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2024-2025学年上海市延安中学八年级（下）期末物理试卷
一、单选题：本大题共7小题，共14分。
1.人体的正常体温是（　　）
A. 33℃ B. 35℃ C. 37℃ D. 39℃
2.下列实例中，利用连通器原理工作的是（　　）
A. 茶壶 B. 抽水机 C. 气压计 D. 吸尘器
3.如图，小华利用自制喷雾器浇花。推动注射器的活塞时吸管内水面上升，这是因为吸管
上方空气（　　）
A. 流速大，压强大
B. 流速大，压强小
C. 流速小，压强大
D. 流速小，压强小
4.如图所示，热熔法连接PPR管时，用热熔器加热粗管端口内层和细管端口外层，然后把细管推进粗管，冷却后两根管子就连接在一起很难被拉开了。这个现象说明（　　）
A. 物质是由分子构成的 B. 分子是运动的
C. 分子间存在引力 D. 分子间存在斥力
5.2022年12月16日，长征十一号运载火箭在西昌卫星发射中心点火升空，在火箭加速升空过程中，下列说法正确的是（　　）
A. 重力势能不变，动能增大 B. 重力势能增大，动能不变
C. 重力势能和动能都增大 D. 重力势能和动能都不变
6.如图所示，均匀圆柱体甲和乙放置在水平地面上，现沿水平虚线切去部分后，使甲、乙剩余部分的高度均为h。若切去的甲、乙部分的质量相等，则甲、乙原先的质量m甲、m乙的关系是（　　）
A. m甲＜m乙 B. m甲= m乙 C. m甲＞m乙 D. 不能确定
7.如图所示，在烧杯中盛有水，水上面漂浮了一个冰块，冰块中有一枚小铁钉。过一会当冰块融化后，铁钉会沉入水底。则在整个过程中水对容器底部的压力和压强将如何变化（　　）
A. 压力增大、压强增大 B. 压力不变、压强增大
C. 压力不变、压强减小 D. 压力减小、压强减小
二、填空题：本大题共3小题，共6分。
8.冰的密度为0.9×103千克/米3，它表示每立方米冰的______．1千克冰全部熔化成水，其密度将______，体积将______．（后两空均选填“变大”、“不变”或“变小”）
9.如图所示，甲、乙两质地均匀的正方体放在水平地面上，它们的边长之比a甲：a乙=2：3，质量之比m甲：m乙=2：1，则它们受力面积之比S甲：S乙=______，对地面的压力之比F甲：F乙=______，对地面的压强之比p甲：p乙=______。
10.如图所示，一合金块所受重力为26.5牛，用测力计挂着金属块一半浸入水中，这时测力计的示数为21.6牛，此时金属块受到的浮力为______牛，如果将金属块全部浸没到水中，测力计的示数将变为______牛。若此时，金属块受到水对它向下的压力为20牛，那么此时水对金属块向上的压力为______牛。
三、作图题：本大题共4小题，共8分。
11.用横线在图中的甲上画出温度计的示数的位置，甲27℃．（用铅笔涂黑）
12.杠杆在力F1、F2的作用下处于平衡，在图中画出力F1和力F2的力臂L2．
13.如图所示，弹簧测力计示数为2牛，现把一只重为1牛的钩码挂上杠杆，使杠杆在水平位置平衡，请把钩码画在图中适当的位置．
14.在图中标出滑轮的支点O，画出动力F1、阻力F2、动力臂l1以及阻力臂l2。
四、实验探究题：本大题共1小题，共6分。
15.在“探究水沸腾时温度变化的特点”实验中：
（1）小明组装的实验装置如图1所示，其中的错误之处是：______。
（2）小红观察到沸腾前和沸腾时水中气泡上升过程中的两种情况，如图2（a）、（b）所示，则图______[选填“（a）”或“（b）”]是水沸腾时的情况。
（3）小明和小红虽然选用的实验装置相同，但加热到水开始沸腾的时间不同，他们绘制的水的温度随时间变化图象如图3所示，a、b两种图象不同的原因是水的______不同。
（4）由图3可看出，水沸腾时温度______（选填“升高”、“保持不变”或“降低”），沸腾过程中______（选填“不断吸热”或“不需吸热”）。
（5）如图所示，大试管和小试管里都装有水，将三支大试管中的水加热，使之保持沸腾，则大试管中的水不断沸腾的过程中，小试管中的水会沸腾的是______。（填字母）
五、计算题：本大题共2小题，共16分。
16.登楼是一项锻炼的好方法，自1996年以来，每年元旦在上海东方明珠都要举办元旦登楼活动。其终点设在位于259米高的观光层，小红从底层起点出发到达终点，花费时间为20分钟。
（1）为了求小红登高的功率，写出还需要测量的物理量。
（2）问题（1）中的物理量用X表示，登楼的高度用h表示，时间用t表示，求小红整个登楼过程中的功率P。（用字母表示结果，不要计算具体数据）
17.小华是马拉松运动爱好者，每天都会进行跑步锻炼。他查阅资料发现：跑步的能量消耗主要来自身体的上下起伏过程中，克服重力所做的功。如图（a）所示是小华跑步时的重心位置变化h=5cm,其所受重力为420N。
（1）如图（b）所示是小明用跑步软件记录自己跑步的情况，求整个过程中，小明克服重力做的功。
（2）小明还注意到软件给出了人体消耗总能量的预估值，这里的1千卡=4.2×103焦。求小华在跑步过程中的效率。
六、综合题：本大题共2小题，共20分。
18.人体是一个巨大的机械装置，其中蕴含着各种各样的杠杆。正是这些杠杆的相互协调工作，使得我们人类可以完成各种复杂的动作。同时人体又是一个巨大的能量体，工作和生活中无时无刻不在发生着做功和能量转化。
（1）图（a）、（b）分别是人体脚部和手臂的解剖示意图。将足关节和肘关节看作支点，人体的这些部分可以视为杠杆，上述物理方法我们称之为______，若把肌肉产生的力作为动力F1，把物体或人体产生的压力作为阻力F2。脚部可看作是一个______杠杆；手臂可看作是一个______杠杆，手臂这样的结构的好处是：______；
（2）如图（b）所示，铅球的质量为5kg,肘关节到肱二头肌与桡骨连接点OA之间的距离为3cm,肱二头肌与桡骨连接点到铅球压力的作用点AB的距离为24cm,要保持前臂处于水平静止状态，求肱二头肌对桡骨的拉力大小F1。
19.在锻炼手臂及背部力量的时候，还会经常用到滑轮类健身器材。如图（a）、（b）所示是两类滑轮类健身器材简化示意图。它们通常由两个滑轮组合而成，在不计绳子、配重盘、滑轮的重力和摩擦的情况下，回答以下问题。
（1）图（a）、（b）中属于动滑轮的是滑轮______（选填“A”、“B”“C”或“D”），它的好处是______。
（2）如图（a）所示要匀速提起配重。先求出需要对滑轮A施加力的大小，再求力F1的大小。
（3）如图（b）所示要匀速提起配重。
①先求出需要对滑轮C施加力的大小，再求力F2的大小。
②若将配重提起0.5米，求力F2所做的功。
（4）如图（c）所示是健身房还剩下的配重块（加上原来在器械上的配重一共7块），小华的力量比较大，想用196牛的力进行训练；而小丽则想用73.5牛的力进行训练。请你帮助他们在图（a）、（b）中，选择合适的器材，并分别计算出他们需要在配重盘上放置配重的总个数（该总个数包括原来配重盘上的配重）。
1.【答案】
【解析】解：
正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。
故选：C。
此题考查我们对常见物体温度的认识，结合对生活的了解和对温度单位摄氏度的认识，选出符合实际的选项。
对日常生活中的速度、质量、长度、温度等进行准确的估测，是要求初中学生掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。
2.【答案】
【解析】解：A、茶壶的上端开口，底部连通，是利用连通器的原理来工作的；故A符合题意；
B、抽水机是利用大气压的原理来工作的，与连通器无关，故B不合题意；
C、气压计内部液面是封闭的，只有一个管口与大气接触，不符合上端开口、底部连通的特点，不是利用连通器原理工作的，故C不合题意；
D、用吸尘器吸尘土时，吸出管中的部分空气，使吸管内的气压减小，尘土在大气压的作用下进入吸尘器中，利用了大气压，故D不合题意。
故选：A。
连通器：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的。
此题考查的是连通器在生活中的应用。这就要求我们平时要多观察、多思考。
3.【答案】
【解析】解：在吸管的上方推动注射器的活塞时，吸管上方空气的流动速度较大，压强较小，在瓶内气压作用下水面上升。
故选：B。
气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。
本题考查流体压强与流速的关系，难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
4.【答案】
【解析】解：把加热后的细管推进粗管，减小了PPR管分子间的距离，分子间存在较大的引力，使两根管子很难被拉开了。
故选：C。
分子间存在相互作用的引力和斥力，只有在达到一定距离时，这种力才能表现出来。
本题需要学生针对分子动理论内容和生活现象之间的进行联系，属于基础题。
5.【答案】
【解析】解：火箭加速升空过程中，火箭的质量不变，速度变大，则动能变大，同时高度增加，重力势能变大，故C正确。
故选：C。
根据影响动能和势能大小的因素判断动能和势能的变化。
本题解题的关键是掌握好动能和重力势能的影响因素，属于一道基础题。
6.【答案】
【解析】解：由题知均匀的圆柱体甲、乙，被切去上面部分的质量相等，由图可知，甲切去部分的体积小于乙切去部分的体积，根据ρ=可知，ρ甲＞ρ乙；甲、乙剩余部分的高度均为h,由图可知，甲的底面积大于乙的底面积，故剩余部分V'甲＞V'乙，根据ρ=可知，剩余部分m'甲＞m'乙，所以原来的质量为：m甲＞m乙，故ABD错误，C正确。
故选：C。
根据题中已知条件，分析出甲、乙的密度大小关系；利用密度公式确定甲、乙剩余部分质量大小，据此分析甲、乙原来的质量关系。
本题主要考查了密度公式的应用，关键能够从图中获取信息，读出切去部分与剩下部分的体积大小关系。
7.【答案】
【解析】解：冰熔化前漂浮，根据浮沉条件知，
浮力F浮=G总=G铁+G冰，
冰熔化后，铁钉沉底了，而整体受到的浮力相当于
F′浮=F浮铁+F水=F浮铁+G水，
冰熔化为水后前后重力不变，因为铁块下沉，所以G铁＞F浮铁，所以F浮＞F′浮。
由阿基米德原理F浮=ρ水gV排可知，前后排开水的体积V排＞V′排，所以液面将下降，
根据p=ρgh可知，水对容器底部的压强会减小，根据可知，水对容器底的压力减小，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选：D。
比较冰熔化前后受浮力大小关系，再分析排开液体体积的关系，而确定液面升降。结合液体压强公式和F=pS分析压力变化。
本题考查阿基米德原理、浮沉条件以及压强公式的应用，属于较难题。
8.【答案】
【解析】解：
（1）体积是1m3的某种物质的质量，叫做这种物质的密度．冰的密度为0.9×103kg/m3，它表示每立方米冰的质量为0.9×103kg；
（2）一块冰全部熔化成水，状态发生变化，所含物质多少没有变化，所以质量不变．
因为冰的密度小于水的密度，由密度公式变形V=可得，水的体积小于冰的体积．
故答案为：质量为0.9×103kg；变大；变小．
（1）单位体积的某种物质的质量，叫做这种物质的密度；
（2）质量是物质的一种特性它不会随着物体的位置，形状，状态，温度的改变而改变；根据冰的密度小于水的密度，利用密度公式变形V=判断体积变化．
此题考查了密度的物理意义及计算公式的应用，属于基本概念和规律的考查，比较简单，容易解答．
9.【答案】
【解析】解：（1）已知边长之比a甲：a乙=2：3，则它们受力面积之比：
===；
（2）根据G=mg可得，甲乙的重力之比为：
===，
水平面上物体的压力和自身的重力相等，由此可知其对水平地面的压力之比为：
==；
（3）对地面的压强之比：
==×=×=。
故答案为：4：9；2：1；9：2。
（1）已知甲、乙两正方体的边长之比，利用面积公式可求出其底面积之比，即为其受力面积之比；
（2）已知甲、乙两正方体的质量之比，利用G=mg可求出甲、乙的重力之比，水平面上物体的压力和自身的重力相等，由此可知其对水平地面的压力之比；
（3）已知甲、乙两正方体的受力面积之比、对水平地面的压力之比，由p=可求出其对地面的压强之比。
本题考查了压强的大小计算、压力及重力与压力的区别，知道水平面上物体对水平面的压力和自身的重力相等是解答此题关键。
10.【答案】
【解析】解：由题意可知，金属块的重力G金=26.5N，当金属块一半浸入水中时，测力计的示数为21.6N，即测力计对金属块的拉力F拉=21.6N，金属块受到的浮力F浮=G物-F拉=26.5N-21.6N=4.9N；
金属块排开水的体积V排===5×10-4m3，所以金属块的体积V金=2V排=2×5×10-4m3=1×10-3m3，
当金属块全部浸没在水中时，金属块排开水的体积V排′=V金=1×10-3m3，此时金属块受到的浮力F浮′=ρ水gV排′=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×1×10-3m3=9.8N，
测力计对金属块的拉力F拉′=G物-F浮′=26.5N-9.8N=16.7N，即测力计的示数为16.7N；
根据浮力产生的原因F浮=F向上-F向下可知，水对金属块向上的压力F向上=F浮′+F向下=9.8N+20N=29.8N。
故答案为：4.9；16.7；29.8。
由金属块的重力为26.5N，当金属块一半浸入水中时，测力计的示数为21.6牛，根据称重法测量浮力F浮=G物-F拉可求出金属块受到的浮力，根据阿基米德原理可求出金属块排开水的体积，从而可求出金属块的体积；
当金属块全部浸没在水中时，金属块排开水的体积等于金属块的体积，根据阿基米德原理可求出此时金属块受到的浮力，再利用称重法测量浮力F浮=G物-F拉可求出测力计对金属块的拉力，即是测力计的示数；
根据浮力产生的原因F浮=F向上-F向下可求出水对金属块向上的压力。
本题主要考查阿基米德原理，称重法测量浮力，浮力产生的原因，熟练掌握阿基米德原理，称重法测量浮力是解题的关键。
11.【答案】
【解析】使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱最高处所对刻度相垂直，并注意区分温度是零上还是零下．
此题考查的是温度计示数的标注，在物理实验和日常生活中经常使用温度计，我们要熟练掌握其使用和读数方法．
12.【答案】
【解析】根据力与力臂的关系进行画图，即过支点作力的作用线的垂线段；过力臂的末端作垂直于力臂的作用力．
知道杠杆中力与力臂的关系，会根据力臂的画法作出杠杆的作用力或力臂．
13.【答案】
【解析】设杠杆每格的长度为L，由图示可知，弹簧测力计拉力的力臂L2=2L，
由杠杆平衡条件得：F1×L1=F2×L2，即1N×L1=2N×2L，解得L1=4L，
如图所示：
．
由图示杠杆求出弹簧测力计拉力的力臂，由杠杆平衡条件求出钩码的力臂，然后作图．
由图示求出力臂、应用杠杆平衡条件即可正确解题．
14.【答案】
【解析】在外力作用下，杠杆可以绕某一固定点转动，根据杠杆的定义中的某一固定点确定支点O；手作用在绳子上的力为拉力F，过钩码的重心作竖直向下的力即重力；最后根据力臂的定义画出相应的力臂。
此题考查了力臂的画法，是一道基础题。
15.【答案】
【解析】解：（1）由图可知：温度计的玻璃泡接触了容器底部；
（2）水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小，所以b图是水沸腾前的现象；
水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停地汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大，所以a图是沸腾时的现象。
（3）不同质量或体积的水，达到沸腾时所需时间不同；
（4）由图3可看出，水沸腾时温度保持不变，沸腾过程中不断吸热；
（5）A图中：当大试管中的水沸腾后，温度不再升高，小试管中的水虽能达到沸点，却不能继续通过大试管中的水吸热，所以不能沸腾；B图中：大、小试管都处于密封的环境下，其沸点都会升高，但当大、小试管的水温相同时，小试管无法通过大试管吸收热量，故不能沸腾；C 图中：大试管密封，内部气压高，沸点高，水的温度高于一标准大气压下的沸点，因此，可以继续向小试管传递热量，故小试管中的水可以沸腾；故选C。
故答案为：（1）温度计的玻璃泡触到烧杯底；（2）（a）；（3）质量；（4）保持不变；不断吸热；（5）C。
（1）温度计的玻璃泡不能接触容器底；
（2）掌握水沸腾前和沸腾时的现象区别：沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐减小；沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大；
（3）不同质量或体积的水，达到沸腾时所需时间不同；
（4）水沸腾时温度保持不变，沸腾过程中不断吸热；
（5）沸腾的条件：达到沸点，继续吸热；液体沸点与气压有关，气压越大，液体的沸点越高。
此题“探究水的沸腾”实验，考查了有关实验仪器的调节，考查了温度计的读数、影响水沸腾时间的因素及液体沸腾条件的分析。
16.【答案】
【解析】（1）实验中，测量出小红登高的高度和登高的时间，还应测量小红的质量；
（2）登高的平均功率为：P===。
答：（1）小红的质量；
（2）小红整个登楼过程中的功率P=。
（1）估测登高时克服重力的平均功率，根据P=，需要测出在一段时间里做的功。要知道登高做的功，就要测出自己的体重m和登高的高度h算出做的功，再由秒表测出时间；
（2）根据功率的计算公式写出功率的表达式。
本题联系实际考查了功率的概念和功率公式的运用，是一道好题。
17.【答案】
【解析】（1）根据W=Gh得整个过程中，小明克服重力做的功W=nGh=1500×420N×0.05m=3.15×105J；
（2）由1千卡=4.2×103J，那么总能量消耗E=6001千卡×4.2×103J/千卡=2.52×106J，因此小华在跑步过程中的效率η==。
答：（1）整个过程中，小明克服重力做的功3.15×105J。
（2）小华在跑步过程中的效率12.5%。
（1）根据W=Gh计算；
（2）η=进行分析计算。
本题考查有用功和效率的计算。
18.【答案】
【解析】（1）将足关节和肘关节看作支点，人体的这些部分可以视为杠杆，上述物理方法我们称之为模型法；
根据图示可知，若把肌肉产生的力作为动力F1，把物体或人体产生的压力作为阻力F2，则对应的力臂L1＞L2，根据杠杆的平衡条件可知F1＜F2，脚部可看作是一个省力杠杆；
前臂使用时，对应的力臂L1＜L2，根据杠杆的平衡条件可知F1＞F2，手臂可看作是一个费力杠杆，手臂这样的结构的好处是省距离；
（2）如图（b）所示，铅球的质量为5kg,肘关节到肱二头肌与桡骨连接点OA之间的距离为3cm,肱二头肌与桡骨连接点到铅球压力的作用点AB的距离为24cm,要保持前臂处于水平静止状态，根据重力公式可知F2=G=mg=5kg×10N/kg=50N，
根据杠杆的平衡条件可知F1L1=F2L2，
肱二头肌对桡骨的拉力大小F1==400N。
故答案为：（1）模型法；省力；费力；省距离；（2）肱二头肌对桡骨的拉力大小F1为400N。
（1）将足关节和肘关节看作支点，人体的这些部分可以视为杠杆，上述物理方法我们称之为模型法；
杠杆分为三类：
省力杠杆（动力臂大于阻力臂，省力费距离）；
费力杠杆（动力臂小于阻力臂，费力省距离）；
等臂杠杆（动力臂等于阻力臂，不省力不费力，不省距离不费距离）；
（2）根据重力公式可知F2=G=mg=5kg×10N/kg=50N，根据杠杆的平衡条件可知肱二头肌对桡骨的拉力大小。
本题考查杠杆的平衡条件的应用，是一道综合题。
19.【答案】
【解析】（1）图（a）、（b）中的C滑轮，随物体一起运动，属于动滑轮，使用动滑轮C的好处是可以省力。
（2）不计绳子、配重盘、滑轮的重力和摩擦：
如图（a）所示，要匀速提起配重，一块配重的重力G0=m0g=5kg×9.8N/kg=49N，
A滑轮的轴的位置固定不动，为定滑轮，使用定滑轮不能省力，此时对滑轮A施加力的大小FA=G0=49N，由于力的作用是相互的，滑轮B对滑轮A的力等于滑轮A对滑轮B的力，FB=FA=49N；同理，F1=FB=49N；
（3）如图（b）所示要匀速提起配重：
①滑轮C是动滑轮，对滑轮C施加力的大小FC=G0=×49N=24.5N，
滑轮D是定滑轮，不能省力，F2=FC=24.5N。
②若将配重提起h=0.5m,绳子自由端移动距离s=nh=2×0.5m=1m,
力F2所做的功：
W=F2s=24.5N×1m=24.5J。
（4）小华的力量较大，为了使需要的配重个数最少，可以利用不省力的图（a）装置，配重的重力G小华=F小华=196N，
配重的质量：m小华===20kg,需要4块配重；
小丽的力量较小，利用图（b）装置，配重的重力G小丽=2F小丽=2×73.5N=147N，
配重的质量：m小丽===15kg,需要3块配重。
故答案为：（1）C；可以省力。
（2）力F1的大小为49N。
（3）①力F2的大小为24.5N。
②若将配重提起0.5m,力F2所做的功为24.5J。
（4）他们需要在配重盘上放置配重的总个数为4、3。
（1）随物体一起运动的滑轮叫动滑轮，使用动滑轮C的好处是可以省力。
（2）不计绳子、配重盘、滑轮的重力和摩擦，如图（a）所示，要匀速提起配重，A滑轮为定滑轮，使用定滑轮不能省力，此时对滑轮A施加力的大小等于一块配重的重力，由于力的作用是相互的，可求滑轮B对滑轮A的力，进而可求F1的大小；
（3）如图（b）所示要匀速提起配重，
①滑轮C是动滑轮，对滑轮C施加力的大小等于一块配重重力的一半，滑轮D是定滑轮，不能省力，可求F2的大小。
②绳子自由端移动距离s=nh,利用W=Fs计算力F2所做的功。
（4）小华的力量较大，为了使需要的配重数量最少，可以利用不省力的图（a）装置，根据使用定滑轮不能省力求出配重的重力，进而求出配重的质量，可以求出需要配重的个数；
小丽的力量较小，利用图（b）装置，根据使用动滑轮可以省力求出配重的重力配重的重力，进而求出配重的质量，可以求出需要配重的个数。
本题考查了定滑轮和动滑轮的特点、功的计算，易错点在最后一问，要知道：为了使需要的配重的个数最少，要利用不省力的装置。
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