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第十三单元　内能　内能的利用
内能　内能的利用
1. 在生活中，我们怎样才能知道物体吸收的热的多少呢？
2. 你知道花香是怎样传播到远处的吗？
3. 内能有什么特点？什么因素影响物体的内能呢？
4. 改变物体内能有哪几种方式？
5. 生活中的风能、太阳能、电能、水能、化学能等，它们可以相互转化吗？
6. 汽车是如何获得机械能的？
7. 热机的效率你理解吗？
1. 如图所示，在一个装有密度比空气大的红棕色二氧化氮气体的瓶子上面倒
扣一个空瓶子，抽掉玻璃板后，过一段时间，观察到的现象是上下两个瓶子
内 ，说明了 。分别在不
同室温下进行实验，发现温度越高时，出现上述现象所用时间越 ，说
明温度越高，分子热运动越剧烈。若将两个瓶子的位置对调， （选
填“能”或“不能”）得出相同的结论。
气体颜色变均匀　
分子在不停地做无规则运动　
短　
不能　
2. 如图甲所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，迅速压下活
塞，发现硝化棉燃烧。压下活塞的过程中，玻璃筒内空气的内能 ，
温度 ，这是通过 的方式改变物体的内能。如图乙所示，烧
瓶内水上方存在着无色透明的水蒸气，用打气筒往瓶里打气，瓶内气体内
能 ，继续打气，当瓶塞跳起时，可以看到瓶内出现白雾，这是由于
瓶内气体对外做功后，内能 ，温度 ，水蒸气 ，形
成了小水珠。
增大　
升高　
做功　
增大　
减小　
降低　
液化　
第2题图
3. 在试管内装些水，用橡皮塞塞住管口，将水加热一段时间，实验是通
过 的方式对试管内的水进行加热的，水沸腾后，当塞子从试管口
喷出时，水蒸气的 能转化成塞子的 能。
第3题图
热传递　
内　
机械　
4. 如图所示，在内燃机中燃料不可能完全燃烧，完全燃烧只是一种理想状
况。在热机的能量损失中， 带走的能量最多。
第4题图
废气　
方法技巧1：辨别生活中“热”的不同含义
温度、热量和内能是热学中三个基本的物理量，在日常生活中都用“热”来
表示，但三者的实质又有不同，十分容易混淆。
1. “天气热”表示气温高，这里的“热”指温度高。
2. “摩擦生热”表示克服摩擦力做功消耗了机械能，增加了内能，这里的
“热”指内能。
3. “液化放热”是指液化时放出热量，这里的“热”指热量。
方法技巧2：比热容图像的分析技巧
如图所示是质量相同的甲、乙两种液体在相同电加热器下加热，得到的温度
随时间变化的图像。
1. 等温辅助线：作一条垂直于温度轴的直线，表示升高相同的温度，可以看
出升高相同温度时对甲液体加热的时间小于对乙液体加热的时间，所以c甲＜
c乙。
2. 等时辅助线：作一条垂直于时间轴的直线，表示加热时间相同，可以看出
甲液体的温度变化量大于乙液体的温度变化量，所以c甲＜c乙。
方法技巧3：效率的计算公式总结
吸、放热公式：Q＝cmΔt
燃料完全燃烧放热公式：Q放＝mq或Q放＝Vq
燃料加热效率η＝＝（化学能转化为内能）
电加热效率η＝＝（或或）
热机的效率η＝＝（或）
太阳能热水器效率η＝＝（P在数值上等于单位面积单位时间吸收的
太阳能，t表示时间，S表示面积）
一　温度、内能、热量三者关系
1. （2025·黑龙江齐齐哈尔中考真题）关于温度、热量和内能，下列说法正
确的是（　C　）
A. 温度为0 ℃以下的物体不具有内能
B. 温度高的物体，含有的热量一定多
C. 物体的内能增加，可能是吸收了热量
D. 温度总是从高温物体传向低温物体
C
解析：A. 一切物体在任何情况下都具有内能，温度为0 ℃以下的物体也具有
内能，故A错误；B. 热量是热传递过程中传递的能量，不能说物体含有热
量，故B错误；C. 做功和热传递都可以改变物体的内能，物体的内能增加，
可能是吸收了热量，故C正确；D. 热量总是从高温物体传向低温物体，热传
递过程传递的不是温度，故D错误。故选C。
二　分子动理论的初步知识
2. （2025·四川自贡中考真题）以下诗句描绘的情境不涉及分子热运动的是
（　C　）
A. 菡萏香清画舸浮 B. 满架蔷薇一院香
C. 一行白鹭上青天 D. 醒茶摇香叶初醒
C
解析：A. “菡萏香清画舸浮”中“香清”描述的是荷花香气扩散，属于分子
热运动现象，故A不符合题意；B. “满架蔷薇一院香”中“一院香”描述的
是花香分子扩散到整个院子，属于分子热运动现象，故B不符合题意；C.
“一行白鹭上青天”描述的是鸟类的飞行运动，属于机械运动，不涉及分子
热运动，故C符合题意；D. “醒茶摇香叶初醒”中“摇香”描述的是茶叶香
气分子扩散，属于分子热运动现象，故D不符合题意。故选C。
3. （2025·湖南中考真题）如图所示的实验中，浓氨水和无色酚酞溶液没有
直接接触，但观察到纸花变红，这一现象表明（　D　）
A. 分子间存在引力
B. 分子间存在斥力
C. 分子可以用肉眼观察
D. 分子在不停地做无规则运动
第3题图
D
解析：与浓氨水未接触的沾有酚酞溶液的纸花变红，说明分子在永不停息地
做无规则运动（热运动），故D符合题意，ABC不符合题意，故选D。
4. （2025·江西中考真题）如图所示，是具有特色的江西传统小吃。在制作
或品尝这些美食时蕴含了相关物理知识，下列说法错误的是（　C　）
A. 手工制作艾米果捏成不同的形状，表明力能使物体发生形变
B. 瓦罐汤在大型瓦缸内慢慢煨制升温时，吸收热量，内能增加
C. 油条与麻糍能粘在一起，表明物质中的分子间仅有引力而没有斥力
D. 吃茶饼时闻到桂花香味，是由于分子在空气中不停地做无规则运动
第4题图
C
解析：A. 手工制作艾米果时，手对面皮施加力的作用，使其形成不同的形
状，说明力的作用效果之一是使物体发生形变，故A正确，不符合题意；B.
瓦罐汤在大型瓦缸内慢慢煨制升温时，瓦罐汤从外界吸收热量，内能增加，
这是通过热传递的方式改变物体的内能，故B正确，不符合题意；C. 油条与
麻糍能粘在一起，表明物质中的分子间存在引力，但是同时也是存在斥力
的，故C错误，符合题意；D. 吃茶饼时闻到桂花香味，说明了气味分子在空
气中不停地做无规则运动，属于扩散现象，故D正确，不符合题意。故选C。
5. （2025·安徽中考真题）下列现象中能够说明分子间有引力的是（　B　）
A. 液体很难被压缩 B. 铁丝很难被拉伸
C. 墨水在热水中扩散得较快 D. 水与酒精混合后总体积减小
解析：A. 由于分子间存在斥力导致液体很难被压缩，故A不符合题意；B.
由于分子间存在引力导致铁丝很难被拉伸，故B符合题意；C. 墨水在热水中
扩散得较快，说明温度越高，分子的热运动越剧烈，扩散越快，故C不符合
题意；D. 由于分子间存在间隙导致水与酒精混合后总体积减小，故D不符合
题意。故选B。
B
三　内能及其影响因素
6. （2025·辽宁中考真题）下列实例中，通过做功的方式来改变内能的是
（　D　）
A. 冰镇西瓜 B. 炭火烤肉
C. 围炉煮茶 D. 钻木取火
解析：A. 冰镇西瓜是通过热传递的方式改变内能的，故A不符合题意；B.
炭火烤肉是通过热传递的方式改变内能的，故B不符合题意；C. 围炉煮茶是
通过热传递的方式改变内能的，故C不符合题意；D. 钻木取火时，相互摩
擦，机械能转化为内能，是通过做功的方式来改变内能的，故D符合题意。
故选D。
D
7. （2025·四川南充中考真题）如图是学校举行消防演练灭火时的情景，对
涉及的物理知识分析正确的是（　C　）
A. 室外温度为0 ℃时，木柴的内能为零
B. 木柴燃烧与未燃烧相比，含有的热量多
C. 若未燃烧的木柴温度升高，内能增加
D. 灭火器在使用过程中对外做功，内能不变
C
解析：A. 一切物体都具有内能，室外温度为0 ℃时，木柴的内能不为零，故
A错误；B. 热量是过程量，不能说“含有的热量”，故B错误；C. 物体的内
能与温度、质量有关，若未燃烧的木柴温度升高，内能增加，故C正确；D.
做功可以改变内能，灭火器在使用过程中对外做功，内能减少，故D错误。
故选C。
四　比热容
8. （2024·山东青岛中考真题）小明在海边玩耍，感觉沙滩上的沙子很热，
海水却比较凉爽。某天，他从6时到22时对沙子和海水的温度进行了测量，
绘成的温度随时间变化图像如图所示。下列分析错误的是（　B　）
A. 早晨6时，海水的温度比沙子高
B. 6时到14时，沙子吸收的热量比海水多
C. 14时到22时，海水降低的温度比沙子小
D. 利用此图像可以比较海水和沙子的比热容
B
第8题图
解析：A. 由题图可知，早晨6时，海水的温度为15 ℃，沙子的温度为10
℃，海水的温度比沙子高，故A正确；B. 在同一片天空，太阳每小时放出的
热量相同，即海水和沙子每小时吸收的热量相同，故6时到14时，沙子吸收
的热量和海水吸收的热量相等，故B错误；C. 由题图可知，在14时海水温度
比沙子低，在22时海水的温度比沙子高，故14时到22时，海水降低的温度比
沙子小，故C正确；D. 根据c＝可知，相同质量的海水和沙子，吸收或放
出相同的热量，温度变化大的比热容小，温度变化小的比热容大，故利用此
图像可以比较海水和沙子的比热容，故D正确。故选B。
9. （2025·湖北武汉中考真题）某小组在探究萘熔化过程温度的变化规律
时，每隔1 min记录一次温度，得到如图所示的温度随时间变化的图像。分析
图像可知：
第9题图
（1）萘的熔点为 ℃，从萘开始熔化到所有萘完全熔化大约持续
了 （选填“10”“15”“25”或“35”） min。
解析：由图可知，BC段是萘的熔化过程，熔化的温度是80 ℃，萘的熔点为
80 ℃，第10 min到第25 min是萘的熔化过程，从萘开始熔化到所有萘完全熔
化大约持续了25 min－10 min＝15 min。
80　
15　
第9题图
（2）萘在AB段和CD段升温较慢的是 段，可能是因为固态萘的比热
容 液态萘的比热容。
解析：由图可知，AB段的时间是10 min，升高的温度是80 ℃－50 ℃＝30
℃，CD段的时间是10 min，升高的温度是100 ℃－80 ℃＝20 ℃。所以CD段
升温较慢，两段加热时间相同，即吸收的热量相同，质量相同，液态萘的比
热容较大，由Q＝cmΔt可知，CD段升温较慢。
CD　
小于　
第9题图
五　能量的转化与守恒
10. （2025·广东广州中考真题）如图，从热汤中取出的金属勺子，由烫手到
不烫手的过程，其内能（　D　）
A. 逐渐增加 B. 保持不变
C. 通过做功改变 D. 通过热传递改变
解析：金属勺子由烫手到不烫手的过程，放出热量，内能会减少，通过热传
递的方式改变自身内能，故D符合题意，ABC不符合题意。故选D。
D
11. （2025·北京中考真题）在试管内装些水，用橡胶塞塞住管口，将水加热
一段时间，橡胶塞被推出，管口出现大量“白气”，如图所示。下列说法正
确的是（　C　）
A. 水变热的过程，其内能是通过做功的方式改变的
B. 橡胶塞被推出的过程中，水的内能全部转化为塞子的机械能
C. 水蒸气推出橡胶塞的过程中，水蒸气的内能减少
D. 管口出现的“白气”是试管内的水直接汽化形成的
C
第11题图
解析：A. 水变热是通过热传递（酒精灯加热）改变内能，不是做功，故
A错误；B. 橡胶塞被推出时，内能转化为机械能，但有热量散失，不是
全部转化，故B错误；C. 水蒸气推出橡胶塞，水蒸气对外做功，内能减
少，故C正确；D. “白气”是水蒸气液化形成的小水滴，不是汽化，故
D错误。故选C。
12. （2025·内蒙古中考真题）如图，物理兴趣小组制作了一个简易汽轮机装
置。在易拉罐中装入适量的水，用酒精灯加热，水沸腾后从管口喷出蒸汽使
风车转动。简易汽轮机工作过程中（　B　）
A. 酒精燃烧将内能转化为化学能
B. 水的内能增加的方式是热传递
C. 蒸汽被喷出后内能保持不变
D. 蒸汽的内能全部转化为风车的机械能
第12题图
B
解析：A. 酒精燃烧的过程是将化学能转化为内能的过程，故A不符合题意；
B. 加热过程中，易拉罐中的水吸收热量，温度升高，是通过热传递的方式增
加内能，故B符合题意；C. 蒸汽喷出后，对外做功，内能转化为机械能，内
能减少，故C不符合题意；D. 因为热量损失，所以蒸汽的内能不会全部转化
为风车的机械能，故D不符合题意。故选B。
六　热机和热机的效率
13. （2025·湖北中考真题）如图是液体燃料火箭喷气发动机示意图。输送装
置将燃料和氧化剂输送到燃烧室燃烧，产生气体喷出推动火箭前进。下列说
法正确的是（　B　）
A. 燃料燃烧时内能转化为化学能
B. 燃料箱燃料减少，燃料热值不变
C. 燃烧放出热量越多，燃料热值越大
D. 火箭前进时，燃料的化学能全部转化为火箭的机械能
B
第13题图
解析：A. 燃料燃烧时，燃料的化学能先转化为内能，再将内能转化为机械
能，故A错误；B. 热值是燃料的基本属性，与燃料的质量大小无关，所以燃
料箱燃料减少，热值不变，故B正确；C. 热值是燃料的基本属性，与燃料燃
烧放出热量多少无关，故C错误；D. 火箭前进时，将燃气的内能转化为机械
能，由于有热量损失，燃料不可能全部燃烧等因素影响，燃料的化学能不可
能全部转化为火箭的机械能，故D错误。故选B。
14. （2025·甘肃兰州中考真题）课外活动中，小亮将刚喝完水的空矿泉水瓶
的瓶盖拧上但不拧紧，用手握住瓶子的上、下两部分，用力迅速拧成图示状
态时，瓶盖被弹出并伴有爆响声，同时瓶口内出现白雾。关于上述过程，下
列说法错误的是（　B　）
A. 矿泉水瓶被用力拧成图示形状，说明力可以使物体发生形变
B. 瓶盖弹出前，拧瓶子的过程与汽油机的做功冲程类似
C. 瓶盖弹出时，瓶内压缩气体的内能转化为瓶盖的机械能
D. 瓶口内出现的白雾，是水蒸气温度降低后液化形成的小水滴
第14题图
B
解析：A. 矿泉水瓶在力的作用下被拧成图示形状，瓶子的形状发生了改变，
说明力可以使物体发生形变，故A正确，不符合题意。B. 瓶盖弹出前，拧瓶
子时，瓶子体积变小，压缩瓶内气体，是对气体做功，瓶内气体内能增加，
此过程与汽油机的压缩冲程类似，都是将机械能转化为内能；而汽油机的做
功冲程是将内能转化为机械能，故B错误，符合题意。C. 瓶盖弹出时，瓶内
压缩气体对瓶盖做功，将自身的内能转化为瓶盖的机械能，使瓶盖获得动能
而飞出，故C正确，不符合题意。D. 瓶盖弹出时，瓶内气体对外做功，内能
减少，温度降低，瓶口处的水蒸气遇冷液化形成小水滴，从而出现白雾，故
D正确，不符合题意。故选B。
15. （2025·山东烟台中考真题）汽油机是燃油汽车的动力来源之一。如图所
示是某台汽油机工作时的能量数据，图中横线处应填写的内容是：
① ，② 。若汽油的热值为4.6×107 J/kg，则该工作过
程中消耗的汽油质量为 kg。
1.61×105　
机械　
3.5×10－3　
第15题图
解析：汽油机中燃料完全燃烧放出的热量等于损失的能量和有用的机械能之
和，燃料完全燃烧放出的热量Q放＝W损失＋W有用＝1.2×105 J＋4.1×104 J＝
1.61×105 J，该工作过程中消耗的汽油质量为m＝＝＝3.5×10
－3 kg。
七　跨学科实践：制作简易热机模型
16. （2025·山西中考真题）跨学科实践。
制作简易汽轮机模型
　　热机对人类文明发展起着重要的推动作用。同学们成立了制作简易
汽轮机模型的项目团队，制定了“项目提出——项目分析——项目实
施——展示交流”的学习流程，研究了热机原理，收集材料组装了如图
所示的汽轮机模型。
　　实验时向易拉罐内部注入大约半罐水，将去掉笔芯和尾塞的中性笔的尾端插入易拉罐内，用胶将罐的开口处密封。将易拉罐放置在支架上，笔的尖端对准小风扇的扇叶。点燃易拉罐下面的酒精灯，当有蒸汽喷出时，扇叶就转动起来。
（1）汽轮机模型工作过程的能量转化情况为：化学能→ →
。
解析：酒精燃烧，将酒精内部的化学能转化为内能释放出来，然后将内能通
过热传递转移给水和易拉罐，水吸热迅速的汽化，形成大量的水蒸气，水蒸
气对扇叶做功，将水蒸气的内能转化为扇叶的机械能。
内能　
机械
能　
（2）某团队的同学们在测试过程中，发现扇叶不转动，出现这种现象的原
因可能是 。（答出一条即可）
解析：在测试过程中，发现扇叶不转动，可能是水蒸气的内能太小，笔尖喷
出的蒸汽太少。
笔尖喷出的蒸汽太少（合理即可）　
（3）热机发展史也是一部热机效率提高史，在展示交流环节，对如何提高
简易汽轮机效率，同学们进行了激烈讨论。请你依照“结构决定功能”的观
念，从结构的角度思考，帮助他们提出一个可行性措施：
。
解析：在易拉罐上半部分覆盖保温层，可以减少热量的损失，提高汽轮
机效率。
在易拉罐上半部
分覆盖保温层（合理即可）　
八　热量的计算
17. 用相同的电加热器同时加热质量相等的水和另一种液体，二者初温均为
20 ℃。一段时间后，测得水的温度变化了40 ℃，另一种液体的温度为90
℃。求：另一种液体的比热容是多少？
以下是伍伍的错误解题过程：
已知：t0＝20 ℃，t水＝40 ℃，t液＝90 ℃，c水＝4.2×103 J/（kg·℃）
求：c液＝？
解：相同时间内水和另一种液体吸收的热量相同：Q水＝Q液，
由Q吸＝cm（t－t0）可得：
c水m水（t水－t0）＝c液m液（t液－t0）且m水＝m液
即c液＝c水＝×4.2×103 J/（kg·℃）＝1.2×103 J/（kg·℃）
答：另一种液体的比热容是1.2×103 J/（kg·℃）。
请你仔细检查伍伍的解题过程，并回答：
（1）指出他的错误；
将水变化的温度40 ℃当成了末温。
（2）请写出正确的解题过程和答案。
解：相同时间内水和另一种液体吸收的热量相同，即Q水＝Q液，
由Q吸＝cm（t－t0）可得，c水m水Δt＝c液m液（t液－t0）且m水＝m液，
即另一种液体的比热容为
c液＝c水＝×4.2×103 J/（kg·℃）＝2.4×103 J/（kg·℃）。
18. （2025·山西中考真题）小亮看到如图所示的阳光健身海报，决定每天放
学回家由乘电梯改为爬楼梯。查阅资料知道，人运动所需的能量可来源于体
内脂肪“燃烧”释放的化学能，1 g脂肪完全“燃烧”释放的能量为3.8×104
J（即可看作脂肪的热值q＝3.8×104 J/g）。若小亮的质量为60 kg，家住11
楼，每层楼高为3 m。（g取10 N/kg）
（1）求小亮所受的重力。
解：小亮所受的重力G＝m人g＝60 kg×10 N/kg＝600 N。
（2）小亮每次乘电梯从1楼到11楼回家，若电梯匀速运行，求电梯对他
做的功。
解：小亮随电梯做匀速直线运动，小亮所受的支持力与重力是平衡力，大小
相等，即F＝G＝600 N，小亮在支持力方向上移动的距离s＝（11－1）×3
m＝30 m，电梯对小亮所做的功W＝Fs＝600 N×30 m＝1.8×104 J。
（3）若小亮每次爬楼梯回家消耗脂肪的质量为5 g，求脂肪完全“燃烧”放
出的能量。
解：（3）脂肪完全“燃烧”放出的能量
Q＝qm 脂肪＝3.8×104 J/g×5 g＝1.9×105 J。
1. （2023·深圳中考真题）端午节煮粽子是传统习俗，下列说法正确的是
（　D　）
A. 燃料燃烧时内能转化为化学能
B. 打开锅盖时上面的白雾是水蒸气
C. 加热粽子是利用做功增加内能
D. 闻到粽子的香味是因为扩散现象
D
2. （2024·深圳中考真题）用航标灯发出的光来让海上的船只看清方位，说
明光能传递 。如图所示， （选填“铝板”或“碳”）是正
极，是 能转化为电能。
信息　
碳　
化学　
解析：光在同种均匀介质中沿直线传播，航标灯发出的光沿直线传播，海上的船只看清方位，说明光能传递信息。电源的外部电流从电源的正极出发回到负极，由图中电流方向可知碳是正极，电池将化学能转化为电能。
3. （2025·深圳中考真题）晓凤同学提出问题：收割机用四冲程柴油机提供
动力，其中压缩冲程过程中，柴油机气缸内气体（　D　）
A. 质量变大 B. 内能减少
C. 体积变大 D. 温度升高
解析：四冲程柴油机中的压缩冲程，活塞向上移动，气缸内气体体积变小，
气体质量不变，压缩冲程将机械能转化为内能，内能增加，温度升高，故D
符合题意，ABC不符合题意。故选D。
D
4. （2025·深圳中考真题）蓄冷剂是食品运输和保鲜过程中的重要降温试
剂。现有A、B两种蓄冷剂，财财同学和明海同学为了探究其蓄冷效果，进行
了如下的实验探究：财财首先将质量均为100 g的两种蓄冷剂分别装入完全相
同的冰袋中，标明A、B，放入冰箱中冷冻为温度相同的固体。在容器1、2中
分别加入质量为500 g且温度相同的水，将冰袋从冰箱中拿出放入水中，并用
隔热材料密封，如图所示。明海同学通过温度传感器每隔一定时间测量蓄冷
剂及水的温度，如图2是明海记录的A、B两蓄冷剂及容器①、②中水的温度
随时间的变化曲线。
（1）露露同学发现：蓄冷剂熔化前温度在升高，其分子热运动速度
变 。
解析：分子的热运动与温度有关，温度越高，分子热运动越剧烈，分子热运
动速度越大。蓄冷剂熔化前温度在升高，所以其分子热运动速度变大。
大　
（2）0～t1，水和蓄冷剂之间发生热传递，宇婷同学说其热传递方向为
。
解析：热传递的条件是存在温度差，热量总是从温度高的物体传递到温度低
的物体。由图像可知，0～t1，水的温度高于蓄冷剂的温度，所以热传递方向
为从水到蓄冷剂。
从
水到蓄冷剂　
（3）0～t1，蓄冷剂 吸热更快。
解析：根据题图可知：0～t1，容器①中水温下降更快，容器中水的质量和初
温均相同，则在相同的时间内容器①中水放热更多，而水所放热被蓄冷剂吸
收，说明蓄冷剂A吸热更快。
A　
（4）t1～t2，容器①中水的温度降低10 ℃，若热量全部被冰袋吸收，经过计
算，汉欢同学发现每克蓄冷剂A吸收的热量为 。[水的比热容为
4.2×103 J/（kg·℃）]
解析：水的温度降低10 ℃，水放出的热量为
Q放＝cmΔt＝4.2×103 J/（kg·℃）×0.5 kg×10 ℃＝21 000 J，
若热量全部被冰袋吸收，每克蓄冷剂A吸收的热量为Q0＝＝＝
210 J。
210 J　
（5）汉欢同学在深圳市内配送蛋糕时，选择蓄冷剂 更好，理由是



。
B　
由
图像可知，在相同时间内，蓄冷剂B使水的温度降低得慢，说明蓄冷剂B释放
冷量的速度较小，能更长时间地保持低温，所以在深圳市内配送蛋糕时，选
择蓄冷剂B更好，理由是蓄冷剂B能更长时间保持低温，更好地保证蛋糕的品
质　
炎热的夏天，小明发现穿黑色的衣服走在阳光下很热，而穿白色的衣服却凉
爽一些。思考后他认为：不同颜色的衣服吸收太阳光热量的能力不同。为了
证实自己的想法，他采用如图甲所示的装置进行实验：在A、B两个相同的薄
塑料瓶中装入适量的食用油，用相同规格的黑色和白色衣服布料分别将薄塑
料瓶包裹，将其放在温度、光照等环境相同的同一平整泡沫上，用探针式电
子温度计测量瓶内食用油的温度，每隔6 min记录一次数据，描绘出温度随时
间的变化图像如图乙所示。
（1）两个薄塑料瓶中应盛 和初温相同的食用油。
解析：探究不同颜色衣服的吸热能力，根据控制变量法，只改变瓶子的颜
色，瓶子中食用油的质量与初温相同。
质量　
（2）此实验是通过 的方式改变食用油内能；相同时间内，A瓶和
B瓶食用油吸收的热量 （选填“相同”或“不同”）。
解析：两瓶中的食用油从阳光中吸收热量，是通过热传递的方式使其内能增
加的。由图乙可知，相同时间，两瓶中食用油升高的温度不同，则吸收的热
量不同。
热传递　
不同　
（3）瓶内食用油的质量为100 g，B瓶食用油18 min内吸热 J。[c食用
油＝2.1×103 J/（kg·℃）]
解析：B瓶食用油18 min内吸热
Q＝c食用油mΔt＝2.1×103 J/（kg·℃）×100×10－3 kg×（28.2 ℃－22.3
℃）＝1 239 J
1 239　
（4）分析数据可知： 色衣服吸收太阳光热量的能力更强。
解析：由图乙可知，相同时间，A瓶内食用油温度升高得比较多，则A瓶内食
用油吸收的热量较多，则说明了黑衣服的吸热性能比白衣服的要好。
黑　
（5）准备整理器材时，有风吹过，小明发现温度计示数上升变得很慢，甚
至出现下降的情况，原因是：

。
风加快了空气的流动速度，加快了瓶子表面
“汗液”的蒸发，蒸发吸热，导致瓶子及周围温度降低，同时也加快了瓶子
与周围冷空气的热交换，使得温度计示数上升变慢甚至降低　
参考答案
教材图练
1. 气体颜色变均匀　分子在不停地做无规则运动　短　不能
2. 增大　升高　做功　增大　减小　降低　液化
3. 热传递　内　机械
4. 废气
考点过关
1. C　解析：A. 一切物体在任何情况下都具有内能，温度为0 ℃以下的物体
也具有内能，故A错误；B. 热量是热传递过程中传递的能量，不能说物体含
有热量，故B错误；C. 做功和热传递都可以改变物体的内能，物体的内能增
加，可能是吸收了热量，故C正确；D. 热量总是从高温物体传向低温物体，
热传递过程传递的不是温度，故D错误。故选C。
2. C　解析：A. “菡萏香清画舸浮”中“香清”描述的是荷花香气扩散，属
于分子热运动现象，故A不符合题意；B. “满架蔷薇一院香”中“一院香”
描述的是花香分子扩散到整个院子，属于分子热运动现象，故B不符合题
意；C. “一行白鹭上青天”描述的是鸟类的飞行运动，属于机械运动，不涉
及分子热运动，故C符合题意；D. “醒茶摇香叶初醒”中“摇香”描述的是
茶叶香气分子扩散，属于分子热运动现象，故D不符合题意。故选C。
3. D　解析：与浓氨水未接触的沾有酚酞溶液的纸花变红，说明分子在
永不停息地做无规则运动（热运动），故D符合题意，ABC不符合题
意，故选D。
4. C　解析：A. 手工制作艾米果时，手对面皮施加力的作用，使其形成不同
的形状，说明力的作用效果之一是使物体发生形变，故A正确，不符合题
意；B. 瓦罐汤在大型瓦缸内慢慢煨制升温时，瓦罐汤从外界吸收热量，内能
增加，这是通过热传递的方式改变物体的内能，故B正确，不符合题意；C.
油条与麻糍能粘在一起，表明物质中的分子间存在引力，但是同时也是存在
斥力的，故C错误，符合题意；D. 吃茶饼时闻到桂花香味，说明了气味分子
在空气中不停地做无规则运动，属于扩散现象，故D正确，不符合题意。故
选C。
5. B　解析：A. 由于分子间存在斥力导致液体很难被压缩，故A不符合题
意；B. 由于分子间存在引力导致铁丝很难被拉伸，故B符合题意；C. 墨水
在热水中扩散得较快，说明温度越高，分子的热运动越剧烈，扩散越快，故
C不符合题意；D. 由于分子间存在间隙导致水与酒精混合后总体积减小，故
D不符合题意。故选B。
6. D　解析：A. 冰镇西瓜是通过热传递的方式改变内能的，故A不符合题
意；B. 炭火烤肉是通过热传递的方式改变内能的，故B不符合题意；C. 围
炉煮茶是通过热传递的方式改变内能的，故C不符合题意；D. 钻木取火时，
相互摩擦，机械能转化为内能，是通过做功的方式来改变内能的，故D符合
题意。故选D。
7. C　解析：A. 一切物体都具有内能，室外温度为0 ℃时，木柴的内能不为
零，故A错误；B. 热量是过程量，不能说“含有的热量”，故B错误；C. 物
体的内能与温度、质量有关，若未燃烧的木柴温度升高，内能增加，故C正
确；D. 做功可以改变内能，灭火器在使用过程中对外做功，内能减少，故D
错误。故选C。
8. B　解析：A. 由题图可知，早晨6时，海水的温度为15 ℃，沙子的温度为
10 ℃，海水的温度比沙子高，故A正确；B. 在同一片天空，太阳每小时放出
的热量相同，即海水和沙子每小时吸收的热量相同，故6时到14时，沙子吸
收的热量和海水吸收的热量相等，故B错误；C. 由题图可知，在14时海水温
度比沙子低，在22时海水的温度比沙子高，故14时到22时，海水降低的温度
比沙子小，故C正确；D. 根据c＝可知，相同质量的海水和沙子，吸收或
放出相同的热量，温度变化大的比热容小，温度变化小的比热容大，故利用
此图像可以比较海水和沙子的比热容，故D正确。故选B。
9. （1）80　15　（2）CD　小于
解析：（1）由图可知，BC段是萘的熔化过程，熔化的温度是80 ℃，萘的熔
点为80 ℃，第10 min到第25 min是萘的熔化过程，从萘开始熔化到所有萘完
全熔化大约持续了25 min－10 min＝15 min。
（2）由图可知，AB段的时间是10 min，升高的温度是80 ℃－50 ℃＝30
℃，CD段的时间是10 min，升高的温度是100 ℃－80 ℃＝20 ℃。所以CD段
升温较慢，两段加热时间相同，即吸收的热量相同，质量相同，液态萘的比
热容较大，由Q＝cmΔt可知，CD段升温较慢。
10. D　解析：金属勺子由烫手到不烫手的过程，放出热量，内能会减少，通
过热传递的方式改变自身内能，故D符合题意，ABC不符合题意。故选D。
11. C　解析：A. 水变热是通过热传递（酒精灯加热）改变内能，不是做
功，故A错误；B. 橡胶塞被推出时，内能转化为机械能，但有热量散失，不
是全部转化，故B错误；C. 水蒸气推出橡胶塞，水蒸气对外做功，内能减
少，故C正确；D. “白气”是水蒸气液化形成的小水滴，不是汽化，故D错
误。故选C。
12. B　解析：A. 酒精燃烧的过程是将化学能转化为内能的过程，故A不符
合题意；B. 加热过程中，易拉罐中的水吸收热量，温度升高，是通过热传递
的方式增加内能，故B符合题意；C. 蒸汽喷出后，对外做功，内能转化为机
械能，内能减少，故C不符合题意；D. 因为热量损失，所以蒸汽的内能不会
全部转化为风车的机械能，故D不符合题意。故选B。
13. B　解析：A. 燃料燃烧时，燃料的化学能先转化为内能，再将内能转化
为机械能，故A错误；B. 热值是燃料的基本属性，与燃料的质量大小无关，
所以燃料箱燃料减少，热值不变，故B正确；C. 热值是燃料的基本属性，与
燃料燃烧放出热量多少无关，故C错误；D. 火箭前进时，将燃气的内能转化
为机械能，由于有热量损失，燃料不可能全部燃烧等因素影响，燃料的化学
能不可能全部转化为火箭的机械能，故D错误。故选B。
14. B　解析：A. 矿泉水瓶在力的作用下被拧成图示形状，瓶子的形状发生
了改变，说明力可以使物体发生形变，故A正确，不符合题意。B. 瓶盖弹出
前，拧瓶子时，瓶子体积变小，压缩瓶内气体，是对气体做功，瓶内气体内
能增加，此过程与汽油机的压缩冲程类似，都是将机械能转化为内能；而汽
油机的做功冲程是将内能转化为机械能，故B错误，符合题意。C. 瓶盖弹出
时，瓶内压缩气体对瓶盖做功，将自身的内能转化为瓶盖的机械能，使瓶盖
获得动能而飞出，故C正确，不符合题意。D. 瓶盖弹出时，瓶内气体对外做
功，内能减少，温度降低，瓶口处的水蒸气遇冷液化形成小水滴，从而出现
白雾，故D正确，不符合题意。故选B。
15. 1.61×105　机械　3.5×10－3
解析：汽油机中燃料完全燃烧放出的热量等于损失的能量和有用的机械能之
和，燃料完全燃烧放出的热量Q放＝W损失＋W有用＝1.2×105 J＋4.1×104 J＝
1.61×105 J，该工作过程中消耗的汽油质量为m＝＝＝3.5×10
－3 kg。
16. （1）内能　机械能
（2）笔尖喷出的蒸汽太少（合理即可）
（3）在易拉罐上半部分覆盖保温层（合理即可）
解析：（1）酒精燃烧，将酒精内部的化学能转化为内能释放出来，然后将
内能通过热传递转移给水和易拉罐，水吸热迅速的汽化，形成大量的水蒸
气，水蒸气对扇叶做功，将水蒸气的内能转化为扇叶的机械能。
（2）在测试过程中，发现扇叶不转动，可能是水蒸气的内能太小，笔尖喷
出的蒸汽太少。
（3）在易拉罐上半部分覆盖保温层，可以减少热量的损失，提高汽轮机
效率。
17. （1）将水变化的温度40 ℃当成了末温。
（2）解：相同时间内水和另一种液体吸收的热量相同，即Q水＝Q液，由Q吸
＝cm（t－t0）可得，
c水m水Δt＝c液m液（t液－t0）且m水＝m液，
即另一种液体的比热容为
c液＝c水＝×4.2×103 J/（kg·℃）＝2.4×103 J/（kg·℃）。
18. 解：（1）小亮所受的重力G＝m人g＝60 kg×10 N/kg＝600 N。
（2）小亮随电梯做匀速直线运动，小亮所受的支持力与重力是平衡力，大
小相等，即F＝G＝600 N，
小亮在支持力方向上移动的距离s＝（11－1）×3 m＝30 m，
电梯对小亮所做的功W＝Fs＝600 N×30 m＝1.8×104 J。
（3）脂肪完全“燃烧”放出的能量
Q＝qm 脂肪＝3.8×104 J/g×5 g＝1.9×105 J。
深圳中考真题
1. D　
2. 信息　碳　化学　解析：光在同种均匀介质中沿直线传播，航标灯发出的
光沿直线传播，海上的船只看清方位，说明光能传递信息。电源的外部电流
从电源的正极出发回到负极，由图中电流方向可知碳是正极，电池将化学能
转化为电能。
3. D　解析：四冲程柴油机中的压缩冲程，活塞向上移动，气缸内气体体积
变小，气体质量不变，压缩冲程将机械能转化为内能，内能增加，温度升
高，故D符合题意，ABC不符合题意。故选D。
4. （1）大　（2）从水到蓄冷剂　（3）A　（4）210 J
（5）B　由图像可知，在相同时间内，蓄冷剂B使水的温度降低得慢，说明
蓄冷剂B释放冷量的速度较小，能更长时间地保持低温，所以在深圳市内配
送蛋糕时，选择蓄冷剂B更好，理由是蓄冷剂B能更长时间保持低温，更好地
保证蛋糕的品质
解析：（1）分子的热运动与温度有关，温度越高，分子热运动越剧烈，
分子热运动速度越大。蓄冷剂熔化前温度在升高，所以其分子热运动速
度变大。
（2）热传递的条件是存在温度差，热量总是从温度高的物体传递到温度低
的物体。由图像可知，0～t1，水的温度高于蓄冷剂的温度，所以热传递方向
为从水到蓄冷剂。
（3）根据题图可知：0～t1，容器①中水温下降更快，容器中水的质量和初
温均相同，则在相同的时间内容器①中水放热更多，而水所放热被蓄冷剂吸
收，说明蓄冷剂A吸热更快。
（4）水的温度降低10 ℃，水放出的热量为
Q放＝cmΔt＝4.2×103 J/（kg·℃）×0.5 kg×10 ℃＝21 000 J，
若热量全部被冰袋吸收，每克蓄冷剂A吸收的热量为Q0＝＝＝
210 J。
跨学科实践
（1）质量　（2）热传递　不同　（3）1 239　（4）黑
（5）风加快了空气的流动速度，加快了瓶子表面“汗液”的蒸发，蒸发吸
热，导致瓶子及周围温度降低，同时也加快了瓶子与周围冷空气的热交换，
使得温度计示数上升变慢甚至降低
解析：（1）探究不同颜色衣服的吸热能力，根据控制变量法，只改变瓶子
的颜色，瓶子中食用油的质量与初温相同。
（2）两瓶中的食用油从阳光中吸收热量，是通过热传递的方式使其内能增
加的。由图乙可知，相同时间，两瓶中食用油升高的温度不同，则吸收的热
量不同。
（3）B瓶食用油18 min内吸热
Q＝c食用油mΔt＝2.1×103 J/（kg·℃）×100×10－3 kg×（28.2 ℃－22.3
℃）＝1 239 J
（4）由图乙可知，相同时间，A瓶内食用油温度升高得比较多，则A瓶内食
用油吸收的热量较多，则说明了黑衣服的吸热性能比白衣服的要好。

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