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湖北省十堰市2016年中考理综试卷
湖北省十堰市2016年中考化学试卷
一、选择题（共12小题，每小题3分，满分36分）
1．下列变化属于化学变化的是（　　）
A．树根“变”根雕
B．玉石“变”印章
C．水果“变”果汁
D．葡萄“变”美酒
【考点】化学变化和物理变化的判别．
【分析】化学变化是指有新物质生成的变化，物理变化是指没有新物质生成的变化，化学变化和物理变化的本质区别是否有新物质生成；据此分析判断．
【解答】解：A、树根“变”根雕的过程中没有新物质生成，属于物理变化．
B、玉石“变”印章的过程中没有新物质生成，属于物理变化．
C、水果“变”果汁的过程中没有新物质生成，属于物理变化．
D、葡萄“变”美酒的过程中有新物质酒精生成，属于化学变化．
故选：D．
2．人体健康离不开化学，下列说法正确的是（　　）
A．国家规定的食品添加剂可以随意添加不必控制用量
B．香烟中含有尼古丁等有害物质，香烟有害健康
C．蛋白质是重要的营养物质，常吃蔬菜能补充蛋白质
D．人体缺少微量元素会得病，因此应尽可能多吃含有这些元素的营养补剂
【考点】亚硝酸钠、甲醛等化学品的性质与人体健康；食品、药品与健康食品中的有机营养素；均衡营养与健康；烟的危害性及防治．
【分析】A、根据食品添加剂对人体健康的影响进行分析判断；
B、根据吸烟的危害进行分析判断；
C、根据蛋白质的主要食物来源进行分析；
D、根据人体所需营养和微量元素的合理摄入进行解答．
【解答】A、绝大多数食品添加剂都是化学合成物质，过量使用对人体有害，影响人体健康，故选项说法错误．
B、香烟燃烧时能生成二氧化碳、一氧化碳、烟焦油、尼古丁等物质，其中一氧化碳能和血红蛋白结合使人中毒，吸烟有害健康，故选项说法正确．
C、奶、蛋、鱼、肉等食物中含丰富的蛋白质，蔬菜、水果中富含多种维生素，故选项说法错误．
D、微量元素缺乏会发生一定的病变，但如果强调尽可能多吃，又会导致发生中毒等，所以要合理摄入，而不要过量过多，故选项说法错误．
故选B．
3．下列实验操作错误的是（　　）
A．倾倒液体
B．闻气体气味
C．读液体体积
D．稀释浓硫酸
【考点】液体药品的取用；测量容器-量筒；浓硫酸的性质及浓硫酸的稀释．
【分析】A、根据液体药品的取用方法进行分析判断；
B、根据闻气体的气味时的方法进行分析判断；
C、根据量筒读数时视线要与凹液面的最低处保持水平进行分析判断；
D、根据稀释浓硫酸的方法进行分析判断．
【解答】解：A、取用液体药品时，瓶塞要倒放，标签要对准手心，瓶口紧挨，图中所示操作正确；
B、闻气体的气味时，防止气体有毒，应用手扇动，不能直接用鼻子闻．图中所示操作错误；
C、量筒读数时视线要与量筒内液体的凹液面的最低处保持水平，图中所示操作正确；
D、稀释浓硫酸时，要把浓硫酸缓缓地沿器壁注入水中，同时用玻璃棒不断搅拌，以使热量及时地扩散；一定不能把水注入浓硫酸中，以防造成酸液飞溅，图中所示操作正确．
故选：B．
4．化学式“H2O”表示意义错误的是（　　）
A．水这种物质
B．一个水分子
C．水是由氢、氧两种元素组成
D．水是由两个氢原子和一个氧原子组成
【考点】化学式的书写及意义．
【分析】根据化学式的意义进行分析：①宏观意义：a．表示一种物质；
b．表示该物质的元素组成；
②微观意义：a．表示该物质的一个分子；
b．表示该物质的分子构成；进行分析解答．
【解答】解：A．H2O宏观表示水，故正确；
B．H2O可表示一个水分子，故正确；
C．H2O宏观表示水是由氢元素和氧元素组成的，故正确；
D．水是由水分子构成的而不是由原子直接构成的，故错误．
故选D．
5．对宏观事实的微观解释错误的是（　　）
A．温度升高，水银柱上升，是因为汞原子变大了
B．缉毒犬能发现毒贩，是因为分子是不断运动的
C．稀有气体能做保护气，是因为构成稀有气体的原子最外层达到稳定结构
D．稀盐酸和稀硫酸具有相似的化学性质是因为他们解离出的阳离子都是H+
【考点】利用分子与原子的性质分析和解决问题；酸的化学性质．
【分析】A．考虑分子、原子的性质，进行分析；
B．由分子是在不断运动的进行分析；
C．根据稀有气体的原子最外层电子层达到稳定结构进行分析；
D．根据酸具有相似的化学性质，是因为它们溶液中都含有H+．．
【解答】解：A．原子间有间隔，间隔的大小随温度的改变而改变，原子的大小没有改变，故错误；
B．警用缉毒犬能根据气味发现毒品，是因为毒品中含有的分子是在不断的运动的，向四周扩散，使缉毒犬闻到毒品气味，故选项解释正确；
C．稀有气体可做保护气，因为原子最外层电子层达到稳定结构，故选项说法正确．
D．稀盐酸和稀硫酸具有相似的化学性质，是因为它们溶液中都含有H+，故选项解释正确．
故选A．
6．关于燃料及其利用的相关知识叙述中错误的是（　　）
A．可燃性气体点燃前一定要验纯
B．将煤粉制成蜂窝煤，能增大与空气的接触面积
C．堆放杂物的纸箱着火用水浇灭，降低了可燃物的着火点
D．食物的腐烂、动植物的呼吸都属于缓慢氧化
【考点】完全燃烧与不完全燃烧；灭火的原理和方法；燃烧、爆炸、缓慢氧化与自燃；氢气、一氧化碳、甲烷等可燃气体的验纯．
【分析】A．可燃性气体如果不纯，点燃时可能会发生爆炸，故点燃前一定要验纯，
B．增大可燃物与氧气的接触面积，能够促进可燃物燃烧；
C．一般的，可燃物的着火点不能升高或降低；
D．根据缓慢氧化的概念进行分析解答，缓慢氧化是指反应进行的很缓慢，甚至不容易被察觉的氧化反应．
【解答】解：A．可燃性气体如果不纯，点燃时可能会发生爆炸，故点燃前一定要验纯，故正确；
B．将煤制成“蜂窝煤”是为了增大煤与空气的接触面积，再燃烧能够使其燃烧更充分，故正确；
C．水灭火，水蒸发时吸收热量，可使温度降低到可燃物的着火点以下，从而达到灭火的目的；可燃物的着火点一般是不变的，不能降低可燃物的着火点，故错误；
D．食物的腐烂、动植物的呼吸是物质与空气中的氧气发生的不容易察觉的缓慢氧化，故正确．
故选C．
7．下了有关实验现象或事实叙述错误的是（　　）
A．切完西瓜的菜刀洗净擦干放在通风干燥处可以防止生锈
B．铁丝在氧气中燃烧，火星四射，生成黑色固体
C．用黄铜片（铜锌合金）和铜片相互刻画，黄铜片上留有划痕
D．将二氧化碳通入燃着的两支高低蜡烛的烧杯中，蜡烛自低到高依次熄灭
【考点】金属锈蚀的条件及其防护；二氧化碳的物理性质；二氧化碳的化学性质；合金与合金的性质；金属的化学性质．
【分析】A．根据铁的锈蚀条件来分析；
B．根据铁丝在氧气中燃烧的现象来分析；
C．根据合金比组成成分金属的硬度大考虑；
D．根据二氧化碳的化学性质、物理性质进行分析判断．
【解答】解：A．铁生锈的条件是与水、氧气同时接触，所以切完西瓜后将菜刀洗净擦干放在干燥的地方，不容易生锈，故正确；
B．铁丝在氧气中燃烧，火星四射，生成黑色固体，故正确；
C．合金比组成成分金属的硬度大，所以黄铜是铜锌合金，将纯铜片和黄铜片相互刻画，纯铜片上留下明显的划痕，故错误；
D．二氧化碳不能燃烧、不能支持燃烧、密度比空气的大，将CO2沿着烧杯壁到入盛有燃着高低蜡烛的烧杯中，蜡烛火焰从低到高依次熄灭，故正确．
故选C．
8．下列有关说法错误的是（　　）
A．甲烷是最简单的有机物
B．CO能使人中毒，CO2能使澄清石灰水变浑浊
C．铝具有很好的抗腐蚀性是因为其表面生成了致密的氧化铝薄膜
D．水的净化方法中，净化程度最高的是过滤
【考点】甲烷、乙醇等常见有机物的性质和用途；二氧化碳的化学性质；一氧化碳的毒性；水的净化；金属的化学性质．
【分析】A、根据甲烷是最简单的有机物进行分析；
B、根据二氧化碳与一氧化碳的物理性质和化学性质以及用途等方面分析解答；
C、铝在空气中能在表面生成一层致密的氧化铝保护膜；
D、蒸馏可以得到纯净水，净化程度最高．
【解答】解：A、甲烷是最简单的有机物，正确；
B、一氧化碳有毒，而二氧化碳无毒，二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊，故正确；
C、铝在空气中能在表面生成一层致密的氧化铝保护膜，阻止里面的铝与氧气接触，起到保护作用，能增强铝的抗腐蚀性，故C正确；
D、过滤分离的是水中的难溶性杂质，不能分离可溶性杂质，蒸馏是把水通过蒸发、冷凝处理，处理后的水中只含水一种物质，所得水称为蒸馏水为纯净物；因此净化程度最高的方法是蒸馏，故错误；
故选D．
9．物质存放在烧杯中一段时间后，质量变大且变质的是（　　）
①浓盐酸②浓硫酸③烧碱④生石灰⑤澄清石灰水．
A．③④⑤
B．②③④⑤
C．①②③④⑤
D．④⑤
【考点】空气中常见酸碱盐的质量或性质变化及贮存法；生石灰的性质与用途．
【分析】存放于烧杯中质量变大且变质，即发生化学反应使自身质量增加，在空气中烧碱与生石灰会与空气中的二氧化碳与水反应时自己变质，利用这些知识解决此题．
【解答】解：放置时间较长时①浓盐酸会挥发出氯化氢气体使自身质量减小，②浓硫酸会吸收空气中的水蒸气自身变稀但不会发生化学变化，③烧碱会潮解并与二氧化碳反应，自身质量变大，发生化学变化，④生石灰会吸收空气中的水蒸气生成氢氧化钙自身质量变大，⑤石灰水吸收空气中的二氧化碳生成碳酸钙，质量增大．
故选A．
10．下列图象分别与选项中的实验过程相对应，其中正确的是（　　）
A．
向部分变质的氢氧化钠溶液中滴加稀盐酸
B．
向一定量稀盐酸中逐滴加入水
C．
常温下，等质量的锌和铁分别与足量同溶质质量分数的稀硫酸反应
D．
电解水生成气体的体积
【考点】碱的化学性质；电解水实验；金属的化学性质；酸碱溶液的稀释；溶液的酸碱性与pH值的关系．
【分析】A、根据向部分变质的氢氧化钠溶液中滴加稀盐酸，盐酸先于氢氧化钠反应，然后再与碳酸钠反应，所以加入一定量的盐酸才会出现气体进行分析；
B、根据稀盐酸先酸性，pH值小于7，无论如何稀释都不会等于或大于7进行分析；
C、根据常温下，等质量的锌和铁分别与足量同溶质质量分数的稀硫酸反应，反应速率相等，但是铁生成的氢气多进行分析；
D、根据电解水生成氢气、氧气的体积比是2：1进行分析．
【解答】解：A、向部分变质的氢氧化钠溶液中滴加稀盐酸，盐酸先于氢氧化钠反应，然后再与碳酸钠反应，所以加入一定量的盐酸才会出现气体，故A错误；
B、稀盐酸先酸性，pH值小于7，无论如何稀释都不会等于或大于7，故B错误；
C、常温下，等质量的锌和铁分别与足量同溶质质量分数的稀硫酸反应，酸是过量的，金属加入盐酸中会迅速反应，所以反应速率相等，但是铁生成的氢气多，故C正确；
D、电解水生成氢气、氧气的体积比是2：1，故D错误．
故选：C．
　
11．下列有关物质的提纯、除杂和鉴别所用的试剂或方法错误的是（　　）
选项
实验目的
所加物质或方法
A
提纯硫酸钠中的硝酸钠
溶解、加适量的氯化钡溶液，过滤，蒸发
B
除去氧化铜中的碳粉
在足量的空气中灼烧
C
除去CO2中少量的HCl
将混合气体通入饱和碳酸氢钠溶液、再通入浓硫酸
D
鉴别NH4NO3固体和NaOH固体
加水溶解
A．A
B．B
C．C
D．D
【考点】化学实验方案设计与评价；常见气体的检验与除杂方法；盐的化学性质；酸、碱、盐的鉴别；碳的化学性质．
【分析】A、硫酸钠与适量的氯化钡溶液反应生成硫酸钡沉淀和氯化钠，进行分析判断．
B、除杂质题至少要满足两个条件：①加入的试剂只能与杂质反应，不能与原物质反应；②反应后不能引入新的杂质．
C、除杂质题至少要满足两个条件：①加入的试剂只能与杂质反应，不能与原物质反应；②反应后不能引入新的杂质．
D、鉴别物质时，首先对需要鉴别的物质的性质进行对比分析找出特性，再根据性质的不同，选择适当的试剂，出现不同的现象的才能鉴别．
【解答】解：A、硫酸钠与适量的氯化钡溶液反应生成硫酸钡沉淀和氯化钠，反而会把原物质除去，且引入了新的杂质氯化钠，故选项所用的试剂或方法错误．
B、碳粉在足量的空气中灼烧生成二氧化碳，能除去杂质且没有引入新的杂质，符合除杂原则，故选项所用的试剂或方法正确．
C、HCl能与饱和碳酸氢钠溶液反应生成氯化钠、水和二氧化碳，再通入浓硫酸进行干燥，能除去杂质且没有引入新的杂质，符合除杂原则，故选项所用的试剂或方法正确．
D、NH4NO3固体和NaOH固体溶于水，分别吸热、放热，可以鉴别，故选项所用的试剂或方法正确．
故选：A．
　
12．分别将不同质量的锌粉加入到一定量的Fe（NO3）2、Cu（NO3）2和AgNO3混合溶液中，充分反应后过滤，以下是在不同情况下对滤渣或滤液成分的说法，错误的是（　　）
A．若滤液中只含一种溶质，滤渣一定含有Ag、Cu、Fe，可能含有Zn
B．当滤液含两种溶质时，滤渣一定含有Ag、Cu，可能含有Fe，一定不含Zn
C．若滤渣中有红色固体，滤液一定含有Zn（NO3）2、Fe（NO3）2，一定不含AgNO3、Cu（NO3）2
D．若向所得滤渣中滴加稀盐酸无气泡生成，滤渣一定含有Ag，可能含Cu，一定不含Fe和Zn
【考点】金属的化学性质．
【分析】根据在金属活动性顺序中，氢前的金属能与酸反应生成氢气，位置在前的金属能将位于其后的金属从其盐溶液中置换出来，据此分析判断有关的问题．
【解答】解：由于金属活动顺序是：Zn＞Fe＞Cu＞Ag，将不同质量的锌粉加入到一定量的Fe（NO3）2、Cu（NO3）2和AgNO3混合溶液中，锌先与硝酸银反应生成了银和硝酸锌，当硝酸银完全反应后，锌再与硝酸铜反应生成了硝酸锌和铜，当硝酸铜完全反应后新再与硝酸亚铁翻英生成了硝酸锌和铁．
A、若滤液中只含一种溶质，就是硝酸锌，滤渣一定含有Ag、Cu、Fe，可能含有Zn，故A正确；
B、当滤液含两种溶质时，溶质是硝酸锌和硝酸亚铁，滤渣一定含有Ag、Cu，可能含有Fe，一定不含Zn，故B正确；
C、若滤渣中有红色固体，红色固体是铜，滤液一定含有Zn（NO3）2、Fe（NO3）2，一定不含AgNO3、可能含有Cu（NO3）2，故C错误；
D、若向所得滤渣中滴加稀盐酸无气泡生成，滤渣一定含有Ag，可能含Cu，一定不含Fe和Zn，故D正确．
故选项为：C．
　
二、填空题（共5小题，每小题3分，满分15分）
13．用化学用于填空：
（1）钾元素　K　；
（2）由4个磷原子构成的单质分子　P4　；
（3）标出二氧化硅中硅元素的化合价　O2　；
（4）氢氧化钠溶液中的阴离子　OH﹣　．
【考点】化学符号及其周围数字的意义．
【分析】本题考查化学用语的意义及书写，解题关键是分清化学用语所表达的对象是分子、原子、离子还是化合价，才能在化学符号前或其它位置加上适当的计量数来完整地表达其意义，并能根据物质化学式的书写规则正确书写物质的化学式，才能熟练准确的解答此类题目．
【解答】解：（1）元素可用元素符号表示，钾元素的元素符号为：K；
（2）分子的表示方法：正确书写物质的化学式，在化学式前面加上数字表示分子的个数，由4个磷原子构成的单质分子表示为：P4；
（3）元素化合价的表示方法：确定出化合物中所要标出的元素的化合价，然后在其化学式该元素的上方用正负号和数字表示，正负号在前，数字在后，所以标出二氧化硅中硅元素的化合价，故可表示为：
O2；
（4）氢氧化钠溶液中的阴离子是氢氧根离子，其符号为：OH﹣；
故答案为：（1）K；（2）P4；（3）O2；（4）OH﹣；
　
14．能源、资料、环境等是我们需要关注的社会问题：
（1）倡导节约型社会，使用清洁能下列物质：天然气、氢气、汽油、酒精、煤、核能等，其中属于最清洁能源的是　氢气　；
（2）材料是一个时代的标志，纳米材料石墨烯可能帮助科学家实现修建太空天梯的构想，石墨烯是由碳原子构成的单质，请推测石墨烯具有的一条化学性质　常温下化学性质稳定　；
（3）PM2.5是衡量空气质量的重要指标，PM2.5越高，空气质量越差，为了十堰天空更蓝，2016年1月十堰市政府颁布的“禁鞭令”有效　增多　（填“增多”或“减少”）了十堰市场区PM2.5．
【考点】资源综合利用和新能源开发；防治空气污染的措施；碳的化学性质．
【分析】（1）氢气燃烧能生成水，不污染环境；天然气、酒精、汽油、煤炭等物质燃烧时能生成大量对环境不利的物质；
（2）根据石墨烯是由碳原子构成的碳单质，所以它具有碳单质一般性质解答；
（3）根据燃放鞭炮会产生污染物来分析．
【解答】解：（1）氢气燃烧只生成水，不会对环境造成任何污染，而天然气、酒精、汽油、煤炭等物质燃烧时能生成大量二氧化碳、二氧化硫、氮氧化物等对环境不利的物质；核能使用不当会造成核污染；故填：氢气；
（2）因为石墨烯是由碳原子构成的碳单质，所以它具有碳单质的化学性质，从而可以得出石墨烯所具有的化学性质：常温下化学性质稳定、具有可燃性、还原性等．故答案：常温下化学性质稳定；
（3）燃放鞭炮会产生可吸入颗粒物，增加了空气中PM2.5的含量，故填：增多．
　
15．按如表提供的信息，完成下列填空：
（1）H+核外电子数为　0　；
（2）写出一条第三周期元素原子的核外电子排布规律　同一周期的元素的原子，核外电子层数相同；同一周期元素的原子，从左至右最外层电子数依次增大等　；
（3）第7号元素与第12号元素的原子形成化合物的化学式为　Mg3N2　；
（4）X、Y、Z、W元素表示4种物质，它们的微观示意图如图：
物质X和Y在高温和催化剂条件下反应生成Z和W两种物质，反应的化学方程式为　3C+4NH32N2+3CH4　．
【考点】元素周期表的特点及其应用；微粒观点及模型图的应用；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．
【分析】（1）根据氢离子的形成来分析；
（2）根据同一周期元素原子核外电子排布的规律可从周期数与电子层数的关系、最外层电子数的变化进行分析解答．
（3）确定元素种类，然后根据化学式的写法来分析；
（4）根据微观反应示意图的意义来分析．
【解答】解：（1）氢原子的核外只有一个电子，失去后形成氢离子；故填：0；
（2）在元素周期表中，处于同一周期的元素的原子，核外电子层数相同；同一周期元素的原子，从左至右最外层电子数依次增大（合理即可）．
故答案为：同一周期的元素的原子，核外电子层数相同；同一周期元素的原子，从左至右最外层电子数依次增大等．
（3）7号是氮元素，常显﹣3价，12号是镁元素，常显+2价，二者组成的化合物是氮化镁，其化学式为Mg3N2；故答案为：Mg3N2；
（4）由微观反应示意图可知，该反应是碳和氨气在高温和催化剂条件下反应生成氮气和甲烷；故答案为：3C+4NH32N2+3CH4．
　
16．如图所示是甲、乙、丙三种固体物质的溶解度曲线．
（1）t2℃时，甲、乙、丙三种物质的溶解度大小关系是　甲=乙＞丙　；
（2）t1℃时，50g水中加入30g的甲物质充分溶解后，可得到　60　g溶液；
（3）下列说法正确的是（填序号）　②④　．
①t1℃时，甲、丙两溶液的溶质质量分数一定相等
②t3℃时，向100g20%甲的溶液中加100g水，充分搅拌，溶液的溶质质量分数为10%
③t2℃时，升高丙溶液的温度，一定有晶体析出
④t3℃时，用等质量的甲、乙、丙分别配制成三种物质的饱和溶液，所需溶剂的质量为甲＜乙＜丙．
【考点】固体溶解度曲线及其作用；晶体和结晶的概念与现象；溶质的质量分数．
【分析】根据固体的溶解度曲线可以：①查出某物质在一定温度下的溶解度，从而确定物质的溶解性，②比较不同物质在同一温度下的溶解度大小，从而判断饱和溶液中溶质的质量分数的大小，③判断物质的溶解度随温度变化的变化情况，从而判断通过降温结晶还是蒸发结晶的方法达到提纯物质的目的．
【解答】解：（1）通过分析溶解度曲线可知，t2℃时，甲、乙、丙三种物质的溶解度大小关系是：甲=乙＞丙；
（2）t1℃时，甲物质的溶解度是20g，所以50g水中加入30g的甲物质充分溶解后，可得到60g溶液；
（3）①t1℃时，甲、丙两饱和溶液的溶质质量分数一定相等，故错误；
②t3℃时，向100g20%甲的溶液中加100g水，充分搅拌，溶液的溶质质量分数为×100%=10%，故正确；
③t2℃时，丙溶液中含有溶质的质量不能确定，所以升高丙溶液的温度，不一定有晶体析出，故错误；
④t3℃时，甲物质的溶解度最大，乙物质次之，丙物质的溶解度最小，所以用等质量的甲、乙、丙分别配制成三种物质的饱和溶液，所需溶剂的质量为甲＜乙＜丙，故正确．
故选：②④．
故答案为：（1）甲=乙＞丙；
（2）60；
（3）②④．
　
17．如图中A、B、C、D、E、F是初中化学常见的物质，且A、B、C、D、E是五种不同类别的物质，已知B是世界上产量最高的金属，图中“﹣”表示相连的物质之间可以在溶液中发生化学反应，“→”表示有某种物质可以转化为另一种物质（部分反应物、生成物及反应条件已略去，所涉及的化学反应均为初中化学学习中常见的反应）．
请回答下列问题：
（1）写出B物质的化学式　Fe　，E物质的一种用途　灭火　；
（2）写出A+B反应的化学方程式　Fe+H2SO4═FeSO4+H2↑　；
D→F反应的化学方程式　Ba（OH）2+2HCl═BaCl2+2H2O　；
（3）①②③④⑤五个化学反应中基本反应类型相同的是（填序号）　②④⑤　．
【考点】物质的鉴别、推断；反应类型的判定；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．
【分析】根据“A、B、C、D、E、F是初中化学常见的物质，且A、B、C、D、E是五种不同类别的物质，已知B是世界上产量最高的金属”，则推测B为铁，结合图框，则推测A可能为稀硫酸，C可能为硫酸铜，D可能为氢氧化钡，E可能为二氧化碳，F可能为氯化钡，代入检验．
【解答】解：
根据“A、B、C、D、E、F是初中化学常见的物质，且A、B、C、D、E是五种不同类别的物质，已知B是世界上产量最高的金属”，则推测B为铁，结合图框，则推测A可能为稀硫酸，C可能为硫酸铜，D可能为氢氧化钡，E可能为二氧化碳，F可能为氯化钡，代入检验，符合题意．
（1）根据分析，B为铁，E可能为二氧化碳，故B物质的化学式Fe，E物质的一种用途灭火；
（2）根据分析，A可能为稀硫酸，B为铁，故A+B反应的化学方程式Fe+H2SO4═FeSO4+H2↑；
根据分析，D可能为氢氧化钡，F可能为氯化钡，故D→F反应的化学方程式Ba（OH）2+2HCl═BaCl2+2H2O；
（3）反应①为铁与稀硫酸反应生成氢气和硫酸亚铁，为置换反应；
反应②稀硫酸与氢氧化钠溶液反应生成硫酸钠和水，为复分解反应；
反应③氢氧化钡溶液与二氧化碳反应，不是基本反应类型；
反应④稀硫酸与氧化铜反应生成硫酸铜和水，为复分解反应；
反应⑤氢氧化钡与稀盐酸反应生成氯化钡和水，为复分解反应；
故五个化学反应中基本反应类型相同的是②④⑤．
故答案为：
（1）Fe，灭火；
（2）Fe+H2SO4═FeSO4+H2↑；
Ba（OH）2+2HCl═BaCl2+2H2O；
（3）②④⑤．
　
三、解答题（共2小题，满分0分）
18．实验室部分仪器或装置如图所示，请回答下列问题：
（1）写出仪器①的名称：　试管　；
（2）实验室常温下用过氧化氢溶液和二氧化锰混合制取氧气，其发生和收集装置组合为　BC或BD　，反应的化学方程式为　2H2O22H2O+O2↑　；
（3）实验室选择AC装置制取氧气，收集完氧气后，应进行的操作是　先撤导气管离开水槽　，然后再熄灭酒精灯　酒精灯　；
（4）已知甲烷（CH4）是一种无色无味、密度比空气小、难溶于水的气体，实验室常用加热无水硫酸铜与碱石灰的混合物来制取，则实验室制取并收集甲烷应选择的装置组合为　AC　．
【考点】氧气的制取装置；氧气的收集方法；制取氧气的操作步骤和注意点；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．
【分析】（1）根据实验室常用仪器解答；
（2）据反应原理书写方程式，并据反应物状态和反应条件选择发生装置，据气体的密度和溶解性选择收集装置；
（3）根据加热制氧气时的注意事项来分析；
（4）根据实验室制取甲烷的反应物是固体，反应条件是加热，甲烷难溶于水、密度比空气小进行分析．
【解答】解：
（1）根据实验室常用仪器可知：①试管；
（2）过氧化氢在二氧化锰催化作用下生成水和氧气，反应的化学方程式是：2H2O22H2O+O2↑，该反应不需加热，属于固液常温型，故选发生装置A，二氧化锰是粉末状固体，所以不能用B装置，氧气密度比空气大且不易溶于水，所以可用向上排空气法或排水法收集；
（3）实验结束停止加热时，要先撤导气管离开水槽，然后再熄灭酒精灯；以防冷水倒吸，炸裂试管．
（4）实验室制取甲烷的反应物是固体，反应条件是加热，甲烷难溶于水、密度比空气小，所以实验室制取并收集甲烷应选择的装置组合是AC．
答案：
（1）试管；
（2）BC或BD；2H2O22H2O+O2↑；
（3）先撤导气管离开水槽；
（4）AC．
　
19．甲乙两同学在学习酸的化学性质时做了如图所示实验：
甲同学实验时没有观察到明显现象，乙同学实验时观察到有气泡发生：甲乙同学将反应完成后试管中的溶液倒入，洁净的废液杯中，没有观察到明显现象．
【提出问题】废液杯中溶液的溶质是什么？
【猜想与假设】猜想1：废液中含有的溶质为NaCl、CaCl2
猜想2：废液中含有的溶质为NaCl、CaCl2、HCl
猜想3：废液中含有的溶质为　NaCl、CaCl2、Ca（OH）2　（写化学式）
【验证与探究】甲同学取少量废液于试管中，加入紫色石蕊试液，溶液变红，则猜想　2　正确；乙同学取少量的废液于试管中，加入适量氧化铁粉末，发现溶液变黄色，发生反应的化学方程式为　Fe2O3+3HCl=2FeCl3+3H2O　．
【表达与交流】甲乙同学都认为将该溶液直接排放会对环境造成危害，你认为处理该废液的最佳方法是　加熟石灰中和至中性　．
【归纳与总结】确定反应后溶液中溶质的成分，除了要考虑生成物外，还要考虑　生成物是否有剩余　．
【拓展与延伸】乙同学在实验完毕后查阅资料得知：少量盐酸与碳酸钠溶液反应能产生碳酸氢钠（反应的化学方程式为Na2CO3+HCl═NaCl+NaHCO3），那么在【猜想与假设】中存在第4种猜想的可能，则猜想4：废液中含有的溶质为　NaCl、CaCl2、NaHCO3　（写化学式）
【考点】实验探究物质的组成成分以及含量；碱的化学性质；盐的化学性质；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．
【分析】【猜想与假设】根据甲中氢氧化钙和盐酸反应生成氯化钙和水，乙中盐酸和碳酸钠生成氯化钠和水和二氧化碳，甲乙同学将反应完成后试管中的溶液倒入，洁净的废液杯中，没有观察到明显现象，说明液体中没有碳酸根解答；
【验证与探究】根据酸性溶液能使紫色石蕊试液变红；根据盐酸与氧化铁反应生成氯化铁和水解答；
【表达与交流】根据该废液显酸性，可利用中和反应进行处理，据此进行分析解答；
【归纳与总结】确定反应后溶液中溶质的成分，除了要考虑生成物外，还要考虑生成物是否有剩余；
【拓展与延伸】根据题中信息：少量盐酸与碳酸钠溶液反应能产生碳酸氢钠进行猜想．
【解答】解：
【猜想与假设】甲中氢氧化钙和盐酸反应生成氯化钙和水，乙中盐酸和碳酸钠生成氯化钠和水和二氧化碳，甲乙同学将反应完成后试管中的溶液倒入，洁净的废液杯中，没有观察到明显现象，说明液体中没有碳酸根，
猜想1：废液中含有的溶质为NaCl、CaCl2
猜想2：废液中含有的溶质为NaCl、CaCl2、HCl
猜想3：废液中含有的溶质为NaCl、CaCl2、Ca（OH）2；
【验证与探究】甲同学取少量废液于试管中，加入紫色石蕊试液，溶液变红，说明溶液呈酸性，则猜想2正确；乙同学取少量的废液于试管中，加入适量氧化铁粉末，发现溶液变黄色，发生反应的化学方程式为Fe2O3+3HCl=2FeCl3+3H2O；
【表达与交流】实验室的废液未经处理直接排放会污染环境，可利用加熟石灰中和至中性．
【归纳与总结】确定反应后溶液中溶质的成分，除了要考虑生成物外，还要考虑生成物是否有剩余；
【拓展与延伸】少量盐酸与碳酸钠溶液反应能产生碳酸氢钠（反应的化学方程式为Na2CO3+HCl═NaCl+NaHCO3），那么在【猜想与假设】中存在第4种猜想的可能，如果稀盐酸不足，废液中含有碳酸氢钠、氯化钙和氯化钠，则猜想4：废液中含有的溶质为NaCl、CaCl2、NaHCO3；
答案：
【猜想与假设】NaCl、CaCl2、Ca（OH）2；
【验证与探究】2；Fe2O3+3HCl=2FeCl3+3H2O；
【表达与交流】加熟石灰中和至中性（合理即可）．
【归纳与总结】生成物是否有剩余；
【拓展与延伸】NaCl、CaCl2、NaHCO3；
　
四、解答题（共1小题，满分0分）
20．实验室用含杂质的锌运稀硫酸反应制取氢气，取8g含杂质的锌粒于烧杯中（所含杂质不溶于水，也不与酸反应），向其中加入74.2g稀硫酸，恰好完全反应后烧杯内剩余物质的质量为82g．计算：
（1）杂质的质量　1.5　g．
（2）反应后所得溶液的溶质质量分数（请写出计算过程）
【考点】根据化学反应方程式的计算；有关溶质质量分数的简单计算．
【分析】根据质量守恒定律，由反应前后物质的总质量的差求得反应放出氢气的质量；
利用锌与稀硫酸反应的化学方程式和生成氢气的质量，列出比例式，就可计算出参与反应的锌的质量（即样品中锌的质量）和生成硫酸锌的质量．
【解答】解：
根据质量守恒定律，反应放出氢气的质量=74.2g+8g﹣82g=0.2g；
设参与反应的锌的质量为x，生成硫酸锌的质量为y，
Zn+H2SO4=ZnSO4+H2↑
65
161
2
x
y
0.2g
x=6.5g
y=16.1g
（1）杂质的质量=8g﹣6.5g=1.5g
（2）完全反应后生成物溶液中溶质的质量分数为：
100%=20%
答案：
（1）1.5；
（2）反应后所得溶液的溶质质量分数为20%．
湖北省十堰市2016年中考物理试卷
一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）
1．小明是一名九年级学生，下面是一些关于他的数据，你认为符合实际的是（　　）
A．他的课桌高度约为75dm
B．他步行的速度约为4m/s
C．他的质量约为50kg
D．他提起装有20个鸡蛋的塑料使用的力约为1N
【考点】长度的估测；质量的估测；速度与物体运动；重力大小的估测．
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．
【解答】解：
A、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度接近中学生身高的一半，在75cm=7.5dm左右．此选项不符合实际；
B、中学生正常步行的速度在4km/h=4×m/s≈1.1m/s左右．此选项不符合实际；
C、成年人的质量在65kg左右，中学生的质量比成年人小一些，在50kg左右．此选项符合实际；
D、一个鸡蛋的质量在50g左右，20个鸡蛋的质量约1000g=1kg，提起装有20个鸡蛋的塑料使用的力约为F=G=mg=1kg×10N/kg=10N．此选项不符合实际．
故选C．
　
2．在学完“能源与可持续发展”后，同学们对有关能源问题进行了讨论，他们的说法中错误的是（　　）
A．煤、石油、天然气等化石能源是不可再生能源
B．因为能量在转化过程中是守恒的，所以能源是“取之不尽用之不竭”的
C．丹江口水电站是将机械能转化电能
D．核能、太阳能等是具有广阔开发前景的新能源
【考点】能源的分类；新能源；能源危机与能源消耗对环境的影响．
【分析】（1）可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源；
（2）能量在转移、转化过程中总是守恒的，但是能量的转化具有方向性，在能源的使用过程中，使能源从便于利用的变成不便于利用的，所以说能量虽守恒但还是要节约能源；
（3）水电站主要是将水中蕴含的机械能转化为电能；
（4）核能、太阳能开发潜力巨大，最终有可能成为石油、天然气等的替代能
【解答】解：A、煤、石油、天然气等是化石能源，在地球上的储量是有限的，消耗后不可能再生，属不可再生能源，所以A正确；
B、能量虽守恒，但可以利用的能源是有限的，还是要节约能源，故B错误；
C、水电站主要是将水中蕴含的机械能转化为电能，故C正确；
D、核能、太阳能开发潜力巨大，最终有可能成为石油、天然气等的替代能源，故D正确．
故选B．
　
3．下列事例中，通过做功的方式改变物体内能的是（　　）
A．冬天用热水袋暖手
B．病人发烧时用冷毛巾在头部降温
C．汽油机压缩冲程中燃料混合物的温度升高
D．冬天喝年奶前把牛奶放在热水中烫一烫
【考点】做功改变物体内能．
【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递．做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，其实质是能的转移．
【解答】解：A、冬天用热水袋暖手，该过程是能量的转移，故是热传递改变内能，故A错误；
B、病人发烧时用冷毛巾在头部降温，该过程是能量的转移，故是热传递改变内能，故B错误；
C、汽油机压缩冲程中燃料混合物的温度升高，即活塞对燃料做功，使得燃料的内能增加，温度升高，是通过做功的方式改变内能，故C正确；
D、冬天喝年奶前把牛奶放在热水中烫一烫，该过程是能量的转移，故是热传递改变内能，故D错误；
故选C．
　
4．“珍爱生合、注意安全”是人们在日常生活中必须具有的意识．关于安全用电，正确的做法是（　　）
A．发现有人触电时，立即用手把他拉开
B．为了清洁卫生，应经常用湿抹布擦拭正在工作的台灯
C．家里的空气开关跳闸，立即合上空气开关恢复供电
D．用试电笔辨别火线和零线，手接触笔尾的金属体
【考点】安全用电原则．
【分析】（1）发现有人触电，应立即切断电源；
（2）正在发光的白炽灯或日光灯是和火线相连接的带电体，湿布是容易导电的物体；
（3）空气开关跳闸，原因是电路有短路或漏电现象，应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位；
（4）使用测电笔时，手要接触笔尾的金属体．
【解答】解：
A、发现有人触电时，应立即切断电源或用绝缘体把导线挑开，不能直接用手拉开．此选项错误；
B、湿布是容易导电的物体，用湿布擦拭正在发光的白炽灯或其它用电器时，容易引起人体触电．此选项错误；
C、因为电路有短路或漏电现象，空气开关才跳闸，所以应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位．此选项错误；
D、使用试电笔辨别火线和零线时，手必须接触笔尾的金属体，手不能接触笔尖金属体．此选项正确．
故选D．
　
5．下列说法中正确的是（　　）
A．司机在驾驶汽车时必须系上安全带是为了减少司机的惯性，防止发生事故
B．游泳时手和脚向后划水人会前进，说明力的作用是相互的
C．人必须站在安全线以外的区域候车，是因为人与行驶的列车之间的空气气流速大，压强大
D．用力推力桌子，桌子没动，是因推力小于桌子受到的摩擦力
【考点】惯性；力作用的相互性；二力平衡条件的应用；流体压强与流速的关系．
【分析】（1）惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大．
（2）物体间力的作用是相互的；
（3）流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小．
（4）物体处于平衡状态，一定受到平衡力的作用．
【解答】解：A、司机在驾驶汽车时必须系上安全带是为了减小惯性带来的伤害，防止发生事故，惯性大小只跟物体的质量大小有关，系上安全带不能减小惯性．故A错误；
B、推动人向前运动的力的施力物体是水．人和水之间发生相互作用，此现象说明力的作用是相互的．故B正确；
C、人必须站在安全线以外的区域候车，是因为人与行驶的列车之间的空气气流速大，压强小．故C错误；
D、用力推力桌子，桌子没动，是因推力等于桌子受到的摩擦力．故D．
故选．
　
6．如图所示，根据磁感线的方向，可以判断（　　）
A．a为电源的正极，b为小磁针的S极
B．a为电源的正极，b为小磁针的N极
C．a为电源的负极，b为小磁针的S极
D．a为电源的负极，b为小磁针的N极
【考点】磁感线及其特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断．
【分析】由磁感线的方向可知磁铁的极性，由安培定则可知电流的方向；由磁极间的相互作用可得出小磁针的N极方向．
【解答】解：
由磁感线的特点“在磁体外部，磁感线从N极出发回到S极”可知，通电螺线管的右端为N极，左端为S极；
由安培定则可知，电流由通电螺旋管的左侧流入，则电源左端为正极，右端为负极，故a端为负极；
由异名磁极相互吸引可知，小磁针的右端为S极，左端为N极，故b端为N极．
故选D．
　
7．如图所示电路中，电源电压为3V不变，闭合开关后，发现两灯泡均不发光，电压表示数为3V，则电路故障可能是（　　）
A．灯泡L1断路
B．灯泡L1短路
C．灯泡L2断路
D．灯泡L2短路
【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．
【分析】两个电灯都不亮，说明是开路，而电压表有读数说明L1经开关与电源相连通，故在L2处开路．
【解答】解：闭合开关S后，灯L1、L2均不亮，说明电路发生开路，而电压表的示数接近电源电压，说明L2的两端能与电源连通，故是L2开路．
故选C．
　
8．如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从a端向b端滑动时（　　）
A．电压表V2示数与电流表A示数比值变大
B．电压表V1示数与电流表A示数比值变小
C．电流表A示数变大，电压表V1变大
D．电流表A示数变大，电压表V2变大
【考点】欧姆定律的应用．
【分析】由电路图可知，R1和R2串联，电压表V1测R1两端的电压，V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中的电流变化，再根据欧姆定律结合R1、R2的阻值可知电压表示数与电流表示数的比值变化；根据欧姆定律可知电压表V1的示数与电流表A的示数的变化；由串联电路电压特点和电压表V1示数的变化可知电压表V2示数的变化关系．
【解答】解：由电路图可知，R1和R2串联，电压表V1测R1两端的电压，V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；
当开关S闭合，滑片由a端向b端移动的过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，
由I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；
因电压表V2示数与电流表A示数比值等于滑动变阻器接入电路的阻值，因此比值变小，故A错误；
因电压表V1示数与电流表A示数比值等于R1的阻值，所以，滑片移动时，电压表示数与电流表示数的比值不变，故B错误；
由U=IR可知，R1两端电压变大，故C正确；
因串联电路总电压等于各分电压之和，
所以由U2=U﹣U1可知：即电压表V2读数会变小，故D错误．
故选C．
　
9．如图甲是通过小灯泡L的电流跟其两端电压关系的图象，现将小灯泡L与电阻R连入图乙所示，电路中，只闭合S，小灯泡的实验功率为1.8W；再闭合S1，电流表示数为0.9A．下列结果错误的是（　　）
A．电源电压为6V
B．电路消耗的总功率为5.4W
C．通过电阻R的电流为0.6A
D．电阻R的阻值为20Ω
【考点】欧姆定律的应用；电功的计算．
【分析】只闭合开关S时，电路为L的简单电路；根据图甲、灯泡的实际功率为1.8W以及P=UI得出此时电路电流以及电源电压；
再闭合S1后，电阻和灯泡并联，电流表测量干路电流，根据P=UI可求出电路消耗的总功率；
根据并联电路电流规律可求出通过R的电流，根据欧姆定律求出电阻R的阻值．
【解答】解：只闭合开关S时，电路为L的简单电路，电流表测电路中的电流，
由图象可知，当UL=6V，IL=0.3A时，灯泡的实际功率PL=ULIL=6V×0.3A=1.8W；因此电源电压为6V，故A正确；
再闭合开关S1后，R与L并联，电流表测干路电流；
电路消耗的总功率：P=UI=6V×0.9A=5.4W；故B正确；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过灯泡的电流不变，则通过R的电流IR=0.9A﹣0.3A=0.6A，故C正确；
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I=可得，R的阻值：
R===10Ω，故D错误．
故选D．
　
10．如图为同种材料制成的实心圆柱体A和B放在水平地面上，它们的高度之比为2：1，底面积之比为1：2，则它们的质量mA：mB和对地面的压强pA：pB分别为（　　）
A．mA：mB=2：1，pA：pB=2：1
B．mA：mB=1：1，pA：pB=2：1
C．mA：mB=1：1，pA：pB=1：1
D．mA：mB=2：1，pA：pB=1：1
【考点】压强的大小及其计算；密度公式的应用．
【分析】（1）知道圆柱体的高、底面积的关系，利用V=Sh求体积关系；而A、B是由同种材料制成的实心圆柱体，密度相同，利用m=ρV求质量关系；
（2）A和B对水平地面的压力F=G=mg=ρVg=ρShg，对地面的压强p=ρhg，据此求A和B对地面的压强关系．
【解答】解：
（1）两物体的体积关系：
VA：VB===1：1，
由ρ=得：
m=ρV，
因为A、B是由同种材料制成的实心圆柱体，密度相同，
所以mA：mB=ρVA：ρVB=VA：VB=1：1；
（2）因为A和B放在水平地面上，
所以对地面的压力F=G=mg=ρVg=ρShg，
对地面的压强：
p===ρhg，
对地面的压强之比：
pA：pB=ρhAg：ρhBg=hA：hB=2：1．
故选B．
　
二、填空题（共5小题，每空1分，满分15分）
11．中考进入考场的铃声响了，考生都自觉地走进考场，说明声音可以传递　信息　，小明和小华肩走向考场，以小华为参照物，小明是　静止　的．交警部门在考场附近路段禁止汽车鸣笛，从控制噪声的角度分析，这是从　声源　处减弱噪声的．
【考点】声与信息；参照物及其选择；防治噪声的途径．
【分析】（1）声音可以传递信息，也可以传递能量；
（2）在研究机械运动时要先选择参照物，如果物体相对于参照物位置不变，则物体静止；如果物体相对于参照物位置发生变化，则物体是运动；
（3）减弱噪声有三种途径：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱．
【解答】解：（1）考生听到铃声自觉进入考场是利用声传递信息；
（2）小明和小华并肩走向考场，小明相对于小华位置不变，因此以小华为参照物，小明是静止的；
（3）禁止汽车鸣笛属于在声源处减弱噪声．
故答案为：信息；静止；声
　
12．在探究平面镜成像特点的实验中要想取得较好的实验效果，最好选择在　较暗　（选填“较亮”或“较暗”）的环境中进行；实验用透明玻璃板代替平面镜主要是便于　确定像的位置　；实验时将点燃的蜡烛A向玻璃板靠近，观察到蜡烛的像将　不变　．（选填“变大”、“不变”或“变小”）
【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．
【分析】（1）探究平面镜成像实验时，物体和环境对比度越大，并且物体越亮，物体的像越清晰．
（2）探究平面镜成像实验中，要用透明的玻璃板代替平面镜，虽然成像不太清晰，但是在物体A一侧能看到物体A的像，同时还能看到代替物体A的另一个物体B，便于确定像的位置，便于比较物像大小关系．
（3）物体在平面镜中成的像是正立的虚像，物像大小相等，像的大小跟物体大小有关，跟物体到平面镜的距离无关．
【解答】解：（1）蜡烛点燃时比较亮，在较暗的环境中，烛焰和环境的对比度比较大，烛焰的像会更清晰．
（2）实验时用透明玻璃代替平面镜，在察到蜡烛A的像的同时，也能观察到蜡烛B，便于确定像的位置，便于比较物像大小．
（3）蜡烛在玻璃板成虚像，蜡烛逐渐靠近玻璃板时，蜡烛大小不变，蜡烛像的大小不变．
故答案为：较暗；确定像的位置；不变．
　
13．电冰箱里的食物容易相互“窜味”，从物理角度分析，食物“窜味”属于　扩散　现象，当打开冰箱门时，往往会看到冷冻室的侧壁上有很多霜，这是水蒸气　凝华　（选填物态变化名称）形成的，这个过程中水蒸气　放出　（选填“吸收”或“放出”）热量．
【考点】扩散现象；生活中的凝华现象．
【分析】一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，扩散现象是分子运动的结果；
物质由气态变成固态的过程叫做凝华，凝华放热．
【解答】解：
所谓的串味，是这种食物中有另一种食物的味道，这是因为一切物质的分子总在不停地做无规则的运动，所以组成这种食物的部分分子会运动到了另一种食物中而造成食物“窜味”，这是一种扩散现象；
冷冻室的侧壁上有很多霜，是因为水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，凝华是一个放热过程．
故答案为：扩散；凝华；放出．
　
14．一辆汽车以20m/s的速度在水平路面上沿直线匀速行驶5分钟，汽车的质量为1500kg，行驶时所受阻力为车重的0.2倍，则牵引力为　3×103　N，此时汽车的功率为　60　kW，重力做的功为　0　J．（取g=10N/kg）
【考点】二力平衡条件的应用；功的计算；功率的计算．
【分析】（1）汽车在水平路面上匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，根据f=0.2G=0.2mg求出阻力，利用二力平衡条件求出牵引力的大小；
（2）根据P===Fv求出汽车的功率；
（3）重力竖直向下，汽车竖直向下没有移动距离，没有做功．
【解答】解：
（1）汽车做匀速运动，处于平衡状态由平衡条件得牵引力：
F=f=0.2G=0.2mg=0.2×1.5×103kg×10N/kg=3×103N；
（2）汽车的功率P===Fv=3×103N×20m/s=6×104W=60kW；
（3）汽车在重力的方向上没有移动距离，所以克服重力做的功做功为0．
故答案为：3×103；60；0．
　
15．如图所示电路，R2为定值电阻，电源电压不变，闭合开关S，将滑片P从b端移动到a端的过程中，电流表和电压表示数变化关系如图乙所示，则电源电压为　4　V，滑动变阻器R1的最大阻值为　15　Ω，电阻R2的阻值为Ω．
【考点】欧姆定律的应用．
【分析】闭合开关S，R1和R2串联，电压表测量的是滑动变阻器两端电压，在图象上选出两组数据，根据电源电压不变列出等式，解出电源电压和定值电阻的阻值，进而根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值．
【解答】解：闭合开关S，R1和R2串联，由图象可知，当电流为I=0.2A时，滑动变阻器两端电压为3V，此时滑动变阻器的阻值最大，
U=IR2+3V…①
当电流为I′=0.8A时，滑动变阻器滑片在a端，电压表示数为0，
U=I′R2…②
两式联立：
IR2+3V=I′R2，
解得R2=5Ω，U=4V；
由I=得：
滑动变阻器R1的最大阻值：
R1===15Ω．
故答案为：4；15．
　
三、作图题（共1小题，满分6分）
16．按要求作图（要求保留必要的作图痕迹）
（1）如图甲所示是烛焰上S发出的三条特殊光线，其中SA经过左侧焦点，SB经过光心．SC平行于主光轴，请画出这三条光线经过凸透镜后的折射光线．
（2）小明用力F将质量均匀木棒的一端抬起，保持如图乙所示的位置不变，请画出力F的力臂L和木棒受到重力的示意图．
【考点】透镜的光路图；重力示意图；力臂的画法．
【分析】（1）关于凸透镜有三条特殊的入射光线：①平行于主光轴的；②过焦点的；③过光心的，根据折射光线的特点作图．
（2）对于规则物体，重心在物体的几何中心，然后根据重力示意图的画法过重心作竖直向下的力；根据力臂的画法，过动力作用点做力的作用线的垂线段，可得力臂．
【解答】解：（1）SC这条入射光线平行于主光轴，其经凸透镜折射后，折射光线过焦点F；
SA这条入射光线过焦点，过焦点的入射光线经过凸透镜折射后，平行于主光轴；
SB这条入射光线过光心，其经凸透镜折射后，传播方向不变．如图所示：
（2）质量均匀的木棒的重心在其中心，过木棒的重心沿竖直向下画一条带箭头的线段，并用G表示；反向延长力F得到动力作用线，再过支点O作动力作用线的垂线段得到力F的力臂．如图所示：
　
四、实验探究题（共4小题，满分21分）
17．为了验证并联电路电流关系，小明设计了如图甲电路进行实验．
（1）实验中，应选两个规格　不相同　的小灯泡（选填“相同”或“不相同”）．
（2）小明要测量干路电流，他将电流表串联在甲图中的　C　（选填“A”、“B”或“C”），接入电流表后闭合开关，他看到两个灯泡都发光，但电流表出现如图乙所示现象，原因是　正负接线柱接反了　．
【考点】探究串并联电路中的电流特点实验．
【分析】（1）为了避免实验结论具有偶然性，实验中需要使用不同规格的灯泡做实验；
（2）干路为并联电路的主干部分，由此分支部分叫支路；若指针向左偏转，则为正负接线柱接反．
【解答】解：（1）为了得到并联电路电流关系的普遍结论，实验中应该选用两只不同规格的灯泡实验；
（2）要测量干路电流，他将电流表串联在甲图中的C处，接入电流表后闭合开关，看到两个灯泡都发光，但电流表出现如图乙所示现象，原因是正负接线柱接反了．
故答案为：（1）不相同；
（2）C；正负接线柱接反了．
　
18．小明在做“观察水的沸腾”实验时，实验装置如图甲所示．
（1）当水温接近90℃时，每隔1min记录一次温度，并绘制了水温随时间变化的图象（如图乙所示），由图象可知：水沸腾时温度变化的特点是　吸热温度保持不变　．水沸腾时看到大量的“白气”不断地从烧瓶口冒出，这些“白气”是由于水蒸气　液化　而形成的．
（2）此时小明又想“研究液体沸点与气压关系”，于是他移走酒精灯，水停止沸腾．过一会儿，将注射器接到烧瓶口上，如图丙所示，然后向外拉注射器活塞，会看到的现象是　水重新沸腾　，说明　气压减小，沸点降低　．
【考点】探究水的沸腾实验．
【分析】（1）液体沸腾时的温度叫沸点，液体在沸腾时吸收热量，温度保持不变．物质由气态变成液态的过程叫做液化，生活中看到的白气都是水蒸气遇冷液化形成的；
（2）液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低．
【解答】解：（1）由图知，当水的温度达到98℃时，温度不再变化，此时是水的沸腾过程，其特点是吸热温度保持不变，水的沸点是98℃．
水沸腾时，看到大量的“白气”是汽化后的水蒸气遇到冷空气液化形成的小水珠；
（2）待水沸腾后，移去酒精灯，水停止沸腾．过一会儿，将注射器接到烧瓶口上，如图乙所示，然后向外拉注射器活塞，这是从瓶内向外抽气，瓶内气压减小，水的沸点降低，所以看到水重新沸腾．
故答案为：（1）吸热温度保持不变；液化；（2）水重新沸腾；气压减小，沸点降低．
　
19．在探究影响浮力大小因素的实验中，同学们提出了如下猜想：
猜想1：浮力大小与物体排开液体的体积有关；
猜想2：浮力大小与液体的密度有关；
猜想3：浮力大小与物体浸没在液体中的深度有关．
（1）实验中物体浸没在水中时受到的浮力为　3　N．
（2）分析实验B、C可知猜想1是正确的是，可以得到在同种液体中物体排开液体的体积越大，受到的浮力　越大　．比较实验　A、D、E　可知，浮力大小还与液体的密度有关．
（3）图中F3=　7　N，液体的密度ρ液=　1.2×103　kg/m3．（ρ水=1.0×103kg/m3）．
（4）实验所用的科学研究方法是　控制变量法　．
【考点】探究浮力大小的实验．
【分析】（1）由AC两图根据F浮=G﹣F计算出物体浸没在水中受到的浮力；
（2）观察图B、C可知，物体排开液体的体积不同，而液体密度相同，这是探究浮力大小与排开液体体积的关系；
研究液体中的物体所受浮力的大小与液体的密度的关系时，要控制物体排开液体的体积相同；
（3）浮力大小与物体浸没深度无关；观察图C、D可知，物体浸没在液体中的深度不同，据此判断测力计示数的大小；
根据F浮=G﹣F计算出在水中和盐水中受到的浮力，根据V排=计算出物体的体积，根据ρ盐水=计算出盐水的密度；
（4）浮力大小与多个因素有关，所以在探究时要用控制变量法．
【解答】解：
（1）由A可知，物体的重力G=10N；由C可知，物体浸没在水中时，物体受到的拉力为F=7N；则物体浸没在水中受到的浮力：F浮=G﹣F=10N﹣7N=3N；
（2）观察图B、C可知，物体排开液体的体积不同，由测力计的示数可知，所受浮力不同，且排开液体的体积越大，所受浮力越大；
要探究浮力的大小与所浸液体的密度有关，应使物体排开液体的体积相同，液体的密度不同；
观察可知，D、E两图中，物体排开液体的体积相同，而液体的密度不同，故要探究浮力的大小与所浸液体的密度有关，应选择实验A、D、E；
（3）浮力大小与物体浸没的深度无关，观察图C、D可知，物体浸没在同种液体中的深度不同，浮力相同，所以F3=F2=7N；
由A、C知，浸没在水中时的浮力F浮=10N﹣7N=3N；
由A、E知，浸没在盐水中时的浮力F浮′=10N﹣6.4N=3.6N；
由F浮=ρ水gV排得：
物体的体积V=V排===3×10﹣4m3，
盐水的密度ρ盐水===1.2×103kg/m3；
（4）该实验探究浮力大小与多个因素的关系，用到了控制变量法．
故答案为：（1）3；（2）越大；A、D、E；（3）7；1.2×103；（4）控制变量法．
　
20．在“测定小灯泡的电功率”的实验中（小灯泡有“3.8V”字样），电源电压恒定．
（1）请你用笔画线代替导线，将甲图中的实验物电路连接完整，要求滑动变阻器滑片P向右滑动时灯泡变亮．
（2）在检查连接时，变阻器滑片P应移到　A　端（选填“A”或“B”），目的是为了保护电路．
（3）实验时，要使小灯泡正常发光，应移动滑动变阻器滑片P使电压表示数为　3.8　时，电流表示数如图乙所示，通过灯泡的电流为　0.3　A，灯泡的额定功率为　1.14　W．
（4）做完实验后，小明看到实验台上有一个定值电阻R，上边的数字模糊不清，想测出它的阻值，可是发现电压表损坏，经过小组讨论设计了如图丙和丁两个电路图，小明认为利用前面的数据和这两个电路图，都能测出R的阻值．你认为能测出R阻值的电路图是　丙　．
【考点】电功率的测量．
【分析】（1）测小灯泡功率的实验中滑动变阻器应串联入电路中，根据滑片P向右滑动时灯泡变亮的要求和电压表与灯泡并联连接实物电路图；
（2）实验前滑片应置于最大值处；
（3）灯泡在额定电压下的功率为额定功率；由图示电流表确定其量程与分度值，然后读出其示数，由P=UI可求出灯泡的额定功率；
（4）有电流表和灯泡，借助并联电路特点测量出R的电压和电流，从而计算其电阻，由此分析电路解答．
【解答】解：
（1）测小灯泡功率的实验中，滑动变阻器应串联入电路中，题中要求“滑动变阻器的滑片P向右端移动时小灯泡变亮”，所以此时变阻器连入阻值变小，应将接线柱B接入电路中；电压表与灯泡并联测其电压，灯泡额定电压3.8V，所以电压表使用0～15V量程，如图所示：
；
（2）为了保护电路，滑片应置于最大阻值处，所以变阻器的滑片P应移到A端；
（3）当电压表示数等于灯泡额定电压3.8V时，灯泡正常发光；由图乙所示电流表可知，其量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，
灯泡的额定功率：P=UI=3.8V×0.3A=1.14W；
（4）图丙，只闭合开关S1时，电流表测灯泡的电流，移动滑片使电流表示数等于灯泡正常发光的电流0.3A，此时R两端电压等于灯泡的额定电压3.8V；然后只闭合开关S2，电流表测出总电流，根据并联电路的电流特点得到R的电流，再由欧姆定律计算R的电阻，所以丙图可行；
丁图中，无论开关处于何种状态，都难以确定灯泡是否正常发光，这样就不能得到R的电压和电流，故丁图不可行；
故答案为：（1）见上图；（2）A；（3）3.8；0.3；1.14；（4）丙．
　
五、计算题（共2小题，满分13分）
21．如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L上标有“6V
3W”字样，电阻R1=40Ω，电压表的量程为0～3V，当开关S1断开，S2、S3闭合时，灯泡L恰好正常发光．（不考虑温度对电阻的影响）
（1）求灯泡L正常工作时的电阻和电源电压．
（2）当闭合S1，断开S2、S3，且把滑动变阻器R2的滑片滑到最右端时，电流表的示数为0.1A，滑动变阻器的最大阻值为多大？
（3）当断开S1、S2，闭合S3时，在保证电路安全的条件下，灯泡L消耗的最小功率为多少？并求出此种情况下电路1min
消耗的电能．
【考点】欧姆定律的应用；电功的计算；电功率的计算．
【分析】（1）当开关S1断开，S2、S3闭合时，R1断路，R2被短路，灯泡L恰好正常发光，得出电源电压；根据P=求出灯泡L正常工作时的电阻；
（2）当闭合S1，断开S2、S3，R1和R2串联，把滑动变阻器R2的滑片滑到最右端时，滑动变阻器阻值最大，根据I=求出总电阻，再求出滑动变阻器的最大阻值；
（3）当断开S1、S2，闭合S3时，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端电压，根据电压表的量程、串联电路电压的规律以及欧姆定律即可求出电路中的最小电流，最后根据P=I2R即可求出灯泡消耗的最小功率；
根据W=UIt求出电路消耗的电能．
【解答】解：（1）当开关S1断开，S2、S3闭合时，R1断路，R2被短路，灯泡L恰好正常发光，电源电压U=U额=6V；
由P=得：
灯泡L正常工作时的电阻：
RL===12Ω；
（2）当闭合S1，断开S2、S3，R1和R2串联，把滑动变阻器R2的滑片滑到最右端时，滑动变阻器阻值最大，
由I=得：
电路总电阻：
R===60Ω，
滑动变阻器的最大阻值：
R滑=R﹣R1=60Ω﹣40Ω=20Ω；
（3）当断开S1、S2，闭合S3时，灯泡和滑动变阻器串联，电压表示数为3V时，电路中的电流最小；
则电路中的最小电流：
I最小===0.25A，
灯泡消耗的最小功率：
P=I2RL=（0.25A）2×12Ω=0.75W；
电路消耗的电能：
W=UI最小t=6V×0.25A×60s=90J．
答：（1）灯泡L正常工作时的电阻12Ω；电源电压6V；
（2）滑动变阻器的最大阻值为20Ω；
（3）灯泡L消耗的最小功率为0.75W；
电路消耗的电能90J．
　
22．我国自主研制的第三代常规动力潜艇（如图所示），它具备选进的通讯设备、武器系统、导航系统、水声对抗、隐蔽性强，噪声低、安全可靠等优异性能，主要技术参数如表：
排水量
水上2250吨，水下3000吨
最大潜深度
300m
最航速
水上30km/h，水下36km/h
最大输出功率（水下）
3000kW
求：（海水的密度近似为1.0×103kg/m3，g=10N/kg）
（1）因训练任务需要潜艇在水上航行，此时露出水面的体积为多大？
（2）潜艇下潜到200m深处时，潜艇上一个面积是400cm2的观察窗口受到海水的压力为多大？
（3）潜艇在水下执行巡航任务，以最大航速匀速行驶5h的路程为多少？若潜艇发动机以最大输出功率工作时螺旋桨推进器效率为80%，潜艇以最大航行驶时受到水的平均阻力f为多大？
【考点】液体的压强的计算；速度公式及其应用；阿基米德原理；功率计算公式的应用．
【分析】（1）根据潜艇在水下与水上航行时减小的排水量，利用ρ=求出露出的体积．
（2）运用液体压强公式p=ρgh，可求压强大小．再根据F=pS可求压力．
（3）利用v=即可求出路程；根据功率公式P=Fv，变形可求牵引力F，进而求出阻力．
【解答】解：（1）水下排水量为3000吨，水上排水量为2250吨，
潜艇在水上航行与水下航行相比，减小的排水量：
△m排=m排2﹣m排1=3000t﹣2250t=750t=7.5×105kg，
由ρ=可知，露出的体积：V露=△V排===750m3．
（2）潜艇下潜到200m深处时，h=200m；
此时观察窗口所受海水的压强：p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×200m=2×106Pa．
观察窗口的面积：S=400cm2=0.04m2，
由压强公式p=变形得，观察窗口所受压力为：F=pS=2×106Pa×0.04m2=8×104N．
（3）潜艇在水下的最大航速：v=36km/h=10m/s，
由v=得，行驶5h的路程：s=vt=36km/h×5h=180km；
最大输出功率：P总=3000kW=3×106W；
由η=得有用功率：P有用=ηP总=80%×3×106W=2.4×106W；
由P=Fv得牵引力：F===2.4×105N；
由于潜艇以最大航速匀速行驶，受到平衡力作用，则水的平均阻力f=F=2.4×105N．
答：（1）因训练任务需要潜艇在水上航行，此时露出水面的体积为750m3．
（2）观察窗口受到海水的压力为8×104N．
（3）潜艇在水下执行巡航任务，以最大航速匀速行驶5h的路程为180km；潜艇以最大航行驶时受到水的平均阻力f为2.4×105N．
　
湖北省十堰市2016年中考生物试卷
一、选择题（每题2分）
1．食物链是生态系统中物质和能量流动的渠道，下列有关食物链：甲→乙→丙→丁的叙述正确的是（　　）
A．甲、乙、丙、丁构成了一个完整的生态系统
B．丁是分解者
C．乙、丙之间是捕食关系
D．甲、乙生物的细胞结构相同
【分析】（1）食物链反映的是生产者与消费者之间吃与被吃的关系，所以食物链中不应该出现分解者和非生物部分．食物链的正确写法是：生产者→初级消费者→次级消费者…注意起始点是生产者．
（2）生态系统是由生物部分和非生物部分组成的，生物部分包括生产者、消费者、和分解者，生产者是指绿色植物、消费者是指所有的动物、分解者是指腐生细菌和真菌．
【解答】解：A、一个生态系统是由生物部分和非生物部分组成的，生物部分包括生产者、消费者和分解者，此食物链只有生产者，消费者，组成生态系统还缺少分解者和非生物部分，A错误；
B、食物链反映的是生产者与消费者之间吃与被吃的关系，丁是消费者，所以食物链中不应该出现分解者和非生物部分，B错误；
C、图中的食物链有：图中最长的一条食物链是甲→丁→乙→丙，丙以乙为食、丙、乙间的关系是捕食关系，C正确；
D、甲属于植物、乙是动物，两种生物的细胞结构不相同，D错误．
故选：C．
【点评】解此题的关键是理解掌握生态系统的组成和组成生态系统各部分的功能．这些内容都是考试命题的热点．
　
2．某同学用显微镜观察洋葱鳞片叶内表皮细胞时看到了以下几幅图象，这几幅图象在操作过程中出现的顺序依次是（　　）
A．甲→丁→乙→丙
B．丁→甲→丙→乙
C．甲→丁→丙→乙
D．丁→甲→乙→丙
【分析】观察“洋葱表皮细胞”时，①首先是对光；②放置玻片标本；③观察；像的移动方向和物的移动方向相反；低倍镜换成高倍镜，视野变暗；使像更加清晰转到细准焦螺旋．
【解答】解：观察“洋葱表皮细胞”时，①是对光，眼睛注视目镜内，同时转动反光镜，直到看到白亮的视野；②放置玻片标本，转动粗准焦螺旋，使镜筒缓缓下降，此时眼睛注视玻片，防止玻片被压破．③当可以看到物像后，再转动细准焦螺旋，使物像清晰，看到图丁．④显微镜呈倒立的像，物像的移动方向和玻片的移动方向相反．使用显微镜观察玻片时，细胞物像位于视野右方，要使物像移至视野中央，物像应向左方移动，因此玻片应向右方移动，看到图甲．⑤显微镜的放大倍数越大，视野就越暗，看到的细胞体积就越大，但细胞数目越少．所以转动转换器使高倍物镜对准通光孔，可以看到体积较大的细胞图丙；像如果不清晰，转到细准焦螺旋使像更加清晰看到图乙．故几幅图在操作过程中出现的顺序依次是丁→甲→丙→乙．
故选：B
【点评】显微镜的正确使用方法是中考考查的热点问题，相关问题同学们一定要掌握好．
　
3．老王因雾霾天气引发了急性支气管炎．则其血常规化验结果中高于正常值的是（　　）
A．白细胞
B．红细胞
C．血小板
D．血红蛋白
【分析】血液的组成包括血浆和血细胞，血细胞包括三种血细胞：红细胞：无细胞核，呈两面凹的圆饼状，数量最多；白细胞：有细胞核，比红细胞大，数量少；血小板：比红细胞和白细胞都小得多，形状不规则，没有细胞核．
【解答】解：血液的组成包括血浆和血细胞，血浆的功能是运载血细胞，运输养料和废物．血细胞包括红细胞、白细胞和血小板．成熟的红细胞没有细胞核，呈两面凹的圆饼状．红细胞富含血红蛋白．血红蛋白是一种红色含铁的蛋白质，它在氧浓度高的地方与氧结合，在氧浓度低的地方与氧分离，因此红细胞的主要功能是运输氧，当血液中红细胞数量少或血红蛋白含量过少时，人会患贫血．
白细胞的能够作变形运动，当细菌侵入人体后，白细胞能穿过毛细血管壁进入组织，并将细菌吞噬，因此白细胞有防御疾病的作用，人体出现炎症时，白细胞会增多．
血小板的形状不规则，当血管破裂血液流出时，血小板在伤口处聚集成团，同时血小板还能释放出一些促进血液凝固的物质，加速受损血管的血液凝固，有止血和加速凝血的作用．
故选：A
【点评】白细胞的功能是防御和保护，人患炎症白细胞就会增多吞噬病菌．
　
4．某人抱着侥幸心理酒后架车，在十字路口遇到红灯刹车太慢，导致了交通事故．下列有关叙述不正确的是（　　）
A．酒驾时人反应慢、动作不协调，是因酒精影响了大脑、小脑的功能
B．看到红灯后刹车是一种反射
C．反射要通过反射弧来完成
D．“红灯”光线进入眼球后在视膜上形成视觉
【分析】视觉形成的过程是：外界物体反射来的光线，经过角膜、房水，由瞳孔进入眼球内部，再经过晶状体和玻璃体的折射作用，在视膜上能形成清晰的物像，物像刺激了视膜上的感光细胞，这些感光细胞产生的神经冲动，沿着视神经传到大脑皮层的视觉中枢，就形成视觉．
【解答】解：A、小脑的主要功能是协调运动，维持身体的平衡．酗酒后走路动作不协调的现象，主要是因为酒精麻醉了小脑的缘故．A正确；
B、司机看到红灯刹车这一反射受到大脑皮层的控制，属于条件反射，B正确．
C、反射必须通过反射弧来完成，缺少任何一个环节反射活动都不能完成，C正确；
D、人的视觉是在大脑皮层的视觉中枢形成的．D错误．
故选：D
【点评】解答此类题目的关键是理解视觉形成的过程．
　
5．艾滋病是人体感染了人类免疫缺陷病毒（HIV）所导致的传染病，现已成为全球范围内的“重要杀手”．下列有关艾滋病和HIV的叙述，错误的是（　　）
A．艾滋病病人是传染源
B．艾滋病可通过血液、精液、唾液、乳汗等体液传播
C．HIV由蛋白质外壳和内部遗传物质组成
D．HIV由一个细胞构成，没有成形的细胞核
【分析】艾滋病是获得性免疫缺陷综合症的简称，按其英文字音（AIDS）译为“艾滋病”；艾滋病是一种病毒性疾病，它的致病因素是结构上很相近似的一组病毒，这组病毒被统称为“人类免疫缺陷病毒（HIV）”．艾滋病病毒主要存在于感染者和病人的血液、精液、阴道分泌物、乳汁中．
【解答】解：A、艾滋病病人是传染源，A正确．
B、艾滋病病毒主要存在于感染者和病人的血液、精液、阴道分泌物、乳汁中，可通过血液、精液、唾液、乳汗等体液传播，B正确．
C、HIV由蛋白质外壳和内部遗传物质组成，C正确．
D、HIV病毒无细胞结构，D错误．
故选：D
【点评】此题考查了艾滋病的相关知识，了解其危害、预防并正确对待艾滋患者．
　
6．下列有关生物生殖、发育的叙述，正确的是（　　）
A．植物的扦插、嫁接都属于有性生殖
B．人体胚胎发育的场所是输卵管
C．与蝗虫相比，家蚕的发育过程多了蛹期
D．植物的果实由胚珠发育而来
【分析】昆虫的发育分为完全变态发育和不完全变态两种方式．完全变态经过受精卵、幼虫、蛹、成虫四个阶段，且幼虫和成虫的形态结构差别明显；不完全变态发育指的是发育要经过受精卵、若虫、成虫三个阶段，且若虫和成虫的形态结构差别不大．
【解答】解：A、植物的扦插、嫁接都没有经过两性生殖细胞的结合，属于无性生殖，错误．
B、人体胚胎发育的场所是子宫，错误．
C、家蚕经过受精卵、幼虫、蛹、成虫四个阶段，蝗虫的发育经过受精卵、若虫、成虫三个阶段，与蝗虫相比，家蚕的发育过程多了蛹期，正确．
D、植物的果实由子房发育而来，错误．
故选：C
【点评】掌握昆虫的发育特点是解题的关键．
　
7．人的性别是由性染色体控制的，男性的精子细胞中性染色体是（　　）
A．X
B．Y
C．XY
D．X或Y
【分析】男女体细胞中都有23对染色体，有22对染色体的形态、大小男女的基本相同，其中有一对染色体在形态、大小上存在着明显差异，这对染色体与人的性别决定有关，称为性染色体．男性的性染色体是XY，女性的性染色体是XX．
【解答】解：在亲代的生殖细胞形成过程中，经过减数分裂，两条性染色体彼此分离，男性产生两种类型的精子﹣﹣含X染色体的精子和含Y染色体的精子，女性则只产一种含X染色体的卵细胞．受精时，如果是含X的精子与卵子结合，就产生具有XX的受精卵并发育成女性；如果是含Y的精子与卵子结合，就产生具有XY的受精卵并发育成为男性．遗传图解如图：
从图解中看出男性的精子细胞中性染色体是Y或X．
故选：D
【点评】解答此类题目的关键是熟记性染色体的遗传过程．
　
二、填空题
8．　二氧化碳　和　水　既是光合作用的原料，又是呼吸作用的产物．
【分析】绿色植物通过叶绿体，利用光能把二氧化碳和水合成有机物，把光能转变成化学能，释放出氧气并储存能量的过程叫光合作用．
细胞内有机物在氧的参与下被分解成二氧化碳和水，同时释放能量的过程，叫做呼吸作用．
【解答】解：光合作用与呼吸作用的关系如表：
区别
联系
场所
原料
条件
产物
能量
光合作用
叶绿体
二氧化碳、水
光
有机物、氧气
储存能量
相互对立相互依存
呼吸作用
所有的活细胞
有机物、氧气
有无光皆可
二氧化碳、水
释放能量
由表格可知：二氧化碳和水既是绿色植物光合作用的原料又是呼吸作用的产物．
故答案为：二氧化碳；水
【点评】植物的光合作用和呼吸作用是互为联系、互为相反的两个生理过程．
　
9．如图为人体某处局部血液循环示意图，请据图回答下列问题：
（1）若B为肺部的毛细血管，则当血液流经B处后，血管C中　氧　含量会明显增加；此外血液经汇集后流回心脏的　左心房　．
（2）若当血液流经B处后，血管C中营养物质的含量明显增加，则B主要是　小肠　（填器官）处的毛细血管．
（3）若B为肾脏内的毛细血管，则当血液流经B处时，经　滤过　作用后，形成原尿．
【分析】血管分为动脉、静脉和毛细血管三种，动脉是将血液从心脏输送到身体各部分去的血管，静脉是把血液从身体各部分送回心脏的血管，毛细血管是连通于最小的动脉与静脉之间的血管．图示中A是动脉，B是毛细血管，C是静脉，据此解答．
【解答】解：（1）血液流经B肺泡外毛细血管时，肺泡中氧气浓度比血液中的氧气浓度高，血液中的二氧化碳浓度比肺泡中的二氧化碳浓度高，血液中的二氧化碳扩散进入肺泡，肺泡中的氧扩散进入血液，与红细胞中的血红蛋白结合，静脉血就变成含氧丰富、颜色鲜红的动脉血．通过血液循环流入左心房．
（2）小肠是消化吸收的主要器官．血液流经小肠时，小肠吸收的营养物质进入血液，变得含养料丰富，因此如果流经B后，血液中的营养物质明显增加，这时B代表的器官是小肠．
（3）当血液流经肾小球的和肾小囊壁时，除大分子的蛋白质和血细胞外，血浆中的一部分水、无机盐、葡萄糖和尿素等物质都可以经过肾小球过滤到肾小囊中形成原尿；当原尿流经肾小管时，原尿中的全部的葡萄糖、大部分的水和部分无机盐被肾小管重新吸收会血液，而剩下的水、尿素和无机盐等就形成了尿液．因此，如果C代表肾脏，当血液流经每一个肾单位时，经过肾小球的过滤（或“肾小球和肾小囊壁的过滤”等作用和肾小管的重吸收作用形成尿．
故答案为：
（1）氧；左心房
（2）小肠；
（3）滤过
【点评】解答此类题目的关键是灵活运用所学知识解释实际问题．
　

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