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2025-2026学年浙江省杭州市钱江新城实验中学九年级（上）月考
科学试卷（12月份）
一、选择题：本大题共15小题，共45分。
1.规范操作是实验成功的基础。下列实验操作正确的是（　　）
A. 氢气还原氧化铜
B. 稀释浓硫酸
C. 称量 NaOH固体
D. pH试纸测酸碱度
2.向盛有一定量稀硫酸的烧杯中加入足量氧化铜至反应完全。如图甲①和②分别表示加入氧化铜前和反应一段时间后溶液中主要离子种类及个数比变化示意图，如图乙所示为烧杯中溶液的总质量随时间的变化曲线图。以下说法不正确的是（　　）
A. a点表示稀硫酸和氧化铜恰好完全反应 B. a、b点对应溶液的颜色深浅不同
C. b点对应溶液中的离子为图甲中②的离子 D. ①中表示离子
3.如图一表示生态系统物质循环的全过程，图二表示某海岛生态系统食物网，图三表示某食物链中三种生物体内所含有机物的直方图.下列说法正确的是（　　）
A. 在图一中，甲代表非生物的物质和能量
B. 图二所示的食物网中，海藻中的能量通过8条食物链传递给大黄鱼
C. 在图二食物链中，碳以二氧化碳形式在生物间传递
D. 图三中A、B、C构成了图二中含海龟的一条食物链，其中C代表海龟
4.甲流是由流感病毒引起的呼吸道传染病，常发生在冬春季。奥司他韦是治疗甲流的特效药，下列有关叙述正确的是（　　）
A. 患者服用奥司他韦治疗的措施属于切断传播途径
B. 注射甲流疫苗让体内产生相应抗体属于非特异性免疫
C. 能引起甲流的流感病毒属于病原体
D. 对病人使用过的物品进行消毒的措施属于保护易感人群
5.如图是生态系统物质循环和能量流动的示意图，下列说法正确的是（　　）
A. 物质循环和能量流动是两个完全独立的过程
B. 图中生产者→消费者→分解者构成一条食物链
C. 不需要无机环境，在生物群落中就能完成碳循环
D. 生态系统中，能量流动是单向的、逐级减少的
6.将一定质量的Fe粉加入Mg（NO3）2和Cu（NO3）2的混合溶液中，充分反应后过滤，得滤渣和滤液。下列说法正确的是（　　）
A. 滤渣质量与加入的Fe粉质量可能相等
B. 滤液中一定有Mg（NO3）2、Fe（NO3）2，可能有Cu（NO3）2
C. 若加入的Fe粉过量，则得到的滤液呈无色
D. 若向滤渣中加入稀盐酸，有气泡生成，则滤渣中一定有Cu、Fe、Mg
7.下列实验操作不能达到实验目的的是（　　）
选项 实验目的 实验操作
A 除去氯化钠溶液中少量的氯化钙 加适量的碳酸钠溶液，过滤
B 检验氢氧化钠样品是否变质 取样，加水溶解，滴加足量稀盐酸
C 鉴别氯化钾溶液和氯化钡溶液 取样，滴加稀硫酸溶液
D 分离CaCl2、NaCl混合溶液 通入CO2过滤、洗涤，向滤渣中滴加适量稀盐酸
A. A B. B C. C D. D
8.在四个相同的装置里分别装入等量的下表所示物质，搅拌均匀后密封，在对应温度的环境中同时放置一段时间。下列分析不合理的是（　　）
装置 物质 温度（℃）
① 酵母菌+葡萄糖+水 25-30
② 酵母菌+水 25-30
③ 酵母菌+葡萄糖+水 0-5
④ 酵母菌+葡萄糖+水 95-100
A. ①②对照，可验证酵母菌需要的物质和能量来自葡萄糖
B. ①③④对照，可验证温度对酵母菌发酵的影响
C. 在某一时间段①中的酒精浓度逐渐增加
D. 将③④重新置于25-30℃的环境中，酵母菌都能继续发酵
9.梭子蟹俗称“白蟹”，因头胸甲呈梭子形，故名梭子。梭子蟹肉多，营养丰富。每百克蟹内含蛋白质14克.梭子蟹进入人体后要经过一系列复杂的过程，才能为人体提供营养物质。下列说法正确的是（　　）
A. 蛋白质是细胞生长和组织修复的原料，在胃中被初步消化成氨基酸
B. 梭子蟹依次经过①→②→④→⑧→③
C. ⑤分泌的胰液不能促进梭子蟹中蛋白质的分解
D. 梭子蟹进入结构④时，结构④的蠕动属于物理消化
10.如图为人体血液循环过程中某物质含量在各血管内的变化情况。如果I代表肺泡间的毛细血管，Ⅲ代表组织细胞间的毛细血管，则该物质最可能是（　　）
A. 二氧化碳
B. 氧气
C. 葡萄糖
D. 尿素
11.下列有关新陈代谢的说法，不正确的是（　　）
A. 人是异养型生物，人在睡觉时新陈代谢暂时停止
B. 新陈代谢是在神经系统和激素的调节控制下进行的
C. 把物质氧化分解并把代谢废物排出体外的过程属于异化作用
D. 同化作用和异化作用是同时进行的，使细胞内的物质不断更新
12.微穿刺法是利用显微操纵仪将微细玻璃管插入肾小囊腔中，提取囊内液进行微量化学分析的一种方法，如图所示。若对健康人进行微穿刺法检查，下列分析正确的是（　　）
A. ②血管内流的是静脉血
B. ③是肾小球，主要作用是重吸收
C. 流入④的液体中含有大分子蛋白质
D. 提取的囊内液中含有葡萄糖
13.如图甲所示，用充电宝为一手机电池充电，其等效电路如图乙所示。在充电开始后的一段时间t内，充电宝的输出电压U、输出电流I可认为是恒定不变的，设手机电池的内阻为r,则时间t内，下列判断正确的有（　　）
A. 充电宝输出的电功率为UI-I2r B. 手机电池产生的焦耳热为I2rt
C. 手机电池产生的焦耳热为t D. 手机电池储存的化学能为UIt+I2rt
14.图甲～丁为汽油机的四冲程示意图，图①②为实验演示图，则下列说法正确的是（　　）
A. 汽油机四冲程的工作过程为：丙→甲→丁→乙
B. 四冲程中依靠飞轮惯性带动的冲程是甲、乙、丙
C. 甲、丁过程中能量转化均为机械能转化为内能
D. ①演示实验可模拟甲冲程，②演示实验可模拟丁冲程
15.如图是核能发电原理图，下列说法正确的是（　　）
A. 核反应后有新物质生成，因此它是化学变化
B. 能量转换：核能→机械能→热能→电能
C. 原子弹对裂变的链式反应不加控制，核电站控制裂变的链式反应速率
D. 核电站使用的核燃料是石油或天然气
二、填空题：本大题共3小题，共18分。
16.人类对科学规律的认识常需经历漫长的探索过程，对金属活动性规律的认识也是如此。
（1）1625年格劳贝尔发现将金属放入稀盐酸中会“消失”，这为发现金属活动性顺序奠定了基础，小嘉选用锡、铜、锌三种金属重温实验，则会“消失”的金属有 ______ 。
（2）1766年卡文迪许用金属与酸反应制取了一种可燃性气体，他称之为“可燃空气”，其实该气体就是 ______ 。从此为探索金属活动性打开了新思路。
（3）1865年贝开托夫经过大量的实验得出了金属活动性规律。小嘉运用该规律开展实验，向硝酸铜和硝酸银的混合溶液中逐渐加入铁粉，溶液质量变化如图所示，则B点时溶液中所含的金属阳离子有 ______ 。
17.如图所示电路中，a、b、c分别是三只电表（电压表或电流表），R1=10Ω，R2=20Ω，电源电压恒为6V，闭合开关S，当电表a、b为电流表，c为电压表时，电表c的示数为 ______V；当电表a、b为电压表，c为电流表，R2消耗的电功率为 ______W。
18.疟疾是一种由疟原虫寄生引起的急性传染病。疟原虫是一种单细胞真核生物，它主要随按蚊叮咬进入人体，导致人体发病。近来，科学家发现一种名为沃尔巴克氏菌的细菌可以感染按蚊，从而导致蚊子唾液中的疟原虫含量大幅减少。而且感染某种沃尔巴克氏菌的雄性蚊子与未感染的雌性蚊子交配后所产生的卵大概率不能孵化而受感染的雌性蚊子与未感染的雄性蚊子交配所产生的后代都会感染沃尔巴克氏菌。
（1）按照传染病的传播途径进行分类，疟疾属于 ______ 传染病。
（2）疟原虫与沃尔巴克氏菌在细胞结构中最主要的区别是 ______ 。
（3）如图，能准确表示受感染的雌性蚊子与未感染的雄性蚊子交配产生后代的选项是 ______ 。
（4）与使用化学杀虫剂灭杀蚊子相比较，用沃尔巴克氏菌感染蚊子控制疟疾流行的优势在于 ______ （写出一点即可）
三、实验探究题：本大题共6小题，共46分。
19.某兴趣小组对氢氧化钡溶液和稀盐酸混合后是否发生了化学反应展开了系列实验。
【实验操作】
用试管取6毫升氢氧化钡溶液，往试管中加入6毫升稀盐酸，等分成两份。
【实验证明】
（1）往其中一份混合液中滴入几滴酚酞试液，发现溶液呈无色。说明溶液中不存在的离子是 ______ ，证明两者发生了反应。
【继续探究】
（2）能否再设计一个实验证明盐酸中H+参加了反应？于是往混合液中滴入石蕊试液，发现变红色，溶液呈酸性，这不能证明盐酸中H+参加了反应。讨论后，形成了新的对照实验方案，将步骤补充完整：
①往盛有另一份混合液的试管中，加入足量的镁片；
② ______ ，加入等量的镁片。
（3）证明原混合液的盐酸中H+参加了反应的现象是 ______ 。
【微观解释】
（4）从微观上分析：氢氧化钡溶液和稀盐酸反应的实质是 ______ 。
20.为研究不同物质的吸热能力，某同学用两个完全相同的酒精灯，分别给质量和初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，如图1，分别记录加热时间和升高的温度，根据记录的数据作出了两种液体的温度随时间变化的图像，如图2所示。
（1）要使甲、乙升高相同的温度，应给______ 加热更长的时间，这说明______ 的吸热能力强些。
（2）如果已知甲的比热容是1.8×103J/（kg ℃），则乙的比热容是______ J/（kg ℃）。
21.植物细胞壁的化学成分主要是果胶和纤维素，果胶酶能够分解果胶，进而破坏细胞壁，使细胞内容物得以释放。工业生产苹果汁时，常常利用果胶酶处理苹果泥，以提高苹果汁产量。为了探究温度对果胶酶催化作用的影响，小科进行如下步骤进行实验。
①如图甲：将2mL果胶酶与20g苹果泥分装于不同的试管，10℃水浴恒温处理10分钟。
②如图乙：将甲处理后的果胶酶和苹果泥混合在一支试管中，再次10℃水浴恒温处理10分钟。
③如图丙：将图乙试管中处理后的混合物进行过滤，用量筒测量苹果汁体积。
④在不同温度条件下重复以上实验步骤，并记录数据，结果如图丁。请回答
（1）设置实验步骤①的目的是 ______。
（2）本实验是通过 ______来反映不同温度下果胶酶催化作用的。
（3）本实验能得出的实验结论是 ______。（写出一点即可）
（4）小科发现：温度超过60℃，实验过滤所得的苹果汁很少，根据所学知识解释其中的原因：______。
22.小英设计了探究SO2与AgNO3溶液反应的实验。将SO2通入质量分数为1.7%的AgNO3溶液中，反应后过滤得到无色溶液A和白色沉淀B。对体系中有关物质性质分析得知沉淀B可能为Ag2SO3、Ag2SO4或二者混合物。
【查阅资料】Ag2SO4为白色固体，微溶于水
Ag2SO3为白色固体，难溶于水，溶于过量的Na2SO3溶液
【提出问题】白色沉淀B的成分是什么？
【猜想与假设】猜想一：仅有Ag2SO4
猜想二：仅有Ag2SO3
猜想三：Ag2SO4和Ag2SO3
【实验探究】
实验操作 实验现象 结论
取少量溶液A于试管中，滴加足量Ba（NO3）2溶液 无明显现象 猜想 ______ 成立
【实验结论】SO2与AgNO3溶液反应生成一种酸和沉淀B，反应的化学方程式是______ 。
【拓展延伸】
①另取溶液A，滴加足量Ba（NO3）2溶液，无明显现象，再加入BaCl2溶液，产生白色沉淀，原因是______ 。
②向盛有少量AgNO3溶液的试管里滴入Na2SO3溶液至过量，实验现象是______ 。
23.为测定某赤铁矿样品（主要成分为Fe2O3）中氧化铁的质量分数，某小组用如图装置进行实验，已知样品中其它成分不参加反应。
（1）实验前，关闭K，在试管内装入适量水并用手捂住硬质玻璃管，当观察到试管中出现______ ，可判断该装置气密性良好。
（2）试管中装入氢氧化钠溶液的作用是______ 。
（3）实验开始时加入ag赤铁矿样品，充分反应后氢氧化钠溶液增重bg,则该赤铁矿样品中氧化铁的质量分数为______ 。
（4）小明认为这样的装置测得的质量分数会偏大，所以决定改进装置，方法是______ 。
24.在测量标有“0.28A”字样小灯泡电功率的实验中，小虞选择电流表0～0.6A量程，电压表0～3V量程，连接好电路，闭合开关，操作后测得表一数据。另一同学也用相同的器材，选用同样的量程，连接后测得表二数据。
表一
实验序号 电压表示数/V 电流表示数/A
1 1.5 0.16
2 2.5 0.22
3 3 0.24
表二
实验序号 电压表示数/V 电流表示数/A
1 3 0.24
2 2.2 0.28
3 1.5 0.30
（1）若连接的电路图如图所示，闭合开关后，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数，接下来他首先应进行的最合理操作是______ 。
A.更换小灯泡
B.将电源正负极对调
C.检查电路是否断路，看开关是否接触不良
D.移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光
（2）若连接的电路图如图所示，可测得表______ 的实验数据（选填“一”或“二”）。
（3）另一同学所测得的数据与小虞存在差异，原因可能是______ 。
（4）小灯泡的额定功率为______ W。
四、解答题：本大题共8小题，共51分。
25.(本小题6分)
习总书记指出：“人类同疾病较量最有力的武器就是科学技术，人类战胜大灾大疫离不开科学发展和技术创新。”接种新冠病毒疫苗是预防新型冠状病毒肺炎最有效的方式。
（1）目前，我省已全面开放新冠病毒灭活疫苗免费接种，从免疫学角度分析，新冠病毒灭活疫苗属于 ______ （选填“抗原”或“抗体”）。
（2）接种新冠病毒灭活疫苗，从预防传染病的角度分析，属于 ______ 。
（3）新冠病毒灭活疫苗需要两次接种，即第一次接种产生免疫后，间隔一段时间进行第二次接种，若提前进行第二次接种，则会减弱免疫的效果。其原因是 ______ 。
26.(本小题8分)
国家提出“乡村振兴战略”，大力发展生态农业建设，将乡村旅游与生态农业结合起来，实现共同富裕。某地依托农田、鱼塘等自然资源打造集人工湿地、生态农业、旅游观光一体化的田园综合体（如图1），其中人工湿地具有收集、蓄存雨水，净化生活污水实现循环使用，为野生动物提供栖息地等功能（如图2）。
某校学生到该生态园游学，科学老师布置了研学作业，请一起完成下列作业：
（1）人工湿地内的芦苇、藻类植物、浮游动物、微生物等所有生物共同组成了一个 ______ 。（选填“种群”或“群落”或“生态系统”）
（2）人工湿地生态系统中，芦苇、藻类属于生态系统成分中的 ______ 。
（3）为了增强人工湿地生态系统的自动调节能力，请提出一条合理建议 ______ 。
（4）图3是科研人员对人工湿地内某条食物链“Ⅰ→Ⅱ→Ⅲ”中的各级生物含有的能量进行检测的结果。结合图3信息完成案例分析：“荒岛求生”竞赛游戏中，假如某人所剩食物除了水，就只有一袋玉米以及两只鸡（鸡除了玉米外没有其他食物来源）。以下提供的两个方案中，哪个方案可以使他生存更久 ______ 。
A.先吃鸡，后吃玉米
B.先吃玉米，鸡养到最后吃
27.(本小题6分)
鱼依靠鳃（图甲）呼吸，因此鱼鳃中分布着许多毛细血管。
（1）观察小金鱼尾鳍实验时，为什么要用湿纱布包裹鱼头和鱼身？______ 。
（2）图乙是观察小鱼尾鳍内血流流动情况，图中属小动脉的是 ______ （填序号）。
（3）如图所示为小浙绘制的A型血和B型血的模型图。据此推测，紧急情况下图C的血型能否输血给图B的血型？______ 。（选填“能”或“否”）
28.(本小题6分)
请根据人体生理活动相关图，回答以下问题。
（1）甲图是心脏解剖图，甲图所示为 ______ 收缩阶段（填“心房”或“心室”），此时①与②、③与④之间的瓣膜 ______ （填“开放”或“关闭”）。
（2）若在野外不慎被毒蛇咬伤，伤口在B处（如图乙所示），我们在拨打急救电话后，可用鞋带（或其他物品）暂时捆扎图乙中的 ______ （填字母）位置，能有效防止毒液随血液扩散到全身。
（3）丙图中血管③的名称是 ______ 。
（4）某人患中耳炎需口服消炎药，该药物首次到达心脏的部位是图丙中的 ______ （填字母）。
（5）如图丁是人体部分生理活动示意图，其中ABC表示人体的系统或器官，abcde表示部分生理活动。水、无机盐、葡萄糖和膳食纤维等营养素中不能通过a过程进入循环系统的是 ______ 。
29.(本小题6分)
肾功能衰竭会危及生命。人工肾是根据肾脏的工作原理制成的一种机器，可以代替患者已丧失功能的肾。图甲为人工肾工作原理图，在人工肾中，通过导管与患者的血管相连，位于透析液中的导管相当于一层半透膜，水和尿素等小分子物质可以透过，蛋白质等大分子物质不能透过。当患者的血液流经这些管子时，其中的废物就透过半透膜扩散到膜外透析液中去，除去废物的血液再流回人体内。图乙为尿的形成过程示意图。据图回答：
（1）图乙中，肾单位由[①]肾小球、[②]肾小囊和[______ ]______ 构成；A、B表示尿的形成的两个过程，其中A表示肾小球的 ______ 作用。
（2）人体肾单位中与图甲中的透析膜的作用相当的结构是 ______ 。与肾形成尿的过程比较，人工肾的工作过程中没有 ______ 过程。
（3）用过的透析液的成分相当于 ______ （选填“尿液”或“原尿”）。
30.(本小题6分)
一般泡制咖啡包含磨咖啡豆、加热咖啡、保温三个阶段。图甲为多档位咖啡机，图乙是其电路结构简化图，电动机用于磨咖啡豆，R1、R2为发热电阻。铭牌上的部分参数如下表所示。
额定电压 220V 加热功率 1210W
磨豆功率 110W 保温功率 88W
（1）当闭合开关 ______、断开其他开关时，咖啡机处于磨豆阶段。
（2）当S2、S3都闭合时，咖啡机处于加热阶段；当S2闭合，S3断开时咖啡机处于保温阶段。求R2的阻值大小。（不考虑温度对电阻的影响）
（3）在额定电压下只让咖啡机加热挡单独工作，观察到家中的电能表表盘（如丙图）在2分钟内电能表指示灯闪烁了 ______次。
31.(本小题6分)
如图所示，小乐用燃气灶烧水。在一个标准大气压下，将一壶初温为20℃的水烧开，消耗了0.02m3的天然气。已知该燃气灶的效率为40%，水的比热容为4.2×103J/（kg ℃），天然气的热值为8.4×107J/m3。求：
（1）壶中的水温度的升高是通过______ （选填“做功”或“热传递”）的方式改变了其内能。
（2）0.02m3的天然气完全燃烧所放出的热量。
（3）求水壶中水的质量。
32.(本小题7分)
黄铜是由铜和锌组成的合金，常被用于制造阀门、水管、空调内外机连接管和散热器等。当黄铜的含锌量不同时，其性能不同，见表一。小明同学用足量的稀硫酸对20克某铜锌合金样品进行科学探究，有关数据见表二。（锌与硫酸反应的化学方程式：Zn+H2SO4=ZnSO4+H2↑）
表一：
含锌量 性能及用途
≤35% 塑性好，适于冷热加压加工
36%～46% 塑性减小而抗拉强度上升，只适于热压力加工
＞46% 抗拉强度下降，无使用价值
表二：
1 2 3 4
硫酸的质量/克 50 100 120 130
反应容器内物质的总质量/克 69.9 M 139.8 149.8
（1）表中M的值为 ______ 。
（2）第3次加入稀硫酸后，溶液中含有的溶质有 ______ 。
（3）求这块合金样品中所含锌的质量分数并判断该合金材料的性能及用途。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、氢气还原氧化铜，导管应伸入集气瓶的底部、氧化铜的上方；为防止冷凝水倒流至热的试管底部，使试管炸裂，试管口应略向下倾斜，故选项实验操作正确。
B、稀释浓硫酸时，要把浓硫酸慢慢地沿器壁注入水中，同时用玻璃棒不断搅拌，以使热量及时散失；一定不能把水注入浓硫酸中，以防止酸液飞溅，故选项实验操作错误。
C、托盘天平的使用要遵循“左物右码”的原则，且氢氧化钠具有腐蚀性，应放在玻璃器皿中称量，故选项实验操作错误。
D、用pH试纸测定溶液的pH时，正确的操作方法为在白瓷板或玻璃片上放一小片pH试纸，用洁净、干燥的玻璃棒蘸取待测液滴到pH试纸上，把试纸显示的颜色与标准比色卡比较，读出pH。不能将pH试纸伸入待测液中，以免污染待测液，故选项实验操作错误。
故选：A。
根据常见化学实验基本操作的方法、注意事项，进行分析判断。
本题难度不大，熟悉常见化学仪器的用途、常见化学实验基本操作的方法、注意事项等是正确解答此类试题的关键。
2.【答案】B
【解析】解：A、图乙中的a点，能表示稀硫酸和氧化铜恰好完全反应，故A正确；
B、a点，能表示稀硫酸和氧化铜恰好完全反应；b点，氧化铜有剩余，对应溶液的颜色深浅相同，故B错误；
C、a点，能表示稀硫酸和氧化铜恰好完全反应；b点，氧化铜有剩余，a点和b点均为硫酸铜溶液，对应溶液中的离子均为图甲②中的离子，故C正确；
D、向盛有一定量稀硫酸的烧杯中加入足量氧化铜至反应完全，氧化铜和稀硫酸反应生成硫酸铜和水，反应过程中，烧杯中氢离子被消耗，生成铜离子，硫酸根离子不变，由图甲①和②可知，①中表示离子，故D正确。
故选：B。
根据向盛有一定量稀硫酸的烧杯中加入足量氧化铜至反应完全，氧化铜和稀硫酸反应生成硫酸铜和水，最终所得溶液为硫酸铜溶液进行分析。
本题难度不大，掌握酸的化学性质、明确反应的实质是正确解答本题的关键。
3.【答案】D
【解析】解：A、在图一中，甲是乙的食物，甲能从丁中吸收二氧化碳，故甲代表生产者，A错误。
B、图二中有8条食物链，与大黄鱼有关的是：海藻→小型鱼类→大黄鱼、海藻→虾类→大黄鱼、海藻→底栖动物→小型鱼类→大黄鱼、海藻→底栖动物→虾类→大黄鱼。故图二所示的食物网中，海藻中的能量通过4条食物链传递给大黄鱼，B错误。
C、图二中食物链中，生产者通过光合作用合成有机物，消费者直接或间接以生产者为食，获取有机物。因此，在图二食物链中，碳以有机物的形式在生物间传递，C错误。
D、生物在食物链中的营养级越高，有机物的相对含量越少，则图三中的食物链是B→A→C，对应图二中的含海龟的食物链是海藻→底栖动物→海龟，C代表海龟，D正确。
故选：D。
1、图一中：甲生产者、乙消费者、丙分解者、丁空气中的二氧化碳；①光合作用、②③呼吸作用。
2、图二中的食物链有：海藻→小型鱼类→大黄鱼、海藻→虾类→大黄鱼、海藻→虾类→黄鲢鱼、海藻→底栖动物→小型鱼类→大黄鱼、海藻→底栖动物→虾类→大黄鱼、海藻→底栖动物→虾类→黄鲢鱼、海藻→底栖动物→黄鲢鱼、海藻→底栖动物→海龟。
3、图三中的食物链是：B→A→C。
掌握生态系统中的食物链、生态系统中物质循环和能量流动是解答本题的关键。
4.【答案】C
【解析】解：A、患者服用奥司他韦治疗的措施属于控制传染源。A错误。
B、注射甲流疫苗让体内产生相应抗体属于特异性免疫。B错误。
C、病原体是指引起传染病的病毒、细菌、真菌、寄生虫等。能引起甲流的流感病毒属于病原体。C正确。
D、对病人使用过的物品进行消毒的措施属于切断传播途径。D错误。
故选：C。
预防传染病的措施包括控制传染源、切断传播途径和保护易感人群。
解答此题的关键是明确传染病的预防措施及人体特异性免疫和非特异性免疫。
5.【答案】D
【解析】解：A、物质是能量的载体，能量是物质循环的动力，物质循环与能量流动是相辅相成、不可分割的两个过程，A错误。
B、生态系统中，生产者和消费者之间吃与被吃的关系构成食物链。食物链以生产者开始，以最高营养级结束，食物链中不包括分解者，B错误。
C、碳循环指的是碳元素在生物群落和无机环境之间循环往复的过程，需要无机环境的参与，C错误。
D、生产者所固定的能量是沿着食物链和食物网逐级流动的。在生态系统中，能量流动是单向的、逐级减少的，即食物网中下一级的生物只能获得上一级生物大约10%～20% 的能量，D正确。
故选：D。
1、生态系统的组成包括非生物部分和生物部分。非生物部分有阳光、空气、水、温度、土壤（泥沙）等；生物部分包括生产者（主要是绿色植物）、消费者（绝大多数的动物）、分解者（主要是细菌和真菌）。
2、生态系统中生产者和消费者之间由于食物关系而形成的一种链状结构叫食物链，生态系统的物质可以循环利用，具有全球性；能量是单向传递、逐级递减的，不能循环利用。
理解掌握生态系统的组成、食物链的正确书写及生态系统的物质循环和能量流动的知识是解题的关键。
6.【答案】B
【解析】解：A、由金属活动性Mg＞Fe＞Cu,将一定质量的Fe粉加Mg（NO3）2和Cu（NO3）2的混合溶液中，不能与Mg（NO3）2溶液反应，铁能与Cu（NO3）2反应生成硝酸亚铁和铜。反应的化学方程式为Fe+Cu（NO3）2=Fe（NO3）2+Cu可知，每56份质量的铁能置换出64份质量的铜，滤渣质量大于加入的Fe粉质量，故选项说法错误。
B、无法确定反应进行的程度，硝酸铜可能有剩余，滤液中一定有Mg（NO3）2、Fe（NO3）2，可能有Cu（NO3）2，故选项说法正确。
C、若加入的Fe粉过量，则得到的滤液中溶质是Mg（NO3）2、Fe（NO3）2，含有Fe（NO3）2的溶液呈浅绿色，故选项说法错误。
D、若向滤渣中加入稀盐酸，有气泡生成，说明铁是过量的，滤渣中一定有Cu、Fe,由于铁不能与Mg（NO3）2反应，滤渣中一定没有镁，故选项说法错误。
故选：B。
由金属活动性Mg＞Fe＞Cu,将一定质量的Fe粉加Mg（NO3）2和Cu（NO3）2的混合溶液中，不能与Mg（NO3）2溶液反应，铁能与Cu（NO3）2反应生成硝酸亚铁和铜，进行分析判断。
本题有一定难度，熟练掌握金属的化学性质、确定能发生的反应是正确解答此类题的关键。
7.【答案】D
【解析】解：A、加入适量碳酸钠溶液可以生成碳酸钙沉淀和氯化钠，过滤后可以除去氯化钙，故选项不符合题意。
B、变质后的氢氧化钠溶液中含有碳酸钠，碳酸钠能与稀盐酸反应生成二氧化碳气体，检验NaOH是否变质，取样，加水溶解后滴加足量稀盐酸，观察溶液是否产生气泡，故选项不符合题意。
C、滴加稀硫酸后，氯化钡溶液会生成硫酸钡沉淀，而氯化钾溶液无明显现象，故选项不符合题意。
D、通入CO2，二氧化碳不与氯化钠、氯化钙反应，二者都溶于水无法分离，故选项符合题意。
故选：D。
A、碳酸钠和氯化钙反应生成碳酸钙沉淀和氯化钠。
B、氢氧化钠和二氧化碳反应生成碳酸钠和水，碳酸钠和稀盐酸反应生成氯化钠、水和二氧化碳。
C、稀硫酸和氯化钡反应生成白色沉淀硫酸钡和盐酸。
D、通入CO2，二氧化碳不与氯化钠、氯化钙反应。
本题主要考查物质的性质，解答时要根据各种物质的性质，结合各方面条件进行分析、判断，从而得出正确的结论。
8.【答案】D
【解析】解：A、①酵母菌+葡萄糖+水、②酵母菌+水，①②对照，可验证酵母菌需要的物质和能量来自葡萄糖，A正确；
B、①酵母菌+葡萄糖+水、③酵母菌+葡萄糖+水、④酵母菌+葡萄糖+水，①③④对照，可验证温度对酵母菌发酵的影响，B正确；
C、酒精发酵需要适宜的温度，在某一时间段①中的酒精浓度逐渐增加，C正确；
D、④的温度过高，杀死了酵母菌，再将重新置于25-30℃的环境中，酵母菌也不能继续发酵，D错误。
故选：D。
对照实验：在探究某种条件对研究对象的影响时，对研究对象进行的除了该条件不同以外，其他条件都相同的实验。根据变量设置对照实验，使实验结果具有说服力。一般来说，对实验变量进行处理的，就是实验组。没有处理的就是对照组。
对照实验要求变量唯一。
9.【答案】D
【解析】解：A.蛋白质在胃中被初步消化，在小肠中被彻底消化成氨基酸，A错误。
B..梭子蟹（可食用部分）经过的顺序是：口腔→咽→①食管→④胃→⑥小肠→③大肠，B错误。
C.⑤胰腺分泌的胰液中含有多种消化酶，其中包括胰蛋白酶，可以促进蛋白质的分解，C错误。
D.④胃的蠕动可以促进食物与胃液的混合，属于物理消化，D正确。
故选：D。
1.消化系统的组成：消化道（口腔、咽、食管、胃、小肠、大肠、肛门）和消化腺（唾液腺、胃腺、肝脏、胰腺、肠腺）。蛋白质的消化：蛋白质在胃中被初步消化，在小肠中被彻底消化成氨基酸。
2.消化液的作用：胃液、胰液、肠液等消化液中含有消化酶，可以促进食物的分解。物理消化：通过牙齿的咀嚼、胃肠的蠕动等方式，将食物磨碎、搅拌，促进食物与消化液的混合。
.①食管、②肝、③大肠、④胃、⑤胰、⑥小肠。
本考点考查对人体需要的主要营养物质及食物的消化和营养物质的吸收过程的认识。
10.【答案】A
【解析】解：体循环的途径为：左心室→主动脉→全身各级动脉→全身各处毛细血管→全身各级静脉→上、下腔静脉→右心房；肺循环的路线为：右心室→肺动脉→肺泡周围的毛细血管→肺静脉→左心房。
如果为Ⅰ包绕在肺泡外的毛细血管，血液要进行肺循环。路线为：右心室→肺动脉→肺泡周围的毛细血管→肺静脉→左心房。经过肺循环，血液在肺泡周围的毛细血管内进行气体交换，血液中的二氧化碳进入肺泡，肺泡内的氧气进入血液，因此血液就由含氧较少，颜色暗红的静脉血变为含氧较多、颜色鲜红的动脉血；Ⅲ段代表组织处的毛细血管，血液要进行体循环，途径为：左心室→主动脉→全身各级动脉→全身各处毛细血管→全身各级静脉→上、下腔静脉→右心房；组织细胞要进行生理活动，消耗氧气，产生二氧化碳，血液中的氧气进入组织细胞，组织细胞产生的二氧化碳进入血液，因此血液就由含氧较多，颜色鲜红的动脉血变为含氧较少、颜色暗红的静脉血，所以曲线应代表的是二氧化碳的变化情况。
组织细胞进行生理活动要消耗能量，葡萄糖分解能产生能量，所以不管是在肺泡处还是在组织细胞，葡萄糖的量应减少。组织细胞进行生理活动要产生二氧化碳、尿素等废物，所以不管是在肺泡处还是在组织细胞，尿素的量应增加。
故选：A。
图中横轴中的I段代表肺泡周围的毛细血管，此种物质逐渐下降，Ⅲ段代表组织处的毛细血管，此种物质逐渐增多，可以结合血液循环中各物质的变化进行解答。
体循环和肺循环的应用，是考查的重点，需要对血液循环的途径熟练掌握。
11.【答案】A
【解析】解：A.人通过摄取现成的有机物来获得营养，这种营养方式属于异养。人体内时时刻刻都在进行着代谢。所以A错误。
B.新陈代谢是在神经系统和激素的调节控制下进行的。神经系统通过反射等方式对新陈代谢过程进行快速、精确的调节；激素则通过体液运输，对新陈代谢等生命活动进行较为缓慢、持久的调节。所以B正确。
CD.同化作用是指生物体会不断地从外界吸收营养物质，合成新的自身组成物质，并贮存能量的过程。如绿色植物的光合作用、人体对食物的消化和吸收过程等都是同化作用。异化作用是指生物体不断地氧化分解自身组成物质，释放能量，并不断排出代谢废物的过程。如呼吸作用是生物异化作用的主要过程。所以CD正确。
故选：A。
代谢是生物的基本特征，包括生物体内各种物质和能量的转换过程，可分为同化作用和异化作用两大基本过程。不同生物按同化作用的方式，可分为自养和异养两种营养方式。
掌握新陈代谢的相关知识是解决本题的关键。
12.【答案】D
【解析】解：A.与肾小球相连的两条血管是入球小动脉和出球小动脉，都流动脉血，所以①与②内均流鲜红色的动脉血，A错误。
B.肾单位是肾脏结构和功能的基本单位，包括③肾小球、⑤肾小囊、④肾小管，肾小球主要作用是滤过作用， B错误。
C.⑤肾小囊内的液体是原尿，原尿中不含血细胞和大分子蛋白质，含有水、无机盐、尿素、葡萄糖等成分，C错误。
D.当血液流经肾小球时，除了血细胞和大分子的蛋白质外，血浆中的一部分水、无机盐、尿素、葡萄糖会过滤到肾小囊腔形成原尿，所以正常情况下，微吸管提取的囊内液中不含血细胞和大分子蛋白质，含有葡萄糖，D正确。
故选：D。
1.尿的形成要经过肾小球和肾小囊内壁的过滤和肾小管的重吸收作用。当血液流经肾小球时，除了血细胞和大分子的蛋白质外，血浆中的一部分水、无机盐、尿素、葡萄糖会过滤到肾小囊腔形成原尿；当原尿流经肾小管时，其中大部分水、部分无机盐和全部的葡萄糖被重新吸收回血液，而剩下的如尿素、一部分无机盐和水等由肾小管流出形成尿液。
2.图中①入球小动脉、②出球小动脉、③肾小囊、④肾小管。
直接考查了对肾脏的结构和功能及尿液的形成的理解认识。
13.【答案】B
【解析】解：已知充电宝输出电压为U、输出电流为I，手机电池内阻为r,充电时间为t。
A、充电宝的输出功率是总功率，公式为P=UI，而UI+I2r是错误的（I2r是电池内阻的热功率，并非充电宝输出功率的组成部分），故A错误；
B、手机电池的内阻产生的焦耳热，由焦耳定律可得Q=I2rt,故B正确；
C、是纯电阻电路中用电压计算焦耳热的公式，但手机电池不是纯电阻（充电时是电解池，电能转化为化学能和热能），电池两端的电压并非全部加在内阻r上，因此不能用计算焦耳热，故C错误；
D、充电宝输出的电能为UIt,其中内阻产生的焦耳热为I^2rt,根据能量守恒，手机电池储存的化学能为UIt-I2rt,并非I2rt,故D错误。
故选：B。
电能全部转化为内能的电路是纯电阻电路，充电宝给手机充电，电能转化为化学能和热能，转化为热能的部分用焦耳定律公式计算。
本题考查了电功率公式和焦耳定律的应用，理解纯电阻电路是关键。
14.【答案】D
【解析】解：ABC、图甲中气门都关闭，活塞向下运动，所以是汽油机的做功冲程，内能转化为机械能；图乙中排气门打开，是排气冲程；图丙中进气门打开，是吸气冲程；图丁中气门都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，将机械能转化为内能，汽油机四冲程的工作过程为丙、丁、甲、乙；四冲程中依靠飞轮惯性带动的冲程是乙、丙、丁，故ABC错误；
D、①演示实验对试管中的水加热，加快水的蒸发，使试管中水的内能增大，体积膨胀，对外做功，使塞子飞出去，内能转化为塞子的机械能，可模拟甲冲程；②演示实验通过做功方式将内能转化为机械能，可模拟丁冲程，故D正确。
故选：D。
汽油机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，根据汽油机工作中，气门开关和活塞上下运动情况判断是什么冲程；其中在做功冲程中内能转化为机械能，在压缩冲程中是机械能转化为内能。内燃机工作时，只有做功冲程对外做功，依靠飞轮的惯性来完成的冲程有吸气冲程、压缩冲程和排气冲程。
做功和热传递可以改变物体的内能。
此题是通过内燃机的工作原理和课本中的实验来验证做功改变物体内能的方法，是一道比较简单的实验题，掌握热机的工作原理，学会变通。
15.【答案】C
【解析】解：A、核反应中有新原子核产生，而化学反应是原子的重新组合，在反应前后元素种类和原子个数是保持不变的，因此不属于化学变化，故A错误；
B、核电站是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的，能量转化过程是：核能→内能→机械能→电能，故B错误；
C、在核电站的核反应堆中，利用的是可控的核裂变，而原子弹同样是核裂变的链式反应，但却是不加控制的，故C正确；
D、核电站使用的就是核燃料，而不是石油或天然气，故D错误。
故选：C。
化学反应是原子的重新组合，在反应前后元素种类和原子个数是保持不变的；
能够短时间从自然界得到补充的是可再生能源，不能短期内从自然界得到补充，是不可再生能源；
原子弹与核电站中都是利用了核能，其最根本的区别是核电站利用的是可控的核裂变，而原子弹则是对这种裂变的链式反应不加控制。
本题考查对核能的应用的考查，要求学生明确核辐射的本质及核辐射对人类的影响。
16.【答案】锡、锌 氢气 Cu2+、Fe2+
【解析】解：（1）在金属活动性顺序表中，锡、锌位于氢的前面，能与酸反应，所以则会“消失”的金属有锡、锌。
（2）由于较活泼的金属能与酸反应生成了氢气，所以“可燃空气”就是氢气。
（3）由于金属的活动性顺序是铁＞铜＞银，向硝酸铜和硝酸银的混合溶液中逐渐加入铁粉，铁先与硝酸银反应生成硝酸亚铁和银，硝酸银完全反应后再与硝酸铜反应生成了硝酸亚铁和铜，由图像可知，B点时铁与硝酸银恰好反应，则溶液中所含的金属阳离子有Cu2+、Fe2+。
故答案为：（1）锡、锌；
（2）氢气；
（3）Cu2+、Fe2+。
（1）根据金属活动性顺序及其应用分析；
（2）根据金属与酸的反应分析；
（3）根据金属与盐的反应分析。
本题的难度不大，了解金属的活动性顺序及其应用是解答本题的基础知识。
17.【答案】6 0.8
【解析】解：（1）闭合开关S，当电表a、b为电流表，c为电压表时，R1、R2并联，电流表a测量R2支路的电流，电流表b测量干路电流；
根据并联电路的电压特点可知，R2两端的电压U2=U=6V；
（2）当电表a、b为电压表，c为电流表时，R1与R2串联，电压表a测电源电压，电压表b测R2两端电压，电流表c测串联电路中的电流。根据电阻串联的特点可知总电阻为：R=R1+R2=10Ω+20Ω=30Ω，
根据欧姆定律可知电路中的电流：I′===0.2A，
根据P=I2R可知R2消耗的电功率为：P2=（I′）2R2=（0.2A）2×20Ω=0.8W。
故答案为：6；0.8。
（1）闭合开关S，当电表a、b为电流表，c为电压表时，R1、R2并联，电流表a测量R2支路的电流，电流表b测量干路电流，根据并联电路的电压特点可知R2两端的电压；
（2）当电表a、b为电压表，c为电流表，R1、R2串联，电压表a测量电源电压，电压表b测量R2两端的电压；
根据串联电路的电阻特点可知电路中的总电阻，由欧姆定律可得电路中的电流，根据串联电路的电流特点可知通过R2的电流，由欧姆定律可知R2两端的电压，由P=UI求出R2消耗的电功率。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律的应用，解题的关键是正确判断电表所测量的是哪部分电路的电流或电压。
18.【答案】血液
沃尔巴克氏菌没有成形的细胞核
C
可减少化学农药的使用，降低对环境的破坏
【解析】解：（1）按照传播途径的不同，传染病可以分为呼吸道传染病、消化道传染病、血液传染病和体表传染病，疟疾属于血液传染病。
（2）疟原虫属于动物，沃尔巴克氏菌属于细菌，因此二者在细胞结构中最主要的区别是沃尔巴克氏菌没有成形的细胞核。
（3）受感染的雌性蚊子与未感染的雄性蚊子交配所产生的后代都会感染沃尔巴克氏菌，C符合题意。
（4）生物防治就是利用一种生物对付另外一种生物的方法。用沃尔巴克氏菌感染蚊子控制疟疾，与使用化学杀虫剂灭杀蚊子相比较，其优势在于可减少化学农药的使用，降低对环境的破坏。
故答案为：
（1）血液
（2）沃尔巴克氏菌没有成形的细胞核
（3）C
（4）可减少化学农药的使用，降低对环境的破坏
传染病是由病原体引起的，能在人与人或人与动物之间传播的疾病。病原体指能引起传染病的细菌、真菌、病毒和寄生虫等，传染病若能流行起来必须具备传染源、传播途径、易感人群三个环节，所以预防传染病的措施有控制传染源、切断传播途径、保护易感人群。
此题涉及的知识面比较广，解答的关键是熟练掌握相关的基础知识，只有基础扎实才能灵活答题。
19.【答案】氢氧根离子 另用试管取3毫升相同质量分数的稀盐酸和3毫升水混合 ①中产生气体比②中少 氢氧根离子和氢离子结合生成水分子
【解析】解：（1）往其中一份混合液中滴入几滴酚酞试液，发现溶液呈无色，说明溶液中不存在的离子是氢氧根离子，证明两者发生了反应。
故填：氢氧根离子。
（2）①往盛有另一份混合液的试管中，加入足量的镁片；
②另用试管取3毫升相同质量分数的稀盐酸和3毫升水混合。
故填：另用试管取3毫升相同质量分数的稀盐酸和3毫升水混合。
（3）证明原混合液的盐酸中H+参加了反应的现象是①中产生气体比②中少，即①中氢离子部分参加了反应。
故填：①中产生气体比②中少。
（4）从微观上分析：氢氧化钡溶液和稀盐酸反应的实质是氢氧根离子和氢离子结合生成水分子。
故填：氢氧根离子和氢离子结合生成水分子。
稀盐酸和氢氧化钡反应生成氯化钡和水，和镁反应生成氯化镁和氢气。
本题主要考查物质的性质，解答时要根据各种物质的性质，结合各方面条件进行分析、判断，从而得出正确的结论。
20.【答案】乙;乙 2.4×103
【解析】（1）由图示图像可知，甲和乙升高相同的温度，如温度都升到40℃，甲需要的是时间是3min,乙需要的时间是4min,
乙需要更长的加热时间，这也就说明了乙的吸热能力强一些，甲的吸热能力弱。
（2）根据Q吸=cmΔt可知，在质量和吸收热量一定时，温度的变化值和比热容成反比。
我们可以用相同的酒精灯加热时间4min,甲和乙吸收的热量就是相同的，
甲的温度变化值Δt甲=50℃-10℃=40℃，乙的温度变化值Δt乙=40℃-10℃=30℃，
据Q吸=cmΔt得，甲液体吸收的热量：Q甲吸=c甲mΔt甲，
乙液体吸收的热量：Q乙吸=c乙mΔt乙，
则c甲mΔt甲=c乙mΔt乙，
所以乙的比热容：
c乙===2.4×103J/（kg ℃）。
故答案为：（1）乙；乙；
（2）2.4×103。
（1）升高相同的温度，我们可以在纵轴上取一相同的温度，做横轴的平行线，看谁的加热时间长，谁的比热容就大，加热时间越短，吸热能力越弱；
（2）根据Q吸=cmΔt可知在质量和吸收热量相同时，比热容和温度的变化值成反比，据此求出乙的比热容。
此题考查了学生对吸热公式的掌握和运用，能从液体的温度随时间变化的图像搜集有关信息是本题的关键。
21.【答案】使果胶酶和苹果泥达到相同的温度，避免因二者温度不同导致混合后温度发生变化；
测量过滤后得到的苹果汁体积；
在一定温度范围内，随着温度的升高，果胶酶的催化作用增强；但当温度过高时，果胶酶的活性会受到抑制，甚至失活；
高温导致果胶酶失活，无法继续分解果胶（高温也可能导致苹果泥中的其他成分发生变性或破坏，影响苹果汁的过滤和提取）（答案不唯一）
【解析】（1）图A烧杯中两试管的处理目的是使果胶酶和苹果泥达到相同的温度，避免因二者温度不同导致混合后温度发生变化，从而使实验结果更准确。
（2）本实验是通过测量过滤后得到的苹果汁体积来反映不同温度下果胶酶催化作用的。苹果汁体积的大小直接反映了果胶酶分解果胶的能力，从而间接反映了果胶酶的催化效率。
（3）本实验能得出的实验结论是：在一定温度范围内，随着温度的升高，果胶酶的催化作用增强；但当温度过高时，果胶酶的活性会受到抑制，甚至失活。这是因为酶是蛋白质，高温会使蛋白质变性，从而失去催化活性。
（4）小科发现温度超过60℃时，实验过滤所得的苹果汁很少，可能的原因是高温导致果胶酶失活，无法继续分解果胶，因此苹果汁的产量降低。此外，高温也可能导致苹果泥中的其他成分发生变性或破坏，影响苹果汁的过滤和提取。
故答案为：（1）使果胶酶和苹果泥达到相同的温度，避免因二者温度不同导致混合后温度发生变化；
（2）测量过滤后得到的苹果汁体积；
（3）在一定温度范围内，随着温度的升高，果胶酶的催化作用增强；但当温度过高时，果胶酶的活性会受到抑制，甚至失活；
（4）高温导致果胶酶失活，无法继续分解果胶（高温也可能导致苹果泥中的其他成分发生变性或破坏，影响苹果汁的过滤和提取）（答案不唯一）。
（1）科学探究的一般过程：提出问题、作出假设、制订计划、实施计划、得出结论、表达和交流。
（2）对照实验：在探究某种条件对研究对象的影响时，对研究对象进行的除了该条件不同以外，其他条件都相同的实验。根据变量设置对照实验，使实验结果具有说服力。一般来说，对实验变量进行处理的，就是实验组。没有处理的就是对照组。
（3）酶的活性受温度、PH值等因素的影响。
解答此类题目的关键是掌握科学探究的基本环节。
22.【答案】二 SO2+H2O+2AgNO3═Ag2SO3↓+2HNO3
【解析】【实验探究】Ag2SO4微溶于水，说明溶液A中会混有硫酸银，加入Ba（NO3）2溶液，无明显现象说明没有Ag2SO4，所以猜想二正确；
【实验结论】反应物是SO2、H2O、AgNO3生成物是Ag2SO3、HNO3，所以方程式是：SO2+H2O+2AgNO3═Ag2SO3↓+2HNO3；
【拓展延伸】①银离子与氯离子结合生成氯化银白色沉淀；
②AgNO3与Na2SO3反应生成Ag2SO3白色沉淀，Ag2SO3溶于过量的Na2SO3溶液，所以实验现象是：先有白色沉淀生成，再逐渐溶解。
故答案为：
【实验探究】二；
【实验结论】SO2+H2O+2AgNO3═Ag2SO3↓+2HNO3；
【拓展延伸】①银离子与氯离子结合生成氯化银白色沉淀；
②先有白色沉淀生成，再逐渐溶解。
【实验探究】根据Ag2SO4微溶于水，说明溶液A中会混有硫酸银，加入Ba（NO3）2溶液，无明显现象说明没有Ag2SO4进行分析；
【实验结论】根据方程式的书写方法考虑；
【拓展延伸】①根据银离子与氯离子结合生成氯化银白色沉淀考虑；
②根据AgNO3与Na2SO3反应生成Ag2SO3白色沉淀，Ag2SO3溶于过量的Na2SO3溶液进行分析。
本题考查物质的性质的探究，为中考常见题型和高频考点，侧重考查学生的分析能力、自学能力和实验能力，注意把握物质的性质以及题给信息的运用，题目难度中等。
23.【答案】产生气泡，松开手后出现一段稳定液柱 吸收二氧化碳，便于测量氧化铁的质量分数 在盛有氢氧化钠溶液的试管后面再连接一个盛有氢氧化钠溶液的试管
【解析】解：（1）实验前，关闭K，在试管内装入适量水并用手捂住硬质玻璃管，则装置内气压变大，若装置气密性良好，试管中出现气泡；
（2）试管中装入氢氧化钠溶液的作用是吸收生成的二氧化碳，便于计算氧化铁的质量。
（3）设ag赤铁矿样品中氧化铁的质量为x,则：
Fe2O3+3CO2Fe+3CO2
160 132
x bg
=
x=g；
该赤铁矿样品中氧化铁的质量分数为=%；
（4）氢氧化钠溶液也会吸收空气中的二氧化碳气体，导致其质量偏大，造成测定结果偏大，为此，需要再在其后面连接一个盛有氢氧化钠溶液的试管。
故答案为：
（1）产生气泡，松开手后出现一段稳定液柱；
（2）吸收二氧化碳，便于测量氧化铁的质量分数；
（3）%；
（4）在盛有氢氧化钠溶液的试管后面再连接一个盛有氢氧化钠溶液的试管。
（1）根据装置气密性的检验方法进行分析解答；
（2）根据氢氧化钠溶液能吸收二氧化碳，进行分析解答；
（3）根据氢氧化钠溶液的增重为二氧化碳的质量，进行分析解答；
（4）氢氧化钠溶液也会吸收空气中的二氧化碳。
本题难度不大，掌握一氧化碳还原氧化铁的反应原理、实验步骤、注意事项是正确解答本题的关键。
24.【答案】D 一 灯丝的电阻随温度的升高而增大 1.064
【解析】解：（1）若连接的电路图如图所示，闭合开关后，电流表、电压表均有示数，电路为通路，发现小灯泡不亮，可知通过灯的电流过小，接下来他首先应进行的最合理操作是：移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光，故选：D。
（2）若连接的电路图如图所示，电压表与小灯泡并联，电压表示数变大时，通过小灯泡的电流变大，所以，实验可测得表一的实验数据；
（3）由表一中数据，根据P=UI知，小灯泡的电压变大，通过小灯泡的电流变大时，电功率变大，温度升高，即灯丝的电阻随温度的升高而增大；
（4）由两表知，表一时电压表测小灯泡的电压，表二中，当电流变大时，由欧姆定律可知灯的电压变大，由串联电路的电压规律可知变阻器的电压变小，故可知表二中，电压表测变阻器的电压，当通过的电流都是0.24A时，电路的电阻不变，两次实验中它们的电压都3V，根据串联电路电压的规律，则电源电压为3V+3V=6V；
由表二知，小灯泡的额定电压为U=6V-2.2V=3.8V，额定电流为0.28A，其额定功率P=UI=3.8V×0.28A=1.064W。
故答案为：（1）D；（2）一；（3）灯丝的电阻随温度的升高而增大；（4）1.064。
（1）电流表、电压表均有示数，电路为通路，发现小灯泡不亮，可知通过灯的电流过小，据此分析；
（2）图中电压表与小灯泡并联，电压表示数变大时，通过小灯泡的电流变大，据此分析；
（3）灯丝的电阻随温度的升高而增大；
（4）表一时电压表测小灯泡的电压，表二中，当电流变大时，由欧姆定律可知灯的电压变大，由串联电路的电压规律可知变阻器的电压变小，据此确定表二中电压表测变阻器的电压。对比两表可知，当通过的电流是0.24A时，它们的电压都3V，根据串联电路电压的规律可知电源电压；灯的额定电流为0.208A，由表二知，小灯泡的额定电压，根据P=UI得出灯的额定功率。
本题测小灯泡电功率，考查电路分析、串联电路的规律及欧姆定律的运用，正确得出电源电压是关键。
25.【答案】抗原 保护易感人群 第二次接种的疫苗会与第一次免疫后产生的抗体结合而被清除
【解析】解：（1）疫苗通常是用失活或减毒的病原体制成的生物制品，接种疫苗后，可刺激人体内的淋巴细胞产生相应抗体，从而提高对特定传染病的抵抗力。抗体是抗原进入身体后，刺激淋巴细胞产生一种抵抗该病原体的特殊蛋白质——抗体，该物质与新冠病毒的结合可以促使新冠病毒被吞噬细胞清除或使它失去致病性。引起人体产生抗体的物质叫抗原，因此疫苗从免疫学角度讲属于抗原。
（2）预防措施包括控制传染源、切断传播途径、保护易感人群，接种新冠病毒灭活疫苗属于传染病预防措施中的保护易感人群。
（3）新冠病毒灭活疫苗需要两次接种，即第一次接种产生免疫后，间隔一段时间进行第二次接种，若提前进行第二次接种，则会减弱免疫的效果。其原因是第二次接种的疫苗会与第一次免疫后产生的抗体结合而被清除。
故答案为：（1）抗原
（2）保护易感人群
（3）第二次接种的疫苗会与第一次免疫后产生的抗体结合而被清除
传染病是由病原体引起的，能在人与人之间或人与动物之间传播的疾病。病原体指能引起传染病的细菌、真菌、病毒和寄生虫等。传染病若能流行起来必须具备传染源、传播途径、易感人群三个环节，所以预防传染病的措施有控制传染源、切断传播途径、保护易感人群。如对传染病人要早隔离、早治疗；做好环境卫生和个人卫生，注意个人卫生，饭前便后要洗手；积极锻炼增强体质，对易感者注射疫苗等。
解题关键是掌握传染病相关知识。
26.【答案】群落 生产者 增加生物种类 A
【解析】解：（1）生物群落是指在相同时间聚集在同一地段上的各物种的种群集合，包括动物、植物、微生物等各个物种的种群，共同组成生态系统中有生命的部分。人工湿地中的芦苇、鱼、藻类、浮游动物、微生物等所有生物共同组成了一个群落。
（2）人工湿地生态系统中，芦苇、藻类能进行光合作用制造有机物，为生态系统中的其他生物提供有机物的来源，属于生态系统成分中的生产者。
（3）一个生态系统中的生物种类和数量越多，营养结构就越复杂，其自我（自动）调节能力就越强。为了增强人工湿地生态系统的自动调节能力，合理建议有增加生物种类。
（4）由图3可知，能量在食物链中逐级递减。鸡吃了玉米，只有约10%～20%的能量传递到鸡，人再吃鸡，就只能得到鸡能量的10%～20%。可以生存更久的方案是先吃鸡，后吃玉米，A符合题意，B不符合题意。
故选：A。
故答案为：（1）群落；
（2）生产者；
（3）增加生物种类；
（4）A。
1、生态系统是指在一定地域内生物与环境形成的统一的整体。生态系统的组成包括非生物部分和生物部分。非生物部分有阳光、空气、水、温度、土壤（泥沙）等；生物部分包括生产者（主要是绿色植物）、消费者（主要是动物）、分解者（主要是腐生的细菌和真菌）。
2、生态系统具有一定的自我调节能力，但这个自我调节能力是有限制的，超过了这个限制，生态平衡就会遭到破坏。
3、图3中的食物链是：Ⅰ→Ⅱ→Ⅲ。
掌握生态系统的组织及各部分的作用、生态系统中的食物链、生态系统的自动调节能力、种群的概念是解答本题的关键。
27.【答案】保持小鱼正常的呼吸 ① 能
【解析】解：（1）小鱼生活在水中，用鳃呼吸，来获得水中的溶解氧，因此在观察小鱼尾鳍内血液的流动的实验过程中，要用浸湿的棉絮将小鱼的头部的鳃盖和躯干包裹起来，目的是保持小鱼正常的呼吸。
（2）小动脉中血液由粗的一端流向细的一端，只允许红细胞单行通过的血管是毛细血管，血液由小动脉流向毛细血管，再流向小静脉，可知①为小动脉。
（3）A型血的红细胞上有A抗原，血浆中有抗B抗体；B型血的红细胞上有B抗原，血浆中有抗A抗体；AB型血的红细胞上同时有A抗原和B抗原，而血浆中没有抗A抗体和抗B抗体；O型血的红细胞上没有A抗原和B抗原，但血浆中有抗A抗体和抗B抗体。B型血的血浆中没有凝集素，因此图B的血型为AB型血，图C为A型血，紧急情况下图C的A血型能输血给图B的AB血型。
故答案为：（1）保持小鱼正常的呼吸
（2）①
（3）能
1.动脉血含氧量高，呈鲜红色。静脉血含氧量低，呈暗红色。
2.A型血的红细胞上只有A凝集原，B型血的红细胞上只有B凝集原，AB型血的红细胞上同时有A和B两种凝集原。
3.图乙中①是动脉，②是毛细血管，③是静脉。
本考点考查了对血液的成分和主要功能，输血与血型，观察小鱼尾鳍内血液流动现象的认识。
28.【答案】心室;关闭 A 主动脉 A 膳食纤维
【解析】解：（1）图甲表示心室收缩，血液从心室流向动脉，这时时①与②、③与④之间的房室瓣关闭，动脉瓣打开，保证血液从心室流向动脉，而不能倒流。
（2）若在野外不慎被毒蛇咬伤，在拨打急救电话“120”后，为防止蛇毒随血液经心脏扩散到全身，紧急处理时，应该用止血带扎住伤口的近心端A处，才能防止血液流向心脏。
（3）丙图中血管③是起自左心室的主动脉，主动脉是人体内最粗大的动脉血管，也是体循环的动脉主干。
（4）某人患中耳炎需口服消炎药，药物到达病部位置经过的途径是静脉→下腔静脉→右心房→右心室→肺动脉→肺部毛细血管→肺静脉→左心房→左心室→主动脉→颈动脉→耳部毛细血管。故该药物首次到达心脏的部位是图丙中的A右心房。
（5）水、无机盐、葡萄糖无需消化，可直接被小肠和大肠吸收，进入血液循环，膳食纤维无法被人体消化酶分解，也不能被小肠吸收，最终进入大肠，构成粪便的主要部分并排出体外。
故答案为：（1）心室；关闭
（2）A
（3）主动脉
（4）A
（5）膳食纤维
1.图甲①是左心室、②是左心房、③是右心室、④是右心房。动脉是将血液从心脏送到全身的血管，静脉是将血液从全身各处送回心脏的血管。
2.图丙①是上腔静脉、②是下腔静脉、③是主动脉、④是肺动脉、⑤是肺静脉、A是右心房、B是右心室、C是左心房、D是左心室。
3.图丁A表示消化系统、B表示呼吸系统、C表示循环系统、a表示营养物质的吸收、b表示吸气、c表示呼气、d、e表示组织细胞处的气体交换。
本考点考查对食物的消化和营养物质的吸收过程，心脏的位置、结构和功能，血液循环的途径，急救的方法，出血的初步护理的认识。
29.【答案】③;肾小管;滤过（过滤） 肾小球和肾小囊内壁;肾小管的重吸收作用 原尿
【解析】解：（1）图乙中，肾单位由①肾小球、②肾小囊和③肾小管构成。尿液的形成过程包括肾小球和肾小囊内壁的滤过（过滤）作用和肾小管的重吸收作用。A、B表示尿的形成的两个过程，其中A表示肾小球的滤过（过滤）作用，B表示肾小管的重吸收作用。
（2）尿液的形成过程包括肾小球和肾小囊内壁的滤过（过滤）作用和肾小管的重吸收作用。人体肾单位中与图甲中的透析膜的作用相当的结构是肾小球和肾小囊内壁。与肾形成尿的过程比较，人工肾的工作过程中没有肾小管的重吸收作用过程。
（3）人体肾单位中与图甲中的透析膜的作用相当的结构是肾小球和肾小囊的滤过（过滤）作用，血液流经过肾小球和肾小囊的滤过（过滤）作用后，在肾小囊腔内形成原尿。所以用过的透析液的成分相当于原尿。
故答案为：（1）③肾小管；滤过（过滤）
（2）肾小球和肾小囊内壁；肾小管的重吸收作用
（3）原尿
图乙中的①肾小球、②肾小囊、③肾小管、④肾静脉、A肾小球和肾小囊的滤过（过滤）作用、B肾小管的重吸收作用。
解答此题的关键是掌握肾脏的结构与含和尿液的形成的相关知识。
30.【答案】S1；
R2的阻值为510Ω；
121
【解析】（1）由图乙可知，当只有开关S1闭合时，只有电动机工作，咖啡机处于磨咖啡豆阶段；
（2）当S2、S3都闭合时，咖啡机处于加热阶段，由图乙可知，电路中只有R1工作，
由P=可知，R1的阻值：，
当S2闭合，S3断开时咖啡机处于保温阶段，R1和R2串联，
则R1和R2的总阻值：，
根据串联电路的特点可知，R2的电阻：R2=R总-R1=550Ω-40Ω=510Ω；
（3）只由P=可知，让咖啡机加热挡单独工作2分钟，消耗的电能：W=Pt=1210W×2×60s=145200J=kW h,
图丙中3000imp/kW h表示电路中用电器每消耗1kW h电能，电能表的指示灯闪烁3000次，
则电能表表盘在2分钟内电能表指示灯闪烁的次数：n=kW h×3000imp/kW h=121imp。
答：（1）S1；
（2）R2的阻值为510Ω；
（3）121。
（1）由图乙可知，当只闭合S1时，只有电动机M工作；
（2）当S2、S3都闭合时，咖啡机处于加热阶段，由图乙可知，此时只有R1工作，根据加热功率和P=求出R1的阻值；当S2闭合，S3断开时，咖啡机处于保温阶段，由图乙可知，R1、R2串联，根据保温功率和P=求出R1、R2的串联总电阻，根据串联电路特点求出R2的阻值；
（3）根据W=Pt求出咖啡机加热挡单独工作2min消耗的电能；图丙中3000imp/kW h表示电路中用电器每消耗1kW h电能，电能表的指示灯闪烁3000次，据此求出电能表表盘在2分钟内电能表指示灯闪烁的次数。
本题考查串联电路的特点、对电能表参数的认识与理解、电功公式以及电功率公式的灵活运用，难度适中。
31.【答案】热传递 0.02m3的天然气完全燃烧所放出的热量为1.68×106J 水壶中水的质量为2kg
【解析】解：（1）壶中的水吸收热量、温度升高、内能增大，是通过热传递的方式改变了水的内能；
（2）天然气完全燃烧所放出的热量：
Q放=Vq=0.02m3×8.4×107J/m3=1.68×106J；
（3）燃气灶的效率η=40%，由η=可得水吸收的热量：
；
在一个标准大气压下，水的沸点为100℃，即水的末温为t=100℃，
由Q吸=cm（t-t0）得水的质量：
m==2kg。
故答案为：（1）热传递；
（2）0.02m3的天然气完全燃烧所放出的热量为1.68×106J；
（3）水壶中水的质量为2kg。
（1）改变物体内能的方法：做功、热传递，水吸收热量、温度升高、内能增大，是通过热传递的方式改变了水的内能；
（2）利用Q放=Vq计算天然气完全燃烧所放出的热量；
（3）知道燃气灶的效率η=40%，利用η=计算水吸收的热量；
在一个标准大气压下，水的沸点为100℃，即水的末温为t=100℃，知道水的比热容、初温，利用Q吸=cm（t-t0）计算水的质量。
本题考查了燃料完全燃烧放热公式、效率公式、吸热公式的应用，以及改变物体内能的方法，属于基础题目。
32.【答案】119.8 H2SO4、ZnSO4
【解析】解：（1）由第1组数据可知，每消耗50g稀硫酸，生成气体：20g+50g-69.9g=0.1g,所以第2次，加入100g稀硫酸，生产气体应为0.2g,则M=20+100=119.8。
故答案为：119.8。
（2）第3次加入120g稀硫酸后，生成气体还为0.2g,说明硫酸已过量，溶液中含有的溶质有H2SO4、ZnSO4。
故答案为：H2SO4、ZnSO4。
（3）设锌的质量是x。
Zn+H2SO4═ZnSO4+H2↑
65 2
x 0.2g
x=6.5g
这块合金样品中所含锌的质量分数是×100%=32.5%＜46%，该合金塑性好，适于冷热加压加工。
故答案为：32.5%；塑性好，适于冷热加压加工。
锌和稀硫酸反应生成硫酸锌和氢气，根据反应的化学方程式及其提供数据可以进行相关方面的计算和判断。
本题主要考查学生进行计算和推断的能力，计算时要注意规范性和准确性。
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