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安徽省名校2026届高三上学期10月阶段检测
物理试卷
考生注意:
1.试卷分值：100分,考试时间：75分钟。
2.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答案区域内作答，超出答题区域书写的答案无效,在试题卷、草稿纸上作答无效。
3.所有答案均要答在答题卡上,否则无效。考试结束后只交答题卡。
一、选择题(本题共8小题,每小题4分,共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的。)
1．歼—15舰载机离开航母后正沿曲线加速向上爬升，其所受合力的方向可能正确的是( )
A. B.C. D.
2．水平向右同时抛出三个小球a、b和c，其运动轨迹如图所示，三个小球的抛出点位于同一竖直线上，其中a和b是从同一点抛出的，不计空气阻力，若a、b、c做平抛运动的时间分别为、和，抛出时的初速度大小分别为、和，则下列关系式正确的是( )
A. B. C. D.
3．新能源汽车在辅助驾驶系统测试时的速度大小为，感应到前方有障碍物立刻制动，以加速度大小为的匀减速直线运动，汽车在制动后内的位移大小为( )
A. B. C. D.
4．如图所示，用一轻杆将一质量为、半径为的光滑细圆管（圆管内径远小于管道半径）悬挂，使其位于竖直平面内，直径略小于细圆管的内径、质量为的小球（可视为质点）某时刻从圆管最低点A以某一初速度向左运动，运动到最高点B时轻杆对管道恰好无弹力，该过程中细管道始终静止。则小球在最低点的初速度大小为（取）( )
A. B. C. D.
5．如图所示，某摩天轮的直径达，转一圈用时。某同学乘坐摩天轮随座舱在竖直平面内做匀速圆周运动，从最高点A经与圆心等高点B运动到最低点C的过程中，下列说法正确的是( )
A.摩天轮转动的角速度为
B.该同学的平均速度大小为
C.该同学的向心加速度一直不变
D.该同学在B点对座舱的作用力方向竖直向下
6．一辆质量为m的汽车在水平平直公路上由静止开始匀加速启动，汽车的输出功率与速度的关系如图所示，当汽车的速度达到时，汽车的输出功率达到额定功率，汽车能达到的最大速度为。已知汽车运动过程中所受的阻力恒定，下列说法正确的是( )
A.汽车所受的阻力大小为
B.汽车做匀加速时的牵引力大小为
C.汽车做匀加速运动的时间为
D.汽车的速度大小为时，其加速度大小为
7．如图所示，水平面内放一直角杆，用轻杆通过铰链相连的两小球A和B分别套在和杆上，A、B球的质量分别为m、，A、B均处于静止状态，此时，，A球在水平恒力的作用下向右移动L，则此时A球的速度为（忽略一切摩擦，重力加速度为）( )
A. B. C. D.
8．如图所示，置于倾角为的固定斜面上的A、B两物块，质量均为m，在平行于斜面向上恒力F的作用下，以共同速度沿斜面向上做匀速直线运动。假设A、B间摩擦因数为，B与斜面体间摩擦因数为，下列说法正确的是( )
A.A、B间的摩擦力一定为
B.A、B间的动摩擦因数一定为
C.若，撤去F，A与B一定会相对滑动向上运动
D.若，撤去F，A与B一定会相对静止向上运动
二、选择题(本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。)
9．2025年4月24日，搭载神舟二十号载人飞船的长征F遥二十运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射，约十分钟后，神舟二十号载人飞船与火箭成功分离，进入地球表面上空约的圆形轨道执行探测任务，已知地球半径为R，地球表面重力加速度为g，地球同步卫星的离地高度约。关于神舟二十号载人飞船，下列说法正确的是( )
A.周期 B.角速度
C.线速度 D.发射速度大于
10．如图所示，是竖直平面内的光滑固定轨道，竖直，长度为，是半径为R的四分之一圆弧，与相切于B点。一质量为的小球，不计空气阻力。现小球自A点由静止开始运动，同时施加一水平向左的恒力F，，重力加速度大小为g。则下列说法正确的是( )
A.小球在轨道受到的最大弹力是
B.小球从A点开始运动到其轨迹最右端过程中，机械能减少
C.小球从A点开始运动到C点正下方的过程中，动能增加
D.小球从C点运动到正下方的过程中，所经历的时间为
三、非选择题（本题共5题，共58分。其中11~12每空2分。）
11．(1)如图所示为探究机械能守恒定律的实验原理图。下列说法正确的是( )
A.所选重物质量越大越好
B.应先释放纸带后打开接通打点计时器电源
C.若实验过程中电源的频率变大，则测出的速度大小偏小
(2)该同学正确操作后得到一条如图所示的纸带，A、B、C、D为从合适位置开始选取的四个连续点。已知打点计时器所接电源的频率为，则打点计时器打B点时重物的速度大小为___m/s。（结果保留三位有效数字）
(3)已知重物的质量为，当地的重力加速度，取图中段来验证机械能守恒定律：从B点到C点，重物重力势能的减少量=___J，动能的增加量___J。（结果均保留三位有效数字）
12．某同学利用下列器材测量小车质量M：一端带有定滑轮的长木板，垫块，细绳，打点计时器（含纸带，频率为的交流电源），刻度尺，槽码（质量均为），实验设计如下：
(1)完成下列实验步骤中的填空：
①按图甲安装好实验器材，跨过定滑轮的细绳一端连接在小车上，另一端悬挂6个槽码。改变垫块高度，用手轻推小车，直到打点计时器在纸带上打出一系列___的点，表明小车沿倾斜轨道匀速下滑；
②保持垫块高度不变，取下1个槽码（即细线下端悬挂5个槽码），让小车拖着纸带沿轨道下滑，根据纸带求出加速度a；
③依次减少细绳下端悬挂的槽码数量，重复步骤②；
④以取下槽码的总个数n（）的倒数为纵坐标，为横坐标，在坐标纸上作出关系图线。
(2)已知重力加速度大小，计算结果均保留三位有效数字，请完成下列填空：
①下列说法正确的是___；
A.实验中必须保证细绳下端悬挂槽码的质量远小于小车的质量
B.小车下滑时，位于定滑轮和小车之间的细绳应始终跟倾斜轨道保持平行
C.接通电源后，再将小车从靠近打点计时器处释放
D.若细绳下端悬挂着2个槽码，则小车在下滑过程中受到的合外力大小为
②某次实验获得如图乙所示的纸带，相邻计数点间均有4个点未画出，加速度大小___（保留3位有效数字）；
③写出随变化的关系式___（用M、m、g、a、n表示）；
④测得关系图像的斜率大小为，则小车质量___。
13．如图所示，两个质量均为的物块A、B用长的细绳相连，放置于倾角足够长的斜面上并锁定（细绳恰好伸直），A底面光滑，B与斜面动摩擦因数。当锁定解除后，A、B一起下滑后绳子突然断开，，，，求：
(1)A、B一起下滑时（绳子断开前）细绳的张力大小；
(2)绳子断开后再经过时，两物块之间的距离。
14．如图所示，倾角的固定斜面上固定着挡板，轻弹簧下端与挡板相连，弹簧处于原长时上端位于D点。用一根不可伸长的轻绳通过轻质光滑定滑轮连接物体A和B，使滑轮左侧绳子始终与斜面平行，初始时A位于斜面的C点，C、D两点间的距离为L，现由静止同时释放A、B，物体A沿斜面向下运动，将弹簧压缩到最短的位置为E点，D、E两点间距离为，若A、B的质量分别为和m，A与斜面之间的动摩擦因数，不计空气阻力，重力加速度为g，整个过程中，轻绳始终处于伸直状态。，，求：
(1)A在从C至D的过程中，加速度大小；
(2)物体A从C运动至D点时的速度；
(3)弹簧的最大弹性势能。
15．如图所示，水平传送带A、B两端的距离，传送带沿顺时针方向匀速运行（速度大小可调），传送带上表面与光滑水平面在同一水平面内，半径的光滑半圆弧轨道固定在竖直面内，圆弧面的最低点C与水平面相切，调节传送带速度，稳定后将质量的物块（可视为质点）轻放在传送带上表面的A端。已知物块与传送带上表面间的动摩擦因数，重力加速度g取，不计空气阻力，求：
(1)若物块运动到圆弧面C点时对圆弧面的压力大小，则传送带的最小速度；
(2)要使物块在圆弧面上运动时不离开圆弧面，则传送带匀速运行的速度范围；
(3)若传送带的速度调为，物块离开圆弧面时的速度大小。
参考答案
1．答案：A
解析:做曲线运动的物体所受的合力方向指向轨迹的凹侧，飞机加速爬升，则合力与速度夹角为锐角。
故选A。
2．答案：D
解析:AB.三个小球均做平抛运动，竖直方向有解得可知，故AB错误；
CD.水平方向有解得水平分位移，则，故C错误，D正确。
故选D。
3．答案：C
解析:设汽车刹车到零的时间为t，则有
则汽车在制动后内的位移大小为
故选C。
4．答案：C
解析:由题知，小球在最高点B时轻杆拉力，故圆环受到小球竖直向上的支持力，则有
对小球分析，根据牛顿第二定律有
解得
小球从最低点到最高点，根据动能定理有
解得
故选C。
5．答案：B
解析:A.根据题意，可知周期
则角速度，故A错误；
B.该同学的位移大小，从A到C的时间
则平均速度大小，故B正确；
C.该同学随摩天轮做匀速圆周运动，其向心加速度大小不变，但方向一直改变，故C错误；
D.在B点，该同学受重力和座舱的作用力，其合力方向水平向左，根据力的合成法则，可知座舱对该同学的作用力方向斜向左上方，根据牛顿第三定律，可知该同学在B点对座舱的作用力方向斜向右下方，故D错误。
故选B。
6．答案：D
解析:A.汽车的额定功率解得，故A错误；
BC.当速度为时，汽车刚好达到最大功率，有解得根据牛顿第二定律有解得则汽车做匀加速直线运动的时间，故BC错误；
D.当汽车的速度大小时，功率已达到额定功率，此时牵引力大小根据牛顿第二定律有解得，故D正确。
故选D。
7．答案：D
解析:设AB与OM的夹角为，与ON的夹角为，当A球在水平恒力的作用下向右移动，根据几何关系有，解得，水平面内只有外力F做功，对系统由动能定理有根据关联速度的分解有解得
故选D。
8．答案：A
解析:A.以物体A为研究对象，根据平衡条件有
故A、B间的摩擦力一定为，故A正确；
B.物体A与物体B相对静止，若恰好为最大静摩擦力，则有
解得
若小于最大静摩擦力，则不能用计算动摩擦因数，故A、B间的动摩擦因数不一定为，故B错误；
C.A、B向上匀速运动过程中，若，撤去F，因，则A、B相对静止以共同加速度向上运动，故C错误；
D.若，撤去F，因，则A、B相对滑动向上运动，故D错误。故选A。
9．答案：AC
解析:A.地球同步卫星的周期为，根据开普勒第三定律，神舟二十号飞船轨道半径小于地球同步卫星的轨道半径，故神舟二十号的周期，A正确；
B.根据万有引力提供向心力，有
在地球表面有
联立解得
因神舟二十号载人飞船的轨道半径，故，B错误；
C.是卫星的最大环绕速度，故神舟二十号载人飞船的线速度，C正确；
D.神舟二十号载人飞船绕地球做圆周运动，没有挣脱地球的吸引，故发射速度满足，D错误。
故选AC。
10．答案：BD
解析:A.因，则F与mg的合力斜向左下方45°角，大小为，由复合场的知识点可知道：圆弧的中点P是弹力最大位置，过程由动能定理得，
解得A错误；
B.小球从A点开始运动到C点过程
解得
小球离开C点后，水平方向做匀变速运动，竖直方向自由落体运动，水平加速度a和竖直加速度均等于g，水平方向由
解得
所以小球从A点运动到轨迹最右端Q过程中，恒力F做功
所以过程中机械能减少，B正确；
C.由于C到Q，Q到C正下方的H点时间相等，由运动学可知，
过程，由动能定理得
可得，C错误；
D.从C到正下方S点的水平方向，由运动学公式可知
解得，D正确。
故选BD。
11．答案：(1)C
(2)2.07
(3)0.0423;0.0389
解析:（1）A.所选重物质量太大的话，纸带无法承受重物的质量，A错误；
B.应先接通打点计时器电源后释放纸带，B错误；
C.若电火花计时器的频率变大，则周期变小，而计算时仍用原来的周期值计算，则测出的速度大小偏小，C正确。
（2）打点计时器的打点间隔为
打下B点时重物的速度为
（3）同理可得C点时重物的速度为
过程中，重物动能的增加量
重物重力势能的减少量
12．答案：(1)等间距
(2)BC；0.820；；0.185
解析:（1）改变垫块高度，用手轻推小车，直到打点计时器在纸带上打出一系列等间距的点，表明小车沿倾斜轨道匀速下滑。
（2）①A.因为减少的槽码的重力等于系统的合力，所以实验中不必保证细线下端悬挂槽码的质量远小于小车的质量，故A错误；
B.小车下滑时，为了保证细绳拉力恒定不变，位于定滑轮和小车之间的细绳应始终跟倾斜轨道保持平行，故B正确；
C.为了充分利用纸带，应先接通电源，后释放小车，小车应从靠近打点计时器处释放，故C正确；
D.若细线下端悬挂着2个槽码，减少4个槽码，系统所受的合力为4mg，则小车在下滑过程中受到的合外力小于4mg，故D错误。
故选BC。
②相邻计数点间均有4个点未画出，则相邻计数点的时间间隔为
根据逐差法可得加速度大小为
③小车匀速时，有
减少n个槽码后，对整体分析，有
两式联立可得
④测得关系图像的斜率大小为，则有
代入数据解得
13．答案：(1)
(2)10m
解析:（1）断开前，对整体由牛顿第二定律可得
对A则有
联立解得，
（2）断开时
断开后，对A由牛顿第二定律可得
解得
根据匀变速直线运动规律可得
同理对B则有，
所以，断开后再经过相距
14．答案：(1)
(2)
(3)
解析:（1）对A、B整体从C到D的过程受力分析，根据牛顿第二定律可得
解得
（2）根据匀变速直线运动规律
解得
（3）当A的速度为零时，弹簧被压缩到最短，此时弹簧弹性势能最大，整个过程中对A、B整体应用动能定理可得
解得
则弹簧具有的最大弹性势能
15．答案：(1)
(2)或者
(3)
解析:（1）物块在C点，根据牛顿第二定律有
解得
段光滑，故物块到达B点时，速度大小
物块在传送带上运动时，根据牛顿第二定律有
解得
根据运动学公式有
可知传送带的最小速度
（2）设物块在传送带上一直做匀加速运动，有
解得
要使物块在圆弧面上运动时不离开圆弧面，有两个临界情况
①物块恰好运动到与圆心等高处，根据机械能守恒有
解得
②物块恰好能过圆弧最高点，根据牛顿第二定律有
解得
物块从圆弧最低点到最高点，根据动能定理有
解得
则传送带匀速运行的速度范围或者
（3）因，说明物块运动到上半个圆弧面时脱离圆弧面
设物块离开圆弧面的位置与O点连线与竖直方向的夹角为，速度大小为v
物块从C到离开圆弧面，根据动能定理有
物块离开圆弧面前瞬间，根据牛顿第二定律有
联立解得

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