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雅礼中学2025年下学期10月质量检测试卷
4.如图所示，细线下吊着一个质量为m的静止沙袋，沙袋到细线上端悬挂点的距离为L。一颗质量为m的
子弹在极短时间内水平射入沙袋并留在其中，和沙袋一起上摆。已知沙袋摆动时摆线的最大偏角是日。将子
高二物理
弹射入沙袋叫做1过程，子弹和沙袋一起上摆叫做Ⅱ过程，在这两个过程中，不考虑空气阻力，则关于子
时量：75分钟
分值：100分
弹和沙袋组成的系统，下列说法中正确的是()
命题人：徐行
审题人：邓勇、张睿智
A,第I人、Ⅱ两阶段机械能、动量都守恒
一、单选题。（本题共6小题，每小题4分，共24分）
B.第1阶段动量守恒，第Ⅱ阶段机械能守恒
1.2024年12月4日，我国“春节”申遗成功。春节贴“福”字是民间由来已久的风俗，某同学正写“福”
C.子弹射入沙袋前的速度大小为婴√2g1cos0
字，他在水平桌面上平铺一张红纸，并用“镇纸”压住红纸边缘以防止打滑，整个书写过程中红纸和“镇
D.子弹射入沙袋前的速度大小为J2g1c0s6
纸”始终保持静止，则该同学在书写过程中()
桌面
A,向右行笔时，毛笔对红纸的摩擦力方向向右
镇纸
5.如图，质量均为m=2kg的木块A和B,并排放在光滑水平面上，A上固定一竖直轻杆，轻杆上端的0点
B.向右行笔时，桌面对红纸的摩擦力方向向右
红纸
系一长为L=0.8m的轻细线，细线另一端系一质量为m0=1kg的球C,现将C球拉起使细线水平伸直，并由
C.向右行笔时，红纸对镇纸的摩擦力方向向右
静止释放C球，C球在空中摆动过程中，线不可伸长。取g=10加/s2,下列说法中错误的是（)
D.提笔静止时，手对毛笔的摩擦力大小与握力成正比
A.C到达最低点时，速度大小为V5m/S
0
oc
2.电子束焊接机中的电场线如图中虚线所示。K为阴极，A为阳极，两极之间的距离为d,在两极之间加上
B.A、B两木块分离时，木块A速度大小为√5m/s
高压U,有一电子在K极由静止加速。不考虑电子重力，元电荷为，电子的质量为m,下列说法正确的是
C.C由静止释放到最低点的过程中，木块A移动的距离为0.16m
（)
A
B
D.C由静止释放到最低点的过程中，A对B的冲量大小为2N·s
A.阴极K应接高压电源的正极
功
B。电子由K到A的过程中加速度大小为器
6.平板小车静止放在水平地面上，箱子以一定的水平初速度从左端滑上平板车，箱子和车之间有摩擦，地
御
C.电子由K到A的过程中电势能减小了eU
面对小车的阻力可忽略，当它们的速度相等时，箱子和平板车的位置情况可能是()
D.电子由K到A的过程中电场力做负功
回+0。
A.
2
c4
B.
3.2025年4月24日，我国神州二十号飞船发射升空。如图是我国神舟二十号
口+，
回+0，
C.
D.
戟人飞船与空间站结合前的变轨示意图。下列说法正确的是()
A.飞船沿着轨道I运行的环绕速度大于第一宇宙速度
流道
轨道1
B.空间站内能用弹簧测力计测量出物体的重力大小
二、多选题。（本题共4小题，每小题5分，共20分。每小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得5
C.飞船在轨道II上运行时经过N点的机械能最大
M
分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。)
D.飞船在M点从轨道I变到轨道II需点火加速
7.下列关于火箭的描述，正确的是()
轨道血
A,增加单位时间内燃气喷射量可以增大火箭的推力
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Q夸克扫描王
极速扫描，就是高效高雅礼中学2025年下学期10月质量检测试卷
高二物理答案
1. 【答案】A【解析】A．向右行笔时，毛笔受红纸的摩擦力向左，可知毛笔对红纸的摩擦力方向向右，A正确；B．向右行笔时，对红纸分析，毛笔对红纸的摩擦力方向向右，则桌面对红纸的摩擦力方向向左，B错误；C．书写过程中，镇纸没有运动趋势，始终不受摩擦力作用，C错误；D．提笔静止时，手对毛笔的摩擦力与毛笔的重力等大反向，与握力大小无关，选项D错误。故选A。
2． 【答案】C【解析】A．电子由K极向A极加速，故受到的电场力由K指向A，因此K端电势应低于A端电势，故K接高压电源的负极，A错误；B．K、A之间是非匀强电场，公式U=Ed不适用，因此K、A之间的电场强度不等于，加速度大小不能用来表示，B错误；CD．电子由K到A过程，电场力做正功eU，电子的电势能减小了eU，C正确，D错误。故选C。
3． 【答案】D【解析】A．卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力得，可得，第一宇宙速度是卫星绕地球做匀速圆周运动的最大线速度，所以神舟十三号沿着轨道I运动，环绕速度不可能大于第一宇宙速度，故A错误；B．空间站内物体处于完全失重状态，不能用弹簧测力计测量出的重力大小，故B错误；C．飞船在轨道II运行时，只有万有引力做功，飞船的机械能守恒，经过M、N两点时的机械能相等，故C错误；D．从低轨道变轨到高轨道，需要在变轨处点火加速，故D正确。故选D。
4．【答案】B【解析】AB．子弹射入沙袋过程中系统的内力远大于外力，可知系统动量守恒；由于子弹打入沙袋过程中有内能产生，则系统的机械能不守恒；而上摆的过程，动量不守恒，但只有重力做功，系统的机械能守恒，故A错误，B正确；CD．子弹射入沙袋过程动量守恒，有，子弹射入沙袋后由机械能守恒定律，有，联立解得子弹射入沙袋前的速度为，故CD错误。故选B。
5．【答案】D【解析】AB．球C到达最低点时，木块A、B分离且A、B速度相同，对系统由水平方向动量守恒，由机械能守恒，两式联立可得，故A、B选项说法正确；C．由人船模型，系统水平方向有，位移大小关系，联立两式可得，D．C到最低点时，B的速度，对B由动量定理，故C选项说法正确；故D选项说法错误。故选D。
6． 【答案】C【解析】箱子以一定的水平初速度v0从左端滑上平板车，在摩擦力作用下，箱子做匀减速直线运动，平板车做匀加速直线运动，设经过t时间箱子与平板车达到共速v共，此过程平板车的位移为
x车＝t，箱子的位移为x箱＝t，则箱子相对于平板车向前的位移大小为Δx＝x箱－x车＝t－t＝t，可得Δx＝t>x车＝t。故选C。
7．【答案】AB【解析】AB．根据动量定理可得，增加单位时间内燃气喷射量可以增大火箭的推力，增大燃气相对于火箭的喷射速度可以增大火箭的推力，故AB正确；C．当燃气喷出火箭喷口的速度相对于地面为零时，燃气相对火箭仍有速度，仍可使得火箭加速，故C错误；D．火箭发射时获得的推力来自喷出的燃气与火箭之间的相互作用，故D错误。故选AB。
8．【答案】CD【解析】A．物块在下滑过程中，其物块与弧形槽组成的整体在竖直方向上合力不为零，所以该系统的动量并不守恒，故A项错误；B．物块与弧形槽组成的系统，在水平方向上合力为零，即水平方向上动量守恒，设向右为正方向，有，该系统能量守恒，有，物块在压缩弹簧过程中，将自身的动能转化为弹簧的弹性势能，所以最大弹性势能为，故B项错误；C．物块压缩弹簧到被弹簧弹开过程，物块和弹簧组成的系统机械能守恒，即，所以开始压缩，到弹开，物块的速度大小不变，即，设向右为正方向，有，所以动量变化大小为，故C项正确；D．物块再次滑上弧形槽，当其共速时达到最大高度，设其为H，水平方向上，有动量守恒有，有能量守恒有，解得，故D项正确。故选CD。
9. 【答案】BD【解析】A.小球A水平速度更大，它会先经过c点，A错误；BC.设小球A从a到b、c、d、e的时间分别为、、、，则，，，故，，，因此从a到c的时间等于a到e时间的一半，故a、c两点的竖直距离与c、e两点的竖直距离之比为1：3，B正确；b到c的时间等于c到d的时间，故b、c两点的水平距离等于c、d两点的水平距离，C错误；D.c是b到d的中间时刻，A从b到d的平均速度等于它经过c时的瞬时速度，D正确。故选BD。
10.【答案】AC【解析】A．与弹性碰撞，有，，解得，，因此发生第一次碰撞后瞬间的速度大小为，A正确；B.发生第一次碰撞后以反弹，以撞后静止，以撞后静止…，最终以撞后静止，以的速度离开，同时，以冲上传送带，最终以向左离开传送带，与发生第二次碰撞，依此类推，最终速度为，B错误；C.与发生第n次碰撞后，, ，故最后一次离开传送带时的速度大小，C正确；D.电动机因滑块在传送带上滑动而额外做的功等于传送带克服物块摩擦力做的功，即有，解得，D错误。故选AC。
11.【答案】(1)1.2 (2) 3.2 83 (3) 偏小
【解析】（1）毫安表的满偏电压，则改装后干路最大电流，则改装后的量程为1.2A
（2）[1][2]根据闭合电路欧姆定律得，整理得，由图乙可知图像的截距，图像斜率的绝对值，解得
（3）利用题图甲进行测量，磷酸铁锂电池的电动势测量值偏小；根据闭合电路欧姆定律得，整理得，图像的截距，故。
12．【答案】(1)AC (2) (3)
【解析】（1）A．为了使小球飞出斜槽后速度方向水平，实验前，应调节装置，使斜槽末端水平，故A正确；B．为了使两个小球做对心正碰，实验中应选用两个半径相同的小球进行实验，故B错误；C．为了避免入射小球碰撞后发生反弹，实验中应用质量大的小球碰撞质量小的小球，故C正确。故选AC。
（2）小球做平抛运动，则有，，，，根据动量守恒定律有，解得 。
（3）令OA、、OD与竖直方向的夹角分别为、、，轻绳长为L，根据余弦定理有，，，根据动能定理有，，，根据动量守恒定律有，解得 。
13．(1)42J (2)1m/s，8m/s
【解析】（1）当两个物体的速度相同时，弹簧的弹性势能最大，设共同速度为v
（2分）
解得
（2分）
整个过程中弹簧的最大弹性势能为
（2分）
（2）设滑块A与B分开时，两者的速度大小分别为v1、v2，根据动量守恒定律得
（2分）
根据机械能守恒定律得
（2分）
解得
（2分）
14． 【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】（1）由A点到P点应用动能定理有
（2分）
在P点应用牛顿第二定律得
（2分）
解得
（1分）
（2）小球通过圆弧B、P中点时速度最大（1分）
（2分）
解得
（1分）
（3）设小球恰好安全通过M点，有
（2分）
设释放点距B点的距离为x，由动能定理得
（2分）
解得
（1分）
15.【答案】（1）， （2） （3）
【解析】（1）滑块与斜面达到共同速度时，滑块到达最高点。设此时斜面的速度大小和滑块上升的高度分别为和。对于滑块与斜面构成的体系，有机械能守恒
（2分）
水平方向上动量守恒
（2分）
解得
（2分）
联立解得
（2分）
（2）设小球冲上斜面体底端后瞬间水平速度大小为、竖直速度大小为，斜面体速度大小为，由水平动量守恒，有
（1分）
系统无机械能损失，有
（1分）
又因为小球相对于斜面速度沿斜面向上，有
（2分）
综上解得
故小球冲上斜面体底端后瞬间斜面体的速度大小为 （1分）
（3）小球在竖直方向匀减速直线运动，有
（1分）
斜面体在水平方向做匀加速直线运动，有
（1分）
解得
（1分）

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