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2025年江苏省南京市南师新城区中考物理三模试卷
一、单选题：本大题共12小题，共24分。
1.物理学中常用比值来定义物理量。以下四个物理量不是采用比值定义法定义的是（　　）
A. 功 B. 功率 C. 热值 D. 比热容
2.下列关于声现象的说法正确的是（　　）
A. “震耳欲聋”主要说明声音的音调高 B. 常温下空气中超声波速度大于次声波
C. 只要物体振动，我们就能听到声音 D. 超声波清洗眼镜，说明声音具有能量
3.物理与我们的实际生活密切相关，下列身边物理量估测结果符合实际的是（　　）
A. 手电筒中的电流大约为3A B. 四枚普通鸡蛋的重大约为200g
C. 教室内的大气压强约为104Pa D. 完成一次引体向上做的功约为200J
4.如图所示的光现象中，与杯弓蛇影成像原理相同的是（　　）
A. 雨后彩虹 B. 水中倒影
C. 笔杆错位 D. 手影游戏
5.下列图片所反映的情景与描述不相符的是（　　）
A. 甲图中，给气球打气，球上的小塑料粒互相远离，用来模拟宇宙在膨胀
B. 乙图中，剪断细线，小球竖直下落，说明重力方向竖直向下
C. 丙图中，为了使金属盘底有更多水珠形成，可在盘内加入适量开水
D. 丁图中，用导线的一端断续触碰旧电池的一极，听到“咔咔”声，可验证电磁波的存在
6.如图所示为今年中考体育的四个项目，以下说法正确的是（　　）
A. 立定跳远--起跳时用力蹬地，是利用了物体间力的作用是相互的
B. 50m跑--冲过终点的同学不能立刻停下来是因为受到了惯性的作用
C. 引体向上--完成一次引体向上，双臂的拉力始终等于同学的重力
D. 投掷实心球--球在空中飞行至最高点时的动能为零
7.家庭电路和安全用电知识，是现代公民生活的必备知识，下列有关图文说法正确的是（　　）
A. 甲图：甲站在干燥的木桌上，乙站在地上，则甲、乙都不会触电
B. 乙图：图中的家庭电路元件的连接顺序是正确的
C. 丙图：手握紧测电笔的金属杆，接触接火线的插孔，氖管才发光
D. 丁图：多个大功率用电器同时使用同一个插座
8.如图甲所示的无线智能手机充电运用了Qi技术，其原理是电流流过送电线圈产生磁场，受电线圈靠近该磁场时就会产生电流，图乙能反映受电线圈工作原理的是（　　）
A. ①和② B. ①和③ C. ①和④ D. ②和④
9.水平桌面上放有甲、乙两个装有不同液体的相同容器，现把两个完全相同的实心小球分别缓慢放入两容器中，两小球静止时液面恰好相平，如图所示，下列四个说法中正确的有（　　）
①两小球受到的浮力相等
②甲容器中液体的密度较大
③乙容器底部受到液体的压强大
④甲容器对水平桌面的压强大
A. 1个 B. 2个 C. 3个 D. 4个
10.小明用如图所示甲、乙两套的装置，正确完成了“探究不同物质吸热升温的现象”和“比较质量相等的不同燃料燃烧放出的热量”，燃料点燃直至燃尽，两个实验中液体升高的温度随时间变化的图像如图丙所示，不考虑热量损失。以下判断正确的是（　　）
A. 两个实验都要控制燃料的质量、液体质量相等
B. 两个实验都是通过温度计上升的示数反映热量的多少
C. 图像一和图像二表示两种物质比热容之比为1：4
D. 图像一和图像二表示两种燃料的热值之比为5：4
11.如图所示电路，闭合开关，甲乙两灯均发光，两电表均有示数。过一会儿，两灯突然都熄灭，一只电表示数增大，另一只电表示数为零。造成此现象的原因可能是（　　）

A. 甲灯短路 B. 乙灯短路 C. 甲灯断路 D. 乙灯断路
12.如图甲电源电压恒定，定值电阻R0标有“15Ω、0.6A”，灯L标有“8V、4W”，闭合开关S，在保证电路安全前提下，将滑片P从某一位置移到某一端点的过程中，灯泡L的电功率分别为P1和P2且P1：P2=2：1，电流表A的示数随电压表V1、V2（V2未画出）示数的变化情况如图乙。下列说法正确的（　　）
A. 电压表V2与R并联
B. 滑动变阻器接入电路阻值范围是7Ω 20Ω
C. 图中a点应标的电压值是14.5V
D. 上述操作过程中电路总功率的变化量为1.3W
二、填空题：本大题共7小题，共26分。
13.“端午浓情，粽叶飘香”，“粽叶飘香”说明分子在______；在探索比分子更小的微粒的历程中，人们首先发现了______；若把分子看成一个小球，则一般分子直径的数量级为10-10m,合______nm。
14.电影《流浪地球2》中，宇航员们多次往返地球和月球。
（1）在月球，宇航员利用______波将信息传到地球；
（2）若物体在月球上的重力是地球上的，某宇航员在地球上最多能举起60kg的物体，则他在月球上，最多能举起______kg的物体；
（3）宇航员们乘坐飞船返回地球，飞船穿越大气层时外表面温度升高，这是通过______方式增大内能，这与内燃机的______冲程的能量转化相同；某单缸四冲程汽油机飞轮转速1800r/min,则该汽油机每分钟对外做功______次。
15.如图甲，用定滑轮将重物匀速提升50cm,滑轮重40N，整个过程中，有用功和额外功的大小如图乙，则物重为______，绳端的拉力大小为______N，该滑轮的机械效率为______，克服绳重和摩擦所做的额外功为______J。
16.天然气是一种常用燃料，属于______（选填“可再生”或“不可再生”）能源，完全燃烧0.07m3天然气使质量为4kg的水由20℃升高了50℃，则天然气放出的热量为______J，给水加热的效率为______%【c水=4.2×103J/（kg ℃），q天然气=4×107J/m3】。
17.小明利用身边的物品做了几个物理小实验。
（1）如图甲所示，手持勺子用大小不同的力敲击奶瓶，人耳听到声音的______（填声音的特征名称）发生了变化。
（2）如图乙所示，关于秒表所表示的时间读数为______s。
（3）图丙中铅笔的长度是______mm。
（4）将一些细铜丝绕在铅笔下端，制成一个简易密度计，如图丁所示。如将此密度计先后放入水和某液体中，浸入部分长度之比为4：5，则该液体的密度为______kg/m3（细铜丝体积忽略不计）。
18.如图所示，灯泡标有“6V 3W”字样，R1标有“5Ω 1.5 A”，R2为标有“10Ω 1 A”的滑动变阻器，电源电压恒定，闭合所有开关，灯泡恰好正常发光，则电源电压是______V，10s内R1产生的热量为______J；断开S1、S2，R2允许调节的阻值范围为______Ω，移动R2滑片的过程中，R2的电功率与电路总功率的最大比值为______。
19.图甲为热敏电阻的R-t图像，图乙为用此热敏电阻R和电磁继电器组成的一个简单恒温箱温控电路（U为恒压电源），继电器线圈的电阻为150Ω，图中的“电源”是恒温箱加热器的电源。当线圈中的电流大于或等于20mA时，衔铁被吸合，加热器停止工作，实现温控。
（1）恒温箱内的加热器应接在______（选填“A、B”或“C、D”）端。
（2）要实现对50℃ 100℃之间任一温度的控制，该装置恒压电源U至少为______V，滑动变阻器R′的最大阻值至少为______。
三、作图题：本大题共3小题，共6分。
20.如图所示，一条入射光线过凹透镜光心，一条折射光线与主光轴平行。请将光路补画完整。
21.如图所示是用螺丝刀撬图钉的示意图，画出动力F1的力臂l1和阻力F2的示意图。
22.如图，根据安全用电知识，将图中元件用笔画线代替导线连起来。注意：开关仅控制灯泡。
四、实验探究题：本大题共6小题，共30分。
23.小组同学探究“冰的熔化特点”，实验装置如图甲所示。
（1）图乙中的温度计示数为______℃。
（2）小明绘制的温度——时间图像如图丙所示。由图丙可知：0 2min升温比5 10min快，原因是______。
（3）小明实验后，小华重新加冰和温水也做了该实验，绘制的温度——时间图像如图丁所示。丙、丁图像的差异是因为小华在实验中______（回答一点即可）。
（4）试管内冰全部熔化后，用酒精灯持续加热，试管内的水仍未沸腾，此时试管内的水和烧杯中的水相等的物理量是______（选填“温度”“内能”或“都相同”）。
24.用一个焦距为10cm的凸透镜做“探究凸透镜成像规律”实验，装置如图所示。
（1）烛焰和光屏的中心应位于凸透镜的______上；
（2）在图示位置将蜡烛向右移到35cm刻度线处，此时将图中的光屏向______移动，调节后可在光屏上得一个倒立，______清晰的实像；
（3）在图示情景下，要使光屏出现倒立清晰的实像，可在凸透镜左边适当位置放置一个矫正______（选填“近”或“远”）视眼的合适镜片。
25.小明想测煤油的密度，准备了天平（包括50g、20g、10g、5g）量筒等实验器材。
（1）将天平放置于水平工作台，游码归零后，刻度盘指针如图甲所示，此时应将平衡螺母向______调节，使天平平衡。
（2）小明设计的实验有以下几个步骤：①用天平测出烧杯质量为38g；②在烧杯中倒入适量煤油并测出总质量；③将烧杯中的煤油轻轻倒入量筒之中，测得体积为30mL，为减少误差，实验步骤顺序应为______（填写步骤序号），步骤②中天平测量结果如图乙所示，则煤油的密度是______kg/m3。
（3）小明对实验进行复盘时发现，所有操作都正确，但标记“10g”的砝码（砝码盒中仅有一个）有磨损。则他测算的煤油密度将______（选填“偏大”“偏小”或“无影响”）。
（4）某天，化学老师取出一瓶浸泡着金属钠的煤油，想要测量剩余钠的质量，由于钠与空气会发生反应易变质，无法直接取出称量，小明找来另一个相同的密封瓶，倒入煤油，液面平齐如图丙，测得两瓶总质量分别为m1、m2，已知煤油密度为ρ1、钠密度为ρ2，该金属钠的质量可以表示为：m= ______（用m1、m2、ρ1、ρ2表示）。
26.探究“液体压强与哪些因素有关”的实验中：
（1）实验前应用手按压甲中橡皮膜并观察U形管中的液柱变化，目的是检查______。
（2）在图乙实验中，改变橡皮膜盒在水中深度，分析数据可知深度越大，水的压强越大。支持该结论的实验现象是______。
（3）在图丙实验中，保持橡皮膜盒位置不变，在容器中加入适量酒精均匀混合后（液体不溢出），橡皮膜受到的液体压强将______（选填“变小”“不变”或“变小”）。
（4）小聪完成上述实验后又设计了如图丁所示实验装置，容器中有隔板，隔板中下部有一橡皮膜，两侧压强不同时，其形状发生改变。若往隔板两侧分别加入两种不同的液体，其中不能比较两种液体密度大小关系的是______（选填字母），在D图所示实验中，隔板两侧不同液体对容器底部压强的大小关系是p左______p右（选填“＞”“＜”或“=”）。
27.小明发现力学中有很多相似实验，他找了如下器材：①表面平整的长木板（带斜面）；②刻度尺；③弹簧测力计；④小车；⑤木块（一边带钩）；⑥毛巾；⑦棉布；⑧钩码。
（1）小明探究“阻力对物体运动的影响”实验时，选择了一些器材如图所示，实验发现水平表面越光滑，小车运动距离越长，经过推理得出：运动的物体如果不受力将______。
（2）探究“动能的大小与质量的关系”的实验中，在丙图实验的基础上只需要再选择序号______的器材就可以进行探究。
（3）小明为了探究“滑动摩擦力大小与压力大小的关系”，他选择了序号______（填序号）的器材。下列事例中，用到上述探究结论的是______（填字母）。
A.在行李箱下安装滚轮
B.手握很重的矿泉水瓶静止要用很大的力
C.自行车刹车时用力捏闸
D.压路机配备的碾子质量很大
（4）如图丁所示，A和B两个材料相同的正方体分别以①、②、③三种方式放置在相同的水平桌面上做匀速直线运动，其速度关系是v1＜v2＜v3，下列说法正确的是______。
A.F1＜F2＜F3
B.三种情况中A物体所受到的摩擦力大小关系f②=f③＞f①
C.三种情况中B物体下表面所受到的摩擦力大小关系为f②＜f①＜f③
28.有一只阻值未知的定值电阻Rx和一只标有“2.5V”的小灯泡L。
（1）图甲是用伏安法测定值电阻Rx阻值的实物电路，电源电压恒为3V，滑动变阻器R1的最大阻值为10Ω。
①请用笔画线代替导线将图甲的实验电路补充完整。
②电路正确连接闭合开关后，发现仅有一只电表指针明显偏转，造成该现象的原因可能是______。
A.R1断路
B.Rx断路
C.开关短路
D.Rx短路
③故障排除后，移动滑动变阻器滑片P，当电压表示数为1.2V时，电流表示数如图乙所示，则待测电阻Rx= ______Ω。
④现有以下三组数据，分析可知，不可能通过以上实验获得的数据有______（填序号）。
实验序号 电压U/V 电流I/A
1 0.8 0.2
2 1.6 0.4
3 2.4 0.6
（2）小华利用图丙电源电压为U的电路测量灯L（已知I额）正常发光时的电阻，虚线框内可选器材：已知阻值的定值电阻R0、未知最大阻值的滑动变阻器Rx、电压表，完成丙图。
五、计算题：本大题共1小题，共6分。
29.随着我国现代化进程加速，国家加大了对新能源汽车的推广力度，现有一辆质量为2t的国产品牌电动汽车，电池存储电能的容量为60kW h,已知在水平公路上以20m/s匀速直线行驶时，受到的阻力为重力的0.03倍。（g=10N/kg）求：
（1）该车静止在水平地面上时与地面的总接触面积为800cm2，求它对地面的压强。
（2）若用功率为15kW的充电桩对汽车电池充电，充满电需要的时间；
（3）若在此速度下汽车最大续航里程为300km,则汽车的效率为多少？（保留一位小数）
六、综合题：本大题共1小题，共8分。
30.如图所示是一个电子拉力计原理图，电压表量程为0～15V，电流表量程为0～0.6A，小灯泡L上标有“6V 1.2W”的字样，A、B是一根长为40cm的均匀电阻丝，阻值R=40Ω，硬质弹簧右端和金属滑片P固定在一起（P与R间的摩擦不计），当拉力F=0N时，滑片P与A接触时，弹簧正好保持原长，当拉力为F时，电阻丝的B端与滑片P之间的距离为x,F与x的关系如表所示。
F/N 0 100 200 300 400 …
x/cm 35 30 25 20 …
（1）小灯泡L正常工作时的电阻为多少？
（2）闭合开关S，当F=0N时，电流表的示数为0.1A，电压表示数为4V；当F=700N时，电流表的示数为0.2A，求电源的电压U和定值电阻的阻值R0。
（3）该电子测力计的量程为______N，若要使其量程增加，写出你的办法______（一种即可）。
1.【答案】
【解析】解：A、功是作用在物体上的力与物体在力的方向上通过距离的乘积，采用的是乘积定义法。故A符合题意；
B、功率是物体做的功与所用时间之比，采用的是比值定义法。故B不符合题意；
C、热值是某种燃料完全燃烧放出热量与其质量之比，采用的是比值定义法。故C不符合题意；
D、某种物质温度升高时吸收的热量与其质量和升高的温度的乘积之比，叫做这种物质的比热容，采用的是比值定义法。故D不符合题意。
故选：A。
所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法，在初中物理中很多新物理量都是采用的此种方法。
该题是考查对物理学方法中的比值定义法的理解，结合所学的初中物理量进行分析解答。
2.【答案】
【解析】解：A、“震耳欲聋”主要说明声音的响度大，故A错误；
B、声音的传播速度与介质的种类和温度有关，常温下空气中超声波速度等于次声波，故B错误；
C、物体振动，无传声介质，我们听不到声音；不在人耳的听觉范围之内，如振动频率超出人耳听觉频率范围，我们也听不到声音，故C错误；
D、声可以传递信息和能量，超声波清洗眼镜，说明声音具有能量，故D正确。
故选：D。
（1）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
（2）声音的传播速度与介质的种类和温度有关。
（3）只有频率在人耳的听觉范围内，且达到一定响度的声音人耳才可能听到。
（4）声可以传递信息和能量。
本题考查了声音的音调、响度和音色的辨别，声速，人耳听到声音的条件，声音的利用等，属声学基础题。
3.【答案】
【解析】解：A、手电筒中的电流大约为0.3A，故A不符合实际；
B、四枚普通鸡蛋的质量大约为200g=0.2kg,它们的重力G=mg=0.2kg10N/kg=2N，故B不符合实际；
C、教室内的大气压强约为105Pa,故C不符合实际；
D、中学生的重力约为500N，完成一次引体向上身体重心上移约0.4m,则完成一次引体向上做的功约为W=Gh=500N×0.4m=200J，故D符合实际。
故选：D。
首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
4.【答案】
【解析】【分析】
（1）光在同种、均匀介质中沿直线传播，日食、月食、影子、小孔成像都是光的直线传播形成的；
（2）光从一种介质斜射入另一种介质，或在不均匀的介质中，传播方向发生变化，属于光的折射，水中的筷子看起来变弯、凸透镜成像等都是光的折射形成的；
（3）光射到物体表面又被反回的现象叫光的反射，与平面镜有关的都是光的反射。
本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。
【解答】
杯弓蛇影的成像原理是光的反射现象；
A、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分解成各种彩色光，所以雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的，故A不符合题意；
B、水中倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的，故B符合题意；
C、笔杆错位是笔杆反射的光进入空气时反生折射，故C不符合题意；
D、手影游戏是光在同种均匀介质中沿直线传播形成的，故D不符合题意。
故选：B。
5.【答案】
【解析】解：A、为了形象地说明宇宙大爆炸，将一个粘有小塑料粒的气球看成宇宙，小塑料粒看成是宇宙中的天体，气球膨胀时，任意两颗小塑料粒之间的距离都在变大，表示宇宙中的天体在相互远离，它提供了宇宙处于不断膨胀状态的证据，故A正确；
B、由于重力的方向是竖直向下的，所以剪断细线，小球竖直下落，故B正确；
C、金属盘底部会出现水滴，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化需要放热。要使水滴更多，可以降低温度，使水蒸气更容易液化，在盘内加入适量开水，不会降低温度，故C错误；
D、收音机发出“咔咔”声，说明收音机收到了电磁波信号，故这一实验现象验证了电磁波的存在，故D正确。
故选：C。
（1）“宇宙大爆炸”是根据天文观测研究后得到的一种设想，大约在150亿年前，宇宙所有的物质都高度密集在一点，有着极高的温度，因而发生了巨大的爆炸，大爆炸以后，物质开始向外膨胀，就形成了今天我们看到的宇宙；
（2）重力的方向总是竖直向下的；
（3）金属盘底部会出现水滴，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化需要放热。要使水滴更多，可以降低温度；
（4）变化的电流能够产生电磁波。
本题考查了多个知识点，虽难度不大，却是中考的热点。
6.【答案】
【解析】解：A、立定跳远，起跳时他用力向后蹬地，因为物体间力的作用是相互的，地面也会对脚产生力的作用，就能向前运动，这是利用了物体间力的作用是相互的，故A正确；
B、惯性是物体本身固有的一种性质，不能用“受惯性作用”这样的词语表达，故B错误；
C、在上升或下降过程中，由于身体的运动状态不确定，因此无法确定双臂的拉力与同学的重力的关系，故C错误；
D、实心球经过最高点时，高度最高，竖直方向的速度为零，但水平方向速度不为零，故动能不为零，故D错误。
故选：A。
（1）当一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用，即力的作用是相互的；
（2）惯性是一切物体的固有属性，无论是固体、液体或气体，无论物体是运动还是静止，都具有惯性百米冲线后，由于惯性要保持原来的运动状态不变，继续运动；
（3）当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，物体是平衡状态，受平衡力的作用；
（4）物体由于运动而具有的能叫动能；动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
此题考查了物体间力的作用是相互的、惯性、二力平衡的应用、动能的概念，对概念正确的理解是解题的关键。
7.【答案】
【解析】解：A、甲站在干燥的木桌上一只手接触到火线，无法形成电流的通路，故不会发生触电；乙站在地上一只手接触到零线，零线与大地之间没有电压，因此没有电流通过人体，不会发生触电，故A正确；
B、电能表测量整个家庭消耗电能的多少，一定安装在最前面；总开关控制整个电路，为了检修电路的安全，要安装在电能表的后面；电路中电流过大会熔断保险丝，为了保证更换保险丝时的人身安全，保险装置安装在总开关的后面，故B错误；
C、常用试电笔辨别火线和零线，使用试电笔时，手要接触试电笔尾部的金属体，不能接触金属笔杆，故C错误；
D、多个大功率用电器同时使用同一个插座，会造成电路总功率过大，引起电路电流过大，烧坏保险丝，故D错误。
故选：A。
（1）触电的实质是当有一定大小的电流通过人体，就会引起人体触电；
（2）电能表是测量家庭电路消耗电能多少的仪表，也防止一些人偷电，一定安装在家庭电路的最前端，并且在总开关的前面；检修电路时要断开开关，在电能表的后面要接入总开关；保险装置里面的保险丝能在电路电流过大时，能自动切断电源。为了方便更换保险丝，保险装置一定要安装在总开关的后面；
（3）试电笔的使用方法：使用试电笔时，手要接触试电笔尾部的金属体，笔尖接触电线，氖管发光表明接触的是火线，不发光是零线；
（4）家庭电路电流过大的原因是：电路短路或用电器总功率过大。
此题考查了安全用电常识和家庭电路的连接，属于基本技能的考查，难度不大。
8.【答案】
【解析】解：从题意中可以知道，手机的线圈，能将底座产生的变化的磁场转化为电流给手机电池充电，是利用电磁感应原理工作的；
①图中是闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动能够产生感应电流，是电磁感应现象，故①符合题意；
②图中给导体通电，导体会运动，说明通电导体受到磁场力的作用，故②不符合题意；
③图中转动小风扇的扇叶，二极管会发光，此过程将机械能转化为电能，应用了电磁感应的原理，故③符合题意；
④图中是探究影响电磁铁磁性大小的因素的实验，应用的电流的磁效应，故④不符合题意。
综上可知，①③符合题意。
故选：B。
无线充电器是指利用电磁感应原理进行充电的设备，原理类似于变压器。在发送和接收端各有一个线圈，发送端线圈连接有线电源产生电磁信号，接收端线圈感应发送端的电磁信号从而产生电流给电池充电；分析各图中实验原理分析解答。
本题主要考查了电磁现象中几个实验的掌握情况，知道无线充电器的原理是解题的关键。
9.【答案】
【解析】解：①已知两个小球完全相同，重力相同，甲图漂浮，浮力等于重力，乙图悬浮，浮力也等于重力，两小球受到的浮力相等，故①正确；
②把完全相同的两个小球放入液体中后，甲容器中小球漂浮，小球的密度小于甲液体的密度，乙容器中小球悬浮，说明小球的密度等于乙容器中液体的密度，所以甲容器中液体的密度较大，故②正确；
③由于甲、乙两容器中水的深度相同，甲液体的密度较大，根据公式p=ρgh可知，甲容器底部受到的液体的压强大，故③错误；
④由图知，甲液体的体积大于乙液体的体积，由②知，甲液体的密度大于乙液体的密度，根据ρ=知，甲液体的质量大于乙液体的质量，根据G=mg知甲液体的重力大于乙液体的重力，
而甲、乙两个容器相同，两个完全相同的实心小球，根据F压=G液+G容+G球可知，因此甲容器底部对水平桌面的压力大，根据p=知，压强较大，故④正确；
综合分析：①②④3个正确。
故选：C。
（1）根据物体漂浮和悬浮的条件判断即可浮力和液体密度的关系；
（2）结合密度和深度，根据液体内部压强p=ρgh分析判断即可；
（3）据密度的公式和水平面上F=G总分析压力，结合p=分析判断即可。
该题考查了浮力的判断、液体压强的计算、密度与浮沉条件的关系等知识点，是一道综合题。
10.【答案】
【解析】解：A．比较不同物质吸热升温，则需要燃料种类、加热时间相同，比较质量和初温相同的液体升高的温度，燃料质量不用相同；比较不同燃料燃烧热值大小，要用相同质量的不同燃料，加热质量相同的同种液体，所以两个实验中不是都要控制杯中液体质量相等，燃料质量相等，故A不符合题意；
B．实验①使用相同的燃料（或加热器）通过加热时间的长短来比较吸热多少，而实验②用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，通过温度计上升的示数反映吸收热量的多少，故B不符合题意；
C．“不同物质吸热升温的现象”中，由探究①由绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图像，升高10℃，图像一对应物质的加热时间为10分钟（注意是均匀升温）；而图像二对应物质的加热时间为40分钟；由转换法可知，两种物质吸收热量之比为Q1：Q2=10min：40min=1：4；
根据Q=cmΔt,图像一和图像二表示两种物质的比热容之比为c1：c2=1：4，故C符合题意；
D．不同燃料充分燃烧放热的现象中，燃料完全燃料（燃料质量相同），图像一对应的物质升高Δt1=50℃-30℃=20℃，
图像二对应的物质升高Δt2=40℃-30℃=10℃，
而同种液体的质量相同，根据Q=cmΔt,吸热多少与升高的温度成正比，两种物质吸热之比为Q1′：Q2′=20℃：10℃=2：1，
根据热值公式，在燃料质量相同的条件下，吸热与热值成正比，故图像一和图像二表示两种燃料的热值之比为q1：q2=2：1，故D不符合题意。
故选：C。
（1）比较不同物质吸热升温，则需要燃烧相同的燃料（确保相同时间放出的热量相同），加热相同的时间，比较质量和初温相同的液体升高的温度，温度升高越多，则吸热能力越小；
为了比较不同燃料燃烧放出的热量热值大小，要用相同质量的不同燃料，加热质量相同的同种液体，根据Q=cmΔt,液体升温越高，则燃料放出的热量越多，这种燃料热值越大；
（2）实验①“使用相同的燃料（或加热器）通过加热时间的长短来比较吸热多少，而实验②比较不同燃料燃烧放出的热量热值大小时，用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，液体升温越高，则燃料放出的热量越多；
（3）由绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图象得出升高10℃，图象一对应的物质和图象二对应的物质的加热时间之比；根据Q=cmΔt,在质量和升高温度相同的情况下，比热容之比等于吸收热量之比，据此得出图象一和图象二表示两种物质的比热容之比；
（4）不同燃料充分燃烧放热的现象中，燃料完全燃料，得出图象一、二对应的物质的升高50℃-30℃=20℃，根据Q=cmΔt得出两种物质吸热之比，根据热值公式分析。
本题探究“不同物质吸热升温的现象”以及“不同燃料充分燃烧放热的现象“，考查控制变量法、转换法的应用及两实验相同与不同之处，为热学中的重要实验，为易错题，难度较大。
11.【答案】
【解析】解：
A．甲灯短路时，电路为乙灯的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，此时甲灯不亮，乙灯亮，电流表和电压表的示数均变大，故A不符合题意；
B．乙灯短路时，电路为甲灯的简单电路，电压表被短路，电流表测电路中的电流，此时甲灯亮，乙灯不亮，电流表示数变大，电压表示数变小，故B不符合题意；
C．甲灯断路时，电路断路，两灯泡均不亮，电流表和电压表均无示数，故C不符合题意；
D．乙灯断路时，电路断路，两灯泡均不亮，电流表无示数，电压表串联在电路中测电源两端的电压其示数变大，故D符合题意。
故选：D。
由电路图可知，甲乙两灯泡串联，电压表测乙灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流，分析选项中的电路故障情况判断灯泡的亮暗和两电表示数的变化，然后得出符合题意的选项。
本题考查了学生利用电流表、电压表判断电路故障的分析能力，电路故障分短路和开路两种情况，平时做实验时试一试，多总结、提高分析能力。
12.【答案】
【解析】解：A、P1大于P2，灯泡L的功率变小，故滑片P是往左端滑，电压表V1示数变小，对应乙图中左边的曲线，右边的直线则对应电压表V2的示数变化；
电压表V2的示数随电流的变小而变大，故电压表V2有3种接法，下面逐一讨论（电源电压记为U总，灯L电阻记为RL）：
①电压表V2接在R两端，此时有：
U=U总-I×（R0+RL），灯L的电阻RL随温度变化，U与I非线性关系，故此U-I图像非直线，这种情况不合题意；
②电压表V2接在R0、R两端，此时有：
U=U总-I×RL，灯L的电阻RL随温度变化，U与I非线性关系，故此U-I图像非直线，这种情况不合题意；
③电压表V2接在R、L两端，此时有：
U=U总-I×R0，R0为定值电阻，U与I为线性关系，满足题意，故A错误；
B、在保证电路安全前提下，b点应为灯L达到的额定电流IL===0.5A，即b=0.5A，P1=4W；
P1：P2=2：1，P2=2W，
P2=c×5V，c=0.4A；
由乙图可知，当电路电流为0.5A时，电压表V2示数为11.5V，此时灯L两端电压8V，R0两端电压为0.5A×15Ω=7.5V，
电压表V2接在R、L两端，R两端电压为11.5V-8V=3.5V，R接入电阻为R1===7Ω，
电源电压：U总=11.5V+7.5V=19V；
当滑片移到最左端时，电路电流为0.4A，此时灯L两端电压5V，R0两端电压为0.4A×15Ω=6V，R两端电压为19V-5V-6V=8V，R接入电阻为R2===20Ω；
滑动变阻器接入电路阻值范围是7Ω 20Ω，故B正确；
C、图中a点为电流为0.4A时，R、L两端的电压之和，a=5V+8V=13V，故C错误；
D、电路总功率的变化量为：ΔP=U总×ΔI=19V×（0.5A-0.4A）=1.9W，故D错误；
故选：B。
（1）P1大于P2，灯泡L的功率变小，故滑片P是往左端滑，电压表V1示数变小，对应乙图中左边的曲线，右边的直线则对应电压表V2的示数变化，根据图中的线性关系分情况讨论电压表V2的连接方式；
（2）在保证电路安全前提下，确定b点即为灯L的额定电流，根据灯L的规格求出此时的P2、b、c的值，再根据欧姆定律求出滑动变阻器在b、c电流时的电阻值；
（3）a点为电流c时，电压表V2的示数，在前面讨论出电压表V2的连接方式后，只需将电压求和即可；
（4）电路总功率的变化量为总电压与电流变化量之积，在前几问中都已经算出，简单相乘即可。
本题考查串联和并联的概念与辨析，电功率的综合计算。
13.【答案】
【解析】解：“粽叶飘香”是因为香味分子运动到空气中，被人吸入鼻子，这说明了分子在不停地做无规则运动。在探索比分子更小的微粒的历程中，1897 年，英国物理学家汤姆生发现了电子，这是人们首先发现的比分子更小的微粒。因为1 nm =10 9m,所以10 10m=0.1×10 9m=0.1nm。
故答案为：不停地做无规则运动；电子；0.1。
一切物质的分子都在不停地做无规则运动。这种无规则运动叫作分子的热运动。
物理量不同单位的换算正确与否包括两方面：进率和过程。据此作出判断。
本题考查分子热运动及进行单位间的换算时，运用不同单位间的具体关系，利用数学上的运算即可；同时对某些物理量的单位的由来也要有明确的认识。
14.【答案】
【解析】解：（1）电磁波的传播不需要介质，在月球上，宇航员利用电磁波传递信息；
（2）宇航员在地球上举起物体的重力：
G=mg=60kg×10n/kg=600N；
地球上600N物体在月球上的重力为：
600N×=100N，
宇航员在月球上也能举起600N的物体，故在月球上600N的物体在地球上的重力为：600N×6=3600N；
它的质量为：
；
（3）宇航员们乘坐飞船返回地球，飞船穿越大气层时，飞船与大气层摩擦生热，将机械能转化为内能，这是通过做功方式改变内能；内燃机在压缩冲程中也是将机械能转化为内能，即二者的能量转化情况相同；
某单缸四冲程汽油机飞轮转速1800r/min=30r/s,即汽油机每秒转动30圈，因为飞轮每转2圈，对外做功1次，故汽油机每秒对外做功15次。
故答案为：（1）360；（2）做功；压缩；15。
（1）电磁波的传播不需要介质；电磁波可以传递信息，也可以接受信息；
（2）先算出宇航员在地球上能举起的物体的重力，然后根据比例算出宇航员在月球上能举起的重力；
（3）改变内能的方式是做功和热传递；先算出每秒钟飞轮转数，再根据飞轮每转2圈，做功一次的规律算出做功次数。
本题考查了重力、内能的改变、热机的工作过程，属于基础题。
15.【答案】
【解析】解：由图乙可知有用功：W有=200J，物体上升的高度：h=50cm=0.5m,
根据W=Gh可得，物重：G===400N；
由图乙可知，克服绳重和摩擦所做的额外功：W额=50J，
则绳端拉力做的总功：W总=W有+W额=200J+50J=250J，
使用定滑轮时，绳端移动的距离等于物体上升的高度，即：s=h=0.5m,
根据W=Fs可得，绳端的拉力：F===500N；
该滑轮的机械效率：η==×100%=80%。
故答案为：400N；500；80%；50。
由图乙可知有用功的大小，根据W=Gh求得物重的大小；
由图乙可知，克服绳重和摩擦所做的额外功，根据W总=W有+W额可得绳端拉力做的总功，绳端移动的距离等于物体上升的高度，根据W=Fs求得绳端拉力的大小；
根据η=求该滑轮的机械效率。
本题考查定滑轮的特点和功、机械效率的计算，难度一般。
16.【答案】
【解析】解：
（1）天然气是化石能源的一种，化石能源、核能等能源会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们都属于不可再生能源；
（2）水吸收的热量：
Q吸=c水mΔt=4.2×103J/（kg ℃）×4kg×（50℃-20℃）=5.04×105J；
0.07m3天然气完全燃烧放出的热量：
Q放=Vq天然气=0.07m3×4×107J/m3=2.8×106J，
则加热效率：
η==×100%=18%。
故答案为：不可再生；2.8×106；18%。
（1）从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们都属于不可再生能源；
（2）利用Q吸=cmΔt求水吸收的热量，利用Q放=Vq求天然气完全燃烧放出的热量，加热效率等于水吸收的热量与天然气完全燃烧放出的热量之比。
本题考查了吸热公式Q吸=cmΔt、燃料完全燃烧放热公式Q放=Vq、效率公式的应用以及能源分类，属于基础题目。
17.【答案】
【解析】解：（1）手持勺子用大小不同的力敲击奶瓶，奶瓶的振动幅度不同，发出声音的响度不同，人耳听到声音的响度发生了变化。
（2）秒表小盘的分度值是0.5min,指针在5min和6min之间偏向5min一侧，读数5min；大盘的分度值是0.5s,而大盘指针在7.5s,因此秒表读数为t=5min+7.5s=307.5s。
（3）图中刻度尺，1cm之间有10个小格，其分度值为0.1cm=1mm,铅笔左侧与1.00cm对齐，右侧与2.80cm对齐，所以铅笔的长度为L=2.80cm-1.00cm=1.80cm=18.0mm。
（4）由题知，此密度计先后放入水和某液体中，浸入部分长度之比为4：5，
设浸入水中的长度为4h,浸入液体的长度为5h,密度计横截面积为S，由于两次都漂浮，所以F浮水=G密，F浮液=G密，故F浮水=F浮液，
根据阿基米德原理可得：
ρ水gV排水=ρ液gV排液，
即：ρ水g×S×4h=ρ液g×S×5h,
ρ液=ρ水=×1.0×103kg/m3=0.8×103kg/m3。
故答案为：（1）响度；（2）307.5；（3）18.0；（4）0.8×103。
（1）声音的大小叫响度，与发声体的振动幅度和距离发声体远近有关。
（2）秒表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和。
（3）刻度尺的分度值（或叫最小刻度值）为相邻的刻度线之间的长度；使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
（4）由于密度计处于漂浮状态，根据漂浮条件可知密度计在水和某液体中受到的浮力相等，然后根据阿基米德原理即可求出液体密度。
此题考查了声音的特性、秒表的读数、刻度尺测量物体的长度、漂浮条件和阿基米德原理的应用，难度一般。
18.【答案】
【解析】解：（1）闭合所有开关，R2被短路，R1与灯泡并联，灯泡恰好正常发光，根据并联电路的电压特点，所以灯泡L两端的实际电压也等于灯泡L的额定电压，因此电源电压：U=UL=6V；
（2）由（1）知R1电压为6V，10s内R1产生的热量Q===72J；
（3）断开开关S1，S2，R1、R2串联，滑动变阻器R2的最大阻值为10Ω，当阻值最小时。电流最大I大=1A，串联电路的电流处处都相等，则总电阻R总===6Ω，故R2小=6Ω-5Ω=1Ω，R2允许调节的阻值范围为1Ω到10Ω；
（4）从第（3）可知R2、电阻R1串联，R2的电功率P2=I2R2=；电路总功率由P总=I2R总=，故R2的电功率与总电功率的最大比值==，当越小，功率的比值就越大，则R2越大，越小；
故==；
故答案为：6；72；1～10；2：3。
（1）闭合所有开关，R2被短路，R1与灯泡并联，灯泡恰好正常发光，根据并联电路的电压特点据此求出电源电压；
（2）只根据Q=求出10s内R1产生的热量；
（3）断开S1、S2，滑动变阻器R2、电阻R1串联，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小电阻，进而确定滑动变阻器接入的电阻范围；
（4）根据P=I2R2求出R2的电功率与电路的总电功率的最大比值。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律、电功和电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
19.【答案】
【解析】解：（1）衔铁被吸合，加热器停止工作，此时工作电路中A、B被断开连接，故加热器应接在A、B端；
（2）①已知线圈电阻为R1=150Ω，线圈电流最小为I=20mA，可实现温控，
当温度为100℃时，由甲图可知，此时热敏电阻为R2=50Ω，当变阻器阻值为0时，恒压电源的电压最小，
恒压电源的电压最小值为：U1=I（R1+R2）=20mA×（150Ω+50Ω）=4V，
当温度为50℃时，此时热敏电阻为R3=90Ω，当变阻器阻值为0时，恒压电源的电压最小，
恒压电源的电压最小值为：U2=I（R1+R3）=20mA×（150Ω+90Ω）=4.8V，
综上，恒压电源U至少为4.8V，才能实现对50℃ 100℃之间任一温度的控制；
②当恒压电源U=4.8V，电路中总电阻为R总===240Ω，
当温度为50℃时，热敏电阻为R3=90Ω，线圈电阻为R1=150Ω，变阻器电阻为R′=R总-R3-R1=240Ω-90Ω-150Ω=0Ω，
当温度为100℃时，热敏电阻为R2=50Ω，线圈电阻为R1=150Ω，变阻器电阻为R″=R总-R2-R1=240Ω-50Ω-150Ω=40Ω，
综上，滑动变阻器R′的最大阻值至少为40Ω；
故答案为：A、B；4.8；40Ω。
（1）衔铁被吸合，加热器停止工作，据此可判断加热器的位置；
（2）在甲图中分别找出50℃、100℃对应的阻值，线圈电流最小为20mA，用公式U=IR算出两个电压值，取较大值才能保证对两个温度的控制；
（3）根据欧姆定律，以求出的电源电压算出总电阻，总电阻分别减去50℃、100℃对应的阻值、线圈的阻值，得到变阻器的两个阻值，较大值即为所求值。
本题考查欧姆定律的应用，电磁继电器在实际生活中的应用。
20.【答案】
【解析】先确定所给的入射光线和折射光线的特点，然后根据凹透镜的三条特殊光线作图。
凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。
21.【答案】
【解析】力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。
②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。
③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。
作力臂时要找好支点与力的作用线，力臂是从支点到力的作用线的距离。
22.【答案】
【解析】用试电笔辨别火线和零线时，能使氖管发光的是火线；螺口灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套；
三孔插座接法，地线直接进入上孔，零线直接进入左孔，火线进入右孔。
本题考查了家庭电路中的电灯、开关、插座的连接；家庭电路中，不但考虑用电器的正常使用，更要考虑使用的安全性。三孔插座的接线原则：左零右火，中间接地。
23.【答案】
【解析】（1）图乙中，温度计的分度值为1℃，液柱在零下，其示数为-2℃；
（2）由图象可知，0～2min升温比5～10min快，即冰比水的升温快，所以，根据Q吸=cmΔt可知，冰的比热容小于水的比热容；
（3）图丁可以看到冰熔化的时间变长，可知加入的冰质量较大；
（4）图中试管和烧杯中的水达到了相同温度，无法发生热传递，故试管中的水不会沸腾。
故答案为：（1）-2；（2）冰的比热容小于水的比热容；（3）冰质量较大；（4）温度。
（1）看清温度计的分度值，明确液柱在零上还是零下，可读出示数；
（2）0～2min升温比5～10min快，可比较二者比热容关系运用公式Q吸=cmΔt可以知道，当质量和吸收的热量相同时，比热c和升高的温度Δt成反比；
（3）图丁可以看到冰熔化的时间变长，可知加入的冰质量较大；
（4）水沸腾特点吸热，温度保持不变。
本题考查了温度计的读数、晶体熔化时的规律以及液体沸腾时的现象，属于基础实验，难度较低。
24.【答案】
【解析】（1）为使所成像能在光屏的中心，必须使蜡烛的焰心、凸透镜、光屏的中心在同一高度上，烛焰和光屏的中心应位于凸透镜的主光轴上；
（2）当蜡烛位于20cm刻度处时，此时物距为30cm,大于二倍焦距20cm,所成的像是倒立缩小的实像，像距介于二倍焦距与一倍焦距之间，光屏位于二倍焦距处，像成在光屏的前方，此时将图中的光屏向左移动；
（3）凸透镜焦距为10cm,由图可知此时物距大于二倍焦距，而光屏位于二倍焦距处，由凸透镜成像规律可知像距介于一倍焦距与二倍焦距之间时才能成清晰的实像，即清晰的像成在光屏的前方，要使光屏出现倒立清晰的实像（光屏不动），则需要使折射光线推迟会聚，因为近视眼镜（凹透镜）对光线有发散作用，所以应在凸透镜左边适当位置放置一个矫正近视眼的合适镜片。
故答案为：（1）主光轴；（2）左；缩小；（3）近。
（1）为使所成像能在光屏的中心，必须使烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度上；
（2）根据凸透镜的成像规律，当物距大于二倍焦距，像距介于二倍焦距与一倍焦距之间时，所成的像是倒立、缩小的实像；
（3）近视镜是凹透镜，对光线有发散作用。
本题主要考查的是凸透镜的成像规律以及近视眼的矫正。
25.【答案】
【解析】（1）使用天平时，将天平放在水平工作台面上，将游码调至标尺左端零刻度线处，指针不在分度盘中央时，按照左偏右调，右偏左调的方法调节平衡螺母，直到天平平衡，图甲中指针左偏，故向右调节平衡螺母；
（2）为了减少烧杯壁留有残液对测量结果的影响，先测量体积后测量烧杯的质量，故实验顺序应为②③①；
由图乙可知烧杯和液体的总质量m总=50g+10g+2g=62g,
液体的质量m液=m总-m杯=62g-38g=24g,
液体的体积V液体=30mL=30cm3，
液体的密度=0.8×103kg/m3；
（3）标记“10g”的砝码有磨损，质量小于10g,但记录为10g,天平测烧杯和煤油总质量和空烧杯质量时都会用到10g,倒入烧杯中煤油的质量用上面所测的值相减，故烧杯中煤油的质量不受砝码磨损的影响是正确的，煤油的体积也正确，故他测算的密度将无影响；
（4）如图丙，测得其总质量分别为m1、m2，两瓶液面相平，则体积相等，根据题意有，
解得，。
故答案为：（1）右；（2）②③①；0.8×103；（3）无影响；（4）。
（1）天平应放在水平台上，调节天平平衡时，指针偏向分度盘中央红线的左侧，平衡螺母向右调节，指针偏向分度盘中央红线的右侧，平衡螺母向左调节，由此可知平衡螺母的调节方向；
（2）测量液体的密度，首先测出玻璃杯和液体的总质量，将部分导入量筒中，读出体积，测出剩余液体的质量，求出量筒中液体的质量，则可根据密度公式ρ=计算出液体的密度；
（3）标记“10g”的砝码有磨损，质量小于10g,但记录为10g,天平测烧杯和煤油总质量和空烧杯质量时都会用到10g,倒入烧杯中煤油的质量用上面所测的值相减，故烧杯中煤油的质量不受砝码磨损的影响是正确的，煤油的体积也正确，据此解答；
（4）由图丙知，两瓶液面相平，则两瓶的体积相等，据此利用密度公式ρ=列出等式，解方程即可。
此题是测量液体密度的实验，考查了测量的原理，要掌握测量液体密度的方法，为减小误差注意量筒中质量和体积的统一。
26.【答案】
【解析】（1）实验前应用手按压橡皮膜并观察U形管中的液柱，目的是检查压强计气密性；
（2）改变橡皮膜盒在水中深度，重复上述步骤。分析数据可知：深度越大，水的压强越大。支持该结论的实验现象是橡皮膜盒在水中深度越深，U形管内的液面高度差越大；
（3）图丙中实验中，保持橡皮膜盒位置不变，在容器中加入适量酒精与其均匀混合后，若液体不溢出，容器底部受到液体压力增大，压强增大，容器底压强可以分成橡皮膜盒以上和橡皮膜盒以下两部分，橡皮膜盒以下部分深度不变，加酒精后液体密度变小，由p=ρgh知，橡皮膜盒以下部分液体压强变小，而容器底压强变大，所以橡皮膜盒橡皮膜以上的压强变大，橡皮膜受到液体压强将变大
（4）A．图中橡皮膜保持在竖直位置保持平整，说明左右两边液体在橡皮膜处产生的压强相等，左右两边液体到橡皮膜处的深度相同，由p=ρgh得，左边液体密度等于右边液体密度，故A不符合题意；
B．图中橡皮膜保持在竖直位置保持平整，说明左右两边液体在橡皮膜处产生的压强相等，左边液体到橡皮膜处的深度较小，由p=ρgh得，左边液体密度大于右边液体密度，故B不符合题意；
C．图中橡皮膜向左凸起，说明右边液体在橡皮膜处产生的压强大于左边液体在橡皮膜处产生的压强，右边液体到橡皮膜处的深度较大，由p=ρgh得，右边液体产生压强大，可能是深度引起的，无法判断液体密度大小，故C符合题意。
D．图中橡皮膜保持在竖直位置保持平整，说明左右两边液体在橡皮膜处产生的压强相等，而左边液体到橡皮膜处的深度较小，由p=ρgh得，左边液体密度大于右边液体密度，故D不符合题意；
故选：C。
如图D，向装置左右两侧倒入不同的液体，液面稳定后，橡皮膜变平，说明两侧橡皮膜上方的液体压强相等，即p左上=p右上，根据液体压强公式可得ρ左gh左上=ρ右gh右上，由图己可知左侧上方的液体深度较小（即h左上＜h右上），所以可知两液体的密度关系为ρ左＞ρ右（即左侧液体的密度较大）；
橡皮膜下方两液体的深度相同，因左侧液体的密度大于右侧液体的密度，则根据p=ρgh可知橡皮膜下方的液体压强关系为p左下＞p右下；
因为两侧液体对容器底的压强分别为p左=p左上+p左下、p右=p右上+p右下，且p左上=p右上，p左下＞p右下，所以可知此时左右两侧液体对容器底的压强大小关系为p左＞p右；
故答案为：（1）压强计的气密性；（2）橡皮膜盒在水中深度越深，U形管内的液面高度差越大；（3）变大；（4）C；＞。
（1）实验前应用手按压橡皮膜并观察U形管中的液柱，目的是检查压强计气密性；
（2）转换法液体内部压强的大小无法直接测量，我们用压强计两侧的液面高度差来判断液体内部压强的大小，这种方法叫做转换法；
（3）在容器中加入适量清水与其均匀混合后，容器底部受到液体压力增大，压强增大，金属盒以下部分深度不变，加清水后液体密度变小，由p=ρgh确定金属盒以下部分液体压强变化，据此分析；
（4）实验中通过观察橡皮膜的突起方向来判断压强的大小，根据p=ρgh来判断密度的大小，进而推出两种液体对容器底部压强的大小关系。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法及p=ρgh的运用。
27.【答案】
【解析】（1）实验发现水平表面越光滑，小车速度减小得越慢，经过推理得出：运动的物体如果不受力将保持匀速直线运动状态；
（2）探究“动能的大小与质量的关系”的实验中，在丙图实验的基础上只需要再选择序号⑧，即添加钩码改变质量；
（3）实验中需要测量拉力大大小，从而得出滑动摩擦力大小，所以还需要①③⑤⑧的器材；A、在行李箱下安装滚轮，变滑动摩擦为滚动摩擦，减小摩擦力，故A不符合题意；
B、手握很重的矿泉水瓶静止要用很大的力，静摩擦力与重力二力平衡，静摩擦力大小不变，故B不合题意；
C、自行车刹车时用力捏闸，此时接触面粗糙程度一定，压力大，滑动摩擦力大，故C符合题意；
D、压路机配备的碾子质量很大是为了增大对地面的压力，故D不符合题意；
故选：C；
（4）A、对整体分析，整体的重力相同，与桌面的接触面的粗糙程度相同，整体受到的摩擦力是相同的，整体做匀速直线运动，则推力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，即F1=F2=F3，故A错误；
B、图①中，物体A对地面的压力等于A的重力；
图②中，A对地面的压力等于AB的总重力，接触面的粗糙程度相同，则f②＞f①；
对于③图：对整体分析，整体对桌面的压力等于AB的总重力，此时的推力等于桌面对B的摩擦力；
对B受力分析，B在水平方向上受到水平向左的桌面对B的摩擦力、水平向右的A对B的摩擦力，这两个力大小相等，根据力作用的相互性可知，B对A的摩擦力等于A对B的摩擦力，所以，推力F3等于地面对B的摩擦力，即f③=F3；
综上所述：f②=f③＞f①，故B正确；
C、对于②，B与A之间没有发生相对运动的趋势，所以B受到的摩擦力为0；对于①：B对地面的压力等于其重力；对于③，B对地面的压力等于AB的重力之和，接触面相同，压力越大，受到的摩擦力越大，故f'②＜f'①＜f'③，故C错误。
故选：B。
故答案为：（1）做匀速直线运动；（2）⑧；（3）①③⑤⑧；C；（4）B。
（1）在探究“阻力对物体运动的影响”的实验中，要控制小车到达水平面的速度相同，最终通过实验现象推理得出小车不受力时，将保持匀速直线运动；
（2）动能的大小与速度和质量有关；
（3）实验中需要测量拉力大大小，从而得出滑动摩擦力大小；
在接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（4）根据二力平衡分析三个力的大小；
影响滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，根据图示分析三种情况下压力大小和接触面粗糙程度可知摩擦力的大小，再根据物体做匀速直线运动或静止时，推力和摩擦力是一对平衡力，据此分析摩擦力、推力的大小关系。
本题探究“阻力对物体运动的影响”实验以及探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
28.【答案】
【解析】（1）伏安法测电阻，将电路连接成串联电路，电压表与Rx并联测电压，电流表与Rx串联测电流，具体连接如下图：
；
（2）串联电路故障判断，只有一个电表有示数，
若电流表有示数，则电压表无示数，说明电压表测量部分短路，也就是Rx短路。
若电流表无示数，则电压表有示数，说明电压表测量部分断路，也就是R断路。故选BD；
（3）电流表指针位于0.3A处，故此时流过Rx的电流Ix=0.3A，电压表示数为Vx=1.2V，
根据I=，可得Rx==4Ω；
（4）电源是两节干电池组成，电压为3V，根据欧姆定律求第一组实验的总电阻为
R1=，因Rx=4Ω，根据串联电路电阻规律可得此时滑动变阻器电阻R=11Ω，超出滑动变阻器的总电阻，不符合题意，故不可能通过以上实验获得的数据是1；
（5）要测灯正常发光时的电阻，已知灯的额定电流，但是给出器材中没有电流表，故需要灯和定值电阻串联，使其电流相等，计算出此时灯两端的电压。
设计电路图如下：
；
具体步骤如下：
1.闭合开关S、S2、断开S1，调节滑动变阻器，同时观察电压表示数，使电压表示数为U1=R0I额。
2.保持滑动变阻器位置不变，闭合开关S、S1、断开S2，读出此时电压表示数U2。
3.灯正常发光时的电阻RL=。
故答案为：
（1）①；
②BD；
③4；
④1；
（2）。
（1）伏安法测电阻，将电路连接成串联电路，电压表与Rx并联测电压，电流表与Rx串联测电流；
（2）串联电路故障判断，只有一个点表有示数，若电流表有示数，电压表无示数，说明电压表测量部分短路；若电流表无示数，电压表有示数，说明电压表测量部分断路；
（3）读出电流表示数，根据I=，求出Rx的大小；
（4）电源是两节干电池组成，电压为3V，用欧姆定律，计算出各组实验中的总电阻，进行比较看哪组不能实现。
（5）要测灯正常发光时的电阻，已知灯的额定电流，但是给出器材中没有电流表，故需要灯和定值电阻串联，使其电流相等，从而完成电路设计。
本题考查伏安法则电阻的实验，电路故障判断，利用电压表和定值电阻代替电流表的测电阻实验，是一道综合性较强的实验题。
29.【答案】
【解析】（1）该车静止在水平地面上时对地面的压力：F=G=mg=2×103kg×10N/kg=2×104N，
该车静止在水平地面上时对地面的压强：p===2.5×105Pa；
（2）由P=可得，充满电需要的时间：t电===4h；
（3）这辆电动汽车受到的阻力：f=0.03G=0.03mg=0.03×2×104N=600N，
因电动汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，则电动汽车受到的牵引力F=f=600N，
电动汽车最大续航里程为300km,则牵引力做的功：W机械=Fs=600N×300×103m=1.8×108J，
消耗的电能：W电=60kW h=60×3.6×106J=2.16×108J，
电动汽车的效率：η=×100%=×100%≈83.3%。
答：（1）该车静止在水平地面上时与地面的总接触面积为800cm2，它对地面的压强为2.5×105Pa。
（2）若用功率为15kW的充电桩对汽车电池充电，充满电需要的时间为4h；
（3）若在此速度下汽车最大续航里程为300km,则汽车的效率为83.3%。
（1）根据F=G=mg求出该车静止在水平地面上时对地面的压力，根据p=求出该车静止在水平地面上时对地面的压强；
（2）根据P=求出充满电需要的时间；
（3）根据f=0.03G求出这辆电动汽车受到的阻力，根据二力平衡条件求出电动汽车的牵引力，根据W=Fs求出牵引力做的功，根据1kW h=3.6×106J进行消耗电能单位的换算，利用η=×100%求出电动车的效率。
本题考查了重力公式、压强公式、二力平衡条件、功的计算公式以及效率公式的应用，是一道力学综合题，难度适中。
30.【答案】
【解析】（1）小灯泡L规格为“6V1.2W”，小灯泡L正常工作时的电阻为：RL===30Ω；
（2）闭合开关S，当F=0N时，滑片P与A接触，滑动变阻器接入电路的阻值为R=40Ω，
此时电流表的示数为I1=0.1A，电压表示数为UL′=4V，
电源电压U=I1R+UL′+I1R0=0.1A×40Ω+4V+0.1A×R0=8V+0.1A×R0---①，
由表格可知，当F每增大100N时，x减小5cm,故当F=700N时，x=5cm,
此时滑动变阻器接入电路的阻值为R′=×R=×40Ω=5Ω，电流表的示数为I2=0.2A，
小灯泡L的额定电流为IL===0.2A，此时小灯泡为正常发光状态，两端电压为UL=6V，
电源电压U=I2R′+UL+I2R0=0.2A×5Ω+6V+0.2A×R0=7V+0.2A×R0---②，
联立①②，解得：U=9V，R0=10Ω；
（3）当F=700N时，电路电流为0.2A，已达到灯泡的额定电流，此电流为电路的最大电流，故该电子测力计的量程为0～700N；
若要使其量程增加，则要减小电路中的电流值，办法为：在电路中串联一个电阻或更换电压更小的电源；
故答案为：（1）小灯泡L正常工作时的电阻为30Ω；
（2）电源的电压U为9V，定值电阻的阻值R0为10Ω；
（3）0～700N；在电路中串联一个电阻。
（1）根据小灯泡规格，用公式R=算出正常工作时的电阻；
（2）分别计算F=0N、F=700N时，滑动变阻器接入电路的电阻，已知的电流和电压，用公式U=IR列出两个电源电压的表达式，联立后解出电源电压和R0；
（3）分析电路中的元件可取得的最大电流或最大电压值，以此算出测力计的最大量程，若要使其量程增加，可以从减小电流或减小电压的方法去分析。
本题考查欧姆定律的应用，电功率的综合计算。
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