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湖南省长沙市望城区2024-2025学年八年级下学期物理期末试题
一、选择题（本题共12小题，1-10为单项选择，每小题只有一个选项符合题意，每小题3分；11-12题为多项选择，全对3分，漏选2分，选错0分；每题3分，共36分。）
1．（2025八下·望城期末）在国际单位制中，力的单位是（　　）
A．千克 B．牛顿 C．瓦特 D．帕斯卡
2．（2025八下·望城期末） 优秀的撑竿跳高运动员借助撑竿可以越过高的横杆，如下图示，在跳高的过程中，下列说法正确的是（　　）
A．运动员松手后，撑竿不会恢复原状
B．运动员的惯性变得更大了
C．人使竿弯曲，说明人对竿的力大于竿对人的力
D．撑竿受力时发生弯曲，说明力可以使物体发生形变
3．（2025八下·望城期末）课间，操场上到处是同学们矫健的身影，如图是附附同学正在足球场上飞身踢球射门。如果在空中飞行的足球所受一切外力突然消失，关于足球的运动情况，下列判断正确的是（　　）
A．静止在空中 B．做匀速直线运动
C．做曲线运动 D．竖直下落
4．（2025八下·望城期末） 关于重力，下列说法正确的是（　　）
A．物体所受重力的受力物体是地球
B．物体的重心一定在物体上
C．地面附近的物体所受重力跟它的质量成正比
D．重力的方向一定是垂直向下的
5．（2025八下·望城期末）小湖同学通过平时观察发现如下现象，其中表述正确的是（　　）
A．如图甲，“覆杯实验”时，在杯子装满水，纸片不会掉下来，这是水对纸片的吸附作用
B．如图乙，青藏高原边防战士用高压锅煮面条，是因为海拔越高，大气压越大，水的沸点越高
C．如图丙，拦河大坝“上窄下宽”，是为了能够承受水深处的较大的压强
D．如图丁，飞机获得升力是因为其上表面空气流速大，导致空气压强大
6．（2025八下·望城期末） 已知，如图所示，小明将压强计的探头放入水中某一深度处，记下U形管中两液面的高度差，下列操作能够使高度差h增大的是（　　）
A．将探头放在食盐水中的同样深度处
B．将图中探头竖直向上移动一段距离
C．将图中U形管竖直向下移动一段距离
D．将图中探头在原深度处转动一定角度
7．（2025八下·望城期末）图所示为某人推着购物车在水平地面上匀速运动的情境。下列关于做功的判断中正确的是（　　）

A．地面的支持力对购物车做了功
B．重力对购物车做了功
C．人的推力对购物车做了功
D．购物车对地面的压力对购物车做了功
8．（2025八下·望城期末）如图是生活中几种常见的杠杆，其中属于省力杠杆的是（　　）
A．船桨 B．钓鱼竿
C．钢丝钳 D．镊子
9．（2025八下·望城期末） 2024年的春晚长沙分会场，展现了长沙和中联重科的智能制造。如图所示的履带式起重机，它的前端有滑轮组，可以用来吊装重型材料。下列说法正确的是（　　）
A．滑轮组中的定滑轮是为了省力而设计的
B．挂钩的自重越大，该滑轮组的机械效率越高
C．履带式的设计是为了增大起重机对地面的压强
D．前端钢绳股数较多，是为了更省力
10．（2025八下·望城期末）“福建舰”是我国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰，其配置有电磁弹射和阻拦装置，满载排水量为8万余吨。（g取10N/kg）下列说法正确的是（　　）
A．若航母上的舰载机起飞后，航母会下沉一些
B．航母从密度大的海域驶入密度小的海域后所受的浮力不变
C．航母满载时受到的浮力约为
D．排水量指的是航空母舰排开水的重力
11．（2025八下·望城期末） 排球运动深受人们的喜爱，中国女排多次夺取世界大赛的冠军。运动员击球后，排球离开手在空中划过一道弧线，不计空气阻力，在这个过程中下列说法正确的是（　　）
A．排球在上升过程中，动能越来越大
B．排球在上升过程中，受到一个向上的力
C．排球在下落过程中，重力势能转化为动能
D．排球在下落过程中，重力做功越来越快
12．（2025八下·望城期末） 水平桌面上有一盛水的圆柱形容器，用细线将两个材质不同、体积相同的实心球A、B系在一起悬浮于水中，状态如图甲所示：剪断细线后A、B最终状态如图乙所示，下列说法中正确的是（　　）
A．A的密度小于B
B．剪断细线后A所受浮力变大
C．剪断细线后B所受浮力变小
D．剪断细线后容器对桌面的压强不变
二、填空题（本大题共5小题，每空2分，共20分）
13．（2025八下·望城期末） 2024年年初，哈尔滨冰雪大世界火热出圈，全国各地的游客纷纷去东北打卡。如图所示，游客在水平雪地上滑行，穿滑雪板是为了减小游客对雪地的　 　；游客匀速转弯的过程中，其运动状态　 　（选填“改变”或“不改变”）；
14．（2025八下·望城期末） 如图所示，用的握力将总重为的水杯竖直抓在手里，此时水杯受到的摩擦力为　 　N；若手握的握力增大为，水杯受到的摩擦力为　 　。
15．（2025八下·望城期末）一长方形木块平放和侧放在地面上，其受力面积之比为 3：1，则平放和侧放时，对地面的压力之比为　 　，压强之比为　 　.
16．（2025八下·望城期末） 在坐标轴上有三个力，其中的方向沿着轴正方向，大小为，和的方向沿着轴负方向，大小分别为和，则这三个力的合力的大小为　 　N，合力的方向是　 　。
17．（2025八下·望城期末） 如图所示，用滑轮组匀速提升重为的物体，每个滑轮重，用将物体匀速向上提升，不计绳重和摩擦，的大小是　 　，在这次提升过程中，该滑轮组的机械效率为　 　。
三、实验题（本大题共4小题，共26分）
18．（2025八下·望城期末） 如图甲、乙、丙所示，小明利用小桌、海绵、砝码等探究影响压力作用效果的因素：
（1）本实验是通过观察海绵的　 　来比较压力作用效果的；
（2）对比　 　两次实验得出的结论可以用来解释“磨刀不误砍柴工”；
（3）将该小桌和砝码放在如图丁所示的木板上，则图丙中海绵受到的压强p和图丁中木板受到的压强的大小关系为；p　 　的（选填“>”“＜”或“=”）。
19．（2025八下·望城期末） 在探究“滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验时，小明用完全相同的木块分别做了如图所示的甲、乙、丙三个实验。
（1）将木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动，使木块做　 　运动，测出木块与木板之间的滑动摩擦力；
（2）甲、乙两个实验说明滑动摩擦力的大小与　 　有关；
（3）比较乙、丙两次实验，能否得出滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关　 　？
20．（2025八下·望城期末） 如图是某学习小组利用小钢球A和B、木块、木板等器材探究物体的动能大小与哪些因素有关。小钢球沿光滑斜面由静止向下运动，撞击木块使木块在水平木板上移动一段距离后静止。
（1）本实验是通过观察　 　来判断物体的动能的大小；
（2）如图甲所示①②两次实验，让质量不同的小钢球从斜面的相同高度处静止滚下，目的是为了研究动能与　 　的关系；分析这两次实验，可初步得出结论：　 　。
21．（2025八下·望城期末） 小海在探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验中，用同一个弹簧测力计测出了同一金属块在如图所示的5种情况下的拉力（，取）：
（1）由实验数据可以知道，金属块浸没在水中时所受的浮力是　 　；
（2）分析图A、B、C可得，物体所受的浮力大小与　 　有关；
（3）分析图A、D、E可得，物体所受的浮力大小与　 　有关；
（4）小芬和小杰分析实验数据时发现可以通过实验数据算出盐水的密度为　 　。
四、计算题（本大题共3小题，共18分。请写出必要的文字说明、解答步骤，只写出最后答案的不能得分。）
22．（2025八下·望城期末） 杆秤是我国古代人民智慧的结晶、是历史最悠久的衡器之一，如图所示是杆秤的结构示意图，秤砣的质量为0.5kg，秤钩悬挂处A与秤纽O间的距离为6cm，A与最左端的距离为2cm，挂上重物后，秤砣移至距O点24cm的B处时，秤杆正好水平。（g取10N/kg）
（1）求被称物体的重力；
（2）若秤杆的总长度是80cm，则这把秤最大能称量多少kg的物体？
23．（2025八下·望城期末） 如图所示，一辆汽车行驶在一段长的直桥上，已知：汽车的总质量为（包括车、车上的人和物品等），汽车以的速度匀速通过大桥的这一段路程，行驶过程中受到的阻力为。求（g取）：
（1）汽车的重力；
（2）汽车牵引力所做的功；
（3）此过程中汽车牵引力做功的功率。
24．（2025八下·望城期末） 如图所示，一个不计外壁厚度且足够高的柱形容器放在水平桌面上，容器中立放着一个底面积为、高为、质量为的均匀实心长方体木块，的底部与容器底用一根长度为的细绳相连，现慢慢向容器中加水，当木块对容器底部的压力恰好为0时，此时容器中水的深度为。求（g取）：
（1）当木块对容器底部的压力恰好为0时，受到的浮力；
（2）若继续缓慢向容器中加水，当细绳刚好伸直时，水对容器底部的压强；
（3）已知细绳能承受的最大拉力是，若持续加水至某一深度，请通过计算结果说明细绳是否会被拉断？
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】质量及其特性；功率的概念；力的概念及单位；压强
【解析】【解答】在国际单位中，牛顿是力的单位，简称牛，符号N，故B符合题意；ACD不符合题意。
故选B。
【分析】力的单位是牛顿。
2．【答案】D
【知识点】力的作用效果；惯性及其现象
【解析】【解答】 AD、撑竿受力时发生弯曲，说明力可以使物体发生弹性形变，运动员松手后，撑竿会恢复原状，故A错误，D正确；
B、在跳高的过程中，运动员的质量不变，惯性不变，故B错误；
C、人使竿弯曲，人对竿的力和竿对人的力时一对相互作用力，二者大小相等，故C错误。
故答案为：D。
【分析】 受力会发生形变，不受力时又恢复到原来的形态，物体的这种特性叫弹性；一切物体都有保持运动状态不变的性质，叫惯性；惯性与物体的质量有关，质量越大，惯性越大；相互作用力的特点：两个受力物体（相互的），两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
3．【答案】B
【知识点】物体运动状态的变化
【解析】【解答】将足球踢出后，是运动状态，当外力突然消失，足球仍然保持原来的运动状态，足球将做保持原来的速度做匀速直线运动。故B正确，ACD错误。
故选B。
【分析】根据牛顿第一定律，物体不受外力作用时，原来静止的物体将永远保持静止状态；原来运动的物体，沿原来的速度和方向，将永远做匀速直线运动。
4．【答案】C
【知识点】重力及其大小的计算；重力的方向
【解析】【解答】 A、重力的施力物体是地球，受力物体是重物，故A错误；
B、物体的重心不一定在物体上，例如：圆环的重心就不在圆环上，故B错误；
C、地面附近的物体都受地球的吸引，都受重力，并且物体所受重力与其质量成正比，故C正确；
D、重力的方向总是竖直向下的，不是垂直向下，故D错误。
故答案为：C。
【分析】 重力的施力物体是地球，受力物体是重物；物体的重心不一定在物体上；物体所受重力跟它的质量成正比；重力的方向总是竖直向下的。
5．【答案】C
【知识点】液体压强的特点；沸点及沸点与气压的关系；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】此题考查了气体压强、液体压强、流体压强的特点及应用，空气受到重力作用，而且空气具有流动性，因此空气内部向各个方向都有压强，这个压强就叫大气压强。A．如图甲，“覆杯实验”是因为大气压托住了杯中的水和纸片，要求杯内没有空气只有水，且杯内水柱产生压强远小于外界的大气压，故A错误；
B．青藏高原海拔高，气压低，水的沸点低，边防战士用高压锅煮面条，是为了增大锅内气压来提高水的沸点，故B错误；
C．拦河大坝上窄下宽，是因为液体内部的压强随深度的增加而增大，拦河大坝“上窄下宽”，为了能够承受水深处的较大的压强，故C正确；
D．如图丁，飞机获得升力是因为其上表面空气流速大，空气压强小，下表面空气流速小，空气压强大，形成向上的压力差，故D错误。
故选C。
【分析】大气压与高度的关系是：海拔越高，气压越低；液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。液体的压强随深度增加而增大。流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大。
6．【答案】A
【知识点】液体压强的特点；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】 A．已知ρ水＜ρ盐水，将探头放在食盐水中的同样深度处，由p=ρgh得，探头受到的压强变大，U形管两边的高度差增大，故A符合题意；
B．液体内部压强随深度的增加而增大，由p=ρ液gh可知，将探头向上移动一段距离，深度变小，橡皮膜受到的压强变小，U形管两边液面的高度差变小，故B不符合题意；
C．将图中U形管竖直向下移动一段距离，若探头位置不变，探头受到的压强不变，U形管两边的高度差不变，故C不符合题意；
D．将图中探头在原深度处转动一定角度，同一液体中，液体深度不变，液体压强不变，则U形管两边的高度差不变，故D不符合题意。
故答案为：A。
【分析】根据影响液体压强大小的因素进行判断，要增大U形管两边液面的高度差，根据p=ρ液gh可知，可以增大深度或增大液体的密度。
7．【答案】C
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】掌握做功的两个必要因素。利用功的两个必要因素能判断力对物体是否做功。A．购物车没有在地面的支持力的方向上移动距离，所以地面的支持力没有对购物车做功，故A错误；
B．购物车没有在重力的方向上移动距离，所以重力没有对购物车做功，故B错误；
C．购物车在推力的方向上移动了距离，所以人的推力对购物车做了功，故C正确；
D．购物车没有在压力方向上移动距离，所以购物车对地面的压力没有对购物车做功，故D错误。
故选C。
【分析】做功的必要条件：有力作用在物体上，在力的方向上移动了距离。
8．【答案】C
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】 A.船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A不合题意；
B.钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故B不合题意；
C.钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C符合题意；
D.镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故D不合题意。
故选C。
【分析】比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类。
9．【答案】D
【知识点】增大压强的方法及其应用；定滑轮及其工作特点；机械效率的大小比较；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】A、定滑轮的作用是改变力的方向，而动滑轮才是为了省力设计的，图中滑轮组中的定滑轮不是为了省力，故A错误。B、挂钩的自重越大，额外功越大，有用功一定时，额外功越大，机械效率越小，故B错误。
C、履带式设计是通过增大受力面积来减小起重机对地面的压强，而不是增大压强，故C错误。
D、滑轮组中，绳子段数越多越省力，前端滑轮个数较多，是为了绕出更多段绳子，从而更省力，故D正确。
故答案为：D。
【分析】定滑轮的作用是改变力的方向，据此分析。有用功一定时，额外功越大，机械效率越小，据此分析。履带式设计是通过增大受力面积来减小起重机对地面的压强。滑轮组中，绳子段数越多越省力。
10．【答案】B
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 A.福建舰始终处于漂浮状态，则受到的浮力等于重力。舰上的舰载机起飞后，重力变小，其受到的浮力变小。根据F浮=ρ液V排g知排开海水的体积减小，航母会上浮一些，故A错误；
B.航母从密度大的海域驶入密度小的海域后，由于航母始终处于漂浮状态，所受的浮力等于它的总重力，总重力不变，则所受的浮力不变，故B正确；
C.由阿基米德原理可得“福建舰”满载时所受海水的浮力为：F浮=G排=m排g=80000×103kg×10N/kg=8×108N，故C错误；
D.排水量指的是航空母舰排开水的质量，故D错误。
故选B。
【分析】 AB.根据浮沉条件和阿基米德原理F浮=ρ液V排g分析航母排开水的体积变化即可；
C.已知福建舰满载的排水量，根据阿基米德原理F浮=G排=m排g求福建舰满载时受到的浮力；
D.根据排水量的定义判断。
11．【答案】C,D
【知识点】功率计算公式的应用；动能和势能的大小变化；功的计算及应用
【解析】【解答】A、排球在上升过程中，质量不变，速度变小，动能越来越小，故A错误；
B、排球离开手以后能继续向上运动，是因为排球具有惯性，此时排球不受向上的力，故B错误；
C、排球在下落过程中，质量不变，高度降低，速度增大，重力势能减小，动能增大，重力势能转化为动能，故C正确；
D、排球在下落过程中，重力做功的快慢（功率）PGv，由于排球下落速度越来越大，所以重力做功越来越快，故D正确。
故答案为：CD。
【分析】动能与物体的质量和速度有关，质量越大，速度越快，动能越大；物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性；重力势能与物体的质量和高度有关，质量越大，高度越大，重力势能越大；排球在下落过程中，排球下落速度越来越大，下落相同高度，用时间越来越少，根据W＝Gh和P判断重力做功快慢。
12．【答案】A,D
【知识点】压强大小比较；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】A．剪断细线后A球漂浮，B球沉底，利用浮沉条件可知，A球的密度小于水的密度，B球的密度大于水的密度，所以A的密度小于B的密度，故A正确；
B．剪断细线后，小球A排开液体的体积变小，根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排可得，所受浮力变小，故B错误；
C．剪断细线后，小球B排开液体的体积不变，根据F浮＝ρ液gV排可得，所受浮力不变，故C错误；
D．容器对水平面的压力等于总重力，即F压＝G液+G容+GA+GB，
容器和液体质量均相等，A、B两球的质量不变，所以，剪断绳子后容器对桌面的压力不变，受力面积不变，根据可知，两容器对水平面的压强不变，故D正确。
故答案为：AD。
【分析】根据物体的浮沉条件判断出AB密度的关系；根据物体的浮沉条件和阿基米德原理可判断两个球所受浮力的变化；容器对水平面的压力等于总重力，根据可分析比较。
13．【答案】压强；改变
【知识点】物体运动状态的变化；压强大小比较
【解析】【解答】游客在水平雪地上滑行，穿滑雪板是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对雪地的压强。游客匀速转弯的过程中，其运动方向发生改变，所以其运动状态改变。
【分析】减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；物体运动状态的改变包括速度大小和方向的改变。
14．【答案】8；8
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的大小
【解析】【解答】水杯竖直静止在空中，在竖直方向上受到重力和摩擦力，二力平衡。摩擦力大小等于重力大小，为8N，手的握力增大，竖直方向上的力没有变化，所以摩擦力不变，仍为8N，大小不变。
【分析】水杯竖直静止在空中，在竖直方向上受到重力和摩擦力，二力平衡。摩擦力大小等于重力大小。重力不发生变化，摩擦力不变。
15．【答案】1：1；1：3
【知识点】压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算
【解析】【解答】因为木块平放和侧放时，对水平地面的压力和自身的重力相等，所以木块的重力G不变时，压力F不变，即两种情况下对地面的压力之比为1：1；已知，则
故答案为1：1；1：3．
【分析】根据水平面上压力等于重力，可求出压力之比；根据公式，可求出压强之比。
16．【答案】2；沿x轴正方向
【知识点】二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】F2和F3的方向沿着x轴负方向，两个力方向相同时，合力F＝F3+F2＝4N+3N＝7N；
F1的方向沿着x轴正方向，三个力的合力F合＝F1﹣F＝9N﹣7N＝2N，由图可知，方向x轴正方向。
【分析】根据同一直线上力的合成方法分析答题；两个力在同一直线上，方向相同时，合力大小等于两分力大小之和，方向与分力方向相同；两个力在同一直线上，方向相同反，合力大小等于两分力大小之差，方向与较大力的方向相同。
17．【答案】125；80%
【知识点】机械效率的计算；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】由图可知n＝2，因为不计绳重和摩擦，
所以绳子自由端的拉力：F（G+G动）（200N+50N）＝125N；
因为不计绳重和摩擦，所以滑轮组的机械效率：
η100%＝80%。
【分析】由图可知n＝2，利用不计绳重和摩擦时F（G+G动）求绳子自由端拉力F的大小；利用不计绳重和摩擦时η求滑轮组的机械效率。
18．【答案】（1）凹陷程度
（2）乙丙
（3）=
【知识点】压强大小比较；探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验
【解析】【解答】（1）本实验通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，海绵凹陷得越深，说明压力的作用效果越明显。
（2）“磨刀不误砍柴工”是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强的；对比乙、丙两次实验，压力相同，受力面积不同，且受力面积越小，海绵的凹陷程度越大，压强越大，故得出的结论可以用来解释“磨刀不误砍柴工”。
（3）图丙和丁中，受力面积和压力都相等，根据可知，两次小桌对海绵或木板的压强相等。
【分析】（1）根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，海绵的凹陷程度越大，说明压力的作用效果越明显，用到的科学实验方法是转换法；
（2）压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，研究与其中一个因素的关系时，应采用控制变量法，据此分析回答。
（3）根据分析。
19．【答案】（1）匀速直线
（2）压力大小
（3）不能
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动，使木块做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，由二力平衡知识可知，此时木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。
（2）甲、乙两个实验，接触面粗糙程度相同，压力大小不同，测力计示数不同，说明滑动摩擦力的大小与压力大小有关；
（3）比较乙、丙两次实验，乙实验中的压力比丙实验中的压力大，丙实验接触面更粗糙，但是丙物体所受滑动摩擦力更大，说明当压力一定是，滑动摩擦力与接触面的粗糙程度有关。
【分析】（1）根据二力平衡的条件分析；
（2）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；
（3）根据控制变量法分析、
20．【答案】（1）木块被推动的距离
（2）质量；速度相同的不同物体，质量越大，物体的动能就越大
【知识点】探究影响物体动能大小的因素
【解析】【解答】（1）本实验采用转换法，是通过观察木块被推动的距离来判断物体的动能的大小。
（2）钢球从斜面上滑下，可以获得到达水平面的速度，如图甲所示①②两次实验，让质量不同的小钢球从斜面的同一高度处由静止滚下，目的是使两球到达水平面时具有相同的速度，探究动能与质量的关系。由图①②得，从斜面同一高度下滑的钢球，质量越大，木块移动的距离越大，说明速度相同的不同物体，质量越大，物体的动能就越大。
【分析】（1）本实验通过观察木块被推动的距离来判断物体的动能的大小。
（2）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大，据此分析。
21．【答案】（1）3
（2）物体排开液体的体积
（3）液体密度
（4）1.2
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）由图A可知，金属块的重力为G＝F＝10N，由图C可知，金属块浸没在水中时，受到的拉力为F2＝7N，金属块受到的浮力为：F浮＝G﹣F2＝10N﹣7N＝3N；
（2）图A中金属块受到浮力为0，图B中金属块受到浮力为F浮1＝G﹣F1＝10N﹣9N＝1N，图C张金属块受到的浮力为F浮2＝G﹣F2＝10N﹣7N＝3N，
由图A、B、C可以看出，金属块排开水的体积越大，金属块所受的浮力越大，即物体所受的浮力大小与物体排开液体的体积有关；
（3）图A中金属块受到浮力为0，图D中金属块受到浮力为F浮3＝G﹣F3＝10N﹣7N＝3N，图E中金属块受到浮力为F浮4＝G﹣F4＝10N﹣6.4N＝3.6N，
由图A、D、E可以看出，液体的密度越大，金属块所受的浮力越大，即物体所受的浮力大小与液体的密度有关；
（4）图D中，金属块受到浮力为F浮3＝3N，根据阿基米德定律，有F浮3＝ρ水gV排＝3N，V排3×10﹣4m3，
图E中，金属块受到浮力为F浮4＝3.6N，即：F浮4＝ρ盐水gV排＝3.6N，ρ盐水1.2×103kg/m3＝1.2g/cm3；
【分析】（1）由图A可知金属块的重力，由图C可知金属块浸没在水中时的拉力，用重力减去拉力即得到金属块浸没在水中时所受的浮力；
（2）分析图A、B、C可得，金属块排开水的体积变化，金属块受到的浮力发生变化；
（3）分析图A、D、E可得，液体的密度发生变化，金属块受到的浮力发生变化；
（4）图D中，用阿基米德定律算出金属块的V排，在图E中，再用阿基米德定律算出盐水的密度。
22．【答案】（1）秤砣的重力G＝mg＝0.5kg×10N/kg＝5N，
由G物×LOA＝G砣×LOB，
有：G物×6cm＝5N×24cm，
解得：G物＝20N；
（2）动力臂的最大值L＝80cm﹣6cm﹣2cm＝72cm，
由Mg×LOA＝m砣g×L，得称量的最大质量M6kg。
【知识点】重力及其大小的计算；杠杆的平衡条件；杠杆的动态平衡分析
【解析】【分析】（1）根据G＝mg计算秤砣受到的重力，知道两边力臂大小，利用杠杆平衡条件求被称物体的重力；
（2）知道被测物体的质量、秤杆长、秤砣质量，利用杠杆平衡条件求最大称量。
23．【答案】（1）汽车的总质量：m＝2t＝2×103kg，汽车的重力：G＝mg＝2×103kg×10N/kg＝2×104N；
（2）汽车匀速通过直桥，即做匀速直线运动，受到的牵引力与阻力平衡，大小相等，
即：F＝f＝800N，
故汽车牵引力所做的功：W＝F's＝800N×3×103m＝2.4×106J；
（3）汽车牵引力做功的功率：PFv＝800Nm/s＝2×104W。
【知识点】功率的计算；重力及其大小的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）已知汽车的总质量，根据G＝mg求汽车的重力；
（2）汽车做匀速直线运动，受到的牵引力与阻力平衡，大小相等，根据W＝Fs求得汽车牵引力所做的功；
（3）根据PFv求此过程中汽车牵引力做功的功率。
24．【答案】（1）当木块A对容器底部的压力恰好为0时，A恰好漂浮，根据漂浮条件可得，
A受到的浮力：F浮＝G＝mg＝0.9kg×10N/kg＝9N；
（2）当细绳刚好伸直时，A仍然漂浮，由题意可知，
此时水的深度：h＝9cm+10cm＝19cm＝0.19m，
水对容器底部的压强：p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.19m＝1900Pa；
（3）A的体积：V＝Sh＝100cm2×15cm＝1500cm3＝1.5×10﹣3m3，
当A浸没时，A受到的浮力最大，A排开水的体积等于A的体积，
则A受到的最大浮力：F浮大＝ρ液gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1.5×10﹣3m3＝15N，
若细绳没有被拉断，根据力的平衡条件可得，细绳的拉力：F＝F浮大﹣G＝15N﹣9N＝6N，
比较可知，细绳的拉力大于细绳能承受的最大拉力，故若持续加水至某一深度，细绳会被拉断。
【知识点】液体压强的计算；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）当木块A对容器底部的压力恰好为0时，A恰好漂浮，根据F浮＝G＝mg求A受到的浮力；
（2）当细绳刚好伸直时，A仍然漂浮，由题意可得此时水的深度，根据p＝ρ液gh求水对容器底部的压强；
（3）根据V＝Sh时求A的体积，当A浸没时A受到的浮力最大，根据F浮＝ρ液gV排求A受到的最大浮力，若细绳没有被拉断，根据力的平衡条件求得细绳的拉力，与细绳能承受的最大拉力比较，得出结论。
1 / 1湖南省长沙市望城区2024-2025学年八年级下学期物理期末试题
一、选择题（本题共12小题，1-10为单项选择，每小题只有一个选项符合题意，每小题3分；11-12题为多项选择，全对3分，漏选2分，选错0分；每题3分，共36分。）
1．（2025八下·望城期末）在国际单位制中，力的单位是（　　）
A．千克 B．牛顿 C．瓦特 D．帕斯卡
【答案】B
【知识点】质量及其特性；功率的概念；力的概念及单位；压强
【解析】【解答】在国际单位中，牛顿是力的单位，简称牛，符号N，故B符合题意；ACD不符合题意。
故选B。
【分析】力的单位是牛顿。
2．（2025八下·望城期末） 优秀的撑竿跳高运动员借助撑竿可以越过高的横杆，如下图示，在跳高的过程中，下列说法正确的是（　　）
A．运动员松手后，撑竿不会恢复原状
B．运动员的惯性变得更大了
C．人使竿弯曲，说明人对竿的力大于竿对人的力
D．撑竿受力时发生弯曲，说明力可以使物体发生形变
【答案】D
【知识点】力的作用效果；惯性及其现象
【解析】【解答】 AD、撑竿受力时发生弯曲，说明力可以使物体发生弹性形变，运动员松手后，撑竿会恢复原状，故A错误，D正确；
B、在跳高的过程中，运动员的质量不变，惯性不变，故B错误；
C、人使竿弯曲，人对竿的力和竿对人的力时一对相互作用力，二者大小相等，故C错误。
故答案为：D。
【分析】 受力会发生形变，不受力时又恢复到原来的形态，物体的这种特性叫弹性；一切物体都有保持运动状态不变的性质，叫惯性；惯性与物体的质量有关，质量越大，惯性越大；相互作用力的特点：两个受力物体（相互的），两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
3．（2025八下·望城期末）课间，操场上到处是同学们矫健的身影，如图是附附同学正在足球场上飞身踢球射门。如果在空中飞行的足球所受一切外力突然消失，关于足球的运动情况，下列判断正确的是（　　）
A．静止在空中 B．做匀速直线运动
C．做曲线运动 D．竖直下落
【答案】B
【知识点】物体运动状态的变化
【解析】【解答】将足球踢出后，是运动状态，当外力突然消失，足球仍然保持原来的运动状态，足球将做保持原来的速度做匀速直线运动。故B正确，ACD错误。
故选B。
【分析】根据牛顿第一定律，物体不受外力作用时，原来静止的物体将永远保持静止状态；原来运动的物体，沿原来的速度和方向，将永远做匀速直线运动。
4．（2025八下·望城期末） 关于重力，下列说法正确的是（　　）
A．物体所受重力的受力物体是地球
B．物体的重心一定在物体上
C．地面附近的物体所受重力跟它的质量成正比
D．重力的方向一定是垂直向下的
【答案】C
【知识点】重力及其大小的计算；重力的方向
【解析】【解答】 A、重力的施力物体是地球，受力物体是重物，故A错误；
B、物体的重心不一定在物体上，例如：圆环的重心就不在圆环上，故B错误；
C、地面附近的物体都受地球的吸引，都受重力，并且物体所受重力与其质量成正比，故C正确；
D、重力的方向总是竖直向下的，不是垂直向下，故D错误。
故答案为：C。
【分析】 重力的施力物体是地球，受力物体是重物；物体的重心不一定在物体上；物体所受重力跟它的质量成正比；重力的方向总是竖直向下的。
5．（2025八下·望城期末）小湖同学通过平时观察发现如下现象，其中表述正确的是（　　）
A．如图甲，“覆杯实验”时，在杯子装满水，纸片不会掉下来，这是水对纸片的吸附作用
B．如图乙，青藏高原边防战士用高压锅煮面条，是因为海拔越高，大气压越大，水的沸点越高
C．如图丙，拦河大坝“上窄下宽”，是为了能够承受水深处的较大的压强
D．如图丁，飞机获得升力是因为其上表面空气流速大，导致空气压强大
【答案】C
【知识点】液体压强的特点；沸点及沸点与气压的关系；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】此题考查了气体压强、液体压强、流体压强的特点及应用，空气受到重力作用，而且空气具有流动性，因此空气内部向各个方向都有压强，这个压强就叫大气压强。A．如图甲，“覆杯实验”是因为大气压托住了杯中的水和纸片，要求杯内没有空气只有水，且杯内水柱产生压强远小于外界的大气压，故A错误；
B．青藏高原海拔高，气压低，水的沸点低，边防战士用高压锅煮面条，是为了增大锅内气压来提高水的沸点，故B错误；
C．拦河大坝上窄下宽，是因为液体内部的压强随深度的增加而增大，拦河大坝“上窄下宽”，为了能够承受水深处的较大的压强，故C正确；
D．如图丁，飞机获得升力是因为其上表面空气流速大，空气压强小，下表面空气流速小，空气压强大，形成向上的压力差，故D错误。
故选C。
【分析】大气压与高度的关系是：海拔越高，气压越低；液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。液体的压强随深度增加而增大。流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大。
6．（2025八下·望城期末） 已知，如图所示，小明将压强计的探头放入水中某一深度处，记下U形管中两液面的高度差，下列操作能够使高度差h增大的是（　　）
A．将探头放在食盐水中的同样深度处
B．将图中探头竖直向上移动一段距离
C．将图中U形管竖直向下移动一段距离
D．将图中探头在原深度处转动一定角度
【答案】A
【知识点】液体压强的特点；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】 A．已知ρ水＜ρ盐水，将探头放在食盐水中的同样深度处，由p=ρgh得，探头受到的压强变大，U形管两边的高度差增大，故A符合题意；
B．液体内部压强随深度的增加而增大，由p=ρ液gh可知，将探头向上移动一段距离，深度变小，橡皮膜受到的压强变小，U形管两边液面的高度差变小，故B不符合题意；
C．将图中U形管竖直向下移动一段距离，若探头位置不变，探头受到的压强不变，U形管两边的高度差不变，故C不符合题意；
D．将图中探头在原深度处转动一定角度，同一液体中，液体深度不变，液体压强不变，则U形管两边的高度差不变，故D不符合题意。
故答案为：A。
【分析】根据影响液体压强大小的因素进行判断，要增大U形管两边液面的高度差，根据p=ρ液gh可知，可以增大深度或增大液体的密度。
7．（2025八下·望城期末）图所示为某人推着购物车在水平地面上匀速运动的情境。下列关于做功的判断中正确的是（　　）

A．地面的支持力对购物车做了功
B．重力对购物车做了功
C．人的推力对购物车做了功
D．购物车对地面的压力对购物车做了功
【答案】C
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】掌握做功的两个必要因素。利用功的两个必要因素能判断力对物体是否做功。A．购物车没有在地面的支持力的方向上移动距离，所以地面的支持力没有对购物车做功，故A错误；
B．购物车没有在重力的方向上移动距离，所以重力没有对购物车做功，故B错误；
C．购物车在推力的方向上移动了距离，所以人的推力对购物车做了功，故C正确；
D．购物车没有在压力方向上移动距离，所以购物车对地面的压力没有对购物车做功，故D错误。
故选C。
【分析】做功的必要条件：有力作用在物体上，在力的方向上移动了距离。
8．（2025八下·望城期末）如图是生活中几种常见的杠杆，其中属于省力杠杆的是（　　）
A．船桨 B．钓鱼竿
C．钢丝钳 D．镊子
【答案】C
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】 A.船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A不合题意；
B.钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故B不合题意；
C.钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C符合题意；
D.镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故D不合题意。
故选C。
【分析】比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类。
9．（2025八下·望城期末） 2024年的春晚长沙分会场，展现了长沙和中联重科的智能制造。如图所示的履带式起重机，它的前端有滑轮组，可以用来吊装重型材料。下列说法正确的是（　　）
A．滑轮组中的定滑轮是为了省力而设计的
B．挂钩的自重越大，该滑轮组的机械效率越高
C．履带式的设计是为了增大起重机对地面的压强
D．前端钢绳股数较多，是为了更省力
【答案】D
【知识点】增大压强的方法及其应用；定滑轮及其工作特点；机械效率的大小比较；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】A、定滑轮的作用是改变力的方向，而动滑轮才是为了省力设计的，图中滑轮组中的定滑轮不是为了省力，故A错误。B、挂钩的自重越大，额外功越大，有用功一定时，额外功越大，机械效率越小，故B错误。
C、履带式设计是通过增大受力面积来减小起重机对地面的压强，而不是增大压强，故C错误。
D、滑轮组中，绳子段数越多越省力，前端滑轮个数较多，是为了绕出更多段绳子，从而更省力，故D正确。
故答案为：D。
【分析】定滑轮的作用是改变力的方向，据此分析。有用功一定时，额外功越大，机械效率越小，据此分析。履带式设计是通过增大受力面积来减小起重机对地面的压强。滑轮组中，绳子段数越多越省力。
10．（2025八下·望城期末）“福建舰”是我国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰，其配置有电磁弹射和阻拦装置，满载排水量为8万余吨。（g取10N/kg）下列说法正确的是（　　）
A．若航母上的舰载机起飞后，航母会下沉一些
B．航母从密度大的海域驶入密度小的海域后所受的浮力不变
C．航母满载时受到的浮力约为
D．排水量指的是航空母舰排开水的重力
【答案】B
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 A.福建舰始终处于漂浮状态，则受到的浮力等于重力。舰上的舰载机起飞后，重力变小，其受到的浮力变小。根据F浮=ρ液V排g知排开海水的体积减小，航母会上浮一些，故A错误；
B.航母从密度大的海域驶入密度小的海域后，由于航母始终处于漂浮状态，所受的浮力等于它的总重力，总重力不变，则所受的浮力不变，故B正确；
C.由阿基米德原理可得“福建舰”满载时所受海水的浮力为：F浮=G排=m排g=80000×103kg×10N/kg=8×108N，故C错误；
D.排水量指的是航空母舰排开水的质量，故D错误。
故选B。
【分析】 AB.根据浮沉条件和阿基米德原理F浮=ρ液V排g分析航母排开水的体积变化即可；
C.已知福建舰满载的排水量，根据阿基米德原理F浮=G排=m排g求福建舰满载时受到的浮力；
D.根据排水量的定义判断。
11．（2025八下·望城期末） 排球运动深受人们的喜爱，中国女排多次夺取世界大赛的冠军。运动员击球后，排球离开手在空中划过一道弧线，不计空气阻力，在这个过程中下列说法正确的是（　　）
A．排球在上升过程中，动能越来越大
B．排球在上升过程中，受到一个向上的力
C．排球在下落过程中，重力势能转化为动能
D．排球在下落过程中，重力做功越来越快
【答案】C,D
【知识点】功率计算公式的应用；动能和势能的大小变化；功的计算及应用
【解析】【解答】A、排球在上升过程中，质量不变，速度变小，动能越来越小，故A错误；
B、排球离开手以后能继续向上运动，是因为排球具有惯性，此时排球不受向上的力，故B错误；
C、排球在下落过程中，质量不变，高度降低，速度增大，重力势能减小，动能增大，重力势能转化为动能，故C正确；
D、排球在下落过程中，重力做功的快慢（功率）PGv，由于排球下落速度越来越大，所以重力做功越来越快，故D正确。
故答案为：CD。
【分析】动能与物体的质量和速度有关，质量越大，速度越快，动能越大；物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性；重力势能与物体的质量和高度有关，质量越大，高度越大，重力势能越大；排球在下落过程中，排球下落速度越来越大，下落相同高度，用时间越来越少，根据W＝Gh和P判断重力做功快慢。
12．（2025八下·望城期末） 水平桌面上有一盛水的圆柱形容器，用细线将两个材质不同、体积相同的实心球A、B系在一起悬浮于水中，状态如图甲所示：剪断细线后A、B最终状态如图乙所示，下列说法中正确的是（　　）
A．A的密度小于B
B．剪断细线后A所受浮力变大
C．剪断细线后B所受浮力变小
D．剪断细线后容器对桌面的压强不变
【答案】A,D
【知识点】压强大小比较；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】A．剪断细线后A球漂浮，B球沉底，利用浮沉条件可知，A球的密度小于水的密度，B球的密度大于水的密度，所以A的密度小于B的密度，故A正确；
B．剪断细线后，小球A排开液体的体积变小，根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排可得，所受浮力变小，故B错误；
C．剪断细线后，小球B排开液体的体积不变，根据F浮＝ρ液gV排可得，所受浮力不变，故C错误；
D．容器对水平面的压力等于总重力，即F压＝G液+G容+GA+GB，
容器和液体质量均相等，A、B两球的质量不变，所以，剪断绳子后容器对桌面的压力不变，受力面积不变，根据可知，两容器对水平面的压强不变，故D正确。
故答案为：AD。
【分析】根据物体的浮沉条件判断出AB密度的关系；根据物体的浮沉条件和阿基米德原理可判断两个球所受浮力的变化；容器对水平面的压力等于总重力，根据可分析比较。
二、填空题（本大题共5小题，每空2分，共20分）
13．（2025八下·望城期末） 2024年年初，哈尔滨冰雪大世界火热出圈，全国各地的游客纷纷去东北打卡。如图所示，游客在水平雪地上滑行，穿滑雪板是为了减小游客对雪地的　 　；游客匀速转弯的过程中，其运动状态　 　（选填“改变”或“不改变”）；
【答案】压强；改变
【知识点】物体运动状态的变化；压强大小比较
【解析】【解答】游客在水平雪地上滑行，穿滑雪板是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对雪地的压强。游客匀速转弯的过程中，其运动方向发生改变，所以其运动状态改变。
【分析】减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；物体运动状态的改变包括速度大小和方向的改变。
14．（2025八下·望城期末） 如图所示，用的握力将总重为的水杯竖直抓在手里，此时水杯受到的摩擦力为　 　N；若手握的握力增大为，水杯受到的摩擦力为　 　。
【答案】8；8
【知识点】二力平衡的条件及其应用；摩擦力的大小
【解析】【解答】水杯竖直静止在空中，在竖直方向上受到重力和摩擦力，二力平衡。摩擦力大小等于重力大小，为8N，手的握力增大，竖直方向上的力没有变化，所以摩擦力不变，仍为8N，大小不变。
【分析】水杯竖直静止在空中，在竖直方向上受到重力和摩擦力，二力平衡。摩擦力大小等于重力大小。重力不发生变化，摩擦力不变。
15．（2025八下·望城期末）一长方形木块平放和侧放在地面上，其受力面积之比为 3：1，则平放和侧放时，对地面的压力之比为　 　，压强之比为　 　.
【答案】1：1；1：3
【知识点】压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算
【解析】【解答】因为木块平放和侧放时，对水平地面的压力和自身的重力相等，所以木块的重力G不变时，压力F不变，即两种情况下对地面的压力之比为1：1；已知，则
故答案为1：1；1：3．
【分析】根据水平面上压力等于重力，可求出压力之比；根据公式，可求出压强之比。
16．（2025八下·望城期末） 在坐标轴上有三个力，其中的方向沿着轴正方向，大小为，和的方向沿着轴负方向，大小分别为和，则这三个力的合力的大小为　 　N，合力的方向是　 　。
【答案】2；沿x轴正方向
【知识点】二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】F2和F3的方向沿着x轴负方向，两个力方向相同时，合力F＝F3+F2＝4N+3N＝7N；
F1的方向沿着x轴正方向，三个力的合力F合＝F1﹣F＝9N﹣7N＝2N，由图可知，方向x轴正方向。
【分析】根据同一直线上力的合成方法分析答题；两个力在同一直线上，方向相同时，合力大小等于两分力大小之和，方向与分力方向相同；两个力在同一直线上，方向相同反，合力大小等于两分力大小之差，方向与较大力的方向相同。
17．（2025八下·望城期末） 如图所示，用滑轮组匀速提升重为的物体，每个滑轮重，用将物体匀速向上提升，不计绳重和摩擦，的大小是　 　，在这次提升过程中，该滑轮组的机械效率为　 　。
【答案】125；80%
【知识点】机械效率的计算；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】由图可知n＝2，因为不计绳重和摩擦，
所以绳子自由端的拉力：F（G+G动）（200N+50N）＝125N；
因为不计绳重和摩擦，所以滑轮组的机械效率：
η100%＝80%。
【分析】由图可知n＝2，利用不计绳重和摩擦时F（G+G动）求绳子自由端拉力F的大小；利用不计绳重和摩擦时η求滑轮组的机械效率。
三、实验题（本大题共4小题，共26分）
18．（2025八下·望城期末） 如图甲、乙、丙所示，小明利用小桌、海绵、砝码等探究影响压力作用效果的因素：
（1）本实验是通过观察海绵的　 　来比较压力作用效果的；
（2）对比　 　两次实验得出的结论可以用来解释“磨刀不误砍柴工”；
（3）将该小桌和砝码放在如图丁所示的木板上，则图丙中海绵受到的压强p和图丁中木板受到的压强的大小关系为；p　 　的（选填“>”“＜”或“=”）。
【答案】（1）凹陷程度
（2）乙丙
（3）=
【知识点】压强大小比较；探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验
【解析】【解答】（1）本实验通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，海绵凹陷得越深，说明压力的作用效果越明显。
（2）“磨刀不误砍柴工”是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强的；对比乙、丙两次实验，压力相同，受力面积不同，且受力面积越小，海绵的凹陷程度越大，压强越大，故得出的结论可以用来解释“磨刀不误砍柴工”。
（3）图丙和丁中，受力面积和压力都相等，根据可知，两次小桌对海绵或木板的压强相等。
【分析】（1）根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，海绵的凹陷程度越大，说明压力的作用效果越明显，用到的科学实验方法是转换法；
（2）压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，研究与其中一个因素的关系时，应采用控制变量法，据此分析回答。
（3）根据分析。
19．（2025八下·望城期末） 在探究“滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验时，小明用完全相同的木块分别做了如图所示的甲、乙、丙三个实验。
（1）将木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动，使木块做　 　运动，测出木块与木板之间的滑动摩擦力；
（2）甲、乙两个实验说明滑动摩擦力的大小与　 　有关；
（3）比较乙、丙两次实验，能否得出滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关　 　？
【答案】（1）匀速直线
（2）压力大小
（3）不能
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动，使木块做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，由二力平衡知识可知，此时木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。
（2）甲、乙两个实验，接触面粗糙程度相同，压力大小不同，测力计示数不同，说明滑动摩擦力的大小与压力大小有关；
（3）比较乙、丙两次实验，乙实验中的压力比丙实验中的压力大，丙实验接触面更粗糙，但是丙物体所受滑动摩擦力更大，说明当压力一定是，滑动摩擦力与接触面的粗糙程度有关。
【分析】（1）根据二力平衡的条件分析；
（2）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；
（3）根据控制变量法分析、
20．（2025八下·望城期末） 如图是某学习小组利用小钢球A和B、木块、木板等器材探究物体的动能大小与哪些因素有关。小钢球沿光滑斜面由静止向下运动，撞击木块使木块在水平木板上移动一段距离后静止。
（1）本实验是通过观察　 　来判断物体的动能的大小；
（2）如图甲所示①②两次实验，让质量不同的小钢球从斜面的相同高度处静止滚下，目的是为了研究动能与　 　的关系；分析这两次实验，可初步得出结论：　 　。
【答案】（1）木块被推动的距离
（2）质量；速度相同的不同物体，质量越大，物体的动能就越大
【知识点】探究影响物体动能大小的因素
【解析】【解答】（1）本实验采用转换法，是通过观察木块被推动的距离来判断物体的动能的大小。
（2）钢球从斜面上滑下，可以获得到达水平面的速度，如图甲所示①②两次实验，让质量不同的小钢球从斜面的同一高度处由静止滚下，目的是使两球到达水平面时具有相同的速度，探究动能与质量的关系。由图①②得，从斜面同一高度下滑的钢球，质量越大，木块移动的距离越大，说明速度相同的不同物体，质量越大，物体的动能就越大。
【分析】（1）本实验通过观察木块被推动的距离来判断物体的动能的大小。
（2）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大，据此分析。
21．（2025八下·望城期末） 小海在探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验中，用同一个弹簧测力计测出了同一金属块在如图所示的5种情况下的拉力（，取）：
（1）由实验数据可以知道，金属块浸没在水中时所受的浮力是　 　；
（2）分析图A、B、C可得，物体所受的浮力大小与　 　有关；
（3）分析图A、D、E可得，物体所受的浮力大小与　 　有关；
（4）小芬和小杰分析实验数据时发现可以通过实验数据算出盐水的密度为　 　。
【答案】（1）3
（2）物体排开液体的体积
（3）液体密度
（4）1.2
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）由图A可知，金属块的重力为G＝F＝10N，由图C可知，金属块浸没在水中时，受到的拉力为F2＝7N，金属块受到的浮力为：F浮＝G﹣F2＝10N﹣7N＝3N；
（2）图A中金属块受到浮力为0，图B中金属块受到浮力为F浮1＝G﹣F1＝10N﹣9N＝1N，图C张金属块受到的浮力为F浮2＝G﹣F2＝10N﹣7N＝3N，
由图A、B、C可以看出，金属块排开水的体积越大，金属块所受的浮力越大，即物体所受的浮力大小与物体排开液体的体积有关；
（3）图A中金属块受到浮力为0，图D中金属块受到浮力为F浮3＝G﹣F3＝10N﹣7N＝3N，图E中金属块受到浮力为F浮4＝G﹣F4＝10N﹣6.4N＝3.6N，
由图A、D、E可以看出，液体的密度越大，金属块所受的浮力越大，即物体所受的浮力大小与液体的密度有关；
（4）图D中，金属块受到浮力为F浮3＝3N，根据阿基米德定律，有F浮3＝ρ水gV排＝3N，V排3×10﹣4m3，
图E中，金属块受到浮力为F浮4＝3.6N，即：F浮4＝ρ盐水gV排＝3.6N，ρ盐水1.2×103kg/m3＝1.2g/cm3；
【分析】（1）由图A可知金属块的重力，由图C可知金属块浸没在水中时的拉力，用重力减去拉力即得到金属块浸没在水中时所受的浮力；
（2）分析图A、B、C可得，金属块排开水的体积变化，金属块受到的浮力发生变化；
（3）分析图A、D、E可得，液体的密度发生变化，金属块受到的浮力发生变化；
（4）图D中，用阿基米德定律算出金属块的V排，在图E中，再用阿基米德定律算出盐水的密度。
四、计算题（本大题共3小题，共18分。请写出必要的文字说明、解答步骤，只写出最后答案的不能得分。）
22．（2025八下·望城期末） 杆秤是我国古代人民智慧的结晶、是历史最悠久的衡器之一，如图所示是杆秤的结构示意图，秤砣的质量为0.5kg，秤钩悬挂处A与秤纽O间的距离为6cm，A与最左端的距离为2cm，挂上重物后，秤砣移至距O点24cm的B处时，秤杆正好水平。（g取10N/kg）
（1）求被称物体的重力；
（2）若秤杆的总长度是80cm，则这把秤最大能称量多少kg的物体？
【答案】（1）秤砣的重力G＝mg＝0.5kg×10N/kg＝5N，
由G物×LOA＝G砣×LOB，
有：G物×6cm＝5N×24cm，
解得：G物＝20N；
（2）动力臂的最大值L＝80cm﹣6cm﹣2cm＝72cm，
由Mg×LOA＝m砣g×L，得称量的最大质量M6kg。
【知识点】重力及其大小的计算；杠杆的平衡条件；杠杆的动态平衡分析
【解析】【分析】（1）根据G＝mg计算秤砣受到的重力，知道两边力臂大小，利用杠杆平衡条件求被称物体的重力；
（2）知道被测物体的质量、秤杆长、秤砣质量，利用杠杆平衡条件求最大称量。
23．（2025八下·望城期末） 如图所示，一辆汽车行驶在一段长的直桥上，已知：汽车的总质量为（包括车、车上的人和物品等），汽车以的速度匀速通过大桥的这一段路程，行驶过程中受到的阻力为。求（g取）：
（1）汽车的重力；
（2）汽车牵引力所做的功；
（3）此过程中汽车牵引力做功的功率。
【答案】（1）汽车的总质量：m＝2t＝2×103kg，汽车的重力：G＝mg＝2×103kg×10N/kg＝2×104N；
（2）汽车匀速通过直桥，即做匀速直线运动，受到的牵引力与阻力平衡，大小相等，
即：F＝f＝800N，
故汽车牵引力所做的功：W＝F's＝800N×3×103m＝2.4×106J；
（3）汽车牵引力做功的功率：PFv＝800Nm/s＝2×104W。
【知识点】功率的计算；重力及其大小的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）已知汽车的总质量，根据G＝mg求汽车的重力；
（2）汽车做匀速直线运动，受到的牵引力与阻力平衡，大小相等，根据W＝Fs求得汽车牵引力所做的功；
（3）根据PFv求此过程中汽车牵引力做功的功率。
24．（2025八下·望城期末） 如图所示，一个不计外壁厚度且足够高的柱形容器放在水平桌面上，容器中立放着一个底面积为、高为、质量为的均匀实心长方体木块，的底部与容器底用一根长度为的细绳相连，现慢慢向容器中加水，当木块对容器底部的压力恰好为0时，此时容器中水的深度为。求（g取）：
（1）当木块对容器底部的压力恰好为0时，受到的浮力；
（2）若继续缓慢向容器中加水，当细绳刚好伸直时，水对容器底部的压强；
（3）已知细绳能承受的最大拉力是，若持续加水至某一深度，请通过计算结果说明细绳是否会被拉断？
【答案】（1）当木块A对容器底部的压力恰好为0时，A恰好漂浮，根据漂浮条件可得，
A受到的浮力：F浮＝G＝mg＝0.9kg×10N/kg＝9N；
（2）当细绳刚好伸直时，A仍然漂浮，由题意可知，
此时水的深度：h＝9cm+10cm＝19cm＝0.19m，
水对容器底部的压强：p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.19m＝1900Pa；
（3）A的体积：V＝Sh＝100cm2×15cm＝1500cm3＝1.5×10﹣3m3，
当A浸没时，A受到的浮力最大，A排开水的体积等于A的体积，
则A受到的最大浮力：F浮大＝ρ液gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1.5×10﹣3m3＝15N，
若细绳没有被拉断，根据力的平衡条件可得，细绳的拉力：F＝F浮大﹣G＝15N﹣9N＝6N，
比较可知，细绳的拉力大于细绳能承受的最大拉力，故若持续加水至某一深度，细绳会被拉断。
【知识点】液体压强的计算；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）当木块A对容器底部的压力恰好为0时，A恰好漂浮，根据F浮＝G＝mg求A受到的浮力；
（2）当细绳刚好伸直时，A仍然漂浮，由题意可得此时水的深度，根据p＝ρ液gh求水对容器底部的压强；
（3）根据V＝Sh时求A的体积，当A浸没时A受到的浮力最大，根据F浮＝ρ液gV排求A受到的最大浮力，若细绳没有被拉断，根据力的平衡条件求得细绳的拉力，与细绳能承受的最大拉力比较，得出结论。
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