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大荔中学2025--2026学年高二年级第一次质量检测
物理试题
一、单选题
1．下列属于防范静电的是( )
A.避雷针 B.喷涂 C.静电复印 D.静电除尘
2．如图，实线PQ为一个带正电的点电荷仅在电场力作用下的运动轨迹，虚线a、b、c为电场中的三条电场线。下列说法正确的是( )
A.点电荷一定从Q点向P点运动
B.点电荷在Q点的电势能大于在P点的电势能
C.Q点的电势低于P点的电势
D.点电荷在Q点的加速度比在P点的加速度大
3．如图所示是匀强电场中的一组等势面，每两个相邻等势面的距离是40 cm，由此可确定电场强度的方向及大小为( )
A.竖直向下，
B.水平向右，
C.水平向左，
D.水平向右，
4．北京正负电子对撞机的储存环是周长为L的近似圆形的轨道，环中的n个电子以速度v定向运动，已知电子的电荷量为e，则n个电子形成的电流为( )
A. B. C. D.
5．大量程电压表、电流表都是由灵敏电流表G和变阻箱R改装而成，如图是改装后的电表，已知灵敏电流表G的满偏电流为，内阻为，变阻箱R接入电路的阻值为，下列说法正确的是( )
A.甲表是电压表，改装后的量程为
B.甲表是电流表，若增大接入电路的变阻箱R的阻值，则改装表的量程减小
C.乙表是电流表，改装后的量程为
D.乙表是电压表，若减小接入电路的变阻箱R的阻值，则改装表的量程增大
6．图甲为一测量电解液电阻率的玻璃容器，P、Q为电极，设，，，当里面注满某种电解液，且P、Q加上电压后，其图线如图乙所示，当时，下列说法正确的是( )
A.电解液的电阻为
B.电解液的电阻为
C.电阻率是
D.电阻率是
7．如图所示，当ab两端接入200 V的电压时，c、d两端电压为80 V。当c、d两端接入100 V的电压时，a，b两端电压为40 V，则是( )
A.4:3:1 B.4:1:3 C.3:4:4 D.3:4:3
二、多选题
8．质量为m的带电小球在匀强电场中以初速水平抛出，小球的加速度方向竖直向下，其大小为，则在小球竖直分位移为H的过程中，以下结论中正确的是( )
A.小球的电势能增加了 B.小球的动能增加了
C.小球的重力势能减少了 D.小球的机械能减少了
9．如图所示，边长的正方形abcd处在一个匀强电场中，电场线与正方形所在平面平行。已知a、b、c三点的电势分别为和，O为ac与bd的交点。下列说法正确的是( )
A.d点的电势为4 V B.O点的电势为零
C.电场方向由a指向c D.匀强电场的电场强度大小为50 V/m
10．如图所示，在竖直向下的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细绳的一端系着一个带电小球，另一端固定于O点，小球在竖直平面内做匀速圆周运动，最高点为M，最低点为N，不计空气阻力，下列说法正确的是( )
A.小球带正电
B.小球在N点受到绳的拉力最大，在M点受到绳的拉力最小
C.小球从M点运动到N点的过程中，电势能增大
D.小球从M点运动到N点的过程中，机械能减少，是因为静电力做负功
三、填空题
11．（3*9=27分）某同学利用图示装置来探究影响电荷间静电力大小的因素。图中，A是一个带正电的小球，系在绝缘丝线上带电的小球B会在静电力的作用下发生偏离。
(1)静电力的大小可以通过________反映出来。
A.A球的电荷量 B.两带电球间的距离
C.B球的电荷量 D.丝线偏离竖直方向的角度
(2)保持A、B两球电荷量不变，把系在丝线上的带电小球B先后挂在如图中横杆上的、、等位置，调节丝线长度，使带电小球B与球A的球心保持在同一水平线上，小球静止时的状态如图所示。可推断：小球B带_______（选填“正”或“负”）电荷；悬挂在_______（选填“”、“”或“”）位置时小球受到的静电力最小。
(3)实验表明：电荷间静电力大小随电荷间距离的增大而_______（选填“增大”、“减小”或“不变”）。
12．在“用传感器观察电容器的充放电过程”实验中，按图1所示连接电路。电源电压为80V，内阻可以忽略。单刀双掷开关S先跟2相接，某时刻开关改接1，一段时间后，把开关再改接2，实验中使用了电流传感器来采集电流随时间的变化情况。
(1)开关S改接2后，电容器进行的是_______（选填“充电”或“放电”）过程。此过程得到的图像如图2所示，图中用阴影标记的狭长矩形的面积的物理意义是_______。如果不改变电路其他参数，只减小电阻R的阻值，则此过程的I-t曲线与坐标轴所围成的面积将_______（选填“减小”、“不变”或“增大”）。
(2)若实验中测得该电容器在整个放电过程中释放的电荷量，则该电容器的电容为_______。
(3)电容器充电时，其电荷量Q、电压U、电容C之间的相互关系，正确的是( )
A B
C D
四、计算题
13．（12分）如图所示，倾角为的光滑绝缘斜面固定在水平面上，斜面底端固定一个带电的小球A，另有一质量，带电量为的带正电小球B静止在距离斜面底端处，两小球半径可以忽略，整个装置处于水平方向的匀强电场中，小球B与斜面间恰好没有压力。重力加速度取，静电常数。
(1)A小球带何种电荷？电荷量是多少？
(2)求匀强电场的电场强度大小及方向。
(3)若将A球撤去，为了保证小球B仍在该位置平衡，需要把电场转动，则转动之后电场强度最小为多少？电场的方向如何？
14．（8分）在O点处固定一个带正电的点电荷，从A点由静止释放一个质量为m、可视为质点的带负电小球，小球的运动轨迹为如图所示的实线，它与以O点为圆心、R为半径的圆相交于B、C两点，O、C两点在同一竖直线上，OB与水平方向的夹角，A点距B点的竖直高度为R，小球经过C点时的速度大小为，重力加速度大小为g，不计空气阻力，求：
（1）小球经过B点时的速度大小；
（2）小球从A点运动到B点的过程中，电场力对小球做的功W。
15．（10分）如图所示，在上方有一匀强电场，电场强度方向水平向左，质量为m、电荷量为的小球，从距水平地面高处以一定的初速度水平向右抛出，在距抛出点水平距离为L处有根管口比小球略大的竖直细管，管的上口距地面的高度为H。小球恰好无碰撞地通过细管，重力加速度大小为g，不计空气阻力，求：
（1）小球的初速度的大小；
（2）匀强电场的电场强度的大小E；
（3）小球落地时的动能。
大荔中学2025--2026学年高二年级第一次质量检测物理参考答案
1．答案：A
解析：A.避雷针是为了导走房屋静电，防止带电云层打雷击中，属于静电防范，故A正确；
B.喷涂时利用高压静电电场，使带负电的涂料微粒沿着电场相反的方向定向运动，并将涂料吸附在工件表面的喷涂方法，属于静电的利用，故B错误；
C.复印机复印文件资料，属于静电利用，故C错误；
D.静电除尘利用的是除尘器中的空气被电离，烟雾颗粒吸附电子而带负电，颗粒向电源正极运动，属于静电利用，D错误.
2．答案：B
解析：A.根据题意可知，点电荷运动方向不明确，故A错误；
B.若点电荷从P点向Q点运动，电场力做负功，Q点的电势能大于P点的电势能；若点电荷从Q点向P点运动，电场力做正功，仍然满足Q点的电势能大于P点的电势能，故B正确；
C.点电荷带正电，由可知，P点的电势低于Q点的电势，故C错误；
D.Q点的电场线较P点稀疏，可知Q点的场强较小，则粒子在Q点的加速度小于在P点的加速度，故D错误
故选B。
3．答案：D
解析：沿电场线电势逐渐降低，可知场强方向水平向右，大小为，故选D。
4．答案：B
解析：n个电子形成的电流为，故选B。
5．答案：B
解析：AB.电流表的改装需要并联一个分流电阻，故改装后甲表是电流表，改装后量程为表头G的电流满偏时通过改装表的总电流，即量程，所以改装后并联的分流电阻越大，其量程越小，故A错误，B正确；CD.电压表的改装需要串联一个分压电阻，故改装后乙表是电压表，改装后量程为表头G的电流满偏时加在改装表两端的总电压，即量程，所以改装后串联的分压电阻越小，其量程越小，故CD错误。故选B。
6．答案：C
解析：AB.电解液的电阻为故AB错误;CD.根据故C正确：D错误。故选C.
7．答案：D
解析：由题意，根据串联电路分压规律可得
联立解得
故选D。
8．答案：BD
解析:A.根据牛顿第二定律可得解得负号表示方向向上，小球位移相向，所以电场力做负功，电势能增加A错误；
B.根据动能定理可得
B正确；
C.根据可得重力势能即減小了mgH，C错误；
D.减小的机械能转化为电势能，故机械能减小了，D正确。故选BD。
9．答案：AC
解析：由于O为正方形的对角线ac与bd的交点，则O为ac的中点，且为bd的中点，根据匀强电场中任意两点连线中点的电势等于这两点电势的平均值，可得O点的电势为，则bOd为一条等势线，可得d点的电势，故A正确，B错误。由于电场线垂直于等势线，且由高电势点指向低电势点，则电场线的方向由a指向c，电场强度大小为，C正确，D错误。
10．答案：CD
解析：A.小球在竖直平面内做匀速圆周运动。受到重力、静电力和细绳的拉力，所以静电力与重力平衡，则知小球带负电，故A错误；B.小球在竖直平面内做匀速圆周运动，拉力提供向心力，所以拉力大小不变，故B错误；CD.由图可知M点电势高于N点的电势，小球带负电，所以小球在M点的电势能低于N点的电势能，则小球从M点运动到N点的过程中，电势能增大，根据电场力做功与电势能变化的关系可知，电场力做负功，根据能量守恒定律可知，小球的机械能减少，故CD正确。故选CD。
11．答案：(1)D
(2)正;
(3)减小
解析：(1)对小球B，设丝线偏离竖直方向的角度为θ，由平衡条件可得静电力的大小
可知θ角越大，B球受的静电力越大，θ角越小，B球受的静电力越小，因此静电力的大小可以通过丝线偏离竖直方向的角度反映出来
故选D
(2)[1]由题图可知，小球B在静电力作用下远离小球A，即受小球A的排斥，因小球A带正电，可知小球B也带正电荷
[2]由题图可知，悬挂在“”位置时，丝线偏离竖直方向的角度最小，由
可知，悬挂在“”位置时小球受到的静电力最小
(3)由以上实验解析表明：在两小球所带电荷量不变时，电荷间静电力大小随电荷间距离的增大而减小
12．答案：(1)放电；02秒内电容器释放的电荷量；不变
(2)430
(3)BCD
解析：(1)[1]开关S接1时，电源在给电容器充电，开关S改接2后，电源断开，电容器放电，在电路中充当电源
[2]曲线与坐标轴所围成的面积表示初始时刻电容器所带电荷量的多少，也表示在该段时间内，电容器所放出电荷量的总和，则阴影面积表示02s内电容器放出的电荷量
[3]只减小电阻的阻值，对电容器所带电荷的量没有影响，所以初始时刻电容器所带电荷量不变，即曲线与坐标轴所围成的面积将不变
(2)由可得
(3)ABD电容器的电容是由电容器内部结构决定的，与所带的电量以及两板间的电压无关，故A错误，BD正确
C根据可知，其斜率为定值，故C正确
故选BCD
13．答案：(1)A带正电，
(2)，方向水平向左
(3)，方向沿斜面向上
解析：（1）由平衡得A带正电，对B有
又
可得
（2）
可得
方向水平向左。
（3）分析可知，当电场方向与斜面平行时，电场力最小，场强最小。则
可得
方向沿斜面向上。
14．答案：（1）
（2）
解析：（1）B、C两点位于同一等势面上，根据动能定理有
解得
（2）小球从A点运动到B点的过程中，根据动能定理有
解得
15．答案：（1）；（2）；（3）
解析：（1）要使小球无碰撞地通过管口，则当它到达管口时，速度方向为竖直向下，从抛出至到达管口过程，小球在竖直方向上的运动为自由落体运动，设运动时间为t
在水平方向上，小球做匀减速运动，减速至0，位移
解得
（2）在水平方向上，根据牛顿第二定律
又由运动学公式
解得
（3）对小球从抛出到落地的全过程应用动能定理
解得

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