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浙江省杭州市闻涛中学2025-2026学年第一学期九年级阶段性评估 科学试题卷（全册）
1．（2025九上·杭州月考） 2025年9月3日，纪念中国人民抗日战争暨世界反法西斯战争胜利80周年阅兵式上，某新型隐身巡航导弹首次公开亮相。该导弹突防能力强，难以拦截。如图所示为其飞行路线图，OF为发射升空段，发动机点火，导弹加速升空并穿出大气层；FI为俯冲加速段，发动机关闭，导弹向下俯冲被加速至超高速；I之后为巡航阶段，主发动机推力与阻力平衡，弹翼升力与重力平衡，实现远距离巡航飞行，最终精确命中目标。下列关于该巡航导弹飞行过程的说法正确的是（　　）
A．发射升空阶段，动能增大，重力势能增大
B．G点到H点的过程中，重力势能转化为动能，机械能增大
C．巡航阶段，发动机推力对导弹不做功
D．整个飞行过程中，导弹的机械能总量保持不变
2．（2025九上·杭州月考）如图甲所示，同一木块放在同一水平面上，先后两次沿水平方向拉动木块使其做匀速直线运动。第1次拉动木块的s-t图像和第2次拉动木块的v-t图像分别如图乙和图丙所示。下列说法正确的是（　　）
A．两次的摩擦力大小f1>f2
B．两次的拉力大小关系是F1>F2
C．经过相同时间，两次拉力做功的关系是W1=W2
D．两次拉力做功功率的关系是P1＜P2
3．（2025九上·杭州月考）建筑工地上需要将一批材料从低处匀速提到高处，实践活动小组的同学们设计了甲、乙、丙、丁四种简单机械，在不计机械自重及摩擦的情况下，以下是对他们的设计进行评估，其中正确的是（　　）
A．甲机械中物体挂于杆的中点，按图中F拉起杠杆可以省一半的力
B．乙机械中三个力大小相同
C．丙机械中物体匀速沿斜面向上运动时，物体受到斜面的摩擦力等于拉力F
D．丁机械可以改变拉力的方向
4．（2025九上·杭州月考）如图所示是某汽车发动机的压缩冲程的示意图。在活塞向上运动的过程中，下列说法正确的是（　　）
A．图中所示为做功冲程 B．气缸内气体内能增大
C．气缸内气体密度减小 D．气缸内气体的分子热运动减慢
5．（2025九上·杭州月考）下列有关家用电器的说法中，合理的是（　　）
A．电能的单位是W
B．单独把电扇接入电路时，1h耗电约为1kW h
C．“PZ220﹣40”灯泡比“PZ220﹣60”的灯泡的电阻大
D．两铭牌均为“220V 1500W”的空调和电炉正常工作1h产生的热量一样多
6．（2025九上·杭州月考）如图所示电源电压保持不变，R1的阻值为6Ω，闭合开关S，当滑片P置于变阻器的中点时，电压表的示数为4V；当滑片P置于变阻器的b端时，电压表的示数变化了2V，在10s内定值电阻R1产生的热量为60J，下列结果正确的是（　　）
A．电路中的最大电流为1A
B．R1先后两次消耗的电功率之比为16：9
C．滑动变阻器最大阻值为9Ω
D．电源电压为10V
7．（2025九上·杭州月考）如图用酒精灯加热弯曲的钢棒，发现杯内水的温度会　 　（填“升高”或“降低”），这一实验表明用　 　的方法可以使物体的内能发生改变．
8．（2025九上·杭州月考）小华家电能表的表盘如图甲所示，它的示数是　 　 kW h，该电能表所接用电器的总功率不得超过　 　W。小华关闭了家中的其他用电器，只让电热水壶工作5min，电能表的指示灯闪烁400次，则电热水壶的实际电功率为 　 　 W。
9．（2025九上·杭州月考）如图所示为蹦极运动的简化示意图，弹性绳一端系在运动员双脚上，另一端固定在跳台O点。运动员由静止开始自由下落，A点处弹性绳正好处于原长；B点处运动员受到的重力与弹性绳对运动员的拉力大小相等；C点处是蹦极运动员到达的最低点。整个过程忽略空气阻力，弹性绳的自重不计，请用“增大”“减小”“不变”“先增大后减小” 或“先减小后增大”填空。
（1）从O点到A点的过程中，运动员的机械能　 　。
（2）从A点到C点的过程中，弹性绳的弹性势能　 　。
（3）从A点到C点的过程中，运动员的动能　 　。
10．（2025九上·杭州月考）在“探究杠杆平衡条件的实验”中：
（1）实验前，杠杆如图甲所示，此时杠杆处于　 　 （选填“平衡”或“非平衡”）状态。使杠杆在水平位置平衡的目的是 　 　。
（2）如图乙所示，杠杆上的刻度均匀，在A点挂4个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在B点挂　 　个相同的钩码；当杠杆平衡后，将A、B两点下方所挂的钩码同时朝远离支点O方向移动一小格 　 　 （选填“能”或“不能”）在水平位置保持平衡；
（3）如图丙所示，若不在B点挂钩码，改用弹簧测力计在B点向下拉杠杆，当测力计从a位置转到b位置时，其示数大小将 　 　 （选填“变大”“变小”“不变”）；
（4）本实验中多次实验的目的是 ____。
A．求平均值减小误差 B．避免偶然因素，寻求普遍规律
11．（2025九上·杭州月考）在测定“小灯泡电功率”的实验中，小明所在的实验小组用的电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V。他们所设计的实验电路如图甲所示：
（1）连接好电路图后，闭合开关，电压表有示数，而电流表无示数，可能是小灯泡　 　（填“短路”或“断路”）
（2）正确操作后，小明同学闭合开关，电压表示数如图乙所示，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向 　 　（选填“左”或“右”）端移动，使电压表的示数为 　 　V；
（3）小丽同学移动滑片P、记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I﹣U图像，根据图像信息，可计算出小灯泡的额定功率是 　 　W；
（4）为了成功测出小灯泡的额定功率，该实验中滑动变阻器的最大阻值至少为 　 　 Ω；
12．（2025九上·杭州月考）一台电热饮水机的铭牌如表所示，其内部简化电路如图所示。饮水机有加热和保温两种工作状态，和均为电热丝，可在电流通过时产生热量并被水吸收，且阻值保持不变。则：
××牌饮水机
额定电压 220V
额定功率 加热档 1100W
保温档 44W
电源频率 50Hz
（1）开关S断开的时候饮水机处于　 　档；（选填“加热”或“保温”）
（2）求的阻值。
（3）电热饮水机处于加热档时，饮水机的加热效率为90%，则将1.5L的水从23℃加热到100℃需要多长时间？[]
13．（2025九上·杭州月考）如图所示是利用汽车液压起重机从矿井中提升重物的情景。起重机起动时滑轮组将重物竖直向上匀速提起，其中d是柱塞，可向上支撑起重臂abc。重物M重12000N，动滑轮重为3000N，不计摩擦和滑轮组上钢丝绳重。
（1）当柱塞向上，起重臂abc绕固定端a转动时，起重臂abc是　 　力杠杆（填“省”或“费”）。
（2）求滑轮组的机械效率。
（3）当重物以0.4m/s的速度匀速上升时，求钢丝绳自由端上作用力F的功率。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】力是否做功的判断；动能的影响因素；动能和势能的转化与守恒；机械能守恒
【解析】【分析】重力势能与物体的质量和高度有关，质量越大、高度越高，重力势能越大。
动能与物体的质量和速度有关，质量越大，速度越大，动能越大。
【解答】A、升空时速度变大，动能变大，高度变高，可知重力势能变大，故A正确；
B、G到H，没有空气阻力，机械能守恒，高度变低，速度变大，重力势能转化为动能，故B错误；
C、巡航阶段，导弹在推力的方向上有移动距离，可知推力对导弹做功，故C错误；
D、飞行过程中导弹与大气层之间存在摩擦，部分机械能转化为内能，可知机械能总量减小，故D错误。
故答案为：A。
2．【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；影响摩擦力大小的因素；功的计算公式的应用；功率计算公式的应用
【解析】【分析】滑动摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度，压力越大，接触面的粗糙程度越大，滑动摩擦力越大。
【解答】AB、由图乙丙可知，物体做匀速直线运动，受力平衡，拉力等于摩擦力。木块对水平面的压力相同，接触面的粗糙程度也相同，可知滑动摩擦力大小相等，则拉力相等，故AB错误；
C、第一次的速度为，第二次的速度为4m/s，经过相同的时间，由可知，第二次拉力做功更多，故C错误；
D、由可知，做功更多的第二次功率更大，故D正确。
故答案为：D。
3．【答案】B
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的平衡条件；定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点；斜面及其工作特点
【解析】【分析】丙中拉力做的功是总功，大小为拉力与斜面长度的乘积，额外功是克服摩擦所做的功，等于摩擦力与斜面长度的乘积，总功大于额外功，所以拉力大于摩擦力。
【解答】A、30°所对应的直角边等于斜边的一半，可知F的力臂等于杠杆长度的一半，与重力的力臂大小相等，由杠杆平衡条件可知，重力与拉力大小相等，不能省力，故A错误；
B、乙滑轮的位置不会随物体位置的变化而变化，为定滑轮，定滑轮不能省力，但可以改变力的方向，可知乙中三个力大小相等，故B正确；
C、物体做匀速直线运动，受力平衡，即拉力、摩擦力和重力、支持力四个力处于平衡状态，由于重力和支持力不在同一直线，重力有使物体向下滑动的趋势，可知摩擦力和重力沿斜面下滑的分力之和等于拉力，即拉力大于摩擦力，故C错误；
D、丁滑轮的位置会随着物体的位置变化而变化，是动滑轮，动滑轮不能改了力的方向，但可以省力，故D错误。
故答案为：B。
4．【答案】B
【知识点】分子的热运动；温度、热量与内能的关系；热机的工作原理
【解析】【分析】做功冲程，气体对外做功，内能转化为机械能，气体内能减小，温度降低。
【解答】A、两侧气门关闭、活塞向上运动，外界对气体做功，属于压缩冲程，故A错误；
B、外界对气体做功，机械能转化为内能，可知气体的内能增大，故B正确；
C、气体被压缩，体积减小，质量不变，可知密度增大，故C错误；
D、外界对气体做功，气体内能增大，温度升高，分子热运动更剧烈，故D错误。
故答案为：B。
5．【答案】C
【知识点】电功计算公式的应用；电能表参数的理解与电能的求法；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】电能的单位是J或kW h，。
【解答】A、电能的单位是J或kW h，故A错误；
B、1h耗电约为1kW h，该用电器的功率约为，风扇的电功率约为几十瓦，故B错误；
C、“PZ220﹣40”灯泡的电阻，“PZ220﹣60”的灯泡的电阻，故C正确；
D、空调消耗的电能除了转化为内能以外，还有部分转化为机械能，电炉全部电能都转化为内能，可知功率相同的空调和电炉，经过相同的时间，电炉产生的热量更多，故D错误。
故答案为：C。
6．【答案】B
【知识点】串、并联电路的电流特点；串、并联电路的电压特点；欧姆定律及其应用；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】串联电路总电压等于各用电器两端电压之和，电流处处相等。
【解答】D、滑片由中间移至最大阻值处，变阻器连入电路的阻值变大，由串联电路的分压特点可知，变阻器两端的电压变大，可知在b端时电压表示数为6V，在10s内定值电阻R1产生的热量为60J，则，解得，则电源电压为6V+6V=12V，故D错误；
C、滑动变阻器阻值最大时 ，其两端电压与定值电阻两端电压相同，串联电路电流处处相等，由欧姆定律可知，滑动变阻器的最大阻值等于定值电阻的阻值，等于6欧姆，故C错误；
B、等电压表示数为4V时，定值电阻两端电压为12V-4V=8V，由可知，两次电功率之比等于定值电阻两端电压的平方之比，为，故B正确；
A、当滑动变阻器连入电路的阻值最小时，电路中电流最大，为，故A错误。
故答案为：B。
7．【答案】升高；热传递
【知识点】温度、热量与内能的关系；物体内能的改变方法
【解析】【分析】热传递的方向：由高温物体传递给低温物体。
【解答】用酒精灯加热钢棒，钢棒吸收热量，温度升高，温度高于水的温度，热量传递给水，水吸收热量，温度升高，内能增大，是通过热传递的方式增大物体的内能。
8．【答案】1234.5；6600；1500
【知识点】电功计算公式的应用；电能表参数的理解与电能的求法；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】通过电能表计算消耗的电能：实际闪烁次数比上电能表上标注的消化1千瓦时的电能闪烁的次数。
【解答】电能表最后一位是小数位，由图可知，示数为1234.5。
电能表最大允许通过的电流为30A，可知最大功率为。
电热水器消耗的电能
电功率为。
9．【答案】（1）不变
（2）增大
（3）先增大后减小
【知识点】力与运动的关系；动能和势能的大小变化；动能的影响因素；势能的影响因素；机械能守恒
【解析】【分析】（1）只有机械能内部相互转化时，机械能守恒。
（2）弹性势能与物体的形变量有关，形变量越大，弹性势能越大。
（3）B点弹力等于重力，此时速度达到最大值，动能最大。
【解答】（1）从O到A，运动员的重力势能转化为动能，不计空气阻力，没有机械能的损耗，可知机械能守恒，即运动员的机械能不变。
（2）由A到C，弹性绳弹性形变量逐渐增大，可知弹性势能逐渐变大。
（3）B点前重力大于弹力，物体做加速运动，速度变大，动能变大，B点之后重力小于弹力，物体做减速运动，速度变小，动能变小，可知从A到C物体动能先变大后变小。
10．【答案】（1）平衡；便于直接在杠杆上读出力臂的大小
（2）6；不能
（3）变大
（4）B
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的分类；杠杆的动态平衡分析；杠杆中最小力问题；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【分析】（1）杠杆静止或匀速转动，说明杠杆处于平衡状态。
（2）根据杠杆平衡条件：动力与动力臂的乘积等于阻力与阻力臂的乘积进行分析计算。
（3）最省力：连接支点和作用点，作该连线的垂线即为最省力的方向。
（4）该实验不需要取平均值，可知进行重复实验的目的是避免偶然性。
【解答】（1）图中杠杆静止，可知受力平衡，即杠杆处于平衡状态。
杠杆水平平衡时，两侧的拉力与杠杆垂直，便于直接读出力臂大小。
（2）由杠杆平衡条件可知，解得n=6，即在B点挂6个钩码，杠杆水平平衡。
向支点移动一小格后，，可知左侧将下降，不再水平平衡。
（3）a点力臂大于b点，阻力与阻力臂不变，由a到b，动力力臂减小，可知动力将增大，即测力计示数将变大。
（4）多次实验可以避免偶然性，得出具有普遍性的规律。
故答案为：B。
11．【答案】（1）断路
（2）左；2.5
（3）0.5
（4）10
【知识点】串、并联电路的电流特点；变阻器的原理及其使用；电流表、电压表在判断电路故障中的应用；电功率计算公式的应用；小灯泡电功率的影响因素
【解析】【分析】（1）电流表没有示数，电压表有示数，可能的故障--电压表测量对象断路；
电流表有示数，电压表没有示数，可能的故障--电压表测量对象短路。
（2）（4）串联电路电流处处相等，电源电压等于各用电器两端电压之和，由欧姆定律可知，电阻越大，其两端分压越大。
（3）额定电压下的功率为额定功率，所以计算额定功率时用额定电压和对应的电流进行计算。
【解答】（1）电流表没有示数，说明电路中存在断路，灯泡断路时，电压表连进电路，电阻很大，由欧姆定律可知，电路中电流很小，所以电流表没有示数，由串联分压的特点可知，阻值很大的电压表其两端电压约为电源电压，所以电压表有示数，其示数约为电源电压。
（2）图中电压表示数为1.5V，小于灯的额定电压，应将滑片向左移，减小滑动变阻器连入电路的阻值，从而减小滑动变阻器两端的电压，使电压表两端的分压增大到2.5V。
（3）由图可知，当电压表示数为2.5V时，流过灯泡的电流为0.2A，可知灯泡的额定功率为。
（4）当灯两端电压为2.5V时，变阻器两端电压为4.5V-2.5V=2V，串联电路电流处处相等，可知经过变阻器的电流也为0.2A，滑动变阻器的阻值为。
12．【答案】（1）保温
（2）
（3）
【知识点】能量利用效率；热量的计算；电功计算公式的应用；电功率计算公式的应用；常用电热器
【解析】【分析】（1）分析各种情形下的等效电路图，由判断功率大小，功率大的为加热档，小的为保温挡。
（2）高温档只有连入电路，由高温档功率可以计算其阻值，再根据保温挡功率计算总电阻，减去的阻值，即为的阻值。
（3）根据比热容定义式计算水吸收的热量，结合效率计算消耗的电能，由计算时间。
【解答】（1）开关S断开的时候，电路为串联电路，总电阻等于两根电阻丝的电阻之和；开关S闭合时，被短路，由可知，串联电路的总功率小，为保温档。
13．【答案】（1）费
（2）
（3）
【知识点】功率计算公式的应用；杠杆的分类；滑轮组绳子拉力的计算；机械效率的计算
【解析】【分析】（1）动力臂大于阻力臂，为省力杠杆；动力臂小于阻力臂，为费力杠杆；动力臂等于阻力臂，为等臂杠杆。
（2）有用功等于物体重力与物体上升高度的乘积，总功等于物体与动滑轮的总重力与上升高度的乘积。
（3）由图可知，有3股绳子受力，拉力等于物体与动滑轮的总重力的三分之一，拉力移动的速度是物体移动速度的3倍。
【解答】（1）a是支点，b是动力的作用点，c是阻力的作用点，动力臂小于阻力臂，可知起重臂为费力杠杆。
1 / 1浙江省杭州市闻涛中学2025-2026学年第一学期九年级阶段性评估 科学试题卷（全册）
1．（2025九上·杭州月考） 2025年9月3日，纪念中国人民抗日战争暨世界反法西斯战争胜利80周年阅兵式上，某新型隐身巡航导弹首次公开亮相。该导弹突防能力强，难以拦截。如图所示为其飞行路线图，OF为发射升空段，发动机点火，导弹加速升空并穿出大气层；FI为俯冲加速段，发动机关闭，导弹向下俯冲被加速至超高速；I之后为巡航阶段，主发动机推力与阻力平衡，弹翼升力与重力平衡，实现远距离巡航飞行，最终精确命中目标。下列关于该巡航导弹飞行过程的说法正确的是（　　）
A．发射升空阶段，动能增大，重力势能增大
B．G点到H点的过程中，重力势能转化为动能，机械能增大
C．巡航阶段，发动机推力对导弹不做功
D．整个飞行过程中，导弹的机械能总量保持不变
【答案】A
【知识点】力是否做功的判断；动能的影响因素；动能和势能的转化与守恒；机械能守恒
【解析】【分析】重力势能与物体的质量和高度有关，质量越大、高度越高，重力势能越大。
动能与物体的质量和速度有关，质量越大，速度越大，动能越大。
【解答】A、升空时速度变大，动能变大，高度变高，可知重力势能变大，故A正确；
B、G到H，没有空气阻力，机械能守恒，高度变低，速度变大，重力势能转化为动能，故B错误；
C、巡航阶段，导弹在推力的方向上有移动距离，可知推力对导弹做功，故C错误；
D、飞行过程中导弹与大气层之间存在摩擦，部分机械能转化为内能，可知机械能总量减小，故D错误。
故答案为：A。
2．（2025九上·杭州月考）如图甲所示，同一木块放在同一水平面上，先后两次沿水平方向拉动木块使其做匀速直线运动。第1次拉动木块的s-t图像和第2次拉动木块的v-t图像分别如图乙和图丙所示。下列说法正确的是（　　）
A．两次的摩擦力大小f1>f2
B．两次的拉力大小关系是F1>F2
C．经过相同时间，两次拉力做功的关系是W1=W2
D．两次拉力做功功率的关系是P1＜P2
【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用；影响摩擦力大小的因素；功的计算公式的应用；功率计算公式的应用
【解析】【分析】滑动摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度，压力越大，接触面的粗糙程度越大，滑动摩擦力越大。
【解答】AB、由图乙丙可知，物体做匀速直线运动，受力平衡，拉力等于摩擦力。木块对水平面的压力相同，接触面的粗糙程度也相同，可知滑动摩擦力大小相等，则拉力相等，故AB错误；
C、第一次的速度为，第二次的速度为4m/s，经过相同的时间，由可知，第二次拉力做功更多，故C错误；
D、由可知，做功更多的第二次功率更大，故D正确。
故答案为：D。
3．（2025九上·杭州月考）建筑工地上需要将一批材料从低处匀速提到高处，实践活动小组的同学们设计了甲、乙、丙、丁四种简单机械，在不计机械自重及摩擦的情况下，以下是对他们的设计进行评估，其中正确的是（　　）
A．甲机械中物体挂于杆的中点，按图中F拉起杠杆可以省一半的力
B．乙机械中三个力大小相同
C．丙机械中物体匀速沿斜面向上运动时，物体受到斜面的摩擦力等于拉力F
D．丁机械可以改变拉力的方向
【答案】B
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的平衡条件；定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点；斜面及其工作特点
【解析】【分析】丙中拉力做的功是总功，大小为拉力与斜面长度的乘积，额外功是克服摩擦所做的功，等于摩擦力与斜面长度的乘积，总功大于额外功，所以拉力大于摩擦力。
【解答】A、30°所对应的直角边等于斜边的一半，可知F的力臂等于杠杆长度的一半，与重力的力臂大小相等，由杠杆平衡条件可知，重力与拉力大小相等，不能省力，故A错误；
B、乙滑轮的位置不会随物体位置的变化而变化，为定滑轮，定滑轮不能省力，但可以改变力的方向，可知乙中三个力大小相等，故B正确；
C、物体做匀速直线运动，受力平衡，即拉力、摩擦力和重力、支持力四个力处于平衡状态，由于重力和支持力不在同一直线，重力有使物体向下滑动的趋势，可知摩擦力和重力沿斜面下滑的分力之和等于拉力，即拉力大于摩擦力，故C错误；
D、丁滑轮的位置会随着物体的位置变化而变化，是动滑轮，动滑轮不能改了力的方向，但可以省力，故D错误。
故答案为：B。
4．（2025九上·杭州月考）如图所示是某汽车发动机的压缩冲程的示意图。在活塞向上运动的过程中，下列说法正确的是（　　）
A．图中所示为做功冲程 B．气缸内气体内能增大
C．气缸内气体密度减小 D．气缸内气体的分子热运动减慢
【答案】B
【知识点】分子的热运动；温度、热量与内能的关系；热机的工作原理
【解析】【分析】做功冲程，气体对外做功，内能转化为机械能，气体内能减小，温度降低。
【解答】A、两侧气门关闭、活塞向上运动，外界对气体做功，属于压缩冲程，故A错误；
B、外界对气体做功，机械能转化为内能，可知气体的内能增大，故B正确；
C、气体被压缩，体积减小，质量不变，可知密度增大，故C错误；
D、外界对气体做功，气体内能增大，温度升高，分子热运动更剧烈，故D错误。
故答案为：B。
5．（2025九上·杭州月考）下列有关家用电器的说法中，合理的是（　　）
A．电能的单位是W
B．单独把电扇接入电路时，1h耗电约为1kW h
C．“PZ220﹣40”灯泡比“PZ220﹣60”的灯泡的电阻大
D．两铭牌均为“220V 1500W”的空调和电炉正常工作1h产生的热量一样多
【答案】C
【知识点】电功计算公式的应用；电能表参数的理解与电能的求法；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】电能的单位是J或kW h，。
【解答】A、电能的单位是J或kW h，故A错误；
B、1h耗电约为1kW h，该用电器的功率约为，风扇的电功率约为几十瓦，故B错误；
C、“PZ220﹣40”灯泡的电阻，“PZ220﹣60”的灯泡的电阻，故C正确；
D、空调消耗的电能除了转化为内能以外，还有部分转化为机械能，电炉全部电能都转化为内能，可知功率相同的空调和电炉，经过相同的时间，电炉产生的热量更多，故D错误。
故答案为：C。
6．（2025九上·杭州月考）如图所示电源电压保持不变，R1的阻值为6Ω，闭合开关S，当滑片P置于变阻器的中点时，电压表的示数为4V；当滑片P置于变阻器的b端时，电压表的示数变化了2V，在10s内定值电阻R1产生的热量为60J，下列结果正确的是（　　）
A．电路中的最大电流为1A
B．R1先后两次消耗的电功率之比为16：9
C．滑动变阻器最大阻值为9Ω
D．电源电压为10V
【答案】B
【知识点】串、并联电路的电流特点；串、并联电路的电压特点；欧姆定律及其应用；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】串联电路总电压等于各用电器两端电压之和，电流处处相等。
【解答】D、滑片由中间移至最大阻值处，变阻器连入电路的阻值变大，由串联电路的分压特点可知，变阻器两端的电压变大，可知在b端时电压表示数为6V，在10s内定值电阻R1产生的热量为60J，则，解得，则电源电压为6V+6V=12V，故D错误；
C、滑动变阻器阻值最大时 ，其两端电压与定值电阻两端电压相同，串联电路电流处处相等，由欧姆定律可知，滑动变阻器的最大阻值等于定值电阻的阻值，等于6欧姆，故C错误；
B、等电压表示数为4V时，定值电阻两端电压为12V-4V=8V，由可知，两次电功率之比等于定值电阻两端电压的平方之比，为，故B正确；
A、当滑动变阻器连入电路的阻值最小时，电路中电流最大，为，故A错误。
故答案为：B。
7．（2025九上·杭州月考）如图用酒精灯加热弯曲的钢棒，发现杯内水的温度会　 　（填“升高”或“降低”），这一实验表明用　 　的方法可以使物体的内能发生改变．
【答案】升高；热传递
【知识点】温度、热量与内能的关系；物体内能的改变方法
【解析】【分析】热传递的方向：由高温物体传递给低温物体。
【解答】用酒精灯加热钢棒，钢棒吸收热量，温度升高，温度高于水的温度，热量传递给水，水吸收热量，温度升高，内能增大，是通过热传递的方式增大物体的内能。
8．（2025九上·杭州月考）小华家电能表的表盘如图甲所示，它的示数是　 　 kW h，该电能表所接用电器的总功率不得超过　 　W。小华关闭了家中的其他用电器，只让电热水壶工作5min，电能表的指示灯闪烁400次，则电热水壶的实际电功率为 　 　 W。
【答案】1234.5；6600；1500
【知识点】电功计算公式的应用；电能表参数的理解与电能的求法；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】通过电能表计算消耗的电能：实际闪烁次数比上电能表上标注的消化1千瓦时的电能闪烁的次数。
【解答】电能表最后一位是小数位，由图可知，示数为1234.5。
电能表最大允许通过的电流为30A，可知最大功率为。
电热水器消耗的电能
电功率为。
9．（2025九上·杭州月考）如图所示为蹦极运动的简化示意图，弹性绳一端系在运动员双脚上，另一端固定在跳台O点。运动员由静止开始自由下落，A点处弹性绳正好处于原长；B点处运动员受到的重力与弹性绳对运动员的拉力大小相等；C点处是蹦极运动员到达的最低点。整个过程忽略空气阻力，弹性绳的自重不计，请用“增大”“减小”“不变”“先增大后减小” 或“先减小后增大”填空。
（1）从O点到A点的过程中，运动员的机械能　 　。
（2）从A点到C点的过程中，弹性绳的弹性势能　 　。
（3）从A点到C点的过程中，运动员的动能　 　。
【答案】（1）不变
（2）增大
（3）先增大后减小
【知识点】力与运动的关系；动能和势能的大小变化；动能的影响因素；势能的影响因素；机械能守恒
【解析】【分析】（1）只有机械能内部相互转化时，机械能守恒。
（2）弹性势能与物体的形变量有关，形变量越大，弹性势能越大。
（3）B点弹力等于重力，此时速度达到最大值，动能最大。
【解答】（1）从O到A，运动员的重力势能转化为动能，不计空气阻力，没有机械能的损耗，可知机械能守恒，即运动员的机械能不变。
（2）由A到C，弹性绳弹性形变量逐渐增大，可知弹性势能逐渐变大。
（3）B点前重力大于弹力，物体做加速运动，速度变大，动能变大，B点之后重力小于弹力，物体做减速运动，速度变小，动能变小，可知从A到C物体动能先变大后变小。
10．（2025九上·杭州月考）在“探究杠杆平衡条件的实验”中：
（1）实验前，杠杆如图甲所示，此时杠杆处于　 　 （选填“平衡”或“非平衡”）状态。使杠杆在水平位置平衡的目的是 　 　。
（2）如图乙所示，杠杆上的刻度均匀，在A点挂4个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在B点挂　 　个相同的钩码；当杠杆平衡后，将A、B两点下方所挂的钩码同时朝远离支点O方向移动一小格 　 　 （选填“能”或“不能”）在水平位置保持平衡；
（3）如图丙所示，若不在B点挂钩码，改用弹簧测力计在B点向下拉杠杆，当测力计从a位置转到b位置时，其示数大小将 　 　 （选填“变大”“变小”“不变”）；
（4）本实验中多次实验的目的是 ____。
A．求平均值减小误差 B．避免偶然因素，寻求普遍规律
【答案】（1）平衡；便于直接在杠杆上读出力臂的大小
（2）6；不能
（3）变大
（4）B
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的分类；杠杆的动态平衡分析；杠杆中最小力问题；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【分析】（1）杠杆静止或匀速转动，说明杠杆处于平衡状态。
（2）根据杠杆平衡条件：动力与动力臂的乘积等于阻力与阻力臂的乘积进行分析计算。
（3）最省力：连接支点和作用点，作该连线的垂线即为最省力的方向。
（4）该实验不需要取平均值，可知进行重复实验的目的是避免偶然性。
【解答】（1）图中杠杆静止，可知受力平衡，即杠杆处于平衡状态。
杠杆水平平衡时，两侧的拉力与杠杆垂直，便于直接读出力臂大小。
（2）由杠杆平衡条件可知，解得n=6，即在B点挂6个钩码，杠杆水平平衡。
向支点移动一小格后，，可知左侧将下降，不再水平平衡。
（3）a点力臂大于b点，阻力与阻力臂不变，由a到b，动力力臂减小，可知动力将增大，即测力计示数将变大。
（4）多次实验可以避免偶然性，得出具有普遍性的规律。
故答案为：B。
11．（2025九上·杭州月考）在测定“小灯泡电功率”的实验中，小明所在的实验小组用的电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V。他们所设计的实验电路如图甲所示：
（1）连接好电路图后，闭合开关，电压表有示数，而电流表无示数，可能是小灯泡　 　（填“短路”或“断路”）
（2）正确操作后，小明同学闭合开关，电压表示数如图乙所示，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向 　 　（选填“左”或“右”）端移动，使电压表的示数为 　 　V；
（3）小丽同学移动滑片P、记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I﹣U图像，根据图像信息，可计算出小灯泡的额定功率是 　 　W；
（4）为了成功测出小灯泡的额定功率，该实验中滑动变阻器的最大阻值至少为 　 　 Ω；
【答案】（1）断路
（2）左；2.5
（3）0.5
（4）10
【知识点】串、并联电路的电流特点；变阻器的原理及其使用；电流表、电压表在判断电路故障中的应用；电功率计算公式的应用；小灯泡电功率的影响因素
【解析】【分析】（1）电流表没有示数，电压表有示数，可能的故障--电压表测量对象断路；
电流表有示数，电压表没有示数，可能的故障--电压表测量对象短路。
（2）（4）串联电路电流处处相等，电源电压等于各用电器两端电压之和，由欧姆定律可知，电阻越大，其两端分压越大。
（3）额定电压下的功率为额定功率，所以计算额定功率时用额定电压和对应的电流进行计算。
【解答】（1）电流表没有示数，说明电路中存在断路，灯泡断路时，电压表连进电路，电阻很大，由欧姆定律可知，电路中电流很小，所以电流表没有示数，由串联分压的特点可知，阻值很大的电压表其两端电压约为电源电压，所以电压表有示数，其示数约为电源电压。
（2）图中电压表示数为1.5V，小于灯的额定电压，应将滑片向左移，减小滑动变阻器连入电路的阻值，从而减小滑动变阻器两端的电压，使电压表两端的分压增大到2.5V。
（3）由图可知，当电压表示数为2.5V时，流过灯泡的电流为0.2A，可知灯泡的额定功率为。
（4）当灯两端电压为2.5V时，变阻器两端电压为4.5V-2.5V=2V，串联电路电流处处相等，可知经过变阻器的电流也为0.2A，滑动变阻器的阻值为。
12．（2025九上·杭州月考）一台电热饮水机的铭牌如表所示，其内部简化电路如图所示。饮水机有加热和保温两种工作状态，和均为电热丝，可在电流通过时产生热量并被水吸收，且阻值保持不变。则：
××牌饮水机
额定电压 220V
额定功率 加热档 1100W
保温档 44W
电源频率 50Hz
（1）开关S断开的时候饮水机处于　 　档；（选填“加热”或“保温”）
（2）求的阻值。
（3）电热饮水机处于加热档时，饮水机的加热效率为90%，则将1.5L的水从23℃加热到100℃需要多长时间？[]
【答案】（1）保温
（2）
（3）
【知识点】能量利用效率；热量的计算；电功计算公式的应用；电功率计算公式的应用；常用电热器
【解析】【分析】（1）分析各种情形下的等效电路图，由判断功率大小，功率大的为加热档，小的为保温挡。
（2）高温档只有连入电路，由高温档功率可以计算其阻值，再根据保温挡功率计算总电阻，减去的阻值，即为的阻值。
（3）根据比热容定义式计算水吸收的热量，结合效率计算消耗的电能，由计算时间。
【解答】（1）开关S断开的时候，电路为串联电路，总电阻等于两根电阻丝的电阻之和；开关S闭合时，被短路，由可知，串联电路的总功率小，为保温档。
13．（2025九上·杭州月考）如图所示是利用汽车液压起重机从矿井中提升重物的情景。起重机起动时滑轮组将重物竖直向上匀速提起，其中d是柱塞，可向上支撑起重臂abc。重物M重12000N，动滑轮重为3000N，不计摩擦和滑轮组上钢丝绳重。
（1）当柱塞向上，起重臂abc绕固定端a转动时，起重臂abc是　 　力杠杆（填“省”或“费”）。
（2）求滑轮组的机械效率。
（3）当重物以0.4m/s的速度匀速上升时，求钢丝绳自由端上作用力F的功率。
【答案】（1）费
（2）
（3）
【知识点】功率计算公式的应用；杠杆的分类；滑轮组绳子拉力的计算；机械效率的计算
【解析】【分析】（1）动力臂大于阻力臂，为省力杠杆；动力臂小于阻力臂，为费力杠杆；动力臂等于阻力臂，为等臂杠杆。
（2）有用功等于物体重力与物体上升高度的乘积，总功等于物体与动滑轮的总重力与上升高度的乘积。
（3）由图可知，有3股绳子受力，拉力等于物体与动滑轮的总重力的三分之一，拉力移动的速度是物体移动速度的3倍。
【解答】（1）a是支点，b是动力的作用点，c是阻力的作用点，动力臂小于阻力臂，可知起重臂为费力杠杆。
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