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广东省两阳中学2025-2026学年高三上学期开学适应性考试生物试题
1．（2025高三上·广东开学考）幽门螺杆菌是一种定植在胃黏膜上皮细胞表面的细菌，可导致胃溃疡甚至胃癌的发生。下列叙述正确的是（　　）
A．幽门螺杆菌通过减数分裂进行繁殖
B．幽门螺杆菌导致的胃癌可遗传给后代
C．抗病毒药物无法治疗幽门螺杆菌感染
D．临床检测幽门螺杆菌前应口服抗生素以杀死杂菌
【答案】C
【知识点】原核细胞和真核细胞的形态和结构的异同；微生物传染病
【解析】【解答】A、幽门螺杆菌属于原核生物，原核生物的细胞分裂方式为二分裂，而减数分裂是真核生物有性生殖过程中的一种分裂方式，所以幽门螺杆菌通过二分裂进行繁殖，A不符合题意；
B、幽门螺杆菌导致的胃癌是由外界病原体感染引起的疾病，并非遗传物质改变导致的遗传病，不能遗传给后代，B不符合题意；
C、抗病毒药物主要作用于病毒，而幽门螺杆菌是细菌，其结构和代谢方式与病毒不同，抗病毒药物无法抑制或杀死幽门螺杆菌，所以无法治疗幽门螺杆菌感染，C符合题意；
D、临床检测幽门螺杆菌时，若口服抗生素会杀死幽门螺杆菌，从而影响检测结果的准确性，所以检测前不应口服抗生素，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】原核细胞没有以核膜为界限的细胞核，遗传物质相对集中于拟核区域，无核膜、核仁；真核细胞有核膜包被的细胞核，有明显核仁等构造。原核细胞只有核糖体这一种细胞器；真核细胞有线粒体、叶绿体、高尔基体、内质网、溶酶体等多种细胞器。原核细胞细胞壁主要成分是肽聚糖（支原体无细胞壁）；真核细胞中植物细胞壁主要成分是纤维素和果胶，真菌细胞壁成分各异，动物细胞没有细胞壁。
2．（2025高三上·广东开学考）关于细胞以葡萄糖为原料进行有氧呼吸和无氧呼吸的过程，下列说法正确的是（　　）
A．有氧呼吸的前两个阶段均需要O2作为原料
B．有氧呼吸的第二阶段需要H2O作为原料
C．无氧呼吸的两个阶段均不产生NADH
D．经过无氧呼吸，葡萄糖分子中的大部分能量以热能的形式散失
【答案】B
【知识点】有氧呼吸的过程和意义；无氧呼吸的过程和意义；有氧呼吸和无氧呼吸的比较
【解析】【解答】AB、有氧呼吸第一个阶段是一分子的葡萄糖分解成2分子的丙酮酸，产生少量的[H]，并且释放出少量的能量，这一阶段不需要氧的参与，是在细胞质基质中进行的；第二个阶段是丙酮酸和H2O彻底分解成二氧化碳和[H]，并释放出少量的能量，这一阶段不需要氧直接参与，是在线粒体基质中进行的，A错误，B正确；
CD、无氧呼吸第一个阶段是一分子的葡萄糖分解成2分子的丙酮酸，产生少量的NADH，并且释放出少量的能量的过程；第二个阶段是丙酮酸在酶的催化作用下，分解成酒精和二氧化碳，或者转化成乳酸，无论是分解成酒精和二氧化碳或者是转化成乳酸，无氧呼吸第二阶段都没有产生NADH和能量，无氧呼吸葡萄糖分子中的大部分能量是储存在乳酸或者酒精中，只是第一阶段释放的少量能量中大部分以热能的形式散失，CD错误。
故选B。
【分析】1、有氧呼吸的全过程可以概括地分为三个阶段，每个阶段的化学反应都有相应的酶催化。第一个阶段是，一分子的葡萄糖分解成2分子的丙酮酸，产生少量的[H]，并且释放出少量的能量。这一阶段不需要氧的参与，是在细胞质基质中进行的。第二个阶段是，丙酮酸和水彻底分解成二氧化碳和[H]，并释放出少量的能量。这一阶段不需要氧直接参与，是在线粒体基质中进行的。第三个阶段是，上述两个阶段产生的[H]，经过一系列的化学反应，与氧结合形成水，同时释放出大量的能量。这一阶段需要氧的参与，是在线粒体内膜上进行的。
2、无氧呼吸的全过程，可以概括地分为两个阶段，这两个阶段需要不同酶的催化，但都是在细胞质基质中进行的。第一个阶段与有氧呼吸的第一个阶段完全相同。第二个阶段是，丙酮酸在酶(与催化有氧呼吸的酶不同)的催化作用下，分解成酒精和二氧化碳，或者转化成乳酸。无论是分解成酒精和二氧化碳或者是转化成乳酸，无氧呼吸都只在第一阶段释放出少量的能量，生成少量ATP。葡萄糖分子中的大部分能量则存留在酒精或乳酸中。
3．（2025高三上·广东开学考）VHL基因的一个碱基发生突变，使其编码区中某CCA(编码脯氨酸)变成CCG(编码脯氨酸)，导致合成的mRNA变短，引发VHL综合征。该突变（ ）
A．改变了DNA序列中嘧啶的数目 B．没有体现密码子的简并性
C．影响了VHL基因的转录起始 D．改变了VHL基因表达的蛋白序列
【答案】D
【知识点】遗传信息的翻译；基因表达的调控过程
【解析】【解答】A、突变前DNA序列为CCA，嘧啶数目为2；突变后为CCG，嘧啶数目仍为2。A和G均为嘌呤，因此嘧啶数目未改变，A错误；
B、密码子的简并性是指多个密码子编码同一个氨基酸的特性。CCA和CCG均编码脯氨酸，该突变从一个脯氨酸密码子变为另一个脯氨酸密码子，体现了密码子的简并性，B错误；
C、转录起始由启动子等调控元件控制，通常位于基因上游。该突变发生在编码区内部，不影响启动子或转录起始过程。因此，它不会影响转录起始，C错误；
D、由于突变导致mRNA变短，翻译出的蛋白质序列会发生改变，从而引发VHL综合征。因此，该突变最终改变了VHL基因表达的蛋白序列，D正确。
故选D。
【分析】DNA分子中发生碱基的 替换、增添或缺失，而引起的基因碱基序列的改变，叫作基因突变。
4．（2025高三上·广东开学考）在T2噬菌体侵染大肠杆菌的实验中，子代噬菌体中的元素全部来自其宿主细胞的是（ ）
A．C B．S C．P D．N
【答案】B
【知识点】噬菌体侵染细菌实验；组成细胞的元素和化合物
【解析】【解答】T2噬菌体是一种DNA病毒，其侵染大肠杆菌时只将遗传物质DNA注入大肠杆菌体内，以DNA为模板，利用大肠杆菌体内的脱氧核苷酸、氨基酸为原料合成DNA和蛋白质，而DNA和蛋白质的元素组成均含有C、H、O、N，DNA特有P，蛋白质还含有S，因此在T2噬菌体侵染大肠杆菌的实验中，子代噬菌体中的蛋白质全部利用宿主细胞的原料合成的，故其元素全部来自其宿主细胞的是S，B正确，ACD错误。
故选B。
【分析】T2噬菌体是一种专门寄生在大肠杆菌体内的病毒，它的头部和尾部的外壳都是由蛋白质构成的，头部含有DNA。T2噬菌体侵染大肠杆菌后，就会在自身遗传物质的作用下，利用大肠杆菌体内的物质来合成自身的组成成分，进行大量增殖。当噬菌体增殖到一定数量后，大肠杆菌裂解，释放出大量的噬菌体。
5．（2025高三上·广东开学考）顺向轴突运输分快速轴突运输（主要运输跨膜蛋白L）和慢速轴突运输（主要运输细胞骨架蛋白）两种，都以移动、停滞反复交替的方式（移动时速度无差异）向轴突末梢运输物质。用带标记的某氨基酸（合成蛋白A和B所必需）分析蛋白A和B的轴突运输方式，实验如图。下列叙述正确的是（　　）
A．氨基酸通过自由扩散进入细胞
B．蛋白A是一种细胞骨架蛋白
C．轴突运输中，胞体中形成的突触小泡与跨膜蛋白L的运输方向不同
D．在单位时间内，运输蛋白B时的停滞时间长于蛋白A
【答案】D
【知识点】神经冲动的产生和传导；主动运输
【解析】【解答】A、氨基酸是极性小分子，跨膜运输需要载体蛋白和能量，属于主动运输，而非自由扩散，自由扩散适用于脂溶性、非极性小分子，A不符合题意；
B、蛋白A在注射标记氨基酸后3小时即被检测到，运输速度快，属于快速轴突运输，而细胞骨架蛋白通过慢速轴突运输，因此蛋白A不是细胞骨架蛋白，B不符合题意；
C、胞体中形成的突触小泡需向轴突末梢运输（用于神经递质释放），跨膜蛋白L也通过快速轴突运输向轴突末梢移动，二者运输方向相同，均为顺向运输，C不符合题意；
D、蛋白A运输速度快（快速轴突运输），蛋白B运输速度慢（慢速轴突运输），且二者移动时速度无差异。因此，慢速运输的原因是单位时间内停滞时间更长，导致整体移动距离更短，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】顺向轴突运输分为快速（运输跨膜蛋白L）和慢速（运输细胞骨架蛋白）两类，核心特点是“移动、停滞反复交替”，且移动时速度无差异。运输速度差异由“停滞时间”决定：停滞时间越短，整体运输速度越快；反之则越慢。实验中通过标记氨基酸追踪蛋白A和B的运输，检测时间差异反映运输速度。
6．（2025高三上·广东开学考）能量胶是马拉松运动员常用的胶状补给品，可快速供能。下表是某能量胶的营养成分表。据表分析，下列叙述正确的是（　　）
项目 每100g
能量 850KJ
蛋白质 0g
脂肪 0g
碳水化合物 50g
核糖 450mg
钠钾氯等 235mg
A．核糖是ATP的组成成分，补充核糖有助于合成ATP
B．推测表中的碳水化合物主要是淀粉
C．比赛过程中大量出汗，少量补充能量胶即可维持水平衡
D．能量胶不含脂肪和蛋白质是因为它们不能为机体提供能量
【答案】A
【知识点】蛋白质在生命活动中的主要功能；糖类的种类及其分布和功能；ATP的化学组成和特点；脂质的种类及其功能；水盐平衡调节
【解析】【解答】A、ATP的结构由腺苷和三个磷酸基团组成，而腺苷又由腺嘌呤和核糖构成。能量胶中补充的核糖，可直接作为合成腺苷的原料，为ATP的生成提供物质基础，因此有助于ATP合成，A符合题意；
B、能量胶的核心功能是快速供能，这要求其含有的碳水化合物能被人体迅速吸收利用。淀粉属于多糖，需要在体内经过多步分解才能转化为可吸收的单糖（如葡萄糖），供能速度慢，不符合“快速供能”的需求，推测其碳水化合物应为单糖或二糖，B不符合题意；
C、马拉松比赛中大量出汗会同时导致水分和电解质（如钠、钾）的大量流失，维持水平衡需要同时补充两者。该能量胶每100g仅含235mg钠钾氯，电解质含量较低，少量补充无法满足身体对电解质的需求，更不能完全维持水平衡，还需额外饮用水分或电解质饮料，C不符合题意；
D、脂肪和蛋白质都能为机体提供能量，脂肪的供能效率甚至高于碳水化合物。能量胶不含脂肪和蛋白质，主要原因是脂肪消化吸收速度慢，无法快速供能；蛋白质的主要功能是构建和修复细胞，并非优先供能物质，不符合运动员即时供能的需求，D不符合题意。
故答案为：A。
【分析】（1）ATP全称为三磷酸腺苷，由1分子腺苷（腺嘌呤+核糖）和3分子磷酸基团构成，原料的充足与否会影响ATP的合成效率。
（2）单糖（如葡萄糖）可直接被人体吸收利用，供能速度最快；二糖（如麦芽糖）需分解为单糖后吸收，供能速度次之；多糖（如淀粉、糖原）需经过多步分解，供能速度最慢，快速供能场景下优先选择单糖或二糖。
（3）大量出汗会导致水分和电解质同步流失，仅补充能量胶无法满足电解质需求，需搭配水或电解质饮料，才能维持内环境稳定。
（4）碳水化合物是主要的快速供能物质，脂肪是长期供能的储备物质（供能慢但效率高），蛋白质主要承担结构构建、酶和激素合成等功能，仅在极端情况下（如长时间饥饿）才会大量参与供能。
7．（2025高三上·广东开学考）胰岛类器官是由干细胞在体外诱导分化形成的具有器官特性的细胞集合体，可模拟胰岛的结构和功能，具有广泛的应用价值。下列叙述错误的是（　　）
A．胰岛类器官中不同细胞在结构和功能上存在差异，这是基因选择性表达的结果
B．胰岛类器官中胰岛A细胞是由干细胞诱导分化而来的，其细胞核不具有全能性
C．对胰岛类器官中细胞的mRNA序列进行分析，可判断其细胞类型
D．胰岛类器官模型可应用于胰岛发育和糖尿病发病机制等研究
【答案】B
【知识点】细胞分化及其意义
【解析】【解答】A、胰岛类器官包含多种细胞，它们在结构和功能上的差异是细胞分化的体现。细胞分化的本质是基因选择性表达，即不同细胞中遗传物质相同，但表达的基因种类和数量不同，从而形成不同功能的细胞，A不符合题意；
B、胰岛A细胞由干细胞诱导分化而来，分化过程中细胞的遗传物质并未改变，其细胞核内仍含有该生物全套的遗传信息。而细胞核全能性指已分化细胞的细胞核仍具有发育成完整有机体或其他细胞的潜能，因此胰岛A细胞的细胞核仍具有全能性，B符合题意；
C、不同类型的细胞因基因选择性表达，会产生不同种类和数量的mRNA。通过分析胰岛类器官中细胞的mRNA序列，可判断其表达的基因，进而确定细胞类型，如胰岛A细胞、胰岛B细胞，C不符合题意；
D、胰岛类器官能模拟体内胰岛的结构和功能，因此可作为模型，用于研究胰岛在正常生理状态下的发育过程，也可用于探究糖尿病发生时胰岛细胞的功能变化、分子机制等，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】细胞分化的根本原因是基因选择性表达，分化过程中细胞的遗传物质不变，但细胞的形态、结构和功能会发生稳定性差异，形成不同类型的细胞。已分化的细胞，其细胞核仍含有该生物全部的遗传信息，在适宜条件下（如核移植到去核卵母细胞中），可发育成完整的个体或分化为其他类型的细胞，这体现了细胞核的全能性。
8．（2025高三上·广东开学考）黄河流域是我国重要的生态屏障和经济地带，研究和保护黄河湿地生物多样性意义重大。某区域黄河湿地不同积水生境中植物物种的调查结果如图。下列叙述错误的是（　　）
A．永久性积水退去后的植物群落演替属于次生演替
B．积水生境中的植物具有适应所处非生物环境的共同特征
C．积水频次和积水量均可以影响湿地生态系统的抵抗力稳定性
D．影响季节性水涝生境中植物物种数量的关键生态因子属于密度制约因素
【答案】D
【知识点】种群的数量变动及其原因；群落的演替；生态系统的稳定性
【解析】【解答】A、永久性积水退去后，土壤中仍保留植物的种子、根系等繁殖体，且原有土壤条件基本保留，因此发生的植物群落演替属于次生演替，A不符合题意；
B、积水生境的共同非生物特征是存在积水（低氧环境），能在此生存的植物必然具有适应该环境的共同特征，如发达的通气组织，便于运输氧气，B不符合题意；
C、积水频次和积水量会影响湿地中植物的物种丰富度，而物种丰富度越高，生态系统的营养结构越复杂，抵抗力稳定性越强，因此这两个因素可影响抵抗力稳定性，C不符合题意；
D、密度制约因素是指作用强度随种群密度变化而变化的因素（如种内竞争、捕食等），而季节性水涝生境中，影响植物物种数量的关键因子是积水深度、淹水时间等非生物因素，其作用强度与植物种群密度无关，属于非密度制约因素，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】黄河湿地不同积水生境（永久性积水、季节性水涝、临时性水涝等）的植物物种差异，与积水频次、积水量等非生物因素密切相关。群落演替类型、生态因子类型、生态系统稳定性等是分析该题的核心知识点。
9．（2025高三上·广东开学考）微塑料由塑料废弃物风化形成，难以降解，会危害生态环境和人体健康。有人分离到X和Y两种微塑料降解菌，将总菌量相同的X、Y、X+Y（X：Y=1：1）分别接种于含有等量微塑料的蛋白胨液体培养基中，培养一段时间后测定微塑料的残留率（残留率=剩余量/添加量×100%），结果如下图。下列叙述正确的是（　　）
A．用平板划线法能测定X菌组中的活菌数
B．Y菌组微塑料残留率较高，故菌浓度也高
C．混合菌种对微塑料的降解能力高于单一菌种
D．能在该培养基中生长繁殖的微生物都能降解微塑料
【答案】C
【知识点】微生物的分离和培养；其他微生物的分离与计数
【解析】【解答】A、平板划线法的核心用途是微生物的分离和纯化，无法准确测定活菌数。测定活菌数需采用稀释涂布平板法，通过统计单菌落数推算活菌量，A不符合题意；
B、Y菌组微塑料残留率高，说明Y菌降解微塑料的能力弱，与菌浓度无直接关联。菌浓度受培养基营养（如蛋白胨）、生长条件等影响，不能通过残留率推断菌浓度，B不符合题意；
C、由实验结果可知，X+Y混合菌组的微塑料残留率最低，显著低于X菌组和Y菌组，直接证明混合菌种对微塑料的降解能力高于单一菌种，可能存在协同作用，C符合题意；
D、培养基中含有蛋白胨，蛋白胨可提供碳源、氮源等营养，微生物可能仅利用蛋白胨生长，而非降解微塑料。因此，能在该培养基中生长的微生物不一定具备微塑料降解能力，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】实验的自变量是接种的菌种类型（X菌、Y菌、X+Y混合菌），因变量是微塑料残留率（残留率越低，降解能力越强）。培养基为含等量微塑料的蛋白胨液体培养基，总接种菌量相同，保证了单一变量原则。
10．（2025高三上·广东开学考）肿瘤坏死因子α（TNF-α）是一种细胞因子，高浓度时可以引发疾病。研究者利用细胞工程技术制备了TNF-α的单克隆抗体，用于治疗由TNF-α引发的疾病，制备流程如下图。下列叙述正确的是（　　）
A．①是从小鼠的血液中获得的骨髓瘤细胞
B．②含未融合细胞、同种核及异种核融合细胞
C．③需用特定培养基筛选得到大量的杂交瘤细胞
D．④需在体外或小鼠腹腔进行克隆化培养和抗体检测
【答案】B
【知识点】单克隆抗体的制备过程
【解析】【解答】A、单克隆抗体制备中，骨髓瘤细胞需从小鼠骨髓中获取，而非血液。血液中的细胞多为成熟血细胞，不具备骨髓瘤细胞无限增殖的特性，无法用于融合，A不符合题意；
B、步骤②为细胞融合过程，融合结果具有随机性。体系中会同时存在三种细胞：未融合的B淋巴细胞和骨髓瘤细胞、同种核融合细胞（B细胞与B细胞融合、骨髓瘤细胞与骨髓瘤细胞融合）、异种核融合细胞（B细胞与骨髓瘤细胞融合，即杂交瘤细胞），B符合题意；
C、步骤③使用特定选择培养基（如HAT培养基），目的是筛选出杂交瘤细胞，而非获得“大量”杂交瘤细胞。该步骤仅能去除未融合细胞和同种核融合细胞，获得的杂交瘤细胞数量有限，需后续克隆化培养才能扩增数量，C不符合题意；
D、步骤④的克隆化培养可在体外培养基或小鼠腹腔中进行，但抗体检测（如抗原-抗体杂交）并非在小鼠腹腔内进行。抗体检测需在体外通过特定实验手段完成，目的是筛选出能分泌所需TNF-α单克隆抗体的杂交瘤细胞，再对其进行克隆化培养，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】（1）骨髓瘤细胞需从动物骨髓中获取，因其具有无限增殖能力，是融合的关键细胞之一；而血液中的细胞多为终末分化细胞，无法持续增殖。
（2）融合过程不具有特异性，会产生未融合细胞、同种核融合细胞和异种核融合细胞（杂交瘤细胞），需通过后续筛选去除无用细胞。筛选的两步法，第一步用选择培养基筛选出杂交瘤细胞；第二步通过抗体检测（体外进行）筛选出能分泌目标抗体的杂交瘤细胞，两步筛选缺一不可。
11．（2025高三上·广东开学考）某学生重复孟德尔豌豆杂交实验，取一粒黄色圆粒F1种子（YyRr），培养成植株，成熟后随机取4个豆荚，所得32粒豌豆种子表型计数结果如表所示。下列叙述最合理的是（　　）
性状 黄色 绿色 圆粒 皱粒
个数（粒） 25 7 20 12
A．32粒种子中有18粒黄色圆粒种子，2粒绿色皱粒种子
B．实验结果说明含R基因配子的活力低于含r基因的配子
C．不同批次随机摘取4个豆荚，所得种子的表型比会有差别
D．该实验豌豆种子的圆粒与皱粒表型比支持孟德尔分离定律
【答案】C
【知识点】孟德尔遗传实验-自由组合
【解析】【解答】A、黄色圆粒的理论值为32×9/16=18粒，绿色皱粒为32×1/16=2粒，但这是理论推导值。实际中黄色（25粒）和圆粒（20粒）的表型是独立统计的，不能直接叠加计算组合表型的具体数量，A不符合题意；
B、圆粒（20粒）与皱粒（12粒）的实际比为5：3，偏离3：1的理论比，虽可能是含R基因配子活力低，但样本量过小，无法排除抽样误差的影响，不能得出“R配子活力低于r配子”的确定结论，B不符合题意；
C、实验仅选取4个豆荚，样本量少，抽样具有随机性。不同批次摘取的豆荚，可能因配子结合的随机性、生长环境的微小差异等导致表型比出现波动，C符合题意；
D、圆粒与皱粒的实际比为5：3，与分离定律预期的3：1偏差较大，且样本数目少，无法支持孟德尔分离定律，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】F1种子基因型为YyRr，理论上自交后代（F2）的表型比为黄色圆粒：黄色皱粒：绿色圆粒：绿色皱粒=9：3：3：1，黄色：绿色=3：1，圆粒：皱粒=3：1。但本实验仅取4个豆荚（32粒种子），样本量极小，易受抽样误差影响，实际结果与理论值偏差较大。
12．（2025高三上·广东开学考）为探究淀粉酶是否具有专一性，有同学设计了实验方案，主要步骤如表。下列相关叙述合理的是（　　）
步骤 甲组 乙组 丙组
① 加入2mL淀粉溶液 加入2mL淀粉溶液 加入2mL蔗糖溶液
② 加入2mL淀粉酶溶液 加入2mL蒸馏水 ？
③ 60℃水浴加热，然后各加入2mL斐林试剂，再60℃水浴加热
A．丙组步骤②应加入2mL蔗糖酶溶液
B．两次水浴加热的主要目的都是提高酶活性
C．根据乙组的实验结果可判断淀粉溶液中是否含有还原糖
D．甲、丙组的预期实验结果都出现砖红色沉淀
【答案】C
【知识点】酶的特性
【解析】【解答】A、丙组步骤②应加入2mL淀粉酶溶液，而非蔗糖酶溶液。探究淀粉酶专一性需保证酶种类相同、底物不同（甲组淀粉+淀粉酶，丙组蔗糖+淀粉酶），若加蔗糖酶则改变自变量（酶种类），无法验证淀粉酶的专一性，A不符合题意；
B、第一次60℃水浴的目的是为淀粉酶提供最适温度，提高酶活性以促进底物水解；第二次水浴是斐林试剂与还原糖反应的必要条件（需水浴加热才能出现砖红色沉淀），并非提高酶活性，B不符合题意；
C、乙组未加淀粉酶，仅含淀粉和蒸馏水。若乙组加入斐林试剂后不出现砖红色沉淀，说明淀粉本身不含还原糖；若出现砖红色沉淀，说明淀粉溶液可能被污染或自身分解产生还原糖，因此乙组可用于判断淀粉溶液中是否含还原糖，C符合题意；
D、甲组中淀粉酶催化淀粉水解生成葡萄糖（还原糖），与斐林试剂反应出现砖红色沉淀；丙组中淀粉酶不催化蔗糖水解（体现专一性），蔗糖是非还原糖，与斐林试剂反应呈蓝色（斐林试剂本身颜色），D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】本实验目的是探究淀粉酶的专一性，遵循“单一变量原则”：自变量为底物种类（淀粉、蔗糖），酶种类需保持一致（均为淀粉酶），通过斐林试剂检测还原糖生成情况判断酶是否催化底物水解。乙组为空白对照（淀粉+蒸馏水），排除底物本身含还原糖的干扰。
13．（2025高三上·广东开学考）现有二倍体植株甲和乙，自交后代中某性状的正常株：突变株均为3：1.甲自交后代中的突变株与乙自交后代中的突变株杂交，F1全为正常株，F2中该性状的正常株：突变株=9：6（等位基因可依次使用A/a、B/b……）。下列叙述错误的是（　　）
A．甲的基因型是AaBB或AABb
B．F2出现异常分离比是因为出现了隐性纯合致死
C．F2植株中性状能稳定遗传的占7/15
D．F2中交配能产生AABB基因型的亲本组合有6种
【答案】D
【知识点】基因的自由组合规律的实质及应用；9:3:3:1和1:1:1:1的变式分析
【解析】【解答A、甲、乙自交后代均为 3：1，说明各自仅含一对杂合基因；甲的突变株（隐性纯合）与乙的突变株杂交，F1全为正常株（A-B-），可推知甲的突变株基因型为 aaBB（对应甲为 AaBB），乙的突变株为 AAbb（对应乙为 AABb），或反之，因此甲的基因型是 AaBB 或 AABb，A不符合题意；
B、F1（AaBb）自交，正常情况下应遵循 9：3：3：1 的分离比（A-B-：A-bb：aaB_：aabb），而题干中 F2为 9：6，说明占比 1 的 aabb 个体未存活，即存在隐性纯合（aabb）致死现象，仅剩 9（A-B-）：6（A-bb+aaB-）的比例，B不符合题意；
C、aabb致死导致Aabb和aaBb自交能稳定遗传，F1（AaBb）自交→ F29A-B-、3aaB-、3A-bb，其中F2能稳定遗传的基因型为1AABB、1AAbb、1aaBB、2Aabb、2aaBb，故占7/15，C不符合题意；
D、产生 AABB 后代的亲本组合，需满足父本和母本均提供 A、B 配子。F2中符合条件的亲本基因型为 AABB、AaBB、AABb、AaBb，则有的组合为AABB×AABB、AABB×AaBB、AABB×AABb、AABB×AaBb、AaBB×AaBB、AaBB×AABb、AaBB×AaBb、AABb×AABb、AABb×AaBb、AaBb×AaBb，共10种组合，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】9：6是9：3：3：1的变式，其中双显性（A-B-）为一种表型（正常株），单显性（A-bb、aaB-）为同一种表型（突变株），双隐性（aabb）致死，需先通过F2比例判断遗传模式。
14．（2025高三上·广东开学考）科学家发现一种可感染人类的动物源性亨尼帕病毒，并将其命名为琅琊病毒。感染者会出现发热、乏力、咳嗽、厌食、肌痛、恶心等症状。如图为琅琊病毒入侵人体后，机体内发生的特异性免疫过程的部分图解。下列叙述错误的是（　　）
A．A为B淋巴细胞，其激活需两个信号的刺激
B．G能摄取、处理琅琊病毒，并将其抗原呈递给图中D
C．D是辅助性T细胞，其分泌的细胞因子能促进A和X增殖分化
D．琅琊病毒二次入侵人体后会引起图中E和B的迅速增殖分化
【答案】D
【知识点】细胞免疫；体液免疫
【解析】【解答】A、图中A能分化为产生抗体的B（浆细胞），故A为B淋巴细胞。B淋巴细胞的激活需要两个信号，一是病毒抗原直接与B淋巴细胞表面受体结合，二是辅助性T细胞表面特定分子与B淋巴细胞结合，同时还需辅助性T细胞分泌的细胞因子作用，A不符合题意；
B、G为吞噬细胞（如树突状细胞、巨噬细胞），其功能是摄取、处理琅琊病毒，将病毒抗原分解为小分子片段后，呈递到细胞表面，再传递给图中的D（辅助性T细胞），启动特异性免疫，B不符合题意；
C、D能接受吞噬细胞呈递的抗原，且能分泌细胞因子，故D为辅助性T细胞。其分泌的细胞因子可同时促进A（B淋巴细胞）增殖分化为浆细胞和记忆B细胞，以及X（细胞毒性T细胞）增殖分化为效应细胞毒性T细胞和记忆T细胞，C不符合题意；
D、二次免疫中，病毒再次入侵时，会刺激体内已有的记忆细胞迅速增殖分化，即图中的E（记忆T细胞）和Y（记忆B细胞）；而B为浆细胞，其功能是产生抗体，本身不具备增殖分化能力，也不会被抗原直接刺激，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】吞噬细胞负责抗原摄取与呈递，辅助性T细胞负责传递信号和分泌细胞因子，B淋巴细胞分化为浆细胞产生抗体（体液免疫），细胞毒性T细胞分化为效应细胞清除被感染细胞（细胞免疫）。二次免疫的关键细胞是依赖初次免疫中产生的记忆细胞（记忆B细胞、记忆T细胞），这类细胞对特定抗原敏感，二次接触时能快速增殖分化，产生更强更快的免疫反应；而浆细胞和效应细胞毒性T细胞为“效应细胞”，仅负责执行免疫功能，不能增殖。
15．（2025高三上·广东开学考）琼脂糖凝胶电泳常用于核酸样品的分析，样品1～4的电泳结果如图所示（“+”“-”分别代表电泳槽的阳极和阴极）。已知样品1和2中的DNA分子分别是甲和乙，甲只有限制酶R的一个酶切位点，样品3和4中有一个样品是甲的酶切产物。下列叙述错误的是（　　）
A．配制琼脂糖凝胶时需选用适当的缓冲溶液
B．该实验条件下甲、乙两种DNA分子均带负电荷
C．甲、乙两种DNA分子所含碱基对的数量可能不同
D．据图推测样品3可能是甲被酶R完全酶切后的产物
【答案】D
【知识点】PCR技术的基本操作和应用
【解析】【解答】A、配制琼脂糖凝胶时必须选用适当的缓冲溶液。缓冲溶液的作用是维持电泳过程中体系的pH稳定，避免pH变化影响核酸分子的带电性和泳动速率，同时还能提供离子，保证电流稳定传导，A不符合题意；
B、电泳槽中“+”为阳极、“-”为阴极，图中样品1（甲）和样品2（乙）的条带均向阳极移动。根据“同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引”的原理，可判断甲、乙两种DNA分子均带负电荷，这符合核酸分子（含磷酸基团）的固有带电特性，B不符合题意；
C、琼脂糖凝胶电泳中，DNA分子的迁移速率主要与分子大小（碱基对数量）相关，分子越小，迁移越快（条带位置越靠近阳极）；但迁移速率还受DNA分子构象（如环状、线性）等因素影响。样品1和2的条带位置相同，可能是构象差异抵消了碱基对数量的差异，因此甲、乙所含碱基对的数量可能不同，C不符合题意；
D、甲只有限制酶R的一个酶切位点，被完全酶切后会断裂为2个不同长度的DNA片段（产生2条电泳条带），且这两个片段的分子大小均小于甲（迁移速率快于甲，条带位置应比样品1更靠近阳极）。图中样品3只有1条带，且位置与甲（样品1）不同但未出现2条带，不符合“2个片段”的结果；而样品4有2条带，才可能是甲被酶R完全酶切后的产物，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】（1）琼脂糖凝胶电泳的关键条件：缓冲溶液是必需条件，用于维持pH稳定和导电；DNA分子因含磷酸基团带负电，电泳时向阳极移动。
（2）DNA迁移速率的影响因素：主要是分子大小（碱基对数量越多，迁移越慢），其次是构象（相同大小下，线性DNA迁移速率通常大于环状DNA）。
16．（2025高三上·广东开学考） 研究人员观察到川金丝猴为黄色毛发、滇/缅甸金丝猴为黑色毛发、黔金丝猴为黑灰色—黄色的镶嵌毛发，因此对金丝猴属5种金丝猴进行研究，证实黔金丝猴起源于187万年前川金丝猴祖先群与滇/缅甸金丝猴祖先群的杂交后代，其遗传信息约70%来自川金丝猴祖先群，30%来自滇/缅甸金丝猴祖先群。下列结论无法得出的是（　　）
A．杂交促进了金丝猴间的基因交流，是黔金丝猴形成的重要因素
B．黔金丝猴毛色是有别于祖先群的新性状，该性状可遗传给后代
C．黔金丝猴毛色的形成是遗传和所处自然环境共同作用的结果
D．黔金丝猴群体中黄色毛发的基因频率大于黑色毛发的基因频率
【答案】D
【知识点】现代生物进化理论的主要内容；基因频率的概念与变化
【解析】【解答】A、黔金丝猴是川金丝猴祖先群与滇／缅甸金丝猴祖先群杂交产生的后代。在杂交过程中，不同祖先群的基因相互结合、传递，促进了金丝猴之间的基因交流，这种基因交流对于新物种黔金丝猴的形成起到了重要作用，A不符合题意；
B、黔金丝猴的毛色与它的川金丝猴祖先群（黄色毛发）和滇／缅甸金丝猴祖先群（黑色毛发）都不同，属于新性状。因为黔金丝猴是杂交产生的，其遗传物质发生了改变，而遗传物质决定生物的性状，所以这种新性状是可以遗传给后代的，B不符合题意；
C、在生物学中，生物的性状通常是由遗传因素和所处自然环境共同作用的结果。黔金丝猴的毛色作为它的一种性状，同样也是遗传因素（继承了祖先群的部分基因）和所处自然环境（自然环境对毛色的形成可能有一定影响）共同作用的结果，C不符合题意；
D、虽然黔金丝猴的遗传信息约70%来自川金丝猴祖先群（川金丝猴为黄色毛发），30%来自滇／缅甸金丝猴祖先群（滇／缅甸金丝猴为黑色毛发），但是基因频率是指在一个种群基因库中，某个基因占全部等位基因数的比率。仅仅知道遗传信息的来源比例，并不能直接确定黔金丝猴群体中黄色毛发基因和黑色毛发基因在全部等位基因中所占的比例，也就不能得出黄色毛发的基因频率大于黑色毛发的基因频率，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】适应是自然选择的结果；种群是生物进化的基本单位；突变和基因重组提供进化的原材料，自然选择导致种群基因频率的定向改变，进而通过隔离形成新的物种；生物进化的过程实际上是生物与生物、生物与无机环境协同进化的过程；生物多样性是协同进化的结果。
17．（2025高三上·广东开学考）农业生产中，旱粮地低洼处易积水，影响作物根细胞的呼吸作用。据研究，某作物根细胞的呼吸作用与甲、乙两种酶相关，水淹过程中其活性变化如图所示。
回答下列问题。
（1）正常情况下，作物根细胞的呼吸方式主要是有氧呼吸，从物质和能量的角度分析，其代谢特点有　 　；参与有氧呼吸的酶是　 　（选填“甲”或“乙”）。
（2）在水淹0～3d阶段，影响呼吸作用强度的主要环境因素是　 　；水淹第3d时，经检测，作物根的CO2释放量为0.4μmol·g-1·min-1，O2吸收量为0.2μmol·g-1·min-1，若不考虑乳酸发酵，无氧呼吸强度是有氧呼吸强度的　 　倍。
（3）若水淹3d后排水、作物长势可在一定程度上得到恢复，从代谢角度分析，原因是　 　（答出2点即可）。
【答案】（1）需要氧气参与；有机物被彻底氧化分解；释放大量能量，生成大量ATP；乙
（2）O2的含量；3
（3）无氧呼吸积累的酒精较少，对细胞毒害较小；0~3d无氧呼吸产生的能量维持了基本的生命活动；催化有氧呼吸的酶活性并未完全丧失
【知识点】有氧呼吸的过程和意义；无氧呼吸的过程和意义；影响细胞呼吸的因素；有氧呼吸和无氧呼吸的比较
【解析】【解答】（1）在正常生长条件下，作物根系细胞以有氧呼吸为主要代谢途径。该过程需要充足的氧气供应，通过将葡萄糖完全氧化分解，来释放大量能量，生成大量ATP。实验数据显示，随着淹水时间的延长，酶乙的活性逐渐下降，这表明酶乙参与了有氧呼吸过程。
（2）在水淹初期（0-3天），随着淹水时间延长，根区氧气浓度持续下降，导致有氧呼吸作用逐渐减弱而无氧呼吸过程相应增强，因此影响呼吸作用强度的主要环境因素是O2的含量。此阶段测得CO2释放速率为0.4 μmol·g- ·min- ，O2吸收速率为0.2 μmol·g- ·min- 。根据有氧呼吸的化学计量关系（葡萄糖：O2：CO2=1：6：6）和无氧呼吸的计量比（葡萄糖：CO2=1：2）计算可知，两种呼吸途径各产生0.2 μmol·g- ·min- 的CO2，由此得出无氧呼吸强度达到有氧呼吸强度的3倍。
（3）若在水淹3天后及时排水，植株的生长状况能够获得部分恢复。这主要得益于两个因素：首先，排水后土壤氧气含量回升，促进有氧呼吸作用增强，从而产生更多能量；其次，实验数据显示，从第四天开始，与无氧呼吸相关的酶活性出现明显下降。这可能是因为此时氧呼吸积累的酒精较少，对细胞毒害较小；或者0~3d无氧呼吸产生的能量维持了基本的生命活动；也可能是催化有氧呼吸的酶活性并未完全丧失，因此，选择在水淹3天时进行排水是最佳时机。
【分析】有氧呼吸的全过程可以概括地分为三个阶段，每个阶段的化学反应都有相应的酶催化。第一个阶段是，1分子的葡萄糖分解成2分子的丙酮酸，产生少量的[H]，并且释放出少量的能量。这一阶段不需要氧的参与，是在细胞质基质中进行的。第二个阶段是，丙酮酸和水彻底分解成二氧化碳和[H]，并释放出少量的能量。这一阶段不需要氧直接参与，是在线粒体基质中进行的。第三个阶段是，上述两个阶段产生的[H]，经过一系列的化学反应，与氧结合形成水，同时释放出大量的能量。这一阶段需要氧的参与，是在线粒体内膜上进行的。
（1）正常情况下，作物根细胞的呼吸方式主要是有氧呼吸，有氧呼吸是在氧气充足的情况下，将葡萄糖彻底氧化分解，将能量释放出来。随着水淹天数的增多，乙的活性降低，说明乙是与有氧呼吸有关的酶。
（2）在水淹0～3d阶段，随着水淹天数的增加，氧气含量减少，有氧呼吸减弱，无氧呼吸增强。CO2释放量为0.4μmol·g-1·min-1，O2吸收量为0.2μmol·g-1·min-1，有氧呼吸需要消耗氧气，葡萄糖的消耗量、氧气消耗量和CO2释放量为1：6：6，无氧呼吸葡萄糖消耗量和CO2释放量比为1：2，无氧呼吸和无氧呼吸均产生产生0.2μmol·g-1·min-1 CO2，所以无氧呼吸强度是有氧呼吸强度的3倍。
（3）若水淹3d后排水，植物长势可在一定程度上得到恢复，一方面是排水后氧气含量上升，有氧呼吸增强，产生的能量增多；另一方面，由图可知，第四天无氧呼吸有关的酶活性显著降低，可能是第四天无氧呼吸产生的酒精毒害作用达到了一定程度，之后就很难恢复，所以要在水淹3天排水。
18．（2025高三上·广东开学考）冬瓜果面有蜡粉可提高果实抗病、耐日灼和耐储性。为探究冬瓜果面蜡粉的遗传方式并对蜡粉基因（用“A”“a”表示）进行定位，科研人员进行了一系列杂交实验，结果如表。
群体 植株总数/株 果面有蜡粉株数/株 果面无蜡粉株数/株
P1 30 30 0
P2 30 0 30
F1 523 523 0
F2 574 430 144
注：F1为P1和P2杂交后代，F2为F1自交后代。
回答下列问题：
（1）根据杂交结果可知，果面蜡粉的遗传遵循基因的　 　定律，依据是　 　。
（2）实验证明蜡粉性状的改变是由基因突变引起的，突变基因上出现了一个限制酶H的切割位点，可用于在苗期筛选出果实表面有蜡粉的植株，据此设计引物后进行植株基因型鉴定的步骤为：提取基因组DNA→　 　目的DNA片段→限制酶H切割扩增产物→电泳。结果显示P1植株为1条条带，P2植株为2条条带，则F2中有蜡粉的植株为　 　条条带，限制酶H的切割位点位于　 　（填“A”“a”或“A和a”）上。
（3）用表中材料设计实验，验证（1）中得到的结论，写出所选材料及遗传图解。
【答案】（1）分离；F2中出现3：1的性状分离比，符合一对等位基因的遗传规律
（2）PCR扩增；1或3；a
（3）选用材料：F1植株和P2植株
遗传图解
【知识点】基因的分离规律的实质及应用；PCR技术的基本操作和应用；基因工程的基本工具（详细）
【解析】【解答】（1）由表格数据可知，P1（有蜡粉）与P2（无蜡粉）杂交，F1全为有蜡粉，说明有蜡粉是显性性状，无蜡粉是隐性性状；F1自交得到的F2中，有蜡粉株数（430）：无蜡粉株数（144）≈3：1，该比例符合一对等位基因杂合子自交的性状分离比，因此果面蜡粉的遗传遵循基因的分离定律。
（2）基因型鉴定的关键步骤中，提取基因组DNA后，需通过PCR扩增目的DNA片段（即含蜡粉基因A/a的片段），才能用限制酶H切割并进行电泳分析。P1（有蜡粉，基因型AA）电泳为1条条带，说明其基因（A）不能被限制酶H切割；P2（无蜡粉，基因型aa）电泳为2条条带，说明其基因（a）能被限制酶H切割，即限制酶H的切割位点位于a上。F2中有蜡粉的植株基因型为AA或Aa，AA因不能被切割，电泳显示1条条带；Aa中A不能被切割（1条带）、a能被切割（2条带），共3条条带，因此F2中有蜡粉的植株电泳结果为1或3条条带。
（3）所选材料为F1植株（Aa，有蜡粉）和P2植株（aa，无蜡粉），测交实验中，杂合子与隐性纯合子杂交，后代性状比应接近1：1，可直接验证分离定律。
遗传图解：
【分析】（1）基因的分离定律的实质是：在杂合子的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；在减数分裂形成配子的过程中，等位基因会随同源染色体的分开而分离，分别进入两个配子中，独立地随配子遗传给后代。
（2）PCR产物可利用电泳技术来鉴定，该技术是分离、鉴定、纯化核酸和蛋白质的常用方法。电泳是指带电粒子在电场作用下，向与其携带电荷相反的电极迁移的过程。不同带电粒子因分子大小、形状、所带电荷等因素不同，迁移速率也会有所差异。核酸是带有负电的生物大分子，其迁移速率主要受核酸片段长度的影响。在电场强度一定时，核酸分子越大，向正极迁移速率越慢。
（1）根据杂交结果可知，果面蜡粉的遗传遵循基因的分离定律，因为F1自交得到的F2中，果面有蜡粉株数与果面无蜡粉株数之比约为3：1（430：144≈3：1），符合基因分离定律中杂合子自交后代性状分离比3：1的比值。
（2）要进行植株基因型鉴定，在提取基因组DNA后，需要通过PCR扩增目的DNA片段。P1植株为1条条带，P2植株为2条条带，说明P1为纯合子且其基因不能被限制酶H切割（假设P1基因型为AA），P2为纯合子且其基因能被限制酶H切割（假设P2基因型为aa），限制酶H的切割位点位于a上。F1基因型为Aa，F2中有蜡粉的植株基因型为AA或Aa。AA只有1条条带（不能被切割），Aa会有3条条带（A不能被切割为1条，a被切割为2条），所以F2中有蜡粉的植株为1条或3条条带。
（3）验证分离定律，采用测交的方法，所选材料：F1Aa与P2aa（测交实验可以验证基因的分离定律）。
19．（2025高三上·广东开学考）随着人类星际旅行计划的推进，如何降低乘员代谢率以减少飞船负载是关键问题之一、动物的冬眠为人类低代谢的研究提供了重要参考。图1显示某储脂类哺乳动物的整个冬眠过程包含多个冬眠阵。每个冬眠阵由入眠、深冬眠、激醒和阵间觉醒四个阶段组成，其体温和代谢率变化如图2回答下列问题：
（1）入眠阶段该动物体温逐渐　 　，呼吸频率会发生相应变化，调控呼吸频率的中枢位于　 　。进入深冬眠阶段后该动物维持　 　，以减少有机物的消耗。
（2）在激醒过程中，从中枢神经系统的　 　发出的交感神经兴奋，使机体产热增加，体温迅速回升。
（3）该动物在阵间觉醒阶段会排尿，排尿是在高级中枢调控下由低级中枢发出的传出神经兴奋使膀胱缩小完成的，这种调节方式属于　 　调节。该动物冬眠季节不进食、不饮水，主要通过分解体内的　 　产生水。
（4）低温不能诱发非冬眠动物冬眠，但利用某种物质可诱导出猕猴等动物的低代谢状态，其机制是激活了下丘脑的特定神经元。据此推测，研究人体低代谢调节机制的关键是要找到　 　和　 　，并保证“星际旅行休眠人”能够及时　 　。
【答案】（1）下降；脑干；低代谢率
（2）脊髓
（3）分级；脂肪
（4）新陈代谢降低相关的神经元；激活该神经元的物质；激醒和阵间觉醒
【知识点】神经系统的基本结构；神经系统的分级调节；体温平衡调节
【解析】【解答】（1）从图2可知，入眠阶段动物体温随代谢率同步逐渐下降；呼吸频率的调控中枢是脑干，这是人体基本生命活动（如呼吸、心跳）的中枢所在；进入深冬眠阶段后，为最大程度减少有机物消耗以维持生命活动，动物会维持低代谢率状态。
（2）在神经系统中，交感神经的传出神经纤维起源于脊髓的胸段和腰段，因此激醒过程中，是从中枢神经系统的脊髓发出交感神经兴奋，通过促进产热（如骨骼肌战栗、甲状腺激素分泌增加等）使体温迅速回升。
（3）排尿过程中，高级中枢（如大脑皮层）调控低级中枢（如脊髓的排尿中枢），再由低级中枢发出传出神经控制膀胱收缩，这种“高级→低级”的调控模式属于分级调节；该动物冬眠时不进食饮水，需依赖体内储存物质代谢产水，而脂肪氧化分解时会产生大量水（如1g脂肪分解约产生1.07g水），是主要的产水来源，远多于蛋白质和糖类。
（4）已知某种物质可通过激活下丘脑特定神经元诱导非冬眠动物低代谢，由此推测，研究人体低代谢需先找到两类关键对象：一是能调控新陈代谢降低的特定神经元，二是能激活该神经元的物质；同时，为保证星际旅行中乘员的安全，必须确保“休眠人”能像冬眠动物一样，及时完成激醒和阵间觉醒，恢复正常代谢与生理状态。
【分析】（1）人和脊椎动物的神经系统由中枢神经系统与外周神经系统组成，中枢神经系统包括脑和脊髓，外周神经系统包括脑神经和脊神经。脑神经与脊神经中有一部分支配内脏、血管与腺体的活动，不受意识支配，属于自主神经系统。自主神经系统包括交感神经与副交感神经，它们通常对同一器官的作用是相反的。
（2）人的体表和体内分布着温度感受器。温度感受器能将内、外环境温度的变化转换成动作电位，即接受刺激产生兴奋。兴奋沿传入神经到达下丘脑体温调节中枢，由体温调节中枢整合信息，再由传出神经支配骨骼肌、皮肤毛细血管、汗腺及内分泌腺等器官做出适当的反应，从而调整机体产热和散热，以维持体温相对稳定。
（1）分析图可知，入眠阶段该动物体温逐渐下降，呼吸频率会发生相应变化，调控呼吸频率的中枢位于脑干。进入深冬眠阶段后该动物维持低代谢率，以减少有机物的消耗。
（2）交感神经由脊髓发出。
（3）排尿是在高级中枢调控下由低级中枢发出的传出神经兴奋使膀胱缩小完成的，这种调节方式属于分级调节。该动物冬眠季节不进食、不饮水，主要通过分解体内的脂肪产生水。
（4）研究人体低代谢调节机制的关键是要找到新陈代谢降低相关的神经元，用于接收相应物质的刺激；还应找到激活该神经元的物质，并保证“星际旅行休眠人”能够及时激醒和阵间觉醒。
20．（2025高三上·广东开学考）为探究施肥方式和土壤水分对微生物利用秸秆中碳的影响，采集分别用有机肥和含等量养分的化肥处理的表层土壤，再添加等量玉米秸秆，在适宜水分或干旱胁迫条件下培养。源于秸秆的（表示中的C）排放结果如图所示。回答下列问题：
（1）碳在生物群落内部传递的形式是　 　。碳循环在生命系统结构层次的　 　中完成，体现了全球性。
（2）追踪秸秆中碳的去向可采用　 　法。
（3）无论在适宜水分还是干旱胁迫条件下，施用　 　（填“化肥”或“有机肥”）更能促进秸秆中有机物的氧化分解。
（4）秸秆用于沼气工程既改善了生态环境，又提高了社会和经济效益，体现了生态工程的　 　原理。秸秆还可在沙漠中用于防风固沙，使土壤颗粒和有机物逐渐增多，为　 　的形成创造条件，有利于植被形成，逐渐提高生物多样性。
【答案】（1）含碳有机物；生物圈
（2）同位素标记
（3）有机肥
（4）整体；土壤微生物群落
【知识点】生态工程依据的生态学原理；生态系统的物质循环
【解析】【解答】（1）生物群落中，生物通过食物链和食物网相互联系，碳元素通过捕食、分解等关系，以含碳有机物的形式在生物之间传递（如植物制造的糖类、蛋白质等有机物被消费者摄取）。碳循环涉及大气、生物群落、岩石圈、水圈等多个圈层，需要在整个生物圈（地球上最大的生态系统）中完成，因此体现全球性。
（2）追踪物质在生态系统中的流动路径，常用同位素标记法。通过标记秸秆中的碳（如 4C），可监测其在微生物分解、植物吸收等过程中的去向，准确反映碳的流动规律。
（3）实验结果显示，无论水分条件如何，有机肥处理组的秸秆来源CO2C排放量均高于化肥组。有机肥中含有丰富的有机物和微生物，能为分解秸秆的微生物提供更多营养，促进微生物增殖和代谢，进而加速秸秆中有机物的氧化分解。
（4）秸秆用于沼气工程，既解决了废弃物污染（生态效益），又产生了能源和肥料（经济效益、社会效益），兼顾了生态、社会、经济三大系统，体现生态工程的整体原理。秸秆防风固沙使土壤颗粒和有机物积累，这些物质为土壤微生物提供了生存所需的营养和环境，促进土壤微生物群落的形成。微生物群落进一步分解有机物、改良土壤，为植被生长创造条件，逐步提高生物多样性。
【分析】（1）组成生物体的碳、氢、氧、氮、磷、硫等元素，都在不断进行着从非生物环境到生物群落，又从生物群落到非生物环境的循环过程，这就是生态系统的物质循环。
（2）生态工程以生态系统的自组织、自我调节功能为基础，遵循着整体、协调、循环、自生等生态学基本原理。
（1）生物群落由各种生物组成，生物之间通过食物链和食物网相互联系。在食物链中，比如草被兔子吃，兔子又被狼吃，碳元素是以含碳有机物的形式从草传递到兔子，再传递到狼，所以碳在生物群落内部传递的形式是含碳有机物。碳循环涉及到地球上所有生物及其生存环境。生物圈是地球上最大的生态系统，包含了地球上所有的生物及其生存的无机环境，碳在整个生物圈中循环流动，从大气中的二氧化碳，通过植物光合作用进入生物群落，又通过生物呼吸作用、微生物分解等返回大气，体现出全球性，所以碳循环在生命系统结构层次的生物圈中完成。
（2）追踪物质的去向通常采用同位素标记法，要追踪秸秆中碳的去向可采用同位素标记法（如用14C标记 等）。
（3）从图中可以看出，无论在适宜水分还是干旱胁迫条件下，有机肥处理组源于秸秆的CO2 C排放量都高于化肥处理组，说明施用有机肥更能促进秸秆中有机物的氧化分解。
（4）秸秆用于沼气工程既改善了生态环境，又提高了社会和经济效益，这体现了生态工程的整体原理。 秸秆在沙漠中用于防风固沙，使土壤颗粒和有机物逐渐增多，为土壤微生物群落形成创造条件。
21．（2025高三上·广东开学考）为在大肠杆菌中表达酶X，某同学将编码酶X的基因（目的基因）插入质粒P0，构建重组质粒Px，并转入大肠杆菌。该同学设计引物用PCR方法验证重组质粒构建成功（引物1~4结合位置如图所示，→表示引物5＇→3＇方向）。回答下列问题：
（1）PCR是根据DNA复制原理在体外扩增DNA的技术。在细胞中DNA复制时解开双链的酶是　 　，而PCR过程中解开双链的方法是　 　。
（2）PCR过程中，因参与合成反应、不断消耗而浓度下降的组分有　 　。
（3）该同学进行PCR实验时，所用模板与引物见下表。实验中①和④的作用是：　 　；②无扩增产物，原因是　 　；③、⑤和⑥有扩增产物，扩增出的DNA产物分别是　 　。
管号 ① ② ③ ④ ⑤ ⑥
模板 无 P0 Px 无 P0 Px
引物对 引物1和引物2 引物3和引物4
（4）设计实验验证大肠杆菌表达的酶X有活性，简要写出实验思路和预期结果　 　。
【答案】（1）解旋酶；高温变性
（2）引物、脱氧核苷三磷酸
（3）作为对照（或答：鉴定反应体系是否有模板污染）；P0不含与引物1和引物2互补的碱基序列；目的基因、质粒片段、含目的基因和部分质粒序列的片段
（4）提取酶X，催化相应底物（反应物）的反应，检测是否有产物生成。有产物生成，则证明酶X有活性
【知识点】PCR技术的基本操作和应用
【解析】【解答】（1）细胞中DNA复制时，解开双链依赖解旋酶的催化，通过水解ATP提供能量破坏碱基对间的氢键；而PCR过程中无需酶参与，直接通过高温（90-95℃）使DNA双链变性解开，这种高温变性的方法是体外扩增的关键步骤。
（2）PCR过程中，引物作为子链合成的起始点，会与模板链结合并被延伸，最终整合到新合成的DNA链中，因此会不断消耗；脱氧核苷三磷酸（dNTP）作为合成DNA的原料，在延伸阶段通过磷酸二酯键连接形成子链，同时释放焦磷酸，也会随反应进行而浓度下降。这两种组分是PCR反应中持续消耗的物质。
（3）①和④均无模板，分别与其他含相同引物对的反应管对比，其作用是作为阴性对照，用于鉴定反应体系是否存在模板污染（若这两管出现扩增产物，说明体系被污染）。②以P0为模板，使用引物1和引物2，由于P0未插入目的基因，不含与这两种引物互补的碱基序列，无法启动子链合成，因此无扩增产物。③以Px为模板，引物1和引物2分别结合在目的基因两端，扩增出的是目的基因；⑤以P0为模板，引物3和引物4结合在质粒自身序列上，扩增出的是质粒片段；⑥以Px为模板，引物3结合在质粒序列，引物4结合在目的基因序列，扩增出的是含目的基因和部分质粒序列的片段。
（4）验证酶X的活性，需通过检测其催化特定底物的能力实现。实验思路：从含重组质粒Px的大肠杆菌中提取酶X，设置两组实验，一组加入酶X和其特异性底物（实验组），另一组仅加入底物（对照组），在适宜温度、pH等条件下反应一段时间后，检测两组中底物的消耗量或产物的生成量。预期结果：实验组中底物减少或有产物生成，对照组无明显变化，说明酶X有活性。
【分析】（1）基因工程是一种DNA操作技术，需要借助限制酶、DNA连接酶和载体等工具才能进行。它的基本操作程序包括：目的基因的筛选与获取、基因表达载体的构建、将目的基因导入受体细胞和目的基因的检测与鉴定。
（2）PCR反应需要在一定的缓冲液中才能进行，需提供DNA模板，分别与两条模板链结合的2种引物，4种脱氧核苷酸和耐高温的DNA聚合酶；同时通过控制温度使DNA复制在体外反复进行。
（1）在细胞中，DNA 复制时解开双链的酶是解旋酶。而在 PCR 过程中，是通过高温变性（加热至 90 - 95℃）的方法使 DNA 双链解开。
（2）PCR 过程中，参与合成反应且不断消耗的组分有引物和 dNTP（脱氧核苷三磷酸）。引物用于引导 DNA 聚合酶合成新的 DNA 链，dNTP 脱去两分子磷酸，产生dAMP，进而为合成新的 DNA 链提供原料。
（3）实验中①和④的作用是作为对照。①无模板且引物对与②③相同，④无模板且引物对与⑤⑥相同，可对比说明模板对扩增的影响。②之所以无扩增产物，是因为P0不含与引物1和引物2互补的碱基序列，无法扩增出子链DNA序列。③以Px为模板，引物1和引物2扩增出的是含目的基因的 DNA 片段；⑤以P0为模板，引物3和引物4扩增出的是质粒P0上一段 DNA 片段；⑥以Px为模板，引物3和引物4扩增出的是含目的基因和部分质粒序列的 DNA 片段。
（4）实验思路：将大肠杆菌培养后，提取酶X，设置一组含有酶X的反应体系和一组不含酶X的反应体系（作为对照），在适宜条件下，加入酶X的底物，检测底物的消耗情况或产物的生成情况。 预期结果：含有酶X的反应体系中底物减少或有产物生成，而不含酶X的反应体系中底物无明显变化或无产物生成。
1 / 1广东省两阳中学2025-2026学年高三上学期开学适应性考试生物试题
1．（2025高三上·广东开学考）幽门螺杆菌是一种定植在胃黏膜上皮细胞表面的细菌，可导致胃溃疡甚至胃癌的发生。下列叙述正确的是（　　）
A．幽门螺杆菌通过减数分裂进行繁殖
B．幽门螺杆菌导致的胃癌可遗传给后代
C．抗病毒药物无法治疗幽门螺杆菌感染
D．临床检测幽门螺杆菌前应口服抗生素以杀死杂菌
2．（2025高三上·广东开学考）关于细胞以葡萄糖为原料进行有氧呼吸和无氧呼吸的过程，下列说法正确的是（　　）
A．有氧呼吸的前两个阶段均需要O2作为原料
B．有氧呼吸的第二阶段需要H2O作为原料
C．无氧呼吸的两个阶段均不产生NADH
D．经过无氧呼吸，葡萄糖分子中的大部分能量以热能的形式散失
3．（2025高三上·广东开学考）VHL基因的一个碱基发生突变，使其编码区中某CCA(编码脯氨酸)变成CCG(编码脯氨酸)，导致合成的mRNA变短，引发VHL综合征。该突变（ ）
A．改变了DNA序列中嘧啶的数目 B．没有体现密码子的简并性
C．影响了VHL基因的转录起始 D．改变了VHL基因表达的蛋白序列
4．（2025高三上·广东开学考）在T2噬菌体侵染大肠杆菌的实验中，子代噬菌体中的元素全部来自其宿主细胞的是（ ）
A．C B．S C．P D．N
5．（2025高三上·广东开学考）顺向轴突运输分快速轴突运输（主要运输跨膜蛋白L）和慢速轴突运输（主要运输细胞骨架蛋白）两种，都以移动、停滞反复交替的方式（移动时速度无差异）向轴突末梢运输物质。用带标记的某氨基酸（合成蛋白A和B所必需）分析蛋白A和B的轴突运输方式，实验如图。下列叙述正确的是（　　）
A．氨基酸通过自由扩散进入细胞
B．蛋白A是一种细胞骨架蛋白
C．轴突运输中，胞体中形成的突触小泡与跨膜蛋白L的运输方向不同
D．在单位时间内，运输蛋白B时的停滞时间长于蛋白A
6．（2025高三上·广东开学考）能量胶是马拉松运动员常用的胶状补给品，可快速供能。下表是某能量胶的营养成分表。据表分析，下列叙述正确的是（　　）
项目 每100g
能量 850KJ
蛋白质 0g
脂肪 0g
碳水化合物 50g
核糖 450mg
钠钾氯等 235mg
A．核糖是ATP的组成成分，补充核糖有助于合成ATP
B．推测表中的碳水化合物主要是淀粉
C．比赛过程中大量出汗，少量补充能量胶即可维持水平衡
D．能量胶不含脂肪和蛋白质是因为它们不能为机体提供能量
7．（2025高三上·广东开学考）胰岛类器官是由干细胞在体外诱导分化形成的具有器官特性的细胞集合体，可模拟胰岛的结构和功能，具有广泛的应用价值。下列叙述错误的是（　　）
A．胰岛类器官中不同细胞在结构和功能上存在差异，这是基因选择性表达的结果
B．胰岛类器官中胰岛A细胞是由干细胞诱导分化而来的，其细胞核不具有全能性
C．对胰岛类器官中细胞的mRNA序列进行分析，可判断其细胞类型
D．胰岛类器官模型可应用于胰岛发育和糖尿病发病机制等研究
8．（2025高三上·广东开学考）黄河流域是我国重要的生态屏障和经济地带，研究和保护黄河湿地生物多样性意义重大。某区域黄河湿地不同积水生境中植物物种的调查结果如图。下列叙述错误的是（　　）
A．永久性积水退去后的植物群落演替属于次生演替
B．积水生境中的植物具有适应所处非生物环境的共同特征
C．积水频次和积水量均可以影响湿地生态系统的抵抗力稳定性
D．影响季节性水涝生境中植物物种数量的关键生态因子属于密度制约因素
9．（2025高三上·广东开学考）微塑料由塑料废弃物风化形成，难以降解，会危害生态环境和人体健康。有人分离到X和Y两种微塑料降解菌，将总菌量相同的X、Y、X+Y（X：Y=1：1）分别接种于含有等量微塑料的蛋白胨液体培养基中，培养一段时间后测定微塑料的残留率（残留率=剩余量/添加量×100%），结果如下图。下列叙述正确的是（　　）
A．用平板划线法能测定X菌组中的活菌数
B．Y菌组微塑料残留率较高，故菌浓度也高
C．混合菌种对微塑料的降解能力高于单一菌种
D．能在该培养基中生长繁殖的微生物都能降解微塑料
10．（2025高三上·广东开学考）肿瘤坏死因子α（TNF-α）是一种细胞因子，高浓度时可以引发疾病。研究者利用细胞工程技术制备了TNF-α的单克隆抗体，用于治疗由TNF-α引发的疾病，制备流程如下图。下列叙述正确的是（　　）
A．①是从小鼠的血液中获得的骨髓瘤细胞
B．②含未融合细胞、同种核及异种核融合细胞
C．③需用特定培养基筛选得到大量的杂交瘤细胞
D．④需在体外或小鼠腹腔进行克隆化培养和抗体检测
11．（2025高三上·广东开学考）某学生重复孟德尔豌豆杂交实验，取一粒黄色圆粒F1种子（YyRr），培养成植株，成熟后随机取4个豆荚，所得32粒豌豆种子表型计数结果如表所示。下列叙述最合理的是（　　）
性状 黄色 绿色 圆粒 皱粒
个数（粒） 25 7 20 12
A．32粒种子中有18粒黄色圆粒种子，2粒绿色皱粒种子
B．实验结果说明含R基因配子的活力低于含r基因的配子
C．不同批次随机摘取4个豆荚，所得种子的表型比会有差别
D．该实验豌豆种子的圆粒与皱粒表型比支持孟德尔分离定律
12．（2025高三上·广东开学考）为探究淀粉酶是否具有专一性，有同学设计了实验方案，主要步骤如表。下列相关叙述合理的是（　　）
步骤 甲组 乙组 丙组
① 加入2mL淀粉溶液 加入2mL淀粉溶液 加入2mL蔗糖溶液
② 加入2mL淀粉酶溶液 加入2mL蒸馏水 ？
③ 60℃水浴加热，然后各加入2mL斐林试剂，再60℃水浴加热
A．丙组步骤②应加入2mL蔗糖酶溶液
B．两次水浴加热的主要目的都是提高酶活性
C．根据乙组的实验结果可判断淀粉溶液中是否含有还原糖
D．甲、丙组的预期实验结果都出现砖红色沉淀
13．（2025高三上·广东开学考）现有二倍体植株甲和乙，自交后代中某性状的正常株：突变株均为3：1.甲自交后代中的突变株与乙自交后代中的突变株杂交，F1全为正常株，F2中该性状的正常株：突变株=9：6（等位基因可依次使用A/a、B/b……）。下列叙述错误的是（　　）
A．甲的基因型是AaBB或AABb
B．F2出现异常分离比是因为出现了隐性纯合致死
C．F2植株中性状能稳定遗传的占7/15
D．F2中交配能产生AABB基因型的亲本组合有6种
14．（2025高三上·广东开学考）科学家发现一种可感染人类的动物源性亨尼帕病毒，并将其命名为琅琊病毒。感染者会出现发热、乏力、咳嗽、厌食、肌痛、恶心等症状。如图为琅琊病毒入侵人体后，机体内发生的特异性免疫过程的部分图解。下列叙述错误的是（　　）
A．A为B淋巴细胞，其激活需两个信号的刺激
B．G能摄取、处理琅琊病毒，并将其抗原呈递给图中D
C．D是辅助性T细胞，其分泌的细胞因子能促进A和X增殖分化
D．琅琊病毒二次入侵人体后会引起图中E和B的迅速增殖分化
15．（2025高三上·广东开学考）琼脂糖凝胶电泳常用于核酸样品的分析，样品1～4的电泳结果如图所示（“+”“-”分别代表电泳槽的阳极和阴极）。已知样品1和2中的DNA分子分别是甲和乙，甲只有限制酶R的一个酶切位点，样品3和4中有一个样品是甲的酶切产物。下列叙述错误的是（　　）
A．配制琼脂糖凝胶时需选用适当的缓冲溶液
B．该实验条件下甲、乙两种DNA分子均带负电荷
C．甲、乙两种DNA分子所含碱基对的数量可能不同
D．据图推测样品3可能是甲被酶R完全酶切后的产物
16．（2025高三上·广东开学考） 研究人员观察到川金丝猴为黄色毛发、滇/缅甸金丝猴为黑色毛发、黔金丝猴为黑灰色—黄色的镶嵌毛发，因此对金丝猴属5种金丝猴进行研究，证实黔金丝猴起源于187万年前川金丝猴祖先群与滇/缅甸金丝猴祖先群的杂交后代，其遗传信息约70%来自川金丝猴祖先群，30%来自滇/缅甸金丝猴祖先群。下列结论无法得出的是（　　）
A．杂交促进了金丝猴间的基因交流，是黔金丝猴形成的重要因素
B．黔金丝猴毛色是有别于祖先群的新性状，该性状可遗传给后代
C．黔金丝猴毛色的形成是遗传和所处自然环境共同作用的结果
D．黔金丝猴群体中黄色毛发的基因频率大于黑色毛发的基因频率
17．（2025高三上·广东开学考）农业生产中，旱粮地低洼处易积水，影响作物根细胞的呼吸作用。据研究，某作物根细胞的呼吸作用与甲、乙两种酶相关，水淹过程中其活性变化如图所示。
回答下列问题。
（1）正常情况下，作物根细胞的呼吸方式主要是有氧呼吸，从物质和能量的角度分析，其代谢特点有　 　；参与有氧呼吸的酶是　 　（选填“甲”或“乙”）。
（2）在水淹0～3d阶段，影响呼吸作用强度的主要环境因素是　 　；水淹第3d时，经检测，作物根的CO2释放量为0.4μmol·g-1·min-1，O2吸收量为0.2μmol·g-1·min-1，若不考虑乳酸发酵，无氧呼吸强度是有氧呼吸强度的　 　倍。
（3）若水淹3d后排水、作物长势可在一定程度上得到恢复，从代谢角度分析，原因是　 　（答出2点即可）。
18．（2025高三上·广东开学考）冬瓜果面有蜡粉可提高果实抗病、耐日灼和耐储性。为探究冬瓜果面蜡粉的遗传方式并对蜡粉基因（用“A”“a”表示）进行定位，科研人员进行了一系列杂交实验，结果如表。
群体 植株总数/株 果面有蜡粉株数/株 果面无蜡粉株数/株
P1 30 30 0
P2 30 0 30
F1 523 523 0
F2 574 430 144
注：F1为P1和P2杂交后代，F2为F1自交后代。
回答下列问题：
（1）根据杂交结果可知，果面蜡粉的遗传遵循基因的　 　定律，依据是　 　。
（2）实验证明蜡粉性状的改变是由基因突变引起的，突变基因上出现了一个限制酶H的切割位点，可用于在苗期筛选出果实表面有蜡粉的植株，据此设计引物后进行植株基因型鉴定的步骤为：提取基因组DNA→　 　目的DNA片段→限制酶H切割扩增产物→电泳。结果显示P1植株为1条条带，P2植株为2条条带，则F2中有蜡粉的植株为　 　条条带，限制酶H的切割位点位于　 　（填“A”“a”或“A和a”）上。
（3）用表中材料设计实验，验证（1）中得到的结论，写出所选材料及遗传图解。
19．（2025高三上·广东开学考）随着人类星际旅行计划的推进，如何降低乘员代谢率以减少飞船负载是关键问题之一、动物的冬眠为人类低代谢的研究提供了重要参考。图1显示某储脂类哺乳动物的整个冬眠过程包含多个冬眠阵。每个冬眠阵由入眠、深冬眠、激醒和阵间觉醒四个阶段组成，其体温和代谢率变化如图2回答下列问题：
（1）入眠阶段该动物体温逐渐　 　，呼吸频率会发生相应变化，调控呼吸频率的中枢位于　 　。进入深冬眠阶段后该动物维持　 　，以减少有机物的消耗。
（2）在激醒过程中，从中枢神经系统的　 　发出的交感神经兴奋，使机体产热增加，体温迅速回升。
（3）该动物在阵间觉醒阶段会排尿，排尿是在高级中枢调控下由低级中枢发出的传出神经兴奋使膀胱缩小完成的，这种调节方式属于　 　调节。该动物冬眠季节不进食、不饮水，主要通过分解体内的　 　产生水。
（4）低温不能诱发非冬眠动物冬眠，但利用某种物质可诱导出猕猴等动物的低代谢状态，其机制是激活了下丘脑的特定神经元。据此推测，研究人体低代谢调节机制的关键是要找到　 　和　 　，并保证“星际旅行休眠人”能够及时　 　。
20．（2025高三上·广东开学考）为探究施肥方式和土壤水分对微生物利用秸秆中碳的影响，采集分别用有机肥和含等量养分的化肥处理的表层土壤，再添加等量玉米秸秆，在适宜水分或干旱胁迫条件下培养。源于秸秆的（表示中的C）排放结果如图所示。回答下列问题：
（1）碳在生物群落内部传递的形式是　 　。碳循环在生命系统结构层次的　 　中完成，体现了全球性。
（2）追踪秸秆中碳的去向可采用　 　法。
（3）无论在适宜水分还是干旱胁迫条件下，施用　 　（填“化肥”或“有机肥”）更能促进秸秆中有机物的氧化分解。
（4）秸秆用于沼气工程既改善了生态环境，又提高了社会和经济效益，体现了生态工程的　 　原理。秸秆还可在沙漠中用于防风固沙，使土壤颗粒和有机物逐渐增多，为　 　的形成创造条件，有利于植被形成，逐渐提高生物多样性。
21．（2025高三上·广东开学考）为在大肠杆菌中表达酶X，某同学将编码酶X的基因（目的基因）插入质粒P0，构建重组质粒Px，并转入大肠杆菌。该同学设计引物用PCR方法验证重组质粒构建成功（引物1~4结合位置如图所示，→表示引物5＇→3＇方向）。回答下列问题：
（1）PCR是根据DNA复制原理在体外扩增DNA的技术。在细胞中DNA复制时解开双链的酶是　 　，而PCR过程中解开双链的方法是　 　。
（2）PCR过程中，因参与合成反应、不断消耗而浓度下降的组分有　 　。
（3）该同学进行PCR实验时，所用模板与引物见下表。实验中①和④的作用是：　 　；②无扩增产物，原因是　 　；③、⑤和⑥有扩增产物，扩增出的DNA产物分别是　 　。
管号 ① ② ③ ④ ⑤ ⑥
模板 无 P0 Px 无 P0 Px
引物对 引物1和引物2 引物3和引物4
（4）设计实验验证大肠杆菌表达的酶X有活性，简要写出实验思路和预期结果　 　。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】原核细胞和真核细胞的形态和结构的异同；微生物传染病
【解析】【解答】A、幽门螺杆菌属于原核生物，原核生物的细胞分裂方式为二分裂，而减数分裂是真核生物有性生殖过程中的一种分裂方式，所以幽门螺杆菌通过二分裂进行繁殖，A不符合题意；
B、幽门螺杆菌导致的胃癌是由外界病原体感染引起的疾病，并非遗传物质改变导致的遗传病，不能遗传给后代，B不符合题意；
C、抗病毒药物主要作用于病毒，而幽门螺杆菌是细菌，其结构和代谢方式与病毒不同，抗病毒药物无法抑制或杀死幽门螺杆菌，所以无法治疗幽门螺杆菌感染，C符合题意；
D、临床检测幽门螺杆菌时，若口服抗生素会杀死幽门螺杆菌，从而影响检测结果的准确性，所以检测前不应口服抗生素，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】原核细胞没有以核膜为界限的细胞核，遗传物质相对集中于拟核区域，无核膜、核仁；真核细胞有核膜包被的细胞核，有明显核仁等构造。原核细胞只有核糖体这一种细胞器；真核细胞有线粒体、叶绿体、高尔基体、内质网、溶酶体等多种细胞器。原核细胞细胞壁主要成分是肽聚糖（支原体无细胞壁）；真核细胞中植物细胞壁主要成分是纤维素和果胶，真菌细胞壁成分各异，动物细胞没有细胞壁。
2．【答案】B
【知识点】有氧呼吸的过程和意义；无氧呼吸的过程和意义；有氧呼吸和无氧呼吸的比较
【解析】【解答】AB、有氧呼吸第一个阶段是一分子的葡萄糖分解成2分子的丙酮酸，产生少量的[H]，并且释放出少量的能量，这一阶段不需要氧的参与，是在细胞质基质中进行的；第二个阶段是丙酮酸和H2O彻底分解成二氧化碳和[H]，并释放出少量的能量，这一阶段不需要氧直接参与，是在线粒体基质中进行的，A错误，B正确；
CD、无氧呼吸第一个阶段是一分子的葡萄糖分解成2分子的丙酮酸，产生少量的NADH，并且释放出少量的能量的过程；第二个阶段是丙酮酸在酶的催化作用下，分解成酒精和二氧化碳，或者转化成乳酸，无论是分解成酒精和二氧化碳或者是转化成乳酸，无氧呼吸第二阶段都没有产生NADH和能量，无氧呼吸葡萄糖分子中的大部分能量是储存在乳酸或者酒精中，只是第一阶段释放的少量能量中大部分以热能的形式散失，CD错误。
故选B。
【分析】1、有氧呼吸的全过程可以概括地分为三个阶段，每个阶段的化学反应都有相应的酶催化。第一个阶段是，一分子的葡萄糖分解成2分子的丙酮酸，产生少量的[H]，并且释放出少量的能量。这一阶段不需要氧的参与，是在细胞质基质中进行的。第二个阶段是，丙酮酸和水彻底分解成二氧化碳和[H]，并释放出少量的能量。这一阶段不需要氧直接参与，是在线粒体基质中进行的。第三个阶段是，上述两个阶段产生的[H]，经过一系列的化学反应，与氧结合形成水，同时释放出大量的能量。这一阶段需要氧的参与，是在线粒体内膜上进行的。
2、无氧呼吸的全过程，可以概括地分为两个阶段，这两个阶段需要不同酶的催化，但都是在细胞质基质中进行的。第一个阶段与有氧呼吸的第一个阶段完全相同。第二个阶段是，丙酮酸在酶(与催化有氧呼吸的酶不同)的催化作用下，分解成酒精和二氧化碳，或者转化成乳酸。无论是分解成酒精和二氧化碳或者是转化成乳酸，无氧呼吸都只在第一阶段释放出少量的能量，生成少量ATP。葡萄糖分子中的大部分能量则存留在酒精或乳酸中。
3．【答案】D
【知识点】遗传信息的翻译；基因表达的调控过程
【解析】【解答】A、突变前DNA序列为CCA，嘧啶数目为2；突变后为CCG，嘧啶数目仍为2。A和G均为嘌呤，因此嘧啶数目未改变，A错误；
B、密码子的简并性是指多个密码子编码同一个氨基酸的特性。CCA和CCG均编码脯氨酸，该突变从一个脯氨酸密码子变为另一个脯氨酸密码子，体现了密码子的简并性，B错误；
C、转录起始由启动子等调控元件控制，通常位于基因上游。该突变发生在编码区内部，不影响启动子或转录起始过程。因此，它不会影响转录起始，C错误；
D、由于突变导致mRNA变短，翻译出的蛋白质序列会发生改变，从而引发VHL综合征。因此，该突变最终改变了VHL基因表达的蛋白序列，D正确。
故选D。
【分析】DNA分子中发生碱基的 替换、增添或缺失，而引起的基因碱基序列的改变，叫作基因突变。
4．【答案】B
【知识点】噬菌体侵染细菌实验；组成细胞的元素和化合物
【解析】【解答】T2噬菌体是一种DNA病毒，其侵染大肠杆菌时只将遗传物质DNA注入大肠杆菌体内，以DNA为模板，利用大肠杆菌体内的脱氧核苷酸、氨基酸为原料合成DNA和蛋白质，而DNA和蛋白质的元素组成均含有C、H、O、N，DNA特有P，蛋白质还含有S，因此在T2噬菌体侵染大肠杆菌的实验中，子代噬菌体中的蛋白质全部利用宿主细胞的原料合成的，故其元素全部来自其宿主细胞的是S，B正确，ACD错误。
故选B。
【分析】T2噬菌体是一种专门寄生在大肠杆菌体内的病毒，它的头部和尾部的外壳都是由蛋白质构成的，头部含有DNA。T2噬菌体侵染大肠杆菌后，就会在自身遗传物质的作用下，利用大肠杆菌体内的物质来合成自身的组成成分，进行大量增殖。当噬菌体增殖到一定数量后，大肠杆菌裂解，释放出大量的噬菌体。
5．【答案】D
【知识点】神经冲动的产生和传导；主动运输
【解析】【解答】A、氨基酸是极性小分子，跨膜运输需要载体蛋白和能量，属于主动运输，而非自由扩散，自由扩散适用于脂溶性、非极性小分子，A不符合题意；
B、蛋白A在注射标记氨基酸后3小时即被检测到，运输速度快，属于快速轴突运输，而细胞骨架蛋白通过慢速轴突运输，因此蛋白A不是细胞骨架蛋白，B不符合题意；
C、胞体中形成的突触小泡需向轴突末梢运输（用于神经递质释放），跨膜蛋白L也通过快速轴突运输向轴突末梢移动，二者运输方向相同，均为顺向运输，C不符合题意；
D、蛋白A运输速度快（快速轴突运输），蛋白B运输速度慢（慢速轴突运输），且二者移动时速度无差异。因此，慢速运输的原因是单位时间内停滞时间更长，导致整体移动距离更短，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】顺向轴突运输分为快速（运输跨膜蛋白L）和慢速（运输细胞骨架蛋白）两类，核心特点是“移动、停滞反复交替”，且移动时速度无差异。运输速度差异由“停滞时间”决定：停滞时间越短，整体运输速度越快；反之则越慢。实验中通过标记氨基酸追踪蛋白A和B的运输，检测时间差异反映运输速度。
6．【答案】A
【知识点】蛋白质在生命活动中的主要功能；糖类的种类及其分布和功能；ATP的化学组成和特点；脂质的种类及其功能；水盐平衡调节
【解析】【解答】A、ATP的结构由腺苷和三个磷酸基团组成，而腺苷又由腺嘌呤和核糖构成。能量胶中补充的核糖，可直接作为合成腺苷的原料，为ATP的生成提供物质基础，因此有助于ATP合成，A符合题意；
B、能量胶的核心功能是快速供能，这要求其含有的碳水化合物能被人体迅速吸收利用。淀粉属于多糖，需要在体内经过多步分解才能转化为可吸收的单糖（如葡萄糖），供能速度慢，不符合“快速供能”的需求，推测其碳水化合物应为单糖或二糖，B不符合题意；
C、马拉松比赛中大量出汗会同时导致水分和电解质（如钠、钾）的大量流失，维持水平衡需要同时补充两者。该能量胶每100g仅含235mg钠钾氯，电解质含量较低，少量补充无法满足身体对电解质的需求，更不能完全维持水平衡，还需额外饮用水分或电解质饮料，C不符合题意；
D、脂肪和蛋白质都能为机体提供能量，脂肪的供能效率甚至高于碳水化合物。能量胶不含脂肪和蛋白质，主要原因是脂肪消化吸收速度慢，无法快速供能；蛋白质的主要功能是构建和修复细胞，并非优先供能物质，不符合运动员即时供能的需求，D不符合题意。
故答案为：A。
【分析】（1）ATP全称为三磷酸腺苷，由1分子腺苷（腺嘌呤+核糖）和3分子磷酸基团构成，原料的充足与否会影响ATP的合成效率。
（2）单糖（如葡萄糖）可直接被人体吸收利用，供能速度最快；二糖（如麦芽糖）需分解为单糖后吸收，供能速度次之；多糖（如淀粉、糖原）需经过多步分解，供能速度最慢，快速供能场景下优先选择单糖或二糖。
（3）大量出汗会导致水分和电解质同步流失，仅补充能量胶无法满足电解质需求，需搭配水或电解质饮料，才能维持内环境稳定。
（4）碳水化合物是主要的快速供能物质，脂肪是长期供能的储备物质（供能慢但效率高），蛋白质主要承担结构构建、酶和激素合成等功能，仅在极端情况下（如长时间饥饿）才会大量参与供能。
7．【答案】B
【知识点】细胞分化及其意义
【解析】【解答】A、胰岛类器官包含多种细胞，它们在结构和功能上的差异是细胞分化的体现。细胞分化的本质是基因选择性表达，即不同细胞中遗传物质相同，但表达的基因种类和数量不同，从而形成不同功能的细胞，A不符合题意；
B、胰岛A细胞由干细胞诱导分化而来，分化过程中细胞的遗传物质并未改变，其细胞核内仍含有该生物全套的遗传信息。而细胞核全能性指已分化细胞的细胞核仍具有发育成完整有机体或其他细胞的潜能，因此胰岛A细胞的细胞核仍具有全能性，B符合题意；
C、不同类型的细胞因基因选择性表达，会产生不同种类和数量的mRNA。通过分析胰岛类器官中细胞的mRNA序列，可判断其表达的基因，进而确定细胞类型，如胰岛A细胞、胰岛B细胞，C不符合题意；
D、胰岛类器官能模拟体内胰岛的结构和功能，因此可作为模型，用于研究胰岛在正常生理状态下的发育过程，也可用于探究糖尿病发生时胰岛细胞的功能变化、分子机制等，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】细胞分化的根本原因是基因选择性表达，分化过程中细胞的遗传物质不变，但细胞的形态、结构和功能会发生稳定性差异，形成不同类型的细胞。已分化的细胞，其细胞核仍含有该生物全部的遗传信息，在适宜条件下（如核移植到去核卵母细胞中），可发育成完整的个体或分化为其他类型的细胞，这体现了细胞核的全能性。
8．【答案】D
【知识点】种群的数量变动及其原因；群落的演替；生态系统的稳定性
【解析】【解答】A、永久性积水退去后，土壤中仍保留植物的种子、根系等繁殖体，且原有土壤条件基本保留，因此发生的植物群落演替属于次生演替，A不符合题意；
B、积水生境的共同非生物特征是存在积水（低氧环境），能在此生存的植物必然具有适应该环境的共同特征，如发达的通气组织，便于运输氧气，B不符合题意；
C、积水频次和积水量会影响湿地中植物的物种丰富度，而物种丰富度越高，生态系统的营养结构越复杂，抵抗力稳定性越强，因此这两个因素可影响抵抗力稳定性，C不符合题意；
D、密度制约因素是指作用强度随种群密度变化而变化的因素（如种内竞争、捕食等），而季节性水涝生境中，影响植物物种数量的关键因子是积水深度、淹水时间等非生物因素，其作用强度与植物种群密度无关，属于非密度制约因素，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】黄河湿地不同积水生境（永久性积水、季节性水涝、临时性水涝等）的植物物种差异，与积水频次、积水量等非生物因素密切相关。群落演替类型、生态因子类型、生态系统稳定性等是分析该题的核心知识点。
9．【答案】C
【知识点】微生物的分离和培养；其他微生物的分离与计数
【解析】【解答】A、平板划线法的核心用途是微生物的分离和纯化，无法准确测定活菌数。测定活菌数需采用稀释涂布平板法，通过统计单菌落数推算活菌量，A不符合题意；
B、Y菌组微塑料残留率高，说明Y菌降解微塑料的能力弱，与菌浓度无直接关联。菌浓度受培养基营养（如蛋白胨）、生长条件等影响，不能通过残留率推断菌浓度，B不符合题意；
C、由实验结果可知，X+Y混合菌组的微塑料残留率最低，显著低于X菌组和Y菌组，直接证明混合菌种对微塑料的降解能力高于单一菌种，可能存在协同作用，C符合题意；
D、培养基中含有蛋白胨，蛋白胨可提供碳源、氮源等营养，微生物可能仅利用蛋白胨生长，而非降解微塑料。因此，能在该培养基中生长的微生物不一定具备微塑料降解能力，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】实验的自变量是接种的菌种类型（X菌、Y菌、X+Y混合菌），因变量是微塑料残留率（残留率越低，降解能力越强）。培养基为含等量微塑料的蛋白胨液体培养基，总接种菌量相同，保证了单一变量原则。
10．【答案】B
【知识点】单克隆抗体的制备过程
【解析】【解答】A、单克隆抗体制备中，骨髓瘤细胞需从小鼠骨髓中获取，而非血液。血液中的细胞多为成熟血细胞，不具备骨髓瘤细胞无限增殖的特性，无法用于融合，A不符合题意；
B、步骤②为细胞融合过程，融合结果具有随机性。体系中会同时存在三种细胞：未融合的B淋巴细胞和骨髓瘤细胞、同种核融合细胞（B细胞与B细胞融合、骨髓瘤细胞与骨髓瘤细胞融合）、异种核融合细胞（B细胞与骨髓瘤细胞融合，即杂交瘤细胞），B符合题意；
C、步骤③使用特定选择培养基（如HAT培养基），目的是筛选出杂交瘤细胞，而非获得“大量”杂交瘤细胞。该步骤仅能去除未融合细胞和同种核融合细胞，获得的杂交瘤细胞数量有限，需后续克隆化培养才能扩增数量，C不符合题意；
D、步骤④的克隆化培养可在体外培养基或小鼠腹腔中进行，但抗体检测（如抗原-抗体杂交）并非在小鼠腹腔内进行。抗体检测需在体外通过特定实验手段完成，目的是筛选出能分泌所需TNF-α单克隆抗体的杂交瘤细胞，再对其进行克隆化培养，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】（1）骨髓瘤细胞需从动物骨髓中获取，因其具有无限增殖能力，是融合的关键细胞之一；而血液中的细胞多为终末分化细胞，无法持续增殖。
（2）融合过程不具有特异性，会产生未融合细胞、同种核融合细胞和异种核融合细胞（杂交瘤细胞），需通过后续筛选去除无用细胞。筛选的两步法，第一步用选择培养基筛选出杂交瘤细胞；第二步通过抗体检测（体外进行）筛选出能分泌目标抗体的杂交瘤细胞，两步筛选缺一不可。
11．【答案】C
【知识点】孟德尔遗传实验-自由组合
【解析】【解答】A、黄色圆粒的理论值为32×9/16=18粒，绿色皱粒为32×1/16=2粒，但这是理论推导值。实际中黄色（25粒）和圆粒（20粒）的表型是独立统计的，不能直接叠加计算组合表型的具体数量，A不符合题意；
B、圆粒（20粒）与皱粒（12粒）的实际比为5：3，偏离3：1的理论比，虽可能是含R基因配子活力低，但样本量过小，无法排除抽样误差的影响，不能得出“R配子活力低于r配子”的确定结论，B不符合题意；
C、实验仅选取4个豆荚，样本量少，抽样具有随机性。不同批次摘取的豆荚，可能因配子结合的随机性、生长环境的微小差异等导致表型比出现波动，C符合题意；
D、圆粒与皱粒的实际比为5：3，与分离定律预期的3：1偏差较大，且样本数目少，无法支持孟德尔分离定律，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】F1种子基因型为YyRr，理论上自交后代（F2）的表型比为黄色圆粒：黄色皱粒：绿色圆粒：绿色皱粒=9：3：3：1，黄色：绿色=3：1，圆粒：皱粒=3：1。但本实验仅取4个豆荚（32粒种子），样本量极小，易受抽样误差影响，实际结果与理论值偏差较大。
12．【答案】C
【知识点】酶的特性
【解析】【解答】A、丙组步骤②应加入2mL淀粉酶溶液，而非蔗糖酶溶液。探究淀粉酶专一性需保证酶种类相同、底物不同（甲组淀粉+淀粉酶，丙组蔗糖+淀粉酶），若加蔗糖酶则改变自变量（酶种类），无法验证淀粉酶的专一性，A不符合题意；
B、第一次60℃水浴的目的是为淀粉酶提供最适温度，提高酶活性以促进底物水解；第二次水浴是斐林试剂与还原糖反应的必要条件（需水浴加热才能出现砖红色沉淀），并非提高酶活性，B不符合题意；
C、乙组未加淀粉酶，仅含淀粉和蒸馏水。若乙组加入斐林试剂后不出现砖红色沉淀，说明淀粉本身不含还原糖；若出现砖红色沉淀，说明淀粉溶液可能被污染或自身分解产生还原糖，因此乙组可用于判断淀粉溶液中是否含还原糖，C符合题意；
D、甲组中淀粉酶催化淀粉水解生成葡萄糖（还原糖），与斐林试剂反应出现砖红色沉淀；丙组中淀粉酶不催化蔗糖水解（体现专一性），蔗糖是非还原糖，与斐林试剂反应呈蓝色（斐林试剂本身颜色），D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】本实验目的是探究淀粉酶的专一性，遵循“单一变量原则”：自变量为底物种类（淀粉、蔗糖），酶种类需保持一致（均为淀粉酶），通过斐林试剂检测还原糖生成情况判断酶是否催化底物水解。乙组为空白对照（淀粉+蒸馏水），排除底物本身含还原糖的干扰。
13．【答案】D
【知识点】基因的自由组合规律的实质及应用；9:3:3:1和1:1:1:1的变式分析
【解析】【解答A、甲、乙自交后代均为 3：1，说明各自仅含一对杂合基因；甲的突变株（隐性纯合）与乙的突变株杂交，F1全为正常株（A-B-），可推知甲的突变株基因型为 aaBB（对应甲为 AaBB），乙的突变株为 AAbb（对应乙为 AABb），或反之，因此甲的基因型是 AaBB 或 AABb，A不符合题意；
B、F1（AaBb）自交，正常情况下应遵循 9：3：3：1 的分离比（A-B-：A-bb：aaB_：aabb），而题干中 F2为 9：6，说明占比 1 的 aabb 个体未存活，即存在隐性纯合（aabb）致死现象，仅剩 9（A-B-）：6（A-bb+aaB-）的比例，B不符合题意；
C、aabb致死导致Aabb和aaBb自交能稳定遗传，F1（AaBb）自交→ F29A-B-、3aaB-、3A-bb，其中F2能稳定遗传的基因型为1AABB、1AAbb、1aaBB、2Aabb、2aaBb，故占7/15，C不符合题意；
D、产生 AABB 后代的亲本组合，需满足父本和母本均提供 A、B 配子。F2中符合条件的亲本基因型为 AABB、AaBB、AABb、AaBb，则有的组合为AABB×AABB、AABB×AaBB、AABB×AABb、AABB×AaBb、AaBB×AaBB、AaBB×AABb、AaBB×AaBb、AABb×AABb、AABb×AaBb、AaBb×AaBb，共10种组合，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】9：6是9：3：3：1的变式，其中双显性（A-B-）为一种表型（正常株），单显性（A-bb、aaB-）为同一种表型（突变株），双隐性（aabb）致死，需先通过F2比例判断遗传模式。
14．【答案】D
【知识点】细胞免疫；体液免疫
【解析】【解答】A、图中A能分化为产生抗体的B（浆细胞），故A为B淋巴细胞。B淋巴细胞的激活需要两个信号，一是病毒抗原直接与B淋巴细胞表面受体结合，二是辅助性T细胞表面特定分子与B淋巴细胞结合，同时还需辅助性T细胞分泌的细胞因子作用，A不符合题意；
B、G为吞噬细胞（如树突状细胞、巨噬细胞），其功能是摄取、处理琅琊病毒，将病毒抗原分解为小分子片段后，呈递到细胞表面，再传递给图中的D（辅助性T细胞），启动特异性免疫，B不符合题意；
C、D能接受吞噬细胞呈递的抗原，且能分泌细胞因子，故D为辅助性T细胞。其分泌的细胞因子可同时促进A（B淋巴细胞）增殖分化为浆细胞和记忆B细胞，以及X（细胞毒性T细胞）增殖分化为效应细胞毒性T细胞和记忆T细胞，C不符合题意；
D、二次免疫中，病毒再次入侵时，会刺激体内已有的记忆细胞迅速增殖分化，即图中的E（记忆T细胞）和Y（记忆B细胞）；而B为浆细胞，其功能是产生抗体，本身不具备增殖分化能力，也不会被抗原直接刺激，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】吞噬细胞负责抗原摄取与呈递，辅助性T细胞负责传递信号和分泌细胞因子，B淋巴细胞分化为浆细胞产生抗体（体液免疫），细胞毒性T细胞分化为效应细胞清除被感染细胞（细胞免疫）。二次免疫的关键细胞是依赖初次免疫中产生的记忆细胞（记忆B细胞、记忆T细胞），这类细胞对特定抗原敏感，二次接触时能快速增殖分化，产生更强更快的免疫反应；而浆细胞和效应细胞毒性T细胞为“效应细胞”，仅负责执行免疫功能，不能增殖。
15．【答案】D
【知识点】PCR技术的基本操作和应用
【解析】【解答】A、配制琼脂糖凝胶时必须选用适当的缓冲溶液。缓冲溶液的作用是维持电泳过程中体系的pH稳定，避免pH变化影响核酸分子的带电性和泳动速率，同时还能提供离子，保证电流稳定传导，A不符合题意；
B、电泳槽中“+”为阳极、“-”为阴极，图中样品1（甲）和样品2（乙）的条带均向阳极移动。根据“同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引”的原理，可判断甲、乙两种DNA分子均带负电荷，这符合核酸分子（含磷酸基团）的固有带电特性，B不符合题意；
C、琼脂糖凝胶电泳中，DNA分子的迁移速率主要与分子大小（碱基对数量）相关，分子越小，迁移越快（条带位置越靠近阳极）；但迁移速率还受DNA分子构象（如环状、线性）等因素影响。样品1和2的条带位置相同，可能是构象差异抵消了碱基对数量的差异，因此甲、乙所含碱基对的数量可能不同，C不符合题意；
D、甲只有限制酶R的一个酶切位点，被完全酶切后会断裂为2个不同长度的DNA片段（产生2条电泳条带），且这两个片段的分子大小均小于甲（迁移速率快于甲，条带位置应比样品1更靠近阳极）。图中样品3只有1条带，且位置与甲（样品1）不同但未出现2条带，不符合“2个片段”的结果；而样品4有2条带，才可能是甲被酶R完全酶切后的产物，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】（1）琼脂糖凝胶电泳的关键条件：缓冲溶液是必需条件，用于维持pH稳定和导电；DNA分子因含磷酸基团带负电，电泳时向阳极移动。
（2）DNA迁移速率的影响因素：主要是分子大小（碱基对数量越多，迁移越慢），其次是构象（相同大小下，线性DNA迁移速率通常大于环状DNA）。
16．【答案】D
【知识点】现代生物进化理论的主要内容；基因频率的概念与变化
【解析】【解答】A、黔金丝猴是川金丝猴祖先群与滇／缅甸金丝猴祖先群杂交产生的后代。在杂交过程中，不同祖先群的基因相互结合、传递，促进了金丝猴之间的基因交流，这种基因交流对于新物种黔金丝猴的形成起到了重要作用，A不符合题意；
B、黔金丝猴的毛色与它的川金丝猴祖先群（黄色毛发）和滇／缅甸金丝猴祖先群（黑色毛发）都不同，属于新性状。因为黔金丝猴是杂交产生的，其遗传物质发生了改变，而遗传物质决定生物的性状，所以这种新性状是可以遗传给后代的，B不符合题意；
C、在生物学中，生物的性状通常是由遗传因素和所处自然环境共同作用的结果。黔金丝猴的毛色作为它的一种性状，同样也是遗传因素（继承了祖先群的部分基因）和所处自然环境（自然环境对毛色的形成可能有一定影响）共同作用的结果，C不符合题意；
D、虽然黔金丝猴的遗传信息约70%来自川金丝猴祖先群（川金丝猴为黄色毛发），30%来自滇／缅甸金丝猴祖先群（滇／缅甸金丝猴为黑色毛发），但是基因频率是指在一个种群基因库中，某个基因占全部等位基因数的比率。仅仅知道遗传信息的来源比例，并不能直接确定黔金丝猴群体中黄色毛发基因和黑色毛发基因在全部等位基因中所占的比例，也就不能得出黄色毛发的基因频率大于黑色毛发的基因频率，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】适应是自然选择的结果；种群是生物进化的基本单位；突变和基因重组提供进化的原材料，自然选择导致种群基因频率的定向改变，进而通过隔离形成新的物种；生物进化的过程实际上是生物与生物、生物与无机环境协同进化的过程；生物多样性是协同进化的结果。
17．【答案】（1）需要氧气参与；有机物被彻底氧化分解；释放大量能量，生成大量ATP；乙
（2）O2的含量；3
（3）无氧呼吸积累的酒精较少，对细胞毒害较小；0~3d无氧呼吸产生的能量维持了基本的生命活动；催化有氧呼吸的酶活性并未完全丧失
【知识点】有氧呼吸的过程和意义；无氧呼吸的过程和意义；影响细胞呼吸的因素；有氧呼吸和无氧呼吸的比较
【解析】【解答】（1）在正常生长条件下，作物根系细胞以有氧呼吸为主要代谢途径。该过程需要充足的氧气供应，通过将葡萄糖完全氧化分解，来释放大量能量，生成大量ATP。实验数据显示，随着淹水时间的延长，酶乙的活性逐渐下降，这表明酶乙参与了有氧呼吸过程。
（2）在水淹初期（0-3天），随着淹水时间延长，根区氧气浓度持续下降，导致有氧呼吸作用逐渐减弱而无氧呼吸过程相应增强，因此影响呼吸作用强度的主要环境因素是O2的含量。此阶段测得CO2释放速率为0.4 μmol·g- ·min- ，O2吸收速率为0.2 μmol·g- ·min- 。根据有氧呼吸的化学计量关系（葡萄糖：O2：CO2=1：6：6）和无氧呼吸的计量比（葡萄糖：CO2=1：2）计算可知，两种呼吸途径各产生0.2 μmol·g- ·min- 的CO2，由此得出无氧呼吸强度达到有氧呼吸强度的3倍。
（3）若在水淹3天后及时排水，植株的生长状况能够获得部分恢复。这主要得益于两个因素：首先，排水后土壤氧气含量回升，促进有氧呼吸作用增强，从而产生更多能量；其次，实验数据显示，从第四天开始，与无氧呼吸相关的酶活性出现明显下降。这可能是因为此时氧呼吸积累的酒精较少，对细胞毒害较小；或者0~3d无氧呼吸产生的能量维持了基本的生命活动；也可能是催化有氧呼吸的酶活性并未完全丧失，因此，选择在水淹3天时进行排水是最佳时机。
【分析】有氧呼吸的全过程可以概括地分为三个阶段，每个阶段的化学反应都有相应的酶催化。第一个阶段是，1分子的葡萄糖分解成2分子的丙酮酸，产生少量的[H]，并且释放出少量的能量。这一阶段不需要氧的参与，是在细胞质基质中进行的。第二个阶段是，丙酮酸和水彻底分解成二氧化碳和[H]，并释放出少量的能量。这一阶段不需要氧直接参与，是在线粒体基质中进行的。第三个阶段是，上述两个阶段产生的[H]，经过一系列的化学反应，与氧结合形成水，同时释放出大量的能量。这一阶段需要氧的参与，是在线粒体内膜上进行的。
（1）正常情况下，作物根细胞的呼吸方式主要是有氧呼吸，有氧呼吸是在氧气充足的情况下，将葡萄糖彻底氧化分解，将能量释放出来。随着水淹天数的增多，乙的活性降低，说明乙是与有氧呼吸有关的酶。
（2）在水淹0～3d阶段，随着水淹天数的增加，氧气含量减少，有氧呼吸减弱，无氧呼吸增强。CO2释放量为0.4μmol·g-1·min-1，O2吸收量为0.2μmol·g-1·min-1，有氧呼吸需要消耗氧气，葡萄糖的消耗量、氧气消耗量和CO2释放量为1：6：6，无氧呼吸葡萄糖消耗量和CO2释放量比为1：2，无氧呼吸和无氧呼吸均产生产生0.2μmol·g-1·min-1 CO2，所以无氧呼吸强度是有氧呼吸强度的3倍。
（3）若水淹3d后排水，植物长势可在一定程度上得到恢复，一方面是排水后氧气含量上升，有氧呼吸增强，产生的能量增多；另一方面，由图可知，第四天无氧呼吸有关的酶活性显著降低，可能是第四天无氧呼吸产生的酒精毒害作用达到了一定程度，之后就很难恢复，所以要在水淹3天排水。
18．【答案】（1）分离；F2中出现3：1的性状分离比，符合一对等位基因的遗传规律
（2）PCR扩增；1或3；a
（3）选用材料：F1植株和P2植株
遗传图解
【知识点】基因的分离规律的实质及应用；PCR技术的基本操作和应用；基因工程的基本工具（详细）
【解析】【解答】（1）由表格数据可知，P1（有蜡粉）与P2（无蜡粉）杂交，F1全为有蜡粉，说明有蜡粉是显性性状，无蜡粉是隐性性状；F1自交得到的F2中，有蜡粉株数（430）：无蜡粉株数（144）≈3：1，该比例符合一对等位基因杂合子自交的性状分离比，因此果面蜡粉的遗传遵循基因的分离定律。
（2）基因型鉴定的关键步骤中，提取基因组DNA后，需通过PCR扩增目的DNA片段（即含蜡粉基因A/a的片段），才能用限制酶H切割并进行电泳分析。P1（有蜡粉，基因型AA）电泳为1条条带，说明其基因（A）不能被限制酶H切割；P2（无蜡粉，基因型aa）电泳为2条条带，说明其基因（a）能被限制酶H切割，即限制酶H的切割位点位于a上。F2中有蜡粉的植株基因型为AA或Aa，AA因不能被切割，电泳显示1条条带；Aa中A不能被切割（1条带）、a能被切割（2条带），共3条条带，因此F2中有蜡粉的植株电泳结果为1或3条条带。
（3）所选材料为F1植株（Aa，有蜡粉）和P2植株（aa，无蜡粉），测交实验中，杂合子与隐性纯合子杂交，后代性状比应接近1：1，可直接验证分离定律。
遗传图解：
【分析】（1）基因的分离定律的实质是：在杂合子的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；在减数分裂形成配子的过程中，等位基因会随同源染色体的分开而分离，分别进入两个配子中，独立地随配子遗传给后代。
（2）PCR产物可利用电泳技术来鉴定，该技术是分离、鉴定、纯化核酸和蛋白质的常用方法。电泳是指带电粒子在电场作用下，向与其携带电荷相反的电极迁移的过程。不同带电粒子因分子大小、形状、所带电荷等因素不同，迁移速率也会有所差异。核酸是带有负电的生物大分子，其迁移速率主要受核酸片段长度的影响。在电场强度一定时，核酸分子越大，向正极迁移速率越慢。
（1）根据杂交结果可知，果面蜡粉的遗传遵循基因的分离定律，因为F1自交得到的F2中，果面有蜡粉株数与果面无蜡粉株数之比约为3：1（430：144≈3：1），符合基因分离定律中杂合子自交后代性状分离比3：1的比值。
（2）要进行植株基因型鉴定，在提取基因组DNA后，需要通过PCR扩增目的DNA片段。P1植株为1条条带，P2植株为2条条带，说明P1为纯合子且其基因不能被限制酶H切割（假设P1基因型为AA），P2为纯合子且其基因能被限制酶H切割（假设P2基因型为aa），限制酶H的切割位点位于a上。F1基因型为Aa，F2中有蜡粉的植株基因型为AA或Aa。AA只有1条条带（不能被切割），Aa会有3条条带（A不能被切割为1条，a被切割为2条），所以F2中有蜡粉的植株为1条或3条条带。
（3）验证分离定律，采用测交的方法，所选材料：F1Aa与P2aa（测交实验可以验证基因的分离定律）。
19．【答案】（1）下降；脑干；低代谢率
（2）脊髓
（3）分级；脂肪
（4）新陈代谢降低相关的神经元；激活该神经元的物质；激醒和阵间觉醒
【知识点】神经系统的基本结构；神经系统的分级调节；体温平衡调节
【解析】【解答】（1）从图2可知，入眠阶段动物体温随代谢率同步逐渐下降；呼吸频率的调控中枢是脑干，这是人体基本生命活动（如呼吸、心跳）的中枢所在；进入深冬眠阶段后，为最大程度减少有机物消耗以维持生命活动，动物会维持低代谢率状态。
（2）在神经系统中，交感神经的传出神经纤维起源于脊髓的胸段和腰段，因此激醒过程中，是从中枢神经系统的脊髓发出交感神经兴奋，通过促进产热（如骨骼肌战栗、甲状腺激素分泌增加等）使体温迅速回升。
（3）排尿过程中，高级中枢（如大脑皮层）调控低级中枢（如脊髓的排尿中枢），再由低级中枢发出传出神经控制膀胱收缩，这种“高级→低级”的调控模式属于分级调节；该动物冬眠时不进食饮水，需依赖体内储存物质代谢产水，而脂肪氧化分解时会产生大量水（如1g脂肪分解约产生1.07g水），是主要的产水来源，远多于蛋白质和糖类。
（4）已知某种物质可通过激活下丘脑特定神经元诱导非冬眠动物低代谢，由此推测，研究人体低代谢需先找到两类关键对象：一是能调控新陈代谢降低的特定神经元，二是能激活该神经元的物质；同时，为保证星际旅行中乘员的安全，必须确保“休眠人”能像冬眠动物一样，及时完成激醒和阵间觉醒，恢复正常代谢与生理状态。
【分析】（1）人和脊椎动物的神经系统由中枢神经系统与外周神经系统组成，中枢神经系统包括脑和脊髓，外周神经系统包括脑神经和脊神经。脑神经与脊神经中有一部分支配内脏、血管与腺体的活动，不受意识支配，属于自主神经系统。自主神经系统包括交感神经与副交感神经，它们通常对同一器官的作用是相反的。
（2）人的体表和体内分布着温度感受器。温度感受器能将内、外环境温度的变化转换成动作电位，即接受刺激产生兴奋。兴奋沿传入神经到达下丘脑体温调节中枢，由体温调节中枢整合信息，再由传出神经支配骨骼肌、皮肤毛细血管、汗腺及内分泌腺等器官做出适当的反应，从而调整机体产热和散热，以维持体温相对稳定。
（1）分析图可知，入眠阶段该动物体温逐渐下降，呼吸频率会发生相应变化，调控呼吸频率的中枢位于脑干。进入深冬眠阶段后该动物维持低代谢率，以减少有机物的消耗。
（2）交感神经由脊髓发出。
（3）排尿是在高级中枢调控下由低级中枢发出的传出神经兴奋使膀胱缩小完成的，这种调节方式属于分级调节。该动物冬眠季节不进食、不饮水，主要通过分解体内的脂肪产生水。
（4）研究人体低代谢调节机制的关键是要找到新陈代谢降低相关的神经元，用于接收相应物质的刺激；还应找到激活该神经元的物质，并保证“星际旅行休眠人”能够及时激醒和阵间觉醒。
20．【答案】（1）含碳有机物；生物圈
（2）同位素标记
（3）有机肥
（4）整体；土壤微生物群落
【知识点】生态工程依据的生态学原理；生态系统的物质循环
【解析】【解答】（1）生物群落中，生物通过食物链和食物网相互联系，碳元素通过捕食、分解等关系，以含碳有机物的形式在生物之间传递（如植物制造的糖类、蛋白质等有机物被消费者摄取）。碳循环涉及大气、生物群落、岩石圈、水圈等多个圈层，需要在整个生物圈（地球上最大的生态系统）中完成，因此体现全球性。
（2）追踪物质在生态系统中的流动路径，常用同位素标记法。通过标记秸秆中的碳（如 4C），可监测其在微生物分解、植物吸收等过程中的去向，准确反映碳的流动规律。
（3）实验结果显示，无论水分条件如何，有机肥处理组的秸秆来源CO2C排放量均高于化肥组。有机肥中含有丰富的有机物和微生物，能为分解秸秆的微生物提供更多营养，促进微生物增殖和代谢，进而加速秸秆中有机物的氧化分解。
（4）秸秆用于沼气工程，既解决了废弃物污染（生态效益），又产生了能源和肥料（经济效益、社会效益），兼顾了生态、社会、经济三大系统，体现生态工程的整体原理。秸秆防风固沙使土壤颗粒和有机物积累，这些物质为土壤微生物提供了生存所需的营养和环境，促进土壤微生物群落的形成。微生物群落进一步分解有机物、改良土壤，为植被生长创造条件，逐步提高生物多样性。
【分析】（1）组成生物体的碳、氢、氧、氮、磷、硫等元素，都在不断进行着从非生物环境到生物群落，又从生物群落到非生物环境的循环过程，这就是生态系统的物质循环。
（2）生态工程以生态系统的自组织、自我调节功能为基础，遵循着整体、协调、循环、自生等生态学基本原理。
（1）生物群落由各种生物组成，生物之间通过食物链和食物网相互联系。在食物链中，比如草被兔子吃，兔子又被狼吃，碳元素是以含碳有机物的形式从草传递到兔子，再传递到狼，所以碳在生物群落内部传递的形式是含碳有机物。碳循环涉及到地球上所有生物及其生存环境。生物圈是地球上最大的生态系统，包含了地球上所有的生物及其生存的无机环境，碳在整个生物圈中循环流动，从大气中的二氧化碳，通过植物光合作用进入生物群落，又通过生物呼吸作用、微生物分解等返回大气，体现出全球性，所以碳循环在生命系统结构层次的生物圈中完成。
（2）追踪物质的去向通常采用同位素标记法，要追踪秸秆中碳的去向可采用同位素标记法（如用14C标记 等）。
（3）从图中可以看出，无论在适宜水分还是干旱胁迫条件下，有机肥处理组源于秸秆的CO2 C排放量都高于化肥处理组，说明施用有机肥更能促进秸秆中有机物的氧化分解。
（4）秸秆用于沼气工程既改善了生态环境，又提高了社会和经济效益，这体现了生态工程的整体原理。 秸秆在沙漠中用于防风固沙，使土壤颗粒和有机物逐渐增多，为土壤微生物群落形成创造条件。
21．【答案】（1）解旋酶；高温变性
（2）引物、脱氧核苷三磷酸
（3）作为对照（或答：鉴定反应体系是否有模板污染）；P0不含与引物1和引物2互补的碱基序列；目的基因、质粒片段、含目的基因和部分质粒序列的片段
（4）提取酶X，催化相应底物（反应物）的反应，检测是否有产物生成。有产物生成，则证明酶X有活性
【知识点】PCR技术的基本操作和应用
【解析】【解答】（1）细胞中DNA复制时，解开双链依赖解旋酶的催化，通过水解ATP提供能量破坏碱基对间的氢键；而PCR过程中无需酶参与，直接通过高温（90-95℃）使DNA双链变性解开，这种高温变性的方法是体外扩增的关键步骤。
（2）PCR过程中，引物作为子链合成的起始点，会与模板链结合并被延伸，最终整合到新合成的DNA链中，因此会不断消耗；脱氧核苷三磷酸（dNTP）作为合成DNA的原料，在延伸阶段通过磷酸二酯键连接形成子链，同时释放焦磷酸，也会随反应进行而浓度下降。这两种组分是PCR反应中持续消耗的物质。
（3）①和④均无模板，分别与其他含相同引物对的反应管对比，其作用是作为阴性对照，用于鉴定反应体系是否存在模板污染（若这两管出现扩增产物，说明体系被污染）。②以P0为模板，使用引物1和引物2，由于P0未插入目的基因，不含与这两种引物互补的碱基序列，无法启动子链合成，因此无扩增产物。③以Px为模板，引物1和引物2分别结合在目的基因两端，扩增出的是目的基因；⑤以P0为模板，引物3和引物4结合在质粒自身序列上，扩增出的是质粒片段；⑥以Px为模板，引物3结合在质粒序列，引物4结合在目的基因序列，扩增出的是含目的基因和部分质粒序列的片段。
（4）验证酶X的活性，需通过检测其催化特定底物的能力实现。实验思路：从含重组质粒Px的大肠杆菌中提取酶X，设置两组实验，一组加入酶X和其特异性底物（实验组），另一组仅加入底物（对照组），在适宜温度、pH等条件下反应一段时间后，检测两组中底物的消耗量或产物的生成量。预期结果：实验组中底物减少或有产物生成，对照组无明显变化，说明酶X有活性。
【分析】（1）基因工程是一种DNA操作技术，需要借助限制酶、DNA连接酶和载体等工具才能进行。它的基本操作程序包括：目的基因的筛选与获取、基因表达载体的构建、将目的基因导入受体细胞和目的基因的检测与鉴定。
（2）PCR反应需要在一定的缓冲液中才能进行，需提供DNA模板，分别与两条模板链结合的2种引物，4种脱氧核苷酸和耐高温的DNA聚合酶；同时通过控制温度使DNA复制在体外反复进行。
（1）在细胞中，DNA 复制时解开双链的酶是解旋酶。而在 PCR 过程中，是通过高温变性（加热至 90 - 95℃）的方法使 DNA 双链解开。
（2）PCR 过程中，参与合成反应且不断消耗的组分有引物和 dNTP（脱氧核苷三磷酸）。引物用于引导 DNA 聚合酶合成新的 DNA 链，dNTP 脱去两分子磷酸，产生dAMP，进而为合成新的 DNA 链提供原料。
（3）实验中①和④的作用是作为对照。①无模板且引物对与②③相同，④无模板且引物对与⑤⑥相同，可对比说明模板对扩增的影响。②之所以无扩增产物，是因为P0不含与引物1和引物2互补的碱基序列，无法扩增出子链DNA序列。③以Px为模板，引物1和引物2扩增出的是含目的基因的 DNA 片段；⑤以P0为模板，引物3和引物4扩增出的是质粒P0上一段 DNA 片段；⑥以Px为模板，引物3和引物4扩增出的是含目的基因和部分质粒序列的 DNA 片段。
（4）实验思路：将大肠杆菌培养后，提取酶X，设置一组含有酶X的反应体系和一组不含酶X的反应体系（作为对照），在适宜条件下，加入酶X的底物，检测底物的消耗情况或产物的生成情况。 预期结果：含有酶X的反应体系中底物减少或有产物生成，而不含酶X的反应体系中底物无明显变化或无产物生成。
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