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广西壮族自治区防城港市防城区2024-2025学年八年级下学期期末物理试题
1．（2025八下·防城期末）下列事例中，利用惯性的是（　　）
A．汽车在转弯时减速慢行 B．运动员跳远时助跑
C．乘车时系好安全带 D．汽车在行驶时保持车距
【答案】B
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】ACD．汽车在转弯时减速慢行，开车坐车时要系好安全带和车行驶要保持一定车距，都属于防止惯性带来的危害，故ACD不符合题意；
B．跳远运动员跳远时助跑，是利用惯性保持运动状态从而取得更好的成绩，故B符合题意；
故选B。
【分析】物体保持运动状态不变的性质叫惯性，对各个选项分析判断即可。
2．（2025八下·防城期末）正在空中竖直上升的篮球，如果所受的外力突然全部消失，它将（　　）
A．静止 B．加速下落
C．匀速上升 D．先减速上升，后加速下落
【答案】C
【知识点】物体运动状态的变化
【解析】【解答】根据题意可知，正在空中竖直上升的篮球，如果所受的外力突然全部消失，根据牛顿第一定律可知，那么它将保持现在的运动状态，即继续向上做匀速直线运动。
故选C。
【分析】根据牛顿第一定律分析判断。
3．（2025八下·防城期末）一台机器的功率是750W，它表示的意义是（　　）
A．这台机器做功750J B．这台机器在1min内做功750J
C．这台机器在1s内做功750W D．这台机器在1s内做功750J
【答案】D
【知识点】功率的概念
【解析】【解答】根据题意可知，功率是750W，表示这台机器在1s内所做的功为750J，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】 功率是指做功快慢的物理量，在数值上等于单位时间内所做的功，
4．（2025八下·防城期末）我国高铁技术世界领先，高铁线路总里程世界第一。下列有关高铁的设计描述错误的是（　　）
A．图甲∶高铁铁轨下铺设枕木是为了减小压强
B．图乙∶高铁车厢内的破窗锤锤头做成锥形，是为了增大压强
C．图丙∶站台上安全线处有凹凸不平的花纹是为了增大摩擦
D．图丁∶高铁车厢座椅用软质材料包裹，是为了减小压力
【答案】D
【知识点】增大或减小摩擦的方法；增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】A、铁轨下铺设枕木，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A正确，不符合题意；
B、高铁车厢内的破窗锤末端做成锥形，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故B正确，不符合题意；C、 站台处安全线有凹凸不平的花纹是在压力一定时，通过增大接触面粗糙程度从而增大摩擦， 故C正确，不符合题意；
D、高铁车厢座椅用软质材料包裹，是在压力一定时，通过增大受力面积达到减小压强的效果，故D错误，符合题意。
故选：D。
【分析】（1）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
（2）压力一定时，通过增大接触面粗糙程度可以增大摩擦力。
5．（2025八下·防城期末）下列力学知识，说法正确的是（　　）
A．单独一个物体也可以产生力的作用
B．弹簧受到的拉力越大，弹簧的伸长量就越长
C．在同一位置，物体的质量与物体所受重力成正比
D．用卡车装货物时，重的货物装在底层可以降低重心提高稳定性
【答案】D
【知识点】力的概念及单位；弹力；重力及其大小的计算；重心
【解析】【解答】A．根据力的定义可知，力是物体对物体的作用，一个力必须涉及受力物体和施力物体两个物体，故A错误；
B．在弹性限度内，弹簧受到的拉力越大，弹簧的伸长量就越长，故B错误；
C．根据G=mg可知，在地球表面同一位置，物体所受重力的大小与物体的质量成正比，故C错误；
D．用卡车装货物时，重的货物装在底层可以降低重心提高稳定性，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据力的定义判断；
B.根据弹力与伸长量之间的关系判断；
C.根据G=mg分析；
D. 重心越低，物体的稳定性越好。
6．（2025八下·防城期末）某海滨浴场的水底有一些小鹅卵石，小明踩着鹅卵石由浅水处走向深水处。下列关于在此过程中小明的体验以及原因分析合理的是（　　）
A．脚底的疼痛感越来越重，因为水底鹅卵石对人的支持力越来越大
B．脚底的疼痛感越来越重，因为人受到的重力越来越大
C．脚底的疼痛感越来越轻，因为水底鹅卵石对人的支持力越来越小
D．脚底的疼痛感越来越轻，因为人越来越轻
【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理
【解析】【解答】根据题意可知，人由浅水区走到深水区的过程中，人排开水的体积变大，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，人所受浮力变大。根据F=G-F浮可知，人受到的支持力减小，则人的脚疼痛越来越弱。
故C正确，而ABD错误。
故选C。
【分析】人由浅水区走到深水区的过程中，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析受到浮力的变化，再根据F=G-F浮分析人受到支持力的变化即可。
7．（2025八下·防城期末）以下工具使用时属于费力杠杆的是（　　）
A．羊角锤 B．镊子
C．瓶起子 D．剪铁皮剪刀
【答案】B
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】ACD．羊角锤、瓶起子和剪铁皮剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故ACD不符合题意；
B．镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B符合题意。
故选B。
【分析】比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类。
8．（2025八下·防城期末）下列关于压强的实验和描述，说法正确的是（　　）
A．实验甲目的是为了证明液体压强的存在
B．实验乙可以说明同种液体中的压强随着深度的增加而增大
C．若将图丙气压计从广州拿到西藏，细玻璃管内的液面会升高
D．图丁可以说明压力的作用效果与受力面积有关
【答案】B
【知识点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验；探究液体压强的特点实验；大气压强的存在；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】A．塑料管倒放，管中的水不会流出，是因为大气对纸片产生向上的压强，则目的是为了证明大气压强的存在，故A错误；
B．探头在水中的深度越深，则U形管两侧液面高度差越大，即液体中的压强越大，所以可以说明同种液体中的压强随着深度的增加而增大，故B正确；
C．将图丙气压计从广州拿到西藏，海拔升高，由于大气压随海拔升高而减小，所以大气压减小，故细玻璃管内的液面会降低，故C错误；
D．两个实验中受力面积相同，压力大小不同，且海绵的凹陷程度不同，说明压力的作用效果与压力大小有关，故D错误。
故选B。
【分析】对各个选项中的实验进行分析，确定其中包含的物理原理，然后与题目的描述对照即可。
9．（2025八下·防城期末）将一个重为5N的球竖直向上抛出，球上升过程中受到重力和空气的阻力作用，关于这两个力的合力的大小和方向，下列说法中正确的是（　　）
A．小于5N，方向向上 B．大于5N，方向向下
C．等于5N，方向向下 D．小于5N，方向向下
【答案】B
【知识点】力的合成与应用
【解析】【解答】根据题意可知，在球上升过程中，物体受到的重力方向竖直向下，受到阻力方向竖直向下，则受到的合力为重力和阻力之和，那么合力大于5N，方向竖直向下
故选B。
【分析】同一直线上二力的合成，方向相同时用加法，方向与这两个力的方向相同；方向相反时用减法，方向与较大的力的方向一致。
10．（2025八下·防城期末）将一物块轻轻放入盛满密度为0.7×103kg/m3的液体的大烧杯中，静止后有14g液体溢出；将其轻轻放入盛满水的大烧杯中，静止后有18g水溢出。分析以上信息，下列说法中正确的是（　　）
A．静止时，物块在液体中漂浮 B．静止时，物块在水中沉底
C．物块的密度为0.9g/cm3 D．缺少条件，无法求出物块密度
【答案】C
【知识点】密度公式及其应用；阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】AB．根据题意可知，若物块放入水中和液体中都处于漂浮状态，则物块在水中时重力等于浮力，则排开液体的质量相等，与题干描述不一致。
若物块在水和液体中都处于浸没状态，则两次排开液体的体积均等于物体的体积相等，
则在水中与液体中的浮力之比为；
而实际上物块在水中与液体中的浮力之比为，与题干描述不一致。
因为水的密度大于酒精的密度，
所以物块在水中漂浮，在液体中浸没，故AB错误；
CD．根据物块在水中漂浮可知，物体的重力，
即
物块的体积为。
则物体的密度为，
故C正确，D错误。
故选C。
【分析】 根据溢出液体的质量比较浮力，根据浮沉条件分情况讨论，确定浮沉状态；根据排开液体的质量计算体积，结合漂浮的条件分析浮力和重力关系，确定质量，根据密度公式计算解答。
11．（2025八下·防城期末）如图甲，工人用水平推力F沿直线向前推动水平地面上的木箱，推力F随时间t的变化情况如图乙，木箱前进的速度v的大小随时间t的变化如图丙，则下列说法正确的是（　　）
A．0~1s 内，木箱受到的合力为零
B．0~1s和5~6s内，木箱所受摩擦力大小相等
C．1~3s内，木箱做匀速直线运动
D．3~5s内，木箱所受摩擦力所做功的大小为400J
【答案】A,D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；增大或减小摩擦的方法；功的计算及应用
【解析】【解答】A.根据丙图可知，0~1s 内，木箱的速度为零，即处于静止状态，即处于平衡状态，则受到的合力为零，故A正确；
B.根据丙图可知，0~1s木箱处于静止状态，则受到推力和摩擦力相互平衡，即摩擦力等于推力，也就是摩擦力为100N。3~5s内，处于匀速直线运动，也处于平衡状态，即受到推力和摩擦力相等，则摩擦力为200N。而木箱在1~6s与地面的压力和接触面粗糙程度相同，即摩擦力大小不变均为200N，所以木箱所受摩擦力与0~1s大小不相等，故B错误；
C．根据题意可知，在1~3s内，木箱运动速度越来越快，做加速直线运动，故C错误；
D.根据丙图可知，3~5s内，木箱运动的速度为1m/s，
则木箱运动的距离为；
木箱所受摩擦力为200N，所做功的大小为，
故D正确。
故选AD。
【分析】 A.由v-t图象可知，0～1s内物体做静止，处于平衡状态，合力为零；
B.由v-t图象可知，各段内物体运动的速度变化即可判断所处的状态；滑动摩擦力只与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，与物体运动的速度无关；
C.由图丙知，木箱在1～3s内运动为匀加速运动；
D.由图丙知，木箱在3～5s内做匀速直线运动，由图乙可知此时推力，此时木箱受到的摩擦力和推力是一对平衡力，大小相等；
利用s=vt求木箱在3～5s内运动的路程，故W=fs算出3～5s内木箱所受摩擦力所做功。
12．（2025八下·防城期末）如图所示，水平桌面上甲、乙两相同的容器装有体积相等的不同液体。将同种材料制成的实心物体A、B分别放入甲、乙两容器中，静止时两容器中的液面保持相平，则（　　）
A．物体A受到的浮力大于物体B受到的浮力
B．甲容器中液体的密度小于乙容器中液体的密度
C．甲、乙两容器的底部受到液体的压强不相等
D．甲容器对桌面的压力小于乙容器对桌面的压力
【答案】A,C
【知识点】密度公式及其应用；压力及重力与压力的区别；液体压强计算公式的应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 A．根据题意可知，甲、乙容器液体的体积相等，放入A、B分液面等高，则A排开液体的体积等于B排开液体的体积。由图可知，A处于漂浮状态，B处于悬浮状态，所以A的体积大于B的体积，实心物体A、B由同种材料制作，则密度相等，根据m=ρV得到A的质量大于B的质量，根据G=mg可知，A的重力大于B的重力；
由图可知，A处于漂浮状态，A受到的浮力等于其重力，A的密度小于甲液体的密度；B处于悬浮状态，B受到的浮力等于其重力，B的密度等于乙液体的密度；因为A的重力大于B的重力，所以A受的浮力大于B受到的浮力，故A正确；
B.由图可知，A漂浮在甲液体中，A的密度小于甲液体的密度；B悬浮在乙液体中，B的密度等于乙液体的密度，由于实心物体A、B由同种材料制作，则A、B的密度相等，所以，甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度，故B错误；
C.由于甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度，静止时两容器中的液面保持相平，根据p=ρ液gh可知，甲容器底部所受液体压强大于乙容器底部所受液体压强，故C正确；
D.由题可知甲杯中液体的体积等于乙杯中液体的体积，甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度，由m=ρV可知甲杯中液体的质量大于乙杯中液体的质量，根据G=mg可知，甲杯中液体的重力大于乙杯中液体的重力，A的重力大于B的重力，甲杯和乙杯对水平桌面的压力等于液体、物体和杯子的总重力，两个杯子是相同的，重力相同，所以甲杯对水平桌面的压力大于乙杯对水平桌面的压力，两个杯子的底面积相等，由可知，甲杯对水平桌面的压强大于乙杯对水平桌面的压强，故D错误。
故选AC。
【分析】A.首先根据题目中给出的条件判断，判断实心物体A、B的体积关系，又知实心物体A、B由同种材料制作，利用密度公式判断其质量关系，再利用重力公式判断其重力关系；根据物体浮沉条件判定浮力的大小关系；
B.根据物体浮沉条件，结合图示判断两种液体的密度关系；
C.已知两种液体的密度关系，又知深度关系，根据p=ρ液gh判断两容器底部所受液体压强关系。
D.根据m=ρV可知两液体的质量的大小关系，根据G=mg可知两液体的重力的大小关系，因容器对桌面的压力等于容器、液体和物体的重力之和，据此得出两杯对桌面的压力大的大小关系，由压强公式判断出甲杯和乙杯对桌面压强的关系。
13．（2025八下·防城期末）在跳板跳水这一运动项目中，运动员对跳板施力的同时，也受到跳板对他的作用力，这说明物体间力的作用是　 　的，但这两个力的作用效果却不同，前者主要改变了跳板的　 　，后者主要是改变了运动员的运动状态。
【答案】相互；形状
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性
【解析】【解答】（1）根据题意可知，运动员对跳板施力的同时，运动员同时受到跳板对他的作用力，说明物体间力的作用是相互的。
（2）根据题意可知，运动员对跳板施力时，跳板会变弯，此时力的作用效果是使物体的形状发生了变化；跳板对运动员施力时，将运动员弹起，使运动员的运动状态发生变化。
【分析】（1）根据物体间力的作用的相互性解答；
（2）力的作用效果包括：①改变物体的形状；②改变物体的运动状态。
14．（2025八下·防城期末）在学校科技社团活动中，小赵同学所在的团队利用3D打印机制作了如图所示的飞机模等型。试飞时，飞机模型着地后，能够沿水平地面继续向前滑行一段距离，这是由于飞机模型具有　 　。当飞机模型在地面上静止时，其所受的重力与地面对飞机模型的支持力是一对　 　（填“平衡力”或“相互作用力”）。
【答案】惯性；平衡力
【知识点】惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，试飞时，飞机模型着地后，能够沿水平地面继续向前滑行一段距离，这是由于飞机模型具有惯性。
（2）根据题意可知，当飞机模型在地面上静止时，模型处于平衡状态，那么它所受的重力与地面对飞机模型的支持力是一对平衡力。
【分析】（1）物体保持运动状态不变的性质叫惯性；
（2）平衡状态包括静止或匀速直线运动状态，物体处于平衡状态受到平衡力。
15．（2025八下·防城期末）三峡大坝是三峡水电站的主体工程，其船闸的设计利用了　 　的原理；两艘轮船在长江上不能近距离并排行驶，是因为流体流速大的位置压强　 　。
【答案】连通器；小
【知识点】连通器原理及其应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）在轮船通过三峡船闸时，中游与下游，或者中游与上游，上面开口，底部连通，即相当于连通器，那么船闸的设计是运用连通器的原理；
（2） 两艘轮船在长江上不能近距离并排行驶，是因为流体流速大的位置压强小，为了避免靠近的轮船相撞。
【分析】（1）上面开口，底部连通的容器为连通器；
（2）根据流体压强和流速的关系分析解答。
16．（2025八下·防城期末）如图所示，多人秋千是这两年兴起的一种游乐设备，体验者只需要配合秋千的节奏用身体发力，就可以使秋千在一定范围内越荡越高。该过程中，绳子的拉力对秋千　 　（选填“做功”或“不做功”），秋千的机械能　 　（选填“守恒”或“不守恒”）。
【答案】不做功；不守恒
【知识点】机械能及其转化；是否做功的判断
【解析】【解答】（1）根据题意可知，在秋千摆动的过程中，秋千运动的方向与拉力的方向垂直，而拉力方向却沿绳子的方向，即秋千没有在拉力的方向上移动一段距离，所以绳子的拉力对秋千不做功。
（2）秋千在一定范围内越荡越高，则秋千的机械能逐渐增大，所以秋千的机械能不守恒。
【分析】（1）做功的要素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过距离；
（2）根据秋千的高度越来越大分析机械能的变化。
17．（2025八下·防城期末）如图所示，在拉力F=50N的作用下，一个重600N的物体以0.1m/s的速度沿水平地面向右匀速直线运动10s，已知滑轮组的机械效率为80%，则物体与地面间的滑动摩擦力为　 　N，拉力F做功的功率为　 　W。
【答案】120；15
【知识点】功率计算公式的应用；机械效率的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）根据得到：；
解得：f=120N。
（2）根据题意可知，绳子自由端移动的距离s=ns物=3×0.1m/s×10s=3m；
拉力F做功为W总=Fs=50N×3m=150J；
那么拉力F做功的功率为。
【分析】（1）根据滑轮组的机械效率列式计算即可；
（2）首先根据s=ns物计算绳子自由端移动的距离，再根据W总=Fs计算拉力F做的功，最后根据计算卡了做功的功率。
18．（2025八下·防城期末）将两个质量分布均匀的正方体A、B放在水平地面，如图甲所示，B的棱长为A的2倍，将A沿水平方向切去高为L的部分，把切去部分叠放在B上，B对地面的压强pB与L的变化关系图像如图乙所示。则B的重力为　 　N，当L=5cm时，A剩余部分对地面的压强为　 　Pa。
【答案】200；2000
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】 （1） 由图乙知，当L=10cm时，B对地面压强达到最大，说明A切去部分的最大高度为10cm，即A的棱长为10cm，
因为B的棱长为A的2倍，故B的棱长为lB=2lA=2×10cm=20cm=0.2m，
B是正方体，可求B的底面积，观察乙图中图像起始位置时是A未叠放在B上，此时B对地面的压强为5×103Pa，因B放在水平地面，所以B对地面的压力等于B的重力，
故B的重力；
（2） 由图乙知，当A全部叠放在B上，B对地面的压强为6×103Pa，
则A和B的总重力：，
A的重力，
A是质量分布均匀的正方体，当L=5cm时，
A剩余部分的重力，
A的底面积，
故A剩余部分对地面的压强。
【分析】（1）从图乙中看出A的边长为0.1m，故可以得出B的边长为0.2m，从而计算出B的底面积。在分析乙图中A为切割时B对地面的压强，从而计算出B的重力；
（2）从乙图中函数关系可以得出，当L=10cm时，B对地面压强为6×103Pa，利用p=FS，即可算出此时A和B的总重力，即可得出A的重力，当L=5cm时，说明A剩余部分的高度为5cm，故A刚好被切割一半，求出A剩余部分的重力，即可求出A剩余部分对地面的压强。
19．（2025八下·防城期末）（1）如图甲所示，铁球正在盛水的杯中下沉，在图中画出铁球所受的力的示意图；
（2）在如图乙所示的杠杆中，画出能使杠杆保持平衡的阻力臂及最小动力F的示意图；
（3）如图丙是物体A静止在斜面上，请作出物体A的摩擦力和斜面受到的压力的示意图。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】力的三要素及力的示意图；力臂的画法
【解析】【解答】（1）根据题意可知，在水中下沉的铁球，受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力，但是浮力小于重力，二者都作用在铁球的重心上，如下图如下：
（2）根据题意可知，杠杆A点受到的阻力F2由物体的重力产生，方向竖直向下，过支点O作阻力作用线的垂线段即为阻力臂。杠杆的支点为O，则OB为动力臂时最长，此时动力最小，过B点作垂直于OB向上的力即为最小动力，作图如下：
（3）根据题意可知，物体A受到沿着斜面向上的静摩擦力，作用在A的重心；A对斜面的压力作用在接触面的中心点处，方向垂直于斜面且指向斜面，如下图所示：
【分析】（1）对铁球进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（2）力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离。当以支点到力的作用点之间的距离为动力臂时最长，此时动力最小。
（3）对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可。
（1）铁球正在盛水的杯中下沉，则受到的浮力小于重力，重力竖直向下，浮力竖直向上，作图如下：
（2）杠杆A点受到绳子竖直向下的拉力即为阻力，过支点O作阻力作用线的垂线段即为阻力臂；根据杠杆平衡条件，以OB为动力臂时，动力臂最长，动力最小，过B点作垂直于OB向上的力即为最小动力，作图如下：
（3）物体A静止在斜面上，受到沿着斜面向上的静摩擦力，作用在A的重心；A对斜面的压力垂直于斜面且指向斜面，作用在接触面的中心点处，作图如下：
20．（2025八下·防城期末）在“探究影响液体内部压强的因素”的活动中，兴趣小组准备了压强计、水和盐水等实验器材。
（1）液体压强计是通过U形管中两侧液面的　 　来反映橡皮膜所受压强大小的，这种方法叫　 　（选填“控制变量法”“等效替代法”或“转换法”）；
（2）压强计的金属盒上所蒙着的橡皮膜最好选用较　 　（选填“厚”或“薄”）的橡皮膜；
（3）对于图甲所示压强计出现的问题，应将压强计金属盒拿出液体，然后____________；
A．将U形管中液体倒出一部分
B．更换U形管中液体
C．检查压强计的气密性
（4）正确处理存在问题之后，将压强计的金属盒放入液体中，如图乙、丙、丁所示；为了探究液体内部压强与液体密度的关系，应该比较图中　 　两图所示的实验，并得出结论：　 　。
【答案】（1）高度差；转换法
（2）薄
（3）C
（4）丙丁；深度相同时，液体密度越大，压强越大
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）根据题意可知，液体压强越大，U形管中两侧液面高度差越大，那么液体压强计是通过U形管中两侧液面高度差来反映橡皮膜所受压强大小的，这种方法叫转换法，
（2）橡皮膜越薄，橡皮膜越容易发生形变，这样在测量时会较灵敏，实验效果明显，则在实验中，U形管压强计金属盒上的橡皮膜应该选用薄一些的为好；
（3）根据甲图可知，将探头放入液体中时，U形管没有出现高度差，是因为装置漏气，应该检查装置的气密性。
故选C。
（4）①根据控制变量法的要求可知，为了探究液体内部压强与液体密度的关系，应该控制深度相同，改变液体的密度，故选丙、丁两图。
②根据图片可知，盐水的密度更大，且对应U形管两侧液面高度差更大，说明探头在盐水中橡皮受到的压强更大，可得结论：液体内部压强与液体的密度有关，深度相同时，液体密度越大，压强越大。
【分析】 （1）液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；
（2）橡皮膜越薄，橡皮膜越容易发生形变，这样在测量时会较灵敏，；
（3）用手指轻轻按压探头的橡皮膜，发现U形管两边的液面高度差变化都很小，这说明该压强计的气密性很差；若液面灵活升降，则装置不漏气，压强计的气密性好；
（4）①根据控制变量法的要求选择对照实验；
②液体压强与液体的深度和密度有关，根据实验现象分析得出结论。
（1）[1][2]液体压强计是通过U形管中两侧液面高度差来反映橡皮膜所受压强大小的，这种方法叫转换法，液体压强越大，U形管中两侧液面高度差越大。
（2）在实验中，U形管压强计金属盒上的橡皮膜应该选用薄一些的为好，因为橡皮膜越薄，橡皮膜越容易发生形变，这样在测量时会较灵敏，实验效果明显。
（3）由图甲知道，此时U形管没有出现高度差，是因为装置漏气，应该检查装置的气密性，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
（4）[1]为了探究液体内部压强与液体密度的关系，应该控制深度相同，改变液体的密度，应该比较丙、丁两图所示的实验。
[2]由图丙、丁两次实验知道，探头所处在液体中的深度相同，盐水的密度更大，U形管两侧液面高度差更大，说明探头在盐水中橡皮受到的压强更大，可得结论：液体内部压强与液体的密度有关，深度相同时，液体密度越大，压强越大。
21．（2025八下·防城期末）在“探究杠杆平衡条件”的活动中，实验选用的钩码重均为0.5N。
（1）实验前，杠杆静止在如图甲所示位置，此时杠杆　 　（选填“是”或“不是”）处于平衡状态；为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向　 　调节。
（2）如图乙所示，需要在B点挂上　 　个钩码，杠杆将在水平位置平衡；若两侧各减小一个钩码，杠杆　 　侧会下降。
（3）多次实验后，记录的数据如表所示，可得杠杆平衡的条件是：　 　（用表中的字母表示）。
实验序号 动力 动力臂 阻力 阻力臂
1
2
3
（4）如图丙所示，杆秤是我国古老的衡量工具，某杆秤的秤盘因不慎磕坏，缺了一小块，如果杆秤不进行调零，继续使用该杆秤，测量结果将　 　（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。
【答案】（1）是；右
（2）4；右
（3）
（4）偏小
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）①根据甲图可知，此时杠杆处于静止状态，因此图甲杠杆是处于平衡状态。
②由图甲可知，杠杆左低右高，则杠杆的右端较轻，则应将平衡螺母向右调节。
（2）①由杠杆平衡条件得到：；
解得：，故需要在B点挂4个钩码。
②当两边各减小一个钩码时，左侧：
右侧；
比较可知，右侧力与力臂的乘积大，
故杠杆右侧下降。
（3）根据表格数据可知，实验1中，
实验2中；
实验3中，；
那么得到：。
（4）由于某杆秤的秤盘因不慎磕坏了一个缺口，在测量时需要多放物品去不足缺口处的质量，所以，在m砣g×l砣不变时，测量结果偏小。
【分析】（1）①杠杆的平衡状态包括：静止状态或匀速转动状态；
②平衡螺母总是向较轻的一侧调节。
（2）①根据杠杆的平衡条件列式计算；
②分别计算出左侧和右侧力与力臂的乘积，然后比较大小即可。
（3）分别计算出每组数据中支点两侧力和力臂的乘积大小，然后比较即可；
（4）秤盘缺口，则质量减小，根据平衡条件分析即可。
（1）[1][2]杠杆静止或匀速转动时都属于平衡状态，因此图甲杠杆是处于平衡状态；由图甲可知，杠杆左低右高，根据“左高左调，右高右调”，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右调节。
（2）[1]当左侧拉力
力臂时，由杠杆平衡条件知，，即
解得。故需要在B点挂4个钩码。
[2]当两边各减小一个钩码时，左侧
右侧
右侧力与力臂的乘积大，故杠杆右侧下降。
（3）由记录的数据进行分析，
可得、、、之间的关系是：。
（4）由于某杆秤的秤盘因不慎磕坏了一个缺口，在测量时需要多放物品去不足缺口处的质量，所以，在m砣g×l砣不变时，测量结果偏小。
22．（2025八下·防城期末）在探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关的实验中，某实验小组选择如下器材：长木板、棉布、木块、砝码、弹簧测力计等进行实验。
（1）实验时用弹簧测力计匀速拉动木块运动，如图1甲图中弹簧测力计示数为　 　N，根据　 　原理可得此时木块所受滑动摩擦力的大小等于拉力的大小；
（2）比较甲、乙两图可得：在接触面粗糙程度相同时，　 　越大，滑动摩擦力越大；
（3）该小组将图1甲中的木块沿竖直方向切掉一半后重新进行实验，测得木块此时所受的摩擦力大小并与甲原来未切时测得的摩擦力大小进行比较，两者大小不相等，于是得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积有关。此结论是(　　)的（选填“正确”或“错误”）；
（4）该小组在实验中发现较难保持木块匀速运动，导致弹簧测力计示数不稳定。于是他们改进实验，如图2所示，固定弹簧测力计，拉动长木板进行实验。实验过程　 　匀速拉动长木板（选填“需要”或“不需要”）；
（5）实验中，对摩擦力大小进行了多次测量，下列实验中多次测量的目的与本实验不同的是______。
A．探究重力的大小与质量的关系时改变钩码质量多次实验
B．测量物体的长度时用刻度尺多次测量
【答案】（1）2.8；二力平衡
（2）压力
（3）错误
（4）不需要
（5）B
【知识点】弹簧测力计及其使用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）①根据图1甲可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，弹簧测力计的示数为；
②根据题意可知，当在水平方向匀速拉动木块运动时，此时木块处于平衡状态，根据二力平衡原理，滑动摩擦力的大小等于拉力的大小。
（2）根据图片可知，甲、乙实验中，接触面的粗糙程度相同，但是木块对接触面的压力大于甲图，且弹簧测力计的示数更大，那么可得：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）根据控制变量法的要求可知，探究滑动摩擦力与接触面积的关系时，需控制压力大小和接触面粗糙程度相同，仅改变接触面积。将木块沿竖直方向切掉一半后，接触面积和压力都减小了。因此，得出“滑动摩擦力的大小与接触面积有关”的结论是错误的。
（4）根据题意可知，无论长木板是否匀速运动，木块对接触面的压力和接触面的粗糙程度不变，因此它受到的摩擦力大小不变，则木块受到的拉力始终等于滑动摩擦力，因此不需要匀速拉动长木板。
（5）A．根据题意可知，“探究重力的大小与质量的关系时改变钩码质量多次实验”，多次测量的目的是寻找普遍规律，与本实验一致，故A不符合题意；
B．根据题意可知，“测量物体的长度时用刻度尺多次测量”，多次测量的目的是减小误差（取平均值），与本实验不同，故B符合题意。
故选B。
【分析】 （1）弹簧测力计的分度值为0.2N，据此读数；
实验时用弹簧测力计匀速拉动木块运动，根据二力平衡原理，木块在水平方向上受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力；
（2）在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（3）根据控制变量法分析；
（4）改进实验中，弹簧测力计固定，拉动长木板时，木块始终处于静止状态（受力平衡），不需要匀速拉动长木板；
（5）本实验多次测量的目的是寻找普遍规律，避免实验结论的偶然性；
“测量物体的长度时用刻度尺多次测量”，多次测量的目的是减小误差（取平均值）。
（1）[1]弹簧测力计的分度值为0.2N，图1甲中弹簧测力计的示数为
[2]实验时用弹簧测力计匀速拉动木块运动，此时木块处于平衡状态，根据二力平衡原理，木块在水平方向上受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，因此滑动摩擦力的大小等于拉力的大小。
（2）甲、乙两图中，接触面的粗糙程度相同（均为木板），但乙图中木块上放置了砝码，即木块对接触面的压力大于甲图。对比两图中弹簧测力计的示数可知，乙图的拉力更大，说明滑动摩擦力更大。因此可得：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）探究滑动摩擦力与接触面积的关系时，需控制压力大小和接触面粗糙程度相同，仅改变接触面积。该小组将木块沿竖直方向切掉一半后，接触面积减小的同时，木块对接触面的压力也减小为原来的一半，即没有控制压力大小不变，存在两个变量。因此，得出“滑动摩擦力的大小与接触面积有关”的结论是错误的。
（4）改进实验中，弹簧测力计固定，拉动长木板时，木块始终处于静止状态（受力平衡）。无论长木板是否匀速运动，木块受到的拉力（弹簧测力计示数）始终等于滑动摩擦力，因此不需要匀速拉动长木板。
（5）A．本实验多次测量的目的是寻找普遍规律，避免实验结论的偶然性。“探究重力的大小与质量的关系时改变钩码质量多次实验”，多次测量的目的是寻找普遍规律，与本实验一致，故A不符合题意；
B．“测量物体的长度时用刻度尺多次测量”，多次测量的目的是减小误差（取平均值），与本实验不同，故B符合题意。
故选B。
23．（2025八下·防城期末）如图所示是探究“浮力的大小跟哪些因素有关”的实验过程。
（1）由图b、c、d可得∶物体所受浮力的大小与物体排开液体的　 　有关；探究物体所受浮力的大小与物体排开液体的密度是否有关时，应比较图b、e和　 　；
（2）比较图d、e可得∶物体所受浮力的大小与浸入液体中的深度　 　（选填“有关”或“无关”）；
（3）由图a、b、e、f可得：物体所受的浮力为　 　N，该物体的密度为　 　kg/m3；
（4）在实验过程中，小明还发现用测量浮力的方法也可以测量物体的密度：
①将物体挂在弹簧测力计下，测得物体的重力为G；
②将挂在弹簧测力计下的物体　 　入水中，此时弹簧测力计的读数为F；
③物体的密度表达式为ρ=　 　（用G、F和ρ水来表示）。
【答案】体积；g；无关；0.5；；浸没；
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）①根据图片b、c、d可知，物体排开液体的体积越大，则测力计的示数越小，而受到的浮力越大，那么得到：物体所受浮力的大小与物体排开液体的体积有关。
②根据控制变量法的要求可知，探究物体所受浮力的大小与物体排开液体的密度是否有关时，应控制物体排开液体的体积相同，改变液体的密度，故选实验b、e和g。
（2）根据图片可知，实验d、e中，浸没在水中的物体的深度大小不同，但是受到的弹簧测力计的拉力相同，即物体受到的浮力也相同，由此可得：物体所受浮力的大小与浸入液体中的深度无关。
（3）根据图片可知，物体在图e中（即浸没时）所受的浮力为
；
该物体的体积为；
该物体的质量为；
该物体的密度为。
（4）②由于物体浸没时V物=V排，所以将挂在弹簧测力计下的物体浸没入水中。
③根据题意可知，物体的体积为；
那么物体的密度为。
【分析】 （1）探究浮力大小与“物体排开液体的体积”关系时，应控制液体的密度不变，改变物体排开液体的体积；探究浮力大小与“物体排开液体的体积”关系时，物体排开液体的体积相同，液体的密度不同；
（2）根据实验d、e的实验现象分析解答；
（3）利用称重法求得浮力大小，根据阿基米德原理计算出物体的体积，根据密度公式计算物体的密度；
（4）将物体浸没在水中，物体排开液体的体积与物体的体积相等；由①②合金求出受到的浮力，由阿基米德原理，F浮=ρ液gV排=ρ液gV物求出物体的体积，根据密度公式求出合金密度的表达式。
24．（2025八下·防城期末）如图，小莉在水平地面上玩滑板时，她的滑板重40N，与地面的总接触面积为8×10-4m2。质量为44kg的小莉踩着滑板向前以2m/s的速度匀速直线滑行，受到的阻力为总重力的0.02倍，求：
（1）小莉站在滑板上时对滑板的压力；
（2）小莉站在滑板上时滑板对地面的压强；
（3）小莉踩着滑板向前滑行时的功率。（取）
【答案】（1）解：根据题意可知，小莉对滑板的压力等于人的重力，
即。
答： 小莉站在滑板上时对滑板的压力为440N 。
（2）解：根据题意可知，滑板对水平地面的压力；
滑板对地面的压强。
答：滑板对地面的压强为6×105Pa，
（3）解：根据题意可知，滑板匀速直线滑行时，它受到的阻力；
根据平衡力的知识可知，滑板受到的牵引力；
滑板向前滑行时的功率。
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】 （1）在水平地面上玩滑板时，小莉站在滑板上时对滑板的压力等于总重力；
（2）根据计算滑板对地面的压力，再利用压强公式计算小莉站在滑板上时滑板对地面的压强；（3）根据计算滑板受到的阻力，再根据平衡力的知识计算滑板受到的牵引力，最后根据P=Fv求向前滑行时的功率。
（1）小莉站在水平滑板上，对滑板的压力等于人的重力，则压力为
（2）滑板对水平地面的压力
滑板对地面的压强
（3）滑板匀速直线滑行时，动力与所受阻力平衡，二力相等。则
滑板向前滑行时的功率
25．（2025八下·防城期末）小明同学利用力学传感器设计了如图甲所示的装置，竖直细杆B的下端通过力传感器（小方块）固定在容器底部，上端与实心正方体A固定。细杆B长10cm，A不吸水。不计细杆B及连接处的质量和体积。力传感器可以显示出细杆B受到作用力的大小，现缓慢向容器中加水，当水深为20cm时正方体A刚好完全浸没。力传感器的示数大小F随水深h变化的图像如图乙所示。
（，g取）求：
（1）正方体A的重力；
（2）正方体A刚好完全浸没时，水对容器底的压强；
（3）正方体A的密度；
（4）当容器内水的深度为13cm时，正方体A所受浮力的大小及力传感器的示数大小。
【答案】（1）解：由图乙可知，当h0=0cm时，力传感器的示数为F0=8N，由细杆的质量不考虑可知，正方体A对力传感器的压力等于自身的重力，即正方体A的重力为
（2）解：正方体A刚好完全浸没时，水对容器底的压强为
（3）解：当水深10cm时正方体A下端恰好接触水面，可知杆的长度为
当水深为20cm时，正方体A刚好完全浸没，则正方体A的边长为
正方体A的体积为
由
可知，正方体A的密度为

（4）解：当水深h'=13cm时，A排开水的体积为
此时A受到的浮力为
力传感器的示数为
【知识点】密度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【分析】（1）根据水平面受到的压力，判断物体的重力；
（2）利用p=ρgh，计算液体压强的大小；
（3）根据，可以计算物体的的密度；
（4）根据F浮=ρ液gV排，计算物体受到的浮力的大小，结合物体的重力，计算水平面受到的压力。
（1）由图乙可知，当h0=0cm时，力传感器的示数为F0=8N，由细杆的质量不考虑可知，正方体A对力传感器的压力等于自身的重力，即正方体A的重力为
（2）正方体A刚好完全浸没时，水对容器底的压强为
（3）当水深10cm时正方体A下端恰好接触水面，可知杆的长度为
当水深为20cm时，正方体A刚好完全浸没，则正方体A的边长为
正方体A的体积为
由
可知，正方体A的密度为
（4）当水深h'=13cm时，A排开水的体积为
此时A受到的浮力为
力传感器的示数为
1 / 1广西壮族自治区防城港市防城区2024-2025学年八年级下学期期末物理试题
1．（2025八下·防城期末）下列事例中，利用惯性的是（　　）
A．汽车在转弯时减速慢行 B．运动员跳远时助跑
C．乘车时系好安全带 D．汽车在行驶时保持车距
2．（2025八下·防城期末）正在空中竖直上升的篮球，如果所受的外力突然全部消失，它将（　　）
A．静止 B．加速下落
C．匀速上升 D．先减速上升，后加速下落
3．（2025八下·防城期末）一台机器的功率是750W，它表示的意义是（　　）
A．这台机器做功750J B．这台机器在1min内做功750J
C．这台机器在1s内做功750W D．这台机器在1s内做功750J
4．（2025八下·防城期末）我国高铁技术世界领先，高铁线路总里程世界第一。下列有关高铁的设计描述错误的是（　　）
A．图甲∶高铁铁轨下铺设枕木是为了减小压强
B．图乙∶高铁车厢内的破窗锤锤头做成锥形，是为了增大压强
C．图丙∶站台上安全线处有凹凸不平的花纹是为了增大摩擦
D．图丁∶高铁车厢座椅用软质材料包裹，是为了减小压力
5．（2025八下·防城期末）下列力学知识，说法正确的是（　　）
A．单独一个物体也可以产生力的作用
B．弹簧受到的拉力越大，弹簧的伸长量就越长
C．在同一位置，物体的质量与物体所受重力成正比
D．用卡车装货物时，重的货物装在底层可以降低重心提高稳定性
6．（2025八下·防城期末）某海滨浴场的水底有一些小鹅卵石，小明踩着鹅卵石由浅水处走向深水处。下列关于在此过程中小明的体验以及原因分析合理的是（　　）
A．脚底的疼痛感越来越重，因为水底鹅卵石对人的支持力越来越大
B．脚底的疼痛感越来越重，因为人受到的重力越来越大
C．脚底的疼痛感越来越轻，因为水底鹅卵石对人的支持力越来越小
D．脚底的疼痛感越来越轻，因为人越来越轻
7．（2025八下·防城期末）以下工具使用时属于费力杠杆的是（　　）
A．羊角锤 B．镊子
C．瓶起子 D．剪铁皮剪刀
8．（2025八下·防城期末）下列关于压强的实验和描述，说法正确的是（　　）
A．实验甲目的是为了证明液体压强的存在
B．实验乙可以说明同种液体中的压强随着深度的增加而增大
C．若将图丙气压计从广州拿到西藏，细玻璃管内的液面会升高
D．图丁可以说明压力的作用效果与受力面积有关
9．（2025八下·防城期末）将一个重为5N的球竖直向上抛出，球上升过程中受到重力和空气的阻力作用，关于这两个力的合力的大小和方向，下列说法中正确的是（　　）
A．小于5N，方向向上 B．大于5N，方向向下
C．等于5N，方向向下 D．小于5N，方向向下
10．（2025八下·防城期末）将一物块轻轻放入盛满密度为0.7×103kg/m3的液体的大烧杯中，静止后有14g液体溢出；将其轻轻放入盛满水的大烧杯中，静止后有18g水溢出。分析以上信息，下列说法中正确的是（　　）
A．静止时，物块在液体中漂浮 B．静止时，物块在水中沉底
C．物块的密度为0.9g/cm3 D．缺少条件，无法求出物块密度
11．（2025八下·防城期末）如图甲，工人用水平推力F沿直线向前推动水平地面上的木箱，推力F随时间t的变化情况如图乙，木箱前进的速度v的大小随时间t的变化如图丙，则下列说法正确的是（　　）
A．0~1s 内，木箱受到的合力为零
B．0~1s和5~6s内，木箱所受摩擦力大小相等
C．1~3s内，木箱做匀速直线运动
D．3~5s内，木箱所受摩擦力所做功的大小为400J
12．（2025八下·防城期末）如图所示，水平桌面上甲、乙两相同的容器装有体积相等的不同液体。将同种材料制成的实心物体A、B分别放入甲、乙两容器中，静止时两容器中的液面保持相平，则（　　）
A．物体A受到的浮力大于物体B受到的浮力
B．甲容器中液体的密度小于乙容器中液体的密度
C．甲、乙两容器的底部受到液体的压强不相等
D．甲容器对桌面的压力小于乙容器对桌面的压力
13．（2025八下·防城期末）在跳板跳水这一运动项目中，运动员对跳板施力的同时，也受到跳板对他的作用力，这说明物体间力的作用是　 　的，但这两个力的作用效果却不同，前者主要改变了跳板的　 　，后者主要是改变了运动员的运动状态。
14．（2025八下·防城期末）在学校科技社团活动中，小赵同学所在的团队利用3D打印机制作了如图所示的飞机模等型。试飞时，飞机模型着地后，能够沿水平地面继续向前滑行一段距离，这是由于飞机模型具有　 　。当飞机模型在地面上静止时，其所受的重力与地面对飞机模型的支持力是一对　 　（填“平衡力”或“相互作用力”）。
15．（2025八下·防城期末）三峡大坝是三峡水电站的主体工程，其船闸的设计利用了　 　的原理；两艘轮船在长江上不能近距离并排行驶，是因为流体流速大的位置压强　 　。
16．（2025八下·防城期末）如图所示，多人秋千是这两年兴起的一种游乐设备，体验者只需要配合秋千的节奏用身体发力，就可以使秋千在一定范围内越荡越高。该过程中，绳子的拉力对秋千　 　（选填“做功”或“不做功”），秋千的机械能　 　（选填“守恒”或“不守恒”）。
17．（2025八下·防城期末）如图所示，在拉力F=50N的作用下，一个重600N的物体以0.1m/s的速度沿水平地面向右匀速直线运动10s，已知滑轮组的机械效率为80%，则物体与地面间的滑动摩擦力为　 　N，拉力F做功的功率为　 　W。
18．（2025八下·防城期末）将两个质量分布均匀的正方体A、B放在水平地面，如图甲所示，B的棱长为A的2倍，将A沿水平方向切去高为L的部分，把切去部分叠放在B上，B对地面的压强pB与L的变化关系图像如图乙所示。则B的重力为　 　N，当L=5cm时，A剩余部分对地面的压强为　 　Pa。
19．（2025八下·防城期末）（1）如图甲所示，铁球正在盛水的杯中下沉，在图中画出铁球所受的力的示意图；
（2）在如图乙所示的杠杆中，画出能使杠杆保持平衡的阻力臂及最小动力F的示意图；
（3）如图丙是物体A静止在斜面上，请作出物体A的摩擦力和斜面受到的压力的示意图。
20．（2025八下·防城期末）在“探究影响液体内部压强的因素”的活动中，兴趣小组准备了压强计、水和盐水等实验器材。
（1）液体压强计是通过U形管中两侧液面的　 　来反映橡皮膜所受压强大小的，这种方法叫　 　（选填“控制变量法”“等效替代法”或“转换法”）；
（2）压强计的金属盒上所蒙着的橡皮膜最好选用较　 　（选填“厚”或“薄”）的橡皮膜；
（3）对于图甲所示压强计出现的问题，应将压强计金属盒拿出液体，然后____________；
A．将U形管中液体倒出一部分
B．更换U形管中液体
C．检查压强计的气密性
（4）正确处理存在问题之后，将压强计的金属盒放入液体中，如图乙、丙、丁所示；为了探究液体内部压强与液体密度的关系，应该比较图中　 　两图所示的实验，并得出结论：　 　。
21．（2025八下·防城期末）在“探究杠杆平衡条件”的活动中，实验选用的钩码重均为0.5N。
（1）实验前，杠杆静止在如图甲所示位置，此时杠杆　 　（选填“是”或“不是”）处于平衡状态；为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向　 　调节。
（2）如图乙所示，需要在B点挂上　 　个钩码，杠杆将在水平位置平衡；若两侧各减小一个钩码，杠杆　 　侧会下降。
（3）多次实验后，记录的数据如表所示，可得杠杆平衡的条件是：　 　（用表中的字母表示）。
实验序号 动力 动力臂 阻力 阻力臂
1
2
3
（4）如图丙所示，杆秤是我国古老的衡量工具，某杆秤的秤盘因不慎磕坏，缺了一小块，如果杆秤不进行调零，继续使用该杆秤，测量结果将　 　（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。
22．（2025八下·防城期末）在探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关的实验中，某实验小组选择如下器材：长木板、棉布、木块、砝码、弹簧测力计等进行实验。
（1）实验时用弹簧测力计匀速拉动木块运动，如图1甲图中弹簧测力计示数为　 　N，根据　 　原理可得此时木块所受滑动摩擦力的大小等于拉力的大小；
（2）比较甲、乙两图可得：在接触面粗糙程度相同时，　 　越大，滑动摩擦力越大；
（3）该小组将图1甲中的木块沿竖直方向切掉一半后重新进行实验，测得木块此时所受的摩擦力大小并与甲原来未切时测得的摩擦力大小进行比较，两者大小不相等，于是得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积有关。此结论是(　　)的（选填“正确”或“错误”）；
（4）该小组在实验中发现较难保持木块匀速运动，导致弹簧测力计示数不稳定。于是他们改进实验，如图2所示，固定弹簧测力计，拉动长木板进行实验。实验过程　 　匀速拉动长木板（选填“需要”或“不需要”）；
（5）实验中，对摩擦力大小进行了多次测量，下列实验中多次测量的目的与本实验不同的是______。
A．探究重力的大小与质量的关系时改变钩码质量多次实验
B．测量物体的长度时用刻度尺多次测量
23．（2025八下·防城期末）如图所示是探究“浮力的大小跟哪些因素有关”的实验过程。
（1）由图b、c、d可得∶物体所受浮力的大小与物体排开液体的　 　有关；探究物体所受浮力的大小与物体排开液体的密度是否有关时，应比较图b、e和　 　；
（2）比较图d、e可得∶物体所受浮力的大小与浸入液体中的深度　 　（选填“有关”或“无关”）；
（3）由图a、b、e、f可得：物体所受的浮力为　 　N，该物体的密度为　 　kg/m3；
（4）在实验过程中，小明还发现用测量浮力的方法也可以测量物体的密度：
①将物体挂在弹簧测力计下，测得物体的重力为G；
②将挂在弹簧测力计下的物体　 　入水中，此时弹簧测力计的读数为F；
③物体的密度表达式为ρ=　 　（用G、F和ρ水来表示）。
24．（2025八下·防城期末）如图，小莉在水平地面上玩滑板时，她的滑板重40N，与地面的总接触面积为8×10-4m2。质量为44kg的小莉踩着滑板向前以2m/s的速度匀速直线滑行，受到的阻力为总重力的0.02倍，求：
（1）小莉站在滑板上时对滑板的压力；
（2）小莉站在滑板上时滑板对地面的压强；
（3）小莉踩着滑板向前滑行时的功率。（取）
25．（2025八下·防城期末）小明同学利用力学传感器设计了如图甲所示的装置，竖直细杆B的下端通过力传感器（小方块）固定在容器底部，上端与实心正方体A固定。细杆B长10cm，A不吸水。不计细杆B及连接处的质量和体积。力传感器可以显示出细杆B受到作用力的大小，现缓慢向容器中加水，当水深为20cm时正方体A刚好完全浸没。力传感器的示数大小F随水深h变化的图像如图乙所示。
（，g取）求：
（1）正方体A的重力；
（2）正方体A刚好完全浸没时，水对容器底的压强；
（3）正方体A的密度；
（4）当容器内水的深度为13cm时，正方体A所受浮力的大小及力传感器的示数大小。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】ACD．汽车在转弯时减速慢行，开车坐车时要系好安全带和车行驶要保持一定车距，都属于防止惯性带来的危害，故ACD不符合题意；
B．跳远运动员跳远时助跑，是利用惯性保持运动状态从而取得更好的成绩，故B符合题意；
故选B。
【分析】物体保持运动状态不变的性质叫惯性，对各个选项分析判断即可。
2．【答案】C
【知识点】物体运动状态的变化
【解析】【解答】根据题意可知，正在空中竖直上升的篮球，如果所受的外力突然全部消失，根据牛顿第一定律可知，那么它将保持现在的运动状态，即继续向上做匀速直线运动。
故选C。
【分析】根据牛顿第一定律分析判断。
3．【答案】D
【知识点】功率的概念
【解析】【解答】根据题意可知，功率是750W，表示这台机器在1s内所做的功为750J，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】 功率是指做功快慢的物理量，在数值上等于单位时间内所做的功，
4．【答案】D
【知识点】增大或减小摩擦的方法；增大压强的方法及其应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】A、铁轨下铺设枕木，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A正确，不符合题意；
B、高铁车厢内的破窗锤末端做成锥形，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故B正确，不符合题意；C、 站台处安全线有凹凸不平的花纹是在压力一定时，通过增大接触面粗糙程度从而增大摩擦， 故C正确，不符合题意；
D、高铁车厢座椅用软质材料包裹，是在压力一定时，通过增大受力面积达到减小压强的效果，故D错误，符合题意。
故选：D。
【分析】（1）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
（2）压力一定时，通过增大接触面粗糙程度可以增大摩擦力。
5．【答案】D
【知识点】力的概念及单位；弹力；重力及其大小的计算；重心
【解析】【解答】A．根据力的定义可知，力是物体对物体的作用，一个力必须涉及受力物体和施力物体两个物体，故A错误；
B．在弹性限度内，弹簧受到的拉力越大，弹簧的伸长量就越长，故B错误；
C．根据G=mg可知，在地球表面同一位置，物体所受重力的大小与物体的质量成正比，故C错误；
D．用卡车装货物时，重的货物装在底层可以降低重心提高稳定性，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据力的定义判断；
B.根据弹力与伸长量之间的关系判断；
C.根据G=mg分析；
D. 重心越低，物体的稳定性越好。
6．【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理
【解析】【解答】根据题意可知，人由浅水区走到深水区的过程中，人排开水的体积变大，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，人所受浮力变大。根据F=G-F浮可知，人受到的支持力减小，则人的脚疼痛越来越弱。
故C正确，而ABD错误。
故选C。
【分析】人由浅水区走到深水区的过程中，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析受到浮力的变化，再根据F=G-F浮分析人受到支持力的变化即可。
7．【答案】B
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】ACD．羊角锤、瓶起子和剪铁皮剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故ACD不符合题意；
B．镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B符合题意。
故选B。
【分析】比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类。
8．【答案】B
【知识点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验；探究液体压强的特点实验；大气压强的存在；大气压强与高度的关系
【解析】【解答】A．塑料管倒放，管中的水不会流出，是因为大气对纸片产生向上的压强，则目的是为了证明大气压强的存在，故A错误；
B．探头在水中的深度越深，则U形管两侧液面高度差越大，即液体中的压强越大，所以可以说明同种液体中的压强随着深度的增加而增大，故B正确；
C．将图丙气压计从广州拿到西藏，海拔升高，由于大气压随海拔升高而减小，所以大气压减小，故细玻璃管内的液面会降低，故C错误；
D．两个实验中受力面积相同，压力大小不同，且海绵的凹陷程度不同，说明压力的作用效果与压力大小有关，故D错误。
故选B。
【分析】对各个选项中的实验进行分析，确定其中包含的物理原理，然后与题目的描述对照即可。
9．【答案】B
【知识点】力的合成与应用
【解析】【解答】根据题意可知，在球上升过程中，物体受到的重力方向竖直向下，受到阻力方向竖直向下，则受到的合力为重力和阻力之和，那么合力大于5N，方向竖直向下
故选B。
【分析】同一直线上二力的合成，方向相同时用加法，方向与这两个力的方向相同；方向相反时用减法，方向与较大的力的方向一致。
10．【答案】C
【知识点】密度公式及其应用；阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】AB．根据题意可知，若物块放入水中和液体中都处于漂浮状态，则物块在水中时重力等于浮力，则排开液体的质量相等，与题干描述不一致。
若物块在水和液体中都处于浸没状态，则两次排开液体的体积均等于物体的体积相等，
则在水中与液体中的浮力之比为；
而实际上物块在水中与液体中的浮力之比为，与题干描述不一致。
因为水的密度大于酒精的密度，
所以物块在水中漂浮，在液体中浸没，故AB错误；
CD．根据物块在水中漂浮可知，物体的重力，
即
物块的体积为。
则物体的密度为，
故C正确，D错误。
故选C。
【分析】 根据溢出液体的质量比较浮力，根据浮沉条件分情况讨论，确定浮沉状态；根据排开液体的质量计算体积，结合漂浮的条件分析浮力和重力关系，确定质量，根据密度公式计算解答。
11．【答案】A,D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；增大或减小摩擦的方法；功的计算及应用
【解析】【解答】A.根据丙图可知，0~1s 内，木箱的速度为零，即处于静止状态，即处于平衡状态，则受到的合力为零，故A正确；
B.根据丙图可知，0~1s木箱处于静止状态，则受到推力和摩擦力相互平衡，即摩擦力等于推力，也就是摩擦力为100N。3~5s内，处于匀速直线运动，也处于平衡状态，即受到推力和摩擦力相等，则摩擦力为200N。而木箱在1~6s与地面的压力和接触面粗糙程度相同，即摩擦力大小不变均为200N，所以木箱所受摩擦力与0~1s大小不相等，故B错误；
C．根据题意可知，在1~3s内，木箱运动速度越来越快，做加速直线运动，故C错误；
D.根据丙图可知，3~5s内，木箱运动的速度为1m/s，
则木箱运动的距离为；
木箱所受摩擦力为200N，所做功的大小为，
故D正确。
故选AD。
【分析】 A.由v-t图象可知，0～1s内物体做静止，处于平衡状态，合力为零；
B.由v-t图象可知，各段内物体运动的速度变化即可判断所处的状态；滑动摩擦力只与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，与物体运动的速度无关；
C.由图丙知，木箱在1～3s内运动为匀加速运动；
D.由图丙知，木箱在3～5s内做匀速直线运动，由图乙可知此时推力，此时木箱受到的摩擦力和推力是一对平衡力，大小相等；
利用s=vt求木箱在3～5s内运动的路程，故W=fs算出3～5s内木箱所受摩擦力所做功。
12．【答案】A,C
【知识点】密度公式及其应用；压力及重力与压力的区别；液体压强计算公式的应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】 A．根据题意可知，甲、乙容器液体的体积相等，放入A、B分液面等高，则A排开液体的体积等于B排开液体的体积。由图可知，A处于漂浮状态，B处于悬浮状态，所以A的体积大于B的体积，实心物体A、B由同种材料制作，则密度相等，根据m=ρV得到A的质量大于B的质量，根据G=mg可知，A的重力大于B的重力；
由图可知，A处于漂浮状态，A受到的浮力等于其重力，A的密度小于甲液体的密度；B处于悬浮状态，B受到的浮力等于其重力，B的密度等于乙液体的密度；因为A的重力大于B的重力，所以A受的浮力大于B受到的浮力，故A正确；
B.由图可知，A漂浮在甲液体中，A的密度小于甲液体的密度；B悬浮在乙液体中，B的密度等于乙液体的密度，由于实心物体A、B由同种材料制作，则A、B的密度相等，所以，甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度，故B错误；
C.由于甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度，静止时两容器中的液面保持相平，根据p=ρ液gh可知，甲容器底部所受液体压强大于乙容器底部所受液体压强，故C正确；
D.由题可知甲杯中液体的体积等于乙杯中液体的体积，甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度，由m=ρV可知甲杯中液体的质量大于乙杯中液体的质量，根据G=mg可知，甲杯中液体的重力大于乙杯中液体的重力，A的重力大于B的重力，甲杯和乙杯对水平桌面的压力等于液体、物体和杯子的总重力，两个杯子是相同的，重力相同，所以甲杯对水平桌面的压力大于乙杯对水平桌面的压力，两个杯子的底面积相等，由可知，甲杯对水平桌面的压强大于乙杯对水平桌面的压强，故D错误。
故选AC。
【分析】A.首先根据题目中给出的条件判断，判断实心物体A、B的体积关系，又知实心物体A、B由同种材料制作，利用密度公式判断其质量关系，再利用重力公式判断其重力关系；根据物体浮沉条件判定浮力的大小关系；
B.根据物体浮沉条件，结合图示判断两种液体的密度关系；
C.已知两种液体的密度关系，又知深度关系，根据p=ρ液gh判断两容器底部所受液体压强关系。
D.根据m=ρV可知两液体的质量的大小关系，根据G=mg可知两液体的重力的大小关系，因容器对桌面的压力等于容器、液体和物体的重力之和，据此得出两杯对桌面的压力大的大小关系，由压强公式判断出甲杯和乙杯对桌面压强的关系。
13．【答案】相互；形状
【知识点】力的作用效果；力作用的相互性
【解析】【解答】（1）根据题意可知，运动员对跳板施力的同时，运动员同时受到跳板对他的作用力，说明物体间力的作用是相互的。
（2）根据题意可知，运动员对跳板施力时，跳板会变弯，此时力的作用效果是使物体的形状发生了变化；跳板对运动员施力时，将运动员弹起，使运动员的运动状态发生变化。
【分析】（1）根据物体间力的作用的相互性解答；
（2）力的作用效果包括：①改变物体的形状；②改变物体的运动状态。
14．【答案】惯性；平衡力
【知识点】惯性及其现象；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】（1）根据题意可知，试飞时，飞机模型着地后，能够沿水平地面继续向前滑行一段距离，这是由于飞机模型具有惯性。
（2）根据题意可知，当飞机模型在地面上静止时，模型处于平衡状态，那么它所受的重力与地面对飞机模型的支持力是一对平衡力。
【分析】（1）物体保持运动状态不变的性质叫惯性；
（2）平衡状态包括静止或匀速直线运动状态，物体处于平衡状态受到平衡力。
15．【答案】连通器；小
【知识点】连通器原理及其应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）在轮船通过三峡船闸时，中游与下游，或者中游与上游，上面开口，底部连通，即相当于连通器，那么船闸的设计是运用连通器的原理；
（2） 两艘轮船在长江上不能近距离并排行驶，是因为流体流速大的位置压强小，为了避免靠近的轮船相撞。
【分析】（1）上面开口，底部连通的容器为连通器；
（2）根据流体压强和流速的关系分析解答。
16．【答案】不做功；不守恒
【知识点】机械能及其转化；是否做功的判断
【解析】【解答】（1）根据题意可知，在秋千摆动的过程中，秋千运动的方向与拉力的方向垂直，而拉力方向却沿绳子的方向，即秋千没有在拉力的方向上移动一段距离，所以绳子的拉力对秋千不做功。
（2）秋千在一定范围内越荡越高，则秋千的机械能逐渐增大，所以秋千的机械能不守恒。
【分析】（1）做功的要素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过距离；
（2）根据秋千的高度越来越大分析机械能的变化。
17．【答案】120；15
【知识点】功率计算公式的应用；机械效率的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）根据得到：；
解得：f=120N。
（2）根据题意可知，绳子自由端移动的距离s=ns物=3×0.1m/s×10s=3m；
拉力F做功为W总=Fs=50N×3m=150J；
那么拉力F做功的功率为。
【分析】（1）根据滑轮组的机械效率列式计算即可；
（2）首先根据s=ns物计算绳子自由端移动的距离，再根据W总=Fs计算拉力F做的功，最后根据计算卡了做功的功率。
18．【答案】200；2000
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】 （1） 由图乙知，当L=10cm时，B对地面压强达到最大，说明A切去部分的最大高度为10cm，即A的棱长为10cm，
因为B的棱长为A的2倍，故B的棱长为lB=2lA=2×10cm=20cm=0.2m，
B是正方体，可求B的底面积，观察乙图中图像起始位置时是A未叠放在B上，此时B对地面的压强为5×103Pa，因B放在水平地面，所以B对地面的压力等于B的重力，
故B的重力；
（2） 由图乙知，当A全部叠放在B上，B对地面的压强为6×103Pa，
则A和B的总重力：，
A的重力，
A是质量分布均匀的正方体，当L=5cm时，
A剩余部分的重力，
A的底面积，
故A剩余部分对地面的压强。
【分析】（1）从图乙中看出A的边长为0.1m，故可以得出B的边长为0.2m，从而计算出B的底面积。在分析乙图中A为切割时B对地面的压强，从而计算出B的重力；
（2）从乙图中函数关系可以得出，当L=10cm时，B对地面压强为6×103Pa，利用p=FS，即可算出此时A和B的总重力，即可得出A的重力，当L=5cm时，说明A剩余部分的高度为5cm，故A刚好被切割一半，求出A剩余部分的重力，即可求出A剩余部分对地面的压强。
19．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】力的三要素及力的示意图；力臂的画法
【解析】【解答】（1）根据题意可知，在水中下沉的铁球，受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力，但是浮力小于重力，二者都作用在铁球的重心上，如下图如下：
（2）根据题意可知，杠杆A点受到的阻力F2由物体的重力产生，方向竖直向下，过支点O作阻力作用线的垂线段即为阻力臂。杠杆的支点为O，则OB为动力臂时最长，此时动力最小，过B点作垂直于OB向上的力即为最小动力，作图如下：
（3）根据题意可知，物体A受到沿着斜面向上的静摩擦力，作用在A的重心；A对斜面的压力作用在接触面的中心点处，方向垂直于斜面且指向斜面，如下图所示：
【分析】（1）对铁球进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可；
（2）力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离。当以支点到力的作用点之间的距离为动力臂时最长，此时动力最小。
（3）对物体进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可。
（1）铁球正在盛水的杯中下沉，则受到的浮力小于重力，重力竖直向下，浮力竖直向上，作图如下：
（2）杠杆A点受到绳子竖直向下的拉力即为阻力，过支点O作阻力作用线的垂线段即为阻力臂；根据杠杆平衡条件，以OB为动力臂时，动力臂最长，动力最小，过B点作垂直于OB向上的力即为最小动力，作图如下：
（3）物体A静止在斜面上，受到沿着斜面向上的静摩擦力，作用在A的重心；A对斜面的压力垂直于斜面且指向斜面，作用在接触面的中心点处，作图如下：
20．【答案】（1）高度差；转换法
（2）薄
（3）C
（4）丙丁；深度相同时，液体密度越大，压强越大
【知识点】探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）根据题意可知，液体压强越大，U形管中两侧液面高度差越大，那么液体压强计是通过U形管中两侧液面高度差来反映橡皮膜所受压强大小的，这种方法叫转换法，
（2）橡皮膜越薄，橡皮膜越容易发生形变，这样在测量时会较灵敏，实验效果明显，则在实验中，U形管压强计金属盒上的橡皮膜应该选用薄一些的为好；
（3）根据甲图可知，将探头放入液体中时，U形管没有出现高度差，是因为装置漏气，应该检查装置的气密性。
故选C。
（4）①根据控制变量法的要求可知，为了探究液体内部压强与液体密度的关系，应该控制深度相同，改变液体的密度，故选丙、丁两图。
②根据图片可知，盐水的密度更大，且对应U形管两侧液面高度差更大，说明探头在盐水中橡皮受到的压强更大，可得结论：液体内部压强与液体的密度有关，深度相同时，液体密度越大，压强越大。
【分析】 （1）液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；
（2）橡皮膜越薄，橡皮膜越容易发生形变，这样在测量时会较灵敏，；
（3）用手指轻轻按压探头的橡皮膜，发现U形管两边的液面高度差变化都很小，这说明该压强计的气密性很差；若液面灵活升降，则装置不漏气，压强计的气密性好；
（4）①根据控制变量法的要求选择对照实验；
②液体压强与液体的深度和密度有关，根据实验现象分析得出结论。
（1）[1][2]液体压强计是通过U形管中两侧液面高度差来反映橡皮膜所受压强大小的，这种方法叫转换法，液体压强越大，U形管中两侧液面高度差越大。
（2）在实验中，U形管压强计金属盒上的橡皮膜应该选用薄一些的为好，因为橡皮膜越薄，橡皮膜越容易发生形变，这样在测量时会较灵敏，实验效果明显。
（3）由图甲知道，此时U形管没有出现高度差，是因为装置漏气，应该检查装置的气密性，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
（4）[1]为了探究液体内部压强与液体密度的关系，应该控制深度相同，改变液体的密度，应该比较丙、丁两图所示的实验。
[2]由图丙、丁两次实验知道，探头所处在液体中的深度相同，盐水的密度更大，U形管两侧液面高度差更大，说明探头在盐水中橡皮受到的压强更大，可得结论：液体内部压强与液体的密度有关，深度相同时，液体密度越大，压强越大。
21．【答案】（1）是；右
（2）4；右
（3）
（4）偏小
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）①根据甲图可知，此时杠杆处于静止状态，因此图甲杠杆是处于平衡状态。
②由图甲可知，杠杆左低右高，则杠杆的右端较轻，则应将平衡螺母向右调节。
（2）①由杠杆平衡条件得到：；
解得：，故需要在B点挂4个钩码。
②当两边各减小一个钩码时，左侧：
右侧；
比较可知，右侧力与力臂的乘积大，
故杠杆右侧下降。
（3）根据表格数据可知，实验1中，
实验2中；
实验3中，；
那么得到：。
（4）由于某杆秤的秤盘因不慎磕坏了一个缺口，在测量时需要多放物品去不足缺口处的质量，所以，在m砣g×l砣不变时，测量结果偏小。
【分析】（1）①杠杆的平衡状态包括：静止状态或匀速转动状态；
②平衡螺母总是向较轻的一侧调节。
（2）①根据杠杆的平衡条件列式计算；
②分别计算出左侧和右侧力与力臂的乘积，然后比较大小即可。
（3）分别计算出每组数据中支点两侧力和力臂的乘积大小，然后比较即可；
（4）秤盘缺口，则质量减小，根据平衡条件分析即可。
（1）[1][2]杠杆静止或匀速转动时都属于平衡状态，因此图甲杠杆是处于平衡状态；由图甲可知，杠杆左低右高，根据“左高左调，右高右调”，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右调节。
（2）[1]当左侧拉力
力臂时，由杠杆平衡条件知，，即
解得。故需要在B点挂4个钩码。
[2]当两边各减小一个钩码时，左侧
右侧
右侧力与力臂的乘积大，故杠杆右侧下降。
（3）由记录的数据进行分析，
可得、、、之间的关系是：。
（4）由于某杆秤的秤盘因不慎磕坏了一个缺口，在测量时需要多放物品去不足缺口处的质量，所以，在m砣g×l砣不变时，测量结果偏小。
22．【答案】（1）2.8；二力平衡
（2）压力
（3）错误
（4）不需要
（5）B
【知识点】弹簧测力计及其使用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）①根据图1甲可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，弹簧测力计的示数为；
②根据题意可知，当在水平方向匀速拉动木块运动时，此时木块处于平衡状态，根据二力平衡原理，滑动摩擦力的大小等于拉力的大小。
（2）根据图片可知，甲、乙实验中，接触面的粗糙程度相同，但是木块对接触面的压力大于甲图，且弹簧测力计的示数更大，那么可得：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）根据控制变量法的要求可知，探究滑动摩擦力与接触面积的关系时，需控制压力大小和接触面粗糙程度相同，仅改变接触面积。将木块沿竖直方向切掉一半后，接触面积和压力都减小了。因此，得出“滑动摩擦力的大小与接触面积有关”的结论是错误的。
（4）根据题意可知，无论长木板是否匀速运动，木块对接触面的压力和接触面的粗糙程度不变，因此它受到的摩擦力大小不变，则木块受到的拉力始终等于滑动摩擦力，因此不需要匀速拉动长木板。
（5）A．根据题意可知，“探究重力的大小与质量的关系时改变钩码质量多次实验”，多次测量的目的是寻找普遍规律，与本实验一致，故A不符合题意；
B．根据题意可知，“测量物体的长度时用刻度尺多次测量”，多次测量的目的是减小误差（取平均值），与本实验不同，故B符合题意。
故选B。
【分析】 （1）弹簧测力计的分度值为0.2N，据此读数；
实验时用弹簧测力计匀速拉动木块运动，根据二力平衡原理，木块在水平方向上受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力；
（2）在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（3）根据控制变量法分析；
（4）改进实验中，弹簧测力计固定，拉动长木板时，木块始终处于静止状态（受力平衡），不需要匀速拉动长木板；
（5）本实验多次测量的目的是寻找普遍规律，避免实验结论的偶然性；
“测量物体的长度时用刻度尺多次测量”，多次测量的目的是减小误差（取平均值）。
（1）[1]弹簧测力计的分度值为0.2N，图1甲中弹簧测力计的示数为
[2]实验时用弹簧测力计匀速拉动木块运动，此时木块处于平衡状态，根据二力平衡原理，木块在水平方向上受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，因此滑动摩擦力的大小等于拉力的大小。
（2）甲、乙两图中，接触面的粗糙程度相同（均为木板），但乙图中木块上放置了砝码，即木块对接触面的压力大于甲图。对比两图中弹簧测力计的示数可知，乙图的拉力更大，说明滑动摩擦力更大。因此可得：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）探究滑动摩擦力与接触面积的关系时，需控制压力大小和接触面粗糙程度相同，仅改变接触面积。该小组将木块沿竖直方向切掉一半后，接触面积减小的同时，木块对接触面的压力也减小为原来的一半，即没有控制压力大小不变，存在两个变量。因此，得出“滑动摩擦力的大小与接触面积有关”的结论是错误的。
（4）改进实验中，弹簧测力计固定，拉动长木板时，木块始终处于静止状态（受力平衡）。无论长木板是否匀速运动，木块受到的拉力（弹簧测力计示数）始终等于滑动摩擦力，因此不需要匀速拉动长木板。
（5）A．本实验多次测量的目的是寻找普遍规律，避免实验结论的偶然性。“探究重力的大小与质量的关系时改变钩码质量多次实验”，多次测量的目的是寻找普遍规律，与本实验一致，故A不符合题意；
B．“测量物体的长度时用刻度尺多次测量”，多次测量的目的是减小误差（取平均值），与本实验不同，故B符合题意。
故选B。
23．【答案】体积；g；无关；0.5；；浸没；
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）①根据图片b、c、d可知，物体排开液体的体积越大，则测力计的示数越小，而受到的浮力越大，那么得到：物体所受浮力的大小与物体排开液体的体积有关。
②根据控制变量法的要求可知，探究物体所受浮力的大小与物体排开液体的密度是否有关时，应控制物体排开液体的体积相同，改变液体的密度，故选实验b、e和g。
（2）根据图片可知，实验d、e中，浸没在水中的物体的深度大小不同，但是受到的弹簧测力计的拉力相同，即物体受到的浮力也相同，由此可得：物体所受浮力的大小与浸入液体中的深度无关。
（3）根据图片可知，物体在图e中（即浸没时）所受的浮力为
；
该物体的体积为；
该物体的质量为；
该物体的密度为。
（4）②由于物体浸没时V物=V排，所以将挂在弹簧测力计下的物体浸没入水中。
③根据题意可知，物体的体积为；
那么物体的密度为。
【分析】 （1）探究浮力大小与“物体排开液体的体积”关系时，应控制液体的密度不变，改变物体排开液体的体积；探究浮力大小与“物体排开液体的体积”关系时，物体排开液体的体积相同，液体的密度不同；
（2）根据实验d、e的实验现象分析解答；
（3）利用称重法求得浮力大小，根据阿基米德原理计算出物体的体积，根据密度公式计算物体的密度；
（4）将物体浸没在水中，物体排开液体的体积与物体的体积相等；由①②合金求出受到的浮力，由阿基米德原理，F浮=ρ液gV排=ρ液gV物求出物体的体积，根据密度公式求出合金密度的表达式。
24．【答案】（1）解：根据题意可知，小莉对滑板的压力等于人的重力，
即。
答： 小莉站在滑板上时对滑板的压力为440N 。
（2）解：根据题意可知，滑板对水平地面的压力；
滑板对地面的压强。
答：滑板对地面的压强为6×105Pa，
（3）解：根据题意可知，滑板匀速直线滑行时，它受到的阻力；
根据平衡力的知识可知，滑板受到的牵引力；
滑板向前滑行时的功率。
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】 （1）在水平地面上玩滑板时，小莉站在滑板上时对滑板的压力等于总重力；
（2）根据计算滑板对地面的压力，再利用压强公式计算小莉站在滑板上时滑板对地面的压强；（3）根据计算滑板受到的阻力，再根据平衡力的知识计算滑板受到的牵引力，最后根据P=Fv求向前滑行时的功率。
（1）小莉站在水平滑板上，对滑板的压力等于人的重力，则压力为
（2）滑板对水平地面的压力
滑板对地面的压强
（3）滑板匀速直线滑行时，动力与所受阻力平衡，二力相等。则
滑板向前滑行时的功率
25．【答案】（1）解：由图乙可知，当h0=0cm时，力传感器的示数为F0=8N，由细杆的质量不考虑可知，正方体A对力传感器的压力等于自身的重力，即正方体A的重力为
（2）解：正方体A刚好完全浸没时，水对容器底的压强为
（3）解：当水深10cm时正方体A下端恰好接触水面，可知杆的长度为
当水深为20cm时，正方体A刚好完全浸没，则正方体A的边长为
正方体A的体积为
由
可知，正方体A的密度为

（4）解：当水深h'=13cm时，A排开水的体积为
此时A受到的浮力为
力传感器的示数为
【知识点】密度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【分析】（1）根据水平面受到的压力，判断物体的重力；
（2）利用p=ρgh，计算液体压强的大小；
（3）根据，可以计算物体的的密度；
（4）根据F浮=ρ液gV排，计算物体受到的浮力的大小，结合物体的重力，计算水平面受到的压力。
（1）由图乙可知，当h0=0cm时，力传感器的示数为F0=8N，由细杆的质量不考虑可知，正方体A对力传感器的压力等于自身的重力，即正方体A的重力为
（2）正方体A刚好完全浸没时，水对容器底的压强为
（3）当水深10cm时正方体A下端恰好接触水面，可知杆的长度为
当水深为20cm时，正方体A刚好完全浸没，则正方体A的边长为
正方体A的体积为
由
可知，正方体A的密度为
（4）当水深h'=13cm时，A排开水的体积为
此时A受到的浮力为
力传感器的示数为
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