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河南新未来2025-2026学年高二上学期10月质量检测物理试题
一、单选题
1．关于太阳能电池、电流与电路，以下说法正确的是（　　）
A．家庭电路中的电风扇、电视机、电冰箱之间是串联的
B．太阳能电池板可以把太阳能直接转化为电能
C．闭合电路中电流的方向是由电源的正极到电源的负极
D．电源的作用就是将电能转化为其他形式的能
2．关于摩擦起电、接触起电、感应起电，下列说法正确的是（　　）
A．摩擦起电和感应起电都符合电荷守恒定律
B．任何两个物体相互摩擦时一定带有等量异种电荷
C．用丝绸摩擦过的玻璃棒与不带电金属球接触，可使金属球带负电
D．感应起电说明电荷可以从带电的物体转移到原来不带电的物体
3．在如图所示的电路中，开关S闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，导致电压表的示数减小，电流表的示数增大。电压表和电流表均为理想电表，电阻元件完全相同，则可能出现的故障是（　　）
A．断路 B．短路 C．断路 D．短路
4．一带正电的粒子只在电场力作用下沿轴运动，其电势能随位移变化的关系如图所示，如果电场是由固定在轴上两点的点电荷共同产生的，在轴上有等间距的四点，下列说法正确的是（　　）
A．和一定带有同种电荷
B．和处的电场强度相同
C．从到，带电粒子的加速度一直增大
D．从到，带电粒子的速度一直减小
5．为了更好地利用自然资源，某地区利用风力发电为当地生产、生活提供电能。如图所示，风力发电机的叶片转动时可形成直径为D的圆面，该地区的风速大小约为v，风向跟叶片转动的圆面垂直，已知空气的密度约为ρ。假如这个风力发电机能将此圆内10%的空气动能转化为电能，则此风力发电机发电的功率约为（　　）
A． B． C． D．
6．某同学在实验室找到一个小型直流电动机，并将其按如图所示的方式连接好电路，由此制作了一个简易升降机。电路中电源电动势，内阻，路端电压，定值电阻。内阻的直流电动机正常工作时。将一个质量的重物竖直向上匀速提起。不计空气阻力和摩擦，重力加速度g取10m/s2。则（　　）
A．电动机两端的电压为4.5V
B．电动机的输出功率为1.2W
C．电源的工作效率为67.9%
D．重物匀速上升时的速度大小为0.1m/s
7．如图所示，真空中平面内，在坐标点（）固定一个点电荷，坐标点（）固定一个点电荷，以为圆心，半径的圆与坐标轴的交点分别为。若取无穷远处电势为零，则距离点电荷处的电势为（为点电荷所带电荷量）。下列说法正确的是（　　）
A．点电势为
B．点电势高于点电势
C．点电场的方向水平向左
D．点场强大小为点的倍
二、多选题
8．关于电流的定义式和微观表达式以及电流方向，下列说法正确的是（　　）
A．是电流的定义式，电流由通过导体某一横截面的电荷量及所用时间决定
B．是电流的微观表达式，对于某一确定的柱状导体，其电流与导体内自由电子定向移动的平均速率成正比
C．由可得，可知当一定时，通过导体某一横截面的电荷量与电流成正比
D．规定正电荷的定向移动方向为电流方向，电流既有大小，又有方向，电流是矢量
9．英国科学家法拉第最先尝试用“线”描述磁场和电场，它有利于形象理解不可直接观察的电场和磁场的强弱分布。如图所示为等量的异种电荷电场中的部分电场线分布情况，图中的虚线是两点电荷连线的中垂线，A、B、C、D是电场线上的四点，根据如图所示的电场线分布图判断，下列说法正确的是（　　）
A．A点的电势高于B点的电势
B．C、D两点的场强大小相等
C．C、D两点的场强方向均平行于点电荷连线向左
D．正试探电荷在A点的电势能大于其在C点的电势能
10．极板水平的平行板电容器和一个滑动变阻器、两个可变电阻及电源连接成如图所示的电路。闭合电键，质量为的带电油滴在两极板之间静止悬浮。为了使油滴下降，可采用的办法是（　　）
A．增大可变电阻的阻值
B．滑动变阻器的滑片向左滑
C．增大可变电阻的阻值
D．增大平行板电容器的极板间距
三、实验题
11．某同学做练习使用多用电表的实验。
(1)用欧姆表测量未知电阻，电表的选择开关旋至欧姆挡“×10”倍率，进行一系列正确操作后，指针静止时如图甲中指针M所示，为了使测量结果准确一些，他们需要将选择开关旋至 （填“×100”或“×1”）倍率，重新欧姆调零后，最终他们测量未知电阻时指针静止时如图甲中指针N所示，则未知电阻的测量值为 Ω。
(2)该同学接着用欧姆挡探测只有一个元件的黑箱，如图乙所示，当两表笔接触黑箱接线柱a、b时，发现电表指针快速摆向右边后再摆回最左边刻度线，则该元件可能是 。
A．电容器 B．电阻 C．电压表 D．电流表
(3)如图丙所示为某同学用多用电表按图示电路进行了正确的测量。则此时多用表的红表笔应与 （填“p”或“q”）连接；闭合开关后，该多用表用于测电路中的 （填“电阻”“电流”或“电压”）。
12．干电池不仅适用于手电筒、半导体收音机、收录机、照相机、电子钟、玩具等，而且也适用于国防、科研、电信、航海、航空、医学等国民经济中的各个领域。某兴趣小组设计如图甲所示的电路，准备利用下列器材测量干电池的电动势和内电阻。
(1)实验室提供的器材如下：
A．待测干电池（电动势约为1.5V）
B．电流表A1（量程0~0.6A，内阻约0.125Ω）
C．电流表A2（量程0~3A，内阻约0.025Ω）
D．电压表V1（量程0~3V，内阻约3kΩ）
E.电压表V2（量程0~15V，内阻约15kΩ）
F.滑动变阻器（R1）（最大阻值约20Ω）
G.开关（S），导线若干
实验中电流表应选用 （填“B”或“C”）；电压表应选用 （填“D”或“E”）。
(2)在图乙中将所选器材，用笔画线代替导线进行实物连线 。
(3)闭合开关后，多次移动滑动变阻器的滑片，测得多组电压表和电流表的示数U和I，在坐标纸上以U为纵轴、I为横轴，选择适当的标度建立坐标，并画出U-I图线。作出的图像与纵轴的截距为d，横轴的截距为s。由此求出电池的电动势为E= ，电池的内阻为r= 。（结果用字母表示）
四、解答题
13．如图所示，可视为点电荷的小球甲、乙均带正电，带电荷量分别为和，甲球固定在足够大的光滑绝缘水平面上；乙球除受到甲球的静电力作用外，还受到一个大小为（为静电力常量）、方向指向甲球的恒力作用。乙球在甲球左侧相距为处由静止释放，乙球释放瞬间的加速度大小为。求∶
(1)乙球的质量和乙球刚释放时受到的库仑力的大小；
(2)乙球的速度最大时两球之间的距离。
14．如图甲所示的电路中，R1、R2均为定值电阻，且，为滑动变阻器，闭合开关，当其滑片从最左端滑至最右端的过程中，测得电源的路端电压U随干路电流I变化关系如图乙所示，其中图线上的M、N两点是滑片在变阻器两个不同端点时分别得到的。求：
(1)电源的电动势和内电阻；
(2)定值电阻的阻值；
(3)电源的输出功率最大时接入电路的阻值。
15．如图所示，在足够长的光滑绝缘水平面上，长为2d的绝缘轻质细杆两端分别连接质量均为m的带电小球甲和乙，甲球带电荷量为+2q（q>0），乙球带电荷量为-3q（均可视为质点，不考虑两者间相互作用的库仑力）。现让甲处于矩形有界匀强电场ABCD内，已知虚线AB恰好与细杆的中垂线重合，AB和CD的距离为4d，匀强电场的场强大小为E，方向水平向左。现由静止释放甲、乙连接体，求∶
(1)甲、乙连接体在运动过程中的速度的最大值；
(2)甲、乙连接体从开始运动到速度第一次为零需要的时间；
(3)甲、乙连接体运动的过程中，乙球电势能增加的最大值。
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 B A C D C D D BC ACD BD
11．(1) ×100 2000
(2)A
(3) p 电流
【详解】（1）[1]用欧姆表测量电阻时，指针指在表盘中央附近时测量最准确。初始选择“×10”倍率，指针在M位置。由图甲可知，欧姆表刻度左密右疏，指针M偏左（靠近∞），说明被测电阻较大，当前倍率过小，需换用更大倍率“×100”。
[2]重新调零后，指针N指在欧姆刻度“20”处，该倍率下电阻测量值为刻度值乘以倍率，即
（2）A．电容器接入欧姆表时，欧姆表内部电源会对其充电，充电瞬间电流较大，指针快速摆向右边（电阻示数小），充电结束后电流为零，指针摆回最左边（电阻示数∞），与题目现象一致，A正确；
B．电阻接入时，指针稳定在某一阻值，不会摆动后返回，B错误；
C．电压表内阻很大，接入时指针几乎不动（靠近∞），C错误；
D．电流表内阻很小，接入时指针偏右（靠近0）且稳定，D错误；
故选A。
（3）由图丙可知，多用电表串联在电路中，故用于测量电流。电流从电源正极流出，经灯泡后流入多用电表，多用电表红表笔接电流流入端，因此红表笔应与p连接，此时测量电路中的电流。
12．(1) B D
(2)
(3) d
【详解】（1）[1][2]实验中测量一节干电池的电动势和内阻，则电流表应选用量程为0.6A的B即可；电压表应选用D。
（2）电路连线如图
（3）[1][2]根据U=E-Ir，由题意可知E=d，
13．(1)，
(2)2s
【详解】（1）乙球刚释放时，与甲球间的距离为，根据库仑定律，两正点电荷间的库仑力为斥力，大小为
恒力的大小为
方向指向甲球，库仑力方向背离甲球，故乙球所受合力为
由牛顿第二定律
联立得
解得乙球质量
乙球刚释放时受到的库仑力大小为
（2）乙球运动中，库仑力随距离增大而减小，恒力不变。当库仑力等于恒力时，合力为零，加速度为零，速度达到最大。设此时两球距离为，则
解得
14．(1)，
(2)
(3)
【详解】（1）根据闭合电路欧姆定律，路端电压与干路电流的关系为
由图乙可知，M点对应、
N点对应、
对M点，
对N点，
联立解得，
（2）N点对应滑动变阻器滑片在最左端，即
此时并联部分电阻为0，外电路总电阻
由欧姆定律
得
（3）电源输出功率
当时输出功率最大，外电路总电阻
其中
代入数据得
15．(1)
(2)
(3)6qEd
【详解】（1）从甲、乙在电场中受力方向可知，小球乙刚进入电场时连接体具有速度的最大值。从释放连接体到小球乙刚进入电场的过程中，根据动能定理有
解得
（2）小球乙进入电场前，对整体应用牛顿第二定律得
解得两小球加速度大小
系统向左加速运动阶段有
解得
小球乙刚进入电场时，连接体的速度大小为
假设小球甲不会出电场区域，连接体向左减速运动阶段，对整体应用牛顿第二定律得
解得加速度大小为
减速运动时间为
减速运动的距离为
可知小球甲恰好运动到电场左边界时速度减为零，假设成立。所以连接体从开始运动到速度第一次为零所需的时间为
（3）当连接体速度第一次为零时，乙克服电场力做功最多，乙增加的电势能最多，以乙为对象，根据电场力做功与电势能变化关系可得
解得连接体运动的过程中，乙球电势能增加的最大值为

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