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2025-2026学年广东省深圳中学高三（上）月考物理试卷（10月份）
一、单选题：本大题共7小题，共28分。
1.2023成都大运会中国队以103金完美收官，下列有关运动项目的说法中正确的是( )
A. 篮球运动员的鞋底花纹很深，是为了增大摩擦
B. 跳水运动员对跳板的压力是由跳板的形变产生的
C. 羽毛球运动到最高点时不受重力
D. 排球运动员接球时排球发生明显形变是因为手腕对排球的力大于排球对手腕的力
2.《中国制造2025》是国家实施强国战略第一个十年行动纲领，智能机器制造是一个重要方向，其中智能机械臂已广泛应用于各种领域。如图所示，一机械臂铁夹夹起一个金属小球，小球在空中处于静止状态，铁夹与球接触面保持竖直，则下列说法正确的是( )
A. 铁夹对小球的两个弹力为一对作用力与反作用力
B. 若进一步加大铁夹对小球挤压，小球受到的摩擦力变大
C. 小球受到5个力的作用
D. 若铁夹水平匀速移动，铁夹对小球作用力的方向斜向上
3.新冠疫情让2020届高三学生少了很多在校学习的时间，返校后为节约时间，小尧同学都是跑步去食堂吃饭。跑步过程中的图象如图所示，为一条不过坐标原点的直线，假定从小尧的教室门口到食堂的道路为一水平直线道路，以教室门口为坐标原点，教室到食堂方向为x轴正方向，下列说法正确的是( )
A. 小尧运动到的时间为
B. 小尧运动到的时间为
C. 小尧运动的速度与位移成线性规律变化
D. 小尧运动的速度随位移的增加而增加，但不成线性规律
4.曲线运动在生活中随处可见，关于做曲线运动的物体，下列说法正确的是( )
A. 若物体做圆周运动，则所受合力的大小一定不变，方向时刻改变
B. 若物体做平抛运动，则速度方向最终竖直向下
C. 斜抛运动是匀变速曲线运动，在任意相等的时间内速度的变化相同
D. 斜抛运动是变加速曲线运动，物体在某一点的速度方向，可能与它受到的合力方向相反
5.水上飞伞是一项锻炼勇气和毅力的水上娱乐活动。快艇开动后，拖在快艇后面的空中飞伞，在风力和绳子牵引力的作用下升起，游客乘伞体验在空中飞翔的感觉。下列各图中的O点均表示游客，能正确反映飞伞载着游客在空中匀速飞行的是( )
A. B.
C. D.
6.蛇年春晚中的人形机器人与真人舞蹈演员一同表演了一场精彩的“AI机器秧歌”舞。下列说法正确的是( )
A. 机器人下蹲过程中，总是处于失重状态
B. 在研究机器人的舞蹈动作时可将其视为质点
C. 机器人手中匀速转动的手绢边缘上的一点始终处于受力平衡状态
D. 机器人静止站立时对地面的压力与地面对它的支持力是一对相互作用力
7.“鹊桥二号”中继星环绕月球运行，其24小时椭圆轨道的半长轴为a。已知地球同步卫星的轨道半径为r，则月球与地球质量之比可表示为( )
A. B. C. D.
二、多选题：本大题共3小题，共15分。
8.如图，建筑工人用砖夹竖直搬运四块相同的砖，每块砖的质量均为m，重力加速度大小为g。下列说法正确的是( )
A. 当砖静止时，砖块4对砖块3的摩擦力大小为
B. 当砖静止时，砖块2对砖块3的摩擦力为零
C. 当将四块砖一起竖直向上加速提起时，砖块4对砖块3的摩擦力大小为mg
D. 当将四块砖一起竖直向上加速提起时，砖块2对砖块3的摩擦力为零
9.如图甲，倾角为的足够长的传送带顺时针匀速转动。一质量为的物块可视为质点以某一初速度从传送带底端滑上传送带，物块运动的速度-时间图像如图乙所示，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小取，，。下列说法正确的是( )
A. 传送带转动的速度大小为
B. 物块与传送带间的动摩擦因数为
C. 物块向上运动到最高点的过程中，物块相对传送带的路程为4m
D. 物块在传送带上运动的总时间为
10.某个物体做初速度为零的匀变速直线运动，比较它在开始运动后第1s内、第2s内、第3s内的运动，下列说法中正确的是( )
A. 末速度之比是1：2：3 B. 中间时刻的速度之比是1：3：5
C. 位移大小之比是1：4：9 D. 平均速度之比是1：2：3
三、实验题：本大题共2小题，共20分。
11.某同学使用轻弹簧、直尺、钢球等制作了一个竖直加速度测量仪。取竖直向下为正方向，重力加速度。实验过程如下：
将弹簧上端固定，在弹簧旁沿弹簧长度方向固定一直尺；
不挂钢球时，弹簧下端指针位于直尺2cm刻度处；
将下端悬挂质量为100g的钢球，静止时指针位于直尺4cm刻度处，则该弹簧的劲度系数为______；
计算出直尺不同刻度对应的加速度，并标在直尺上，就可用此装置直接测量竖直方向的加速度，各刻度对应加速度的值是______选填“均匀”或“不均匀”的；
如图所示，弹簧下端指针位置的加速度示数应为______结果保留两位有效数字。
12.某同学设计了一个探究加速度a与物体所受合力F及质量M关系的实验，图为实验装置简图。交流电的频率为
图为某次实验得到的纸带，根据纸带可求出小车的加速度大小为______。保留二位有效数字
若取小车质量，改变砂桶和砂的质量m的值，进行多次实验，以下m的值不合适的是______多选。
A.
B.
C.
D.
在验证牛顿第二定律的实验中，作出了如图所示的小车的加速度与合力图像，图中三条斜率不同的图线表示实验中______不同。
A.平衡摩擦力的角度不同
B.小车和其上的砝码的总质量不同
C.砂及砂桶的质量不同
D.木板的长度不同
四、计算题：本大题共3小题，共37分。
13.如图所示，质量为的木块放在水平地面上，在大小为，与水平方向成斜向上拉力的作用下恰好沿水平地面匀速滑动。
求木块与地面间的滑动摩擦系数；
若改用水平拉力，使该木块在水平地面上仍匀速滑动，求水平拉力的大小。
14.如图所示，质量为m的小球用长为l的细线悬于固定点B，使小球在水平面内做匀速圆周运动，细线与竖直方向的夹角是，重力加速度为g。不计空气阻力，求：
细线对小球的拉力大小F；
小球做圆周运动的周期T；
若保持轨迹圆的圆心O到悬点B的距离h不变，改变绳长l，小球运动周期是否变化。
15.如图所示，倾角为的光滑斜面底端有一挡板1，足够长的木板A置于斜面上，小物B置于A底端，A、B质量均为m，挡板2与B、挡板1间的距离均为L，挡板2的下方留有空间仅能让A通过。现将A、B一起由静止释放，A、B分别与挡板1和挡板2碰撞后均反向弹回，碰撞前后瞬间速度大小相等。已知A、B间的动摩擦因数，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，求：
第一次与挡板2碰撞后瞬间的加速度大小；
第一次与挡板1碰撞后沿斜面上滑的最大距离x；
试分析说明AB最终的运动情况。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、篮球运动员鞋底花纹很深，是通过增加粗糙程度而增大摩擦，故A正确；
B、运动员对跳板的压力是运动员发生形变产生的，故B错误；
C、羽毛球运动到最高点时，仍受到重力的作用，故C错误；
D、排球运动员接球时，手腕对排球的力总是等于排球对手腕的力，故D错误。
故选：A。
影响摩擦力的大小除了压力之外，还有接触面的粗糙程度；
物体发生弹性形变后具有弹力；
重力是由于受到地球的吸引而使物体受到的力，跟物体的运动状态无关；
作用力与反作用力总是大小相等，方向相反。
本题考查了压力、重力、平衡力和相互作用力的辨别，属于综合题。
2.【答案】C
【解析】解：铁夹对小球的两个弹力作用在同一个物体上，是一对平衡力，不是一对作用力与反作用力，故A错误；
B.若进一步加大铁夹对小球挤压，小球受到的摩擦力不会变大，根据竖直方向的平衡条件可知，只要小球处于静止它所受的静摩擦力就等于重力，故B错误；
C.小球受到5个力的作用，分别为重力、左右两侧分别受到铁夹的两个弹力、左右两侧分别受到铁夹的两个摩擦力，故C正确；
D.若铁夹水平匀速移动，铁夹对小球作用力的方向应该竖直向上，与重力等大反向，故D错误。
故选：C。
根据物体的受力分析，牛顿第三定律、平衡条件等知识进行分析解答。
考查牛顿运动定律和物体的受力分析，结合生活实际理解发生在身边的物理知识，属于较低难度试题。
3.【答案】A
【解析】解：AB、根据位移公式可知，则有：，则可知，图象的面积可以表示运动的时间；因此时间，故A正确，B错误；
CD、由图可知，位移随速度的减小而增大，二者不是线性关系，故CD错误；
故选：A。
分析图象坐标的意义，根据图象面积表示运动时间，再根据坐标的意义分析二者间是否成线性关系。
本题考查图象的应用，要注意明确图象的分析方法，并注意图象中面积表示位移的迁移应用。
4.【答案】C
【解析】解：A、物体做匀速圆周运动，所受合力的大小不变，方向始终指向圆心，方向时刻改变，物体做变速圆周运动，所受合力的大小和方向都在变化，故A错误；
B、物体做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，水平方向做匀速直线运动，速度不变，所以物体速度方向最终不会竖直向下，故B错误；
CD、斜抛运动的物体只受重力，加速度恒定，所以斜抛运动是匀变速曲线运动，由可知在任意相等的时间内速度的变化相同，
斜抛运动的物体竖直方向做竖直上抛运动，水平方向做匀速直线运动，合力竖直向下，水平方向速度始终与合力垂直，所以不会出现某一点的速度与物体的合力方向相反的情况，故C正确，D错误。
故选：C。
A、根据匀速圆周运动合力大小不变，方向时刻改变，变速圆周运动合力大小和方向时刻改变来分析；
B、平抛运动竖直方向做自由落体，水平方向速度不变，所以物体速度方向最终不会竖直向下；
CD、根据斜抛运动只受重力加速度恒定可知运动特点，根据可知在任意相等的时间内速度的变化相同，根据斜抛运动水平方向运动特点、合力方向特点，可知不会出现某一点的速度与物体的合力方向相反的情况。
本题考查了平抛运动、斜抛运动、圆周运动的特点，解题的关键是熟练掌握平抛运动和斜抛运动水平方向和竖直方向的运动特点。
5.【答案】A
【解析】【分析】
游客匀速飞行，可利用共点力平衡条件进行求解；分析其受力时，注意两个力合力一定在两个力夹角之间。
本题考查学生受力分析基础和共点力平衡条件的运用，难度适中。
【解答】
游客受到三个力的作用，竖直向下的重力，沿绳斜向下的牵引力和伞的作用力，
重力与绳子牵引力的合力一定在两个力夹角之间，因为游客匀速飞行，根据平衡条件，重力与绳子的牵引力的合力一定与伞的作用力等大反向，所以这两个力的合力与伞的中心轴线在同一条直线上，故A正确，BCD错误；
故选：A。
6.【答案】D
【解析】解：机器人下蹲时受到重力和支持力，先加速度向下后加速度向上，先失重后超重，故A错误；
B.机器人舞蹈动作需要考虑其大小和形状，不能视为质点，故B错误；
C.手绢边缘上的点做圆周运动需要向心力，不处于受力平衡状态，故C错误；
D.由牛顿第三定律可知，机器人静止站立时，对地面的压力和地面对它的支持力是一对相互作用力，故D正确。
故选：D。
根据加速度的变化情况和质点概念，匀速圆周运动的非平衡态和牛顿第三定律进行分析解答。
考查加速度的变化情况和质点概念，匀速圆周运动的非平衡态和牛顿第三定律，会根据题意进行准确分析解答。
7.【答案】D
【解析】“鹊桥二号”中继星在24小时椭圆轨道运行时，根据开普勒第三定律，同理，对地球的同步卫星根据开普勒第三定律，两者周期大小相等，又开普勒常量与中心天体的质量成正比，所以，联立可得，故选D。
8.【答案】BD
【解析】解：A、以砖块2和砖块3为研究对象，四块砖完全相同，由物体的平衡条件可知，
砖块4对砖块3的摩擦力与砖块1对砖块2的摩擦力都为mg，且方向均竖直向上，故A错误；
B、以砖块3为研究对象，由物体的平衡条件可知，砖块2对砖块3的摩擦力为零，故B正确；
C、以砖块2和砖块3为研究对象，利用牛顿第二定律有
①
解得砖块4对砖块3的摩擦力大小为
故C错误；
D、对砖块3，根据牛顿第二定律有
②
联立①②知
故D正确；
故选：BD。
A、以砖块2和砖块3为研究对象，由物体的平衡条件可知砖块4对砖块3的摩擦力大小；
B、以砖块3为研究对象，由物体的平衡条件可知，砖块2对砖块3的摩擦力；
C、以砖块2和砖块3为研究对象，利用牛顿第二定律解得砖块4对砖块3的摩擦力大小；
D、对砖块3，根据牛顿第二定律可以求出砖块2对砖块3的摩擦力。
本题考查共点力的平衡问题，在处理该类问题时，涉及到受力分析，要注意整体法和隔离法的应用。
9.【答案】BD
【解析】解：A、由图乙可知，物块的初速度大小，物块的速度减速到与传送带的速度相同时，加速度发生变化，所以传送带转动的速度大小，故A错误；
B、内，物块的加速度大小
由牛顿第二定律有
解得
故B正确；
C、根据图像与坐标轴围成的面积代表位移可知，该过程中物块的位移大小
传送带的位移大小
物块相对传送带向上运动
之后，设物块做匀减速直线运动的加速度大小为，由牛顿第二定律有
解得
物块经过时间速度减为零，则
物块减速到零的位移大小
传送带的位移大小
物块相对传送带向下运动
故物块向上运动到最高点的过程中，物块相对传送带的路程
故C错误；
D、物块反向向下加速的位移大小
由
解得
故物块在传送带上运动的总时间
解得
故D正确。
故选：BD。
由图像可知传送带的速度大小，根据图像斜率结合牛顿第二定律解得加速度及动摩擦因数，根据位移计算公式求解货物在传送带上留下的划痕长度，分段计算物块的运动时间，从而计算总时间。
本题主要是考查了图像的认识和牛顿第二定律的综合应用，首先要选取研究过程，分析运动过程中物体的受力情况和运动规律。
10.【答案】AB
【解析】解：A、由公式，可知第1s末、第2s末、第3s末的瞬时速度之比为1：2：3，故A正确；
BCD、由公式，可知第1s内、前2s内、前3s内位移之比1：4：9，则第1s内、第2s内、第3s内的位移之比为1：3：5；再由位移与时间的比值表示平均速度，也表示中间时刻速度，由于时间相等，所以平均速度之比为1：3：5；中间时刻的速度之比是 1：3：5，故B正确，CD错误。
故选：AB。
由于物体做初速度为零的匀变速直线运动，因此可根据位移与时间关系可确定第1s内、第2s内、第3s内位移之比；由速度与时间关系可求出第1s内、第2s内、第3s内平均速度、中间时刻速度之比。
本题考查的是匀变速直线运动基本公式的直接应用，要注意掌握初速度为零的匀变速直线运动相关结论的应用。
11.【答案】50 均匀
【解析】解：弹簧的形变量
根据平衡条件和胡克定律
代入数据解得该弹簧劲度系数为
设弹簧的形变量为x，根据牛顿第二定律和胡克定律，有
解得
可知，加速度随形变量成线性关系，则各刻度对应加速度的值是均匀的。
弹簧下端指针位置的刻度为，即弹簧形变量为
代入数据解得加速度。
故答案为：；均匀；。
根据平衡条件和胡克定律求解劲度系数；
根据牛顿第二定律和胡克定律求解加速度的表达式和加速度的大小。
本题主要考查了用情弹簧改装为简易加速度仪的实验，要明确实验原理，掌握胡克定律、平衡条件和牛顿第二定律的运用。
12.【答案】； BD； B
【解析】小车的加速度大小为
根据实验原理可知当砂和桶的总质量m要远小于小车的总质量M时，可将砂和桶的总重力视为绳上的拉力大小，一般认为大于10倍为远远大于，故AC错误，BD正确；
故选：BD。
对小车由牛顿第二定律得
解得
所以图像的斜率表示小车和其上的砝码的总质量的倒数，故B正确，ACD错误。
故选：B。
故答案为：；；
根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小；
根据实验原理可知当砂和桶的总质量m要远小于小车的总质量M时，可将砂和桶的总重力视为绳上的拉力大小；
根据牛顿第二定律列出表达式，从而分析判断。
本题考查了实验注意事项、实验数据处理等问题。要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用。
13.【答案】木块与地面间的滑动摩擦系数等于；
水平拉力的大小等于
【解析】木块沿水平地面匀速滑行，故木块受力平衡，
那么在竖直方向上有
所以有
木块在水平方向上受力平衡，则有
解得
改用水平拉力，使该木块在水平地面上仍匀速滑动，则
，解得
答：木块与地面间的滑动摩擦系数等于；
水平拉力的大小等于。
木块沿水平地面匀速滑行，木块受力平衡，结合平衡条件列式求解；
改用水平拉力，使该木块在水平地面上仍匀速滑动，根据平衡条件列式求解。
该题考查共点力作用下物体的平衡，解决本题的关键能够正确地进行受力分析，熟练运用正交分解去求解力。
14.【答案】细线对小球的拉力大小F为；
小球做圆周运动的周期T为；
小球运动周期不变
【解析】小球做圆周运动时受力分析如图
此时小球受到的拉力与重力的合力沿水平方向，则竖直方向有
得
此时小球受到的拉力与重力的合力沿水平方向，且恰好提供向心力，可得
解得
周期
根据上述有
根据几何关系有
解得
可知，若保持轨迹圆的圆心O到悬点B的距离h不变，增大绳长l，小球做匀速圆周运动的角速度不会发生改变，所以周期不变。
答：细线对小球的拉力大小F为；
小球做圆周运动的周期T为；
小球运动周期不变。
根据小球的受力情况，写出细线对小球的拉力大小F；
写出相应的向心力方程，求出小球做圆周运动的周期T；
若保持轨迹圆的圆心O到悬点B的距离h不变，写出相应的向心力方程，判断改变绳长l，小球运动周期是否变化。
熟练掌握向心力公式是解题的关键，本题难度不大，还需要掌握里面的几何关系。
15.【答案】解：第一次与挡板2碰撞后速度方向向上，受到木板A对其向下的滑动摩擦力，由牛顿第二定律可得：
已知：
解得：，方向沿斜面向下。
一起向下加速度运动，设B与挡板2碰撞前瞬间的速度为，由动能定理得：
解得：
B第一次与挡板2碰撞后，木板A受到向上的滑动摩擦力，且滑动摩擦力大小等于A重力沿斜面向下的分力，故木板A做匀速运动。
B以加速度向上做匀减速运动，当B速度减为零时由运动学公式有：
解得：，
在此段时间内A向下运动的位移：
解得
即A恰好与挡板1相碰，碰后A原速率返回，受到B给的向下的摩擦力，此时加速度满足：
解得：，方向沿斜面向下。
B受到A给的向上的摩擦力，与重力的沿斜面向下的分力平衡，所以B处于静止状态。
A第一次与挡板1碰撞后沿斜面上滑的最大距离为：
解得
速度减为零后，与B一起向下加速，由于到各自挡板的距离都是，所以同时与挡板发生碰撞，同时反弹，再一起上滑位移为，速度减为零，再次一起下滑同时与挡板发生碰撞，周而复始。
答：第一次与挡板2碰撞后瞬间的加速度大小为；
第一次与挡板1碰撞后沿斜面上滑的最大距离x为；
见解析。
【解析】对B进行受力分析，根据牛顿第二定律可求出第一次碰撞挡板后B的加速度大小；
分清过程，第一次碰撞后B向上做匀减速，但A做匀速向下运动，由动能定理结合运动学公式求出B第一次碰撞后向上运动的最大距离；
根据受力情况分析两物体的运动情况。
本题考查动能定理、牛顿第二定律及运动学公式的综合应用，要注意正确分析物理过程，对所选研究对象做好受力分析，分段运用牛顿第二定律和运动学公式。

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