱工作时，冷凝器里的液态制冷剂在冰箱冷藏室内的管子里迅速汽化，从冰箱内吸收热量，使冰箱内部的温度降低，故B错误；
C、瓶装液化气主要是通过压缩体积的方式液化的，故C错误；
D、天气寒冷的冬天，空气中的水蒸气会放出热量直接凝华成小冰晶附着在树枝上形成“雾凇”，故D错误。
故选：A。
（1）物质由气态变为液态属于液化现象；
（2）物质由液态变为气态的现象叫汽化，汽化过程吸收热量；
（3）使气体液化的方法有两种：压缩体积和降低温度；
（4）物质由气态直接变为固态属于凝华现象。
解决此题要求掌握六种物态变化，以及物态变化的吸热和放热情况，会用物态变化解释生活中的现象。
4.【答案】
【解析】解：若d 处发生开路，e点不能与火线相连，用测电笔检测线路时，氖管不会发光。闭合开关，接触a、b、c各点，接触的是火线，氖管都会发光，ABC不符合题意，D符合题意。
故选：D。
测电笔是辨别火线和零线的工具，使用时手必须接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体。
使用时氖管发光，说明接触的是火线，氖管不发光，说明接触的是零线。
本题考查的是是测电笔的使用方法，属于基础题目。
5.【答案】
【解析】解：
A、任何物体都具有惯性，所以滑冰运动员滑行过程中仍然有惯性，故A错误；
B、用力压住粉笔写字是通过增大压力来增大摩擦力的，故B错误；
C、园艺工人用来修剪树枝的剪刀，在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C正确；
D、飞机起飞利用了“空气流速大的地方压强小”的原理，故D错误。
故选：C。
（1）物体具有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，任何物体都具有惯性；
（2）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
（3）结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；
（4）流体流速越大的位置，压强越小。
此题考查了惯性、增大摩擦力的方法、杠杆的分类以及流体压强和流速的关系，是一道综合题；生活处处有物理，我们要认真观察、思考我们生活中的物理现象。
6.【答案】
【解析】解：太阳的寿命还有几十亿年，可以在自然界里源源不断地得到，是可再生能源；太阳翼把太阳能转化为电能储存，属于电源。
故选：A。
可以在自然界里源源不断地得到的能源称为可再生能源；使用之后在短时间内无法在自然界中再次产生的能源是不可再生能源；
太阳翼用的是光伏面板，把太阳能转化为电能储存起来。
本题考查能源分类和电路组成，属于基础题。
7.【答案】
【解析】解：A．元宵在煮熟过程中，质量几乎不变，根据G=mg（g不变），其重力不变，故A错误；
B．元宵刚放入水中时，由于元宵的密度大于水的密度，重力大于浮力，所以下沉。随着加热，元宵内部空气受热膨胀，体积变大，根据阿基米德原理浮液排，液（水的密度）不变，g不变，排变大，浮力变大。当浮力大于重力时，元宵就会浮起来，故B正确；
C．元宵内部空气受热膨胀，体积变大，质量不变，根据ρ=知，其密度变小，而不是变大，故C错误；
D．实际情况是元宵内部空气受热膨胀，体积变大，而不是变小，故D错误。
故选：B。
（1）快煮熟时质量几乎不变，根据G=mg判断出其重力的变化；
（2）由于饺子内的少量气体受热膨胀，体积变大，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知饺子受到浮力的变化；当浮力大于重力时，物体上浮；
（3）快煮熟时由于饺子内的少量气体受热膨胀，体积变大，根据密度公式ρ=知饺子密度的变化。
本题考查物体浮沉条件、阿基米德原理以及密度公式的应用，是一道综合题，难度不大。
8.【答案】
【解析】解：环保型手电筒在使用时将它来回摇晃，让磁体在线圈中往复运动，就能使灯泡发光，这是电磁感应现象；
AD、电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，故AD错误；
B、闭合回路中的一部分导体在磁场中振动产生电流，是电磁感应现象，故B正确；
C、通电导体周围存在磁场是电流的磁效应，故C错误；
故选：B。
电磁感应现象的内容是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流。
本题应能根据题中的实验装置得出实验的原理及揭示的现象，同时还要把握该现象在生活中的应用。
9.【答案】
【解析】解：由题意可知，两个加热电阻能单独工作，说明两个电阻并联，也能同时工作，故两个开关均在支路中，分别控制两个电阻，故A符合要求。
故选：A。
由题意可知，两个加热电阻能单独工作，说明两个电阻并联，也能同时工作，故两个开关均在支路中，分别控制两个电阻，由此得出正确选项。
本题考查电路的设计，明确设计要求是关键。
10.【答案】
【解析】解：A、水火箭上升过程中，水火箭瓶内气体对外做功，内能在不断减少，故A错误；
B、水向下喷出时，气体膨胀做功，通过做功的方式减小气体的内能，故B错误；
C、升空时，水火箭内气体对水向下的力与水对它向上的力，受力物体不同，不是一对平衡力，故C错误；
D、打气筒将空气压入水火箭内时，将机械能转化为内能，能量转化与汽油机的压缩冲程相同，故D正确。
故选：D。
（1）当对物体做功时，机械能转化为物体的内能，物体的内能增大；当物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小；
（2）做功和热传递都能改变物体的内能；
（3）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
（4）汽油机工作过程中能量的转化：
①压缩冲程：机械能→内能；
②做功冲程：先是化学能→内能，再由内能→机械能。
本题考查做功改变内能及四冲程能量转化、平衡力的判定，属于基础题。
11.【答案】
【解析】解：A、电能表是测量电功的仪表，故A错误；
BD、电饭煲消耗的电能为：W=kW h=0.4kW h,故B错误；
电饭煲的实际功率：P===0.8kW=800W，故D正确；
C、根据P=UI可知此时家庭电路中的电流为：I==≈3.6A，故C错误。
故选：D。
（1）电能表是测量电功的仪表；
（2）600r/（kW h）表示每消耗1kW h的电能，电能表的表盘转600转，据此根据实际转数得到电饭煲消耗的电能；消耗的电能和所用时间已知，利用P=得到电饭煲的实际功率；
（3）家庭电路电压和电饭煲的实际功率已知，利用P=UI得到此时家庭电路中的电流。
本题考查电能表的作用、利用电能表和钟表求用电器消耗的电能和其实际功率，属于基础性内容，难度不大。
12.【答案】
【解析】解：AD、由图象知，给甲加热10min,甲升高的温度为Δt甲=60℃，
给水加热20min,水升高的温度为Δt水=60℃，
2Q甲=Q水，水和甲物质质量相等，则
2c甲mΔt甲=c水mΔt水，
则：=，即甲物质的比热容是水的，故A错误；
又因为c水=4.2×103J/（kg ℃），所以c甲=2.1×103J/（kg ℃），故D错误；
B、两个相同的电热器给甲和水加热相同的时间，甲物质与水吸收的热量相等，故B错误；
C、由图象可知，甲物质10min升高了60℃，甲吸收的热量：Q甲吸=c甲m甲Δt甲=2.1×103J/（kg ℃）×2kg×60℃=2.52×105J，故C正确。
故选：C。
（1）由题知物质甲和水质量相同，升高的温度相同时水吸收的热量是物质甲吸收热量的2倍。根据吸热公式Q=c吸mΔt判断两物质的比热容之间的关系，从而得出物质甲的比热容；
（2）用两个相同的电热器给甲和水加热相同的时间，甲物质与水吸收的热量相等；
（3）由图象确定甲10min升高的温度，然后根据Q吸=cmΔt求出甲物质吸收的热量。
比较两个量的大小一定要根据公式来分析，这样思维严谨些。有图象的要合理利用图象。解决此题的关键就是能得出质量相同的物质甲和水升高相同的温度水需要吸收的热量是甲的2倍。
13.【答案】
【解析】解：A、图甲中足球从A点移动至B点的过程中，球员没有对球施加力，所以对球不做功，故A错误；
B、图甲中足球在A点的高度小于B点的高度，足球的质量不变，所以图1中足球在A点的重力势能小于B点的重力势能，速度减小，将动能转化为重力势能，故B正确；
C、由图可知，足球跳起的高度逐渐变小，这说明足球的机械能是逐渐变小的，该足球在这AB两点的机械能不相等，故C错误；
D、图乙中足球在从D点向后的过程中继续水平方向运动，说明D水平方向的速度不为0，故最高点D点的动能不为零，故D错误。
故选：B。
（1）做功的条件：有力，且物体在力的方向上通过距离；
（2）重力势能的大小与质量、高度有关；
（3）根据图像分析足球的机械能是否守恒；
（4）动能的大小与质量、速度有关。
本题考查了动能和重力势能的转化、做功的条件、机械能的守恒，属于基础题。
14.【答案】
【解析】解：A、由电路图可知，R1与R2、R3串联，电压表V1测R1与R2两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；
将变阻器R2的滑片P置于一端，闭合开关S后，两个电压表都有示数，说明滑动变阻器的滑片在最左端，滑动变阻器的电阻最大，此时电流表的示数为I0=-----①；
若将变阻器的滑片P调节至中点，滑动变阻器接入电路的阻值减小，根据串联电路的电阻规律，可知电路的总电阻减小，根据I=知电路中的电流增大，电流表的示数增大，根据串联电路中的分压原理知电压表V2的示数减小，由U=IR知定值电阻R3两端的电压增大，定值电阻R1和滑动变阻器R2两端的总电压减小，电压表V1示数减小，故A错误；
B、此时电流表的示数为：I==------②，
由①的U=3I0R0，将U代入②得，I==I0，
所V1与V2示数变化量的比值为：
===，故B错误；
C、V2示数的变化量与A示数变化量的比值为：
===2R0，即V2示数的变化量与A示数变化量的比值不变，故C错误；
变阻器R2消耗的电功率变化了：
ΔP2=R0-I2×R0=R0-（I0）2×R0=R0，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，R1与R2、R3串联，电压表V1测R1与R2两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；
将变阻器R2的滑片P置于一端，闭合开关S后，两个电压表都有示数，说明滑动变阻器的滑片在最左端，滑动变阻器的电阻最大，此时电流表的示数为I0，若将变阻器的滑片P调节至中点，滑动变阻器接入电路的阻值减小，根据串联电路的电阻规律，可知电路的总电阻减小，根据I=判断出电路中的电流变化，根据串联电路中的分压原理判断电压表V2的变化，再根据欧姆定律的变形公式判断电压表V1示数变化；
根据欧姆定律表示出两次电流表的示数，由欧姆定律表示出V1与V2示数变化量的比值以及V2示数的变化量与A示数变化量的比值；
根据ΔP2=R0-I2×R0表示出变阻器R2消耗电功率的变化。
本题主要考查了串联电路电压规律、电流规律、电阻规律的判断以及电路的动态分析，是一道难题。
15.【答案】
【解析】解：∵球体与底座是相互分离的，
∴球体与底座之间是相互排斥的，即该悬浮地球仪是利用的同名磁极相互排斥的原理制成的；
∵球体静止在空中时受两个力的作用，一个是竖直向下的重力，一个是竖直向上的底座对它的斥力；
而且这两个力的大小相等，方向又相反；
∴地球仪悬浮在空中静止时受到的合力为0N。
故答案为：排斥；0。
从图可知：球体与底座是相互分离的，故可判断球体与底座是相互排斥的；再对静止在空中的球体受力分析即可求得所受合力的大小。
此题考查了磁极间相互作用的规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引以及力的合成。
16.【答案】
【解析】解：满载时，该驱逐舰所受的浮力为：
F浮=G排=m排g=12000×103kg×10N/kg=1.2×108N；
“延安”号漂浮在海面上，受到的浮力等于自身的重力；发射导弹后仍漂浮，但自重减小，所以受浮力变小，根据F浮=ρ液gV排可知，排开海水的体积减小，舰体会略微上浮一些，所以吃水深度变小。
故答案为：1.2×108；小。
（1）知道055驱逐舰满载时的排水量，根据F浮=G排=m排g求出所受的浮力；
（2）驱逐舰漂浮在海面时F浮=G，据此分析发射导弹后浮力的变化，由阿基米德原理可知排开水体积的变化，从而可知吃水深度的变化；
本题考查了排水量的含义、物体的浮沉条件、阿基米德原理的应用，属于综合题。
17.【答案】
【解析】解：（1）高速路上的限速牌速度的单位是km/h。
动能大小的影响因素是速度大小和物体质量，高速上限速是为了避免汽车的动能过大，减少车祸发生时的危害。
（2）发电机的工作原理也是电磁感应，故原理和发电机原理相同。
LED灯是由半导体材料制成的发光二极管，具有单向导电性。
（3）铺有厚厚的碎石是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦。
高速行驶中的车辆不能马上停下来，是由于车辆具有惯性，要保持原来的运动状态。
故答案为：（1）km/h；动；（2）发电机；半导体；（3）增大；惯性。
（1）高速路上的限速牌速度的单位是km/h。
动能大小的影响因素是速度大小和物体质量。
（2）发电机的工作原理是电磁感应。
LED灯是由半导体材料制成的发光二极管，具有单向导电性。
（3）增大接触面的粗糙程度可增大摩擦。
高速行驶中的车辆由于惯性不能马上停下来。
本题考查了速度的单位，动能的影响因素，发电机的原理，半导体的特点，以及增大摩擦的方法和惯性现象。
18.【答案】
【解析】解：（1）正方体A的边长为10cm,体积为：VA==（10cm）3=1000cm3，
正方体A的质量为：mA=ρAVA=0.5g/cm3×103cm3=500g=0.5kg,
正方体A的重力大小为：GA=mAg=0.5kg×10N/kg=5N，
当A恰好漂浮时，根据漂浮的条件可知此时A受到的浮力，FA浮=GA=5N，
由阿基米德原理可得，此时A排开水的体积：VA排===5×10-4m3=500cm3，
A浸在水中的深度，hA= ==5cm=0.05m,
由题意可知，此时水的深度：h=hA=0.05m,
容器底部所受水的压强：p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×0.05m=500Pa；
（2）正方体B的边长为5cm,体积为：VB==（5cm）3=125cm3，
正方体B的重力大小为：GB=6N，
当细绳拉力为0时，A、B整体处于漂浮综合体，浮力等于总重力，所以此时的浮力为F浮=GA+GB=5N+6N=11N；
根据阿基米德原理知，A、B作为整体，共排开水的体积：
V排===1.1×10-3m3=1100cm3＞VA，
B排开水的体积：VB排=V排-VA=1100cm3-1000cm3=100cm3，
根据体积公式知，B浸入水中的深度为：
hB浸===4cm；
此时A底部到水面的距离hA水=hA+hB浸=10cm+4cm=14cm=0.14m；
根据液体的压强公式知，A底部受到水的压强大小：
pA=ρ水ghA水=1×103kg/m3×10N/kg×0.14m=1400Pa,
水对A的底部的压力：
F压=pASA=1400Pa×（0.1m）2=14N。
故答案为：500；14。
（1）根据正方体的棱长计算A的体积，由密度公式计算A的质量，据此计算A的重力；当A恰好漂浮时，根据漂浮的条件可知此时A受到的浮力，由阿基米德原理计算A排开水的体积，计算A浸在水中的深度；根据液体压强公式计算水对容器底部的压强；
（2）当细绳拉力刚好为0时，AB的总重力等于总浮力，根据阿基米德原理计算排开水的体积，由此计算A底部在水中的深度，根据液体压强公式和压强计算公式计算A底部受到的液体压力。
本题考查液体压强和浮力的相关计算，难度较大。
19.【答案】
【解析】本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则。利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法。
20.【答案】
【解析】解：已知支点在O点，肱二头肌对前臂骨骼的力F1是动力，从支点O作动力F1作用线的垂线，即为动力臂l1，哑铃作用在手上的力F2是阻力，从支点O作阻力F2的垂线即为阻力臂l2，如下图所示：
力臂是支点到力的作用线的距离，据此画出动力F1和阻力F2的力臂。
此题考查了力臂的画法，注意在画力臂时关键是确定支点和两个力。
21.【答案】
【解析】（1）安装如图所示的实验装置时，先固定B位置目的是为了使用酒精灯外焰加热，外焰的温度高；
（3）由数据可知，温度保持不变的值为99℃，所以沸点是99℃，1个标准大气压下水的沸点是100℃，若实验环境气压明显低于1个标准大气压，则测得的水的沸点会低于 100℃。
（4）在“观察水的沸腾”实验中，当水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡上升时由小变大。
故答案为：（1）B；外焰；（3）99；小于；（4）大。
（1）安装如图所示的实验装置时遵循自下而上的顺序安装，使用酒精灯外焰加热，外焰的温度高；
（3）沸点与大气压有关，沸点越高，压强越大；
（4）在“观察水的沸腾”实验中，当水沸腾时，气泡上升时由小变大。
本题探究水在沸腾前后温度变化的特点，掌握液体沸腾的特点是关键。
22.【答案】
【解析】解：（1）在如图所示位置时，光屏上形成一个倒立、等大的实像，说明此时物距和像距都是2f,所以凸透镜的焦距为10.0cm；
（2）眼睛中的晶状体中间厚边缘薄，晶状体和角膜的共同作用相当于一个凸透镜，它把来自物体的光会聚在视网膜上，形成物体的像，实验中的水透镜相当于眼球中的晶状体；眼睛视物时，物距在2倍焦距之外，成缩小的实像，所以在保持水透镜与光屏间距离不变时，使物距大于2倍焦距，像距大于1倍焦距小于2倍焦距，要向左移动光源，同时调节水透镜中水量直到视网膜上成的是倒立、缩小的像；
（3）调整出清晰的像后，继续向水透镜中注水来模拟近视眼，这时水透镜对光的会聚能力更强，成像在光屏前面，所以向左移动光屏可使像再次清晰；
（4）近视眼用凹透镜来矫正，所以选择A。
故答案为：（1）10.0；（2）晶状体；左；缩小；（3）左；（4）A。
（1）当光屏上恰好承接到一个倒立、等大的实像，此时u=v=2f,可求得焦距；
（2）水透镜相当于眼球中的晶状体；眼睛视物时，物距在2倍焦距之外，成缩小的实像，所以在保持水透镜与光屏间距离不变时，要向左移动光源，同时调节水透镜中水量直到视网膜上成的是倒立、缩小的像；
（3）注水来模拟近视眼，这时水透镜对光的会聚能力更强，成像在光屏前面；
（4）近视眼用凹透镜来矫正
此题是探究凸透镜成像规律的实验，考查了凸透镜成像规律及应用，不仅要掌握成像特点与物距像距之间的关系，而且要善于总结规律。
23.【答案】
【解析】（1）将木块放在水平木板上，当用弹簧测力计拉木块做匀速直线运动时，木块处于平衡状态，根据二力平衡可知，木块所受的摩擦力等于弹簧测力计的示数。
（2）研究滑动摩擦力的大小与压力大小有关，要控制接触面的粗糙程度相同，只改变压力大小，乙中弹簧测力计示数大于甲中的示数，故比较甲、乙两图的实验可知，滑动摩擦力的大小与压力大小有关。
（3）比较甲、丙两图的实验可知，压力大小相同，接触面的粗糙程度不同，弹簧测力计的示数不同，即受到的摩擦力不同，故可得出：滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关。
（4）在探究滑动摩擦力的大小与接触面积大小的关系，他们应控制接触面的粗糙程度和压力大小不变，改变接触面积大小；实验中将木块沿竖直方向截去一半后，测得木块所受的滑动摩擦力变为原来一半。由此得出：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小是错误的，因为接触面积减小一半的同时压力也减小一半，存在两个变量，没有控制压力相同。
（5）由图可知，木块相对于长木板向左运动，因此受到摩擦力的方向与相对运动方向相反，因此受到的摩擦力水平向右。若此时增大拉力F，速度发生变化，但是木块对长木板的压力和接触面的粗糙程度不变，因此木块受到的摩擦力不变，所以弹簧测力计的示数不变，即该装置不需要匀速拉动木板。
故答案为：（1）匀速直线；（2）乙；（3）接触面粗糙程度；（4）错误；没有控制压力大小相同；（5）右；不变。
（1）将木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动，使木块做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用。根据二力平衡知识，此时木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数；
（2）（3）（4）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
（5）图丁中，木块处于静止状态，木块受到的摩擦力与测力计的拉力为一对平衡力，故用如图丁的方式测量滑动摩擦力时不一定要匀速拉动长木板；根据二力平衡条件分析木板对木块的摩擦力大小。
本题探究滑动摩擦力的大小跟哪些因素有关，考查二力平衡条件和控制变量法的应用，关键要熟知影响滑动摩擦力大小的因素。
24.【答案】
【解析】解：（1）操作①是为了获得橡皮泥的体积，操作③是为了获得橡皮泥的质量；
（2）G=F浮，G=mg=ρV1g,F浮=ρ0V2g,ρV1g=ρ0V2g,可得ρ=；
（3）如果操作③中茶壶里的水有少量进入橡皮泥捏成的空心碗中，因为测量质量变大，所以橡皮泥密度的测量结果变大；
故答案为：体积，质量；；变大。
（1）操作1是为了得到体积，排出水体积和橡皮泥体积相等；
操作3是为了得到橡皮泥质量，因为根据阿基米德原理，浮力等于排出水重力等于自身重力，根据公式G=mg,可以求出质量；
（2）G=F浮，ρV1g=ρ1V2g,
（3）操作③中茶壶里的水有少量进入橡皮泥捏成的空心碗中，自身重力变大，会导致质量变大，体积不变，所以密度变大。
本题考查了固体密度测量实验，通过实验分析，利用阿基米德原理求解是常用方法。
25.【答案】
【解析】解：
（1）测电阻要测得电阻两端的电压，根据图2可知，所以电压表选用小量程并联到待测电热丝两端，如下所示：
（2）闭合开关S，电流表有明显示数，说明电路是通路，电压表无示数，出现该故障的原因可能是电阻丝R0短路；
（3）电压表接入电路中的量程是0-3V，指针分度值是0.1V，电压表的示数是2.2V；根据欧姆定律变形
；
（4）当孵化箱温度过低时，要产生更多的电热，电路电流增大，电阻减小，故滑片应该向左侧移动；
（5）若将学生电源调到最大值，滑动变阻器阻值调到最小，加热功率仍然不够。根据 ，利用图24中现有器材，可以将电阻丝剪掉一小段，即减小电阻解决问题；
（6）根据RT=-0.1Ω/℃ t+15Ω，当箱内温度升高时，RT减小，根据欧姆定律 可知，电路电流增大，所以灯的亮度变亮；
（7）若要使报警温度降低，则报警时RT较变化前电阻增大，因此可以通过减小滑动变阻器R'p来保证电路中的电流值不变从而实现报警，所以滑片需要向左侧移动。
故答案为：（1）
；（2）短路； （3）2.2；5； （4）左；（5）将电阻丝剪掉一小段； （6）亮； （7）左。
（1）测电阻要测得电阻两端的电压，根据图2确定电压表选用小量程并联到待测电热丝两端；
（2）闭合开关S，电流表有明显示数，说明电路是通路，根据电压表无示数分析；
（3）根据电压表接入电路中的量程是0-3V确定分度值，读出电压表的示数，根据欧姆定律得出电阻的大小；
（4）要产生更多的电热，电路电流要增大，要减小电阻；
（5）根据 分析；
（6）根据RT=-0.1Ω/℃ t+15Ω，结合欧姆定律 分析；
（7）若要使报警温度降低，则报警时RT较变化前电阻增大，据此分析。
本题考查电路的连接、故障分析、欧姆定律、电功率公式的运用。
26.【答案】
【解析】答：（1）农民把刚收割下来成捆的稻穗用力向下砸向一个大木匣子的内侧边沿，谷粒与稻穗一起向下运动，撞到木匣子，稻穗停止运动，谷粒由于惯性继续向下运动，实现谷粒与稻穗的分离。
（2）同学们乘坐201公交车上学时，公交车的窗外空气流动速度大，压强小，车内空气流速小，压强大，产生了向外的压强差，就产生了向外的压力差，所以窗帘飘向窗外。
（1）物体具有保持运动状态不变的性质叫做惯性。
（2）流体压强和流速的关系：流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大。
本题考查惯性和流体压强与流速的关系，属于综合题。
27.【答案】
【解析】解：（1）由图可知，当开关S1、S2都闭合时，R1、R2并联，根据并联电路特点可知，此时电路的总电阻最小，由P=可知，电路的总功率最大，电热水壶处于高温挡；
当开关S1闭合、S2断开时，只有R1工作，电路的总电阻最大，总功率最小，电热水壶处于低温挡；
电热水壶低温挡的电流：I===1A；
（2）该热水壶高温挡的功率：P高=+=+=1100W；
（3）水吸收的热量：Q吸=c水mΔt=4.2×103J/（kg ℃）×1kg×（42℃-20℃）=9.24×104J，
电热水壶消耗的电能：W=P高t=1100W×100s=1.1×105J，
电热水壶的加热效率：η=×100%=×100%=84%。
答：（1）该热水壶的低温挡电流为1A；
（2）该热水壶高温挡的功率为1100W；
（3）电热水壶的加热效率为84%。
（1）由图可知，当开关S1、S2都闭合时，R1、R2并联，当开关S1闭合、S2断开时，只有R1工作，根据并联电路的特点和P=可知电热水壶高温挡和低温挡的电路连接；根据欧姆定律求出该热水壶的低温挡电流；
（2）根据P=可求出该热水壶高温挡的功率；
（3）根据Q吸=cmΔt求出水吸收的热量，根据W=Pt求出电热水壶消耗的电能，根据效率公式求出加热的效率。
本题考查并联电路特点、欧姆定律、电功公式、电功率公式以及效率公式的应用，是一道电热综合题，难度不大。
28.【答案】
【解析】解：（1）车行驶过程中牵引力所做的功：W总=Fs=2.5×104N×200m=5×106J；
（2）货车的重力：G=mg=5000kg×10N/kg=5×104N，
所做的有用功：
W有用=Gh=5×104N×30m=1.5×106J，
该盘山公路的机械效率：
η==×100%=30%；
（3）小货车在匀速爬坡的过程中，汽车的功率：
P===1×105W；
（4）不计热量损失，则Q放=W总=5×106J，
由Q放=mq知，消耗汽油的质量：
m===0.125kg。
答：（1）牵引力所做的功为5×106J；
（2）该盘山公路的机械效率为30%；
（3）小货车在匀速爬坡的过程中，汽车的功率为1×105W；
（4）不计热量损失，汽车从山脚到山顶消耗了0.125kg的汽油。
（1）利用W=Fs求车行驶过程中牵引力所做的功；
（2）利用G=mg求货车重力，再利用W=Gh求牵引力做的有用功；该盘山公路的机械效率关于有用功与总功之比；
（3）利用P=求小货车在匀速爬坡的过程中汽车的功率；
（4）不计热量损失，则Q放=W总，根据Q放=mq求出消耗汽油的质量。
本题考查了使用斜面时有用功、总功、功率、机械效率的计算，明确有用功、总功、额外功的含义是关键。
29.【答案】
【解析】解：（1）加热电路中的电流I===5A；
（2）加热器开始工作时，压敏电阻的阻值==10Ω，
防干烧功能启动时，压敏电阻的阻值=15Ω，
压敏电阻的压力每增加1N，电阻减小1Ω，所以从防干烧启动到加热器开始工作，压力的变化量=5N，
因为F压=F浮-G，所以压力的变化量ΔF=ΔF浮=SΔhρ水g,
=0.1m=10cm
所以当防干烧功能启动时，水箱内液面的高度h2=h1-Δh=15cm-10cm=5cm=0.05m,
此时A底部受到水的压强p=ρh2g=1.0×103kg/m3×0.05m×10N/kg=500Pa；
（3）为了防止防干烧功能太早启动，启动电流是0.6A，就是启动电流达到0.6A时，加热电路还在工作，衔铁未被吸下，故在不改变R0阻值和弹簧情况下，可适当增大线圈的匝数；或者根据控制电路中，释放衔铁的电阻一定，为了使热敏电阻较大时释放，可适当减小R0；从更换电磁继电器弹簧的考虑，可适当减小弹簧的拉力。
故答案为：（1）加热电路工作时的电流时5A；
（2）饮水机防干烧功能启动时A底部受到水的压强为500Pa；
（3）为了防止防干烧功能太早启动，启动电流是0.6A，就是等于启动电流0.6A时，加热电路还在工作，衔铁未被吸下，这样线圈的磁性要增大，根据线圈的磁性与线圈的匝数和线圈中电流的关系，故在不改变R0阻值和弹簧情况下，可适当增大线圈的匝数；或者根据控制电路中，释放衔铁的总电阻一定，为了使热敏电阻较大时释放，可适当减小R0；从更换电磁继电器弹簧的考虑，可适当减小弹簧的拉力。
（1）加热电路的电源电压和加热电阻已知，电流等于电压处于电阻；
（2）由当液面上升至距浮体A底部15cm处时，电磁铁线圈中的电流为0.8A，此时衔铁恰好被吸下，加热器开始工作，控制电路中的电源电压和R0的阻值已知，由欧姆定律可求出此时压敏电阻的电阻，根据电磁铁线圈中的电流为0.6A时，饮水机防干烧功能启动，可求出此时压敏电阻的阻值，两种情况下热敏电阻的阻值差可知，由T形杆对压敏电阻产生压力，所受压力每增加1N，电阻减小1Ω，可求出压力差，根据压力F压=F浮-G，压力差即为浮力差，由阿基米德原理求出浮体的高度差，因为加热电路工作时，水面距离浮体A底部的15cm,可求出防干烧功能启动时，水面到A底部的距离，由压强p=ρgh求出此时A的底部受到水的压强；
（3）为了防止防干烧功能太早启动，启动电流是0.6A，就是启动电流达到0.6A时，加热电路还在工作，衔铁未被吸下，从影响电磁铁衔铁受力的因素分析说明。
本题考查了欧姆定律的应用，阿基米德原理原理，液体的压强，电磁继电器控制电路的原理。
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