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广东省茂名市崇文学校2024-2025学年九年级上学期10月月考物理试题
一、单选题。（每空3分。共21分）
1．（2024九上·茂名月考）我校一名初三学生从一楼爬到敏思楼4楼，克服重力做功约（　　）
A．500J B．1500J C．3000 D．4500J
2．（2024九上·茂名月考）在生产和生活中，常见到“水的比热容大”这一特性的应用情景，以下事例中与这一特性无关的是（　　）
A．汽车发动机用水作冷却液 B．夜间，在秧田里灌水保温
C．夏天洒水车洒水给路面降温 D．沿海地区的气温比内陆变化小
3．（2024九上·茂名月考）如图所示，北京航空航天大学科研团队利用自主开发的新型静电电机，成功研制出仅重4.21克的太阳能动力微型无人机，实现纯自然光供能下的持续飞行。无人机在加速升空的过程中，下列关于无人机的说法正确的是（　　）
A．动能增大，重力势能减小 B．动能不变，重力势能增大
C．动能增大，重力势能增大 D．动能减小，重力势能增大
4．（2024九上·茂名月考）下列关于温度、热量和内能的说法，正确的是（　　）
A．发生热传递时，温度总是从高温物体传递给低温物体
B．物体的温度升高，一定是该物体吸收了热量
C．在相同温度下，1kg的水比1kg的冰含有的热量多
D．做功和热传递对改变物体的内能来说是等效的
5．（2024九上·茂名月考）关于内燃机，下列说法正确的是（　　）
A．压缩冲程主要是通过做功的方式增大缸内气体的内能
B．四个冲程中只有一个冲程发生内能与机械能的相互转化
C．汽油机和柴油机都是通过火花塞点火的
D．柴油机与汽油机除使用的燃料不同外，在构造上完全相同
6．（2024九上·茂名月考）用相同的滑轮组成甲、乙两个滑轮组，分别用其将A、B两个物体在相同时间内匀速提升相同的高度，两次的拉力F1＝F2，不计绳重和摩擦。下列说法错误的是（　　）
A．两物体所受重力GA＜GB
B．两次做的有用功W1＝W2
C．两次拉力做功的功率P1＜P2
D．两滑轮组的机械效率η甲＜η乙
7．（2024九上·茂名月考）一只木箱放在水平地面上，对木箱施加水平向右的推力F（如图甲），F的大小与时间t的关系、木箱的运动速度v与时间t的关系（如图乙）。下列选项说法正确的是（　　）
A．在内木箱所受摩擦力为1N
B．在内推力F对木箱所做的功为2J
C．在内木箱所受摩擦力为3N
D．在内推力F对木箱做的功为8J
二、填空题（每空1分。共21分）
8．（2024九上·茂名月考）功率是表示物体做功　 　的物理量，功率越大的机械表示它做功越　 　（选填“快”或“慢”）。甲乙两个同学体重相同，他们进行登楼比赛，甲跑上5楼用28s，乙跑上5楼用了24s，则　 　同学的功率较大。
9．（2024九上·茂名月考）摩擦起电的本质是　 　的转移。丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒带　 　电荷。用带电的玻璃棒靠近验电器，验电器的两个金属箔片就会张开，其原理是：同种电荷相互　 　。
10．（2024九上·茂名月考）人造卫星沿椭圆轨道绕地球运行。离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点。当卫星从远地点向近地点运行时（如图）。卫星的动能　 　，重力势能　 　机械能　 　（均选“增大”“减小”或“不变”）。
11．（2024九上·茂名月考）农药喷洒飞机正在同一高度匀速执行喷洒农药工作的时候，飞机（包含农药）机械能　 　；中医拔火罐能有效治疗某些疾病，火罐在使用时，应先加热火罐中的气体，再迅速将火罐按到皮肤上，一段时间后，罐内气体的内能　 　，这是通过　 　来改变罐内气体内能的（前两空选填“增大”“减小”“不变”）。
12．（2024九上·茂名月考）“绿水青山就是金山银山”。为了改善城市环境，许多城市大力开发湿地公园，修建人工湖来调节气温，这是利用水的　 　较大。一瓶水喝掉一半，剩余水的比热容　 　；剩余水的密度　 　（后两空均选填“变小”“变大”或“不变”）。
13．（2024九上·茂名月考）如图所示，斜面长5 m，高1 m，工人用沿斜面方向400 N的推力把重1 600 N的木箱匀速推到车上，推力对木箱做的有用功是　 　J，木箱在斜面上滑动时所受到的摩擦力是　 　N，斜面的机械效率是　 　。
14．（2024九上·茂名月考）图甲、乙、丙所示的冲程都是靠飞轮的　 　完成的；若汽油机飞轮的转速为，则1min内汽油机共完成　 　个工作循环，对外做功　 　次。
三、画图题（共7分）
15．（2024九上·茂名月考）（1）如图所示，请在О点画出灯笼所受的重力和拉力；（O点表示灯笼的重心）
（2）如图所示，请用最省力的方式将汽车从淤泥中拉出来；
（3）如图所示，一木箱从斜面上匀速向下滑，请画出木箱的受力示意图。
四、实验题（每空1分，共20分）
16．（2024九上·茂名月考）（1）如图甲所示，该弹簧测力计的量程是　 　N，此时弹簧测力计的示数为　 　N；
（2）小强在用温度计测量烧杯中液体温度时图乙中正确使用温度计的是　 　，温度计示数为　 　℃；
（3）使用天平时，小明将天平放在水平桌面上，将游码置于标尺左端的零刻度线处，此时指针的位置如图（1）所示，为使横梁平衡，应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调；将鹅卵石放在调好的天平左盘，天平平衡时右盘中的砝码和游码位置题图（2）所示，则小石块的质量为　 　。
17．（2024九上·茂名月考）在探究动能大小与哪些因素有关的实验中：
（1）本实验通过比较　 　来反映小车的动能大小，该物理方法称为　 　；
（2）如图乙所示，小红是探究动能大小与　 　关系，她让小车从斜面的相同高度下滑，目的是　 　；
（3）在探究小球动能与质量的关系时，有同学提议可以在水平面桌面上将同一根弹簧压缩相同的程度，分别弹出质量不同的小球去撞击木块（如图所示），撞击木块时小球的动能　 　（选填“相等”或“不相等”），该方案　 　（选填“可行”或“不可行”），理由是：　 　。
18．（2024九上·茂名月考）如图甲所示，小明用相同的酒精灯分别给质量和初温均相同的水和煤油加热，以探究水和煤油的比热容关系。
（1）要完成该实验，除了图甲、乙中所示的器材外，还需要的测量工具是托盘天平和　 　；
（2）该实验是通过　 　（选填“加热时间”或“液体升高的温度”）来反映烧杯中液体吸收热量的多少的。实验中选用相同的加热装置分别给初温相同且　 　（选填“质量”或“体积”）相同的水、煤油两种液体进行加热。这体现的研究方法是　 　；
（3）根据实验数据，小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图像如图丙，分析图丙可知煤油的比热容是　 　J/（kg·℃）；[c水=4.2×103J/（kg·℃）]
（4）实验结束后，小明又找来了一些冰块，探究了冰熔化过程中温度变化规律，如图丁所示，在BC阶段中C点处物质的内能　 　（选填“大于”小于”或“等于”）B点处物质的内能；从图中还能发现，AB段和CD段的比热容　 　（选填“相同”或“不同”）。
五、计算题（19题6分，20题7分，共13分）
19．（2024九上·茂名月考）把0.42kg、180℃的铁块投入0.1kg的水中，混合后的温度是80℃。[c铁=0.45×103J/（kg·℃），c水=4.2×103J/（kg·℃）。求：
（1）铁块放出的热量是多少？
（2）若铁块放出的热量全部被水吸收，水的初温是多少？
20．（2024九上·茂名月考）一辆载重汽车装完砂石后总质量为2t，以额定功率80kW从静止开始运动，v-t图像如图所示，经15s运动100m恰好达到最大速度，接着匀速运动25s关闭发动机滑行50m停下。已知汽车在运动过程中受到的阻力为车总重的0.2倍。（g=10N/kg）求：
（1）汽车匀速运动时的牵引力；
（2）前40s过程中发动机做的功；
（3）若发动机的热机效率为80%，则整个过程中需要燃烧多少千克汽油？（已知汽油的热值大约为5×107J/kg ）
六、综合题（每空1分，共18分）
21．（2024九上·茂名月考）在湖北武汉举行的亚洲田径锦标赛中，中国选手李玲在女子撑杆跳决赛中以4.66m的成绩打破亚洲纪录，请结合撑杆跳的过程示意图，回答下列问题。
（1）在助跑阶段，李玲受到地面对它的静摩擦力而前进，这个力的方向与她运动方向　 　（填“相同”或“相反”）；
（2）李玲助跑的目的是为了在起跳前获得较大的　 　（选填“动能”或“惯性”）；
（3）李玲用压弯的撑杆把自己送上高处，这是因为压弯了的撑杆具有　 　势能，最后转化为她的　 　势能，使她越过横杆；
（4）李玲跃过横杆后，在1s时间内落地，若李玲的体重是50kg，她下落过程中的功率是　 　W。（g取10N/kg）
22．（2024九上·茂名月考）我国劳动人民很早就在农业、军事等方面应用杠杆。如图甲所示是用于稻谷去皮的脚踏碓，图乙是其简化图；图丙所示是护城河上安装的吊桥装置。
（1）使用该脚踏碓　 　（选填“能”或“不能”）省功；
（2）利用图乙中的脚踏碓捣谷时，劳作者踩踏“碓”尾，“碓”头高高抬起，松脚后“碓”头下落过程中，它的重力势能会　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。为了省力些，可将脚踩点适当　 　（选填“靠近”或“远离”）О点；
（3）脚踏碓的脚踩位置有粗糙的花纹，这是为了　 　（选填“增大”或“减小”）摩擦；
（4）图丙中，该滑轮是　 　（选填“定”或“动”）滑轮，它的作用是　 　。
23．（2024九上·茂名月考）如图所示是我国北方的供暖设备，它一般安装在房间靠墙壁处，需要供暖时，让温度较高的热液从入口流入铁管，经过弯曲的铁管并放出热量，使房间温度升高，最后变成温度较低的温液从出口流出。
物质 比热容J/（kg·℃ ）
水 4200
煤油 2100
色拉油 1070
（1）相比我们南方的冷气设备安装大房间的上方，则你认为该北方的供暖设备应安装在房间靠墙壁的　 　（上或下）方效果更好些；
（2）热液流过铁管放出热量是通过　 　的方式进行，该过程是能量的　 　（后一空填：“转移”或“转化”）过程；
（3）该供暖设备运输热量的媒介若选用煤油与色拉油比较，则在同种条件下选用　 　能够使房间的温度上升得更高；
（4）该供暖设备中铁管做成弯曲形状而不是直线可以增长热液放出热量的　 　，从而增强供暖效果；
（5）若利用水来作为运输热量的媒介，某时间段内有质量是39kg温度是85℃的水从入口流入，从出口流出时温度变成35℃，则该时间段热水能为房间提供了　 　J的热量，若该房间的长、宽、高分别为5m、5m、4m，则该时间段大致能够使房间的温度升高　 　℃。[设空气的密度为空=1.3kg/m3，比热容为c空=2.5×103J/（kg·℃）]
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】功的计算及应用
【解析】【解答】首先估测力的大小，然后再估测距离，最后根据功的公式计算即可。一名初三学生重力约为500N，从一楼爬到敏思楼4楼克服重力上升的高度约为9m，则克服重力做功约为
故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】根据生活常识结合做功公式进行判断。
2．【答案】C
【知识点】蒸发及其现象；比热容
【解析】【解答】相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量时，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度时，水吸收或放出的热量多。A．汽车发动机用水作冷却液，是因为水的比热容大，在质量和升高相同的温度时，水吸收的热量多，故A不符合题意；
B．夜间，在秧田里灌水保温，是因为水的比热容大，在质量和放出的热量相同时，温度降低得少， 不致冻坏，故B不符合题意；
C．夏天洒水车洒水给路面降温，是利用水的蒸发吸热，故C符合题意；
D．沿海地区的气温比内陆变化小，是因为水的比热容大，在质量和吸收或放出的热量相同时，温度变化小，故D不符合题意。
故选C。
【分析】根据水的比热容大的理解分析，水蒸发时吸热，可以降温。
3．【答案】C
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化
【解析】【解答】本题考查了影响动能和重力势能大小的因素，属于基础题。无人机在加速升空的过程中，质量不变，速度变大，动能增大，高度升高，重力势能增大，故C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】动能与质量和速度有关，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能与质量和高度有关，质量越大，高度越大，重力势能越大。
4．【答案】D
【知识点】温度、热量与内能的关系；做功改变物体内能；热传递的概念与方式
【解析】【解答】本题综合考查了热传递的条件、热量的概念和物体内能的改变方式等知识，综合性较强，易出错。A．热传递发生的条件是物体间存在温度差。发生热传递时，传递的是热量而不是温度，故A错误；
B．物体温度升高，内能增加，可能是从外界吸收了热量，也可能是外界对该物体做功，故B错误；
C．热量不是状态量，不能说含有或者具有热量，故C错误；
D．改变内能的方式有做功和热传递，这两种方式在改变物体内能上是等效的，故D正确。
故选D。
【分析】热传递的条件是两个物体之间存在温度差，热量从高温物体传给低温物体；改变物体内能的方式有做功和热传递，这两种方式在改变物体内能上是等效的；热量是热传递过程中传递能量的多少。
5．【答案】A
【知识点】热机；热机的四个冲程
【解析】【解答】本题考查内燃机的四个冲程及这四个冲程能量的变换情况，汽油机和柴油的不同。A．压缩冲程中通过做功的方式增大缸内气体的内能，活塞压缩汽缸内气体，对内部气体做功，使得内部气体内能增大，故A正确；
B．压缩冲程中，机械能转化为内能，做功冲程中，内能转化为机械能，故B错误；
C．汽油机是通过火花塞点火的，柴油机是采用压燃式点火，故C错误；
D．汽油机汽缸顶部是火花塞，柴油机汽缸顶部是喷油嘴，构造不同，故D错误。
故选A。
【分析】在汽缸内往复运动时，从汽缸的一端运动到另一端的过程，叫做一个冲程。普通内燃机大多为四冲程内燃机。它分为吸气冲程、压缩冲程、做功冲程和排气冲程。汽油机是以汽油作为燃料，将内能转化成动能的发动机。用汽油喷射系统将汽油喷入气缸，经过压缩达到一定的温度和压力后，用火花塞点燃，使气体膨胀做功。柴油机则直接将柴油喷入充满压缩空气的汽缸，通过压缩空气产生的高温使柴油自燃点火。
6．【答案】B
【知识点】功率大小的比较；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功
【解析】【解答】机械效率由有用功和总功两个因素共同决定，不能理解成：“有用功多，机械效率高”或“总功大，机械效率低”．A．左图中n1＝2，不计绳重和摩擦，根据得提升重物的重力GA＝2F1﹣G动
右图中n2＝3，不计绳重和摩擦，则提升重物的重力GB＝3F2﹣G动，因为F1＝F2，所以可得GA＜GB；故A正确，不符合题意；
B．A、B两个物体在相同时间内匀速提升相同的高度，则A中拉力移动的距离s1＝2h，B中拉力移动的距离s2＝3h，F1＝F2，根据W=Fs可得，W1＜W2，故B错误，符合题意；
C．时间相同，W1＜W2，根据可得，P1＜P2，故C正确，不符合题意；
D．将重物匀速提升相同高度h，动滑轮的重力相同，则额外功相同，因为GA＜GB，所以由W有用＝Gh可知W有用1＜W有用2，所以乙图滑轮组的有用功在总功中所占的比例较大，则乙图滑轮组的机械效率较高，即η甲＜η乙，故D正确，不符合题意。
故选B。
【分析】由图知，n1=2，n2=3，不计绳重和摩擦，利用，已知F1=F2，比较G1和G2大小关系；根据W=Fs比较功的大小；根据比较功率大小；将重物匀速提升相同高度h，动滑轮重力相同，额外功相同，根据重力的关系判断出有用功的大小，
7．【答案】A
【知识点】二力平衡的条件及其应用；是否做功的判断；功的计算及应用
【解析】【解答】A、木箱在速度为0，处于静止状态，所以推力等于摩擦力等于1N，A正确
B．木箱在处于静止状态，有力无距离，所以推力不做功，故B错误；
C．物体的摩擦力收到压力和接触面粗糙程度的影响，本题中这个因素均布发生变化，所以4-6s的摩擦力等于2-4s的摩擦力，4-6s物体匀速运动，所以推力等于摩擦力等于2N，所以2-4s的摩擦力为2N，C错误
D．在内，木箱做匀速直线运动，路程为8m，根据W=Fs可知推力F对木箱做的功
故D错误。
故选A。
【分析】运动和力：物体处于静止或者匀速直线运动过程中，受力平衡，所以推力等于摩擦力，本题中0-2s，4-6s，推力等于摩擦力
摩擦力的影响因素：有压力和接触面粗糙程度，其余因素不影响摩擦力，所以本题中物体开始产生相对位移，摩擦力不变
做功：公式为W=Fs，本题中推力为2N，运动长度为8m，据此计算推力做功
8．【答案】快慢；快；乙
【知识点】功率的概念；功率大小的比较；功率计算公式的应用
【解析】【解答】本题考查了功率的概念，以及功率大小的比较，灵活的选用公式是关键，属于易错题。根据功率的定义式可知，功率是表示物体做功快慢的物理量，功率越大的机械表示它做功越快。已知甲乙两个同学体重相同，都跑到五楼，根据，所做功相同，甲跑上五楼用28s，乙跑上五楼用了24s，根据可知，用时短的功率大，所以乙同学的功率较大。
【分析】根据功率的定义解答；根据P=可比较功率的大小。
9．【答案】电子；正；排斥
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；验电器的原理及使用
【解析】【解答】解决此类问题要灵活利用验电器的工作原理进行分析，同时要明确电荷间的相互作用规律。摩擦起电的实质不是创造了电荷，而是电子发生了转移。丝绸摩擦玻璃棒，由于玻璃棒原子核对核外电子的束缚能力较弱，摩擦时失去电子而带正电荷。验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，用带电的玻璃棒靠近验电器时，两金属箔片因带上同种电荷相互排斥而分开。
【分析】丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷，验电器的工作原理是同种电荷相互排斥。
10．【答案】增大；减小；不变
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能守恒条件
【解析】【解答】卫星绕地球运行时，不受空气阻力，机械能守恒。当卫星从远地点向近地点运行时，质量不变而高度减小，重力势能减小，速度变大，动能增大。故第1空填：增大；第2空填：减小；第3空填：不变。
【分析】质量一定时，速度变大，动能变大，高度减小，重力势能减小。
11．【答案】减小；减小；热传递
【知识点】机械能及其转化；温度、热量与内能的关系；热传递改变物体内能
【解析】【解答】本题主要考查了对改变内能的方式，内能影响因素等的理解，热传递过程中高温物体放出热量，温度降低，内能减少，低温物体吸收热量，温度升高，内能增加。农药喷洒飞机正在同一高度匀速执行喷洒农药工作的时候，飞机（包含农药）的质量变小，速度和高度不变，则它的动能和重力势能都减小，所以机械能减小。
一段时间后，罐内气体的温度降低，内能减小，在此过程中，罐内的气体向外放出热量，这是通过热传递来改变罐内气体内能的。
【分析】做功和热传递都能改变物体的内能，做功是能量的转化，热传递是能量的转移；内能的大小与物体的质量、温度和状态有关。
12．【答案】比热容；不变；不变
【知识点】密度及其特性；比热容
【解析】【解答】本题考查了对比热容的理解和水的比热容较大的应用，属于基础题。
水的比热容较大，在相同条件下，与其它物质相比，在吸收或放出相同的热量时，水的温度变化相对较小，人工湖就起到了调节周围气温的作用。比热容、密度是物质的一种特性，与物质的质量、体积等因素无关。因此，水喝掉了一半，剩余水的比热容、密度保持不变。
因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析。
【分析】比热容是物质的一种特性，它只和物质的种类和状态有关。
13．【答案】1600；80；80%
【知识点】斜面的机械效率
【解析】【解答】本题考查了使用斜面时有用功、总功、额外功、机械效率的计算，明确使用斜面时克服摩擦力做的功为额外功是关键。推力对木箱做的有用功是
推力对木箱做的总功是
克服摩擦力所做的额外功为
木箱在斜面上滑动时所受到的摩擦力是
斜面的机械效率是
【分析】功等于力与力的方向上移动距离的乘积，利用W=Fs计算推力所做的功（总功）；利用W=Gh求克服木箱重力所做的有用功；斜面的机械效率等于有用功与总功之比；克服摩擦力做的额外功等于总功减去有用功，再利用W额=fs求出摩擦力的大小。
14．【答案】惯性；600；600
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】本题主要考查内燃机的四个冲程，常见题目。内燃机的四个冲程中除了做功冲程外，其他三个冲程都是依靠飞轮的惯性完成。图甲两侧气门关闭，活塞向上运动，是压缩冲程；图乙进气门打开，是吸气冲程；图丙排气门打开，是排气冲程，这三个冲程都是依靠飞轮的惯性完成的。一个工作循环，包含4个冲程，飞轮转2圈，做功1次，汽油机飞轮的转速为，则1min内600个工作循环，汽油机共完成2400个冲程，做功600次。
【分析】根据气门的关闭情况和活塞的运动方向判断是哪一个冲程；已知飞轮的转速，四冲程汽油机的每个工作循环中，飞轮转动2圈，对外做功1次，据此求出每分钟对外做功的次数。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】重力示意图；摩擦力的方向；滑轮组的设计与组装
【解析】【解答】（1）本题考查了力的示意图的画法，明确力的方向、作用点是关键。重力的方向竖直向下，拉力沿着绳子向上，作用点画在重心。作图如下：
（2）
图中只有一个动滑轮和一个定滑轮，要求最省力，则最多有3段绳子来拉动汽车，绳子应先系在动滑轮的固定挂钩上，然后绕过左边的定滑轮，再绕过动滑轮。如图所示：
（3）
画力的示意图的一般步骤为：一画简图，二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边．按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
木箱从斜面上匀速向下滑时受到竖直向下的重力，沿着斜面向上的摩擦力，垂直于斜面向上的支持力，作图如下：
【分析】（1）先确定灯笼受到的重力、拉力的方向和作用点，再根据力的示意图的画法作图。
（2） 滑轮组绳子的绕法，有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过动滑轮，再绕过定滑轮，这样反复，共有两段绳子承担阻力；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮，这样反复，共有三段绳子承担阻力。本题中，要求最省力，即承担阻力的绳子数最多的一种，即第二种。
（3） 木箱从斜面上匀速向下滑，斜面对木箱的力有阻力和支持力，确定木箱受到的阻力和支持力的作用点和方向，然后按照力的示意图作图。
（1）重力的方向竖直向下，拉力沿着绳子向上，作用点画在重心。作图如下：
（2）图中只有一个动滑轮和一个定滑轮，要求最省力，则最多有3段绳子来拉动汽车，绳子应先系在动滑轮的固定挂钩上，然后绕过左边的定滑轮，再绕过动滑轮。如图所示：
（3）木箱从斜面上匀速向下滑时受到竖直向下的重力，沿着斜面向上的摩擦力，垂直于斜面向上的支持力，作图如下：
16．【答案】（1）0~5；3.6
（2）D；38
（3）左；27g
【知识点】温度及温度计的使用与读数；弹簧测力计及其使用
【解析】【解答】（1）如图甲所示，该弹簧测力计的最大刻度为“5”，则量程为0~5N，分度值为0.2N，则此时弹簧测力计的示数为3.6N。
（2）温度计的正确使用方法：一是温度计的玻璃泡全部浸入被测液体中，不要碰到容器底或容器壁；二是温度计玻璃泡进入被测液体后要稍等一会儿，待温度计示数稳定后再读数；三是读数时温度计的玻璃泡要继续留在液体中，视线要与温度计中液柱上表面相平；四是使用温度计测量液体的温度，读数时先看清是零上还是零下，然后认清量程和分度值，最后读出示数。
使用温度计测量液体温度时，液泡要完全浸没在液体中，不能碰到杯底或杯壁，所以图乙中正确使用温度计的是D，温度计分度值为1℃，示数为38℃。
（3）由图可知，此时指针向右偏，说明右端重，因此平衡螺母应向左调，给左端增重。天平称量质量时，物体的质量等于砝码的质量加游码的示数，因此小石块的质量为m=20g+5g+2g=27g
【分析】（1）使用弹簧测力计测量力的大小时，首先观察量程和分度值，以便于准确读数；
（2） 根据温度计的正确使用方法和读数规则读数；
（3） 将天平放在水平台上，把游码移到标尺左端的零刻度线处，平衡螺母向上翘的一端移动；用天平测量物体的质量时，横梁平衡后，右盘中砝码的总质量+游码所对的刻度值就是物体的质量。
（1）[1][2]如图甲所示，该弹簧测力计的最大刻度为“5”，则量程为0~5N，分度值为0.2N，则此时弹簧测力计的示数为3.6N。
（2）[1][2]使用温度计测量液体温度时，液泡要完全浸没在液体中，不能碰到杯底或杯壁，所以图乙中正确使用温度计的是D，温度计分度值为1℃，示数为38℃。
（3）[1][2]由图可知，此时指针向右偏，说明右端重，因此平衡螺母应向左调，给左端增重。天平称量质量时，物体的质量等于砝码的质量加游码的示数，因此小石块的质量为
m=20g+5g+2g=27g
17．【答案】（1）木块移动的距离；转换法
（2）质量；使得小车到达水平面的速度相同
（3）相等；不可行；见解析
【知识点】探究影响物体动能大小的因素
【解析】【解答】 探究“动能大小与哪些因素有关“，考查转换法、控制变量法的运用及对实验方案的评估。 （1）实验中采用转换法，通过比较木块移动距离来反映小车的动能大小，木块被撞击后移动的距离越远，说明小车动能越大。
（2）如图乙所示，小红实验中控制小车下滑高度相同，控制小车到达水平面的速度相同，改变小车质量大小，是探究动能大小与质量关系。
（3）将同一根弹簧压缩相同的程度，弹簧的弹性势能相同，放手后，弹簧的弹性势能转化为小球的动能，小球获得的动能相等，小球的质量不同，小球的速度不同，且木块被推动的距离相等，故不能比较得出动能与质量的关系。
【分析】（1）根据转换法，通过比较木块在同一水平面上被撞击的距离来比较小车到达水平面时动能的大小；
（2）物体的动能大小与物体的质量和速度有关，研究动能与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
（3）结合控制变量法的要求，看是否合理的控制了相关变量，并改变了要研究的变量，这样才能知道是否符合实验要求。
（1）[1][2]实验中采用转换法，通过比较木块移动距离来反映小车的动能大小，木块被撞击后移动的距离越远，说明小车动能越大。
（2）[1][2]如图乙所示，小红实验中控制小车下滑高度相同，控制小车到达水平面的速度相同，改变小车质量大小，是探究动能大小与质量关系。
（3）[1][2][3]将同一根弹簧压缩相同的程度，弹簧的弹性势能相同，放手后，弹簧的弹性势能转化为小球的动能，小球获得的动能相等，小球的质量不同，小球的速度不同，且木块被推动的距离相等，故不能比较得出动能与质量的关系。
18．【答案】（1）秒表
（2）加热时间；质量；控制变量法
（3）2.1×103
（4）大于；不同
【知识点】比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和Q=cmΔt的运用，为热学中的重要实验。
（1）实验中还需要记录温度随时间的变化，所以还需要秒表。
（2）实验中选用相同的加热装置加热，根据转换法，是通过加热时间来反映烧杯中液体吸收热量的多少的。根据控制变量法，实验中选用相同的加热装置分别给初温相同且质量相同的水、煤油两种液体进行加热。
（3）如图丙，升高相同的温度，质量相同的水和煤油加热时间之比为，则吸收热量之比为，根据，比热容和吸收热量成正比，所以水和煤油比热容之比为，则煤油的比热容为
（4）冰属于晶体，在熔化过程中，吸收热量，内能增加，但温度不变，因此C点处物质的内能大于B点处物质的内能。由于比热容和物质的状态有关，当物质熔化后比热容会发生改变，因此吸收相同热量的前提下，温度变化量不同，因此AB段和CD段图像的倾斜程度不同。故从图中还能发现，AB段和CD段的比热容不同。
【分析】（1）根据实验原理分析所需要的器材；
（2）分析图丙得出结论；
（3）由图丙可知升高30℃水和煤油的加热时间，由转换法，两种物质的吸热之比，根据Q=cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，据此得出煤油的比热容；
（4）晶体熔化是吸热过程。
（1）实验中还需要记录温度随时间的变化，所以还需要秒表。
（2）[1]实验中选用相同的加热装置加热，根据转换法，是通过加热时间来反映烧杯中液体吸收热量的多少的。
[2][3]根据控制变量法，实验中选用相同的加热装置分别给初温相同且质量相同的水、煤油两种液体进行加热。
（3）如图丙，升高相同的温度，质量相同的水和煤油加热时间之比为，则吸收热量之比为，根据，比热容和吸收热量成正比，所以水和煤油比热容之比为，则煤油的比热容为
（4）[1]冰属于晶体，在熔化过程中，吸收热量，内能增加，但温度不变，因此C点处物质的内能大于B点处物质的内能。
[2]由于比热容和物质的状态有关，当物质熔化后比热容会发生改变，因此吸收相同热量的前提下，温度变化量不同，因此AB段和CD段图像的倾斜程度不同。故从图中还能发现，AB段和CD段的比热容不同。
19．【答案】（1）铁块放出的热量
Q放=c铁m铁（t0铁﹣t）＝0.45×103J/（kg ℃）×0.42kg×（180℃﹣80℃）
＝1.89×104J
（2）若铁块放出的热量全被水吸收，水吸收的热量
Q吸＝Q放＝1.89×104J
由Q吸＝cm（t﹣t0）可知，水的初温
【知识点】比热容
【解析】【分析】（1）根据Q放=cm（t0-t）求出铁块放出的热量；
（2）根据题意可知水吸收的热量，根据Q吸=cm（t-t0）求出水的初温。
（1）铁块放出的热量
Q放=c铁m铁（t0铁﹣t）＝0.45×103J/（kg ℃）×0.42kg×（180℃﹣80℃）＝1.89×104J
（2）若铁块放出的热量全被水吸收，水吸收的热量
Q吸＝Q放＝1.89×104J
由Q吸＝cm（t﹣t0）可知，水的初温
20．【答案】（1）汽车匀速运动时，受力平衡，则汽车的牵引力为
（2）前40s过程中发动机做的功为
（3）汽油完全燃烧放出的总热量为
则整个过程中需要燃烧汽油质量为
【知识点】燃料的热值；热机的效率；重力及其大小的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）由G=mg可求得此时汽车的总重力，由二力平衡条件可知，牵引力大小；（2）已知汽车的功率为和做功时间，由W=Pt求得发动机做的功；
（3）由可求得汽油燃烧放出的总热量，由Q放=mq可求得燃烧汽油的质量。
（1）汽车匀速运动时，受力平衡，则汽车的牵引力为
（2）前40s过程中发动机做的功为
（3）汽油完全燃烧放出的总热量为
则整个过程中需要燃烧汽油质量为
21．【答案】相同；动能；弹性；重力；2330
【知识点】功率计算公式的应用；动能与势能的应用；机械能及其转化；摩擦力的方向；杠杆及其五要素
【解析】【解答】 本题以田径运动中的撑杆跳高为内容，考查了摩擦力的方向、能量的转化、功和功率的计算等，综合性强，难度适中。（1）在助跑阶段，李玲用力蹬地，由于力的作用是相互的，地面同时给李玲一个向前的静摩擦力使其前进，因此这个静摩擦力的方向与她运动的方向相同。
（2）惯性只与物体的质量有关，与速度无关；助跑的目的是为了在起跳前获得较大的速度，从而具有较大的动能。
（3）李玲用压弯的撑杆把自己送上高处，这是因为压弯了的撑杆发生了弹性形变，具有弹性势能；压弯的撑杆把自己送上高处，人的质量不变，高度增加，重力势能增大，即将撑杆的弹性势能转化为人的重力势能，使她越过横杆。
（4）人的重力
G=mg=50kg×10N/kg=500N
重力做的功
W=Gh=500N×4.66m=2330J
重力做功的功率
【分析】（1）人跑步时，脚受到的地面的静摩擦力是人前进的动力，其方向与人运动的方向相同；助跑可以使人获得较大的速度，从而具有较大的动能；
（2）惯性只与物体的质量有关，与速度无关；
（3）根据动能、重力势能和弹性势能的影响因素可以判断其能量的转化；
（4）根据G=mg求出重力，再利用功的公式计算出所做的功，最后利用功率的公式计算做功的功率。
22．【答案】（1）不能
（2）变小；远离
（3）增大
（4）定；改变力的方向
【知识点】机械能及其转化；增大或减小摩擦的方法；杠杆的动态平衡分析；定滑轮及其工作特点
【解析】【解答】解题关键是知道机械不能省功，知道影响重力势能大小的因素，知道增大摩擦的方法，知道定滑轮的特点，会根据杠杆的平衡条件进行分析和计算。
（1）使用任何机械都不能省功，甚至还要做额外功。
（2）松脚后“碓”头下落过程中，它的高度下降，质量不变，重力势能会变小。为了省力些，可将脚踩点适当远离О点，此时动力臂变长，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件，需要的动力减小，可以更省力。
（3）脚踏碓的脚踩位置有粗糙的花纹，这是为了通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
（4） 定滑轮使用时，滑轮的位置固定不变；定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，但可以改变作用力方向。图丙中，该滑轮使用时轴固定不动，是定滑轮，可以改变力的方向。
【分析】（1）使用任何机械都不能省功；
（2）影响重力势能大小的因素是质量和高度；根据杠杆的平衡条件来分析；
（3）摩擦力与压力大小和接触面的粗糙程度有关；
（4）定滑轮可以改变力的方向。
（1）使用任何机械都不能省功，甚至还要做额外功。
（2）[1]松脚后“碓”头下落过程中，它的高度下降，质量不变，重力势能会变小。
[2]为了省力些，可将脚踩点适当远离О点，此时动力臂变长，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件，需要的动力减小，可以更省力。
（3）脚踏碓的脚踩位置有粗糙的花纹，这是为了通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
（4）[1][2]图丙中，该滑轮使用时轴固定不动，是定滑轮，可以改变力的方向。
23．【答案】（1）下
（2）热传递；转移
（3）煤油
（4）时间
（5） ；25.2
【知识点】热传递改变物体内能；比热容
【解析】【解答】此题考查学生关于热传递、比热容的理解以及利用比热容进行分析实际问题的能力以及比热容的热量计算。
（1）由于供暖设备工作时，其周围的空气受热后膨胀，加热后的空气密度变小会上升，从而带动整个房间的空气循环，使得房间内的温度升高且分布更加均匀，所以，北方的供暖设备应安装在房间靠墙壁的下方效果更好些。
（2）热液流过铁管放出热量，周围的空气吸收热量，因此是通过热传递的方式进行的，该过程是能量的转移过程。
（3）由表格数据可知，煤油的比热容大于色拉油的比热容，由可知，质量相等的色拉油和煤油，降低相同的温度时，煤油放出的热量多，煤油能够使房间的温度上升得更高。
（4）该供暖设备中铁管做成弯曲形状，而不是直线，热液流过铁管的距离变大，时间变长，所以放出热量的时间变长，从而增强供暖效果。
（5）这段时间水放出的热量为
则该时间段热水能为房间提供的热量为。房间内空气的质量为
则房间的温度变化量为
【分析】（1）冷空气的密度更大，热空气的密度小；
（2）热传递是将内能从一个物体转移给另一个物体，是能量的转移过程；
（3）根据比热容的概念和比热容是物质的一种特性以及利用物质吸热公式Q=cmΔt进行判断；
（4）该供暖设备中铁管做成弯曲形状而不是直线，热液流过铁管的距离变大，时间变长；
（5）水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少，据此分析；根据放热公式Q=cmΔt可求水提供的热量；根据Q=cmΔt=cρVΔt算出房间升高的温度。
（1）由于供暖设备工作时，其周围的空气受热后膨胀，加热后的空气密度变小会上升，从而带动整个房间的空气循环，使得房间内的温度升高且分布更加均匀，所以，北方的供暖设备应安装在房间靠墙壁的下方效果更好些。
（2）[1][2]热液流过铁管放出热量，周围的空气吸收热量，因此是通过热传递的方式进行的，该过程是能量的转移过程。
（3）由表格数据可知，煤油的比热容大于色拉油的比热容，由可知，质量相等的色拉油和煤油，降低相同的温度时，煤油放出的热量多，煤油能够使房间的温度上升得更高。
（4）该供暖设备中铁管做成弯曲形状，而不是直线，热液流过铁管的距离变大，时间变长，所以放出热量的时间变长，从而增强供暖效果。
（5）[1][2]这段时间水放出的热量为
则该时间段热水能为房间提供的热量为。房间内空气的质量为
则房间的温度变化量为
1 / 1广东省茂名市崇文学校2024-2025学年九年级上学期10月月考物理试题
一、单选题。（每空3分。共21分）
1．（2024九上·茂名月考）我校一名初三学生从一楼爬到敏思楼4楼，克服重力做功约（　　）
A．500J B．1500J C．3000 D．4500J
【答案】D
【知识点】功的计算及应用
【解析】【解答】首先估测力的大小，然后再估测距离，最后根据功的公式计算即可。一名初三学生重力约为500N，从一楼爬到敏思楼4楼克服重力上升的高度约为9m，则克服重力做功约为
故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
【分析】根据生活常识结合做功公式进行判断。
2．（2024九上·茂名月考）在生产和生活中，常见到“水的比热容大”这一特性的应用情景，以下事例中与这一特性无关的是（　　）
A．汽车发动机用水作冷却液 B．夜间，在秧田里灌水保温
C．夏天洒水车洒水给路面降温 D．沿海地区的气温比内陆变化小
【答案】C
【知识点】蒸发及其现象；比热容
【解析】【解答】相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量时，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度时，水吸收或放出的热量多。A．汽车发动机用水作冷却液，是因为水的比热容大，在质量和升高相同的温度时，水吸收的热量多，故A不符合题意；
B．夜间，在秧田里灌水保温，是因为水的比热容大，在质量和放出的热量相同时，温度降低得少， 不致冻坏，故B不符合题意；
C．夏天洒水车洒水给路面降温，是利用水的蒸发吸热，故C符合题意；
D．沿海地区的气温比内陆变化小，是因为水的比热容大，在质量和吸收或放出的热量相同时，温度变化小，故D不符合题意。
故选C。
【分析】根据水的比热容大的理解分析，水蒸发时吸热，可以降温。
3．（2024九上·茂名月考）如图所示，北京航空航天大学科研团队利用自主开发的新型静电电机，成功研制出仅重4.21克的太阳能动力微型无人机，实现纯自然光供能下的持续飞行。无人机在加速升空的过程中，下列关于无人机的说法正确的是（　　）
A．动能增大，重力势能减小 B．动能不变，重力势能增大
C．动能增大，重力势能增大 D．动能减小，重力势能增大
【答案】C
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能及其转化
【解析】【解答】本题考查了影响动能和重力势能大小的因素，属于基础题。无人机在加速升空的过程中，质量不变，速度变大，动能增大，高度升高，重力势能增大，故C正确，ABD错误。
故选C。
【分析】动能与质量和速度有关，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能与质量和高度有关，质量越大，高度越大，重力势能越大。
4．（2024九上·茂名月考）下列关于温度、热量和内能的说法，正确的是（　　）
A．发生热传递时，温度总是从高温物体传递给低温物体
B．物体的温度升高，一定是该物体吸收了热量
C．在相同温度下，1kg的水比1kg的冰含有的热量多
D．做功和热传递对改变物体的内能来说是等效的
【答案】D
【知识点】温度、热量与内能的关系；做功改变物体内能；热传递的概念与方式
【解析】【解答】本题综合考查了热传递的条件、热量的概念和物体内能的改变方式等知识，综合性较强，易出错。A．热传递发生的条件是物体间存在温度差。发生热传递时，传递的是热量而不是温度，故A错误；
B．物体温度升高，内能增加，可能是从外界吸收了热量，也可能是外界对该物体做功，故B错误；
C．热量不是状态量，不能说含有或者具有热量，故C错误；
D．改变内能的方式有做功和热传递，这两种方式在改变物体内能上是等效的，故D正确。
故选D。
【分析】热传递的条件是两个物体之间存在温度差，热量从高温物体传给低温物体；改变物体内能的方式有做功和热传递，这两种方式在改变物体内能上是等效的；热量是热传递过程中传递能量的多少。
5．（2024九上·茂名月考）关于内燃机，下列说法正确的是（　　）
A．压缩冲程主要是通过做功的方式增大缸内气体的内能
B．四个冲程中只有一个冲程发生内能与机械能的相互转化
C．汽油机和柴油机都是通过火花塞点火的
D．柴油机与汽油机除使用的燃料不同外，在构造上完全相同
【答案】A
【知识点】热机；热机的四个冲程
【解析】【解答】本题考查内燃机的四个冲程及这四个冲程能量的变换情况，汽油机和柴油的不同。A．压缩冲程中通过做功的方式增大缸内气体的内能，活塞压缩汽缸内气体，对内部气体做功，使得内部气体内能增大，故A正确；
B．压缩冲程中，机械能转化为内能，做功冲程中，内能转化为机械能，故B错误；
C．汽油机是通过火花塞点火的，柴油机是采用压燃式点火，故C错误；
D．汽油机汽缸顶部是火花塞，柴油机汽缸顶部是喷油嘴，构造不同，故D错误。
故选A。
【分析】在汽缸内往复运动时，从汽缸的一端运动到另一端的过程，叫做一个冲程。普通内燃机大多为四冲程内燃机。它分为吸气冲程、压缩冲程、做功冲程和排气冲程。汽油机是以汽油作为燃料，将内能转化成动能的发动机。用汽油喷射系统将汽油喷入气缸，经过压缩达到一定的温度和压力后，用火花塞点燃，使气体膨胀做功。柴油机则直接将柴油喷入充满压缩空气的汽缸，通过压缩空气产生的高温使柴油自燃点火。
6．（2024九上·茂名月考）用相同的滑轮组成甲、乙两个滑轮组，分别用其将A、B两个物体在相同时间内匀速提升相同的高度，两次的拉力F1＝F2，不计绳重和摩擦。下列说法错误的是（　　）
A．两物体所受重力GA＜GB
B．两次做的有用功W1＝W2
C．两次拉力做功的功率P1＜P2
D．两滑轮组的机械效率η甲＜η乙
【答案】B
【知识点】功率大小的比较；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；功
【解析】【解答】机械效率由有用功和总功两个因素共同决定，不能理解成：“有用功多，机械效率高”或“总功大，机械效率低”．A．左图中n1＝2，不计绳重和摩擦，根据得提升重物的重力GA＝2F1﹣G动
右图中n2＝3，不计绳重和摩擦，则提升重物的重力GB＝3F2﹣G动，因为F1＝F2，所以可得GA＜GB；故A正确，不符合题意；
B．A、B两个物体在相同时间内匀速提升相同的高度，则A中拉力移动的距离s1＝2h，B中拉力移动的距离s2＝3h，F1＝F2，根据W=Fs可得，W1＜W2，故B错误，符合题意；
C．时间相同，W1＜W2，根据可得，P1＜P2，故C正确，不符合题意；
D．将重物匀速提升相同高度h，动滑轮的重力相同，则额外功相同，因为GA＜GB，所以由W有用＝Gh可知W有用1＜W有用2，所以乙图滑轮组的有用功在总功中所占的比例较大，则乙图滑轮组的机械效率较高，即η甲＜η乙，故D正确，不符合题意。
故选B。
【分析】由图知，n1=2，n2=3，不计绳重和摩擦，利用，已知F1=F2，比较G1和G2大小关系；根据W=Fs比较功的大小；根据比较功率大小；将重物匀速提升相同高度h，动滑轮重力相同，额外功相同，根据重力的关系判断出有用功的大小，
7．（2024九上·茂名月考）一只木箱放在水平地面上，对木箱施加水平向右的推力F（如图甲），F的大小与时间t的关系、木箱的运动速度v与时间t的关系（如图乙）。下列选项说法正确的是（　　）
A．在内木箱所受摩擦力为1N
B．在内推力F对木箱所做的功为2J
C．在内木箱所受摩擦力为3N
D．在内推力F对木箱做的功为8J
【答案】A
【知识点】二力平衡的条件及其应用；是否做功的判断；功的计算及应用
【解析】【解答】A、木箱在速度为0，处于静止状态，所以推力等于摩擦力等于1N，A正确
B．木箱在处于静止状态，有力无距离，所以推力不做功，故B错误；
C．物体的摩擦力收到压力和接触面粗糙程度的影响，本题中这个因素均布发生变化，所以4-6s的摩擦力等于2-4s的摩擦力，4-6s物体匀速运动，所以推力等于摩擦力等于2N，所以2-4s的摩擦力为2N，C错误
D．在内，木箱做匀速直线运动，路程为8m，根据W=Fs可知推力F对木箱做的功
故D错误。
故选A。
【分析】运动和力：物体处于静止或者匀速直线运动过程中，受力平衡，所以推力等于摩擦力，本题中0-2s，4-6s，推力等于摩擦力
摩擦力的影响因素：有压力和接触面粗糙程度，其余因素不影响摩擦力，所以本题中物体开始产生相对位移，摩擦力不变
做功：公式为W=Fs，本题中推力为2N，运动长度为8m，据此计算推力做功
二、填空题（每空1分。共21分）
8．（2024九上·茂名月考）功率是表示物体做功　 　的物理量，功率越大的机械表示它做功越　 　（选填“快”或“慢”）。甲乙两个同学体重相同，他们进行登楼比赛，甲跑上5楼用28s，乙跑上5楼用了24s，则　 　同学的功率较大。
【答案】快慢；快；乙
【知识点】功率的概念；功率大小的比较；功率计算公式的应用
【解析】【解答】本题考查了功率的概念，以及功率大小的比较，灵活的选用公式是关键，属于易错题。根据功率的定义式可知，功率是表示物体做功快慢的物理量，功率越大的机械表示它做功越快。已知甲乙两个同学体重相同，都跑到五楼，根据，所做功相同，甲跑上五楼用28s，乙跑上五楼用了24s，根据可知，用时短的功率大，所以乙同学的功率较大。
【分析】根据功率的定义解答；根据P=可比较功率的大小。
9．（2024九上·茂名月考）摩擦起电的本质是　 　的转移。丝绸摩擦玻璃棒，玻璃棒带　 　电荷。用带电的玻璃棒靠近验电器，验电器的两个金属箔片就会张开，其原理是：同种电荷相互　 　。
【答案】电子；正；排斥
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；验电器的原理及使用
【解析】【解答】解决此类问题要灵活利用验电器的工作原理进行分析，同时要明确电荷间的相互作用规律。摩擦起电的实质不是创造了电荷，而是电子发生了转移。丝绸摩擦玻璃棒，由于玻璃棒原子核对核外电子的束缚能力较弱，摩擦时失去电子而带正电荷。验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，用带电的玻璃棒靠近验电器时，两金属箔片因带上同种电荷相互排斥而分开。
【分析】丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷，验电器的工作原理是同种电荷相互排斥。
10．（2024九上·茂名月考）人造卫星沿椭圆轨道绕地球运行。离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点。当卫星从远地点向近地点运行时（如图）。卫星的动能　 　，重力势能　 　机械能　 　（均选“增大”“减小”或“不变”）。
【答案】增大；减小；不变
【知识点】动能的影响因素；势能的影响因素；机械能守恒条件
【解析】【解答】卫星绕地球运行时，不受空气阻力，机械能守恒。当卫星从远地点向近地点运行时，质量不变而高度减小，重力势能减小，速度变大，动能增大。故第1空填：增大；第2空填：减小；第3空填：不变。
【分析】质量一定时，速度变大，动能变大，高度减小，重力势能减小。
11．（2024九上·茂名月考）农药喷洒飞机正在同一高度匀速执行喷洒农药工作的时候，飞机（包含农药）机械能　 　；中医拔火罐能有效治疗某些疾病，火罐在使用时，应先加热火罐中的气体，再迅速将火罐按到皮肤上，一段时间后，罐内气体的内能　 　，这是通过　 　来改变罐内气体内能的（前两空选填“增大”“减小”“不变”）。
【答案】减小；减小；热传递
【知识点】机械能及其转化；温度、热量与内能的关系；热传递改变物体内能
【解析】【解答】本题主要考查了对改变内能的方式，内能影响因素等的理解，热传递过程中高温物体放出热量，温度降低，内能减少，低温物体吸收热量，温度升高，内能增加。农药喷洒飞机正在同一高度匀速执行喷洒农药工作的时候，飞机（包含农药）的质量变小，速度和高度不变，则它的动能和重力势能都减小，所以机械能减小。
一段时间后，罐内气体的温度降低，内能减小，在此过程中，罐内的气体向外放出热量，这是通过热传递来改变罐内气体内能的。
【分析】做功和热传递都能改变物体的内能，做功是能量的转化，热传递是能量的转移；内能的大小与物体的质量、温度和状态有关。
12．（2024九上·茂名月考）“绿水青山就是金山银山”。为了改善城市环境，许多城市大力开发湿地公园，修建人工湖来调节气温，这是利用水的　 　较大。一瓶水喝掉一半，剩余水的比热容　 　；剩余水的密度　 　（后两空均选填“变小”“变大”或“不变”）。
【答案】比热容；不变；不变
【知识点】密度及其特性；比热容
【解析】【解答】本题考查了对比热容的理解和水的比热容较大的应用，属于基础题。
水的比热容较大，在相同条件下，与其它物质相比，在吸收或放出相同的热量时，水的温度变化相对较小，人工湖就起到了调节周围气温的作用。比热容、密度是物质的一种特性，与物质的质量、体积等因素无关。因此，水喝掉了一半，剩余水的比热容、密度保持不变。
因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析。
【分析】比热容是物质的一种特性，它只和物质的种类和状态有关。
13．（2024九上·茂名月考）如图所示，斜面长5 m，高1 m，工人用沿斜面方向400 N的推力把重1 600 N的木箱匀速推到车上，推力对木箱做的有用功是　 　J，木箱在斜面上滑动时所受到的摩擦力是　 　N，斜面的机械效率是　 　。
【答案】1600；80；80%
【知识点】斜面的机械效率
【解析】【解答】本题考查了使用斜面时有用功、总功、额外功、机械效率的计算，明确使用斜面时克服摩擦力做的功为额外功是关键。推力对木箱做的有用功是
推力对木箱做的总功是
克服摩擦力所做的额外功为
木箱在斜面上滑动时所受到的摩擦力是
斜面的机械效率是
【分析】功等于力与力的方向上移动距离的乘积，利用W=Fs计算推力所做的功（总功）；利用W=Gh求克服木箱重力所做的有用功；斜面的机械效率等于有用功与总功之比；克服摩擦力做的额外功等于总功减去有用功，再利用W额=fs求出摩擦力的大小。
14．（2024九上·茂名月考）图甲、乙、丙所示的冲程都是靠飞轮的　 　完成的；若汽油机飞轮的转速为，则1min内汽油机共完成　 　个工作循环，对外做功　 　次。
【答案】惯性；600；600
【知识点】热机的四个冲程
【解析】【解答】本题主要考查内燃机的四个冲程，常见题目。内燃机的四个冲程中除了做功冲程外，其他三个冲程都是依靠飞轮的惯性完成。图甲两侧气门关闭，活塞向上运动，是压缩冲程；图乙进气门打开，是吸气冲程；图丙排气门打开，是排气冲程，这三个冲程都是依靠飞轮的惯性完成的。一个工作循环，包含4个冲程，飞轮转2圈，做功1次，汽油机飞轮的转速为，则1min内600个工作循环，汽油机共完成2400个冲程，做功600次。
【分析】根据气门的关闭情况和活塞的运动方向判断是哪一个冲程；已知飞轮的转速，四冲程汽油机的每个工作循环中，飞轮转动2圈，对外做功1次，据此求出每分钟对外做功的次数。
三、画图题（共7分）
15．（2024九上·茂名月考）（1）如图所示，请在О点画出灯笼所受的重力和拉力；（O点表示灯笼的重心）
（2）如图所示，请用最省力的方式将汽车从淤泥中拉出来；
（3）如图所示，一木箱从斜面上匀速向下滑，请画出木箱的受力示意图。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】重力示意图；摩擦力的方向；滑轮组的设计与组装
【解析】【解答】（1）本题考查了力的示意图的画法，明确力的方向、作用点是关键。重力的方向竖直向下，拉力沿着绳子向上，作用点画在重心。作图如下：
（2）
图中只有一个动滑轮和一个定滑轮，要求最省力，则最多有3段绳子来拉动汽车，绳子应先系在动滑轮的固定挂钩上，然后绕过左边的定滑轮，再绕过动滑轮。如图所示：
（3）
画力的示意图的一般步骤为：一画简图，二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边．按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
木箱从斜面上匀速向下滑时受到竖直向下的重力，沿着斜面向上的摩擦力，垂直于斜面向上的支持力，作图如下：
【分析】（1）先确定灯笼受到的重力、拉力的方向和作用点，再根据力的示意图的画法作图。
（2） 滑轮组绳子的绕法，有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过动滑轮，再绕过定滑轮，这样反复，共有两段绳子承担阻力；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮，这样反复，共有三段绳子承担阻力。本题中，要求最省力，即承担阻力的绳子数最多的一种，即第二种。
（3） 木箱从斜面上匀速向下滑，斜面对木箱的力有阻力和支持力，确定木箱受到的阻力和支持力的作用点和方向，然后按照力的示意图作图。
（1）重力的方向竖直向下，拉力沿着绳子向上，作用点画在重心。作图如下：
（2）图中只有一个动滑轮和一个定滑轮，要求最省力，则最多有3段绳子来拉动汽车，绳子应先系在动滑轮的固定挂钩上，然后绕过左边的定滑轮，再绕过动滑轮。如图所示：
（3）木箱从斜面上匀速向下滑时受到竖直向下的重力，沿着斜面向上的摩擦力，垂直于斜面向上的支持力，作图如下：
四、实验题（每空1分，共20分）
16．（2024九上·茂名月考）（1）如图甲所示，该弹簧测力计的量程是　 　N，此时弹簧测力计的示数为　 　N；
（2）小强在用温度计测量烧杯中液体温度时图乙中正确使用温度计的是　 　，温度计示数为　 　℃；
（3）使用天平时，小明将天平放在水平桌面上，将游码置于标尺左端的零刻度线处，此时指针的位置如图（1）所示，为使横梁平衡，应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调；将鹅卵石放在调好的天平左盘，天平平衡时右盘中的砝码和游码位置题图（2）所示，则小石块的质量为　 　。
【答案】（1）0~5；3.6
（2）D；38
（3）左；27g
【知识点】温度及温度计的使用与读数；弹簧测力计及其使用
【解析】【解答】（1）如图甲所示，该弹簧测力计的最大刻度为“5”，则量程为0~5N，分度值为0.2N，则此时弹簧测力计的示数为3.6N。
（2）温度计的正确使用方法：一是温度计的玻璃泡全部浸入被测液体中，不要碰到容器底或容器壁；二是温度计玻璃泡进入被测液体后要稍等一会儿，待温度计示数稳定后再读数；三是读数时温度计的玻璃泡要继续留在液体中，视线要与温度计中液柱上表面相平；四是使用温度计测量液体的温度，读数时先看清是零上还是零下，然后认清量程和分度值，最后读出示数。
使用温度计测量液体温度时，液泡要完全浸没在液体中，不能碰到杯底或杯壁，所以图乙中正确使用温度计的是D，温度计分度值为1℃，示数为38℃。
（3）由图可知，此时指针向右偏，说明右端重，因此平衡螺母应向左调，给左端增重。天平称量质量时，物体的质量等于砝码的质量加游码的示数，因此小石块的质量为m=20g+5g+2g=27g
【分析】（1）使用弹簧测力计测量力的大小时，首先观察量程和分度值，以便于准确读数；
（2） 根据温度计的正确使用方法和读数规则读数；
（3） 将天平放在水平台上，把游码移到标尺左端的零刻度线处，平衡螺母向上翘的一端移动；用天平测量物体的质量时，横梁平衡后，右盘中砝码的总质量+游码所对的刻度值就是物体的质量。
（1）[1][2]如图甲所示，该弹簧测力计的最大刻度为“5”，则量程为0~5N，分度值为0.2N，则此时弹簧测力计的示数为3.6N。
（2）[1][2]使用温度计测量液体温度时，液泡要完全浸没在液体中，不能碰到杯底或杯壁，所以图乙中正确使用温度计的是D，温度计分度值为1℃，示数为38℃。
（3）[1][2]由图可知，此时指针向右偏，说明右端重，因此平衡螺母应向左调，给左端增重。天平称量质量时，物体的质量等于砝码的质量加游码的示数，因此小石块的质量为
m=20g+5g+2g=27g
17．（2024九上·茂名月考）在探究动能大小与哪些因素有关的实验中：
（1）本实验通过比较　 　来反映小车的动能大小，该物理方法称为　 　；
（2）如图乙所示，小红是探究动能大小与　 　关系，她让小车从斜面的相同高度下滑，目的是　 　；
（3）在探究小球动能与质量的关系时，有同学提议可以在水平面桌面上将同一根弹簧压缩相同的程度，分别弹出质量不同的小球去撞击木块（如图所示），撞击木块时小球的动能　 　（选填“相等”或“不相等”），该方案　 　（选填“可行”或“不可行”），理由是：　 　。
【答案】（1）木块移动的距离；转换法
（2）质量；使得小车到达水平面的速度相同
（3）相等；不可行；见解析
【知识点】探究影响物体动能大小的因素
【解析】【解答】 探究“动能大小与哪些因素有关“，考查转换法、控制变量法的运用及对实验方案的评估。 （1）实验中采用转换法，通过比较木块移动距离来反映小车的动能大小，木块被撞击后移动的距离越远，说明小车动能越大。
（2）如图乙所示，小红实验中控制小车下滑高度相同，控制小车到达水平面的速度相同，改变小车质量大小，是探究动能大小与质量关系。
（3）将同一根弹簧压缩相同的程度，弹簧的弹性势能相同，放手后，弹簧的弹性势能转化为小球的动能，小球获得的动能相等，小球的质量不同，小球的速度不同，且木块被推动的距离相等，故不能比较得出动能与质量的关系。
【分析】（1）根据转换法，通过比较木块在同一水平面上被撞击的距离来比较小车到达水平面时动能的大小；
（2）物体的动能大小与物体的质量和速度有关，研究动能与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
（3）结合控制变量法的要求，看是否合理的控制了相关变量，并改变了要研究的变量，这样才能知道是否符合实验要求。
（1）[1][2]实验中采用转换法，通过比较木块移动距离来反映小车的动能大小，木块被撞击后移动的距离越远，说明小车动能越大。
（2）[1][2]如图乙所示，小红实验中控制小车下滑高度相同，控制小车到达水平面的速度相同，改变小车质量大小，是探究动能大小与质量关系。
（3）[1][2][3]将同一根弹簧压缩相同的程度，弹簧的弹性势能相同，放手后，弹簧的弹性势能转化为小球的动能，小球获得的动能相等，小球的质量不同，小球的速度不同，且木块被推动的距离相等，故不能比较得出动能与质量的关系。
18．（2024九上·茂名月考）如图甲所示，小明用相同的酒精灯分别给质量和初温均相同的水和煤油加热，以探究水和煤油的比热容关系。
（1）要完成该实验，除了图甲、乙中所示的器材外，还需要的测量工具是托盘天平和　 　；
（2）该实验是通过　 　（选填“加热时间”或“液体升高的温度”）来反映烧杯中液体吸收热量的多少的。实验中选用相同的加热装置分别给初温相同且　 　（选填“质量”或“体积”）相同的水、煤油两种液体进行加热。这体现的研究方法是　 　；
（3）根据实验数据，小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图像如图丙，分析图丙可知煤油的比热容是　 　J/（kg·℃）；[c水=4.2×103J/（kg·℃）]
（4）实验结束后，小明又找来了一些冰块，探究了冰熔化过程中温度变化规律，如图丁所示，在BC阶段中C点处物质的内能　 　（选填“大于”小于”或“等于”）B点处物质的内能；从图中还能发现，AB段和CD段的比热容　 　（选填“相同”或“不同”）。
【答案】（1）秒表
（2）加热时间；质量；控制变量法
（3）2.1×103
（4）大于；不同
【知识点】比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和Q=cmΔt的运用，为热学中的重要实验。
（1）实验中还需要记录温度随时间的变化，所以还需要秒表。
（2）实验中选用相同的加热装置加热，根据转换法，是通过加热时间来反映烧杯中液体吸收热量的多少的。根据控制变量法，实验中选用相同的加热装置分别给初温相同且质量相同的水、煤油两种液体进行加热。
（3）如图丙，升高相同的温度，质量相同的水和煤油加热时间之比为，则吸收热量之比为，根据，比热容和吸收热量成正比，所以水和煤油比热容之比为，则煤油的比热容为
（4）冰属于晶体，在熔化过程中，吸收热量，内能增加，但温度不变，因此C点处物质的内能大于B点处物质的内能。由于比热容和物质的状态有关，当物质熔化后比热容会发生改变，因此吸收相同热量的前提下，温度变化量不同，因此AB段和CD段图像的倾斜程度不同。故从图中还能发现，AB段和CD段的比热容不同。
【分析】（1）根据实验原理分析所需要的器材；
（2）分析图丙得出结论；
（3）由图丙可知升高30℃水和煤油的加热时间，由转换法，两种物质的吸热之比，根据Q=cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，据此得出煤油的比热容；
（4）晶体熔化是吸热过程。
（1）实验中还需要记录温度随时间的变化，所以还需要秒表。
（2）[1]实验中选用相同的加热装置加热，根据转换法，是通过加热时间来反映烧杯中液体吸收热量的多少的。
[2][3]根据控制变量法，实验中选用相同的加热装置分别给初温相同且质量相同的水、煤油两种液体进行加热。
（3）如图丙，升高相同的温度，质量相同的水和煤油加热时间之比为，则吸收热量之比为，根据，比热容和吸收热量成正比，所以水和煤油比热容之比为，则煤油的比热容为
（4）[1]冰属于晶体，在熔化过程中，吸收热量，内能增加，但温度不变，因此C点处物质的内能大于B点处物质的内能。
[2]由于比热容和物质的状态有关，当物质熔化后比热容会发生改变，因此吸收相同热量的前提下，温度变化量不同，因此AB段和CD段图像的倾斜程度不同。故从图中还能发现，AB段和CD段的比热容不同。
五、计算题（19题6分，20题7分，共13分）
19．（2024九上·茂名月考）把0.42kg、180℃的铁块投入0.1kg的水中，混合后的温度是80℃。[c铁=0.45×103J/（kg·℃），c水=4.2×103J/（kg·℃）。求：
（1）铁块放出的热量是多少？
（2）若铁块放出的热量全部被水吸收，水的初温是多少？
【答案】（1）铁块放出的热量
Q放=c铁m铁（t0铁﹣t）＝0.45×103J/（kg ℃）×0.42kg×（180℃﹣80℃）
＝1.89×104J
（2）若铁块放出的热量全被水吸收，水吸收的热量
Q吸＝Q放＝1.89×104J
由Q吸＝cm（t﹣t0）可知，水的初温
【知识点】比热容
【解析】【分析】（1）根据Q放=cm（t0-t）求出铁块放出的热量；
（2）根据题意可知水吸收的热量，根据Q吸=cm（t-t0）求出水的初温。
（1）铁块放出的热量
Q放=c铁m铁（t0铁﹣t）＝0.45×103J/（kg ℃）×0.42kg×（180℃﹣80℃）＝1.89×104J
（2）若铁块放出的热量全被水吸收，水吸收的热量
Q吸＝Q放＝1.89×104J
由Q吸＝cm（t﹣t0）可知，水的初温
20．（2024九上·茂名月考）一辆载重汽车装完砂石后总质量为2t，以额定功率80kW从静止开始运动，v-t图像如图所示，经15s运动100m恰好达到最大速度，接着匀速运动25s关闭发动机滑行50m停下。已知汽车在运动过程中受到的阻力为车总重的0.2倍。（g=10N/kg）求：
（1）汽车匀速运动时的牵引力；
（2）前40s过程中发动机做的功；
（3）若发动机的热机效率为80%，则整个过程中需要燃烧多少千克汽油？（已知汽油的热值大约为5×107J/kg ）
【答案】（1）汽车匀速运动时，受力平衡，则汽车的牵引力为
（2）前40s过程中发动机做的功为
（3）汽油完全燃烧放出的总热量为
则整个过程中需要燃烧汽油质量为
【知识点】燃料的热值；热机的效率；重力及其大小的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）由G=mg可求得此时汽车的总重力，由二力平衡条件可知，牵引力大小；（2）已知汽车的功率为和做功时间，由W=Pt求得发动机做的功；
（3）由可求得汽油燃烧放出的总热量，由Q放=mq可求得燃烧汽油的质量。
（1）汽车匀速运动时，受力平衡，则汽车的牵引力为
（2）前40s过程中发动机做的功为
（3）汽油完全燃烧放出的总热量为
则整个过程中需要燃烧汽油质量为
六、综合题（每空1分，共18分）
21．（2024九上·茂名月考）在湖北武汉举行的亚洲田径锦标赛中，中国选手李玲在女子撑杆跳决赛中以4.66m的成绩打破亚洲纪录，请结合撑杆跳的过程示意图，回答下列问题。
（1）在助跑阶段，李玲受到地面对它的静摩擦力而前进，这个力的方向与她运动方向　 　（填“相同”或“相反”）；
（2）李玲助跑的目的是为了在起跳前获得较大的　 　（选填“动能”或“惯性”）；
（3）李玲用压弯的撑杆把自己送上高处，这是因为压弯了的撑杆具有　 　势能，最后转化为她的　 　势能，使她越过横杆；
（4）李玲跃过横杆后，在1s时间内落地，若李玲的体重是50kg，她下落过程中的功率是　 　W。（g取10N/kg）
【答案】相同；动能；弹性；重力；2330
【知识点】功率计算公式的应用；动能与势能的应用；机械能及其转化；摩擦力的方向；杠杆及其五要素
【解析】【解答】 本题以田径运动中的撑杆跳高为内容，考查了摩擦力的方向、能量的转化、功和功率的计算等，综合性强，难度适中。（1）在助跑阶段，李玲用力蹬地，由于力的作用是相互的，地面同时给李玲一个向前的静摩擦力使其前进，因此这个静摩擦力的方向与她运动的方向相同。
（2）惯性只与物体的质量有关，与速度无关；助跑的目的是为了在起跳前获得较大的速度，从而具有较大的动能。
（3）李玲用压弯的撑杆把自己送上高处，这是因为压弯了的撑杆发生了弹性形变，具有弹性势能；压弯的撑杆把自己送上高处，人的质量不变，高度增加，重力势能增大，即将撑杆的弹性势能转化为人的重力势能，使她越过横杆。
（4）人的重力
G=mg=50kg×10N/kg=500N
重力做的功
W=Gh=500N×4.66m=2330J
重力做功的功率
【分析】（1）人跑步时，脚受到的地面的静摩擦力是人前进的动力，其方向与人运动的方向相同；助跑可以使人获得较大的速度，从而具有较大的动能；
（2）惯性只与物体的质量有关，与速度无关；
（3）根据动能、重力势能和弹性势能的影响因素可以判断其能量的转化；
（4）根据G=mg求出重力，再利用功的公式计算出所做的功，最后利用功率的公式计算做功的功率。
22．（2024九上·茂名月考）我国劳动人民很早就在农业、军事等方面应用杠杆。如图甲所示是用于稻谷去皮的脚踏碓，图乙是其简化图；图丙所示是护城河上安装的吊桥装置。
（1）使用该脚踏碓　 　（选填“能”或“不能”）省功；
（2）利用图乙中的脚踏碓捣谷时，劳作者踩踏“碓”尾，“碓”头高高抬起，松脚后“碓”头下落过程中，它的重力势能会　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。为了省力些，可将脚踩点适当　 　（选填“靠近”或“远离”）О点；
（3）脚踏碓的脚踩位置有粗糙的花纹，这是为了　 　（选填“增大”或“减小”）摩擦；
（4）图丙中，该滑轮是　 　（选填“定”或“动”）滑轮，它的作用是　 　。
【答案】（1）不能
（2）变小；远离
（3）增大
（4）定；改变力的方向
【知识点】机械能及其转化；增大或减小摩擦的方法；杠杆的动态平衡分析；定滑轮及其工作特点
【解析】【解答】解题关键是知道机械不能省功，知道影响重力势能大小的因素，知道增大摩擦的方法，知道定滑轮的特点，会根据杠杆的平衡条件进行分析和计算。
（1）使用任何机械都不能省功，甚至还要做额外功。
（2）松脚后“碓”头下落过程中，它的高度下降，质量不变，重力势能会变小。为了省力些，可将脚踩点适当远离О点，此时动力臂变长，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件，需要的动力减小，可以更省力。
（3）脚踏碓的脚踩位置有粗糙的花纹，这是为了通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
（4） 定滑轮使用时，滑轮的位置固定不变；定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，但可以改变作用力方向。图丙中，该滑轮使用时轴固定不动，是定滑轮，可以改变力的方向。
【分析】（1）使用任何机械都不能省功；
（2）影响重力势能大小的因素是质量和高度；根据杠杆的平衡条件来分析；
（3）摩擦力与压力大小和接触面的粗糙程度有关；
（4）定滑轮可以改变力的方向。
（1）使用任何机械都不能省功，甚至还要做额外功。
（2）[1]松脚后“碓”头下落过程中，它的高度下降，质量不变，重力势能会变小。
[2]为了省力些，可将脚踩点适当远离О点，此时动力臂变长，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件，需要的动力减小，可以更省力。
（3）脚踏碓的脚踩位置有粗糙的花纹，这是为了通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
（4）[1][2]图丙中，该滑轮使用时轴固定不动，是定滑轮，可以改变力的方向。
23．（2024九上·茂名月考）如图所示是我国北方的供暖设备，它一般安装在房间靠墙壁处，需要供暖时，让温度较高的热液从入口流入铁管，经过弯曲的铁管并放出热量，使房间温度升高，最后变成温度较低的温液从出口流出。
物质 比热容J/（kg·℃ ）
水 4200
煤油 2100
色拉油 1070
（1）相比我们南方的冷气设备安装大房间的上方，则你认为该北方的供暖设备应安装在房间靠墙壁的　 　（上或下）方效果更好些；
（2）热液流过铁管放出热量是通过　 　的方式进行，该过程是能量的　 　（后一空填：“转移”或“转化”）过程；
（3）该供暖设备运输热量的媒介若选用煤油与色拉油比较，则在同种条件下选用　 　能够使房间的温度上升得更高；
（4）该供暖设备中铁管做成弯曲形状而不是直线可以增长热液放出热量的　 　，从而增强供暖效果；
（5）若利用水来作为运输热量的媒介，某时间段内有质量是39kg温度是85℃的水从入口流入，从出口流出时温度变成35℃，则该时间段热水能为房间提供了　 　J的热量，若该房间的长、宽、高分别为5m、5m、4m，则该时间段大致能够使房间的温度升高　 　℃。[设空气的密度为空=1.3kg/m3，比热容为c空=2.5×103J/（kg·℃）]
【答案】（1）下
（2）热传递；转移
（3）煤油
（4）时间
（5） ；25.2
【知识点】热传递改变物体内能；比热容
【解析】【解答】此题考查学生关于热传递、比热容的理解以及利用比热容进行分析实际问题的能力以及比热容的热量计算。
（1）由于供暖设备工作时，其周围的空气受热后膨胀，加热后的空气密度变小会上升，从而带动整个房间的空气循环，使得房间内的温度升高且分布更加均匀，所以，北方的供暖设备应安装在房间靠墙壁的下方效果更好些。
（2）热液流过铁管放出热量，周围的空气吸收热量，因此是通过热传递的方式进行的，该过程是能量的转移过程。
（3）由表格数据可知，煤油的比热容大于色拉油的比热容，由可知，质量相等的色拉油和煤油，降低相同的温度时，煤油放出的热量多，煤油能够使房间的温度上升得更高。
（4）该供暖设备中铁管做成弯曲形状，而不是直线，热液流过铁管的距离变大，时间变长，所以放出热量的时间变长，从而增强供暖效果。
（5）这段时间水放出的热量为
则该时间段热水能为房间提供的热量为。房间内空气的质量为
则房间的温度变化量为
【分析】（1）冷空气的密度更大，热空气的密度小；
（2）热传递是将内能从一个物体转移给另一个物体，是能量的转移过程；
（3）根据比热容的概念和比热容是物质的一种特性以及利用物质吸热公式Q=cmΔt进行判断；
（4）该供暖设备中铁管做成弯曲形状而不是直线，热液流过铁管的距离变大，时间变长；
（5）水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少，据此分析；根据放热公式Q=cmΔt可求水提供的热量；根据Q=cmΔt=cρVΔt算出房间升高的温度。
（1）由于供暖设备工作时，其周围的空气受热后膨胀，加热后的空气密度变小会上升，从而带动整个房间的空气循环，使得房间内的温度升高且分布更加均匀，所以，北方的供暖设备应安装在房间靠墙壁的下方效果更好些。
（2）[1][2]热液流过铁管放出热量，周围的空气吸收热量，因此是通过热传递的方式进行的，该过程是能量的转移过程。
（3）由表格数据可知，煤油的比热容大于色拉油的比热容，由可知，质量相等的色拉油和煤油，降低相同的温度时，煤油放出的热量多，煤油能够使房间的温度上升得更高。
（4）该供暖设备中铁管做成弯曲形状，而不是直线，热液流过铁管的距离变大，时间变长，所以放出热量的时间变长，从而增强供暖效果。
（5）[1][2]这段时间水放出的热量为
则该时间段热水能为房间提供的热量为。房间内空气的质量为
则房间的温度变化量为
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