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浙江省湖州市吴兴区2024-2025学年八年级上学期期中质量检测科学试题
1．（2024八上·吴兴期中）某航班飞机飞行时，飞行员向塔台请求向左偏航以躲避积雨云，从而避免暴雨的影响，说明当时飞机很可能飞行在大气层的（　　）
A．对流层 B．中间层 C．平流层 D．暖层
2．（2024八上·吴兴期中） 冬季，我国黑龙江省北部滴水成冰，大地白雪皑皑；而海南省气候暖热，到处绿树成荫。形成这种气候差异的主要影响因素是(　　)
A．纬度位置 B．海陆性质 C．地形 D．人类活动
3．（2024八上·吴兴期中）如图所示，U形管内a、b液面相平，当挤压滴管的胶头，一段时间后会观察到a液面高于b液面。则试剂X、Y的组合可能是（　　）
A．水、硝酸铵 B．水、氢氧化钠
C．水、氯化钠 D．水、蔗糖
4．（2024八上·吴兴期中）口罩可阻挡粉尘、飞沫、病毒等进入口鼻，从而保护人体。这一作用相当于物质分离方法中的（　　）
A．沉淀 B．过滤 C．蒸馏 D．结晶
5．（2024八上·吴兴期中）下列空气对流运动图中，有关甲乙两地的说法正确的是（　　）
A．甲地比乙地气温高，气压高，多晴朗天气
B．甲地比乙地气温高，气压低，多阴雨天气
C．甲地比乙地气温低，气压高，多晴朗天气
D．甲地比乙地气温低，气压低，多阴雨天气
6．（2024八上·吴兴期中）在除去粗盐中难溶性杂质的实验中，下列操作正确的是（　　）
A．取用粗盐 B．溶解粗盐
C．过滤盐水 D．蒸发滤液
7．（2024八上·吴兴期中）小科做了如图所示的一个装置，两端都开口的直玻璃管插入瓶塞中，瓶塞与瓶口及玻璃管之间密封良好，直玻璃管的下端套有一个小气球。当小科将装置从山下带到海拔较高的山上时，小气球发生的变化是（　　）
A．不会发生变化 B．鼓起一些
C．变瘪一些 D．先变瘪后鼓起
8．（2024八上·吴兴期中）当两列高速行驶的火车相对驶过时，它们必须减速，否则车窗玻璃将会损坏，如果真的发生了这种现象，那么（　　）
A．碎玻璃将会飞向车内 B．碎玻璃将会飞向车外
C．碎玻璃沿竖直方向下落 D．碎玻璃将会飞向车顶
9．（2024八上·吴兴期中）如图所示为杭州12月22日的部分气象信息，下列说法正确的是（　　）
A．这一天时间里杭州的大气状态及其变化称为气候
B．这一天的最低气温是人体最感舒适的气温
C．这一天的气温最高值出现在午后2时左右
D．这一天的大气状态可以用和风细雨来形容
10．（2024八上·吴兴期中）浙江佛堂浮桥火爆网络，吸引大批游客前来参观。佛堂浮桥由若干只木船连接而成，浮在江面上，可以供路人游客行走参观。大批游客走上浮桥，会导致浮桥所受的浮力以及浮桥底部所受的水的压强如何变化（　　）
A．浮力变大，压强变小 B．浮力变小，压强变大
C．浮力变小，压强变小 D．浮力变大，压强变大
11．（2024八上·吴兴期中）下图所示，甲地的风向在不考虑其他因素的情况下应是（　　）
A．东北风 B．西南风 C．东南风 D．西北风
12．（2024八上·吴兴期中）某温度下，一杯刚好饱和的蔗糖溶液，欲使其溶质的质量分数改变，下列四位同学提出的措施可行的是（　　）（忽略溶液中的水分在自然条件下的散失）
A． B．
C． D．
13．（2024八上·吴兴期中）在15℃时，硝酸钾的溶解度为26克，在该温度下，将20克硝酸钾放入60克水中充分搅拌，所得溶液中质量分数约为（　　）
A．25% B．33.3% C．26% D．20.6%
14．（2024八上·吴兴期中）图1可表示“M与N的并列关系”，图2可表示“M属于N的从属关系”。下列概念间的关系符合图3所示关系是（　　）
X Y Z
A 浓溶液 稀溶液 不饱和溶液
B 悬浊液 乳浊液 溶液
C 溶质 溶剂 溶液
D 饱和溶液 不饱和溶液 浓溶液
A．A B．B C．C D．D
15．（2024八上·吴兴期中）水平桌面上放有甲、乙两个装有不同液体的相同容器，把两个完全相同的实心物体分别缓慢放入两容器中，物体静止时如图所示且液面恰好相平，下列说法正确的是（　　）
A．甲容器中液体的密度比乙容器中液体的密度小
B．物体静止时，两个容器底部受到的液体压强一样大
C．实心物体的密度与乙容器内液体的密度相同
D．物体在甲容器液体中受到的浮力比在乙中受到的浮力小
16．（2024八上·吴兴期中）小君周末到五马街观察灯盏糕的制作过程，请利用所学科学知识进行解释：
（1）灯盏糕制作过程中需要用到的材料有：面粉、油、食盐等，上述食材能分散于水中并形成乳浊液的是　 　；
（2）炸灯盏糕时，面粉团在油中会变得蓬松，小君发现一开始沉底的灯盏糕浮上来了，灯盏糕上浮是因为　 　增大导致浮力增大；
（3）卖灯盏糕的小摊上还摆着红糖水，摊主只要取出少量红糖水品尝，就能知道整锅红糖水甜度是否合适，这是因为溶液具有　 　的特点。
17．（2024八上·吴兴期中）兴趣小组开展粗盐提纯实验并配制一定溶质质量分数的氯化钠溶液。
（1）图甲为实验操作流程图，则图甲中的操作③为图乙中的　 　（填字母）。
（2）若配制100克12%的氯化钠溶液，需要氯化钠的质量是　 　克。
18．（2024八上·吴兴期中）水是生命之源，保护水资源是每个公民应尽的义务。
（1）如图甲所示为水循环示意图，图中各序号表示水循环中相应的环节，其中③表示　 　。人们常常通过对地表的改造，影响地球上水循环的过程，我国实施的南水北调工程可以缓解北方的缺水问题，南水北调工程是对水循环环节中的　 　（选填序号）施加影响。
（2）如图乙是我国东部地区人均水资源拥有量随纬度变化的图像，由图可知我国东部地区人均水资源拥有量的分布规律是　 　。
19．（2024八上·吴兴期中）小科同学在t℃用某固体溶质的溶液做恒温蒸发结晶实验，如图所示，请回答下列问题：
（1）乙中的溶液属于　 　溶液（填“饱和”或“不饱和”）。
（2）该固体溶质在t℃时的溶解度为　 　。
（3）甲、乙、丙、丁中溶液溶质质量分数的大小关系是　 　。
20．（2024八上·吴兴期中）联合国确定2023年“世界水日”的主题为“Accelerating Change”
（1）从组成角度看：水是由　 　组成的。
（2）从微观角度看：下列图1中可以表示水的微粒的是　 　。（填写图示编号）
（3）从能源角度看：电解水产生理想的清洁高能燃料氢气。
水电解的文字表达式为　 　。
（4）从净化角度看：图2所示净化河水简易装置的说法错误的是　 　。
A.水本身是一种物质资源 B.此装置可以将可溶性矿物质去除
C.利用此装置可得到蒸馏水 D.利用此装置净化得到的水不宜直接饮用
（5）从变化角度看：电解一定量的水（如图3），当正极端产生5mL气体时，理论上在负极端产生气体的体积为　 　mL。
21．（2024八上·吴兴期中）小科按照“综合实践活动手册”的要求制作简易密度计。
（1）取一根粗细均匀的饮料吸管，在其下端塞入适量金属丝并用石蜡封口。塞入金属丝的目的是　 　；
（2）将吸管放到水和另一液体中的情景分别如图甲、乙所示，用液、水分别表示该液体和水的密度，则液　 　水（填“＝”“＞”或“＜”）。
22．（2024八上·吴兴期中）如图，将一个吸盘按照如图的方式，排尽吸盘内空气，吸盘与玻璃的接触面积为，试分析：（标准大气压为1.01×105Pa）。
（1）吸盘能够“吸”在天花板的玻璃上而掉不下来，是由于　 　的作用。
（2）已知吸盘内的气压为0.81×105Pa，若用力将吸盘从玻璃上拔下来（忽略吸盘自身的重力），力F至少是　 　N。
23．（2024八上·吴兴期中）小科在探究浮力大小和哪些因素有关；他把金属块竖直挂在弹簧测力计上，在空气中读出示数为5牛。然后将其分别浸入水和酒精中的不同位置，如图所示。（水＝1g/cm3，酒精＝0.8g/cm3）
（1）上述四种情况，金属块受到的浮力最小是　 　牛；
（2）为了探究金属块浸没在液体时，浮力与深度的关系，应选择　 　两次实验进行比较；
（3）通过比较丙丁两次实验，可以得出的结论是　 　；
（4）通过以上探究，可知浮力大小与液体密度、　 　有关。
24．（2024八上·吴兴期中）科学家笛卡尔最早造出了“浮沉子”。小科学习笛卡尔也在家庭实验中自制了一个“浮沉子”。
【实验步骤】
①在小药瓶的瓶盖处开一个小孔，水可通过小孔进出瓶体；
②小药瓶装满水后拧紧瓶盖，放入装有适量的水的贮水筒内；
③用薄橡皮膜把筒口蒙住并扎紧。
【预期现象】
小药瓶就是一个“浮沉子”，用力按压橡皮膜，小药瓶下沉，松手后上浮。
（1）按压橡皮膜时，贮水筒内气体压强　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（2）“浮沉子”与“潜水艇”浮沉的原理相同，都是通过改变　 　来控制升降；
【反馈改进】
（3）实验现象与预期不符，是因为实验步骤中出现了问题，请指出并改正：　 　。
25．（2024八上·吴兴期中）小博用注射器估测大气压值， 实验装置如图甲所示， 把注射器的活塞推至注射器筒的底端，用细绳一端连接注射器活塞尾部， 另一端连接弹簧测力计， 水平向右慢慢拉动注射器针筒， 发现测得的大气压值与实际值相差很大， 为此他展开思考并改进实验。
（1）实验中， 分析研究的对象是大气对　 　（填“活塞”或“橡皮帽”） 的压力。
（2）图甲中， 活塞与针筒壁间摩擦力的存在会使测得的大气压值　 　（选填“偏大”、“偏小”或“无影响”） 。
（3）为消除摩擦力的影响，小博设计图乙的实验装置， 针筒被固定在桌面某一位置，实验步骤如下：
①把注射器的活塞推至注射器筒的底端， 用橡皮帽封住注射器的小孔；
②向烧杯中缓慢加水， 当活塞向左匀速滑动时， 活塞受到的拉力大小等于烧杯和水的总重G1；
③然后向外缓缓抽水， 当活塞向右匀速滑动时， 活塞受到的拉力大小等于烧杯和水的总重G2；
④测得活塞面积为S；
⑤计算大气压值p。
则小博测得大气压p的值为　 　（用测量步骤中的字母表示） 。
26．（2024八上·吴兴期中）某小组同学计划用如图所示的实验研究影响冰糖溶解快慢的因素，请回答下列问题。
（1）根据图示的信息，你认为该组同学做出的假设是影响冰糖溶解快慢的因素有是否搅拌　 　、　 　等。
（2）若研究搅拌对冰糖溶解快慢的影响，应选择　 　（填烧杯编号）与A进行对照。
（3）选择A和C同时进行实验时，小科发现A中冰糖溶解得快，他由此得出结论：块状冰糖比粉末状冰榶溶解得快。你认为他的结论对吗？理由是　 　。
27．（2024八上·吴兴期中）小红在学习了物质的溶解这一专题后，对“气体在液体中溶解能力强弱与气压的关系”进行了研究，并设计了如图所示的实验：用20毫升一次性注射器吸取10毫升某碳酸饮料（饮料中溶解有二氧化碳气体），并用胶头封闭注射器针孔。在图Ⅰ中，小红用力向外拉动注射器，管中出现许多小气泡；图Ⅱ中，用力向里推注射器，小气泡减少。
（1）图Ⅰ中，小红向外拉注射器活塞的目的是　 　；
（2）请尝试分析，图Ⅱ中小红用力向里推动注射器后小气泡减少的原因。　 　；
（3）气体的溶解度还受温度的影响。“一些工厂向河里排放热水，河里的鱼会因缺氧而死亡”。这个现象说明氧气在水中的溶解性与温度之间的关系是　 　。
28．（2024八上·吴兴期中）电解水的实验中，往往加入一定盘的硫酸溶液增加水的导电性（硫酸本身不会减少） ，小科利用如图装置进行研究影响电解水的速度的因素，实验中记录数据如下表：
实验次数 1 2 3 4 5 6 7
蒸馏水体积/毫升 200 200 200 200 200 200 200
加入10mL硫酸的质量分数 0 10% 15% 20% 25% 30% 35%
收集到氢气体积/ mL 20 20 20 20 20 20 20
收集到氢气时间/秒 2648 1236 885 423 262 216 205
（1）小科进行以上实验是研究　 　会影响水的电解速度。
（2）本实验通过比较　 　来判断电解水的速度。
（3）小科在200mL的蒸馏水中，加入10mL质量分数为10%的硫酸后，发现产生的氢气的速度越来越快，请结合以上探究结果分析其中的原因：　 　。
29．（2024八上·吴兴期中）由于“新冠”疫情，“二氧化氯”消毒液广泛应用于学校教室、食堂、寝室等的卫生消毒。某二氧化氯消毒液瓶上的标签如表所示。
二氧化氯1000mL
溶质质量分数 80%
密度 1.2g/cm3
强腐蚀性，阴冷，密封储藏
（1）这1000毫升二氧化氯消毒液中含溶质二氧化氯　 　克。
（2）需欲配制48千克溶质质量分数为10%的稀二氧化氯消毒液用于消毒，请计算需要这种二氧化氯消毒液多少千克　 　？
30．（2024八上·吴兴期中）如图所示高压锅的示意图，锅盖上有一个空心柱为排气孔，空心柱上戴着一个帽子为限压阀，锅内气体就会冲开限压阀，气体跑出一部分，空心柱小孔的横截面积为10mm2，限压阀的质量为100克的高压锅，要用它来煮饭，若当时的大气压为1.0×105Pa。
p/105Pa 0.98 1.13 1.29 1.48 1.69 1.80 2.00
t/℃ 99 103 107 111 115 117 120
（1）此高压锅内气体达到的最大压强为多少？　 　
（2）锅内水的最高温度能达到　 　℃；
（3）经商品质量检测部门检测，此高压锅内气体的最大压强不能超过1.8×105Pa，如果要使此高压锅能继续安全使用，原来的限压阀不能使用，应再配一个质量比原来的限压阀　 　（选填“大”或“小”）的新限压阀。
31．（2024八上·吴兴期中）为防止溺水事故的发生，江西科技学院的大三学生邓鼎怀研发出救生手环，小虞网上购买了救生手环（如图所示），并在湖泊中进行了性能测试。他戴上该手环下潜到湖面下处（未接触湖底），打开手环开关，手环瞬间弹出一个体积为的气囊，随后气囊将小虞带出水面。已知小虞的质量为，密度是，不计手环的质量和体积，不考虑水面下人体体积的变化（、），回答下列问题：
（1）小虞完全浸没后向下潜水的过程中，受到的浮力　 　（选填“增大”“不变”或“减小”）；
（2）小虞的体积是多少　 　？
（3）通过计算说明小虞打开手环开关后上浮的原因　 　。
32．（2024八上·吴兴期中）根据氯化钠和硝酸钾的溶解度表，回答下列问题：
温度（℃） 10 20 30 40 50 60 70
氯化钠溶解度（克） 35.8 36.0 36.3 36.4 37.0 37.3 37.8
硝酸钾溶解度（克） 20.9 31.6 45.8 63.9 85.5 110 138
（1）若发现硝酸钾固体中混有少量氯化钠固体，可采用　 　方法提纯硝酸钾。
（2）在室温下（温度不变），有一杯配制好的饱和氯化钠溶液，露置在空气中一段时间后，发现溶液底部有少量晶体析出，在这个过程中_________。
A．氯化钠的溶解度变小了 B．溶剂的质量变小了
C．溶液变成了不饱和溶液 D．溶液中氯化钠的质量分数不变
（3）硝酸钾与氯化钠具有相同溶解度的温度范围是　 　。
33．（2024八上·吴兴期中）“天气瓶”和“彩球温度计”是两款不同的现代居家饰品，都可以获知天气冷暖变化。
（1）图甲为“天气瓶”，当外界温度降低时，瓶中晶体增多。由此推测瓶中晶体的溶解度随温度降低而　 　。
（2）图乙为“彩球温度计”，当温度降低到小球所标注的温度值时，该小球会浮起。某时，只有“20℃”、“18℃”的小球沉底，则此时的气温范围为　 　。
（3）图乙中漂浮的“24℃”小球重5克，则其所受浮力为　 　牛。（g取10牛/千克）
34．（2024八上·吴兴期中）小宁设计并制作了如图的咸水淡化装置，同时针对该装置设计了评价表。
评价指标 优秀 合格 待改进
指标一：装置结构 结构完整，有加热、冷却和收集装置 结构较完整，缺少较好的冷却装置 结构不完整，有1处以上缺失
指标二：淡化效果 能从咸水中制得淡水，速度较快、连续稳定 能从咸水中制得淡水，但效果不明显 不能从咸水中制得淡水
指标三： …… …… ……
（1）塑料瓶的外面包裹冷水浸湿的布，作用是　 　；
（2）易拉罐中的咸水先经过汽化，后经过液化变成淡水流入容器，则易拉罐内咸水溶质的质量分数将　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）；
（3）根据评价需要，请你提出一项评价指标写在指标三“ ”处　 　。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】大气的分层
【解析】【分析】（1）大气层分为对流层、平流层、中间层、暖层等。对流层是大气的最下层，集中了约 75% 的大气质量和 90% 以上的水汽质量，空气对流运动显著，天气现象复杂多变，常见的风雨、雷电等天气都发生在这一层 。
（2）平流层空气以平流运动为主，气流平稳，水汽、杂质含量少，天气晴朗，适宜飞机高空飞行；中间层空气垂直对流强烈，温度随高度增加而降低；暖层空气处于高度电离状态，温度随高度增加而升高 。
【解答】对流层的特点最显著的特点是有强烈的对流运动，飞机飞行时，飞行员向塔台请求向左偏航以躲避积雨云，从而避免暴雨的影响，当时飞机很可能在大气层中的对流层。
故答案为：A。
2．【答案】A
【知识点】影响气候的因素
【解析】【分析】影响气候的因素有纬度因素、地形因素和海陆位置等。
【解答】 冬季，我国黑龙江省北部滴水成冰，大地白雪皑皑；而海南省气候暖热，到处绿树成荫。形成这种气候差异的主要影响因素是纬度位置。黑龙江省纬度较高，海南省纬度低。
故答案为：A。
3．【答案】A
【知识点】大气压强的存在；溶解时的吸热或放热现象
【解析】【分析】U形管内a、b液面相平，当挤压滴管的胶头，一段时间后会观察到a液面高于b液面，说明b一侧的压强大于a一侧的压强，由于b端与大气相通，压强不变，可知是锥形瓶内压强变小。
【解答】A、硝酸铵溶于水吸热，温度降低，压强变小，会观察到a液面高于b液面，此选项符合题意；
B、氢氧化钠溶于水放出大量的热，温度试管，压强变大，会观察到a液面低于b液面，此选项不符合题意；
C、氯化钠溶于水，温度变化不明显，U形管内a、b液面无明显变化，此选项不符合题意；
D、蔗糖溶于水，温度变化不明显，U形管内a、b液面无明显变化，此选项不符合题意。
故答案为：A。
4．【答案】B
【知识点】过滤的原理、方法、操作及其应用
【解析】【分析】根据过滤操作的用途判断。
【解答】过滤操作用于分离液体和不溶于液体的固态颗粒。而口罩上存在细小的孔，相当于滤纸，而粉尘和飞沫相当于不溶于空气的固态颗粒，因此相当于过滤操作，故B正确，而A、C、D错误。
故选B。
5．【答案】C
【知识点】大气压对天气的影响
【解析】【分析】高压控制区天晴朗干燥，低压控制区以阴雨天气为主。
热空气上升，冷空气下降。
【解答】由图可知，甲处气流下沉，乙处气流上升，说明甲处气温低于乙处、气压高于乙处，多晴朗天气。故答案为：C。
6．【答案】D
【知识点】常见实验操作；过滤的原理、方法、操作及其应用；蒸发操作与粗盐提纯
【解析】【分析】蒸发结晶时，出现大量晶体后撤去酒精灯，用余温将剩余液体蒸干。
【解答】A、取用固体药品时，应用药匙，瓶塞应倒放在桌面上，故A错误；
B、粗盐溶解应在烧杯中进行，不能在量筒中进行，故B错误；
C、过滤时，应注意“一贴、二低、三靠”，图中未用玻璃棒引流，故C错误；
D、蒸发时，应用玻璃棒不断搅拌，防止局部温度过高，造成液滴飞溅，故D正确。
故答案为：D。
7．【答案】C
【知识点】大气压强与高度的关系
【解析】【分析】高度越高，大气越稀薄，大气压强越小。
【解答】将装置带上山高度增大，外界大气压减小，瓶内气压不变，瓶内外气压差增大，所以小气球会变瘪一些。
故答案为：C。
8．【答案】B
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【分析】根据列车内部和两列车之间的空气流动速度，分析压强，玻璃将被压向压强小的一侧。对于流体压强的问题，一定要明确物体两侧的流体流速大小，压强大小，分析物体受到压力的大小，分析物体受到哪个方向的压力差的作用。
【解答】解：两列火车相对高速行驶时，两列车之间空气流动速度很大，压强很小，列车内的压强远大于列车中间的压强，会把玻璃压向两列车之间。
故答案为：B
9．【答案】C
【知识点】温度及温度的测量；天气预报与天气图；天气与气候的区别与联系
【解析】【分析】气候指的是某地区一段时间内大气状况及其变化的平均值。
【解答】A、这一天时间里杭州地区的大气状态及其变化称为天气，故A错误；
B、这一天的最低气温是6℃，人体最舒适的气温是22℃左右，故B错误；
C、这一天的气温最高值出现在午后2时左右，故C正确；
D、这一天的大气状态可以用艳阳高照来形容，故D错误。
故答案为：C。
10．【答案】D
【知识点】影响液体压强大小的因素；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】物体漂浮时，浮力等于重力，重力变小，则浮力减小；液体压强用进行判断。
【解答】大批游客走上浮桥后，浮桥的总重力增大，因为漂浮时，浮桥所受的浮力等于自身的重力，故浮力变大，由阿基米德原理可知，此时浮桥排开水的体积增大，即浮桥的吃水深度增加，又因为液体内部压强随深度的增加而增大，所以浮桥底部所受水的压强变大。
故答案为：D。
11．【答案】B
【知识点】风
【解析】【分析】（1）风是由于空气的流动形成的，在水平方向上，空气会从高压区流向低压区 。
（2）判断风向时，要结合指向标确定方向，风向是指风吹来的方向 。
【解答】在不考虑其他因素情况下，风是从高压区吹向低压区，根据指向标，即从西南吹向东北，所以甲地风向应为西南风，故B正确，ACD错误。
故答案为：B。
12．【答案】B
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；固体溶解度的概念；溶解度的影响因素；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】溶质的质量分数等于溶质质量与溶液质量的比值；固体溶解度指的是某温度下，100g溶剂中最多能溶解的溶质的质量，此时溶液为该温度下的饱和溶液。
【解答】A、饱和的硝酸钾溶液不能继续溶解硝酸钾，溶质质量不变，溶剂质量不变，质量分数不变，故A错误；
B、饱和的硝酸钾溶液会有晶体析出，溶质质量减少，溶剂质量不变，质量分数变小，故B正确；
C、恒温蒸发溶剂后为同温下的饱和溶液，在相同温度下，饱和溶液的质量分数恒定，故C错误；
D、升高温度后，饱和的硝酸钾溶液变为不饱和状态，溶质质量不变，溶剂质量不变，质量分数不变，故D错误。
故答案为：B。
13．【答案】D
【知识点】溶质的质量分数及相关计算；一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】根据饱和溶液中，溶质质量分数的计算方法来分析。
【解答】 解在15℃时，硝酸钾的溶解度为26克，在该温度下，60克水中最多能溶解硝酸钾的质量为60克×=15.6克，即在该温度下，将20克硝酸钾放入60克水中充分搅拌，所得溶液为该温度下的饱和溶液，则溶质的质量分数为×100%≈20.6%。
故答案为：D。
14．【答案】C
【知识点】溶液的组成及特点；饱和溶液与不饱和溶液
【解析】【分析】从1中可知，M与N是并列关系，根据图2可知，M属于N，根据图3可知，X与Y是并列关系，X、Y属于Z。【解答】A.浓溶液和稀溶液可能是饱和溶液，也可能是不饱和溶液，故A不符合题意；
B.悬浊液、乳浊液不具有均一性、稳定性，悬浊液、乳浊液不属于溶液，故B不符合题意；
C.溶液包括溶剂和溶质，溶剂和溶质属于并列关系，故C符合题意；
D.饱和溶液和不饱和溶液可能是浓溶液，也可能是稀溶液，故D不符合题意。
故答案为：C。
15．【答案】C
【知识点】物体的浮沉条件及其应用；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】沉浮条件：物体处于漂浮或悬浮时，浮力等于重力；上浮时，浮力大于重力；下沉时，浮力小于重力。
物体的密度小于液体的密度时，物体处于漂浮状态；物体的密度等于液体的密度，物体将悬浮；物体的密度大于液体的密度，物体将下沉。
【解答】AC、把完全相同的两个物体放入液体中后，甲容器中物体漂浮，物体的密度小于甲液体的密度，乙容器中物体悬浮，说明物体的密度等于乙容器中液体的密度，所以甲容器中液体的密度较大，故A错误，C正确；
B、由于甲、乙两容器中液体的深度相同，甲液体的密度较大，根据公式p=ρgh知道，甲容器底部受到的液体的压强大，故B错误；
D、已知两个物体完全相同，重力相同，在甲中漂浮，浮力等于重力，在乙中悬浮，浮力也等于重力，两物体受到的浮力相等，故D错误。
故答案为：C。
16．【答案】面粉；排开油的体积；均一性
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）根据乳浊液的特点进行分析；
（2）根据F浮=G排=ρ液 g V排液进行分析；
（3）根据溶液具有均一性进行分析。
【解答】（1）根据常识可知，面粉能分散于水中并形成乳浊液。
（2）因为排开油的体积增大，根据可知，油的密度不变，增大，浮力增大，灯盏糕上浮；
（3）根据溶液具有均一性的特点，我们只要取出少量红糖水品尝，就能知道整锅红糖水甜度是否合适。
17．【答案】（1）A
（2）12
【知识点】溶质的质量分数及相关计算；一定溶质质量分数的溶液的配制；混合物的分离方法（过滤、蒸发、结晶）
【解析】【分析】（1）由溶液变为晶体，该操作为蒸发结晶，可知对应的是A；B为溶解操作，C为过滤操作。
（2）溶质质量等于溶液质量与溶质质量分数的乘积。
【解答】（1）图甲为实验操作流程图，则图甲中的操作③是将氯化钠转化为氯化钠晶体，氯化钠的溶解度受温度影响较小，一般用蒸发结晶的方法得到氯化钠，为图乙中的A；。（2）配制100克12%的氯化钠溶液，需要氯化钠的质量=100克×12%=12g。
（1）图甲为实验操作流程图，则图甲中的操作③是将氯化钠转化为氯化钠晶体，氯化钠的溶解度受温度影响较小，一般用蒸发结晶的方法得到氯化钠，为图乙中的A；
（2）配制100克12%的氯化钠溶液，需要氯化钠的质量=100克×12%=12g。
18．【答案】（1）水汽输送；⑤
（2）随着纬度的升高，人均水资源的拥有量减少
【知识点】水循环；水资源的分布
【解析】【分析】（1）水汽输送可以使陆地上的水得到补充；人类最容易干预的水循环过程为地表径流。
（2）由表中数据可知，人居水资源拥有量随纬度的升高而减少。
【解答】（1）由图和所学知识可知，图中①④表示降水，②是蒸发，③是水汽输送，⑤是地表径流，⑥是地下径流。南水北调工程是对水循环环节中的⑤地表径流施加影响。
（2）读图可知，该地区人均水资源拥有量北纬40°附近最少，低纬度地区较多，在空间上分布不均匀，具有随着纬度的升高，人均水资源的拥有量减少的特点。
（1）由图和所学知识可知，图中①④表示降水，②是蒸发，③是水汽输送，⑤是地表径流，⑥是地下径流。南水北调工程是对水循环环节中的⑤地表径流施加影响。
（2）读图可知，该地区人均水资源拥有量北纬40°附近最少，低纬度地区较多，在空间上分布不均匀，具有随着纬度的升高，人均水资源的拥有量减少的特点。
19．【答案】不饱和；30g；甲＜乙＜丙＝丁
【知识点】固体溶解度的概念
【解析】【分析】根据第一次蒸发10g水，没有晶体析出，所得溶液可能是不饱和溶液，也可能是恰好饱和；第二次恒温蒸发掉10g水，结果析出2g固体，则所得溶液为饱和溶液；第三次恒温蒸发掉10g水，共析出5g固体，即第三次蒸发10g水，析出了3g固体，说明该温度下的饱和溶液，蒸发10g水，析出3g固体；进行分析解答。
【解答】（1）第一次蒸发10g水，没有晶体析出，乙可能是不饱和，也可能是恰好饱和，第二次蒸发10g，结果析出2g固体，形成饱和溶液，第三次恒温蒸发掉10g水，析出5g-2g=3g固体，大于 2g，说明乙中的溶液属于不饱和溶液。
（2）丙蒸发10g水析出了3g固体物质，析出的3g固体物质溶解在10g水中恰好饱和，所以该固体溶质在t℃时的溶解度=。
（3）甲和乙都是不饱和溶液，其中的溶质质量相同，甲的溶剂的质量大于乙，溶质质量分数甲<乙；丙烧杯和丁烧杯中都含有不溶解的固体，说明溶液都达到了饱和状态，饱和溶液的溶质质量分数=，温度不变，溶解度不变，所以溶质质量分数相等。因为饱和溶液的溶质质量分数大于不饱和溶液的溶质质量分数，所以甲、乙、丙、丁中溶液溶质质量分数的大小关系是甲＜乙＜丙＝丁。
20．【答案】氢元素、氧元素；B；；BC；10
【知识点】水的组成和主要性质；净化水的常用方法；分子、原子、离子、元素与物质之间的关系
【解析】【分析】（1）由宏观角度来看，物质是由元素组成的，水的化学式为可知，水由氢元素和氧元素组成。
（2水由水分子构成，一个水分子含有三个原子。
（3）反应物写在左侧，生成物写在右侧，箭头上面写反应的条件。
（4）活性炭具有吸附性，可以除去有气味的物质，不同颗粒大石子和蓬松棉可以除去不溶性物质。
（5）负极产生的是氢气，体积是正极产生氧气的2倍。
【解答】（1）物质是由元素组成的，所以水是由氢元素、氧元素组成的。
（2）每个水分子由2个氢原子和1个氧原子构成，从微观角度看：图1中可以表示水的微粒的是B。
（3）水电解生成氢气和氧气，反应的文字表达式为：。
（4）A、水本身是一种物质资源，故A正确；
B、此装置不能将可溶性矿物质去除，故B错误；
C、利用此装置不能得到蒸馏水，故C错误；
D、利用此装置净化得到的水不宜直接饮用，是因为没有杀菌消毒，故D正确。
故答案为：BC。
（5）电解水时，正极产生的是氧气，氧气能使带火星的木条复燃，负极产生的是氢气，氢气燃烧生成水，氧气和氢气的体积比约为1：2，故当正极端产生5mL气体时，理论上在负极端产生气体的体积为10mL。
21．【答案】（1）使吸管能竖直漂浮在液体中
（2）>
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）塞入金属丝，吸管的下端较重，可知竖直漂浮在液体中。
（2）密度计在不同液体中均处于漂浮状态，由沉浮条件可知，浮力等于重力，可知在不同的液体中，密度计受到的浮力均相同，结合阿基米德原理可知，刻度越下面越大。
【解答】（1）为了让饮料吸管能竖直的漂浮在液体中，吸管下端塞入一些金属丝作为配重，这样做目的是让密度计竖直漂浮在液体中。
（2）由于吸管在丙两图中均漂浮，所以F浮=G，则在水和另一种液体中受到的浮力相等，所以
，由于，所以。
（1）为了让饮料吸管能竖直的漂浮在液体中，吸管下端塞入一些金属丝作为配重，这样做目的是让密度计竖直漂浮在液体中。
（2）由于吸管在丙两图中均漂浮，所以
F浮=G
则在水和另一种液体中受到的浮力相等，所以
由于，所以
22．【答案】大气压；60
【知识点】大气压的综合应用
【解析】【分析】（1）吸盘是利用大气压的作用来吸住玻璃的；
（2）由受力分析可知，吸盘内外的压力差等于拉力时，可以将吸盘拉下来。
【解答】（1）吸盘能够“吸”在天花板的玻璃上而掉不下来，是因为吸盘内气压低于吸盘外大气压，吸盘在大气压的作用下被压在玻璃上。
（2）吸盘内的气压为0.81×105Pa，标准大气压为1.01×105Pa，吸盘与玻璃的接触面积为，由可知，要吸盘从玻璃上拔下来，需要的力至少为
23．【答案】（1）0.6
（2）乙丙
（3）物体所受浮力与液体密度有关
（4）排开液体体积
【知识点】控制变量法；二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理
【解析】【分析】（1）由二力平衡可知，浮力等于重力减拉力，重力不变，可知拉力最大时，浮力最小。
（2）结合浸没和深度不同，和浮力与液体密度有关，要控制变量可知，选择的是乙和丙。
（3）丙和丁液体的密度不同，拉力大小不同，可知浮力大小不同，可得：浮力与液体密度有关。
（4）由甲乙丙可知，液体密度一定时，排开液体的体积不同，浮力大小不同，可知浮力还与物体排开液体的体积有关。
【解答】（1）由图示知道
由此可知，在图甲中所受浮力最小为0.6N。
（2）由图示知道，在乙、丙两次实验中，液体种类、物体排开液体的体积相同而物体浸入液体的深度不同，物体受到的浮力相同，由此可知：这两次实验是为了探究金属块浸没在液体中时，受到的浮力与深度无关。
（3）由图示知道，丙丁两次实验中，物体排开液体的体积相同而液体密度不同，由此可知，物体所受浮力与液体密度有关。
（4）分析甲、乙两实验知道，物体所受浮力大小与排开液体的体积有关，由此可知，浮力大小与液体密度和排开液体体积有关。
（1）由图示知道
由此可知，在图甲中所受浮力最小为0.6N。
（2）由图示知道，在乙、丙两次实验中，液体种类、物体排开液体的体积相同而物体浸入液体的深度不同，物体受到的浮力相同，由此可知：这两次实验是为了探究金属块浸没在液体中时，受到的浮力与深度无关。
（3）由图示知道，丙丁两次实验中，物体排开液体的体积相同而液体密度不同，由此可知，物体所受浮力与液体密度有关。
（4）分析甲、乙两实验知道，物体所受浮力大小与排开液体的体积有关，由此可知，浮力大小与液体密度和排开液体体积有关。
24．【答案】变大；自身重力；步骤②中，小药瓶装满水后拧紧瓶盖，放入装有适量的水的贮水筒内，小药瓶受的浮力小于其重力，小药瓶会沉底，所以步骤②改为：小药瓶装入适量的水后拧紧瓶盖，放入装有适量的水的贮水筒内。
【知识点】物体的浮沉条件及其应用；气体压强跟体积的关系
【解析】【分析】（1）按压橡皮膜，气体被压缩，体积减小但质量不变，可知压强将增大。
（2）潜艇和浮沉子是通过改变自身重力实现沉浮的，重力等于浮力时，将下沉；重力小于浮力时，将上浮；重力等于浮力时，可悬浮在某个深度。
（3）药品内灌满水，瓶子自身也有重力，重力是在大于浮力，药品不能上浮。
【解答】（1）按压橡皮膜时，贮水筒内封闭气体体积变小，压强变大。
（2）“浮沉子”与“潜水艇”浮沉的原理相同，都是靠改变自身重力来实现浮沉的。
（3）步骤②中，小药瓶装满水后拧紧瓶盖，放入装有适量的水的贮水筒内，小药瓶受的浮力小于其重力，小药瓶会沉底，所以步骤②改为：小药瓶装入适量的水后拧紧瓶盖，放入装有适量的水的贮水筒内。
25．【答案】（1）活塞
（2）偏大
（3）
【知识点】摩擦力的存在；影响摩擦力大小的因素；压强的大小及其计算；大气压强的测量方法
【解析】【分析】（1）活塞一侧受到大气压的压力，一侧没有受到大气压的压力，可知研究对象是活塞。
（2）摩擦力和大气压产生的压力均会阻碍活塞的运动，可知摩擦力会导致测量值偏大。
（3）滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度及压力大小有关，方向与相对运动方向相反，分析时要注意摩擦力大小不变，但方向发生改变。
【解答】（1）该实验中以活塞为研究对象，分析研究的是大气对活塞的压力。
（2）若活塞与注射器内壁间的摩擦较大，则拉动活塞的拉力会变大，由可知，将导致测得的大气压值偏大。
（3）当注射器中的活塞开始向左滑动时，对活塞受力分析，活塞受到向左的拉力，向右的大气压力和摩擦力，三者关系为
当注射器中的活塞开始向右滑动时，对活塞受力分析，活塞受到向左的拉力和摩擦力，向右的大气压力，三者关系为
两式相加解得
已知活塞面积为S，则大气压为
。
（1）该实验中以活塞为研究对象，分析研究的是大气对活塞的压力。
（2）若活塞与注射器内壁间的摩擦较大，则拉动活塞的拉力会变大，由可知，将导致测得的大气压值偏大。
（3）当注射器中的活塞开始向左滑动时，对活塞受力分析，活塞受到向左的拉力，向右的大气压力和摩擦力，三者关系为
当注射器中的活塞开始向右滑动时，对活塞受力分析，活塞受到向左的拉力和摩擦力，向右的大气压力，三者关系为
两式相加解得
已知活塞面积为S，则大气压为
26．【答案】（1）温度；溶质颗粒的大小（或者溶质与溶剂的接触面积）
（2）E
（3）不对，没有控制水的温度相同（或者水的温度以及溶质颗粒的大小都不同，存在两个变量）
【知识点】控制变量法；影响溶解快慢的因素
【解析】【分析】（1）由图像进行分析，可知存在的变量有溶质的颗粒大小、溶剂的温度以及是否用玻璃棒搅拌。
（2）由控制变量法可知，探究是否搅拌对溶解速度的影响时，应控制除是否搅拌以外的条件相同，据此结合图像进行选择。
（3）由图可知，AC存在溶质颗粒大小和溶剂温度两个变量，变量不唯一，得出的结论可能是错误的。
【解答】（1）实验A、B，一个是块状一个是粉末，其余条件相同，可以用来研究溶质颗粒的大小（或者溶质与溶剂的接触面积）对溶解快慢的影响；
实验A、F只控制了温度不同其余条件相同，可以用来研究温度对溶解快慢的影响；
实验A、E只控制了是否有搅拌，其余条件相同，可以用来研究是否搅拌对溶解快慢的影响；
实验C、D只有温度不同也可以用来研究温度对溶解快慢的影响。
综上可知，该组同学假设影响冰糖溶解快慢的因素有是否搅拌、溶质颗粒的大小（或者溶质与溶剂的接触面积）、温度等。
（2）若研究搅拌对冰糖溶解快慢的影响 ，要与A进行对照，只能控制是否有搅拌而其它条件都要相同，所以只能选择E，E无搅拌，A有搅拌，其余条件相同。
（3）对比实验是为了探究某一因素对实验的影响，而运用控制变量法是进行对比实验的探究方法；解答时要根据实验目的分清实验中的定量和变量，其他条件相同且只有一个变量，出现不同的现象，才能达到对比实验的目的；选择A和C同时进行实验时，小科发现A中冰糖溶解得快，他由此得出结论：块状冰糖比粉末状冰榶溶解得快。你认为他的结论不对，理由是没有控制水的温度相同（或者水的温度以及溶质颗粒的大小都不同，存在两个变量）。
（1）实验A、B，一个是块状一个是粉末，其余条件相同，可以用来研究溶质颗粒的大小（或者溶质与溶剂的接触面积）对溶解快慢的影响；
实验A、F只控制了温度不同其余条件相同，可以用来研究温度对溶解快慢的影响；
实验A、E只控制了是否有搅拌，其余条件相同，可以用来研究是否搅拌对溶解快慢的影响；
实验C、D只有温度不同也可以用来研究温度对溶解快慢的影响。
综上可知，该组同学假设影响冰糖溶解快慢的因素有是否搅拌、溶质颗粒的大小（或者溶质与溶剂的接触面积）、温度等；
（2）若研究搅拌对冰糖溶解快慢的影响 ，要与A进行对照，只能控制是否有搅拌而其它条件都要相同，所以只能选择E，E无搅拌，A有搅拌，其余条件相同；
（3）对比实验是为了探究某一因素对实验的影响，而运用控制变量法是进行对比实验的探究方法；解答时要根据实验目的分清实验中的定量和变量，其他条件相同且只有一个变量，出现不同的现象，才能达到对比实验的目的；选择A和C同时进行实验时，小科发现A中冰糖溶解得快，他由此得出结论：块状冰糖比粉末状冰榶溶解得快。你认为他的结论不对，理由是没有控制水的温度相同（或者水的温度以及溶质颗粒的大小都不同，存在两个变量）。
27．【答案】（1）减小压强
（2）见解析
（3）河水温度升高，氧气在水中的溶解能力减弱
【知识点】溶解度的影响因素
【解析】【分析】（1）（2）气体的溶解度大小与温度及压强有关，温度越低，压强越小，气体的溶解度越大。
（3）水的温度高，氧气的溶解度小，从水中逸出，导致鱼因缺氧而死亡。
【解答】（1）用力向外拉动注射器时压强变小，气体的溶解度变小，会出现气泡。
（2）用力向里推注射器，压强增大，气体在水中的溶解度应该增大。
（3）工厂向河里排放热水，造成河水温度升高，氧气在水中的溶解量减少，造成河里的鱼因缺氧而死亡。
（1）用力向外拉动注射器时压强变小，气体的溶解度变小，会出现气泡。
（2）用力向里推注射器，压强增大，气体在水中的溶解度应该增大。
（3）工厂向河里排放热水，造成河水温度升高，氧气在水中的溶解量减少，造成河里的鱼因缺氧而死亡。
28．【答案】硫酸浓度；收集20毫升氢气的时间 （相同体积所需时间）；水被电解导致硫酸的溶质质量分数增大，所以电解水的速度加快
【知识点】水的组成和主要性质
【解析】【分析】电解水时，正极产生的是氧气，负极产生的是氢气，氧气和氢气的体积比约为1：2。
【解答】（1）根据表格可知，其他条件都相同，只有硫酸溶液的浓度逐渐增大，则小科进行以上实验是研究硫酸浓度会影响水的电解速度。
（2）本实验通过比较收集20毫升氢气的时间 （相同体积所需时间）来判断电解水的速度。
（3）小科在200mL的蒸馏水中，加入10mL质量分数为10%的硫酸后，发现产生的氢气的速度越来越快，分析其中的原因： 水被电解导致硫酸的溶质质量分数增大，所以电解水的速度加快。
29．【答案】960；解：设需要这种二氧化氯消毒液的质量为x，根据稀释前后溶质的质量相等则x×80%=48kg×10%，x=6kg
【知识点】密度公式的应用；溶质的质量分数及相关计算；一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】（1）根据密度公式计算溶液的质量，再由溶液质量与溶质质量分数的乘积计算溶质的质量。
（2）稀释溶液时，溶质的质量不变，据此联立方程，计算所需的浓溶液的质量。
【解答】（1）这1000毫升二氧化氯消毒液中含溶质二氧化氯的质量为：1000mL×1.2g/cm3×80%=960g。
30．【答案】2×105Pa；120；小
【知识点】压强的大小及其计算；大气压的综合应用
【解析】【分析】（1）锅内压强等于外界大气压与限压阀产生的压强之和，限压阀产生的压强可用进行计算。
（2）根据（1）所得最大压强结合表中数据读出最高温度。
（3）由锅内压强等于外界大气压与限压阀产生的压强之和可知，最大压强要减小，则应减小限压阀产生的压强，所以要换用质量更小的限压阀。
【解答】（1）原来的限压阀对出气口的压力
F=G=mg=0.1kg×10N/kg=1N
空心柱小孔的横截面积
S=10mm2=1×10-5m2
当时的大气压p0=1×105Pa，原来的限压阀对出气口的压强
高压锅内气体达到的最大压强
p内=p0+p1=1×105Pa+1×105Pa=2×105Pa。
（2）高压锅内气体达到的最大压强为2×105Pa时，对照表格数据可知，锅内水的最高温度能达到120℃。
（3）要使此高压锅能继续安全使用，应减小高压锅内气体的最大压强，由p内=p0+p1可知，应减小限压阀对出气孔的压强；由可知，S不变，只有减小F，即只有减小限压阀的质量，即应再配一个质量比原来的限压阀小的新限压阀，才可以减小限压阀对出气孔的压强。
31．【答案】不变；；小虞打开手环开关后上浮的原因计算过程如下：小虞在水中受到的总浮力为小虞在水中受到的重力是因为，所以上浮
【知识点】密度公式的应用；阿基米德原理；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）浸没后，排开液体的体积不再改变，可知浮力大小将不变。
（2）根据密度公式的变式计算体积。
（3）沉浮条件：物体处于漂浮或悬浮时，浮力等于重力；上浮时，浮力大于重力；下沉时，浮力小于重力。
分别计算小虞受到的重力和浮力，结合沉浮条件进行分析。
【解答】（1）根据可知，完全浸没后向下潜水的过程中，、、都不变，受到的浮力不变。
（2）根据题意可知，小虞的体积是
（3）小虞打开手环开关后上浮的原因
计算过程如下：小虞在水中受到的总浮力为
小虞在水中受到的重力是
因为，所以上浮。
32．【答案】（1）冷却热饱和溶液
（2）B；D
（3）20℃-30℃
【知识点】固体溶解度的概念；溶解度的影响因素；结晶的原理及方法
【解析】【分析】（1）物质的溶解度随温度变化较大的物质，通常采用冷却热饱和溶液的方式获得晶体，溶解度随温度变化不大的物质，通常采用蒸发结晶的方式获得晶体。
（2）固体溶解度指的是某温度下，100g溶剂中最多能溶解的溶质的质量，大小与溶质和溶剂的种类以及温度有关。
（3）由表中数据可知，在20℃时，氯化钠的溶解度更大，30℃时，硝酸钾的溶解度更大，可知两者溶解度相同的温度在20-30℃之间。
【解答】（1）KNO3和NaCl的溶解度受温度的影响不同，硝酸钾的溶解度受温度影响较大，而氯化钠受温度影响较小，硝酸钾固体中混有少量氯化钠固体，可采用冷却热饱和溶液（或降温结晶）的方法提纯硝酸钾。
（2）A、温度不变，氯化钠的溶解度不变，不符合题意；
B、露置在空气中一段时间后，水分会逐渐挥发，溶剂的质量变小了，符合题意；
C、溶液底部有少量晶体析出。所得溶液仍为该温度下的饱和溶液，不符合题意；
D、溶液底部有少量晶体析出。所得溶液仍为该温度下的饱和溶液，溶液中氯化钠的质量分数不变。
故答案为：BD。
（3）在 20℃时，氯化钠溶解度约为 36.0 克，硝酸钾溶解度约为 31.6 克；在 30℃时，氯化钠溶解度约为 36.3 克，硝酸钾溶解度约为 45.8 克，所以在 20℃ - 30℃之间可能有相同溶解度。
（1）KNO3和NaCl的溶解度受温度的影响不同，硝酸钾的溶解度受温度影响较大，而氯化钠受温度影响较小，硝酸钾固体中混有少量氯化钠固体，可采用冷却热饱和溶液（或降温结晶）的方法提纯硝酸钾；
（2）A、温度不变，氯化钠的溶解度不变，不符合题意；
B、露置在空气中一段时间后，水分会逐渐挥发，溶剂的质量变小了，符合题意；
C、溶液底部有少量晶体析出。所得溶液仍为该温度下的饱和溶液，不符合题意；
D、溶液底部有少量晶体析出。所得溶液仍为该温度下的饱和溶液，溶液中氯化钠的质量分数不变。
故选BD；
（3）在 20℃时，氯化钠溶解度约为 36.0 克，硝酸钾溶解度约为 31.6 克；在 30℃时，氯化钠溶解度约为 36.3 克，硝酸钾溶解度约为 45.8 克，所以在 20℃ - 30℃之间可能有相同溶解度。
33．【答案】减小；20℃-22℃；0.05
【知识点】重力的大小；物体的浮沉条件及其应用；溶解度的影响因素
【解析】【分析】（1）晶体增多，说明溶解能力减弱，可知溶解度减小。
（2）由“当温度降低到小球所标注的温度值时，该小球会浮起”可知，温度在20℃以上，22℃以下。
（3）沉浮条件：物体处于漂浮或悬浮时，浮力等于重力；上浮时，浮力大于重力；下沉时，浮力小于重力。
【解答】（1）当外界温度降低时，瓶中晶体增多，由此推测瓶中晶体的溶解度随温度降低而减小。
（2）当温度降低到小球所标注的温度值时，该小球会浮起。只有“20℃”、“18℃”的小球沉底，则温度大于“20℃”，另外分析可知“22℃”、“24℃”的小球上浮，则温度小于“22℃”，故此时的气温范围为20℃~22℃。
（3）漂浮时，浮力大小等于重力大小，则F浮=G=mg=0.005千克×10牛/千克=0.05牛。
34．【答案】（1）加快水蒸气的凝结，使冷凝效果更好
（2）变大
（3）操作简便（制作成本、材料环保等都可以）
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】（1）水蒸发吸热，会导致布的温度降低，冷凝效果更好。
（2）由溶质质量分数等于溶质质量与溶液质量的比值可知，溶质质量不变而溶液质量减小时，溶质的质量分数将变大。
（3）指标可为：操作是否方便、材料是否易获得且安全等。
【解答】（1）塑料瓶的外面包裹冷水浸湿的布，作用是加快水蒸气的凝结，使冷凝效果更好。
（2）易拉罐中的咸水中溶质的质量不变，水的质量减少，因此易拉罐内咸水溶质的质量分数将变大。
（3）根据评价需要，评价指标中的指标三可以是操作简便或制作成本或材料环保等都可以。
（1）塑料瓶的外面包裹冷水浸湿的布，作用是加快水蒸气的凝结，使冷凝效果更好。
（2）易拉罐中的咸水中溶质的质量不变，水的质量减少，因此易拉罐内咸水溶质的质量分数将变大。
（3）根据评价需要，评价指标中的指标三可以是操作简便或制作成本或材料环保等都可以。
1 / 1浙江省湖州市吴兴区2024-2025学年八年级上学期期中质量检测科学试题
1．（2024八上·吴兴期中）某航班飞机飞行时，飞行员向塔台请求向左偏航以躲避积雨云，从而避免暴雨的影响，说明当时飞机很可能飞行在大气层的（　　）
A．对流层 B．中间层 C．平流层 D．暖层
【答案】A
【知识点】大气的分层
【解析】【分析】（1）大气层分为对流层、平流层、中间层、暖层等。对流层是大气的最下层，集中了约 75% 的大气质量和 90% 以上的水汽质量，空气对流运动显著，天气现象复杂多变，常见的风雨、雷电等天气都发生在这一层 。
（2）平流层空气以平流运动为主，气流平稳，水汽、杂质含量少，天气晴朗，适宜飞机高空飞行；中间层空气垂直对流强烈，温度随高度增加而降低；暖层空气处于高度电离状态，温度随高度增加而升高 。
【解答】对流层的特点最显著的特点是有强烈的对流运动，飞机飞行时，飞行员向塔台请求向左偏航以躲避积雨云，从而避免暴雨的影响，当时飞机很可能在大气层中的对流层。
故答案为：A。
2．（2024八上·吴兴期中） 冬季，我国黑龙江省北部滴水成冰，大地白雪皑皑；而海南省气候暖热，到处绿树成荫。形成这种气候差异的主要影响因素是(　　)
A．纬度位置 B．海陆性质 C．地形 D．人类活动
【答案】A
【知识点】影响气候的因素
【解析】【分析】影响气候的因素有纬度因素、地形因素和海陆位置等。
【解答】 冬季，我国黑龙江省北部滴水成冰，大地白雪皑皑；而海南省气候暖热，到处绿树成荫。形成这种气候差异的主要影响因素是纬度位置。黑龙江省纬度较高，海南省纬度低。
故答案为：A。
3．（2024八上·吴兴期中）如图所示，U形管内a、b液面相平，当挤压滴管的胶头，一段时间后会观察到a液面高于b液面。则试剂X、Y的组合可能是（　　）
A．水、硝酸铵 B．水、氢氧化钠
C．水、氯化钠 D．水、蔗糖
【答案】A
【知识点】大气压强的存在；溶解时的吸热或放热现象
【解析】【分析】U形管内a、b液面相平，当挤压滴管的胶头，一段时间后会观察到a液面高于b液面，说明b一侧的压强大于a一侧的压强，由于b端与大气相通，压强不变，可知是锥形瓶内压强变小。
【解答】A、硝酸铵溶于水吸热，温度降低，压强变小，会观察到a液面高于b液面，此选项符合题意；
B、氢氧化钠溶于水放出大量的热，温度试管，压强变大，会观察到a液面低于b液面，此选项不符合题意；
C、氯化钠溶于水，温度变化不明显，U形管内a、b液面无明显变化，此选项不符合题意；
D、蔗糖溶于水，温度变化不明显，U形管内a、b液面无明显变化，此选项不符合题意。
故答案为：A。
4．（2024八上·吴兴期中）口罩可阻挡粉尘、飞沫、病毒等进入口鼻，从而保护人体。这一作用相当于物质分离方法中的（　　）
A．沉淀 B．过滤 C．蒸馏 D．结晶
【答案】B
【知识点】过滤的原理、方法、操作及其应用
【解析】【分析】根据过滤操作的用途判断。
【解答】过滤操作用于分离液体和不溶于液体的固态颗粒。而口罩上存在细小的孔，相当于滤纸，而粉尘和飞沫相当于不溶于空气的固态颗粒，因此相当于过滤操作，故B正确，而A、C、D错误。
故选B。
5．（2024八上·吴兴期中）下列空气对流运动图中，有关甲乙两地的说法正确的是（　　）
A．甲地比乙地气温高，气压高，多晴朗天气
B．甲地比乙地气温高，气压低，多阴雨天气
C．甲地比乙地气温低，气压高，多晴朗天气
D．甲地比乙地气温低，气压低，多阴雨天气
【答案】C
【知识点】大气压对天气的影响
【解析】【分析】高压控制区天晴朗干燥，低压控制区以阴雨天气为主。
热空气上升，冷空气下降。
【解答】由图可知，甲处气流下沉，乙处气流上升，说明甲处气温低于乙处、气压高于乙处，多晴朗天气。故答案为：C。
6．（2024八上·吴兴期中）在除去粗盐中难溶性杂质的实验中，下列操作正确的是（　　）
A．取用粗盐 B．溶解粗盐
C．过滤盐水 D．蒸发滤液
【答案】D
【知识点】常见实验操作；过滤的原理、方法、操作及其应用；蒸发操作与粗盐提纯
【解析】【分析】蒸发结晶时，出现大量晶体后撤去酒精灯，用余温将剩余液体蒸干。
【解答】A、取用固体药品时，应用药匙，瓶塞应倒放在桌面上，故A错误；
B、粗盐溶解应在烧杯中进行，不能在量筒中进行，故B错误；
C、过滤时，应注意“一贴、二低、三靠”，图中未用玻璃棒引流，故C错误；
D、蒸发时，应用玻璃棒不断搅拌，防止局部温度过高，造成液滴飞溅，故D正确。
故答案为：D。
7．（2024八上·吴兴期中）小科做了如图所示的一个装置，两端都开口的直玻璃管插入瓶塞中，瓶塞与瓶口及玻璃管之间密封良好，直玻璃管的下端套有一个小气球。当小科将装置从山下带到海拔较高的山上时，小气球发生的变化是（　　）
A．不会发生变化 B．鼓起一些
C．变瘪一些 D．先变瘪后鼓起
【答案】C
【知识点】大气压强与高度的关系
【解析】【分析】高度越高，大气越稀薄，大气压强越小。
【解答】将装置带上山高度增大，外界大气压减小，瓶内气压不变，瓶内外气压差增大，所以小气球会变瘪一些。
故答案为：C。
8．（2024八上·吴兴期中）当两列高速行驶的火车相对驶过时，它们必须减速，否则车窗玻璃将会损坏，如果真的发生了这种现象，那么（　　）
A．碎玻璃将会飞向车内 B．碎玻璃将会飞向车外
C．碎玻璃沿竖直方向下落 D．碎玻璃将会飞向车顶
【答案】B
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【分析】根据列车内部和两列车之间的空气流动速度，分析压强，玻璃将被压向压强小的一侧。对于流体压强的问题，一定要明确物体两侧的流体流速大小，压强大小，分析物体受到压力的大小，分析物体受到哪个方向的压力差的作用。
【解答】解：两列火车相对高速行驶时，两列车之间空气流动速度很大，压强很小，列车内的压强远大于列车中间的压强，会把玻璃压向两列车之间。
故答案为：B
9．（2024八上·吴兴期中）如图所示为杭州12月22日的部分气象信息，下列说法正确的是（　　）
A．这一天时间里杭州的大气状态及其变化称为气候
B．这一天的最低气温是人体最感舒适的气温
C．这一天的气温最高值出现在午后2时左右
D．这一天的大气状态可以用和风细雨来形容
【答案】C
【知识点】温度及温度的测量；天气预报与天气图；天气与气候的区别与联系
【解析】【分析】气候指的是某地区一段时间内大气状况及其变化的平均值。
【解答】A、这一天时间里杭州地区的大气状态及其变化称为天气，故A错误；
B、这一天的最低气温是6℃，人体最舒适的气温是22℃左右，故B错误；
C、这一天的气温最高值出现在午后2时左右，故C正确；
D、这一天的大气状态可以用艳阳高照来形容，故D错误。
故答案为：C。
10．（2024八上·吴兴期中）浙江佛堂浮桥火爆网络，吸引大批游客前来参观。佛堂浮桥由若干只木船连接而成，浮在江面上，可以供路人游客行走参观。大批游客走上浮桥，会导致浮桥所受的浮力以及浮桥底部所受的水的压强如何变化（　　）
A．浮力变大，压强变小 B．浮力变小，压强变大
C．浮力变小，压强变小 D．浮力变大，压强变大
【答案】D
【知识点】影响液体压强大小的因素；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】物体漂浮时，浮力等于重力，重力变小，则浮力减小；液体压强用进行判断。
【解答】大批游客走上浮桥后，浮桥的总重力增大，因为漂浮时，浮桥所受的浮力等于自身的重力，故浮力变大，由阿基米德原理可知，此时浮桥排开水的体积增大，即浮桥的吃水深度增加，又因为液体内部压强随深度的增加而增大，所以浮桥底部所受水的压强变大。
故答案为：D。
11．（2024八上·吴兴期中）下图所示，甲地的风向在不考虑其他因素的情况下应是（　　）
A．东北风 B．西南风 C．东南风 D．西北风
【答案】B
【知识点】风
【解析】【分析】（1）风是由于空气的流动形成的，在水平方向上，空气会从高压区流向低压区 。
（2）判断风向时，要结合指向标确定方向，风向是指风吹来的方向 。
【解答】在不考虑其他因素情况下，风是从高压区吹向低压区，根据指向标，即从西南吹向东北，所以甲地风向应为西南风，故B正确，ACD错误。
故答案为：B。
12．（2024八上·吴兴期中）某温度下，一杯刚好饱和的蔗糖溶液，欲使其溶质的质量分数改变，下列四位同学提出的措施可行的是（　　）（忽略溶液中的水分在自然条件下的散失）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；固体溶解度的概念；溶解度的影响因素；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】溶质的质量分数等于溶质质量与溶液质量的比值；固体溶解度指的是某温度下，100g溶剂中最多能溶解的溶质的质量，此时溶液为该温度下的饱和溶液。
【解答】A、饱和的硝酸钾溶液不能继续溶解硝酸钾，溶质质量不变，溶剂质量不变，质量分数不变，故A错误；
B、饱和的硝酸钾溶液会有晶体析出，溶质质量减少，溶剂质量不变，质量分数变小，故B正确；
C、恒温蒸发溶剂后为同温下的饱和溶液，在相同温度下，饱和溶液的质量分数恒定，故C错误；
D、升高温度后，饱和的硝酸钾溶液变为不饱和状态，溶质质量不变，溶剂质量不变，质量分数不变，故D错误。
故答案为：B。
13．（2024八上·吴兴期中）在15℃时，硝酸钾的溶解度为26克，在该温度下，将20克硝酸钾放入60克水中充分搅拌，所得溶液中质量分数约为（　　）
A．25% B．33.3% C．26% D．20.6%
【答案】D
【知识点】溶质的质量分数及相关计算；一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】根据饱和溶液中，溶质质量分数的计算方法来分析。
【解答】 解在15℃时，硝酸钾的溶解度为26克，在该温度下，60克水中最多能溶解硝酸钾的质量为60克×=15.6克，即在该温度下，将20克硝酸钾放入60克水中充分搅拌，所得溶液为该温度下的饱和溶液，则溶质的质量分数为×100%≈20.6%。
故答案为：D。
14．（2024八上·吴兴期中）图1可表示“M与N的并列关系”，图2可表示“M属于N的从属关系”。下列概念间的关系符合图3所示关系是（　　）
X Y Z
A 浓溶液 稀溶液 不饱和溶液
B 悬浊液 乳浊液 溶液
C 溶质 溶剂 溶液
D 饱和溶液 不饱和溶液 浓溶液
A．A B．B C．C D．D
【答案】C
【知识点】溶液的组成及特点；饱和溶液与不饱和溶液
【解析】【分析】从1中可知，M与N是并列关系，根据图2可知，M属于N，根据图3可知，X与Y是并列关系，X、Y属于Z。【解答】A.浓溶液和稀溶液可能是饱和溶液，也可能是不饱和溶液，故A不符合题意；
B.悬浊液、乳浊液不具有均一性、稳定性，悬浊液、乳浊液不属于溶液，故B不符合题意；
C.溶液包括溶剂和溶质，溶剂和溶质属于并列关系，故C符合题意；
D.饱和溶液和不饱和溶液可能是浓溶液，也可能是稀溶液，故D不符合题意。
故答案为：C。
15．（2024八上·吴兴期中）水平桌面上放有甲、乙两个装有不同液体的相同容器，把两个完全相同的实心物体分别缓慢放入两容器中，物体静止时如图所示且液面恰好相平，下列说法正确的是（　　）
A．甲容器中液体的密度比乙容器中液体的密度小
B．物体静止时，两个容器底部受到的液体压强一样大
C．实心物体的密度与乙容器内液体的密度相同
D．物体在甲容器液体中受到的浮力比在乙中受到的浮力小
【答案】C
【知识点】物体的浮沉条件及其应用；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】沉浮条件：物体处于漂浮或悬浮时，浮力等于重力；上浮时，浮力大于重力；下沉时，浮力小于重力。
物体的密度小于液体的密度时，物体处于漂浮状态；物体的密度等于液体的密度，物体将悬浮；物体的密度大于液体的密度，物体将下沉。
【解答】AC、把完全相同的两个物体放入液体中后，甲容器中物体漂浮，物体的密度小于甲液体的密度，乙容器中物体悬浮，说明物体的密度等于乙容器中液体的密度，所以甲容器中液体的密度较大，故A错误，C正确；
B、由于甲、乙两容器中液体的深度相同，甲液体的密度较大，根据公式p=ρgh知道，甲容器底部受到的液体的压强大，故B错误；
D、已知两个物体完全相同，重力相同，在甲中漂浮，浮力等于重力，在乙中悬浮，浮力也等于重力，两物体受到的浮力相等，故D错误。
故答案为：C。
16．（2024八上·吴兴期中）小君周末到五马街观察灯盏糕的制作过程，请利用所学科学知识进行解释：
（1）灯盏糕制作过程中需要用到的材料有：面粉、油、食盐等，上述食材能分散于水中并形成乳浊液的是　 　；
（2）炸灯盏糕时，面粉团在油中会变得蓬松，小君发现一开始沉底的灯盏糕浮上来了，灯盏糕上浮是因为　 　增大导致浮力增大；
（3）卖灯盏糕的小摊上还摆着红糖水，摊主只要取出少量红糖水品尝，就能知道整锅红糖水甜度是否合适，这是因为溶液具有　 　的特点。
【答案】面粉；排开油的体积；均一性
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）根据乳浊液的特点进行分析；
（2）根据F浮=G排=ρ液 g V排液进行分析；
（3）根据溶液具有均一性进行分析。
【解答】（1）根据常识可知，面粉能分散于水中并形成乳浊液。
（2）因为排开油的体积增大，根据可知，油的密度不变，增大，浮力增大，灯盏糕上浮；
（3）根据溶液具有均一性的特点，我们只要取出少量红糖水品尝，就能知道整锅红糖水甜度是否合适。
17．（2024八上·吴兴期中）兴趣小组开展粗盐提纯实验并配制一定溶质质量分数的氯化钠溶液。
（1）图甲为实验操作流程图，则图甲中的操作③为图乙中的　 　（填字母）。
（2）若配制100克12%的氯化钠溶液，需要氯化钠的质量是　 　克。
【答案】（1）A
（2）12
【知识点】溶质的质量分数及相关计算；一定溶质质量分数的溶液的配制；混合物的分离方法（过滤、蒸发、结晶）
【解析】【分析】（1）由溶液变为晶体，该操作为蒸发结晶，可知对应的是A；B为溶解操作，C为过滤操作。
（2）溶质质量等于溶液质量与溶质质量分数的乘积。
【解答】（1）图甲为实验操作流程图，则图甲中的操作③是将氯化钠转化为氯化钠晶体，氯化钠的溶解度受温度影响较小，一般用蒸发结晶的方法得到氯化钠，为图乙中的A；。（2）配制100克12%的氯化钠溶液，需要氯化钠的质量=100克×12%=12g。
（1）图甲为实验操作流程图，则图甲中的操作③是将氯化钠转化为氯化钠晶体，氯化钠的溶解度受温度影响较小，一般用蒸发结晶的方法得到氯化钠，为图乙中的A；
（2）配制100克12%的氯化钠溶液，需要氯化钠的质量=100克×12%=12g。
18．（2024八上·吴兴期中）水是生命之源，保护水资源是每个公民应尽的义务。
（1）如图甲所示为水循环示意图，图中各序号表示水循环中相应的环节，其中③表示　 　。人们常常通过对地表的改造，影响地球上水循环的过程，我国实施的南水北调工程可以缓解北方的缺水问题，南水北调工程是对水循环环节中的　 　（选填序号）施加影响。
（2）如图乙是我国东部地区人均水资源拥有量随纬度变化的图像，由图可知我国东部地区人均水资源拥有量的分布规律是　 　。
【答案】（1）水汽输送；⑤
（2）随着纬度的升高，人均水资源的拥有量减少
【知识点】水循环；水资源的分布
【解析】【分析】（1）水汽输送可以使陆地上的水得到补充；人类最容易干预的水循环过程为地表径流。
（2）由表中数据可知，人居水资源拥有量随纬度的升高而减少。
【解答】（1）由图和所学知识可知，图中①④表示降水，②是蒸发，③是水汽输送，⑤是地表径流，⑥是地下径流。南水北调工程是对水循环环节中的⑤地表径流施加影响。
（2）读图可知，该地区人均水资源拥有量北纬40°附近最少，低纬度地区较多，在空间上分布不均匀，具有随着纬度的升高，人均水资源的拥有量减少的特点。
（1）由图和所学知识可知，图中①④表示降水，②是蒸发，③是水汽输送，⑤是地表径流，⑥是地下径流。南水北调工程是对水循环环节中的⑤地表径流施加影响。
（2）读图可知，该地区人均水资源拥有量北纬40°附近最少，低纬度地区较多，在空间上分布不均匀，具有随着纬度的升高，人均水资源的拥有量减少的特点。
19．（2024八上·吴兴期中）小科同学在t℃用某固体溶质的溶液做恒温蒸发结晶实验，如图所示，请回答下列问题：
（1）乙中的溶液属于　 　溶液（填“饱和”或“不饱和”）。
（2）该固体溶质在t℃时的溶解度为　 　。
（3）甲、乙、丙、丁中溶液溶质质量分数的大小关系是　 　。
【答案】不饱和；30g；甲＜乙＜丙＝丁
【知识点】固体溶解度的概念
【解析】【分析】根据第一次蒸发10g水，没有晶体析出，所得溶液可能是不饱和溶液，也可能是恰好饱和；第二次恒温蒸发掉10g水，结果析出2g固体，则所得溶液为饱和溶液；第三次恒温蒸发掉10g水，共析出5g固体，即第三次蒸发10g水，析出了3g固体，说明该温度下的饱和溶液，蒸发10g水，析出3g固体；进行分析解答。
【解答】（1）第一次蒸发10g水，没有晶体析出，乙可能是不饱和，也可能是恰好饱和，第二次蒸发10g，结果析出2g固体，形成饱和溶液，第三次恒温蒸发掉10g水，析出5g-2g=3g固体，大于 2g，说明乙中的溶液属于不饱和溶液。
（2）丙蒸发10g水析出了3g固体物质，析出的3g固体物质溶解在10g水中恰好饱和，所以该固体溶质在t℃时的溶解度=。
（3）甲和乙都是不饱和溶液，其中的溶质质量相同，甲的溶剂的质量大于乙，溶质质量分数甲<乙；丙烧杯和丁烧杯中都含有不溶解的固体，说明溶液都达到了饱和状态，饱和溶液的溶质质量分数=，温度不变，溶解度不变，所以溶质质量分数相等。因为饱和溶液的溶质质量分数大于不饱和溶液的溶质质量分数，所以甲、乙、丙、丁中溶液溶质质量分数的大小关系是甲＜乙＜丙＝丁。
20．（2024八上·吴兴期中）联合国确定2023年“世界水日”的主题为“Accelerating Change”
（1）从组成角度看：水是由　 　组成的。
（2）从微观角度看：下列图1中可以表示水的微粒的是　 　。（填写图示编号）
（3）从能源角度看：电解水产生理想的清洁高能燃料氢气。
水电解的文字表达式为　 　。
（4）从净化角度看：图2所示净化河水简易装置的说法错误的是　 　。
A.水本身是一种物质资源 B.此装置可以将可溶性矿物质去除
C.利用此装置可得到蒸馏水 D.利用此装置净化得到的水不宜直接饮用
（5）从变化角度看：电解一定量的水（如图3），当正极端产生5mL气体时，理论上在负极端产生气体的体积为　 　mL。
【答案】氢元素、氧元素；B；；BC；10
【知识点】水的组成和主要性质；净化水的常用方法；分子、原子、离子、元素与物质之间的关系
【解析】【分析】（1）由宏观角度来看，物质是由元素组成的，水的化学式为可知，水由氢元素和氧元素组成。
（2水由水分子构成，一个水分子含有三个原子。
（3）反应物写在左侧，生成物写在右侧，箭头上面写反应的条件。
（4）活性炭具有吸附性，可以除去有气味的物质，不同颗粒大石子和蓬松棉可以除去不溶性物质。
（5）负极产生的是氢气，体积是正极产生氧气的2倍。
【解答】（1）物质是由元素组成的，所以水是由氢元素、氧元素组成的。
（2）每个水分子由2个氢原子和1个氧原子构成，从微观角度看：图1中可以表示水的微粒的是B。
（3）水电解生成氢气和氧气，反应的文字表达式为：。
（4）A、水本身是一种物质资源，故A正确；
B、此装置不能将可溶性矿物质去除，故B错误；
C、利用此装置不能得到蒸馏水，故C错误；
D、利用此装置净化得到的水不宜直接饮用，是因为没有杀菌消毒，故D正确。
故答案为：BC。
（5）电解水时，正极产生的是氧气，氧气能使带火星的木条复燃，负极产生的是氢气，氢气燃烧生成水，氧气和氢气的体积比约为1：2，故当正极端产生5mL气体时，理论上在负极端产生气体的体积为10mL。
21．（2024八上·吴兴期中）小科按照“综合实践活动手册”的要求制作简易密度计。
（1）取一根粗细均匀的饮料吸管，在其下端塞入适量金属丝并用石蜡封口。塞入金属丝的目的是　 　；
（2）将吸管放到水和另一液体中的情景分别如图甲、乙所示，用液、水分别表示该液体和水的密度，则液　 　水（填“＝”“＞”或“＜”）。
【答案】（1）使吸管能竖直漂浮在液体中
（2）>
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）塞入金属丝，吸管的下端较重，可知竖直漂浮在液体中。
（2）密度计在不同液体中均处于漂浮状态，由沉浮条件可知，浮力等于重力，可知在不同的液体中，密度计受到的浮力均相同，结合阿基米德原理可知，刻度越下面越大。
【解答】（1）为了让饮料吸管能竖直的漂浮在液体中，吸管下端塞入一些金属丝作为配重，这样做目的是让密度计竖直漂浮在液体中。
（2）由于吸管在丙两图中均漂浮，所以F浮=G，则在水和另一种液体中受到的浮力相等，所以
，由于，所以。
（1）为了让饮料吸管能竖直的漂浮在液体中，吸管下端塞入一些金属丝作为配重，这样做目的是让密度计竖直漂浮在液体中。
（2）由于吸管在丙两图中均漂浮，所以
F浮=G
则在水和另一种液体中受到的浮力相等，所以
由于，所以
22．（2024八上·吴兴期中）如图，将一个吸盘按照如图的方式，排尽吸盘内空气，吸盘与玻璃的接触面积为，试分析：（标准大气压为1.01×105Pa）。
（1）吸盘能够“吸”在天花板的玻璃上而掉不下来，是由于　 　的作用。
（2）已知吸盘内的气压为0.81×105Pa，若用力将吸盘从玻璃上拔下来（忽略吸盘自身的重力），力F至少是　 　N。
【答案】大气压；60
【知识点】大气压的综合应用
【解析】【分析】（1）吸盘是利用大气压的作用来吸住玻璃的；
（2）由受力分析可知，吸盘内外的压力差等于拉力时，可以将吸盘拉下来。
【解答】（1）吸盘能够“吸”在天花板的玻璃上而掉不下来，是因为吸盘内气压低于吸盘外大气压，吸盘在大气压的作用下被压在玻璃上。
（2）吸盘内的气压为0.81×105Pa，标准大气压为1.01×105Pa，吸盘与玻璃的接触面积为，由可知，要吸盘从玻璃上拔下来，需要的力至少为
23．（2024八上·吴兴期中）小科在探究浮力大小和哪些因素有关；他把金属块竖直挂在弹簧测力计上，在空气中读出示数为5牛。然后将其分别浸入水和酒精中的不同位置，如图所示。（水＝1g/cm3，酒精＝0.8g/cm3）
（1）上述四种情况，金属块受到的浮力最小是　 　牛；
（2）为了探究金属块浸没在液体时，浮力与深度的关系，应选择　 　两次实验进行比较；
（3）通过比较丙丁两次实验，可以得出的结论是　 　；
（4）通过以上探究，可知浮力大小与液体密度、　 　有关。
【答案】（1）0.6
（2）乙丙
（3）物体所受浮力与液体密度有关
（4）排开液体体积
【知识点】控制变量法；二力平衡的条件及其应用；阿基米德原理
【解析】【分析】（1）由二力平衡可知，浮力等于重力减拉力，重力不变，可知拉力最大时，浮力最小。
（2）结合浸没和深度不同，和浮力与液体密度有关，要控制变量可知，选择的是乙和丙。
（3）丙和丁液体的密度不同，拉力大小不同，可知浮力大小不同，可得：浮力与液体密度有关。
（4）由甲乙丙可知，液体密度一定时，排开液体的体积不同，浮力大小不同，可知浮力还与物体排开液体的体积有关。
【解答】（1）由图示知道
由此可知，在图甲中所受浮力最小为0.6N。
（2）由图示知道，在乙、丙两次实验中，液体种类、物体排开液体的体积相同而物体浸入液体的深度不同，物体受到的浮力相同，由此可知：这两次实验是为了探究金属块浸没在液体中时，受到的浮力与深度无关。
（3）由图示知道，丙丁两次实验中，物体排开液体的体积相同而液体密度不同，由此可知，物体所受浮力与液体密度有关。
（4）分析甲、乙两实验知道，物体所受浮力大小与排开液体的体积有关，由此可知，浮力大小与液体密度和排开液体体积有关。
（1）由图示知道
由此可知，在图甲中所受浮力最小为0.6N。
（2）由图示知道，在乙、丙两次实验中，液体种类、物体排开液体的体积相同而物体浸入液体的深度不同，物体受到的浮力相同，由此可知：这两次实验是为了探究金属块浸没在液体中时，受到的浮力与深度无关。
（3）由图示知道，丙丁两次实验中，物体排开液体的体积相同而液体密度不同，由此可知，物体所受浮力与液体密度有关。
（4）分析甲、乙两实验知道，物体所受浮力大小与排开液体的体积有关，由此可知，浮力大小与液体密度和排开液体体积有关。
24．（2024八上·吴兴期中）科学家笛卡尔最早造出了“浮沉子”。小科学习笛卡尔也在家庭实验中自制了一个“浮沉子”。
【实验步骤】
①在小药瓶的瓶盖处开一个小孔，水可通过小孔进出瓶体；
②小药瓶装满水后拧紧瓶盖，放入装有适量的水的贮水筒内；
③用薄橡皮膜把筒口蒙住并扎紧。
【预期现象】
小药瓶就是一个“浮沉子”，用力按压橡皮膜，小药瓶下沉，松手后上浮。
（1）按压橡皮膜时，贮水筒内气体压强　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（2）“浮沉子”与“潜水艇”浮沉的原理相同，都是通过改变　 　来控制升降；
【反馈改进】
（3）实验现象与预期不符，是因为实验步骤中出现了问题，请指出并改正：　 　。
【答案】变大；自身重力；步骤②中，小药瓶装满水后拧紧瓶盖，放入装有适量的水的贮水筒内，小药瓶受的浮力小于其重力，小药瓶会沉底，所以步骤②改为：小药瓶装入适量的水后拧紧瓶盖，放入装有适量的水的贮水筒内。
【知识点】物体的浮沉条件及其应用；气体压强跟体积的关系
【解析】【分析】（1）按压橡皮膜，气体被压缩，体积减小但质量不变，可知压强将增大。
（2）潜艇和浮沉子是通过改变自身重力实现沉浮的，重力等于浮力时，将下沉；重力小于浮力时，将上浮；重力等于浮力时，可悬浮在某个深度。
（3）药品内灌满水，瓶子自身也有重力，重力是在大于浮力，药品不能上浮。
【解答】（1）按压橡皮膜时，贮水筒内封闭气体体积变小，压强变大。
（2）“浮沉子”与“潜水艇”浮沉的原理相同，都是靠改变自身重力来实现浮沉的。
（3）步骤②中，小药瓶装满水后拧紧瓶盖，放入装有适量的水的贮水筒内，小药瓶受的浮力小于其重力，小药瓶会沉底，所以步骤②改为：小药瓶装入适量的水后拧紧瓶盖，放入装有适量的水的贮水筒内。
25．（2024八上·吴兴期中）小博用注射器估测大气压值， 实验装置如图甲所示， 把注射器的活塞推至注射器筒的底端，用细绳一端连接注射器活塞尾部， 另一端连接弹簧测力计， 水平向右慢慢拉动注射器针筒， 发现测得的大气压值与实际值相差很大， 为此他展开思考并改进实验。
（1）实验中， 分析研究的对象是大气对　 　（填“活塞”或“橡皮帽”） 的压力。
（2）图甲中， 活塞与针筒壁间摩擦力的存在会使测得的大气压值　 　（选填“偏大”、“偏小”或“无影响”） 。
（3）为消除摩擦力的影响，小博设计图乙的实验装置， 针筒被固定在桌面某一位置，实验步骤如下：
①把注射器的活塞推至注射器筒的底端， 用橡皮帽封住注射器的小孔；
②向烧杯中缓慢加水， 当活塞向左匀速滑动时， 活塞受到的拉力大小等于烧杯和水的总重G1；
③然后向外缓缓抽水， 当活塞向右匀速滑动时， 活塞受到的拉力大小等于烧杯和水的总重G2；
④测得活塞面积为S；
⑤计算大气压值p。
则小博测得大气压p的值为　 　（用测量步骤中的字母表示） 。
【答案】（1）活塞
（2）偏大
（3）
【知识点】摩擦力的存在；影响摩擦力大小的因素；压强的大小及其计算；大气压强的测量方法
【解析】【分析】（1）活塞一侧受到大气压的压力，一侧没有受到大气压的压力，可知研究对象是活塞。
（2）摩擦力和大气压产生的压力均会阻碍活塞的运动，可知摩擦力会导致测量值偏大。
（3）滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度及压力大小有关，方向与相对运动方向相反，分析时要注意摩擦力大小不变，但方向发生改变。
【解答】（1）该实验中以活塞为研究对象，分析研究的是大气对活塞的压力。
（2）若活塞与注射器内壁间的摩擦较大，则拉动活塞的拉力会变大，由可知，将导致测得的大气压值偏大。
（3）当注射器中的活塞开始向左滑动时，对活塞受力分析，活塞受到向左的拉力，向右的大气压力和摩擦力，三者关系为
当注射器中的活塞开始向右滑动时，对活塞受力分析，活塞受到向左的拉力和摩擦力，向右的大气压力，三者关系为
两式相加解得
已知活塞面积为S，则大气压为
。
（1）该实验中以活塞为研究对象，分析研究的是大气对活塞的压力。
（2）若活塞与注射器内壁间的摩擦较大，则拉动活塞的拉力会变大，由可知，将导致测得的大气压值偏大。
（3）当注射器中的活塞开始向左滑动时，对活塞受力分析，活塞受到向左的拉力，向右的大气压力和摩擦力，三者关系为
当注射器中的活塞开始向右滑动时，对活塞受力分析，活塞受到向左的拉力和摩擦力，向右的大气压力，三者关系为
两式相加解得
已知活塞面积为S，则大气压为
26．（2024八上·吴兴期中）某小组同学计划用如图所示的实验研究影响冰糖溶解快慢的因素，请回答下列问题。
（1）根据图示的信息，你认为该组同学做出的假设是影响冰糖溶解快慢的因素有是否搅拌　 　、　 　等。
（2）若研究搅拌对冰糖溶解快慢的影响，应选择　 　（填烧杯编号）与A进行对照。
（3）选择A和C同时进行实验时，小科发现A中冰糖溶解得快，他由此得出结论：块状冰糖比粉末状冰榶溶解得快。你认为他的结论对吗？理由是　 　。
【答案】（1）温度；溶质颗粒的大小（或者溶质与溶剂的接触面积）
（2）E
（3）不对，没有控制水的温度相同（或者水的温度以及溶质颗粒的大小都不同，存在两个变量）
【知识点】控制变量法；影响溶解快慢的因素
【解析】【分析】（1）由图像进行分析，可知存在的变量有溶质的颗粒大小、溶剂的温度以及是否用玻璃棒搅拌。
（2）由控制变量法可知，探究是否搅拌对溶解速度的影响时，应控制除是否搅拌以外的条件相同，据此结合图像进行选择。
（3）由图可知，AC存在溶质颗粒大小和溶剂温度两个变量，变量不唯一，得出的结论可能是错误的。
【解答】（1）实验A、B，一个是块状一个是粉末，其余条件相同，可以用来研究溶质颗粒的大小（或者溶质与溶剂的接触面积）对溶解快慢的影响；
实验A、F只控制了温度不同其余条件相同，可以用来研究温度对溶解快慢的影响；
实验A、E只控制了是否有搅拌，其余条件相同，可以用来研究是否搅拌对溶解快慢的影响；
实验C、D只有温度不同也可以用来研究温度对溶解快慢的影响。
综上可知，该组同学假设影响冰糖溶解快慢的因素有是否搅拌、溶质颗粒的大小（或者溶质与溶剂的接触面积）、温度等。
（2）若研究搅拌对冰糖溶解快慢的影响 ，要与A进行对照，只能控制是否有搅拌而其它条件都要相同，所以只能选择E，E无搅拌，A有搅拌，其余条件相同。
（3）对比实验是为了探究某一因素对实验的影响，而运用控制变量法是进行对比实验的探究方法；解答时要根据实验目的分清实验中的定量和变量，其他条件相同且只有一个变量，出现不同的现象，才能达到对比实验的目的；选择A和C同时进行实验时，小科发现A中冰糖溶解得快，他由此得出结论：块状冰糖比粉末状冰榶溶解得快。你认为他的结论不对，理由是没有控制水的温度相同（或者水的温度以及溶质颗粒的大小都不同，存在两个变量）。
（1）实验A、B，一个是块状一个是粉末，其余条件相同，可以用来研究溶质颗粒的大小（或者溶质与溶剂的接触面积）对溶解快慢的影响；
实验A、F只控制了温度不同其余条件相同，可以用来研究温度对溶解快慢的影响；
实验A、E只控制了是否有搅拌，其余条件相同，可以用来研究是否搅拌对溶解快慢的影响；
实验C、D只有温度不同也可以用来研究温度对溶解快慢的影响。
综上可知，该组同学假设影响冰糖溶解快慢的因素有是否搅拌、溶质颗粒的大小（或者溶质与溶剂的接触面积）、温度等；
（2）若研究搅拌对冰糖溶解快慢的影响 ，要与A进行对照，只能控制是否有搅拌而其它条件都要相同，所以只能选择E，E无搅拌，A有搅拌，其余条件相同；
（3）对比实验是为了探究某一因素对实验的影响，而运用控制变量法是进行对比实验的探究方法；解答时要根据实验目的分清实验中的定量和变量，其他条件相同且只有一个变量，出现不同的现象，才能达到对比实验的目的；选择A和C同时进行实验时，小科发现A中冰糖溶解得快，他由此得出结论：块状冰糖比粉末状冰榶溶解得快。你认为他的结论不对，理由是没有控制水的温度相同（或者水的温度以及溶质颗粒的大小都不同，存在两个变量）。
27．（2024八上·吴兴期中）小红在学习了物质的溶解这一专题后，对“气体在液体中溶解能力强弱与气压的关系”进行了研究，并设计了如图所示的实验：用20毫升一次性注射器吸取10毫升某碳酸饮料（饮料中溶解有二氧化碳气体），并用胶头封闭注射器针孔。在图Ⅰ中，小红用力向外拉动注射器，管中出现许多小气泡；图Ⅱ中，用力向里推注射器，小气泡减少。
（1）图Ⅰ中，小红向外拉注射器活塞的目的是　 　；
（2）请尝试分析，图Ⅱ中小红用力向里推动注射器后小气泡减少的原因。　 　；
（3）气体的溶解度还受温度的影响。“一些工厂向河里排放热水，河里的鱼会因缺氧而死亡”。这个现象说明氧气在水中的溶解性与温度之间的关系是　 　。
【答案】（1）减小压强
（2）见解析
（3）河水温度升高，氧气在水中的溶解能力减弱
【知识点】溶解度的影响因素
【解析】【分析】（1）（2）气体的溶解度大小与温度及压强有关，温度越低，压强越小，气体的溶解度越大。
（3）水的温度高，氧气的溶解度小，从水中逸出，导致鱼因缺氧而死亡。
【解答】（1）用力向外拉动注射器时压强变小，气体的溶解度变小，会出现气泡。
（2）用力向里推注射器，压强增大，气体在水中的溶解度应该增大。
（3）工厂向河里排放热水，造成河水温度升高，氧气在水中的溶解量减少，造成河里的鱼因缺氧而死亡。
（1）用力向外拉动注射器时压强变小，气体的溶解度变小，会出现气泡。
（2）用力向里推注射器，压强增大，气体在水中的溶解度应该增大。
（3）工厂向河里排放热水，造成河水温度升高，氧气在水中的溶解量减少，造成河里的鱼因缺氧而死亡。
28．（2024八上·吴兴期中）电解水的实验中，往往加入一定盘的硫酸溶液增加水的导电性（硫酸本身不会减少） ，小科利用如图装置进行研究影响电解水的速度的因素，实验中记录数据如下表：
实验次数 1 2 3 4 5 6 7
蒸馏水体积/毫升 200 200 200 200 200 200 200
加入10mL硫酸的质量分数 0 10% 15% 20% 25% 30% 35%
收集到氢气体积/ mL 20 20 20 20 20 20 20
收集到氢气时间/秒 2648 1236 885 423 262 216 205
（1）小科进行以上实验是研究　 　会影响水的电解速度。
（2）本实验通过比较　 　来判断电解水的速度。
（3）小科在200mL的蒸馏水中，加入10mL质量分数为10%的硫酸后，发现产生的氢气的速度越来越快，请结合以上探究结果分析其中的原因：　 　。
【答案】硫酸浓度；收集20毫升氢气的时间 （相同体积所需时间）；水被电解导致硫酸的溶质质量分数增大，所以电解水的速度加快
【知识点】水的组成和主要性质
【解析】【分析】电解水时，正极产生的是氧气，负极产生的是氢气，氧气和氢气的体积比约为1：2。
【解答】（1）根据表格可知，其他条件都相同，只有硫酸溶液的浓度逐渐增大，则小科进行以上实验是研究硫酸浓度会影响水的电解速度。
（2）本实验通过比较收集20毫升氢气的时间 （相同体积所需时间）来判断电解水的速度。
（3）小科在200mL的蒸馏水中，加入10mL质量分数为10%的硫酸后，发现产生的氢气的速度越来越快，分析其中的原因： 水被电解导致硫酸的溶质质量分数增大，所以电解水的速度加快。
29．（2024八上·吴兴期中）由于“新冠”疫情，“二氧化氯”消毒液广泛应用于学校教室、食堂、寝室等的卫生消毒。某二氧化氯消毒液瓶上的标签如表所示。
二氧化氯1000mL
溶质质量分数 80%
密度 1.2g/cm3
强腐蚀性，阴冷，密封储藏
（1）这1000毫升二氧化氯消毒液中含溶质二氧化氯　 　克。
（2）需欲配制48千克溶质质量分数为10%的稀二氧化氯消毒液用于消毒，请计算需要这种二氧化氯消毒液多少千克　 　？
【答案】960；解：设需要这种二氧化氯消毒液的质量为x，根据稀释前后溶质的质量相等则x×80%=48kg×10%，x=6kg
【知识点】密度公式的应用；溶质的质量分数及相关计算；一定溶质质量分数的溶液的配制
【解析】【分析】（1）根据密度公式计算溶液的质量，再由溶液质量与溶质质量分数的乘积计算溶质的质量。
（2）稀释溶液时，溶质的质量不变，据此联立方程，计算所需的浓溶液的质量。
【解答】（1）这1000毫升二氧化氯消毒液中含溶质二氧化氯的质量为：1000mL×1.2g/cm3×80%=960g。
30．（2024八上·吴兴期中）如图所示高压锅的示意图，锅盖上有一个空心柱为排气孔，空心柱上戴着一个帽子为限压阀，锅内气体就会冲开限压阀，气体跑出一部分，空心柱小孔的横截面积为10mm2，限压阀的质量为100克的高压锅，要用它来煮饭，若当时的大气压为1.0×105Pa。
p/105Pa 0.98 1.13 1.29 1.48 1.69 1.80 2.00
t/℃ 99 103 107 111 115 117 120
（1）此高压锅内气体达到的最大压强为多少？　 　
（2）锅内水的最高温度能达到　 　℃；
（3）经商品质量检测部门检测，此高压锅内气体的最大压强不能超过1.8×105Pa，如果要使此高压锅能继续安全使用，原来的限压阀不能使用，应再配一个质量比原来的限压阀　 　（选填“大”或“小”）的新限压阀。
【答案】2×105Pa；120；小
【知识点】压强的大小及其计算；大气压的综合应用
【解析】【分析】（1）锅内压强等于外界大气压与限压阀产生的压强之和，限压阀产生的压强可用进行计算。
（2）根据（1）所得最大压强结合表中数据读出最高温度。
（3）由锅内压强等于外界大气压与限压阀产生的压强之和可知，最大压强要减小，则应减小限压阀产生的压强，所以要换用质量更小的限压阀。
【解答】（1）原来的限压阀对出气口的压力
F=G=mg=0.1kg×10N/kg=1N
空心柱小孔的横截面积
S=10mm2=1×10-5m2
当时的大气压p0=1×105Pa，原来的限压阀对出气口的压强
高压锅内气体达到的最大压强
p内=p0+p1=1×105Pa+1×105Pa=2×105Pa。
（2）高压锅内气体达到的最大压强为2×105Pa时，对照表格数据可知，锅内水的最高温度能达到120℃。
（3）要使此高压锅能继续安全使用，应减小高压锅内气体的最大压强，由p内=p0+p1可知，应减小限压阀对出气孔的压强；由可知，S不变，只有减小F，即只有减小限压阀的质量，即应再配一个质量比原来的限压阀小的新限压阀，才可以减小限压阀对出气孔的压强。
31．（2024八上·吴兴期中）为防止溺水事故的发生，江西科技学院的大三学生邓鼎怀研发出救生手环，小虞网上购买了救生手环（如图所示），并在湖泊中进行了性能测试。他戴上该手环下潜到湖面下处（未接触湖底），打开手环开关，手环瞬间弹出一个体积为的气囊，随后气囊将小虞带出水面。已知小虞的质量为，密度是，不计手环的质量和体积，不考虑水面下人体体积的变化（、），回答下列问题：
（1）小虞完全浸没后向下潜水的过程中，受到的浮力　 　（选填“增大”“不变”或“减小”）；
（2）小虞的体积是多少　 　？
（3）通过计算说明小虞打开手环开关后上浮的原因　 　。
【答案】不变；；小虞打开手环开关后上浮的原因计算过程如下：小虞在水中受到的总浮力为小虞在水中受到的重力是因为，所以上浮
【知识点】密度公式的应用；阿基米德原理；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）浸没后，排开液体的体积不再改变，可知浮力大小将不变。
（2）根据密度公式的变式计算体积。
（3）沉浮条件：物体处于漂浮或悬浮时，浮力等于重力；上浮时，浮力大于重力；下沉时，浮力小于重力。
分别计算小虞受到的重力和浮力，结合沉浮条件进行分析。
【解答】（1）根据可知，完全浸没后向下潜水的过程中，、、都不变，受到的浮力不变。
（2）根据题意可知，小虞的体积是
（3）小虞打开手环开关后上浮的原因
计算过程如下：小虞在水中受到的总浮力为
小虞在水中受到的重力是
因为，所以上浮。
32．（2024八上·吴兴期中）根据氯化钠和硝酸钾的溶解度表，回答下列问题：
温度（℃） 10 20 30 40 50 60 70
氯化钠溶解度（克） 35.8 36.0 36.3 36.4 37.0 37.3 37.8
硝酸钾溶解度（克） 20.9 31.6 45.8 63.9 85.5 110 138
（1）若发现硝酸钾固体中混有少量氯化钠固体，可采用　 　方法提纯硝酸钾。
（2）在室温下（温度不变），有一杯配制好的饱和氯化钠溶液，露置在空气中一段时间后，发现溶液底部有少量晶体析出，在这个过程中_________。
A．氯化钠的溶解度变小了 B．溶剂的质量变小了
C．溶液变成了不饱和溶液 D．溶液中氯化钠的质量分数不变
（3）硝酸钾与氯化钠具有相同溶解度的温度范围是　 　。
【答案】（1）冷却热饱和溶液
（2）B；D
（3）20℃-30℃
【知识点】固体溶解度的概念；溶解度的影响因素；结晶的原理及方法
【解析】【分析】（1）物质的溶解度随温度变化较大的物质，通常采用冷却热饱和溶液的方式获得晶体，溶解度随温度变化不大的物质，通常采用蒸发结晶的方式获得晶体。
（2）固体溶解度指的是某温度下，100g溶剂中最多能溶解的溶质的质量，大小与溶质和溶剂的种类以及温度有关。
（3）由表中数据可知，在20℃时，氯化钠的溶解度更大，30℃时，硝酸钾的溶解度更大，可知两者溶解度相同的温度在20-30℃之间。
【解答】（1）KNO3和NaCl的溶解度受温度的影响不同，硝酸钾的溶解度受温度影响较大，而氯化钠受温度影响较小，硝酸钾固体中混有少量氯化钠固体，可采用冷却热饱和溶液（或降温结晶）的方法提纯硝酸钾。
（2）A、温度不变，氯化钠的溶解度不变，不符合题意；
B、露置在空气中一段时间后，水分会逐渐挥发，溶剂的质量变小了，符合题意；
C、溶液底部有少量晶体析出。所得溶液仍为该温度下的饱和溶液，不符合题意；
D、溶液底部有少量晶体析出。所得溶液仍为该温度下的饱和溶液，溶液中氯化钠的质量分数不变。
故答案为：BD。
（3）在 20℃时，氯化钠溶解度约为 36.0 克，硝酸钾溶解度约为 31.6 克；在 30℃时，氯化钠溶解度约为 36.3 克，硝酸钾溶解度约为 45.8 克，所以在 20℃ - 30℃之间可能有相同溶解度。
（1）KNO3和NaCl的溶解度受温度的影响不同，硝酸钾的溶解度受温度影响较大，而氯化钠受温度影响较小，硝酸钾固体中混有少量氯化钠固体，可采用冷却热饱和溶液（或降温结晶）的方法提纯硝酸钾；
（2）A、温度不变，氯化钠的溶解度不变，不符合题意；
B、露置在空气中一段时间后，水分会逐渐挥发，溶剂的质量变小了，符合题意；
C、溶液底部有少量晶体析出。所得溶液仍为该温度下的饱和溶液，不符合题意；
D、溶液底部有少量晶体析出。所得溶液仍为该温度下的饱和溶液，溶液中氯化钠的质量分数不变。
故选BD；
（3）在 20℃时，氯化钠溶解度约为 36.0 克，硝酸钾溶解度约为 31.6 克；在 30℃时，氯化钠溶解度约为 36.3 克，硝酸钾溶解度约为 45.8 克，所以在 20℃ - 30℃之间可能有相同溶解度。
33．（2024八上·吴兴期中）“天气瓶”和“彩球温度计”是两款不同的现代居家饰品，都可以获知天气冷暖变化。
（1）图甲为“天气瓶”，当外界温度降低时，瓶中晶体增多。由此推测瓶中晶体的溶解度随温度降低而　 　。
（2）图乙为“彩球温度计”，当温度降低到小球所标注的温度值时，该小球会浮起。某时，只有“20℃”、“18℃”的小球沉底，则此时的气温范围为　 　。
（3）图乙中漂浮的“24℃”小球重5克，则其所受浮力为　 　牛。（g取10牛/千克）
【答案】减小；20℃-22℃；0.05
【知识点】重力的大小；物体的浮沉条件及其应用；溶解度的影响因素
【解析】【分析】（1）晶体增多，说明溶解能力减弱，可知溶解度减小。
（2）由“当温度降低到小球所标注的温度值时，该小球会浮起”可知，温度在20℃以上，22℃以下。
（3）沉浮条件：物体处于漂浮或悬浮时，浮力等于重力；上浮时，浮力大于重力；下沉时，浮力小于重力。
【解答】（1）当外界温度降低时，瓶中晶体增多，由此推测瓶中晶体的溶解度随温度降低而减小。
（2）当温度降低到小球所标注的温度值时，该小球会浮起。只有“20℃”、“18℃”的小球沉底，则温度大于“20℃”，另外分析可知“22℃”、“24℃”的小球上浮，则温度小于“22℃”，故此时的气温范围为20℃~22℃。
（3）漂浮时，浮力大小等于重力大小，则F浮=G=mg=0.005千克×10牛/千克=0.05牛。
34．（2024八上·吴兴期中）小宁设计并制作了如图的咸水淡化装置，同时针对该装置设计了评价表。
评价指标 优秀 合格 待改进
指标一：装置结构 结构完整，有加热、冷却和收集装置 结构较完整，缺少较好的冷却装置 结构不完整，有1处以上缺失
指标二：淡化效果 能从咸水中制得淡水，速度较快、连续稳定 能从咸水中制得淡水，但效果不明显 不能从咸水中制得淡水
指标三： …… …… ……
（1）塑料瓶的外面包裹冷水浸湿的布，作用是　 　；
（2）易拉罐中的咸水先经过汽化，后经过液化变成淡水流入容器，则易拉罐内咸水溶质的质量分数将　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）；
（3）根据评价需要，请你提出一项评价指标写在指标三“ ”处　 　。
【答案】（1）加快水蒸气的凝结，使冷凝效果更好
（2）变大
（3）操作简便（制作成本、材料环保等都可以）
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】（1）水蒸发吸热，会导致布的温度降低，冷凝效果更好。
（2）由溶质质量分数等于溶质质量与溶液质量的比值可知，溶质质量不变而溶液质量减小时，溶质的质量分数将变大。
（3）指标可为：操作是否方便、材料是否易获得且安全等。
【解答】（1）塑料瓶的外面包裹冷水浸湿的布，作用是加快水蒸气的凝结，使冷凝效果更好。
（2）易拉罐中的咸水中溶质的质量不变，水的质量减少，因此易拉罐内咸水溶质的质量分数将变大。
（3）根据评价需要，评价指标中的指标三可以是操作简便或制作成本或材料环保等都可以。
（1）塑料瓶的外面包裹冷水浸湿的布，作用是加快水蒸气的凝结，使冷凝效果更好。
（2）易拉罐中的咸水中溶质的质量不变，水的质量减少，因此易拉罐内咸水溶质的质量分数将变大。
（3）根据评价需要，评价指标中的指标三可以是操作简便或制作成本或材料环保等都可以。
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