资源简介

2025-2026学年第一学期高二物理期末摸底小测
学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
注意事项：
1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2．请将答案正确填写在答题卡上
一、单选题（本大题共8小题）
1．下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是(　　)
A．由知，电场中某点的电场强度与检验电荷所带的电荷量成反比
B．由知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比
C．由知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量无关
D．由知，带电荷量为1C的正电荷，从A点到B点克服电场力做功1J，则A、B两点的电势差为－1V
2．充电宝内部的主要部件是锂电池，电池充满电后能放出的总电荷量叫作电池容量，通常以“安时”或“毫安时”作单位．按照民航局乘机规定：严禁携带额定能量超过的充电宝搭乘飞机。某同学查看了自己的充电宝铭牌，上面写着“”和“”。根据上面信息能够判断出（ ）
A．是能量的单位 B．是功率的单位
C．该充电宝的电池容量为 D．该充电宝可以带上飞机
3．如图所示，在直角坐标系中有四点，点坐标为（-4cm，3cm）现加上一方向平行于平面的匀强电场。三点电势分别为9V、25V、16V。将一电荷量为的点电荷从点沿移动到点。下列说法正确的是（ ）
A坐标原点的电势为7V
B电场强度的大小为
C该点电荷在点的电势能为
D该点电荷从点移动到点的过程中，电场力做功
4．如图所示，a、b、c为点电荷Q产生的电场中的三条电场线，虚线MNP是带电粒子q只在电场力作用下的运动轨迹，则（　　）
A．粒子q在P点受到的电场力一定沿电场线方向向右
B．粒子q一定是从M到P做加速度增加的加速运动
C．粒子q在P点的速度不一定比在M点的速度大
D．若粒子q带负电，则点电荷Q为负电荷
5．长为的导体棒原来不带电，现将一个带电量的点电荷放在棒的中心轴线上距离棒的左端处，点到棒的中点距离为，如图所示。当棒达到静电平衡后（　　）
A．导体端带正电
B．导体端的电势等于端的电势
C．感应电荷在点产生的电场强度大小为零
D．感应电荷在点产生的电场强度大小为，方向水平向左
6．如图所示的U-I图像中，直线a表示某电源的路端电压U与电流I的关系，直线b、c分别表示电阻R1、R2的电压U与电流I的关系。下列说法正确的是（　　）
A．电阻R1、R2的阻值之比为4:3
B．该电源的电动势为6V，内阻为3Ω
C．只将R1与该电源组成闭合电路时，电源的输出功率为6W
D．只将R2与该电源组成闭合电路时，内、外电路消耗的电功率之比为1:1
7．中学物理实验中经常使用的电流表是磁电式电流表。如图所示，当电流从线圈的导线中流过时，导线就会受到安培力的作用，电流越大，所受安培力越大，指针也就偏转得越多，磁电式电流表就是按照这个原理指示电流大小的。基于这个原理以下说法中不正确的是（　　）
A．电表表盘刻度均匀说明指针偏转角度与电流大小成正比
B．螺旋弹簧对线圈的运动有阻碍作用
C．由前视图可知，线圈将顺时针偏转
D．由前视图可知，线圈将逆时针偏转
8．在一个很小的厚度为d的矩形半导体薄片上，制作四个电极 E、F、M、N，它就成了一个霍尔元件，如图所示．在E、F间通入恒定的电流I，同时外加与薄片垂直的磁场B，则薄片中的载流子（形成电流的自由电荷）就在洛伦兹力的作用下，向着与电流和磁场都垂直的方向漂移，使M、N 间出现了电压，称为霍尔电压UH．可以证明UH=kIB/d，k为霍尔系数，它的大小与薄片的材料有关．下列说法正确的是（ ）
A．若M的电势高于N的电势，则载流子带正电
B．霍尔系数k较大的材料，其内部单位体积内的载流子数目较多
C．借助霍尔元件能够把电压表改装成磁强计（测定磁感应强度）
D．霍尔电压UH越大，载流子受到磁场的洛仑兹力越小
二、多选题（本大题共2小题）
9．在场强大小为的匀强电场中，一质量为，带电荷量为的物体以某初速度沿电场反方向做匀减速直线运动，其加速度大小为，物体运动距离s时速度为零，下列说法一定正确的是（ ）
A物体克服电场力做功
B物体的动能减少了
C物体的电势能增加了
D物体的电势能减少了
10．在如图所示的电路中，电源电动势E和内阻r为定值，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，闭合电键S，理想电流表A的示数为I，理想电压表V1、V2和V3的示数分别为U1、U2和U3，当滑动变阻器的滑动触头P向上滑时，A、V1、V2和V3各电表示数变化量大小分别为ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3，下列说法正确的是（　　）
A．I变大，U2变大 B．U1变大，U3变小
C．不变 D．变小
三、填空题（本大题共2小题）
11.某学习小组拟测量一根圆柱形金属丝的电阻率
（1）该小组用螺旋测微器测量该金属丝的直径D，示数如图a所示，其直径
为 mm，再用游标卡尺测其长度L，示数如图b所示，其长度为 mm。
（2）该小组用多用电表初步测量金属丝的电阻，金属丝的电阻约几欧姆，测量步骤如下：
第一步，先调节指针定位螺丝，使指针对准“直流电流、电压”的0刻线
第二步，将选择开关转到电阻挡的 填“×1”“×10”或“×100”的位置
第三步，将红、黑表笔插入“+”“-”插孔，再短接两表笔，调节欧姆调零旋钮，使电表指针对准“电阻”的 选填“0刻线”或“∞刻线”
第四步，将两表笔分别与待测电阻相接，电表的示数如图c所示，则合金丝的阻值为 Ω。
（3）该小组再用伏安法精确测量金属丝的电阻，除电源电动势3.0V，内阻不计。电压表量程0~3V，内阻约3kΩ，开关，导线若干外，还有以下实验器材：
A电流表（量程0~0.6A，内阻约0.1Ω）
B电流表（量程0~3A，内阻约0.02Ω）
C滑动变阻器（最大阻值10Ω，额定电流2A）
D滑动变阻器（最大阻值1kΩ，额定电流0.5A）
为了调节方便，测量准确，实验中电流表应选用 滑动变阻器应选用 填实验器材前对应的字母
测量电路如图d所示，某同学按电路图连接器材，如图e所示，
图e中的连线 是错误的。
小组正确地完成了实验操作，在U-I坐标系中标出了测量数据的坐标点，如图f所示，请你在图中描绘出U-I图线，并根据图线算出该金属丝的电阻值 Ω（结果保留两位有效数字）
（4）在各项测量都规范准确的情况下，利用上述方法测算出的电阻率与真实值相比是偏大还是偏小？请说明理由。
12．利用电流表和电压表测定一节干电池的电动势和内电阻，要求尽量减小实验误差，实验电路如图甲所示。
（1）现有电压表0~3V，开关和导线若干以及以下器材：
电流表A1量程0~0.6A，内阻约0.125Ω
电流表A2量程0~3A，内阻约0.025Ω
滑动变阻器R10~20Ω，额定电流2A
滑动变阻器R20~1000Ω，额定电流1A
实验中电流表应选用 滑动变阻器应选用 （选填相应器材前的字母）
（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应位于电阻R端 填（“左”或“右”）
（3）通过多次测量并记录对应的电流表示数I和电压表示数U，利用这些数据在图中画出了图线，由图像可以得此干电池的电动势 V，
内阻 Ω。
（4）引起该实验的系统误差的主要原因是（ ）
A由于电流表的分流作用造成电流表读数总是比电源实际输出的电流小
B由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比电源实际输出的电流小
C由于电流表的分压作用造成电压表读数总是比路端电压小
D由于电流表的分压作用造成电压表读数总是比路端电压大
四、非选择题（本大题共3小题）
13．如图所示，带电粒子（不计重力）从A点以速度v0进入辐射状的电场，做半径为R的匀速圆周运动，圆弧轨迹处的电场强度的大小处处为E，经过半个圆周运动粒子从B点射出辐射状的电场，紧接着垂直进入电场强度为E的匀强电场，然后到达C点，已知粒子在C点的速度与在B点的速度之间的夹角为30°。求
（1）粒子的比荷；
（2）粒子从A到B的运动时间；
（3）B、C两点间的电势差。
14．如图所示，坐标平面第I象限内存在大小为E=4×105N/C、方向水平向左的匀强电场，在第Ⅱ象限内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场，质荷比=4×10-10kg/C的带正电的粒子，以初速度v0=2×107m/从x轴上的A点垂直x轴射入电场，OA=0.2m，不计粒子的重力。求：
（1）粒子经过y轴时的位置到原点O的距离d；
（2）求粒子经过y轴时的速度v；
（3）若要使粒子不能进入第三象限，求磁感应强度B的取值范围（不考虑粒子第二次进入电场后的运动情况）。
15．如图所示，矩形区域abcd内存在垂直于纸面的匀强磁场。ab边长为，ad边长为2L。位于ad边中点S处的粒子源，不断地沿着垂直ad边的方向发射质量为m、电荷量为q、初速度为v的带电粒子，带电粒子恰好从b点射出。在此区域加上沿ad方向的匀强电场后，带电粒子恰好做匀速直线运动。不计带电粒子的重力和粒子之间的相互作用力。
(1)求匀强磁场的磁感应强度大小B；
(2)求匀强电场的电场强度大小E；
(3)仅撤去磁场，请通过推导判断带电粒子将从矩形区域的哪一边界射出？
1．【答案】D
【详解】电场强度的大小是由电场本身性质所决定的，与检验电荷所带电荷量以及检验电荷所受力的大小无关，故A错误；电容器的电容大小是由电容器本身构造所决定的，与电容器所带电荷量以及两板间电压无关，故B错误；由知，在点电荷的电场中，电场中某点的电场强度大小与场源电荷所带电荷量Q成正比，故C错误；根据电势差的定义式知，如果带电荷量为1C的正电荷，从A点到B点克服电场力做功1J，即，则A、B两点的电势差为-1V，故D正确。
2．【答案】D
【详解】在量纲上表示电流与时间的乘积，而电流与时间的乘积表示电荷量，因此是电荷量的单位，故A错误；在量纲上表示功率与时间的乘积，而功率与时间的乘积表示能量，因此是能量的单位，故B错误；该充电宝的电池容量为，故C错误；该充电宝的能量，因此该充电宝可以带上飞机，故D正确。
3．【答案】D
【详解】由于该电场是匀强电场，沿着同一个方向相同距离电势差相等，则有，解得，A错误；该电场沿轴方向的分场强大小为，沿轴方向的分场强大小为，则该电场的电场强度的大小为，B错误；因，则有，解得，该点电荷在a点的电势能为，C错误；该点电荷从a点移到d点，电场力做功为，D正确。
4．【答案】A
【详解】电场力的方向指向轨迹内侧，因此粒子在点电场力的方向一定沿电场线向右，A正确；电场线的疏密表示电场强度的大小，从到电场线变密，电场强度增大，加速度会增加。但粒子的运动方向不确定（可能从到，也可能从到），且只有当电场力与速度方向夹角为锐角时才是加速运动。因此不能确定粒子一定从M到P做加速运动，B错误；若粒子从到，电场力做正功，速度增大；若粒子从P到M，电场力做负功，速度减小，所以粒子在点的速度一定比在点的速度大，C错误；若粒子带负电，其电场力方向与电场线方向相反；可推出电场线方向是从向外（即为正电荷），而非负电荷，D错误。
5．【答案】B
【详解】根据静电感应规律，即近异远同，可知导体B端带负电，故A错误；根据静电感应规律，当导体棒达到静电平衡后，导体棒是等势体，故导体棒上的A端电势等于B端电势，故B正确；根据静电平衡规律，可知处于静电平衡的导体内部场强处处为零，故M点处的场强为零，即导体棒上感应电荷在M点处产生的电场强度大小与-q的点电荷在该处产生的电场强度大小相等，方向相反，则有，方向水平向右，故CD错误。
6．【答案】D
【详解】根据图像得，，电阻R1、R2的阻值之比为2:1，A错误；该电源的电动势为6V，内阻为 ，B错误；只将R1与该电源组成闭合电路时，电源的输出功率为 ，C错误；只将R2与该电源组成闭合电路时，内、外电路消耗的电功率分别为，，解得，D正确。
7．【答案】D
【详解】电表表盘刻度均匀说明指针偏转角度与电流大小成正比关系，A正确；根据力矩平衡条件可知，稳定后，线圈受到螺旋弹簧的力矩与线圈受到的磁力矩方向是相反的，螺旋弹簧对线圈有阻碍作用，B正确；由左手定则可知，右侧受安培力向下，左侧安培力向上，由前视图可知，线圈将顺时针转动，C正确，D错误。由于本题选择错误的。
8．【答案】C
【详解】根据左手定则可知正流子向N偏转，即N带正电，N的电势高于M的电势，A错误；设上下两个表面相距为L，电子所受的电场力等于洛仑兹力，设材料单位体积内电子的个数为n，材料截面积为S，，，联立解得：，令，则，所以根据可知单位体积内的载流子数目，随着霍尔系数越大，而越小，B错误；根据可得，借助霍尔元件能够把电压表改装成磁强计（测定磁感应强度），C正确；载流子受到的洛伦兹力，霍尔电压UH越大，载流子受到磁场的洛仑兹力越大，D错误．
9．【答案】AB
【详解】物体带正电，所受电场力方向和电场强度方向相同，则物体所受电场力与运动方向相反，电场力做负功，即物体克服电场力做功为，电势能增加了，A正确，CD错误；物体所受的合力大小为，合力做的功为，根据动能定理可知，物体的动能减少了，B正确。
10．【答案】BC
【详解】当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，滑动变阻器接入电路中的阻值变小，根据闭合电路欧姆定律，可得电路中的电流为，可知电路中的电流变大；，根据，可知变小，故A错误；电路中电流变大，根据，可知变大；，根据，可知变小，故B正确；根据，可得，故不变，故C正确；根据，可得，故不变，故D错误。
11．【答案】（1）3.700；131.4
（2）×1；0刻线；6
（3）A；C；①；见解析；4.5/4.4/4.6
（4）偏小
【详解】（1）螺旋测微器的精确值为，由图a可知金属丝的直径为，10分度游标卡尺的精确值为，由图b可知，金属丝的长度为。
（2）②金属丝的电阻约几欧姆，则将选择开关转到电阻挡的×1的位置。
③将红、黑表笔插入“+”“-”插孔，再短接两表笔，调节欧姆调零旋钮，使电表指针对准“电阻”的0刻线。
④将两表笔分别与待测电阻相接，电表的示数如图c所示，则合金丝的阻值为。
（3）①由于电动势为3V，金属丝的电阻约为，根据，则电流表应选用A；
为了调节方便，使电表示数变化明显，滑动变阻器应选用阻值较小的C；
②图e中连线①错误地接在了滑动变阻器上端，应改接其下端。
③连线时要使线条通过尽量多的点，不在线上的点均匀分布在线的两侧，明显偏离线的点应舍去，连线如图所示
由图像可得该金属丝的电阻值为
（4）由于电路图可知，电流表采用外接法，由于电压表的分流，使得电流表示数大于通过金属丝的真实电流，则金属丝电阻测量值与真实值相比偏小；根据电阻定律可得，可知电阻率的测量值与真实值相比偏小。
12．【答案】（1）A1；R1
（2）左
（3）1.45；1.30
（4）B
【详解】（1）实验中电路中的电流不超过0.6A，则电流表应选用A1，为方便调节，则滑动变阻器应选用R1；
（2）闭合开关前，滑动变阻器应处于电阻最大的位置，即滑片P应位于电阻R左端；
（3）根据U=E-Ir，结合图像可知，干电池的电动势1.45V，内阻
（4）由电路可知，电压表的读数等于路端电压，但由于电压表有分流使得电流表的示数小于通过电源的电流，即引起该实验的系统误差的主要原因是由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比电源实际输出的电流小。
13．【答案】（1）
（2）
（3）
【详解】（1）粒子在辐射状的电场中运动，辐射状的电场力提供粒子做匀速圆周运动的向心力，则有
解得粒子的比荷为
（2）粒子在辐射状的电场中做匀速圆周运动的周期
由匀速圆周运动的规律可得粒子从A到B的运动时间为
解得
（3）粒子从B到C做类平抛运动，粒子在C点的速度与在B点的速度之间的夹角为30°，把粒子在C点的速度分别沿着电场线和垂直电场线分解，则有
粒子从B到C，由动能定理可得
解得
14．【答案】（1）；（2），与y轴正方向的夹角为；（3）
【详解】（1）粒子在电场中做类平抛运动，根据牛顿第二定律有
设运动的时间为t，则
则粒子经过y轴时的位置到原点O的距离
联立解得，，
（2）粒子经过y轴时在电场方向的分速度为
所以粒子经过y轴时的速度大小
与y轴正方向的夹角为
（3）若要使粒子不进入第三象限，则粒子运动轨迹如图所示
设此时粒子做圆周运动的轨道半径为R，则
由洛伦兹力等于向心力有
解得
15．【答案】(1)
(2)
(3)从矩形区域的bc边射出
【详解】（1）带电粒子在匀强磁场中运动轨迹如图
设带电粒子在磁场中做圆周运动的半径为R，由几何关系
解得
根据牛顿第二定律
解得
（2）加上匀强电场后，带电粒子做匀速直线运动，根据平衡条件有
解得
（3）撤去磁场后，带电粒子做匀变速曲线运动，假设带电粒子从bc边射出，根据牛顿第二定律可知
带电粒子沿初速度方向做匀速直线运动，则
垂直于初速度方向做匀变速直线运动，偏移量
即
由
可知，带电粒子从bc边射出。
第 page number 页，共 number of pages 页

展开更多......

收起↑