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濮阳市一高高二年级(2024级)上学期第一次质量检测
3,下列对于与静电现象有关的四幅图的说法正确的是()
物理试题
命题人：濮阳市一高物理命题中心
本试卷分第1卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，总分100分：考生作答时，将答案
答在答题卡上，在本试卷上答题无效：·考试时间为5分钟。
尺子吸收轻小纸片
导线外包丧着一
避雷针与尖增放电
工人穿般工作厥进
层金属编织网
行超高底带电作亚
第I卷选择题部分(46分)
甲
丙
丁
尽
一.单项选择题（体题共7道小题，每小题4分，共28分；每小题只有一个选项符
A.甲图中，尺子吸收轻小纸片是因为尺子对小纸片有粘滞力
合题意)
B.乙图中，导线外包裹一层金属编织网是为了增加导线的强度，使其不易被拉坏
1.下列说法中正确的是（)
C.丙图中，避雷针通常安装在高大建筑物的项部，且必须接地
A.在电路中无论是电源内部还是电源外部，电流都是从高电势流向低电势
D.丁图中，工人进行超高压带电作业，穿戴的工作服是由绝缘体制成，起静电屏蔽的作用
煞
日。由风=-号可知，号体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟号体中的电流成反比
4.如图所示，AB、CD、EF都为半径为R的空间球面的直径，其中
AB与EF同在水平面内，EF与AB的夹角-45°，CD与水平面垂直，
C.由公式R=P写可知，电阻率P与导体的电阻R、导体的长度I和横截面积S有关
现在A、B两点分别固定等量异种点电荷，则()
D.电阻率是表征材料导电性能的物理量，电阻率越小表示该材料导电性能越好
长
A.将带负电的试探电荷从E点沿直线移到F点，电势能增加
2.在绝缘水平地面上固定甲、乙两个完全相同的带电金属小球（可视为质点），甲所带的电荷
B.E、F两点电场强度不同
D
量g,=+2×10℃，乙所带的电荷量42=-8×105C,两带电小球的间距L=lm,已知静电常量
C.C点和0点场强大小之比为1：√互
k=9.0×10N·m21C2。下列说法正确的是（)
D.C、E、F三点中C点电势最高
地
A.若将两个金属小球相互接触后再放回原处，则它们之间的库仑力大小为22.N
5.在x轴上有两个点电荷、92，其静电场的电势P在x轴上分布如图所示。下列说法正确的
B.若将两个金属小球相互接触后再放回原处，则它们之间的库仑力大小为7N
有()
C.若在绝缘地面上再放一带电小球丙，要使三个小球受到的电场力均为0，则丙球带电量
A.g和2带有同种电荷
为-8×105℃
D.若在绝缘地面上再放一带电小球丙，要使三个小球受到的电场力均为0，则丙球带电量
B.2处的电场强度为零
为8x106C
C.将负电荷从x移到2，其所受电场力增大
D.负电荷从灯移到x2,电势能增加
濮阳市一高高二年级(2024级)上学期第一次质量检测物理试题第1页，共8页
裉阳市一高高二年级(2024级)上学期第一次质量检测物理试题第2页，共8页2024级上学期第一次质量检测物理参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 D C C A B C D BCD BD AD
1．D【详解】在电源内部电流从低电势流向高电势，在电源外部电流从高电势流向低电势，故A错误；导体的电阻由导体本身决定，与加在其两端的电压无关，与流过的电流无关，故B错误；电阻率是表征材料导电性能的物理量，电阻率越小表示该材料导电性能越好，电阻率与导体的电阻、导体的长度和横截面积无关，故C错误，D正确。故选D。
2．C【详解】两相同金属球接触后电荷均分。均分后每球所带电荷为量,库仑力大小，故AB错误；要使三个小球受到的电场力均为0，放入的小球必须带负电，并且甲球必须在两个带负电的小球之间，设丙电荷为，距离甲为，则对甲分析，根据平衡条件有，对乙分析，根据平衡条件有，代入数据解得，故C正确，D错误。故选C。
3．C【详解】尺子吸收轻小纸片是因为尺子与轻小纸片带异种电荷而相互吸引，故A错误；导线外包裹一层金属编织网是为了形成静电屏蔽，保护导线不受外界电场影响，故B错误；避雷针的工作原理是通过尖端放电将空气电离，导通云层和大地，中和云层中的电荷。故C正确；工人进行超高压带电作业，穿戴的工作服是由含金属丝的织物制成，起静电屏蔽的作用，故D错误。故选C。
4．A【详解】根据等量异种电荷电场线分布规律可知，点电势比F点电势大。带负电的电荷在电势越低的地方电势能越大，因此可知将带负电的检验电荷从E点沿直线移到F点，电势能增大，故A正确；根据等量异种电荷电场规律可知，关于O点对称的E、F两点电场强度大小相等，方向相同，故B错误；根据几何关系结合点电荷产生的场强的叠加法则可得，方向从O指向B；同理C点场强，方向平行于AB向右，则可得，故C错误；根据几何关系可知，CD为等量异种点电荷的中垂线，而等量异种点电荷的中垂线为等势线且电势为零，且无穷远处电势为零，因此CD所在中垂面即为等势面，电势为零，而电场线从正电荷出发指向负电荷或无穷远处，且沿着电场线的方向电势降低，则可知，CD所在等势面左侧电势大于零，而CD所在等势面右侧电势小于零，因此，故D错误；故选A。
5．B【详解】由图可知：无穷远处电势为零，又有电势为正的地方，故存在正电荷；又有电势为负的地方，故也存在负电荷，所以，q1和q2带有异种电荷，故A错误；电场强度等于图中曲线斜率，x2处的斜率为零，故电场强度为零，故B正确；负电荷从x1移到x2，曲线斜率减小，电场强度减小，所以受到的电场力减小，故C错误；负电荷从x1移到x2，电势增大，电势能减小，D错误。故选B。
6．C【详解】由图可知，从O点移到x1点，电场强度增大，该电场不是匀强电场，A错误；题目中没有说运动电荷的电性，所以电荷电势能增加或者减小是无法判断的，故B错误；电势差等于图像和x轴围成的面积，C正确；因为电场力做功只与初末位置有关与路径无关，沿任何路径移动时电场力所做的功都相等，D错误。故选C。
7．D【详解】因为电容器和电源相连，金属板间电压不变，若仅将B板缓慢水平右移少许，板间距不变，根据，可知电场强度不变，故油滴静止，故A错误；若仅将A板缓慢竖直上移少许，板间距变大，根据，电容减小，根据，可得电容器放电，A板所带的电荷量将减小，故B错误；若断开S，电容器电荷量不变，仅将A板缓慢水平左移少许，正对面积减小，根据，可得电容减小，根据，可得电容器电压变大，则G的指针张角将变大，故C错误；同理，若断开S，电容器电荷量不变，仅将B板缓慢水平右移少许，分析可得电容器电压变大，根据，可得电场强度增大，刚开始时油滴受电场力大小等于重力，则此时电场力大于重力，则油滴将向上运动，故D正确。故选D。
8．BCD【详解】由题图中粒子的运动轨迹可知粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左，由于电场线方向不明，无法确定粒子的电性，选项A错误，B正确；由轨迹弯曲方向与粒子速度方向的关系分析可知，若粒子从a到b电场力对粒子做负功，粒子动能减小，电势能增大；若粒子从b到a电场力对粒子做正功，粒子动能增大，电势能减小。则粒子在a点的速度较大，选项C正确；根据电场线的疏密程度可判断a、b两点电场的强弱a点场强较大，选项D正确。故选BCD。
9．BD【详解】由结合题意可知，A、C两点的电势差为，A点的电势为0，则C点的电势为，则圆心O点的电势为，故A错误；同理可得A、B两点的电势差为，若仍取A点的电势为0，则。根据几何关系可知AB与CD平行且相等，在匀强电场中有，则，即，故B正确；过B点作AC的垂线交于P点，如图所示。根据几何关系可知，在中，，则A、P两点的电势差为，而说明B、P两点等势，且电势高于A点的电势，根据“电场线与等势面处处垂直、沿着电场线方向电势逐渐降低”可知，该电场的电场强度方向由C点指向A点，大小为，故C错误；根据，说明电子的电势能减小64eV，故D正确。故选BD。
10．AD【详解】设加速极板间的距离为x，偏转极板长度为，板间距离为d，偏转电场右端到屏的距离为。加速电场中有，解得。在加速电场运动的时间为，进入偏转电场到打到屏上，沿水平方向一直做匀速直线运动，有，总时间为，因为（H）的质量最小，H核最先打在荧光屏上，A正确B错误；偏转电场水平方向上有，竖直方向上，联立解得，竖直方向的速度为，速度偏转角度的正切值为，可见y和tanθ与电荷的电量和质量无关，故三种原子核都打在屏上的同一位置上。三种原子核在经过偏转电场U2的过程中，电场力只在电场方向对三种原子核做功，为，因偏转距离相同，所以做功相同，由动能定理知三种原子核打在荧光屏上的动能相同。因，则有。所以氢（H）、氘（H）、氚（H）三种原子核打在荧光屏上时的速度大小之比为，C错误D正确。故选AD。
11．(1)B (2)mgtanα (3)偏大
【详解】（1）该实验采用的方法是控制变量法，故选B；
（2）对小球受力分析可知，带电体受的库仑力大小为F=mgtanα
（3）因两电荷带正电，则由于斥力作用使得电荷间的距离大于3R，则利用公式
来计算两球之间的库仑力，该值与第二问的结果相比应该偏大。
12．(1)流入 (2)F (3)ABD（漏选得1分）
【详解】（1）当开关S接2时，电容器处于充电状态，负电荷（电子）由电容器的正极板移动到电源正极，故电流流入电容器上极板。
（2）根据图像与时间轴围成的面积表示电荷量，由题可知
电容器的电容
（3）CD.充电过程开始时，电荷量从零开始逐渐增加，充电结束后电荷量达到最大值，故C错误，D正确；AB.由于电容器C不变，根据，可知图像是过原点的倾斜的直线；充电过程随着电荷量增加，板极间电压增大，开始阶段充电电流较大，则电量增加的较快，充电完毕后，电荷量不再增加，故AB正确。故选ABD。
13．（1）；（2），方向垂直轻绳斜向右上方
【详解】（1）对小球进行受力分析，如图所示
根据共点力平衡条件…………………2分
解得 …………………2分
（2）根据平行四边形定则，可以将三个力放到同一个矢量三角形中，显然，只有当电场力与绳垂直时，电场力最小…………………………………2分
解得 …………………………………………2分
方向垂直轻绳斜向右上方 …………………………………………1分
14．（1）；（2）；（3）
【详解】（1）小球p从C到O根据动能定理有………………………………2分
解得…………………………………………………………………………………2分
A点电荷和B点电荷在O点的电场强度均为E＝ …………………………………1分
其中r＝AO＝BO＝ …………………………………………………………………………1分
所以 …………………………………………………………………………1分
根据对称性，两点电荷场强在水平方向的分场强抵消，合场强为……2分
（3）从C到D点，由于电场线的对称性UCD＝2UCO ……………………………………………1分
则根据动能定理有 ……………………………………………2分
解得 …………………………………………………………………………2分
15．(1)FN = 42 N (2)能，最小速率为1.6 m/s (3)
【详解】（1）设小物块在C点时速度为vC，从A点到C点，由动能定理得
………………………………………………………………………2分
在C点，设物块受到的支持力为N，由牛顿第二定律得 …………………………2分
根据牛顿第三定律，小物块通过C点时对轨道的压力大小…………………………1分
（2）设小物块在D点时速度为vD，小物块从A到D由动能定理有……………………2分
解得，故小物块能到D点………………………………………………………………2分
把电场力和重力的合力等效为一个新的重力（等效重力），设等效重力方向与竖直方向所成夹角为θ，有，即 ………………………………………………………………1分
则物块在空中的最小速率 ……………………………………2分
若小物块带负电，分析得等效最高点在D点之前，则小物块应恰好通过等效最高点，设等效最高点速度为v，则恰好通过等效最高点满足 ……………………………………………2分
小物块从A到等效最高点由动能定理有 ……2分
解得 …………………………………………………………………………………2分
答案第1页，共2页

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