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2026 届高三 40 分钟物理周测卷（总分：41）（10.9） 化如图所示，则下列图像可能正确的是（ ）
班级： 姓名： 总分：
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9
答案
A． B．
一、单选题（共 7 小题,共 21 分）
1.（2025·山陕青宁·高考真题）如图，质量为 m 的均匀钢管，一端支在粗
糙水平地面上，另一端被竖直绳悬挂，处于静止状态，钢管与水平地面之间
的动摩擦因数为 、夹角为 ，重力加速度大小为 g。则地面对钢管左端的摩 C． D．
擦力大小为（ ）
5.（2025·黑吉辽蒙卷·高考真题）书法课上，某同学临摹“力”字时，笔
A．
1
mg cos B． mg C． mg D．0
2
尖的轨迹如图中带箭头的实线所示。笔尖由 a点经 b点回到 a点，则（ ）
2.（2019·浙江·高考真题）甲、乙两物体零时刻开始从同一地点向同一方
A．该过程位移为 0
向做直线运动，位移-时间图象如图所示，则在 0～t1 时间内
B．该过程路程为 0
A．甲的速度总比乙大
C．两次过 a点时速度方向相同
B．甲、乙位移相同
D．两次过 a点时摩擦力方向相同
C．甲经过的路程比乙小
6.（2024·江苏·高考真题）如图所示，轻绳的一端拴一个蜂鸣器，另一端
D．甲、乙均做加速运动
穿过竖直管握在手中。蜂鸣器在水平面 a内做匀速圆周运动，缓慢下拉绳
3.（2024·北京·高考真题）一辆汽车以 10m/s 的速度匀速行驶，制动后做
子，使蜂鸣器升高到水平面b内继续做匀速圆周运动。
匀减速直线运动，经 2s停止，汽车的制动距离为（ ）
不计空气阻力和摩擦力，与升高前相比，蜂鸣器（ ）
A．5m B．10m C．20m D．30m
A．角速度不变 B．线速度减小
4．（2025·山陕青宁·高考真题）某智能物流系统中，质量为 20kg的分拣
C．向心加速度增大 D．所受拉力大小不变
机器人沿水平直线轨道运动，受到的合力沿轨道方向，合力 F随时间 t的变
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7.（2024·江苏·高考真题）制作陶瓷时，在水平面内匀速转动的台面上有 C．P、Q向心加速度之比为 3 :1
一些陶屑。假设陶屑与台面间的动摩擦因数均相同，最大静摩擦力等于滑动 D．P点所受合外力总是指向 O
摩檫力。将陶屑视为质点，则（ ） 三、计算题（共 1 小题,10 分）
A．离转轴越近的陶屑质量越大 10.（2012·福建·高考真题）如图，置于圆形水平转台边缘的小物块随转
B．离转轴越远的陶屑质量越大 台加速转动，当转速达到某一数值时，物块恰好滑离转台开始做平抛运动。
C．陶屑只能分布在台面的边缘处 现测得转台半径 R=0.5m，离水平地面的高度 H=0.8m，物块平抛落地过程水
D．陶屑只能分布在一定半径的圆内 平位移的大小 s=0.4m。设物块所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力
加速度 g=10m/s2 求：
二、多选题（共 2 小题,共 10 分）
8.（2025·广东·高考真题）将可视为质点的小球沿光滑冰坑内壁推出，使
小球在水平面内做匀速圆周运动，如图所示。已知圆周运动半径 R为0.4m，
小球所在位置处的切面与水平面夹角 为 45 ，小球质量为0.1kg，重力加速度
（1）物块做平抛运动的初速度大小 v；
g 取10m/s2。关于该小球，下列说法正确的有（ ） 0
（2）物块与转台间的动摩擦因数 μ。
A．角速度为5rad/s B．线速度大小为4m/s
C．向心加速度大小为10m/s2 D．所受支持力大小为1N
9.（2025·福建·高考真题）春晚上转手绢的机
器人，手绢上有 P、Q两点，圆心为 O，
OQ = 3OP，手绢做匀速圆周运动，则（ ）
A．P、Q线速度之比为1: 3
B．P、Q角速度之比为 3:1
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【详解】A．笔尖由 a点经 b点回到 a点过程，初位置和末位置相同，位移为零，故 A正确；
一、单选题 B．笔尖由 a点经 b点回到 a点过程，轨迹长度不为零，则路程不为零，故 B错误；
1．【答案】D 6．【答案】C
【解析】对钢管受力分析，如图所示 【详解】设绳子与竖直方向夹角为 θ，小球做圆周运动的半径为 r，小球质量为 m。
CD．对小球分析有
mg
F = mg tan = ma向 n ，FT = cos
根据 a、b两个位置可知，b位置更高，则 θb > θa，代入上式，故此
FTb > FTa，anb > ana
若钢管受到地面的摩擦力，则钢管水平方向受力不平衡，钢管不可能处于静止状态，故地面对钢管左
故 C正确、D错误；
端的摩擦力大小为零。ABC错误，D正确。
AB．根据
故选 D。
ma = mωr2
2．【答案】B
可有
【详解】A．因 x-t图像的斜率等于速度，可知在 0～t1时间内开始时甲的速度大于乙，后来乙的速度
ωb > ωa
大于甲，选项 A错误；
缓慢拉绳子，可以认为上升过程中，绳子拉力与重力的合力在竖直方向上合力为零，做功为零；两个
B．由图像可知在 0～t1时间内甲、乙位移相同，选项 B正确；
力合力的水平分力因为半径减小而做正功，从而使小球的动能变大，速度变大。
C．甲乙均向同方向做直线运动，则甲乙的路程相同，选项 C错误；
线速度变大，故 AB错误。
D．由斜率等于速度可知，甲做匀速运动，乙做加速运动，选项 D错误．
故选 C。
3.【答案】B
7．【答案】D
【详解】速度公式汽车做末速度为零的匀减速直线运动，则有
【详解】与台面相对静止的陶屑做匀速圆周运动，静摩擦力提供向心力，当静摩擦力为最大静摩擦力
v + v 10+ 0
x = 0 t = 2 =10m
2 2 时，根据牛顿第二定律可得
故选 B。
mg = m 2rmax
4．【答案】A
解得
【解析】根据牛顿第二定律和题图的 F—t图画出如图所示的 a—t图像
g
rmax = 2
因与台面相对静止的这些陶屑的角速度相同，由此可知能与台面相对静止的陶屑离转轴的距离与陶屑
质量无关，只要在台面上不发生相对滑动的位置都有陶屑。μ与 ω均一定，故 rmax 为定值，即陶屑离
可知机器人在 0 ~ 1s和 2 ~ 3s内加速度大小均为 1m/s2，方向相反，由 v—t图线的斜率表示加速度
g g
转轴最远的陶屑距离不超过 2 ，即陶屑只能分布在半径为 2 的圆内。故 ABC错误，故 D正确。 可知 A正确。
故选 A。 故选 D。
5．【答案】A
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二、多选题 1H = gt 2
2
8．【答案】AC
在水平方向上有
2
【详解】A．对小球受力分析可知F向=mg tan 45 = m R s = v0t
解得 = 5rad/s
联立解得
故 A正确；
g
v = s 0
B．线速度大小为v = R = 2m/s 2H
代入数据得
故 B错误；
v0=1 m/s
2
C．向心加速度大小为an = R =10m/s
2
（2）物块离开转台时，最大静摩擦力提供向心力，有
故 C正确；
v2
f = m 0 m
mg R
D．所受支持力大小为N = = 2N
cos 45
fm = N = mg
故 D错误。
联立解得
故选 AC。
2
9．【答案】AD v = 0
gR
【详解】B．手绢做匀速圆周运动，由图可知 P 、Q属于同轴传动模型，故角速度相等，即角速度之
代入数据得
比为1:1，B错误；
μ=0.2
A．由v = r
可知， P 、Q线速度之比
vP : vQ = rOP : rOQ =1: 3
得 A正确；
C．由a = 2r
可知， P 、Q向心加速度之比
aP : aQ = rOP : rOQ =1: 3
得 C错误；
D．做匀速圆周运动的物体，其合外力等于向心力，故合力总是指向圆心O，D正确。
故选 AD。
三、计算题
10.（1）1m/s ； （2）0.2
【详解】（1）物块做平抛运动，在竖直方向上有
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