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2025-2026学年度高中物理9月月考卷
物理试卷
考试范围：力学；考试时间：100分钟；
注意事项：
1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2.请将答案正确填写在答题卡上
第I卷（选择题）
一、单选题
1.小明准备“五一”去泰山旅游，打算下山时乘坐景区容运索道.如图所示，索道的客车容
量为50人/车，它从起始站运行至终点站单程用时10分钟.该客车运行的平均速度和每小
时的运能约为（注：客车运能是指一辆客车单位时间最多能够运送的人数.
单位：米
2988
1667.23
终点站
966.33
894.4
起始站
客运索道支架示意图
A.5m/s,300人
B.5m/s,600人
C.3m/s,600人
D.3m/s,300人
2.吊床是人们喜爱的休闲方式。如图为人躺在吊床上静止时的情景，吊床由轻绳吊在两个
竖直的杆上，绳与杆的夹角左侧大于右侧。则杆受到绳拉力的()
A.右侧受到的竖直分力较大
B.左侧受到的竖直分力较大
C.右侧受到的水平分力较大
D.左侧受到的水平分力较大
3.图(1)哈尔滨冰雪大世界大滑梯是一个非常刺激的冰雪娱乐项目，大滑梯可以简化为图
(2)模型，质量为m的游客坐在质量为M的雪板上从H=20高处由静止滑下，游客与雪
板间动摩擦因数为μ0.78，不计空气阻力及滑道与雪板间的摩擦力，倾斜滑道与水平滑道
平滑连接且无机械能损失，为保证游客在不脱离雪板（游客与雪板仅靠摩擦力保持相对静止）
的前提下运动到缓冲装置时的速度不超过5m/s,需要在水平滑道上铺设长L=25m的减速带，
减速带与雪板的动摩擦因数为2可以为()
缓冲装置
减速带
图(1)
图(2)
A.0.74
B.0.76
C.0.79
D.0.80
4.如图所示，高层住宅外安装空调主机时，电机通过缆绳牵引主机。
电机
为避免主机与阳台、窗户碰撞，通常会用一根拉绳拽若主机，地面
F
②
上拽拉绳的人通过移动位置，使拉绳与竖直方向的夹角B保持不变，
在此过程中主机沿竖直方向匀速上升，则在提升主机过程中，下列
主机
说法正确的是
拉绳B
A.缆绳拉力耳和拉绳拉力F大小都不变
B.缆绳拉力E和拉绳拉力耳，大小都增大
C.缆绳与竖直方向的夹角α可能大于拉绳与竖直方向的夹角B
D,缆绳拉力的功率保持不变
二、多选题
5.如图所示，一根轻弹簧下端固定，竖立在水平面上，其正上方A位置处有一个小球，小
球从静止开始下落，在B位置接触弹簧的上端，在C位置小球所受弹力大小等于重力，在
D位置小球速度减小到零。关于小球下落阶段，下列说法中正确的是()
A.在B位置小球动能最大
○-A
B.在C位置小球动能最大
C.从A→C位置小球重力势能的减少量小于小球动能的增加量
D.从A→D位置小球重力势能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量
777777
6.如图所示，A、B两滑块的质量均为M,放在粗糙水平面上，两滑块与两个等长的轻杆
连接，两杆之间以及杆与滑块之间均用光滑铰链连接，一质量为m的重物C悬挂于两杆铰
接处，杆与水平面间的夹角为0，整个装置处于静止状态，重力加速度大小为g,下列说法
正确的是()《9月月考卷》参考答案
题号
1
2
3
4
9
6
8
答案
A
B
BD
BC
AD
BC
1.A
【详解】从题中数据可知，其平均速度为：
P=2988
t
m/s=5m/s
60×10
因单程用时10分钟，则1小时运送6次，故每小时的运能为：
50×6=300人
A.描述与分析相符，故A正确，
B.描述与分析不符，故B错误
C.描述与分析不符，故C错误
D.描述与分析不符，故D错误。
2.A
【详解】CD.吊床在水平方向受力平衡，则两边树干对绳子拉力的水平分量T公是相等的，
故CD错误；
AB.若绳子与竖直方向的夹角为8，如图
Ymg
则
tan0-T
即Tx不变时，越大，竖直方向的分量乃越小，因为左侧绳子与竖直方向的夹角较大，则
左侧受到的竖直分力较小，故A正确，B错误。
故选A。
3.B
【详解】根据动能定理可得+Mg1-%m+0gL≤+Mm
答案第1页，共10页
代入数据解得山≥0.75
要使游客与雪板仅靠摩擦力保持相对静止，则4=0.78≥42
即0.75≤4，≤0.78
故选B。
4.B
【详解】A.主机竖直向上匀速运动故合力为零，受力分析如图：
F2
mg
在上升过程中，a增大，而B不变，则三个力构成动态平衡，重力mg为恒力，乃2保持方向不
变，F,顺时针转动，由图解法可判断出缆绳拉力F,和拉绳拉力F都增大，故A错误，B正
确；
C.由三力平衡特点（任意两个力的合力与第三个力等大反向）可知，F,的方向始终在mg
和P2所夹的对角线的反向延长线上，则一定有缆绳与竖直方向的夹角α小于角B,故C错误：
D.对于主机向上做匀速直线运动，由动能定理可知：
1t-ugt-2t=△E=0
而拉力的功率为
Pr=F2vcosB,
由于F2变大，而B不变，则拉力F2的功率会增大，由：=P+P2可知F,的功率增大，故
D错误。
故选B。
5.BD
【详解】AB.在C位置小球所受弹力大小等于重力，合力等于零，加速度等于零，此时速
度达到最大值，所以在C位置小球动能最大，故A错误，B正确：
答案第2页，共10页
C.从A→C位置小球减少的重力势能转化为小球的动能和弹簧的弹性势能，所以小球重力
势能的减少量大于小球动能的增加量，故C错误：
D,由于小球在D点的速度为零，由能量的转化与守恒可知，从A→D位置小球重力势能的
减少量等于弹簧弹性势能的增加量，故D正确。
故选BD。
6.BC
【详解】A.受力分析，根据平衡条件得，轻杆上的作用力为
F=mg
2sin 0
A错误：
B.A、B滑块均受到重力、支持力、杆的作用力和摩擦力4个力作用，B正确：
C.由整体法可知A、B滑块对水平面的压力大小均为
C正确；
D.A、B滑块受到水平面的静摩擦力大小等于轻杆上的作用力的水平分力，即
f=Fcos0=_ig
2tan日
D错误。
故选BC。
7.AD
【详解】AB.若火车不后退所有车厢同时启动，则由牛顿第二定律可知
F-(n+1)f=(+1)ma
若火车车厢依次启动，当第k(s)节车厢启动时，则
F'-(k+1)f=(k+1)ma
解得
P=任+1)r
+1
选项A正确，B错误；
CD.以(k1)节车厢和车头为研究对象，则
F-T-kf=kma
解得
答案第3页，共10页

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