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2025年山东省威海实验中学中考物理一模试卷
一、单选题：本大题共11小题，共23分。
1.下列关于声学知识的说法中正确的是（　　）
A. 高速公路两旁的隔音板可防止噪声的产生
B. 调节二胡弦的松紧，主要是为了改变声音的响度
C. 航天器在月球表面可利用声呐测绘地貌
D. 正常人的耳朵能听到发声体1min内振动3000次发出的声波
2.关于光的传播规律与现象的对应关系，下列说法中正确的是（　　）
A. 光在均匀介质中沿直线传播——湖边景物在水中形成倒影
B. 光由空气斜射到水面上要发生反射——岸上的人看到池水“不深”
C. 太阳光在大气中要发生折射一一地面上的人看到的太阳比实际位置要低
D. 太阳光通过三棱镜后发生折射形成彩色光带一一雨后出现彩虹的现象
3.下列有关物态变化的现象说法正确的是（　　）
A. 水烧开后冒出的“白气”，是由水蒸气液化而成
B. 冰箱冷冻室内取出的冰棒上有白色粉末，是由空气中的小水滴凝固而成
C. 高压锅可以快速将食物煮熟，是因为气压越高沸点越低，水可以更快沸腾
D. 在北方漠河冬天测量室外气温时不用水银温度计，是因为水银凝固点（-39℃）低
4.如图所示，下列与“热”有关的说法中正确的是（　　）
A. 南极冰山没有内能
B. 散热器风扇上的灰尘，不影响散热效果
C. 电暖器内装油而不装水，主要是因为油吸热时温度变化特别明显
D. 金属在熔化过程中，吸收热量，内能增加，温度升高
5.下列关于力学现象的解释中正确的是（　　）
A. 人用力推车，车未动，是因为推力小于摩擦阻力
B. 苹果在空中下落得越来越快，是因为力可以改变物体的运动状态
C. 汽车刹车后，速度会逐渐减小，最后会停下来，是因为汽车具有惯性
D. 书本静止在课桌上，是因为书本的重力与书本对桌面的压力平衡
6.关于家庭电路，下列说法中正确的是（　　）
A. 站在木凳上触碰火线，不会发生触电事故
B. 插座中的两个线头相碰不能引起家中空气开关自动断开
C. 不用布设接地线也可以保证所有家用电器都能安全正常工作
D. 家庭电路中同时工作的用电器越多，进户线（干路）中的电流越大
7.关于能量的转化，下列说法正确的是（　　）
A. 给手机充电时，化学能转化为电能
B. 汽车紧急刹车路面上会留下清晰的刹车痕迹，机械能转化为内能
C. 地球卫星在太空中由近地点向远地点运动的过程中，重力势能全部转化为动能
D. 飞船返回舱进入大气层后下落的过程中，重力势能减小、动能增加，机械能守恒
8.下列电磁学知识与其应用的对应关系不正确的是（　　）
A. 电流的磁效应——通电螺线管
B. 电流的热效应——电饭锅
C. 通电导体在磁场中会受到磁场力的作用——动圈式话筒
D. 闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线产生感应电流——发电机
9.关于信息的传递和能源，下列说法中正确的是（　　）
A. 电磁波和声波都能够传递信息并且具有能量
B. 石岛核电站中的核反应堆利用核聚变获取核能
C. 空气中，频率为105Hz的电磁波比107Hz的电磁波传播速度慢
D. 新能源汽车中用到的氢能、太阳能、压缩天然气等能源，都属于不可再生能源
10.标有“220V，880W”的电熨斗和电动机都在额定电压下工作0.5h,则下列说法中正确的是（　　）
A. 通过电熨斗和电动机的电流都是0.25A
B. 电熨斗和电动机线圈的电阻值都是55Ω
C. 电熨斗和电动机在这0.5h内产生的热量相等
D. 电熨斗和电动机在这0.5h内消耗的电能都是0.44kW h
11.实践活动小组的同学设计了一个自动筛选超重物品的装置，检测装置的电路图如图甲所示，当放在水平传送带上的物品经过装有压敏电阻的检测区时，超重的物品会被推离传送带，从而筛选出来。已知电源电压为24V且保持不变，定值电阻R1标有“20Ω，0.4A”字样，压敏电阻R2的阻值与压力变化的关系如图乙所示，电流表的量程为0～0.6A。当电路元件正常安全工作时，下列说法中正确的是（　　）
A. 当物品的重力增大时，电流表的示数变小
B. 检测装置可将重为25N的物品筛选出来
C. 电路消耗的总电功率最大值为14.4W
D. 若要将超过40N的物品筛选出来，则可适当增加R1的电阻值
二、多选题：本大题共1小题，共3分。
12.如图所示，为了把货物搬运到平台上，工人在平台与地面间搭建了一个长4m、高2m的斜面MN，工人用沿斜面向上的力将重为800N的货物匀速拉到斜面顶端，不计货物与斜面间的摩擦。下列说法中正确的是（　　）
A. 工人所用的拉力为400N
B. 斜面是一种省功的机械
C. 斜面的高度一定时，斜面越长，越省力
D. 若考虑货物与斜面间的摩擦，工人的拉力需为500N，则货物受到的摩擦力为100N
三、填空题：本大题共8小题，共16分。
13.如图所示，这是四冲程汽油机的______冲程；压缩冲程能量的转化形式是______。
14.小方坐船旅行时，用照相机拍了一张照片，如图所示，接着他再为周围的朋友拍照，则他应向______（选填“远离”或“靠近”）朋友的方向移动，并______（选填“减小”或“增大”）照相机暗箱的长度。
15.天气的变化会影响大气压的大小，一般来说，阴天下雨的天气大气压比正常情况会______（填写“高”或“低”）一些。大气压与高度有关，如果在某高度处的大气压约为6.8×104Pa,若利用托里拆利实验装置在该位置测量大气压，则竖直玻璃管内的水银面与水银槽中的水银面的高度差约为______mm。（，g取10N/kg）
16.小明某次利用天然气热水器烧水洗澡时，耗水40kg,这些自来水进热水器后，内能增加了2.688×106J，他这次洗澡至少消耗______m3天然气，热水器中水的内能增加的途径是______。【已知水的比热容为4.2×103J/（kg ℃），天然气的热值为3.2×107J/m3】
17.某天上午10点，小明家电能表示数为220.6kW h,到下午3点时电能表示数如图所示，则这段时间内小明家消耗的电能为______J，他家输电线路干路中的总电流为______A。
18.如图所示是一款电动窗帘的电路原理图，当户外阳光增强到设定值时，S2闭合，电动机转动，将窗帘拉上。S1闭合，电磁铁的下端为______极；为满足要求，光敏电阻的阻值要随光照的增强而______（选填“增大”或“减小”）。
19.如图所示，电源电压保持不变，灯泡L标有“8V，4.8W”字样，滑动变阻器R标有“10Ω，2.5A”字样，电压表量程为0～15V，电流表量程为0～3A，只闭合开关S2，灯泡正常发光。则电源电压为______V；开关都闭合时，在保证电路元件安全的情况下，滑动变阻器连入电路的最小阻值为______Ω。
20.我国超级高铁已经实现了低真空环境运行，运行时所受空气阻力比传统高铁的低3%，再结合磁悬浮技术，真正实现了贴地“飞行”。磁悬浮技术是一种利用磁场的作用力让列车悬浮在轨道上的技术，可以消除轮轨间的摩擦力，降低噪声和能耗；真空管道是一种将管道内的空气抽走，形成真空状态的装置，这样可以减少空气阻力，提高列车的运行效率。
根据上述资料和学过的知识可知：超级高铁主要是通过______的方法消除轮轨间的摩擦力；列车能悬浮在轨道上利用的物理知识是______。
四、作图题：本大题共2小题，共4分。
21.如图所示是一束光从空气斜射到水面上的反射光线，请在图中画出入射光线和大致的折射光线。
22.图甲是飞机在高空水平匀速飞行时，空气与飞机机翼相对运动的示意图。请在图乙中画出机翼在竖直方向上的受力情况（O为重心）。
五、实验探究题：本大题共3小题，共19分。
23.小军利用焦距f为10cm的凸透镜“探究凸透镜成像的规律”。请解答下列问题：
（1）如图1所示，小军用凸透镜观察课本上的字，当凸透镜逐渐远离课本时，他先后观察到正立放大、倒立放大、倒立缩小的字。根据上述现象，请你提出一个关于凸透镜的探究问题______。
（2）当蜡烛放在如图2所示位置时，光屏中央得到一个清晰的像，当蜡烛移动到10cm刻度线时，光屏移动到______cm刻度线处，光屏上也能得到一个清晰的像。再将蜡烛移动到32cm刻度线处，保持光屏位置不变，要想在光屏上看到清晰的像，应更换焦距较______（选填“大”或“小”）的凸透镜。
（3）某次实验时，小军发现光屏上烛焰的像在如图3所示位置。为了使像呈在光屏中央，接下来应进行的操作是______（写一种方法即可）。
（4）完成上述探究后，小军把凸透镜换成一块薄玻璃板，透过玻璃板能看到蜡烛正立、______（填“放大”“缩小”或“等大”）的像；把光屏移到像所在的位置，直接观察光屏，光屏上______（选填“有”或“没有”）蜡烛的像。
24.在“探究浮力大小与哪些因素有关”时，小明猜想浮力大小与物体浸入液体的深度、液体的密度、物体浸在液体中的体积、物体的质量有关。请解答下列问题：
（1）在梳理评估猜想时，小明将同一个小西红柿分别放入清水和盐水中，发现它在清水中沉底，在盐水中漂浮。由此可初步认为______不影响浮力大小。
（2）接着，小明进行了4次实验，如图所示。在第②次实验中，物体受到的浮力大小为______N，计算时依据的物理知识是______。
（3）①②③次实验的现象和数据，不能说明浮力大小与物体浸入液体的深度有关，其原因是______；分析①③④次实验信息可知，浮力大小与液体密度有关，此外，还可计算出其它物理量的大小，请写出1个物理量的名称______。
（4）小明经过多次改变液体密度、物体浸入液体的深度和体积，然后根据收集的数据得出一般性结论，这里利用了归纳推理的方法。这种科学方法应用的场景很多，请列举一例______。
25.小明用标有“2.5V”字样的小灯泡做“测量小灯泡电功率”的实验。请解答下列问题。
实验次数 1 2 3 4 5
电压表示数/V 0.5 1.5 2.5 3 6
电流表示数/A 0.1 0.25 0.28 0
灯泡亮度 非常暗 暗 正常发光 强烈发光 不发光
（1）图甲是小明连接的实物电路图，其中有一根导线连接错误，请你在连接错误的导线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的连线。
（2）正确连接电路后，小明调节滑动变阻器（实验过程中改变电压表的量程），收集的数据和现象如表所示，其中第2次实验时电流表示数如图乙所示，为______A；根据第5次实验的数据和现象可知，电路出现故障，若电路中只有一处故障，则原因可能是______。
（3）综合分析表中的信息可知，决定灯泡亮度的物理量是______。
（4）根据实验数据，在图丙中画出小灯泡的I-U图像；与《欧姆定律》一章中“探究电流与电压的关系”时所画的I-U图像对比，发现这两个图像的形状不同，其原因是______。
六、计算题：本大题共1小题，共9分。
26.学校进行教学楼改建时，需要将一堆相同的物料搬运到高处。解答下列问题：
（1）如图1所示，小亮模拟古代人民用杠杆将物料提起的情景，他在Q端竖直向下施加200N的力刚好能把一块物料提起，并使杠杆在水平位置平衡。已知PO：OQ=1：5，则这块物料重为多少？（g取10N/kg）
（2）为了一次能提升更多物料，小亮利用了如图2甲所示装置。某次搬运过程中，小亮在30s的时间内，将4块物料匀速提升6m,卷扬机对绳子的拉力F为2500N，则：
①拉力F做功的功率为多少？
②滑轮组的机械效率为多少？
③小亮对图甲中的滑轮组进行了重新设计，如图2乙所示，某次他利用这个装置匀速提起了6块物料，已知吊篮重为260N，动滑轮重为40N，若不计绳重和滑轮轴处的摩擦，则此时卷扬机对绳子的拉力F为多少？
七、综合题：本大题共2小题，共16分。
27.为了估算某只野生东北虎的质量，生物学家在松软、平坦且足够深的雪地上，选取该东北虎四脚着地停留时的脚印，其中的一个脚印如图甲所示。在方格纸上描绘出脚印的轮廓，如图乙所示，图中每个小方格的面积均为10cm2，数出脚印轮廓占有小方格的数量（大于半格的算一格，小于半格的不算）。测出脚印的深度，在脚印旁边相同的雪地上放一底面积为100cm2的平底容器，在容器中缓缓放入适当的物体，当容器下陷的深度与脚印的深度相同时，测出容器及内部物体的总质量为40kg。忽略脚趾和脚掌之间空隙的面积，g取10N/kg。请解答下列问题：
（1）该东北虎的质量为多少？
（2）若一条冰封的河面所能承受的最大压强为3×104Pa,则这只东北虎正常行走时能否安全通过冰面？如果不能，可以采取什么方法让东北虎自己安全通过冰面？请写出你的方法，并说明依据。
28.图甲是某电热水器的结构简图，图乙是它部分电路的原理图。该电热水器有加热、保温及自动加水等功能，其工作原理是：冷水箱中水位升高到设定高度时，热水箱中的电热管R1开始工作，将水加热至沸腾，开水经溢水管进入贮水箱，而冷水会流入热水箱补充，当冷水箱中水位下降到另一设定高度时，进水口打开进水，同时S2断开，并重复上述过程，直至贮水箱中注满水；然后，通过开关S1、电磁开关P的控制，贮水箱中的电热管R2开始工作，给水保温。已知电热水器的额定电压为220V，额定加热功率为2420W，R2的阻值为80Ω，，。请解答下列问题：
（1）该电热水器在保温状态下正常工作10min消耗的电能为多少？
（2）电热管R1在某段时间内连续正常工作，产生开水，这些水吸收的热量可将20℃、30L水加热到沸腾，若热水箱的加热效率为90%，则电热管R1工作了多长时间？（在标准大气压下；结果用科学记数法表示，保留2位有效数字）
（3）保持原电路元件不变，增加器材，把热水箱改装成额定总加热功率为3520W，且有两个挡位，则热水箱内电路应如何设计？画出设计的电路简图，并通过计算说明。（写一个设计即可）
1.【答案】
【解析】解：A．高速公路两旁的隔音板可阻断噪声的传播，不能防止噪声的产生，故A错误；
B．调节二胡弦的松紧，可改变弦振动的频率，改变声音的音调，故B错误；
C．声呐是利用超声波来工作的，声音的传播需要介质，真空不能传播声音，月球表面是真空，没有传声的介质，不可利用声呐测绘地貌，故C错误；
D．1min内振动3000次的声波的频率，可听声的频率范围在20Hz～20000Hz,故D正确。
故选：D。
（1）防治噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱；
（2）音调指声音的高低，由振动频率决定，物体振动越快，音调就越高；
（3）声音的传播需要介质，真空不能传播声音；
（4）人的听觉频率范围在20Hz～20000Hz,低于20Hz的是次声波，高于20000Hz的超声波，无论次声波和超声波，人耳都听不见。
本题考查了防治噪声的途径、音调、声音的传播和人的听觉频率范围，属于基础题。
2.【答案】
【解析】解：A、湖边景物在水中形成倒影，是平面镜成像，是光的反射现象，故A错误；
B、岸上的人看到池水“不深”，是因为池底反射的光线从水中进入空气时发生折射，折射光线偏离法线，人逆着折射光线的方向看到池水变浅，故B错误；
C、太阳光在大气中发生折射，由于空气的密度不均匀，地面上的人看到的太阳比实际位置要高，故C错误；
D、太阳光通过三棱镜后发生折射形成彩色光带，是光的色散现象，雨后出现彩虹的现象，也是光的色散现象，故D正确。
故选：D。
（1）光遇到水面、玻璃以及其他许多物体的表面都会发生反射；
（2）（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生偏折，这种现象叫做光的折射；
（4）太阳光经过三棱镜折射后可以分散成七种颜色的光，分别是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫，这就是光的色散现象。
本题考查光的反射、光的折射和光的色散现象，属于基础题。
3.【答案】
【解析】A．水烧开后冒出的“白气”，是由水蒸气遇冷液化而成的小水滴，故A正确；
B．冰箱冷冻室内取出的冰棒上有白色粉末，是由空气中的水蒸气凝华而成的小冰晶，故B错误；
C．高压锅的密封性强，使用时增大气压，提高水的沸点，食物在高温下，短时间内容易熟，故C错误；
D．在北方漠河冬天测量室外气温时不用水银温度计，因为水银的凝固点高，一般选酒精温度计，故D错误。
故选：A。
（1）液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。
（2）物质由气态直接变成固态的过程叫凝华。
（3）水的沸点与气压有关；气压越低，沸点越低、气压越高，沸点越高。
（4）在北方很冷的地区温度非常低，所以应该选凝固点低的物质做测温物质，而水银的凝固点高，一般选酒精温度计。
本题考查液化和凝华现象及沸点及气压影响液体的沸点，熔点和凝固点的概念。
4.【答案】
【解析】解：A．一切物体都有内能，南极冰山虽然温度低，但仍有内能，故A错误；
B．散热器风扇堆积灰尘会阻碍空气流通，影响散热效果，故B错误；
C．电暖器用油而不用水，油吸热时温度变化特别明显，能够迅速升温，而水的沸点低，温度高时会产生大量的蒸汽，存在安全隐患，故C正确；
D．金属是晶体，金属在熔化过程中，吸收热量，内能增加，温度不变，故D错误。
故选：C。
（1）内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和，一切物体都有内能；
（2）散热器风扇上的灰尘会影响散热；
（3）水的沸点低于油的沸点，且水容易汽化；
（4）晶体在熔化过程中，吸收热量，温度不变。
本题考查了内能、晶体的熔化等，属于基础题。
5.【答案】
【解析】解：A、人用力推车，车未动，处于静止状态，说明受力平衡，即推力等于摩擦力，故A说法错误；
B、苹果在空中下落时，由于受力竖直向下的作用，其运动状态不断改变，下落速度越来越大，故B说法正确；
C、汽车刹车时，受到地面的摩擦阻力，在该力的作用下，汽车的运动状态发生改变，速度会越来越小，最终会停下来，并不是由于具有惯性，故C说法错误；
D、书本受到的重力作用在书本上，而书本对桌面的压力是作用在桌面上，这两个力不是作用在同一物体上，不符合二力平衡的条件，故D说法错误。
故选：B。
解答此题用到以下知识：
（1）当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受平衡力作用；
（2）力的作用效果是：可以改变物体的形状，可以改变物体的运动状态；
（3）滑行的物体最终停下来是由于受到阻力的作用；
（4）二力平衡的条件是：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，并且在同一直线上。
该题通过实例考查了力的作用效果和二力平衡的知识，在应用力的作用效果时时要注意辨别物体发生变化的是形状还是运动状态，在判断两个力是否为平衡力时要注意这两个力需要同时满足四个条件，即：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，并且在同一直线上。
6.【答案】
【解析】解：A．站在木凳上触碰火线，若木凳潮湿或接触其他导体，电流会从火线经过人体流到大地，会发生触电事故，故A错误；
B．插座中的两个线头相碰，会造成电路短路，从而造成电流过大，使家中空气开关自动断开，故B错误；
C．有金属外壳的家用电器要使用三孔插座，将金属外壳接地，故C错误；
D．家庭电路中同时工作的用电器越多，电路的总功率越大，由P=UI可知，进户线（干路）中的电流越大，故D正确。
故选：D。
（1）站在木凳上，一只手接触火线，另一只手接触导体，会发生触电事故。
（2）空气开关跳闸的原因是电路中电流过大。
（3）有金属外壳的家用电器要使用三孔插座。
（4）家庭电路中的各个用电器是并联的，同时工作的用电器越多，干路中的电流越大。
本题考查的是空气开关的作用；知道触电的种类和并联电路的电流规律。
7.【答案】
【解析】解：A．给手机充电时，将电能转化为化学能，故A错误，不符合题意；
B．汽车紧急刹车路面上会留下清晰的刹车痕迹，克服摩擦力做功，机械能转化成内能，故B正确，符合题意；
C．地球卫星在太空中由近地点向远地点运动的过程，高度增大，重力势能增大，动能减小，动能转化为重力势能，总机械能守恒，故C错误，不符合题意；
D．飞船返回舱进入大气层后下落的过程中，质量不变，速度增大，动能增大，高度降低，重力势能减小，返回舱和空气摩擦，机械能转化为内能，此时的机械能是不守恒的，故D错误，不符合题意。
故选：B。
（1）给手机充电时，电能转化为化学能；
（2）刹车时机械能转化为地面和轮胎的内能；
（3）如果只有动能和势能的相互转化，机械能的总和不变，或者说，机械能是守恒的；
（4）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。返回舱和空气摩擦，机械能转化为内能，此时的机械能是不守恒的。
本题考查电源能量转化及机械能守恒，动能与重力势能之间的转化及机械能与其他形式能的转化。
8.【答案】
【解析】A．电流的磁效应是指电流周围存在磁场，通电螺线管是利用电流的磁效应制成的，故A正确，不符合题意；
B．电流的热效应是指电流通过导体时产生热量，将电能转化为内能，电饭锅就是利用电流的热效应工作的。故B正确，不符合题意；
C．动圈式话筒是利用电磁感应原理工作的，当人对着话筒说话时，膜片振动，带动线圈在磁场中做切割磁感线运动，从而产生感应电流。故C错误，符合题意；
D．发电机是利用闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线产生感应电流的原理制成的，故D正确，不符合题意。
故选：C。
（1）通电螺线管是利用电流的磁效应来工作的。
（2）电饭锅是利用电流的热效应来工作的。
（3）动圈式话筒是利用电磁感应现象来工作的。
（4）闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，发电机是利用电磁感应来工作的。
本题考查的是电流的磁效应、热效应；知道电磁感应现象；知道发电机和动圈式话筒的原理。
9.【答案】
【解析】解：A、无线通讯利用电磁波传递信息，微波炉利用电磁波传递能量；声波能够传递信息和能量，所以电磁波和声波都能够传递信息并且具有能量，故A正确；
B、核电站核反应堆利用可控的核裂变来发电的，故B错误；
C、电磁波的传播速度与介质有关，在空气中频率为105Hz的电磁波与107Hz的电磁波传播速度相同，故C错误；
D、氢能、太阳能都可以在短时间得到补充，是可再生能源，天然气短时间不可再生，属于不可再生能源，故D错误。
故选：A。
（1）声波和电磁波都可以传递能量；
（2）获取核能的方式：核聚变与核裂变；
（3）电磁波的传播速度与介质的种类有关；
（4）不可再生能源指短时间内不能再次获得的能源。
本题考查了有关能源与电磁波的知识，属于基础题。
10.【答案】
【解析】解：A．由功率公式P=UI得：通过电熨斗和电动机的电流都是，故A错误；
B．电熨斗为纯电阻元件，由功率公式P=可得电熨斗的电阻为，
电动机不是纯电阻电路，电流做功大部分转化为机械能，少量转化为热能，不能用此公式计算电阻，故B错误；
CD．电熨斗和电动机在这0.5h内消耗的电能都是：W=Pt=0.88kW×0.5h=0.44kW h,
电熨斗是纯电阻电路，消耗的电能全部转化为内能；
电动机是非纯电阻电路，消耗的电能只有一小部分转化为内能，即电熨斗和电动机在这0.5h内产生的热量不相等，故C错误，D正确。
故选：D。
（1）知额定电压及额定功率，则由功率公式的变形可求得工作时的电流。
（2）由功率公式可求得电熨斗的电阻，电动机线圈是非纯电阻；
（3）电熨斗是纯电阻，消耗的电能全部转化为内能，故W=Q=Pt；
（4）由电熨斗的铭牌信息可知额定电压及额定功率，由电功公式可求得0.5小时内消耗的电能。
本题考查对铭牌的认识、电功公式及功率公式的应用，要求学生能熟练掌握电功公式及电功率公式。
11.【答案】
【解析】解：由图甲可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电流；
A．物品重力越大，物体对压敏电阻压力越大，由图乙可知，压敏电阻阻值越小，串联电路的总阻值减小，由可知，电流增大，故A错误；
B．若物体重力增大到25N时，R2的电阻小于40Ω，电路中的电流：，
电路电流超过0.4A，超过R1的安全工作电流，可能会导致检测装置不工作，故B错误；
C．已知R1规格为“20Ω 0.4A”，电流表的量程为0～0.6A，由串联电路的电流特点可知电路中的最大电流为0.4A，
电路消耗的功率最大值为：P大=UI大=24V×0.4A=9.6W，故C错误。
D．若要将超过40N的物品筛选出来，由乙图可知，R2的阻值会低于30Ω，电路电流会超过R1的安全电流，为保证R1正常工作，可适当增大R1的阻值使电流减小到安全值内，故D正确。
故选：D。
由图甲可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电流；
（1）由图乙可知，当物品重力增大时，压敏电阻阻值减小，电路中电流增大；
（2）当物重为25N时，由图乙可得压敏电阻的阻值，再由欧姆定律得到此时电流的大小与R1最大限制电流比较；
（3）根据R1的规格和电流表的量程，得到电路最大电流，由P=UI可算出电路最大功率；
（4）当物重越大时，R2越小，为保证电流不超过R1的安全电流，需要增大R1的电阻。
本题考查了欧姆定律的应用、电功率的综合计算。
12.【答案】
【解析】解：A．不计货物与斜面间的摩擦，根据功的原理可知，拉力做的功等于克服货物重力做的功，即W=Fs=Gh,即F×4m=800N×2m,解得F=400N，故A正确；
B．根据功的原理，使用任何机械都不省功，所以使用斜面也不能省功，故B错误；
C．由Fs=Gh可得，当斜面的高度一定时，斜面长度越长，拉力越小，即越省力，故C正确；
D．若考虑摩擦，则W总=W有+W额，即Fs=Gh+fs,即500N×4m=800N×2m+f×4m,解得f=100N，故D正确。
故选：ACD。
（1）（3）不计货物与斜面间的摩擦，根据功的原理可知，W=Fs=Gh。
（2）使用任何机械都不省功。
（4）若考虑摩擦，则W总=W有+W额，据此列出等式计算。
此题考查使用斜面时拉力、摩擦力的相关计算，熟练掌握相关公式、功的原理是关键。
13.【答案】
【解析】解：如图所示，进气门打开，排气门关闭．活塞由上端向下端运动，汽油和空气组成的燃料混合物从进气门吸入气缸，这是四冲程汽油机的吸气冲程；
压缩冲程能量的转化形式是机械能转化为内能。
故答案为：吸气；机械能转化为内能。
（1）汽油机的工作流程：内燃机通过吸气、压缩、做功、排气四个冲程不断循环来保证连续工作的。
①吸气冲程：进气门打开，排气门关闭．活塞由上端向下端运动，汽油和空气组成的燃料混合物从进气门吸入气缸。
②压缩冲程：进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，压缩汽缸内燃料混合物，温度升高。
③做功冲程：在压缩冲程末尾，火花塞产生电火花，使燃料猛烈燃烧，产生高温高压的燃气，高温高压气体推动活塞向下运动，带动曲轴转动，对外做功。
④排气冲程：进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动，把废气排出气缸。
（2）工作过程中能量的转化：①压缩冲程：机械能→内能；②做功冲程：先是化学能→内能，再由内能→机械能.。
本题考查四冲程能力的转化及四冲程的判断。
14.【答案】
【解析】解：用相机拍摄远处的风景后，再为周围的朋友拍照，应减小物距，增大像距，像增大，所以应向靠近朋友的方向移动，同时增大照相机暗箱的长度来增大像距。
故答案为：靠近；增大。
凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像增大。
本题考查了照相机的调节，属于基础题。
15.【答案】
【解析】解：（1）大气压的大小受天气的变化影响，一般来说，阴天下雨的天气大气压比正常低；
（2）由于p水银=p大气，且p=ρgh,则水银面与水银槽中的水银面的高度差为：
h===0.5m=500mm；
故答案为：低；500。
（1）大气压的大小受天气的变化影响，一般来说，阴天下雨的天气大气压比正常低；
（2）液体压强公式p=ρgh,再根据p水银=p大气，可求水银柱的高度h。
熟练运用液体压强公式及变形公式，明确气压与液体压强关系和天气与气压的关系，可解答此题。
16.【答案】
【解析】解：由题意知，天然气完全燃烧放出的热量至少为，
由Q放=Vq知，消耗的天然气的体积至少为：
；
天然气燃烧时，将化学能转化为内能，而通过火焰加热，水从火焰中吸收热量，仅涉及能量的转移，故是热传递改变水的内能。
故答案为：0.084；热传递。
由题意知Q放=Q吸，由Q放=Vq计算出这次洗澡消耗天然气的体积；
改变物体内能的方法有二：一是做功，二是热传递（热从高温物体或物体的高温部分传给低温物体或物体的低温部分），据此得出答案。
本题考查了热量的计算和改变内能的方法，难度不大，属于常考题。
17.【答案】
【解析】解：电能表读数时数字方框内最后一位是小数，单位是kW h,由图可知，此时电能表的示数是231.6kW h,
则他家在这段时间内消耗的电能：W=231.6kW h-220.6kW h=11kW h=3.96×107J；
用电器的工作时间t=15：00-10：00=5h,
由W=UIt可知，他家输电线路干路中的总电流：。
故答案为：3.96×107；10。
（1）电能表读数时数字方框内最后一位是小数，单位是kW h；电能表两次的示数之差即为这段时间内消耗的电能；
（2）根据 W=UIt求出他家输电线路干路中的总电流。
本题考查电能表的读数、消耗电能的计算以及电功公式的灵活运用，是一道基础题。
18.【答案】
【解析】解：根据电路图可知，光敏电阻和滑动变阻器串联接入电路中，电流表测量电路中的电流；
由图可知，电流由螺线管的上端流入，下端流出，利用安培定则可知，电磁铁的下端为N极，上端为S极。
根据题意，当户外光线增强到设定值时，S2闭合电动机转动，说明电磁铁的磁性增强，将衔铁吸下，控制电路中的电流变大，电路中的电阻变小，即光敏电阻阻值随光的增强而减弱。
故答案为：N；减小。
利用安培定则判断电磁铁的磁极；
当户外光线增强到设定值时，S2闭合电动机转动，说明电磁铁的磁性增强，根据电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系分析。
本题考查了安培定则的应用和影响电磁铁磁性的因素，属于基础题。
19.【答案】
【解析】解：只闭合 S2时，电路为灯泡的简单电路，灯泡正常发光，其实际电压等于额定电压，
故电源电压：U=UL=U额=8V；
开关都闭合时，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源电压，电流表测干路电流。
根据并联电路的电压规律可知，灯泡与滑动变阻器两端的电压相等，均等于电源电压，
故灯泡仍正常发光，根据P=UI可得，
灯泡正常工作时通过它的电流：IL===0.6A，
在保证电路元件安全的情况下，干路中的最大电流为I大=3A，
根据并联电路的电流规律可知，通过滑动变阻器的最大电流：
IR=I大-IL=3A-0.6A=2.4A，
小于滑动变阻器允许通过的最大电流2.5A，
则滑动变阻器连入电路的最小值：。
故答案为：8；3.3。
由图可知，只闭合开关S2时，电路为灯泡的简单电路，灯泡正常发光，根据灯泡的额定电压可知电源电压的大小；
开关都闭合时，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源电压，电流表测干路电流。由P=UI可得灯泡正常工作时通过它的电流，在保证电路元件安全的情况下，根据并联电路的电流规律求通过滑动变阻器的最大电流，根据欧姆定律求滑动变阻器连入电路的最小阻值。
本题考查并联电路的特点和电功率、欧姆定律的有关计算，明确电路的连接方式关键之一。
20.【答案】
【解析】解：磁悬浮技术让列车悬浮在轨道上，使列车与轨道这两个接触面不再接触，从而消除了轮轨间的摩擦力，所以是通过使接触面分离的方法来消除摩擦力。
磁悬浮列车一般是利用同名磁极相互排斥的原理，使列车受到向上的斥力从而悬浮在轨道上；也可以从磁场对通电导体有力的作用角度理解，列车上的电磁铁通电后，在磁场中受到力的作用实现悬浮。
故答案为：使接触面分离；同名磁极相互排斥。
减小摩擦的方法有两种：变滑动摩擦为滚动摩擦；使互相接触的摩擦面彼此离开。
本题考查的是减小摩擦的办法；知道磁悬浮列车的基本原理。
21.【答案】
【解析】光发生反射时，反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，由此作出反射光线；
光发生折射时，折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧；光由空气斜射进入水中，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，由此作出折射光线。
本题考查根据光的反射和折射规律作图，注意反射角、折射角与入射角的大小关系，作图要规范。
22.【答案】
【解析】解：飞机在高空水平匀速飞行时，受力平衡，受到的重力与空气的升力平衡，重力竖直向下，升力竖直向上，作用点都画在重心上，如图：
飞机在高空水平匀速飞行时，受力平衡，受到的重力与空气的升力平衡，据此画图。
此题考查了力的示意图的画法，属于基础知识。
23.【答案】
【解析】（1）由于凸透镜与课本的距离不同，即物距不同，观察到的字的像也不同，所以可以提出一个问题是凸透镜成像特点是否与物距有关。
（2）由图可知，刻度尺的分度值为1cm,蜡烛的位置为25.0cm,凸透镜的位置为40.0cm,光屏的位置为70.0cm,所以物距为u=40.0cm-25.0cm=15.0cm,像距为v=70.0cm-40.0cm=30.0cm,光屏中央得到一个清晰的像，由于光折射时，光路是可逆的，所以物距为30.0cm,像距为15.0cm时，光屏上也能得到一个清晰的像，所以光屏移动到55.0cm刻度线处。
将蜡烛移动到32cm刻度线处，物距小于一倍焦距，由凸透镜成像规律可知，光屏上不能成像，保持光屏位置不变，要想在光屏上看到清晰的像，则物距应大于一倍焦距，则应更换焦距较小的凸透镜。
（3）由图可知，烛焰的像成在光屏的下侧，由于凸透镜在光屏上成的像是倒立的，所以将蜡烛向下移，光屏上的像将上移。
（4）小军把凸透镜换成一块薄玻璃板，蜡烛在玻璃板上成的像是平面镜成像现象，所以透过玻璃板能看到蜡烛正立、等大的像。
由于平面镜成像是光的反射形成的，所以平面镜成的像是虚像，故把光屏移到像所在的位置，直接观察光屏，光屏上没有蜡烛的像。
故答案为：（1）凸透镜成像特点是否与物距有关；（2）55.0；小；（3）将蜡烛向下移；（4）等大；没有。
（1）小军看到不同的像与凸透镜到物体的距离有关，据此分析；
（2）凸透镜成实像时，光路是可逆的；
凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小；
（3）根据过凸透镜光心的光传播方向不变回答；
（4）平面镜成的像与物体大小相等；虚像不能成在光屏上。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
24.【答案】
【解析】（1）小明将同一个小西红柿分别放入清水和盐水中，发现它在清水中沉底，说明浮力小于重力；在盐水中漂浮，说明浮力等于重力；由此可初步认为物体的重力不影响浮力大小；
（2）在第①次实验中，测力计的示数等于物体的重力为6N，在第②次实验中，测力计的示数为5.5N，物体受到的浮力大小为F浮=G-F=6N-5.5N=0.5N，计算时依据的物理知识是F浮=G-F；
（3）探究浮力大小与物体浸入液体的深度是否有关，需保持物体浸入液体的体积不变，①②③次实验的现象和数据，不能说明浮力大小与物体浸入液体的深度有关，其原因是没有保持物体浸入液体的体积不变；
分析①③④次实验信息可知，浮力大小与液体密度有关，③中，物体受到的浮力F浮′=G-F′=6N-4N=2N；
物体排开液体的体积，可计算出物体的体积；
（4）归纳推理是从个别事例中概括出一般性结论的推理方法。例如在探究声音是由物体振动产生的实验中，通过鼓面撒纸屑敲击鼓面看到纸屑跳动、扬声器上放纸屑播放音乐看到纸屑跳动等多个个别事例，归纳得出声音是由物体振动产生的一般性结论。
故答案为：（1）物体的重力；（2）0.5；F浮=G-F；（3）没有保持物体浸入液体的体积不变；物体的体积；（4）探究声音是由物体振动产生的。
（1）小明将同一个小西红柿分别放入清水和盐水中，发现它在清水中沉底，说明浮力小于重力；在盐水中漂浮，说明浮力等于重力；
（2）根据称重法计算浮力F浮=G-F；
（3）探究浮力大小与物体浸入液体的深度是否有关，需保持物体浸入液体的体积不变；
分析①③④次实验信息可知，浮力大小与液体密度有关，③中，物体受到的浮力F浮′=G-F′=6N-4N=2N；根据阿基米德公式计算物体排开液体的体积；
（4）归纳推理是从个别事例中概括出一般性结论的推理方法。
考查用称重法求浮力，利用浮力大小探究影响浮力大小与哪些因素有关，是一道常规实验题。
25.【答案】
【解析】（1）测量小灯泡电功率时，灯泡和滑动变阻器、电流表串联，电压表并联在灯泡两端，甲图中，电流表并联灯泡两端，电压表串联在电路中是错误的，所以将灯泡右端接线柱与电压表负接线柱相连，如下图所示：
。
（2）电流表选用小量程，分度值为0.02A，读数为0.2A。
根据第5次实验的数据和现象可知，电流表的示数为0，说明电路存在断路，电压表示数为6V，说明电压表与电源接通，若电路中只有一处故障，则原因可能是与电压表并联的灯泡断路。
（3）由表中的数据可知，灯泡两端的电压越大，通过灯泡的电流越大，由P=UI可知，灯泡的实际功率越大，灯泡的亮度越大，因此决定灯泡亮度的物理量是灯泡的实际功率。
（4）[1]在坐标系中依次描出各点，用平滑的线把各点连接起来，即为小灯泡的I-U图像，如下图所示：
。
“探究电流与电压的关系”时所画的I-U图像是一条过原点的斜线，电阻为定值电阻；这两个图像的形状不同，其原因是灯泡的电阻随温度升高而增大。
故答案为：（1）；
（2）0.2；灯泡断路；
（3）灯泡的实际功率；
（4）；灯泡的电阻随温度升高而增大。
（1）根据电流表、电压表和滑动变阻器的使用规则来连接实物图。
（2）根据电流表的使用规则来读数；灯泡不发光，电流表的试试为零，可能是灯泡断路。
（3）灯泡的亮度是由它的实际功率决定的。
（4）灯泡的电阻随温度的升高而增大。
本题考查的是测量小灯泡的电功率；知道灯泡的电阻与温度有关；会根据题目的条件绘制图像和更正实物连接图。
26.【答案】
【解析】（1）已知在Q端的力为200N，且PO：OQ=1：5，由杠杆平衡条件可得G×PO=FQ×OQ，
故这块物料的重力：；
（2）①在图2中，由图甲可知，滑轮组中动滑轮上的绳子段数n=2，
则拉力做的总功：W总=Fs=Fnh=2500N×2×6m=30000J，
拉力F做功的功率：；
②由（1）可知4块物料的总重：G总=4G=4×1000N=4000N，
则滑轮组做的有用功：W有=G总h=4000N×6m=24000J，
滑轮组的机械效率：；
③由（1）可知6块物料的总重：G总'=6G=6×1000N=6000N，
由图乙可知，滑轮组中动滑轮上的绳子段数n'=3，且已知G篮=260N，G动=40N，
不计绳重和滑轮轴处的摩擦，则此时卷扬机对绳子的拉力：
。
答：（1）这块物料重为1000N；
（2）①拉力F做功的功率为1000W；
②滑轮组的机械效率为 80%；
③此时卷扬机对绳子的拉力为2100N。
（1）杠杆在水平位置平衡，根据杠杆平衡条件可得这块物料的重力大小；
（2）①在图2中，由图甲可知，滑轮组中动滑轮上的绳子段数，根据W=Fs=Fnh求拉力F所做的总功，根据P=求拉力F做功的功率；
②由题知4块物料的总重，根据W=Gh求滑轮组做的有用功；根据求滑轮组的机械效率；
③由题知6块物料的总重；由图乙可知，滑轮组中动滑轮上的绳子段数，不计绳重和滑轮轴处的摩擦，根据F=（G+G动+G篮）求此时卷扬机对绳子的拉力。
本题考查杠杆平衡条件的应用和滑轮组中的功、功率、机械效率和相关力的计算，难度适中。
27.【答案】
【解析】（1）容器对雪地的压强
容器下陷的深度与脚印的深度相同，所以东北虎对雪地的压强等于容器对雪地的压强。由图乙可知，老虎一只脚印的面积
老虎站在雪地
老虎对地面的压力
老虎的重力G虎=F虎=2400N
老虎的质量
（2）老虎站立时对地面的压强等于4×104Pa,大于冰封的河面所能承受的最大压强3×104Pa,所以这只东北虎正常行走时不能安全通过冰面，为了东北虎自己安全通过冰面可以让东北虎爬行通过冰面，这时压力不变，通过增大受力面积减小压强。
答：（1）该东北虎的质量为240kg；
（2）不能；让东北虎爬行通过冰面，这时压力不变，通过增大受力面积减小压强。
（1）容器下陷的深度与脚印的深度相同时，它们对雪地的压强相同，由图乙计算东北虎四只脚与雪地的受力面积，由F=pS求出东北虎对雪地的压力即东北虎的重力质量 m=，
（2）由东北虎对雪地的压强与冰面所能承受的最大压强为3×104Pa比较，若东北虎对雪地的压强大，则不能通过，为了减小东北虎对冰面的压强，可以增大受力面积的方法减小东北虎对冰面的压强。
本题考查了固体的压强，压力一定时，减小压强的措施，质量有重力的关系。
28.【答案】
【解析】（1）当开关S1的触头接1时，电路为R2的简单电路，为保温状态，保温状态的功率，
该电热水器在保温状态下正常工作10min消耗的电能；
（2）30L水的质量m=ρV=1×103kg/m3×30×10-3m3=30kg,
将20℃、30L水加热到沸腾，水吸收的热量，
热水箱的加热效率为90%，则电热管R1放出的热量，
电热水器的额定电压为220V，额定加热功率为2420W，电热管R1工作的时间。
（3）把热水箱改装成额定总加热功率为3520W，需增加一个加热电阻R与加热电阻R1并联；且有两个挡位，则应在增加的支路中加一个控制开关，增加的加热电阻的功率PR=P′-P=3520W-2420W=1100W，则加热电阻R的电阻；
电路图如图：
。
答：（1）该电热水器在保温状态下正常工作10min消耗的电能为3.63×105J；
（2）电热管R1工作了4.6×103s；
（3）需增加一个阻值为44Ω的加热电阻R与加热电阻R1并联；并且在增加的支路中串联一个控制开关，如图所示。
（1）当开关S1的触头接1时，电路为R2的简单电路，为保温状态，根据P=UI= 求出保温状态的功率；根据P= 求出该电热水器在保温状态下正常工作10min消耗的电能；
（2）根据密度公式求出30L水的质量，根据Q吸=cmΔt求出水吸收的热量，根据热水箱的加热效率为90%求出电热管R1放出的热量，根据P= 求出此时电热管R1工作的时间；
（3）根据改装成额定总加热功率比原理大分析出增加的加热电阻与原加热电阻的连接方式，根据电路的总功率等于各用电器电功率之和求出增加的加热电阻的功率，根据P=UI= 求出加热电阻R的电阻，并画出电路图。
本题考查电路设计、并联电路的特点、热量公式、欧姆定律和电功率公式的应用。
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