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2025年新疆伊犁州昭苏县中考物理二模试卷
一、单选题：本大题共12小题，共24分。
1.声音在下列介质中，不能传播的是（　　）
A. 在空气中 B. 在真空中 C. 在水银中 D. 在石头中
2.下列物态变化的实例中，属于凝固现象的是（　　）
A. 滴水成冰 B. 气凝结霜 C. 冰雪消融 D. 浓雾消散
3.如图所示，一束来自于近处物体的光经某同学眼睛的角膜和晶状体折射后所成的像落在视网膜之后，则该同学的眼睛是（　　）
A. 近视眼，需要用凹透镜矫正 B. 近视眼，需要用凸透镜矫正
C. 远视眼，需要用凹透镜矫正 D. 远视眼，需要用凸透镜矫正
4.下列能源中属于可再生能源的是（　　）
A. 石油 B. 核能 C. 天然气 D. 太阳能
5.以下符合安全用电的是（　　）
A. 将开关安装在灯具和零线之间 B. 用电器着火时用水来灭火
C. 三孔插座接地线断开 D. 更换裸露导线的插座
6.下图中，关于通电螺线管旁的小磁针受到通电螺线管磁力作用静止后指向正确的是（　　）
A. B.
C. D.
7.喜欢观察的小明发现，教室的投影仪内有一个降温风扇和一个投影灯泡，当闭合投影仪的电源开关S1时，只有风扇工作，再闭合S2时，灯泡和风扇同时工作。当只闭合S2时，风扇和灯泡都不工作，以下电路设计符合要求的是（　　）
A. B.
C. D.
8.点火爆炸实验中，电子式火花发生器点燃盒中酒精蒸气，产生的燃气将塑料盒盖喷出很远。此过程的能量转化方式类似于汽油机的（　　）
A. 吸气冲程 B. 压缩冲程 C. 做功冲程 D. 排气冲程
9.广场上矗立着一座高度约为正常成年人3倍的大理石雕像，其质量可能是（　　）
A. 540kg B. 5.4t C. 54t D. 540t
10.如图所示，电路中电源两端的电压保持不变。当开关S闭合、S1断开，甲、乙两表为电流表时，甲、乙两表示数之比为2：5；当开关S和S1都闭合，甲、乙两表为电压表时，两电压表示数U甲：U乙为（　　）
A. 5：3
B. 5：2
C. 3：2
D. 2：3
11.如图所示，质量分布均匀的铁球与轻杆AB焊接于A点后悬挂于竖直墙壁的B点，轻杆的延长线过球心O，轻杆的长度是铁球半径的三分之二。此时竖直墙面对铁球的支持力为60N；要使铁球刚好离开墙壁，施加在铁球上的力至少为（　　）
A. 20N B. 30N C. 45N D. 60N
12.如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，滑动变阻器的阻值与长度成正比，变阻器R1和R2总长度相等，滑动变阻器R1的最大阻值与R2的最大阻值之比为1：4，滑片均在距左端时电流表示数为I1，滑片均在中点时电流表示数为I2，滑片均在距右端时电流表示数为I3，则I1：I2：I3为（　　）
A. 6：4：2 B. 2：4：6 C. 15：12：10 D. 10：12：15
二、填空题：本大题共4小题，共26分。
13.养生壶是指以养生保健为目的，可以烹煮各种食材的小家电产品，类似于电热水壶。
（1）养生壶的壶体采用对人体无害的高硼硅玻璃，内部装水加热沸腾的过程中，水的温度______（选填“升高”或“不变”），这是通过______（选填“做功”或“热传递”）的方式增大水的内能，2g水受热全部变成水蒸气时，水蒸气的质量______（选填“大于”“小于”或“等于”）2g。
（2）养生壶的三脚插头中采用较粗的铜导线，相比于长度相同的较细的铜导线，粗导线的电阻______（选填“更大”或“更小”），养生壶的电功率可以在800W～1800W内调节，当电功率为1100W时，养生壶的电流为______A，以1500W的功率煮茶20min消耗的电能为______kW h。
14.火星是太阳系中与地球最相似的行星，有大气，温差很大。人类对火星的探测具有重大的科学意义。我国自主研发的首座火星探测器“天问一号”为中国的探火之旅开启梦幻篇章。
（1）如图所示为火星探测器进入环火轨道，在火星引力作用下做环绕火星的运动，环绕过程中探测器受力______（选填“平衡”或“不平衡”），运动轨道上有一个近火点（距离火星最近的点）和远火点（距离火星最远的点），火星探测器在______（选填“近”或“远”）火点的动能较大；火星探测器在-120℃的太空中外表面材料的分子热运动______（选填“会”或“不会”）停止。
（2）“天问一号”探测器从地球运动到火星的过程中，其惯性______（选填“增大”“不变”或“减小”）；“天问一号”探测器总质量为240kg,与火星表面接触的总面积为400cm2，在水平地面静止时对火星表面的压强为2.16×104Pa,“天问一号”探测器对火星表面的压力为______N，若在火星上大气压为734.4Pa,在火星表面进行托里拆利实验时大气压能托起水银柱的最大高度为______mm。（已知水银的密度为13.6×103kg/m3）
15.“新埔洋”油轮是我国第一艘自主研发设计、建造并拥有自主知识产权的巨型原油运输船。
（1）新埔洋甲板配备各种世界上最先进的驾驶与导航设备。即便穿越惊涛骇浪，也能实现24小时机舱无人值班与自动导航。轮船导航主要利用______传递信息，大风从轮船的两侧刮过时，船体两侧由于空气流速变大，压强会______（选填“变大”“变小”或“不变”），“新埔洋”油轮的动力来源为柴油，随着油箱中柴油质量的减小，柴油的热值______（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（2）“新埔洋”油轮满载排水量为3.5×105吨，满载时受到的浮力为______N，水深10m处的船体受到海水的压强为______Pa（海水密度取1.02×103kg/m3），若油轮以10m/s的速度匀速行驶时受到的阻力为总重力的0.25倍，油轮以15m/s的速度匀速行驶时受到的阻力为总重力的0.3倍，柴油发动机的热机效率保持不变，则油轮分别以15m/s和10m/s不同速度航行相同的一段时间消耗的燃油质量之比为______。
16.无人机具有成本低、智能化、生存能力强、机动性能好、使用方便等优点，在航拍、农业、植保、快递运输、灾难救援、观察野生动物、监控传染病、测绘、新闻报道、电力巡检等领域都有广泛的应用。
（1）无人机携带的高分辨率高速摄像机和轻型光学相机既能可见光成像、又能红外光成像，可见光和红外线在真空中的传播速度______（选填“相同”或“不同”），物体表面反射可见光时反射角______入射角，当无人机远离被拍摄物体时，要成像仍然清晰，其镜头应该______（选填“向前伸”或“向后缩”）（镜头的焦距不变）。
（2）无人机沿水平方向匀速直线飞行时，受到重力的方向是______，旋翼旋转过程中，电流通过电动机______（选填“会”或“不会”）产生热量，当通过电动机的电流大小发生变化时，旋翼的转动______（选填“快慢”或“方向”）会发生变化。
（3）交警部门利用无人机进行高速公路通行情况实时监测。拍摄速度为12000帧/秒，摄像机某时段测得一辆轿车通行60m的过程中，高速摄像机拍摄帧数为24000帧，这辆轿车的平均速度为______m/s；若将拍摄速度调为原来的，对某辆速度达到40m/s的超速汽车进行跟踪拍摄150m,高速摄像机拍摄帧数为______帧。
三、作图题：本大题共2小题，共4分。
17.如图所示，请在图中作出两条入射光线经凹透镜折射后的折射光线。
18.请用笔画线表示导线，将图中的空调专用插座接入家庭电路中。
四、实验探究题：本大题共3小题，共24分。
19.如图所示是小陈同学“探究平面镜成像的特点”的实验装置。
（1）本实验小陈同学应选择较______（选填“厚”或“薄”）的玻璃板来完成实验。
（2）在玻璃板前面放支点燃的蜡烛A，再拿一支外形相同但不点燃的蜡烛B，竖立在玻璃板后面并移动，直到与蜡烛A的像完全重合，这样做是为了比较像与物的______关系。
（3）小陈同学先将蜡烛A置于玻璃前5cm,然后蜡烛A垂直于玻璃平面方向靠近玻璃2cm,再次放置蜡烛B直到与蜡烛A的像完全重合，则此时A与B的间距为______cm。
20.如图所示是用压强计“探究液体压强与哪些因素有关”的实验。
（1）把探头放入水中，通过观察U形管两边液面的高度差来判断探头处水的压强的大小，高度差越大，表明探头处水的压强越______（选填“大”或“小”）。
（2）把探头固定在水中某一深度不变，转动探头朝着各个方向，发现右边U形管两边液面的高度差均不改变，由此可知：在同一深度，液体内部向各个方向的压强______。
（3）将烧杯中的水换成浓盐水，观察到探头在相同的深度时，U形管两边液面的高度差增大了，说明液体内部的压强与液体的______有关。
（4）小组同学还通过实验发现将探头置于水下10cm的A处与距离容器底部10cm的B处压强之比为2：3（图中未标出AB处），则容器中水的高度为______cm。
21.实验室有一捆粗细均匀的电阻丝，实验小组的同学用学过的知识研究这捆电阻丝。（不考虑电阻丝阻值随温度的变化）
（1）小陈同学截取10cm长电阻丝，用如图甲所示的电路来测量其阻值R0。请用笔画线代替导线在图中将实验电路连接完整。
（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于最______（选填“左”或“右”）端。
（3）小陈同学根据实验数据得到的U-I图线如图乙所示，则R0=______Ω。
（4）小陈同学又选择两段电阻丝R1、R2设计成如图丙所示的电热器，接入家庭电路中工作时，其低温挡的电功率为440W，此时电路的总电阻为______Ω，若R2长45cm；则电热器高温挡的电功率为______W。
五、计算题：本大题共3小题，共12分。
22.图中，杠杆OBA在图示位置静止，请画出作用在A点的力F的力臂l。
23.如图所示，电源两端的电压不变，闭合开关后，电流表示数为0.2A，R1的电功率为0.6W，R2的电功率为1.8W。求：
（1）电路的总功率。
（2）电源两端的电压。
（3）R1的阻值。
24.如图所示，图甲中柱形薄壁容器的底面积为150cm2，内部盛有某液体；图乙中柱形薄壁容器的底面积为100cm2，质量为0.6kg；容器中盛有深度为12cm的水。如图丙所示，将盛水的容器轻放盛有某液体的容器中，稳定后盛有某液体的容器的液面比盛水容器的水面高8cm。已知某液体的体积为水的1.5倍。求：
（1）乙图中水对容器底部的压强。
（2）丙图中装水容器受到某液体的浮力。
（3）甲图中某液体的质量。
1.【答案】
【解析】解：气体、液体、固体都能传声；因为声音的传播需要介质，所以真空不能传声。
故选：B。
解决此题需掌握：声音的传播需要介质，气体、液体、固体都能传声；真空不能传声。
知道声音的传播需要介质，真空不能传声是解决此题的关键。
2.【答案】
【解析】解：A、滴水成冰是液态变成固态，是凝固现象，故A正确；
B、气凝结霜是气态直接变成固态，是凝华现象，故B错误；
C、冰雪消融是固态变成液态，是熔化现象，故C错误；
D、浓雾消散是液态变成气态，是汽化现象，故D错误；
故选：A。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；物质由气态变为液态叫液化，物质由液态变为气态叫汽化；物质由固态变为液态叫熔化，物质由液态变为固态叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
3.【答案】
【解析】解：由图可知，一束来自远处物体的光经某同学眼睛的角膜和晶状体折射后所成的像落在视网膜之后，说明该同学患的是远视眼，
远视眼看近处的物体，像成在视网膜的后方，用凸透镜矫正，光线会聚能力增强，使成像靠前落在视网膜上，能看清物体。
故选：D。
远视眼能看清远处的物体，不能看清近处的物体是因为晶状体太薄或眼球太短，使像成在视网膜的后方。远视眼戴凸透镜使光线会聚一些，使像成在视网膜上。
本题主要考查学生对眼睛及其视物原理的了解和掌握，以及对近视眼和远视眼的矫正方法的掌握。是一道基础题。
4.【答案】
【解析】解：
AC、石油、天然气属于化石能源，用完很难再生，是不可再生能源，故AC错误。
B、核能不能短时间内从自然界补充，属于不可再生能源，故B错误。
D、太阳能可以源源不断地从自然界获取，属于可再生能源，故D正确。
故选：D。
（1）可再生能源的概念：像风能、水能、太阳能等可以在自然界源源不断地得到，把它们称为可再生能源。
（2）不可再生能源的概念：化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源。
理解可再生能源和不可再生能源的概念，可解答此题。
5.【答案】
【解析】解：A、开关应安装在电灯和火线之间，故A错误；
B、生活中的水是导体，用水来灭电火灾非常容易触电的，故B错误；
C、三孔插座接地线断开后，用电器的金属外壳无法接地，容易引发触电事故，故C错误；
D、导线一直使用，绝缘皮破损或老化，都会造成短路，应及时更换，故D正确；
故选：D。
（1）如果开关安装在电灯和零线之间，在维修或更换电灯时，即使断开开关，电灯处仍与火线相连，可能发生触电事故，应该把开关安装在电灯和火线之间。
（2）生活中的水是导体，用水来灭电火灾是很危险的；
（3）对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故；
（4）导线使用年限过长，绝缘皮破损或老化，会造成短路。
本题来源于日常生活的常见现象和行为，在考查安全用电的原则中，实现安全用电知识的宣传和教育作用。
6.【答案】
【解析】解：A、已知小磁针左端为N，右端为S极，根据磁极间的相互作用可知，电磁铁左侧为N极，右端为S极，
由安培定则知右端为正极，左端为负极，故A正确．
B、由安培定则可知，螺线管左端为N极，右端为S极，根据磁极间的相互作用可知，小磁针应逆时针转动直到水平方向，故B错误，
C、已知小磁针右端为N，左端为S极，根据磁极间的相互作用可知，电磁铁左侧应为S极，右端为N极，
故C错误．
D、由安培定则可知，螺线管左端为N极，右端为S极，根据磁极间的相互作用可知，小磁针应顺时针转动直到水平方向，故D错误，
故选A．
（1）根据磁极间的作用规律，利用小磁针的NS极可以确定螺线管的NS极；
（2）根据确定的螺线管的NS极，结合螺线管的线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向．
小磁针北极的指向、螺线管的磁极、电流的方向，知道其中的一者，其他的两者都能进行判断．
7.【答案】
【解析】解：
由题意知，电动机可以独立工作；闭合开关S1，只有风扇工作，再闭合开关S2，灯泡和风扇同时工作，说明开关S1在干路上，开关S2只控制灯泡，则S2和灯泡应串联在同一支路上，且电动机和灯泡应并联，题目中符合要求的只有D。
故选：D。
由题意可知，电动机可以独立工作，且带动风扇的电动机先工作后灯泡才能发光，说明开关S1在干路时，可控制所有用电器；再闭合开关S2，灯泡才能发光，说明S2和灯泡在同一支路上，且电动机和灯泡应并联；据此进行解答。
本题考查了电路的设计，解题的关键是判断电路的连接方式和明确开关的作用。
8.【答案】
【解析】解：塑料盒相当于一个气缸，塑料盒的盖相当于活塞，酒精在塑料盒内燃烧，产生高温高压的燃气，推动塑料盒盖运动，把内能转化为机械能，这一过程与热机工作时的做功冲程类似，故ABD错误,C正确。
故选：C。
热机是燃料在气缸内燃烧，产生高温高压的燃气，燃气对活塞做功，内能转化为机械能。
本题主要考查学生对：改变物体内能的方法，以及内燃机的原理的了解和掌握。
9.【答案】
【解析】解：正常成年人的质量约为60kg,大理石雕像高度约为正常成年人的3倍，则其体积约为正常人的33倍即27倍，大理石的密度约为人体密度的2.7倍，由密度公式可知大理石雕像的质量约为60kg×27×2.7=4374kg=4.374t,与5.4t接近，故B正确。
故选：B。
根据生活经验和对质量单位的认识进行分析。
本题考查质量的估测，要认真观察生活，注意收集生活中常见的质量数据。
10.【答案】
【解析】解：由图可知，当开关S闭合、S1断开，甲、乙两表为电流表时，R1与R2并联，
电流表甲测通过R2的电流，电流表乙测干路电流，
已知甲、乙两表示数之比为I甲：I乙=I2：I=2：5，
根据并联电路的电流规律可得，通过R1与R2的电流之比为
I1：I2=（I-I2）：I2=（5-2）：2=3：2，
根据并联电路的分流关系可得，R1与R2的阻值之比为
R1：R2=I2：I1=2：3；
当开关S和S1都闭合，甲、乙两表为电压表时，R1与R2串联，
电压表甲测R1与R2两端的总电压，电压表乙测R2两端的电压。
根据串联电路的分压关系可得，R1与R2两端的电压之比为
U1：U2=R1：R2=2：3
根据串联电路的电压规律可得，两表的示数之比为
U甲：U乙=U：U2=（U1+U2）：U2=（2+3）：3=5：3，
综上可知，A正确。
故选：A。
由图可知，当开关S闭合、S1断开，甲、乙两表为电流表时，R1与R2并联，电流表甲测通过R2的电流，电流表乙测干路电流，根据并联电路的电流规律可得通过R1与R2的电流之比，根据并联电路的分流关系可得R1与R2的阻值之比；
当开关S和S1都闭合，甲、乙两表为电压表时，R1与R2串联，电压表甲测R1与R2两端的总电压，电压表乙测R2两端的电压。根据串联电路的分压关系可得R1与R2两端的电压之比，根据串联电路的电压规律可得两表的示数之比。
本题考查串、并联电路的电压、电流规律和串联分压、并联分流关系的应用，难度适中。
11.【答案】
【解析】解：由图知，悬挂于竖直墙壁的B点处于静止时，把整体看做一个杠杆，支点在B点，球的重力方向竖直向下，力臂为L2=R，竖直墙面对铁球的支持力为F=60N，力臂为L1===R，
根据杠杆的平衡条件：G L2=F L1，
代入数据：G×R=60N×R，
解得：G=80N；
由图知，当力F作用在球的下边缘，且与通过AB的直径垂直时，动力臂最长，其受力图如图所示：
把整体看做一个杠杆，支点在B点，由图知，球的重力方向竖直向下，力臂为L2=R；
F1的力臂等于杆的长度与球的直径之和，则LF=R+2R=R；
根据杠杆的平衡条件：G L2=F1 LF，
代入数据：80N×R=F×R，
解得F=30N。
故选：B。
已知悬挂于竖直墙壁的B点处于静止时竖直墙面对铁球的支持力，首先根据杠杆的平衡条件求出球的重力；
要使铁球刚好离开墙壁，根据杠杆的平衡条件，要使施加的力最小，应使动力臂最长，据此分析即可。
本题是有关杠杆平衡条件的应用，考查了有关最小力的求法，解决此题的关键是找到最长的力臂，即从支点到力的作用点的距离。
12.【答案】
【解析】解：由图可知，两滑动变阻器串联，
设滑动变阻器R1的最大阻值为R1，滑动变阻器R2的最大阻值为R2，
因为滑动变阻器R1的最大阻值与R2的最大阻值之比为1：4，则：R2=4R1，
当滑片均在距左端时，电路中的电流为：I1===，
滑片均在中点时，电路中的电流为：I2===，
则==，所以：I1=，
滑片均在距右端时，电路中的电流为：I3===，
则==，所以：I3=，
则：I1：I2：I3=：I2：=15：12：10，故C正确。
故选：C。
由电路图可知，两滑动变阻器串联，根据串联电路的电阻规律和欧姆定律分别表示出滑片均在距左端时、滑片均在中点时及滑片均在距右端时电路中的电流，即可求解。
本题主要考查欧姆定律的应用及串联电路的电阻规律的应用，难度不大。
13.【答案】
【解析】解：
（1）养生壶的壶体采用对人体无害的高硼硅玻璃，内部装水加热沸腾的过程中，水的温度不变，这是通过热传递的方式增大水的内能；
质量时物质本身的一种属性，不随状态变化，2g水受热全部变成水蒸气时，水蒸气的质量等于2g。
（2）根据导体电路的影响因素可知，相同材料的导线，长度相同时，横截面积越大，电阻越小，养生壶的三脚插头中采用较粗的铜导线，相比于长度相同的较细的铜导线，粗导线的电阻更大；
当电功率为1100W时，根据P=UI可知养生壶的电流为I===5A，
以1500W的功率煮茶20min消耗的电能为W=P′t=kW×h=0.5kW h。
故答案为：（1）不变；热传递；等于；（2）更小；5；0.5。
（1）养生壶的壶体采用对人体无害的高硼硅玻璃，内部装水加热沸腾的过程中，水的温度不变；改变内能的方式有做功和热传递两种；
质量是物质本身的一种属性，不随状态变化；
（2）根据导体电路的影响因素可知，相同材料的导线，长度相同时，横截面积越大，电阻越小；
当电功率为1100W时，根据P=UI可知养生壶的电流；根据W=Pt得出以1500W的功率煮茶20min消耗的电能。
本题考查电能和热量的有关知识，是一道综合题。
14.【答案】
【解析】解：（1）火星探测器做环绕运动时，处于非平衡状态，受力不平衡；
火星探测器沿椭圆轨道绕火星运动时，不受空气阻力，只发生动能和势能的相互转化，故探测器的机械能保持不变，在近火点，探测器的高度最小，重力势能最小，故探测器的动能最大；
火星探测器在-120℃的太空中外表面材料的分子热运动不会停止；
（2）惯性的大小只与物体的质量有关，“天问一号”探测器从地球运动到火星的过程中，质量不变，其惯性不变；
由p=可得，“天问一号”探测器对火星表面的压力为：
F=pS=2.16×104Pa×400×10-4m2=864N；
由p=ρ液gh可得，在火星表面进行托里拆利实验时大气压能托起水银柱的最大高度为：
h===5.4×10-3m=5.4mm。
故答案为：（1）不平衡；近；不会；（2）不变；864；5.4。
（1）受力物体物体处于静止或匀速直线运动状态时，处于平衡状态，受力平衡；处于非平衡状态时，受力不平衡；
动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；
物质由分子组成，分子在不停地做无规则运动；
（2）惯性的大小只与物体的质量有关；
根据p=计算“天问一号”探测器对火星表面的压力；
根据p=ρ液gh计算大气压能托起水银柱的最大高度。
本题考查了物体平衡状态的判断、机械能的转化、分子热运动、惯性、压强和液体压强计算公式的应用，综合性较强。
15.【答案】
【解析】解：（1）轮船导航主要利用电磁波传递信息，比如全球定位系统（GPS）等，通过电磁波与船上的导航设备进行信号传输，从而确定轮船的位置、航向等信息。
根据伯努利原理，流体流速越大的地方，压强越小。所以大风从轮船两侧刮过时，船体两侧空气流速变大，压强会变小。
热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、体积等均无关。所以随着油箱中柴油质量的减小，柴油的热值不变。
（2）根据阿基米德原理，浸在液体中的物体受到向上的浮力，浮力的大小等于物体排开液体所受的重力。油轮满载排水量m排=3.5×105t=3.5×108kg,则满载时受到的浮力F浮=G排=m排g=3.5×108kg×9.8N/kg=3.43×109N。
根据液体压强公式可得水深10m处的船体受到海水的压强p=ρgh=1.02×103kg/m3×9.8N/kg×10m=9.996×104Pa。
设油轮总重力为G，航行时间为t：当速度v1=10m/s时，阻力f1=0.25G，根据W=Fs=fvt,则动力做功W1=f1v1t=0.25G×10m/s×t =2.5Gt,当速度v2=15m/s时，阻力f2=0.3G，根据W=Fs=fvt,则动力做功W2=f2v2t=0.3G×15m/s×t = 4.5 Gt,
因为柴油发动机的热机效率保持不变，根据η=可得：=，则===，即油轮分别以15m/s和10m/s不同速度航行相同一段时间消耗的燃油质量之比为9：5。
故答案为：（1）电磁波；变小；不变；（2）3.43×109；9.996×104；9：5。
（1）广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
流体流速越大的地方，压强越小。
热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、体积等均无关。
（2）根据阿基米德原理，浸在液体中的物体受到向上的浮力，浮力的大小等于物体排开液体所受的重力，则满载时受到的浮力F浮=G排=m排g。
根据液体压强公式p=ρgh可得水深10m处的船体受到海水的压强。
根据η=可得：=，则=可计算得出油轮分别以不同速度航行相同一段时间消耗的燃油质量之比。
本题考查了电磁波的运用，液体压强与流速的关系，热值的概念，有关浮力、压强、热机效率的计算。
16.【答案】
【解析】解：（1）可见光和红外线都属于电磁波，在真空中的传播速度相同，均为3×108m/s。
根据光的反射定律，物体表面反射可见光时，反射角等于入射角。
当无人机远离被拍摄物体时，物距增大，根据凸透镜成像规律“物远像近像变小”，要使成像仍然清晰，像距应减小，所以其镜头应该向后缩。
（2）重力的方向总是竖直向下的，所以无人机沿水平方向匀速直线飞行时，受到重力的方向是竖直向下。
旋翼旋转过程中，电流通过电动机，由于电动机内部有电阻，根据焦耳定律Q=I2Rt,电流通过电动机时会产生热量。
当通过电动机的电流大小发生变化时，电动机的转速会发生变化，从而导致旋翼的转动快慢发生变化。而电动机的转动方向与电流方向和磁场方向有关，仅改变电流大小，不会改变转动方向。
（3）已知拍摄速度为12000帧/秒，拍摄帧数为24000帧，则拍摄时间t==2s,轿车通行的路程s=60m,则轿车的平均速度v===30m/s。
原来拍摄速度为12000帧/秒，调为原来的后，新的拍摄速度为12000帧/秒×=9000帧/秒，
汽车速度v'=40m/s,行驶路程s'=150m,则拍摄时间t'===3.75s,那么拍摄帧数为9000帧/秒×3.75秒=33750帧。
故答案为：（1）相同；等于；向后缩；（2）竖直向下；会；快慢；（3）30；33750。
（1）可见光和红外线都属于电磁波，在真空中的传播速度相同。
根据光的反射定律可知，反射角等于入射角。
凸透镜成像规律“物远像近像变小”。
（2）重力的方向总是竖直向下的。
根据焦耳定律Q=I2Rt,电流通过电动机时会产生热量。
当通过电动机的电流大小发生变化时，电动机的转速会发生变化，从而导致旋翼的转动快慢发生变化。
（3）由拍摄关系可得时间t=，再由v=求轿车的平均速度。
本题考查了电磁波的速度、反射定律、凸透镜成像规律，重力的方向，焦耳定律的理解，影响电动机的转速因素，速度及拍摄帧数的计算。
17.【答案】
【解析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。
18.【答案】
【解析】三孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
19.【答案】
【解析】（1）玻璃板越薄，两个反射面成像距离越近，近似认为是一个像，实验会比较简单，所以实验时，玻璃板越薄越好；
（2）在玻璃板前面放支点燃的蜡烛A，再拿一支外形相同但不点燃的蜡烛B，竖立在玻璃板后面并移动，用蜡烛B代替蜡烛A，若蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，说明像与物大小相等；
（3）平面镜像与物关于镜面对称，小陈同学先将蜡烛A置于玻璃前5cm,然后蜡烛A垂直于玻璃平面方向靠近玻璃2cm,此时物距为3cm,再次放置蜡烛B直到与蜡烛A的像完全重合，则此时A与B的间距为3cm+3cm=6cm。
故答案为：（1）薄；（2）大小；（3）6。
（1）本实验，玻璃板越薄越好；
（2）平面镜像与物大小相等；
（3）平面镜像与物关于镜面对称，据此分析。
本题探究平面镜成像的特点实验，掌握平面镜成像特点是关键。
20.【答案】
【解析】（1）实验中通过U形管两边液面的高度差来判断探头处水的压强的大小，U形管两边液面的高度差越大，水的压强越大。
（2）控制液体密度和深度不变，改变探头的方向，U形管两侧的液面高度差相等。可以得到：在同一深度，液体内部向各个方向的压强相等。
（3）将烧杯中的水换成浓盐水，控制深度不变，液体密度变大，则可以观察到U形管两边液体的高度差变大，从而可以得到：液体的压强还与液体的密度有关，在不同种液体的同一深度处，液体密度越大，液体的压强大。
（4）根据p=ρgh可知，===，解得h2=15cm,又因为b处距离容器底部10cm,所以容器中水的高度为15cm+10cm=25cm。
故答案为：（1）大；（2）相同；（3）密度；（4）25。
（1）探究液体内部压强特点的实验采用了转换法，通过观察U形管两边的液面高度差来反映液体内部压强的大小；
（2）（3）液体内部压强随着深度的增加而增大，在同一深度液体向各个方向压强相等，不同液体内部压强还与其密度有关；
（4）根据p=ρgh分析。
此题主要考查的是学生对液体压强的影响因素实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用。
21.【答案】
【解析】（1）由图乙可知，电压大于3V，故电压表选用大量程与电阻丝并联，如下所示：
（2）闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处，即最左端。
（3）根据得到的U-I图线可知，当电压为12V时，对应的电流为0.6A，则
R0==20Ω
（4）当两开关都闭合时，为R1的简单电路，再断开S2，两电阻串联，根据串联电阻大于其中任一电阻，由P=可知，两电阻串联时为低温挡，低温挡的电功率为440W，此时电路的总电阻为
R==
10cm长电阻丝，其阻值R0=20Ω，若R2长45cm,则
R2=×20Ω=90Ω
R1=R-R2=110Ω-90Ω=20Ω
电热器高温挡的电功率为
P高===2420W
故答案为：（1）见解析中的图；（2）左；（3）20；（4）110；2420。
（1）由图乙可知，电压大于3V，据此确定电压表选用大量程与电阻丝并联；
（2）闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处；
（3）根据得到的U-I图线可知，当电压为12V时可知对应的电流大小，由欧姆定律得出R0的大小；
（4）分析开关转换时电路的连接，由串联电阻大于其中任一电阻结合P=分析不同挡位电路的连接，根据P=得出总电阻，已知10cm长电阻丝，其阻值R0=20Ω，据此得出若R2长45cm的电阻大小，根据串联电阻的规律得出R1大小，根据P=得出电热器高温挡的电功率。
本题考查电阻的测量及串联电路的规律及电功率公式的运用。
22.【答案】
【解析】要解决此题，需要掌握力臂的概念，知道力臂是从支点到力的作用线的距离。由支点向力的作用线做垂线，垂线段的长度即为力臂。
此题主要考查了有关力臂的画法，首先要掌握力臂的概念，找出支点和力的作用线。画力臂关键是要画出支点到力的作用线的垂线段。
23.【答案】
【解析】（1）由图可知，R1与R2串联，已知R1的电功率为P1=0.6W，R2的电功率为P2=1.8W，
电路总功率为：P=P1+P2=0.6W+1.8W=2.4W；
（2）已知电流表示数为I=0.2A，电源电压为：U===12V；
（3）根据P=I2R，R1===15Ω；
答：（1）电路的总功率为2.4W；
（2）电源两端的电压为12V；
（3）R1的阻值为15Ω。
（1）电路总功率等于各元件功率之和；
（2）已知电流总功率和电流，用公式U=可算出电源电压；
（3）运用公式R=可算出R1的电阻。
本题考查欧姆定律的应用，电功率的综合计算。
24.【答案】
【解析】（1）乙图中水对容器底部的压强：
p=ρ水gh水=1.0×103kg/m3×10N/kg×12×10-2m=1200Pa；
（2）根据ρ=可得，水的质量：
m水=ρ水V水=1.0g/cm3×100cm2×12cm=1200g=1.2kg,
丙图中装水容器漂浮，受到某液体的浮力等于容器和水的总重力：
F浮=G总=m总g=（1.2kg+0.6kg）×10N/kg=18N；
（3）由题意可知，装水容器排开液体的体积：
V排=S乙h浸=100cm2×（12cm+8cm）=2000cm3=2×10-3m3，
根据F浮=ρ液gV排可得，液体的密度：
ρ液===0.9×103kg/m3，
由题意可知，液体的体积：
V液=1.5V水=1.5S乙h水=1.5×100cm2×12cm=1800cm3=1.8×10-3m3，
液体的质量：m液=ρ液V液=0.9×103kg/m3×1.8×10-3m3=1.62kg。
答：（1）乙图中水对容器底部的压强为1200Pa；
（2）丙图中装水容器受到某液体的浮力为18N；
（3）甲图中某液体的质量为1.62kg。
（1）已知乙图中水的深度，根据p=ρ液gh求乙图中水对容器底部的压强；
（2）根据ρ=求水的质量，丙图中装水容器漂浮，根据F浮=G=mg求装水容器受到某液体的浮力；
（3）由题意可知装水容器排开液体的体积，根据F浮=ρ液gV排求液体的密度，根据V=Sh求液体的体积，根据ρ=求某液体的质量。
本题考查压强、浮力和密度的相关计算，以及物体漂浮条件的应用，难度适中。
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