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云南曲靖市马龙区第一中学2025-2026学年高三上学期期中考试
高三物理试卷
本试卷共6页，15小题，满分100分。考试时间75分钟。
注意事项：
1．答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证、考场号、座位号填写在答题卡上，并认真核准条形码上的准考证号、姓名、考场号、座位号，在规定的位置贴好条形码。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
一、选择题（本题包括10小题，1-7题，每小题4分，共28分，在每小题所给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，选对得4分，选错或不选得0分，第8-10题为多选题， 出的四个选项中有两个选项符合题意，全部选对得6分，选对但不全得3分， 选错或不选得0分）
1．2011年3月，日本发生的大地震造成了福岛核电站核泄漏，在泄露的污染物中含有大量放射性元素I，其衰变方程为I→Xe+e,半衰期为8天，已知m1=131.03721u,mXe=131.03186u,me=0.000549u,则下列说法正确的是（　　）
A. 衰变产生的β射线来自于I原子的核外电子
B. 该反应前后质量亏损0.00535u
C. 放射性元素I发生的衰变为α衰变
D. 经过16天，75%的I原子核发生了衰变
2．两个等量点电荷位于x轴上，它们的静电场的电势φ随位置x变化规律如图所示（只画出了部分区域内的电势），x轴上两点B、C点，且OB＞OC，
由图可知（　　）
A. C点的电势低于B点的电势
B. B点的场强大小大于C点的场强大小，B、C点的电场方向相同
C. 正电荷可以在x轴上B、C之间的某两点做往复运动
D. 负电荷沿x轴从B移到C的过程中电场力先做正功后做负功
3．研究光电效应现象的装置如图所示。如图中K、A是密封在真空玻璃管中的两个电极，K极受到光照时能够发射电子。当用光子能量为2.82eV的光照射K极时，电流表的读数为30μA，移动滑动变阻器的滑片，当电压表的示数等于1V时，电流表读数为零，保持滑片位置不变。下列说法中正确的是（　　）
A. 光电子的最大初动能为1.82eV
B. K极材料的逸出功为1eV
C. 电流表的读数为30μA时，电压表的示数大于1V
D. 仅将电源正负极对调，电流表示数一定大于30μA
4．如图所示，今有一子弹穿过两块静止放置在光滑水平面上的相互接触质量分别为m和2m的木块A、B，设子弹穿过木块A、B的时间分别为t1和t2，木块对子弹的阻力恒为Ff，则子弹穿过两木块后，木块A的速度大小是（　　）
A.
B.
C.
D.
5．如图所示a、b间接入正弦交流电，变压器右侧部分为一火灾报警系统原理图，R2为热敏电阻，随着温度升高其电阻变小，所有电表均为理想电表，电流表A2为值班室的显示器，显示通过R1的电流，电压表V2显示加在报警器上的电压（报警器未画出），R3为一定值电阻．当R2所在处出现火情时，以下说法中正确的是（　　）
A. V1的示数不变，V2的示数减小
B. V1的示数减小，V2的示数减小
C. A1的示数增大，A2的示数增大
D. A1的示数减小，A2的示数减小
6．如图所示，有一束平行于等边三棱镜截面ABC的单色光从空气射向E点，并偏折到F点，已知入射方向与边AB的夹角θ=30°，E、F分别为边AB、BC的中点，则（　　）
A. 从F点出射的光束与入射到E点的光束平行
B. 该棱镜的折射率为
C. 光在F点发生全反射
D. 光从空气进入棱镜，光速变大
7．如图是一定质量的理想气体由状态A经过状态B变为状态C的V-T图像。已知气体在状态A时的压强是1.5×105Pa。下列说法正确的是（　　）
A. 气体在状态A的温度为200K
B. 气体在状态C的压强为3×105Pa
C. 从状态A到状态B的过程中，气体的压强越来越大
D. 从状态B到状态C的过程中，气体的内能保持不变
8．沿x轴传播的一列简谐横波在t=0时刻的波动图像如图甲所示，平衡位置在x=4m处的质点Q的振动图像如图乙所示，下列说法正确的是（　　）
A. 该波沿x轴正方向传播
B. 该波的波长为10m
C. 该波的周期为1.6s
D. 该波的传播速度为12m/s
E. t=s时刻，x=0处的质点回到平衡位置
9．如图，在发射地球同步卫星的过程中，卫星首先进入椭圆轨道I，然后在Q点通过改变卫星速度，让卫星进入地球同步轨道Ⅱ．则下列说法正确的是（　　）
A. 在轨道Ⅱ上，卫星的运行速度大于7.9km/s
B. 在轨道I上，卫星在P点的速度大于在Q点的速度
C. 卫星在Q点通过加速实现由轨道I进入轨道Ⅱ
D. 在轨道I上运行的过程中，卫星、地球系统的机械能不守恒
10．如图所示，斜面倾角为θ，位于斜面底端A正上方的小球以初速度v0正对斜面顶点B水平抛出，小球到达斜面经过的时间为t,重力加速度为g,则下列说法中正确的是（　　）
A. 若小球以最小位移到达斜面，则t=
B. 若小球垂直击中斜面，则t=
C. 若小球能击中斜面中点，则t=
D. 无论小球怎样到达斜面，运动时间均为t=
二、非选择题
11．小明在家里做“用单摆测定重力加速度”的实验。如图1，他找到了一块外形不规则的小石块代替摆球，设计的实验步骤是：
A．将小石块用不可伸长的细线系好，结点为N，细线的上端固定于O点；
B．用刻度尺测量ON间细线的长度l作为摆长；
C．将石块拉开一个大约α=5°的角度，然后由静止释放；
D．从石块摆至某一位置处开始计时，测出30次全振动的总时间t,由T=得出周期；
E．改变ON间细线的长度再做几次实验，记下相应的l和T；
F．根据公式g=l,分别计算出每组l和T对应的重力加速度g,然后取平均值作为重力加速度的测量结果。
（1）小石块摆动的过程中，充当回复力的是 _____。
A．重力
B．拉力
C．拉力沿水平方向的分力
D．重力沿圆弧切线方向的分力
（2）为使测量更加准确，步骤D中，小明应从 _____（选填“最大位移”或“平衡位置”）处开始计时。
（3）小明用ON的长l作为摆长，g的测量值比真实值 _____（选填“偏大”或“偏小”）。
（4）小红利用小明测出的多组摆长l和周期T的值，作出T2-l图线如图2所示，并计算出图线的斜率为k,由斜率k求出重力加速度g=_____m/s2（计算结果保留2位小数）。
12．智能化育苗蔬菜基地对环境要求严格，其中包括对光照强度的调控，光照强度简称照度I，反映光照的强弱，光越强，照度越大，单位为勒克斯（lx）。为了控制照度，科技人员设计了图甲所示的智能光控电路。
（1）智能光控电路的核心元件是光敏电阻R，某同学用如图乙所示电路，测量光敏电阻在不同照度时的阻值，实验所用器材：电源E1（9V）、滑动变阻器R4（最大阻值为20Ω），电压表（量程为0～3V，内阻为3kΩ）和毫安表（量程为0～3mA，内阻不计）。定值电阻R0=6kΩ、开关、导线若干。则在闭合电路开关前应该把滑动变阻器的滑片移到 _____（选填“左”或“右”）端。

（2）某次测量时电压表的示数如图丙所示，其读数为 _____V，电流表读数为1.5mA，此时光敏电阻的阻值为 _____kΩ。
（3）通过测量得到6组数据如下表，请在图丁中作出阻值R随照度I变化的图象，由图可判断光敏电阻的阻值与照度 _____反比例函数关系（选填“满足”或“不满足”）。
照度I（klx） 2.0 4.0 6.0 8.0 10.0 12.0
电阻R（kΩ） 7.5 4.0 2.8 2.3 2.0 1.8
（4）该同学用上述光敏电阻接入图甲所示的电路，其中电源电动势E=6.0V，内阻忽略不计，电阻R1=100Ω，电阻箱R2的阻值调节范围是0～9999.9Ω，光敏电阻R的电压U增加到2.0V时光照系统开始工作，为了使照度降低到4klx时，自动控制系统开始补光，R2的阻值应该调节为 _____kΩ。
（5）要加快蔬菜的生长，适度提高光照时间，可调节的方法是 _____。
13．如图所示是用导热性能良好的材料制成的气体实验装置，开始时封闭的空气柱长度为24cm,现在用竖直向下的外力F压缩气体，使封闭空气柱内长度变为2cm,人对活塞做功100J，大气压强为p0=1×105Pa,不计活塞重力。问：
（1）若用足够长的时间缓慢压缩气体，求压缩后气体的压强多大；
（2）若以适当的速度压缩气体，气体向外散失的热量为20J，则气体的内能增加多少？（活塞的横截面积S=1cm2）
14．如图所示，O点为固定转轴，将一根长度为l=0.5m的细绳上端固定在O点，细绳下端系一个质量为m=0.8kg的小球，当小球处于静止状态时恰好与平台的右端B点接触，但无压力。一个质量为M=2kg的小物块从粗糙水平面上的A点，以一定的初速度v0=6m/s开始运动，到B点时与小球发生正碰，碰撞后小球在绳的约束下在竖直面内做圆周运动，物块做平抛运动落在水平地面上的C点。测得B、C两点间的水平距离x=0.6m,平台的高度h=0.2m,已知小物块与平台间的动摩擦因数μ=0.5，重力加速度g=10m/s2，求：
（1）碰撞后小物块M做平抛运动的初速度大小v；
（2）若碰后小球恰好能到达圆周运动的最高点D，则A、B间距离s为多少？
15．如图（a），线框cdef位于倾斜角θ=30°的斜面上，斜面上有一长度为D的矩形磁场区域，磁场方向垂直于斜面向上，大小为0.5T，已知线框边长cd=D=0.4m,m=0.1kg,总电阻R=0.25Ω，现对线框施加一沿斜面向上的力F使之运动。斜面上动摩擦因数μ=，线框速度随时间变化如图（b）所示。（重力加速度g取9.8m/s2）；
（1）求外力F大小；
（2）求cf长度L；
（3）求回路产生的焦耳热Q。
试卷答案
1．D 2．B 3．D 4．B 5．A 6．B 7．A 8．ACE 9．BC 10．AB
11．【答案】(1)D;(2)平衡位置;(3)偏小;(4)9.74;
【解析】（1）重力沿切线方向的分力提供单摆做简谐运动的回复力。
（2）为减小实验误差应从石块经过平衡位置时开始计时。
（3）摆线悬点到石块重心的距离是单摆摆长，根据单摆周期公式分析实验误差。
（4）应用单摆周期公式求出图象的函数表达式，根据图示图象求出重力加速度。
解：（1）小石块摆动过程中，指向平衡位置的力为重力沿圆弧切线方向的分力，所以重力沿圆弧切线方向的分力充当回复力。故D正确，ABC错误；
故选：D。
（2）石块经过平衡位置时速度最大，在石块经过平衡位置时开始计时可以减小周期测量的实验误差；
（3）摆线悬点到石块重心的距离是单摆摆长，摆线长度l小于单摆摆长L，由单摆周期公式T=2得：g=，用ON的长l为摆长，重力加速度的测量值比真实值偏小；
（4）设N到石块重心的距离为r,单摆摆长L=l+r,由单摆周期公式：T=2，可得：T2=，由图示T2-l图象可知，图象的斜率k=，重力加速度g==m/s2=9.74m/s2。
故答案为：（1）D；（2）平衡位置；（3）偏小；（4）9.74。
12．【答案】(1)左;(2)1.80;(3)3.6;(4)不满足;(5)7.9;(6)可调节的方法是减小R2的阻值;
【解析】（1）分析实物图结构，知道实验前应让测量电路两端的电压由最小开始调节；
（3）根据欧姆定律解答；
（3）明确反比例函数的性质，由图丙分析是否满足反比例函数关系；
（4）根据闭合电路欧姆定律列式，再根据给出的条件由图确定2.0V时的电阻，联立求解电阻箱的阻值；
（5）根据闭合电路欧姆定律分析电流和电压的变化，从而分析调节方法。
解：（1）滑动变阻器为保护电路，在闭合电路开关前应该把滑动变阻器的滑片移到左端；
（2）电压表分度值为0.1V，读数为1.80V，电阻为R==Ω=3600Ω=3.6kΩ；
（3）根据反比例函数可知应满足IR=C，结合图像可知光敏电阻的阻值与照度不满足反比例函数关系；
（4）照度降低到4klx时，R=4000Ω，根据闭合电路欧姆定律有
E=（R+R1+R2）
解得R=7900Ω=7.9kΩ
（5）适度提高光照时间，由（4）可知可调节的方法是减小R2的阻值。
故答案为：（1）左；（2）1.80；3.6；（3）不满足；（4）7.9；（5）可调节的方法是减小R2的阻值
13．【解析】缓慢压缩气体温度不变，由玻意耳定律p0V0=pV求解压强；根据W=pS判断大气压力对活塞做的功，再由热力学第一定律得ΔU=W1+W2+Q求解内能变化量。
解：（1）设压缩后气体的压强为p,活塞的横截面积为S，L0=24 cm,L=2 cm,V0=L0S，V=LS，缓慢压缩气体温度不变，
由玻意耳定律得p0V0=pV
解得p=1.2×106 Pa。
（2）大气压力对活塞做功W1=p0S（L0-L）=2.2J
人对活塞做功W2=100 J，
由热力学第一定律得ΔU=W1+W2+Q，
将Q=-20J，代入解得ΔU=82.2 J。
答：（1）若用足够长的时间缓慢压缩气体，压缩后气体的压强为1.2×106 Pa；
（2）若以适当的速度压缩气体，气体向外散失的热量为20J，则气体的内能增加82.2J。
14．【解析】（1）小物块做平抛运动，根据平抛运动的规律解答；
（2）求出小球恰好通过最高点的速度大小，根据动能定理求解小球碰撞后的速度大小，根据动量守恒定律求解碰撞前小物块的速度大小，对小物块根据动能定理求解A、B点距离。
解：（1）碰后小物块M做平抛运动，根据平抛运动规律得
竖直方向：h=
水平方向：x=vt
联立解得：v=3m/s；
（2）小球恰好能过最高点时的速度大小为v3，根据牛顿第二定律可得：
mg=m
设碰撞后小球的速度大小为v2，小球上升过程中，根据动能定理可得：
-mg 2l=
设小物块M碰前速度为v1，与小球碰撞过程中，取向右为正方向，根据动量守恒定律可得：
Mv1=Mv2+mv
对小物块M从A点运动到B点，根据动能定理可得：
-μMgs=
代入数据联立解得：s=1.1m。
答：（1）碰撞后小物块M做平抛运动的初速度大小v为3m/s；
（2）若碰后小球恰好能到达圆周运动的最高点D，则A、B间距离s为1.1m。
15．【解析】（1）根据v-t图象的斜率求出加速度，由牛顿第二定律求解拉力F的大小；
（2）由v-t图象可知，线框进入磁场区域后做匀速直线运动，并以速度v1匀速穿出磁场，说明线框的宽度等于磁场的宽度；
（3）线框ab边离开磁场后做匀减速直线运动，速度为零，根据mgsinθ与最大静摩擦力的值μmgcosθ进行比较，判断线框的运动状态，再根据焦耳定律求解Q。
解：（1）由v-t图象可知，在0～0.4s时间内线框做匀加速直线运动，进入磁场时的速度为：v1=2.0m/s
所以加速度大小为：a==m/s2=5m/s2
根据牛顿第二定律有：F-mgsinθ-μmgcosθ=ma
代入数据得：F=1.48N；
（2）由v-t图象可知，线框进入磁场区域后一直做匀速直线运动，并以速度v1匀速穿出磁场。
线框产生的感应电动势为：E=BLv1
线框产生的感应电流为：I=
线框受到的安培力为：FA=BIL=
由平衡条件得：F=FA+mgsinθ+μmgcosθ
联立解得：L=0.5m
（3）因：mgsinθ=μmgcosθ，所以线框在减速为零时不会下滑，设线框穿过磁场的时间为t,则：
t==s=0.4s
感应电流为：I==A=2A
根据焦耳定律可得：Q=I2Rt=22×0.25×0.4J=0.4J
答：（1）外力F大小为1.48N；
（2）cf长度为0.5m；
（3）回路产生的焦耳热为0.4J。

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