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2024级高二第二次月考检测物理试题
考试时长90分钟 满分100分
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。
2．答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
一、选择题：（本题共12小题，共40分。每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，选对得3分，第9～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）
1. 关于电源电动势，下列说法正确的是（ ）
A. 常见充电宝标有5000mA·h成10000mA·h等，此物理量越大，则充电电流越大
B. 同一电源接入不同的电路中，电动势会发生变化
C. 1号1.5V干电池与7号1.5V干电池分别接在同一电路中，电流的大小一定相等
D. 1号1.5V干电池比7号1.5V干电池体积大，但电动势相同
2. 下述关于使用多用电表欧姆挡测电阻的说法中正确的是（ ）
A. 测量前应检查指针是否停在“Ω”刻度线的“0”处
B. 测量阻值不同的电阻时都必须重新欧姆调零
C. 测电阻时如果指针偏转过大，应将选择开关S拔至倍率较小的挡位，重新调零后再测
D. 红表笔与欧姆表电源正极相连
3. 当导线中分别通以图示方向的电流，小磁针静止时北极指向读者的是（　　）
A. B.
C. D.
4. 老师在课上做了如下的小实验：他把一只棋子放在水平桌面上接近边缘处的纸条上。第一次，慢拉纸条，将纸条抽出，棋子掉落在地上的P点；第二次，将棋子、纸条放回原来的位置，快拉纸条，将纸条抽出，棋子掉落在地上的N点。从第一次到第二次现象的变化，下列解释正确的是（ ）
A. 棋子的惯性变大了 B. 棋子受到纸带的摩擦力变小了
C. 棋子受到纸带的冲量变小了D. 棋子离开桌面时的动量变大了
5. 电源的电动势为E、内阻为r，与定值电阻、及滑动变阻器R连接成如图所示的电路，当滑动变阻器的滑片由中点滑向a端时，下列说法正确的是（ ）
A. 定值电阻的电功率减小
B. 电压表读数增大、电流表读数减小
C. 电压表示数的变化的绝对值与中的电流变化的绝对值的比值不变
D. 电压表读数减小、电流表读数增大
6. 如图所示，R1、R2为定值电阻，C为电容器。闭合开关S，在滑动变阻器R的滑片向上滑动的过程中（　 　）
A. 电阻R2中有向上的电流
B. 通过电阻R1的电流增大
C. 滑动变阻器R两端的电压变小
D. 电容器C极板所带电荷量变多
7.在匀强磁场中做各种运动的矩形线框，能产生感应电流的是（　　）
A. 图甲中矩形线框向右加速运动 B. 图乙中矩形线框以为轴匀速转动
C. 图丙中矩形线框以为轴匀速转动 D. 图丁中矩形线框斜向上运动
8. 如图所示，a、b两物块质量均为1 kg，中间用一长1 m的细绳连接，静止在光滑的水平面上（a、b可视为质点），开始让a、b挨在一起，现用一水平恒力F=2N作用在b上，细绳可瞬间拉紧，则4s内恒力F做功（　　）
A. 14 J
B. 15 J
C. 16 J
D. 17 J
9. 如图所示为用伏安法测电阻的部分电路图，因为不知道待测电阻的大概值，所以不能确定线路的接法。为了减小误差，可在电路接好后将电压表的一个接线端K分别与M、N接触，观察电压表和电流表的计数哪一个有明显的变化。下列关于观察到的现象及应选用的接法的叙述中，正确的是（　　）
A. 若电压表读数有明显的变化，则K应接在N点
B. 若电压表读数有明显的变化，则K应接在M点
C. 若电流表读数有明显的变化，则K应接在M点
D. 若电流表读数有明显的变化，则K应接在N点
10. 如图所示为用某种半导体材料制成的电阻的电流随其两端电压变化的关系图线，在图线上取一点M，其坐标为（U1，I1），其中过M点的切线与横轴交点处的横坐标为U0，则下列说法正确的是（　　）
A. 该电阻阻值随其两端电压的升高而增大
B. 该电阻阻值随其两端电压升高而减小
C. 当该电阻两端的电压U=U1时，其阻值为
D. 当该电阻两端的电压U=U1时，其阻值为
11.甲所示，小车B紧靠平台边缘静止在光滑水平面上，物体A(可视为质点)以初速度v0从光滑的平台水平滑到与平台等高的小车上(未冲出)，物体和小车的v－t图像如图乙所示，取重力加速度g＝10 m/s2，则以下说法正确的是(　　)
A.物体A与小车B间的动摩擦因数为0.3
B.物体A与小车B的质量之比为1∶2
C.小车B的最小长度为2 m
D.如果仅增大物体A的质量，物体A有可能冲出去
12.所示的电路中，电源电动势为E内阻为r，闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生了变化。若电表的示数分别用I、、和表示，电表示数变化量的绝对值分别用、、和表示，下列说法正确的是（　　）
A. 不变，不变 B. 变小，不变
C. 电阻消耗的功率变小 D. 电源输出功率变大
三、实验题（共18分）
13.用电流表和电压表测量一节干电池电动势和内阻，电路图如图甲所示。
（1）该小组最初按照图甲所示的电路进行实验时，通过调节滑动变阻器阻值使电流表示数逐渐接近满偏，记录此过程中电压表和电流表的示数，结果发现电压表示数的变化范围比较小，出现该现象的主要原因是_____。（单选，填正确答案标号）
A．电压表分流 B．电流表内阻较小 C．滑动变阻器最大阻值较小 D．干电池内阻较小
（2）针对电压表示数的变化范围比较小的问题，该小组利用实验室提供的器材改进了实验方案，重新测量得到的数据在坐标纸上画出图像如图乙，电池的内阻____________。
（3）考虑电表内阻对实验的影响，由图甲可知，误差来源于____________（填“电压表分流作用”或者“电流表分压作用”），所测电池的电动势____________（填“偏大”或者“偏小”），所测电池的内阻____________（填“偏大”或者“偏小”）。
14. 某学习小组用半径相同的小球1和小球2碰撞“验证动量守恒定律”，实验装置如图甲所示．安装好实验装置，斜槽的末端水平，在地上铺一张白纸，白纸上铺放复写纸，记下铅垂线所指的位置O．接下来的实验步骤如下：
步骤1：不放小球2，让小球1从斜槽上A点由静止滚下，并落在地面上，并重复多次；
步骤2：把小球2放在斜槽前端边缘处的B点，让小球1从A点由静止滚下，使它们碰撞，并重复多次；
步骤3：用刻度尺分别测量三个落地点的平均位置M、P、N离O点的距离，即线段OM、OP、ON的长度．
（1）以下提供的器材中，本实验必需的有_______．
A．刻度尺 B．游标卡尺
C．天平 D．秒表
（2）在上述实验操作中，下列说法正确的是_______．
A．小球1的半径可以大于小球2的半径
B．小球1每次可以从斜槽的不同位置由静止滚下
C．小球在斜槽上的释放点应该越高越好，这样碰前的速度大，测量误差较小
D．复写纸铺在白纸的上面，实验过程中复写纸可以随时拿起来看印迹是否清晰并进行移动
（3）步骤1中，小球1落点的情况如图乙所示，则小球1落点的平均位置对应的毫米刻度尺读数为__________ cm．
（4）设小球1的质量为m1，小球2的质量为m2，OM的长度为l1，OP的长度为l2，ON的长度为l3，则本实验验证动量守恒定律的表达式为___________________．
四、解答题（共42分）
15.（7分）光滑水平面上有三个物块A、B和C，它们具有相同的质量，且位于同一直线上。开始时，三个物块均静止，先让A以一定速度与B碰撞，碰后它们粘在一起，然后又一起与C碰撞并粘在一起，求前后两次碰撞中损失的动能之比。
16.（8分）以测量子弹的速度大小。如图所示,长度为l的轻绳悬挂质量为M的沙箱,质量为m的子弹沿水平方向射入沙箱并留在沙箱中。测出沙箱偏离平衡位置的最大角度为α。沙箱摆动过程中未发生转动。自子弹开始接触沙箱至二者共速的过程中,忽略沙箱的微小偏离。求:
（1）子弹射入沙箱后的共同速度大小v
（2）子弹射入沙箱前的速度大小v0;
17．（12分） 一辆电动自行车铭牌上给出的技术参数如表所示。
规格 后轮驱动直流电机
车型 28英寸 额定输出功率 153W
整车质量 30kg 额定电压 60V
最大载量 120kg 额定电流 3.0A
求：
(1)该电动自行车的电机的内阻r；
(2)该电动自行车的电机正常工作时的效率η；
(3)在额定电压下，电机突然卡死时，电机的总功率P（不考虑电源的内阻）。
18.（15分） 在冰壶比赛中，球员手持毛刷擦刷冰面，可以改变冰壶滑行时受到的阻力。如图a所示，蓝壶静止在圆形区域内，运动员用等质量的红壶撞击蓝壶，两壶发生正碰。碰撞前后两壶的图像如图b所示。
（1）蓝壶运动时加速度多大？
（2）碰撞后两壶相距的最远距离为多少？
（3）请通过计算说明两壶是否发生了弹性碰撞。2024级高二第二次月考物理试题答案
17.
(1)该电动自行车的电机的总功率为
一、选择题：
P=UI=60×3W=180W
由能量守恒定律有
1.D2.C3.C4.C5.C6.D7.B8.D9.BD10.BC11.C12.AB
I2r=P%-P出
三、实验题（共18分)
其中P出=153W
13.D0.8电压表分流作用偏小偏小
解得r=32
14.ACD46.39-46.43m1l2=m1l1+m2l3
P出
(2)经分析可知n=
×100%
四、解答题（共42分)
解得m=85%
15.
设每个物体的质量为m,A的初速度为vo.取向右方
(3)电机突然卡死后，电机就变成纯电阻电路，此时
向为正方向
电机消耗的电功率为
第一次碰撞过程中，系统的动量守恒，则有
m0-2m1=0,得1=号0，动能的损失为△
P==602w=1200w
3
Ea=m-分2mc=子m听
第二次碰撞过程中，系统的动量守恒，则有
18.
2m1-3m2=0,得2=含0，动能的损失为
解：(1)由题图b可知，碰前红壶的速度=1,2/s,碰后红壶的
速度为"红=0.3m/s,根据动量守恒定律可得mto=mw红+mw篮
AEa=号2m听-号3mi=bmd
解得v=0.9m/s
故前后两次碰撞中损失的动能之比△Ek1:△Ek2=
根据三角形相似法知6-山.2。⊥
1.6=4
3:1
解得41=4s
蓝壶运动时间为△=4s-1s=3s
蓝壶的加速度大小为a=”鉴0=
()子弹射入沙包后，向上摆到最高点的过程中，
△
-=0.3m/s2
16.
根据机械能守恒定律可得：
(2)碰撞后蓝壶速度一直大于红壶，故在蓝壶静止前两壶距离一直
在增大，速度图像与横轴围成的面积表示位移，则碰后两壶相距的
(M+m)=(M+m)gL (1-cos0)
最远距离为
解得
5-09x3m-0.3x0.5m=1.275m
2
2
v=V2gL (1-cos0)
(2)子弹射入沙包过程动量守恒，由动量守恒定律可
3)避撞前两密的总动能为u=宁+0=0nm)
得
磁推后两壶的总动能为B0=宁m+宁m2=Q5m()
mvo =(M+m)v
则Ek!>E2,所以两壶碰撞为非弹性碰撞。
解得
v2 (1c0s0)
答：(1)求子弹刚射入沙包后和沙包的共同速度刘
为/2gL(1-cos0):
(2)求子弹射入沙包前眼时的速度，为M什”
V2gL(1-c0s8).
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