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西南大学附属中学高2026届高三10月月考
物 理 试 题
注意事项：
1.答卷前,考生务必将自己的姓名,准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3.试卷由 整理排版。考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共7小题,每小题4分,共28分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.破冰船可以滑上冰层借助自身重力破冰。在破冰船的船头相对冰层向上滑动的瞬间,船头受到冰层的支持力和摩擦力作用,如图所示的a,b,c,d四个方向中,这两个力的合力方向可能是
A.a
B.b
C.c
D.d
2.氢原子从n=4能级向基态跃迁时辐射出的光子的频率为v ,n=4能级向n=3能级跃迁时辐射出的光子的频率为v ,则从n=3能级向基态跃迁时辐射出的光子的频率为
A.
B.
C.
D.
3.研究表明,蜜蜂是通过静电吸附的方式采集花粉。如图是蜜蜂靠近花朵柱头时形成的电场情况(蜜蜂和柱头用正负点电荷代替),不考虑花粉颗料的重力。则：
A.带负电的花粉颗粒在N点由静止开始能够运动到M点
B.蜜蜂和柱头带电量相同
C带负电的花粉颗粒在N点的电势能高于在M点的电势能
D.N点处的场强大于M点处场强
4.某大型客机在空中飞行时,机外温度为-23℃,气压为。引气系统每秒从机外吸入7.5m 空气,注入压强为0.8p0,温度为27℃的客舱中。将空气视为理想气体,T=t+273K,则
A.空气进行客舱后内能变小
B.空气进行客舱后内能不变
C.为维持客舱内气体状态稳定,每秒应排出的客舱内空气的体积为
D.为维持客舱内气体状态稳定,每秒应排出的客舱内空气的体积为
5.如图所示的电路,初始时S断开。现将S闭合,为使灯L 恢复至原来的亮度,通过下列措施可能实现是
A.R 的滑片向左滑动
B.R 的滑片向右滑动
C.R 的滑片向上滑动
D.R 的滑片向左滑动的同时R 的滑片向上滑动
6.如图所示,P,Q构成的双星系统,一颗质量为m,另一颗质量为2m,绕它们连线上的O点做匀速圆周运动。在它们的轨道平面上有一观测点F,已知连续两次出现P,Q与O,F共线的时间间隔为t。仅考虑双星间的万有引力,引力常量为G。则
A.恒星Q的质量为m
B.恒星P圆周运动的角速度为
C.相等时间内两星与O点的连线扫过的面积相等
D.恒星P,Q之间的距离为
7.司机踩下刹车后,汽车开始做匀减速直线运动,已知汽车在踩下刹车后的第1s内的位移是21.5m,第5s内的位移是1.6m,则汽车做减速运动的加速度和初速度分别为
A.4.975m/s ,24.875m/s
B.4.975m/s ,24m/s
C.5m/s ,24m/s
D.5m/s ,25m/s
二、多项选择题：本题共3小题,每小题5分,共15分。在每小题给出的四个选项中,有两个或两个以上选项符合题目要求,全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。
8.物体M,N,P,Q在恒定的合力作用下做直线运动,其初速度方向,所受合力方向信息如表所示。则
初速度方向 合力方向
M 正 正
N 正 负
P 负 负
Q 负 正
A.M的动能增加
B.合力对N的冲量为正
C.P做匀加速直线运动
D.合力对Q做功的瞬时功率一直变小
9.一列简谐横波沿直线传播,该直线上平衡位置相距9m的a,b两质点的振动图像如图所示,下列描述该波的图像可能正确的是
10.某同学研究匀强电场中电势变化情况。如图甲所示,在与匀强电场平行的xOy平面内画一个半径为R的圆,圆心坐标是(R,0),测出圆周上各点的电势φ和横坐标x,得到φ-x图如图乙所示,则
A.电场沿y轴负方向
B.电场方向与x轴负方向的夹角为
C.电场强度大小是
D.电场强度大小是
三、非选择题：本题共5小题,共57分。
11.(7分)兴趣小组对水平流出的水流曲线是否为抛物线进行探究。实验所用的主要装置如图所示：水桶放置在升降台上,出水管固定,水流能从出水管沿水平方向流出。
(1)实验时,调节注水口水流大小,使水桶中的水能从溢水口流出,进而保持桶内水面高度不变,这样做的目的是让水从出水管流出时具有稳定的_______。_______
(2)拍摄第一张水流照片。调整升降台高度,重复步骤(1)拍摄第一张照片。
(3)以出水管管口中心为坐标原点O,以水流初速度方向为x轴正方向,竖直向下为y轴正方向。在水柱中心线上选取五个标记点,得到这些点的位置坐标。第一张照片中标记点的坐标为x,y ,第二张照片中标记点的坐标为x,y ,两张照片的测量结果如表所示：
由表中数据可知,第一次出水管口处水流速度_______(选填"大于""等于""小于")第二次出水管口处水流速度。
(4)为证明水流曲线是抛物线,.只需要证明同一张照片上各标记点坐标(x,y)满足_______是常数即可。
12.(9分)兴趣小组用气垫导轨,两个光电门,滑块,遮光片等,组成具有一定倾角的导轨装置,研究机械能守恒定律,如图(a)所示。重力加速度g取9.8m/s 。
(1)实验前应合理安装实验器材。图中光电门_______(选填"1"或"2")的位置不合理,应如何调整_______。
(2)实验时,测得导轨倾斜角的正弦值为0.0615,光电门1,2相距L。将宽度d=4.82mm.的遮光片固定于滑块上,从导轨最左端静止释放滑块,分别记录遮光片通过光电门1,2的时间△t1和t2移动光电门2的位置改变L,重复实验,所测数据见下表：
滑块经过光电门1,2的速度分别为v 和v 。当L=65.00cm时,滑块通过两光电门下降的高度,cm。(以上两空均保留两位小数)
(3)处理上表数据,并绘制图(其中如图所示。根据图(b)中的信息,分析滑块在下滑过程中机械能是否守恒：_______(选填"守恒"或"不守恒"),理由是______________。
13.(10分)彩虹的颜色排列顺序总是相同的。如图是某同学研究彩虹颜色排列顺序的光路图,一束太阳光(可视为平行光,宽度不计)射在球形水珠的表面上,入射角为太阳光经水珠反射一次后再次射出水珠,图中已画出入射光束和对应的出射光束,已知光束均在过球心的平面内,水珠对太阳光的折射率求：
(1)太阳光射入水珠时折射角r的大小;
(2)入射光与出射光之间的夹角α;
(3)实际上水珠对不同颜色的光的折射率有略微差异,对于太阳光中的红光与紫光,哪种颜色的α较大？
14.(13分)如图所示,有三根长度均为l的不可伸长的轻线,其中一根固定在天花板上的O点,另一端分别挂有可视为质点的带电小球A,B,其中A球的带电量为-q(q>0),质量为m,B球的带电量为+q。A,B之间用第三根线连接起来。空间中存在大小为方向水平向右的匀强电场,小球静止时第三根线恰好水平且处于伸直状态。现将O,B之间的线烧断,由于空气阻力,两小球最终会在新的位置静止下来。求：
(1)小球B的质量以及O,B间轻线被烧断前的张力大小;
(2)新的位置O,A间轻线的方向和A,B间轻线的方向;
(3)小球A,B总机械能和电势能的变化。
15.(18分)某同学研究小球碰撞现象。如图所示,水平面上放置有两个半径相同的小球A,B,质量分别是km,m。现给A球一个水平向右的瞬时冲量I,A球向右运动与B发生正碰撞,不计一切摩擦。求：
(1)A运动的初速度v0;
(2)若碰撞过程无机械能损失,碰后两球的速度;
(3)若A与B碰撞后,A的动能损失了75%,碰后A,B的速度及k的取值范围。
参考答案及解析
1．答案：C
解析:由题意可知
船头受到冰层的支持力垂直于冰面向上，摩擦力力沿着冰面向下，根据平行四边形定则可知，这两个力的合力方向可能是c。
故选C。
2．答案：A
解析:能级跃迁时释放的能量与辐射的光子的频率关系为
可得
故A正确，BCD错误。
故选A。
3．答案：C
解析:A.带负电的花粉颗粒在N点由静止运动时，将沿在N点的受力方向运动，无法运动到M点，故A错误；
B.根据电场线的疏密程度可知，蜜蜂和柱头带的电荷量不相同，故B错误；
C.根据可知，负电荷在电势低的地方具有的电势能大，在电势高的地方电势能小，由图可知，M点的电势高于N点的电势，因此带负电的花粉颗粒在N点的电势能高于在M点的电势能，故C正确；
D.根据电场线的疏密程度可知，N点的场强小于M点的场强，故D错误。
故选C。
4．答案：D
解析:AB.理想气体内能由温度决定，空气进入客舱前温度
进入客舱后温度
温度升高，内能增大，A错误，B错误；
CD.为维持客舱状态稳定，每秒注入的空气质量等于每秒排出的空气质量，即物质的量相等。由理想气体状态方程，在质量不变时为定值，则
代入数据解得
C错误，D正确；
故选D。
5．答案：B
解析:S断开时，与灯串联后于灯并联，再与串联，S闭合后，灯与并联后再与串联，其他部分没有发生改变，根据并联电路特点可知，此时电路的总阻值减小，干路电流增大，因此灯所在支路电压减小，灯变暗。
A.将的滑片向左滑动时，该支路的电阻增大，根据闭合电路的欧姆定律可知，此时干路电流减小，则并联部分电路两端的电压增大，结合欧姆定律可知，所在支路电流增大，、并联部分的电阻不变，所在支路的总电流减小，因此灯两端的电压减小，无法恢复到原来的亮度，故A错误；
B.将的滑片向右滑动时，该支路的电阻减小，根据闭合电路的欧姆定律可知，干路电流增大，并联部分电路的电压减小，则所在支路电流减小，、并联部分的电阻不变，所在支路的总电流增大，因此灯两端的电压增大，可能恢复到原来的亮度，故B正确；
C.的滑片向上滑动时，电路的总阻值增大，干路电流减小，则并联部分电路的电压减小，无法恢复到原来的亮度，故C错误；
D.的滑片向左滑动的同时的滑片向上滑动时，电路中的总阻值增大，干路电流减小，则并联部分电路电压减小，且所在部分的支路电阻增大（的滑片向左滑动），则该支路的总电流减小，因此两端的电压减小，无法恢复到原来的亮度，故D错误。
故选B。
6．答案：D
解析:A.题目中明确双星系统一颗质量为m，另一颗为。设P、Q轨道半径分别为、，双星系统中，质量与轨道半径成反比
轨道半径小的星体质量大。由图可知Q的轨道半径小于P，则Q的质量应大于P，即Q的质量为，P的质量为m，A错误；
B.连续两次P、Q与O、F共线的时间间隔，对应双星系统中连线转过弧度（半周）的时间。由
得
双星角速度相同，故P的角速度为，B错误；
C.相等时间内，星体与O点连线扫过的面积为（r为轨道半径）。P、Q轨道半径分别为、，因相同，面积与成正比。由双星规律
得
则面积不同，C错误；
D.设双星间距为L，则
结合
得，
对质量为m的星体，万有引力提供向心力
代入，
得，D正确；
故选D。
7．答案：C
解析:设初速度为，加速度大小为a，刹车总时间为，时速度为，由
得
第1秒内位移，根据位移公式
有
第5秒内位移，若，第5秒内位移为“前秒位移”与“前4秒位移”之差。前秒位移为
前4秒位移为
故
联立推导可得，，
故选C。
8．答案：AC
解析:A.物体M的初速度方向为正，合力方向为正，合力与速度方向相同，根据牛顿第二定律，加速度方向与合力方向相同，即加速度为正，物体做匀加速直线运动，速度不断增大，动能，质量不变，速度增大，动能增加，A正确；
B.冲量，合力为矢量，冲量方向与合力方向相同，物体N的合力方向为负，所以合力对N的冲量方向为负，B错误；
C.物体P的初速度方向为负，合力方向为负，加速度方向与合力方向相同，即加速度为负，初速度方向与加速度方向相同，物体做匀加速直线运动，C正确；
D.物体Q的初速度方向为负，合力方向为正，加速度方向为正，物体先做匀减速直线运动，速度从负方向减至零，此过程中速度方向与合力方向相反，瞬时功率，v为负且大小减小，功率为负且大小减小；之后物体反向做匀加速直线运动，速度方向为正且逐渐增大，此时功率为正且大小增大，所以合力对Q做功的瞬时功率先减小后增大，不是一直变小，D错误；
故选AC。
9．答案：AC
解析:由振动图象可知时刻，a在正向最大位移处，b处在平衡位置且向下振动，当简谐波由b向a传播时，其可能的波形图如图所示
则a、b相距9m，等于，则
（，1，2，3…）
当时
当简谐波由a向b传播时，其可能的波形图如图所示，则a、b相距9m等于，即
(，1，2，3…)
当时
故选AC。
10．答案：BD
解析:AB.由乙图可知，在和时，圆周上的点具有最小和最大的电势，如图所示
电场线的方向由B到A，由几何知识可得
则
解得
即电场方向与x轴负方向的夹角为，故A错误，B正确；
CD.由题可知，匀强电场的电场强度大小为，故C错误，D正确。
故选BD。
11．答案：初速度；大于；/
解析:保持桶内水面高度为定值，即可保证出水口处压力恒定，让水从出水管流出时具有相同的初速度。
根据表中数据可知，第二次实验与第一次实验相比，在x轴坐标相同的情况下，第二次实验所对应y轴坐标数据更大，根据平抛运动水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动可知，两次实验对比说明在水平位移相同的情况下，第二次竖直位移更大，竖直方向则有水平方向则有联立解得由此可知，水平位移相同，竖直位移越大，则做平抛运动的初速度越小，则由表中数据可知，第一次实验出水管口处水流速度大于第二次实验出水管口处水流速度。
平抛运动水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，则有，
联立可得或
即或是一个常数即可。
12．答案：(1)1；适当向右移动光电门1
(2)1.01；3.98
(3)守恒；见解析
解析:（1）光电门1安装不合理；
由图可知，光电门1靠近释放点，滑块到光电门1的距离较短，速度较小，导致滑块通过光电门1的速度测量误差较大。
（2）当时，由表格可知通过光电门2的时间为
故通过光电门2的速度
根据几何关系可得滑块通过两光电门下降的高度
（3）守恒；根据图（b）可知其斜率约为
故在误差范围内成立，说明下滑过程中滑块的动能增加量等于重力势能的减少量，即机械能守恒。
13．答案：(1)
(2)
(3)红光
解析:（1）根据光的折射定律，当光从空气射入水珠时，有
代入数据得
解得
（2）由几何关系，
代入、
得
（3）水珠对红光的折射率小于紫光。由
入射角i相同时，红光折射角r更大；再由
r越大，越小，因此红光的较大。
14．答案：(1)，
(2)OA线竖直，AB线方向与水平方向成斜向右下方
(3)总机械能减小，总电势能增加
解析:（1）对A球受力分析，A球受竖直向下重力、水平向左电场力
OA线拉力、水平向右的AB线拉力。由平衡条件，竖直方向
水平方向解得代入水平方向方程得
对B球受力分析，B球受竖直向下重力、水平向右电场力
OB线拉力、水平向左的AB线拉力。由平衡条件，竖直方向
水平方向
联立解得，
（2）对位置OA线和AB线的方向整体分析，烧断OB线后，系统总电量为0，总电场力为0，仅受重力和OA线拉力，故OA线竖直，平衡总重力。对A球分析，OA线竖直向上的拉力，竖直向下重力，水平向左电场力，故AB线需提供竖直向下分力，水平向右分力。因此AB线方向与水平方向成斜向右下方。
（3）对于总机械能的变化分为两部分。动能：两小球初态静止，最终也静止，动能变化量为0。重力势能：烧断线后，线竖直、线斜向右下，A、B整体的重心下降，重力做正功，重力势能减少。机械能是动能和重力势能的综合，因此总机械能减少。对于总电势能的变化分析，外电场
A受水平向左的力
B受水平向右的力
A的电场力做功，力向左，最终静止后，位移向右，大小，故为负功
B的电场力做功，力向右，位移向右，大小，故为正功
总电势能变化总外电场力做功
电势能变化与电场力做功的关系为
因此总电势能增加。
15．答案：(1)
(2)，
(3)，，或，，
解析:（1）对A球，由动量定理
有
解得
（2）对小球A、B，由动量守恒定律
有
由能量守恒定律
有
解得，
（3）若A与B碰撞后，A的动能损失了75%，则有
得
①若，由动量守恒定律
有
解得，
碰后小球A、B可各自运动，则有
解得
因碰撞过程小球A有动能损失，则有
解得
综上可得
②若，由动量守恒定律
有
解得，
碰后小球A、B可各自运动，则有
解得
因碰撞过程小球A有动能损失，则有
解得
综上可得

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