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黑龙江省哈尔滨市2016年中考理综试卷
黑龙江省哈尔滨市2016年中考理综化学部分试卷
一、选择题
1．2016年5月31日，冰城类食狂欢节在“老道外中华巴洛克”开幕．下列特色美食中富含糖类和油脂的是（　　）
A．烤大虾B．奶油玉米
C．什锦水果D．烤蒜苔羊排
【考点】食品、药品与健康食品中的有机营养素．
【分析】根据人体所需六大营养素的种类、食物来源，结合题中所给的食物判断所含的营养素，进行分析判断．
【解答】解：A、烤大虾中富含蛋白质，故选项错误．
B、奶油玉米中富含糖类和油脂，故选项正确．
C、什锦水果中富含维生素，故选项错误．
D、烤蒜苔羊排中富含维生素和蛋白质，故选项错误．
故选：B．
　
2．下列过程中主要发生物理变化的是（　　）
A．
B．
C．
D．
【考点】化学变化和物理变化的判别．
【分析】化学变化是指有新物质生成的变化，物理变化是指没有新物质生成的变化，化学变化和物理变化的本质区别是否有新物质生成；据此分析判断．
【解答】解：A、用氢氧化钠溶液浸泡，制作叶脉书签，是荷叶的成分与氢氧化钠发生了化学反应，属于化学变化．
B、铁钉放在蒸馏水中，露在外面的部分有新物质铁锈生成，属于化学变化．
C、黄铜与纯铜互相刻划过程中只是形状发生改变，没有新物质生成，属于物理变化．
D、酚酞试液遇浓氨水变成红色，是因为酚酞和氨水发生反应生成了新物质，属于化学变化．
故选C．
　
3．下列实验操作正确的是（　　）
A．
取用固体粉末B．
取少量液体C．
稀释浓硫酸D．
加热液体
【考点】浓硫酸的性质及浓硫酸的稀释；固体药品的取用；液体药品的取用；给试管里的液体加热．
【分析】A、根据向试管中装粉末状固体药品的方法进行分析判断．
B、根据液体药品的取用方法、胶头滴管的使用方法进行分析判断．
C、根据浓硫酸的稀释方法（酸入水，沿器壁，慢慢倒，不断搅）进行分析判断．
D、根据给试管中的液体加热的方法进行分析判断．
【解答】解：A、取用粉末状药品，试管横放，用药匙或纸槽把药品送到试管底部，图中所示操作正确．
B、取用液体药品时，瓶塞要倒放，图中瓶塞没有倒放；使用胶头滴管时，伸入液体前，应捏紧胶头，排出里面的空气，再伸入试剂中吸取液体，图中所示操作错误．
C、稀释浓硫酸时，要把浓硫酸缓缓地沿器壁注入水中，同时用玻璃棒不断搅拌，以使热量及时地扩散；一定不能把水注入浓硫酸中；图中所示操作错误．
D、给试管中的液体加热时，用酒精灯的外焰加热试管里的液体，且液体体积不能超过试管容积的，图中液体超过试管容积的，图中所示操作错误．
故选：A．
　
4．下列物质的用途错误的是（　　）
A．
食品包装充氦气防腐B．
活性炭吸附有毒气体
C．
氧气作高能燃料D．
二氧化碳作化工原料
【考点】常见气体的用途；碳单质的物理性质及用途．
【分析】物质的性质决定物质的用途，根据已有的物质的性质进行分析解答即可．
【解答】解：A、氦气化学性质稳定，食品包装充氦气防腐，正确；
B、活性炭具有吸附性，可以使用活性炭吸附毒气，正确；
C、氧气不具有可燃性，不能用作燃料，错误；
D、二氧化碳是重要的化工原料，正确；
故选C．
　
5．下列说法正确的是（　　）
A．门捷列夫用定量的方法研究空气的成分
B．生活中可以用煮沸的方法降低水的硬度
C．我国的纯碱资源比较丰富、用纯碱来制取大量食盐
D．发现厨房燃气泄漏时，立即打开排风扇电源开关
【考点】空气组成的测定；硬水与软水；常用盐的用途；防范爆炸的措施．
【分析】A、根据门捷列夫发现了元素周期律并编制出了元素周期表解答；
B、根据用煮沸的方法降低水的硬度解答；
C、根据我国海水资源丰富，海水里富含食盐解答；
D、根据可燃性气体与氧气混合达到一定程度时遇明火会发生爆炸进行解答；
【解答】解：
A、门捷列夫发现了元素周期律并编制出了元素周期表，不是用定量的方法研究空气的成分，故错误；
B、生活中可以用煮沸的方法降低水的硬度，故正确；
C、我国的食盐资源比较丰富，可以用食盐来制取纯碱，故错误；
D、发现室内煤气泄漏时，不能打开排气扇，因为煤气与氧气混合达到一定程度时遇明火会发生爆炸．故错误；
答案：B．
　
6．下列实验现象描述错误的是（　　）
A．红磷在空气中燃烧：产生大量白色烟雾及黄色火焰，放热
B．铝丝插入硫酸铜溶液中：银白色固体表面有紫红色固体析出，溶液由蓝色变为无色
C．将锌片放入少量稀硫酸中：银白色固体减少，固体表面产生气泡，放热
D．氯化铵与熟石灰混合研磨：白色固体中产生刺激性气味的气体
【考点】铵态氮肥的检验；氧气与碳、磷、硫、铁等物质的反应现象；金属的化学性质．
【分析】A、根据红磷燃烧的现象解答；
B、根据铝能置换出铜解答；
C、根据金属锌与酸的反应解答；
D、根据铵态氮肥与碱性物质的反应解答．
【解答】解：A、红磷在空气中燃烧会产生大量白色烟雾及黄色火焰，放热，正确；
B、铝丝插入硫酸铜溶液中会发现银白色固体表面有红色固体析出，溶液由蓝色变为无色，错误；
C、将锌片放入少量稀硫酸中会发现银白色固体减少，固体表面产生气泡，放热，正确；
D、氯化铵与熟石灰混合研磨会发现白色固体中产生刺激性气味的气体，正确；
故选B．
　
7．下列叙述、对应的化学方程式、所属基本反应类型都正确的是（　　）
A．电解水
2H2OH2↑+O2↑
分解反应
B．硫酸铜溶液中滴加氢氧化钠溶液
CuSO4+2NaOH═Cu（OH）2↓+Na2SO4
复分解反应
C．镁在空气中燃烧
2Mg+O22MgO
氧化反应
D．氦气还原氧化铜
H2+CuO═Cu+H2O
置换反应
【考点】书写化学方程式、文字表达式、电离方程式；反应类型的判定．
【分析】根据化学方程式判断正误的方法需考虑：应用的原理是否正确；化学式书写是否正确；是否配平；反应条件是否正确；↑和↓的标注是否正确．若化学方程式书写正确，再根据反应特征确定反应类型．
【解答】解：A、该化学方程式配平错误，正确的化学方程式为2H2O2H2↑+O2↑．
B、该化学方程式书写完全正确，且该反应是两种化合物相互交换成分生成两种新的化合物的反应，属于复分解反应，故选项正确．
C、该化学方程式书写完全正确，但氧化反应不是基本的反应类型，故选项错误．
D、该化学方程式缺少反应条件，正确的化学方程式为H2+CuOCu+H2O．
故选：B．
　
8．关注健康，预防疾病．下列有关说法错误的是（　　）
A．健康人体血浆pH范围在0.9～1.5
B．幼儿及青少年缺钙会患佝偻病和发育不良
C．含氟牙膏可防治龋齿
D．缺乏维生素A会引起夜盲症
【考点】酸碱性对生命活动和农作物生长的影响；人体的元素组成与元素对人体健康的重要作用；微量元素、维生素与健康的关系及摄取方法．
【分析】根据溶液的酸碱性与pHd额关系、化学元素与人体健康的关系进行分析解答即可．
【解答】解：A、健康人体内血浆的pH范围为7.35～7.45，故选项说法错误；
B、幼儿及青少年缺钙会患佝偻病和发育不良，正确；
C、含氟牙膏可防治龋齿，正确；
D、缺乏维生素A会引起夜盲症，正确；
故选A．
　
9．炒菜时加一点酒和醋能使菜味香可口，原因是有脂类物质生成．下列有关乙酸乙酯的叙述正确的是（　　）
A．乙酸乙酯是由碳、氢、氧元素组成的有机物
B．乙酸乙酯由碳、氢、氧原子构成
C．乙酸乙酯中碳、氧元素的质量比为2：1
D．乙酸乙酯中氧元素的质量分数最大
【考点】化学式的书写及意义；有机物与无机物的区别；元素质量比的计算；元素的质量分数计算．
【分析】A．根据物质的组成以及有机物的概念来分析；
B．根据物质的构成来分析；
C．根据元素质量比的计算方法来分析；
D．根据化合物中元素质量分数的计算方法来分析．
【解答】解：由分子结构式可知，乙酸乙酯的化学式为C4H8O2．
A．由化学式可知，乙酸乙酯是由碳、氢、氧三种元素组成的化合物，属于有机物，故正确；
B．乙酸乙酯是由分子构成的，而不是由原子直接构成的，故错误；
C．乙酸乙酯中，碳、氧元素的质量比为（12×4）：（16×2）=3：2，故错误；
D．乙酸乙酯中，碳、氢、氧三种元素的质量比为（12×4）：（1×8）：（16×2）=6：1：4，可见其中碳元素的质量分数最大，故错误．
故选A．
　
10．下列有关资源、能源的叙述正确的是（　　）
A．地壳中含量最高的金属元素是钢
B．石油炼制可得到汽油、煤焦油、航空煤油等
C．海洋中蕴藏着丰富的化学资源，海水中含有的化学元素有20多种
D．人们正在利用和开发的其他能源有氢能、太阳能、风能、地热能等
【考点】地壳中元素的分布与含量；石油加工的产物；海洋中的资源；资源综合利用和新能源开发．
【分析】A、根据地壳中各元素含量的高低进行分析判断．
B、根据石油加热炼制的产品，进行分析判断．
C、根据目前测定含有化学元素有80多种进行分析判断．
D、新能源是指无污染、可以持续利用的能源，包括氢能源、太阳能、风能、核能、地热能、潮汐能等．
【解答】解：A、地壳中含量最高的金属元素是铝元素，说法错误．
B、石油分馏可得到油、航空煤油等多种产品，煤焦油是煤加工的产物，说法错误．
C、海洋中蕴藏着丰富的化学资源，目前测定含有化学元素有80多种，故说法错误．
D、人们正在利用和开发的其他能源有氢能、太阳能、风能、地热能、潮汐能等，说法正确．
故选D．
　
11．对下列事实的解释错误的是（　　）
选项
事实
解释
A
用酒精温度计测量温度
分子间的间隔随温度的升降而增减
B
用普通显微镜观察不到苯分子
分子很小
C
氯化钠溶液能导电
溶液中有自由移动的带负电的电子
D
夏天的食物比冬天易变质
温度越高，化学反应速率越快
A．AB．BC．CD．D
【考点】利用分子与原子的性质分析和解决问题；溶液的导电性及其原理分析．
【分析】根据分子的基本特征：分子质量和体积都很小；分子之间有间隔；分子是在不断运动的；同种的分子性质相同，不同种的分子性质不同，可以简记为：“两小运间，同同不不”，结合事实进行分析判断即可．
【解答】解：A、用酒精温度计测量温度，是因为分子间的间隔随温度的升降而递减，故选项解释正确．
B、用普通显微镜观察不同苯分子，是因为分子很小，故选项解释正确．
C、氯化钠溶液能导电，溶液中有自由移动的钠离子和氯离子，故选项解释错误．
D、夏天的食物比冬天易变质，是因为夏天气温高，温度越高，化学反应速率越快，故选项解释正确．
故选：C．
　
12．区分下列各组物质的两种方法都正确的是（　　）
选项
需区分的物质
实验方法
A
蒸馏水与5%过氧化氢溶液
①伸入带火星的木条②加入少量二氧化锰
B
生铁与钢
①用磁铁吸引②加入到硫酸铝溶液中
C
合成纤维与天然纤维
①点燃后用手指挤压灰烬②观察颜色
D
食醋和糖水
①闻气味②测pH
A．AB．BC．CD．D
【考点】物质的鉴别、推断；催化剂的特点与催化作用；生铁和钢；棉纤维、羊毛纤维和合成纤维的鉴别．
【分析】A、根据二氧化锰能催化过氧化氢分解生成氧气进行分析；
B、根据铁不会置换出硫酸铝中的铝进行分析；
C、根据合成纤维和天然纤维的颜色相同进行分析；
D、根据食醋与酸味，食醋显酸性进行分析．
【解答】解：A、蒸馏水与5%过氧化氢溶液中伸入带火星的木条，都不会复燃，不能鉴别，二氧化锰可以鉴别蒸馏水和过氧化氢溶液，不符合题意，故A错误；
B、生铁和钢都不会与硫酸铝反应，不能鉴别，不符合题意，故B错误；
C、合成纤维和天然纤维的颜色相同，观察颜色的方法不能鉴别，不符合题意，故C错误；
D、取样品，闻气味，有酸味的是食醋，没有明显气味的是糖水，可以鉴别，测pH值，小于7的是食醋，等于7的是糖水，可以鉴别，故D正确．
故选：D．
　
13．如图为甲、乙两种物质（均不含结晶水）的溶解度曲线，下列说法正确的是（　　）
A．通过升温可以将甲的不饱和溶液变为饱和溶液
B．20℃时分别将甲、乙溶液蒸发相等质量的水，析出甲、乙的质量相等
C．10℃时，10g水中分别溶解甲、乙达到饱和溶液，溶解较多的物质是乙
D．把100g溶质质量分数为10%的乙溶液从30℃降温到10℃，其质量分数仍为10%
【考点】固体溶解度曲线及其作用；饱和溶液和不饱和溶液相互转变的方法；晶体和结晶的概念与现象．
【分析】根据固体的溶解度曲线可以：①查出某物质在一定温度下的溶解度，从而确定物质的溶解性，②比较不同物质在同一温度下的溶解度大小，从而判断饱和溶液中溶质的质量分数的大小，③判断物质的溶解度随温度变化的变化情况，从而判断通过降温结晶还是蒸发结晶的方法达到提纯物质的目的．
【解答】解：A、甲物质的溶解度随温度的升高而增大，所以通过升温不可以将甲的不饱和溶液变为饱和溶液，故A错误；
B、20℃时，甲、乙溶液的状态不能确定，所以分别将甲、乙溶液蒸发相等质量的水，析出甲、乙的质量不一定相等，故B错误；
C、10℃时，甲物质的溶解度大于乙物质的溶解度，所以10g水中分别溶解甲、乙达到饱和溶液，溶解较多的物质是甲，故C错误；
D、10℃时，乙物质的溶解度对于20g，所以饱和溶液的溶质质量分数大于16.7%，所以把100g溶质质量分数为10%的乙溶液从30℃降温到10℃，其质量分数仍为10%，故D正确．
故选：D．
　
14．除去下列各物质中少量杂质，所选用的试剂和操作方法均正确的是（　　）
选项
物质（括号内为杂质）
试剂
操作方法
A
CaCO3（CaO）
无
高温
B
H2O（植物油）
洗涤剂
振荡、搅拌
C
CuO（铜粉）
足量氧气
灼烧
D
KCl（KClO3）
二氧化锰
加热
A．AB．BC．CD．D
【考点】物质除杂或净化的探究；催化剂的特点与催化作用；乳化现象与乳化作用；金属的化学性质．
【分析】根据原物质和杂质的性质选择适当的除杂剂和分离方法，所谓除杂（提纯），是指除去杂质，同时被提纯物质不得改变．除杂质题至少要满足两个条件：①加入的试剂只能与杂质反应，不能与原物质反应；②反应后不能引入新的杂质．
【解答】解：A、CaCO3固体高温煅烧生成氧化钙和二氧化碳，反而会把原物质除去，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误．
B、洗涤剂具有乳化作用，能将大的油滴分散成细小的油滴，振荡、搅拌后不能除去杂质，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误．
C、铜粉在足量氧气中加热生成氧化铜，能除去杂质且没有引入新的杂质，符合除杂原则，故选项所采取的方法正确．
D、KClO3在二氧化锰的催化作用下生成氯化钾和氧气，二氧化锰作催化剂，反应前后质量不变，能除去杂质但引入了新的杂质二氧化锰，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误．
故选：C．
　
15．实验室有98.5g碳酸钡样品（杂质既不溶于水，也不与酸反应），与100g氢元素质量分数为10%的稀硫酸恰好完全反应，则该样品中碳酸钡的质量分数为（　　）
A．12.5%B．19.7%C．20%D．25%
【考点】根据化学反应方程式的计算．
【分析】根据碳酸钡和稀硫酸反应生成生成硫酸钡沉淀、水和二氧化碳，依据氢元素守恒进行计算．
【解答】解：设稀硫酸中含有的溶质硫酸为x，水的质量为y
设参加反应的碳酸钡的质量为x
BaCO3+H2SO4=BaSO4↓+H2O+CO2↑
197
98
x
12.25g
=
x=24.625g
所以×100%=25%．
故选：D．
　
二、非选择题
16．“科技强则国家强”今年5月份习近平总书记来道黑龙江，在哈尔滨考察的第一站选在七○三研究所了解小型燃气轮机研发情况
（1）燃气轮机以天然气为燃料，天然气的主要成分是　CH4　（填化学式），燃气轮机工作过程中的能量转化是从　化学　能开始，最终转化为机械能．
（2）为使天然气充分燃烧应考虑的因素是：燃烧时要有　足够多的空气和足够大的接触面积　，这样可有效减少　减少有害气体　及碳粒、尘粒的排放，进而减少浮沉的形成．
（3）轮船制作厂一般会用到硬铝，主要利用它的　B　等性能（填字母）
A．光泽好、密度大
B．强度和硬度好
C．导电、导热性好．
【考点】常用燃料的使用与其对环境的影响；合金与合金的性质；物质发生化学变化时的能量变化；化学方程式的概念、读法和含义．
【分析】（1）根据天然气的主要成分是甲烷，根据能量的转化分析回答．
（2）要使燃料充分燃烧可以增大氧气的浓度或与氧气的接触面积；
（3）根据硬铝是制作轮船制作厂的料是因为有密度较小、强度较大、耐腐蚀性较强等特点，据此解题．
【解答】解：
（1）天然气的主要成分是甲烷；燃气轮机工作过程中的能量转化是从化学能转化为机械能．
（2）为使天然气充分燃烧应考虑的因素是：燃烧时要有足够多的空气和足够大的接触面积，这样可有效减少有害气体及碳粒、尘粒的排放，进而减少浮沉的形成．
（3）硬铝属于铝合金，制作轮船的料是因为有密度较小、强度较大、耐腐蚀性较强等特点；若加工性差，则不能使用．
答案：
（1）CH4；化学；
（2）足够多的空气和足够大的接触面积；减少有害气体；
（3）B．
　
17．日前哈市首个蔬菜物联网基地在双城蔬菜园区建成投入使用．
（1）蔬菜大棚所用的聚乙烯薄膜属于　A　（填字母）
A．合成材料
B．金属材料
C．复合材料
（2）为了适应北方春季低温气候，在种植叶类蔬菜时适宜施加的一种复合肥是　KNO3　（填化学式）．氮肥有促进植物茎、叶生长茂盛、　叶色浓绿　，提高植物蛋白质含量的作用
（3）蛋白质是构成细胞的基本物质，是　机体生长　及修补受损组织的主要原料．通过食物获得的蛋白质和　（C6H10O5）n　（填化学式）等进入人体内都会先与水发生反应．
【考点】合成材料的使用及其对人和环境的影响；常见化肥的种类和作用；生命活动与六大营养素．
【分析】根据物质的类别、化学肥料的作用以及蛋白质的作用进行分析解答即可．
【解答】解：（1）聚乙烯塑料属于合成材料，故填：A；
（2）为了增强抗寒能力，需要施用钾肥，含有钾元素的复合肥是硝酸钾，氮肥能促进植物茎、叶生长茂盛、叶色浓绿，提高植物蛋白质含量的作用，故填：KNO3，叶色浓绿
；
（3）蛋白质是机体生长和修补破损组织的主要原料，淀粉进入人体会先与水反应，故填：机体生长，（C6H10O5）n．
　
18．如图是氢气在氯气中燃烧生成氯化氢的微观模拟图，请回答下列问题：
（1）在B图中将相关粒子图形补充完成；
（2）在此变化前后发生改变的粒子是　氢分子和氯分子　；
（3）从微观角度解释此反应为化合反应的原因是　两种分子化合成了一种分子　．
【考点】微粒观点及模型图的应用．
【分析】（1）根据质量守恒定律反应前后原子的种类及数目不变将将B图补充完整；
（2）根据微粒的变化分析在化学变化中发生变化的微粒；
（3）根据微粒的变化分析此反应为化合反应的原因．
【解答】解：（1）由质量守恒定律反应前后原子的种类及数目不变以及氢气和氯气反应生成了氯化氢可知，在B图中补充两个氯化氢分子，如图：；
（2）由图示中微粒的变化可以得出，在化学变化中，发生变化的是氢分子和氯分子；
（3）由图示中微粒的变化可以得出，此反应为化合反应的原因是：两种分子化合成了一种分子．
故答为：（1）；（2）氢分子和氯分子；
（3）由两种分子化合成了一种分子．
　
19．分类、类比是学习化学常用的方法．
（1）化学实验可按其主要目的分为：探究物质的性质、混合物的分离提纯，探究物质的含量等．因此应将下列实验中的B与　C　（填“A”或“C”或“D”）归为一类，依据是　都属于混合物的分离　
A
B
C
D
（2）再反应C+CO22CO中，具有氧化性的反应物是　二氧化碳　．请写出一个两种化合物发生反应的化学方程式（其中一种化合物体现氧化性，另一种化合物体现还原性）　3CO+Fe2O3\frac{\underline{\;高温\;}}{\;}2Fe+3CO2　．
【考点】化学实验方案设计与评价；过滤的原理、方法及其应用；蒸发与蒸馏操作；吸入空气与呼出气体的比较；空气组成的测定；碳的化学性质；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．
【分析】（1）根据化学实验可按其主要目的分类：探究物质的性质、混合物的分离提纯，探究物质的含量等，以及各个实验的反应原理进行分析；
（2）根据在氧化还原反应中，元素化合价降低的物质是氧化剂，具有氧化性进行分析．
【解答】解：（1）通过分析各物质之间的反应原理可知，将下列实验中的B与C归为一类，依据是都属于混合物的分离；
（2）在反应C+CO22CO中，二氧化碳中碳元素的化合价降低，所以具有氧化性的反应物是二氧化碳，一氧化碳和氧化铁在高温的条件下生成铁和二氧化碳，化学方程式为：3CO+Fe2O32Fe+3CO2．
故答案为：（1）C，都属于混合物的分离；
（2）二氧化碳，3CO+Fe2O32Fe+3CO2．
　
20．实验室现有高锰酸钾、稀盐酸、火柴、木块、棉花、药匙、镊子及如图1仪器：
（1）若补充两种药品　大理石或石灰石　和　澄清石灰水　（填名称），可制取并检验一种气体．
（2）若补充一种仪器　分液漏斗　（填名称），还能制备并收集另一种气体，反应的化学方程式为　2H2O2\frac{\underline{\;MnO_2\;}}{\;}2H2O+O2↑　．
（3）如图2所示：
①请连接A、B，使热水中的白磷燃烧，并将装置图补充完整．
②热水中白磷能燃烧是因为试管内反应生成气体，管内气体增多，同时温度升高，压强　增大　，大于外界大气压，在　压力　的作用下，气体逸出与白磷反应．
③停止加热时，先要　将导管移出水面　，然后再　熄灭酒精灯　．
【考点】常用气体的发生装置和收集装置与选取方法；二氧化碳的实验室制法；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式；燃烧与燃烧的条件．
【分析】（1）实验室通常用大理石或石灰石和稀盐酸反应制取二氧化碳，反应不需要加热解答；
（2）根据如果用双氧水和二氧化锰制氧气就不需要加热解答；
（3）氧气的制取装置，同时也包含了氧气的收集方法，结合所学知识画出即可．
根据气体越多，压强越大解答；
根据高锰酸钾受热分解生成氧气的注意事项解答．
【解答】解：
（1）利用大理石或石灰石和稀盐酸反应能够制取二氧化碳气体；实验室检验二氧化碳的方法是：把气体通入澄清石灰水中，如果澄清石灰水变浑浊，则气体是二氧化碳；
（2）若补充一种仪器分液漏斗，过氧化氢在二氧化锰的催化作用下会生成水和氧气，故答案为：2H2O22H2O+O2↑．
（3）①图要求：①有棉花；②伸入试管中不能过长；③密封管口，涂黑；④钝角；⑤有胶管，涂黑；⑥弯管口不能超过集气瓶颈部；⑦画出水面实线，中间虚线等；
②热水中白磷能燃烧是因为试管内反应生成气体，管内气体增多，同时温度升高，压强增大，大于外界大气压，在压力的作用下，气体逸出与白磷反应；
③停止加热时，为防止水倒流入集气瓶，先要将导管移出水面，再熄灭酒精灯；
答案：
（1）大理石或石灰石；澄清石灰水；
（2）分液漏斗；2H2O22H2O+O2↑．
（3）
①
；
②增大；压力；
③将导管移出水面；熄灭酒精灯．
　
21．图中A、B、C、D、E、F分别是表示六种物质，B、C、D、F分别属于酸、碱、盐、氧化物四种类别的一种，A是目前世界年产量最高的金属，B是可溶性银盐，D与E发生的反应属于中和反应．（图中用“﹣”或“⌒”表示两种物质之间能发生化学反应，用“→”或“”表示一种物质可以转化为另一种物质，部分反应物和生成物及反应条件已略去，图中部分反应需在溶液中进行）．请回答下列问题：
（1）分别写出B、C、E、F物质的化学式（或溶质的化学式）．
B：　AgNO3　
C：　CuCl2　
E：　HCl　
F：　H2O　
（2）写出A与B发生反应的化学方程式　Fe+2AgNO3=Fe（NO3）2+2Ag　；
（3）写出B与C发生反应的实验现象　有白色沉淀生成　．
【考点】物质的鉴别、推断；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．
【分析】根据B、C、D、F分别属于酸、碱、盐、氧化物四种类别的一种，A是目前世界年产量最高的金属，所以A是铁，B是可溶性银盐，所以B是硝酸银，D与E发生的反应属于中和反应，A会与E反应，所以E可以是盐酸，E会转化成F，F会转化成D，D是碱，所以D是氢氧化钙，F是水，盐酸转化成的C会与硝酸银、铁反应，所以C是氯化铜，然后将推出的物质进行验证即可．
【解答】解：（1）B、C、D、F分别属于酸、碱、盐、氧化物四种类别的一种，A是目前世界年产量最高的金属，所以A是铁，B是可溶性银盐，所以B是硝酸银，D与E发生的反应属于中和反应，A会与E反应，所以E可以是盐酸，E会转化成F，F会转化成D，D是碱，所以D是氢氧化钙，F是水，盐酸转化成的C会与硝酸银、铁反应，所以C是氯化铜，经过验证，推导正确，所以B是AgNO3，C是CuCl2，E是HCl，F是H2O；
（2）A与B发生的反应是铁和硝酸银反应生成硝酸亚铁和银，化学方程式为：Fe+2AgNO3=Fe（NO3）2+2Ag；
（3）B与C发生的反应是硝酸银和氯化铜反应生成氯化银沉淀和硝酸铜，所以实验现象为：有白色沉淀生成．
故答案为：（1）AgNO3，CuCl2，HCl，H2O；
（2）Fe+2AgNO3=Fe（NO3）2+2Ag；
（3）有白色沉淀生成．
　
22．某化学活动小组在一次实验中进行了如图1所示实验，先向A中注入一定量氯化铁溶液．再注入一定量硫酸钠溶液，此过程中观察到的现象是（1）　先产生红褐色沉淀，再产生白色沉淀　．小组同学对无色溶液B产生了浓厚的兴趣，进行了进一步的探究活动．
【提出问题】B中含的离子有什么？
【实验探究】
【评价交流】甲同学结论（2）　错误　（填“正确”或“错误”）；乙同学的探究过程不正确，理由是（3）　只含钡离子也会出现相同的现象　．
【实验结论】结合上述实验最终确定B中含有（4）　Na+、Cl﹣、Ba2+、OH﹣　（填离子符号），不含（5）　SO42﹣、Fe3+　（填离子符号）．
【归纳总结】由甲、乙、丙同学实验对比得出，确定溶液中可能存在的不同离子是否存在的方法是：可根据待测离子与所加试剂反应（6）　产生不同的明显现象　．确定出存在的离子，同时推测出与（7）　确定与存在的离子能反应的离子不存在　．
【考点】实验探究物质的组成成分以及含量；盐的化学性质．
【分析】根据氯化铁溶液与氢氧化钡溶液反应生成氢氧化铁沉淀和氯化钡，再注入一定量硫酸钠溶液，氯化钡与硫酸钠溶液反应生成硫酸钡沉淀和氯化钠，进行分析解答．
【评价交流】根据氯化铁与氢氧化钡不能同时存在，溶液B呈无色，说明溶液中不含氯化铁；甲同学滴加硝酸钡溶液，无明显变化，进行分析解答．
根据硫酸镁能与含钡离子、氢氧根离子的溶液反应生成硫酸钡、氢氧化镁沉淀，进行分析解答．
根据丙同学的实验，滴加稀硫酸，产生白色沉淀；滴加紫色石蕊溶液，变蓝色，进行分析解答．
【归纳总结】根据离子之间反应的现象，可以确定离子是否存在，由存在的离子可以确定不能和它共存的离子．
【解答】解：氯化铁溶液与氢氧化钡溶液反应生成氢氧化铁沉淀和氯化钡，再注入一定量硫酸钠溶液，氯化钡与硫酸钠溶液反应生成硫酸钡沉淀和氯化钠，会观察到先产生红褐色沉淀，再产生白色沉淀．
【评价交流】氯化铁与氢氧化钡不能同时存在，溶液B呈无色，说明溶液中不含氯化铁，可能含有氢氧化钡、氯化钡；甲同学滴加硝酸钡溶液，无明显变化，说明无色溶液B中不含硫酸根离子，但也不能确定说法含钡离子，也可能是恰好完全反应，故甲同学结论错误．
硫酸镁能与含钡离子、氢氧根离子的溶液反应生成硫酸钡、氢氧化镁沉淀，滴加硫酸镁溶液，产生白色沉淀，不能确定是否含氢氧根离子，因为只含钡离子也会出现相同的现象．
【实验结论】由丙同学的实验，滴加稀硫酸，产生白色沉淀，说明溶液中含有钡离子；滴加紫色石蕊溶液，变蓝色，说明存在氢氧根离子．氯化钡与硫酸钠溶液反应生成硫酸钡沉淀和氯化钠，则B溶液一定存在钠离子和氯离子；最终确定B中含有钠离子、氯离子、钡离子、氢氧根离子，其符号分别是Na+、Cl﹣、Ba2+、OH﹣．
由于钡离子与硫酸根离子不能共存，则一定不含硫酸根离子；溶液B呈无色，说明溶液中不含氯化铁，即不含铁离子，其离子符号分别是SO42﹣、Fe3+．
【归纳总结】由甲、乙、丙同学实验对比得出，确定溶液中可能存在的不同离子是否存在的方法是：可根据待测离子与所加试剂反应，产生不同的明显现象，确定出存在的离子，同时推测出与确定与存在的离子能反应的离子不存在．
故答案为：（1）先产生红褐色沉淀，再产生白色沉淀；（2）错误；（3）只含钡离子也会出现相同的现象；（4）Na+、Cl﹣、Ba2+、OH﹣；（5）SO42﹣、Fe3+；（6）产生不同的明显现象；（7）确定与存在的离子能反应的离子不存在．
　
23．为测定某敞口放置的氢氧化钠溶液的变质情况，某同学实验并记录如图：
（1）配置如图实验所用的稀硫酸，需要质量分数为36.5%的浓盐酸的质量是　10g　；
（2）B烧杯中发生反应的化学方程式为　NaOH+HCl=NaCl+H2O　；
（3）根据已知条件求解C烧杯溶液中碳酸钠质量（x）的比例式为　\frac{106}{x}=\frac{44}{4.4g}　；
（4）向E烧杯内加入54.4g水，所得不饱和溶液中溶质的质量分数为　7.8%　；
（5）D烧杯溶液中溶质的化学式为　NaCl、NaOH、Na2CO3　；
（6）原氢氧化钠溶液中变质的氢氧化钠与未变质的氢氧化钠质量比为　1：1　．
【考点】根据化学反应方程式的计算；有关溶质质量分数的简单计算．
【分析】（1）根据溶液稀释前后溶质质量不变进行分析；
（2）根据氢氧化钠和盐酸反应生成氯化钠、水和二氧化碳进行分析；
（3）根据质量守恒定律计算生成二氧化碳的质量，依据化学方程式计算参加反应的碳酸钠的质量进行计算；
（4）根据氯元素守恒，计算生成氯化钠的质量，然后计算溶液的溶质质量分数；
（5）根据（3）计算出碳酸钠的质量，然后计算步骤1中加入的盐酸与氢氧化钠、碳酸钠的反应情况进行分析；
（6）根据步骤2中氢氧化钠、碳酸钠与盐酸反应的化学方程式进行计算．
【解答】解：（1）需要质量分数为36.5%的浓盐酸的质量是=10g；
（2）B烧杯中加入盐酸后无气泡产生，溶液仍然是红色，所以发生的反应是氢氧化钠和盐酸反应生成氯化钠和水，化学方程式为：NaOH+HCl=NaCl+H2O；
（3）生成二氧化碳的质量为50g+200g﹣245.6g=4.4g，
设C烧杯溶液中碳酸钠质量为x，消耗盐酸的质量为z
Na2CO3+2HCl=2NaCl+H2O+CO2↑
106
73
44
x
z
4.4g
==
x=10.6g
z=7.3g
与碳酸钠反应的稀盐酸的质量为=100g，
（4）设生成氯化钠的质量为y
HCl﹣﹣﹣﹣NaCl
36.5
58.5
200g×7.3%
y
=
y=23.4g
所以所得不饱和溶液中溶质的质量分数为×100%=7.8%；
（5）与氢氧化钠反应的稀盐酸的质量为：200g﹣100g=100g，所以步骤1中加入的50g稀盐酸没有反应完氢氧化钠，所以D烧杯溶液中溶质的化学式为NaCl、NaOH、Na2CO3；
（6）设未变质的氢氧化钠的质量为m
NaOH+HCl=NaCl+H2O
40
36.5
m
100g×7.3%
=
m=8g
设变质的氢氧化钠质量为n
2NaOH﹣﹣﹣﹣Na2CO3，
80
106
n
10.6g
=
n=8g
所以原氢氧化钠溶液中变质的氢氧化钠与未变质的氢氧化钠质量比为8g：8g=1：1．
故答案为：（1）10g；
（2）NaOH+HCl=NaCl+H2O；
（3）=；
（4）所得不饱和溶液中溶质的质量分数为7.8%；
（5）NaCl、NaOH、Na2CO3；
（6）1：1．
　
黑龙江省哈尔滨市2016年中考理综物理部分试卷
一、选择题（共12小题，每小题3分，满分36分）
1．下列说法符合实际的是（　　）
A．中学生的质量约为50kg
B．人正常步行速度约为10m/s
C．人的正常体温约为39℃
D．220V电压是人体能承受的安全电压
【考点】质量及其特性；温度；速度与物体运动；电压．
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．
【解答】解：A、一名普通中学生的质量约为50kg，故A符合实际；
B、人正常步行的速度约为1m/s，故B不符合实际；
C、人的正常体温约为37℃，故C不符合实际；
D、对人体安全的电压不高于36V，故D不符合实际．
故选A．
　
2．下列图中属于光的反射现象的是（　　）
A．放大镜的游戏B．小猫叉鱼游戏
C．手影游戏D．隔墙看猫游戏
【考点】光的反射．
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的．
【解答】解：
A、用放大镜看文字时，文字变大了，属于凸透镜成像，是由于光的折射形成的．故A与题意不符．
B、从水中鱼上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当小猫逆着折射光线的方向看时，看到的是鱼的虚像，比实际位置偏高，所以小猫叉鱼时应对准鱼的下方叉才可以叉到鱼，故B与题意不符；
C、手影中影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故C与题意不符；
D、隔墙看猫游戏，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故D符合题意．
故选D．
　
3．关于水的物态变化，下列说法不正确的是（　　）
A．湿衣服晾干是蒸发现象B．冰化成水是熔化现象
C．露珠的形成是凝固现象D．霜的形成是凝华现象
【考点】蒸发及其现象；熔化与熔化吸热特点；液化及液化现象；生活中的凝华现象．
【分析】物质由液态变为气态叫做汽化；物质由固态变为液态叫做熔化；物质由气态变为液态叫液化；物质由气态直接变为固态叫凝华，据此分析判断．
【解答】解：A、湿衣服晾干，是衣服中的水变为水蒸气，属于汽化中的蒸发，故A正确；
B、冰化成水，由固态变为液态属于熔化，故B正确；
C、露珠是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的水珠，故C错误；
D、霜的形成是空气中的水蒸气遇冷凝华成的小冰晶，故D正确．
故选：C．
　
4．如图关于仪表的正确使用和电路常规连接正确的是（　　）
A．电流表接电源B．电压表接电源
C．导线接电源D．家用电器接电源
【考点】电路的基本连接方式．
【分析】（1）电流表串联在电路中，但不可以直接接在电源两端；
（2）电压表并联在电路中，可以直接接在电源两端；
（3）导线将电源两极连起来后会形成电源短路，烧坏电源，引起火灾；
（4）家庭电路中的各用电器并联连接．
【解答】解：A、电流表直接接在了电源两极上，电流表会被烧坏，故A错误；
B、电压表直接接在电源两极上，测量电源电压，故B正确；
C、导线将电源两极连起来了，会形成电源短路，故C错误；
D、电冰箱与电吹风机串联在了家庭电路中，故D错误．
故选B．
　
5．下列说法不正确的是（　　）
A．剪刀有锋利的刃，可以减小压强
B．用吸管将瓶中饮料吸入口中，利用了大气压
C．船闸工作时，应用了连通器的原理
D．潜水员深潜时要穿潜水服，以防水压过大压坏胸腔
【考点】增大压强的方法及其应用；液体的压强的特点；连通器原理；大气压强的存在．
【分析】（1）增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强．
（2）大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象．
（3）根据上端开口，下部连通的容器叫做连通器，连通器的特点是容器中的水不流动时，各个容器中液面总是相平．
（4）液体内部压强随深度的增加而增大．
【解答】解：A、剪刀有锋利的刃，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故A错误；
B、用吸管将杯中的饮料吸入口中，是吸走了管中的空气，使气压减小，在外界大气压的作用将饮料压入口中；故B正确；
C、船闸是应用连通器的原理工作的，在有船通行时，闸室分别与上游和下游构成连通器，故C正确；
D、由于液体内部压强随深度的增加而增大，故潜水员进行深度潜水时，为防水压过大压坏胸腔应穿抗压潜水服．故D正确．
故选A．
　
6．下列图中符合安全用电原则的是（　　）
A．在通电的电线上晾湿衣服B．用湿布擦发光的电灯
C．用验电笔检验相线是否带电D．电热水壶接电示意图
【考点】安全用电原则．
【分析】（1）生活用水是导体，湿了的物体因含有水分而能够导电；
（2）湿物体是导体，接触带电体容易发生触电；
（3）使用测电笔时，应让手与笔尾的金属体接触，才是正确的，当氖管发光时，说明是接触的是火线；
（4）对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故．
【解答】解：A、因为湿衣服是导体，把湿衣服晾在室外的电线上，容易发生触电事故，故A不符合安全用电原则；
B、水是电的导体，用湿抹布擦发光的电灯时，可能会因湿抹布导电而发生触电事故，故B不符合安全用电原则；
C、在使用测电笔时，应用手接触笔尾的金属体，用笔尖接触导线，当测电笔的氖管发光，则说明接触的是火线，当氖管不亮时，说明接触的是零线，故C符合安全用电原则；
D、金属外壳的用电器要接地，防止金属外壳漏电，发生触电事故，故D不符合安全用电原则．
故选C．
　
7．下列关于家用电器的使用，说法不正确的是（　　）
A．使用电饭煲时，饭煮熟后可以自动进入保温模式
B．观看电视节目时，电视机不会产生电磁辐射
C．电吹风吹热风时，电能转化为内能和机械能
D．收音机通过电磁波来接收信息
【考点】电热；电磁波的产生；电磁波的传播；能量的相互转化．
【分析】（1）根据对电饭锅工作特点的了解作答；
（2）迅速变化的电流可以产生电磁波；
（3）电吹风可以将电能转化为内能和机械能；
（4）收音机可通过电磁波来接收信息．
【解答】解：
A、由生活经验可知，使用电饭煲时，饭煮熟后可以自动进入保温模式，这是由于其内部有一个温控开关，故A正确；
B、观看电视节目时，电视机的电路中有变化的电流，可以产生电磁波，因此会产生电磁辐射，故B错误；
C、电吹风吹风是利用了电动机，同时还可以产生热量对空气进行加热，因此可以将电能转化为内能和机械能，故C正确；
D、收音机传递信息依靠的是无线电波，无线电波就属于电磁波，故D正确．
故选B．
　
8．下列表述不正确的是（　　）
A．急刹车时车上的乘客由于具有惯性身体会向车行方向倾斜
B．汽车尾气的再利用可以提高能量利用率
C．与其它液体相比，水的比热容比较大，适合作冷却剂
D．汽油机的压缩冲程将内能转化为机械能
【考点】惯性；能量利用效率；水的比热容的特点及应用；内燃机的四个冲程．
【分析】（1）任何物体都具有惯性，物体由于惯性要保持原来的运动状态．
（2）要提高能量利用率，应尽量减少能量的损失．
（3）水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多．
（4）四个冲程中的能量转化情况，吸气和排气冲程不发生能量转化，压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能．
【解答】解：A、人坐在车里和车一起行驶，急刹车时，乘客由于惯性要保持原来的运动状态，继续运动，因此身体会向车行方向倾斜，故A正确；
B、汽车尾气的再利用可以提高能量利用率，故B正确；
C、因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以可作为冷却剂．故C正确；
D、压缩冲程将汽油和空气的混合物压缩，将机械能转化内能，故D错误．
故选D．
　
9．下列实验中用来研究电磁感应现象的是（　　）
A．
B．
C．
D．
【考点】电磁感应．
【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这种现象叫做电磁感应，发电机就是利用这个原理制成的．
【解答】解：A、此装置是用来研究电磁铁磁性强弱与电流大小的关系的实验，故A错误；
B、电路中有电流，通电线圈或导体受到磁场力的作用发生运动，是电动机的工作原理，故B错误；
C、是奥斯特实验图，小磁针发生偏转说明通电导体周围有磁场，故C错误；
D、若开关闭合，金属棒前后切割磁感线运动，此时电路中就会产生电流，故是电磁感应实验装置，故D正确．
故选D．
　
10．如图，用撬棒撬起石块并保持平衡，下列说法正确的是（　　）
A．动力对撬棒的转动效果小于阻力对撬棒的转动效果
B．手在A点竖直向下施力时，撬棒是个省力杠杆
C．手在A点向不同方向施力时，力的大小都相等
D．手分别在A、B两点沿竖直向下方向施力时，在B点比在A点费力
【考点】杠杆的应用．
【分析】根据杠杆的平衡条件，动力×动力臂=阻力×阴力臂，当动力臂大于阻力臂时，为省力杠杆；当动力臂小于阻力臂时，为费力杠杆；
当阻力×阻力臂为定值时，动力臂越长越省力．
【解答】解：A．因用撬棒撬起石块并保持平衡，根据杠杆的平衡条件，动力乘动力臂等于阻力乘阻力臂．所以动力对撬棒的转动效果等于于阻力对撬棒的转动效；A选项错误；
B．分别画出手在A点竖直向下施力F1的力臂OD和阻力的力臂OC，如右图二幅图的右图，由图可知，OD＞OC，即动力臂大于阻力臂，根据杠杆的平衡条件，动力小于阻力，撬棒是个省力杠杆，B选项正确；
C．手在A点向不同方向施力时，力的力臂可能大于OC，也可能于OC：当在A点施加的力F2垂直棒向下时，OA即为动力臂，易知，OA＞OD，根据杠杆的平衡条件F2＜F1，；当施加的力F3的方向如右上图的左图时，动力臂为OE＜OC，根据杠杆的平衡条件，F3＞F1，所以，手在A点向不同方向施力时，力的大小不相等，C选项错误；
D、手分别在A、B两点沿竖直向下方向施力时，易知，在A点的动力臂小于在B点的动力臂，根据杠杆的平衡条件，手分别在A点沿竖直向下方向施力大于在B点沿竖直向下方向施加的力，所以，D选项错误．
故选B．
　
11．下列说法不正确的是（　　）
A．公路旁设置声音屏障，可减少汽车行驶时噪声带来的影响
B．太阳能汽车的开发与推广，可逐步缓解城市“热岛效应”
C．人走向由平面镜制成的衣帽镜时，他在镜中的像变大
D．用遥控器遥控电视频道时，通常利用了红外传感器
【考点】防治噪声的途径；平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案；红外线；能源的利用和对环境的危害．
【分析】（1）减弱噪声的途径有：在声源处减弱；在传播过程中减弱；在人耳处减弱．
（2）引起热岛效应的原因：城市多水泥、沙石，郊区多水，沙石比水的比热容小，吸收相同的热量，沙石的温度升高多；水少，蒸发吸热少；另外，城市中机动车比较多，热机散发的热量也比较多．
（3）平面镜成正立、等大的虚像．
（4）在光谱红光以外的部分，有一种看不见的光叫红外线，红外线可以用来进行遥控．
【解答】解：A、公路旁设置声音屏障是在传播过程中减弱噪声的，因此可减少汽车行驶时噪声带来的影响，故A正确；
B、太阳能汽车的使用，减小了燃料燃烧放出的热量，因此可以缓解城市“热岛效应”，故B正确；
C、因为平面镜成正立、等大的虚像，所以人走向由平面镜制成的衣帽镜时，他在镜中的像不变，故C错误；
D、生活中利用遥控器发出的红外线对电视机可以进行遥控，故D正确．
故选C．
　
12．如图所示，L1“2.5V
0.3A”、L2“3.8V
0.3A”，灯丝电阻不变，电源电压可调，闭合开关S，下列说法正确的是（　　）
A．L1、L2两端实际电压不同
B．L1、L2电阻之比为25：38
C．L1、L2的电流之比为25：38
D．通过调节电源电压，能使L1、L2同时正常工作
【考点】欧姆定律的应用．
【分析】根据电路图可知，两灯泡并联后与滑动变阻器串联；
（1）并联电路两端电压相等；
（2）根据I=的变形公式求出L1、L2的电阻之比；
（3）根据I=求出通过L1、L2的电流之比；
（4）灯泡正常发光时，灯泡两端的实际电压等于额定电压．
【解答】解：A、根据电路图可知，两灯泡并联后与滑动变阻器串联，因此L1、L2两端实际电压相同，故A错误；
B、由I=可知，L1、L2电阻之比：
===；故B正确；
C、因为两灯泡两端电压相等，由I=可知，通过L1、L2的电流之比：
==；故C错误；
D、因为两灯泡的额定电压不同，而并联电路两端电压相同，因此无论如何调节电源电压，都不能使L1、L2同时正常工作，故D错误．
故选B．
　
三、非选择题（36-51题，共46分）
13．哈尔滨市的五月，丁香花盛开，芳香四溢，人们能闻到花香，说明花的香味分子　不停地做无规则的运动　；若以走过花丛的行人为参照物，丁香树是　运动　的（选填“静止”或“运动”）．
【考点】运动和静止的相对性．
【分析】一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，于是产生的扩散现象；判断物体的运动与静止时，要看物体相对于参照物的位置是否发生改变．
【解答】解：丁香花盛开，芳香四溢，人们能闻到花香，这属于扩散现象，说明花的香味分子不停地做无规则的运动；
若以走过花丛的行人为参照物，丁香树的位置发生了改变，所以是运动的．
故答案为：不停地做无规则的运动；运动．
　
14．如图所示，“曾侯乙编钟”是大家所熟知的一套大型编钟，用钟锤敲击编钟，编钟会因　振动　而发出声音，轻敲或重敲编钟同一位置所发出声音的　响度　不同（选填“音调”或“音色”）．
【考点】声音的产生；响度．
【分析】（1）声音是由于物体的振动产生的；
（2）人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，响度与声音的振幅有关，振幅越大，响度越大，振幅越小，响度越小．
【解答】解：用钟锤敲击编钟时发出的声音是由于编钟振动产生的，用大小不同的力敲击编钟，编钟振动的幅度不同，产生的响度不同，轻敲，响度小，重敲，响度大．
故答案为：振动；响度．
　
15．小红背书包上楼，她在给书包作用力的同时，由于力的作用是　相互的　，肩膀也受到书包给她的力，上楼过程中小红的重力势能　变大　（选填“变大”、“变小”或“不变”）．
【考点】力作用的相互性；势能的影响因素．
【分析】根据以下两点知识分析可解决此题：
①力的作用是相互的；②重力势能的影响因素：质量和高度．
【解答】解
①小红背书包上楼，她在给书包作用力的同时书包也给她一个作用力，因为力的作用是相互的；
②小红上楼过程中，质量不变，高度增加，所以小红的重力势能变大．
故答案为：相互的；变大．
　
16．小明用手将小球浸没在水中，小球排开水的质量是0.1kg，此时小球受到的浮力是　0.98　N（g=9.8N/kg）．若小球的质量为0.3kg，松手后小球会　下沉　（选填“上浮”、“悬浮”或“下沉”）．
【考点】浮力大小的计算．
【分析】已知排开水的质量，根据阿基米德原理和重力公式可求小球受到的浮力；求出小球的重力，与小球受到的浮力比较，利用物体浮沉条件判断松手后小球的状态．
【解答】解：小球受到的浮力：
F浮=G排=m排g=0.1kg×9.8N/kg=0.98N；
小球的重力G=mg=0.3kg×9.8N/kg=2.94N，
因为G＞F浮，
所以，松手后小球会下沉．
故答案为：0.98；下沉．
　
17．如图是探究“滑动摩擦力的大小与什么有关系的实验”，在水平桌面上，用弹簧测力计水平向右拉动木块，使其做　匀速直线　运动，木块所受的滑动摩擦力的大小是　2　N．
【考点】二力平衡条件的应用．
【分析】要测量摩擦力，实验中需水平拉动物体做匀速直线运动，根据二力平衡条件，此时拉力等于摩擦力；
进行测力计读数时，注意其分度值．
【解答】解：
在探究“滑动摩擦力的大小与什么有关系的实验”中，将木块放在水平桌面上，用弹簧测力计水平向右拉动使其做匀速直线运动，此时拉力与摩擦力是一对平衡力，大小相等；由图可知，弹簧测力计分度值为0.2N，示数为2N，所以摩擦力为2N．
故答案为：匀速直线；2．
　
18．在探究“水的沸腾规律”实验中，利用收集的数据作出了水的温度随加热时间变化关系的图象，如图可知水的沸点是　98　℃，实验中消耗10g酒精，若这些酒精完全燃烧，所放出的热量是　3×105　J（q酒精=3.0×107J/kg）
【考点】探究水的沸腾实验；燃料的热值．
【分析】（1）液体沸腾时的温度叫做沸点，液体在沸腾过程中，不断吸热，但温度保持沸点不变．
（2）知道酒精的热值和酒精的质量，利用燃料完全燃烧放热公式Q放=mq求10g酒精完全燃烧放出的热量．
【解答】解：水沸腾时保持沸点温度不变，由图可见，该实验中水的沸点是98℃．
m=10g=0.01kg，
这些酒精完全燃烧，所放出的热量：
Q放=mq=0.01kg×3.0×107J/kg=3×105J．
故答案为：98；3×105．
　
19．如图是小明探究“影响电流热效应因素”的部分实验装置图，通电一段时间后，两段完全相同的液柱从同一高度上升到图示位置，可知电阻　R1　产生热量多，由此可以说明：　当电流和通电时间相同时，电阻越大，产生热量越多　．
【考点】焦耳定律．
【分析】由图分析两电阻的连接方式，根据液柱上升高度知产生热量多的电阻，由此根据电路特点分析总结结论．
【解答】解：
由图可知，装有R1的瓶中玻璃管中液柱上升的高些，即Q1＞Q2；
两电阻丝R1与R2串联，且R1＞R2，所以通过两电阻的电流和通电时间相等，
由此可说明：当电流和通电时间相同时，电阻越大，产生热量越多．
故答案为：R1；当电流和通电时间相同时，电阻越大，产生热量越多．
　
20．电能表是用来测　电功　的仪表，如图是小军家月初和月末电能表的示数，则他家本月用电　197.6　kW?h．
【考点】电能表参数的理解与电能的求法．
【分析】电能表是用来记录用电器消耗电能的仪表；每月的用电量等于月末电能表示数与月初示数之差．
【解答】解：电能表是用来测量电功的仪表；
小军家这个月用电量：W=1160.2kW?h﹣962.6kW?h=197.6kW?h．
故答案为：电功；197.6．
　
21．如图所示，用天平测量空瓶质量后，再将它装满酱油，由图乙可知，装满酱油的瓶子的总质量为　47　g，空瓶容积为30cm3，酱油密度为　1.1　g/m3．
【考点】液体密度的测量．
【分析】（1）利用天平称量物体质量时，物体质量等于砝码总质量加上游码所对的刻度；
（2）瓶子的质量已知，由酱油和瓶子的总质量可以得到酱油的质量，瓶子的容积就是酱油的体积，酱油密度可求得．
【解答】解：
（1）酱油和瓶子的总质量为m2=20g+20g+5g+2g=47g，
（2）酱油的质量为m=m2﹣m1=47g﹣14g=33g，
酱油的密度ρ酱油===1.1g/cm3．
故答案为：47；1.1．
　
22．百米赛跑时，甲、乙运动员从同一起跑线同时起跑，某时刻位置如图所示，可知运动较快的是　乙　，你这样判断的理由是　相同时间内，乙运动的距离长　．
【考点】运动快慢的比较．
【分析】比较物体运动快慢的方法有两种：一是相同时间内，比较运动距离的长短；二是通过相同的距离，比较用时长短．
【解答】解：由图可知，甲、乙两人同时从起点出发，在相同时间内，乙通过的距离比甲长，所以乙的速度快．
故答案是：乙；相同时间内，乙运动的距离长．
　
23．如图，画出静止的重锤受力示意图．
【考点】力的示意图．
【分析】静止的重锤处于平衡状态，受到竖直向下的重力和竖直向上的拉力，重力和拉力是一对平衡力，大小相等，方向相反，据此根据力的示意图的画法画出这两个力即可．
【解答】解：重锤受到了两个力，重力和拉力；重锤受到这两个力，处于静止状态即平衡状态；这两个力就是平衡力，大小相等、方向相反．过重锤的重心，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别用G和F表示，作图时应注意两条线段长度要相等，如图所示：
　
24．如图，接通电源后，通电螺线管旁的条形磁铁向右偏，请标出通电螺线管中的电流方向和条形磁铁的N极．
【考点】通电螺线管的磁场．
【分析】据安培定则判断出通电螺线管的磁极，再根据磁极间的相互作用规律判断条形磁铁的磁极．
【解答】解：根据安培定则，伸出右手四指弯曲指向电流的方向，则大拇指所指的方向﹣﹣通电螺线管的左端为N极，右端为S极．接通电源后，条形磁铁被排斥，根据同名磁极相互排斥，则条形磁铁的左端也为S极，右端为N极．答案如右图所示；
　
25．小明在实验室发现一只标有“2.5V
0.3A”字样的小灯泡，他想测定这个小灯泡的电功率，请你帮他完成以下实验：
（1）请科学合理连接实物电路．
（2）连接电路时，开关应　断开　（选填“断开”、“闭合”），实验中小明移动滑动变阻器滑片P，先后使电压表的示数为2.0V、2.5V，分别读出电流表示数并记录数据．
①小灯泡额定功率是　0.75　W．
次数
电压U/V
电流I/A
电功率P/W
1
2.0
0.26
0.52
2
2.5
0.30
　0.75　
②当电压表示数是2.5V时，滑片位置如图所示，若要测量小灯泡两端电压为3.0V时的电功率，应向　左　移动滑片．
（3）利用表格中的数据还可以计算的另一个物理量是　小灯泡电阻　．
【考点】电功率的测量；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用．
【分析】（1）根据灯正常工作时的电流确定电流表的量程，将电流表串联接入电路，注意变阻器接线柱的连接；
（2）连接电路时，开关断开；
①根据P额=U额I计算额定功率；②根据分压原理，确定滑片的移动方向；
（3）由欧姆定律确定可以计算的另一个物理量．
【解答】解：
（1）因灯正常工作时的电流为0.3A＜0.6A，所以电流表选用小量程，将变阻器、电流表串联接入电路，并注意变阻接线柱“一上一下”，如图所示：
（2）为保障电路的安全，连接电路时开关应断开；
①因小灯泡的额定电压来2.5V，对应的电流为0.3A，所以灯的额定电功率P额=U额I=2.5V×0.30A=0.75W；
②由图知，变阻器滑片左边电阻丝连入电路，电压表示数是2.5V时，滑片位置如图所示，若要测量小灯泡两端电压为3.0V时的电功率，就要增大灯的电压，根据串联电路电压的特点，应减小变阻器的电压，由分压原理，减小变阻器连入电路中的电阻即可，故应向左移动滑片；
（3）已知电压和电流，根据欧姆定律，还可计算对应的小灯泡的电阻值．
故答案为：（1）如上图所示；
（2）断开；①0.75；②左；
（3）小灯泡电阻．
　
26．如图是同学们探究“影响滑轮组机械效率因素”的实验装置，请完成以下问题：（忽略摩擦及绳重）
（1）实验中用到的测量工具除刻度尺外还有什么？
（2）下表记录了实验中的部分数据：请算出第4次实验中的机械效率．（只写出计算结果）
次数
钩码重G钩/N
动滑轮重G动/N
机械效率η
1
2
0.5
80.0%
2
3
0.5
85.7%
3
4
0.5
88.9%
4
4
1.0
　80.0%　
（3）分析1、2、3次实验数据，你认为他们可以探究滑轮组机械效率与什么因素的具体关系？并写出你这样认为的理由．
【考点】滑轮（组）机械效率的测量实验．
【分析】（1）根据表格中要测量的物理量来选取测量工具；
（2）忽略摩擦及绳重，则滑轮组的机械效率η====；
（3）分析1、2、3次实验数据，动滑轮重相同，钩码重不同，滑轮组的机械效率也不同，故他们可以探究滑轮组机械效率与所提升物体的重力的关系；陈述理由时，应结合表中的数据来组织物理语言．
【解答】解：（1）实验中，需要测量钩码重和动滑轮重，故还需用到的测量工具是弹簧测力计．
（2）由表格数据可知，第4次实验时，G钩=4N，G动=1N．
由于忽略摩擦及绳重，所以滑轮组的机械效率：
η=====×100%=80.0%；
（3）分析1、2、3次实验数据，动滑轮重相同，钩码重不同，滑轮组的机械效率也不同；故他们可以探究滑轮组机械效率与所提升物体的重力的关系．
理由：由表格数据可知，G钩1=2N，G钩2=3N，G钩3=4N，钩码重的关系为G钩1＜G钩2＜G钩3；
η1=80.0%，η2=85.7%，η3=88.9%，机械效率的关系为η1＜η2＜η3，
动滑轮重的关系为G动1=G动2=G动3=0.5N；
可得到的结论为：动滑轮重一定时，滑轮组所提升的物体越重机械效率越高；所以这样认为．
故答案为：
（1）弹簧测力计；
（2）80.0%；
（3）他们可以探究滑轮组机械效率与所提升物体的重力的关系；
理由：由表格数据可知，G钩1=2N，G钩2=3N，G钩3=4N，钩码重的关系为G钩1＜G钩2＜G钩3；
η1=80.0%，η2=85.7%，η3=88.9%，机械效率的关系为η1＜η2＜η3；
动滑轮重的关系为G动1=G动2=G动3=0.5N；
可得到的结论为：动滑轮重一定时，滑轮组所提升的物体越重机械效率越高；所以这样认为．
　
27．小明在家中发现了一副眼镜，于是利用眼镜的镜片进行了如下实验．
（1）如图甲所示，说明该镜片对光有　会聚　作用．
（2）按图甲方式测量该镜片的焦距，应如何测量？
（3）如图乙所示，光屏上所成的是　倒立、缩小、实　像，从图中还能知道烛焰、镜片、光屏的中心在　同一高度上　．
（4）写出用镜片在光屏上成放大像的条件，并写出在图乙基础上，继续进行怎样的操作才能得到这样的像．
【考点】凸透镜的会聚作用；主光轴、光心、焦点和焦距；凸透镜成像规律及其探究实验．
【分析】（1）所谓会聚和发散都是相对于原来的光线而言的，与原来的光线相比，向中间聚集了，就是会聚，反之就是发散；
（2）可以利用平行光聚焦法来测量凸透镜的焦距．
（3）要解决此题，需要知道在实验中，为使像能成在光屏的中心，应调整烛焰、凸透镜和光屏的高度，使它们的中心大致在同一高度．
凸透镜成像规律之一：u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f；
（4）2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f．
【解答】解：
（1）据图可知，在另一侧的纸上会形成小的光斑，说明该透镜对光线有会聚作用，所以是凸透镜；
（2）将凸透镜正对太阳光，在凸透镜的下面放置一个光屏，调整凸透镜的位置，直到光屏上出现一个最小、最亮的亮点，即焦点，用刻度尺测出光屏到凸透镜的距离即为焦距．
（3）由图可知，物距大于像距，由凸透镜成像规律可知，光屏上成倒立、缩小的实像；
实验过程中，调整凸透镜和光屏的高度，使蜡烛、凸透镜和光屏三者的中心大致在同一高度，目的是使烛焰的像成在光屏的中央．
（4）用镜片在光屏上成放大像，即放大的实像，由凸透镜成像规律可知，其条件是：2f＞u＞f；
操作：向右移动蜡烛至焦距和2倍焦距之间，同时向右移动光屏，直到屏上出现清晰的放大像．
故答案为：（1）会聚；
（2）将凸透镜正对太阳光，在凸透镜的下面放置一个光屏，调整凸透镜的位置，直到光屏上出现一个最小、最亮的亮点，即焦点，用刻度尺测出光屏到凸透镜的距离即为焦距；
（3）倒立、缩小、实；同一高度上；
（4）2f＞u＞f；向右移动蜡烛至焦距和2倍焦距之间，同时向右移动光屏，直到屏上出现清晰的放大像．
　
28．某课外活动小组在社会实践活动中获得：
（1）某工厂用电电压U=380V，电流I=500A，则该工程1h可消耗多少kW?h的电能？
（2）某水利发电站（如图甲）的部分信息：
①发电站供电功率P1=2×106kW，而用户用电功率为P2=1.2×106kW，出现了多余的电能被全部浪费掉的现象，若平均每天供电、用电时间均为5h，则平均每天浪费多少kW?h电能？
②该发电站经过改进，能回收原来每天浪费的全部电能，并经转化可再次发电，再次发电的电能与回收的电能之间的关系如图乙所示，如果6×103kg的水从该电站上游落下可发电1kW?h，则改进后的发电站每天回收后再发电的电能相当于多少质量的水所发的电？
【考点】电功的计算．
【分析】（1）已知用电电压U=380V，电流I=500A和用电时间，利用W=UIt可求得该工程1h可消耗多少kW?h的电能．
（2）解决此题要利用电能的公式W=Pt求解用电器待机而浪费的电能，这些电能全部用来烧水时水吸收的热量等于浪费的电能Q=W，利用图象可知，
=，然后根据6×103kg的水从该电站上游落下可发电1kW?h，求解水的质量．
【解答】解：
（1）该工程1h可消耗的电能W=UIt=380V×500A×3600s=6.84×108J，
6.84×108J=6.84×kW?h=190kW?h；
（2）①由P=可得，发电站提供的电能：
W1=P1t=2×106kW×5h=107kW?h；
用户使用的电能：
W2=P2t=1.2×106kW×5h=6×106kW?h；
浪费的电能：
W浪费=W1﹣W2=107kW?h﹣6×106kW?h=4×106kW?h；
W回收=W浪费=4×106kW?h；
②由图象可知，
=，
则W再发电=W回收=×4×106kW?h=3×106kW?h；
由题意知，
==，
m水==6×103kg/kW?h×3×106kW?h=1.8×1010kg；
答：
（1）某工厂用电电压U=380V，电流I=500A，则该工程1h可消耗190kW?h的电能？
（2）①平均每天浪费4×106kW?h电能；
②改进后的发电站每天回收后再发电的电能相当于1.8×1010kg质量的水所发的电．
　

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