资源简介

邵东创新高级中学2026届毕业班第二次月考物理试题
分值：100分 时间：75分钟 命题人:
一、单选题（本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。）
1．载有三位航天员的神舟十三号飞船于北京时间2021年10月16日6时56分，采用自主快速交会对接模式成功对接于天和核心舱径向端口，与此前已成功对接的天舟二号、天舟三号货运飞船一起构成四舱（船）组合体，如图所示。神舟十三号内的航天员通过舷窗看到地球在转动。下列关于成功对接后的说法正确的是（　　）
A．以神舟十三号飞船为参照物，天和核心舱是运动的
B．以天舟三号为参照物，天舟二号是运动的
C．以天舟二号为参照物，神舟十三号飞船是静止的
D．以地球为参照物，四舱（船）组合体是静止的
2．若将地球和火星的公转视为匀速圆周运动，公转轨道半径用r表示，公转周期用T表示，忽略行星自转影响。根据下表可判断下列说法正确的是（　　）
行星 轨道半径 质量 半径
地球
火星
A．由知地球和火星公转对应的k值不同
B．火星做圆周运动的加速度比地球的大
C．地球的平均密度比火星的小
D．火星的第一宇宙速度比地球的小
3．物理兴趣小组的同学在学习穿越机的使用技巧时，将穿越机置于水平地面上，使其从静止开始以的加速度匀加速竖直向上飞行，运动后开始计时，通过加速度传感器记录下了内穿越机在竖直方向上的加速度随时间变化的图像，如图所示，则末穿越机的速度大小为（ ）
A． B． C． D．
4．如图甲，一同学练习投篮。以篮球（视为质点）抛出时刻为计时起点，篮球的水平初速度为，竖直分位移为，图像如图乙所示（图中，均已知）。不计空气阻力，则篮球（　　）

A．在时刻运动到最高点 B．在竖直方向的加速度大小为
C．抛出时的初速度大小为 D．上升的最大高度等于图乙中图线与坐标轴围成的面积
5．光滑水平面上静止叠放着物体A和足够长的木板B，时刻给木板施加一个随时间变化的水平拉力F，拉力F与时间t关系为。已知A和B质量分别为1kg和3kg，A和B之间的动摩擦因数为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度，下列说法正确的是（　　）
A．末A、B即将相对滑动 B．2s末A、B间摩擦力大小为
C．4s末A的加速度大小为 D．5s末A的速度大小为
6．如图所示，光滑半球面上的小球（可视为质点）被一绕过光滑小定滑轮的轻绳在力F的作用下由底端缓慢拉到顶端的过程中，绳的拉力F及半球面对小球的支持力的变化情况为（　　）
A．F不变，减小 B．F变小，不变
C．F变小，变小 D．F变小，增大
二、多选题（本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全都选对的得5分选对但不全的得3分有选错的得0分。）
7．某战士将手榴弹（视为质点）沿与水平方向成45°角的方向斜向上抛出，手榴弹在空中的射高为11.25m，不计空气阻力，重力加速度的大小取下列说法正确的是（　　）
A．手榴弹从投出到最高点的过程用时1.5s
B．投出时手榴弹在竖直方向的分速度大小为7.5m/s
C．手榴弹到出手点等高处的水平射程为22.5m
D．手榴弹在最高点速度的大小为15m/s
8．在紧张的学习之余，班上举行了飞镖比赛。小李从到地面的高度为h、到靶面的水平距离为L处，将质量为m的飞镖以大小为的速度水平投出，结果飞镖落在靶心的正下方。不计空气阻力。只改变h、L、m、四个物理量中的一个，可使飞镖投中靶心的是（　　）
A．适当增大L B．适当增大 C．适当增大h D．适当增大m
9．如图所示，水平传送带长，以速度匀速运动，质量均为的小物体P、Q由通过定滑轮且不可伸长的轻绳相连，时刻在传送带左端具有速度，P与定滑轮间的绳水平，P与传送带之间的动摩擦因数为。已知重力加速度，不计定滑轮质量和滑轮与绳之间的摩擦，绳足够长。下列说法中正确的是（　　）
A．Q物体刚开始的加速度为
B．P在传送带上运动的时间为
C．P在传送带上留下的划痕长度为
D．从开始运动到P与传送带共速，Q上升高度为
10．春节前夕，小明需移开沙发，清扫污垢。质量m=10kg的沙发放置在水平地面上，沙发与地面间的动摩擦因数小明用力F=100N推沙发，认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取下列说法正确的是（　　）
A．若力F斜向下与水平成θ角，当θ=30°时沙发恰好做匀速直线运动
B．若力F斜向下与水平成θ角，当θ>60°时，无论力F多大，沙发都不会动
C．若力F大小、方向能随意改变，让沙发匀速运动，F斜向上与水平成45°时，F最小
D．若力F大小、方向能随意改变，让沙发匀速运动，F斜向上与水平成60°时，F最小
三、实验题（每空两分，共16分）
11．某同学用弹簧秤做一“竖直加速度测量仪”。重力加速度取。
(1)如图甲所示，用弹簧秤悬挂一水瓶，调节瓶中水量，使水瓶静止时弹簧秤的指针恰好在处。弹簧秤的刻度盘如图乙所示，他把弹簧秤上的刻度标记为加速度的0刻度。取加速度的方向向上为正、向下为负，则图乙中、的刻度对应的加速度分别为① m/s2、② m/s2，同样可以把其他刻度也标记上对应的加速度，就把弹簧秤改装成了“竖直加速度测量仪”；
(2)把改装好的弹簧秤和水瓶拿到电梯中悬挂起来，观察到电梯启动阶段弹簧的指针在的位置，则电梯在启动阶段的加速度大小为 （保留两位有效数字），可判断电梯的运动方向是 （选填“向上”或“向下”）。
12．某实验小组的同学利用如图甲所示的实验装置“研究平抛物体运动”，通过描点画出平抛小球的运动轨迹。
(1)以下实验过程的一些做法，其中合理的有___________。
A．安装斜槽轨道，使其末端保持水平
B．每次小球释放的初始位置可以任意选择
C．每次小球应从同一高度由静止释放
D．为描出小球的运动轨迹，描绘的点可以用折线连接
(2)某同学在做平抛运动实验时得到了如图乙所示的运动轨迹，三点的位置在运动轨迹上已标出，取，则：
①小球做平抛运动的初速度大小为 ；
②小球抛出点的位置坐标为： cm。
四、解答题（13题12分，14题14分，15题14分）
13．某次冰壶比赛中，运动员将冰壶以的速度推出，从此时开始计时，若冰壶在冰面上滑行时的加速度不变，大小，求：
(1)2s后冰壶的速度大小；
(2)冰壶第2s内的位移大小；
(3)冰壶10s内的位移大小。
14．水上乐园小朋友正在玩水滑梯。已知滑梯顶端距地面高为4m，滑梯所构成的斜面长度为8m。一名质量为30kg的小朋友由静止从滑梯顶端滑下，其速度-时间图像如图所示。小朋友滑至底端后，沿水平滑轨滑行4m停止。小朋友视为质点，g=10m/s 求:
(1)小朋友沿滑梯下滑过程的加速度的大小；
(2)小朋友沿滑梯下滑过程受到的阻力；
(3)小朋友与水平滑轨间的动摩擦因数。
15．如图所示，一水平传送带左端A点和右端B点之间距离，在传送带右端正下方有一水平放置的静止圆盘，在圆盘右边缘固定一个高度不计的竖直挡板，传送带与圆盘直径CD平行且传送带右端B点与圆盘左边缘D点在同一竖直线上，其高度差为。某时刻传送带从静止开始向右做加速度为的匀加速直线运动，同时将一质量为的物块（可视为质点）从传送带的左端A点轻放上去，经过一段时间从传送带右端B点水平抛出，恰好碰触挡板以至于速度减为零，圆盘随即开始加速转动至角速度后匀速转动，在此过程中，物块与圆盘始终保持相对静止。已知物块与传送带间的动摩擦因数为，物块与圆盘间的动摩擦因数为。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计传送带两侧传动轮子的大小，重力加速度g=10m/s2。
(1)求圆盘的半径；
(2)圆盘匀速转动时，求竖直挡板对物块的作用力的大小；
(3)若圆盘所在水平面与地面间的高度差为，匀速转动时，挡板突然抽走，求物块落地点与圆盘圆心O的水平距离。试卷第1页，共3页
答案第1页，共2页物理参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 C D C C D B AD BC BC AB
1．C
【详解】A．四舱（船）形成组合体，以神舟十三号飞船为参照物，天和核心舱位置不变，是静止的，故A错误；
B．四舱（船）形成组合体，以天舟三号为参照物，天舟二号位置不变，是静止的，故B错误；
C．四舱（船）形成组合体，以天舟二号为参照物，神舟十三号飞船位置不变，是静止的，故C正确；
D．神舟十三号内的航天员通过舷窗看到地球在转动，以地球为参照物，四舱（船）组合体位置在变化，是运动的，故D错误。故选C。
2．D
【详解】A．根据开普勒第三定律，中的值由中心天体（太阳）决定，地球和火星均绕太阳公转，故值相同，故A错误；
B．向心加速度公式为。火星的轨道半径比地球大，因此其加速度更小，故B错误；
C．平均密度代入数据计算：
地球密度，火星密度，地球密度更大，故C错误；
D．第一宇宙速度。计算得地球第一宇宙速度约，火星约，故D正确。故选D。
3．C
【详解】图像与横坐标围成的“面积”即为速度变化量，时间轴下方的“面积”为负，16s末穿越机的速度大小
故选C。
4．C
【详解】BC．不计空气阻力，竖直方向上，篮球做竖直上抛运动，则有
可得由图乙可知，
可得篮球在竖直方向的加速度大小为
篮球抛出时的初速度大小为，故B错误，C正确；
A．篮球运动最高点的时刻为，故A错误；
D．上升的最大高度为
图乙中图线与坐标轴围成的面积为，故D错误。故选C。
5．D
【详解】A．A、B即将相对滑动时，对A由牛顿第二定律
对B有解得
带入可得，此时A、B即将相对滑动，因此末A、B相对静止。故A错误；
B．2s末A、B相对静止。
对整体分析对A分析解得。故B错误；
C．，4s末A、B已经相对滑动，A加速度大小为，故C错误；
D．前3.5s内，A、B相对静止，两个物体有相同的加速度
3.5s到5s，A、B相对滑动，此时A加速度大小为，物体A的图像如图所示
由图像面积得5s末A的速度大小为。故D正确。故选D。
6．B
【详解】作出小球的受力示意图，如图所示
设半球面半径为R，定滑轮到球面最高点的距离为h，定滑轮与小球间绳长为L，从图中可得到相似三角形，根据三角形相似得
解得，
由于在拉动过程中h、R不变，L变小，F变小，不变。故选B。
7．AD
【详解】AB．手榴弹投出后做的是斜抛运动，竖直方向上做竖直上抛运动，由
代入数据解得投出时手榴弹在竖直方向的分速度大小为
由解得从投出到最高点的过程用时为，故A正确，B错误；
CD．手榴弹在水平方向做匀速直线运动，在水平方向的分速度大小为
根据斜抛运动的对称性可知，手榴弹在空中的运动的总时间为
所以水平射程为
由于手榴弹在最高点时竖直方向的分速度变为0，只有水平方向的分速度，所以手榴弹在最高点速度的大小为15m/s，故C错误，D正确。故选AD。
8．BC
【详解】根据平抛运动的规律有
解得
所以飞镖落在靶面上的点到地面的距离为
飞镖落于靶心的正下方，说明相对于靶心离地面的高度偏小，所以应适当增大，即适当减小L、适当增大v0或适当增大h，与m无关，综上所述可知AD错误，BC正确。
故选BC。
9．BC
【详解】A．对P、Q整体分析，根据牛顿第二定律有
代入数据得
Q物体刚开始的加速度为，A错误；
B．P从滑上传送带至与传送带速度相等所用的时间
时间内P的位移为
当P与传送带共速后，对P、Q整体分析，根据牛顿第二定律有
解得
P到达传送带的右端的速度大小
P从与传送带达到共速至到达传送带右端的时间
P在传送带上运动的时间为B正确；
C．传送带在内的位移
P相对传送带的位移
即P在传送带上留下的划痕长度为0.03m，C正确；
D．从开始运动到P与传送带共速，Q上升的高度等于P运动的位移，即
D错误。故选BC。
10．AB
【详解】A．若力F斜向下与水平成时，地面对沙发的摩擦力大小
力F在水平方向的分力大小为，两个力大小相等方向相反，故沙发在做匀速运动，故A正确；
B．若力F斜向下与水平成角，则最大静摩擦力大小为
若要物体静止不动，应该满足变形得
如果满足，即，则此时无论F多大，物体都会保持静止，故B正确；
CD．如果力F斜向上与水平成角，且物体做匀速运动，则有
变形可得=其中
即，故当时，有最小值，故C、D错误。
故选AB。
11．(1) -5 5
(2) 1.0 向上
【详解】（1）水瓶静止时，拉力，电梯加速度向上时，根据牛顿第二定律
可得
把、代入，可得
即的刻度线对应加速度为；同理可得的刻度线对应加速度为。
（2）当弹簧弹力时，由
可求得
所以加速度大小为，方向向上，由于电梯启动阶段速度方向与加速度方向相同，可判断电梯运动方向向上。
12．(1)AC
(2) 2 -10 -1.25
【详解】（1）A．为了使小球从斜槽末端抛出时速度沿水平方向，斜槽末端应保持水平，故A正确。
BC．为了使小球每次从斜槽末端抛出时的速度大小相等，每次小球应从同一高度由静止释放，故B错误，C正确。
D．为描出小球的运动轨迹，描绘的点应用平滑曲线连接，故D错误。
故选AC。
（2）[1]由题图乙可知三点中相邻两点的时间间隔相等，设为，根据运动学公式有解得
小球做平抛运动的初速度大小为
[2][3]小球运动到点时的竖直分速度大小为
小球从抛出点运动到点所用的时间为
故抛出点的横坐标为
抛出点的纵坐标为
13．(1)1.2m/s
(2)1.3m
(3)6.4m
【详解】（1）冰壶做匀减速运动，根据匀变速直线运动的速度与时间关系
解得
（2）根据匀变速直线运动的位移与时间关系
可得1s内的位移
2s内的位移
所以第2s内的位移
（3）冰壶速度减为零所需的时间
所以10s时已经停下10s内的位移即为8s内位移，根据解得
14．(1)1m/s2
(2)120N
(3)0.2
【详解】（1）在速度-时间图像中，加速度a等于图线的斜率。
由图像可知
（2）根据牛顿第二定律得
根据题意得
解得
（3）设小朋友滑至底端的速度v，
解得
设水平滑行时的加速度大小为a'，根据牛顿第二定律得
根据运动学公式
解得
15．(1)0.2m
(2)6N
(3)
【详解】（1）经判断，物块放上传送带之后，做加速度为a1的匀加速直线运动
则物块从A运动到B的过程中，设其在B点速度为v，则有
物块从B点到C点做平抛运动，有，
解得
（2）圆盘匀速转动时，对物块分析，则有
又
联立解得
（3）匀速转动时，若将挡板突然抽走，此时物块的速度为
此后小球做平抛运动，有，
物块落地点与圆盘圆心O的水平距离
解得
答案第1页，共2页

展开更多......

收起↑