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浙教版科学九上3.5-3.6同步练习（含答案）
一、选择题
1．图中仪表可以用来计量（　　）
A．导体的电阻 B．电路中的电流
C．用电器两端的电压 D．用电器在一段时间内消耗的电能
2．小科用如图所示电路研究电流产生的热量与哪些因素有关，他将电热丝R1、R2涂上一种红色温变油墨，当温度达到80℃时，该油墨会变成无色，以下选项不正确的是（　　）
A．利用通电后油墨升温变色来观察产热情况属于转换法
B．R1、R2应选择同种材料制成的阻值不同的电阻
C．若要使变色时间提前，应将滑动变阻器滑片P往右移
D．该实验控制的变量是电流和通电时间相同
3．如图，电源电压恒为6V，两灯泡L1和L2的规格分别为“6V 3W”和“6V 6W，假定灯丝电阻不变，按甲、乙方式连接，接通电路后最亮的是（　　）
A．甲图中的L1 B．甲图中的L2
C．乙图中的L1 D．乙图中的L2
4．甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示,下列说法中正确的是( )
A.甲灯的实际功率一定是25W
B.两灯均正常发光时,乙灯消耗的电能较多
C.两灯均正常发光时,甲灯灯丝电阻较大
D.将乙灯接入110V电路中,它的实际功率为50W
5．如图是一顶顶部装有太阳能电池板的太阳能风扇凉帽，凉帽上的电风扇工作时的电压为1.2V，电流为50mA。若该电风扇正常工作了1h，电流做功为（　　）
A．60J B．0.06J C．2.16×106J D．216J
6．如表是小科家里某天部分用电器的使用情况，其中这天耗电量最大的用电器是（　　）
电视机 鱼缸增氧泵 电饭煲 电热水壶
额定功率（瓦） 200 10 1000 1500
一天累计工作时间（小时） 2 24 2 1
A．电视机
B．鱼缸增氧泵
C．电饭煲
D．电热水壶
7．在探究“电流产生的热量与电阻大小关系”时，需要控制流经两只电阻上的电流相等，并通过玻璃管中煤油高度的变化来间接比较电阻产生热量的多少，已知RA＞RB，玻璃管中煤油初始高度一致，其主要实验装置如图所示，则关于该实验的分析和预测不正确的是（　　）
A．转换法是该实验采用的科学方法之一
B．应将A、B两只电阻并联起来以控制电压相等
C．A玻璃管中的液面高度高于B玻璃管
D．本实验还需要控制煤油质量、玻璃管口径等一致
8．2024年3月20日，我国长征八号遥三运载火箭成功发射鹊桥二号中继星。长征系列火箭使用液态氢作燃料，主要是由于燃料（　　）
A．热值较大 B．密度较大 C．着火点高 D．比热容大
9．如图所示，装有开水的暖水瓶的瓶塞跳起来了，在瓶塞跳起过程中，下列说法正确的是（　　）
A．瓶内的开水内能可能会增大
B．瓶塞的内能一定增大
C．瓶内气体的内能一定减小
D．暖水瓶外壳的内能一定会减小
10．干冰（固态二氧化碳）清洗技术如今被广泛应用于精密仪器的清洁。起爆前高压泵将CO2压缩成高压气体，液化后输入爆破筒内。如图所示，爆破时电加热管发热，使筒内的液态CO2迅速汽化，高速喷射到仪器表面，将污垢剥离。以下说法正确的是（　　）
A．加压时，二氧化碳内能增大，温度降低
B．加压时，二氧化碳内能减小，温度升高
C．二氧化碳气体高速喷出时，内能增大，温度升高
D．二氧化碳气体高速喷出时，内能减小，温度降低
11．如图所示，取一个配有活塞的厚玻璃筒，选择一团可燃物置于筒内，压下活塞。为了使可燃物更易燃烧，关于所选可燃物的着火点、对活塞的操作及改变筒内气体内能的方式正确的是（　　）
A．着火点低，缓慢下压，做功
B．着火点高，缓慢下压，热传递
C．着火点低，快速下压，做功
D．着火点高，快速下压，热传递
12．小明分别将规格为“6V 3W“的灯泡L1和“3V 3W”的灯泡L2，按图甲、图乙两种方式连接。图甲中L1的功率为P1，L2的功率为P2；图乙中，L1的功率为P3，L2的功率为P4。若电源电压恒为3V，不计温度对灯泡电阻的影响，下列关系正确的是（　　）
A．P1＝P2
B．P2＜P4
C．P3＝P4
D．P1＞P3
13．对下列实验的分析，正确的是（　　）
A．图甲，活塞向外拉伸，瓶内气体内能增加，筒内棉花燃烧
B．图乙，瓶内空气推动塞子跳起时，瓶内空气的内能减小
C．图丙，是通过做功的方式使烧杯内水的内能增加
D．图丁，是做功冲程，该过程中将机械能转化为内能
14．有两只灯泡，灯L1“6V6W”、灯L2“6V3W”，通过灯L1、L2的电流随两端电压的变化关系如图所示，下列说法正确的是（　　）
A．图中表示灯L1的曲线为B
B．将两灯串联接在6V电源两端时，电路总功率9W
C．两灯串联在某一电源两端时L2正常发光，此时L1电阻为4Ω
D．将两灯并联在某一电源两端时两灯均正常发光，此时总电流为1.4A
二、选择题
15．宁波地铁在施工过程使用到如图所示的盾构机。
（1）盾构机在工作时，因高速旋转会产生大量热，这是通　 　（填“做功”或“热传递”）的方式改变物体内能的。
（2）盾构机前端的水冷循环系统可以给刀片及时降温，用水冷却主要是利用了水　 　的特性。
16．兴趣小组利用导线、电池、开关、电阻丝自制了一个简易塑料袋“封口机”，原理如图所示。
（1）“封口机”工作时，电阻丝的温度会升高，其科学原理是 　 　 。
（2）在检验产品时，发现电阻丝产生的热量太少，不足以使塑料熔化，请提出一条改进建议：　 　 。
（第16题） （第17题） （第18题）
17．如图是某电热水壶内部电加热器原理电路，它有“加热”和“保温”两挡，开关S断开时，电水壶处于　 　挡。已知该电热水壶处于“加热”挡，通电0.1h可使标有1200imp/（kW h）的电能表指示灯闪烁120次，则消耗的电能为　 　kW h，电热水壶“保温”挡功率为100W，则R2＝　 　Ω。
18．如图是一款新型无叶电风扇，额定电压220V，额定功率55W，工作时，底座中的电动机将空气从进风口吸入，吸入的空气经压缩后进入环形空腔，再从环形空腔上的细缝中高速吹出夹带着周边的空气一起向前流动，导致后方的空气流入风扇的出风口，风量被显著放大，与传统有叶风扇相比具有易清洁、气流稳、安全等特点。
（1）出风框外围的空气被大气压压入环形空腔，风量变大，外围的空气被大气压压入的科学原理是　 　。
（2）电动机将空气从进风口吸入，然后经压缩后进入环形空腔，此过程中进入空腔内空气的内能　 　。（选填“变大”“变小”或“不变”）
（3）若该风扇的电动机正常工作1分钟，则电动机消耗的电能为 　 　 J。
19．图甲是某电火锅，图乙是其内部简化电路，S1是旋钮开关，S2是温控开关（当锅体温度达到设定值时自动断开，当锅体温度低于一定值时自动闭合），R是指示灯的分压电阻，没有加热作用。图丙是发热管的内部结构，滑片转动时只能与滑动触头接触，0档为断开状态，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ档是不同功率的挡位，电热丝被均分为四段接入电路，忽略其他元件电阻。
（1）S1从0档转到Ⅰ档开始工作，温控开关S2的状态是　 　 （填“断开”或“闭合”）。
（2）加热时，锅内水温升高，其中改变水内能的方式是　 　 （填“做功”或“热传递”）。
（3）各档位的功率关系为：Ⅰ＜Ⅱ＜Ⅲ＜Ⅳ。则接线柱a、b、c中连入电路的是　 　 。
（4）Ⅳ档的功率为1000W。若在Ⅲ档下工作5min，求发热管消耗的电能。　 　 。
20．芯片体积小，元件密集。芯片正常工作时，相当于电路中的　 　 （选填“电源”或“用电器”）。芯片元件有　 　 ，由于电流热效应，电流通过芯片时，不可避免地会产生热量。为了不影响芯片的性能，通常让散热部件与芯片紧密结合，来降低芯片的温度，这是通过　 　 的方式改变芯片内能。
（第20题） （第21题） （第22题）
21．如图是探究“电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关”的实验装置。两个相同的透明容器中密封着等量且初温相同的空气，甲、乙两U形管中液面初始状态是等高相平，通电一段时间后液面的高度如图所示。
（1）本实验利用U形管中液面的高度变化反映放出热量的多少，该方法是 　 　 。
（2）本实验可以得出电流产生的热量多少与 　 　 有关。
22．一种装有乙醚液体的玻璃瓶，瓶子分上下两部分，中间由一段弧形玻璃细管连接，如图所示。把热的手捂在下面装有液体的部位时，液体会顺着瓶子里的玻璃细管喷涌向上，沸腾起来；松开手，液体就会流回底部。
（1）手捂住下部时，手掌的热通过 　 　 （选填“做功”或“热传递”）的方式，改变了乙醚的内能。
（2）乙醚的沸点为34.5℃，比热容为2.4×103J/（kg ℃），将10g乙醚从19.5℃加热到沸腾，需要吸收 　 　 焦的热量。
23．2024年5月3日，搭载嫦娥六号探测器的长征五号遥八运载火箭在中国文昌航天发射场发射成功。
（1）长征五号遥八运载火箭的燃料为煤油、液态氢和液态氧，发射前加注燃料时，为防止燃料汽化导致燃料贮箱内气压过高，应先加注 　 　 （选填“煤油”、“液态氢”或“液态氧”）；
（2）火箭加速升空时，嫦娥六号探测器的机械能的增加量 　 　 （选填“大于”或“小于”）其动能的增加量。已知氢的热值为1.4×108J/kg，则质量为1t的氢完全燃烧放出的热量为　 　 J。
三、探究题
24．小科同学在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源为三节干电池，小灯泡额定电压为2.5V。
（1）请用线代替导线，将图甲中的实物电路正确连接完整。
（2）小科连接电路后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，测量了六组且记下对应的电压表（0.5V、1.0V、……、3.0V）和电流表的示数，并绘制成图乙所示的I﹣U图像，可计算出小灯泡的额定功率是 　 　 W。
（3）根据图乙分析，为完成上述整个实验，最合理的滑动变阻器应选 　 　 。
A.“0.5A 10Ω” B.“1A 20Ω” C.“1A 60Ω” D.“0.2A 200Ω”
25．为了测量小灯泡的电功率，小庆进行了如下实验。电源电压为3V，小灯泡上标有“2.5V”的字样。
（1）用笔画线代替导线将图甲中的实物图连接完整。要求：滑动变阻器的滑片在最左端时阻值最大；
（2）闭合开关，调节滑片到某一位置时，电压表示数如图乙所示，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片向　 　 （选填“左”或“右”）移动；
（3）改变滑片的位置，测出多组电流和电压的数据，画出了如图丙所示的图像。由图像可知，小灯泡的额定功率为　 　 ；
（4）小庆分析图像发现，随着电压的升高，小灯泡的电阻在变化，小庆认为电阻变化是测量误差引起的。他和同学们讨论后认为这个猜想是错误的，理由是　 　 。
实验组别 电压（V） 电流（A） 功率（W）
1 2.2 0.23
2 2.5 0.26
3 2.8
26．在测量小灯泡电功率的实验中，某同学用电源（电压恒为6V），额定电压为2.5V且电阻约为10Ω的小灯泡，电流表、电压表、滑动变阻器、开关各一个，导线若干，按图甲连接电路，并记录实验数据如表所示。
（1）请你将图甲中的电路连接完整。
（2）电路连接好后移动变阻器的滑片，当电压表示数为2.8V时，电流表示数如图乙所示，则此时经过小灯泡的电流大小为　 　 。
（3）根据表中数据，计算小灯泡的额定功率为　 　 。
（4）该同学完成实验后，根据3组实验数据得出结论：随着小灯泡两端电压变大，小灯泡电功率逐渐变大。请分析电路总功率如何变化，并说明理由：　 　 。
四、解答题
27．为方便师生饮水，学校安装了直饮水机，如甲图所示，其工作电路原理如乙图，电热丝R1、R0绕在出水管上，水经过出水管时被加热，通过按“温、开水选择开关”按钮（断开或闭合）的状态，可以选择出温水或开水。该直饮水机的额定电压是220V，开水加热电功率是2200W，温水加热电功率是1000W。[已知：电热丝R1、R0电阻不随温度变化，水的比热容c＝4.2×103J/（kg ℃），水的密度ρ＝1×103kg/m3]。分析并计算：
（1）当“温、开水选择开关”断开时，饮水机处于出　 　 （填“温水”或“开水”）状态；
（2）电阻R0的阻值为多大？
（3）现在需要50℃的温水1000mL，已知水的初温是20℃，水需要吸收多少热量？
28．小华家买了一个家用电吹风，其简化电路如图甲所示，主要技术参数如下表。请解答如下问题：
（1）开关接至2时，电吹风的状态是 　 　 （选填“吹冷风”或“吹热风”）。
（2）求电热丝的电阻。
型号 SHZ2010﹣624
热风温度 50℃～75℃
额定功率 热风时：1000W冷风时：120W
额定电压 220V
质量 0.5kg
（3）某次吹头发，电吹风在额定电压下工作3分钟，功率与时间图像如图丙所示，求电吹风消耗的电能。
29．糖画是我国的一种传统民间手工艺，它亦糖亦画，可观可食，深受小朋友的喜爱。图甲是某款3D糖画打印笔进行绘画的场景，将糖装入打印笔，通电后笔内电热丝发热，糖受热后挤出，在空气中迅速冷却，最后凝固成型。图乙是打印笔的内部简化电路，电源电压为220V，R1和R2为发热电阻丝（电阻丝电阻随温度变化忽略不计）。图丙是某次打印糖画时，打印笔的电功率与时间的关系图像。
（1）若要快速打印（高功率），需要闭合开关 　 　 。
（2）求R2的阻值。
（3）计算该次打印糖画消耗的电能。
参考答案与试题解析
1．【考点】电能表的使用．
【分析】电能表是测量电路中一段时间消耗电能多少的工具。
【解答】解：由图可知该仪表为电能表，电能表是用来测量电路中一段时间消耗电能多少的工具。
故选：D。
【点评】本题考查了电能表的用途，是一道基础题。
2．【考点】探究电热的影响因素．
【分析】电流通过导体产生的热量与导体的电阻成正比，与通电时间成正比，与电流的平方成正比。
【解答】解：A、利用通电后油墨升温变色来观察产热情况属于转换法，故A正确；
B、因为串联电路的电流和通电时间相同，R1、R2应选择同种材料制成的阻值不同的电阻，故B正确；
C、若要使变色时间提前，应将滑动变阻器滑片向左移，故C错误；
D、该实验控制的变量是电流和通电时间相同，故D正确。
故选：C。
【点评】本题考查的是焦耳定律，知道控制变量法在本实验中的应用。
3．【考点】电功率的计算．
【分析】灯泡的亮度决定于实际功率大小，
（1）根据串联分压确定串联时的电压，得出实际功率与额定功率的关系；
（2）根据并联电压相等，确定实际功率。
【解答】解：灯泡的亮度决定于实际功率大小，甲图中两个灯泡串联，根据串联分压，每个灯泡的电压都小于6V，实际功率都小于额定功率，
而乙图并联，每个灯泡的电压都等于额定电压6V，都正常发光，两灯泡L1和L2规格分别为“6V 3W”和“6V 6W“，说明L2的实际功率大，故并联时L2最亮。
故选：D。
【点评】本题考查串并联的特点和电功率的比较，属于中档题。
4．【考点】初中物理．
【解答】A、甲灯的额定功率是25W,但实际电压改变时,其实际功率也随之变化,不一定总是25W,
故A说法不对。
B、当两灯都正常发光时,它们的实际功率都等于各自的额定功率,分别为25W和100W,但由于不清楚各自的工作时间,故无法确定谁消耗的电能多。故B错误。
C、已知两灯的额定电压和额定功率,根据
可得,甲、乙两灯的正常工作的电阻。
通过上面计算知,甲灯正常工作时的电阻大。故C正确。
D、乙灯接在110V的电路中,消耗的功率是
故D错误。
故选:C。
5．【考点】电功与电能．
【分析】根据W＝UIt得出电流做功。
【解答】解：电流做功W＝UIt＝1.2V×50×10﹣3A×3600s＝216J；
故选：D。
【点评】本题考查电功的计算，难度不大。
6．【考点】电功率的计算．
【分析】对用电器来说，电功率是指每单位时间用电器所消耗的电能。同样的时间内，电功率越大，用电量越大。
【解答】解：电功率指的是电器工作时单位时间内耗电量的多少。“度”是人们平常所说的电量单位，一个功率为1000瓦的电器，工作1小时消耗的能量是1度。根据表中各种家用电器的电功率和一天的使用情况可以计算出它们一天的用电量：电视机：耗电量＝200×10﹣3W×2h＝0.4kW h；鱼缸增氧泵：耗电量＝10×10﹣3W×24h＝0.24kW h；电饭煲：耗电量＝1000×10﹣3W×2h＝2kW h；电热水壶：耗电量＝1500×10﹣3W×1h＝1.5kW h，比较这些计算结果，我们可以看到电饭煲的耗电量最大，为2kW h。
故选：C。
【点评】正确理解掌握用电器用电量的计算方法，是解答该题的关键。
7．【考点】探究电热的影响因素．
【分析】A、本实验通过玻璃管中煤油高度的变化来间接比较电阻产生热量的多少，应用了转换法；
B、探究“电流产生的热量与电阻大小关系”时，控制电流与通电时间一定，改变电阻；
C、根据Q＝I2Rt分析；
D、本实验还需要控制煤油质量、玻璃管口径等一致。
【解答】解：A、本实验通过玻璃管中煤油高度的变化来间接比较电阻产生热量的多少，应用了转换法，故A正确；
B、探究“电流产生的热量与电阻大小关系”时，应将A、B两只电阻串联起来以控制电流相等，故B错误；
C、已知RA＞RB，玻璃管中煤油初始高度一致，根据Q＝I2Rt可知，A玻璃管中的产生的热量多，故A玻璃管中的液面高度高于B玻璃管，故C正确；
D、本实验还需要控制煤油质量、玻璃管口径等一致，才能通过玻璃管中煤油高度的变化来间接比较电阻产生热量的多少，故D正确。
故选：B。
【点评】本题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与电阻、电流的关系”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用是解决该题的关键。
8．【考点】燃料的热值．
【分析】热值是燃料的一种特性；在完全燃烧相同质量的不同燃料时，热值越大的燃料燃烧释放出的热量越多。
【解答】解：热值是燃料的属性，火箭使用液态氢作燃料是因为液态氢的热值大，相同情况下放出的热量多，故D正确，ABC不正确。
故选：A。
【点评】本题考查了对热值概念及特性的了解，是一道基础题。
9．【考点】改变物体内能的两种方式．
【分析】做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。
【解答】解：A、在瓶塞跳起过程中，瓶内的开水没有吸收热量，内能不能增大，故A错误；
B、在瓶塞跳起过程中，瓶塞的内能不变，故B错误；
C、瓶塞跳起的过程，气体对外做功，气体的内能减小，温度降低，故C正确；
D、瓶塞跳起的过程，暖水瓶外壳的内能不变，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查内能的改变，了解做功与物体内能的改变。
10．【考点】改变物体内能的两种方式．
【分析】压缩气体做功，气体的内能增大、温度升高；气体膨胀对外做功，自身的内能减小、温度降低。
【解答】解：AB、加压时，对气体做功，二氧化碳内能增大，温度升高，故AB错误；
CD、二氧化碳气体高速喷出时，气体对外做功，自身内能减小，温度降低，故C错误，D正确。
故选：D。
【点评】本题主要考查了做功与物体内能改变的分析，属基础题，难度不大。
11．【考点】改变物体内能的两种方式．
【分析】做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。
【解答】解：下压活塞的过程中，活塞对筒内气体做功，将机械能转化为筒内气体的内能，使气体的内能增加、温度升高，当温度升高到可燃物的着火点时，可燃物就燃烧起来，为了使可燃物燃烧，则可燃物的着火点要低一些，且要迅速下压活塞，即选着火点低的可燃物，快速下压活塞，通过做功的方式改变筒内气体内能，故C正确，ABD错误。
故选：C。
【点评】此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，是中考热点，属于易错题目。
12．【考点】电功率的计算．
【分析】由甲电路图可知两灯泡串联，由乙电路图可知两灯泡并联；根据P＝UI＝算出两灯泡的电阻；根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出甲图电路中的电流，根据P＝UI＝I2R求出甲图中两灯泡的实际功率；根据并联电路的电压特点求出乙图中两灯泡两端的电压，根据P＝UI＝求出乙图中两灯泡的实际功率，比较各实际功率得出答案。
【解答】解：由甲电路图可知两灯泡串联，由乙电路图可知两灯泡并联；
根据P＝UI＝知，两灯泡的电阻分别为：
R1＝＝＝12Ω，
R2＝＝＝3Ω，
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，甲图中电路中的电流：
I甲＝＝＝＝0.2A，
则图甲中，L1的功率：
P1＝I甲2R1＝（0.2A）2×12Ω＝0.48W，
L2的功率：
P2＝I甲2R2＝（0.2A）2×3Ω＝0.12W，
由并联电路的电压特点可知，乙图中两灯泡两端的电压：
U1＝U2＝U＝3V，
则图乙中L1的功率：
P3＝＝＝0.75W，
L2的功率：
P4＝＝＝3W
因此P2＜P1＜P4＜P3，故B正确。
故选：B。
【点评】本题考查串并联电路的特点、电功率公式和欧姆定律的应用，难度不大，但要注意区分额定功率与实际功率。
13．【考点】改变物体内能的两种方式．
【分析】（1）压缩气体做功，机械能转化为内能；
（2）（4）气体膨胀做功，内能转化为机械能；
（3）做功和热传递都可能改变物体的内能。
【解答】解：A、图甲，活塞向内压缩，瓶内气体内能增加，筒内棉花燃烧，故A错误；
B、图乙，瓶内空气推动塞子跳起时，瓶内空气的内能减小，故B正确；
C、图丙，是通过热传递的方式使烧杯内水的内能增加，故C错误；
D、图丁，是做功冲程，该过程中将内能转化为机械能，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了改变内能的方式、四冲程中的能量转化，属于基础内容，难度不大。
14．【考点】电功率的计算；并联电路的电流特点；欧姆定律．
【分析】（1）将图中曲线B所对应的灯的电压为6V时的功率用公式P＝UI求出来，与灯的规格进行比较，得出结论；
（2）两灯串联，通过两灯的电流相等，由图可知，两灯电压和为6V时的电流小于0.5A，用公式P＝UI求出电路总功率与9W进行比较，得出结论；
（3）灯L2正常发光，由图可知此时的电路电流为0.5A，两灯串联，通过灯L1的电流也为0.5A，从图中找到L1的电压，再用欧姆定律求出L1的电阻；
（4）两灯都正常发光，从图中找到两个灯的电流，再根据并联电路电流规律求出电路总电流。
【解答】解：A、由图可知，当曲线B所对应的灯的电压为U1＝6V时，通过灯电流为I1＝0.5A，
此时该灯的功率为：P1＝U1I1＝6V×0.5A＝3W，
由此可知，曲线B对应的是灯L2“6V 3W”，故A错误；
B、将两灯串联接在U＝6V电源两端时，通过两灯的电流相同，
由图可知，当两灯的电压和为6V时，串联电路中的电流小于I2＝0.5A，
即电路总功率：P＜UI2＝6V×0.5A＝3W，故B错误；
C、由A中分析可知，曲线B对应灯L2，
当L2正常发光时，由图可知，通过L2的电流为I3＝0.5A，
两灯串联，故通过灯L1的电流也为0.5A，
由图知此时灯L1的电压为U3＝2V，
则此时L1的电阻为：R＝＝＝4Ω，故C正确；
D、两灯并联且均正常发光，由图可知，通过L1的电流为：I4＝1A，
通过L2的电流为：I5＝0.5A，
根据并联电路电流规律可知，电路的总电流为：
I总＝I4+I5＝1A+0.5A＝1.5A，故D错误；
故选：C。
【点评】本题考查串、并联电路中的电流、电压规律，欧姆定律的简单计算，电功率P＝UI的简单计算。
15．【考点】改变物体内能的两种方式；比热容的概念及其计算．
【分析】做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。
水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
【解答】解：（1）盾构机在工作时，因高速旋转会产生大量热，这是通过做功的方式改变物体内能的。
（2）盾构机前端的水冷循环系统可以给刀片及时降温，用水冷却主要是利用了水比热容较大的特性，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多。
故答案为：（1）做功；（2）比热容较大。
【点评】本题考查做功改变内能及水的比热容较大的应用，属于基础题。
16．【考点】焦耳定律的计算；电流的热效应．
【分析】（1）电流通过导体，将电能转化为内能的现象叫做电流的热效应；
（2）根据焦耳定律Q＝I2Rt分析。
【解答】解：（1）电流通过电热丝时，电热丝将电能转化为内能，所以封口机工作时利用电流的热效应实现高温封口；
（2）由焦耳定律Q＝I2Rt＝可知，如果电阻丝产生的热量太少，可以换用阻值更小的电阻丝（或增大电源电压）使电阻产生更多的热量。
故答案为：（1）电流的热效应；（2）换用阻值更小的电阻丝（或增大电源电压）。
【点评】本题考查了焦耳定律的应用和电流的热效应，属于基础题。
17．【考点】电功与电热的综合计算．
【分析】（1）开关S断开时，两个电阻串联，电路的总电阻最大，由P＝可知总功率最小，处于保温挡；S闭合时，只有R1的简单电路，电路的总电阻最小，由P＝可知总功率最大，处于高温挡；
（2）“1200imp/kW h”表示电路中用电器每消耗1kW h的电能，电能表的指示灯闪烁120次，据此得出指示灯闪烁120次消耗的电能，根据P＝求出高温挡的功率，根据P＝变形可求出R1的阻值和保温时总电阻，由电阻的串联得到R2的阻值。
【解答】解：开关S断开时，两个电阻串联，电路的总电阻最大，由P＝可知总功率最小，处于保温挡；S闭合时，只有R1的简单电路，电路的总电阻最小，由P＝可知此时总功率最大，处于高温挡；
消耗的电能：W＝kW h＝0.1kW h，
高温挡的功率：P高＝＝＝1kW＝1000W，
R1的阻值：R1＝＝＝48.4Ω，
保温挡时总电阻：R＝＝＝484Ω，
R2的阻值：R2＝R﹣R1＝484Ω﹣48.4Ω＝435.6Ω。
故答案为：保温；0.1；435.6。
【点评】本题考查了串联电路的特点、电功率公式的应用以及挡位关系，综合性较强，有一定难度。
18．【考点】电功与电能；改变物体内能的两种方式；压强与流速的关系．
【分析】（1）根据流体压强与流速的关系进行分析；
（2）改变内能的方式包括做功和热传递；
（3）根据W＝Pt得出电动机消耗的电能。
【解答】解：（1）空气从圆环空腔上的细缝中高速吹出，空气流速大，压强小，其后方空气流速小，压强大，所以更多的空气流入电扇出风口。即运用到流体压强与流速关系的原理。
（2）电动机将空气从进风口吸入，然后经压缩后进入环形空腔，对空气做功，此过程中进入空腔内空气的内能变大；
（3）若该风扇的电动机正常工作1分钟，则电动机消耗的电能W＝Pt＝55W×1×60s＝3300J。
故答案为：（1）空气流速大，压强小；（2）变大；（3）3300。
【点评】本题考查电能的有关知识，难度不大。
19．【考点】电功与电热的综合计算；改变物体内能的两种方式．
【分析】（1）根据电火锅的原理和电路的组成进行分析。
（2）改变物体内能的方式进行分析。
（3）根据影响电阻大小的因素和进行分析。
（4）根据W＝Pt进行计算。
【解答】解：（1）已知S2是温控开关，当锅体温度达到设定值时自动断开，当锅体温度低于一定值时自动闭合。S1从 0 挡转到Ⅰ挡开始工作，此时锅体温度是低于设定值的，所以温控开关S2的状态是闭合的。
（2）改变物体内能的方式有做功和热传递。做功是其他形式的能与内能之间的相互转化，热传递是内能从高温物体转移到低温物体。在电火锅加热时，是电流通过发热管产生热量，热量传递给锅内的水，使水温升高，这是内能的转移过程，所以改变水的内能的方式是热传递。
（3）根据可知：在电压一定时，电阻R越小，功率P越大。已知滑片顺时针转动，发热管的加热功率增大，Ⅳ挡时功率最大，说明Ⅳ挡时接入电路的电阻最小。观察图丙，当接线柱b、c连入电路时，接入的电热丝段数最少，电阻最小，满足条件，所以接线柱a、b、c中连入电路的应该是b、c。
（4）已知电火锅Ⅳ挡加热功率为1000W，家庭电路电压U＝220V。
根据公式，可求出Ⅳ挡时发热管的电阻；
因为电热丝被均分为四段接入电路，Ⅲ挡时接入电路的电阻是Ⅳ挡时的 2 倍（从电路结构和挡位变化规律可知），所以Ⅲ挡时连入阻值为2×48.4Ω＝96.8Ω。Ⅲ挡时的功率为：；
Ⅲ挡时发热管消耗的电能为：W＝P't＝500W×5×60s＝1.5×104J。
故答案为：（1）闭合；（2）热传递；（3）b、c；（4）1.5×104J。
【点评】本题考查的是电功率的多挡位问题；知道改变物体内能的两种方式；会利用电功率和电功的公式进行计算。
20．【考点】电流的热效应；改变物体内能的两种方式；电路的基本组成．
【分析】芯片及其电器设备，都是消耗电能的用电器；
芯片有电阻，电流通过芯片时会产生热量；
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。
【解答】解：芯片及其电器设备，都是消耗电能的用电器；芯片有电阻，电流通过芯片时会产生热
量；散热部件与芯片紧密结合，可通过传导等热传递方式来改变芯片的内能。
故答案为：用电器；电阻；热传递。
【点评】本题考查电路的组成及改变内能的方法等。
21．【考点】探究电热的影响因素．
【分析】（1）改变内能的方法有两个：做功和热传递；电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，通过转换法间接得到导体通电后产生热量的多少；
（2）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；探究电流产生热量跟电流关系时，控制通电时间和电阻不变，因此需要右侧的两个电阻并联。
【解答】解：（1）实验中要比较电阻丝产生的热量的多少，只需比较与之相连的U形管中液面的高度差，高度差越大，表明电阻产生的热量越多，这是转换法。
（2）由装置可知，右侧容器内电阻与容器外电阻并联后与左侧容器内电阻串联，三电阻阻值大小相等，由并联分流可知，通过左侧容器内电阻的电流大于通过右侧容器内电阻的电流，故此实验可探究电流产生的热量多少与电流的关系。
故答案为：（1）转换法；（2）电流。
【点评】本题探究“电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关”的实验，利用控制变量法以及转换法进行分析。
22．【考点】热量的计算；改变物体内能的两种方式．
【分析】（1）做功和热传递都可以改变物体的内能，它们的主要区别是：做功是能量的转化，而热传递是能量的转移；
（2）知道乙醚的初温和末温，又知道乙醚的质量和比热容，根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出乙醚吸收的热量。
【解答】解：（1）手握住时，手掌的热通过热传递的方式转移到乙醚，改变了乙醚的内能；
（2）乙醚吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝2.4×103J/（kg ℃）×0.01kg×（34.5℃﹣19.5℃）＝360J。
故答案为：（1）热传递；（2）360。
【点评】本题考查改变内能的方式以及热量公式的运用，难度不大。
23．【考点】燃料的热值；沸点及沸点与气压的关系；机械能守恒．
【分析】（1）为防止燃料汽化导致燃料贮箱内气压过高，应先加注沸点较高的液体；
（2）机械能等于动能与重力势能之和；根据Q放＝mq得到质量为1t的氢完全燃烧放出的热量。
【解答】解：（1）在火箭燃料加注过程中，因为液态氢和液态氧的沸点较低，所以发射前加注燃料时，为防止燃料汽化导致贮箱内气压过高，应该先加注沸点最高的燃料，由于煤油的沸点在三种燃料中最高，因此应先加注煤油。
（2）火箭加速升空时，嫦娥六号探测器的质量不变，速度变大，动能变大，高度增加，重力势能变大，由于机械能等于动能与重力势能之和，所以机械能的增加量大于动能的增加量。
质量为1t的氢完全燃烧放出的热量：
Q放＝mq＝1t×1.4×108J/kg＝1000kg×1.4×108J/kg＝1.4×1011J。
故答案为：（1）煤油；（2）大于；1.4×1011。
【点评】本题考查物态变化和热量的计算等，属于综合题。
24．【考点】伏安法测定电功率．
【分析】（1）电压表并联在小灯泡两端，根据小灯泡的额定电压确定电压表量程；滑动变阻器“一上一下”串联接入电路；
（2）根据图丙确定灯泡额定电压下的电流，由P＝UI求灯的额定功率；
（3）由串联电路特点和欧姆定律计算变阻器的最大值，据此确定滑动变阻器规格。
【解答】解：（1）测定“小灯泡电功率”的实验中，电压表并联在小灯泡两端，小灯泡额定电压为2.5V，故电压表选择小量程；滑动变阻器“一上一下”串联接入电路；如下图所示：
；
（2）由图丙可知，灯的电压为2.5V时，通过的电流为0.4A，所以小灯泡的额定功率为：
PL＝ULIL＝2.5V×0.4A＝1W；
（3）电源由三节干电池，所以电源电压4.5V；
小科同学测量的六组实验中，灯泡两端电压最小0.5V，由分压原理知，变阻器连入电路的阻值最大，由图象知，电路中电流约为0.1A，
则此时变阻器连入电路的阻值为：
R＝＝＝40Ω，
由图像知，灯泡电压为3V时的电流大于0.4A，所以应选择“1A 60Ω”的变阻器，故选：C。
故答案为：（1）见解答图；（2）1；（3）C。
【点评】本题通过测定小灯泡电功率实验，考查实物电路的连接、电功率的计算和器材的选择等知识。
25．【考点】伏安法测定电功率．
【分析】（1）根据滑动变阻器的滑片在最左端时阻值最大，则滑动变阻器的右下接线柱与小灯泡右端相连来分析；
（2）根据测量小灯泡的额定功率，应减小滑动变阻器的阻值来分析；
（3）根据P＝UI来分析；
（4）根据温度的升高电阻会增大来分析。
【解答】解：（1）测量小灯泡的电功率时，滑动变阻器与小灯泡串联，电压表与小灯泡并联，由于小灯泡上标有“2.5V”的字样，则电压表的3V接线柱与小灯泡右端相连；滑动变阻器的滑片在最左端时阻值最大，则滑动变阻器的右下接线柱与小灯泡右端相连，如下图所示：
（2）由图乙可知，电压表使用0﹣3V量程，分度值0.1V，示数为2.2V，小于小灯泡的额定电压2.5V。要测量额定功率，需增大小灯泡两端的电压。根据串联电路分压原理，滑动变阻器两端电压应减小，即滑动变阻器接入电路的电阻应减小，所以应将滑片向右移动，使滑动变阻器接入电路的电阻变小，从而小灯泡两端电压增大到2.5V；
（3）由丙图可知，当小灯泡两端电压为2.5V时，通过小灯泡的电流为0.2A，则小灯泡的额定功率P＝UI＝2.5V×0.2A＝0.5W；
（4）由于灯丝的电阻受温度的影响，随着电压的升高，小灯泡的实际功率增大，小灯泡的亮度增大，则灯丝的温度升高，小灯泡的电阻发生变化。
故答案为：
（1）；
（2）右；
（3）0.5W；
（4）灯丝的电阻受温度的影响。
【点评】本题测小灯泡的额定功率实验，考查了电路连接、实验操作、电表读数和功率的计算等知识，难度适中，掌握学科基础知识即可解答。
26．【考点】伏安法测定电功率．
【分析】（1）根据灯的额定电压为2.5V确定电压表选用小量程与灯并联；
（2）根据电流表选用小量程确定分度值读数；
（3）根据表中数据知灯在额定电压下的电流，根据P＝UI得出小灯泡的额定功率；
（4）随着小灯泡两端电压变大，通过灯的电流变大，根据P＝UI分析。
【解答】解：（1）灯的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，如下所示：
（2）电路连接好后移动变阻器的滑片，当电压表示数为2.8V时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则此时经过小灯泡的电流大小为0.28A。
（3）根据表中数据知，灯在额定电压下的电流为0.26A，小灯泡的额定功率为
P＝UI＝2.5V×0.26A＝0.65W
（4）随着小灯泡两端电压变大，通过灯的电流变大，根据P＝UI可知，电路总功率变大。
故答案为：（1）；（2）0.28A；（3）0.65W； （4）0.65W；变大，随着小灯泡两端电压变大，通过灯的电流变大，根据P＝UI可知，电路总功率变大。
【点评】本题测量小灯泡电功率，考查电路连接及电功率公式的运用。
27．【考点】电功率的计算；热量的计算．
【分析】（1）开关断开时，两电阻串联，电路的总电阻较大，根据可判断饮水机的状态；
（2）先判断开水状态时的电路连接，再利用公式R＝可算出电阻R0的阻值；
（3）先利用公式m＝ρV求出水的质量，再用公式Q＝cmΔt可算出水需要吸收的热量。
【解答】解：（1）当“温、开水选择开关”断开时，R0与R1串联，电路中的总电阻较大，由可知，电功率较小，为温水状态；
（2）当“温、开水选择开关”闭合时，电路为只有R0的简单电路，电路电阻较小，饮水机为开水状态，
已知开水加热电功率为P＝2200W，则电阻R0的阻值为：；
（3）温水的质量为：m＝ρV＝1.0g/cm3×1000cm3＝1000g＝1kg，
水需要吸收的热量为：Q＝cmΔt＝4.2×103J/（kg ℃）×1kg×（50﹣20）℃＝1.26×105J；
答：（1）温水；
（2）电阻R0的阻值为22Ω；
（3）水需要吸收的热量为1.26×105J。
【点评】本题考查利用比热容的公式计算热量，电功率的综合计算。
28．【考点】电功率的计算；电功与电能．
【分析】（1）由图甲可知，当开关接至2时，只有电动机工作，据此判断电吹风的状态；
（2）当开关接至1时，电动机和电热丝并联，由图乙可知电吹风吹热风和冷风时的电功率，根据P电热丝＝P热﹣P冷求出电热丝的电功率，根据P＝求出电热丝的电阻；
（3）由图乙可知，电吹风在额定电压下工作3分钟，热风状态时工作的时间和冷风状态时工作的时间，根据W＝Pt分别求出电吹风热风状态和冷风状态时消耗的电能，据此求出电吹风消耗的总电能。
【解答】解：（1）由图甲可知，当开关接至2时，只有电动机工作，电吹风只吹风，不发热，所以电吹风的状态是吹冷风；
（2）当开关接至1时，电动机和电热丝并联，
由图乙可知电吹风吹热风和冷风时的电功率，电热丝的电功率：P电热丝＝P热﹣P冷＝1000W﹣120W＝880W，
由P＝可知，电热丝的电阻：R＝＝＝55Ω；
（3）由图乙可知，电吹风在额定电压下工作3分钟，热风状态时工作的时间t1＝2min＝120s，冷风状态时工作的时间t2＝1min＝60s，
电吹风吹热风状态时消耗的电能：W1＝P热风t1＝1000W×120s＝1.2×105J，
吹冷风状态时消耗的电能：W2＝P冷风t2＝120W×60s＝7200J，
电吹风消耗的总电能：W＝W1+W2＝1.2×105J×7200J＝1.272×105J。
答：（1）吹冷风；
（2）电热丝的电阻为55Ω；
（3）电吹风消耗的电能为1.272×105J。
【点评】本题考查并联的特点、电功公式以及电功率公式的应用，难度不大。
29．【考点】电功与电热的综合计算．
【分析】（1）由图乙可知，当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联；当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作；根据串联电路的特点和P＝可知快速打印的电路连接；
（2）由图丙可知高功率打印和低功率打印的电功率，根据高功率打印的功率和P＝可求R1的阻值；根据低功率打印功率和P＝可求出R1、R2的串联总电阻，根据串联电路的特点求出R2的阻值；
（3）由图可知高功率打印时间和低功率打印时间，根据W＝Pt求出该次打印糖画消耗的电能。
【解答】接：（1）由图乙可知，当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联，根据串联电路的特点可知，此时电路的总电阻最大，由P＝可知，电路的总功率最小，打印笔低功率打印；
当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，电路的总电阻最小，总功率最大，打印笔高功率打印；
（2）由图图丙可知，P高＝22W，P低＝10W，
由P＝可知，R1的阻值：R1＝＝＝2200Ω；
R1、R2的串联总电阻：R＝＝＝4840Ω，
根据串联电路的特点可知，R2的阻值：R2＝R﹣R1＝4840Ω﹣2200Ω＝2640Ω；
（3）由图丙可知，高功率打印时间t1＝10min＝600s，低功率打印时间t2＝10min＝600s，
由P＝可知，该次打印糖画消耗的电能：W＝P高t1+P低t2＝22W×600s+10W×600s＝19200J。
答：（1）S1、S2；
（2）R2的阻值为2640Ω；
（3）该次打印糖画消耗的电能为19200J。
【点评】本题考查串联电路的特点、电功公式以及电功率公式的灵活运用，能从图中获取相关信息是解题的关键。
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