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浙江省嘉兴市嘉兴一中实验学校2024-2025学年八年级上学期第三次单元监测科学试题
1．（2025八上·嘉兴月考）物质的性质决定用途。下列有关空气各成分及其用途的说法正确的是（　　）
A．空气中含量最多的气体是氮气，约占空气质量的78%
B．氧气具有支持燃烧的性质，可用作燃料
C．稀有气体用作航标灯利用其化学性质稳定的特性
D．氮气化学性质稳定，可用于食品包装
2．（2025八上·嘉兴月考）我国争取2060年前实现“碳中和”，即二氧化碳的排放与吸收互相平衡。下列途径中不属于排放二氧化碳的是（　　）
A．生物的呼吸作用 B．绿色植物的光合作用
C．化石燃料的燃烧 D．微生物的氧化分解
3．（2025八上·嘉兴月考）下列处理事故的方法正确的是（　　）
A．家用电器着火时，立即用水扑灭
B．室内起火时，立即打开门窗通风
C．炒菜时油锅着火，立即浇水灭火
D．扑灭森林火灾时，设置隔离带
4．（2025八上·嘉兴月考）下面是实验室制取、收集、验满、验证氧气性质的装置或操作，其中错误的是（　　）
A． B．
C． D．
5．（2025八上·嘉兴月考）如图是我国古代使用的“火折子”，竹筒帽盖上时，内部可燃物保留火星。使用时，只需打开竹筒帽，对着火星吹一吹，可燃物就燃烧起来，下列说法正确的是（　　）
A．火折子内部物质是由易燃材料制作而成的
B．竹筒帽盖上时内部不再发生氧化反应
C．盖上竹筒帽的目的是为了完全隔绝氧气
D．打开竹筒帽，对着火星吹一吹，降低了可燃物的着火点
6．（2025八上·嘉兴月考）验证“绿叶在光下制造有机物”的实验步骤正确顺序是（　　）
①用酒精去掉叶绿素
②把天竺葵放在光下照射
③把天竺葵叶片用黑纸遮盖一部分
④把天竺葵放在黑暗处一昼夜
⑤把部分遮光的叶片摘下，去掉黑纸
⑥用清水漂洗叶片后滴加碘酒
A．②③④⑤①⑥ B．④③②⑤①⑥
C．④②③①⑤⑥ D．②④③⑤⑥①
7．（2025八上·嘉兴月考）某植物叶片边缘呈黄白色，不含叶绿体。将该植物在黑暗中放置 48 小时后，切断部分叶脉，将叶片的部分区域的两面用锡箔纸遮蔽，如图所示。光照一段时间后去除锡箔纸，用碘染色法处理叶片，观察叶片 a、b、c、d 4个部位的颜色，发现只有 d 显蓝色。下列说法错误的是(　　)
A．该实验证明淀粉是光合作用的产物
B．对比 da，说明光合作用需要叶绿体
C．对比 dc，说明光合作用需要光照
D．对比db，说明光合作用需要水
8．（2025八上·嘉兴月考）下列关于“碳循环”和“氧循环”的说法中，不正确的是（　　）
A．变化观：每个人都在参与碳、氧循环，碳循环中的“碳”是指碳元素
B．微粒观：化石燃料的燃烧会使自然界中的氧原子总数减少
C．平衡观：碳、氧循环有利于维持大气中氧气和二氧化碳含量的相对稳定
D．守恒观：碳、氧循环过程中各元素质量守恒
9．（2025八上·嘉兴月考）光合作用和呼吸作用紧密相关，若图中甲代表水和二氧化碳，则（　　）
A．Ⅰ是光合作用，Ⅱ是呼吸作用，乙是水和二氧化碳
B．Ⅰ是光合作用，Ⅱ是呼吸作用，乙是有机物和氧气
C．Ⅰ是呼吸作用，Ⅱ是光合作用，乙是水和二氧化碳
D．Ⅰ是呼吸作用，Ⅱ是光合作用，乙是有机物和氧气
10．（2025八上·嘉兴月考）如图是植物叶片的生理活动示意图，下列说法错误的是（　　）
A．若该图表示光合作用，则①是二氧化碳，②是氧气
B．若该图表示呼吸作用，则①是氧气，②是二氧化碳
C．③是水，④是无机物
D．通常白天植物的光合作用强度大于呼吸作用强度
11．（2025八上·嘉兴月考）利用红磷燃烧测定空气中氧气体积分数的实验中，传感器记录集气瓶中气压随时间变化的情况如图所示，下列说法不正确的是（　　）
A．c时止水夹打开
B．实验开始时，气压变大是因为温度升高
C．a～c段对应的变化进程是红磷燃烧
D．c后气压增大是由于水倒吸入瓶内
12．（2025八上·嘉兴月考）有一份纯氯酸钾固体，另有一份混有少量二氧化锰的氯酸钾固体，两份固体质量相等，分别同时加热和，能正确表示生成氧气的质量随反应时间而变化的图像是（　　）
A． B．
C． D．
13．（2025八上·嘉兴月考）在密闭容器中有甲、乙、丙、丁四种物质，在一定条件下反应，测得反应前后各物质的质量分数如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．丙是单质
B．丁一定是该反应的催化剂
C．若消耗6g的乙，则生成34g的丙
D．甲、乙的质量之和一定等于生成丙的质量
14．（2025八上·嘉兴月考）如图是人体气体交换示意图，以下说法正确的是（　　）
A．呼出的气体中二氧化碳浓度高于氧气浓度
B．图甲为人体的组织细胞，图乙为肺泡
C．图乙中③处二氧化碳浓度小于④处
D．图甲中②处氧气浓度小于①处
15．（2025八上·嘉兴月考）用氯酸钾和二氧化锰的混合物制取氧气，混合物的质量变化情况如图所示。正确的分析是（　　）
A．反应到t1时生成了（a﹣b）g氧气
B．P点处固体成分是KCl、KClO3和MnO2
C．在反应过程中，KCl的质量分数不断减少
D．在0～t2时段，MnO2在混合物中的含量不断增大
16．（2025八上·嘉兴月考）在反应2A+3B=2C+4D中，A与B的相对分子质量之比为1：1，用一定质量的A与12克B恰好完全反应，生产11克C，则下列说法中错误的是（　　）
A．同时生成D的质量是9克
B．B与D的相对分子质量之比是8：1
C．参加反应的A与生成C的质量之比是8：11
D．若A的相对分子质量是32，则C的相对分子质量是44
17．（2025八上·嘉兴月考）如图所示是在黑暗条件下研究植物某一生命活动过程的实验。下列说法错误的是（　　）
A．装置甲的作用是吸收空气中的二氧化碳
B．装置乙的作用检验二氧化碳被完全吸收
C．实验为了检验植物呼吸作用消耗了氧气
D．实验为了检验植物呼吸作用产生了CO2
18．（2025八上·嘉兴月考）对下列实验指定容器中的水，其解释没有体现水的主要作用的是（　　）
A． B．
C． D．
19．（2025八上·嘉兴月考）如图实验装置被称为“人工树叶”。以水和二氧化碳为反应物，产物C3H8O是重要的化工原料，也可用作燃料。下列说法错误的是（　　）
A．C3H8O分子中碳、氢原子的个数比为3∶8
B．该装置的总反应属于化合反应
C．此反应中消耗6个CO2分子产生9个O2分子
D．该装置被称为“人工树叶”的主要原因是模拟了植物的光合作用
20．（2025八上·嘉兴月考）兴趣小组进行光合作用实验，选取生长状况相同的同种植物叶，分成4等份，分别在不同温度下暗处理1小时，接着在相同光照下放置1小时，测定每份叶中有机物质量的变化如图图甲。实验中，叶在28℃时通过光合作用产生的有机物量是（　　）
A．3毫克 B．5毫克 C．7毫克 D．9毫克
21．（2025八上·嘉兴月考）图甲为人体外形图，图乙为人在平静呼吸时胸廓容积变化的示意图，图丙为人呼吸时肺内气压变化曲线，图丁为肺泡与肺部毛细血管之间的气体交换示意图。
（1）图甲中表示人体中肺的大致位置的序号是　 　；图乙中表示人体呼气过程的　 　（填“A”或“B”），对应的肺内气压变化可用图丙中的　 　段曲线表示。
（2）图丁中①代表的物质是　 　。写出呼吸作用的文字表达式　 　。
22．（2025八上·嘉兴月考）如图是小科同学对氧气制取方法的梳理，请回答下列问题。
（1）用方法D制取氧气属于　 　。（填“物理”或“化学”）变化。
（2）从绿色环保的角度考虑，请写出实验室制取氧气时最佳方法的是　 　。（填字母）。
（3）写出双氧水制取氧气的化学反应方程式　 　。
23．（2025八上·嘉兴月考）根据下列仪器装置图，回答有关问题：
（1）仪器a的名称为　 　。
（2）可用于实验室制取二氧化碳的发生装置是　 　（填字母序号），在安装好仪器、加入试剂前，应该进行的操作是　 　（填操作名称）。
（3）可用于实验室制取氧气的发生装置是　 　（填序号）；将装置　 　（填字母序号）和F连接可以收集氧气并测其体积。
24．（2025八上·嘉兴月考）植物的新陈代谢要受到外界环境（如光、水分）的影响.如图表示一株叶面积为10分米2的植物在一定光照和一定二氧化碳浓度的条件下吸收二氧化碳的速度（单位：毫克/（分米2 小时））。
（1）如图所示能代表细胞中发生的情况与曲线AB段相符的是　 　；
（2）在光照强度为n3的情况下光照5小时，该植物通过光合作用吸收的二氧化碳的质量为　 　毫克。
（3）B点表示的含义是　 　。
（4）写出光合作用的文字表达式　 　。
25．（2025八上·嘉兴月考）某兴趣小组对教材中“测定空气中氧气含量”实验（如图甲）进行了改进，设计了图乙（选用容积为45mL的试管作反应容器）的实验方案，收到了良好的实验效果。对比分析下面两个实验，回答下列问题：
（1）甲实验测得的氧气含量小于，请分析可能的原因　 　。
（2）乙实验操作如下（装置气密性良好）：①点燃酒精灯；②撤去酒精灯，待试管冷却后松开弹簧夹；③将少量红磷平装入试管中，把20mL的注射器活塞置于10mL刻度处，并按图乙所示的连接方式固定好，再用弹簧夹夹紧橡皮管；④读取注射器活塞位置的刻度数据。你认为正确的实验操作顺序是　 　。（填序号）
（3）乙实验中，注射器活塞最后将停止在约　 　mL刻度处。
（4）对照甲实验，你认为乙实验有何优点？　 　
（5）写出红磷燃烧的化学方程式　 　。
26．（2025八上·嘉兴月考）为测定某钙片中碳酸钙的质量分数（钙片中其他成分不参与反应），小乐取10g钙片研磨后，进行了如图所示的实验（忽略水分蒸发）。回答下列问题：
（1）研磨钙片的目的是　 　。该实验中，装置的气密性对测定结果　 　（选填“有”或“无”）影响。
（2）计算该钙片中碳酸钙的质量分数　 　。（写出计算过程）。
27．（2025八上·嘉兴月考）为测定实验室中氯酸钾样品（杂质不参与反应）的纯度，取一定量该样品进行加热，不同时刻固体质量数据如图所示。
（1）时刻产生的氧气质量是　 　。
（2）时段剩余固体质量不变的原因　 　。
（3）列式计算该样品中氯酸钾的纯度　 　。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】空气的利用
【解析】【分析】空气的成分及各成分的体积分数分别是：“氮气78%、氧气21%、稀有气体0.94%、二氧化碳0.03%、其他气体和杂质0.03%”。由此可见，空气中体积分数最大（或含量最多）的气体是氮气。最早通过实验得出空气是由氧气和氮气组成的结论是法国化学家拉瓦锡。
【解答】A、空气中含量最多的气体是氮气，约占空气体积的78%，而不是空气质量的78%，错误；
B、氧气具有支持燃烧的性质，但是氧气本身不能燃烧，所以不能用作燃料，错误；
C、稀有气体用作航标灯是利用稀有气体在通电时能发出不同颜色的光，这属于稀有气体的物理性质，而不是利用其化学性质稳定的特性，错误；
D、氮气化学性质稳定，不容易与其他物质发生反应，可用于食品包装，隔绝氧气，防止食品变质，正确。
故答案为：D。
2．【答案】B
【知识点】植物的呼吸作用
【解析】【分析】A、根据生物的呼吸作用原理分析；
B、根据光合作用的原理分析；
C、根据化石燃料燃烧的原理分析；
D、根据微生物的氧化分解原理分析。
【解答】A、生物的呼吸作用是释放二氧化碳的过程，故错误；
B、绿色植物的光合作用吸收二氧化碳释放出氧气，属于吸收二氧化碳的途径，故正确；
C、化石燃料的燃烧是碳与氧气结合产生二氧化碳，是释放二氧化碳的过程，故错误；
D、微生物的氧化分解能够消耗氧气，释放出二氧化碳，故错误；
故答案为：B。
3．【答案】D
【知识点】实验室的安全与意外事故的处理方法
【解析】【分析】根据灭火的方法分析判断。
【解答】A.家用电器着火时，立即切断电源，再进行救火，故A错误；
B.室内起火时，立即打开门窗通风，由于氧气的进入，会造成火灾迅速蔓延，故B错误；
C.炒菜时油锅着火，立即浇水灭火，会使油飞溅而出，可能造成烫伤，故C错误；
D.扑灭森林火灾时，设置隔离带，从而隔绝可燃物，故D正确。
故选D。
4．【答案】C
【知识点】氧气的检验和验满
【解析】【分析】 根据氧气的性质和实验注意事项分析 。
【解答】常用气体的发生装置和收集装置分别又分为两种和三种。前者有“固体加热型”和“固液常温型”两种装置；后者有“排水法”、“向下排空气法”和“向上排空气法”三种装置。A、用过氧化氢溶液制取氧气，其原理是过氧化氢在二氧化锰的催化作用下分解生成水和氧气，该反应中反应物为固体和液体，反应条件为常温，应选择固液常温型发生装置，分液漏斗末端不需要伸入液面以下，图示操作正确，不符合题意；
B、用排水法收集氧气时，集气瓶应装满水，待导管口有连续均匀气泡冒出时再进行收集，图示操作正确，不符合题意；
C、氧气验满时，应将带火星的小木条放在集气瓶口，若木条复燃，说明氧气已收集满，图示操作错误，符合题意；
D、硫在氧气中燃烧时，集气瓶底应放一些水，防止二氧化硫污染空气，图示操作正确，不符合题意。
故选：C。
5．【答案】A
【知识点】燃烧与灭火
【解析】【分析】A.根据“ 对着火星吹一吹，可燃物就燃烧起来 ”判断；
B.分析内部是否满足燃烧条件即可；
C.完全隔绝空气，那么里面的物质会熄灭；
D.根据对着火点的认识判断。
【解答】A.根据“ 对着火星吹一吹，可燃物就燃烧起来 ”可知，火折子内部物质是由易燃材料制作而成的，故A正确；
B.竹筒帽盖上时，内部的可燃物仍然在燃烧，只是速率很小，故B错误；
C.盖上竹筒帽不能完全隔绝氧气，而是减少了氧气的进入，故C错误；
D.着火点是物质的固有属性，一般不会改变，故D错误。
故选A。
6．【答案】B
【知识点】光合作用的原料、条件和产物
【解析】【分析】绿叶在光下制造有机物的实验步骤：该实验的核心是验证光合作用需要光、产物是淀粉，实验步骤需遵循 “暗处理→遮光→光照→取叶→脱色→漂洗→加碘” 的逻辑，其中暗处理的目的是耗尽叶片原有淀粉，避免干扰实验结果；脱色是为了去除叶绿素，使加碘后的颜色变化更明显。
【解答】“绿叶在光下制造有机物” 的正确实验步骤为：
④把天竺葵放在黑暗处一昼夜（耗尽原有淀粉）→③把天竺葵叶片用黑纸遮盖一部分（设置对照，变量为光）→②把天竺葵放在光下照射（让叶片进行光合作用）→⑤把部分遮光的叶片摘下，去掉黑纸→①用酒精去掉叶绿素（脱色，使颜色变化清晰）→⑥用清水漂洗叶片后滴加碘酒（检验淀粉）。
故答案为：B。
7．【答案】B
【知识点】光合作用的原料、条件和产物
【解析】【分析】光合作用需要光、光合作用制造淀粉、碘遇到淀粉变蓝色，酒精溶解叶片中的叶绿素。关键是确定控制实验变量、设置对照实验。
【解答】根据题意可知，a没有叶绿素，不能进行光合作用制造淀粉，b缺少水分，不能进行光合作用制造淀粉；因此只有d显蓝色。对比da，有两个变量水分和叶绿体，不能说明光合作用需要叶绿体，故B错误符合题意；
被遮光的部分c没有光照不能进行光合作用制造淀粉，未被遮光的部分d能接受光照，能进行了光合作用制造淀粉，因对比 dc，说明光合作用需要光照，故AC正确不合题意；
b缺少水分，不能进行光合作用制造淀粉；d不缺水可以进行光合作用制造淀粉，那么对比bd可知，光合作用需要水，故D正确不合题意。
故B错误。
8．【答案】B
【知识点】自然界中的氧循环、碳循环和氮循环；质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】A、根据碳氧循环指的是碳、氧元素分析；
B、根据化学反应前后原子种类和个数不变分析；
C、根据碳氧循环有利于维持氧气和二氧化碳的相对稳定分析；
D、根据化学变化遵循质量守恒定律分析。
【解答】A、每个人都在参与碳、氧循环，碳循环中的“碳”是指碳元素，不符合题意；
B、 化学反应前后原子种类和个数不变，化石燃料的燃烧不会使自然界中的氧原子总数减少 ，符合题意；
C、 碳、氧循环有利于维持大气中氧气和二氧化碳含量的相对稳定 ，不符合题意；
D、化学变化遵循质量守恒定律，碳、氧循环过程中各元素质量守恒 ，不符合题意；
故选B。
9．【答案】D
【知识点】植物的呼吸作用；光合作用和呼吸作用的相互关系
【解析】【分析】（1）光合作用的过程：光合作用是绿色植物利用光能，以水和二氧化碳为原料（甲），合成有机物并释放氧气的过程，因此光合作用的反应物是水和二氧化碳，产物是有机物和氧气。
（2）呼吸作用的过程：呼吸作用是生物利用氧气，分解有机物，产生水和二氧化碳（甲）并释放能量的过程，因此呼吸作用的反应物是有机物和氧气，产物是水和二氧化碳。
【解答】图中若甲代表水和二氧化碳，能吸收二氧化碳和水的是光合作用，因此Ⅱ是光合作用；光合作用制造有机物，释放氧气，因此乙是有机物和氧气，呼吸作用吸收氧气，分解有机物，产生二氧化碳和水，因此Ⅰ是呼吸作用，故D符合题意。
故答案为：D。
10．【答案】C
【知识点】植物的呼吸作用；光合作用和呼吸作用的相互关系
【解析】【分析】（1）植物的光合作用与呼吸作用：
光合作用是植物利用光能，以二氧化碳为原料，释放氧气，同时合成有机物的过程；
呼吸作用是植物分解有机物，消耗氧气，产生二氧化碳的过程。
（2）植物的物质运输：植物通过根吸收的水和无机盐，经导管运输到叶片（③是水，④应是有机物，因为叶片通过光合作用合成的有机物会通过筛管运输到其他部位）。
【解答】A、光合作用是植物利用光能将二氧化碳和水转化为有机物和氧气的过程。因此，若该图表示光合作用，则①是二氧化碳，②是氧气，故A正确，不符合题意。
B、呼吸作用是植物细胞利用氧气分解有机物释放能量的过程，产生二氧化碳和水。因此，若该图表示呼吸作用，则①是氧气，②是二氧化碳，故B正确，不符合题意。
C、在光合作用中，水是反应物之一，而无机物通常不是光合作用的直接产物。光合作用的产物是有机物（如葡萄糖）和氧气。因此，将④描述为无机物是错误的，故C错误，符合题意。
D、在白天，植物进行光合作用的同时也在进行呼吸作用。光合作用的速率通常高于呼吸作用的速率，这样植物才能够生长，故D正确，不符合题意。
故答案为：C。
11．【答案】C
【知识点】空气的成分及探究
【解析】【分析】红磷燃烧放热导致装置内压强变大的程度大于氧气被消耗导致装置压强变小的程度，所以刚开始装置内的压强增大。反应结束，温度降低，气压减小，又因为氧气被消耗，所以装置内压强小于实验前的压强，打开止水夹，烧杯中的水被压进集气瓶内，集气瓶内气体被压缩，压强又逐渐变大，直至与外界大气压相等。【解答】A、由图可知，c时装置中的气压迅速增大，说明c时止水夹打开，烧杯中的水倒吸进入广口瓶中所致，故A不符合题意；
B、实验开始时，气压变大是因为红磷燃烧放热，瓶中的气体受热温度升高，体积膨胀导致的，故B不符合题意；
C、a～c段压强增大是红磷燃烧放热，瓶中的气体受热温度升高，体积膨胀导致的，压强减小是红磷燃烧消耗氧气，装置中的气体减少，压强随之减小，温度下降，故C符合题意；
D、c后气压增大是由于水倒吸入瓶内，瓶中的气体体积减小，压强增大，直至恢复为原压强，故D不符合题意。
故答案为：C。
12．【答案】B
【知识点】催化剂在化学反应中的作用
【解析】【分析】催化剂只能加快化学反应速率，根据氯酸钾制取氧气的特点，不加催化剂时产生氧气的速率慢，加入催化剂后速率加快，b加了二氧化锰，a没有加，所以b的反应速率快；因为两包等质量，则a中氯酸钾的质量大于b中氯酸钾的质量，故a产生的氧气的质量大于b产生氧气的质量。
【解答】 催化剂是指在化学反应中能改变其他物质的化学反应速率，而本身的质量和化学性质在反应前后不变的物质；催化剂能改变反应速率，催化剂不能使生成物的质量增加。则a、b的质量相等，其中a是纯净的氯酸钾，b是氯酸钾和少量二氧化锰的混合物，分别在酒精灯上加热来制氧气，b所需温度较低，首先发生分解，a所需温度较高，加热到较高温度才分解。完全反应后，加入二氧化锰的氯酸钾产生氧气的速度快，所需时间较短。
因为a、b的质量相等，则a中氯酸钾的质量大于b中氯酸钾的质量，由于二氧化锰不能分解产生氧气，故a产生的氧气的质量大于b产生氧气的质量。
分析所给的选项可知，选项C符合上述过程。
故答案为：C。
13．【答案】C
【知识点】质量守恒定律及其应用；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】（1）质量守恒定律：在化学反应中，参加反应的各物质的质量总和等于反应后生成的各物质的质量总和 。
（2）物质在化学反应中的变化：反应后质量分数增加的物质是生成物，质量分数减少的物质是反应物，质量分数不变的物质可能是催化剂或与反应无关的物质 。由四种物质反应前后各物质的质量分数可知，反应前后甲的质量分数减少了70%-42%=28%，故甲是反应物；反应后乙的质量分数为1-42%-40%-10%=8%，可以确定乙的质量分数减少了14%-8%=6%，故乙是反应物；反应前丙的质量分数为1-70%-14%-10%=6%，丙的质量分数增加了40%-6%=34%，丙是生成物；丁的质量分数不变，可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应。
（3）单质的概念：由同种元素组成的纯净物 。
（4）催化剂的概念：能改变化学反应速率，而自身的质量和化学性质在反应前后不变的物质 。
【解答】A、由上述分析，该反应的反应物为甲和乙，生成物是丙，符合“多变一”的特征，属于化合反应，丙一定是化合物，不可能是单质，故选项说法错误；
B、丁的质量分数不变，可能没有参加反应，也可能作该反应的催化剂，故选项说法错误；
C、由上述分析，常见反应的乙和生成丙的质量比为6%：34%=6：34，则若消耗6g的乙，则生成34g的丙，故选项说法正确；
D、该反应的反应物为甲和乙，生成物是丙，根据质量守恒定律，参加反应的甲、乙的质量之和（而不是甲、乙的质量之和）一定等于生成丙的质量，故选项说法错误。
故答案为：C。
14．【答案】C
【知识点】人体呼吸系统的结构和气体交换
【解析】【分析】（1）人体的气体交换过程：人体的气体交换包括肺泡与血液的气体交换（肺换气）、血液与组织细胞的气体交换（组织换气），气体交换的原理是扩散作用（气体从浓度高的一侧向浓度低的一侧扩散）。
（2）呼出气体的成分特点：呼出的气体中，氧气浓度仍高于二氧化碳浓度（氧气约占 16%，二氧化碳约占 4%）。
（3）图中，甲是肺泡内的气体交换、乙是组织里的气体交换。①是肺动脉、②是肺静脉、③是体动脉、④是体静脉。
【解答】A、人体呼出的气体中，氧气约占16%、二氧化碳约占4%，氮气等约占80%，所以呼出的气体中氧气浓度高于二氧化碳浓度，A错误。
B、根据图示中气体交换的方向和成分变化可知，图甲是肺泡内的气体交换，此时进行气体交换的场所是肺泡；图乙是组织里的气体交换，此时进行气体交换的场所是组织细胞处，所以图甲对应的是肺泡，图乙对应的是组织细胞，B错误。
C、图乙是组织里的气体交换，血液流经组织细胞时，血液中的氧气扩散进入组织细胞，组织细胞产生的二氧化碳扩散进入血液。因此，③体动脉中的血液氧气含量高，二氧化碳含量低，④体静脉中的血液氧气含量低，二氧化碳含量高，即图乙中③处二氧化碳浓度小于④处，C正确。
D、图甲是肺泡内的气体交换，肺泡中的氧气扩散进入血液，血液中的二氧化碳扩散进入肺泡，所以②肺静脉中氧气浓度高于①肺动脉中氧气浓度，D错误。
故答案为：C。
15．【答案】B
【知识点】氧气的性质和利用；制取氧气的原理
【解析】【分析】根据氯酸钾在二氧化锰的催化作用下在加热条件下生成氯化钾和氧气，进行分析解答。
【解答】A、t1时，固体混合物的质量不变，此时氯酸钾还没有分解，还没有生成氧气，故选项说法错误；
B、P点处氯酸钾还没有完全分解，固体成分是KCl、KClO3和MnO2，故选项说法正确；
C、氯酸钾在二氧化锰的催化作用下在加热条件下生成氯化钾和氧气，在反应过程中，KCl的质量分数从0开始不断增大，至完全反应不再发生改变，故选项说法错误；
D、加热到一定温度氯酸钾才能分解，二氧化锰作催化剂，反应前后质量不变，但随着反应的进行，氧气逸出，剩余固体的质量逐渐减少，则在0～t2时段，MnO2在混合物中的含量先不变，后不断增大，至完全反应不再发生改变，故选项说法错误。
故答案为：B。
16．【答案】B
【知识点】质量守恒定律及其应用；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】根据“在反应2A+3B=2C+4D中，A与B的相对分子质量之比为1：1”，则可假设A和B的相对分子质量为a，又因为“一定质量的A与12克B恰好完全反应，生产11克C”，则可求一定量A的质量；根据质量守恒定律的质量守恒，可求D的质量。
【解答】根据“在反应2A+3B=2C+4D中，A与B的相对分子质量之比为1：1”，则可假设A和B的相对分子质量为a，设A的质量为x，则，故x=8g；又因为“一定质量的A与12克B恰好完全反应，生成11克C”，则根据质量守恒定律的质量守恒，可求D的质量为8g+12g﹣11g=9g。
A、根据分析，可求D的质量为8g+12g﹣11g=9g，该选项说法正确，不符合题意；
B、设：B与D的相对分子质量分别为x、y，
则有：，，
x：y=16：9，
该选项说法错误，符合题意；
C、根据分析，A与C的质量之比是8g：11g=8：11，
该选项说法正确，不符合题意；
D、在反应2A+3B=2C+4D中，A和B的相对分子质量比为1：1。
已知“一定质量的A与12克B恰好完全反应，生产11克C”，因为A的质量为8g；
若A的相对分子质量是32，设C的相对分子质量为c，
则，
，
解得c=44，则C的相对分子质量是44，该选项说法正确，不符合题意。
故答案为：B。
17．【答案】C
【知识点】植物的呼吸作用
【解析】【分析】（1）植物呼吸作用的实验设计：该实验在黑暗条件下进行（避免光合作用干扰），通过氢氧化钠溶液吸收空气中的二氧化碳，再利用澄清石灰水检验植物呼吸作用的产物。
（2）二氧化碳的吸收与检验：氢氧化钠溶液能吸收二氧化碳，澄清石灰水遇二氧化碳会变浑浊，可用于检验二氧化碳的存在。
【解答】A、装置甲中的氢氧化钠溶液能与二氧化碳反应，作用是吸收空气中的二氧化碳，避免其干扰实验结果，故该选项正确。
B、装置乙中的澄清石灰水用于检验甲中二氧化碳是否被完全吸收（若乙中石灰水不变浑浊，说明二氧化碳已被除尽），故该选项正确。
C、该实验的核心是A、氢氧化钠能吸收空气中的二氧化碳气体。因此装置甲的作用是吸收鼓入空气中的CO2，避免空气中的二氧化碳对实验造成干扰，A正确。
B、二氧化碳使澄清的石灰水变浑浊。装置乙的作用检验二氧化碳被完全吸收，B正确。
CD、植物的呼吸作用释放二氧化碳，二氧化碳使丁瓶中澄清的石灰水变浑浊。因此，该实验可用于检验植物呼吸作用产生CO2，C错误；D正确。
故答案为：C。
18．【答案】B
【知识点】氧气与碳、磷、硫、铁等物质的反应现象
【解析】【分析】（1）空气中氧气含量测定的实验原理：利用红磷燃烧消耗密闭容器内的氧气，使容器内压强减小，量筒中的水会倒流入集气瓶，通过水的体积变化来间接测定氧气的体积。
（2）硫在氧气中燃烧的实验：硫燃烧会生成有毒的二氧化硫气体，集气瓶中的水主要作用是吸收二氧化硫，防止其污染空气；同时也能吸收部分热量，但这不是主要作用。
（3）铁丝在氧气中燃烧的实验：铁丝燃烧会放出大量热，生成高温熔融的四氧化三铁，集气瓶中的水主要作用是冷却溅落的熔融物，防止集气瓶炸裂。
【解答】A、使用红磷燃烧测定空气中氧气的含量，利用压强差，量筒中的水的作用是通过水的体积的变化测得氧气的体积，故选项说法正确。
B、硫在氧气中燃烧生成污染空气的二氧化硫，集气瓶中的水用于吸收二氧化硫，防止污染空气，故选项说法错误。
C、铁丝在氧气中燃烧时，为防止生成物熔化溅落下来使瓶底炸裂，集气瓶的底部应放少量的水或铺一层细沙，集气瓶中的水能冷却溅落的熔融物，防止集气瓶炸裂，故选项说法正确。
D、探究燃烧的条件的实验中，水的作用是加热铜片和隔绝空气，故选项说法正确。
故答案为：B。
19．【答案】B
【知识点】光合作用的原理；书写化学方程式、文字表达式
【解析】【分析】A、根据元素质量比等于相对原子质量和原子个数乘积的比值进行分析；
B、根据在阳光的作用下，二氧化碳与水反应生成氧气和C3H8O进行分析；
C、根据在阳光的作用下，二氧化碳与水反应生成氧气和C3H8O进行分析；
D、根据该装置被称为“人工树叶”的主要原因是：它模拟了植物的光合作用进行分析。
【解答】A、化学符号右下角的数字，表示一个该微粒中所含该原子的数目；由化学式可知，C3H8O分子中碳、氢原子的个数比为3∶8，说法正确，不符合题意；
B、由图示可知，该反应的反应物是CO2和H2O，生成物是C3H8O和氧气，是两种物质生成两种物质，不属于化合反应，说法错误，符合题意；
C、由图示可知，该反应的反应物是CO2和H2O，生成物是C3H8O和氧气，
反应的化学反应方程式为6CO2+8H2O 2C3H8O+9O2，
根据化学方程式可知，此反应中消耗6个CO2分子产生9个O2分子，说法正确，不符合题意；
D、该装置被称为“人工树叶”的主要原因是模拟了植物的光合作用，说法正确，不符合题意。
故答案为：B。
20．【答案】C
【知识点】植物的呼吸作用；光合作用和呼吸作用的相互关系
【解析】【分析】光合作用实质上是绿色植物通过叶绿体，利用光能，把二氧化碳和水转化成储存能量的有机物（如淀粉），并且释放出氧气的过程。
【解答】从甲图中看出，叶在28℃时暗处理1小时后有机物的减少量是2毫克，叶在28℃时光照1小时后与暗处理前的有机物增加量是3毫克，叶在28℃光照1小时进行光合作用制造有机物的时候还进行呼吸作用消耗有机物2毫克，因此实验中，叶在28℃时通过光合作用产生的有机物量是2+2+3=7（毫克），C正确，ABD错误。
故答案为：C。
21．【答案】（1）②；B；DE
（2）氧气；有机物（储存能量）+氧气→二氧化碳+水+能量
【知识点】人体呼吸系统的结构和气体交换
【解析】【分析】（1）人体呼吸系统的主要器官位置：人体的肺位于胸腔内，图甲中1是颈部，2是胸部，3是腹部。
（2）呼吸运动的过程与肺内气压变化：吸气时，膈肌下降、胸廓容积扩大，肺内气压低于外界气压；呼气时，膈肌上升、胸廓容积缩小，肺内气压高于外界气压。肺内气压变化曲线中，气压低于外界（小于 1）的阶段是吸气，高于外界（大于 1）的阶段是呼气。
（3）肺泡与血液的气体交换及呼吸作用的表达式：肺泡与血液之间的气体交换是氧气从肺泡进入血液，二氧化碳从血液进入肺泡；呼吸作用是细胞利用氧气分解有机物，产生二氧化碳、水并释放能量的过程。
【解答】（1）肺是呼吸系统的主要器官，位于胸腔内，即图甲的②处。图乙中A、B演示呼吸运动过程。A表示吸气，B表示呼气。图丙中CD之间表示肺内气压小于外界气压，吸气；DE之间表示肺内气压大于外界气压，呼气。
（2）当血液通过流经肺部的毛细血管时，由于吸入肺泡内的空气中，氧的含量比血液中的多，而二氧化碳的含量比血液中的少，因此肺泡内的①氧气扩散到血液里，血液中的②二氧化碳扩散到肺泡里，这样，血液由含二氧化碳较多的静脉血变成了含氧气较多、二氧化碳较少的动脉血。呼吸作用的实质是分解有机物，释放能量，为生物的生命活动提供能量。呼吸作用的文字表达式是：有机物（储存能量）+氧气→二氧化碳+水+能量。
（1）肺是呼吸系统的主要器官，位于胸腔内，即图甲的②处。图乙中A、B演示呼吸运动过程。A表示吸气，B表示呼气。图丙中CD之间表示肺内气压小于外界气压，吸气；DE之间表示肺内气压大于外界气压，呼气。
（2）当血液通过流经肺部的毛细血管时，由于吸入肺泡内的空气中，氧的含量比血液中的多，而二氧化碳的含量比血液中的少，因此肺泡内的①氧气扩散到血液里，血液中的②二氧化碳扩散到肺泡里，这样，血液由含二氧化碳较多的静脉血变成了含氧气较多、二氧化碳较少的动脉血。呼吸作用的实质是分解有机物，释放能量，为生物的生命活动提供能量。呼吸作用的文字表达式是：有机物（储存能量）+氧气→二氧化碳+水+能量。
22．【答案】（1）物理
（2）B
（3）
【知识点】书写化学方程式、文字表达式
【解析】【分析】（1）根据物理变化与化学变化的本质区别（是否有新物质生成）进行分析。
（2）从绿色环保角度，结合实验室制取氧气各方法的反应物状态、反应条件、产物是否污染环境等因素进行分析；绿色环保需考虑反应温和、无需加热（节能）、产物无污染等。
（3）根据双氧水（过氧化氢）在二氧化锰催化作用下分解生成水和氧气的反应原理，书写化学反应方程式。
【解答】（1）方法D是利用液氮和液氧的沸点不同，将各成分进行分离，没有新物质生成，属于物理变化。
（2）过氧化氢在二氧化锰的催化作用下生成水和氧气，常温即可进行，节能、简便、生成物是水，无污染，该方法是实验室制取氧气的最佳方法，故填B。
（3）过氧化氢（双氧水）在二氧化锰的催化作用下生成水和氧气，化学反应方程式为
（1）方法D是利用液氮和液氧的沸点不同，将各成分进行分离，没有新物质生成，属于物理变化。
（2）过氧化氢在二氧化锰的催化作用下生成水和氧气，常温即可进行，节能、简便、生成物是水，无污染，该方法是实验室制取氧气的最佳方法，故填B。
（3）过氧化氢（双氧水）在二氧化锰的催化作用下生成水和氧气，化学反应方程式为
23．【答案】（1）试管
（2）C；检查装置气密性
（3）A；D
【知识点】氧气的性质和利用；制取氧气的原理；制取氧气的装置、步骤、收集与注意事项
【解析】【分析】（1）根据仪器名称来分析解答；
（2）根据反应物的状态和反应条件来选择制取二氧化碳发生装置，由气体的物理性质选择收集装置；
（3）根据反应物的状态和反应条件来选择制取氧气发生装置；根据氧气不易溶于水，密度比水小来分析解答。
【解答】（1）仪器名称a为试管；
（2）实验室中常用固态的大理石或石灰石与稀盐酸反应来制取二氧化碳，属于固液常温型制取气体， 可用于实验室制取二氧化碳的发生装置是C，不选用装置B的原因是，装置中长颈漏斗的下端在液面以上，产生的二氧化碳会长颈漏斗逸出；在安装好仪器、加入试剂前，应该进行的操作是检查装置气密性，以防止装置漏气影响实验结果；
（3）过氧化氢在二氧化锰催化作用下分解生成水和氧气，该反应的反应物是固体和液体，不需加热，属于固、液混合不加热型，发生装置可用C；高锰酸钾加热分解生成锰酸钾、二氧化锰和氧气，该反应的反应物是固体，反应条件是加热，属于固体加热型，发生装置选择A，氧气不易溶于水，密度比水小，将装置D和F连接可以将D瓶内的水排入F中，生成的氧气体积与排出水的体积，从而收集氧气并测其体积。
（1）仪器名称a为试管；
（2）实验室中常用固态的大理石或石灰石与稀盐酸反应来制取二氧化碳，属于固液常温型制取气体， 可用于实验室制取二氧化碳的发生装置是C，不选用装置B的原因是，装置中长颈漏斗的下端在液面以上，产生的二氧化碳会长颈漏斗逸出；在安装好仪器、加入试剂前，应该进行的操作是检查装置气密性，以防止装置漏气影响实验结果；
（3）过氧化氢在二氧化锰催化作用下分解生成水和氧气，该反应的反应物是固体和液体，不需加热，属于固、液混合不加热型，发生装置可用C；高锰酸钾加热分解生成锰酸钾、二氧化锰和氧气，该反应的反应物是固体，反应条件是加热，属于固体加热型，发生装置选择A，氧气不易溶于水，密度比水小，将装置D和F连接可以将D瓶内的水排入F中，生成的氧气体积与排出水的体积，从而收集氧气并测其体积。
24．【答案】（1）A
（2）750
（3）B点植物的光合作用与呼吸作用的速度正好相等，达到动态平衡
（4）二氧化碳+水有机物+氧气
【知识点】光合作用的原理；光合作用和呼吸作用的相互关系
【解析】【分析】1、光合作用是绿色植物利用光能，在叶绿体内，把二氧化碳和水转化成贮存能量的有机物，并释放出氧气的过程。
2、呼吸作用是细胞内的有机物在氧的参与下被分解成二氧化碳和水，同时释放出能量的过程。
【解答】（1）曲线 AB 段，植物吸收二氧化碳的速度为负值，说明此时植物呼吸作用强度大于光合作用强度，植物在消耗氧气，释放二氧化碳。
A、此图二氧化碳外排，呼吸作用速率大于光合作用速率，符合题意；
B、此图所有二氧化碳外排，光合作用速率为0，不符合题意；
C、此图表示二氧化碳供应光合作用，与外界没有二氧化碳的交换，光合作用速率等于呼吸作用速率，不符合题意。
D、图中叶绿体不仅要吸收线粒体产生的二氧化碳，还需要从外界吸取，表示光合作用速率大于运用呼吸速率，不符合题意。
故选A。
（2）因曲线表示的是净光合量，则该植物通过光合作用吸收的二氧化碳为吸收加上抵消呼吸那部分的消耗，即光合作用的吸收速度为10-（-5）=15毫克/（平方分米 小时），再由株叶面积为10平方分米、光照5小时，则光合作用吸收的二氧化碳的质量为15毫克/（平方分米 小时）×10平方分米×5小时=750毫克；
（3）由图可知在n1时，二氧化碳的吸收速度为0，即在B点植物的光合作用与呼吸作用的速度正好相等，达到动态平衡；B点表示的含义是B点植物的光合作用与呼吸作用的速度正好相等，达到动态平衡；
（4）光合作用过程中绿色植物利用光能，通过叶绿体将二氧化碳和水转化为储存着能量的有机物（主要是淀粉等糖类），同时释放出氧气，反应文字表达式：二氧化碳+水 有机物+氧气。
（1）曲线 AB 段，植物吸收二氧化碳的速度为负值，说明此时植物呼吸作用强度大于光合作用强度，植物在消耗氧气，释放二氧化碳。
A、此图二氧化碳外排，呼吸作用速率大于光合作用速率，符合题意；
B、此图所有二氧化碳外排，光合作用速率为0，不符合题意；
C、此图表示二氧化碳供应光合作用，与外界没有二氧化碳的交换，光合作用速率等于呼吸作用速率，不符合题意。
D、图中叶绿体不仅要吸收线粒体产生的二氧化碳，还需要从外界吸取，表示光合作用速率大于运用呼吸速率，不符合题意。
故选A。
（2）因曲线表示的是净光合量，则该植物通过光合作用吸收的二氧化碳为吸收加上抵消呼吸那部分的消耗，即光合作用的吸收速度为10-（-5）=15毫克/（平方分米 小时），再由株叶面积为10平方分米、光照5小时，则光合作用吸收的二氧化碳的质量为15毫克/（平方分米 小时）×10平方分米×5小时=750毫克；
（3）由图可知在n1时，二氧化碳的吸收速度为0，即在B点植物的光合作用与呼吸作用的速度正好相等，达到动态平衡；B点表示的含义是B点植物的光合作用与呼吸作用的速度正好相等，达到动态平衡；
（4）光合作用过程中绿色植物利用光能，通过叶绿体将二氧化碳和水转化为储存着能量的有机物（主要是淀粉等糖类），同时释放出氧气，反应文字表达式：二氧化碳+水 有机物+氧气。
25．【答案】（1）红磷不足
（2）③①②④
（3）1
（4）不污染空气
（5）
【知识点】空气的成分及探究
【解析】【分析】实验室常用燃烧红磷消耗氧气的方法，利用红磷燃烧消耗氧气引起的装置内外的压强差来测定氧气的体积，试剂的选择必须满足可燃物不能和空气中其他成分反应和生产物必须是固体，成功的杆件是：①装置气密性良好，②红磷要足量，③要等到冷区到室温后再读数；据此分析即可。
【解答】（1）甲实验测得的氧气含量小于，测定结果偏小是由于反应结束后集气瓶内的气压偏大，可能是氧气没有完全消耗或温度偏高或有空气进入，具体的原因可能是红磷不足或没有冷却到室温读数或装置漏气等。
（2）该实验的顺序是：先检查装置的气密性，若气密性良好额课忽略此步骤，第二是添加药品，第三是点燃酒精灯，第四是反应完毕后撤去酒精灯，等待试管冷却，第五是读数，故顺序为：③①②④。
（3）试管的容积是45mL，则氧气的体积为45mL×=9mL，冷却后，活塞停止的位置是10mL-9mL=1mL。
（4）甲实验在点燃红磷后再伸入到集气瓶，会造成空气污染，若操作不当会引起实验误差，乙实验始终在密闭容器中反应，可以有效的减少误差。
（5）红磷燃烧生成五氧化二磷，反应的化学方程式：。
（1）甲实验测得的氧气含量小于，测定结果偏小是由于反应结束后集气瓶内的气压偏大，可能是氧气没有完全消耗或温度偏高或有空气进入，具体的原因可能是红磷不足或没有冷却到室温读数或装置漏气等。
（2）该实验的顺序是：先检查装置的气密性，若气密性良好额课忽略此步骤，第二是添加药品，第三是点燃酒精灯，第四是反应完毕后撤去酒精灯，等待试管冷却，第五是读数，故顺序为：③①②④。
（3）试管的容积是45mL，则氧气的体积为45mL×=9mL，冷却后，活塞停止的位置是10mL-9mL=1mL。
（4）甲实验在点燃红磷后再伸入到集气瓶，会造成空气污染，若操作不当会引起实验误差，乙实验始终在密闭容器中反应，可以有效的减少误差。
（5）红磷燃烧生成五氧化二磷，反应的化学方程式：。
26．【答案】增大反应物的接触面积，使反应更充分；；无；根据质量守恒定律，反应后减少的质量等于生成二氧化碳的质量，所以生成二氧化碳的质量为：340g-336.7g=3.3g解：设该钙片中碳酸钙的质量为x。x=7.5g答：该钙片中碳酸钙的质量分数为：=75%。
【知识点】气体装置的装配、连接、选择与气密性检查；实验方案设计与评价；根据化学反应方程式的计算；盐的性质及用途
【解析】【分析】（1）将固体研磨，可以加快反应速度，且使反应更充分。
（2）装置前后的质量差为生成的二氧化碳的质量，根据方程式进行计算，算出碳酸钙的质量，再除以钙片的质量即为碳酸钙的质量分数。【解答】（1）研磨钙片的目的是增大反应物的接触面积，使反应更充分。
该实验是通过装置中质量的变化计算出二氧化碳的质量进而求出碳酸钙的质量分数，因此装置的气密性对测定结果无影响。
27．【答案】1.68g；氯酸钾已反应完全；由图可知，氯酸钾完全分解生成的氧气质量=5g+1.5g-4.58g=1.92g，设5g样品中含有氯酸钾的质量为x，x=4.9g氯酸钾的质量分数：×100%═98%；答：该样品中氯酸钾的纯度是98%。
【知识点】根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】（1）根据质量守恒定律计算t1时刻产生的氧气质量；
（2）氯酸钾分解生成氯化钾和氧气，因此固体的质量会逐渐减小。当氯酸钾完全反应后，不再有氧气产生，因此固体的质量不再减小。
（3）根据质量守恒定律计算出生成氧气的总质量，由氧气的总质量求出氯酸钾的质量，即可求出样品中氯酸钾的纯度。
【解答】（1）据图可知，t1时刻生成氧气的质量为：5g+1.5g-4.82g=1.68g；
（2）t3～t4时段剩余固体质量不变的原因是：氯酸钾已完全分解；
1 / 1浙江省嘉兴市嘉兴一中实验学校2024-2025学年八年级上学期第三次单元监测科学试题
1．（2025八上·嘉兴月考）物质的性质决定用途。下列有关空气各成分及其用途的说法正确的是（　　）
A．空气中含量最多的气体是氮气，约占空气质量的78%
B．氧气具有支持燃烧的性质，可用作燃料
C．稀有气体用作航标灯利用其化学性质稳定的特性
D．氮气化学性质稳定，可用于食品包装
【答案】D
【知识点】空气的利用
【解析】【分析】空气的成分及各成分的体积分数分别是：“氮气78%、氧气21%、稀有气体0.94%、二氧化碳0.03%、其他气体和杂质0.03%”。由此可见，空气中体积分数最大（或含量最多）的气体是氮气。最早通过实验得出空气是由氧气和氮气组成的结论是法国化学家拉瓦锡。
【解答】A、空气中含量最多的气体是氮气，约占空气体积的78%，而不是空气质量的78%，错误；
B、氧气具有支持燃烧的性质，但是氧气本身不能燃烧，所以不能用作燃料，错误；
C、稀有气体用作航标灯是利用稀有气体在通电时能发出不同颜色的光，这属于稀有气体的物理性质，而不是利用其化学性质稳定的特性，错误；
D、氮气化学性质稳定，不容易与其他物质发生反应，可用于食品包装，隔绝氧气，防止食品变质，正确。
故答案为：D。
2．（2025八上·嘉兴月考）我国争取2060年前实现“碳中和”，即二氧化碳的排放与吸收互相平衡。下列途径中不属于排放二氧化碳的是（　　）
A．生物的呼吸作用 B．绿色植物的光合作用
C．化石燃料的燃烧 D．微生物的氧化分解
【答案】B
【知识点】植物的呼吸作用
【解析】【分析】A、根据生物的呼吸作用原理分析；
B、根据光合作用的原理分析；
C、根据化石燃料燃烧的原理分析；
D、根据微生物的氧化分解原理分析。
【解答】A、生物的呼吸作用是释放二氧化碳的过程，故错误；
B、绿色植物的光合作用吸收二氧化碳释放出氧气，属于吸收二氧化碳的途径，故正确；
C、化石燃料的燃烧是碳与氧气结合产生二氧化碳，是释放二氧化碳的过程，故错误；
D、微生物的氧化分解能够消耗氧气，释放出二氧化碳，故错误；
故答案为：B。
3．（2025八上·嘉兴月考）下列处理事故的方法正确的是（　　）
A．家用电器着火时，立即用水扑灭
B．室内起火时，立即打开门窗通风
C．炒菜时油锅着火，立即浇水灭火
D．扑灭森林火灾时，设置隔离带
【答案】D
【知识点】实验室的安全与意外事故的处理方法
【解析】【分析】根据灭火的方法分析判断。
【解答】A.家用电器着火时，立即切断电源，再进行救火，故A错误；
B.室内起火时，立即打开门窗通风，由于氧气的进入，会造成火灾迅速蔓延，故B错误；
C.炒菜时油锅着火，立即浇水灭火，会使油飞溅而出，可能造成烫伤，故C错误；
D.扑灭森林火灾时，设置隔离带，从而隔绝可燃物，故D正确。
故选D。
4．（2025八上·嘉兴月考）下面是实验室制取、收集、验满、验证氧气性质的装置或操作，其中错误的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】氧气的检验和验满
【解析】【分析】 根据氧气的性质和实验注意事项分析 。
【解答】常用气体的发生装置和收集装置分别又分为两种和三种。前者有“固体加热型”和“固液常温型”两种装置；后者有“排水法”、“向下排空气法”和“向上排空气法”三种装置。A、用过氧化氢溶液制取氧气，其原理是过氧化氢在二氧化锰的催化作用下分解生成水和氧气，该反应中反应物为固体和液体，反应条件为常温，应选择固液常温型发生装置，分液漏斗末端不需要伸入液面以下，图示操作正确，不符合题意；
B、用排水法收集氧气时，集气瓶应装满水，待导管口有连续均匀气泡冒出时再进行收集，图示操作正确，不符合题意；
C、氧气验满时，应将带火星的小木条放在集气瓶口，若木条复燃，说明氧气已收集满，图示操作错误，符合题意；
D、硫在氧气中燃烧时，集气瓶底应放一些水，防止二氧化硫污染空气，图示操作正确，不符合题意。
故选：C。
5．（2025八上·嘉兴月考）如图是我国古代使用的“火折子”，竹筒帽盖上时，内部可燃物保留火星。使用时，只需打开竹筒帽，对着火星吹一吹，可燃物就燃烧起来，下列说法正确的是（　　）
A．火折子内部物质是由易燃材料制作而成的
B．竹筒帽盖上时内部不再发生氧化反应
C．盖上竹筒帽的目的是为了完全隔绝氧气
D．打开竹筒帽，对着火星吹一吹，降低了可燃物的着火点
【答案】A
【知识点】燃烧与灭火
【解析】【分析】A.根据“ 对着火星吹一吹，可燃物就燃烧起来 ”判断；
B.分析内部是否满足燃烧条件即可；
C.完全隔绝空气，那么里面的物质会熄灭；
D.根据对着火点的认识判断。
【解答】A.根据“ 对着火星吹一吹，可燃物就燃烧起来 ”可知，火折子内部物质是由易燃材料制作而成的，故A正确；
B.竹筒帽盖上时，内部的可燃物仍然在燃烧，只是速率很小，故B错误；
C.盖上竹筒帽不能完全隔绝氧气，而是减少了氧气的进入，故C错误；
D.着火点是物质的固有属性，一般不会改变，故D错误。
故选A。
6．（2025八上·嘉兴月考）验证“绿叶在光下制造有机物”的实验步骤正确顺序是（　　）
①用酒精去掉叶绿素
②把天竺葵放在光下照射
③把天竺葵叶片用黑纸遮盖一部分
④把天竺葵放在黑暗处一昼夜
⑤把部分遮光的叶片摘下，去掉黑纸
⑥用清水漂洗叶片后滴加碘酒
A．②③④⑤①⑥ B．④③②⑤①⑥
C．④②③①⑤⑥ D．②④③⑤⑥①
【答案】B
【知识点】光合作用的原料、条件和产物
【解析】【分析】绿叶在光下制造有机物的实验步骤：该实验的核心是验证光合作用需要光、产物是淀粉，实验步骤需遵循 “暗处理→遮光→光照→取叶→脱色→漂洗→加碘” 的逻辑，其中暗处理的目的是耗尽叶片原有淀粉，避免干扰实验结果；脱色是为了去除叶绿素，使加碘后的颜色变化更明显。
【解答】“绿叶在光下制造有机物” 的正确实验步骤为：
④把天竺葵放在黑暗处一昼夜（耗尽原有淀粉）→③把天竺葵叶片用黑纸遮盖一部分（设置对照，变量为光）→②把天竺葵放在光下照射（让叶片进行光合作用）→⑤把部分遮光的叶片摘下，去掉黑纸→①用酒精去掉叶绿素（脱色，使颜色变化清晰）→⑥用清水漂洗叶片后滴加碘酒（检验淀粉）。
故答案为：B。
7．（2025八上·嘉兴月考）某植物叶片边缘呈黄白色，不含叶绿体。将该植物在黑暗中放置 48 小时后，切断部分叶脉，将叶片的部分区域的两面用锡箔纸遮蔽，如图所示。光照一段时间后去除锡箔纸，用碘染色法处理叶片，观察叶片 a、b、c、d 4个部位的颜色，发现只有 d 显蓝色。下列说法错误的是(　　)
A．该实验证明淀粉是光合作用的产物
B．对比 da，说明光合作用需要叶绿体
C．对比 dc，说明光合作用需要光照
D．对比db，说明光合作用需要水
【答案】B
【知识点】光合作用的原料、条件和产物
【解析】【分析】光合作用需要光、光合作用制造淀粉、碘遇到淀粉变蓝色，酒精溶解叶片中的叶绿素。关键是确定控制实验变量、设置对照实验。
【解答】根据题意可知，a没有叶绿素，不能进行光合作用制造淀粉，b缺少水分，不能进行光合作用制造淀粉；因此只有d显蓝色。对比da，有两个变量水分和叶绿体，不能说明光合作用需要叶绿体，故B错误符合题意；
被遮光的部分c没有光照不能进行光合作用制造淀粉，未被遮光的部分d能接受光照，能进行了光合作用制造淀粉，因对比 dc，说明光合作用需要光照，故AC正确不合题意；
b缺少水分，不能进行光合作用制造淀粉；d不缺水可以进行光合作用制造淀粉，那么对比bd可知，光合作用需要水，故D正确不合题意。
故B错误。
8．（2025八上·嘉兴月考）下列关于“碳循环”和“氧循环”的说法中，不正确的是（　　）
A．变化观：每个人都在参与碳、氧循环，碳循环中的“碳”是指碳元素
B．微粒观：化石燃料的燃烧会使自然界中的氧原子总数减少
C．平衡观：碳、氧循环有利于维持大气中氧气和二氧化碳含量的相对稳定
D．守恒观：碳、氧循环过程中各元素质量守恒
【答案】B
【知识点】自然界中的氧循环、碳循环和氮循环；质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】A、根据碳氧循环指的是碳、氧元素分析；
B、根据化学反应前后原子种类和个数不变分析；
C、根据碳氧循环有利于维持氧气和二氧化碳的相对稳定分析；
D、根据化学变化遵循质量守恒定律分析。
【解答】A、每个人都在参与碳、氧循环，碳循环中的“碳”是指碳元素，不符合题意；
B、 化学反应前后原子种类和个数不变，化石燃料的燃烧不会使自然界中的氧原子总数减少 ，符合题意；
C、 碳、氧循环有利于维持大气中氧气和二氧化碳含量的相对稳定 ，不符合题意；
D、化学变化遵循质量守恒定律，碳、氧循环过程中各元素质量守恒 ，不符合题意；
故选B。
9．（2025八上·嘉兴月考）光合作用和呼吸作用紧密相关，若图中甲代表水和二氧化碳，则（　　）
A．Ⅰ是光合作用，Ⅱ是呼吸作用，乙是水和二氧化碳
B．Ⅰ是光合作用，Ⅱ是呼吸作用，乙是有机物和氧气
C．Ⅰ是呼吸作用，Ⅱ是光合作用，乙是水和二氧化碳
D．Ⅰ是呼吸作用，Ⅱ是光合作用，乙是有机物和氧气
【答案】D
【知识点】植物的呼吸作用；光合作用和呼吸作用的相互关系
【解析】【分析】（1）光合作用的过程：光合作用是绿色植物利用光能，以水和二氧化碳为原料（甲），合成有机物并释放氧气的过程，因此光合作用的反应物是水和二氧化碳，产物是有机物和氧气。
（2）呼吸作用的过程：呼吸作用是生物利用氧气，分解有机物，产生水和二氧化碳（甲）并释放能量的过程，因此呼吸作用的反应物是有机物和氧气，产物是水和二氧化碳。
【解答】图中若甲代表水和二氧化碳，能吸收二氧化碳和水的是光合作用，因此Ⅱ是光合作用；光合作用制造有机物，释放氧气，因此乙是有机物和氧气，呼吸作用吸收氧气，分解有机物，产生二氧化碳和水，因此Ⅰ是呼吸作用，故D符合题意。
故答案为：D。
10．（2025八上·嘉兴月考）如图是植物叶片的生理活动示意图，下列说法错误的是（　　）
A．若该图表示光合作用，则①是二氧化碳，②是氧气
B．若该图表示呼吸作用，则①是氧气，②是二氧化碳
C．③是水，④是无机物
D．通常白天植物的光合作用强度大于呼吸作用强度
【答案】C
【知识点】植物的呼吸作用；光合作用和呼吸作用的相互关系
【解析】【分析】（1）植物的光合作用与呼吸作用：
光合作用是植物利用光能，以二氧化碳为原料，释放氧气，同时合成有机物的过程；
呼吸作用是植物分解有机物，消耗氧气，产生二氧化碳的过程。
（2）植物的物质运输：植物通过根吸收的水和无机盐，经导管运输到叶片（③是水，④应是有机物，因为叶片通过光合作用合成的有机物会通过筛管运输到其他部位）。
【解答】A、光合作用是植物利用光能将二氧化碳和水转化为有机物和氧气的过程。因此，若该图表示光合作用，则①是二氧化碳，②是氧气，故A正确，不符合题意。
B、呼吸作用是植物细胞利用氧气分解有机物释放能量的过程，产生二氧化碳和水。因此，若该图表示呼吸作用，则①是氧气，②是二氧化碳，故B正确，不符合题意。
C、在光合作用中，水是反应物之一，而无机物通常不是光合作用的直接产物。光合作用的产物是有机物（如葡萄糖）和氧气。因此，将④描述为无机物是错误的，故C错误，符合题意。
D、在白天，植物进行光合作用的同时也在进行呼吸作用。光合作用的速率通常高于呼吸作用的速率，这样植物才能够生长，故D正确，不符合题意。
故答案为：C。
11．（2025八上·嘉兴月考）利用红磷燃烧测定空气中氧气体积分数的实验中，传感器记录集气瓶中气压随时间变化的情况如图所示，下列说法不正确的是（　　）
A．c时止水夹打开
B．实验开始时，气压变大是因为温度升高
C．a～c段对应的变化进程是红磷燃烧
D．c后气压增大是由于水倒吸入瓶内
【答案】C
【知识点】空气的成分及探究
【解析】【分析】红磷燃烧放热导致装置内压强变大的程度大于氧气被消耗导致装置压强变小的程度，所以刚开始装置内的压强增大。反应结束，温度降低，气压减小，又因为氧气被消耗，所以装置内压强小于实验前的压强，打开止水夹，烧杯中的水被压进集气瓶内，集气瓶内气体被压缩，压强又逐渐变大，直至与外界大气压相等。【解答】A、由图可知，c时装置中的气压迅速增大，说明c时止水夹打开，烧杯中的水倒吸进入广口瓶中所致，故A不符合题意；
B、实验开始时，气压变大是因为红磷燃烧放热，瓶中的气体受热温度升高，体积膨胀导致的，故B不符合题意；
C、a～c段压强增大是红磷燃烧放热，瓶中的气体受热温度升高，体积膨胀导致的，压强减小是红磷燃烧消耗氧气，装置中的气体减少，压强随之减小，温度下降，故C符合题意；
D、c后气压增大是由于水倒吸入瓶内，瓶中的气体体积减小，压强增大，直至恢复为原压强，故D不符合题意。
故答案为：C。
12．（2025八上·嘉兴月考）有一份纯氯酸钾固体，另有一份混有少量二氧化锰的氯酸钾固体，两份固体质量相等，分别同时加热和，能正确表示生成氧气的质量随反应时间而变化的图像是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】催化剂在化学反应中的作用
【解析】【分析】催化剂只能加快化学反应速率，根据氯酸钾制取氧气的特点，不加催化剂时产生氧气的速率慢，加入催化剂后速率加快，b加了二氧化锰，a没有加，所以b的反应速率快；因为两包等质量，则a中氯酸钾的质量大于b中氯酸钾的质量，故a产生的氧气的质量大于b产生氧气的质量。
【解答】 催化剂是指在化学反应中能改变其他物质的化学反应速率，而本身的质量和化学性质在反应前后不变的物质；催化剂能改变反应速率，催化剂不能使生成物的质量增加。则a、b的质量相等，其中a是纯净的氯酸钾，b是氯酸钾和少量二氧化锰的混合物，分别在酒精灯上加热来制氧气，b所需温度较低，首先发生分解，a所需温度较高，加热到较高温度才分解。完全反应后，加入二氧化锰的氯酸钾产生氧气的速度快，所需时间较短。
因为a、b的质量相等，则a中氯酸钾的质量大于b中氯酸钾的质量，由于二氧化锰不能分解产生氧气，故a产生的氧气的质量大于b产生氧气的质量。
分析所给的选项可知，选项C符合上述过程。
故答案为：C。
13．（2025八上·嘉兴月考）在密闭容器中有甲、乙、丙、丁四种物质，在一定条件下反应，测得反应前后各物质的质量分数如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．丙是单质
B．丁一定是该反应的催化剂
C．若消耗6g的乙，则生成34g的丙
D．甲、乙的质量之和一定等于生成丙的质量
【答案】C
【知识点】质量守恒定律及其应用；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】（1）质量守恒定律：在化学反应中，参加反应的各物质的质量总和等于反应后生成的各物质的质量总和 。
（2）物质在化学反应中的变化：反应后质量分数增加的物质是生成物，质量分数减少的物质是反应物，质量分数不变的物质可能是催化剂或与反应无关的物质 。由四种物质反应前后各物质的质量分数可知，反应前后甲的质量分数减少了70%-42%=28%，故甲是反应物；反应后乙的质量分数为1-42%-40%-10%=8%，可以确定乙的质量分数减少了14%-8%=6%，故乙是反应物；反应前丙的质量分数为1-70%-14%-10%=6%，丙的质量分数增加了40%-6%=34%，丙是生成物；丁的质量分数不变，可能作该反应的催化剂，也可能没有参加反应。
（3）单质的概念：由同种元素组成的纯净物 。
（4）催化剂的概念：能改变化学反应速率，而自身的质量和化学性质在反应前后不变的物质 。
【解答】A、由上述分析，该反应的反应物为甲和乙，生成物是丙，符合“多变一”的特征，属于化合反应，丙一定是化合物，不可能是单质，故选项说法错误；
B、丁的质量分数不变，可能没有参加反应，也可能作该反应的催化剂，故选项说法错误；
C、由上述分析，常见反应的乙和生成丙的质量比为6%：34%=6：34，则若消耗6g的乙，则生成34g的丙，故选项说法正确；
D、该反应的反应物为甲和乙，生成物是丙，根据质量守恒定律，参加反应的甲、乙的质量之和（而不是甲、乙的质量之和）一定等于生成丙的质量，故选项说法错误。
故答案为：C。
14．（2025八上·嘉兴月考）如图是人体气体交换示意图，以下说法正确的是（　　）
A．呼出的气体中二氧化碳浓度高于氧气浓度
B．图甲为人体的组织细胞，图乙为肺泡
C．图乙中③处二氧化碳浓度小于④处
D．图甲中②处氧气浓度小于①处
【答案】C
【知识点】人体呼吸系统的结构和气体交换
【解析】【分析】（1）人体的气体交换过程：人体的气体交换包括肺泡与血液的气体交换（肺换气）、血液与组织细胞的气体交换（组织换气），气体交换的原理是扩散作用（气体从浓度高的一侧向浓度低的一侧扩散）。
（2）呼出气体的成分特点：呼出的气体中，氧气浓度仍高于二氧化碳浓度（氧气约占 16%，二氧化碳约占 4%）。
（3）图中，甲是肺泡内的气体交换、乙是组织里的气体交换。①是肺动脉、②是肺静脉、③是体动脉、④是体静脉。
【解答】A、人体呼出的气体中，氧气约占16%、二氧化碳约占4%，氮气等约占80%，所以呼出的气体中氧气浓度高于二氧化碳浓度，A错误。
B、根据图示中气体交换的方向和成分变化可知，图甲是肺泡内的气体交换，此时进行气体交换的场所是肺泡；图乙是组织里的气体交换，此时进行气体交换的场所是组织细胞处，所以图甲对应的是肺泡，图乙对应的是组织细胞，B错误。
C、图乙是组织里的气体交换，血液流经组织细胞时，血液中的氧气扩散进入组织细胞，组织细胞产生的二氧化碳扩散进入血液。因此，③体动脉中的血液氧气含量高，二氧化碳含量低，④体静脉中的血液氧气含量低，二氧化碳含量高，即图乙中③处二氧化碳浓度小于④处，C正确。
D、图甲是肺泡内的气体交换，肺泡中的氧气扩散进入血液，血液中的二氧化碳扩散进入肺泡，所以②肺静脉中氧气浓度高于①肺动脉中氧气浓度，D错误。
故答案为：C。
15．（2025八上·嘉兴月考）用氯酸钾和二氧化锰的混合物制取氧气，混合物的质量变化情况如图所示。正确的分析是（　　）
A．反应到t1时生成了（a﹣b）g氧气
B．P点处固体成分是KCl、KClO3和MnO2
C．在反应过程中，KCl的质量分数不断减少
D．在0～t2时段，MnO2在混合物中的含量不断增大
【答案】B
【知识点】氧气的性质和利用；制取氧气的原理
【解析】【分析】根据氯酸钾在二氧化锰的催化作用下在加热条件下生成氯化钾和氧气，进行分析解答。
【解答】A、t1时，固体混合物的质量不变，此时氯酸钾还没有分解，还没有生成氧气，故选项说法错误；
B、P点处氯酸钾还没有完全分解，固体成分是KCl、KClO3和MnO2，故选项说法正确；
C、氯酸钾在二氧化锰的催化作用下在加热条件下生成氯化钾和氧气，在反应过程中，KCl的质量分数从0开始不断增大，至完全反应不再发生改变，故选项说法错误；
D、加热到一定温度氯酸钾才能分解，二氧化锰作催化剂，反应前后质量不变，但随着反应的进行，氧气逸出，剩余固体的质量逐渐减少，则在0～t2时段，MnO2在混合物中的含量先不变，后不断增大，至完全反应不再发生改变，故选项说法错误。
故答案为：B。
16．（2025八上·嘉兴月考）在反应2A+3B=2C+4D中，A与B的相对分子质量之比为1：1，用一定质量的A与12克B恰好完全反应，生产11克C，则下列说法中错误的是（　　）
A．同时生成D的质量是9克
B．B与D的相对分子质量之比是8：1
C．参加反应的A与生成C的质量之比是8：11
D．若A的相对分子质量是32，则C的相对分子质量是44
【答案】B
【知识点】质量守恒定律及其应用；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】根据“在反应2A+3B=2C+4D中，A与B的相对分子质量之比为1：1”，则可假设A和B的相对分子质量为a，又因为“一定质量的A与12克B恰好完全反应，生产11克C”，则可求一定量A的质量；根据质量守恒定律的质量守恒，可求D的质量。
【解答】根据“在反应2A+3B=2C+4D中，A与B的相对分子质量之比为1：1”，则可假设A和B的相对分子质量为a，设A的质量为x，则，故x=8g；又因为“一定质量的A与12克B恰好完全反应，生成11克C”，则根据质量守恒定律的质量守恒，可求D的质量为8g+12g﹣11g=9g。
A、根据分析，可求D的质量为8g+12g﹣11g=9g，该选项说法正确，不符合题意；
B、设：B与D的相对分子质量分别为x、y，
则有：，，
x：y=16：9，
该选项说法错误，符合题意；
C、根据分析，A与C的质量之比是8g：11g=8：11，
该选项说法正确，不符合题意；
D、在反应2A+3B=2C+4D中，A和B的相对分子质量比为1：1。
已知“一定质量的A与12克B恰好完全反应，生产11克C”，因为A的质量为8g；
若A的相对分子质量是32，设C的相对分子质量为c，
则，
，
解得c=44，则C的相对分子质量是44，该选项说法正确，不符合题意。
故答案为：B。
17．（2025八上·嘉兴月考）如图所示是在黑暗条件下研究植物某一生命活动过程的实验。下列说法错误的是（　　）
A．装置甲的作用是吸收空气中的二氧化碳
B．装置乙的作用检验二氧化碳被完全吸收
C．实验为了检验植物呼吸作用消耗了氧气
D．实验为了检验植物呼吸作用产生了CO2
【答案】C
【知识点】植物的呼吸作用
【解析】【分析】（1）植物呼吸作用的实验设计：该实验在黑暗条件下进行（避免光合作用干扰），通过氢氧化钠溶液吸收空气中的二氧化碳，再利用澄清石灰水检验植物呼吸作用的产物。
（2）二氧化碳的吸收与检验：氢氧化钠溶液能吸收二氧化碳，澄清石灰水遇二氧化碳会变浑浊，可用于检验二氧化碳的存在。
【解答】A、装置甲中的氢氧化钠溶液能与二氧化碳反应，作用是吸收空气中的二氧化碳，避免其干扰实验结果，故该选项正确。
B、装置乙中的澄清石灰水用于检验甲中二氧化碳是否被完全吸收（若乙中石灰水不变浑浊，说明二氧化碳已被除尽），故该选项正确。
C、该实验的核心是A、氢氧化钠能吸收空气中的二氧化碳气体。因此装置甲的作用是吸收鼓入空气中的CO2，避免空气中的二氧化碳对实验造成干扰，A正确。
B、二氧化碳使澄清的石灰水变浑浊。装置乙的作用检验二氧化碳被完全吸收，B正确。
CD、植物的呼吸作用释放二氧化碳，二氧化碳使丁瓶中澄清的石灰水变浑浊。因此，该实验可用于检验植物呼吸作用产生CO2，C错误；D正确。
故答案为：C。
18．（2025八上·嘉兴月考）对下列实验指定容器中的水，其解释没有体现水的主要作用的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】氧气与碳、磷、硫、铁等物质的反应现象
【解析】【分析】（1）空气中氧气含量测定的实验原理：利用红磷燃烧消耗密闭容器内的氧气，使容器内压强减小，量筒中的水会倒流入集气瓶，通过水的体积变化来间接测定氧气的体积。
（2）硫在氧气中燃烧的实验：硫燃烧会生成有毒的二氧化硫气体，集气瓶中的水主要作用是吸收二氧化硫，防止其污染空气；同时也能吸收部分热量，但这不是主要作用。
（3）铁丝在氧气中燃烧的实验：铁丝燃烧会放出大量热，生成高温熔融的四氧化三铁，集气瓶中的水主要作用是冷却溅落的熔融物，防止集气瓶炸裂。
【解答】A、使用红磷燃烧测定空气中氧气的含量，利用压强差，量筒中的水的作用是通过水的体积的变化测得氧气的体积，故选项说法正确。
B、硫在氧气中燃烧生成污染空气的二氧化硫，集气瓶中的水用于吸收二氧化硫，防止污染空气，故选项说法错误。
C、铁丝在氧气中燃烧时，为防止生成物熔化溅落下来使瓶底炸裂，集气瓶的底部应放少量的水或铺一层细沙，集气瓶中的水能冷却溅落的熔融物，防止集气瓶炸裂，故选项说法正确。
D、探究燃烧的条件的实验中，水的作用是加热铜片和隔绝空气，故选项说法正确。
故答案为：B。
19．（2025八上·嘉兴月考）如图实验装置被称为“人工树叶”。以水和二氧化碳为反应物，产物C3H8O是重要的化工原料，也可用作燃料。下列说法错误的是（　　）
A．C3H8O分子中碳、氢原子的个数比为3∶8
B．该装置的总反应属于化合反应
C．此反应中消耗6个CO2分子产生9个O2分子
D．该装置被称为“人工树叶”的主要原因是模拟了植物的光合作用
【答案】B
【知识点】光合作用的原理；书写化学方程式、文字表达式
【解析】【分析】A、根据元素质量比等于相对原子质量和原子个数乘积的比值进行分析；
B、根据在阳光的作用下，二氧化碳与水反应生成氧气和C3H8O进行分析；
C、根据在阳光的作用下，二氧化碳与水反应生成氧气和C3H8O进行分析；
D、根据该装置被称为“人工树叶”的主要原因是：它模拟了植物的光合作用进行分析。
【解答】A、化学符号右下角的数字，表示一个该微粒中所含该原子的数目；由化学式可知，C3H8O分子中碳、氢原子的个数比为3∶8，说法正确，不符合题意；
B、由图示可知，该反应的反应物是CO2和H2O，生成物是C3H8O和氧气，是两种物质生成两种物质，不属于化合反应，说法错误，符合题意；
C、由图示可知，该反应的反应物是CO2和H2O，生成物是C3H8O和氧气，
反应的化学反应方程式为6CO2+8H2O 2C3H8O+9O2，
根据化学方程式可知，此反应中消耗6个CO2分子产生9个O2分子，说法正确，不符合题意；
D、该装置被称为“人工树叶”的主要原因是模拟了植物的光合作用，说法正确，不符合题意。
故答案为：B。
20．（2025八上·嘉兴月考）兴趣小组进行光合作用实验，选取生长状况相同的同种植物叶，分成4等份，分别在不同温度下暗处理1小时，接着在相同光照下放置1小时，测定每份叶中有机物质量的变化如图图甲。实验中，叶在28℃时通过光合作用产生的有机物量是（　　）
A．3毫克 B．5毫克 C．7毫克 D．9毫克
【答案】C
【知识点】植物的呼吸作用；光合作用和呼吸作用的相互关系
【解析】【分析】光合作用实质上是绿色植物通过叶绿体，利用光能，把二氧化碳和水转化成储存能量的有机物（如淀粉），并且释放出氧气的过程。
【解答】从甲图中看出，叶在28℃时暗处理1小时后有机物的减少量是2毫克，叶在28℃时光照1小时后与暗处理前的有机物增加量是3毫克，叶在28℃光照1小时进行光合作用制造有机物的时候还进行呼吸作用消耗有机物2毫克，因此实验中，叶在28℃时通过光合作用产生的有机物量是2+2+3=7（毫克），C正确，ABD错误。
故答案为：C。
21．（2025八上·嘉兴月考）图甲为人体外形图，图乙为人在平静呼吸时胸廓容积变化的示意图，图丙为人呼吸时肺内气压变化曲线，图丁为肺泡与肺部毛细血管之间的气体交换示意图。
（1）图甲中表示人体中肺的大致位置的序号是　 　；图乙中表示人体呼气过程的　 　（填“A”或“B”），对应的肺内气压变化可用图丙中的　 　段曲线表示。
（2）图丁中①代表的物质是　 　。写出呼吸作用的文字表达式　 　。
【答案】（1）②；B；DE
（2）氧气；有机物（储存能量）+氧气→二氧化碳+水+能量
【知识点】人体呼吸系统的结构和气体交换
【解析】【分析】（1）人体呼吸系统的主要器官位置：人体的肺位于胸腔内，图甲中1是颈部，2是胸部，3是腹部。
（2）呼吸运动的过程与肺内气压变化：吸气时，膈肌下降、胸廓容积扩大，肺内气压低于外界气压；呼气时，膈肌上升、胸廓容积缩小，肺内气压高于外界气压。肺内气压变化曲线中，气压低于外界（小于 1）的阶段是吸气，高于外界（大于 1）的阶段是呼气。
（3）肺泡与血液的气体交换及呼吸作用的表达式：肺泡与血液之间的气体交换是氧气从肺泡进入血液，二氧化碳从血液进入肺泡；呼吸作用是细胞利用氧气分解有机物，产生二氧化碳、水并释放能量的过程。
【解答】（1）肺是呼吸系统的主要器官，位于胸腔内，即图甲的②处。图乙中A、B演示呼吸运动过程。A表示吸气，B表示呼气。图丙中CD之间表示肺内气压小于外界气压，吸气；DE之间表示肺内气压大于外界气压，呼气。
（2）当血液通过流经肺部的毛细血管时，由于吸入肺泡内的空气中，氧的含量比血液中的多，而二氧化碳的含量比血液中的少，因此肺泡内的①氧气扩散到血液里，血液中的②二氧化碳扩散到肺泡里，这样，血液由含二氧化碳较多的静脉血变成了含氧气较多、二氧化碳较少的动脉血。呼吸作用的实质是分解有机物，释放能量，为生物的生命活动提供能量。呼吸作用的文字表达式是：有机物（储存能量）+氧气→二氧化碳+水+能量。
（1）肺是呼吸系统的主要器官，位于胸腔内，即图甲的②处。图乙中A、B演示呼吸运动过程。A表示吸气，B表示呼气。图丙中CD之间表示肺内气压小于外界气压，吸气；DE之间表示肺内气压大于外界气压，呼气。
（2）当血液通过流经肺部的毛细血管时，由于吸入肺泡内的空气中，氧的含量比血液中的多，而二氧化碳的含量比血液中的少，因此肺泡内的①氧气扩散到血液里，血液中的②二氧化碳扩散到肺泡里，这样，血液由含二氧化碳较多的静脉血变成了含氧气较多、二氧化碳较少的动脉血。呼吸作用的实质是分解有机物，释放能量，为生物的生命活动提供能量。呼吸作用的文字表达式是：有机物（储存能量）+氧气→二氧化碳+水+能量。
22．（2025八上·嘉兴月考）如图是小科同学对氧气制取方法的梳理，请回答下列问题。
（1）用方法D制取氧气属于　 　。（填“物理”或“化学”）变化。
（2）从绿色环保的角度考虑，请写出实验室制取氧气时最佳方法的是　 　。（填字母）。
（3）写出双氧水制取氧气的化学反应方程式　 　。
【答案】（1）物理
（2）B
（3）
【知识点】书写化学方程式、文字表达式
【解析】【分析】（1）根据物理变化与化学变化的本质区别（是否有新物质生成）进行分析。
（2）从绿色环保角度，结合实验室制取氧气各方法的反应物状态、反应条件、产物是否污染环境等因素进行分析；绿色环保需考虑反应温和、无需加热（节能）、产物无污染等。
（3）根据双氧水（过氧化氢）在二氧化锰催化作用下分解生成水和氧气的反应原理，书写化学反应方程式。
【解答】（1）方法D是利用液氮和液氧的沸点不同，将各成分进行分离，没有新物质生成，属于物理变化。
（2）过氧化氢在二氧化锰的催化作用下生成水和氧气，常温即可进行，节能、简便、生成物是水，无污染，该方法是实验室制取氧气的最佳方法，故填B。
（3）过氧化氢（双氧水）在二氧化锰的催化作用下生成水和氧气，化学反应方程式为
（1）方法D是利用液氮和液氧的沸点不同，将各成分进行分离，没有新物质生成，属于物理变化。
（2）过氧化氢在二氧化锰的催化作用下生成水和氧气，常温即可进行，节能、简便、生成物是水，无污染，该方法是实验室制取氧气的最佳方法，故填B。
（3）过氧化氢（双氧水）在二氧化锰的催化作用下生成水和氧气，化学反应方程式为
23．（2025八上·嘉兴月考）根据下列仪器装置图，回答有关问题：
（1）仪器a的名称为　 　。
（2）可用于实验室制取二氧化碳的发生装置是　 　（填字母序号），在安装好仪器、加入试剂前，应该进行的操作是　 　（填操作名称）。
（3）可用于实验室制取氧气的发生装置是　 　（填序号）；将装置　 　（填字母序号）和F连接可以收集氧气并测其体积。
【答案】（1）试管
（2）C；检查装置气密性
（3）A；D
【知识点】氧气的性质和利用；制取氧气的原理；制取氧气的装置、步骤、收集与注意事项
【解析】【分析】（1）根据仪器名称来分析解答；
（2）根据反应物的状态和反应条件来选择制取二氧化碳发生装置，由气体的物理性质选择收集装置；
（3）根据反应物的状态和反应条件来选择制取氧气发生装置；根据氧气不易溶于水，密度比水小来分析解答。
【解答】（1）仪器名称a为试管；
（2）实验室中常用固态的大理石或石灰石与稀盐酸反应来制取二氧化碳，属于固液常温型制取气体， 可用于实验室制取二氧化碳的发生装置是C，不选用装置B的原因是，装置中长颈漏斗的下端在液面以上，产生的二氧化碳会长颈漏斗逸出；在安装好仪器、加入试剂前，应该进行的操作是检查装置气密性，以防止装置漏气影响实验结果；
（3）过氧化氢在二氧化锰催化作用下分解生成水和氧气，该反应的反应物是固体和液体，不需加热，属于固、液混合不加热型，发生装置可用C；高锰酸钾加热分解生成锰酸钾、二氧化锰和氧气，该反应的反应物是固体，反应条件是加热，属于固体加热型，发生装置选择A，氧气不易溶于水，密度比水小，将装置D和F连接可以将D瓶内的水排入F中，生成的氧气体积与排出水的体积，从而收集氧气并测其体积。
（1）仪器名称a为试管；
（2）实验室中常用固态的大理石或石灰石与稀盐酸反应来制取二氧化碳，属于固液常温型制取气体， 可用于实验室制取二氧化碳的发生装置是C，不选用装置B的原因是，装置中长颈漏斗的下端在液面以上，产生的二氧化碳会长颈漏斗逸出；在安装好仪器、加入试剂前，应该进行的操作是检查装置气密性，以防止装置漏气影响实验结果；
（3）过氧化氢在二氧化锰催化作用下分解生成水和氧气，该反应的反应物是固体和液体，不需加热，属于固、液混合不加热型，发生装置可用C；高锰酸钾加热分解生成锰酸钾、二氧化锰和氧气，该反应的反应物是固体，反应条件是加热，属于固体加热型，发生装置选择A，氧气不易溶于水，密度比水小，将装置D和F连接可以将D瓶内的水排入F中，生成的氧气体积与排出水的体积，从而收集氧气并测其体积。
24．（2025八上·嘉兴月考）植物的新陈代谢要受到外界环境（如光、水分）的影响.如图表示一株叶面积为10分米2的植物在一定光照和一定二氧化碳浓度的条件下吸收二氧化碳的速度（单位：毫克/（分米2 小时））。
（1）如图所示能代表细胞中发生的情况与曲线AB段相符的是　 　；
（2）在光照强度为n3的情况下光照5小时，该植物通过光合作用吸收的二氧化碳的质量为　 　毫克。
（3）B点表示的含义是　 　。
（4）写出光合作用的文字表达式　 　。
【答案】（1）A
（2）750
（3）B点植物的光合作用与呼吸作用的速度正好相等，达到动态平衡
（4）二氧化碳+水有机物+氧气
【知识点】光合作用的原理；光合作用和呼吸作用的相互关系
【解析】【分析】1、光合作用是绿色植物利用光能，在叶绿体内，把二氧化碳和水转化成贮存能量的有机物，并释放出氧气的过程。
2、呼吸作用是细胞内的有机物在氧的参与下被分解成二氧化碳和水，同时释放出能量的过程。
【解答】（1）曲线 AB 段，植物吸收二氧化碳的速度为负值，说明此时植物呼吸作用强度大于光合作用强度，植物在消耗氧气，释放二氧化碳。
A、此图二氧化碳外排，呼吸作用速率大于光合作用速率，符合题意；
B、此图所有二氧化碳外排，光合作用速率为0，不符合题意；
C、此图表示二氧化碳供应光合作用，与外界没有二氧化碳的交换，光合作用速率等于呼吸作用速率，不符合题意。
D、图中叶绿体不仅要吸收线粒体产生的二氧化碳，还需要从外界吸取，表示光合作用速率大于运用呼吸速率，不符合题意。
故选A。
（2）因曲线表示的是净光合量，则该植物通过光合作用吸收的二氧化碳为吸收加上抵消呼吸那部分的消耗，即光合作用的吸收速度为10-（-5）=15毫克/（平方分米 小时），再由株叶面积为10平方分米、光照5小时，则光合作用吸收的二氧化碳的质量为15毫克/（平方分米 小时）×10平方分米×5小时=750毫克；
（3）由图可知在n1时，二氧化碳的吸收速度为0，即在B点植物的光合作用与呼吸作用的速度正好相等，达到动态平衡；B点表示的含义是B点植物的光合作用与呼吸作用的速度正好相等，达到动态平衡；
（4）光合作用过程中绿色植物利用光能，通过叶绿体将二氧化碳和水转化为储存着能量的有机物（主要是淀粉等糖类），同时释放出氧气，反应文字表达式：二氧化碳+水 有机物+氧气。
（1）曲线 AB 段，植物吸收二氧化碳的速度为负值，说明此时植物呼吸作用强度大于光合作用强度，植物在消耗氧气，释放二氧化碳。
A、此图二氧化碳外排，呼吸作用速率大于光合作用速率，符合题意；
B、此图所有二氧化碳外排，光合作用速率为0，不符合题意；
C、此图表示二氧化碳供应光合作用，与外界没有二氧化碳的交换，光合作用速率等于呼吸作用速率，不符合题意。
D、图中叶绿体不仅要吸收线粒体产生的二氧化碳，还需要从外界吸取，表示光合作用速率大于运用呼吸速率，不符合题意。
故选A。
（2）因曲线表示的是净光合量，则该植物通过光合作用吸收的二氧化碳为吸收加上抵消呼吸那部分的消耗，即光合作用的吸收速度为10-（-5）=15毫克/（平方分米 小时），再由株叶面积为10平方分米、光照5小时，则光合作用吸收的二氧化碳的质量为15毫克/（平方分米 小时）×10平方分米×5小时=750毫克；
（3）由图可知在n1时，二氧化碳的吸收速度为0，即在B点植物的光合作用与呼吸作用的速度正好相等，达到动态平衡；B点表示的含义是B点植物的光合作用与呼吸作用的速度正好相等，达到动态平衡；
（4）光合作用过程中绿色植物利用光能，通过叶绿体将二氧化碳和水转化为储存着能量的有机物（主要是淀粉等糖类），同时释放出氧气，反应文字表达式：二氧化碳+水 有机物+氧气。
25．（2025八上·嘉兴月考）某兴趣小组对教材中“测定空气中氧气含量”实验（如图甲）进行了改进，设计了图乙（选用容积为45mL的试管作反应容器）的实验方案，收到了良好的实验效果。对比分析下面两个实验，回答下列问题：
（1）甲实验测得的氧气含量小于，请分析可能的原因　 　。
（2）乙实验操作如下（装置气密性良好）：①点燃酒精灯；②撤去酒精灯，待试管冷却后松开弹簧夹；③将少量红磷平装入试管中，把20mL的注射器活塞置于10mL刻度处，并按图乙所示的连接方式固定好，再用弹簧夹夹紧橡皮管；④读取注射器活塞位置的刻度数据。你认为正确的实验操作顺序是　 　。（填序号）
（3）乙实验中，注射器活塞最后将停止在约　 　mL刻度处。
（4）对照甲实验，你认为乙实验有何优点？　 　
（5）写出红磷燃烧的化学方程式　 　。
【答案】（1）红磷不足
（2）③①②④
（3）1
（4）不污染空气
（5）
【知识点】空气的成分及探究
【解析】【分析】实验室常用燃烧红磷消耗氧气的方法，利用红磷燃烧消耗氧气引起的装置内外的压强差来测定氧气的体积，试剂的选择必须满足可燃物不能和空气中其他成分反应和生产物必须是固体，成功的杆件是：①装置气密性良好，②红磷要足量，③要等到冷区到室温后再读数；据此分析即可。
【解答】（1）甲实验测得的氧气含量小于，测定结果偏小是由于反应结束后集气瓶内的气压偏大，可能是氧气没有完全消耗或温度偏高或有空气进入，具体的原因可能是红磷不足或没有冷却到室温读数或装置漏气等。
（2）该实验的顺序是：先检查装置的气密性，若气密性良好额课忽略此步骤，第二是添加药品，第三是点燃酒精灯，第四是反应完毕后撤去酒精灯，等待试管冷却，第五是读数，故顺序为：③①②④。
（3）试管的容积是45mL，则氧气的体积为45mL×=9mL，冷却后，活塞停止的位置是10mL-9mL=1mL。
（4）甲实验在点燃红磷后再伸入到集气瓶，会造成空气污染，若操作不当会引起实验误差，乙实验始终在密闭容器中反应，可以有效的减少误差。
（5）红磷燃烧生成五氧化二磷，反应的化学方程式：。
（1）甲实验测得的氧气含量小于，测定结果偏小是由于反应结束后集气瓶内的气压偏大，可能是氧气没有完全消耗或温度偏高或有空气进入，具体的原因可能是红磷不足或没有冷却到室温读数或装置漏气等。
（2）该实验的顺序是：先检查装置的气密性，若气密性良好额课忽略此步骤，第二是添加药品，第三是点燃酒精灯，第四是反应完毕后撤去酒精灯，等待试管冷却，第五是读数，故顺序为：③①②④。
（3）试管的容积是45mL，则氧气的体积为45mL×=9mL，冷却后，活塞停止的位置是10mL-9mL=1mL。
（4）甲实验在点燃红磷后再伸入到集气瓶，会造成空气污染，若操作不当会引起实验误差，乙实验始终在密闭容器中反应，可以有效的减少误差。
（5）红磷燃烧生成五氧化二磷，反应的化学方程式：。
26．（2025八上·嘉兴月考）为测定某钙片中碳酸钙的质量分数（钙片中其他成分不参与反应），小乐取10g钙片研磨后，进行了如图所示的实验（忽略水分蒸发）。回答下列问题：
（1）研磨钙片的目的是　 　。该实验中，装置的气密性对测定结果　 　（选填“有”或“无”）影响。
（2）计算该钙片中碳酸钙的质量分数　 　。（写出计算过程）。
【答案】增大反应物的接触面积，使反应更充分；；无；根据质量守恒定律，反应后减少的质量等于生成二氧化碳的质量，所以生成二氧化碳的质量为：340g-336.7g=3.3g解：设该钙片中碳酸钙的质量为x。x=7.5g答：该钙片中碳酸钙的质量分数为：=75%。
【知识点】气体装置的装配、连接、选择与气密性检查；实验方案设计与评价；根据化学反应方程式的计算；盐的性质及用途
【解析】【分析】（1）将固体研磨，可以加快反应速度，且使反应更充分。
（2）装置前后的质量差为生成的二氧化碳的质量，根据方程式进行计算，算出碳酸钙的质量，再除以钙片的质量即为碳酸钙的质量分数。【解答】（1）研磨钙片的目的是增大反应物的接触面积，使反应更充分。
该实验是通过装置中质量的变化计算出二氧化碳的质量进而求出碳酸钙的质量分数，因此装置的气密性对测定结果无影响。
27．（2025八上·嘉兴月考）为测定实验室中氯酸钾样品（杂质不参与反应）的纯度，取一定量该样品进行加热，不同时刻固体质量数据如图所示。
（1）时刻产生的氧气质量是　 　。
（2）时段剩余固体质量不变的原因　 　。
（3）列式计算该样品中氯酸钾的纯度　 　。
【答案】1.68g；氯酸钾已反应完全；由图可知，氯酸钾完全分解生成的氧气质量=5g+1.5g-4.58g=1.92g，设5g样品中含有氯酸钾的质量为x，x=4.9g氯酸钾的质量分数：×100%═98%；答：该样品中氯酸钾的纯度是98%。
【知识点】根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】（1）根据质量守恒定律计算t1时刻产生的氧气质量；
（2）氯酸钾分解生成氯化钾和氧气，因此固体的质量会逐渐减小。当氯酸钾完全反应后，不再有氧气产生，因此固体的质量不再减小。
（3）根据质量守恒定律计算出生成氧气的总质量，由氧气的总质量求出氯酸钾的质量，即可求出样品中氯酸钾的纯度。
【解答】（1）据图可知，t1时刻生成氧气的质量为：5g+1.5g-4.82g=1.68g；
（2）t3～t4时段剩余固体质量不变的原因是：氯酸钾已完全分解；
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