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2026届安徽省芜湖市高三（上）一模物理试题
一、单选题：本大题共8小题，共32分。
1.在力学中，国际单位制规定长度、质量、时间为三个基本量，它们的单位米、千克、秒为基本单位。下列电学使用的物理量单位中，只能用这三个力学基本单位导出的是
A. 电阻单位欧姆 B. 电容单位法拉 C. 电热单位焦耳 D. 电荷量单位库仑
2.公交卡是感应式芯片卡，其内部嵌有感应线圈，读卡设备同样内置驱动线圈，二者的位置关系可简化为：读卡设备的线圈位于上方，芯片卡的线圈位于下方，两线圈平行正对。当芯片卡靠近读卡设备时，读卡设备线圈中的电流会激发交变磁场，该磁场穿过芯片卡的线圈并产生感应电流，以此为芯片供电并触发信息交互。在某次测试中保持两线圈静止，在读卡机线圈中通以如图所示的交流电，设从上往下观察，顺时针方向为电流正方向，则在时间内，芯片线圈中的电流是( )
A. 沿顺时针方向且大小逐渐增大 B. 沿顺时针方向且大小逐渐减小
C. 沿逆时针方向且大小逐渐减小 D. 沿逆时针方向且大小保持不变
3.单摆周期与天体表面的重力加速度有关。某行星看成质量分布均匀的球体半径为，忽略其自转，在该行星表面实验时测出摆长为的单摆振动周期是，已知万有引力常量为，则该行星的质量是
A. B. C. D.
4.物体从点由静止开始做匀加速直线运动，一段时间后到达点，已知物体在从到运动过程中第一秒内与最后一秒内的位移之比为，且到总位移大小为，则物体在由到整个过程的平均速度大小为
A. B. C. D.
5.如图为某同学利用一竖直平行板电容器设计的风力传感器，可检测水平风力强度。电容器右极板固定不动，左极板与风力接收板连接并固定，可随接收板在一定范围内左右水平移动，风力越大，极板移动的距离越大。已知两极板间电压保持不变，若某次有水平风力作用时，稳定后极板上所带电荷量变少，则风力( )
A. 风向右吹 B. 电容器电容变小
C. 极板间电场强度变大 D. 极板间电场强度不变
6.一列简谐横波沿轴正方向传播，时的波形如图所示，、、三质点平衡位置的坐标分别为、、。已知时，点第一次到达波峰位置，则( )
A. 波源振动周期为 B. 波速大小为
C. 当点开始振动时，点正向上振动 D. 时点第一次到达波峰位置
7.一个质量为的小球视为质点从空中某一高度的点以大小为的初速度竖直向上抛出，已知小球在空中受到水平向右的恒定风力，运动轨迹如图所示，忽略小球受到的空气阻力。已知小球在空中运动的最高点到抛出点的竖直距离与水平距离相等，小球下落经过了与点相同高度的点，重力加速度大小为下列说法正确的是
A. 小球受到的恒定风力大小为
B. 小球经过最高点时机械能最小
C. 小球经过最高点时恒定风力的瞬时功率大小为
D. 小球从点到点过程中机械能增加量为
8.如图所示，在水平面上放置着两个靠在一起、横截面为梯形的物体和，，和质量分别为和，所有接触面均光滑。第一次将大小为、方向向右的水平推力作用在上，和恰好相对静止一起以加速度大小向右运动，、接触面上压力大小为第二次将大小为、方向向左的水平推力作用在上，和也恰好相对静止一起以加速度大小向左运动，、接触面上压力大小为，则
A. B. C. D.
二、多选题：本大题共2小题，共12分。
9.在一次模拟桥梁合龙的实验中，工程师拟将一个模型钢梁物体从拱桥模型半圆柱体上用力缓慢拉到顶端，该过程可以看成如图所示的模型，一表面粗糙的半圆柱体固定在水平面上，物体可看成质点与圆柱面的动摩擦因数为，现用一始终与圆柱面相切向上的拉力作用于物体，使物体从圆柱体上点开始缓慢向上滑动，在到达顶端前的过程中
A. 物体所受的拉力一定减小 B. 物体所受的摩擦力一定增大
C. 物体所受的支持力一定减小 D. 重力和拉力的合力与拉力的夹角始终不变
10.如图所示，水平面内有两根足够长的平行光滑金属导轨，间距为，两端分别接有电容为的电容器和阻值为的电阻，导轨间有垂直导轨平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为现有一长为的金属棒垂直放在导轨上，在金属棒以点为轴沿顺时针方向以角速度转过的过程中金属棒电阻不计，脱离导轨前始终与导轨接触良好
A. 刚开始时通过定值电阻的电流方向由到
B. 金属棒刚开始转动时，产生的感应电动势最大
C. 通过定值电阻的电荷量为
D. 通过定值电阻的电荷量为
三、实验题：本大题共2小题，共16分。
11.如图甲所示为探究加速度与力、质量关系的实验装置。

有关实验操作及分析，下列判断正确的是 。
A.调节滑轮，使连接小车和槽码的细绳与长木板保持平行
B.实验时，让小车靠近打点计时器，先释放小车，再接通电源
C.为减小误差，实验中要保证槽码的质量远小于小车和砝码的总质量，细绳的拉力才能近似用槽码的重力替代
D.如图乙为小组同学分别选用不同槽码进行的两次实验得到的图线，在槽码质量一定的情况下，改变小车和砝码的总质量，测出加速度，以为横坐标，为纵坐标，可知图线所用的槽码质量比图线的大
图丙是小组同学某次实验中得到的纸带，每隔个点选取一个计数点，已知打点计时器工作电源的频率为，由图中数据可得小车运动的加速度大小为 结果保留两位有效数字。

小组同学实验探究保持小车质量一定时，小车的加速度与所受力的关系。图丁中实线是小组同学根据实验数据做出的图像实验前已经补偿了阻力，后又利用最初的几组数据拟合了一条直线，、、为一条与纵轴平行的直线和这两条图线以及横轴的交点。求图中 用题中的、表示。
12.某实验小组设计了如图甲所示的电路，用来测量电源的电动势和内阻。实验器材有：待测电源、电流表内阻为、定值电阻、材质均匀的四分之一圆弧形变阻器、变阻器上有可指示滑片转过角度弧度的刻度盘、两个规格相同的灯泡、开关、导线若干等。

先断开开关，用多用电表测量电路中圆弧形变阻器的总电阻，正确的操作规范：使用前应该调整部件，使指针指到表盘的零刻度；使用时调节部件至如图乙所示的挡位，将红、黑表笔短接，旋动部件，使指针指到表盘的零刻度。有关上述操作括号空白处，依次应填入的是 。
A.、左端、、右端 、右端、、左端
C.、左端、、右端 、右端、、左端
进行上述操作后，将红黑表笔接在圆弧形变阻器、两端时，指针如图丙所示，读数为 ；测试完毕后移走并关闭多用电表，然后闭合电路开关，转动滑片，记录下不同角度对应的电流表示数，以电流的倒数为纵坐标，以角度弧度为横坐标。作出图丁，已知图线的斜率为，纵轴截距为，则待测电源的电动势为 ，内阻 用斜率、、、、表示。
小组同学根据上述实验操作，测得电源的电动势为、内阻为；并继续开展实验，将两个规格相同的灯泡并联后，与定值电阻串接到此电源上，如图己所示。所接灯泡的伏安特性曲线如图戊，根据图像可得整个电路实际消耗的总功率约为 结果保留两位有效数字。
四、计算题：本大题共3小题，共40分。
13.有一个半径为的半圆柱形均匀透明体，其截面如图所示。某同学进行了如下实验：用激光笔从透明体右侧垂直于直径射入光线，保持入射方向不变，当入射点由圆心处缓慢沿半径向处移动，观察到从圆弧面左侧射出的光逐渐减弱。当入射点到达处时，光线恰好不能从圆弧面上的处射出，测得已知真空中光速为．
求均匀透明体材料的折射率；
从处垂直入射的光线经一次全反射后射到上某点，求点到点的距离及光线在透明体中从点传播到点的时间．
14.如图所示，在光滑水平面上放置长板上表面粗糙和滑块，滑块可视为质点置于长板的最左端，、间动摩擦因数，、质量分别为、。开始时静止，、一起以的速度匀速向右运动，与发生碰撞时间极短后瞬间的速度大小为，方向向右。经过一段时间后，、再次达到共同速度，且恰好不能再与碰撞。重力加速度取。
求与发生碰撞后瞬间的速度大小；
未从板上滑落，求板至少多长；
从与碰后到、刚好再次达到共同速度时，求右端与之间的距离。
15.如图所示，在竖直平面内建立直角坐标系，水平方向为轴，在第一象限有方向沿轴负方向的匀强电场，场强为大小未知；在第二象限有正交的匀强电场和匀强磁场，其中匀强电场的方向竖直向上、场强大小为，匀强磁场的方向垂直纸面向里。若将一质量为、带电量为的带正电小球从轴上的点，以某一初速度竖直向上射入第一象限，小球达到最高点时恰好经过轴上的点未画出。小球进入第二象限后刚好可以做匀速圆周运动，一段时间后直接从轴上点离开复合场，点坐标为。已知重力加速度为求：
出发点的横坐标；
第二象限匀强磁场的磁感应强度大小；
若在第三、四象限加垂直纸面向里的匀强磁场，磁感强度大小为，则小球第一次在三、四象限中运动时的最大速度和离轴的最大距离。
答案解析
1.【答案】
【解析】A、电阻单位欧姆根据欧姆定律，电压的单位由推导，功单位是焦耳，电荷量单位是库仑电流单位是安培，而安培是独立的电学基本单位并非由米、千克、秒导出。所以欧姆的单位不能仅由力学三个基本单位导出。
B、电容单位法拉由电容定义式，电荷量单位库仑，电压单位涉及安培，电学基本单位，因此法拉的单位不能仅由力学三个基本单位导出。
C、电热单位焦耳根据功的公式，力的单位由是质量，单位千克是加速度，单位米，所以单位是千克米位移单位是米。因此焦耳的单位为千克，仅由力学基本单位米、千克、秒导出。
D、电荷量单位库仑由是电流，单位安培是时间，单位秒，安培是电学基本单位，所以库仑的单位不能仅由力学三个基本单位导出。综上，答案是 C．
2.【答案】
【解析】由题图可知，从上往下观察，在 时间内，读卡机中的电流正在逆时针增大，且增大得越来越慢，则根据安培定则可知，读卡机在芯片线圈处产生的磁场方向为竖直向上，且磁感应强度随电流的增大而增强，所以穿过芯片线圈的磁通量正在向上增大，则根据楞次定律可知，芯片线圈中产生的感应磁场方向应为竖直向下。再根据安培定则可判断，芯片线圈中的感应电流为顺时针方向。又因为读卡机中的电流增大得越来越慢，则根据法拉第电磁感应定律可知，感应电流应越来越小。综上所述，芯片线圈中的电流为沿顺时针方向且大小逐渐减小。
故选B。
3.【答案】
【解析】设该行星的质量为，某质量为的物体绕行星表面做匀速圆周运动，有：
，解得
在该行星表面摆长为的单摆振动周期是，则
解得，故选A。
4.【答案】
【解析】物体从点由静止初速度开始做匀加速直线运动，设加速度为。根据匀加速直线运动的位移公式，第秒内的位移为：因为，，所以。设物体从到的总时间为，则最后秒内的位移末等于前秒的总位移减去前秒的总位移。前秒的总位移：。前秒的总位移：。因此，最后秒内的位移：，题目中说第秒内与最后秒内的位移之比为，即，将和，代入比值：，约去，得：，平均速度的定义是总位移与总时间的比值，即。将总位移和总时间代入：，所以，物体在由到整个过程的平均速度大小为，答案选C。
5.【答案】
【解析】两极板间电压保持不变，稳定后极板上所带电荷量变少，根据 可知电容器电容 变小。根据 可知两极板间距 增大，风向左吹，故A错误，B正确；
两极板间距 增大，由 可知，极板间电场强度变小，故CD错误。
故选B。
6.【答案】
【解析】A.根据同侧法可知，点沿轴正方向振动，由题意可知
可得 ，故A错误；
B.由图可知，该波的波长为
则波速为 ，故B错误；
C.点开始振动所用时间为
即此时点振动了 个周期，根据同侧法可知， 时点沿轴负方向振动，则 个周期后沿轴正方向振动，故C正确；
D.点开始振动到第一次到达波峰所用时间为
则点第一次到达波峰位置所用时间为 ，故D错误。
故选C。
7.【答案】
【解析】A、已知最高点竖直距离，水平距离。由题意，代入、，得：，化简后解得，因此A错误；
B、机械能的变化由除重力外其他力做功决定风力做功影响机械能。从到最高点：风力做正功，机械能增加从最高点到风力仍做正功，机械能继续增加。因此，最高点机械能不是最小， B错误；
C、水平方向到最高点时的速度，代入，得风力的瞬时功率，因此 C错误；
D、机械能增加量等于风力做的功。小球从到的时间：竖直方向上抛和下落对称，总时间水平方向位移，代入，得风力做功，即机械能增加量为，D正确。综上，答案为。
8.【答案】
【解析】设的质量为，当力作用在上时，
对受力分析，竖直方向有。
对受力分析，水平方向有，
由可得，将代入，可得。
当力作用在上时，
对受力分析，将对的支持力沿水平和竖直方向分解。
根据牛顿第二定律，水平方向有，竖直方向有。由可得，将代入，可得。
由上述计算可知，，所以，A错误，B正确
由上述计算可知，，所以，C错误；
设的质量为，对、整体分析，根据牛顿第二定律：当力作用在上时，当力作用在上时，所以，D错误。综上，答案是 B。
9.【答案】
【解析】物体受到重力、拉力、支持力和摩擦力。因为物体缓慢向上滑动，可认为处于平衡状态，合力为零。将重力沿切线和径向分解，设重力与切线方向的夹角为随着物体上滑，逐渐减小。
C、切线方向：，又因为。径向方向：。支持力由，减小，增大，所以增大， C错误；
B、摩擦力，减小，增大，所以增大， B正确；
A、拉力，减小，减小，增大，无法直接判断的变化趋势， A错误；
D、重力和拉力的合力与拉力的夹角：重力和拉力的合力与摩擦力、支持力的合力等大反向。由于和的比值定值，所以摩擦力与支持力的合力方向固定，那么重力和拉力的合力方向也固定，故重力和拉力的合力与拉力的夹角始终不变， D正确。综上，答案是 BD。
10.【答案】
【解析】A.根据右手定则可知，通过定值电阻的电流方向由到，故A正确；
B. 根据，可知有效长度越大，感应电动势越大，故当金属棒与竖直方向夹角为时，感应电动势最大，故B错误；
当时感应电动势最大，则有：，则最大感应电流为，此时电容器所带电荷量为；
转过的过程中，根据法拉第电磁感应定律有：，则电荷量，又，故电荷量为；
转过后继续转过变为水平方向，电容通过电阻放电，电流方向仍为由到，通过定值电阻的电荷量为，所以通过定值电阻的电荷量为，故C正确，D错误。
11.【答案】

【解析】为了使小车受到的合外力等于细绳的拉力，需调节滑轮，使连接小车和槽码的细绳与长木板保持平行，故A正确；
B.实验时，让小车靠近打点计时器，先接通电源，待打点稳定后再释放小车，故B错误；
C.对槽码受力分析，根据牛顿第二定律可得
对小车受力分析可得
联立解得
因此只有当 时，才有 ，故C正确；
D.对小车和槽码整体受力分析，由牛顿第二定律可得
联立解得
因此在 的图像中，其斜率为
结合图乙可知，图线的斜率大于图线的斜率，则有
解得 ，即图线所用的槽码质量比图线的小，故D错误。
故选AC。
由题可知，相邻计数点之间的时间间隔为
根据逐差法可得，小车的加速度大小为
对小车和砝码进行分析，近似认为槽码重力等于小车和砝码所受合力，根据牛顿第二定律则有
小车和砝码总质量不变，对槽码和小车与砝码构成的整体，根据牛顿第二定律则有
12.【答案】


【解析】利用多用电表的欧姆挡测电阻，使用前应该调整部件进行机械调零，使指针指到表盘左端的零刻度；使用时调节部件至如图乙所示的挡位，将红、黑表笔短接，旋动部件进行欧姆调零，使指针指到表盘右端的零刻度；故选C。
欧姆挡选择了“ ”，指针的数字为，则电阻为
材质均匀的四分之一圆弧形变阻器的总电阻为 ，则角度为 的有效电阻为
由闭合电路的欧姆定律可知
变形可得
图线的斜率为，纵轴截距为，可知 ，
联立解得 ，
设流过一个灯泡的电流为 ，灯泡的电压为 ，由闭合电路的欧姆定律可知
变形可得
将等效电源的 关系图像作过两点和， 的倾斜直线作出来，如图所示
交点即为灯泡的工作点，则有 ，
则电路实际消耗的总功率约为
13.【答案】解：如图
连接，设，透明物体的折射率为，由题意，当入射右点到达处时，恰好看不到光从圆弧面上处射出，是因处发出的光线，在点恰好发生了全反射，则等于临界角
，
即，
而，
解得；
光在点反射，如图
由几何关系可得，
，
，
光线在透明体中传播的速度，
从处垂直入射的光线恰好从点射出，光线在透明体中传播的时间。
【解析】详细解答和解析过程见【答案】
14.【答案】解：因、碰撞过程中内力远大于外力，对、系统，由动量守恒定律
解得
方向向左。
由题意知最终、、三者速度相同，根据系统动量守恒定律
又因为
解得
因碰后、系统减少的动能转化为内能，由能量守恒定律
解得
即板长度至少
、相对运动过程中，对受力分析，由牛顿第二定律可得
解得
则从、碰后到、共速经过的时间
对则有
故此时、间距离为

【解析】详细解答和解析过程见【答案】
15.【答案】解：
由题意画出轨迹图：
，
因小球在第二象限做匀速圆周运动，所以重力和电场力平衡，即，故E，则第一象限的电场力在水平方向产生的加速度大小；
小球在方向做竖直上抛运动，则从到的时间，；
小球在点速度，方向沿轴负方向；
故，即点横坐标为；
小球在第二象限内做匀速圆周运动，经过点，由几何关系，
解得
由
解得
小球从到做匀速圆周运动，由几何关系则，故
则小球在点时速度方向与轴正方向成角。把过点速度分解成水平向右的分速度和另一分速度，令，
解得，
如图所示：
，
根据平行四边形定则，则，方向与轴正方向成角
即小球在三、四象限中的运动可分解为水平向右的匀速直线运动和速度为的匀速圆周运动。则，解得，
小球在最低点时，分速度和同向，此时速度最大且离轴最远，即

【解析】详细解答和解析过程见【答案】
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