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浙江省金华市第五中学2024-2025学年八年级上学期期中科学试题
1．（2024八上·金华期中）奔腾不息的江河、晶莹剔透的冰川……我们周围充满了水。下列关于水的说法正确的是(　　)
A．陆地淡水资源约占地球总水量的96.53%
B．水资源开发利用后，都能很快恢复
C．人类直接利用最多的水资源是海洋水
D．水是生物生存所必需的最基本的物质之一
【答案】D
【知识点】地球上的水体
【解析】【分析】水是生命之源，它孕育和维持着地球上的一切生命。地球上的淡水资源，绝大部分为两极和高山的冰川，其余大部分为深层地下水，目前人类利用的淡水资源，主要是江河湖泊水和浅层地下水。
【解答】 地球上水的总贮量约有13.9亿km3，其中约97%为海洋咸水，水资源开发利用后，不都能很快恢复，人类直接利用最多的水资源是江河湖泊水和浅层地下水，水是生物生存所必需的最基本的物质之一。
故选D。
2．（2024八上·金华期中）长兴气象台某日发布天气预报如下：今天阴，全天气温7—15℃，北风2级，相对湿度89%。下列关于这则天气预报的说法正确的是（　　）
A．阴雨天气是受高压的控制 B．最高气温15℃出现在正午
C．风速可以用风速仪来测定 D．相对湿度越大降水概率越低
【答案】C
【知识点】气温及其变化；风；空气的湿度；天气预报与天气图
【解析】【分析】考查天气的各个要素，阴雨天气压低，空气上升过程中温度降低，水汽凝结，最高气温在下午2点，相对湿度越大，空气中水汽含量多，越容易水汽凝结。
【解答】A.阴雨天受到低气压控制，所以A错；
B.一天中最高气温在下午2点，所以B错；
C.风速可以用风速仪来测定，风向用风向标测，所以C正确；
D.相对湿度大降水概率越大，D正确
故答案为：C
3．（2024八上·金华期中）台风多发生于夏季，属于水循环的组成部分。如图是水循环示意图，下列有关说法错误的是（　　）
A．台风发生时，过程⑦也在进行
B．台风中携带的水汽主要来自过程③
C．台风带来的降水有利于缓解夏季旱情
D．台风带来的降水会使过程⑤中的流量增加
【答案】B
【知识点】水循环
【解析】【分析】水循环的环节有蒸发和植物蒸腾、水汽输送、降水、下渗、地表径流和地下径流等。【解答】A.在图中台风发生时，过程⑦是蒸发作用也在进行，故A正确，但不符合题意；
B.台风中携带的水汽主要来自过程①海水蒸发，故B错误，但符合题意；
C.台风带来的降水有利于缓解夏季旱情，故C正确 ，但不符合题意 ；
D.台风带来的降水会使过程⑤地表径流中的流量增加，故D正确 ，但不符合题意 。
故答案为：B。
4．（2024八上·金华期中）下图中，昼夜温差最小的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】比热容
【解析】【分析】（1）比热容的概念：单位质量的某种物质，温度升高（或降低）1℃所吸收（或放出）的热量叫做这种物质的比热容。水的比热容较大，砂石的比热容较小。
（2） 海陆热力性质差异与天气状况对温差的影响：白天，相同质量的不同物质，吸收相同热量时，比热容大的物质温度升高得慢；夜晚，放出相同热量时，比热容大的物质温度降低得慢。阴天时，云层对太阳辐射有削弱作用，对地面有保温作用；晴天时，白天升温快，夜晚降温快 。
【解答】白天，大气对太阳辐射的热力作用主要表现为削弱作用。白天晴天，大气对太阳辐射削弱的少，地面增温快，大气增温也快；白天阴天，大气对太阳辐射的削弱作用强，到达地面的太阳辐射少，升温慢。晚上大气的热力作用主要表现为保温效应。晚上晴天，大气逆辐射弱，降温快；晚上阴天，大气逆辐射强，降温慢。海洋和陆地相比，海洋升温慢，降温也慢，温差小。陆地升温快，降温也快，温差大。读图，根据昼夜的阴晴状况可以判断：白天温度升的最慢，温度最低，夜晚气温降的最少，昼夜温差最小。故D项正确。白天气温升的最快，温度最高，夜晚气温降的最快，温度最低，昼夜温差最大。故A项错误。B项、C项，情况居中，也不是最小。故B项、C项错误。综上所述，本题正确答案为D。
故答案为：D。
5．（2024八上·金华期中） 在校运动会开幕式的超级科学秀上，某同学向大家展示了“悬浮气球”，以下关于“悬浮气球”的说法错误的是 (　　)
A．气球能悬浮，是因为它所受的总重力等于浮力
B．气球内充入的气体是空气
C．若去掉气球的配重，则它所受的浮力大于重力，气球会升空
D．气球在上升过程中，球内压强大于球外压强，气球不断膨胀，升到一定高度后破裂
【答案】B
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】A.根据悬浮条件判断；
B.比较气球重力和受到浮力的大小，从而确定它的运动状态；
C.根据浮沉条件判断；
D.根据大气压强随高度的变化规律判断。
【解答】A.气球能悬浮，是因为它所受的总重力等于浮力，故A正确不合题意；
B.气球内充入的气体是空气，那么它受到的浮力等于重力。由于下面有配重，那么浮力小于重力，因此气球会下沉，故B错误符合题意；
C.若去掉气球的配重，则它所受的浮力大于重力，气球会升空，故C正确不合题意；
D.气球在上升过程中，球内压强大于球外压强，气球不断膨胀，升到一定高度后破裂，故D正确不合题意。
故选B。
6．（2024八上·金华期中）如图所示是一个一次性降温杯的示意图。当水袋破裂时，水与固体碎块混合，杯内食物温度明显下降。制造此降温杯可选用的固体碎块是（　　）
A．硝酸铵 B．氢氧化钠 C．蔗糖 D．食盐
【答案】A
【知识点】溶解现象与溶解原理
【解析】【分析】当水袋破裂时，水与固体碎块混合，杯内食物温度明显下降，根据常见物质的溶解吸放热情况进行分析。
【解答】A、硝酸铵溶解于水时吸热能使溶液温度降低，此选项符合题意；
B、氢氧化钠溶解于水时放热，能使溶液温度升高，此选项不符合题意；
C、蔗糖溶解于水时温度没有明显变化，此选项不符合题意；
D、食盐溶解于水时温度没有明显变化，此选项不符合题意。
故答案为：A。
7．（2024八上·金华期中） 假如在“流体中流速越大的位置压强越大”。则下列说法错误的是(　　)
A．飞机机翼的截面形状应该与现在的相反
B．两艘并列同向行驶的船只离得比较近也不会相撞
C．地铁、火车站的站台因此而没必要再设置安全线
D．室外刮大风时，窗口的窗帘将向内飘
【答案】C
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【分析】 流体在流速大的地方压强小，如果在气体和液体中流速越大的位置压强越大，则会出现与生活中正常现象相反的现象。
【解答】 如果在气体和液体中流速越大的位置压强越大，与流体压强与流速关系的规律相反，则：
A.要想产生向上的升力，飞机翅膀的截面形状应该反过来，上平下凸，故A正确不合题意；
B.两艘并列同向行驶的船只不会相撞而是会分离，故B正确不合题意；
C.列车经过时产生的气压差会将人推离列车，对人来说也不安全，站台安全线还是有必要设置的，故C错误符合题意；
D. 室外刮大风时，室外的气压大于室内，则窗口的窗帘将向内飘 ，故D正确不合题意。
故选C。
8．（2024八上·金华期中）如图所示，烧杯中有水，水中倒扣着一玻璃瓶，瓶内水面比烧杯内水面低，当烧杯中的水被加热到一定温度时（　　）
A．烧杯和瓶内的水可能都会沸腾
B．烧杯中的水可能会沸腾，瓶内的水一定不会沸腾
C．烧杯和瓶内的水一定都不会沸腾
D．烧杯中的水一定不会沸腾，瓶内的水可能会沸腾
【答案】B
【知识点】沸腾及沸腾条件
【解析】【分析】液体沸腾的条件：达到沸点，继续吸热，据此分析判断即可。
【解答】根据题意可知，烧杯内的水从酒精灯吸收热量，由于酒精灯火焰的温度高于水的沸点，因此烧杯中的达到沸点后还能继续吸热，因此烧杯中的水肯定会沸腾；
当瓶子里的水也达到沸点后，内外温度相同，不能再继续吸热，因此肯定不会沸腾。
故选B。
9．（2024八上·金华期中）如图，用下列实验操作可完成两个实验。甲实验为粗盐中难溶性杂质的去除，乙实验为配制溶质的质量分数为 10%的氯化钠溶液。下列说法中，正确的是( )
A．甲实验的步骤是①④⑤，其中去除杂质的关键步骤是蒸发
B．甲实验各步操作中，玻璃棒的作用都是相同的
C．乙实验若按照②③①的步骤进行操作，②中称取食盐为 5g，则配制的溶液浓度偏大
D．乙实验中，若①所用的烧杯内壁沾有水，对配制的溶液浓度无影响
【答案】C
【知识点】一定溶质质量分数的溶液的配制；蒸发操作与粗盐提纯
【解析】【分析】除去粗盐中难溶性杂质的步骤是：溶解、过滤、蒸发；
配制一定质量分数的溶液的步骤是：计算、称量、溶解。
【解答】A、粗盐中难溶性杂质的去除的操作步骤是溶解、过滤、蒸发，即步骤是①④⑤，其中去除杂质的关键一步是过滤（把不溶于液体的固体与液体分离的一种方法），故A错误；
B、甲实验各步操作中，溶解时玻璃棒的作用是搅拌，能够加快粗盐的溶解速率；过滤时玻璃棒的作用是引流；蒸发时玻璃棒的作用是搅拌，防止液体飞溅；玻璃棒的作用不相同，故B错误；
C、量取的水为42g，溶质质量分数=10.6%，可知会导致配制的溶液浓度偏大，故C正确；
D、乙实验中，若①所用烧杯刚刚用清水洗过，会造成溶剂的质量偏大，则会导致配制的溶液浓度偏小，故D错误；
故答案为：C。
10．（2024八上·金华期中）如图所示，在三个相同的容器中分别盛有甲、乙、丙三种液体；将三个完全相同的铜球，分别沉入容器底部，当铜球静止时，容器底部受到铜球的压力大小关系是F甲A．甲的最小 B．乙的最小 C．丙的最小 D．一样大
【答案】C
【知识点】阿基米德原理
【解析】【分析】容器底部受到铜球的压力等于自身的重力减去受到的浮力，根据浮力大小判断液体密度大小。
【解答】容器底受到铜球的压力大小关系是F甲铜球浸没在液体中受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力、支持力作用，铜球处于静止状态，受到平衡力的作用，所以G=F支+F浮，
因为铜球的重力相同，甲乙丙受到的支持力关系为F甲F乙浮>F丙浮，
三个铜球的体积相同，浸没在液体中，排开液体的体积相同，根据F浮=ρ液gV排，所以甲容器中液体密度最大，丙容器中液体密度最小。
故答案为：C。
11．（2024八上·金华期中）水电解的过程可用如图表示，微粒运动变化的先后顺序是（　　）
A．①②③④ B．④①③② C．①②④③ D．①④③②
【答案】A
【知识点】水的组成和主要性质
【解析】【分析】根据化学反应的微观过程来分析。
【解答】 水通电发生化学反应的实质是：水分子被分成氢原子和氧原子，两个氢原子结合构成一个氢分子，许多氢分子构成氢气；每两个氧原子构成一个氧分子，许多氧分子构成氧气 。
故答案为：A。
12．（2024八上·金华期中）2022年12月4日，航天员陈冬、刘洋、蔡旭哲乘坐神舟十四号返回舱成功返回地球。返回舱返回过程中，需要高速穿过大气层。以下关于地球大气层的说法，不正确的是（　　）
A．大气层能保护地球，减少小天体的撞击
B．雷电风雨等主要的天气现象都发生在对流层
C．大气层分层的主要依据是大气温度在垂直方向上的变化
D．返回舱返回地球时依次经过外层→暖层→平流层→中间层→对流层
【答案】D
【知识点】大气层的作用
【解析】【分析】 根据对大气层的分层知识分析判断。
【解答】 A.小天体坠落地球需经过大气层，与大气摩擦、燃烧，最后消失或减小，从而减少小天体的撞击，所以大气层能保护地球，故A正确不符合题意；
B.对流层含有几乎全部水汽和杂质，气温随高度增加而递减，对流显著，雷电风雨等主要的天气现象都发生在对流层，故B正确不符合题意；
C.按大气温度在垂直方向上的变化降大气层分为对流层、平流层、高层大气，故C正确不符合题意；
D.根据大气的温度、密度、运动等特征，大气自下而上分为对流层、平流层、中间层、暖层、外层，故飞船返回过程中，依次穿越的大气层是外层、暖层、中间层、平流层、对流层，故D错误符合题意。
故选D。
13．（2024八上·金华期中）如图所示，将装满水的瓶子倒放在一个水槽内，因不慎，瓶底被碰破一个小孔，此时瓶内的水将（　　）
A．从小孔喷出
B．要下降，直到液面与水槽面齐平
C．不喷出也不下降
D．无法判定
【答案】B
【知识点】大气压强的存在；大气压的综合应用
【解析】【分析】当连通器内只有一种液体时，各个容器内液面相平，据此分析判断。
【解答】根据图片可知，当瓶底被碰破一个小孔时，瓶中水与大气相通，此时水瓶和水槽上面开口，底部连通，相当于一个连通器。根据连通器的原理可知，当液面静止时，水平内的水面和水槽内的水面相平，因此瓶内的水会下降，直到与外面水槽面相平，故B正确，而ACD错误。
故选B。
14．（2024八上·金华期中）t℃时，A物质的饱和溶液中A的质量分数为15%，B物质的溶解度是25g，C物质的10g饱和溶液蒸干后可得1.5gC。若取等质量的3种物质的饱和溶液，则3种溶液中所含溶质的质量大小顺序是（　　）
A．A＞C＞B B．C＞A＞B C．B＞C=A D．A＞B＞C
【答案】C
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；固体溶解度的概念
【解析】【分析】根据题干提供的信息结合溶质质量分数公式进行分析，求出B和C的溶质质量分数进行比较。
【解答】由题可知B物质的溶解度是25g，
则B物质的溶质质量分数为：，
C物质的溶质质量分数为：，
取等质量的3种物质的饱和溶液，溶质的质量分数越大，溶质的质量越大，则B含有的溶质最多，A和C一样多。
故答案为：C。
15．（2024八上·金华期中）时，某固体物质在不同质量的水中达到饱和状态质量时所溶解的质量绘制成如图中的斜线，下列说法正确的是（　　）
A．该物质的溶解度随温度的升高而增大
B．n点表示溶液中溶质的质量分数为
C．图中m点表示该物质的饱和溶液
D．时该物质的溶解度为50g
【答案】D
【知识点】固体溶解度的概念；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】A.根据图片确定图像反映的物理规律；
B.溶质质量分数=；
C.只有在图像上的点才是饱和的；
D.根据溶解度的定义判断。
【解答】A.根据图片可知，横轴表示水的质量，纵轴表示溶质质量，则图像表示在同一温度下固体物质在不同质量的水中达到饱和状态时所溶解的质量，看不出溶解度随温度的变化，故A错误；
B.根据图片可知，n点表示溶液中溶质质量为25g ，溶剂质量为100g，则溶液质量为：25g+100g=125g，则溶质的质量分数为，故B错误；
C.根据图片可知，m点在曲线下方，即此时25g小于此时饱和溶液中的溶质质量，因此为不饱和状态，故C错误；
D.根据图片可知，T℃时该物质在100g水中达到饱和时溶解的质量为50g，故其溶解度为50g，故D正确。
故选D。
16．（2024八上·金华期中）老鸭汤是一道以美味著称的传统汤菜，制作原料主要有鸭、水、调料等。
（1）烹饪时，下列调料中与水充分混合形成溶液的有____（选填字母）
A．食盐 B．料酒 C．植物油 D．胡椒粉
（2）为确定烧好的整锅鸭汤咸淡情况，可用调羹舀一勺汤进行品尝，因为一勺汤与整锅汤的咸淡情况是一致的，这是因为溶液具有　 　的特点。
（3）吃不完的鸭汤可暂时放入冰箱，为了去除异味，冰箱中往往会放入活性炭除味，这是利用活性炭具有　 　的作用。
【答案】（1）A；B
（2）均一性
（3）吸附
【知识点】溶液的组成及特点；净化水的常用方法
【解析】【分析】（1）不溶性的固体小颗粒悬浮于液体中形成的混合物是悬浊液；小液滴分散到液体中形成的混合物是乳浊液；一种或几种物质分散到另一种物质里，形成的均一稳定的混合物是溶液。
（2）根据溶液的性质，进行分析解答。
（3）根据活性炭具有疏松多孔的结构，有较强的吸附能力，进行分析解答。
【解答】（1）A、食盐易溶于水，能够和水形成均一、稳定的混合物，属于溶液，符合题意；
B、料酒能溶于水，能够和水形成均一、稳定的混合物，属于溶液，符合题意；
C、植物油不溶于水，不能和水形成均一、稳定的混合物，不能够形成溶液，不符合题意；
D、胡椒粉不溶于水，不能和水形成均一、稳定的混合物，不能够形成溶液，不符合题意。
故答案为：AB；
（2）为确定烧好的整锅鸭汤咸淡情况，可用调羹舀一勺汤进行品尝，因为一勺汤与整锅汤的咸淡情况是一致的，这体现了溶液均一性的特点；
（3）活性炭具有疏松多孔的结构，有较强的吸附能力，可以吸附冰箱中的异味分子，从而达到去除异味的效果；吃不完的鸭汤可暂时放入冰箱，为了去除异味，冰箱中往往会放入活性炭除味，这是利用活性炭具有吸附的作用。
（1）A、食盐易溶于水，能够和水形成均一、稳定的混合物，属于溶液，符合题意；
B、料酒能溶于水，能够和水形成均一、稳定的混合物，属于溶液，符合题意；
C、植物油不溶于水，不能和水形成均一、稳定的混合物，不能够形成溶液，不符合题意；
D、胡椒粉不溶于水，不能和水形成均一、稳定的混合物，不能够形成溶液，不符合题意。
故选AB；
（2）为确定烧好的整锅鸭汤咸淡情况，可用调羹舀一勺汤进行品尝，因为一勺汤与整锅汤的咸淡情况是一致的，这体现了溶液均一性的特点；
（3）活性炭具有疏松多孔的结构，有较强的吸附能力，可以吸附冰箱中的异味分子，从而达到去除异味的效果；吃不完的鸭汤可暂时放入冰箱，为了去除异味，冰箱中往往会放入活性炭除味，这是利用活性炭具有吸附的作用。
17．（2024八上·金华期中）如图为“富氢水杯”，宣称水中富含氢气对人体有益，据图回答问题。
（1）“富氢水杯”的工作原理是电解水，其结构如图所示，产生氧气的电极与电源的　 　极相连，该气体可以用　 　来检验它。
（2）查阅资料可知，在一个标准大气压下，在20℃时，1L水中可以溶解的氢气体积为0.001mL，因此常温下水中不可能富含氢气，那么可以增大氢气溶解性的方法有　 　。
【答案】正；带火星的木条；降低温度或增大气压
【知识点】水的组成和主要性质；固体溶解度的概念
【解析】【分析】 （1）根据电解水的知识、气体的性质及其检验方法来分析；
（2）根据增大气体溶解度的方法来分析。
【解答】（1）在水的电解实验中，产生氧气的电极与电源的正极相连，可以用带火星的木条来检验它；
（2） 在一个标准大气压下，在20℃时，1L水中可以溶解的氢气体积为0.001mL，因此常温下水中不可能富含氢气，那么可以增大氢气溶解性的方法有降低温度或增大气压。
18．（2024八上·金华期中）如图是教材中出现的有关天气的仪器，请回答下列问题：
（1）气象观测中是用风向标和　 　来观测风向和风速的。若风向标显示风从东南方向吹向西北方向，则此时的风向为　 　风。
（2）观测降水量时，常用雨量筒把雨水收集起来，把雨量筒内的雨水倒入雨量杯内，读出的刻度即为降雨量。它的刻度单位是________。
A．毫克 B．毫升 C．毫米
【答案】（1）风速仪；东南
（2）C
【知识点】风；降水
【解析】【分析】（1）根据有关气象观测的知识解答。风从哪个方向吹来，则叫啥风；
（2）根据雨量杯的结构特点解答。
【解答】（1）根据题意可知，气象观测中是用风向标和风速仪来观测风向和风速的。若风向标显示风从东南方向吹向西北方向，则此时的风向为东南风。
（2）根据所学知识可知，雨量杯的单位为毫米，所以它的刻度单位是毫米。
故选C。
（1）气象观测中是用风向标和风速仪来观测风向和风速的。风向的命名原则是根据风吹来的方向命名，若风向标显示风从东南方向吹向西北方向，则此时的风向为东南风。
（2）观测降水量时，常用雨量筒把雨水收集起来，把雨量筒内的雨水倒入雨量杯内，读出的刻度即为降雨量，根据所学知识可知，雨量杯的单位为毫米，所以它的刻度单位是毫米。故C符合题意，AB不符合题意。故选C。
19．（2024八上·金华期中）如图所示，甲、乙容器中分别盛有水和酒精，当在A处沿水平方向快速吹气时，设B管内水柱产生的压强为p水，C管内酒精产生的压强为p酒精，则p水　 　p酒精（选填“>”“=”或“<”），B、C管中的液体上升的原因是A处空气流速加快，　 　。
【答案】=；压强减小
【知识点】二力平衡的条件及其应用；流体压强与流速的关系
【解析】【分析】（1）管内气体压强加上液体产生的压强和大气压相等，据此可知两边液体柱产生的压强关系；
（2）流体在压强越大的地方压强越小，在压强越小的地方压强越大。
【解答】根据图片可知，当液柱静止下来时，管内气体压强加上液体产生的压强等于大气压，则大气压p0=p+p水=p+p酒精，
解得：p水=p酒精，
当在A处沿水平方向快速吹气时，A处空气流速加快，管内气体的压强小于外界大气压。
20．（2024八上·金华期中）在我校第67届运动会的开幕式上，有三组同学在操场上向全校展示了著名的马德堡半球实验，如图1所示，把两个半径约20cm的空心半球合在一起，抽去里面的空气，同学们向相反的方向拉两个半球。
（1）同学们在马德堡半球实验时，往往会在两个半球的接触面上涂一层油。以下操作，目的与其一样的是_________。
A．电解水实验中加稀硫酸
B．塑料吸盘使用前先蘸水
C．蒸馏实验中烧瓶底部加小石粒
（2）在气压为1个标准大气压时做马德堡半球实验，抽气后球内剩余空气的压强为0.4个大气压，此时拉开半球的力为；如果抽气后球内剩余空气的压强为0.1个大气压，此时拉开半球的力为，则=　 　。
（3）某实验室供教学用的半球，在正常气压下抽成真空后，只需四个人便可拉开。其原因是　 　。
【答案】（1）B
（2）
（3）实验室用的半球直径较小，在压强差相同时，受到的大气压力也较小
【知识点】压强的大小及其计算；大气压强的存在；大气压的综合应用
【解析】【分析】 （1）做马德堡半球实验时，要先将里面的空气抽出，因此两个半球的密封性十分重要，无论是涂油还是蘸水，作用都是加强密封性。
（2）当半球刚被拉开时，人拉开半球用的力最大，根据公式F=（p外-p内）S计算就行。
（3）根据F=pS可知，在大气压强不变时，受力面积越小、受到的压力越小，然后分析教学用的半球表面积的大小即可得出拉力变小的原因。
【解答】（1） 实验室做马德堡半球实验时，在两个半球的接触面上涂一层油，目的是防止漏气；
电解水实验中加稀硫酸是为了增强水的导电性；塑料吸盘使用前先蘸水是为了防止吸盘漏气；蒸馏实验中烧瓶底部加小石粒是为了防止水暴沸，
故选B。
（2）根据题意可知，半球的外部的气压为1个标准大气压，抽气后球内剩余空气的压强为0.4个大气压，
所以此时球受到的内外气压差为；
如果抽气后球内剩余空气的压强为0.1个大气压，
所以此时球受到的内外气压差为：；
根据二力平衡的条件可知，拉力两个拉力的比值。
（3） 某实验室供教学用的半球，在正常气压下抽成真空后，只需四个人便可拉开，其原因是：实验室用的半球直径较小，在压强差相同时，受到的大气压力也较小，所以很容易拉开。
（1）在马德堡半球实验时，往往会在两个半球的接触面上涂一层油，目的是是两个半球之间气密性良好，不漏气；
A．电解水实验中加稀硫酸是为了增强水的导电性，故A不符合题意；
B．塑料吸盘使用前先蘸水是为了防止吸盘漏气，故B符合题意；
C．蒸馏实验中烧瓶底部加小石粒是为了防止水暴沸，故C不符合题意。
故选B。
（2）半球的外部的气压为1个标准大气压，抽气后球内剩余空气的压强为0.4个大气压，所以此时球受到的内外气压差为
如果抽气后球内剩余空气的压强为0.1个大气压，所以此时球受到的内外气压差为：
而前后两次球的表面积S相等，由二力平衡可知，半球受到内、外压力差和拉力相等时，马德堡半球被拉开，由公式可得，则拉力两个拉力的比值
（3）实验室用的半球直径较小，在压强差相同时，受到的大气压力也较小，所以很容易拉开。
21．（2024八上·金华期中）某科学兴趣小组探究氯化铵、氧化钙、氯化钠三种物质溶于水过程中的热量变化。三种物质各取1药匙于烧杯中分别溶于水，另还有一个烧杯只加水，用温度计测量液体温度，并记录有关数据如下：
实验 水的体积 所加物质 测量液体温度/℃
1 50mL 氯化铵 15
2 50mL 氯化钙 28
3 xmL 氯化钠 21
4 50mL 无 22
（1）表中x的值为　 　
（2）如果要生产一种“冰袋”用于冷敷，上述三种物质中最合适的是　 　
（3）经讨论认为本实验操作中存在缺陷，它是_________（填序号）。
A．实验操作过程没有采取较为严格的保温措施
B．加入物质的质量可能不相等
C．加入物质的种类不一样
【答案】（1）50
（2）氯化铵
（3）A；B
【知识点】溶解时的吸热或放热现象
【解析】【分析】 （1）根据实验设计中变量控制的原则，进行分析；
（2）根据物质溶于水的温度变化与用途的关系，进行分析；
（3）根据实验操作中可能影响结果的因素，进行分析。
【解答】（1）根据控制变量法的要求可知，探究氯化铵、氧化钙、氯化钠三种物质溶于水过程中的热量变化时，只改变物质的种类，其它条件保持相同，因此水的量要控制相等，所以x=50；
（2）根据表格数据可知，加入物质为氯化铵时液体的温度最低，则要生产一种“冰袋”用于冷敷，应该选择氯化铵；
（3）A.根据题目描述可知，实验操作过程中若保温措施不行会影响实验效果，故A符合题意；
B.根据控制变量法的要求可知，加入物质的质量必须相等，否则影响实验效果，故B符合题意；
C.根据实验目的可知，探究的就是氯化铵、氧化钙、氯化钠三种物质溶于水过程中的热量变化，因此加入物质的种类不会影响实验，故C不符合题意。
故选AB。
（1）实验目的是探究氯化铵、氧化钙、氯化钠三种物质溶于水过程中的热量变化，因此水的量要控制相等，所以x=50；
（2）如果要生产一种“冰袋”用于冷敷，说明这种物质溶解时吸热，从表中可以看出上述三种物质中氯化铵溶解时吸热；
（3）A、实验操作过程中若保温措施不行会影响实验效果，故A符合题意；
B、加入物质的质量必须相等，否则影响实验效果，故B符合题意；
C、探究的就是氯化铵、氧化钙、氯化钠三种物质溶于水过程中的热量变化，因此加入物质的种类不会影响实验，故C不符合题意；
故选AB。
22．（2024八上·金华期中）小明制作了一个如图所示的简易气压计。将橡皮膜平铺在敞口容器上，并用胶带绑紧。检查气密性后，将吸管的A端粘在橡皮膜中心，B端靠近卡纸的M处。外界气压的变化会引起橡皮膜凹凸程度的变化，从而使吸管绕O点转动，指示气压大小变化。（外界气温的变化对容器内气压的影响极小）
（1）现将绑有橡皮膜的容器浸没水中，轻压橡皮膜，这一操作的目的是　 　。
（2）小明将该气压计带着去爬北高峰，到山顶时吸管的B端会指向　 　（选填“M点上方”“M点”“M点下方”）
【答案】检查装置的气密性；M点下方
【知识点】大气压强与高度的关系
【解析】【分析】（1）检查容器的气密性，放在水中观察是否有气泡冒出是最常用的方法。
（2）橡皮膜封住容器，如果橡皮膜是平的说明内外压强相等；如果橡皮膜凹陷说明外部压强大；如果橡皮膜向外凸说明内部压强大。吸管是一个杠杆，橡皮膜的凹陷带动吸管杠杆的转动。
【解答】（1）现将绑有橡皮膜的容器浸没在水中，轻压橡皮膜，这一操作的目的是检查装置的气密性。
（2）小明将该气压计带着去爬北高峰，高度增加，大气压减小，橡皮膜向外凸出，指针OB顺时针转动；到山顶时吸管的B端会指向M点下方。
23．（2024八上·金华期中）学校科学实验小组同学为了探究气缸内气体压强p与缸内气柱长度h的关系，设计了一带有活塞（横截面积）并封闭了气体的密闭金属气缸，如图甲所示。某次实验过程中，活塞缓慢下压，记录数据后绘制出如图乙所示图像。请回答下列问题：
（1）活塞下压过程中，缸内气体的质量　 　（选填“变小”“变大”或“不变”）；
（2）当缸内气柱长度h＝5厘米时，缸内气体对活塞产生的压力为　 　牛；
（3）根据图乙可得出的实验结论是：　 　；
（4）经测量，当缸内气体压强p为时，缸内气体的密度为，那么，当缸内气体压强p为时，缸内气体的密度为　 　kg/m3。
【答案】（1）不变
（2）100
（3）一定质量的气体，温度不变时，气缸内气体的压强p与气柱长度成反比
（4）6.5
【知识点】气体压强跟体积的关系
【解析】【分析】 （1）物体的质量是指物体所含某种物质的多少，当把打气筒的活塞向下压时，由于出气口被封住，没有气体跑出来，管内气体多少并没有发生改变，所以其质量应该不变；
（2）由图乙可知当缸内气柱长度h=5厘米时，气缸内气体压强p，根据求出缸内气体对活塞产生的压力；
（3）根据图乙可知：一定质量的气体，温度不变时，Ph乘积为一定值，即压强与长度成反比；
（4）根据图乙可知气体压强p为1×105Pa时对应的缸内气柱的长度，根据气缸的横截面积，求出气缸内气体的体积，利用密度公式求出缸内气体的质量，然后求出当缸内气体压强p为5×105Pa时，缸内气体的密度。
【解答】（1）根据题意可知，气缸是封闭的，则当活塞向下压时不会漏气，虽然体积发生变化，但是气体的质量保持不变。
（2）根据乙图可知，当缸内气柱长度h=5cm时，气缸内的压强为2×105Pa。
已知活塞的横截面积为S=5cm2，
则缸内气体对活塞产生的压力为F=pS=2×105Pa×5×10-4m2=100N。
（3）根据乙图可知，每点气体的压强和空气柱的长度的乘积相等，则可得结论：一定质量的气体，温度不变时，气缸内气体压强p与缸内气柱长度h成反比。
（4）根据乙图可知，当气体压强p=1×105Pa时，对应的缸内气体的长度为h1=10cm
，所以气缸内气体的体积为V1=Sh1，
则气缸内气体的质量为m=ρ1V1=ρ1Sh1
当气体压强p=5×105Pa时，对应的缸内气体的长度为h2=2cm，
在此过程中气体的质量不变，所以m=ρ2V2=ρ2Sh2；
即ρ1Sh1=ρ2Sh2则。
（1）气缸是封闭的，当活塞向下压，体积发生变化，但由于气缸内的气体含量并没有发生变化，所以它的质量不变。
（2）由图乙可知，当缸内气柱长度h=5cm时，气缸内的压强为2×105Pa，由得，缸内气体对活塞产生的压力为F=pS=2×105Pa×5×10-4m2=100N
（3） 由图乙可知，每点的横坐标与纵坐标的乘积相等，说明二者成反比。则可得结论：一定质量的气体，温度不变时，气缸内气体压强p与缸内气柱长度h成反比。
（4）由图乙可知，当气体压强p=1×105Pa时，对应的缸内气体的长度为h1=10cm，所以气缸内气体的体积为V1=Sh1，由得，气缸内气体的质量为m=ρ1V1=ρ1Sh1
由图乙可知，当气体压强p=5×105Pa时，对应的缸内气体的长度为h2=2cm，在此过程中气体的质量不变，所以m=ρ2V2=ρ2Sh2
即ρ1Sh1=ρ2Sh2
则
24．（2024八上·金华期中）某兴趣小组为了验证阿基米德原理，设计并开展了如下的实验：
步骤一：取一个如图甲所示的塑料圆筒和金属圆柱体（塑料圆筒和金属圆柱体直径相同），按图乙进行操作，读出弹簧测力计的示数，记为F1。
步骤二：如图丙所示，向烧杯中逐渐加水，直到液面与金属圆柱体上表面相平，读出弹簧测力计的示数，记为F2。
步骤三：如图丁所示，用滴管向塑料圆筒中加满水，调节铁夹的高度、使烧杯中液面与金属圆柱体上表面相平，读出弹簧测力计的示数，记为F3。
（1）如图丙所示，此时金属圆柱体受到的浮力大小为　 　（用F1、F2、F3列式表示）。
（2）若实验中的测量结果满是　 　的关系，则可以验证阿基米德原理。
（3）实验中小组发现圆柱体受到的浮力大于它排开水的重力。下列操作会引起该结果的有　 　（填字母）。
A.步骤一中弹簧测力计未调零就使用
B.步骤二中液面未达到圆柱体上表
C.步骤三中塑料圆筒中的水没有加满
D.步骤三未调节好铁夹的高度就读数
【答案】；（或）；CD
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）由图中实验数据和称重法得出物体第1次实验时受到的浮力；
（2）本实验由于没有使用溢水杯，因而必须控制物体浸入水中的体积与在圆筒中添加水的体积相等，由于塑料圆筒内径和圆柱体直径相同，当高度相同时，V排=V加水，因而调节铁夹的高度，使烧杯中液面与圆柱体标记h'相平的目的是控制圆柱体排开液体的体积与在圆筒中添加液体的体积相等；实验中金属圆柱体受到的浮力使弹簧测力计示数减小，之后加入的水又使得弹簧测力计示数恢复原值，说明浮力的大小等于排开液体的重力；
（3）在该实验中，要保证物体浸入液体中的体积与在圆筒中添加液体的体积相等。
【解答】（1）如图丙所示，金属圆柱体受到的浮力大小为
（2）由题意可知如果测量结果满足
则可以验证阿基米德原理。
（3）步骤三中塑料圆筒中的水没有加满与步骤三未调节好铁夹的高度就读数会引起圆柱体受到的浮力大于它排开水的重力。
故答案为：CD。
25．（2024八上·金华期中）学习了大气压后，小明想估测一下大气压的值。他准备了如下器材：不同规格的针筒、两个弹簧测力计（量程为10N）、刻度尺、一个铁丝做成的T型钩、细线、橡皮帽等。小明在实验中选了图2中B规格的针筒，发现弹簧测力计的量程太小了。于是设计了图1实验装置，顺利完成了测量任务。具体步骤如下：
①先读出针筒的容量为10mL，用刻度尺量出其全部刻度长度为5厘米。
②把针筒活塞推至简底端，排尽筒内的空气。然后，用橡皮帽封住针筒的小孔。
③慢慢地拉针筒，刚好拉动活塞时，两个测力计示数均为9.8N。
请根据他们实验方案回答以下问题：
（1）若不考虑其他因素的影响，则本次测量大气压值p=　 　帕。
（2）判断实验结果的准确性，小明利用自家汽车里的”胎压计”测量实际的大气压，示数如图3所示，对比两次实验结果，小明认为出现此现象的原因可能是_________。
A．弹簧测力计的自重对实验有影响
B．注射器中有空气未排尽
C．活塞与注射器筒壁间有摩擦
D．注射器漏气
（3）另一个同学只用一个弹簧测力计也完成了实验，他们选择的针筒是图2中的　 　（填“A”或“C”）。
（4）小明还发现：如果在针筒内吸入一定质量的空气，然后用橡皮帽将气体封闭起来，在推活塞的过程中，越推越费力。由此小明想：封闭气体的体积大小是否会影响气体压强大小呢？小明取一个30mL的针筒，在针筒内壁抹润滑油，使内壁和活塞之间的摩擦力减小到可忽略不计。接着他将针筒吸入一定质量的空气，并连接到胎压计上，通过推拉活塞，测得数据记录如表：
V（mL） 6 8 10 12 16
p(kPa) 160 120 96 80 60
①根据表中的数据可得：其他条件一定时，封闭气体的体积越小，压强越　 　（选填“大”或”小”）。
②当小明不推拉活塞，即注射器内气压和外界气压都为100kPa时，注射器内的空气体积为　 　mL。
【答案】（1）
（2）B；D
（3）A
（4）大；9.6
【知识点】大气压强的测量方法
【解析】【分析】 （1）已知注射器的最大刻度和全部刻度的长度，可求得注射器活塞的横截面积，又知道弹簧测力计的示数为4.8N，再利用可计算出的大气压强；
（2）如果活塞与注射器内壁间存在摩擦力，注射器在拉力F作用下平衡时，拉力F大于大气对活塞的压力，从而影响测量结果；弹簧测力计的示数没有读准，用计算出的压强大小有偏差；注射器中有空气未全部排尽，注射器中会有很小的大气压强；
（3）压力的大小跟活塞的作用面积有关，在大气压强一定时，面积越小，压力会越小，结合量程选择合适的注射器；
（4）根据表格数据分析气体体积和压强的数量关系即可。
【解答】（1）根据题意可知，注射器的容积， 全部刻度长度为5cm，
则注射器的横截面积，
刚好拉动活塞时，两个测力计示数均为9.8N，
则此时外界大气压对活塞的压力为：F=9.8N×2=19.6N，
则此时大气压强为。
（2）根据图3可知，气压计测得大气压的值为100kPa，比计算出大气压强偏大；
A．重力的方向竖直向下，而测力计水平拉活塞时，则弹簧测力计的自重不会对实验有影响，故A不符合题意；
BD．注射器中有空气未全部排尽或注射器漏气，则针筒内会有空气，从而产生向外的压强，会使测得的拉力偏小，导致测得的大气压小于真实的大气压，故BD符合题意；
C．如果活塞受到摩擦力，那么会使测得的拉力偏大，导致测得的大气压大于真实的大气压，故C不符合题意。
故选BD。
（3）根据题意可知，此时注射器上受到的压力已经达到9.8N，而测力计的量程为10N，如果压力增大则测力计将无法测量大气压力。
根据公式可知，受力面积越小，活塞受到的大气压力也会越小，
即应该选择横截面积较小的注射器，
所以可换用横截面积小的C注射器。
（4）①根据表格数据可知，其他条件一定时，封闭气体的体积越小，压强越大。
②根据表格数据可知，气体的压强与体积的乘积相等，
则大气压为时注射器内空气体积为：。
（1）已知注射器的容积
注射器的横截面积
慢慢地拉针筒，刚好拉动活塞时，两个测力计示数均为9.8N，此时外界大气压对活塞的压力等于两个测力计示数之和，大气压强
（2）如图3，气压计测得大气压的值为100kPa，大于实验测得的气压值；
A．测力计水平拉活塞时，弹簧测力计的自重不会对实验有影响，故A不符合题意；
BD．注射器中有空气未全部排尽或注射器漏气，会使测得的拉力偏小，导致测得的大气压小于真实的大气压，故BD符合题意；
C．活塞与注射器筒壁间有摩擦力，会使测得的拉力偏大，导致测得的大气压大于真实的大气压，故C不符合题意。
故选BD。
（3）因为大气压强是一定的，根据公式可知，受力面积越小，活塞受到的大气压力也会越小，拉动活塞的拉力越小，拉力才不会超过测力计的量程10N，所以当用一个弹簧测力计时，可换用横截面积小的C注射器。
（4）①[1]由表中封闭气体的压强p与体积V的数值可知， p与V的乘积均为，p与体积V的数学关系式为，（压强单位为kPa，体积单位为mL），因此其他条件一定时，封闭气体的体积越小，压强越大。
②[2]已经测出实际的大气压为
当小明不推拉活塞时，注射器内的气压与外界大气压相等，由可得，注射器内的空气体积
26．（2024八上·金华期中）探究“浸在水中的物体所受浮力与浸入深度的关系”。
实验器材：弹簧测力计、烧杯、水、圆柱体（体积相同的不同物体）。
实验要求：将物体所受的浮力大小及弹簧测力计示数与浸入深度的关系用图像表示出来。
实验结束后，A、B、C、D四组根据实验过程及结果画出了以下四幅图像，并进行汇报。
（1）这四幅图像中，有一幅图是错误的，你认为错误的是：　 　。
（2）根据图像A和C，得出F1、F2、F3三者的等量关系是　 　。
（3）A、B、C三种物质中密度最大的是　 　。
（4）根据图像B，计算出该物质的密度为　 　
【答案】（1）D
（2）
（3）A
（4）2
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】 （1）根据阿基米德原理，物体未完全浸没时，浮力随着浸入深度的增加而增大，当完全浸没时，深度增加，浮力大小不变，所以物体所受拉力应先减小后不变，所以 a是描述拉力与深度关系的，b是描述浮力与深度关系的，当物体刚好完全浸没时，此时拉力开始不变，同时物体受到的浮力也开始不变，据此对D同学所画的图形进行分析；
（2）图象中的F1表示物体所受的重力；图象中的F2表示物体全部浸没后弹簧测力计的拉力；F3表示物体全部浸没后，物体所受的浮力；物体全部浸没后受到三个力的作用，向下的重力和向上的浮力、拉力，此时物体处于静止状态，受的是平衡力，据此得出F1、F2、F3三者的等量关系；
（3）物体的体积相同，浸没在水中受到的浮力相同，由ABC三图可知，A图中F2最大，据F1、F2、F3三者的等量关系可知A图中物体的重力最大，据密度公式算出密度最大物质；
（4）图B可知，图B中F2=F3，代入等式F1=F2+F3，再根据阿基米德浮力公式和重力公式可计算出该物质的密度。
【解答】 （1）根据阿基米德原理，物体未完全浸没时，浮力随着浸入深度的增加而增大，当完全浸没时，深度增加，浮力大小不变，所以物体所受拉力应先减小后不变，所以 a是描述拉力与深度关系的，b是描述浮力与深度关系的，当物体刚好完全浸没时，此时拉力开始不变，同时物体受到的浮力也开始不变，但图D中拉力开始不变时浮力还在增大，所以D同学所画的图形是错误的；
（2）图像A和C中，根据阿基米德原理，物体未完全浸没时，浮力随着浸入深度的增加而增大，当完全浸没时，深度增加，浮力大小不变，所以物体所受拉力应先减小后不变，所以a是描述拉力与深度关系的，b是描述浮力与深度关系的；图象中的F1表示物体所受的重力；图象中的F2表示物体全部浸没后弹簧测力计的拉力；F3表示物体全部浸没后，物体所受的浮力；物体全部浸没后受到三个力的作用，向下的重力和向上的浮力、拉力，此时物体处于静止状态，受的是平衡力，即重力等于浮力加拉力，所以：F1=F2+F3；
（3）与（2）分析同理，图B中物体受力也符合：F1=F2+F3；
物体的体积相同，浸没在水中受到的浮力相同，所以A、B、C三图中F3相等；
由ABC三图可知，A图中F2最大，此时F1最大；
A图中物体的重力最大，质量最大，体积相同，由知，A图中物质密度最大。
（4）物体全部浸入液体中，物体的体积等于排开液体的体积，由图B可知，图B中F2=F3，代入等式F1=F2+F3可得：F1=2F3；
根据阿基米德浮力公式和重力公式可得：m物g=2ρ水gV；
ρ物gV=2ρ水gV；
解得：ρ物=2ρ水=2×1g/cm3=2g/cm3。
（1）实验中，弹簧测力计拉着圆柱体浸入水中时，随着浸入体积的增大，圆柱体受到的浮力增大，测力计的示数减小，测力计减小的值等于圆柱体受到的浮力，四幅图中F1表示物体没有浸入水中前测力计的示数，其大小等于物体的重力，F2表示物体浸没时测力计的示数，F3表示浸没时圆柱体受到的浮力，物体完全浸没后，浮力F3和测力计的示数都不变；四幅图中，D图中测力计的示数不变后，浮力还有一段随深度h而增加，故ABC正确，D错误。
故选D。
（2）F1表示物体没有浸入水中前测力计的示数，其大小等于物体的重力，F2表示圆柱体浸没时测力计的示数，F3表示浸没时圆柱体受到的浮力，根据图像A和C，得出F1、F2、F3三者的等量关系是。
（3）实验中所用圆柱体是体积相同不同物体，由，可得
①
A、B、C三个图中，A图F2的值最大，由①可知，A物体的密度最大，A、B、C三种物质中密度最大的是A。
（4）根据图像B可知，，根据可得
解得
该物质的密度为。
27．（2024八上·金华期中）为了探究影响固体溶解性的因素，某同学设计了如下五组实验。
实验组 A B C D E
实验温度 20℃ 20℃ 20℃ 20℃ 80℃
加入溶剂种类 水 酒精 水 水 水
加入溶剂质量 20g 20g 10g 10g 10g
加入固体种类 硝酸钾 硝酸钾 硝酸钾 食盐 硝酸钾
加入固体质量 10g 10g 10g 10g 10g
溶解固体质量 6.2g 0g 3.1g 3.6g 10g
（1）分析上表，对比A、B组，实验研究的问题是　 　。
（2）在C组实验中，该同学按照如下步骤进行实验（假设溶液损失不计）
用电子天平称取10g硝酸钾，放入烧杯中。
量取10.0mL水，倒入上述烧杯中，称量烧杯、硝酸钾和水的总质量为m1g；搅拌至硝酸钾不再溶解为止。
过滤，称量所得硝酸钾溶液和烧杯的总质量为m2g。
计算：m1-m2＝　 　g（结合C实验数据进行分析）。
（3）将溶质改成食盐，重复上述步骤进行实验。由本实验可推知，时食盐的溶解能力　 　（填＞、<或＝）硝酸钾的溶解能力。
（4）根据实验结果，小姚得出了固体物质的溶解性与溶剂质量有关的结论，但是小胡认为小姚的说法不对。你支持谁的观点 请你利用本实验的数据来分析说明你的观点：　 　。
【答案】（1）溶剂的种类对固体溶解性的影响
（2）6.9
（3）＞
（4）小胡；根据AC两组实验数据可知，当其他条件相同时，相同质量的溶剂最多能溶解的溶质的质量是相等的（合理即可）
【知识点】影响溶解快慢的因素
【解析】【分析】 （1）根据第一组实验中只有溶剂不同，其它条件都是相同的，进行分析。
（2）根据烧杯的质量和水的质量不会改变，所以根据表格中的数据可以知道溶解了硝酸钾的质量为3.1g，进行分析。
（3）根据20℃时，在10g水中最多溶解3.6g食盐，而最多溶解3.1g硝酸钾，进行分析。
（4）根据AC两组实验数据可知，当其他条件相同时，相同质量的溶剂最多能溶解的溶质的质量是相等的进行分析。
【解答】（1）根据表格数据可知，在AB实验中，只有溶剂的种类不同，所以实验研究的问题是：溶剂的种类对固体溶解性的影响；
（2）根据题意可知，由于烧杯的质量和水的质量不会改变，根据表格数据可知，溶解了硝酸钾的质量为3.1g，即没溶解硝酸钾的质量为：10g-3.1g=6.9g，
烧杯、硝酸钾和水的总质量为m1g；过滤后称量所得硝酸钾溶液和烧杯的总质量为m2g；
则m1-m2=6.9g；
（3）根据表格CD可知，时，在10g水中最多溶解3.6g食盐，而最多溶解3.1g硝酸钾，所以时食盐的溶解能力大于硝酸钾的溶解能力；
（4）根据AC数据可知，当其他条件相同时，相同质量的溶剂最多能溶解的溶质的质量是相等的（合理即可）或者A组和C组实验换算后都是10克水最多溶解硝酸钾3.1克，溶解性大小相同，因此我认为小姚的说法不对。
（1）比较表格中的数据可以知道在第一组实验中只有溶剂不同，其它条件都是相同的，所以实验研究的问题是：溶剂的种类对固体溶解性的影响；
（2）烧杯、硝酸钾和水的总质量为m1g；而过滤后，称量所得硝酸钾溶液和烧杯的总质量为m2g；由于烧杯的质量和水的质量不会改变，所以根据表格中的数据可以知道溶解了硝酸钾的质量为3.1g，即没溶解硝酸钾的质量为：10g-3.1g=6.9g，从而可以知道m1-m2=6.9g；
（3）由CD两组数据可知，时，在10g水中最多溶解3.6g食盐，而最多溶解3.1g硝酸钾，所以时食盐的溶解能力大于硝酸钾的溶解能力；
（4）我支持小胡的观点，理由是：根据AC两组实验数据可知，当其他条件相同时，相同质量的溶剂最多能溶解的溶质的质量是相等的（合理即可）或者A组和C组实验换算后都是10克水最多溶解硝酸钾3.1克，溶解性大小相同。
28．（2024八上·金华期中）小林同学将200克质量分数为20%的硝酸钾溶液做如图操作，请通过计算回答以下问题。
（1）转移后甲杯中含有溶质硝酸钾的质量为多少？
（2）往甲杯溶液加入4 g硝酸钾固体完全溶解后，溶液的溶质质量分数为多少？（结果保留到0.1%）
（3）若将乙杯溶液稀释为溶质质量分数为5%的硝酸钾溶液，则需加水的质量为多少？
【答案】（1）200 g×20%×=10g
（2）往甲杯溶液加入4克硝酸钾固体完全溶解后，溶液的溶质质量分数为：
≈13.5%
（3）若将乙杯溶液稀释为溶质质量分数为5%的硝酸钾溶液，设需加水的质量为x。
=5%，x=100g
【知识点】溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】（1）根据溶质质量=溶液质量×溶质的质量分数，溶液具有均一性，进行分析解答。
（2）根据，进行分析解答。
（3）根据溶液稀释前后溶质的质量不变，进行分析解答。
（1）200 g×20%×=10 g。
（2）往甲杯溶液加入4克硝酸钾固体完全溶解后，溶液的溶质质量分数为：≈13.5%。
（3）解：若将乙杯溶液稀释为溶质质量分数为5%的硝酸钾溶液，设需加水的质量为x。
=5%，x=100g
29．（2024八上·金华期中）我国某地使用“沉管法”建跨海隧道：用钢筋水泥等材料浇筑若干个中空管段，用隔墙封闭两端并使其漂浮在水中；用拖船牵引至指定位置，向管段中的水箱注水使其下沉（如图）；对下沉的多个管段进行依次连接，拆除隔墙形成隧道。
（1）图中，当往水箱中注水的质量为6×104千克时，管段刚好能够在水下匀速缓慢下沉。若管段排开水的体积为3.06×103米3，则注水前管段与水箱的总质量为多少千克 （海水密度取千克/米3）
（2）管段隔墙设计需要考虑其下沉到海底时受到的压力大小。这一压力的大小与哪些因素有关 　 　。（写出一种即可）
【答案】（1）解：根据题意可知， 管段排开水的体积为3.06×103米3，
则管段受到的浮力F浮=ρ液gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×3.06×103m3=3.06×107N，
根据二力平衡的知识可得，注水后管段的总重力G总=F浮=3.06×107N
因此注水前管段与水箱的总质量。
（2）下沉深度/隔墙面积/海水密度等（合理即可）
【知识点】影响液体压强大小的因素；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）海水密度和管段排开液体的体积已知，利用阿基米德原理可得到管段所受到的浮力，由管段匀速下沉得到管段总重力等于浮力，由G=mg求出管段的总质量，总质量减去注入水的质量，得到注水前管段与水箱的总质量。
（2）利用和p=ρ液gh进行分析即可。
【解答】（2）根据公式F=pS可知，物体在海水中受到的压力与其受到的压强和受力面积有关；由液体压强公式p=ρ液gh可知，物体在海水中受到的压强与海水的密度、海底的深度有关，故管段隔墙下沉到海底时受到的压力大小与海水的密度、海底深度、隔墙面积等有关。
（1）管段受到的浮力F浮=ρ液gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×3.06×103m3=3.06×107N
管段匀速下沉，根据二力平衡可得，注水后管段的总重力G总=F浮=3.06×107N
则注水前管段与水箱的总质量
（2）由压强的变形公式F=pS知物体在海水中受到的压力与其受到的压强和受力面积有关；由p=ρ液gh知物体在海水中受到的压强与海水的密度、海底的深度有关，故管段隔墙下沉到海底时受到的压力大小与海水的密度、海底深度、隔墙面积等有关。
30．（2024八上·金华期中）高压锅最早的名字叫“帕平锅”，是一位叫丹尼斯.帕平的医生发明的，起初只是作为消毒工具，现为厨房常用锅具。
（1）图甲为高压锅的构造，图乙为水的沸点与气压的关系图像，（当地气压为）若高压锅出气孔的横截面积为），压在出气孔上的限压阀的质量为70克。通过计算并对照图像说明，利用这种高压锅烧水时，最高温度大约是多少
（2）若要把这种高压锅销售到两藏地区，在保证高压锅安全使用的前提下，用这种高压锅烧水时，要达到同样的最高温度。你认为需要怎样改进 　 　。
（3）某科学小组的同学针对这种高压锅不能调温度的缺点，对这种普通高压锅进行了技术改造，如图丙所示。工作原理：调节螺丝可以上下旋转，当往下旋转时，弹簧对限压阀的压力变大。若要增大锅内蒸煮时的温度，可以采用的方法是_________（填字母）。
A．适当增大排气孔的直径 B．调节螺丝往上旋转
C．调节螺丝往下旋转 D．适当加大火力蒸煮
【答案】（1）最高温度大约在115-117℃之间
（2）加大限压阀的质量
（3）C
【知识点】压强的大小及其计算；大气压的综合应用
【解析】【分析】（1）压强的计算与沸点和气压的关系：压强公式，高压锅限压阀的压力由重力产生（F=G=mg ），通过计算锅内气压，再结合水的沸点与气压的关系图像，确定水的沸点（即最高温度 ）。水的沸点随气压增大而升高，随气压减小而降低，利用此关系可根据气压判断沸点 。
（2）大气压与高度的关系及应用：大气压随高度增加而减小，在高原地区（如西藏 ），外界大气压小，要使高压锅达到相同锅内气压（相同沸点 ），需改变限压阀对出气孔的压力，从而改变锅内气压 。
（3）高压锅温度调节原理：通过调节螺丝改变弹簧对限压阀的压力，进而改变锅内气压，影响水的沸点，来实现温度调节 。
【解答】（1）限压阀的质量为70克，它受到的重力
利用这种高压锅烧水时，锅内的最大气压
根据图表可知锅内能达到的最高温度为116℃。
（2）两藏地区海拔高，当地的大气压小于标注大气压，在保证高压锅安全使用的前提下，用这种高压锅烧水时，要达到同样的最高温度，根据可知，应适当增加限压阀质量（或减小放气孔的孔径），使限压阀产生的压强增大。
（3）A、在限压阀质量不变时，适当增大排气孔的直径，会使限压阀对锅内的气压减小，从而降低锅内蒸煮时的温度，故A不符合题意；
B、调节螺丝往上旋转，弹簧对限压阀的压力变小，限压阀产生的压强减小，从而降低锅内蒸煮时的温度，故B不符合题意；
C、调节螺丝往下旋转，弹簧对限压阀的压力变大，限压阀产生的压强增大，从而增大锅内蒸煮时的温度，故C符合题意；
D、适当加大火力蒸煮，不能改变锅内外的气压，不会改变锅内的蒸煮温度，故D不符合题意。
故答案为：C。
（1）限压阀的质量为70克，它受到的重力
利用这种高压锅烧水时，锅内的最大气压
根据图表可知锅内能达到的最高温度为116℃。
（2）两藏地区海拔高，当地的大气压小于标注大气压，在保证高压锅安全使用的前提下，用这种高压锅烧水时，要达到同样的最高温度，根据可知，应适当增加限压阀质量（或减小放气孔的孔径），使限压阀产生的压强增大。
（3）A．在限压阀质量不变时，适当增大排气孔的直径，会使限压阀对锅内的气压减小，从而降低锅内蒸煮时的温度，故A不符合题意；
B．调节螺丝往上旋转，弹簧对限压阀的压力变小，限压阀产生的压强减小，从而降低锅内蒸煮时的温度，故B不符合题意；
C．调节螺丝往下旋转，弹簧对限压阀的压力变大，限压阀产生的压强增大，从而增大锅内蒸煮时的温度，故C符合题意；
D．适当加大火力蒸煮，不能改变锅内外的气压，不会改变锅内的蒸煮温度，故D不符合题意。
故选C。
31．（2024八上·金华期中）下表为硫酸密度与硫酸溶液中的溶质的质量分数对照表(20℃)
密度（g/mL） 1.01 1.07 1.14 1.22 1.30 1.40 1.50 1.61 1.73 1.81 1.84
质量分数（%） 1 10 20 30 40 50 60 70 80 90 98
有一物块A，其体积为250cm3，密度为1.30g/cm3。一只容器中盛有某硫酸溶液5千克，将物块A放入该溶液中静止后如图所示，此时物块A有的体积露出液面。
（1）求物块A静止时受到的浮力大小
（2）求这种硫酸溶液的溶质质量分数是多少
（3）要使物块A全部浸入溶液中，至少需要往容器中加水多少千克 (容器足够大，加水后溶液不溢出。
【答案】解：（1）根据题意可知，A的质量mA=ρAVA=1.30g/cm3×250cm3=325g；
A的重力GA=mAg=325×10-3kg×10N/kg=3.25N。
物块A漂浮在稀硫酸中，所以其受到的浮力和重力相等，
即F浮=G=3.25N；
答：物块A静止时受到的浮力是3.25N。
（2）液体的密度为：1.5×103kg/m3=1.5g/cm3；
根据表格可知，这种硫酸溶液的溶质质量分数是60%。
答：这种硫酸溶液的溶质质量分数是60%。
（3）根据题意可知，硫酸的质量m硫酸=5×103g×60%=3×103g，
要使物块A全部浸入溶液中，需加入水，并且使液体密度等于物体A的密度，
由表中数据可知硫酸溶液此时的质量分数是40%；
加入的过程中，硫酸质量不变，则加水后溶液的总质量m总==7500g；
故所加水的质量m水=m总-m液=7500g-5000g=2500g=2.5kg。
答：要使物块A全部浸入溶液中，至少需要往容器中加水2.5千克。
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）物块A漂浮在稀硫酸中，其受到的浮力和重力相等，根据F浮=G=mg求得浮力大小；
（2）根据阿基米德原理求得稀硫酸的密度，根据表格数据可知这种硫酸溶液的溶质质量分数；
（3）要使物块A全部浸入溶液中，需加入水，并且使液体密度等于物体A的密度，由表中数据可知硫酸溶液此时的质量分数，根据加入水后溶质不变，计算出硫酸溶液的溶质质量分数。
32．（2024八上·金华期中）如图1，一个边长为10厘米的立方体木块，下面用一段细线与木块相连，细线另一端固定在容器底（容器高比细线与木块边长之和大得多）。现向容器中慢慢加水，如图2所示，若细线中的拉力用F表示，容器中水的深度用h表示，则图3描述拉力F随深度h变化的关系图像。（g=10N/kg）
（1）图3中的A点对应木块在水中的位置是处于　 　状态？
（2）该木块的密度为多少？　 　
（3）请在图4中作出在此过程中木块所受浮力F随水位h变化的大致图像。　 　
【答案】漂浮；0.6×103㎏/m3；
【知识点】密度公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）对物体进行受力分析，当物体不受绳子拉力作用时，物体只受重力和浮力的作用，据此分析；
（2）已知立方体木块的边长可求得其体积，该木块完全浸没在水中时，V排=V，根据F浮=ρgV排可求出木块浸没在水中的浮力；
由图丙可知浸没时绳子的拉力，根据平衡条件求出木块的重力，根据G=mg求出木块的质量，再利用可求出木块的密度；
（3）分析物体从液面逐渐浸入直到浸没的过程中、圆柱体完全浸没后的浮力变化，然后作图。
【解答】（1）根据图3可知，A点时绳子的拉力为0，此后绳子的拉力逐渐增大，即此时绳子已经拉直。这肯定是木块随水面上升一段距离后出现，即此时处于漂浮状态。
（2）根据题意可知，木块的边长为10cm，
则木块的体积V=10cm×10cm×10cm=1000cm3=1×10-3m3，
那么木块浸没在水中受到的浮力为F浮=ρgV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10-3m3=10N，
由图像可知，木块浸没时所受拉力最大为4牛，
那么木块的重力G=F浮-F=10N-4N=6N，
则木块的质量，
木块的密度。
（3）根据题意可知，木在开始的一段时间内，木块静止在容器底部不动，随着水面的升高，则排开液体的体积不断增大，则浮力先随排开液体体积的增加而均匀增大。
当浮力和重力相等时，木块开始漂浮，此后随着水面的升高，木块也升高，则浮力保持6N不变。
当细线拉直后，木块的高度保持不变，随着水面的升高，则排开液体的体积不断增大，那么它受到的浮力不断增大；
当物体全浸入水中后，排开水的体积不变、浮力保持10N不变，如下图所示：

1 / 1浙江省金华市第五中学2024-2025学年八年级上学期期中科学试题
1．（2024八上·金华期中）奔腾不息的江河、晶莹剔透的冰川……我们周围充满了水。下列关于水的说法正确的是(　　)
A．陆地淡水资源约占地球总水量的96.53%
B．水资源开发利用后，都能很快恢复
C．人类直接利用最多的水资源是海洋水
D．水是生物生存所必需的最基本的物质之一
2．（2024八上·金华期中）长兴气象台某日发布天气预报如下：今天阴，全天气温7—15℃，北风2级，相对湿度89%。下列关于这则天气预报的说法正确的是（　　）
A．阴雨天气是受高压的控制 B．最高气温15℃出现在正午
C．风速可以用风速仪来测定 D．相对湿度越大降水概率越低
3．（2024八上·金华期中）台风多发生于夏季，属于水循环的组成部分。如图是水循环示意图，下列有关说法错误的是（　　）
A．台风发生时，过程⑦也在进行
B．台风中携带的水汽主要来自过程③
C．台风带来的降水有利于缓解夏季旱情
D．台风带来的降水会使过程⑤中的流量增加
4．（2024八上·金华期中）下图中，昼夜温差最小的是（　　）
A． B．
C． D．
5．（2024八上·金华期中） 在校运动会开幕式的超级科学秀上，某同学向大家展示了“悬浮气球”，以下关于“悬浮气球”的说法错误的是 (　　)
A．气球能悬浮，是因为它所受的总重力等于浮力
B．气球内充入的气体是空气
C．若去掉气球的配重，则它所受的浮力大于重力，气球会升空
D．气球在上升过程中，球内压强大于球外压强，气球不断膨胀，升到一定高度后破裂
6．（2024八上·金华期中）如图所示是一个一次性降温杯的示意图。当水袋破裂时，水与固体碎块混合，杯内食物温度明显下降。制造此降温杯可选用的固体碎块是（　　）
A．硝酸铵 B．氢氧化钠 C．蔗糖 D．食盐
7．（2024八上·金华期中） 假如在“流体中流速越大的位置压强越大”。则下列说法错误的是(　　)
A．飞机机翼的截面形状应该与现在的相反
B．两艘并列同向行驶的船只离得比较近也不会相撞
C．地铁、火车站的站台因此而没必要再设置安全线
D．室外刮大风时，窗口的窗帘将向内飘
8．（2024八上·金华期中）如图所示，烧杯中有水，水中倒扣着一玻璃瓶，瓶内水面比烧杯内水面低，当烧杯中的水被加热到一定温度时（　　）
A．烧杯和瓶内的水可能都会沸腾
B．烧杯中的水可能会沸腾，瓶内的水一定不会沸腾
C．烧杯和瓶内的水一定都不会沸腾
D．烧杯中的水一定不会沸腾，瓶内的水可能会沸腾
9．（2024八上·金华期中）如图，用下列实验操作可完成两个实验。甲实验为粗盐中难溶性杂质的去除，乙实验为配制溶质的质量分数为 10%的氯化钠溶液。下列说法中，正确的是( )
A．甲实验的步骤是①④⑤，其中去除杂质的关键步骤是蒸发
B．甲实验各步操作中，玻璃棒的作用都是相同的
C．乙实验若按照②③①的步骤进行操作，②中称取食盐为 5g，则配制的溶液浓度偏大
D．乙实验中，若①所用的烧杯内壁沾有水，对配制的溶液浓度无影响
10．（2024八上·金华期中）如图所示，在三个相同的容器中分别盛有甲、乙、丙三种液体；将三个完全相同的铜球，分别沉入容器底部，当铜球静止时，容器底部受到铜球的压力大小关系是F甲A．甲的最小 B．乙的最小 C．丙的最小 D．一样大
11．（2024八上·金华期中）水电解的过程可用如图表示，微粒运动变化的先后顺序是（　　）
A．①②③④ B．④①③② C．①②④③ D．①④③②
12．（2024八上·金华期中）2022年12月4日，航天员陈冬、刘洋、蔡旭哲乘坐神舟十四号返回舱成功返回地球。返回舱返回过程中，需要高速穿过大气层。以下关于地球大气层的说法，不正确的是（　　）
A．大气层能保护地球，减少小天体的撞击
B．雷电风雨等主要的天气现象都发生在对流层
C．大气层分层的主要依据是大气温度在垂直方向上的变化
D．返回舱返回地球时依次经过外层→暖层→平流层→中间层→对流层
13．（2024八上·金华期中）如图所示，将装满水的瓶子倒放在一个水槽内，因不慎，瓶底被碰破一个小孔，此时瓶内的水将（　　）
A．从小孔喷出
B．要下降，直到液面与水槽面齐平
C．不喷出也不下降
D．无法判定
14．（2024八上·金华期中）t℃时，A物质的饱和溶液中A的质量分数为15%，B物质的溶解度是25g，C物质的10g饱和溶液蒸干后可得1.5gC。若取等质量的3种物质的饱和溶液，则3种溶液中所含溶质的质量大小顺序是（　　）
A．A＞C＞B B．C＞A＞B C．B＞C=A D．A＞B＞C
15．（2024八上·金华期中）时，某固体物质在不同质量的水中达到饱和状态质量时所溶解的质量绘制成如图中的斜线，下列说法正确的是（　　）
A．该物质的溶解度随温度的升高而增大
B．n点表示溶液中溶质的质量分数为
C．图中m点表示该物质的饱和溶液
D．时该物质的溶解度为50g
16．（2024八上·金华期中）老鸭汤是一道以美味著称的传统汤菜，制作原料主要有鸭、水、调料等。
（1）烹饪时，下列调料中与水充分混合形成溶液的有____（选填字母）
A．食盐 B．料酒 C．植物油 D．胡椒粉
（2）为确定烧好的整锅鸭汤咸淡情况，可用调羹舀一勺汤进行品尝，因为一勺汤与整锅汤的咸淡情况是一致的，这是因为溶液具有　 　的特点。
（3）吃不完的鸭汤可暂时放入冰箱，为了去除异味，冰箱中往往会放入活性炭除味，这是利用活性炭具有　 　的作用。
17．（2024八上·金华期中）如图为“富氢水杯”，宣称水中富含氢气对人体有益，据图回答问题。
（1）“富氢水杯”的工作原理是电解水，其结构如图所示，产生氧气的电极与电源的　 　极相连，该气体可以用　 　来检验它。
（2）查阅资料可知，在一个标准大气压下，在20℃时，1L水中可以溶解的氢气体积为0.001mL，因此常温下水中不可能富含氢气，那么可以增大氢气溶解性的方法有　 　。
18．（2024八上·金华期中）如图是教材中出现的有关天气的仪器，请回答下列问题：
（1）气象观测中是用风向标和　 　来观测风向和风速的。若风向标显示风从东南方向吹向西北方向，则此时的风向为　 　风。
（2）观测降水量时，常用雨量筒把雨水收集起来，把雨量筒内的雨水倒入雨量杯内，读出的刻度即为降雨量。它的刻度单位是________。
A．毫克 B．毫升 C．毫米
19．（2024八上·金华期中）如图所示，甲、乙容器中分别盛有水和酒精，当在A处沿水平方向快速吹气时，设B管内水柱产生的压强为p水，C管内酒精产生的压强为p酒精，则p水　 　p酒精（选填“>”“=”或“<”），B、C管中的液体上升的原因是A处空气流速加快，　 　。
20．（2024八上·金华期中）在我校第67届运动会的开幕式上，有三组同学在操场上向全校展示了著名的马德堡半球实验，如图1所示，把两个半径约20cm的空心半球合在一起，抽去里面的空气，同学们向相反的方向拉两个半球。
（1）同学们在马德堡半球实验时，往往会在两个半球的接触面上涂一层油。以下操作，目的与其一样的是_________。
A．电解水实验中加稀硫酸
B．塑料吸盘使用前先蘸水
C．蒸馏实验中烧瓶底部加小石粒
（2）在气压为1个标准大气压时做马德堡半球实验，抽气后球内剩余空气的压强为0.4个大气压，此时拉开半球的力为；如果抽气后球内剩余空气的压强为0.1个大气压，此时拉开半球的力为，则=　 　。
（3）某实验室供教学用的半球，在正常气压下抽成真空后，只需四个人便可拉开。其原因是　 　。
21．（2024八上·金华期中）某科学兴趣小组探究氯化铵、氧化钙、氯化钠三种物质溶于水过程中的热量变化。三种物质各取1药匙于烧杯中分别溶于水，另还有一个烧杯只加水，用温度计测量液体温度，并记录有关数据如下：
实验 水的体积 所加物质 测量液体温度/℃
1 50mL 氯化铵 15
2 50mL 氯化钙 28
3 xmL 氯化钠 21
4 50mL 无 22
（1）表中x的值为　 　
（2）如果要生产一种“冰袋”用于冷敷，上述三种物质中最合适的是　 　
（3）经讨论认为本实验操作中存在缺陷，它是_________（填序号）。
A．实验操作过程没有采取较为严格的保温措施
B．加入物质的质量可能不相等
C．加入物质的种类不一样
22．（2024八上·金华期中）小明制作了一个如图所示的简易气压计。将橡皮膜平铺在敞口容器上，并用胶带绑紧。检查气密性后，将吸管的A端粘在橡皮膜中心，B端靠近卡纸的M处。外界气压的变化会引起橡皮膜凹凸程度的变化，从而使吸管绕O点转动，指示气压大小变化。（外界气温的变化对容器内气压的影响极小）
（1）现将绑有橡皮膜的容器浸没水中，轻压橡皮膜，这一操作的目的是　 　。
（2）小明将该气压计带着去爬北高峰，到山顶时吸管的B端会指向　 　（选填“M点上方”“M点”“M点下方”）
23．（2024八上·金华期中）学校科学实验小组同学为了探究气缸内气体压强p与缸内气柱长度h的关系，设计了一带有活塞（横截面积）并封闭了气体的密闭金属气缸，如图甲所示。某次实验过程中，活塞缓慢下压，记录数据后绘制出如图乙所示图像。请回答下列问题：
（1）活塞下压过程中，缸内气体的质量　 　（选填“变小”“变大”或“不变”）；
（2）当缸内气柱长度h＝5厘米时，缸内气体对活塞产生的压力为　 　牛；
（3）根据图乙可得出的实验结论是：　 　；
（4）经测量，当缸内气体压强p为时，缸内气体的密度为，那么，当缸内气体压强p为时，缸内气体的密度为　 　kg/m3。
24．（2024八上·金华期中）某兴趣小组为了验证阿基米德原理，设计并开展了如下的实验：
步骤一：取一个如图甲所示的塑料圆筒和金属圆柱体（塑料圆筒和金属圆柱体直径相同），按图乙进行操作，读出弹簧测力计的示数，记为F1。
步骤二：如图丙所示，向烧杯中逐渐加水，直到液面与金属圆柱体上表面相平，读出弹簧测力计的示数，记为F2。
步骤三：如图丁所示，用滴管向塑料圆筒中加满水，调节铁夹的高度、使烧杯中液面与金属圆柱体上表面相平，读出弹簧测力计的示数，记为F3。
（1）如图丙所示，此时金属圆柱体受到的浮力大小为　 　（用F1、F2、F3列式表示）。
（2）若实验中的测量结果满是　 　的关系，则可以验证阿基米德原理。
（3）实验中小组发现圆柱体受到的浮力大于它排开水的重力。下列操作会引起该结果的有　 　（填字母）。
A.步骤一中弹簧测力计未调零就使用
B.步骤二中液面未达到圆柱体上表
C.步骤三中塑料圆筒中的水没有加满
D.步骤三未调节好铁夹的高度就读数
25．（2024八上·金华期中）学习了大气压后，小明想估测一下大气压的值。他准备了如下器材：不同规格的针筒、两个弹簧测力计（量程为10N）、刻度尺、一个铁丝做成的T型钩、细线、橡皮帽等。小明在实验中选了图2中B规格的针筒，发现弹簧测力计的量程太小了。于是设计了图1实验装置，顺利完成了测量任务。具体步骤如下：
①先读出针筒的容量为10mL，用刻度尺量出其全部刻度长度为5厘米。
②把针筒活塞推至简底端，排尽筒内的空气。然后，用橡皮帽封住针筒的小孔。
③慢慢地拉针筒，刚好拉动活塞时，两个测力计示数均为9.8N。
请根据他们实验方案回答以下问题：
（1）若不考虑其他因素的影响，则本次测量大气压值p=　 　帕。
（2）判断实验结果的准确性，小明利用自家汽车里的”胎压计”测量实际的大气压，示数如图3所示，对比两次实验结果，小明认为出现此现象的原因可能是_________。
A．弹簧测力计的自重对实验有影响
B．注射器中有空气未排尽
C．活塞与注射器筒壁间有摩擦
D．注射器漏气
（3）另一个同学只用一个弹簧测力计也完成了实验，他们选择的针筒是图2中的　 　（填“A”或“C”）。
（4）小明还发现：如果在针筒内吸入一定质量的空气，然后用橡皮帽将气体封闭起来，在推活塞的过程中，越推越费力。由此小明想：封闭气体的体积大小是否会影响气体压强大小呢？小明取一个30mL的针筒，在针筒内壁抹润滑油，使内壁和活塞之间的摩擦力减小到可忽略不计。接着他将针筒吸入一定质量的空气，并连接到胎压计上，通过推拉活塞，测得数据记录如表：
V（mL） 6 8 10 12 16
p(kPa) 160 120 96 80 60
①根据表中的数据可得：其他条件一定时，封闭气体的体积越小，压强越　 　（选填“大”或”小”）。
②当小明不推拉活塞，即注射器内气压和外界气压都为100kPa时，注射器内的空气体积为　 　mL。
26．（2024八上·金华期中）探究“浸在水中的物体所受浮力与浸入深度的关系”。
实验器材：弹簧测力计、烧杯、水、圆柱体（体积相同的不同物体）。
实验要求：将物体所受的浮力大小及弹簧测力计示数与浸入深度的关系用图像表示出来。
实验结束后，A、B、C、D四组根据实验过程及结果画出了以下四幅图像，并进行汇报。
（1）这四幅图像中，有一幅图是错误的，你认为错误的是：　 　。
（2）根据图像A和C，得出F1、F2、F3三者的等量关系是　 　。
（3）A、B、C三种物质中密度最大的是　 　。
（4）根据图像B，计算出该物质的密度为　 　
27．（2024八上·金华期中）为了探究影响固体溶解性的因素，某同学设计了如下五组实验。
实验组 A B C D E
实验温度 20℃ 20℃ 20℃ 20℃ 80℃
加入溶剂种类 水 酒精 水 水 水
加入溶剂质量 20g 20g 10g 10g 10g
加入固体种类 硝酸钾 硝酸钾 硝酸钾 食盐 硝酸钾
加入固体质量 10g 10g 10g 10g 10g
溶解固体质量 6.2g 0g 3.1g 3.6g 10g
（1）分析上表，对比A、B组，实验研究的问题是　 　。
（2）在C组实验中，该同学按照如下步骤进行实验（假设溶液损失不计）
用电子天平称取10g硝酸钾，放入烧杯中。
量取10.0mL水，倒入上述烧杯中，称量烧杯、硝酸钾和水的总质量为m1g；搅拌至硝酸钾不再溶解为止。
过滤，称量所得硝酸钾溶液和烧杯的总质量为m2g。
计算：m1-m2＝　 　g（结合C实验数据进行分析）。
（3）将溶质改成食盐，重复上述步骤进行实验。由本实验可推知，时食盐的溶解能力　 　（填＞、<或＝）硝酸钾的溶解能力。
（4）根据实验结果，小姚得出了固体物质的溶解性与溶剂质量有关的结论，但是小胡认为小姚的说法不对。你支持谁的观点 请你利用本实验的数据来分析说明你的观点：　 　。
28．（2024八上·金华期中）小林同学将200克质量分数为20%的硝酸钾溶液做如图操作，请通过计算回答以下问题。
（1）转移后甲杯中含有溶质硝酸钾的质量为多少？
（2）往甲杯溶液加入4 g硝酸钾固体完全溶解后，溶液的溶质质量分数为多少？（结果保留到0.1%）
（3）若将乙杯溶液稀释为溶质质量分数为5%的硝酸钾溶液，则需加水的质量为多少？
29．（2024八上·金华期中）我国某地使用“沉管法”建跨海隧道：用钢筋水泥等材料浇筑若干个中空管段，用隔墙封闭两端并使其漂浮在水中；用拖船牵引至指定位置，向管段中的水箱注水使其下沉（如图）；对下沉的多个管段进行依次连接，拆除隔墙形成隧道。
（1）图中，当往水箱中注水的质量为6×104千克时，管段刚好能够在水下匀速缓慢下沉。若管段排开水的体积为3.06×103米3，则注水前管段与水箱的总质量为多少千克 （海水密度取千克/米3）
（2）管段隔墙设计需要考虑其下沉到海底时受到的压力大小。这一压力的大小与哪些因素有关 　 　。（写出一种即可）
30．（2024八上·金华期中）高压锅最早的名字叫“帕平锅”，是一位叫丹尼斯.帕平的医生发明的，起初只是作为消毒工具，现为厨房常用锅具。
（1）图甲为高压锅的构造，图乙为水的沸点与气压的关系图像，（当地气压为）若高压锅出气孔的横截面积为），压在出气孔上的限压阀的质量为70克。通过计算并对照图像说明，利用这种高压锅烧水时，最高温度大约是多少
（2）若要把这种高压锅销售到两藏地区，在保证高压锅安全使用的前提下，用这种高压锅烧水时，要达到同样的最高温度。你认为需要怎样改进 　 　。
（3）某科学小组的同学针对这种高压锅不能调温度的缺点，对这种普通高压锅进行了技术改造，如图丙所示。工作原理：调节螺丝可以上下旋转，当往下旋转时，弹簧对限压阀的压力变大。若要增大锅内蒸煮时的温度，可以采用的方法是_________（填字母）。
A．适当增大排气孔的直径 B．调节螺丝往上旋转
C．调节螺丝往下旋转 D．适当加大火力蒸煮
31．（2024八上·金华期中）下表为硫酸密度与硫酸溶液中的溶质的质量分数对照表(20℃)
密度（g/mL） 1.01 1.07 1.14 1.22 1.30 1.40 1.50 1.61 1.73 1.81 1.84
质量分数（%） 1 10 20 30 40 50 60 70 80 90 98
有一物块A，其体积为250cm3，密度为1.30g/cm3。一只容器中盛有某硫酸溶液5千克，将物块A放入该溶液中静止后如图所示，此时物块A有的体积露出液面。
（1）求物块A静止时受到的浮力大小
（2）求这种硫酸溶液的溶质质量分数是多少
（3）要使物块A全部浸入溶液中，至少需要往容器中加水多少千克 (容器足够大，加水后溶液不溢出。
32．（2024八上·金华期中）如图1，一个边长为10厘米的立方体木块，下面用一段细线与木块相连，细线另一端固定在容器底（容器高比细线与木块边长之和大得多）。现向容器中慢慢加水，如图2所示，若细线中的拉力用F表示，容器中水的深度用h表示，则图3描述拉力F随深度h变化的关系图像。（g=10N/kg）
（1）图3中的A点对应木块在水中的位置是处于　 　状态？
（2）该木块的密度为多少？　 　
（3）请在图4中作出在此过程中木块所受浮力F随水位h变化的大致图像。　 　
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】地球上的水体
【解析】【分析】水是生命之源，它孕育和维持着地球上的一切生命。地球上的淡水资源，绝大部分为两极和高山的冰川，其余大部分为深层地下水，目前人类利用的淡水资源，主要是江河湖泊水和浅层地下水。
【解答】 地球上水的总贮量约有13.9亿km3，其中约97%为海洋咸水，水资源开发利用后，不都能很快恢复，人类直接利用最多的水资源是江河湖泊水和浅层地下水，水是生物生存所必需的最基本的物质之一。
故选D。
2．【答案】C
【知识点】气温及其变化；风；空气的湿度；天气预报与天气图
【解析】【分析】考查天气的各个要素，阴雨天气压低，空气上升过程中温度降低，水汽凝结，最高气温在下午2点，相对湿度越大，空气中水汽含量多，越容易水汽凝结。
【解答】A.阴雨天受到低气压控制，所以A错；
B.一天中最高气温在下午2点，所以B错；
C.风速可以用风速仪来测定，风向用风向标测，所以C正确；
D.相对湿度大降水概率越大，D正确
故答案为：C
3．【答案】B
【知识点】水循环
【解析】【分析】水循环的环节有蒸发和植物蒸腾、水汽输送、降水、下渗、地表径流和地下径流等。【解答】A.在图中台风发生时，过程⑦是蒸发作用也在进行，故A正确，但不符合题意；
B.台风中携带的水汽主要来自过程①海水蒸发，故B错误，但符合题意；
C.台风带来的降水有利于缓解夏季旱情，故C正确 ，但不符合题意 ；
D.台风带来的降水会使过程⑤地表径流中的流量增加，故D正确 ，但不符合题意 。
故答案为：B。
4．【答案】D
【知识点】比热容
【解析】【分析】（1）比热容的概念：单位质量的某种物质，温度升高（或降低）1℃所吸收（或放出）的热量叫做这种物质的比热容。水的比热容较大，砂石的比热容较小。
（2） 海陆热力性质差异与天气状况对温差的影响：白天，相同质量的不同物质，吸收相同热量时，比热容大的物质温度升高得慢；夜晚，放出相同热量时，比热容大的物质温度降低得慢。阴天时，云层对太阳辐射有削弱作用，对地面有保温作用；晴天时，白天升温快，夜晚降温快 。
【解答】白天，大气对太阳辐射的热力作用主要表现为削弱作用。白天晴天，大气对太阳辐射削弱的少，地面增温快，大气增温也快；白天阴天，大气对太阳辐射的削弱作用强，到达地面的太阳辐射少，升温慢。晚上大气的热力作用主要表现为保温效应。晚上晴天，大气逆辐射弱，降温快；晚上阴天，大气逆辐射强，降温慢。海洋和陆地相比，海洋升温慢，降温也慢，温差小。陆地升温快，降温也快，温差大。读图，根据昼夜的阴晴状况可以判断：白天温度升的最慢，温度最低，夜晚气温降的最少，昼夜温差最小。故D项正确。白天气温升的最快，温度最高，夜晚气温降的最快，温度最低，昼夜温差最大。故A项错误。B项、C项，情况居中，也不是最小。故B项、C项错误。综上所述，本题正确答案为D。
故答案为：D。
5．【答案】B
【知识点】物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】A.根据悬浮条件判断；
B.比较气球重力和受到浮力的大小，从而确定它的运动状态；
C.根据浮沉条件判断；
D.根据大气压强随高度的变化规律判断。
【解答】A.气球能悬浮，是因为它所受的总重力等于浮力，故A正确不合题意；
B.气球内充入的气体是空气，那么它受到的浮力等于重力。由于下面有配重，那么浮力小于重力，因此气球会下沉，故B错误符合题意；
C.若去掉气球的配重，则它所受的浮力大于重力，气球会升空，故C正确不合题意；
D.气球在上升过程中，球内压强大于球外压强，气球不断膨胀，升到一定高度后破裂，故D正确不合题意。
故选B。
6．【答案】A
【知识点】溶解现象与溶解原理
【解析】【分析】当水袋破裂时，水与固体碎块混合，杯内食物温度明显下降，根据常见物质的溶解吸放热情况进行分析。
【解答】A、硝酸铵溶解于水时吸热能使溶液温度降低，此选项符合题意；
B、氢氧化钠溶解于水时放热，能使溶液温度升高，此选项不符合题意；
C、蔗糖溶解于水时温度没有明显变化，此选项不符合题意；
D、食盐溶解于水时温度没有明显变化，此选项不符合题意。
故答案为：A。
7．【答案】C
【知识点】流体压强与流速的关系
【解析】【分析】 流体在流速大的地方压强小，如果在气体和液体中流速越大的位置压强越大，则会出现与生活中正常现象相反的现象。
【解答】 如果在气体和液体中流速越大的位置压强越大，与流体压强与流速关系的规律相反，则：
A.要想产生向上的升力，飞机翅膀的截面形状应该反过来，上平下凸，故A正确不合题意；
B.两艘并列同向行驶的船只不会相撞而是会分离，故B正确不合题意；
C.列车经过时产生的气压差会将人推离列车，对人来说也不安全，站台安全线还是有必要设置的，故C错误符合题意；
D. 室外刮大风时，室外的气压大于室内，则窗口的窗帘将向内飘 ，故D正确不合题意。
故选C。
8．【答案】B
【知识点】沸腾及沸腾条件
【解析】【分析】液体沸腾的条件：达到沸点，继续吸热，据此分析判断即可。
【解答】根据题意可知，烧杯内的水从酒精灯吸收热量，由于酒精灯火焰的温度高于水的沸点，因此烧杯中的达到沸点后还能继续吸热，因此烧杯中的水肯定会沸腾；
当瓶子里的水也达到沸点后，内外温度相同，不能再继续吸热，因此肯定不会沸腾。
故选B。
9．【答案】C
【知识点】一定溶质质量分数的溶液的配制；蒸发操作与粗盐提纯
【解析】【分析】除去粗盐中难溶性杂质的步骤是：溶解、过滤、蒸发；
配制一定质量分数的溶液的步骤是：计算、称量、溶解。
【解答】A、粗盐中难溶性杂质的去除的操作步骤是溶解、过滤、蒸发，即步骤是①④⑤，其中去除杂质的关键一步是过滤（把不溶于液体的固体与液体分离的一种方法），故A错误；
B、甲实验各步操作中，溶解时玻璃棒的作用是搅拌，能够加快粗盐的溶解速率；过滤时玻璃棒的作用是引流；蒸发时玻璃棒的作用是搅拌，防止液体飞溅；玻璃棒的作用不相同，故B错误；
C、量取的水为42g，溶质质量分数=10.6%，可知会导致配制的溶液浓度偏大，故C正确；
D、乙实验中，若①所用烧杯刚刚用清水洗过，会造成溶剂的质量偏大，则会导致配制的溶液浓度偏小，故D错误；
故答案为：C。
10．【答案】C
【知识点】阿基米德原理
【解析】【分析】容器底部受到铜球的压力等于自身的重力减去受到的浮力，根据浮力大小判断液体密度大小。
【解答】容器底受到铜球的压力大小关系是F甲铜球浸没在液体中受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力、支持力作用，铜球处于静止状态，受到平衡力的作用，所以G=F支+F浮，
因为铜球的重力相同，甲乙丙受到的支持力关系为F甲F乙浮>F丙浮，
三个铜球的体积相同，浸没在液体中，排开液体的体积相同，根据F浮=ρ液gV排，所以甲容器中液体密度最大，丙容器中液体密度最小。
故答案为：C。
11．【答案】A
【知识点】水的组成和主要性质
【解析】【分析】根据化学反应的微观过程来分析。
【解答】 水通电发生化学反应的实质是：水分子被分成氢原子和氧原子，两个氢原子结合构成一个氢分子，许多氢分子构成氢气；每两个氧原子构成一个氧分子，许多氧分子构成氧气 。
故答案为：A。
12．【答案】D
【知识点】大气层的作用
【解析】【分析】 根据对大气层的分层知识分析判断。
【解答】 A.小天体坠落地球需经过大气层，与大气摩擦、燃烧，最后消失或减小，从而减少小天体的撞击，所以大气层能保护地球，故A正确不符合题意；
B.对流层含有几乎全部水汽和杂质，气温随高度增加而递减，对流显著，雷电风雨等主要的天气现象都发生在对流层，故B正确不符合题意；
C.按大气温度在垂直方向上的变化降大气层分为对流层、平流层、高层大气，故C正确不符合题意；
D.根据大气的温度、密度、运动等特征，大气自下而上分为对流层、平流层、中间层、暖层、外层，故飞船返回过程中，依次穿越的大气层是外层、暖层、中间层、平流层、对流层，故D错误符合题意。
故选D。
13．【答案】B
【知识点】大气压强的存在；大气压的综合应用
【解析】【分析】当连通器内只有一种液体时，各个容器内液面相平，据此分析判断。
【解答】根据图片可知，当瓶底被碰破一个小孔时，瓶中水与大气相通，此时水瓶和水槽上面开口，底部连通，相当于一个连通器。根据连通器的原理可知，当液面静止时，水平内的水面和水槽内的水面相平，因此瓶内的水会下降，直到与外面水槽面相平，故B正确，而ACD错误。
故选B。
14．【答案】C
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；固体溶解度的概念
【解析】【分析】根据题干提供的信息结合溶质质量分数公式进行分析，求出B和C的溶质质量分数进行比较。
【解答】由题可知B物质的溶解度是25g，
则B物质的溶质质量分数为：，
C物质的溶质质量分数为：，
取等质量的3种物质的饱和溶液，溶质的质量分数越大，溶质的质量越大，则B含有的溶质最多，A和C一样多。
故答案为：C。
15．【答案】D
【知识点】固体溶解度的概念；溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】A.根据图片确定图像反映的物理规律；
B.溶质质量分数=；
C.只有在图像上的点才是饱和的；
D.根据溶解度的定义判断。
【解答】A.根据图片可知，横轴表示水的质量，纵轴表示溶质质量，则图像表示在同一温度下固体物质在不同质量的水中达到饱和状态时所溶解的质量，看不出溶解度随温度的变化，故A错误；
B.根据图片可知，n点表示溶液中溶质质量为25g ，溶剂质量为100g，则溶液质量为：25g+100g=125g，则溶质的质量分数为，故B错误；
C.根据图片可知，m点在曲线下方，即此时25g小于此时饱和溶液中的溶质质量，因此为不饱和状态，故C错误；
D.根据图片可知，T℃时该物质在100g水中达到饱和时溶解的质量为50g，故其溶解度为50g，故D正确。
故选D。
16．【答案】（1）A；B
（2）均一性
（3）吸附
【知识点】溶液的组成及特点；净化水的常用方法
【解析】【分析】（1）不溶性的固体小颗粒悬浮于液体中形成的混合物是悬浊液；小液滴分散到液体中形成的混合物是乳浊液；一种或几种物质分散到另一种物质里，形成的均一稳定的混合物是溶液。
（2）根据溶液的性质，进行分析解答。
（3）根据活性炭具有疏松多孔的结构，有较强的吸附能力，进行分析解答。
【解答】（1）A、食盐易溶于水，能够和水形成均一、稳定的混合物，属于溶液，符合题意；
B、料酒能溶于水，能够和水形成均一、稳定的混合物，属于溶液，符合题意；
C、植物油不溶于水，不能和水形成均一、稳定的混合物，不能够形成溶液，不符合题意；
D、胡椒粉不溶于水，不能和水形成均一、稳定的混合物，不能够形成溶液，不符合题意。
故答案为：AB；
（2）为确定烧好的整锅鸭汤咸淡情况，可用调羹舀一勺汤进行品尝，因为一勺汤与整锅汤的咸淡情况是一致的，这体现了溶液均一性的特点；
（3）活性炭具有疏松多孔的结构，有较强的吸附能力，可以吸附冰箱中的异味分子，从而达到去除异味的效果；吃不完的鸭汤可暂时放入冰箱，为了去除异味，冰箱中往往会放入活性炭除味，这是利用活性炭具有吸附的作用。
（1）A、食盐易溶于水，能够和水形成均一、稳定的混合物，属于溶液，符合题意；
B、料酒能溶于水，能够和水形成均一、稳定的混合物，属于溶液，符合题意；
C、植物油不溶于水，不能和水形成均一、稳定的混合物，不能够形成溶液，不符合题意；
D、胡椒粉不溶于水，不能和水形成均一、稳定的混合物，不能够形成溶液，不符合题意。
故选AB；
（2）为确定烧好的整锅鸭汤咸淡情况，可用调羹舀一勺汤进行品尝，因为一勺汤与整锅汤的咸淡情况是一致的，这体现了溶液均一性的特点；
（3）活性炭具有疏松多孔的结构，有较强的吸附能力，可以吸附冰箱中的异味分子，从而达到去除异味的效果；吃不完的鸭汤可暂时放入冰箱，为了去除异味，冰箱中往往会放入活性炭除味，这是利用活性炭具有吸附的作用。
17．【答案】正；带火星的木条；降低温度或增大气压
【知识点】水的组成和主要性质；固体溶解度的概念
【解析】【分析】 （1）根据电解水的知识、气体的性质及其检验方法来分析；
（2）根据增大气体溶解度的方法来分析。
【解答】（1）在水的电解实验中，产生氧气的电极与电源的正极相连，可以用带火星的木条来检验它；
（2） 在一个标准大气压下，在20℃时，1L水中可以溶解的氢气体积为0.001mL，因此常温下水中不可能富含氢气，那么可以增大氢气溶解性的方法有降低温度或增大气压。
18．【答案】（1）风速仪；东南
（2）C
【知识点】风；降水
【解析】【分析】（1）根据有关气象观测的知识解答。风从哪个方向吹来，则叫啥风；
（2）根据雨量杯的结构特点解答。
【解答】（1）根据题意可知，气象观测中是用风向标和风速仪来观测风向和风速的。若风向标显示风从东南方向吹向西北方向，则此时的风向为东南风。
（2）根据所学知识可知，雨量杯的单位为毫米，所以它的刻度单位是毫米。
故选C。
（1）气象观测中是用风向标和风速仪来观测风向和风速的。风向的命名原则是根据风吹来的方向命名，若风向标显示风从东南方向吹向西北方向，则此时的风向为东南风。
（2）观测降水量时，常用雨量筒把雨水收集起来，把雨量筒内的雨水倒入雨量杯内，读出的刻度即为降雨量，根据所学知识可知，雨量杯的单位为毫米，所以它的刻度单位是毫米。故C符合题意，AB不符合题意。故选C。
19．【答案】=；压强减小
【知识点】二力平衡的条件及其应用；流体压强与流速的关系
【解析】【分析】（1）管内气体压强加上液体产生的压强和大气压相等，据此可知两边液体柱产生的压强关系；
（2）流体在压强越大的地方压强越小，在压强越小的地方压强越大。
【解答】根据图片可知，当液柱静止下来时，管内气体压强加上液体产生的压强等于大气压，则大气压p0=p+p水=p+p酒精，
解得：p水=p酒精，
当在A处沿水平方向快速吹气时，A处空气流速加快，管内气体的压强小于外界大气压。
20．【答案】（1）B
（2）
（3）实验室用的半球直径较小，在压强差相同时，受到的大气压力也较小
【知识点】压强的大小及其计算；大气压强的存在；大气压的综合应用
【解析】【分析】 （1）做马德堡半球实验时，要先将里面的空气抽出，因此两个半球的密封性十分重要，无论是涂油还是蘸水，作用都是加强密封性。
（2）当半球刚被拉开时，人拉开半球用的力最大，根据公式F=（p外-p内）S计算就行。
（3）根据F=pS可知，在大气压强不变时，受力面积越小、受到的压力越小，然后分析教学用的半球表面积的大小即可得出拉力变小的原因。
【解答】（1） 实验室做马德堡半球实验时，在两个半球的接触面上涂一层油，目的是防止漏气；
电解水实验中加稀硫酸是为了增强水的导电性；塑料吸盘使用前先蘸水是为了防止吸盘漏气；蒸馏实验中烧瓶底部加小石粒是为了防止水暴沸，
故选B。
（2）根据题意可知，半球的外部的气压为1个标准大气压，抽气后球内剩余空气的压强为0.4个大气压，
所以此时球受到的内外气压差为；
如果抽气后球内剩余空气的压强为0.1个大气压，
所以此时球受到的内外气压差为：；
根据二力平衡的条件可知，拉力两个拉力的比值。
（3） 某实验室供教学用的半球，在正常气压下抽成真空后，只需四个人便可拉开，其原因是：实验室用的半球直径较小，在压强差相同时，受到的大气压力也较小，所以很容易拉开。
（1）在马德堡半球实验时，往往会在两个半球的接触面上涂一层油，目的是是两个半球之间气密性良好，不漏气；
A．电解水实验中加稀硫酸是为了增强水的导电性，故A不符合题意；
B．塑料吸盘使用前先蘸水是为了防止吸盘漏气，故B符合题意；
C．蒸馏实验中烧瓶底部加小石粒是为了防止水暴沸，故C不符合题意。
故选B。
（2）半球的外部的气压为1个标准大气压，抽气后球内剩余空气的压强为0.4个大气压，所以此时球受到的内外气压差为
如果抽气后球内剩余空气的压强为0.1个大气压，所以此时球受到的内外气压差为：
而前后两次球的表面积S相等，由二力平衡可知，半球受到内、外压力差和拉力相等时，马德堡半球被拉开，由公式可得，则拉力两个拉力的比值
（3）实验室用的半球直径较小，在压强差相同时，受到的大气压力也较小，所以很容易拉开。
21．【答案】（1）50
（2）氯化铵
（3）A；B
【知识点】溶解时的吸热或放热现象
【解析】【分析】 （1）根据实验设计中变量控制的原则，进行分析；
（2）根据物质溶于水的温度变化与用途的关系，进行分析；
（3）根据实验操作中可能影响结果的因素，进行分析。
【解答】（1）根据控制变量法的要求可知，探究氯化铵、氧化钙、氯化钠三种物质溶于水过程中的热量变化时，只改变物质的种类，其它条件保持相同，因此水的量要控制相等，所以x=50；
（2）根据表格数据可知，加入物质为氯化铵时液体的温度最低，则要生产一种“冰袋”用于冷敷，应该选择氯化铵；
（3）A.根据题目描述可知，实验操作过程中若保温措施不行会影响实验效果，故A符合题意；
B.根据控制变量法的要求可知，加入物质的质量必须相等，否则影响实验效果，故B符合题意；
C.根据实验目的可知，探究的就是氯化铵、氧化钙、氯化钠三种物质溶于水过程中的热量变化，因此加入物质的种类不会影响实验，故C不符合题意。
故选AB。
（1）实验目的是探究氯化铵、氧化钙、氯化钠三种物质溶于水过程中的热量变化，因此水的量要控制相等，所以x=50；
（2）如果要生产一种“冰袋”用于冷敷，说明这种物质溶解时吸热，从表中可以看出上述三种物质中氯化铵溶解时吸热；
（3）A、实验操作过程中若保温措施不行会影响实验效果，故A符合题意；
B、加入物质的质量必须相等，否则影响实验效果，故B符合题意；
C、探究的就是氯化铵、氧化钙、氯化钠三种物质溶于水过程中的热量变化，因此加入物质的种类不会影响实验，故C不符合题意；
故选AB。
22．【答案】检查装置的气密性；M点下方
【知识点】大气压强与高度的关系
【解析】【分析】（1）检查容器的气密性，放在水中观察是否有气泡冒出是最常用的方法。
（2）橡皮膜封住容器，如果橡皮膜是平的说明内外压强相等；如果橡皮膜凹陷说明外部压强大；如果橡皮膜向外凸说明内部压强大。吸管是一个杠杆，橡皮膜的凹陷带动吸管杠杆的转动。
【解答】（1）现将绑有橡皮膜的容器浸没在水中，轻压橡皮膜，这一操作的目的是检查装置的气密性。
（2）小明将该气压计带着去爬北高峰，高度增加，大气压减小，橡皮膜向外凸出，指针OB顺时针转动；到山顶时吸管的B端会指向M点下方。
23．【答案】（1）不变
（2）100
（3）一定质量的气体，温度不变时，气缸内气体的压强p与气柱长度成反比
（4）6.5
【知识点】气体压强跟体积的关系
【解析】【分析】 （1）物体的质量是指物体所含某种物质的多少，当把打气筒的活塞向下压时，由于出气口被封住，没有气体跑出来，管内气体多少并没有发生改变，所以其质量应该不变；
（2）由图乙可知当缸内气柱长度h=5厘米时，气缸内气体压强p，根据求出缸内气体对活塞产生的压力；
（3）根据图乙可知：一定质量的气体，温度不变时，Ph乘积为一定值，即压强与长度成反比；
（4）根据图乙可知气体压强p为1×105Pa时对应的缸内气柱的长度，根据气缸的横截面积，求出气缸内气体的体积，利用密度公式求出缸内气体的质量，然后求出当缸内气体压强p为5×105Pa时，缸内气体的密度。
【解答】（1）根据题意可知，气缸是封闭的，则当活塞向下压时不会漏气，虽然体积发生变化，但是气体的质量保持不变。
（2）根据乙图可知，当缸内气柱长度h=5cm时，气缸内的压强为2×105Pa。
已知活塞的横截面积为S=5cm2，
则缸内气体对活塞产生的压力为F=pS=2×105Pa×5×10-4m2=100N。
（3）根据乙图可知，每点气体的压强和空气柱的长度的乘积相等，则可得结论：一定质量的气体，温度不变时，气缸内气体压强p与缸内气柱长度h成反比。
（4）根据乙图可知，当气体压强p=1×105Pa时，对应的缸内气体的长度为h1=10cm
，所以气缸内气体的体积为V1=Sh1，
则气缸内气体的质量为m=ρ1V1=ρ1Sh1
当气体压强p=5×105Pa时，对应的缸内气体的长度为h2=2cm，
在此过程中气体的质量不变，所以m=ρ2V2=ρ2Sh2；
即ρ1Sh1=ρ2Sh2则。
（1）气缸是封闭的，当活塞向下压，体积发生变化，但由于气缸内的气体含量并没有发生变化，所以它的质量不变。
（2）由图乙可知，当缸内气柱长度h=5cm时，气缸内的压强为2×105Pa，由得，缸内气体对活塞产生的压力为F=pS=2×105Pa×5×10-4m2=100N
（3） 由图乙可知，每点的横坐标与纵坐标的乘积相等，说明二者成反比。则可得结论：一定质量的气体，温度不变时，气缸内气体压强p与缸内气柱长度h成反比。
（4）由图乙可知，当气体压强p=1×105Pa时，对应的缸内气体的长度为h1=10cm，所以气缸内气体的体积为V1=Sh1，由得，气缸内气体的质量为m=ρ1V1=ρ1Sh1
由图乙可知，当气体压强p=5×105Pa时，对应的缸内气体的长度为h2=2cm，在此过程中气体的质量不变，所以m=ρ2V2=ρ2Sh2
即ρ1Sh1=ρ2Sh2
则
24．【答案】；（或）；CD
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】（1）由图中实验数据和称重法得出物体第1次实验时受到的浮力；
（2）本实验由于没有使用溢水杯，因而必须控制物体浸入水中的体积与在圆筒中添加水的体积相等，由于塑料圆筒内径和圆柱体直径相同，当高度相同时，V排=V加水，因而调节铁夹的高度，使烧杯中液面与圆柱体标记h'相平的目的是控制圆柱体排开液体的体积与在圆筒中添加液体的体积相等；实验中金属圆柱体受到的浮力使弹簧测力计示数减小，之后加入的水又使得弹簧测力计示数恢复原值，说明浮力的大小等于排开液体的重力；
（3）在该实验中，要保证物体浸入液体中的体积与在圆筒中添加液体的体积相等。
【解答】（1）如图丙所示，金属圆柱体受到的浮力大小为
（2）由题意可知如果测量结果满足
则可以验证阿基米德原理。
（3）步骤三中塑料圆筒中的水没有加满与步骤三未调节好铁夹的高度就读数会引起圆柱体受到的浮力大于它排开水的重力。
故答案为：CD。
25．【答案】（1）
（2）B；D
（3）A
（4）大；9.6
【知识点】大气压强的测量方法
【解析】【分析】 （1）已知注射器的最大刻度和全部刻度的长度，可求得注射器活塞的横截面积，又知道弹簧测力计的示数为4.8N，再利用可计算出的大气压强；
（2）如果活塞与注射器内壁间存在摩擦力，注射器在拉力F作用下平衡时，拉力F大于大气对活塞的压力，从而影响测量结果；弹簧测力计的示数没有读准，用计算出的压强大小有偏差；注射器中有空气未全部排尽，注射器中会有很小的大气压强；
（3）压力的大小跟活塞的作用面积有关，在大气压强一定时，面积越小，压力会越小，结合量程选择合适的注射器；
（4）根据表格数据分析气体体积和压强的数量关系即可。
【解答】（1）根据题意可知，注射器的容积， 全部刻度长度为5cm，
则注射器的横截面积，
刚好拉动活塞时，两个测力计示数均为9.8N，
则此时外界大气压对活塞的压力为：F=9.8N×2=19.6N，
则此时大气压强为。
（2）根据图3可知，气压计测得大气压的值为100kPa，比计算出大气压强偏大；
A．重力的方向竖直向下，而测力计水平拉活塞时，则弹簧测力计的自重不会对实验有影响，故A不符合题意；
BD．注射器中有空气未全部排尽或注射器漏气，则针筒内会有空气，从而产生向外的压强，会使测得的拉力偏小，导致测得的大气压小于真实的大气压，故BD符合题意；
C．如果活塞受到摩擦力，那么会使测得的拉力偏大，导致测得的大气压大于真实的大气压，故C不符合题意。
故选BD。
（3）根据题意可知，此时注射器上受到的压力已经达到9.8N，而测力计的量程为10N，如果压力增大则测力计将无法测量大气压力。
根据公式可知，受力面积越小，活塞受到的大气压力也会越小，
即应该选择横截面积较小的注射器，
所以可换用横截面积小的C注射器。
（4）①根据表格数据可知，其他条件一定时，封闭气体的体积越小，压强越大。
②根据表格数据可知，气体的压强与体积的乘积相等，
则大气压为时注射器内空气体积为：。
（1）已知注射器的容积
注射器的横截面积
慢慢地拉针筒，刚好拉动活塞时，两个测力计示数均为9.8N，此时外界大气压对活塞的压力等于两个测力计示数之和，大气压强
（2）如图3，气压计测得大气压的值为100kPa，大于实验测得的气压值；
A．测力计水平拉活塞时，弹簧测力计的自重不会对实验有影响，故A不符合题意；
BD．注射器中有空气未全部排尽或注射器漏气，会使测得的拉力偏小，导致测得的大气压小于真实的大气压，故BD符合题意；
C．活塞与注射器筒壁间有摩擦力，会使测得的拉力偏大，导致测得的大气压大于真实的大气压，故C不符合题意。
故选BD。
（3）因为大气压强是一定的，根据公式可知，受力面积越小，活塞受到的大气压力也会越小，拉动活塞的拉力越小，拉力才不会超过测力计的量程10N，所以当用一个弹簧测力计时，可换用横截面积小的C注射器。
（4）①[1]由表中封闭气体的压强p与体积V的数值可知， p与V的乘积均为，p与体积V的数学关系式为，（压强单位为kPa，体积单位为mL），因此其他条件一定时，封闭气体的体积越小，压强越大。
②[2]已经测出实际的大气压为
当小明不推拉活塞时，注射器内的气压与外界大气压相等，由可得，注射器内的空气体积
26．【答案】（1）D
（2）
（3）A
（4）2
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【分析】 （1）根据阿基米德原理，物体未完全浸没时，浮力随着浸入深度的增加而增大，当完全浸没时，深度增加，浮力大小不变，所以物体所受拉力应先减小后不变，所以 a是描述拉力与深度关系的，b是描述浮力与深度关系的，当物体刚好完全浸没时，此时拉力开始不变，同时物体受到的浮力也开始不变，据此对D同学所画的图形进行分析；
（2）图象中的F1表示物体所受的重力；图象中的F2表示物体全部浸没后弹簧测力计的拉力；F3表示物体全部浸没后，物体所受的浮力；物体全部浸没后受到三个力的作用，向下的重力和向上的浮力、拉力，此时物体处于静止状态，受的是平衡力，据此得出F1、F2、F3三者的等量关系；
（3）物体的体积相同，浸没在水中受到的浮力相同，由ABC三图可知，A图中F2最大，据F1、F2、F3三者的等量关系可知A图中物体的重力最大，据密度公式算出密度最大物质；
（4）图B可知，图B中F2=F3，代入等式F1=F2+F3，再根据阿基米德浮力公式和重力公式可计算出该物质的密度。
【解答】 （1）根据阿基米德原理，物体未完全浸没时，浮力随着浸入深度的增加而增大，当完全浸没时，深度增加，浮力大小不变，所以物体所受拉力应先减小后不变，所以 a是描述拉力与深度关系的，b是描述浮力与深度关系的，当物体刚好完全浸没时，此时拉力开始不变，同时物体受到的浮力也开始不变，但图D中拉力开始不变时浮力还在增大，所以D同学所画的图形是错误的；
（2）图像A和C中，根据阿基米德原理，物体未完全浸没时，浮力随着浸入深度的增加而增大，当完全浸没时，深度增加，浮力大小不变，所以物体所受拉力应先减小后不变，所以a是描述拉力与深度关系的，b是描述浮力与深度关系的；图象中的F1表示物体所受的重力；图象中的F2表示物体全部浸没后弹簧测力计的拉力；F3表示物体全部浸没后，物体所受的浮力；物体全部浸没后受到三个力的作用，向下的重力和向上的浮力、拉力，此时物体处于静止状态，受的是平衡力，即重力等于浮力加拉力，所以：F1=F2+F3；
（3）与（2）分析同理，图B中物体受力也符合：F1=F2+F3；
物体的体积相同，浸没在水中受到的浮力相同，所以A、B、C三图中F3相等；
由ABC三图可知，A图中F2最大，此时F1最大；
A图中物体的重力最大，质量最大，体积相同，由知，A图中物质密度最大。
（4）物体全部浸入液体中，物体的体积等于排开液体的体积，由图B可知，图B中F2=F3，代入等式F1=F2+F3可得：F1=2F3；
根据阿基米德浮力公式和重力公式可得：m物g=2ρ水gV；
ρ物gV=2ρ水gV；
解得：ρ物=2ρ水=2×1g/cm3=2g/cm3。
（1）实验中，弹簧测力计拉着圆柱体浸入水中时，随着浸入体积的增大，圆柱体受到的浮力增大，测力计的示数减小，测力计减小的值等于圆柱体受到的浮力，四幅图中F1表示物体没有浸入水中前测力计的示数，其大小等于物体的重力，F2表示物体浸没时测力计的示数，F3表示浸没时圆柱体受到的浮力，物体完全浸没后，浮力F3和测力计的示数都不变；四幅图中，D图中测力计的示数不变后，浮力还有一段随深度h而增加，故ABC正确，D错误。
故选D。
（2）F1表示物体没有浸入水中前测力计的示数，其大小等于物体的重力，F2表示圆柱体浸没时测力计的示数，F3表示浸没时圆柱体受到的浮力，根据图像A和C，得出F1、F2、F3三者的等量关系是。
（3）实验中所用圆柱体是体积相同不同物体，由，可得
①
A、B、C三个图中，A图F2的值最大，由①可知，A物体的密度最大，A、B、C三种物质中密度最大的是A。
（4）根据图像B可知，，根据可得
解得
该物质的密度为。
27．【答案】（1）溶剂的种类对固体溶解性的影响
（2）6.9
（3）＞
（4）小胡；根据AC两组实验数据可知，当其他条件相同时，相同质量的溶剂最多能溶解的溶质的质量是相等的（合理即可）
【知识点】影响溶解快慢的因素
【解析】【分析】 （1）根据第一组实验中只有溶剂不同，其它条件都是相同的，进行分析。
（2）根据烧杯的质量和水的质量不会改变，所以根据表格中的数据可以知道溶解了硝酸钾的质量为3.1g，进行分析。
（3）根据20℃时，在10g水中最多溶解3.6g食盐，而最多溶解3.1g硝酸钾，进行分析。
（4）根据AC两组实验数据可知，当其他条件相同时，相同质量的溶剂最多能溶解的溶质的质量是相等的进行分析。
【解答】（1）根据表格数据可知，在AB实验中，只有溶剂的种类不同，所以实验研究的问题是：溶剂的种类对固体溶解性的影响；
（2）根据题意可知，由于烧杯的质量和水的质量不会改变，根据表格数据可知，溶解了硝酸钾的质量为3.1g，即没溶解硝酸钾的质量为：10g-3.1g=6.9g，
烧杯、硝酸钾和水的总质量为m1g；过滤后称量所得硝酸钾溶液和烧杯的总质量为m2g；
则m1-m2=6.9g；
（3）根据表格CD可知，时，在10g水中最多溶解3.6g食盐，而最多溶解3.1g硝酸钾，所以时食盐的溶解能力大于硝酸钾的溶解能力；
（4）根据AC数据可知，当其他条件相同时，相同质量的溶剂最多能溶解的溶质的质量是相等的（合理即可）或者A组和C组实验换算后都是10克水最多溶解硝酸钾3.1克，溶解性大小相同，因此我认为小姚的说法不对。
（1）比较表格中的数据可以知道在第一组实验中只有溶剂不同，其它条件都是相同的，所以实验研究的问题是：溶剂的种类对固体溶解性的影响；
（2）烧杯、硝酸钾和水的总质量为m1g；而过滤后，称量所得硝酸钾溶液和烧杯的总质量为m2g；由于烧杯的质量和水的质量不会改变，所以根据表格中的数据可以知道溶解了硝酸钾的质量为3.1g，即没溶解硝酸钾的质量为：10g-3.1g=6.9g，从而可以知道m1-m2=6.9g；
（3）由CD两组数据可知，时，在10g水中最多溶解3.6g食盐，而最多溶解3.1g硝酸钾，所以时食盐的溶解能力大于硝酸钾的溶解能力；
（4）我支持小胡的观点，理由是：根据AC两组实验数据可知，当其他条件相同时，相同质量的溶剂最多能溶解的溶质的质量是相等的（合理即可）或者A组和C组实验换算后都是10克水最多溶解硝酸钾3.1克，溶解性大小相同。
28．【答案】（1）200 g×20%×=10g
（2）往甲杯溶液加入4克硝酸钾固体完全溶解后，溶液的溶质质量分数为：
≈13.5%
（3）若将乙杯溶液稀释为溶质质量分数为5%的硝酸钾溶液，设需加水的质量为x。
=5%，x=100g
【知识点】溶质的质量分数及相关计算
【解析】【分析】（1）根据溶质质量=溶液质量×溶质的质量分数，溶液具有均一性，进行分析解答。
（2）根据，进行分析解答。
（3）根据溶液稀释前后溶质的质量不变，进行分析解答。
（1）200 g×20%×=10 g。
（2）往甲杯溶液加入4克硝酸钾固体完全溶解后，溶液的溶质质量分数为：≈13.5%。
（3）解：若将乙杯溶液稀释为溶质质量分数为5%的硝酸钾溶液，设需加水的质量为x。
=5%，x=100g
29．【答案】（1）解：根据题意可知， 管段排开水的体积为3.06×103米3，
则管段受到的浮力F浮=ρ液gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×3.06×103m3=3.06×107N，
根据二力平衡的知识可得，注水后管段的总重力G总=F浮=3.06×107N
因此注水前管段与水箱的总质量。
（2）下沉深度/隔墙面积/海水密度等（合理即可）
【知识点】影响液体压强大小的因素；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）海水密度和管段排开液体的体积已知，利用阿基米德原理可得到管段所受到的浮力，由管段匀速下沉得到管段总重力等于浮力，由G=mg求出管段的总质量，总质量减去注入水的质量，得到注水前管段与水箱的总质量。
（2）利用和p=ρ液gh进行分析即可。
【解答】（2）根据公式F=pS可知，物体在海水中受到的压力与其受到的压强和受力面积有关；由液体压强公式p=ρ液gh可知，物体在海水中受到的压强与海水的密度、海底的深度有关，故管段隔墙下沉到海底时受到的压力大小与海水的密度、海底深度、隔墙面积等有关。
（1）管段受到的浮力F浮=ρ液gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×3.06×103m3=3.06×107N
管段匀速下沉，根据二力平衡可得，注水后管段的总重力G总=F浮=3.06×107N
则注水前管段与水箱的总质量
（2）由压强的变形公式F=pS知物体在海水中受到的压力与其受到的压强和受力面积有关；由p=ρ液gh知物体在海水中受到的压强与海水的密度、海底的深度有关，故管段隔墙下沉到海底时受到的压力大小与海水的密度、海底深度、隔墙面积等有关。
30．【答案】（1）最高温度大约在115-117℃之间
（2）加大限压阀的质量
（3）C
【知识点】压强的大小及其计算；大气压的综合应用
【解析】【分析】（1）压强的计算与沸点和气压的关系：压强公式，高压锅限压阀的压力由重力产生（F=G=mg ），通过计算锅内气压，再结合水的沸点与气压的关系图像，确定水的沸点（即最高温度 ）。水的沸点随气压增大而升高，随气压减小而降低，利用此关系可根据气压判断沸点 。
（2）大气压与高度的关系及应用：大气压随高度增加而减小，在高原地区（如西藏 ），外界大气压小，要使高压锅达到相同锅内气压（相同沸点 ），需改变限压阀对出气孔的压力，从而改变锅内气压 。
（3）高压锅温度调节原理：通过调节螺丝改变弹簧对限压阀的压力，进而改变锅内气压，影响水的沸点，来实现温度调节 。
【解答】（1）限压阀的质量为70克，它受到的重力
利用这种高压锅烧水时，锅内的最大气压
根据图表可知锅内能达到的最高温度为116℃。
（2）两藏地区海拔高，当地的大气压小于标注大气压，在保证高压锅安全使用的前提下，用这种高压锅烧水时，要达到同样的最高温度，根据可知，应适当增加限压阀质量（或减小放气孔的孔径），使限压阀产生的压强增大。
（3）A、在限压阀质量不变时，适当增大排气孔的直径，会使限压阀对锅内的气压减小，从而降低锅内蒸煮时的温度，故A不符合题意；
B、调节螺丝往上旋转，弹簧对限压阀的压力变小，限压阀产生的压强减小，从而降低锅内蒸煮时的温度，故B不符合题意；
C、调节螺丝往下旋转，弹簧对限压阀的压力变大，限压阀产生的压强增大，从而增大锅内蒸煮时的温度，故C符合题意；
D、适当加大火力蒸煮，不能改变锅内外的气压，不会改变锅内的蒸煮温度，故D不符合题意。
故答案为：C。
（1）限压阀的质量为70克，它受到的重力
利用这种高压锅烧水时，锅内的最大气压
根据图表可知锅内能达到的最高温度为116℃。
（2）两藏地区海拔高，当地的大气压小于标注大气压，在保证高压锅安全使用的前提下，用这种高压锅烧水时，要达到同样的最高温度，根据可知，应适当增加限压阀质量（或减小放气孔的孔径），使限压阀产生的压强增大。
（3）A．在限压阀质量不变时，适当增大排气孔的直径，会使限压阀对锅内的气压减小，从而降低锅内蒸煮时的温度，故A不符合题意；
B．调节螺丝往上旋转，弹簧对限压阀的压力变小，限压阀产生的压强减小，从而降低锅内蒸煮时的温度，故B不符合题意；
C．调节螺丝往下旋转，弹簧对限压阀的压力变大，限压阀产生的压强增大，从而增大锅内蒸煮时的温度，故C符合题意；
D．适当加大火力蒸煮，不能改变锅内外的气压，不会改变锅内的蒸煮温度，故D不符合题意。
故选C。
31．【答案】解：（1）根据题意可知，A的质量mA=ρAVA=1.30g/cm3×250cm3=325g；
A的重力GA=mAg=325×10-3kg×10N/kg=3.25N。
物块A漂浮在稀硫酸中，所以其受到的浮力和重力相等，
即F浮=G=3.25N；
答：物块A静止时受到的浮力是3.25N。
（2）液体的密度为：1.5×103kg/m3=1.5g/cm3；
根据表格可知，这种硫酸溶液的溶质质量分数是60%。
答：这种硫酸溶液的溶质质量分数是60%。
（3）根据题意可知，硫酸的质量m硫酸=5×103g×60%=3×103g，
要使物块A全部浸入溶液中，需加入水，并且使液体密度等于物体A的密度，
由表中数据可知硫酸溶液此时的质量分数是40%；
加入的过程中，硫酸质量不变，则加水后溶液的总质量m总==7500g；
故所加水的质量m水=m总-m液=7500g-5000g=2500g=2.5kg。
答：要使物块A全部浸入溶液中，至少需要往容器中加水2.5千克。
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）物块A漂浮在稀硫酸中，其受到的浮力和重力相等，根据F浮=G=mg求得浮力大小；
（2）根据阿基米德原理求得稀硫酸的密度，根据表格数据可知这种硫酸溶液的溶质质量分数；
（3）要使物块A全部浸入溶液中，需加入水，并且使液体密度等于物体A的密度，由表中数据可知硫酸溶液此时的质量分数，根据加入水后溶质不变，计算出硫酸溶液的溶质质量分数。
32．【答案】漂浮；0.6×103㎏/m3；
【知识点】密度公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）对物体进行受力分析，当物体不受绳子拉力作用时，物体只受重力和浮力的作用，据此分析；
（2）已知立方体木块的边长可求得其体积，该木块完全浸没在水中时，V排=V，根据F浮=ρgV排可求出木块浸没在水中的浮力；
由图丙可知浸没时绳子的拉力，根据平衡条件求出木块的重力，根据G=mg求出木块的质量，再利用可求出木块的密度；
（3）分析物体从液面逐渐浸入直到浸没的过程中、圆柱体完全浸没后的浮力变化，然后作图。
【解答】（1）根据图3可知，A点时绳子的拉力为0，此后绳子的拉力逐渐增大，即此时绳子已经拉直。这肯定是木块随水面上升一段距离后出现，即此时处于漂浮状态。
（2）根据题意可知，木块的边长为10cm，
则木块的体积V=10cm×10cm×10cm=1000cm3=1×10-3m3，
那么木块浸没在水中受到的浮力为F浮=ρgV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10-3m3=10N，
由图像可知，木块浸没时所受拉力最大为4牛，
那么木块的重力G=F浮-F=10N-4N=6N，
则木块的质量，
木块的密度。
（3）根据题意可知，木在开始的一段时间内，木块静止在容器底部不动，随着水面的升高，则排开液体的体积不断增大，则浮力先随排开液体体积的增加而均匀增大。
当浮力和重力相等时，木块开始漂浮，此后随着水面的升高，木块也升高，则浮力保持6N不变。
当细线拉直后，木块的高度保持不变，随着水面的升高，则排开液体的体积不断增大，那么它受到的浮力不断增大；
当物体全浸入水中后，排开水的体积不变、浮力保持10N不变，如下图所示：

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