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江苏省盐城市五校联考2024-2025学年高二上学期10月月考物理试题
一、单项选择题（本大题共11个小题，每小题4分，共44分，在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，请在答题纸的指定位置填涂答案选项）
1．（2024高二上·盐城月考）两个物体具有相同的动量，则它们一定具有（　　）
A．相同的速度 B．相同的质量
C．相同的运动方向 D．相同的动能
2．（2024高二上·盐城月考）能源是人类社会活动的物质基础，节约能源应成为公民的行为习惯。下列说法中正确的是（　　）
A．太阳能转化为电能过程中能量增加
B．能量耗散会降低能源利用的品质
C．能量耗散过程中能量在不断减少
D．能量总是守恒的，所以不需要节约能源
3．（2024高二上·盐城月考）运输家用电器、易碎品时，经常用泡沫塑料作填充物，这是为了在运输过程中（　　）
A．减小物品受到的冲量 B．使物体的动量减小
C．使物体的动量变化量减小 D．延长作用时间以减小作用力
4．（2024高二上·盐城月考）如图所示，电动机M的线圈电阻为r，接入电压恒为U的电源时，电动机正常工作，此时电动机中通过的电流为I、消耗的电功率为P、线圈电阻的发热功率为P热、输出的机械功率为P出．则下列关系式正确的是
A． B．P=IU+I2r C． D．P出=IU-I2r
5．（2024高二上·盐城月考）如图所示，一物体静止在水平地面上，受到与水平方向成θ角的恒定拉力F作用时间t后，物体仍保持静止。下列说法中正确的是（　　）
A．物体所受拉力F的冲量方向水平向右
B．物体所受合力的冲量大小为0
C．物体所受摩擦力的冲量大小为0
D．物体所受拉力F的冲量大小为0
6．（2024高二上·盐城月考）如图所示，将甲、乙两条形磁铁隔开一段距离，静置于光滑的水平桌面上，甲的N极正对着乙的S极，甲的质量大于乙的质量。现同时释放甲和乙，在它们相互接近过程中的任一时刻（　　）
A．甲的动量大小比乙的大 B．甲的动量大小比乙的小
C．甲的速度大小比乙的大 D．甲的速度大小比乙的小
7．（2024高二上·盐城月考）质量为m的钢球自高处落下，以速率v1碰地，竖直向上弹回，碰撞时间极短，离开地的速率为v2．在碰撞过程中，钢球受到合力的冲量的方向和大小为（　 ）
A．向上， B．向下，
C．向下， D．向上，
8．（2024高二上·盐城月考）在如图所示的电路中，R1为定值电阻，R2为可变电阻，电源的电动势为E，内阻为r。设电流表A的示数为I，电压表V的示数为U，当R2的滑动触点向a端移动时，则（　　）
A．I变大，U变小 B．I变大，U变大
C．I变小，U变大 D．I变小，U变小
9．（2024高二上·盐城月考）如图所示，当可变电阻时，理想电压表的示数，已知电源的电动势，则（　　）
A．此时理想电流表的示数是2A B．此时理想电流表的示数是3A
C．电源的内阻是0.5Ω D．电源的内阻是2Ω
10．（2024高二上·盐城月考）在如图所示的U-I图像中，直线Ⅰ为某一电源的路端电压与电流的关系图像，直线Ⅱ为某一电阻R的伏安特性曲线。用该电源与电阻R组成闭合电路，由图像可知下列说法正确的是（　　）
A．电源的电动势为6V B．电阻R的阻值为1Ω
C．电源的内阻为2Ω D．电源的输出功率为6W
11．（2024高二上·盐城月考）在光滑的水平面上，一个质量为2kg的物体A与另一物体B发生正碰，碰撞时间不计，两物体的位置随时间变化规律如图所示，以A物体碰前速度方向为正方向，下列说法正确的是（　　）
A．碰撞后A的动量为6kg m/s
B．碰撞后A的动量为4kg m/s
C．物体B的质量为2kg
D．碰撞过程中合外力对B的冲量为6N s
二、实验题（共1小题，计15分，请把答案写在答题纸的指定位置上）
12．（2024高二上·盐城月考）某同学想要测量一节干电池的电动势和内阻，实验室提供了如下器材和参考电路：
电压表V1（量程3 V，内阻约6 kΩ） 电压表V2（量程15 V，内阻约6 kΩ）
电流表A1（量程0.6 A，内阻约0.1 Ω） 电流表A2（量程3 A，内阻约1 Ω）
滑动变阻器R1（最大阻值3 kΩ） 滑动变阻器R2（最大阻值10 Ω）
开关，导线若干
甲 乙
（1）电压表选V1，电流表选A1，滑动变阻器选　 　（填写“R1”或“R2”）。
（2）选用合适器材后，应选择　 　（填写“甲”或“乙”）电路进行测量。
（3）另外一个同学为了减小偶然误差设计了下图的测量电路，定值电阻R3的阻值为0.5 Ω，将测得的数据在坐标纸上描点连线如图。求出电动势E为　 　V，内阻r为　 　Ω（结果均保留两位小数）。
（4）该实验中，产生系统误差的主要原因是（　　）
A．电流表分压 B．电压表分流
三、解答题（本大题共4小题，共41分，请在答题纸指定的区域内作答，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤）
13．（2024高二上·盐城月考）如图所示，电源的电动势E为3V，内阻r为1Ω，定值电阻R1为1Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为4Ω，求：
（1）滑动变阻器R2接入电路的阻值为0时，通过R1的电流；
（2）滑动变阻器R2接入电路的电阻为1Ω时，通电10s电阻R1上产生的热量。
14．（2024高二上·盐城月考）如图电路，电动机M与电阻R串联，电动机的电阻r=2Ω，电阻R=10Ω。当外加电压U=200V时，理想电压表示数为UV=150V。试求：
（1）通过R的电流；
（2）电动机输出的机械功率。
15．（2024高二上·盐城月考）“蹦极”是一项勇敢者的运动，如图所示，某人用弹性橡皮绳拴住身体从高空P处自由下落，在空中感受完全失重的滋味。此人质量为50kg，橡皮绳原长45m，人可看成质点，不计空气阻力作用。此人从P点自静止下落到最低点所用时间。（g取10m/s2）求：
（1）人从 P 点下落到最低点的过程中，重力的冲量大小；
（2）人下落到橡皮绳刚伸直（原长）时，人的动量大小；
（3）从橡皮绳开始伸直到人下落到最低点的过程中，橡皮绳对人平均作用力为多大？
16．（2024高二上·盐城月考）如图所示，小滑块A位于长木板B的左端，现让小滑块A和长木板B一起以相同速度v0=3m/s在光滑的水平面上滑向前方固定在地面上的木桩C。A、B的质量分别为m1=2kg，m2=1kg，已知B与C的碰撞时间极短，且每次碰后B以原速率弹回，运动过程中A没有与C相碰，A也没从B的上表面掉下，已知A、B间的动摩擦因数μ=0.1。（g=10m/s2）求：
（1）B与C第一次碰撞前后，长木板B动量的变化量大小；
（2）B与C第二次碰前的速度大小；
（3）欲使A不从B的上表面掉下，B的长度至少是多少？
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】动量
【解析】【解答】AB．动量大小为 ，即使质量和速度都不同，动量也可能相同，因此无法由相同的动量判断出质量或速度相同，AB不符合题意；
C．动量是矢量，动量相同，其大小和方向都得相同，而动量方向和速度方向一样，故具有相同的动量时，运动方向一定相同，C符合题意；
D．由 可知，动量相同，动能不一定相同，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】动量是矢量，动量方向和速度方向一样，故具有相同的动量时，运动方向一定相同。
2．【答案】B
【知识点】能源的分类与应用
【解析】【解答】A.根据能的转化和守恒定律可知，太阳能转化为电能过程中能量总和不变，故A错误；
B.能量耗散说明能量在转化的过程中能量的可利用率越来越小，可利用的品质降低了，故B正确；
C.能量耗散说明能量在转化的过程中能量的可利用率越来越小，但总量不会减少，故C错误；
D．能量总是守恒的，但是可利用的能源逐渐减小，所以需要节约能源，故D错误。
故答案为：B。
【分析】根据能量的转化和守恒思想结合能量耗散的特点进行分析解答。
3．【答案】D
【知识点】动量定理
【解析】【解答】本题为应用动量定理分析生活现象，要抓住相等的条件进行分析。运输家用电器、易碎器件等物品时，经常用泡沫塑料作填充物，这是为了在运输过程中，在动量变化量一定的情况下，即所受冲量一定的情况下，延长了力的作用时间，减小作用力，即使物体的动量变化率减小，不易损坏。
故选D。
【分析】由动量定理可知，在动量变化量一定的情况下，缩短作用时间可以增大作用力，延长力的作用时间可以减小作用力；据此分析答题。
4．【答案】D
【知识点】焦耳定律
【解析】【解答】本题中当电动机正常工作时其电路是非纯电阻电路，求电功率只能用P=UI，求热功率只能用P=I2r.而输出的机械功率只能根据能量守恒求解，而且电功率大于热功率。电动机为非纯电阻用电器，电动机中通过的电流为，它消耗的电能一部分转化成机械能一部分自身发热，线圈电阻的发热功率，消耗的电功率为，所以根据能量守恒得出
故选D。
【分析】当电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，输入的功率是总电功率，根据P=UI求解．发热功率由P=I2r求解．输出功率由能量守恒定律研究．
5．【答案】B
【知识点】冲量
【解析】【解答】A．冲量方向与力的方向一致，拉力F斜向上，因此其冲量方向斜向上，并非水平向右，A错误；
B．物体静止，则物体所受合力为零，则合力的冲量大小为0，B正确；
C．物体所受摩擦力不为零，则摩擦力的冲量大小不为0，C错误；
D．物体所受拉力F的冲量大小为I=Ft，D错误。
故答案为：B。
【分析】明确冲量的方向与力的方向一致；利用物体的静止状态判断合力为零，进而得出合力冲量为零；分析静摩擦力的存在，判断其冲量不为零；掌握冲量的计算公式I=Ft可得结果。
6．【答案】D
【知识点】动量守恒定律
【解析】【解答】AB．同时释放甲和乙后，对甲乙构成的系统进行分析，系统所受外力的合力为0，系统的动量守恒，由于系统初始状态的总动量为0，可知，甲、乙的动量大小相等，故AB错误；
CD．结合上述可知，由于甲的质量大于乙的质量，则有，即甲的速度大小比乙的小，故C错误，D正确。
故答案为：D。
【分析】对甲乙组成的系统，利用动量守恒定律（外力合力为零），结合动量与速度的关系分析两者的动量、速度大小。
7．【答案】A
【知识点】动量定理；冲量
【解析】【解答】选取竖直向下方向为正方向，根据动量定理得地面对钢球的冲量I=-mv2-mv1=-m（v1+v2）
则地面对钢球的冲量的方向向上，大小为m（v1+v2）
故答案为：A。
【分析】利用动量定理（合外力的冲量等于动量变化量），先规定正方向，再计算动量变化，进而确定冲量的方向与大小。
8．【答案】A
【知识点】电路动态分析
【解析】【解答】当R2的滑动触点向a端移动时，滑动变阻器的阻值变小，由串反并同规律得，与滑动变阻器串联的电流表的读数变大，与滑动变阻器并联的电压表的读数变小。
故答案为：A。
【分析】分析滑动变阻器阻值变化对总电阻的影响；利用闭合电路欧姆定律判断总电流的变化；结合路端电压公式分析电压表示数的变化。
9．【答案】A
【知识点】闭合电路的欧姆定律
【解析】【解答】AB．电压表测量的是路端电压，电流表测电路中的电流，由部分电路欧姆定律有，解得，故A正确，B错误；
CD．由闭合电路欧姆定律有，将、、，代入可得，故CD错误。
故答案为：A。
【分析】利用部分电路欧姆定律计算电路中的电流；结合闭合电路欧姆定律推导电源内阻。
10．【答案】B
【知识点】闭合电路的欧姆定律
【解析】【解答】本题考查电学图像的分析，注意图像中两条线的交点含义是：该电阻连入该电源时的电路参数。A．由图像Ⅰ可知，电源的电动势为3V，选项A错误；
B．电阻R的阻值为
选项B正确；
C．电源的内阻为
选项C错误；
D．电源的输出功率为P=IU=2×2W=4W
选项D错误。
故选B。
【分析】根据U-I图中交点的含义，可知该电阻连入电源时，电路的参数，计算电源的输出功率、电阻的阻值；由电源的路端电压与电流的关系，选合适的坐标点，列等量关系式即可计算电源电动势和内阻。
11．【答案】D
【知识点】动量定理；碰撞模型
【解析】【解答】AB．图像的斜率等于速度，可知碰撞后A的动量为，AB错误；
C．碰撞后B的动量为
碰撞前A的动量为
碰前B的动量为零，则由动量守恒可知
解得mB=6kg，C错误；
D．碰撞过程中合外力对B的冲量为，D正确。
故答案为：D。
【分析】由x-t图像斜率求速度，进而计算动量；利用动量守恒定律推导物体B的质量；结合动量定理分析合外力对B的冲量。
12．【答案】（1）R2
（2）乙
（3）1.48；0.59
（4）B
【知识点】电池电动势和内阻的测量
【解析】【解答】（1）电压表选V1，电流表选A1，滑动变阻器选阻值较小的R2，才不会使电流表示数过小。
故答案为：R2
（2）考虑到安培表内阻的影响较大，则选用合适器材后，应选择乙电路进行测量。
故答案为：乙
（3）根据
由图像可知，图像纵轴截距为电源的电动势，则
内阻
故答案为：1.48；0.59
（4）该实验中，产生系统误差的主要原因是电压表的分流，故选B。
故答案为：B
【分析】（1）结合电源电动势与滑动变阻器的匹配性，选择合适的滑动变阻器，体现实验器材的选型逻辑。
（2）通过电流表内阻的影响分析，选择误差更小的电路，体现实验电路的优化思路。
（3）利用闭合电路欧姆定律与图像分析，推导电动势和内阻，体现实验数据的处理方法。
（4）分析电表的非理想性对测量的影响，明确系统误差的来源，体现实验误差的分析能力。
（1）电压表选V1，电流表选A1，滑动变阻器选阻值较小的R2，才不会使电流表示数过小。
（2）考虑到安培表内阻的影响较大，则选用合适器材后，应选择乙电路进行测量。
（3）[1]根据
由图像可知，图像纵轴截距为电源的电动势，则
[2]内阻
（4）该实验中，产生系统误差的主要原因是电压表的分流，故选B。
13．【答案】（1）解：根据闭合电路欧姆定律有
解得I1= 1.5A
（2）解：根据闭合电路欧姆定律有
解得
根据焦耳定律有
解得
【知识点】焦耳定律；闭合电路的欧姆定律
【解析】【分析】（1）先确定电路总电阻（内阻 + 定值电阻），再用闭合电路欧姆定律直接计算电流。
（2）先计算包含滑动变阻器的总电阻，求出电路电流；再利用焦耳定律，结合电流、电阻和时间计算产生的热量。
（1）根据闭合电路欧姆定律有
解得
I1= 1.5A
（2）根据闭合电路欧姆定律有
解得
根据焦耳定律有
解得
14．【答案】（1）解：根据欧姆定律有
解得
I=5A
（2）解：根据能量转化与守恒有
解得
P机=700W
【知识点】焦耳定律；电功率和电功；欧姆定律的内容、表达式及简单应用
【解析】【分析】（1）以电阻R为研究对象，根据欧姆定律求出电流；
（2）电动机的发热功率P热=I2r，电动机输出的机械功率P机=P入-P热。
（1）根据欧姆定律有
解得
I=5A
（2）根据能量转化与守恒有
解得
P机=700W
15．【答案】（1）解：重力冲量的大小
代入数据得
（2）解：人做自由落体运动，下落45m高度时，根据
解得
所以此时人的动量大小
（3）解：人从下落到橡皮绳正好拉直的时间设为，则
解得
橡皮绳作用时间
由动量定理得
橡皮绳对人的平均作用力大小为
【知识点】动量定理；冲量
【解析】【分析】（1）根据I=mgt总求重力的冲量大小；
（2）根据由自由落体运动规律求人下落到橡皮绳刚伸直（原长）时的速度，由动量的定义式p=mv求人的动量；
（3）由运动学公式求出人从下落到橡皮绳正好拉直的时间，再根据动量定理解答。
（1）重力冲量的大小
代入数据得
（2）人做自由落体运动，下落45m高度时，根据
解得
所以此时人的动量大小
（3）人从下落到橡皮绳正好拉直的时间设为，则
解得
橡皮绳作用时间
由动量定理得
橡皮绳对人的平均作用力大小为
16．【答案】（1）解： 取向右为正方向，则
动量的变化量大小为 6kg·m/s
（2）解： 第一B与C碰后以v0速度反弹，第二次与C碰前AB又共速，则由动量守恒定律
解得B与C第二次碰前的速度大小
（3）解： 由能量守恒定律得
解得

【知识点】碰撞模型
【解析】【分析】（1）根据动量变化量的表达式求B与C第一次碰撞前后，长木板B动量的变化量大小；
（2）第二次与C碰前AB共速，应用动量守恒定律求出B与C第二次碰前的速度大小；
（3）应用能量守恒定律求出B的长度至少是多少。
（1）取向右为正方向，则
动量的变化量大小为 6kg·m/s
（2）第一B与C碰后以v0速度反弹，第二次与C碰前AB又共速，则由动量守恒定律
解得B与C第二次碰前的速度大小
（3）由能量守恒定律得
解得

1 / 1江苏省盐城市五校联考2024-2025学年高二上学期10月月考物理试题
一、单项选择题（本大题共11个小题，每小题4分，共44分，在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，请在答题纸的指定位置填涂答案选项）
1．（2024高二上·盐城月考）两个物体具有相同的动量，则它们一定具有（　　）
A．相同的速度 B．相同的质量
C．相同的运动方向 D．相同的动能
【答案】C
【知识点】动量
【解析】【解答】AB．动量大小为 ，即使质量和速度都不同，动量也可能相同，因此无法由相同的动量判断出质量或速度相同，AB不符合题意；
C．动量是矢量，动量相同，其大小和方向都得相同，而动量方向和速度方向一样，故具有相同的动量时，运动方向一定相同，C符合题意；
D．由 可知，动量相同，动能不一定相同，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】动量是矢量，动量方向和速度方向一样，故具有相同的动量时，运动方向一定相同。
2．（2024高二上·盐城月考）能源是人类社会活动的物质基础，节约能源应成为公民的行为习惯。下列说法中正确的是（　　）
A．太阳能转化为电能过程中能量增加
B．能量耗散会降低能源利用的品质
C．能量耗散过程中能量在不断减少
D．能量总是守恒的，所以不需要节约能源
【答案】B
【知识点】能源的分类与应用
【解析】【解答】A.根据能的转化和守恒定律可知，太阳能转化为电能过程中能量总和不变，故A错误；
B.能量耗散说明能量在转化的过程中能量的可利用率越来越小，可利用的品质降低了，故B正确；
C.能量耗散说明能量在转化的过程中能量的可利用率越来越小，但总量不会减少，故C错误；
D．能量总是守恒的，但是可利用的能源逐渐减小，所以需要节约能源，故D错误。
故答案为：B。
【分析】根据能量的转化和守恒思想结合能量耗散的特点进行分析解答。
3．（2024高二上·盐城月考）运输家用电器、易碎品时，经常用泡沫塑料作填充物，这是为了在运输过程中（　　）
A．减小物品受到的冲量 B．使物体的动量减小
C．使物体的动量变化量减小 D．延长作用时间以减小作用力
【答案】D
【知识点】动量定理
【解析】【解答】本题为应用动量定理分析生活现象，要抓住相等的条件进行分析。运输家用电器、易碎器件等物品时，经常用泡沫塑料作填充物，这是为了在运输过程中，在动量变化量一定的情况下，即所受冲量一定的情况下，延长了力的作用时间，减小作用力，即使物体的动量变化率减小，不易损坏。
故选D。
【分析】由动量定理可知，在动量变化量一定的情况下，缩短作用时间可以增大作用力，延长力的作用时间可以减小作用力；据此分析答题。
4．（2024高二上·盐城月考）如图所示，电动机M的线圈电阻为r，接入电压恒为U的电源时，电动机正常工作，此时电动机中通过的电流为I、消耗的电功率为P、线圈电阻的发热功率为P热、输出的机械功率为P出．则下列关系式正确的是
A． B．P=IU+I2r C． D．P出=IU-I2r
【答案】D
【知识点】焦耳定律
【解析】【解答】本题中当电动机正常工作时其电路是非纯电阻电路，求电功率只能用P=UI，求热功率只能用P=I2r.而输出的机械功率只能根据能量守恒求解，而且电功率大于热功率。电动机为非纯电阻用电器，电动机中通过的电流为，它消耗的电能一部分转化成机械能一部分自身发热，线圈电阻的发热功率，消耗的电功率为，所以根据能量守恒得出
故选D。
【分析】当电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，输入的功率是总电功率，根据P=UI求解．发热功率由P=I2r求解．输出功率由能量守恒定律研究．
5．（2024高二上·盐城月考）如图所示，一物体静止在水平地面上，受到与水平方向成θ角的恒定拉力F作用时间t后，物体仍保持静止。下列说法中正确的是（　　）
A．物体所受拉力F的冲量方向水平向右
B．物体所受合力的冲量大小为0
C．物体所受摩擦力的冲量大小为0
D．物体所受拉力F的冲量大小为0
【答案】B
【知识点】冲量
【解析】【解答】A．冲量方向与力的方向一致，拉力F斜向上，因此其冲量方向斜向上，并非水平向右，A错误；
B．物体静止，则物体所受合力为零，则合力的冲量大小为0，B正确；
C．物体所受摩擦力不为零，则摩擦力的冲量大小不为0，C错误；
D．物体所受拉力F的冲量大小为I=Ft，D错误。
故答案为：B。
【分析】明确冲量的方向与力的方向一致；利用物体的静止状态判断合力为零，进而得出合力冲量为零；分析静摩擦力的存在，判断其冲量不为零；掌握冲量的计算公式I=Ft可得结果。
6．（2024高二上·盐城月考）如图所示，将甲、乙两条形磁铁隔开一段距离，静置于光滑的水平桌面上，甲的N极正对着乙的S极，甲的质量大于乙的质量。现同时释放甲和乙，在它们相互接近过程中的任一时刻（　　）
A．甲的动量大小比乙的大 B．甲的动量大小比乙的小
C．甲的速度大小比乙的大 D．甲的速度大小比乙的小
【答案】D
【知识点】动量守恒定律
【解析】【解答】AB．同时释放甲和乙后，对甲乙构成的系统进行分析，系统所受外力的合力为0，系统的动量守恒，由于系统初始状态的总动量为0，可知，甲、乙的动量大小相等，故AB错误；
CD．结合上述可知，由于甲的质量大于乙的质量，则有，即甲的速度大小比乙的小，故C错误，D正确。
故答案为：D。
【分析】对甲乙组成的系统，利用动量守恒定律（外力合力为零），结合动量与速度的关系分析两者的动量、速度大小。
7．（2024高二上·盐城月考）质量为m的钢球自高处落下，以速率v1碰地，竖直向上弹回，碰撞时间极短，离开地的速率为v2．在碰撞过程中，钢球受到合力的冲量的方向和大小为（　 ）
A．向上， B．向下，
C．向下， D．向上，
【答案】A
【知识点】动量定理；冲量
【解析】【解答】选取竖直向下方向为正方向，根据动量定理得地面对钢球的冲量I=-mv2-mv1=-m（v1+v2）
则地面对钢球的冲量的方向向上，大小为m（v1+v2）
故答案为：A。
【分析】利用动量定理（合外力的冲量等于动量变化量），先规定正方向，再计算动量变化，进而确定冲量的方向与大小。
8．（2024高二上·盐城月考）在如图所示的电路中，R1为定值电阻，R2为可变电阻，电源的电动势为E，内阻为r。设电流表A的示数为I，电压表V的示数为U，当R2的滑动触点向a端移动时，则（　　）
A．I变大，U变小 B．I变大，U变大
C．I变小，U变大 D．I变小，U变小
【答案】A
【知识点】电路动态分析
【解析】【解答】当R2的滑动触点向a端移动时，滑动变阻器的阻值变小，由串反并同规律得，与滑动变阻器串联的电流表的读数变大，与滑动变阻器并联的电压表的读数变小。
故答案为：A。
【分析】分析滑动变阻器阻值变化对总电阻的影响；利用闭合电路欧姆定律判断总电流的变化；结合路端电压公式分析电压表示数的变化。
9．（2024高二上·盐城月考）如图所示，当可变电阻时，理想电压表的示数，已知电源的电动势，则（　　）
A．此时理想电流表的示数是2A B．此时理想电流表的示数是3A
C．电源的内阻是0.5Ω D．电源的内阻是2Ω
【答案】A
【知识点】闭合电路的欧姆定律
【解析】【解答】AB．电压表测量的是路端电压，电流表测电路中的电流，由部分电路欧姆定律有，解得，故A正确，B错误；
CD．由闭合电路欧姆定律有，将、、，代入可得，故CD错误。
故答案为：A。
【分析】利用部分电路欧姆定律计算电路中的电流；结合闭合电路欧姆定律推导电源内阻。
10．（2024高二上·盐城月考）在如图所示的U-I图像中，直线Ⅰ为某一电源的路端电压与电流的关系图像，直线Ⅱ为某一电阻R的伏安特性曲线。用该电源与电阻R组成闭合电路，由图像可知下列说法正确的是（　　）
A．电源的电动势为6V B．电阻R的阻值为1Ω
C．电源的内阻为2Ω D．电源的输出功率为6W
【答案】B
【知识点】闭合电路的欧姆定律
【解析】【解答】本题考查电学图像的分析，注意图像中两条线的交点含义是：该电阻连入该电源时的电路参数。A．由图像Ⅰ可知，电源的电动势为3V，选项A错误；
B．电阻R的阻值为
选项B正确；
C．电源的内阻为
选项C错误；
D．电源的输出功率为P=IU=2×2W=4W
选项D错误。
故选B。
【分析】根据U-I图中交点的含义，可知该电阻连入电源时，电路的参数，计算电源的输出功率、电阻的阻值；由电源的路端电压与电流的关系，选合适的坐标点，列等量关系式即可计算电源电动势和内阻。
11．（2024高二上·盐城月考）在光滑的水平面上，一个质量为2kg的物体A与另一物体B发生正碰，碰撞时间不计，两物体的位置随时间变化规律如图所示，以A物体碰前速度方向为正方向，下列说法正确的是（　　）
A．碰撞后A的动量为6kg m/s
B．碰撞后A的动量为4kg m/s
C．物体B的质量为2kg
D．碰撞过程中合外力对B的冲量为6N s
【答案】D
【知识点】动量定理；碰撞模型
【解析】【解答】AB．图像的斜率等于速度，可知碰撞后A的动量为，AB错误；
C．碰撞后B的动量为
碰撞前A的动量为
碰前B的动量为零，则由动量守恒可知
解得mB=6kg，C错误；
D．碰撞过程中合外力对B的冲量为，D正确。
故答案为：D。
【分析】由x-t图像斜率求速度，进而计算动量；利用动量守恒定律推导物体B的质量；结合动量定理分析合外力对B的冲量。
二、实验题（共1小题，计15分，请把答案写在答题纸的指定位置上）
12．（2024高二上·盐城月考）某同学想要测量一节干电池的电动势和内阻，实验室提供了如下器材和参考电路：
电压表V1（量程3 V，内阻约6 kΩ） 电压表V2（量程15 V，内阻约6 kΩ）
电流表A1（量程0.6 A，内阻约0.1 Ω） 电流表A2（量程3 A，内阻约1 Ω）
滑动变阻器R1（最大阻值3 kΩ） 滑动变阻器R2（最大阻值10 Ω）
开关，导线若干
甲 乙
（1）电压表选V1，电流表选A1，滑动变阻器选　 　（填写“R1”或“R2”）。
（2）选用合适器材后，应选择　 　（填写“甲”或“乙”）电路进行测量。
（3）另外一个同学为了减小偶然误差设计了下图的测量电路，定值电阻R3的阻值为0.5 Ω，将测得的数据在坐标纸上描点连线如图。求出电动势E为　 　V，内阻r为　 　Ω（结果均保留两位小数）。
（4）该实验中，产生系统误差的主要原因是（　　）
A．电流表分压 B．电压表分流
【答案】（1）R2
（2）乙
（3）1.48；0.59
（4）B
【知识点】电池电动势和内阻的测量
【解析】【解答】（1）电压表选V1，电流表选A1，滑动变阻器选阻值较小的R2，才不会使电流表示数过小。
故答案为：R2
（2）考虑到安培表内阻的影响较大，则选用合适器材后，应选择乙电路进行测量。
故答案为：乙
（3）根据
由图像可知，图像纵轴截距为电源的电动势，则
内阻
故答案为：1.48；0.59
（4）该实验中，产生系统误差的主要原因是电压表的分流，故选B。
故答案为：B
【分析】（1）结合电源电动势与滑动变阻器的匹配性，选择合适的滑动变阻器，体现实验器材的选型逻辑。
（2）通过电流表内阻的影响分析，选择误差更小的电路，体现实验电路的优化思路。
（3）利用闭合电路欧姆定律与图像分析，推导电动势和内阻，体现实验数据的处理方法。
（4）分析电表的非理想性对测量的影响，明确系统误差的来源，体现实验误差的分析能力。
（1）电压表选V1，电流表选A1，滑动变阻器选阻值较小的R2，才不会使电流表示数过小。
（2）考虑到安培表内阻的影响较大，则选用合适器材后，应选择乙电路进行测量。
（3）[1]根据
由图像可知，图像纵轴截距为电源的电动势，则
[2]内阻
（4）该实验中，产生系统误差的主要原因是电压表的分流，故选B。
三、解答题（本大题共4小题，共41分，请在答题纸指定的区域内作答，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤）
13．（2024高二上·盐城月考）如图所示，电源的电动势E为3V，内阻r为1Ω，定值电阻R1为1Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为4Ω，求：
（1）滑动变阻器R2接入电路的阻值为0时，通过R1的电流；
（2）滑动变阻器R2接入电路的电阻为1Ω时，通电10s电阻R1上产生的热量。
【答案】（1）解：根据闭合电路欧姆定律有
解得I1= 1.5A
（2）解：根据闭合电路欧姆定律有
解得
根据焦耳定律有
解得
【知识点】焦耳定律；闭合电路的欧姆定律
【解析】【分析】（1）先确定电路总电阻（内阻 + 定值电阻），再用闭合电路欧姆定律直接计算电流。
（2）先计算包含滑动变阻器的总电阻，求出电路电流；再利用焦耳定律，结合电流、电阻和时间计算产生的热量。
（1）根据闭合电路欧姆定律有
解得
I1= 1.5A
（2）根据闭合电路欧姆定律有
解得
根据焦耳定律有
解得
14．（2024高二上·盐城月考）如图电路，电动机M与电阻R串联，电动机的电阻r=2Ω，电阻R=10Ω。当外加电压U=200V时，理想电压表示数为UV=150V。试求：
（1）通过R的电流；
（2）电动机输出的机械功率。
【答案】（1）解：根据欧姆定律有
解得
I=5A
（2）解：根据能量转化与守恒有
解得
P机=700W
【知识点】焦耳定律；电功率和电功；欧姆定律的内容、表达式及简单应用
【解析】【分析】（1）以电阻R为研究对象，根据欧姆定律求出电流；
（2）电动机的发热功率P热=I2r，电动机输出的机械功率P机=P入-P热。
（1）根据欧姆定律有
解得
I=5A
（2）根据能量转化与守恒有
解得
P机=700W
15．（2024高二上·盐城月考）“蹦极”是一项勇敢者的运动，如图所示，某人用弹性橡皮绳拴住身体从高空P处自由下落，在空中感受完全失重的滋味。此人质量为50kg，橡皮绳原长45m，人可看成质点，不计空气阻力作用。此人从P点自静止下落到最低点所用时间。（g取10m/s2）求：
（1）人从 P 点下落到最低点的过程中，重力的冲量大小；
（2）人下落到橡皮绳刚伸直（原长）时，人的动量大小；
（3）从橡皮绳开始伸直到人下落到最低点的过程中，橡皮绳对人平均作用力为多大？
【答案】（1）解：重力冲量的大小
代入数据得
（2）解：人做自由落体运动，下落45m高度时，根据
解得
所以此时人的动量大小
（3）解：人从下落到橡皮绳正好拉直的时间设为，则
解得
橡皮绳作用时间
由动量定理得
橡皮绳对人的平均作用力大小为
【知识点】动量定理；冲量
【解析】【分析】（1）根据I=mgt总求重力的冲量大小；
（2）根据由自由落体运动规律求人下落到橡皮绳刚伸直（原长）时的速度，由动量的定义式p=mv求人的动量；
（3）由运动学公式求出人从下落到橡皮绳正好拉直的时间，再根据动量定理解答。
（1）重力冲量的大小
代入数据得
（2）人做自由落体运动，下落45m高度时，根据
解得
所以此时人的动量大小
（3）人从下落到橡皮绳正好拉直的时间设为，则
解得
橡皮绳作用时间
由动量定理得
橡皮绳对人的平均作用力大小为
16．（2024高二上·盐城月考）如图所示，小滑块A位于长木板B的左端，现让小滑块A和长木板B一起以相同速度v0=3m/s在光滑的水平面上滑向前方固定在地面上的木桩C。A、B的质量分别为m1=2kg，m2=1kg，已知B与C的碰撞时间极短，且每次碰后B以原速率弹回，运动过程中A没有与C相碰，A也没从B的上表面掉下，已知A、B间的动摩擦因数μ=0.1。（g=10m/s2）求：
（1）B与C第一次碰撞前后，长木板B动量的变化量大小；
（2）B与C第二次碰前的速度大小；
（3）欲使A不从B的上表面掉下，B的长度至少是多少？
【答案】（1）解： 取向右为正方向，则
动量的变化量大小为 6kg·m/s
（2）解： 第一B与C碰后以v0速度反弹，第二次与C碰前AB又共速，则由动量守恒定律
解得B与C第二次碰前的速度大小
（3）解： 由能量守恒定律得
解得

【知识点】碰撞模型
【解析】【分析】（1）根据动量变化量的表达式求B与C第一次碰撞前后，长木板B动量的变化量大小；
（2）第二次与C碰前AB共速，应用动量守恒定律求出B与C第二次碰前的速度大小；
（3）应用能量守恒定律求出B的长度至少是多少。
（1）取向右为正方向，则
动量的变化量大小为 6kg·m/s
（2）第一B与C碰后以v0速度反弹，第二次与C碰前AB又共速，则由动量守恒定律
解得B与C第二次碰前的速度大小
（3）由能量守恒定律得
解得

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