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2025--2026年高三物理复习必修第一、二、三册综合复习练习卷（五）【新教材】人教版（2019）
一、单选题
1．杂技表演中，经常会有一个演员从高处释放一个物体，而地上另一个演员把物体抛上去．空中很多物体上上下下，煞是好看，现假设物体A从某一高度自由下落的同时，由地面竖直上抛物体B，两物体在空中“相遇”时速率相等，然后继续运动，不计空气阻力，则关于A、B两物体的运动下列说法错误的是（　　）
A．相遇时通过的位移大小之比为3∶1
B．A物体在空中运动时间是B的一半
C．两物体从出发到相遇所用的时间与重力加速度g无关
D．A物体落地时，B物体刚向下运动
2．放在粗糙水平面上的物体，在水平拉力F的作用下以加速度a运动，现将拉力F改为2F（仍然水平方向），物体运动的加速度大小变为a′．则( )
A．a′=a
B．a＜a′＜2a
C．a′=2a
D．a′＞2a
3．如图，O点固定着一电荷量为+Q的点电荷，在其下方光滑绝缘水平面上的N点，由静止释放一质量为m，电荷量为－q的试探电荷，该试探电荷经过P点时的速度为v．规定电场中P点的电势为零．则在+Q形成的电场中（ ）
A．N点电势高于P点电势
B．N点场强大于P点场强
C．N点电势为
D．试探电荷在N点具有的电势能为
4．如图甲所示，在光滑的绝缘水平面上，有一个正方形abcd，顶点a、c分别固定一个正点电荷，电荷量相等．一个质量为10－3kg的小物块从e释放，经过f点到达d点，其运动的v-t图像如图乙所示．其中f点是整条图线斜率最大的位置(图中虚线为过f点的切线)，已知小物块的带电量为2×10－3C，则下列分析中正确的是（　　）
A．由e点到d点，电势逐渐升高
B．由e点到d点，物块的电势能先减小后变大
C．d、f两点间的电势差Udf=－0.5V
D．f点为ed之间电场强度最大的点，场强E=1V/m
5．9月10日，由航空工业自主研制的第二架大型灭火水上救援水陆两栖飞机AG600M“鲲龙”在广东珠海金湾机场完成了首次飞行试验，某次在平直跑道上滑行时，飞机的速度—时间图像如图所示，若减速过程的加速度大小为5m/s2，则（　　）
A．“鲲龙”匀速滑行的位移为1120米
B．由题目所给的条件无法算出t3的数值
C．“鲲龙”在整个滑行过程中的平均速度大小为70m/s
D．“鲲龙”匀加速滑行时和匀减速滑行的加速度大小相等
6．两物体同时从同一位置出发，二者的速度随时间变化的关系如图所示，下列说法正确的是
A．时，两物体相遇
B．相遇前，两物体在时两物体间距离最大
C．时，两物体相距
D．时，两物体相距
7．火星大气经人类改造后，火星可成为适宜人类居住的星球。已知火星半径约为地球半径的一半，质量约为地球质量的十分之一，地球上男子跳高的世界纪录为2.45m。把地球和火星均看作质量分布均匀的球体，忽略地球和火星的自转及空气阻力，假设男子离地时的速度大小不变，则在火星上男子跳高的世界纪录大约为（　　）
A．5m B．6m C．7m D．8m
8．下列所示各图中，小磁针的指向错误的是（ ）
A． B． C． D．
二、多选题
9．如图所示表面光滑、半径为R的绝缘半球固定在水平地面上，置于半球表面上的两小球质量分别为m1和m2（大小忽略不计）并带异种电荷处于平衡时，小球m1、m2与半球球心连线与竖直方向的夹角分别为30°、60°，设这两个小球的质量之比为，小球与半球之间的压力之比为，则以下说法正确的是
A．= B．= C．= D．=
10．如图甲所示，水平地面上轻弹簧左端固定，右端通过滑块压缩0.4m后锁定，t＝0时解除锁定释放滑块。计算机通过滑块上的速度传感器描绘出滑块的图像如图乙所示，其中Oab段为曲线，bc段为直线，倾斜直线Od是t=0时的速度图线的切线，已知滑块质量m＝2.0kg，取g＝10m/s2。则以下说法正确的是（　　）
A．滑块与地面间的动摩擦因数为0.3 B．滑块与地面间的动摩擦因数为0.5
C．弹簧的劲度系数为175N/m D．弹簧的劲度系数为150N/m
11．如图所示，足够长水平传送带以大小为的速度顺时针匀速转动，将一质量为m的小物块（可视为质点）静止放置在传送带的左端，同时对小物块施加竖直向上的力F，力的大小满足，v为小物块的水平速度，小物块与传送带间的动摩擦因数为，重力加速度为g，下列所画出的小物块的水平速度v随时间变化的图象（图中，）可能正确的是（　　）
A． B．
C． D．
12．A、B两物体质量均为m，其中A带正电，带电量为q，B不带电，通过劲度系数为k的绝缘轻质弹簧相连放在水平面上，如图所示，开始时两者都处于静止状态。现在施加竖直向上的匀强电场，电场强度E = ，式中g为重力加速度，若不计空气阻力，不考虑A物体电量的变化， 则以下判断正确的是（ ）
A．从开始到B刚要离开地面过程，A物体速度大小先增大后减小
B．刚施加电场的瞬间，A的加速度为4g
C．从开始到B刚要离开地面的每段时间内，A物体的机械能增量一定等于电势能的减少量
D．B刚要离开地面时，A的速度大小为2g
三、实验题
13．某实验小组要测量两节干电池组的电动势和内阻，实验室有下列器材：
A．灵敏电流计G（0~5mA，内阻约为60Ω）
B．电压表V（0~3V，内阻约为10kΩ）
C．电阻箱R1（0~999.9Ω）
D．滑动变阻器R2（0~100Ω，1.5A）
E．旧电池2节
F．开关、导线若干
(1)由于灵敏电流计的量程太小，需扩大灵敏电流计的量程。测量灵敏电流计的内阻的电路如图甲所示，调节R2的阻值和电阻箱使得电压表示数为2.00V，灵敏电流计示数为4.00mA，此时电阻箱接入电路的电阻为450．0Ω，则灵敏电流计内阻为 Ω；（保留1位小数）
(2)为将灵敏电流计的量程扩大为60mA，该实验小组将电阻箱与灵敏电流计并联，则应将电阻箱R1的阻值调为 Ω；（保留3位有效数字）；
(3)把扩大量程后的电流表接入如图乙所示的电路，根据测得的数据作出U－IG（IG为灵敏电流计的示数）图象如图丙所示，则该干电池组的电动势E= V；内阻r= Ω（保留3位有效数字）。
14．某课外兴趣小组利用如图所示的实验装置研究“加速度、力与质量的关系”。
（1）实验获得如图所示的纸带，计数点a、b、c、d、e、f间均有四个点未画出，则在打c点时小车的速度大小vc= m/s（保留两位有效数字）。
（2）保持小车所受拉力不变，改变小车的质量M，分别测得不同质量情况下的加速度a的数据如下表所示。
次数 1 2 3 4
加速度a/（） 0.62 0.48 0.32 0.15
质量M/kg 0.25 0.33 0.5 1
（3）关于该实验，下列说法正确的是
A．实验过程中不需要满足钩码质量远小于小车质量
B．若验证加速度与质量成反比，最好作a-M关系图
C．用到了控制变量法
四、解答题
15．如图所示，质量m＝3kg的物体（视为质点）在平行斜面向下F＝9N的推力作用下，由静止开始下滑。在斜面某处撤掉推力后，又在水平面上运动x＝1.2m后停在C点。已知斜面长度L＝4m，倾角θ＝30°，物体与斜面间和水平面间的动摩擦因数分别为、μ2＝0.5，求：
（1）外力未撤掉时物体斜面上运动的加速度；
（2）物体运动到B处的速度；
（3）推力作用的距离及时间。
16．如图所示，一根柔软的细绳跨过轻质定滑轮，绳的一端连接物体，另一端通过一轻质弹簧与物体连接，物体静止在地面上。物体从高处由静止下落，当下落高度时，绳刚好被拉直。然后又下落的高度，恰好能到达地面，此时物体对地面的压力恰好减为0。重力加速度为，弹簧的弹性势能与其劲度系数成正比，不计摩擦和空气阻力。求：
(1)绳刚被拉直时，物体下落的时间；
(2)物体的质量之比。
17．风洞实验室中可产生方向、大小都可以调节控制的各种风力。如图所示为某风洞里模拟做实验的示意图。一质量为的小球套在一根固定的直杆上，直杆与水平面夹角，现小球在的竖直向上的风力作用下，从A点静止出发沿直杆向上运动，已知杆与球间的动摩擦因数，。求：
（1）小球运动的加速度；
（2）若风力F作用1.2s后撤去，求撤去风力后小球的加速度及小球上滑过程中距A点的最大距离。
18．如图所示，水平转台上的小物体1、2通过轻质细线相连，质量分别为m、2m。保持细线伸直且恰无张力，并静止在转台上，可绕垂直转台的中心轴OO′转动。两物体与转台表面的动摩擦因数相同均为μ，最大静摩擦力认为等于滑动摩擦力。两物体与轴O共线且物体1到转轴的距离为r，物体2到转轴的距离为2r，重力加速度为g。当转台从静止开始转动，角速度极其缓慢地增大，针对这个过程，求解下列问题：
(1)求轻绳刚有拉力时转台的角速度；
(2)求当转台角速度为时，物体1受到的摩擦力；
(3)求当物体1和物体2均被甩离转台时的角速度。
《2025--2026年高三物理复习必修第一、二、三册综合复习练习卷（五）【新教材】人教版（2019）》参考答案
1．A
【详解】A．两物体在空中相遇时（即到达同一水平高度）的速率都是v，由上抛运动的对称性知A竖直上抛运动的最高点位置是B自由落体运动的抛出点，故两物体落地速率相等，自由落体运动在开始的两个连续相等的时间间隔内的位移之比为1：3，故相遇时A、B的位移大小之比为1：3，A符合题意；
BD．两物体在空中相遇时速率相等，所以B到最高点时，A恰好落地，由对称性可知，B在空中运动时间是A在空中运动时间的2倍，BD不符合题意；
C．由以上分析可知，只要两个物体运动的加速度大小相等，两物体从出发到相遇所用的时间就不变，C不符合题意。
故选A。
2．D
【详解】由牛顿第二定律分别可列方程，从而解得；.所以，D正确，
思路分析：物体在粗糙的水平面上受到拉力F和滑动摩擦力两个力作用，根据牛顿定律解题
试题点评：本题考查了牛顿第二定律的应用，关键是对物体进行受力分析，
3．C
【分析】解答本题应抓住：顺着电场线方向电势降低，判断出M点电势高于N点的电势，M、P两点的电势相等，即可知N、P两点电势关系；由真空中点电荷产生的电场强度公式E=kQ/r2，分析P点与N点电场强度的大小关系；根据动能定理研究电荷由N到P的过程，求解N点的电势；由EP=-qφN求出检验电荷在N点具有的电势能．
【详解】以O点为圆心，以OP长度为半径做圆如图所示，
根据顺着电场线方向电势降低可知，M点的电势高于N点的电势，而M、P两点的电势相等，则N点电势低于P点电势．故A错误．根据点电荷的电场强度计算公式E= kQ/r2可得N点场强小于P点场强，故B错误；根据动能定理得：检验电荷由N到P的过程：-q（φN-φP）=mv2，由题，P点的电势为零，即φP=0，解得N点的电势φN= ．故C正确．检验电荷在N点具有的电势能为：EP=-qφN=mv2．故D错误．故选C．
4．D
【详解】A．等量同种电荷中垂面的场强方向由e点指向d点，故从e点到d点，电势降低，故A错误；
B．由运动图像可知，物块释放后动能逐渐增大，所以电势能减小，故B错误；
C．根据动能定理可得
解得
即df两点间的电势差为-5V，故C错误；
D．f点是整条图线斜率最大的位置，即该点的加速度最大，受到的电场力最大，电场强度最大，根据牛顿第二定律可得
其中
解得
故D正确。
故选D。
5．A
【详解】A．“鲲龙”匀速滑行的位移为
选项A正确；
B．减速过程的加速度大小为5m/s2，设减速阶段经历的时间为，则
所以
选项B错误；
C． “鲲龙”在整个滑行过程中的平均速度大小
选项C错误；
D．“鲲龙”匀加速滑行时的加速度
选项D错误。
故选A。
6．D
【详解】A．v-t图像与坐标轴所围面积等于位移，由图可知，t=2s时，两物体位移不相等，没有相遇，故A错误；
B．相遇前，两物体速度相等时距离最大，在t =2s时两物体间距离最大，故B错误；
C．根据v-t图像与坐标轴所围面积等于位移，t=1s时，两物体相距1.5m，故C错误；
D．t =3s时，两物体相距，故D正确．
故选：D．
7．B
【详解】根据得
解得
把跳高看作竖直上抛运动，由得
解得
故选B。
8．C
【详解】A．由安培定则可知，螺线管右侧为S极，左侧为N极，则处在螺线管内部小磁针的N极应向左，故A正确；
B．由地磁场从地球的南极指向北极，结合小磁针静止时N极指向为磁场的方向，因此赤道处小磁针N极指向地球的北极，故B正确；
C．根据安培定则判断直导线周围磁场，则小磁针处的磁场方向竖直向下，应该是N极向下，故C错误；
D．U形磁铁，小磁针处的磁场向N极指向S极，则小磁针N极向右，故D正确；
故选C。
9．AD
【详解】
对m1受力分析由正弦定理可得
对m2受力分析由正弦定理可得
由以上两式解得
故选AD。
10．BC
【详解】AB．根据v－t图线的斜率表示加速度，由题中图象知，滑块脱离弹簧后的加速度大小
由牛顿第二定律得，摩擦力大小为
所以
故A错误，B正确；
CD．刚释放时滑块的加速度为
由牛顿第二定律得
代入数据解得
故C正确，D错误。
故选BC。
11．BC
【详解】D．小物块由静止开始向右做加速运动，开始运动后受到重力、竖直向上的力F、支持力、水平向右的滑动摩擦力，若，根据牛顿第二定律可知，小物块运动的加速度大小
可见随着速度v的增大，小物块做加速度逐渐减小的加速运动。故D错误；
A．当时，，所以图线在点的切线应过点。故A错误；
B．当时，，对应速度，当时，小物块加速到时，支持力，摩擦力为零，小物块脱离传送带做匀速运动。故B正确；
C．当，小物块加速到时，小物块与传送带共速，摩擦力为零，小物块随传送带一起向右做匀速运动。故C正确。
故选BC。
12．BD
【详解】AB． 在未施加电场时，A物体处于平衡状态，当施加上电场力瞬间，A物体受到的合力为施加的电场力，故有：
qE=4mg=ma
解得：
a=4g，方向向上
B刚要离开地面时，弹簧的拉力为mg，此时A物体合力为2mg，加速度为2g，向上，从开始到B刚要离开地面过程，A物体做加速度逐渐变小的加速运动，即A物体速度一直增大，故A错误B正确；
C． 从开始到弹簧恢复原长的过程，A物体的机械能增量等于电势能与弹性势能的减少量的和，从弹簧恢复原长到B刚要离开地面的过程，A物体的机械能增量等于电势能的减少量与弹性势能的增加量的差值，故C错误；
D． 当B离开地面时，此时B受到弹簧的弹力等于B的重力，从施加电场力到B离开地面，弹簧的弹力做功为零，A上升的距离为：
根据动能定理可知：
解得：
故D正确。
故选：BD。
13． 50.0 4.55
【详解】(1)[1]根据电路结构和欧姆定律得
解得
(2)[2]根据并联电路特点可得，电阻箱的阻值
(3)[3]由闭合电路欧姆定律可得
解得
根据图象可得电源电动势
图象斜率为
[4]解得电源内阻
14． 0.17 AC
【详解】（1）[1]在打c点时小车的速度大小
（3）[2]A.实验过程中因有力传感器测量小车受到的拉力，则不需要满足钩码质量远小于小车质量，选项A正确；
B.若验证加速度与质量成反比，最好作a-关系图，选项B错误；
C.此实验用到了控制变量法，选项C正确。
故选AC。
15．（1）3m/s2，方向沿斜面向下；（2）；（3）2m，
【详解】（1）外力未撤掉时物体斜面上运动的加速度大小为a1，根据牛顿第二定律可得
解得
方向沿斜面向下；
（2）物体在水平面上运动的加速度大小为
根据速度-位移关系可得
解得
（3）物体在斜面上运动时，重力沿斜面向下的分力
摩擦力大小为
所以去掉推力以后物体匀速运动，则撤去推力时物体的速度大小为
推力作用的距离为
经过的时间为
16．(1) (2)
【详解】(1)物体自由落体的过程，有
解得
(2)又有
物体再下落的过程，与弹簧组成的系统机械能守恒，结合题意得
物体离地时刻受力有
解得
17．（1）；（2）2.4m
【详解】（1）在力F作用时，沿杆的方向，小球受到风力F的分力、重力的分力以及摩擦力，所以根据牛顿第二定律有
解得
（2）撤去力F后，根据牛顿第二定律可得
解得
刚撤去F时，小球的速度为
根据匀变速直线运动位移公式可得小球的位移为
撤去力F后，小球做匀减速直线运动，则根据匀变速运动位移公式可得上滑位移为
则小球上滑的最大距离为
18．(1)
(2)0
(3)
【详解】（1）轻绳刚有拉力时，物体2与转盘间的摩擦力达到最大静摩擦力，由牛顿第二定律可得
解得
（2）圆盘角速度为
此时2与转盘间的摩擦力是最大静摩擦力，则对2有
对1有
解得
（3）当圆盘转动的角速度大于时，物体2与转盘间的摩擦力仍为最大静摩擦力，但物体1所受的摩擦力沿半径向外，且随着角速度的增大，摩擦力不断增大，当物体1和物体2均被甩离转台时，物体1所受的摩擦力达到最大值，根据牛顿第二定律可得
解得
答案第1页，共2页
答案第1页，共2页

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