资源简介

浙江省嘉兴市钱塘联盟2024-2025学年高一上学期11月期中考试物理试题
一、选择题Ⅰ（本题共15小题，每小题3分，共45分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分。）
1．（2024高一上·嘉兴期中）下列各组物理量中，全部是矢量的是（　　）
A．速度 力 B．速率 时间
C．质量 位移 D．加速度 路程
【答案】A
【知识点】矢量与标量
【解析】【解答】A．速度、力都既有大小又有方向，均为矢量，故A正确；
B．速率、时间都是只有大小没有方向，均为标量，故B错误；
C．质量只有大小没有方向，为标量；位移既有大小又有方向，为矢量，故C错误；
D．加速度既有大小又有方向，为矢量；路程只有大小没有方向，为标量，故D错误。
故答案为：A。
【分析】1.矢量定义：既有大小又有方向的物理量（如速度、力、位移、加速度 ）。
2.标量定义：只有大小没有方向的物理量（如速率、时间、质量、路程 ）。
3.选项判断：逐一分析选项中物理量的 “方向属性”，筛选全为矢量的选项。
2．（2024高一上·嘉兴期中）下列关于加速度的描述中，正确的是（　　）
A．速度变化量越大，加速度越大
B．加速度为正时，一定做加速运动
C．加速度不断增大，速度可能不断减小
D．加速度方向保持不变，速度方向也保持不变
【答案】C
【知识点】加速度
【解析】【解答】A．加速度的定义式为，但加速度与速度变化量没有直接关系，速度变化量越大，加速度不一定越大，故A错误；
B．加速度为正时，如果速度为负，则做减速运动，故B错误；
C．加速度不断增大，如果加速度方向与速度方向相反，则速度不断减小，故C正确；
D．加速度方向保持不变，如果加速度向与速度方向相反，则速度减为0后将反向加速运动，故D错误。
故答案为：C。
【分析】1. 加速度本质：加速度是“速度变化率”，由 决定，非 单独决定。
2. 方向判断：加速度与速度的方向关系（相同/相反 ）决定速度是“增/减”，与加速度正负（人为规定正方向 ）无关。
3. 极端情况：加速度与速度反向时，加速度增大，速度减小更快；加速度方向不变，速度方向可能因“反向加速”改变。
3．（2024高一上·嘉兴期中）下列叙述中正确的是（　　）
A．任何物体都可以被选做参考系
B．也叫速度的变化率，是标量
C．“卧看满天云不动，不知云与我俱东”，诗人是以自己为参考系的
D．第1秒初到第2秒末所经历的时间为
【答案】A
【知识点】时间与时刻；加速度；参考系与坐标系
【解析】【解答】A．参考系的选取是任意的，任何物体都可以被选做参考系，故A正确；
B．也叫速度的变化率，是矢量，故B错误；
C．卧看满天云不动，是以船为参考系的；不知云与我俱东，是以两岸为参考系的，故C错误；
D．第1秒初到第2秒末所经历的时间为，故D错误。
故答案为：A。
【分析】依据参考系、加速度、时间间隔的基础概念判断。参考系看选取任意性；加速度明确矢量属性；诗句参考系结合描述场景；时间间隔计算看始末时刻差，逐个分析选项对错。
4．（2024高一上·嘉兴期中）2022年北京冬奥会女子自由式滑雪大跳台比赛中，中国选手谷爱凌凭借惊人的“1620”动作勇夺金牌。如图所示是当时比赛的画面，谷爱凌从静止出发，滑行了大约，到达跳台时以约的速度起跳，在空中完成了“1620”动作，并稳稳地落地。有关下列说法正确的是（　　）
A．在空中最高点时，谷爱凌处于平衡状态
B．是指瞬时速度的大小
C．是指位移的大小
D．裁判对谷爱凌的“1620”动作打分时，谷爱凌可看作质点
【答案】B
【知识点】质点；位移与路程；瞬时速度；共点力的平衡
【解析】【解答】A．在空中最高点时，谷爱凌的加速度不为0，不是处于平衡状态，故A错误；
B．是指瞬时速度的大小，故B正确；
C．是指路程，不是位移的大小，故C错误；
D．裁判对谷爱凌的“1620”动作打分时，谷爱凌的形状大小不能忽略不计，谷爱凌不可看作质点，故D错误。
故答案为：B。
【分析】依据平衡状态、瞬时速度、路程与位移、质点的概念判断。平衡状态看加速度是否为0；瞬时速度对应特定时刻 / 位置；路程是轨迹长，位移是位置差；质点看形状大小能否忽略，围绕这些概念逐一分析选项。
5．（2024高一上·嘉兴期中）如图所示，在粗糙的水平桌面上静止放着一盏台灯，该台灯可通过前后调节支架将灯头进行前后调节。关于台灯的受力情况，下列说法正确的是（　　）
A．灯头对支架的压力是由于支架发生形变产生的
B．台灯的重力和台灯对桌面的压力是一对平衡力
C．桌面受到台灯的压力和台灯受到的支持力是一对相互作用力
D．若将灯头向前调节一点（台灯未倒），则桌面对台灯的支持力将变大
【答案】C
【知识点】形变与弹力；牛顿第三定律；共点力的平衡
【解析】【解答】A．灯头对支架的压力是由于灯头发生形变产生的，故A错误；
B．台灯的重力作用在台灯上，台灯对桌面的压力作用在桌面上，所以两者不是一对平衡力，故B错误；
C．桌面受到台灯的压力和台灯受到桌面的支持力是一对相互作用力，故C正确；
D．若将灯头向前调节一点（台灯未倒），根据受力平衡可知，桌面对台灯的支持力不变，仍等于台灯的重力，故D错误。
故答案为：C。
【分析】依据弹力产生、平衡力、相互作用力、受力平衡的概念判断。弹力看施力物体形变；平衡力看 “同一物体”；相互作用力看 “相互、两物体”；受力平衡看竖直方向力的关系，围绕这些逐一分析选项。
6．（2024高一上·嘉兴期中）下列关于重心位置的说法正确的是（　　）
A．甲图中装的水越多，整个包括水的瓶子重心一定上升
B．乙图中背越式跳高的运动员在最高点时，重心可能在杆的下方
C．丙图中运动员在跳水过程中，其重心在体内的位置不变
D．图丁中各物体的重心，一定在物体的几何中心
【答案】B
【知识点】重力与重心
【解析】【解答】A．甲图中，瓶本身的重心位置不变，将水装入瓶中，随着水量的增加，瓶和水整体的重心可能先降低后逐渐升高，故A错误；
B．乙图中背越式跳高的运动员在最高点时，由于身体的大部分可以处于横杆的下方，则重心可能在杆的下方，故B正确；
C．丙图中运动员在跳水过程中，由于身体形状在发生变化，所以其重心在体内的位置发生变化，故C错误；
D．图丁中各物体的重心，如果质量分布不均匀，则重心不一定在物体的几何中心，故D错误。
故答案为：B。
【分析】依据重心与物体质量分布、形状的关系判断。分析装水时重心变化看水和瓶子的共同影响；看运动员过杆重心位置结合身体形状；跳水时重心变化看身体姿势改变；物体重心在几何中心的条件要同时满足质量分布均匀和形状规则，围绕这些逐一分析选项。
7．（2024高一上·嘉兴期中）2015年中国乒乓球男队取得了辉煌的成绩，其中马龙包揽世锦赛、世界杯和总决赛男单冠军。假设比赛中乒乓球以的速度撞向马龙的球拍，被他以的速率反向抽回，已知球拍与球的作用时间为，此过程中乒乓球的加速度大小为（　　）
A． B． C． D．
【答案】D
【知识点】加速度
【解析】【解答】取乒乓球飞来方向为正方向，则被击回的速度为，乒乓球的加速度为
负号表示加速度方向与击回速度方向相同，此过程中乒乓球的加速度大小为。
故答案为：D。
【分析】利用加速度定义式求解，先规定正方向明确初、末速度的正负，再代入公式计算，通过结果的正负判断方向，取绝对值得到加速度大小，以此分析选项得出答案。
8．（2024高一上·嘉兴期中）潜艇从高密度海水突然进入低密度海水时，浮力会快速减少，使得潜艇急剧下沉，这种现象称为“掉深”。某潜艇在沿水平方向缓慢行驶时，突然出现“掉深”现象。以此时为时刻，测得后续过程中潜艇竖直方向速度与时间的图像如图所示，则下列说法不正确的是（　　）
A．该图像是以竖直向下为正方向绘制的
B．～内潜艇的竖直方向平均速度大于
C．0～内潜艇的竖直方向加速度方向保持不变
D．潜艇在时刻回到其“掉深”之前的高度
【答案】D
【知识点】平均速度；运动学 v-t 图象
【解析】【解答】A．依题意，从t=0时刻开始，潜艇下沉，竖直速度方向向下，所以该图像是以竖直向下为正方向绘制的，故A正确；
B．内潜艇的竖直方向如果做匀减速直线运动，其平均速度为，根据图像中，图线与时间轴所围面积表示潜艇的位移，可知内潜艇的竖直方向位移大于相同时间内做匀减速运动的位移，根据，可知，故B正确；
C．图像中，图线的斜率表示潜艇的加速度，由图可知内图线的斜率一直为正，即潜艇的加速度一直竖直向下，方向不变，故C正确；
D．由图像可知，潜艇在时刻之前一直向下运动，所以时刻离其“掉深”之前高度最远，故D错误。
故答案为：D。
【分析】利用v - t图像的物理意义（斜率表加速度、面积表位移 ），结合运动方向、平均速度公式，逐一分析选项，通过图像与正方向、匀变速平均速度的对比，以及加速度、位移的判断，确定各选项正误。
9．（2024高一上·嘉兴期中）某汽车在水平路面上启动刹车后，其位移随时间变化的规律为（x的单位是m，t的单位是s）。下列说法正确的是（　　）
A．该汽车从启动刹车内位移为
B．该汽车刹车时的加速度大小为
C．该汽车从启动刹车到停下来向前运行了
D．该汽车从启动刹车末停止运动
【答案】C
【知识点】加速度；匀变速直线运动规律的综合运用
【解析】【解答】B．汽车在水平路面上启动刹车后，其位移随时间变化的规律为
结合匀减速直线运动位移时间公式
可知该汽车刹车时初速度和加速度大小为，，故B错误；
ACD．汽车从启动刹车到停下所用时间为
则该汽车从启动刹车内位移等于该汽车从启动刹车到停下来通过的位移，大小为，故AD错误，C正确。
故答案为：C。
【分析】先通过位移公式对比确定初速度、加速度，再计算刹车总时间，最后结合运动学公式分析各选项，利用匀变速直线运动的位移公式、速度公式，判断汽车实际运动时间，进而分析位移、加速度等物理量，逐一验证选项正误。
10．（2024高一上·嘉兴期中）甲、乙两质点在相邻平行直线轨道上运动的图像如图所示，其中甲的图线是直线，乙的图线是抛物线。在内，下列说法正确的是（　　）
A．一定有一时刻甲、乙的速度相同
B．乙加速度恒定，大小恒为
C．甲、乙总共相遇一次
D．乙做曲线运动
【答案】A
【知识点】运动学 S-t 图象
【解析】【解答】A．根据图像的切线斜率表示速度，可知在内，甲、乙存在斜率相等的时刻，则此时甲、乙的速度相同，故A正确；
B．乙的图线是抛物线，可知乙做匀变速直线运动，从内，有
解得乙的加速度大小为
故B错误；
C．由图像可知在内，甲、乙两图线有两个交点，则甲、乙总共相遇两次，故C错误；
D．图像只能描述物体做直线运动，则甲、乙均做直线运动，故D错误；
故答案为：A。
【分析】利用 x-t图像的基本性质（斜率表速度、交点表相遇、图像形状表运动性质 ），逐一分析选项，通过斜率判断速度是否可能相等，通过交点数量判断相遇次数，结合抛物线形状分析运动性质（直线运动、加速度变化 ），从而确定各选项正误。
11．（2024高一上·嘉兴期中）有种自动扶梯，无人乘行时运转很慢，有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转．一顾客乘扶梯上楼，正好经历了这两个过程，则能正确反映该乘客在这两个过程中的受力示意图的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】加速度；牛顿第二定律
【解析】【解答】当扶梯匀速上升时，人受力平衡，故人受重力和支持力；而当扶梯加速上升时，人受重力、支持力，将加速度分解可知，物体应有水平向右的加速度，故扶梯应对人有平行于接触面向右的摩擦力，故D正确，A、B、C错误；
故答案为：D．
【分析】加速时，由加速度方向（沿扶梯向上 ）分解出水平、竖直分量，从而确定需要摩擦力补充水平加速度；匀速时，加速度为 0，水平方向无受力（无摩擦力 ），竖直方向支持力与重力平衡。通过对比选项，选出加速阶段有水平向右摩擦力、匀速阶段无摩擦力的受力图。
12．（2024高一上·嘉兴期中）两个劲度系数分别为和的轻质弹簧a、b串接在一起，a弹簧的一端固定在墙上，如图所示。开始时弹簧均处于原长状态，现用水平力作用在b弹簧的右端向右拉动弹簧。已知弹簧a的伸长量为L，则（　　）
A．b弹簧的伸长量为
B．b弹簧所受的弹力为
C．b弹簧的右端向右移动的距离为
D．b弹簧的右端向右移动的距离为
【答案】D
【知识点】胡克定律
【解析】【解答】AB．两根轻弹簧串联，弹力大小相等，则b弹簧所受的弹力为
根据胡克定律可得
解得b弹簧的伸长量为
故AB错误；
CD．开始时弹簧均处于原长状态，则b弹簧的右端向右移动的距离等于两根弹簧伸长量之和，即为
故C错误，D正确。
故答案为：D。
【分析】基于串联弹簧弹力相等，结合胡克定律，依次确定弹力、单个弹簧伸长量，再通过伸长量之和得到 b 右端移动距离，先利用串联特性关联 a、b 弹力，再用胡克定律算 b 伸长量，最后将两弹簧伸长量相加，从而判断各选项，得出正确结论。
13．（2024高一上·嘉兴期中）如图甲所示是一种速度传感器的工作原理图，在这个系统中B为一个能发射超声波的固定小盒子，工作时小盒子B向匀速直线运动的被测物体发出短暂的超声波脉冲，超声波速度为，脉冲被运动的物体反射后又被小盒子B接收，从小盒子B发射超声波开始计时，经时间再次发射超声波脉冲，图乙是连续两次发射的超声波的位移—时间图像。则下列说法正确的是（　　）
A．脉冲第一次被运动的物体反射时，物体距离B的距离
B．脉冲第二次被运动的物体反射时，物体距离B的距离
C．物体的平均速度为
D．从开始计时到第二次被B接收过程，物体通过的位移大小
【答案】C
【知识点】速度与速率；运动学 S-t 图象
【解析】【解答】A．由乙图可知，脉冲第一次被运动的物体反射时，物体距离B的距离为
故A错误；
B．脉冲第二次被运动的物体反射时，物体距离B的距离
故B错误；
C．由图乙可知物体通过的位移为时，所用时间为
物体的平均速度为
故C正确；
D．由于物体做匀速运动，则从开始计时到第二次被B接收过程，物体通过的位移大小为
故D错误。
故答案为：C。
【分析】核心思路是利用超声波匀速传播特性，结合 x-t图像确定单次反射的 “往返时间”，从而计算物体与 B 的距离；再通过两次反射的位移差和对应时间差，用平均速度公式推导；最后判断总位移是否正确。
14．（2024高一上·嘉兴期中）打印机是现代办公不可或缺的设备，其进纸系统结构简图如图所示，正常情况下能做到“每次只进一张纸”。某次打印过程中打印机内刚好有100张相同的纸，每张纸的质量均为m，打印时搓纸轮逆时针方向转动，搓纸轮给第1张纸的压力大小为，带动第1张纸向右运动，搓纸轮与纸张之间的动摩擦因数为，纸张与纸张之间的动摩擦因数为，重力加速度为g，打印机正常工作时，下列说法正确的是（　　）
A．第1张纸受到第2张纸的摩擦力方向向右
B．不一定大于
C．第2张与第3张纸之间的摩擦力大小为
D．第49张与第50张纸之间的摩擦力大小为
【答案】D
【知识点】摩擦力的判断与计算；摩擦力在日常生活中的应用；共点力的平衡
【解析】【解答】A．第1张纸相对第2张纸向右运动，所以第1张纸受到第2张纸的摩擦力方向向左，故A错误；
B．为了使进纸系统能正常进纸，以第1张纸为对象，则有
可得
故B错误；
CD．工作时搓纸轮给第1张纸压力大小为，第1张纸对第2张纸的压力为，则第1张纸与第2张纸之间的滑动摩擦力为
第2张纸处于静止状态，根据受力平衡可得第3张纸对纸张2的静摩擦力大小为
由于第2张纸即以下所有纸张均处于静止状态，受到的摩擦力均为静摩擦力，以第2张纸到第49张纸为整体，根据受力平衡可得第50张纸对纸张49的静摩擦力大小为
故C错误，D正确。
故答案为：D。
【分析】先判断第1张纸相对运动趋势，确定摩擦力方向；再通过滑动条件推导与的大小关系；最后利用受力平衡（静止纸张合力为0 ），分析多张纸间静摩擦力的大小，从而判断选项正误。
15．（2024高一上·嘉兴期中）参观古镇时，恰逢下雨，小吴同学饶有兴致地观察屋檐滴水的情景，他观察到滴水中水滴下落时间间隔均匀，测得1分钟内下落水滴180个，由参观资料知屋檐高为3.2m。不计空气阻力，重力加速度g取，他有以下推断，其中正确的是（　　）
A．空中相邻的两个水滴的间距保持不变
B．空中相邻的两个水滴的之间的最大间距是
C．空中有3个水滴时相邻间距之比始终为1：3
D．空中有3个水滴和2个水滴的时间之比是2：3
【答案】D
【知识点】自由落体运动
【解析】【解答】A．空中相邻的两个水滴间的时间间隔相同，但是水滴在做加速运动，加速度相同，所以下面的水滴相对上面水滴在匀速下落，间距变大，故A错误；
B.1分钟内下落水滴180个，相邻水滴间隔
下落总时间
空中相邻的两个水滴的之间的最大间距是
故B错误；
C．只有初速度为零匀加速时，才有相邻间距之比为1：3，故不是始终存在，故C错误；
D．下落总时间是0.8s，时间间隔为，空中有3个水滴和2个水滴的时间之比是
故D正确。
故答案为：D。
【分析】先通过总水滴数算时间间隔，再由自由落体公式算总时间；接着分析间距随时间的变化、最大间距的计算；然后判断 “1：3” 间距比的适用条件；最后通过 “水滴数量对应时间间隔数” 推导时间比，从而确定各选项正误。
二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题3分，共9分，每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的.全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）
16．（2024高一上·嘉兴期中）落体运动遵循怎样的规律，伽利略用斜面实验来验证自己的猜想。如图甲所示，伽利略首先探究小球从静止开始下滑的距离与时间的关系，然后用如图乙所示的几个斜面的合理外推得出自由落体运动是一种最简单的变速运动。下列说法正确的是（　　）
A．伽利略认为当成立时，小球做匀变速直线运动
B．在伽利略那个时代，不容易直接测量小球自由下落的时间
C．伽利略用图乙倾角较大的斜面做实验，是为了“冲淡重力”的效果，延长运动时间
D．伽利略把实验和逻辑推理和谐地结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法
【答案】B,D
【知识点】伽利略对自由落体运动的研究
【解析】【解答】A．伽利略认为当成立时，小球做匀变速直线运动，故A错误；
B．由于自由落体运动过快，在伽利略那个时代，不容易直接测量小球自由下落的时间，故B正确；
C．伽利略用图乙倾角较小的斜面做实验，是为了“冲淡重力”的效果，延长运动时间，故C错误；
D．伽利略把实验和逻辑推理和谐地结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法，故D正确。
故答案为：BD。
【分析】先明确匀变速运动的判断条件，再结合时代技术局限理解 “冲淡重力” 的目的（延长时间 ），最后总结实验与推理结合的科学方法，从而判断各选项正误。
17．（2024高一上·嘉兴期中）某同学利用图甲所示装置研究摩擦力的变化情况。实验台上固定一个力传感器，传感器用棉线拉住物块，物块放置在粗糙的长木板上，物块的质量，木板的质量。水平向左拉木板，传感器记录的图像如图乙所示。下列说法正确的是（　　）
A．图乙中曲线就是摩擦力随时间的变化曲线
B．F几乎不变后，长木板开始匀速运动
C．最大静摩擦力与滑动摩擦力之比约为
D．物块与木板间的动摩擦因数约为0.35
【答案】C,D
【知识点】滑动摩擦力与动摩擦因数
【解析】【解答】A．图乙中曲线是拉力随时间的变化曲线，根据二力平衡原理可知，曲线反映了物块所受摩擦力大小随时间的变化曲线，故A错误；
B．当物块与长木板发生相对运动后，不管木板做匀速运动还是变速运动，物块的受力不再改变，故木板不需要保持匀速运动，故B错误；
C．根据图乙可知，物体受到的最大静摩擦力为10N左右，物体受到的滑动摩擦力为7N左右，所以最大静摩擦力与滑动摩擦力之比约为，故C正确；
D．根据图乙可知，物体受到的滑动摩擦力为7N左右，所以物块与木板间的动摩擦因数约为
故D正确。
故答案为：CD。
【分析】先明确拉力曲线间接反映摩擦力；再通过拉力最大值与稳定值判断最大静摩擦和滑动摩擦；最后利用滑动摩擦公式计算动摩擦因数，从而确定各选项正误。
18．（2024高一上·嘉兴期中）2018年2月24日，平昌冬奥会上单板滑雪女子平行大回转上演，共有三位中国队选手参赛。如图，滑雪轨道由光滑的倾斜直轨道和粗糙的水平轨道组成。时运动员从A点由静止开始匀加速下滑，经过B点前后速度大小不变，之后在上做匀减速直线运动，最后停在C点，每隔物体的瞬时速率v记录在表格中，则下列说法中正确的是（　　）
0 2 4 6
0 8 12 8
A．时物体恰好运动到C点
B．时物体恰好经过B点
C．A、B间距离是B、C间距离的一半
D．物体运动过程中的最大速度为
【答案】A,C,D
【知识点】匀变速直线运动的速度与时间的关系
【解析】【解答】A．从B点到C点所用时间为
则物体运动到C点的时刻为
故A正确；
BD．运动员从点由静止开始匀加速下滑，第2s末的速度大小为8m/s，则运动员在AB段的加速度大小为
若运动员在第4s末恰好经过B点，则此时速度最大，为
与表格数据不符，故运动员是在第2s到第4s间到达B点，则运动员在BC段的加速度大小为
设从A点由静止开始下滑经过时间到达B点，则有
，
联立解得
，
可知物体运动过程中的最大速度为，故B错误，D正确；
C．根据匀变速直线运动位移速度公式
，
可得
故C正确。
故答案为：ACD。
【分析】先利用匀变速速度公式算两段加速度，再通过速度关联方程求 B 点时刻和最大速度，接着用匀减速到 0 的时间公式算总时间，最后用位移公式算两段位移并对比，从而确定各选项正误。
三、非选择题（本题共5小题，共46分）
19．（2024高一上·嘉兴期中）图中的甲、乙两种打点计时器是高中物理实验中常用的，请回答下面的问题：
（1）图乙是　 　（填“电磁”或“电火花”）打点计时器，电源采用的是　 　（填“交流”“交流”或“四节干电池”）。
（2）某同学利用图丙所示的实验装置，探究物体在水平桌面上的运动规律，物块在重物的牵引下开始运动，重物落地后，物块再运动一段距离后停在桌面上（尚未到达滑轮处）。从纸带上便于测量的点开始，每5个点取1个计数点，相邻计数点间的距离如图丁所示，打点计时器电源的频率为。（不计空气阻力，）
①在使用打点计时器研究运动时，下列说法正确的是　 　（填正确答案标号）。
A.先接通电源再释放小车
B.释放小车时应尽量靠近滑轮
C.本实验要求瞬时速度，因此需要记录时间的仪器—秒表
D.用纸带上点求解某点的瞬时速度时，应选择临近该点的左右两个点间距求解
②计数点5对应的速度大小　 　（保留两位有效数字）。
③物块减速运动过程中加速度的大小为　 　（保留三位有效数字）。
【答案】（1）电火花；交流220V
（2）AD；1.0；2.11
【知识点】加速度；瞬时速度；用打点计时器测速度
【解析】【解答】（1）图乙是电火花打点计时器，电源采用的是交流。
故答案为：电火花；交流220V
（2）①A．为了充分利用纸带，应先接通电源再释放小车，故A正确；
B．释放小车时应尽量靠近打点计时器，故B错误；
C．通过打点计时器可以得到计数点间的时间间隔，所以不需要秒表，故C错误；
D．用纸带上点求解某点的瞬时速度时，应选择临近该点的左右两个点间距求解，故D正确。
故答案为：AD。
②每5个点取1个计数点，则相邻计数点的时间间隔为
则计数点5对应的速度大小为
③根据逐差法结合表格数据可得物块减速运动过程中加速度的大小为
故答案为：①AD；②1.0；③2.11
【分析】（1）通过结构识别打点计时器类型，记忆电火花计时器用 220V 交流电源。
（2）①依据实验操作规范（ 先通电、靠近计时器 ）和瞬时速度求法（ 平均速度近似 ）判断选项。
②利用 “中间时刻速度等于平均速度”，结合计数点间隔时间，代入数据计算。
③减速运动选后段数据，用逐差法（ 减小误差 ）计算加速度，核心是 “匀变速直线运动规律” 和 “实验数据处理方法”。
（1）[1][2]图乙是电火花打点计时器，电源采用的是交流。
（2）①[1]
A．为了充分利用纸带，应先接通电源再释放小车，故A正确；
B．释放小车时应尽量靠近打点计时器，故B错误；
C．通过打点计时器可以得到计数点间的时间间隔，所以不需要秒表，故C错误；
D．用纸带上点求解某点的瞬时速度时，应选择临近该点的左右两个点间距求解，故D正确。
故选AD。
②[2]每5个点取1个计数点，则相邻计数点的时间间隔为
则计数点5对应的速度大小为
③[3]根据逐差法结合表格数据可得物块减速运动过程中加速度的大小为
20．（2024高一上·嘉兴期中）如图所示，用铁架台、刻度尺、弹簧和多个已知质量且质量相等的钩码探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长的关系实验。
（1）某次弹簧上的指针在刻度尺上对应的位置如图甲所示，该处的读数为　 　；
（2）如图乙所示，根据实验数据绘图，纵轴是钩码的质量m，横轴是弹簧的形变量x。由图可知：图线不通过坐标原点可能的原因是　 　；弹簧的劲度系数　 　（重力加速度g取）。
（3）如图丙所示，实验中用两根不同的弹簧a和b得到弹簧弹力F与弹簧长度L的关系图像。下列说法正确的是______。
A．弹力与弹簧长度成正比 B．a的原长比b的长
C．a的劲度系数比b的小 D．a的劲度系数比b的大
【答案】（1）18.00
（2）弹簧的自身重力；5
（3）D
【知识点】胡克定律；探究弹簧弹力的大小与伸长量的关系；刻度尺、游标卡尺及螺旋测微器的使用
【解析】【解答】（1）图中刻度尺的分度值为，由刻度尺上对应的位置可知读数为。
故答案为：18.00
（2）由图乙可知，当时，x大于零，说明没有挂钩码时弹簧伸长，其原因是由于弹簧自身的重力造成的；
根据胡克定律结合图乙数据可得
故答案为：弹簧的自身重力；5
（3）A．根据胡克定律可知弹力与弹簧的形变量成正比，弹力与弹簧长度不成正比，故A错误；
BCD．根据胡克定律可得，可知图像的横轴截距等于弹簧原长，图像的斜率表示弹簧的劲度系数；由图丙可知a的原长比b的短，a的劲度系数比b的大，故BC错误，D正确。
故答案为：D。
【分析】（1）依据刻度尺读数规则（ 估读 ）直接读取。
（2）从“弹簧自身重力导致无钩码时已有伸长”解释图线不过原点；用“胡克定律 ”，结合图像数据计算劲度系数。
（3）根据胡克定律变形 ，分析图像“截距（ 原长 ）”和“斜率（ 劲度系数 ）”判断选项。
核心是“胡克定律的理解（ 弹力与形变量成正比 ）”及“实验图像的物理意义（ 截距、斜率对应原长、劲度系数 ）”。
（1）图中刻度尺的分度值为，由刻度尺上对应的位置可知读数为。
（2）[1]由图乙可知，当时，x大于零，说明没有挂钩码时弹簧伸长，其原因是由于弹簧自身的重力造成的。
[2]根据胡克定律结合图乙数据可得
（3）A．根据胡克定律可知弹力与弹簧的形变量成正比，弹力与弹簧长度不成正比，故A错误；
BCD．根据胡克定律可得
可知图像的横轴截距等于弹簧原长，图像的斜率表示弹簧的劲度系数；由图丙可知a的原长比b的短，a的劲度系数比b的大，故BC错误，D正确。
故选D。
21．（2024高一上·嘉兴期中）如图，气球下面用细线吊着一个物体，从地面由静止释放后一起加速上升，速度达到时，吊着物体的细线恰好断开，在物体落地前的整个过程，重力加速度为，不计物体受到的空气阻力，求：
（1）物体落地前的整个过程，上升的最大高度；
（2）物体从释放到落地的时间；
（3）从细线断开到落地整个运动过程中物体的平均速度。
【答案】（1）解：物体加速上升过程，上升的高度为
细线断开后，物体做竖直上抛运动，继续上升的高度为
则物体落地前的整个过程，上升的最大高度为
。
（2）解：细线断开后，物体做竖直上抛运动，继续上升到最高点所用时间为
物体从最高点做自由落体运动，则有
解得
则物体从释放到落地的时间为
。
（3）解：从细线断开到落地整个运动过程中，通过的位移大小为，方向竖直向下，则从细线断开到落地整个运动过程中物体的平均速度大小为
方向竖直向下。
【知识点】平均速度；自由落体运动；竖直上抛运动
【解析】【分析】（1）分 “加速上升” 和 “竖直上抛继续上升” 两段，用匀变速平均速度公式、竖直上抛速度 - 位移公式，求总高度。
（2）分 “加速上升”“竖直上抛到最高点”“自由下落” 三段时间，分别用 v = gt、自由下落位移公式，累加得总时间。
（3）明确细线断开后位移（ 大小 50m，方向向下 ），计算对应时间，用平均速度定义式求解。
（1）物体加速上升过程，上升的高度为
细线断开后，物体做竖直上抛运动，继续上升的高度为
则物体落地前的整个过程，上升的最大高度为
（2）细线断开后，物体做竖直上抛运动，继续上升到最高点所用时间为
物体从最高点做自由落体运动，则有
解得
则物体从释放到落地的时间为
（3）从细线断开到落地整个运动过程中，通过的位移大小为
方向竖直向下，则从细线断开到落地整个运动过程中物体的平均速度大小为
方向竖直向下。
22．（2024高一上·嘉兴期中）一根原长为、劲度系数的轻弹簧被压缩在物体A、B之间，物体A压在粗糙竖直墙面上恰好能保持静止，弹簧的另一端连接在物体B上，将B放置在粗糙水平桌面，再用一根刚性轻绳连接B，另一端跨过桌子右端的光滑轻质定滑轮悬挂一个轻质吊盘，整个装置的结构如图所示。若A与墙面的摩擦因数，B与桌面的摩擦因数，，滑动摩擦力等于最大静摩擦力，求出：
（1）墙面对A的摩擦力的大小？
（2）弹簧的长度为多少？
（3）轻轻的在吊盘中放入一质量为物体，要使整个装置保持静止，则物块B的质量可能值的范围。
【答案】（1）解：对A受力分析，由受力平衡可得墙面对A的摩擦力的大小为。
（2）解：由于A恰好静止，则有
又
联立解得弹簧的长度为。
（3）解：B恰好处于静止状态时，则B受到的静摩擦力达到最大，大小为
对B，在水平方向有
又
联立解得
要使整个装置保持静止，则物块B的质量应满足。
【知识点】胡克定律；受力分析的应用；共点力的平衡
【解析】【分析】（1）A 静止，竖直方向重力与摩擦力平衡，直接用平衡条件求解。
（2）A 恰好静止时，摩擦力为最大静摩擦力，结合胡克定律（ 弹力与形变量关系 ）求弹簧长度。
（3）对 B 分析水平方向受力（ 弹簧弹力、绳拉力、摩擦力 ），利用 “最大静摩擦力平衡外力” 找临界质量，确定 B 质量范围。
（1）对A受力分析，由受力平衡可得墙面对A的摩擦力的大小为
（2）由于A恰好静止，则有
又
联立解得弹簧的长度为
（3）B恰好处于静止状态时，则B受到的静摩擦力达到最大，大小为
对B，在水平方向有
又
联立解得
要使整个装置保持静止，则物块B的质量应满足
23．（2024高一上·嘉兴期中）强行超车是道路交通安全的极大隐患之一，如图是汽车超车过程的示意图，汽车A和货车B分别以和的速度在限速的路面上匀速行驶，其中A车车身长、货车B车身长，某时刻B车尾在A车头前处，若此时A车司机开始迅速加速从货车左侧超车，加速度大小为，假定货车B速度保持不变，不计车辆变道和转向的时间及车辆的宽度，求：
（1）A车在不超速的前提下完成超车的最短时间；
（2）一般情况下，汽车时速超过限速不到10%的，仅给予警告，不予扣分和罚款。若A车开始超车时，看到道路正前方的C车迎面驶来，此时二者车头相距，C车速度为，A车超车的整个过程中，C车速度始终保持不变，请通过计算分析，A车在不被扣分和罚款的前提下，能否安全超车？若能，请求出A车刚完成超车时，A、C两车车头相距的距离。
【答案】（1）解：汽车A、货车B的初速度与限速数据分别为，，
汽车A加速到最大速度过程，根据速度与位移的关系式有
解得
A车加速到最大速度过程，所用时间为
此时间内货车B的位移
由于
可知A车在加速过程没有完成超车，之后匀速过程有，
若恰好超车，则有
解得
则A车在不超速的前提下完成超车的最短时间为。
（2）解：汽车时速超过限速不到10%的，仅给予警告，则有
设A车在不被扣分和罚款的前提下，经过时间刚好完成超车；则有
解得，
此时A车速度大小为
假设成立；此时间内C车的位移大小为
其中
解得
由于
可知A车在不被扣分和罚款的前提下，能安全超车；A车刚完成超车时，A、C两车车头相距的距离为。
【知识点】匀变速直线运动的位移与速度的关系；追及相遇问题
【解析】【分析】（1）分 “加速到限速” 和 “匀速完成超车” 两段，用匀变速位移公式、匀速位移公式，结合 “超车需 A 车位移 ≥ B 车位移 + 车长 + 初始间距” 列方程，求解最短时间。
（2）先确定不被罚的最大速度，再通过 “超车位移关系” 求时间，结合 C 车位移判断是否安全，用 “初始间距 - 总位移和” 求剩余距离。
（1）汽车A、货车B的初速度与限速数据分别为
，，
汽车A加速到最大速度过程，根据速度与位移的关系式有
解得
A车加速到最大速度过程，所用时间为
此时间内货车B的位移
由于
可知A车在加速过程没有完成超车，之后匀速过程有
，
若恰好超车，则有
解得
则A车在不超速的前提下完成超车的最短时间为
（2）汽车时速超过限速不到10%的，仅给予警告，则有
设A车在不被扣分和罚款的前提下，经过时间刚好完成超车；则有
解得
，
此时A车速度大小为
假设成立；此时间内C车的位移大小为
其中
解得
由于
可知A车在不被扣分和罚款的前提下，能安全超车；A车刚完成超车时，A、C两车车头相距的距离为
1 / 1浙江省嘉兴市钱塘联盟2024-2025学年高一上学期11月期中考试物理试题
一、选择题Ⅰ（本题共15小题，每小题3分，共45分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分。）
1．（2024高一上·嘉兴期中）下列各组物理量中，全部是矢量的是（　　）
A．速度 力 B．速率 时间
C．质量 位移 D．加速度 路程
2．（2024高一上·嘉兴期中）下列关于加速度的描述中，正确的是（　　）
A．速度变化量越大，加速度越大
B．加速度为正时，一定做加速运动
C．加速度不断增大，速度可能不断减小
D．加速度方向保持不变，速度方向也保持不变
3．（2024高一上·嘉兴期中）下列叙述中正确的是（　　）
A．任何物体都可以被选做参考系
B．也叫速度的变化率，是标量
C．“卧看满天云不动，不知云与我俱东”，诗人是以自己为参考系的
D．第1秒初到第2秒末所经历的时间为
4．（2024高一上·嘉兴期中）2022年北京冬奥会女子自由式滑雪大跳台比赛中，中国选手谷爱凌凭借惊人的“1620”动作勇夺金牌。如图所示是当时比赛的画面，谷爱凌从静止出发，滑行了大约，到达跳台时以约的速度起跳，在空中完成了“1620”动作，并稳稳地落地。有关下列说法正确的是（　　）
A．在空中最高点时，谷爱凌处于平衡状态
B．是指瞬时速度的大小
C．是指位移的大小
D．裁判对谷爱凌的“1620”动作打分时，谷爱凌可看作质点
5．（2024高一上·嘉兴期中）如图所示，在粗糙的水平桌面上静止放着一盏台灯，该台灯可通过前后调节支架将灯头进行前后调节。关于台灯的受力情况，下列说法正确的是（　　）
A．灯头对支架的压力是由于支架发生形变产生的
B．台灯的重力和台灯对桌面的压力是一对平衡力
C．桌面受到台灯的压力和台灯受到的支持力是一对相互作用力
D．若将灯头向前调节一点（台灯未倒），则桌面对台灯的支持力将变大
6．（2024高一上·嘉兴期中）下列关于重心位置的说法正确的是（　　）
A．甲图中装的水越多，整个包括水的瓶子重心一定上升
B．乙图中背越式跳高的运动员在最高点时，重心可能在杆的下方
C．丙图中运动员在跳水过程中，其重心在体内的位置不变
D．图丁中各物体的重心，一定在物体的几何中心
7．（2024高一上·嘉兴期中）2015年中国乒乓球男队取得了辉煌的成绩，其中马龙包揽世锦赛、世界杯和总决赛男单冠军。假设比赛中乒乓球以的速度撞向马龙的球拍，被他以的速率反向抽回，已知球拍与球的作用时间为，此过程中乒乓球的加速度大小为（　　）
A． B． C． D．
8．（2024高一上·嘉兴期中）潜艇从高密度海水突然进入低密度海水时，浮力会快速减少，使得潜艇急剧下沉，这种现象称为“掉深”。某潜艇在沿水平方向缓慢行驶时，突然出现“掉深”现象。以此时为时刻，测得后续过程中潜艇竖直方向速度与时间的图像如图所示，则下列说法不正确的是（　　）
A．该图像是以竖直向下为正方向绘制的
B．～内潜艇的竖直方向平均速度大于
C．0～内潜艇的竖直方向加速度方向保持不变
D．潜艇在时刻回到其“掉深”之前的高度
9．（2024高一上·嘉兴期中）某汽车在水平路面上启动刹车后，其位移随时间变化的规律为（x的单位是m，t的单位是s）。下列说法正确的是（　　）
A．该汽车从启动刹车内位移为
B．该汽车刹车时的加速度大小为
C．该汽车从启动刹车到停下来向前运行了
D．该汽车从启动刹车末停止运动
10．（2024高一上·嘉兴期中）甲、乙两质点在相邻平行直线轨道上运动的图像如图所示，其中甲的图线是直线，乙的图线是抛物线。在内，下列说法正确的是（　　）
A．一定有一时刻甲、乙的速度相同
B．乙加速度恒定，大小恒为
C．甲、乙总共相遇一次
D．乙做曲线运动
11．（2024高一上·嘉兴期中）有种自动扶梯，无人乘行时运转很慢，有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转．一顾客乘扶梯上楼，正好经历了这两个过程，则能正确反映该乘客在这两个过程中的受力示意图的是（　　）
A． B．
C． D．
12．（2024高一上·嘉兴期中）两个劲度系数分别为和的轻质弹簧a、b串接在一起，a弹簧的一端固定在墙上，如图所示。开始时弹簧均处于原长状态，现用水平力作用在b弹簧的右端向右拉动弹簧。已知弹簧a的伸长量为L，则（　　）
A．b弹簧的伸长量为
B．b弹簧所受的弹力为
C．b弹簧的右端向右移动的距离为
D．b弹簧的右端向右移动的距离为
13．（2024高一上·嘉兴期中）如图甲所示是一种速度传感器的工作原理图，在这个系统中B为一个能发射超声波的固定小盒子，工作时小盒子B向匀速直线运动的被测物体发出短暂的超声波脉冲，超声波速度为，脉冲被运动的物体反射后又被小盒子B接收，从小盒子B发射超声波开始计时，经时间再次发射超声波脉冲，图乙是连续两次发射的超声波的位移—时间图像。则下列说法正确的是（　　）
A．脉冲第一次被运动的物体反射时，物体距离B的距离
B．脉冲第二次被运动的物体反射时，物体距离B的距离
C．物体的平均速度为
D．从开始计时到第二次被B接收过程，物体通过的位移大小
14．（2024高一上·嘉兴期中）打印机是现代办公不可或缺的设备，其进纸系统结构简图如图所示，正常情况下能做到“每次只进一张纸”。某次打印过程中打印机内刚好有100张相同的纸，每张纸的质量均为m，打印时搓纸轮逆时针方向转动，搓纸轮给第1张纸的压力大小为，带动第1张纸向右运动，搓纸轮与纸张之间的动摩擦因数为，纸张与纸张之间的动摩擦因数为，重力加速度为g，打印机正常工作时，下列说法正确的是（　　）
A．第1张纸受到第2张纸的摩擦力方向向右
B．不一定大于
C．第2张与第3张纸之间的摩擦力大小为
D．第49张与第50张纸之间的摩擦力大小为
15．（2024高一上·嘉兴期中）参观古镇时，恰逢下雨，小吴同学饶有兴致地观察屋檐滴水的情景，他观察到滴水中水滴下落时间间隔均匀，测得1分钟内下落水滴180个，由参观资料知屋檐高为3.2m。不计空气阻力，重力加速度g取，他有以下推断，其中正确的是（　　）
A．空中相邻的两个水滴的间距保持不变
B．空中相邻的两个水滴的之间的最大间距是
C．空中有3个水滴时相邻间距之比始终为1：3
D．空中有3个水滴和2个水滴的时间之比是2：3
二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题3分，共9分，每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的.全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）
16．（2024高一上·嘉兴期中）落体运动遵循怎样的规律，伽利略用斜面实验来验证自己的猜想。如图甲所示，伽利略首先探究小球从静止开始下滑的距离与时间的关系，然后用如图乙所示的几个斜面的合理外推得出自由落体运动是一种最简单的变速运动。下列说法正确的是（　　）
A．伽利略认为当成立时，小球做匀变速直线运动
B．在伽利略那个时代，不容易直接测量小球自由下落的时间
C．伽利略用图乙倾角较大的斜面做实验，是为了“冲淡重力”的效果，延长运动时间
D．伽利略把实验和逻辑推理和谐地结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法
17．（2024高一上·嘉兴期中）某同学利用图甲所示装置研究摩擦力的变化情况。实验台上固定一个力传感器，传感器用棉线拉住物块，物块放置在粗糙的长木板上，物块的质量，木板的质量。水平向左拉木板，传感器记录的图像如图乙所示。下列说法正确的是（　　）
A．图乙中曲线就是摩擦力随时间的变化曲线
B．F几乎不变后，长木板开始匀速运动
C．最大静摩擦力与滑动摩擦力之比约为
D．物块与木板间的动摩擦因数约为0.35
18．（2024高一上·嘉兴期中）2018年2月24日，平昌冬奥会上单板滑雪女子平行大回转上演，共有三位中国队选手参赛。如图，滑雪轨道由光滑的倾斜直轨道和粗糙的水平轨道组成。时运动员从A点由静止开始匀加速下滑，经过B点前后速度大小不变，之后在上做匀减速直线运动，最后停在C点，每隔物体的瞬时速率v记录在表格中，则下列说法中正确的是（　　）
0 2 4 6
0 8 12 8
A．时物体恰好运动到C点
B．时物体恰好经过B点
C．A、B间距离是B、C间距离的一半
D．物体运动过程中的最大速度为
三、非选择题（本题共5小题，共46分）
19．（2024高一上·嘉兴期中）图中的甲、乙两种打点计时器是高中物理实验中常用的，请回答下面的问题：
（1）图乙是　 　（填“电磁”或“电火花”）打点计时器，电源采用的是　 　（填“交流”“交流”或“四节干电池”）。
（2）某同学利用图丙所示的实验装置，探究物体在水平桌面上的运动规律，物块在重物的牵引下开始运动，重物落地后，物块再运动一段距离后停在桌面上（尚未到达滑轮处）。从纸带上便于测量的点开始，每5个点取1个计数点，相邻计数点间的距离如图丁所示，打点计时器电源的频率为。（不计空气阻力，）
①在使用打点计时器研究运动时，下列说法正确的是　 　（填正确答案标号）。
A.先接通电源再释放小车
B.释放小车时应尽量靠近滑轮
C.本实验要求瞬时速度，因此需要记录时间的仪器—秒表
D.用纸带上点求解某点的瞬时速度时，应选择临近该点的左右两个点间距求解
②计数点5对应的速度大小　 　（保留两位有效数字）。
③物块减速运动过程中加速度的大小为　 　（保留三位有效数字）。
20．（2024高一上·嘉兴期中）如图所示，用铁架台、刻度尺、弹簧和多个已知质量且质量相等的钩码探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长的关系实验。
（1）某次弹簧上的指针在刻度尺上对应的位置如图甲所示，该处的读数为　 　；
（2）如图乙所示，根据实验数据绘图，纵轴是钩码的质量m，横轴是弹簧的形变量x。由图可知：图线不通过坐标原点可能的原因是　 　；弹簧的劲度系数　 　（重力加速度g取）。
（3）如图丙所示，实验中用两根不同的弹簧a和b得到弹簧弹力F与弹簧长度L的关系图像。下列说法正确的是______。
A．弹力与弹簧长度成正比 B．a的原长比b的长
C．a的劲度系数比b的小 D．a的劲度系数比b的大
21．（2024高一上·嘉兴期中）如图，气球下面用细线吊着一个物体，从地面由静止释放后一起加速上升，速度达到时，吊着物体的细线恰好断开，在物体落地前的整个过程，重力加速度为，不计物体受到的空气阻力，求：
（1）物体落地前的整个过程，上升的最大高度；
（2）物体从释放到落地的时间；
（3）从细线断开到落地整个运动过程中物体的平均速度。
22．（2024高一上·嘉兴期中）一根原长为、劲度系数的轻弹簧被压缩在物体A、B之间，物体A压在粗糙竖直墙面上恰好能保持静止，弹簧的另一端连接在物体B上，将B放置在粗糙水平桌面，再用一根刚性轻绳连接B，另一端跨过桌子右端的光滑轻质定滑轮悬挂一个轻质吊盘，整个装置的结构如图所示。若A与墙面的摩擦因数，B与桌面的摩擦因数，，滑动摩擦力等于最大静摩擦力，求出：
（1）墙面对A的摩擦力的大小？
（2）弹簧的长度为多少？
（3）轻轻的在吊盘中放入一质量为物体，要使整个装置保持静止，则物块B的质量可能值的范围。
23．（2024高一上·嘉兴期中）强行超车是道路交通安全的极大隐患之一，如图是汽车超车过程的示意图，汽车A和货车B分别以和的速度在限速的路面上匀速行驶，其中A车车身长、货车B车身长，某时刻B车尾在A车头前处，若此时A车司机开始迅速加速从货车左侧超车，加速度大小为，假定货车B速度保持不变，不计车辆变道和转向的时间及车辆的宽度，求：
（1）A车在不超速的前提下完成超车的最短时间；
（2）一般情况下，汽车时速超过限速不到10%的，仅给予警告，不予扣分和罚款。若A车开始超车时，看到道路正前方的C车迎面驶来，此时二者车头相距，C车速度为，A车超车的整个过程中，C车速度始终保持不变，请通过计算分析，A车在不被扣分和罚款的前提下，能否安全超车？若能，请求出A车刚完成超车时，A、C两车车头相距的距离。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】矢量与标量
【解析】【解答】A．速度、力都既有大小又有方向，均为矢量，故A正确；
B．速率、时间都是只有大小没有方向，均为标量，故B错误；
C．质量只有大小没有方向，为标量；位移既有大小又有方向，为矢量，故C错误；
D．加速度既有大小又有方向，为矢量；路程只有大小没有方向，为标量，故D错误。
故答案为：A。
【分析】1.矢量定义：既有大小又有方向的物理量（如速度、力、位移、加速度 ）。
2.标量定义：只有大小没有方向的物理量（如速率、时间、质量、路程 ）。
3.选项判断：逐一分析选项中物理量的 “方向属性”，筛选全为矢量的选项。
2．【答案】C
【知识点】加速度
【解析】【解答】A．加速度的定义式为，但加速度与速度变化量没有直接关系，速度变化量越大，加速度不一定越大，故A错误；
B．加速度为正时，如果速度为负，则做减速运动，故B错误；
C．加速度不断增大，如果加速度方向与速度方向相反，则速度不断减小，故C正确；
D．加速度方向保持不变，如果加速度向与速度方向相反，则速度减为0后将反向加速运动，故D错误。
故答案为：C。
【分析】1. 加速度本质：加速度是“速度变化率”，由 决定，非 单独决定。
2. 方向判断：加速度与速度的方向关系（相同/相反 ）决定速度是“增/减”，与加速度正负（人为规定正方向 ）无关。
3. 极端情况：加速度与速度反向时，加速度增大，速度减小更快；加速度方向不变，速度方向可能因“反向加速”改变。
3．【答案】A
【知识点】时间与时刻；加速度；参考系与坐标系
【解析】【解答】A．参考系的选取是任意的，任何物体都可以被选做参考系，故A正确；
B．也叫速度的变化率，是矢量，故B错误；
C．卧看满天云不动，是以船为参考系的；不知云与我俱东，是以两岸为参考系的，故C错误；
D．第1秒初到第2秒末所经历的时间为，故D错误。
故答案为：A。
【分析】依据参考系、加速度、时间间隔的基础概念判断。参考系看选取任意性；加速度明确矢量属性；诗句参考系结合描述场景；时间间隔计算看始末时刻差，逐个分析选项对错。
4．【答案】B
【知识点】质点；位移与路程；瞬时速度；共点力的平衡
【解析】【解答】A．在空中最高点时，谷爱凌的加速度不为0，不是处于平衡状态，故A错误；
B．是指瞬时速度的大小，故B正确；
C．是指路程，不是位移的大小，故C错误；
D．裁判对谷爱凌的“1620”动作打分时，谷爱凌的形状大小不能忽略不计，谷爱凌不可看作质点，故D错误。
故答案为：B。
【分析】依据平衡状态、瞬时速度、路程与位移、质点的概念判断。平衡状态看加速度是否为0；瞬时速度对应特定时刻 / 位置；路程是轨迹长，位移是位置差；质点看形状大小能否忽略，围绕这些概念逐一分析选项。
5．【答案】C
【知识点】形变与弹力；牛顿第三定律；共点力的平衡
【解析】【解答】A．灯头对支架的压力是由于灯头发生形变产生的，故A错误；
B．台灯的重力作用在台灯上，台灯对桌面的压力作用在桌面上，所以两者不是一对平衡力，故B错误；
C．桌面受到台灯的压力和台灯受到桌面的支持力是一对相互作用力，故C正确；
D．若将灯头向前调节一点（台灯未倒），根据受力平衡可知，桌面对台灯的支持力不变，仍等于台灯的重力，故D错误。
故答案为：C。
【分析】依据弹力产生、平衡力、相互作用力、受力平衡的概念判断。弹力看施力物体形变；平衡力看 “同一物体”；相互作用力看 “相互、两物体”；受力平衡看竖直方向力的关系，围绕这些逐一分析选项。
6．【答案】B
【知识点】重力与重心
【解析】【解答】A．甲图中，瓶本身的重心位置不变，将水装入瓶中，随着水量的增加，瓶和水整体的重心可能先降低后逐渐升高，故A错误；
B．乙图中背越式跳高的运动员在最高点时，由于身体的大部分可以处于横杆的下方，则重心可能在杆的下方，故B正确；
C．丙图中运动员在跳水过程中，由于身体形状在发生变化，所以其重心在体内的位置发生变化，故C错误；
D．图丁中各物体的重心，如果质量分布不均匀，则重心不一定在物体的几何中心，故D错误。
故答案为：B。
【分析】依据重心与物体质量分布、形状的关系判断。分析装水时重心变化看水和瓶子的共同影响；看运动员过杆重心位置结合身体形状；跳水时重心变化看身体姿势改变；物体重心在几何中心的条件要同时满足质量分布均匀和形状规则，围绕这些逐一分析选项。
7．【答案】D
【知识点】加速度
【解析】【解答】取乒乓球飞来方向为正方向，则被击回的速度为，乒乓球的加速度为
负号表示加速度方向与击回速度方向相同，此过程中乒乓球的加速度大小为。
故答案为：D。
【分析】利用加速度定义式求解，先规定正方向明确初、末速度的正负，再代入公式计算，通过结果的正负判断方向，取绝对值得到加速度大小，以此分析选项得出答案。
8．【答案】D
【知识点】平均速度；运动学 v-t 图象
【解析】【解答】A．依题意，从t=0时刻开始，潜艇下沉，竖直速度方向向下，所以该图像是以竖直向下为正方向绘制的，故A正确；
B．内潜艇的竖直方向如果做匀减速直线运动，其平均速度为，根据图像中，图线与时间轴所围面积表示潜艇的位移，可知内潜艇的竖直方向位移大于相同时间内做匀减速运动的位移，根据，可知，故B正确；
C．图像中，图线的斜率表示潜艇的加速度，由图可知内图线的斜率一直为正，即潜艇的加速度一直竖直向下，方向不变，故C正确；
D．由图像可知，潜艇在时刻之前一直向下运动，所以时刻离其“掉深”之前高度最远，故D错误。
故答案为：D。
【分析】利用v - t图像的物理意义（斜率表加速度、面积表位移 ），结合运动方向、平均速度公式，逐一分析选项，通过图像与正方向、匀变速平均速度的对比，以及加速度、位移的判断，确定各选项正误。
9．【答案】C
【知识点】加速度；匀变速直线运动规律的综合运用
【解析】【解答】B．汽车在水平路面上启动刹车后，其位移随时间变化的规律为
结合匀减速直线运动位移时间公式
可知该汽车刹车时初速度和加速度大小为，，故B错误；
ACD．汽车从启动刹车到停下所用时间为
则该汽车从启动刹车内位移等于该汽车从启动刹车到停下来通过的位移，大小为，故AD错误，C正确。
故答案为：C。
【分析】先通过位移公式对比确定初速度、加速度，再计算刹车总时间，最后结合运动学公式分析各选项，利用匀变速直线运动的位移公式、速度公式，判断汽车实际运动时间，进而分析位移、加速度等物理量，逐一验证选项正误。
10．【答案】A
【知识点】运动学 S-t 图象
【解析】【解答】A．根据图像的切线斜率表示速度，可知在内，甲、乙存在斜率相等的时刻，则此时甲、乙的速度相同，故A正确；
B．乙的图线是抛物线，可知乙做匀变速直线运动，从内，有
解得乙的加速度大小为
故B错误；
C．由图像可知在内，甲、乙两图线有两个交点，则甲、乙总共相遇两次，故C错误；
D．图像只能描述物体做直线运动，则甲、乙均做直线运动，故D错误；
故答案为：A。
【分析】利用 x-t图像的基本性质（斜率表速度、交点表相遇、图像形状表运动性质 ），逐一分析选项，通过斜率判断速度是否可能相等，通过交点数量判断相遇次数，结合抛物线形状分析运动性质（直线运动、加速度变化 ），从而确定各选项正误。
11．【答案】D
【知识点】加速度；牛顿第二定律
【解析】【解答】当扶梯匀速上升时，人受力平衡，故人受重力和支持力；而当扶梯加速上升时，人受重力、支持力，将加速度分解可知，物体应有水平向右的加速度，故扶梯应对人有平行于接触面向右的摩擦力，故D正确，A、B、C错误；
故答案为：D．
【分析】加速时，由加速度方向（沿扶梯向上 ）分解出水平、竖直分量，从而确定需要摩擦力补充水平加速度；匀速时，加速度为 0，水平方向无受力（无摩擦力 ），竖直方向支持力与重力平衡。通过对比选项，选出加速阶段有水平向右摩擦力、匀速阶段无摩擦力的受力图。
12．【答案】D
【知识点】胡克定律
【解析】【解答】AB．两根轻弹簧串联，弹力大小相等，则b弹簧所受的弹力为
根据胡克定律可得
解得b弹簧的伸长量为
故AB错误；
CD．开始时弹簧均处于原长状态，则b弹簧的右端向右移动的距离等于两根弹簧伸长量之和，即为
故C错误，D正确。
故答案为：D。
【分析】基于串联弹簧弹力相等，结合胡克定律，依次确定弹力、单个弹簧伸长量，再通过伸长量之和得到 b 右端移动距离，先利用串联特性关联 a、b 弹力，再用胡克定律算 b 伸长量，最后将两弹簧伸长量相加，从而判断各选项，得出正确结论。
13．【答案】C
【知识点】速度与速率；运动学 S-t 图象
【解析】【解答】A．由乙图可知，脉冲第一次被运动的物体反射时，物体距离B的距离为
故A错误；
B．脉冲第二次被运动的物体反射时，物体距离B的距离
故B错误；
C．由图乙可知物体通过的位移为时，所用时间为
物体的平均速度为
故C正确；
D．由于物体做匀速运动，则从开始计时到第二次被B接收过程，物体通过的位移大小为
故D错误。
故答案为：C。
【分析】核心思路是利用超声波匀速传播特性，结合 x-t图像确定单次反射的 “往返时间”，从而计算物体与 B 的距离；再通过两次反射的位移差和对应时间差，用平均速度公式推导；最后判断总位移是否正确。
14．【答案】D
【知识点】摩擦力的判断与计算；摩擦力在日常生活中的应用；共点力的平衡
【解析】【解答】A．第1张纸相对第2张纸向右运动，所以第1张纸受到第2张纸的摩擦力方向向左，故A错误；
B．为了使进纸系统能正常进纸，以第1张纸为对象，则有
可得
故B错误；
CD．工作时搓纸轮给第1张纸压力大小为，第1张纸对第2张纸的压力为，则第1张纸与第2张纸之间的滑动摩擦力为
第2张纸处于静止状态，根据受力平衡可得第3张纸对纸张2的静摩擦力大小为
由于第2张纸即以下所有纸张均处于静止状态，受到的摩擦力均为静摩擦力，以第2张纸到第49张纸为整体，根据受力平衡可得第50张纸对纸张49的静摩擦力大小为
故C错误，D正确。
故答案为：D。
【分析】先判断第1张纸相对运动趋势，确定摩擦力方向；再通过滑动条件推导与的大小关系；最后利用受力平衡（静止纸张合力为0 ），分析多张纸间静摩擦力的大小，从而判断选项正误。
15．【答案】D
【知识点】自由落体运动
【解析】【解答】A．空中相邻的两个水滴间的时间间隔相同，但是水滴在做加速运动，加速度相同，所以下面的水滴相对上面水滴在匀速下落，间距变大，故A错误；
B.1分钟内下落水滴180个，相邻水滴间隔
下落总时间
空中相邻的两个水滴的之间的最大间距是
故B错误；
C．只有初速度为零匀加速时，才有相邻间距之比为1：3，故不是始终存在，故C错误；
D．下落总时间是0.8s，时间间隔为，空中有3个水滴和2个水滴的时间之比是
故D正确。
故答案为：D。
【分析】先通过总水滴数算时间间隔，再由自由落体公式算总时间；接着分析间距随时间的变化、最大间距的计算；然后判断 “1：3” 间距比的适用条件；最后通过 “水滴数量对应时间间隔数” 推导时间比，从而确定各选项正误。
16．【答案】B,D
【知识点】伽利略对自由落体运动的研究
【解析】【解答】A．伽利略认为当成立时，小球做匀变速直线运动，故A错误；
B．由于自由落体运动过快，在伽利略那个时代，不容易直接测量小球自由下落的时间，故B正确；
C．伽利略用图乙倾角较小的斜面做实验，是为了“冲淡重力”的效果，延长运动时间，故C错误；
D．伽利略把实验和逻辑推理和谐地结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法，故D正确。
故答案为：BD。
【分析】先明确匀变速运动的判断条件，再结合时代技术局限理解 “冲淡重力” 的目的（延长时间 ），最后总结实验与推理结合的科学方法，从而判断各选项正误。
17．【答案】C,D
【知识点】滑动摩擦力与动摩擦因数
【解析】【解答】A．图乙中曲线是拉力随时间的变化曲线，根据二力平衡原理可知，曲线反映了物块所受摩擦力大小随时间的变化曲线，故A错误；
B．当物块与长木板发生相对运动后，不管木板做匀速运动还是变速运动，物块的受力不再改变，故木板不需要保持匀速运动，故B错误；
C．根据图乙可知，物体受到的最大静摩擦力为10N左右，物体受到的滑动摩擦力为7N左右，所以最大静摩擦力与滑动摩擦力之比约为，故C正确；
D．根据图乙可知，物体受到的滑动摩擦力为7N左右，所以物块与木板间的动摩擦因数约为
故D正确。
故答案为：CD。
【分析】先明确拉力曲线间接反映摩擦力；再通过拉力最大值与稳定值判断最大静摩擦和滑动摩擦；最后利用滑动摩擦公式计算动摩擦因数，从而确定各选项正误。
18．【答案】A,C,D
【知识点】匀变速直线运动的速度与时间的关系
【解析】【解答】A．从B点到C点所用时间为
则物体运动到C点的时刻为
故A正确；
BD．运动员从点由静止开始匀加速下滑，第2s末的速度大小为8m/s，则运动员在AB段的加速度大小为
若运动员在第4s末恰好经过B点，则此时速度最大，为
与表格数据不符，故运动员是在第2s到第4s间到达B点，则运动员在BC段的加速度大小为
设从A点由静止开始下滑经过时间到达B点，则有
，
联立解得
，
可知物体运动过程中的最大速度为，故B错误，D正确；
C．根据匀变速直线运动位移速度公式
，
可得
故C正确。
故答案为：ACD。
【分析】先利用匀变速速度公式算两段加速度，再通过速度关联方程求 B 点时刻和最大速度，接着用匀减速到 0 的时间公式算总时间，最后用位移公式算两段位移并对比，从而确定各选项正误。
19．【答案】（1）电火花；交流220V
（2）AD；1.0；2.11
【知识点】加速度；瞬时速度；用打点计时器测速度
【解析】【解答】（1）图乙是电火花打点计时器，电源采用的是交流。
故答案为：电火花；交流220V
（2）①A．为了充分利用纸带，应先接通电源再释放小车，故A正确；
B．释放小车时应尽量靠近打点计时器，故B错误；
C．通过打点计时器可以得到计数点间的时间间隔，所以不需要秒表，故C错误；
D．用纸带上点求解某点的瞬时速度时，应选择临近该点的左右两个点间距求解，故D正确。
故答案为：AD。
②每5个点取1个计数点，则相邻计数点的时间间隔为
则计数点5对应的速度大小为
③根据逐差法结合表格数据可得物块减速运动过程中加速度的大小为
故答案为：①AD；②1.0；③2.11
【分析】（1）通过结构识别打点计时器类型，记忆电火花计时器用 220V 交流电源。
（2）①依据实验操作规范（ 先通电、靠近计时器 ）和瞬时速度求法（ 平均速度近似 ）判断选项。
②利用 “中间时刻速度等于平均速度”，结合计数点间隔时间，代入数据计算。
③减速运动选后段数据，用逐差法（ 减小误差 ）计算加速度，核心是 “匀变速直线运动规律” 和 “实验数据处理方法”。
（1）[1][2]图乙是电火花打点计时器，电源采用的是交流。
（2）①[1]
A．为了充分利用纸带，应先接通电源再释放小车，故A正确；
B．释放小车时应尽量靠近打点计时器，故B错误；
C．通过打点计时器可以得到计数点间的时间间隔，所以不需要秒表，故C错误；
D．用纸带上点求解某点的瞬时速度时，应选择临近该点的左右两个点间距求解，故D正确。
故选AD。
②[2]每5个点取1个计数点，则相邻计数点的时间间隔为
则计数点5对应的速度大小为
③[3]根据逐差法结合表格数据可得物块减速运动过程中加速度的大小为
20．【答案】（1）18.00
（2）弹簧的自身重力；5
（3）D
【知识点】胡克定律；探究弹簧弹力的大小与伸长量的关系；刻度尺、游标卡尺及螺旋测微器的使用
【解析】【解答】（1）图中刻度尺的分度值为，由刻度尺上对应的位置可知读数为。
故答案为：18.00
（2）由图乙可知，当时，x大于零，说明没有挂钩码时弹簧伸长，其原因是由于弹簧自身的重力造成的；
根据胡克定律结合图乙数据可得
故答案为：弹簧的自身重力；5
（3）A．根据胡克定律可知弹力与弹簧的形变量成正比，弹力与弹簧长度不成正比，故A错误；
BCD．根据胡克定律可得，可知图像的横轴截距等于弹簧原长，图像的斜率表示弹簧的劲度系数；由图丙可知a的原长比b的短，a的劲度系数比b的大，故BC错误，D正确。
故答案为：D。
【分析】（1）依据刻度尺读数规则（ 估读 ）直接读取。
（2）从“弹簧自身重力导致无钩码时已有伸长”解释图线不过原点；用“胡克定律 ”，结合图像数据计算劲度系数。
（3）根据胡克定律变形 ，分析图像“截距（ 原长 ）”和“斜率（ 劲度系数 ）”判断选项。
核心是“胡克定律的理解（ 弹力与形变量成正比 ）”及“实验图像的物理意义（ 截距、斜率对应原长、劲度系数 ）”。
（1）图中刻度尺的分度值为，由刻度尺上对应的位置可知读数为。
（2）[1]由图乙可知，当时，x大于零，说明没有挂钩码时弹簧伸长，其原因是由于弹簧自身的重力造成的。
[2]根据胡克定律结合图乙数据可得
（3）A．根据胡克定律可知弹力与弹簧的形变量成正比，弹力与弹簧长度不成正比，故A错误；
BCD．根据胡克定律可得
可知图像的横轴截距等于弹簧原长，图像的斜率表示弹簧的劲度系数；由图丙可知a的原长比b的短，a的劲度系数比b的大，故BC错误，D正确。
故选D。
21．【答案】（1）解：物体加速上升过程，上升的高度为
细线断开后，物体做竖直上抛运动，继续上升的高度为
则物体落地前的整个过程，上升的最大高度为
。
（2）解：细线断开后，物体做竖直上抛运动，继续上升到最高点所用时间为
物体从最高点做自由落体运动，则有
解得
则物体从释放到落地的时间为
。
（3）解：从细线断开到落地整个运动过程中，通过的位移大小为，方向竖直向下，则从细线断开到落地整个运动过程中物体的平均速度大小为
方向竖直向下。
【知识点】平均速度；自由落体运动；竖直上抛运动
【解析】【分析】（1）分 “加速上升” 和 “竖直上抛继续上升” 两段，用匀变速平均速度公式、竖直上抛速度 - 位移公式，求总高度。
（2）分 “加速上升”“竖直上抛到最高点”“自由下落” 三段时间，分别用 v = gt、自由下落位移公式，累加得总时间。
（3）明确细线断开后位移（ 大小 50m，方向向下 ），计算对应时间，用平均速度定义式求解。
（1）物体加速上升过程，上升的高度为
细线断开后，物体做竖直上抛运动，继续上升的高度为
则物体落地前的整个过程，上升的最大高度为
（2）细线断开后，物体做竖直上抛运动，继续上升到最高点所用时间为
物体从最高点做自由落体运动，则有
解得
则物体从释放到落地的时间为
（3）从细线断开到落地整个运动过程中，通过的位移大小为
方向竖直向下，则从细线断开到落地整个运动过程中物体的平均速度大小为
方向竖直向下。
22．【答案】（1）解：对A受力分析，由受力平衡可得墙面对A的摩擦力的大小为。
（2）解：由于A恰好静止，则有
又
联立解得弹簧的长度为。
（3）解：B恰好处于静止状态时，则B受到的静摩擦力达到最大，大小为
对B，在水平方向有
又
联立解得
要使整个装置保持静止，则物块B的质量应满足。
【知识点】胡克定律；受力分析的应用；共点力的平衡
【解析】【分析】（1）A 静止，竖直方向重力与摩擦力平衡，直接用平衡条件求解。
（2）A 恰好静止时，摩擦力为最大静摩擦力，结合胡克定律（ 弹力与形变量关系 ）求弹簧长度。
（3）对 B 分析水平方向受力（ 弹簧弹力、绳拉力、摩擦力 ），利用 “最大静摩擦力平衡外力” 找临界质量，确定 B 质量范围。
（1）对A受力分析，由受力平衡可得墙面对A的摩擦力的大小为
（2）由于A恰好静止，则有
又
联立解得弹簧的长度为
（3）B恰好处于静止状态时，则B受到的静摩擦力达到最大，大小为
对B，在水平方向有
又
联立解得
要使整个装置保持静止，则物块B的质量应满足
23．【答案】（1）解：汽车A、货车B的初速度与限速数据分别为，，
汽车A加速到最大速度过程，根据速度与位移的关系式有
解得
A车加速到最大速度过程，所用时间为
此时间内货车B的位移
由于
可知A车在加速过程没有完成超车，之后匀速过程有，
若恰好超车，则有
解得
则A车在不超速的前提下完成超车的最短时间为。
（2）解：汽车时速超过限速不到10%的，仅给予警告，则有
设A车在不被扣分和罚款的前提下，经过时间刚好完成超车；则有
解得，
此时A车速度大小为
假设成立；此时间内C车的位移大小为
其中
解得
由于
可知A车在不被扣分和罚款的前提下，能安全超车；A车刚完成超车时，A、C两车车头相距的距离为。
【知识点】匀变速直线运动的位移与速度的关系；追及相遇问题
【解析】【分析】（1）分 “加速到限速” 和 “匀速完成超车” 两段，用匀变速位移公式、匀速位移公式，结合 “超车需 A 车位移 ≥ B 车位移 + 车长 + 初始间距” 列方程，求解最短时间。
（2）先确定不被罚的最大速度，再通过 “超车位移关系” 求时间，结合 C 车位移判断是否安全，用 “初始间距 - 总位移和” 求剩余距离。
（1）汽车A、货车B的初速度与限速数据分别为
，，
汽车A加速到最大速度过程，根据速度与位移的关系式有
解得
A车加速到最大速度过程，所用时间为
此时间内货车B的位移
由于
可知A车在加速过程没有完成超车，之后匀速过程有
，
若恰好超车，则有
解得
则A车在不超速的前提下完成超车的最短时间为
（2）汽车时速超过限速不到10%的，仅给予警告，则有
设A车在不被扣分和罚款的前提下，经过时间刚好完成超车；则有
解得
，
此时A车速度大小为
假设成立；此时间内C车的位移大小为
其中
解得
由于
可知A车在不被扣分和罚款的前提下，能安全超车；A车刚完成超车时，A、C两车车头相距的距离为
1 / 1

展开更多......

收起↑