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湖北省荆门市2016年中考理综试卷
湖北省荆门市2016年中考化学试卷
一、选择题（共8小题，每小题2分，满分16分）
1．下列变化中，属于化学变化的是（　　）
A．蜡烛受热熔化
B．汽油挥发
C．水变成水蒸气
D．酒精燃烧
【分析】化学变化是指有新物质生成的变化，物理变化是指没有新物质生成的变化，化学变化和物理变化的本质区别是否有新物质生成；据此分析判断．
【解答】解：A、蜡烛受热熔化过程中只是状态发生改变，没有新物质生成，属于物理变化．
B、汽油挥发过程中只是状态发生改变，没有新物质生成，属于物理变化．
C、水变成水蒸气过程中只是状态发生改变，没有新物质生成，属于物理变化．
D、酒精燃烧过程中有新物质二氧化碳等生成，属于化学变化．
故选D．
【点评】本题难度不大，解答时要分析变化过程中是否有新物质生成，若没有新物质生成属于物理变化，若有新物质生成属于化学变化．
2．下列实验操作正确的是（　　）
A．点燃酒精灯
B．取用液体药品
C．闻药品的气味
D．称量氯化钠
【分析】A、根据点燃酒精灯的进行分析判断．
B、根据液体药品的取用方法进行分析判断．
C、根据闻药品的气味的方法进行分析判断．
D、根据托盘天平的使用方法进行分析判断．
【解答】解：A、点燃酒精灯时，要用火柴点燃，禁止用燃着的酒精灯去点燃另一个酒精灯，以防引起酒精失火，造成危险，图中所示操作错误．
B、取用液体时：①试剂瓶瓶口要紧挨试管口，防止液体流出；②标签向着手心，防止液体流出腐蚀标签；③瓶塞倒放桌面上，防止污染瓶塞，从而污染药品，图中所示操作错误．
C、闻气体的气味时，应用手在瓶口轻轻的扇动，使极少量的气体飘进鼻子中，不能将鼻子凑到集气瓶口去闻气体的气味，图中所示操作正确．
D、使用托盘天平时，注意“左物右码”，氯化钠不能直接放在托盘上，要放在玻璃器皿中或纸上，图中所示操作错误．
故选C．
【点评】本题难度不大，熟悉各种仪器的用途及使用注意事项、掌握常见化学实验基本操作的注意事项是解答此类试题的关键．
3．下列与氧气有关的说法中，正确的是（　　）
A．氧气能支持燃烧，可用作燃料
B．鱼能在水中生存，是因为氧气易溶于水
C．磷在氧气中燃烧产生大量的白色烟雾
D．实验室用高锰酸钾制取氧气时，试管口应塞一团棉花
【分析】根据氧气的性质、用途和实验室制取的注意事项分析判断有关的说法．
【解答】解：A、氧气能支持燃烧，可用作助燃剂，不具有可燃性，不能用作燃料，故A错误；
B、鱼能在水中生存，是因为水中溶有一定量的氧气，氧气能供给呼吸，不能据此判断氧气的溶解性，故B错误；
C、磷在氧气中燃烧产生大量的白烟，故C错误；
D、实验室用高锰酸钾制取氧气时，试管口应塞一团棉花，防止高锰酸钾粉末进入导管．故D正确．
故选D．
【点评】本题较为简单，了解氧气的性质、用途和实验室制取的注意事项等知识即可分析解答．
4．下列化学符号，书写不正确的是（　　）
A．三个铁离子：3Fe2+
B．n个一氧化碳分子：nCO
C．氧化镁中，镁元素显+2价：
O
D．四个氢原子：4H
【分析】本题考查化学用语的意义及书写，解题关键是分清化学用语所表达的对象是分子、原子、离子还是化合价，才能在化学符号前或其它位置加上适当的计量数来完整地表达其意义，并能根据物质化学式的书写规则正确书写物质的化学式，才能熟练准确的解答此类题目．
【解答】解：A、离子的表示方法：在表示该离子的元素符号右上角，标出该离子所带的正负电荷数，数字在前，正负符号在后，带1个电荷时，1要省略．若表示多个该离子，就在其元素符号前加上相应的数字，故三个铁离子可表示为：3Fe3+；故选项错误；
B、由分子的表示方法，正确书写物质的化学式，表示多个该分子，就在其化学式前加上相应的数字，则n个一氧化碳分子可表示为：nCO；故选项正确；
C、元素化合价的表示方法：确定出化合物中所要标出的元素的化合价，然后在其化学式该元素的上方用正负号和数字表示，正负号在前，数字在后，所以氧化镁中，镁元素显+2价，故可表示为：
O；故选项正确；
D、原子的表示方法就是用元素符号来表示一个原子，表示多个该原子，就在其元素符号前加上相应的数字．所以四个氢原子，就可表示为：4H；故选项正确；
故选A
【点评】本题主要考查学生对化学用语的书写和理解能力，题目设计既包含对化学符号意义的了解，又考查了学生对化学符号的书写，考查全面，注重基础，题目难度较易．
5．分析、推理和类比是化学学习中常用的思维方法，下列分析、推理或类比正确的是（　　）
A．物质与氧气发生的反应属于氧化反应，所以氧化反应一定有氧气参加
B．金刚石和石墨由于碳原子的排列方式不同，所以它们的物质性质存在很大的差异
C．无色酚酞溶液遇酸性溶液不变色，所以无色酚酞溶液不变色的一定是酸性溶液
D．碳酸盐能与盐酸反应生成气体，所以能与盐酸反应生成气体的一定是碳酸盐
【分析】A、从物质与氧气发生的反应属于氧化反应，但氧化反应不一定有氧气参加去分析；
B、根据金刚石和石墨物理性质差异较大的原因，进行分析判断；
C、根据酚酞的显色情况分析；
D、根据碳酸盐和金属的化学性质判断．
【解答】解：A、物质与氧气发生的反应属于氧化反应，但氧化反应不一定有氧气参加；故错误；
B、金刚石和石墨由于碳原子排列方式不同，所以物理性质有很大差异，故选项说法正确；
C、酚酞在酸性和中性环境中均不变色，故不能使无色酚酞溶液变色的是酸性或中性溶液，故错误；
D、碳酸盐与盐酸反应放出二氧化碳气体，活泼金属能与酸反应放出氢气，与盐酸反应放出气体的物质不一定是碳酸盐，所以错误．
故选B
【点评】本题主要考查氧化反应、酸碱、化合物以及指示剂的有关知识，可依据已有的知识解答．
6．a、b两种固体物质的溶解度曲线如图所示，下列说法中不正确的是（　　）
A．t1℃时，a、b物质的溶解度相等
B．a物质的溶解度随温度的升高而增大，b物质的溶解度随温度的升高而减小
C．t2℃时，将a、b两物质的饱和溶液分别降温至t1℃，所得的溶液溶质质量分数相等
D．提纯a中混有少量的b，可采用降温结晶的方法
【分析】A、溶解度曲线的交点表示该温度下两物质的溶解度相等；
B、据溶解度曲线可知物质的溶解度随温度变化情况；
C、据不同温度下物质的溶解度及饱和溶液中溶质的质量分数分析解答；
D、据物质的溶解度受温度影响情况可分析提纯物质的方法．
【解答】解：A、t1℃时，a、b物质的溶解度曲线交于一点，二者溶解度相等，正确；
B、由图可知：a物质的溶解度随温度的升高而增大，b物质的溶解度随温度的升高而减小，正确；
C、t2℃时，将a、b两物质的饱和溶液分别降温至t1℃，a析出晶体，溶液中溶质的质量减小，溶剂质量不变，溶质质量分数减小，而b溶解度变大，溶液中溶质、溶剂质量不变，溶质的质量与降温前相等；饱和溶液中溶质质量分数=×100%，即溶解度大则溶质的质量分数大，而降温后a的溶解度大于降温前b的溶解度，故所得的溶液溶质质量分数a＞b，故错误；
D、a物质的溶解度随温度的升高而增大，b物质的溶解度随温度的升高而减小，所以提纯a中混有少量的b，可采用降温结晶的方法，正确；
故选：C．
【点评】明确溶解度曲线的意义，提纯物质的方法，饱和溶液中溶解度大则溶质的质量分数大等知识，即可结合题意顺利解答．
7．将一定质量的铁粉放入硝酸铜和硝酸银的混合溶液中，完全反应后，过滤得滤液和滤渣，小华同学对所得滤液和滤渣的组成作出如下判断：①反应后所得的溶液一定是无色溶液；②滤渣中一定有银，可能有铁和铜；③滤液中一定汉阳硝酸亚铁、硝酸铜，可能是硝酸银；④若向滤渣中加入盐酸有气体生成，则滤液中只有硝酸亚铁；⑤若向滤液中加入稀盐酸有白色沉淀生成，则滤渣中只有银；⑥滤渣的质量一定比加入铁粉的质量大，其中判断正确的个数有（　　）
A．5个
B．4个
C．3个
D．2个
【分析】根据金属活动性顺序，可知活动性：铁＞铜＞银，金属活动性越差，被置换出来的可能性越大，据此分析解答即可．
【解答】解：将一定质量的铁粉放入硝酸铜和硝酸银的混合溶液中，完全反应后，过滤得滤液和滤渣：
①当铁粉少量，硝酸铜没有反应完时，反应后所得的溶液是蓝色的，故错误；
②铁粉先置换硝酸银中的银，然后置换硝酸铜中的铜，因此滤渣中一定有银，当置换完硝酸银中的银后，若仍有铁粉，再置换硝酸铜中的铜，若硝酸铜反应完后，仍有铁粉，则滤渣中三种金属都有，故正确；
③滤液中一定有生成的硝酸亚铁、可能有硝酸银和硝酸铜，故错误；
④若向滤渣中加入盐酸有气体生成，则说明铁粉过量，硝酸铜、硝酸银全反应，因此滤液中只有硝酸亚铁，故正确；
⑤若向滤液中加入稀盐酸有白色沉淀生成，则说明滤液中一定有硝酸银，也就是说铁粉连硝酸银都没有反应完就没有了，因此滤渣中只有银，故正确；
⑥无论是铁粉与硝酸银反应，还是铁粉与硝酸铜反应，参加反应的铁粉的质量都小于生成的银、铜的质量，因此滤渣的质量一定比加入铁粉的质量大，故正确；
故选C．
【点评】本题主要考查了对金属活动性顺序的灵活应用，只有活动性强的金属可以把活动性弱的金属从盐溶液中置换出来，培养学生分析问题、解决问题的能力．
8．甲、乙、丙三种物质只通过一步反应，不能实现如图所示的转化关系的是（　　）
甲
乙
丙
A
C
CO
CO2
B
NaOH
Na2CO3
Na2SO4
C
CuO
Cu
Cu（NO3）2
D
H2SO4
H2
H2O
A．A
B．B
C．C
D．D
【分析】一步反应实现即原物质只发生一个反应即可转化为目标物质，根据所涉及物质的性质，分析能否只通过一个反应而实现即可．
【解答】解：A、碳不充分燃烧生成一氧化碳，充分燃烧生成二氧化碳，一氧化碳燃烧生成二氧化碳，二氧化碳与碳在高温下反应生成一氧化碳，通过一步反应就能实现如图所示的转化，故选项错误．
B、氢氧化钠与硫酸反应生成硫酸钠和水，与二氧化碳反应生成碳酸钠和水，碳酸钠与稀硫酸反应生成硫酸钠、水和二氧化碳；但硫酸钠与其它物质不能通过一步反应生成碳酸钠，因为假设能行，对应的生成物是碳酸钠和硫酸钡沉淀，但碳酸钡难溶于水，不与硫酸钠溶液反应；不能实现如图所示的转化关系，故选项正确．
C、氢气与氧化铜反应生成铜和水，氧化铜与硝酸反应生成硝酸铜和水，铜与硝酸银溶液反应生成硝酸铜溶液和银，铁与硝酸铜溶液反应生成硝酸亚铁溶液和铜，通过一步反应就能实现如图所示的转化，故选项错误．
D、锌与硫酸反应生成硫酸锌和氢气，硫酸与氢氧化钠反应生成硫酸钠和水，氢气燃烧生成水，水通电分解生成氢气和氧气，通过一步反应就能实现如图所示的转化，故选项错误．
故选：B．
【点评】本题有一定难度，熟练掌握所涉及物质的性质、抓住关键词“能否一步实现”是解决此类问题的关键．
　
二、解答题（共5小题，满分29分）
9．写出符合下列要求的物质的化学式：
（1）世界年产量最高的金属　Fe　；
（2）通常情况下，一种有毒性的气态氧化物　CO　；
（3）汽车用铅酸蓄电池中含有的酸　H2SO4　；
（4）可用于治疗胃酸过多的碱　Mg（OH）2或Al（OH）3　；
（5）可用于给人体补钙的盐　CaCO3　；
（6）一种有机氮肥　CO（NH2）2　．
【分析】首先根据题意确定物质的化学名称，然后根据书写化学式的方法和步骤写出物质的化学式即可．
【解答】解：（1）铁是世界年产量最高的金属，故填：Fe；
（2）一氧化碳是一种有毒的气态氧化物，故填：CO；
（3）汽车用的铅酸蓄电池中含有的酸是硫酸，故填：H2SO4；
（4）氢氧化镁或氢氧化铝能与盐酸反应，可用来中和胃酸过多，故填：Mg（OH）2或Al（OH）3；
（5）碳酸钙是常用来补钙的一种盐；故填：CaCO3；
（6）尿素是一种有机物，也是一种常用的氮肥，故填：CO（NH2）2．
【点评】本题难度不大，熟练掌握常见物质的性质、用途、组成及化学式的书写是正确解答此类题的关键所在．
　
10．洪杰同学一家利用假日到郊外游玩，亲近自然，在游玩活动中，遇到一些有趣的化学问题，请认真阅读，解答下面的问题．
（1）化学与生活：
①野炊中，他取来一些清澈的泉水，进行了加热煮沸，从化学的视角看，给泉水加热煮沸既可以消毒杀菌，又可以　降低水的硬度　．
②他家的野炊食谱如下：主食；馒头；配菜；鸡蛋、牛肉干、花生米，从营养合理搭配的角度来看，你认为食谱中还应添加（填一种食品）　加凉拌黄瓜　会更好．
（2）化学与能源：
①他找来一些木柴，准备做饭时，发现怎么也烧不着，并产生大量的黑烟，仔细观察发现木柴过于潮湿，后来它捡来一些干燥的木柴，解决了这个问题，请你利用燃烧的条件，解释潮湿木柴烧不着的原因　温度没有达到着火点　．
②新农村建设中，他发现许多村里安装了太阳能路灯，新建了沼气池，沼气的主要成分是甲烷，请你写出甲烷燃烧的化学方程式　CH4+2O2CO2+2H2O　．
（3）化学与工、农业生产：
①他在吃饭时，看到爸爸喝的是荆门市生产的“金龙泉”啤酒，盛装啤酒的铝制易拉罐的底部未经任何防腐处理，也没有腐蚀，原因是（用化学方程式表示）　4Al+3O2═2Al2O3　．
②他又看到一农民欲将碳酸氢铵与草木灰混用，他赶紧制止，其原因是　铵态氮肥与碱性物质混合施用会生成NH3而降低肥效　．
（4）化学与材料：
①他看到一位农民正用电烙铁对一破损的路灯塑料灯罩进行热修补，他告诉这位农民，塑料灯罩属于　状　（填“链状”或“状”）结构的高分子材料，一经加热成型，受热不会熔化，具有热固性，这种方法不能用于灯罩的修补．
②野炊结束后，剩下了大量的塑料食品包装袋，由此，他想到人类面临的“白色污染”的问题，请你为解决“白色污染”提出一条合理建议　使用可降解塑料产品　．
【分析】（1）
①根据生活中通过加热煮沸可以实现硬水软化，又可以消毒杀菌解答；
②人类需要的营养物质有糖类、油脂、蛋白质、维生素、水和无机盐；
（2）
①根据燃烧的条件进行分析解答；
②根据甲烷在点燃条件下燃烧生成二氧化碳和水解答；
（3）①根据铝的化学性质来分析铝的抗腐蚀性强的原因；
②根据铵态氮肥与碱性物质混合施用会生成NH3而降低肥效解答．
（4）①状结构的高分子材料一经加工成型就不会受热熔化，因而具有热固性解答；
②根据解决“白色污染”的方法解答．
【解答】解：
（1）
①给泉水加热煮沸既可以消毒杀菌，又可以降低水的硬度；
②食谱中缺乏人体需要的维生素，水果、蔬菜中含有丰富的维生素，所以食谱中还应添加凉拌黄瓜．
（2）①物质燃烧需要与氧气接触，温度达到着火点，潮湿木柴烧不着的原因温度没有达到着火点；
②甲烷在点燃条件下燃烧生成二氧化碳和水，反应的化学方程式为CH4+2O2CO2+2H2O．
（3）①铝性质特别活泼，常温下可以和空气中的氧气迅速反应生成一层致密的氧化物薄膜而阻止继续和氧气反应．用化学方程式表示为：4Al+3O2═2Al2O3；
②铵态氮肥与碱性物质混合施用会生成NH3而降低肥效．
（4）①塑料灯罩属于状结构的高分子材料一经加工成型就不会受热熔化，因而具有热固性；
②使用可降解塑料产品、制可降解塑料产品、回收废旧塑料产品、研制开发生产替代产品（如淀粉包装盒等），提倡使用纸包装袋，控制生产不易降解塑料袋．
答案：
（1）①降低水的硬度；②加凉拌黄瓜；
（2）①温度没有达到着火点；②CH4+2O2CO2+2H2O．
（3）①4Al+3O2═2Al2O3；②铵态氮肥与碱性物质混合施用会生成NH3而降低肥效．
（4）①状；②使用可降解塑料产品．
【点评】本题考查了金属的应用以及金属的防锈措施和酸碱中和的知识，完成此题，可以依据已有的课本知识进行，要求同学们加强对基础知识的储备，以便灵活应用．化学来源于生产生活，也必须服务于生产生活，所以与人类生产生活相关的化学知识也是重要的中考热点之一．
　
11．水煤气是我国某些地区的一种常用的生活燃料，大量生产水煤气的方法是：将高温水蒸气通入灼热的焦炭（假设焦炭中无其它参加反应的杂质），在700℃﹣800℃之间，生成碳的氧化物和氢气，某兴趣小组为探究水煤气的组成成分，设计了如图所示的装置：
请你和他们一起完成下列活动[提示：①CuSO4（白色）+5H2O═CuSO4?5H2O（蓝色）；②假设每一步都充分反应]：
（1）实验中，发现装置B中的澄清石灰水变浑浊，则装置B中发生的一个反应的化学方程式是　CO2+Ca（OH）2═CaCO3↓+H2O　
（2）装置F中的白色粉末变蓝，则装置E发生的一个反应的化学方程式是　H2+CuOCu+H2O　．
（3）装置F，G　不能　（填“能”或“不能”）调换，其原因是　装置G中挥发出的水蒸气，会对装置F中是否有水生成的判断造成干扰　．
（4）实验中，发现装置A、F中的白色粉末变蓝，装置B、G中的澄清石灰水变浑浊，则水煤气的组成成分是　一氧化碳、二氧化碳、水蒸气、氢气　．
【分析】（1）根据题意，发现装置B中的澄清石灰水变浑浊，二氧化碳能使石灰水变浑浊，二氧化碳与氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和水，写出反应的化学方程式即可．
（2）装置F中的白色粉末变蓝，说明有水生成，装置E中氢气与氧化铜反应生成了铜和水，写出反应的化学方程式即可．
（3）根据装置F是检验有无水蒸气生成的，G中能挥发出水蒸气，进行分析解答．
（4）根据实验中发现装置A、F中的白色粉末变蓝，装置B、G中的澄清石灰水变浑浊，进行分析解答．
【解答】解：（1）发现装置B中的澄清石灰水变浑浊，二氧化碳能使石灰水变浑浊，二氧化碳与氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和水，反应的化学方程式是CO2+Ca（OH）2═CaCO3↓+H2O．
（2）装置F中的白色粉末变蓝，说明有水生成，装置E中氢气与氧化铜反应生成了铜和水，反应的化学方程式为：H2+CuOCu+H2O．
（3）装置F是检验有无水蒸气生成的，G中能挥发出水蒸气，装置F、G不能调换，因为装置G中挥发出的水蒸气，会对装置F中是否有水生成的判断造成干扰．
（4）实验中发现装置A、F中的白色粉末变蓝，分别说明水煤气中含有水蒸气、氢气（与氧化铜反应生成的水蒸气使F中的澄清石灰水变浑浊）；装置B、G中的澄清石灰水变浑浊，分别说明水煤气中含有二氧化碳、一氧化碳（与氧化铜反应生成的二氧化碳使G中的澄清石灰水变浑浊）．
故答案为：（1）CO2+Ca（OH）2═CaCO3↓+H2O；
（2）H2+CuOCu+H2O；
（3）不能；装置G中挥发出的水蒸气，会对装置F中是否有水生成的判断造成干扰；
（4）一氧化碳、二氧化碳、水蒸气、氢气．
【点评】本题难度不大，掌握常见气体的检验方法、化学方程式的书写方法并能灵活运用是正确解答本题的关键．
　
12．侯德榜是我国著名的化学家，为纯碱和氮肥工业技术的发展作出了杰出的贡献，他发明的侯氏制碱法大大提高了原料的利用率，其工业流程大致如图：
（1）上述流程中，用到的原料有空气、焦炭、水、二氧化碳、　氯化钠饱和溶液　等．
（2）上述流程中，已知步骤②发生的是化合反应，步骤⑤发生的是分解反应，则步骤②、⑤发生反应的化学方程式是：②　N2+3H22NH3　，⑤　2NaHCO3Na2CO3+H2O+CO2↑　．
（3）上述流程中，可循环利用的物质是　二氧化碳、水　．
（4）上述流程中，“一种氮肥”的化学式是　NH4Cl　．
【分析】（1）根据侯氏制碱法的工业流程图，分析所需的原料即可．
（2）已知步骤②发生的是化合反应，即氮气和氢气在高温、高压、催化剂的作用下生成氨气；步骤⑤发生的是分解反应，即碳酸氢钠固体加热生成碳酸钠、水和二氧化碳，写出反应的化学方程式即可．
（3）根据既是反应物，也是生成物的物质，可以循环使用进行分析解答．
（4）根据二氧化碳与氨气、饱和氯化钠溶液反应，生成一种氮肥，进行分析解答．
【解答】解：（1）由侯氏制碱法的工业流程图，用到的原料有空气、焦炭、水、二氧化碳、氯化钠饱和溶液等．
（2）已知步骤②发生的是化合反应，即氮气和氢气在高温、高压、催化剂的作用下生成氨气；步骤⑤发生的是分解反应，即碳酸氢钠固体加热生成碳酸钠、水和二氧化碳，反应的化学方程式分别是N2+3H22NH3、2NaHCO3Na2CO3+H2O+CO2↑．
（3）既是反应物，也是生成物的物质可以循环使用，由侯氏制碱法的工业流程图，则可循环利用的物质是二氧化碳、水．
（4）二氧化碳与氨气、饱和氯化钠溶液反应，生成一种氮肥，由质量守恒定律，该氮肥应是氯化铵，其化学式为：NH4Cl．
故答案为：（1）氯化钠饱和溶液；（2）N2+3H22NH3；2NaHCO3Na2CO3+H2O+CO2↑；（3）二氧化碳、水；（4）NH4Cl．
【点评】本题难度不大，理解侯氏制碱法的工业流程图，掌握化学方程式的书写方法、质量守恒定律等是正确解答本题的关键．
　
13．将氯化钠与碳酸钠的混合物15.0g，溶于100mL水中，向所得溶液中滴加5.55%的氯化钙溶液至完全反应，如图是所加氯化钙溶液与生成沉淀质量关系图，求恰好完全反应时：
（1）原混合物中，碳酸钠的质量．
（2）所得溶液中，溶质质量分数．（计算结果精确至0.1%）
【分析】（1）根据化学方程式可以求出各物质之间的质量比，据此列出方程式计算，可得出原混合物中碳酸钠的质量；
（2）欲求恰好完全反应时溶液中溶质的质量分数，应根据质量分数公式=×100%，找出所须条件，进行解答．
【解答】解：
（1）设原混合物中碳酸钠的质量为x，参见反应的氯化钙溶液的质量为y，生成氯化钠的质量为z．
Na2CO3+CaCl2═CaCO3↓+2NaCl
106
111
100
117
x
5.55%y
5g
z
=
x=5.3g
y=100g
z=5.85g
100mL水合100g水
所得溶液中，溶质质量分数=100%≈7.4%
答案：
（1）原混合物中，碳酸钠的质量为5.3g；
（2）所得溶液中，溶质质量分数为7.4%．
【点评】本题主要考查学生对完全反应的认识，以及应用公式和化学方程式进行正确计算的能力，学生必须有牢固的知识，再加上认真细心的态度，方可完成．
湖北省荆门市2016年中考物理试卷
一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）
1．下列做法符合安全用电要求的是（　　）
A．在开关闭合的情况下更换灯泡
B．用铜丝代替保险丝
C．使用试电笔时手指接触笔尖
D．高大建筑的顶端安装避雷针
【考点】安全用电原则．
【分析】根据安全用电的要求分析本题即可．
【解答】解：
A、在开关闭合的情况下，换灯泡时，如果不慎碰到了灯口，会发生触电事故，故A错误；
B、熔丝需用电阻率大而熔点低的材料制作，不能用铜丝代替保险丝，故B错误；
C、使用测电笔时，手不能接触笔尖金属体，手一定要接触笔尾金属体，故C错误；
D、当打雷的时候，由于静电的感应，在高大的建筑物顶端积累了很多的静电，容易导致雷击事故，所以在高大的建筑物顶端安装避雷针可以把雷电引入地下，保护建筑物的安全，故D正确．
故选D．
　
2．下列实验利用光的反射的是（　　）
A．用凸透镜取火
B．用三棱镜分解太阳光
C．司机通过后视镜了解车后的交通状况
D．开凿隧道时，工人们用激光束引导掘进机
【考点】光的反射．
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的．
【解答】解：A、用凸透镜向日取火，属于光的折射现象，故本选项不符合题意；
B、三棱镜分解太阳光，是光的色散现象，属于光的折射，故本选项不符合题意；
C、机通过后视镜了解车后的交通状况，利用镜面反射，因此属于光的反射现象，故本选项符合题意；
D、开凿隧道时，工人们用激光束引导掘进机，是利用光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，故本选项不符合题意；
故选C．
　
3．下列现象的解释错误的是（　　）
A．水难压缩是由于分子间存在斥力
B．把煤磨成煤粉燃烧能提高燃料利用率是由于其热值变大
C．家用“暖气”用水作介质是利用水的比热容大
D．糖放入热水中很快变甜是由于温度越高，分子运动越快
【考点】分子间的作用力；水的比热容的特点及应用；燃料的热值；分子的运动．
【分析】（1）分子之间同时存在着引力和斥力，故液体和固体很难被压缩，分子之间存在着距离，不同状态的分子之间的距离不同；
（2）热值是指1kg燃料完全燃烧放出的热量，是燃料的一种特性，和燃料的质量、是否燃烧、是否完全燃烧等无关，和燃料的种类有关．把煤磨成粉，使燃料的燃烧面积加大，有利于充分燃烧，提高燃料的利用率，而燃料的热值不变；
（3）相同质量的水与其它液体，降低相同的温度，水放出的热量最多；
（4）分子的无规则运动与温度有关，温度越高，分子运动越快
【解答】解：
A、物质是由大量分子组成的，分子间存在间隙，当物体被挤压时，由于分子间存在斥力，阻止物体分子相互靠近，所以水很难压缩，故A正确；
B、热值是燃料的一种特性，和燃料是否燃烧、是否完全燃烧无关，把煤磨成粉，使燃料的燃烧面积加大，有利于充分燃烧，提高燃料的利用率，而热值不变，故B错误；
C、水的比热容大于其它液体，对于相同质量的水与其它液体，降低相同的温度，水放出的热量最多．家中的“暖气”用水做介质，主要利用水的比热容较大的特性，故C正确；
D、分子的无规则运动与温度有关，温度越高，分子运动越快，所以糖在热水中很快溶解而使水变甜，故D正确．
故选B．
　
4．下列做法是为了增大摩擦的是（　　）
A．气垫船利用压缩空气使船体与水面脱离接触
B．给门轴上的合页加润滑剂
C．刹车时用力捏自行车的手闸
D．自行车的前后都安装在滚动轴承上
【考点】增大或减小摩擦的方法．
【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力．
（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦．
【解答】解：A、气垫船利用压缩空气使船体与水面脱离接触，是使接触面脱离减小摩擦力．故A不合题意；
B、给门轴上的合页加润滑剂，是在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力．故B不合题意；
C、刹车时用力捏自行车的手闸，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；故C符合题意；
D、自行车的前后都安装在滚动轴承上，是用滚动代替滑动来减小摩擦力．故D不合题意．
故选C．
　
5．海上发生风暴时会产生次声波，次声波在空气和海水中传播的速度比风暴移动的速度大．次声波接收处理设备就是利用这一特点提前感知，预报海上风暴，从而为渔业、航海等服务．下列说法正确的是（　　）
A．次声波不能传递信息
B．次声波是由物体振动产生的
C．次声波在海水中比空气中传播慢
D．次声波的频率太高，人耳听不见
【考点】超声波与次声波．
【分析】（1）声音可以传递信息，也可以传递能量；
（2）声音是由物体的振动产生的；
（3）声音在不同介质中的传播速度不同：一般情况下，声音的传播在气体中慢，在液体中较快，在固体中最快．
（4）超声波和次声波都是人耳听不到的．
【解答】解：
A、次声波既能传递能量，也能传递信息，故A错误；
B、次声波也是由物体振动产生的．故B正确．
C、次声波在海水中比空气中传播快，故C错误；
D、人耳能听到的声音的频率范围是20～20000Hz，低于20Hz的叫次声波，由于次声波的频率不在人的听觉频率范围，所以人听不到，故D错误．
故选A．
　
6．户外活动时，为了给食物保鲜，将结了冰的矿泉水和食物一起放在泡沫塑料箱中，就制成了一个简易冰箱．下列说法正确的是（　　）
A．食物保鲜利用了冰熔化吸热
B．食物保鲜利用了矿泉水结冰放热
C．取出食物，外包装上的水珠是汽化形成的
D．取出食物，外包装上的水珠是升华形成的
【考点】熔化与熔化吸热特点．
【分析】物质从固态变为液态是熔化过程，熔化吸热；物质从液体变为固态是凝固过程，凝固放热；
物质从气态变为液态是液化过程，液化放热；物质从固态直接变为气态是升华过程，升华吸热．
【解答】解：
AB、将结了冰的矿泉水和食物一起放在泡沫塑料箱中，冰吸收热量，熔化成水，使得食物温度降低，不易变质．选项A正确、选项B错误；
CD、刚从“简易冰箱”中取出的食物，温度较低，空气中的水蒸气就在食物的外包装上液化成为小水珠．选项C、D均错误．
故选A．
　
7．如图，在盛水杯子的杯口盖上明信片，将一枚鸡蛋放在明信片上．用手指将明信片弹飞，鸡蛋掉入水中．下列分析错误的是（　　）
A．明信片被弹飞前，鸡蛋对明信片的压力和明信片对鸡蛋的支持力相互平衡
B．明信片被弹飞，说明能改变物体的运动状态
C．明信片被弹飞时，鸡蛋没有随明信片一起飞出去是由于鸡蛋具有惯性
D．明信片被弹飞后，鸡蛋掉入水中是由于受到重力
【考点】惯性现象．
【分析】（1）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在不同的物体上；
（2）力的作用效果包括物体的运动状态和形状；
（3）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质称为惯性．
【解答】解：
A、鸡蛋对明信片的压力和明信片对鸡蛋的支持力大小相等、方向相反，作用在同一条直线上，因此二力是相互作用力，故A错误；
B、明信片被弹飞，明信片由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态，故B正确；
C、明信片被弹飞前，鸡蛋静止在明信片上，明信片被弹飞时，鸡蛋由于惯性，还要保持原来的静止状态，所以鸡蛋没有随明信片一起飞出去，故C正确；
D、明信片被弹飞后，鸡蛋由于受到重力的作用，因此落入杯中，故D正确．
故选A．
　
8．笔记本电脑发热会影响使用寿命．如图是一款笔记本电脑散热支架，通过导线与电脑连接时，五个风扇就转动起来，从而帮助电脑散热．下列分析正确的是（　　）
A．风扇转动的原理是电磁感应
B．风扇之间一定串联
C．风扇在工作时主要将电能转化为内能
D．电脑是通过与空气之间的热传递来散热的
【考点】热传递．
【分析】（1）电动机是根据通电导线在磁场中受磁场力的作用原理制成的；
（2）串联的各电路元件相互影响，各电路元件不能独立工作；并联的各电路元件互不影响，各电路元件能独立工作，据此分析答题；
（3）电流做功的过程，实际上就是能量转化的过程，消耗电能转化成其它形式的能；
（4）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程．
【解答】解：
A、电风扇的主要部件是电动机，电动机是利用通电导线在磁场中受磁场力的作用原理制成的，不是利用电磁感应原理制成的，故A错误；
B、笔记本电脑散热支架上的五个风扇虽然能同时工作，但它们互不影响，能独立工作，其中的某个风扇坏了，其它风扇能正常工作，因此是并联的，故B错误；
C、电风扇主要是电能转化成机械能，故C错误；
D、电脑散热时，热量由电脑转移到空气中，是通过热传递来散热的，故D正确．
故选D．
　
9．某些物质在温度很低的情况下，电阻就变成0，这种现象叫超导现象．如果把超导现象应用于实际，则（　　）
A．可用超导材料制作电炉丝
B．可用超导材料制作输电线
C．可用超导材料制滑动变阻器的电阻丝
D．可用超导材料制作白炽灯泡的灯丝
【考点】超导体在磁悬浮列车、超导输电的应用．
【分析】超导现象是电阻为零的现象，超导体适合制作输电导线和电动机线圈等，利用电流热效应的用电器都不能工作．
【解答】解：
A、电炉丝需要将电能转化为内能，电阻为零无法将电能转化为内能，故A不合题意；
B、用超导体做输电导线，可以减小由电能到内能的损耗，提高传输效率，故B符合题意；
C、变阻器的电阻丝的电阻较大，通过滑片位置的改变调节连入电阻的大小，若电阻为零，它就不能改变阻值了，故C不符合题意．
D、白炽灯利用的是电流的热效应，电阻为零无法将电能转化为内能，就不能发光，故D不符合题意．
故选B．
　
10．紧急情况逃生时，使用普通破窗锤产生的碎玻璃容易伤人．如图为一种新型破窗锤，使用时将吸盘吸附在窗玻璃上，然后拉长弹性绳，人离玻璃较远后松手，破窗锤在弹力作用下瞬间击碎窗玻璃而不会伤到人．下列有关说法错误的是（　　）
A．吸盘能吸附在窗玻璃上是由于受到大气压的作用
B．若吸盘面积太小，则拉长弹性绳时容易脱落
C．锤头前端做得比较尖是为了增大压力
D．松手后，绳的弹性势能主要转化为破窗锤的动能
【考点】大气压强的存在；增大压强的方法及其应用；动能和势能的转化与守恒．
【分析】①大气层中的一切物体都受到大气压的作用；
②二力平衡的条件是大小相等，方向相反，在同一条直线上；在压强一定时，压力与受力面积成正比；
③在压力一定时，压强与受力面积成反比；
④物体发生弹性形变时具有弹性势能，运动的物体具有动能．一定条件下动能和势能可以相互转化．
【解答】解：
A、挤出吸盘内的空气，是大气压把吸盘紧紧地压在玻璃上．此选项正确；
B、大气压强p是一定的，由公式F=pS可以看出，若吸盘面积太小，产生的大气压力较小，由二力平衡关系知，拉力略大时就能克服大气压力，则拉长弹性绳时容易脱落．此选项正确；
C、在压力一定时，由公式p=知，锤头前端做得比较尖是为了减小受力面积，增大压强．此选项错误；
D、施加拉力时，弹性绳发生弹性形变产生弹性势能；松手后，弹性绳恢复原状的过程中，将弹性势能转化为动能．此选项正确．
故选C．
　
二、非选择题（共10小题，满分45分）
11．如图所示，烧瓶内装入适量的水，塞紧的橡皮塞上分别插有温度计和玻璃管．用酒精灯给烧瓶加热．水沸腾时温度计的示数　保持不变　．停止加热，用注射器通过玻璃管给烧瓶　抽气　（选填“充气”或“抽气”），水又重新沸腾．
【考点】沸腾及沸腾条件；沸点及沸点与气压的关系．
【分析】液体沸腾的特点：吸收热量，温度保持不变；
液体的沸点与气压有关：气压降低，沸点降低．
【解答】解：
在气压一定时，水的沸点是一定的，所以当水沸腾过程中，虽然吸收热量，但温度保持不变；
停止加热，水不能继续吸收热量，温度降低，停止沸腾．但如果向外抽气，烧瓶内水面上方气压降低，水的沸点随之降低，可以看到水重新沸腾．
故答案为：保持不变；抽气．
　
12．有一种新型自拍神器（如图），可用手机发出的电磁波来遥控它在空中悬停、飞行、拍照．其镜头部分相当于一个　凸透镜　．拍照时，物体通过镜头成倒立、　缩小　的实像．现使自拍神器远离自己，同步传播到手机上自己的像会变　小　．
【考点】凸透镜成像的应用．
【分析】凸透镜成像时，当物距大于2倍焦距时，会成倒立缩小的实像，照相机正是应用了这一原理．“自拍神器”可使物距增大，像距变小，像变小．
【解答】解：自拍神器前面有一个镜头，镜头就相当于一个凸透镜，并且根据凸透镜成像的规律，照相时，物体离照相机镜头比较远，像是倒立、缩小的实像．
现使自拍神器远离自己，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大，可知，物距增大，像距变小，像变小．
故答案为：凸透镜；缩小；小．
　
13．游泳时，用力向后划水就可以前进了，这是因为　力的作用是相互的　，严禁在游泳池的排水口附近游泳，是由于排水时此处水流速度　大　，压强　小　，人容易被“吸”向排水口而发生溺水事故．
【考点】力作用的相互性；流体压强与流速的关系．
【分析】①力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施加力的同时，也受到另一个物体力的作用；
②流体的流速度与压强的关系是：流速大的地方、压强小，流速小的地方、压强大．
【解答】解：
游泳时人用力向后划水，由于物体间力的作用是相互的，人给水一个向后的作用力，同时，水也给人一个向前的推力，所以人就前进；
在流体中，流速越大的位置压强越小．游泳池的排水口处水流速度快，压强较小，水性不好的人容易被“吸”向排水口而发生溺水事故．
故答案为：力的作用是相互的；大；小．
　
14．超级油轮素有海上“浮动油库”之称．像“球形鼻子”样的船头可以减小航行时的阻力，从而提高油轮的　速度　．一艘总质量约25万吨的超级油轮所受的浮力约为　2.5×109　N．在给某船队的船只提供油料后，油轮里剩余油料的密度　不变　，油轮底部所受的海水压强　减少　（后两空选填“增大”、“不变”或“减少”）．
【考点】浮力大小的计算；密度及其特性；液体的压强的特点．
【分析】（1）根据功率相同时，利用P=Fv即可判断；
（2）根据油轮的质量，求出重力，利用漂浮条件可求出它满载时所受的浮力；
（3）密度是物质的一种特性，同种物质状态不变密度不变，不随物体的质量体积的大小而变化；
（4）航母上的舰载机飞离后，航母自重减小，因航母仍漂浮，受到的浮力减小；根据阿基米德原理判断上浮还是下沉，再根据液体压强公式可知舰底所受海水压强的变化．已知排开水的体积，利用F浮=ρ水gV排可求得该油轮装载原油后，所受的浮力．
【解答】解：（1）“球形鼻子”样的船头可以减小航行时的阻力，由于P=Fv，则在油轮的功率相同时提高油轮的速度．
（2）由于油轮漂浮在水面上，则浮力F浮=G=mg=25×104×103kg×10N/kg=2.5×109N．
（3）密度是物质的一种特性，不随物体的多少而变化，所以油轮里剩余油料的密度不变．
（4）由题知，在给某船队的船只提供油料后，油轮自重减小，
由于油轮仍漂浮，F浮=G，所以，油轮所受浮力减小；
根据F浮=ρ水V排g可知：排开水的体积减小，则油轮将上浮一些，即油轮底部所处的深度减小，
根据p=ρgh可知油轮底部所受海水的压强减小．
故答案为：速度；2.5×109；不变；减小；
　
15．用独轮车搬运砖头（如图），把砖头放在车箱　A　（选填“A”或“B”）区域，抬起车把时更省力．请在图中作出抬起车把时最小力的示意图．
【考点】杠杆中最小力的问题．
【分析】根据杠杆平衡的条件进行分析，阻力、动力臂一定，阻力臂越小，越省力，
车轮的中点为支点，然后根据力臂与作用力的关系画出最小的力．
【解答】解：以车轮的中点为支点，砖头的重力为阻力，阻力一定，把砖头放在车箱A区域时的阻力臂小于放在B区域时的力臂，根据杠杆平衡的条件可知，把砖头放在车箱A区域，抬起车把时更省力；
当所用的力力臂最大时，所用的力最小，而最大的力臂等于支点到车把最右端的距离，则当力作用在C点且与OC连线垂直向上时，力最小．如图所示：
故答案为：A．
　
16．如图为一种测量体重的装置，其中体重示数计是由　电流　表改装成的．当没有测体重时，绝缘体使电路　切断　（选填“切断”或“接通”）．电路中R1的作用是　保护电路　．
【考点】欧姆定律的应用．
【分析】（1）根据电表的正确使用，即电流表串联在电路中、电压表并联在电路中判断体重显示表的类型；
（2）绝缘体不容易导电，电路没有接通为断路；
（3）假设去掉定值电阻R1，判断可能出现的现象，从而确定所起的作用．
【解答】解：（1）由电路图可知，体重测试仪串联在电路中，所以体重显示表是用电流表改装成的；
（2）当没有测体重时，滑片位于绝缘部分，使电路切断；
（3）当体重很大时，滑片滑到最上端，如果没有电阻R1，会造成电源短路，烧坏电源和电流表，因此电路中的R1具有保护电路的作用．
故答案为：电流；切断；保护电路．
　
17．某同学按照如图所示的电路图测量额定电压为2.5V灯泡的电阻．
（1）开关闭合前，滑片应置于　B　（选填“A”或“B”）端．
（2）开关闭合后，逐渐移动滑片，并依次记下灯泡的发光情况和电表示数．实验记录如下表：
数据序号
1
2
3
4
5
发光情况
熄灭
熄灭
较暗
不很亮
明亮
电压U/V
0.1
0.5
1.3
2.1
2.5
电流I/A
0.05
0.16
0.21
0.26
0.28
算出的电阻R/Ω
3.13
6.19
8.08
8.93
①表中空格中的数值为　2　．
②灯泡的额定功率为　0.7　W．
③通过计算发现，灯泡在亮度不同时电阻不同，原因可能是　灯丝电阻随温度的升高而增大了　．由此可以推断，家庭电路中，在灯泡刚接通瞬间，灯泡的实际功率比额定功率　大　，灯泡容易　烧坏　．
【考点】伏安法测电阻的探究实验；影响电阻大小的因素；电功率的计算．
【分析】（1）滑片置于阻值最大的位置；
（2）①根据欧姆定律求R；②根据额定功率的定义，由P额=U额I求额定功率大小；③灯丝电阻随温度的变化而变化；根据P=讨论．
【解答】解：（1）为保护电路，滑动变滑器连入电路中的电阻最大，滑片以左电阻丝连入电路，滑片应置于B端；
（2）①空格中的数值R===2Ω；②灯泡的额定功率P额=U额I=2.5V×0.28A=0.7W；③灯泡在亮度不同时电阻不同，原因可能是灯丝的电阻有温度的升高而变大；家庭电路中，在灯泡刚接通瞬间，灯丝温度低，电阻R小，根据P=知，此时灯的实际功率偏大，灯容易烧坏．
故答案为：（1）B；
（2）①2；②0.7；③灯丝电阻随温度的升高而增大了；烧坏．
　
18．在测量学生奶密度的实验中．
（1）为了减小实验误差，应该选择图　甲　（选填“甲”或“乙”）中的量筒．
（2）把天平放在水平桌面上，把游码移到标尺的零刻度线处，发现指针偏左，应　向右调节平衡螺母　，直到横梁平衡．
（3）小铭进行了如下实验：
A．把天平放在水平桌面上，调节横梁平衡；
B．用天平测出烧杯的质量m1；
C．将适量的学生奶倒入烧杯，测出烧杯和学生奶的总质量m2
D．将烧杯中的学生奶全部倒入量筒，测出体积V．
考虑到学生奶在从烧杯中倒出时有残留，密度的测量值偏　大　．为此，同组的小浩提出只要调整实验顺序就可以解决这个问题，这个实验顺序是　ACDB　（填序号）．
（4）按照调整后的方案进行实验．在测量烧杯质量时砝码及游码情况如图丙所示．实验数据如下表，其中①和②的数值分别为　36.6　、　1.04　．
烧杯的质量m1/g
烧杯和学生奶的总质量m1/g
学生奶的体积V/cm3
学生奶的密度ρ/（g?cm﹣3）
①
78.2
40
②
【考点】液体的密度测量实验．
【分析】（1）为了减小实验误差，应该选择分度值小的量筒；
（2）调节天平平衡时，如果指针偏向分度盘的左侧，则向右调节平衡螺母，如果指针偏向分度盘的右侧，则向左调节平衡螺母．
（3）利用密度公式ρ=进行分析；为防止容器壁粘液体影响所测结果，要先测烧杯和学生奶总质量，再将学生奶倒入量筒中测出倒出的学生奶的体积，剩余学生奶和烧杯的总质量，则倒出的学生奶质量可求．学生奶的密度可用倒出的学生奶质量和倒出的学生奶的体积求出．这样就可以减小误差的产生；
（4）用天平测量物体质量时，被测物体的质量等于砝码总质量与游码所对刻度之和；已知烧杯的质量、烧杯和学生奶的总质量，两者之差就是学生奶的质量；根据密度的计算公式计算学生奶的密度．
【解答】解：（1）为了减小实验误差，应该选择图甲即分度值小的量筒．
（2）把天平放在水平桌面上，把游码移到标尺的零刻度线处，发现指针偏左，应向右调节平衡螺母，直到横梁平衡．
（3）先测空烧杯的质量，再测烧杯和学生奶的总质量，再将学生奶倒入量筒中测体积时，因为烧杯壁会残留部分学生奶，所以学生奶的体积减小了，根据密度公式ρ=，质量不变，体积减小，密度值就增大了，所以结果偏大．为防止容器壁粘液体影响所测结果，要先测烧杯和学生奶总质量，再将学生奶倒入量筒中测出倒出的学生奶的体积，剩余学生奶和烧杯的总质量，则倒出的学生奶质量可求．学生奶的密度可用倒出的学生奶质量和倒出的学生奶的体积求出．这样就可以减小误差的产生．所以实验顺序应是ACDB；
（4）烧杯和学生奶的总质量为m总=20g+10g+5g+1.6g=36.6g；
学生奶的质量为m=m总﹣m0=78.2g﹣36.6g=41.6g
学生奶的密度为ρ===1.04g/cm3．
故答案为：（1）甲；（2）向右调节平衡螺母；（3）大；ACDB；（4）36.6；1.04．
　
19．图甲是某大型超市上行节能自动扶梯．图乙是其示意图，扶梯与水平面成30°角．扶梯空载（无人）时的速度为为0.13m/s，当有人即将步入扶梯时，扶梯通过光电传感器感知后即以0.65m/s的速度运行．现有一个体重为600N的人乘扶梯上楼．
（1）此人站在扶梯上，鞋与扶梯的接触面积为400cm2，则人对扶梯的压强有大？
（2）若此人乘扶梯从A到B所用时间为20s，则扶梯克服人的重力做功的功率有多大？
（3）下表是节能自动扶梯与普通电梯的有关参数．与普通电梯比，节能自动扶梯一年（按360天计）要节约多少电能？
电梯类别
负载情况
平均功率
平均每天运行时间（h）
节能自动扶梯
负载（有人）
3.6
3
空载（无人）
0.4
11
普通电梯
负载或空载
3.6
14
【考点】压强的大小及其计算；功率的计算；电功的计算．
【分析】（1）人对扶梯的压力等于其重力，又知受力面积，利用p=可求人对扶梯的压强；
（2）利用速度公式求出AB的长，然后利用直角三角中，30°角所对的直角边等于斜边的一半求出BC的长，即扶梯的高度，再利用W=Gh计算克服人的重力做功，利用P=计算功率大小；
（3）根据P=分别求得节能自动扶梯和普通电梯一天消耗的电能，然后可求得节能自动扶梯一年要节约多少电能．
【解答】解：（1）人对扶梯的压力：F=G=600N，
人对扶梯的压强：p===1.5×104Pa；
（2）根据v=可得，AB的长s=vt=0.65m/s×20s=13m，
因为在Rt△ABC中，∠BAC=30°，
所以，扶梯的高度h=BC=AB=×13m=6.5m，
扶梯克服人的重力做功：W=Gh=600N×6.5m=3.9×103J，
则功率：P===195W；
（3）由P=可得，普通电梯一天消耗的电能W1=P1t1=3.6kW×14h=50.4kW?h；
节能自动扶梯一天消耗的电能W2=3.6kW×3h+0.4kW×11h=15.2kW?h，
则节能自动扶梯一要节约的电能△W=365×（50.4kW?h﹣15.2kW?h）=12848kW?h．
答：（1）人对扶梯的压强为1.5×104Pa；
（2）扶梯克服人的重力做功的功率为195W；
（3）与普通电梯比，节能自动扶梯一年（按360天计）要节约12848kW?h电能．
　
20．如图所示为某品牌多功能电热锅简化电路图．温度自动调节器通过调节发热体的电压来调节电热锅的功率及温度．下表是其在不同档位的设定温度值．电热锅在猛火档时发热体的额定功率为1500W，此时发热体两端电压为220V．不计温度对发热体电阻的影响．
（1）制作发热体的材料应具有什么特点？（请写出一点）
（2）求发热体的电阻；
（3）若发光二极管工作时的电压为2V、电流为20mA，求电阻R0的阻值；
（4）正常工作时，空的电热锅由20℃达到不同档位的设定温度耗时相同．请计算电热锅发热体在文火档时的功率．不计热损失．
档位
ON
文火
小火
中火
大火
猛火
设定温度（℃）
50
80
110
140
170
200
【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．
【分析】（1）电热器主要利用电流的热效应来工作，由于它工作时要产生大量的热量，温度较高，故电热器要用电阻率大、熔点高的材料制造；
（2）知道电热锅在猛火档时发热体的额定功率和电压，根据P=求出发热体的电阻；
（3）发光二极管正常工作时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出电阻R0两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电阻R0的阻值；
（4）空的电热锅由20℃达到不同档位的设定温度耗时相同，不计热损失时，根据W=Q吸即Pt=cm（t﹣t0）结合猛火的功率求出电热锅发热体在文火档时的功率．
【解答】解：（1）电热器是利用电流的热效应进行工作的，电热器的主要组成部分是发热体，它是由电阻率大、熔点高的电阻丝绕在绝缘材料上做成的；
（2）由P=可得，发热体的电阻：
R热==≈32.27Ω；
（3）发光二极管正常工作时，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电阻R0两端的电压：
U0=U﹣UL=220V﹣2V=218V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由I=可得，电阻R0的阻值：
R0====1.09×104Ω；
（4）由表格数据可知，文火的设定温度为t2=80℃，猛火的设定温度为t3=200℃，
因空的电热锅由20℃达到不同档位的设定温度耗时相同，且不计热损失，
所以，由W=Q吸即Pt=cm（t﹣t0）可得：
P文火t=cm（t2﹣t0），P猛火t=cm（t3﹣t0），
联立两式可得：
P文火=P猛火=×1500W=500W．
答：（1）制作发热体的材料应具有电阻率大、熔点高的特点；
（2）发热体的电阻为32.27Ω；
（3）电阻R0的阻值为1.09×104Ω；
（4）电热锅发热体在文火档时的功率为500W．
湖北省荆门市2016年中考生物试卷
一、选择题
1．下列关于生物与环境的关系的说法，正确的是（　　）
A．生物的生存环境是指影响生物的所有非生物因素
B．现存的每一种生物都有着与其坏境相适应的形态结构、生理特征或行为方式
C．“千里之堤，溃于蚁穴”体现了环境对生物的影响
D．同种生物的个体之间只有合作关系
【分析】适者生存，现在生存的每一种生物，都有与其生活环境相适应的形态结构和生活方式，如，鸟有翼适应空中飞行生活，蝗虫有外骨骼适应干旱的陆生环境．所以生物适应环境具有普遍性．
【解答】解：A、生物的环境不仅是指生活的地点，还包括环境中影响生物生活的各种因素，A错误．
B、现在生存的每一种生物，都具有与环境相适应的形态结构、生理特征．如猛兽和猛禽都具有锐利的牙齿（或喙）和尖锐的爪，有利于捕食其他动物，B正确．
C、千里之堤，毁于蚁穴．是白蚁在大堤内挖洞影响了大堤的牢固性，体现了生物对环境的影响，C错误．
D、同种生物的个体之间由于相互争夺食物、配偶、巢穴等，因此会发生竞争关系；但是同种生物的个体之间也有合作关系如蜜蜂、蚂蚁、狒狒、猕猴等．因此同种生物的个体之间既有竞争关系又有合作互助关系，D错误．
故选：B
【点评】解答此类题目的关键是理解生物既能适应环境又能影响环境．
2．“两个黄鹂鸣翠柳，一行白鹭上青天．”下列关于诗句中黄鹂和柳树的描述错误的是（　　）
A．它们的结构和功能的基本单位都是细胞
B．构成黄鹂的细胞和柳树的根细胞相比在结构上缺少了细胞壁和液泡
C．它们的结构层次都是细胞→组织→器官→生物体
D．黄鹂体内起保护作用的组织主要是上皮组织，而柳树的是保护组织
【分析】绿色开花植物体的结构层次由小到大依次是：细胞→组织→器官→绿色开花植物体，动物体的结构层次是：细胞→组织→器官→系统→动物体．
【解答】解：A、黄鹂和柳树的结构和功能的基本单位都是细胞，正确．
B、黄鹂属于动物，细胞无细胞壁核液泡，构成黄鹂的细胞和柳树的根细胞相比在结构上缺少了细胞壁和液泡，正确．
C、柳树的细胞结构：细胞→组织→器官→绿色开花植物体，黄鹂的结构层次是：细胞→组织→器官→系统→动物体，错误．
D、黄鹂体内起保护作用的组织主要是上皮组织，而柳树的是保护组织，正确．
故选：C
【点评】解答此题的关键是熟练掌握植物体的结构层次，结合题意，灵活解答．
3．下列关于四类微生物的叙述，不正确的是（　　）
A．图中只有③没有细胞结构，①与②的主要区别是①中没有成形的细胞核
B．②④只能利用现成的有机物生活，③只能寄生在活细胞中
C．①进行分裂生殖，④通过孢子繁殖后代
D．只要接触①②③类生物，人和其他动植物就会生病
【分析】图中①是细菌，②是酵母菌，③是病毒，④是蘑菇，属于真菌．
【解答】解：A、③病毒没有细胞结构，①细菌中没有成形的细胞核，本选项正确；
B、②酵母菌和④蘑菇只能利用现成的有机物生活，病毒只能寄生在活细胞中，本选项说法正确；
C、①细菌能进行分裂生殖，④属于真菌通过孢子繁殖后代，故本选项说法正确；
D、只要接触①②③类生物，人和其他动植物就会生病，这个说法太绝对，在日常生活中人们可以利用酵母菌制造许多对人类有益的食品，本选项错误．
【点评】解答此类题目的关键是熟知病毒、细菌、真菌的结构，本题考查的比较全面，需要熟练地掌握知识点．
4．下列对绿色植物生理作用的叙述中，错误的是（　　）
A．绿色植物的蒸腾作用能提高大气湿度，增加降水，促进生物圈的水循环
B．水分是植物进行光合作用的原料，植物吸收的水分主要用于光合作用
C．呼吸作用的实质是分解有机物，释放能量
D．绿色植物的光合作用对维持生物圈的碳﹣氧平衡起了重要作用
【分析】（1）绿色植物在生物圈中的作用：①是食物之源；②能稳定大气中碳氧平衡；③能稳定生物圈的水循环等．
（2）呼吸作用指的是细胞内有机物在氧的参与下被分解成二氧化碳和水，同时释放能量、供生物生命活动的需要的过程．
（3）植物的光合作用能吸收二氧化碳和释放氧气，从而维持大气中的氧气和二氧化碳的含量相对稳定．
【解答】解：A、绿色植物的蒸腾作用能提高大气湿度，增加降水，促进生物圈的水循环，A正确；
B、水分是植物进行光合作用的原料，植物吸收的水分主要用于蒸腾作用，B错误；
C、呼吸作用进行的场所为线粒体，表达式为：有机物+氧→二氧化碳+水+能量．因此呼吸作用的实质都是分解有机物，释放能量，C正确；
D、绿色植物的光合作用对维持生物圈的碳﹣氧平衡起了重要作用，D正确．
故选：B．
【点评】绿色植物在生物圈中的作用一直是重要的考点，应注意掌握．
5．如图为人体消化系统的部分结构示意图．下列叙述不正确的是（　　）
A．②是肝脏，它分泌的胆汁的主要作用是乳化脂肪
B．④是胰腺，它分泌的胰液可消化多种营养物质
C．⑤是小肠，是消化和吸收的主要场所
D．⑥是大肠，它能消化小肠没有消化完的营养物质
【分析】人体的消化系统包括消化道和消化腺两部分；消化道包括口腔、咽、食道、胃、小肠、大肠、肛门；消化腺主要有唾液腺、胃腺、肠腺、胰腺、肝脏等，肝脏是人体内最大的消化腺．图中结构：①咽，②肝脏，③胃，④胰腺，⑤小肠，⑥大肠．
【解答】解：A、②是肝脏，能够分泌胆汁，胆汁流入小肠后，胆汁不含消化酶，对脂肪有乳化作用，A正确；
B、④是胰腺，它分泌的胰液通过导管流入小肠，可消化多种营养物质，B正确；
C、⑤是小肠，是消化和吸收的主要场所，C正确；
D、⑥是大肠，只有吸收功能，没有消化功能，D错误．
故选：D．
【点评】解答此类题目的关键是理解掌握人体的主要消化器官和消化腺及其功能．
6．正常人在平静状态下大约每分钟呼吸16次，下列说法错误的是（　　）
A．氧气从外界进入人体内血液的路线是：鼻→咽→喉→气管→支气管→肺泡→肺泡周围的毛细血管
B．平静吸气时，肋间肌和膈肌均收缩
C．呼吸道会使进入肺部的气体变得湿润、温暖和清洁，因此在雾霾天气出门无需防护
D．“食不言，寝不语”中“食不言”的原因是避免吞咽时说话导致食物进入气管
【分析】呼吸系统包括呼吸道和肺，呼吸道包括：鼻腔、咽、喉、气管、支气管．
【解答】解：A、人体内氧气从外界进入人体内血液的路线是：鼻→咽→喉→气管→支气管→肺泡→肺泡周围的毛细血管，A正确．
B、吸气时，肋间肌和膈肌均收缩，胸腔容积扩大，气体进入肺，B正确．
C、呼吸道保证了气体的畅通；肺是气体交换的场所．鼻腔内鼻粘膜分泌的黏液可以湿润空气；鼻腔中有丰富的毛细血管，可以温暖空气；鼻腔中有鼻毛可以阻挡灰尘，黏液可以粘住灰尘，对空气有清洁作用．这些都是为了减少吸入的气体对呼吸道和肺的不良刺激．但呼吸道对空气的处理能力是有限的．因此在雾霾天气出门需要防护，C错误；
D、人的咽喉是食物和空气的共同通道，气管在前，食管在后，气体和食物各行其道，有条不紊，这就要归功于会厌软骨．人们吞咽食物时，喉上升，会厌软骨向后倾斜，将喉门盖住，食物顺利进入食管．下咽动作完成以后，会厌软骨又恢复直立状态，以便进行呼吸．倘若吃饭时谈笑风生就会使会厌软骨可能来不及盖下，食物进入气管引起咳嗽．D正确．
故选：C
【点评】关于呼吸道的组成是考查的重点，可结合着图示掌握．
7．下列有关传染病和免疫的叙述，正确的是（　　）
A．艾滋病（AIDS）的中文全称为获得性免疫缺陷综合征，艾滋病患者是传染源
B．所有的传染病都可以通过接种疫苗来预防
C．李华与流感患者密切接触过，但没有患流感，说明李华对流感的免疫是生来就有的
D．给儿童接种卡介苗预防脊髓灰质炎，属于计划免疫
【分析】艾滋病，即获得性免疫缺陷综合症的简称，是人类因为感染人类免疫缺陷病毒（HIV）后导致免疫缺陷，后期发生一系列并发症及肿瘤，严重者可导致死亡的综合征．
【解答】解：A、艾滋病（AIDS）的中文全称为获得性免疫缺陷综合征，艾滋病患者是传染源，正确．
B、接种疫苗，即计划免疫是预防传染病的一种有效措施，但是并不是所有的传染病都通过接种疫苗来预防，如艾滋病目前还没研制出疫苗，还不能通过通过接种疫苗来预防，错误．
C、李华与流感患者密切接触过，但没有患流感，说明李华对流感的免疫是后天获得的，属于特异性免疫，错误；
D、给刚出生的婴儿接种卡介苗预防肺结核病，属于计划免疫，错误．
故选：A
【点评】免疫的知识常结合传染病的知识相联系，注意把握．
二、解答题
8．夏天到了，享受西瓜的甘甜几乎是所有人的喜爱．西瓜为一年生草本植物，其茎可生雌、雄两种花：雄花托短，雄蕊3枚；雌花子房膨大，花柱短，子房1室．西瓜果实多为圆形，瓜瓤以红色为多，亦有黄色．请根据所学知识回答下列问题：
（1）西瓜的一生需水较多，其吸收的水分主要通过叶片上的　气孔　散失到体外．
（2）西瓜果实肉质嫩甜，爽口解渴．如图是它的一个叶肉细胞，果肉中的糖类等有机物最初都是在图中的　[⑤]叶绿体　中合成的；我们食用的瓜瓤主要是由雌蕊的　子房壁　发育而成．
（3）如果西瓜的红瓤（R）对黄瓤（r）为显性，把结红瓤（Rr）西瓜的雌花授以结黄瓤（rr）西瓜的花粉，当年所结西瓜瓤的性状表现为　红瓤　．为了更快的繁殖结黄瓤西瓜的秧苗，科学家常利用　组织培养　技术大量获得结黄瓤西瓜的“人工种子”．
【分析】此题是一个综合性的题目，涉及蒸腾作用、细胞的结构、果实和种子的形成以及遗传、组织培养等知识，分析作答．
【解答】解：（1）植物通过根吸收来的水分，大部分通过蒸腾作用蒸发到大气当中去了，蒸腾作用是指植物体内的水分通过叶片的气孔以水蒸气的形式散发到体外的一个过程．
（2）植物细胞的叶绿体是光合作用的场所，在叶绿体里把二氧化碳和水合成有机物，释放氧气，西瓜果肉中的糖类等有机物最初都是在图中的[⑤]叶绿体了产生的；西瓜的可食用部分属于果皮，是由子房壁发育成的，其内的种子由胚珠发育成，整个的子房发育成了果实．
（3）如果西瓜的红瓤（R）对黄瓤（r）为显性，把结红瓤（Rr）西瓜的雌花授以结黄瓤（rr）西瓜的花粉，西瓜瓤属于果皮，果实的果皮是由红瓤西瓜的子房壁发育成的，其红瓤西瓜的子房壁的基因组成是Rr，因而性状是红瓤；组织培养是利用无性生殖原理，使植物组织在人工控制的条件下，通过细胞的增殖和分化，快速发育成新植株的高新技术手段．组织培养的优点是成本低，繁殖速度快，受季节影响小，而且诱导变异也比较容易，很少感染病毒等．因此为了更快的繁殖结黄瓤西瓜的秧苗，适合用组织培养的方法．
故答案为：（1）气孔．
（2）[⑤]叶绿体；子房壁．
（3）红瓤；组织培养．
【点评】此题涉及的知识面较广，要求我们要基础扎实，才能灵活答题．
　
9．如图为人体部分生理活动示意图，其中a～d表示物质，A～E表示系统或器官，①～⑤表示生理过程，请据图回答下列问题：
（1）人体内蛋白质起着非常重要的作用，但我们不能直接吸收它，必须消化为
c才能被吸收．蛋白质的消化部位有　胃和小肠　．
（2）C系统的作用是为组织细胞提供a，并把b排出体外，a进入B系统后主要由　红细胞　（填某细胞）运输．
（3）B系统中推动血液在体内循环流动的器官是　心脏　．
（4）某人体检时，检查结果显示其d中含有蛋白质，可能的原因是肾脏肾单位的　肾小球　（填某结构）处发生病变．
（5）图中所示的生理过程中属于排泄的是　②④⑤　（填序号）．
【分析】图中A是消化系统，B是循环系统，C是呼吸系统、D是皮肤，E是泌尿系统；a、b、c、d、e分别表示的是氧气、二氧化碳、营养物质、尿液；①表示吸收，②是呼气，③是排遗，④⑤是排泄．
【解答】解：（1）蛋白质的消化是从胃开始的，当食物中的蛋白质进入胃以后，在胃液的作用下进行初步消化后进入小肠，在小肠内蛋白质被彻底消化为氨基酸．
（2）图中a是氧气，靠红细胞运输．
（3）血液循环的动力器官是心脏．
（4）肾小球的结构类似滤过器，当血液流经肾小球时，除血细胞和分子较大的蛋白质以外，其余一切水溶性物质都可以通过滤过屏障进入肾小囊腔，形成原尿．当肾小球发生病变时，肾小球的通透性会增加，原来不能滤过的蛋白质和血细胞被滤过掉；而肾小管对这些物质没有重吸收能力，因而在尿液中出现蛋白质和血细胞．所以某人的尿液中含有蛋白质，这可能是肾脏的肾小球发生病变．
（5）人体细胞代谢活动产生的废物，如二氧化碳、水、无机盐、尿素等，它们属于代谢终产物，它们排出体外过程称为排泄．
其途径主要有三条：呼吸系统呼出气体、泌尿系统排出尿液、皮肤排出汗液．呼吸系统呼出的气体，主要排出二氧化碳和少量的水；皮肤产生汗液，排出一部分水、无机盐和尿素；大部分的水、无机盐和尿素通过泌尿系统以尿的形式排出体外，是排泄的主要途径．可见图中所示的生理过程中属于排泄的是②呼气，④排汗，⑤排尿．
故答案为：
（1）胃和小肠
（2）红细胞
（3）心脏
（4）肾小球
（5）②④⑤
【点评】解答此类题目的关键是灵活运用所学知识解释实际问题．
10．如图为某生态系统部分生物的关系示意图，请回答下列问题．
（1）图中有　1　条食物链．
（2）前些年，果农为了防治病虫害会给果树喷洒农药，图中所示生物中含有农药有毒成分最多的是　黄雀　．
（3）一般情况下，该生态系统中蝉与黄雀的数量和所占比例是相对稳定的，这说明该生态系统具有一定的　自动调节　能力．
【分析】（1）食物链反映的是生产者与消费者之间吃与被吃的关系，所以食物链中不应该出现分解者和非生物部分．食物链的正确写法是：生产者→初级消费者→次级消费者…注意起始点是生产者．
（2）在生态系统中，有害物质可以通过食物链在生物体内不断积累，其浓度随着营养级别的升高而逐步增加，这种现象叫生物富集．
（3）生态系统具有一定的自动调节能力，但这种自动调节能力有一定限度，如果外界干扰超过了这个限度，生态系统就会遭到破坏．
【解答】解：（1）在生态系统中，生产者与消费者之间的关系，主要是吃与被吃的关系，这样就形成了食物链；一个生态系统中往往有很多条食物链，这些食物链相互关联，就形成了食物，该食物中有1条食物链：果树→蝉→螳螂→黄雀．
（2）有毒物质沿食物链流动并逐级积累，营养级越低有毒物质积累越少，营养级越高有毒物质积累越多．该食物中营养级最高的是黄雀，因此”前些年，果农为了防治病虫害会给果树喷洒农药，图中所示生物中含有农药有毒成分最多的是黄雀．
（3）生态系统中各种生物的数量和所占的比例是相对稳定的状态．这种平衡是一种动态平衡，之所以会出现这种平衡是因为生态系统具有一定的自我调节能力，由于这种能力与生态系统中生物的种类和数量有关，生物的种类和数量越多，这种能力就越强．
故答案为：（1）1
（2）黄雀
（3）自动调节
【点评】解答此类题目的关键是理解掌握食物链的书写、生物富集特点以及生态系统具有一定的自动调节能力．
　
11．为了探究大豆种子萌发的环境条件，某生物兴趣小组进行了如下实验（实验所用种子均不在休眠期，表中未涉及的其他条件均适宜）．根据实验回答问题：
组别
种子数
处理方法
萌发数
①
30
不加水，25℃
0
②
30
适量的水，25℃
27
③
30
过量的水将种子淹没，25℃
0
④
30
适量的水，4℃
0
（1）用①组与②组进行对照，所探究的问题是　种子萌发是否需要适量的水　．
（2）根据②④两组种子的萌发数，得出的结论是：　种子的萌发需要适宜的温度　．
（3）③组的种子都没有萌发，主要原因是缺少　充足的空气　．
（4）②中依然有少量种子不能萌发，原因可能有　种子受损，胚不完整　（任写一点）．
【分析】种子萌发必须同时满足外界条件和自身条件，外界条件为一定的水分、适宜的温度和充足的空气；自身条件是胚是完整的、胚是活的、种子不在休眠期以及胚发育所需的营养物质．
【解答】解：（1）①号瓶与②号瓶除水分不同外，其它条件都相同，因此这是一组以水为变量形成的一组对照实验，目的是探究种子萌发需要一定的水分，因此所探究的问题是种子萌发需要水吗？（或水会影响种子的萌发吗？）．
（2）②种子萌发的条件是：适量的水，25℃，④适量的水，4℃，种子没萌发，根据②④两组种子的萌发数，得出的结论是种子的萌发需要适宜的温度．
（3）③种子没萌发的原因是：过量的水将种子淹没，种子缺少充足的氧气．
（4）种子萌发的自身条件是胚是完整的、胚是活的、种子不在休眠期以及胚发育所需的营养物质．②中依然有少量种子不能萌发，原因可能有：种子受损，胚不完整．
故答案为：（1）种子萌发是否需要适量的水（意思对即给分）
（2）种子的萌发需要适宜的温度
（3）充足的空气（或“充足的氧气”）
（4）种子受损，胚不完整
【点评】解答此类题目的关键是理解掌握种子萌发的条件．
　

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