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广东省惠州市惠阳区丰湖高级中学2025-2026学年高三上学期8月月考化学试题
1．（2025高三上·惠阳月考）文物是承载中华文化的血脉。下列文物的材质属于天然有机高分子的是
A． 商周石蛇 B． 蝙蝠木雕
C． 银质鎏金如意 D． 称量质量的铜秤砣
A．A B．B C．C D．D
2．（2025高三上·惠阳月考）近年来，我国科技发展取得了巨大成就。下列说法正确的是
A．北斗技术助力生产：卫星外壳中合金的硬度比其成分金属的小
B．首款600公斤推力涡扇发动机成功点火：点火时存在化学能转化为热能
C．脑机接口融入医疗：植入式电极中的石墨烯属于烯烃
D．嫦娥六号探测器使用了压电陶瓷：压电陶瓷属于传统无机非金属材料
3．（2025高三上·惠阳月考）“化学使生活更美好”下列相关描述错误的是
A．用含NaOH的清洁剂除油污：NaOH与油脂发生皂化反应
B．蚕丝纺衣：蚕丝中的蛋白质受热后易发生变性
C．CuSO4可制备杀菌剂波尔多液，因为能使蛋白质变性
D．呈现规则多面体外形的金刚石为共价晶体
4．（2025高三上·惠阳月考）民以食为天。下列说法正确的是
A．椰浆含有的椰子油属于高分子化合物
B．春笋炒肉香脆开胃，笋中的纤维素是二糖
C．马蹄粉是一种食用淀粉，与纤维素属于同分异构体
D．新鲜面包香气四溢，膨松剂碳酸氢钠可中和酸并受热分解
5．（2025高三上·惠阳月考）实验室中利用如图所示装置进行的相关实验，其中能够达到预期目的的是
A. 制备 B. 除杂
C. 验证与的反应 D. 验证的漂白性
A．A B．B C．C D．D
6．（2025高三上·惠阳月考）“劳动人民是世界上最伟大的人”。下列劳动项目中与所述化学知识没有关联的是
选项 劳动项目 化学知识
A 用14C测定文物的年代 碳原子核外有6个电子
B 药物研发员：研发抗酸药复方氢氧化铝片 氢氧化铝能与酸反应
C 环保工程师：用溶液处理含的污水
D 用ClO2作自来水消毒剂 ClO2具有氧化性
A．A B．B C．C D．D
7．（2025高三上·惠阳月考）汽车尾气管的钢材可通过镀铝的方法来延缓腐蚀，下列说法正确的是
A．该法中钢铁为负极被保护
B．该法为牺牲阴极法
C．镀铝时将钢材与电源正极相连
D．电化学腐蚀时铝发生反应：
8．（2025高三上·惠阳月考）大约4000年前，埃及人采用硫燃烧的产物来漂白白布匹。兴趣小组利用以下装置进行实验。其中能达到相应目的的是
A．用甲制取SO2 B．用乙验证SO2的还原性
C．用丙收集SO2 D．用丁处理实验室SO2尾气
9．（2025高三上·惠阳月考）为达到相应实验目的，下图所示实验装置不合理的是
A．图甲：分离正己烷(沸点69℃)和正庚烷(沸点98℃)
B．图乙：提纯粗苯甲酸时，趁热过滤去除不溶物
C．图丙：完成乙酸乙酯制备后，分离有机相和水相
D．图丁：用盐酸标准液滴定未知浓度的NaOH溶液
10．（2025高三上·惠阳月考）设NA为阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是
A．中键的数目为2NA
B．和的混合气体含有的原子数目为2NA
C．与足量浓硝酸反应，生成的分子的数目为4NA
D．溶液中，和的数目之和为0.1NA
11．（2025高三上·惠阳月考）莽草酸(如图)是一种重要的医药中间体，下列说法错误的是
A．分子式为C7H10O5
B．所有原子均共平面
C．可以发生酯化反应、加成反应和氧化反应
D．与溴水和酸性KMnO4溶液反应的原理不同
12．（2025高三上·惠阳月考）工业上用乙苯制苯乙烯：。下列说法错误的是
A．乙苯和苯乙烯均属于烃
B．乙苯中所有原子共平面
C．可用溴水鉴别乙苯和苯乙烯
D．苯乙烯可以发生加成、取代、加聚反应
13．（2025高三上·惠阳月考）苦水玫瑰用途广泛，素有“金花”之美誉。从苦水玫瑰中提炼的玫瑰精油，堪称液体黄金，是制作香水等化妆品的原料。玫瑰精油成分之一的结构简式如图，下列说法正确的是
A．该分子含2个手性碳原子
B．该分子所有碳原子共平面
C．在铜催化下，分子中羟基可被氧化为羰基
D．该物质发生消去反应可得3种有机产物
14．（2025高三上·惠阳月考）阿司匹林是常见的抗炎药物。
下列说法不正确的是
A．可用红外光谱鉴别水杨酸和阿司匹林
B．水杨酸可发生缩聚反应
C．1mol阿司匹林与NaOH溶液反应，最多消耗2molNaOH
D．阿司匹林分子中所有原子不共面
15．（2025高三上·惠阳月考）中医药学是中国传统文化的瑰宝。山道年是一种蒿类植物提取物，有驱虫功能，其结构如图所示。下列关于该分子的说法错误的是
A．分子式为 B．手性碳原子数目为4
C．杂化的碳原子数目为6 D．不能与溶液发生反应
16．（2025高三上·惠阳月考）化合物Z是某真菌的成分之一，结构如图。下列有关该物质说法错误的是
A．可形成分子间氢键
B．与乙酸、乙醇均能发生酯化反应
C．能与溶液反应生成
D．与的溶液反应消耗
17．（2025高三上·惠阳月考）丁香挥发油中含丁香色原酮(K)、香草酸(M)，其结构简式如下：
下列说法正确的是
A．K中含手性碳原子 B．M中碳原子都是杂化
C．K、M均能与反应 D．K、M共有四种含氧官能团
18．（2025高三上·惠阳月考）化合物M是从红树林真菌代谢物中分离得到的一种天然产物，其结构如图所示。下列有关M的说法正确的是
A．分子中所有的原子可能共平面
B．最多能消耗
C．既能发生取代反应，又能发生加成反应
D．能形成分子间氢键，但不能形成分子内氢键
19．（2025高三上·惠阳月考）柠檬烯是芳香植物和水果中的常见组分。下列有关它的说法错误的是
A．属于不饱和烃
B．所含碳原子采取或杂化
C．与氯气能发生1，2-加成和1.4-加成
D．可发生聚合反应
20．（2025高三上·惠阳月考）下列关于苯乙炔()的说法正确的是
A．不能使酸性KMnO4溶液褪色 B．分子中最多有4个原子共直线
C．能发生加成反应和取代反应 D．可溶于水
21．（2025高三上·惠阳月考）1，4—环己二醇(有机物F)是重要的医药中间体和新材料单体，可通过以下流程制备。
完成下列填空：
（1）写出A的结构简式　 　，F中官能团名称是　 　。
（2）下列B的名称正确的是　 　。
a.1，3-环己二烯 b.2，4-环己二烯 c.1，4-环己二烯
（3）写出反应①的化学方程式　 　。
（4）的符合下列条件的同分异构体有　 　种。
①链状 ②能发生银镜反应
（5）写出B与按1：1加成的两种产物的结构简式　 　。
（6）D→E的反应类型是　 　。
（7）反应③的化学反应方程式是　 　。
（8）写出由合成的路线　 　(无机试剂任选)。
22．（2025高三上·惠阳月考）化合物H是一种重要的合成香料，也是一种重要的医药中间体和化工原料，其一种合成路线如图所示。
已知：+R-CHO→
回答下列问题：
（1）B的化学名称为　 　，C的结构简式为　 　。
（2）由D生成E的反应类型为　 　。
（3）写出F中两个含氧官能团的名称为　 　。
（4）由C生成D的化学方程式为　 　。
（5）由E生成F的化学方程式为　 　。
（6）G的结构简式为　 　。
（7）分子式为C8H10O，在其同分异构体中同时满足下列条件的有　 　种。
a．存在苯环；b．存在醇羟基。
（8）已知 OH是邻对位定位基，根据题干信息，写出由制备的合成路线　 　(其他试剂任选)。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】高分子材料
【解析】【解答】A、商周石蛇的材质是石头，主要成分是无机矿物质（如硅酸盐等），属于无机非金属材料，A不是有机高分子；
B、蝙蝠木雕的材质是木材，木材的主要成分是纤维素，纤维素是由葡萄糖单元构成的天然有机高分子化合物，B是天然有机高分子；
C、银质鎏金如意的材质是银、金，属于金属材料，C不是有机高分子；
D、称量质量的铜秤砣的材质是铜，属于金属材料，D不是有机高分子；
故答案为：B。
【分析】要解决这道题，需明确天然有机高分子的定义：来源于自然界，由有机高分子化合物组成的物质。然后逐一分析选项。
2．【答案】B
【知识点】常见能量的转化及运用；合金及其应用
【解析】【解答】 A、合金的性能优于成分金属，其硬度通常比成分金属大，而非更小，A错误；B、涡扇发动机点火时，燃料发生燃烧反应，化学能转化为热能，B正确；
C、石墨烯是由碳元素组成的单质；而烯烃是含有碳碳双键的有机化合物，二者类别完全不同，C错误；
D、压电陶瓷属于新型无机非金属材料，并非传统无机非金属材料，D错误；
故答案为：B。
【分析】分别判断每个选项中技术或材料的性质、类别及能量转化等核心知识点，进而确定说法的正误。
3．【答案】C
【知识点】原子晶体（共价晶体）；氨基酸、蛋白质的结构和性质特点；油脂的性质、组成与结构
【解析】【解答】A、NaOH 属于强碱，油脂在碱性条件下发生水解反应，该反应称为皂化反应，此反应能将油脂转化为可溶于水的物质，从而达到除油污的目的，A正确；
B、蚕丝的主要成分是蛋白质，蛋白质受热时其空间结构会被破坏，易发生变性，这一性质与蚕丝纺衣的工艺及蚕丝制品的保养密切相关，B正确；
C、波尔多液是由 CuSO4和石灰乳等配制而成，其杀菌作用是因为重金属离子 Cu2+能使细菌的蛋白质变性，并非 CuSO4单独作用的描述，C错误；
D、金刚石中碳原子之间通过共价键相互结合，形成空间网状结构，属于共价晶体，其呈现的规则多面体外形是共价晶体结构的体现，D正确；
故答案为：C。
【分析】分别对每个选项中物质的性质、反应类型及晶体类型等核心知识点进行分析，从而确定描述的正误。
4．【答案】D
【知识点】多糖的性质和用途；探究碳酸钠与碳酸氢钠的性质；油脂的性质、组成与结构
【解析】【解答】A、椰子油属于油脂，油脂的相对分子质量较小，不属于高分子化合物，高分子化合物相对分子质量通常在一万以上，A错误；
B、纤维素是由大量葡萄糖单元通过糖苷键连接而成的多糖，并非二糖（二糖是由两个单糖分子组成，如蔗糖、麦芽糖），B错误；
C、淀粉和纤维素虽然化学式均可以表示为 (C6H10O5) n，但 n 值不同，且结构存在差异，不满足同分异构体 “分子式相同、结构不同” 的要求，不属于同分异构体，C错误；
D、碳酸氢钠作为膨松剂，一方面能与发酵产生的酸发生中和反应，另一方面受热分解产生二氧化碳气体，使面包蓬松，D正确；
故答案为：D。
【分析】分别对每个选项中物质的类别（高分子、糖类类型）、同分异构体概念及物质的化学性质进行分析，从而确定说法的正误。
5．【答案】C
【知识点】氯气的实验室制法；甲烷的取代反应；二氧化硫的漂白作用
【解析】【解答】A、实验室用浓盐酸和 MnO2制备 Cl2时，反应需要加热条件，而该装置未设置加热仪器，无法发生反应，A不能达到预期目的；
B、除去 Cl2中的 HCl 应选用饱和食盐水；若用饱和 NaHCO3溶液，Cl2、HCl 都会与 NaHCO3反应，且会生成 CO2杂质，B不能达到预期目的；
C、CH4与 Cl2在光照下发生取代反应，生成的 HCl 易溶于饱和食盐水，会使装置内压强减小，可观察到液面上升、气体颜色变浅及油状液滴生成，这些现象能验证反应发生，C能达到预期目的；
D、SO2使石蕊溶液变红是因为其水溶液呈酸性，这不能体现漂白性；验证 SO2的漂白性需用品红溶液（SO2能使品红溶液褪色，加热后又恢复红色），D不能达到预期目的；
故答案为：C。
【分析】分别对每个选项的反应条件、除杂试剂、反应现象及物质性质进行分析，从而确定实验能否达到预期目的。
6．【答案】A
【知识点】氧化还原反应；难溶电解质的溶解平衡及沉淀转化的本质；元素、核素
【解析】【解答】A、用 4C 测定文物年代的原理是利用放射性同位素 4C 的半衰期，通过测量其残留量推断年代；而 “碳原子核外有 6 个电子” 是碳元素所有同位素的原子结构共性，与 4C 测年的原理无关。因此，该劳动项目与所述化学知识无关联，故A符合题意 ；
B、复方氢氧化铝片作为抗酸药，是利用氢氧化铝能与胃酸（主要成分为 HCl）发生中和反应的性质，体现了 “氢氧化铝能与酸反应” 的化学知识。因此，该劳动项目与所述化学知识有关联，故B不符合题意 ；
C、用 Na2S 溶液处理含 Cu2+的污水，是利用 S2-与 Cu2+反应生成难溶的 CuS 沉淀（反应为 S2- + Cu2+ = CuS↓），从而除去重金属离子，体现了所述离子反应的化学知识。因此，该劳动项目与所述化学知识有关联，故C不符合题意 ；
D、ClO2作为自来水消毒剂，是利用其强氧化性破坏微生物结构，达到消毒目的，体现了 “ClO2具有氧化性” 的化学知识。因此，该劳动项目与所述化学知识有关联，故D不符合题意 ；
故答案为：A。【分析】A．明确 4C 测年法的原理，区分其与碳原子核外电子数的关系。
B．理解抗酸药的作用原理，明确氢氧化铝与酸的反应性质。
C．掌握重金属离子的沉淀去除原理，明确离子反应的应用。
D．明确消毒剂的消毒原理，理解氧化性在消毒中的作用。
7．【答案】D
【知识点】电极反应和电池反应方程式；金属的电化学腐蚀与防护
【解析】【解答】A、镀铝后，Al 比 Fe 活泼，Al 作负极被腐蚀，Fe 作正极被保护，因此钢铁不是负极， A错误；
B、该防护方法是 “牺牲阳极法”（活泼金属作阳极被消耗），并非 “牺牲阴极法”，B错误；
C、镀铝属于电镀，需将镀层金属（Al）接电源正极（作阳极），待镀钢材接电源负极（作阴极），C错误；
D、电化学腐蚀时，Al 作负极失电子，反应为 Al-3e-=Al3+，D正确；
故答案为：D。
【分析】A．明确 “Al 比 Fe 活泼”，镀铝后 Al 作负极，Fe 作正极被保护，判断钢铁不是负极。
B．区分 “牺牲阳极法”（活泼金属作阳极）与 “牺牲阴极法”，该法是牺牲阳极法。
C．电镀时镀层金属接正极，待镀物接负极，钢材应接电源负极。
D．负极发生失电子的氧化反应，Al 作负极的反应为 Al-3e- = Al3+。
8．【答案】B
【知识点】二氧化硫的性质；常见气体制备原理及装置选择
【解析】【解答】A．浓HNO3具有强氧化性，能将Na2SO3氧化成Na2SO4，因此不能用浓HNO3与Na2SO3固体反应制取SO2，A不正确；
B．SO2与KMnO4发生反应5SO2+2KMnO4+2H2O=K2SO4+2MnSO4+2H2SO4，其中SO2将KMnO4还原，使得溶液褪色，因此可验证SO2的还原性，B正确；
C．SO2的密度比空气大，采用排空气法收集SO2时，应采用向上排空气法，因此SO2气体应长进短出，C不正确；
D．SO2易溶于水，但难溶于饱和NaHSO3溶液，因此不能用饱和NaHSO3溶液吸收SO2尾气，D不正确；
故答案为：B
【分析】A、HNO3具有氧化性，能将Na2SO3氧化成Na2SO4。
B、KMnO4溶液褪色，体现了SO2的还原性。
C、SO2的密度比空气大，应采用向上排空气法收集。
D、SO2不溶于饱和NaHSO3溶液。
9．【答案】D
【知识点】蒸馏与分馏；分液和萃取；乙酸乙酯的制取；酸（碱）式滴定管的使用
【解析】【解答】A．正己烷(沸点69℃)和正庚烷(沸点98℃)沸点不同，可以蒸馏分离，A正确；
B．苯甲酸的溶解度随温度的升高而增大， 提纯粗苯甲酸时，趁热过滤去除不溶物，可减少损失，B正确；
C．完成乙酸乙酯制备后，可以使用分液方法分离有机相和水相，C正确；
D．应使用酸式滴定管盛放盐酸，D错误；
故答案为D。
【分析】A.蒸馏适用于分离沸点相差较大的互溶的液体混合物。
B.苯甲酸的溶解度随温度的升高而增大。
C.分液适用于分离互不相溶的液体混合物。
D.酸式滴定管下端有玻璃的活塞，碱式滴定管下端有橡皮管。
10．【答案】B
【知识点】物质的量的相关计算；阿伏加德罗常数
【解析】【解答】A、计算气体物质的量需明确是否为标准状况（0℃、101kPa）。题目中未说明 44.8L CH2=CH2处于标准状况，无法确定其物质的量，也就无法计算 π 键数目，A错误；
B、O2和 Cl2均为双原子分子，1mol O2和 Cl2的混合气体，无论两者比例如何，总原子物质的量为 2mol，原子数目为 2NA，B正确；
C、64g Cu 的物质的量为 1mol，与足量浓硝酸反应时，理论上生成 2mol NO2，但 NO2会发生可逆反应 2NO2 N2O4，导致实际 NO2分子数目小于 2NA，C错误；
D、Na2SO3溶液中，SO32-会发生水解，生成 HSO3-和 H2SO3。根据物料守恒，SO32-、HSO3-和 H2SO3的总物质的量为 0.1mol（1L×0.1mol L- ），但选项中未包含 H2SO3，因此 SO32-和 HSO3-的数目之和小于 0.1NA，D错误；
故答案为：B。
【分析】A．涉及气体体积计算时，需确认 “标准状况” 条件。
B．双原子分子的混合气体，原子数目可根据总物质的量直接计算。
C．注意可逆反应对粒子数目的影响（如 NO2与 N2O4的转化）。
D．盐类水解体系中，需结合物料守恒分析粒子数目关系，避免遗漏水解生成的弱电解质分子。
11．【答案】B
【知识点】有机物的结构和性质
【解析】【解答】A、通过数莽草酸分子中 C、H、O 原子的个数，可得其分子式为 C7H10O5，A正确；
B、莽草酸分子中存在饱和碳原子（与 4 个原子以单键相连的碳原子），饱和碳原子的空间结构为四面体，因此所有原子不可能共平面，B错误；
C、莽草酸含羟基、羧基，可发生酯化反应；含碳碳双键，可发生加成反应；碳碳双键、羟基可被氧化，且有机物可燃烧（属于氧化反应），因此能发生酯化反应、加成反应和氧化反应，C正确；
D、溴水与莽草酸的碳碳双键发生加成反应，酸性 KMnO4溶液与碳碳双键、羟基发生氧化反应，二者反应原理不同，D正确；
故答案为：B。
【分析】A．分子式的确定：需准确数出分子中 C、H、O 的原子个数。
B．原子共面判断：关注分子中是否存在饱和碳原子，饱和碳原子的四面体结构会导致原子无法共面。
C．官能团性质：羟基、羧基可发生酯化反应，碳碳双键可发生加成、氧化反应，羟基可发生氧化反应，据此判断反应类型。
D．反应原理区分：加成反应与氧化反应的本质不同，需结合试剂和官能团的反应特点分析。
12．【答案】B
【知识点】有机物的结构和性质；烯烃；有机分子中原子共线、共面的判断
【解析】【解答】A、乙苯和苯乙烯均只由碳、氢两种元素组成，符合烃（仅含 C、H 的有机化合物）的定义，A正确；
B、乙苯分子中存在饱和碳原子（与 4 个原子以单键相连的碳原子），饱和碳原子的空间结构为四面体，因此所有原子不可能共平面，B错误；
C、苯乙烯含碳碳双键，可与溴水发生加成反应使溴水褪色；乙苯与溴水不反应，因此可用溴水鉴别二者，C正确；
D、苯乙烯含碳碳双键，可发生加成反应、加聚反应；苯环上的氢原子可发生取代反应，因此能发生加成、取代、加聚反应，D正确；
故答案为：B。
【分析】A．仅含 C、H 元素的有机化合物属于烃。
B．关注分子中是否存在饱和碳原子，饱和碳原子的四面体结构会导致原子无法共面。
C．利用官能团的特征反应（如碳碳双键与溴水的加成反应）区分物质。
D．碳碳双键可发生加成、加聚反应，苯环上的氢可发生取代反应。
13．【答案】D
【知识点】“手性分子”在生命科学等方面的应用；有机物的结构和性质；醇类简介
【解析】【解答】A、手性碳是连有 4 个不同基团的碳原子，该分子中只有与 - OH 直接相连的碳原子是手性碳（连有 - OH、环、两个不同的烷基），仅 1 个手性碳， 如图所示，A错误；
B、分子中含多个饱和碳原子（如连接烷基的碳），饱和碳为四面体结构，所有碳原子无法共平面，B错误；
C、分子中羟基所连碳原子（手性碳）只连 1 个 H 原子，在铜催化下，羟基氧化生成酮羰基（而非醛羰基），但该羟基对应的结构中，手性碳上的 H 不足，实际无法被氧化为羰基（需连 2 个 H 的醇羟基才能氧化为醛基，连 1 个 H 的氧化为酮基，但此结构中手性碳仅连 1 个 H，且空间位阻大，难以氧化），C错误；
D、消去反应是羟基与相邻碳上的 H 消去生成双键，该分子中羟基相邻的 2 个碳原子（环上和烷基上）共有 3 种不同的 H 环境，消去后可得 3 种有机产物，如图所示：、、，D正确；
故答案为：D。
【分析】A．抓 “手性碳需连 4 个不同基团” 的定义，判断该分子仅 1 个手性碳。
B．依据 “饱和碳为四面体结构”，分子含多个饱和碳，无法所有碳原子共平面。
C．明确 “醇氧化为羰基的条件”（连 1 个 H 氧化为酮基、连 2 个 H 氧化为醛基），但该羟基所连碳的 H 不足且空间位阻大，实际难以氧化。
D．分析消去反应的 “相邻碳 H 环境”，羟基相邻的 2 个碳有 3 种不同 H，消去后可得 3 种产物。
14．【答案】C
【知识点】有机物的合成；有机物的结构和性质；有机分子中原子共线、共面的判断
【解析】【解答】A、红外光谱可通过不同官能团的特征吸收峰鉴别物质。水杨酸含酚羟基，阿司匹林含酯基，官能团不同，因此可用红外光谱鉴别，A正确；
B、水杨酸分子含羧基和酚羟基，可通过缩聚反应（羧基与羟基脱水缩合）形成高分子化合物，B正确；
C、阿司匹林分子含羧基、酯基。羧基与 NaOH 反应（1mol 羧基消耗 1mol NaOH）；酯基水解生成乙酸和酚羟基，乙酸与 NaOH 反应（1mol 乙酸消耗 1mol NaOH），酚羟基也与 NaOH 反应（1mol 酚羟基消耗 1mol NaOH）。因此 1mol 阿司匹林与 NaOH 溶液反应，最多消耗3mol NaOH，C错误；
D、阿司匹林分子中存在甲基（-CH3），甲基的空间结构为四面体，因此所有原子不可能共面，D正确；
故答案为：C。
【分析】A．利用不同官能团的特征吸收峰差异鉴别物质。
B．含羧基和羟基（或氨基）的物质可发生缩聚反应。
C．需考虑羧基、酯基水解产物（酚羟基、羧酸）与 NaOH 的反应。
D．含甲基（四面体结构）的分子，所有原子不可能共面。
15．【答案】D
【知识点】“手性分子”在生命科学等方面的应用；原子轨道杂化方式及杂化类型判断；有机物的结构和性质
【解析】【解答】A、通过数分子中 C、H、O 原子的个数，可得其分子式为 C15H18O3，A正确；
选项 B：手性碳原子是指连有 4 个不同原子或原子团的碳原子。分子中含有如图所示的4个手性碳原子（用*表示）：，B正确；
C、羰基、碳碳双键、酯基中的碳原子采取 sp2 杂化。经分析，该分子中 sp2 杂化的碳原子数目为 6，C正确；
D、分子中含有酯基，酯基在 NaOH 溶液中可发生水解反应，因此能与 NaOH 溶液反应，D错误；
故答案为：D。
【分析】A．准确数出分子中 C、H、O 的原子个数。
B．识别连有 4 个不同原子或原子团的碳原子。
C．明确羰基、碳碳双键、酯基中碳原子的 sp2 杂化特征。
D．掌握酯基能在碱性条件下发生水解反应。
16．【答案】D
【知识点】含有氢键的物质；有机物的结构和性质；酯化反应
【解析】【解答】A、分子中存在羟基（-OH）和羧基（-COOH），羟基的氢与羧基的氧、羧基的氢与羟基的氧之间可形成分子间氢键（-O-H…O-），A正确；
B、分子含醇羟基（-OH），可与乙酸发生酯化反应；含羧基（-COOH），可与乙醇发生酯化反应，B 正确；
C、分子含羧基（-COOH），羧基酸性强于碳酸，能与 NaHCO3溶液反应生成 CO2，C正确；
D、只有碳碳双键能与 Br2的 CCl4溶液发生加成反应。经分析，分子中含 2 个碳碳双键，因此 1mol Z 与 Br2的 CCl4溶液反应消耗2mol Br2，而非 5mol，D错误；
故答案为：D。
【分析】A．氢键形成：含羟基、羧基的分子可形成分子间氢键。
B．酯化反应：醇羟基与羧酸、羧基与醇均可发生酯化反应。
C．酸性反应：羧基酸性强于碳酸，能与 NaHCO3反应生成 CO2。
D．加成反应：碳碳双键与 Br2发生 1：1 加成，需准确判断碳碳双键的数目。
17．【答案】D
【知识点】“手性分子”在生命科学等方面的应用；原子轨道杂化方式及杂化类型判断；有机物中的官能团；有机物的结构和性质
【解析】【解答】A、手性碳原子是连有 4 个不同原子或原子团的碳原子。K 分子中，环上碳原子均为 sp2 杂化，饱和碳原子为甲基碳，无手性碳原子，A错误；
B、M 分子中，苯环和羧基的碳原子为 sp2 杂化，但甲基碳原子为 sp3 杂化，并非所有碳原子都是 sp2 杂化，B错误；
C、酸性顺序为羧基＞碳酸＞苯酚＞HCO3-，K 中含酚羟基，酚羟基酸性弱于碳酸，不能与 NaHCO3反应；M 中含羧基，羧基能与 NaHCO3反应生成 CO2，因此并非 K、M 均能与 NaHCO3反应，C错误；
D、K 中含羟基、醚键、羰基；M 中含羟基、羧基。二者共有的含氧官能团为羟基、醚键、羰基、羧基，共四种，D正确；
故答案为：D。
【分析】A．识别连有 4 个不同原子或原子团的碳原子，关注分子中碳原子的成键环境。
B．sp2 杂化碳原子通常存在于苯环、羰基中，sp3 杂化碳原子常见于饱和烷基（如甲基）。
C．根据羧基、酚羟基的酸性强弱，判断与 NaHCO3的反应可能性。
D．明确羟基、醚键、羰基、羧基的结构特征，逐一分析 K、M 的官能团组成。
18．【答案】C
【知识点】有机物的结构和性质；有机分子中原子共线、共面的判断
【解析】【解答】A、分子中存在甲基（-CH3），甲基的空间结构为四面体，因此所有原子不可能共平面，A错误；
B、分子中能与 NaOH 反应的官能团有 2 个酚羟基、1 个酚酯基、1 个羧基。酚酯基水解时，除消耗 1mol NaOH 中和羧酸外，还会生成酚羟基，额外消耗 1mol NaOH；酚羟基、羧基各消耗 1mol NaOH。因此 1mol M 最多消耗5mol NaOH，B错误；
C、M 中含羟基、羧基，可发生取代反应（如酯化反应、酚羟基的取代反应）；含苯环，可发生加成反应（如与氢气的加成反应），因此既能发生取代反应，又能发生加成反应，C正确；
D、M 中含羟基、羧基，可形成分子间氢键；同时，羟基与羧基的位置相邻，也能形成分子内氢键，D 错误；
故答案为：C。
【分析】A．含甲基（四面体结构）的分子，所有原子不可能共面。
B．需考虑酚羟基、酚酯基、羧基与 NaOH 的反应比例。
C．羟基、羧基可发生取代反应，苯环可发生加成反应。
D．羟基、羧基既可以形成分子间氢键，也可在结构相邻时形成分子内氢键。
19．【答案】C
【知识点】原子轨道杂化方式及杂化类型判断；有机物的结构和性质；烯烃
【解析】【解答】A、柠檬烯含碳碳双键，属于不饱和烃（烃分子中含双键、三键等不饱和键的烃），A正确；
B、柠檬烯中碳碳双键上的碳原子采取 sp2 杂化，饱和碳原子（以单键连接四个原子的碳原子）采取 sp3 杂化，因此所含碳原子采取 sp2 或 sp3 杂化，B正确；
C、1，4 - 加成是共轭二烯烃的特征反应，柠檬烯的两个碳碳双键不处于共轭体系，因此不能发生 1，4 - 加成，只能发生 1，2 - 加成，C错误；
D、柠檬烯含碳碳双键，能发生加聚反应（多个含双键的分子通过加成聚合形成高分子），D正确；
故答案为：C。
【分析】要解决这道题，需结合柠檬烯的结构分析其烃的类别、碳原子杂化、加成反应类型及聚合反应可能性，解题思路是逐一判断每个选项与结构特征、官能团性质的匹配性。
20．【答案】C
【知识点】乙炔炔烃；加成反应；有机分子中原子共线、共面的判断
【解析】【解答】A、苯乙炔含碳碳三键，具有还原性，能被酸性 KMnO4溶液氧化，从而使酸性 KMnO4溶液褪色，A错误；
B、苯乙炔分子中，与碳碳三键直接相连的苯环上的碳原子、碳碳三键的两个碳原子及末端氢原子可共直线， 如图所示：，分子中最多有6个原子共直线，B错误；
C、苯乙炔含苯环，苯环可发生取代反应（如卤代、硝化等）和加成反应（如与氢气加成）；含碳碳三键，可发生加成反应（如与卤素、氢气加成），因此能发生加成反应和取代反应，C正确；
D、苯乙炔属于烃类，烃类一般难溶于水，D错误；
故答案为：C。
【分析】碳碳三键能被酸性 KMnO4氧化，使溶液褪色。
B．结合苯环、碳碳三键的空间结构，分析共线原子的数目。
C．苯环可发生取代、加成反应，碳碳三键可发生加成反应。
D．掌握烃类物质通常难溶于水。
21．【答案】（1）；羟基
（2）a
（3）
（4）8
（5）
（6）加成反应
（7）
（8）
【知识点】有机物的合成；同分异构现象和同分异构体；醇类简介
【解析】【解答】（1）根据上述分析，A的结构简式为；F中官能团名称是羟基；
故答案为： ； 羟基 ；
（2）B的结构简式，在1、2号碳，3、4号碳之间存在碳碳双键，名称正确的是1，3-环己二烯，故a；
故答案为： a ；
（3）反应①为醇的消去反应其化学方程式为：；
故答案为： ；
（4）不饱和度为1，同分异构体①链状；②能发生银镜反应，含有醛基，（碳骨架，数字为醛基位置），有8种；
故答案为：8；
（5）和溴发生1，4-加成反应生成，1，2-加成反应生成；
故答案为： ；
（6）根据分析可知，D→E的反应类型是加成反应；
故答案为： 加成反应 ；
（7）③是E发生水解反应，化学反应方程式是；
故答案为： ；
（8）合成时，需要的原料是CH3COOH和CH3CH2OH，因此先把CH2=CHBr与氢气发生加成反应，再水解生成CH3CH2OH，然后连续氧化成CH3COOH，最后CH3COOH与CH3CH2OH发生酯化反应，得到目标产物，即合成路线为。
故答案为：
【分析】根据合成流程，反应①为消去反应。由产物结构逆推，原料（）经加成反应生成 A（）；反应②是卤代烃的消去反应，生成含碳碳双键的化合物 B。B 与溴发生1，4-加成生成 D，其结构为两个溴原子分别连在双键两端的饱和碳上（）；D 与氢气发生加成反应使双键饱和得到 E，E 再经水解反应生成最终产物 F。通过对每一步反应类型和结构变化的分析，可明确各物质的转化关系，以此解题。
（1）根据上述分析，A的结构简式为；F中官能团名称是羟基；
（2）B的结构简式，在1、2号碳，3、4号碳之间存在碳碳双键，名称正确的是1，3-环己二烯，故a；
（3）反应①为醇的消去反应其化学方程式为：；
（4）不饱和度为1，同分异构体①链状；②能发生银镜反应，含有醛基，（碳骨架，数字为醛基位置），有8种；
（5）和溴发生1，4-加成反应生成，1，2-加成反应生成；
（6）根据分析可知，D→E的反应类型是加成反应；
（7）③是E发生水解反应，化学反应方程式是；
（8）合成时，需要的原料是CH3COOH和CH3CH2OH，因此先把CH2=CHBr与氢气发生加成反应，再水解生成CH3CH2OH，然后连续氧化成CH3COOH，最后CH3COOH与CH3CH2OH发生酯化反应，得到目标产物，即合成路线为。
22．【答案】（1）2 氯苯酚（邻氯苯酚）；
（2）加成反应
（3）羟基、羧基、羰基（三选二）
（4）+2HCl→+2NaCl
（5）2+O22+2H2O
（6）
（7）5
（8）
【知识点】有机物中的官能团；有机物的合成；同分异构现象和同分异构体；加成反应
【解析】【解答】（1）B的结构简式为，其化学名称为2-氯苯酚（邻氯苯酚）；
根据前面分析得到C的结构简式为；
故答案为： 2 氯苯酚（邻氯苯酚） ； ；
（2）根据D和HOOCCHO反应生成E和原子守恒，由D生成E的反应类型为加成反应；
故答案为： 加成反应 ；
（3）根据F的结构简式，可知F中含氧官能团的名称为羟基、羧基、羰基；
故答案为： 羟基、羧基、羰基（三选二） ；
（4）根据分析，C经酸化得到D，可选用HCl，则化学方程式为：+2HCl→+2NaCl；
故答案为：+2HCl→+2NaCl ；
（5）E生成F是E的催化氧化反应，则反应的化学方程式为2+O22+2H2O；
故答案为： 2+O22+2H2O ；
（6）根据前面分析，G的结构简式为；
故答案为： ；
（7）分子式为C8H10O，满足存在苯环、存在醇羟基的同分异构体：当苯环上有1个取代基时，为-CH2CH2OH或-CH(OH)CH3，共2种；当苯环上有2个取代基时，为-CH2OH和-CH3，共3种；故一共有5种；
故答案为：5；
（8）根据题意和HOOCCHO反应生成，和氧气在催化剂作用下反应生成，在一定条件下反应生成，反应生成，故其合成路线为：。
故答案为： .
【分析】结合合成路线和已知反应，从产物 E 的结构逆推：A（苯酚）与 Cl2在催化剂作用下发生苯环上的取代反应，氯原子取代羟基的邻位生成 B（ 邻氯苯酚 ）；B 在 NaOH 催化下发生水解反应，生成，再经酸化得到 D（，）；D 与 OHC-COOH 发生类似已知反应的加成反应生成 E。E 经催化氧化生成 F，F 在一定条件下转化为 G（，），G 与 (CH3)2SO4在 OH-条件下发生取代反应（甲基取代酚羟基的氢）生成最终产物 H。通过对每一步反应的类型（取代、水解、加成、氧化等）和结构变化的分析，可明确各物质的转化逻辑，以此解题。
（1）B的结构简式为，其化学名称为2-氯苯酚（邻氯苯酚）；
根据前面分析得到C的结构简式为；
（2）根据D和HOOCCHO反应生成E和原子守恒，由D生成E的反应类型为加成反应；
（3）根据F的结构简式，可知F中含氧官能团的名称为羟基、羧基、羰基；
（4）根据分析，C经酸化得到D，可选用HCl，则化学方程式为：+2HCl→+2NaCl；
（5）E生成F是E的催化氧化反应，则反应的化学方程式为2+O22+2H2O；
（6）根据前面分析，G的结构简式为；
（7）分子式为C8H10O，满足存在苯环、存在醇羟基的同分异构体：当苯环上有1个取代基时，为-CH2CH2OH或-CH(OH)CH3，共2种；当苯环上有2个取代基时，为-CH2OH和-CH3，共3种；故一共有5种；
（8）根据题意和HOOCCHO反应生成，和氧气在催化剂作用下反应生成，在一定条件下反应生成，反应生成，故其合成路线为：。
1 / 1广东省惠州市惠阳区丰湖高级中学2025-2026学年高三上学期8月月考化学试题
1．（2025高三上·惠阳月考）文物是承载中华文化的血脉。下列文物的材质属于天然有机高分子的是
A． 商周石蛇 B． 蝙蝠木雕
C． 银质鎏金如意 D． 称量质量的铜秤砣
A．A B．B C．C D．D
【答案】B
【知识点】高分子材料
【解析】【解答】A、商周石蛇的材质是石头，主要成分是无机矿物质（如硅酸盐等），属于无机非金属材料，A不是有机高分子；
B、蝙蝠木雕的材质是木材，木材的主要成分是纤维素，纤维素是由葡萄糖单元构成的天然有机高分子化合物，B是天然有机高分子；
C、银质鎏金如意的材质是银、金，属于金属材料，C不是有机高分子；
D、称量质量的铜秤砣的材质是铜，属于金属材料，D不是有机高分子；
故答案为：B。
【分析】要解决这道题，需明确天然有机高分子的定义：来源于自然界，由有机高分子化合物组成的物质。然后逐一分析选项。
2．（2025高三上·惠阳月考）近年来，我国科技发展取得了巨大成就。下列说法正确的是
A．北斗技术助力生产：卫星外壳中合金的硬度比其成分金属的小
B．首款600公斤推力涡扇发动机成功点火：点火时存在化学能转化为热能
C．脑机接口融入医疗：植入式电极中的石墨烯属于烯烃
D．嫦娥六号探测器使用了压电陶瓷：压电陶瓷属于传统无机非金属材料
【答案】B
【知识点】常见能量的转化及运用；合金及其应用
【解析】【解答】 A、合金的性能优于成分金属，其硬度通常比成分金属大，而非更小，A错误；B、涡扇发动机点火时，燃料发生燃烧反应，化学能转化为热能，B正确；
C、石墨烯是由碳元素组成的单质；而烯烃是含有碳碳双键的有机化合物，二者类别完全不同，C错误；
D、压电陶瓷属于新型无机非金属材料，并非传统无机非金属材料，D错误；
故答案为：B。
【分析】分别判断每个选项中技术或材料的性质、类别及能量转化等核心知识点，进而确定说法的正误。
3．（2025高三上·惠阳月考）“化学使生活更美好”下列相关描述错误的是
A．用含NaOH的清洁剂除油污：NaOH与油脂发生皂化反应
B．蚕丝纺衣：蚕丝中的蛋白质受热后易发生变性
C．CuSO4可制备杀菌剂波尔多液，因为能使蛋白质变性
D．呈现规则多面体外形的金刚石为共价晶体
【答案】C
【知识点】原子晶体（共价晶体）；氨基酸、蛋白质的结构和性质特点；油脂的性质、组成与结构
【解析】【解答】A、NaOH 属于强碱，油脂在碱性条件下发生水解反应，该反应称为皂化反应，此反应能将油脂转化为可溶于水的物质，从而达到除油污的目的，A正确；
B、蚕丝的主要成分是蛋白质，蛋白质受热时其空间结构会被破坏，易发生变性，这一性质与蚕丝纺衣的工艺及蚕丝制品的保养密切相关，B正确；
C、波尔多液是由 CuSO4和石灰乳等配制而成，其杀菌作用是因为重金属离子 Cu2+能使细菌的蛋白质变性，并非 CuSO4单独作用的描述，C错误；
D、金刚石中碳原子之间通过共价键相互结合，形成空间网状结构，属于共价晶体，其呈现的规则多面体外形是共价晶体结构的体现，D正确；
故答案为：C。
【分析】分别对每个选项中物质的性质、反应类型及晶体类型等核心知识点进行分析，从而确定描述的正误。
4．（2025高三上·惠阳月考）民以食为天。下列说法正确的是
A．椰浆含有的椰子油属于高分子化合物
B．春笋炒肉香脆开胃，笋中的纤维素是二糖
C．马蹄粉是一种食用淀粉，与纤维素属于同分异构体
D．新鲜面包香气四溢，膨松剂碳酸氢钠可中和酸并受热分解
【答案】D
【知识点】多糖的性质和用途；探究碳酸钠与碳酸氢钠的性质；油脂的性质、组成与结构
【解析】【解答】A、椰子油属于油脂，油脂的相对分子质量较小，不属于高分子化合物，高分子化合物相对分子质量通常在一万以上，A错误；
B、纤维素是由大量葡萄糖单元通过糖苷键连接而成的多糖，并非二糖（二糖是由两个单糖分子组成，如蔗糖、麦芽糖），B错误；
C、淀粉和纤维素虽然化学式均可以表示为 (C6H10O5) n，但 n 值不同，且结构存在差异，不满足同分异构体 “分子式相同、结构不同” 的要求，不属于同分异构体，C错误；
D、碳酸氢钠作为膨松剂，一方面能与发酵产生的酸发生中和反应，另一方面受热分解产生二氧化碳气体，使面包蓬松，D正确；
故答案为：D。
【分析】分别对每个选项中物质的类别（高分子、糖类类型）、同分异构体概念及物质的化学性质进行分析，从而确定说法的正误。
5．（2025高三上·惠阳月考）实验室中利用如图所示装置进行的相关实验，其中能够达到预期目的的是
A. 制备 B. 除杂
C. 验证与的反应 D. 验证的漂白性
A．A B．B C．C D．D
【答案】C
【知识点】氯气的实验室制法；甲烷的取代反应；二氧化硫的漂白作用
【解析】【解答】A、实验室用浓盐酸和 MnO2制备 Cl2时，反应需要加热条件，而该装置未设置加热仪器，无法发生反应，A不能达到预期目的；
B、除去 Cl2中的 HCl 应选用饱和食盐水；若用饱和 NaHCO3溶液，Cl2、HCl 都会与 NaHCO3反应，且会生成 CO2杂质，B不能达到预期目的；
C、CH4与 Cl2在光照下发生取代反应，生成的 HCl 易溶于饱和食盐水，会使装置内压强减小，可观察到液面上升、气体颜色变浅及油状液滴生成，这些现象能验证反应发生，C能达到预期目的；
D、SO2使石蕊溶液变红是因为其水溶液呈酸性，这不能体现漂白性；验证 SO2的漂白性需用品红溶液（SO2能使品红溶液褪色，加热后又恢复红色），D不能达到预期目的；
故答案为：C。
【分析】分别对每个选项的反应条件、除杂试剂、反应现象及物质性质进行分析，从而确定实验能否达到预期目的。
6．（2025高三上·惠阳月考）“劳动人民是世界上最伟大的人”。下列劳动项目中与所述化学知识没有关联的是
选项 劳动项目 化学知识
A 用14C测定文物的年代 碳原子核外有6个电子
B 药物研发员：研发抗酸药复方氢氧化铝片 氢氧化铝能与酸反应
C 环保工程师：用溶液处理含的污水
D 用ClO2作自来水消毒剂 ClO2具有氧化性
A．A B．B C．C D．D
【答案】A
【知识点】氧化还原反应；难溶电解质的溶解平衡及沉淀转化的本质；元素、核素
【解析】【解答】A、用 4C 测定文物年代的原理是利用放射性同位素 4C 的半衰期，通过测量其残留量推断年代；而 “碳原子核外有 6 个电子” 是碳元素所有同位素的原子结构共性，与 4C 测年的原理无关。因此，该劳动项目与所述化学知识无关联，故A符合题意 ；
B、复方氢氧化铝片作为抗酸药，是利用氢氧化铝能与胃酸（主要成分为 HCl）发生中和反应的性质，体现了 “氢氧化铝能与酸反应” 的化学知识。因此，该劳动项目与所述化学知识有关联，故B不符合题意 ；
C、用 Na2S 溶液处理含 Cu2+的污水，是利用 S2-与 Cu2+反应生成难溶的 CuS 沉淀（反应为 S2- + Cu2+ = CuS↓），从而除去重金属离子，体现了所述离子反应的化学知识。因此，该劳动项目与所述化学知识有关联，故C不符合题意 ；
D、ClO2作为自来水消毒剂，是利用其强氧化性破坏微生物结构，达到消毒目的，体现了 “ClO2具有氧化性” 的化学知识。因此，该劳动项目与所述化学知识有关联，故D不符合题意 ；
故答案为：A。【分析】A．明确 4C 测年法的原理，区分其与碳原子核外电子数的关系。
B．理解抗酸药的作用原理，明确氢氧化铝与酸的反应性质。
C．掌握重金属离子的沉淀去除原理，明确离子反应的应用。
D．明确消毒剂的消毒原理，理解氧化性在消毒中的作用。
7．（2025高三上·惠阳月考）汽车尾气管的钢材可通过镀铝的方法来延缓腐蚀，下列说法正确的是
A．该法中钢铁为负极被保护
B．该法为牺牲阴极法
C．镀铝时将钢材与电源正极相连
D．电化学腐蚀时铝发生反应：
【答案】D
【知识点】电极反应和电池反应方程式；金属的电化学腐蚀与防护
【解析】【解答】A、镀铝后，Al 比 Fe 活泼，Al 作负极被腐蚀，Fe 作正极被保护，因此钢铁不是负极， A错误；
B、该防护方法是 “牺牲阳极法”（活泼金属作阳极被消耗），并非 “牺牲阴极法”，B错误；
C、镀铝属于电镀，需将镀层金属（Al）接电源正极（作阳极），待镀钢材接电源负极（作阴极），C错误；
D、电化学腐蚀时，Al 作负极失电子，反应为 Al-3e-=Al3+，D正确；
故答案为：D。
【分析】A．明确 “Al 比 Fe 活泼”，镀铝后 Al 作负极，Fe 作正极被保护，判断钢铁不是负极。
B．区分 “牺牲阳极法”（活泼金属作阳极）与 “牺牲阴极法”，该法是牺牲阳极法。
C．电镀时镀层金属接正极，待镀物接负极，钢材应接电源负极。
D．负极发生失电子的氧化反应，Al 作负极的反应为 Al-3e- = Al3+。
8．（2025高三上·惠阳月考）大约4000年前，埃及人采用硫燃烧的产物来漂白白布匹。兴趣小组利用以下装置进行实验。其中能达到相应目的的是
A．用甲制取SO2 B．用乙验证SO2的还原性
C．用丙收集SO2 D．用丁处理实验室SO2尾气
【答案】B
【知识点】二氧化硫的性质；常见气体制备原理及装置选择
【解析】【解答】A．浓HNO3具有强氧化性，能将Na2SO3氧化成Na2SO4，因此不能用浓HNO3与Na2SO3固体反应制取SO2，A不正确；
B．SO2与KMnO4发生反应5SO2+2KMnO4+2H2O=K2SO4+2MnSO4+2H2SO4，其中SO2将KMnO4还原，使得溶液褪色，因此可验证SO2的还原性，B正确；
C．SO2的密度比空气大，采用排空气法收集SO2时，应采用向上排空气法，因此SO2气体应长进短出，C不正确；
D．SO2易溶于水，但难溶于饱和NaHSO3溶液，因此不能用饱和NaHSO3溶液吸收SO2尾气，D不正确；
故答案为：B
【分析】A、HNO3具有氧化性，能将Na2SO3氧化成Na2SO4。
B、KMnO4溶液褪色，体现了SO2的还原性。
C、SO2的密度比空气大，应采用向上排空气法收集。
D、SO2不溶于饱和NaHSO3溶液。
9．（2025高三上·惠阳月考）为达到相应实验目的，下图所示实验装置不合理的是
A．图甲：分离正己烷(沸点69℃)和正庚烷(沸点98℃)
B．图乙：提纯粗苯甲酸时，趁热过滤去除不溶物
C．图丙：完成乙酸乙酯制备后，分离有机相和水相
D．图丁：用盐酸标准液滴定未知浓度的NaOH溶液
【答案】D
【知识点】蒸馏与分馏；分液和萃取；乙酸乙酯的制取；酸（碱）式滴定管的使用
【解析】【解答】A．正己烷(沸点69℃)和正庚烷(沸点98℃)沸点不同，可以蒸馏分离，A正确；
B．苯甲酸的溶解度随温度的升高而增大， 提纯粗苯甲酸时，趁热过滤去除不溶物，可减少损失，B正确；
C．完成乙酸乙酯制备后，可以使用分液方法分离有机相和水相，C正确；
D．应使用酸式滴定管盛放盐酸，D错误；
故答案为D。
【分析】A.蒸馏适用于分离沸点相差较大的互溶的液体混合物。
B.苯甲酸的溶解度随温度的升高而增大。
C.分液适用于分离互不相溶的液体混合物。
D.酸式滴定管下端有玻璃的活塞，碱式滴定管下端有橡皮管。
10．（2025高三上·惠阳月考）设NA为阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是
A．中键的数目为2NA
B．和的混合气体含有的原子数目为2NA
C．与足量浓硝酸反应，生成的分子的数目为4NA
D．溶液中，和的数目之和为0.1NA
【答案】B
【知识点】物质的量的相关计算；阿伏加德罗常数
【解析】【解答】A、计算气体物质的量需明确是否为标准状况（0℃、101kPa）。题目中未说明 44.8L CH2=CH2处于标准状况，无法确定其物质的量，也就无法计算 π 键数目，A错误；
B、O2和 Cl2均为双原子分子，1mol O2和 Cl2的混合气体，无论两者比例如何，总原子物质的量为 2mol，原子数目为 2NA，B正确；
C、64g Cu 的物质的量为 1mol，与足量浓硝酸反应时，理论上生成 2mol NO2，但 NO2会发生可逆反应 2NO2 N2O4，导致实际 NO2分子数目小于 2NA，C错误；
D、Na2SO3溶液中，SO32-会发生水解，生成 HSO3-和 H2SO3。根据物料守恒，SO32-、HSO3-和 H2SO3的总物质的量为 0.1mol（1L×0.1mol L- ），但选项中未包含 H2SO3，因此 SO32-和 HSO3-的数目之和小于 0.1NA，D错误；
故答案为：B。
【分析】A．涉及气体体积计算时，需确认 “标准状况” 条件。
B．双原子分子的混合气体，原子数目可根据总物质的量直接计算。
C．注意可逆反应对粒子数目的影响（如 NO2与 N2O4的转化）。
D．盐类水解体系中，需结合物料守恒分析粒子数目关系，避免遗漏水解生成的弱电解质分子。
11．（2025高三上·惠阳月考）莽草酸(如图)是一种重要的医药中间体，下列说法错误的是
A．分子式为C7H10O5
B．所有原子均共平面
C．可以发生酯化反应、加成反应和氧化反应
D．与溴水和酸性KMnO4溶液反应的原理不同
【答案】B
【知识点】有机物的结构和性质
【解析】【解答】A、通过数莽草酸分子中 C、H、O 原子的个数，可得其分子式为 C7H10O5，A正确；
B、莽草酸分子中存在饱和碳原子（与 4 个原子以单键相连的碳原子），饱和碳原子的空间结构为四面体，因此所有原子不可能共平面，B错误；
C、莽草酸含羟基、羧基，可发生酯化反应；含碳碳双键，可发生加成反应；碳碳双键、羟基可被氧化，且有机物可燃烧（属于氧化反应），因此能发生酯化反应、加成反应和氧化反应，C正确；
D、溴水与莽草酸的碳碳双键发生加成反应，酸性 KMnO4溶液与碳碳双键、羟基发生氧化反应，二者反应原理不同，D正确；
故答案为：B。
【分析】A．分子式的确定：需准确数出分子中 C、H、O 的原子个数。
B．原子共面判断：关注分子中是否存在饱和碳原子，饱和碳原子的四面体结构会导致原子无法共面。
C．官能团性质：羟基、羧基可发生酯化反应，碳碳双键可发生加成、氧化反应，羟基可发生氧化反应，据此判断反应类型。
D．反应原理区分：加成反应与氧化反应的本质不同，需结合试剂和官能团的反应特点分析。
12．（2025高三上·惠阳月考）工业上用乙苯制苯乙烯：。下列说法错误的是
A．乙苯和苯乙烯均属于烃
B．乙苯中所有原子共平面
C．可用溴水鉴别乙苯和苯乙烯
D．苯乙烯可以发生加成、取代、加聚反应
【答案】B
【知识点】有机物的结构和性质；烯烃；有机分子中原子共线、共面的判断
【解析】【解答】A、乙苯和苯乙烯均只由碳、氢两种元素组成，符合烃（仅含 C、H 的有机化合物）的定义，A正确；
B、乙苯分子中存在饱和碳原子（与 4 个原子以单键相连的碳原子），饱和碳原子的空间结构为四面体，因此所有原子不可能共平面，B错误；
C、苯乙烯含碳碳双键，可与溴水发生加成反应使溴水褪色；乙苯与溴水不反应，因此可用溴水鉴别二者，C正确；
D、苯乙烯含碳碳双键，可发生加成反应、加聚反应；苯环上的氢原子可发生取代反应，因此能发生加成、取代、加聚反应，D正确；
故答案为：B。
【分析】A．仅含 C、H 元素的有机化合物属于烃。
B．关注分子中是否存在饱和碳原子，饱和碳原子的四面体结构会导致原子无法共面。
C．利用官能团的特征反应（如碳碳双键与溴水的加成反应）区分物质。
D．碳碳双键可发生加成、加聚反应，苯环上的氢可发生取代反应。
13．（2025高三上·惠阳月考）苦水玫瑰用途广泛，素有“金花”之美誉。从苦水玫瑰中提炼的玫瑰精油，堪称液体黄金，是制作香水等化妆品的原料。玫瑰精油成分之一的结构简式如图，下列说法正确的是
A．该分子含2个手性碳原子
B．该分子所有碳原子共平面
C．在铜催化下，分子中羟基可被氧化为羰基
D．该物质发生消去反应可得3种有机产物
【答案】D
【知识点】“手性分子”在生命科学等方面的应用；有机物的结构和性质；醇类简介
【解析】【解答】A、手性碳是连有 4 个不同基团的碳原子，该分子中只有与 - OH 直接相连的碳原子是手性碳（连有 - OH、环、两个不同的烷基），仅 1 个手性碳， 如图所示，A错误；
B、分子中含多个饱和碳原子（如连接烷基的碳），饱和碳为四面体结构，所有碳原子无法共平面，B错误；
C、分子中羟基所连碳原子（手性碳）只连 1 个 H 原子，在铜催化下，羟基氧化生成酮羰基（而非醛羰基），但该羟基对应的结构中，手性碳上的 H 不足，实际无法被氧化为羰基（需连 2 个 H 的醇羟基才能氧化为醛基，连 1 个 H 的氧化为酮基，但此结构中手性碳仅连 1 个 H，且空间位阻大，难以氧化），C错误；
D、消去反应是羟基与相邻碳上的 H 消去生成双键，该分子中羟基相邻的 2 个碳原子（环上和烷基上）共有 3 种不同的 H 环境，消去后可得 3 种有机产物，如图所示：、、，D正确；
故答案为：D。
【分析】A．抓 “手性碳需连 4 个不同基团” 的定义，判断该分子仅 1 个手性碳。
B．依据 “饱和碳为四面体结构”，分子含多个饱和碳，无法所有碳原子共平面。
C．明确 “醇氧化为羰基的条件”（连 1 个 H 氧化为酮基、连 2 个 H 氧化为醛基），但该羟基所连碳的 H 不足且空间位阻大，实际难以氧化。
D．分析消去反应的 “相邻碳 H 环境”，羟基相邻的 2 个碳有 3 种不同 H，消去后可得 3 种产物。
14．（2025高三上·惠阳月考）阿司匹林是常见的抗炎药物。
下列说法不正确的是
A．可用红外光谱鉴别水杨酸和阿司匹林
B．水杨酸可发生缩聚反应
C．1mol阿司匹林与NaOH溶液反应，最多消耗2molNaOH
D．阿司匹林分子中所有原子不共面
【答案】C
【知识点】有机物的合成；有机物的结构和性质；有机分子中原子共线、共面的判断
【解析】【解答】A、红外光谱可通过不同官能团的特征吸收峰鉴别物质。水杨酸含酚羟基，阿司匹林含酯基，官能团不同，因此可用红外光谱鉴别，A正确；
B、水杨酸分子含羧基和酚羟基，可通过缩聚反应（羧基与羟基脱水缩合）形成高分子化合物，B正确；
C、阿司匹林分子含羧基、酯基。羧基与 NaOH 反应（1mol 羧基消耗 1mol NaOH）；酯基水解生成乙酸和酚羟基，乙酸与 NaOH 反应（1mol 乙酸消耗 1mol NaOH），酚羟基也与 NaOH 反应（1mol 酚羟基消耗 1mol NaOH）。因此 1mol 阿司匹林与 NaOH 溶液反应，最多消耗3mol NaOH，C错误；
D、阿司匹林分子中存在甲基（-CH3），甲基的空间结构为四面体，因此所有原子不可能共面，D正确；
故答案为：C。
【分析】A．利用不同官能团的特征吸收峰差异鉴别物质。
B．含羧基和羟基（或氨基）的物质可发生缩聚反应。
C．需考虑羧基、酯基水解产物（酚羟基、羧酸）与 NaOH 的反应。
D．含甲基（四面体结构）的分子，所有原子不可能共面。
15．（2025高三上·惠阳月考）中医药学是中国传统文化的瑰宝。山道年是一种蒿类植物提取物，有驱虫功能，其结构如图所示。下列关于该分子的说法错误的是
A．分子式为 B．手性碳原子数目为4
C．杂化的碳原子数目为6 D．不能与溶液发生反应
【答案】D
【知识点】“手性分子”在生命科学等方面的应用；原子轨道杂化方式及杂化类型判断；有机物的结构和性质
【解析】【解答】A、通过数分子中 C、H、O 原子的个数，可得其分子式为 C15H18O3，A正确；
选项 B：手性碳原子是指连有 4 个不同原子或原子团的碳原子。分子中含有如图所示的4个手性碳原子（用*表示）：，B正确；
C、羰基、碳碳双键、酯基中的碳原子采取 sp2 杂化。经分析，该分子中 sp2 杂化的碳原子数目为 6，C正确；
D、分子中含有酯基，酯基在 NaOH 溶液中可发生水解反应，因此能与 NaOH 溶液反应，D错误；
故答案为：D。
【分析】A．准确数出分子中 C、H、O 的原子个数。
B．识别连有 4 个不同原子或原子团的碳原子。
C．明确羰基、碳碳双键、酯基中碳原子的 sp2 杂化特征。
D．掌握酯基能在碱性条件下发生水解反应。
16．（2025高三上·惠阳月考）化合物Z是某真菌的成分之一，结构如图。下列有关该物质说法错误的是
A．可形成分子间氢键
B．与乙酸、乙醇均能发生酯化反应
C．能与溶液反应生成
D．与的溶液反应消耗
【答案】D
【知识点】含有氢键的物质；有机物的结构和性质；酯化反应
【解析】【解答】A、分子中存在羟基（-OH）和羧基（-COOH），羟基的氢与羧基的氧、羧基的氢与羟基的氧之间可形成分子间氢键（-O-H…O-），A正确；
B、分子含醇羟基（-OH），可与乙酸发生酯化反应；含羧基（-COOH），可与乙醇发生酯化反应，B 正确；
C、分子含羧基（-COOH），羧基酸性强于碳酸，能与 NaHCO3溶液反应生成 CO2，C正确；
D、只有碳碳双键能与 Br2的 CCl4溶液发生加成反应。经分析，分子中含 2 个碳碳双键，因此 1mol Z 与 Br2的 CCl4溶液反应消耗2mol Br2，而非 5mol，D错误；
故答案为：D。
【分析】A．氢键形成：含羟基、羧基的分子可形成分子间氢键。
B．酯化反应：醇羟基与羧酸、羧基与醇均可发生酯化反应。
C．酸性反应：羧基酸性强于碳酸，能与 NaHCO3反应生成 CO2。
D．加成反应：碳碳双键与 Br2发生 1：1 加成，需准确判断碳碳双键的数目。
17．（2025高三上·惠阳月考）丁香挥发油中含丁香色原酮(K)、香草酸(M)，其结构简式如下：
下列说法正确的是
A．K中含手性碳原子 B．M中碳原子都是杂化
C．K、M均能与反应 D．K、M共有四种含氧官能团
【答案】D
【知识点】“手性分子”在生命科学等方面的应用；原子轨道杂化方式及杂化类型判断；有机物中的官能团；有机物的结构和性质
【解析】【解答】A、手性碳原子是连有 4 个不同原子或原子团的碳原子。K 分子中，环上碳原子均为 sp2 杂化，饱和碳原子为甲基碳，无手性碳原子，A错误；
B、M 分子中，苯环和羧基的碳原子为 sp2 杂化，但甲基碳原子为 sp3 杂化，并非所有碳原子都是 sp2 杂化，B错误；
C、酸性顺序为羧基＞碳酸＞苯酚＞HCO3-，K 中含酚羟基，酚羟基酸性弱于碳酸，不能与 NaHCO3反应；M 中含羧基，羧基能与 NaHCO3反应生成 CO2，因此并非 K、M 均能与 NaHCO3反应，C错误；
D、K 中含羟基、醚键、羰基；M 中含羟基、羧基。二者共有的含氧官能团为羟基、醚键、羰基、羧基，共四种，D正确；
故答案为：D。
【分析】A．识别连有 4 个不同原子或原子团的碳原子，关注分子中碳原子的成键环境。
B．sp2 杂化碳原子通常存在于苯环、羰基中，sp3 杂化碳原子常见于饱和烷基（如甲基）。
C．根据羧基、酚羟基的酸性强弱，判断与 NaHCO3的反应可能性。
D．明确羟基、醚键、羰基、羧基的结构特征，逐一分析 K、M 的官能团组成。
18．（2025高三上·惠阳月考）化合物M是从红树林真菌代谢物中分离得到的一种天然产物，其结构如图所示。下列有关M的说法正确的是
A．分子中所有的原子可能共平面
B．最多能消耗
C．既能发生取代反应，又能发生加成反应
D．能形成分子间氢键，但不能形成分子内氢键
【答案】C
【知识点】有机物的结构和性质；有机分子中原子共线、共面的判断
【解析】【解答】A、分子中存在甲基（-CH3），甲基的空间结构为四面体，因此所有原子不可能共平面，A错误；
B、分子中能与 NaOH 反应的官能团有 2 个酚羟基、1 个酚酯基、1 个羧基。酚酯基水解时，除消耗 1mol NaOH 中和羧酸外，还会生成酚羟基，额外消耗 1mol NaOH；酚羟基、羧基各消耗 1mol NaOH。因此 1mol M 最多消耗5mol NaOH，B错误；
C、M 中含羟基、羧基，可发生取代反应（如酯化反应、酚羟基的取代反应）；含苯环，可发生加成反应（如与氢气的加成反应），因此既能发生取代反应，又能发生加成反应，C正确；
D、M 中含羟基、羧基，可形成分子间氢键；同时，羟基与羧基的位置相邻，也能形成分子内氢键，D 错误；
故答案为：C。
【分析】A．含甲基（四面体结构）的分子，所有原子不可能共面。
B．需考虑酚羟基、酚酯基、羧基与 NaOH 的反应比例。
C．羟基、羧基可发生取代反应，苯环可发生加成反应。
D．羟基、羧基既可以形成分子间氢键，也可在结构相邻时形成分子内氢键。
19．（2025高三上·惠阳月考）柠檬烯是芳香植物和水果中的常见组分。下列有关它的说法错误的是
A．属于不饱和烃
B．所含碳原子采取或杂化
C．与氯气能发生1，2-加成和1.4-加成
D．可发生聚合反应
【答案】C
【知识点】原子轨道杂化方式及杂化类型判断；有机物的结构和性质；烯烃
【解析】【解答】A、柠檬烯含碳碳双键，属于不饱和烃（烃分子中含双键、三键等不饱和键的烃），A正确；
B、柠檬烯中碳碳双键上的碳原子采取 sp2 杂化，饱和碳原子（以单键连接四个原子的碳原子）采取 sp3 杂化，因此所含碳原子采取 sp2 或 sp3 杂化，B正确；
C、1，4 - 加成是共轭二烯烃的特征反应，柠檬烯的两个碳碳双键不处于共轭体系，因此不能发生 1，4 - 加成，只能发生 1，2 - 加成，C错误；
D、柠檬烯含碳碳双键，能发生加聚反应（多个含双键的分子通过加成聚合形成高分子），D正确；
故答案为：C。
【分析】要解决这道题，需结合柠檬烯的结构分析其烃的类别、碳原子杂化、加成反应类型及聚合反应可能性，解题思路是逐一判断每个选项与结构特征、官能团性质的匹配性。
20．（2025高三上·惠阳月考）下列关于苯乙炔()的说法正确的是
A．不能使酸性KMnO4溶液褪色 B．分子中最多有4个原子共直线
C．能发生加成反应和取代反应 D．可溶于水
【答案】C
【知识点】乙炔炔烃；加成反应；有机分子中原子共线、共面的判断
【解析】【解答】A、苯乙炔含碳碳三键，具有还原性，能被酸性 KMnO4溶液氧化，从而使酸性 KMnO4溶液褪色，A错误；
B、苯乙炔分子中，与碳碳三键直接相连的苯环上的碳原子、碳碳三键的两个碳原子及末端氢原子可共直线， 如图所示：，分子中最多有6个原子共直线，B错误；
C、苯乙炔含苯环，苯环可发生取代反应（如卤代、硝化等）和加成反应（如与氢气加成）；含碳碳三键，可发生加成反应（如与卤素、氢气加成），因此能发生加成反应和取代反应，C正确；
D、苯乙炔属于烃类，烃类一般难溶于水，D错误；
故答案为：C。
【分析】碳碳三键能被酸性 KMnO4氧化，使溶液褪色。
B．结合苯环、碳碳三键的空间结构，分析共线原子的数目。
C．苯环可发生取代、加成反应，碳碳三键可发生加成反应。
D．掌握烃类物质通常难溶于水。
21．（2025高三上·惠阳月考）1，4—环己二醇(有机物F)是重要的医药中间体和新材料单体，可通过以下流程制备。
完成下列填空：
（1）写出A的结构简式　 　，F中官能团名称是　 　。
（2）下列B的名称正确的是　 　。
a.1，3-环己二烯 b.2，4-环己二烯 c.1，4-环己二烯
（3）写出反应①的化学方程式　 　。
（4）的符合下列条件的同分异构体有　 　种。
①链状 ②能发生银镜反应
（5）写出B与按1：1加成的两种产物的结构简式　 　。
（6）D→E的反应类型是　 　。
（7）反应③的化学反应方程式是　 　。
（8）写出由合成的路线　 　(无机试剂任选)。
【答案】（1）；羟基
（2）a
（3）
（4）8
（5）
（6）加成反应
（7）
（8）
【知识点】有机物的合成；同分异构现象和同分异构体；醇类简介
【解析】【解答】（1）根据上述分析，A的结构简式为；F中官能团名称是羟基；
故答案为： ； 羟基 ；
（2）B的结构简式，在1、2号碳，3、4号碳之间存在碳碳双键，名称正确的是1，3-环己二烯，故a；
故答案为： a ；
（3）反应①为醇的消去反应其化学方程式为：；
故答案为： ；
（4）不饱和度为1，同分异构体①链状；②能发生银镜反应，含有醛基，（碳骨架，数字为醛基位置），有8种；
故答案为：8；
（5）和溴发生1，4-加成反应生成，1，2-加成反应生成；
故答案为： ；
（6）根据分析可知，D→E的反应类型是加成反应；
故答案为： 加成反应 ；
（7）③是E发生水解反应，化学反应方程式是；
故答案为： ；
（8）合成时，需要的原料是CH3COOH和CH3CH2OH，因此先把CH2=CHBr与氢气发生加成反应，再水解生成CH3CH2OH，然后连续氧化成CH3COOH，最后CH3COOH与CH3CH2OH发生酯化反应，得到目标产物，即合成路线为。
故答案为：
【分析】根据合成流程，反应①为消去反应。由产物结构逆推，原料（）经加成反应生成 A（）；反应②是卤代烃的消去反应，生成含碳碳双键的化合物 B。B 与溴发生1，4-加成生成 D，其结构为两个溴原子分别连在双键两端的饱和碳上（）；D 与氢气发生加成反应使双键饱和得到 E，E 再经水解反应生成最终产物 F。通过对每一步反应类型和结构变化的分析，可明确各物质的转化关系，以此解题。
（1）根据上述分析，A的结构简式为；F中官能团名称是羟基；
（2）B的结构简式，在1、2号碳，3、4号碳之间存在碳碳双键，名称正确的是1，3-环己二烯，故a；
（3）反应①为醇的消去反应其化学方程式为：；
（4）不饱和度为1，同分异构体①链状；②能发生银镜反应，含有醛基，（碳骨架，数字为醛基位置），有8种；
（5）和溴发生1，4-加成反应生成，1，2-加成反应生成；
（6）根据分析可知，D→E的反应类型是加成反应；
（7）③是E发生水解反应，化学反应方程式是；
（8）合成时，需要的原料是CH3COOH和CH3CH2OH，因此先把CH2=CHBr与氢气发生加成反应，再水解生成CH3CH2OH，然后连续氧化成CH3COOH，最后CH3COOH与CH3CH2OH发生酯化反应，得到目标产物，即合成路线为。
22．（2025高三上·惠阳月考）化合物H是一种重要的合成香料，也是一种重要的医药中间体和化工原料，其一种合成路线如图所示。
已知：+R-CHO→
回答下列问题：
（1）B的化学名称为　 　，C的结构简式为　 　。
（2）由D生成E的反应类型为　 　。
（3）写出F中两个含氧官能团的名称为　 　。
（4）由C生成D的化学方程式为　 　。
（5）由E生成F的化学方程式为　 　。
（6）G的结构简式为　 　。
（7）分子式为C8H10O，在其同分异构体中同时满足下列条件的有　 　种。
a．存在苯环；b．存在醇羟基。
（8）已知 OH是邻对位定位基，根据题干信息，写出由制备的合成路线　 　(其他试剂任选)。
【答案】（1）2 氯苯酚（邻氯苯酚）；
（2）加成反应
（3）羟基、羧基、羰基（三选二）
（4）+2HCl→+2NaCl
（5）2+O22+2H2O
（6）
（7）5
（8）
【知识点】有机物中的官能团；有机物的合成；同分异构现象和同分异构体；加成反应
【解析】【解答】（1）B的结构简式为，其化学名称为2-氯苯酚（邻氯苯酚）；
根据前面分析得到C的结构简式为；
故答案为： 2 氯苯酚（邻氯苯酚） ； ；
（2）根据D和HOOCCHO反应生成E和原子守恒，由D生成E的反应类型为加成反应；
故答案为： 加成反应 ；
（3）根据F的结构简式，可知F中含氧官能团的名称为羟基、羧基、羰基；
故答案为： 羟基、羧基、羰基（三选二） ；
（4）根据分析，C经酸化得到D，可选用HCl，则化学方程式为：+2HCl→+2NaCl；
故答案为：+2HCl→+2NaCl ；
（5）E生成F是E的催化氧化反应，则反应的化学方程式为2+O22+2H2O；
故答案为： 2+O22+2H2O ；
（6）根据前面分析，G的结构简式为；
故答案为： ；
（7）分子式为C8H10O，满足存在苯环、存在醇羟基的同分异构体：当苯环上有1个取代基时，为-CH2CH2OH或-CH(OH)CH3，共2种；当苯环上有2个取代基时，为-CH2OH和-CH3，共3种；故一共有5种；
故答案为：5；
（8）根据题意和HOOCCHO反应生成，和氧气在催化剂作用下反应生成，在一定条件下反应生成，反应生成，故其合成路线为：。
故答案为： .
【分析】结合合成路线和已知反应，从产物 E 的结构逆推：A（苯酚）与 Cl2在催化剂作用下发生苯环上的取代反应，氯原子取代羟基的邻位生成 B（ 邻氯苯酚 ）；B 在 NaOH 催化下发生水解反应，生成，再经酸化得到 D（，）；D 与 OHC-COOH 发生类似已知反应的加成反应生成 E。E 经催化氧化生成 F，F 在一定条件下转化为 G（，），G 与 (CH3)2SO4在 OH-条件下发生取代反应（甲基取代酚羟基的氢）生成最终产物 H。通过对每一步反应的类型（取代、水解、加成、氧化等）和结构变化的分析，可明确各物质的转化逻辑，以此解题。
（1）B的结构简式为，其化学名称为2-氯苯酚（邻氯苯酚）；
根据前面分析得到C的结构简式为；
（2）根据D和HOOCCHO反应生成E和原子守恒，由D生成E的反应类型为加成反应；
（3）根据F的结构简式，可知F中含氧官能团的名称为羟基、羧基、羰基；
（4）根据分析，C经酸化得到D，可选用HCl，则化学方程式为：+2HCl→+2NaCl；
（5）E生成F是E的催化氧化反应，则反应的化学方程式为2+O22+2H2O；
（6）根据前面分析，G的结构简式为；
（7）分子式为C8H10O，满足存在苯环、存在醇羟基的同分异构体：当苯环上有1个取代基时，为-CH2CH2OH或-CH(OH)CH3，共2种；当苯环上有2个取代基时，为-CH2OH和-CH3，共3种；故一共有5种；
（8）根据题意和HOOCCHO反应生成，和氧气在催化剂作用下反应生成，在一定条件下反应生成，反应生成，故其合成路线为：。
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