资源简介

云南省曲靖市师宗县第二中学2025-2026学年高二上学期期中考试
高二物理试卷
本试卷共6页，15小题，满分100分。考试时间75分钟。
注意事项：
1．答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证、考场号、座位号填写在答题卡上，并认真核准条形码上的准考证号、姓名、考场号、座位号，在规定的位置贴好条形码。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
一、选择题（本题包括10小题，1-7题，每小题4分，共28分，在每小题所给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，选对得4分，选错或不选得0分，第8-10题为多选题， 出的四个选项中有两个选项符合题意，全部选对得6分，选对但不全得3分， 选错或不选得0分）
1.科学家发现用一束激光照射某些晶体时，晶体表面能发射带负电的微粒，若测得所有带电微粒的电荷量总和为，已知元电荷，则微粒的个数最多为（　　）
A. 9 B. 8 C. 7 D. 6
2.真空中有两个点电荷，相距为L时，二者间的库仑力为F，保持电量不变，当把它们间的距离变为时，此时的库仑力变为(　　)
A. B. C. D.
3.某一区域的电场线分布如图所示，电场中三个点A、B、C的电场强度大小分别为、、，由图可知(　　)
C.
D.
4.如题图所示，一用绝缘轻绳连接的带电小球，静止于水平向右的匀强电场中，轻绳与竖直方向之间的夹角。已知重力加速度大小为g，剪断轻绳瞬时，该小球的加速度大小为(　　)
2g
g
D.
5.如图所示，A、B为正点电荷电场中某一条电场线上的两点，设A、B两点的电场强度分别为EA和EB，电势分别为φA和φB，则（ ）
A. EAB. EA>EB
C. φA=φB
D. φA<φB
6.如图所示，A、B、C、D分别是点电荷Q周围三个等势面上的点，其中A、B、C在同一条电场线上，且，C、D在同一等势面上。将电荷量的电荷从A移动到C的过程中，电势能减少了。则（　　）
A. 点电荷Q带负电
B. C、D两点的电场强度相同
C. 负电荷在A点的电势能小于在D点的电势能
D. 若取C点的电势为0，则B点的电势为8V
7.一匀强电场的方向平行于xOy平面，平面内A点和B点的位置如图所示。电荷量为＋q、－q和的三个试探电荷先后分别置于O点、A点和B点时，电势能均为。下列说法正确的是(　　)
A. OA中点的电势不为零
B. OA两点的电势差为
C. 电场的方向与x轴正方向成60°角
D. 电场强度的大小为
8.如图所示为一带正电粒子仅在电场力作用下沿x轴正方向运动时，其电势能随位移x变化的关系图像，已知电场方向沿x轴，段为对称曲线，段为直线，下列说法正确的是（　　）
A. 处电场强度最大
B. 段电场强度不变
C. 之间，处的电势最高
D. 与处的电势差大于与处的电势差
9.如图甲所示，空间存在一沿x轴方向的电场，一个电子仅在电场力作用下沿x轴正方向运动先后经过A、B、C三点，A、B、C三点间距相等，该电子的电势能随坐标x变化的关系如图乙所示，下列说法正确的是（　　）
A. A点电势低于B点电势
B. x轴正半轴上的电场强度方向沿x轴正方向
C. 电子从A到C的加速度减小
D. 电子从A运动到B克服电场力做的功比从B运动到C克服电场力做的功少
10.电容器是一种常用的电学元件，在电工、电子技术中有着广泛的应用。关于电容式压力传感器(如图所示)在生活中的应用，下列说法正确的是(　　)
A. 在力F增大的过程中，电容变大
B. 在力F增大的过程中，电流计中的电流从b流向a
C. 在力F增大的过程中，电容器处于放电状态
D. 在力F增大的过程中，电容器间的电场强度增大
11.等离子体推进器的原理结构如图所示，首先由电子枪产生高速电子流，经过碰撞，电子将等离子体发生器内的惰性气体电离，形成等离子体，最后等离子体中的正离子经过静电加速层加速后高速飞出，从而对等离子推进器产生作用力。假设正离子的质量为m，电荷量为q，经电压为U的静电加速层加速后形成电流为I的离子束，忽略离子进入静电加速层的初速度，不计离子重力和离子间的相互作用力，下列说法正确的是(　　)
A. 离子推进器是将化学能转化为机械能的装置
B. 离子由静电加速层喷出时的速度大小为
C. 单位时间内，由静电加速层喷出的离子数为
D. 离子推进器产生的推力大小为
二、非选择题：本题包括 5 小题，共 54 分。
12.一同学通过图甲所示的装置探究物体做圆周运动的向心力与质量、轨道半径及线速度的关系。滑块套在光滑水平杆上，随杆一起绕竖直杆做匀速圆周运动，力传感器通过一细绳连接滑块，用来测量向心力的大小F，滑块上固定一遮光片，与固定在铁架台上的光电门可测量滑块的线速度v。该同学先保持滑块质量m和运动半径r不变，探究向心力大小与线速度大小的关系。
(1)该同学采用的实验方法主要是________；(填正确答案标号)
A．等效替代法 B．理想模型法 C．控制变量法
(2)该同学通过改变转速测量多组数据，记录力传感器示数F，算出对应的线速度v及的数值，以为横轴，F为纵轴，作出图线，如图丙所示，由图可知，F与成　　　　关系(选填“正比”、“反比”)，图线斜率的物理意义是　　　　　。若滑块运动半径，由图线可得滑块的质量　　　　kg(保留2位有效数字)。
13.某实验小组在“测定金属丝的电阻率”的实验中，欲先采用伏安法测出金属丝的电阻，已知金属丝的电阻大约为。实验室中有以下器材可供使用：
A．电压表，内阻约为；
B．电压表，内阻约为；
C．电流表，内阻约为；
D．电流表，内阻约为；
E．滑动变阻器（）；
F．滑动变阻器（）；
G．两节干电池、开关及导线若干。
(1)用螺旋测微器测其直径 mm，再用游标卡尺测其长度为 cm。
(2)要求待测金属丝两端的电压从零开始连续变化，电压表应选 ，电流表应选 ，滑动变阻器应选 （请填写器材前字母序号）；
(3)请在虚线框中将电路图补充完整，并将实物连接图补充完整。
(4)开关闭合前，滑动变阻器的滑动触头应滑至 （“左端”、“右端”）；
(5)实验中调节滑动变阻器滑片的位置，读取多组电压、电流值，描绘出的图像是一条过原点的直线，已知该图线的斜率为k，金属导体的有效长度为L，直径为D，则该金属导体电阻率的表达式为 （用题目中给定的字母表示）；
(6)依据设计的实验原理，实验测得的电阻率 （填“大于”“小于”或“等于”）真实值。
14.在真空中存在着竖直向下的匀强电场，电场强度为E，如图所示。一根绝缘细线长为L，一端固定在图中的O点，另一端固定有一个质量为m、电荷量为＋q、可视为点电荷的小球，O点距离地面的高度为H，将小球拉至与O点等高的位置A处从静止释放。重力加速度为g，求：
(1)小球运动到O点正下方B点时的速度大小；
(2)细线对B点处的小球的拉力大小；
(3)若小球通过B点时，细线恰好断开，小球落地点与O点的水平位移x。
15.如图所示，在光滑绝缘的水平面上有半圆柱形的凹槽ABC，截面半径为R=0.4 m.空间有竖直向下的匀强电场，一个质量m=0.02 kg、带电荷量q=+1.0×10-3 C的小球(可视为质点)以初速度v0=4 m/s从A点水平飞入凹槽，恰好撞在D点，D与O的连线与水平方向夹角为 θ=53°，重力加速度g取10 m/s2，sin 53°=0.8，cos 53°=0.6，试求：
(1)小球从A点飞到D点所用的时间t；
(2)电场强度E的大小；
(3)从A点到D点带电小球电势能变化量ΔEp.
16.如图所示，绝缘光滑半圆轨道ABCD竖直放置在同一竖直平面内、与水平方向成角的足够大的匀强电场中，轨道圆心为O，半径为，OB水平，C点为绝缘光滑轨道的最低点，OD与竖直方向的夹角为。质量为、电荷量为的小球(大小忽略不计)，放在B点恰好静止。现把小球以的初速度从B点沿轨道内侧切线方向竖直向下抛出。已知，，重力加速度g取，求:
(1)匀强电场的电场强度的大小;
(2)小球运动到C点对轨道的压力;
(3)小球离开轨道D点后在空中运动的最小速度大小。
一、单选题
1. D【解析】自然界中所有带电体的电荷量都是元电荷的整数倍，由题意可知，若每个微粒带电荷量最小，则微粒个数最多，则有，代入数据得。故选D。
2. B【解析】根据库仑定律，真空中两个静止的点电荷之间的库仑力为，保持电量不变，当把它们间的距离变为时，则库仑力。
3. B【解析】电场线的疏密反映场强大小，电场线越密，电场强度越大，由图可知，B点电场线最密集，C点电场线最稀疏，可知B点场强最大，C点场强最小，电场中三个点A、B、C的电场强度的关系式为。
4. A【解析】对小球受力分析可知，剪断轻绳前，根据共点力平衡，有轻绳的弹力大小，剪断轻绳后，小球受到的合力等于重力与电场力的合力，即与绳子拉力大小相等，方向相反，也为，根据牛顿第二定律可知，其加速度大小为。
5. B【解析】根据电场线的性质可知，沿电场线方向电势逐渐降低，则 ，根据电场线的疏密程度表示电场强度可知，A点电场线更加密集，知EA>EB，故选B。
6. C【解析】将电荷量的电荷从A移动到C的过程中，电势能减少了，则电场力做正功，电场力向右，故点电荷Q带正电，故A错误；C、D两点的电场强度大小相等，方向不同，故B错误；点电荷Q带正电，则A点的电势高于D点的电势，根据可知，负电荷在A点的电势能小于在D点的电势能，故C正确；根据电势能的公式有V，点电荷的电场不是匀强电场，AB间的电场强度大于BC间的电场强度，因此由可知，即，则中点B的电势不于8V，故D错误；故选C。
7. D【解析】根据电势的定义式可得O点，A点和B点的电势分别为，，，所以OA中点的电势，A错误；OA两点的电势差，B错误；如图所示
设N点为AB的三等分点，同理易知N点电势为0，连接MN为一条等势线，过A点做MN的垂线，可知电场线沿该垂线方向，指向右下方，由，可知，故电场的方向与x轴正方向成45°角，C错误；电场强度的大小为，D正确。故选D。
二、多选题
8. BC【解析】由电场力做功与电势能的关系可知，图像中某点斜率的绝对值表示粒子所受电场力的大小，由题图可知，处斜率为零，即粒子所受电场力为零，则电场强度为零，故A错误；结合上述可知，与间图线斜率一定，则粒子所受电场力一定，即电场强度不变，故B正确；由题图可知，间，粒子电势能增大，电场力做负功，由于粒子带正电，电场线向左，同理，间，电势能减小，电场力做正功，粒子带正电，电场线向右，由于沿电场线方向电势降低，可知，处电势最高，故C正确；根据电场力做功与电势能变化关系可得，由图像可知，则有，故D错误。故选BC。
9. BC【解析】由图可知电子从到电势能增大，故电场力做负功，电场方向沿轴正方向，故B正确；沿着电场线方向电势降低，所以点电势高于点，故A错误；EP-x图像的斜率表示电场力，从到斜率绝对值变小，则电场力变小，故加速度减小，故C正确；沿x轴正向EP-x图像的斜率减小，则电场力减小，场强减小，由可知，间电势差大于间电势差，根据，则电子从到克服电场力做的功比到克服电场力做的功多，故D错误。故选BC。
10. ABD【解析】根据可知，在力F增大的过程中，电容极板间距减小，则电容变大，故A正确；根据， ，解得 ，在力F增大的过程中，电容极板间距减小，则极板所带电荷量增大，电容器处于充电状态，上极板与电源正极连接带正电，则上极板失去电子，可知，电流计中的电流从b流向a，故B正确；结合上述，在力F增大的过程中，电容器处于充电状态，故C错误；根据，在力F增大的过程中，电容极板间距减小，则电容器间的电场强度增大，故D正确。故选ABD。
11. CD【解析】离子推进器可将静电加速层中的电能转化为机械能，A错误；根据动能定理有，离子由静电加速层喷出时的速度大小为，B错误；若n表示单位时间内由静电加速层喷出的离子数，根据电流的定义有，单位时间内，由静电加速层喷出的离子数为，C正确；D．时间内喷出离子的动量为，根据动量定理有，则，D正确。故选CD。
三、实验题
12. (1)C；(2)正比，，0.20
【解析】(1)因为向心力与质量、线速度和半径都有关系，所以在研究向心力的大小F与质量m、线速度v和半径r之间的关系时，要控制住两个物理量，探究向心力与另一个物理量之间的关系，这种研究方法就是控制变量法。故选C。
(2)如图丙所示，图像为过原点的倾斜直线，可知F与成正比关系；根据向心力公式，可知图像的斜率为，图线斜率的物理意义是，根据图像数据可得滑块的质量。
13. (1)4.700 10.050 (2) A C E (3)(4)左端 5) (6)小于
【解析】（1）螺旋测微器的精确度为0.01mm，读数为4.5mm+mm=4.700mm，游标卡尺的精确度为0.05mm，读数为10cm+mm=10.050cm。
（2）两节干电池的电动势约为3V，电压表应选A；已知金属丝的电阻大约为10，最大电流约0.3A，电流表应选C；金属导体两端的电压从零开始变化，滑动变阻器必须采用分压接法，为了方便调节电路，滑动变阻器应选择E。
（3）金属导体两端的电压从零开始变化，滑动变阻器必须采用分压接法；待测电阻较小，电流表采用外接法。
（4）滑动变阻器采用分压接法，开关闭合前，为保护电表，故滑动变阻器的滑动触头应滑至左端。
（5）根据欧姆定律，根据电阻定律，金属导体的横截面积为，解得，图线的斜率为，解得。
（6）根据电流表外接法，电流I的测量值偏大，根据可知图像斜率的测量值偏小，根据可知电阻率的测量值偏小。
四、计算题
14. 　(1)　(2)3(mg＋qE)　(3)2
【解析】　(1)小球从A到B过程，由动能定理得mgL＋qEL＝mv2－0
小球到达B点时的速度大小为v＝。
(2)在B点，对小球由牛顿第二定律得FT－mg－qE＝m
解得FT＝3(mg＋qE)。
(3)对小球在细线断开后的类平抛运动，由牛顿第二定律有qE＋mg＝ma
竖直方向：H－L＝at2
水平方向：x＝vt
联立解得x＝2。
15. (1)0.16 s　(2)300 V/m　(3)9.6×10-2 J
【解析】(1)水平方向上，小球做匀速直线运动R+Rcos θ=v0t
得t= =0.16 s.
(2)在竖直方向上，小球做匀加速直线运动，由牛顿第二定律
mg+qE=ma
Rsinθ==at2
得E=300 V/m.
(3)由匀强电场中电势差与电场强度的关系，有
UAD=E·Rsin θ=96 V
ΔEp=qUAD=9.6×10-2 J.
16. (1) (2)，方向竖直向下 (3)
【解析】(1)由小球在B点恰好静止，由平衡条件
解得
(2)把电场力F分解为，
小球从B点运动到C点过程中，由动能定理得
在C点有
由牛顿第三定律得
即小球在C点对轨道的压力为，方向竖直向下。
(3)小球从B沿轨道运动到D的过程中，由动能定理
解得
小球离开D点后，竖直方向上合力为零，做匀速运动，水平方向上受力为，做匀减速运动，所以速度最小时为水平方向速度减为零时，则

展开更多......

收起↑