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广西南宁市第三中学2025年中考一模物理试题
一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。在给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。）
1．（2025·南宁模拟）如图所示，演奏者拨动古筝琴弦发出婉转悠扬的琴声。琴声是下列哪个物体振动产生的（　　）
A．手指 B．空气 C．琴弦 D．耳朵
【答案】C
【知识点】声音的产生
【解析】【解答】演奏者拨动琴弦，琴弦的振动产生琴声，发声体是琴弦，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】发声体都在振动，声音是物体振动产生的。
2．（2025·南宁模拟）如图所示，下列现象的形成原理是光的直线传播的是（　　）
A．海市蜃楼 B．放大镜成像
C．小孔成像 D．平面镜成像
【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用；凸透镜成像的应用；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】海市蜃楼是光的折射现象，放大镜成像属于光的折射现象，小孔成像是光的直线传播现象，平面镜成像是光的反射现象，故C符合题意，而ABD不合题意。
故选C。
【分析】光在同一种均匀介质中沿直线传播，现象和应用有：小孔成像、影子、日食和月食、排队，射击瞄准等。
3．（2025·南宁模拟）如图所示，下列电路图中规范、正确的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】电路的构成及电路图
【解析】【解答】A．图中，电路中缺少用电器，闭合开关，电源短路，故A错误；
B．图中，电路中有电源、开关、用电器，是完整的电路，故B正确；
C．图中，电路中没有电源，不能产生电流，故C错误；
D．图中，电路中没有开关，不能控制电路的通断，故D错误。
故选B。
【分析】电路的基本组成有：电源、开关、用电器、导线。
4．（2025·南宁模拟）我国计量文化博大精深、历史悠久。古代人们采用“掬手成升”的原始计量方法，使生活中的商品交易变得有据可依，掬即为双手捧，如图所示，人双手捧起的米质量约为（ ）
A．3g B．3kg C．30kg D．300g
【答案】D
【知识点】质量及其特性
【解析】【解答】ABCD、人双手捧起的米质量约为300g，故ABC错误，D正确；
故选：B。
【分析】根据生活常识对给出的物体质量进行判断。
5．（2025·南宁模拟）下列做法符合安全用电原则的是（　　）
A．使用试电笔时手要接触笔尖金属体
B．家庭电路着火迅速用水浇灭
C．更换灯泡时不需要断开电源开关
D．有金属外壳的电器也需要用三孔插座
【答案】D
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A．根据试电笔的使用方法可知，使用试电笔时手应接触笔尾金属体，故A不符合题意；
B．家庭电路着火用水浇灭，可能引起触电，故B不符合题意；
C．更换灯泡时需要断开电源开关，避免发生触电，故C不符合题意；
D．有金属外壳的电器可能漏电，需要用三孔插座，故D符合题意。
故选D。
【分析】根据家庭电路连接，以及安全用电的原则分析判断。
6．（2025·南宁模拟）“二十四节气”是中华民族农耕文明的智慧结晶，已被列入联合国教科文组织人类非物质文化遗产名录。下列节气描述中发生凝固现象的是（　　）
A．雨水，冰雪消融 B．大寒，滴水成冰
C．立夏，雾绕山峦 D．霜降，霜满枝头
【答案】B
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．冰雪消融，是冰从固态变成液态发生熔化现象，故A不符合题意；
B．滴水成冰，即水从固态变成固态发生凝固现象，故B符合题意；
C．雾绕山峦，是水蒸气从气态变成液态发生液化现象，故C不符合题意；
D．霜满枝头，是水蒸气从气态直接变成固态发生凝华现象，故D不符合题意；
故选B。
【分析】物质从液态变成固态发生凝固现象，据此对各个选项分析判断。
7．（2025·南宁模拟）振动电缆报警器是一种利用磁性材料建立永久磁场，当电缆振动时，活动导线切割磁感线产生感电流触发报警的设备。下列选项中，原理与该设备相同的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；产生感应电流的条件；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】根据“当电缆振动时，活动导线切割磁感线产生的感应电流触发报警器报警”可知，该报警器是利用电磁感应原理工作的。
A．当导线中有电流经过时，小磁针的指向发生偏转，说明通电导线周围存在磁场，故A不符合题意；
B．通电线圈在磁场中受到力的作用而转动，为电动机的工作原理，故B不符合题意；
C．当导体ab在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针发生偏转，即发生电磁感应现象，故C符合题意；
D．当变阻器的滑片移动时，通过电磁铁的电流大小改变，且电磁铁吸引铁屑的多少改变，说明电磁铁的磁场强弱与电流大小有关，故D不符合题意。
故选C。
【分析】分析各个图片中包含的物理原理，然后与题目描述对照即可。
8．（2025·南宁模拟）用如图所示的剪刀剪断一根铜线时，为了最省力，铜线应放在（　　）
A．E处 B．F处 C．G处 D．都一样
【答案】C
【知识点】杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】剪刀相当于一个杠杆，支点为转轴，阻力作用在刀口上，动力作用在手柄上。在动力臂不变的情况下，阻力臂越小，则越省力，因此铜线应该放在G点。故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，当动力臂不变的情况下，阻力臂越小，则越省力。
9．（2025·南宁模拟）如图所示小伟在做家务劳动时，用平行于水平地面的力推沙发，沙发没有推动下列说法正确的是（　　）
A．小伟对沙发做了功
B．小伟对沙发的推力小于地面对沙发的摩擦力
C．沙发受到的重力与地面对沙发的支持力是一对相互作用力
D．小伟对沙发的推力和地面对沙发的摩擦力是一对平衡力
【答案】D
【知识点】力作用的相互性；平衡力的辨别；是否做功的判断
【解析】【解答】A．根据题意可知，沙发受到推力，但是没有在力的方向上移动距离，所以小伟对沙发没有做功，故A错误；
BD．沙发出于静止状态，则它受到平衡力，即小伟对沙发的推力等于地面对沙发的摩擦力，故B错误，D正确；
C．沙发受到的重力与地面对沙发的支持力，二者都作用在同一物体上，肯定不是相互作用力，故C错误。
故选D。
【分析】A.做功的要素：作用在物体上的力和物体在力的方向上通过的距离；
BD.平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体和同一直线上；
C.相互作用力的条件：大小相等，方向相反，作用在直线和两个物体上。
10．（2025·南宁模拟）如图为封闭小区常见的智能门禁系统，住户可以通过刷卡或人脸识别进入小区，当门禁系统接通电源后，指示灯发光。住户刷卡或人脸识别成功时（相当于分别闭合对应的开关），电动机工作，控制门打开。下列关于门禁系统的简化电路设计合理的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】首先明确门禁系统的电路要求：
接通电源后指示灯立即发光→指示灯直接与电源并联（不受开关控制，通电即工作）；
刷卡或人脸识别成功（对应两个开关），电动机工作→两个开关为“或”逻辑，需并联（任意一个闭合都能导通），再与电动机串联，整体与指示灯并联在电源两端。
选项分析：
A、 两个开关串联（需同时闭合电动机才工作），不符合“刷卡或人脸识别任意一个成功即可启动电动机”的“或”逻辑，故A错误。
B、 指示灯直接并联在电源两端（通电即发光）；两个开关并联（实现“或”逻辑），再与电动机串联，任意一个开关闭合电动机都能工作，符合电路要求，故B正确。
C、 指示灯与开关串联（需开关闭合才发光），不符合“接通电源指示灯立即发光”的要求，故C错误。
D、 指示灯与电动机串联（电动机不工作时指示灯也不发光），不符合“接通电源指示灯立即发光”的要求，故D错误。
故选B
【分析】门禁系统的电路逻辑分析
考点：串并联电路的应用（根据功能需求判断电路连接方式） 解题关键：
1.分析用电器的工作逻辑：
指示灯：“接通电源即发光”→需直接与电源并联（并联电路各支路独立工作，不受其他支路开关影响）；
电动机：“刷卡或人脸识别任意一个成功即工作”→“或”逻辑对应开关并联（并联电路中任意一条支路导通，整个支路即可工作），电动机与这两个并联的开关串联。
2.逐一匹配选项：根据“指示灯并联、开关并联后与电动机串联”的电路结构，筛选出符合功能要求的选项。
二、多项选择题（本大题共2小题，每小题4分，共8分。在每小题列出的四个备选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错得0分。）
11．（2025·南宁模拟）如图所示，电源电压不变，闭合开关，将滑动变阻器的滑片P向右移动，下列说法正确的是（　　）
A．电流表示数变大 B．电压表示数变大
C．小灯泡变暗 D．滑动变阻器阻值变小
【答案】B,C
【知识点】串联电路的电压规律；滑动变阻器的原理及其使用；电功率的计算
【解析】【解答】根据电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测总电流。将滑动变阻器的滑片P向右移动，滑动变阻器连入电路的阻值变大，由串联电路电压与电阻成正比的规律可知，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表示数变大。根据U总=U1+U2可知，灯泡两端的电压变小。根据欧姆定律可知，电路中电流变小，所以电流表示数变小，则灯泡变暗。
故BC正确，而AD错误。
故选BC。
【分析】根据变阻器滑片的移动方向确定变阻器接入阻值的变化，根据串联电路的分压规律确定电压表的示数变化，根据U总=U1+U2分析灯泡两端的电压变化，根据分析电路电流变化，进而确定灯泡亮度变化即可。
12．（2025·南宁模拟）在综合实践活动中，小明在一支铅笔的下端粘上一块橡皮泥，将它分别置于甲、乙两个完全相同烧杯内的液体中，观察到静止时的情形如图所示，甲、乙两杯中液体液面相平，下列说法正确的是（　　）
A．铅笔与橡皮泥在甲杯中受到的浮力较大
B．甲杯中液体的密度较大
C．乙杯液体对杯底的压强较大
D．乙杯对桌面的压强较大
【答案】C,D
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．根据图片可知，铅笔在甲和乙中都漂浮在液体中，则它受到的浮力始终等于铅笔与橡皮泥的总重力，故在两种液体中铅笔与橡皮泥所受浮力大小相等，故A错误；
B．根据图片可知，甲中V排大，根据阿基米德原理可知，则甲中液体密度小，乙中液体密度大，故B错误；
C．综上所述，乙中液体密度大，液面相平，根据液体压强公式可知， 乙中液体对杯底的压强更大，故C正确；
D．根据图片可知，甲中液体密度小，且甲杯液体体积小于乙杯，根据m=ρV可知，液体甲的质量小于液体乙的质量。粘有橡皮泥的铅笔质量相同，则总质量，即。根据可知，两杯对桌面的压强，故D正确。
故选CD。
【分析】A.根据漂浮条件比较铅笔受到浮力大小；
B.根据据阿基米德原理比较液体密度大小；
C.根据液体压强公式比较液体对容器底部的压强大小；
D.根据m=ρV比较液体质量大小，然后比较容器总重力的大小，最后根据公式比较容器对桌面的压强大小。
三、填空题（本大题共6小题，每空1分，共12分。）
13．（2025·南宁模拟）“绿水青山就是金山银山”，倡导保护环境，使用新能源势在必行，太阳能等新型能源属于　 　能源（填“可再生”或“不可再生"）；现在是华为5G时代了，我们用手机可以跟远方的朋友打电话，还可以视频，这使我们的工作和生活非常方便快捷，手机的信号是靠　 　来传输的。
【答案】可再生；电磁波
【知识点】能源及其分类；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）太阳能可以在短时间内得到补充，则属于可再生能源。
（2） 我们用手机可以跟远方的朋友打电话， 手机信号是利用电磁波来传递声音和图像信息的。
【分析】（1）可以在短时间内得到补充的能源为可再生能源；
（2）根据电磁波的特点和应用判断。
14．（2025·南宁模拟）“氢”风徐来，北京冬奥会大规模示范应用氢能源汽车。氢具有很多优点 ，在燃料的属性中，其　 　较高，另外，氢能源汽车还比燃油汽车更环保，因为燃油汽车热机在工作过程中，通过　 　冲程不断排放尾气，给城市带来严重的空气污染。
【答案】热值；排气
【知识点】燃料的热值；热机的四个冲程
【解析】【解答】（1）氢具有很多优点 ，氢气的热值高，即相同质量的氢气燃烧会放出更多的热量，因此新能源汽车用氢做燃料；
（2）燃油汽车热机在工作过程中，通过排气冲程不断向外排尾气。
【分析】（1）热值是表示燃料燃烧放热本领大小的物理量；
（2）根据热机的工作过程解答。
15．（2025·南宁模拟）小球在光滑无摩擦轨道的A点静止释放（忽略空气阻力），小球　 　（选填“能”或“不能”）运动到最高处C点，小球在B点的机械能　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）在A点的机械能。
【答案】不能；等于
【知识点】机械能及其转化
【解析】【解答】（1）根据题意可知，轨道光滑则小球不受摩擦力，忽略空气阻力，则小球在运动过程中机械能守恒。根据图片可知，A点高度小于C点高度，则小球的机械能始终等于在A点的机械能，故小球最高运动到与A点等高的点，到不了C点。
（2）综上所述，小球运动过程中机械能守恒，所以小球在B点的机械能等于在A点的机械能。
【分析】当物体运动时不受阻力时，则它没有能量损失，根据机械能守恒的知识分析。
16．（2025·南宁模拟）小明一家驾车沿泉南高速南宁方向前行。行驶过程中，看到图中所示的交通标志牌，在遵守交通法规的前提下，从此处至少需　 　h到达南宁；若以小明为参照物，此交通标志是　 　（选填“运动”或“静止”）的。
【答案】0.6；运动
【知识点】速度公式及其应用；参照物及其选择
【解析】【解答】（1）根据图片可知，圆圈中的数字为100，则此路段限速。长方形中“距离南宁60km”，则此处到南宁的路程，
那么从此处到达南宁的时间为。
（2）此交通标志相对于小明的位置在不断改变，那么若以小明为参照物，它是运动的。
【分析】（1）根据图片确定限速和到南宁的距离，根据计算此处到达南宁的时间；
（2）根据参照物的知识分析解答。
17．（2025·南宁模拟）如图是小军设计的短跑比赛“抢跑判断器”。运动员蹲在起跑器上后，工作人员闭合开关、发令指示灯亮，运动员抢跑后，所受压力变小，电阻变小，电磁铁的磁性增强，其上端的　 　（选填“N”或“S”）极将衔铁吸下，抢跑指示灯　 　（选填“”或“”）亮，判定运动员抢跑。
【答案】N；L2
【知识点】电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）根据图片可知，线圈上电流向右。右手握住螺线管，弯曲的四指指尖向右，此时大拇指指向上端，则电磁铁的上端是N极，下端是S极。
（2）根据图片可知，衔铁被吸下后，接通灯泡L2所在的电路，则此时抢跑指示灯L2亮。
【分析】（1）根据安培定则判断螺线管的磁极方向；
（2）根据图片确定衔铁被吸下来后电路的通断情况即可。
18．（2025·南宁模拟）如图甲所示，体积可忽略不计的轻质硬杆B一端固定在容器底，一端与不吸水的实心正方体A固定。现缓慢向容器中加水，当水深为15cm时正方体A刚好浸没，杆B受到正方体A的作用力F随注水深度变化的图像如图乙所示。则杆B的长度为　 　cm，当F大小为0时，容器底部受到水的压强为　 　Pa。
【答案】5；1100
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）根据乙图可知，当h0=0cm时，力传感器的示数为F0=6N。因为正方体A对力传感器的压力等于自身的重力，所以正方体A的重力G=6N。当h2=5cm时物体A的下表面恰好与水面接触，因此细杆的长度L杆=5cm。
（2）根据乙图可知，当力传感器的示数大小F为0时，正方体A受到的浮力等于正方体A的重力，即F'浮=G=6N。
当h2=5cm时，物体A的下表面恰好与水面接触，当容器内水的深度h1=15cm时，
正方体A刚好浸没，则正方体A的边长L=h浸1=15cm-5cm=10cm。
此时正方体A排开水的体积；
则正方体A浸在水中的深度；
所以此时容器中水的深度h=L杆+h排=5cm+6cm=11cm=0.11m；
则当力传感器的示数大小F为0时，容器底部受到水的压强p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.11m＝1100Pa。
【分析】 （1）根据图乙可知，当h=5cm时物体A的下表面恰好与水面接触，据此求出细杆的长度；
（2）当力传感器的示数大小F为0时，正方体A受到的浮力等于重力，根据阿基米德原理求出此时正方体A排开水的体积，根据体积公式求出正方体A浸在水中的深度，进而求出容器中水的深度，根据p=ρgh求容器底部受到水的压强。
四、作图题（本大题共3小题，共6分。）
19．（2025·南宁模拟）画出方形木块在水中漂浮时所受到的浮力。
【答案】
【知识点】浮力的示意图
【解析】【解答】根据图片可知，木块在水中受到浮力的方向竖直向上，作用在木块的重心上，如下图所示：
【分析】对木块进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可。
20．（2025·南宁模拟）如图所示，请分别画出两条入射光线通过凸透镜后的折射光线。
【答案】
【知识点】透镜的光路图
【解析】【解答】根据凸透镜的三条特殊光线可知，通过凸透镜光心的光线传播方向不变；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，如下图所示：
【分析】根据凸透镜的三条特殊光线完成作图。
21．（2025·南宁模拟）在图中，用笔画线代替导线将电灯和开关接到电路中。
【答案】
【知识点】家庭电路的连接
【解析】【解答】在家庭电路中，开关控制灯泡的通断，则开关与电灯串联。为了安全用电的要求，开关接在电灯与火线之间，电灯与零线相连，如下图所示：
【分析】用电器相互影响为串联，用电器不相互影响为并联。结合家庭电路安全用电的知识完成电路的连接。
五、实验探究题（本大题共4小题，每空1分，共25分。）
22．（2025·南宁模拟）几名同学在荡秋千时，感到秋千往返摆动的时间是有规律的，于是他们进行了如图所示实验，将细绳一端固定在O点，另一端拴一小球制成一个摆，让小球自由往返摆动，摆球往返摆动一次的时间叫周期，记录的数据如表所示。
实验序号 摆长l/m 摆球质量/g 摆幅/m 周期/s
1 0.7 20 0.05 1.7
2 1.0 20 0.08 2.0
3 1.0 30 0.05 2.0
4 1.0 30 0.08 2.0
5 1.3 20 0.05 2.3
请回答下列问题：
（1）在探究过程中，每次只改变一个因素，保持其他因素不变，这种方法叫　 　；
（2）第2、4两次实验表明，摆球摆动周期与摆球质量　 　（选填“有关”或“无关”）。
（3）第　 　（填实验序号）两次实验表明，摆球摆动周期与摆球摆幅无关。
（4）小球从A点运动到B点的过程中，小球的重力势能转化为　 　能，若运动到C点，所有的外力突然消失，小球将　 　（选填字母）。
A.静止
B.做匀速直线运动
【答案】（1）控制变量法
（2）无关
（3）3、4
（4）动；A
【知识点】机械能及其转化
【解析】【解答】（1）根据题意可知，在探究过程中，每次只改变一个因素，保持其他因素不变，这种方法叫控制变量法。
（2）根据表格数据可知，第2、4两次实验中，只有摆球的质量不同，但摆动的周期相同，说明摆球摆动周期与摆球质量无关。
（3）根据控制变量法的要求可知，探究摆球摆动周期与摆球摆幅无关时，控制摆球的摆长、质量相同，只有摆幅不同，故选3、4两次实验。
（4）①根据图片可知，小球从A点运动到B点的过程中，小球的高度变低，则重力势能减小；速度变大，则动能增大，那么小球的重力势能转化为动能。
②根据图片可知，若运动到C点到达右侧的最高点，此时小球的速度为0。如此时所有的外力突然消失，根据牛顿第一定律可知，小球将保持原来的静止状态，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】（1）根据控制变量法的定义解答；
（2）根据表格数据2、4分析摆动周期与摆球质量是否有关即可；
（3）根据控制变量法的要求选择对照实验；
（4）①分析动能和重力势能的大小变化即可；
②根据牛顿第一定律分析。
（1）在探究过程中，每次只改变一个因素，保持其他因素不变，这种方法叫控制变量。
（2）第2、4两次实验中，摆球的摆长、摆幅相同，质量不同，但摆动的周期相同，说明摆球摆动周期与摆球质量无关。
（3）第3、4两次实验中，摆球的摆长、质量相同，摆幅不同，但摆动的周期相同，说明摆球摆动周期与摆球摆幅无关。
（4）[1]小球从A点运动到B点的过程中，小球的高度变低，速度变快，小球的重力势能转化为动能。
[2]若运动到C点，此时小球到达最高点静止，小球的速度为0，如所有的外力突然消失，根据惯性定律可知，小球将保持原来的静止状态，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
23．（2025·南宁模拟）（1）如图甲所示是“探究海波熔化的特点”实验的装置。如图乙所示是根据实验数据绘制的温度一时间图像，由图可知，海波的熔点为　 　℃，可以判断海波是　 　（选填“晶体”或“非晶体”）；
（2）如图丙，在“探究光的反射定律”实验中，从光屏前不同方向都能看到光的传播路径，是因为光在光屏上发生了　 　（选填“镜面”或“漫”）反射。当入射角减小时，反射光线将　 　（选填“靠近”或“远离”）法线。
（3）如图丁，每周一升国旗时，随着绳子的拉动，旗杆顶端的滑轮不断转动，国旗缓缓上升。旗杆顶端的滑轮属于　 　（选填“动滑轮”或“定滑轮”），该滑轮　 　（选填“能”或“不能”）省力。
【答案】（1）48；晶体
（2）漫；靠近
（3）定滑轮；不能
【知识点】凝固与凝固放热特点；熔化和凝固的温度—时间图象；镜面反射与漫反射；定滑轮及其工作特点
【解析】【解答】（1）根据乙图可知，海波吸热时保持不变的温度为48℃，则海波的熔点为48℃，可以判断海波是晶体。
（2）①在“探究光的反射定律”实验中，光在光屏上发生了漫反射，所以从光屏前不同方向都能看到光的传播路径。
②当入射角减小时，根据“反射角等于入射角”可知，此时反射角也减小，则反射光线将靠近法线。
（3）旗杆顶端的滑轮固定不动，属于定滑轮，该滑轮不能省力。
【分析】（1）晶体有熔点，非晶体没有熔点，晶体熔化时保持不变的温度叫熔点；
（2）①光在粗糙不平的表面发生漫反射，反射光线射向四面八方；
②根据光的反射中“反射角等于入射角”分析。
（3）固定不动的滑轮为定滑轮，跟随物体一起移动的滑轮为动滑轮。根据动滑轮和定滑轮的特点解答。
（1）[1][2]如图甲所示是“探究海波熔化的特点”实验的装置。如图乙所示是根据实验数据绘制的温度一时间图像，由图可知，海波的熔点为48℃，可以判断海波是晶体。
（2）[1]如图丙，在“探究光的反射定律”实验中，从光屏前不同方向都能看到光的传播路径，是因为光在光屏上发生了漫反射。
[2]反射角等于入射角，当入射角减小时，反射角也减小，反射光线将靠近法线。
（3）[1][2]定滑轮可以改变力的方向，旗杆顶端的滑轮属于定滑轮，该滑轮相当于等比杠干，不能省力。
24．（2025·南宁模拟）小明同学按如图所示步骤，探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验。
（1）如图甲所示，金属块的重力为　 　N；在丁图中，金属块受到浮力为　 　；
（2）通过比较步骤甲、乙、丙可以得出结论：同种液体中，金属块受到的浮力大小与排开液体　 　有关；通过比较步骤甲、丙、丁可以得出结论：同种液体中，金属块受到的浮力大小与浸没在液体中的　 　无关；
（3）小明又做了如图己的实验，若满足关系式：F1﹣F3＝　 　，则验证了“阿基米德原理”；浸入液体中的金属块所受的浮力的大小等于金属块排开液体所受的　 　的大小。若将金属块换成可以漂浮在水面的木块进行实验，则　 　（选填“能”或“不能”）验证阿基米德原理。
【答案】（1）5；4
（2）体积；深度
（3）F4﹣F2；重力；能
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，金属块的重力等于弹簧测力计的示数，则G＝5N。
由丙图可知，金属块浸没在水中时测力计的示数为1N，则此时它受到的浮力F浮＝G﹣F丙＝5N﹣1N＝4N
（2）①根据图片可知，步骤甲、乙、丙只有排开液体的体积不同，且测力计的示数不同，那么浮力不同，因此得到：同种液体中，金属块受到的浮力大小与排开液体的体积有关。
②根据图片可知，步骤甲、丙、丁浸入液体的深度不同，且测力计的示数相同，那么浮力相同，因此得到：同种液体中，金属块受到的浮力大小与浸没在液体中的深度无关。
（3）①根据图片可知，物体受到的浮力等于F1﹣F3，排开液体的重力为F4﹣F2，若两者相等即符合阿基米德原理，即F1﹣F3=F4﹣F2。
② 若将金属块换成可以漂浮在水面的木块进行实验，物体受到的浮力始终等于排开液体所受的重力，即实验中若物体没有完全浸没在水中，仍能验证阿基米德原理。
【分析】（1）根据甲图可知，金属块的重力等于测力计的示数。根据丁图确定此时测力计的示数，根据F浮＝G﹣F丙计算金属块受到的浮力。
（2）①②根据图片确定对比实验中哪个因素不同，从而确定影响浮力大小的因素即可；
（3）①根据阿基米德原理F浮=G排分析解答；
②根据阿基米德原理的适用范围解答。
（1）[1]由图甲可知金属块的重力G＝5N。
[2]由丙图可知金属块浸没在水中时，受到的浮力F浮＝G﹣F丙＝5N﹣1N＝4N
（2）[1]比较步骤甲、乙、丙排开液体的体积不同，浮力不同，故同种液体中，金属块受到的浮力大小与排开液体的体积有关。
[2]比较步骤甲、丙、丁浸入液体的深度不同，浮力相同，同种液体中，金属块受到的浮力大小与浸没在液体中的深度无关。
（3）[1][2]物体受到的浮力等于F1﹣F3，排开液体的重力为F4﹣F2，若两者相等即符合阿基米德原理。说明浸入液体中的物体所受的浮力的大小等于物体排开液体所受的重力大小。
[3]无论物体是部分浸入液体中还是全部浸入液体中，物体受到的浮力始终等于排开液体所受的重力，即实验中若物体没有完全浸没在水中，仍能验证阿基米德原理。
25．（2025·南宁模拟）实验小组在“测量小灯泡额定功率”的实验中，用到的实验器材有：电压恒定为6V的电源、电流表、电压表、额定电压为2.5V的小灯泡（正常发光时灯丝的电阻约为12Ω）、滑动变阻器、开关和若干导线。
（1）请根据实验要求将图甲所示的电路连接完整（导线不能交叉）　 　；
（2）电路连接完整，闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移到　 　（填“左”或“右”）端；
（3）小组同学将电路连接无误后闭合开关，观察到小灯泡不亮且电流表有示数、电压表示无数，电路中只有一处故障，则故障可能是　 　；
（4）排除故障后，闭合开关，电压表示数为1.8V，此时应将滑动变阻器的滑片向　 　（填“左”或“右”）移动。小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，小灯泡的额定功率为　 　W；
【拓展】实验中电压表意外损坏，小组同学讨论后，选用阻值为的定值电阻进行实验，设计如图丙所示的电路也测出了小灯泡的额定功率。请将实验步骤补充完整：
①闭合开关S、S1，断开开关S2，移动滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为　 　；
②保持滑动变阻器的滑片P不动，只闭合开关S、S2，读出电流表的示数为；
③小灯泡的额定功率表达式：　 　。（用表示）
【答案】（1）
（2）左
（3）灯泡短路
（4）右；0.5；；
【知识点】电功率的测量；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）在“测量小灯泡额定功率”的实验中，电压表并联在灯泡两端，则电压表测灯泡两端电压。灯泡的额定电压是2.5V<3V，因此电压表使用0-3V量程。通过电路中的电流为
，则电流表选用0-0.6A量程，如下图所示：
（2）为了避免电路电流过大而烧毁用电器，则闭合开关S前，变阻器应移至阻值最大处，即左端。
（3）电流表有示数，说明电路是通路，即没有断路发生。灯泡不亮，电压表示无数，则可能是灯泡发生短路所致。
（4）①因为1.8V小于2.5V，所以灯泡两端电压需要变大。根据串联U总=U1+U2可知，变阻器两端电压要变小。由串联电路电压与电阻成正比的规律可知，变阻器的阻值需要变小，即滑片向右移动。
②已知电流表选择小量程，分度值是0.02A，乙图中电流表的读数为0.2A，则小灯泡的额定功率为
；
【拓展】丙图中，闭合开关S、S1，断开开关S2，电路为灯泡和定值电阻并联，再与变阻器串联，电流表测定值电阻支路电流，根据并联电路中电压特点可知，若灯泡正常发光，灯泡和定值电阻两端电压均为U额，则电流表的示数为；
持滑动变阻器的滑片P不动，电路连接方式不变，只闭合开关S、S2，此时电流表测灯泡和定值电阻的总电流，此时电流表的示数为，则灯泡的额定电流为；
小灯泡的额定功率表达式为。
【分析】 （1）根据实验目的确定电器元件的串并联关系，以及电表的量程和接线柱的选择，据此结合甲图进行补充即可。
（2）闭合开关S前，为了保护电路，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；
（3）根据电压表和电流表的示数变化确定故障的种类和位置；
（4）①比较灯泡的实际电压与额定电压的大小，从而确定电压表的示数变化方向，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
②根据（1）确定电流表量程，由图乙确定分度值读数，利用P=UI求出灯泡额定功率；
【拓展】要测小灯泡额定功率，应先使灯正常发光，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻R0应起到电压表的测量作用，故将R0与电流表串联后再与灯并联，通过移动变阻器的滑片使电流表示数为时，由并联电路电压的规律，灯两端的电压为额定电压，灯正常发光；保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R0并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出灯的额定电流，根据P=UI写出小灯泡的额定功率表达式。
（1）根据实验，电路是串联电路，电压表测灯泡两端电压，已知灯泡的额定电压是2.5V，因此电压表使用小量程并联在灯泡两端；已知灯泡正常发光时灯丝的电阻约为12Ω，电路中的电流为
电流表选用小量程串联在电路中测电路中的电流，如图所示：
（2）闭合开关S前，为了保护电路，变阻器应移至阻值最大处，即左端。
（3）串联电路中有电流，说明电路是通路，灯泡不亮，电压表示无数，则可能是灯泡发生短路，电压表相当于测导线电压，因此无示数。
（4）[1]闭合开关，电压表示数为1.8V，为了使灯泡正常发光，灯泡两端电压需要变大，根据串联电压规律，变阻器两端电压要变小，由串联分压原理可知，变阻器的阻值需要变小，即滑片向右移动。
[2]已知电流表选择小量程，分度值是0.02A，乙图中电流表的读数为0.2A，则小灯泡的额定功率为
[3][4]丙图中，闭合开关S、S1，断开开关S2，电路为灯泡和定值电阻并联，再与变阻器串联，电流表测定值电阻支路电流，根据并联电路中电压特点可知，若灯泡正常发光，灯泡和定值电阻两端电压均为U额，则电流表的示数为
持滑动变阻器的滑片P不动，电路连接方式不变，只闭合开关S、S2，此时电流表测灯泡和定值电阻的总电流，此时电流表的示数为，则灯泡的额定电流为
小灯泡的额定功率表达式为
六、综合应用题（本大题共2小题，共19分。解答时要求在答题卡相应的答题区域内写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤，只写出最后答案，未写出主要演算过程的不得分。）
26．（2025·南宁模拟）如图是一款手持式两挡电煮锅及其简化电路图，R1、R2为均为定值电阻。高温挡功率为1000W，低温挡时R1、R2的总功率为220W。请计算：
（1）R1的阻值；
（2）在标准大气压下，将2kg水从20℃烧开，水吸收的热量；[c水＝4.2×103J/（kg ℃）]
（3）若电煮锅的热效率为80%，在标准大气压下，用高温挡将2kg水从20℃烧开，需要多长时间。
【答案】（1）解：图中，当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联，根据并联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P可知，电路的总功率最小，电煮锅处于低温挡；当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，电煮锅处于高温挡
；由可知，R1的阻值为：
（2）解：一个标准大气压下，水的沸点是100℃，水吸收的热量
Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg ℃)×2kg×(100℃-20℃)=6.72×105J
（3）解：根据，计算电煮锅消耗的电能：
根据，加热需要的时间为：
【知识点】热量的计算；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据开关状态，判断电路的连接，结合用电器规格，利用，计算电阻；
（2）根据水的比热容、质量和温度差，根据Q=cmΔt，计算水吸收的热量；
（3）根据热效率和吸收的热量，利用，计算消耗的电能，结合 ，计算工作时间。
（1）由电路图可知，当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联，根据并联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P可知，电路的总功率最小，电煮锅处于低温挡；当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，电煮锅处于高温挡；由可知，R1的阻值为
（2）一个标准大气压下，水的沸点是100℃，水吸收的热量Q吸＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg ℃）×2kg×（100℃﹣20℃）＝6.72×105J
（3）由可知，电煮锅消耗的电能
由可知，加热需要的时间为
27．（2025·南宁模拟）一个不吸水的长方体木块A，底面积为100cm2，高为5cm。如图甲所示，现将A放在容器中，缓慢往容器中注水（水的密度为1×103kg/m3），当水深3cm时，木块对容器底部压力恰好为0。
（1）容器底部受到水的压强；
（2）木块A的密度；
（3）古代有一种计时器称为“漏刻”，其计时原理是通过漏壶或箭壶中水量的均匀变化来度量时间。图乙为我国国家博物馆收藏的西汉时期的计时工具青铜漏壶。图丙为小文同学制作的简易受水壶模型，该模型含有薄壁圆柱形玻璃容器、标有刻度的箭尺，箭尺重力忽略不计，其底部与木块A相连。初始状态下，需要向容器内注水使木块漂浮进入工作状态。当向容器内均匀注水，可使标尺和浮块随水面匀速竖直上升，从而计时；当木块A上升至上表面刚好与容器上沿相平时，一个计时周期结束。已知容器高为50cm，底面积为600cm2，不计容器底和容器壁的厚度。求：
（a）计时周期结束时，容器内水的总质量；
（b）初始状态下，向容器内注水1650g时，请通过计算说明装置是否进入工作状态。
【答案】（1）解：根据图片甲可知，容器底部受到水的深度为3cm=0.03m，则容器底部受到水的压强。
（2）解：当水深3cm时，木块对容器底部压力恰好为0，那么此时木块受到的浮力等于木块重力，
即；
；
则；
则；
；
解得：木块的密度。
（3）解：（a）根据题意可知，当水深3cm时，木块对容器底部压力恰好为0，此时刚好使木块在浮力作用下与容器底部脱离接触，
此时木块露出水面的高度；
计时周期结束时，容器内水深为；
水的体积与木块排开水的体积之和；
木块排开水的体积；
水的体积；
那么水的质量。
（b）初始状态下，水的深度，
此时水的体积，
水的质量，
所以向容器内注水1650g时，该装置进入工作状态。
【知识点】密度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】 （1）利用p=ρgh计算容器底部受到水的压强；
（2）当水深3cm时，木块对容器底部压力恰好为0，此时木块受到的浮力等于木块重力；由F浮=G木可得ρ水gV排=ρ木gV木，据此求出木块的密度；
（3）（a）由题知，将A放在容器中，缓慢往容器中注水，当水深3cm时，木块对容器底部压力恰好为0，此时刚好使木块在浮力作用下与容器底部脱离接触，此时木块露出水面的高度h露=h木-h浸，计时周期结束时，容器内水深为h水=H-h露，可求水的体积与木块排开水的体积之和，减去木块排开水的体积可得水的体积，再利用m=ρV计算水的质量；
（b）初始状态下，水的深度h=3cm，可求水的体积，利用m=ρV计算水的质量，据此确定向容器内注水1650g时，该装置是否进入工作状态。
（1）容器底部受到水的压强
（2）当水深3cm时，木块对容器底部压力恰好为0，此时木块受到的浮力等于木块重力，由可得
则
则
木块的密度
（3）（a）由题知，将A放在容器中，缓慢往容器中注水，当水深3cm时，木块对容器底部压力恰好为0，此时刚好使木块在浮力作用下与容器底部脱离接触，此时木块露出水面的高度
计时周期结束时，容器内水深为
水的体积与木块排开水的体积之和
木块排开水的体积
水的体积
由可得水的质量
（b）初始状态下，水的深度
水的体积
由可得水的质量
所以向容器内注水1650g时，该装置进入工作状态。
1 / 1广西南宁市第三中学2025年中考一模物理试题
一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。在给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。）
1．（2025·南宁模拟）如图所示，演奏者拨动古筝琴弦发出婉转悠扬的琴声。琴声是下列哪个物体振动产生的（　　）
A．手指 B．空气 C．琴弦 D．耳朵
2．（2025·南宁模拟）如图所示，下列现象的形成原理是光的直线传播的是（　　）
A．海市蜃楼 B．放大镜成像
C．小孔成像 D．平面镜成像
3．（2025·南宁模拟）如图所示，下列电路图中规范、正确的是（　　）
A． B．
C． D．
4．（2025·南宁模拟）我国计量文化博大精深、历史悠久。古代人们采用“掬手成升”的原始计量方法，使生活中的商品交易变得有据可依，掬即为双手捧，如图所示，人双手捧起的米质量约为（ ）
A．3g B．3kg C．30kg D．300g
5．（2025·南宁模拟）下列做法符合安全用电原则的是（　　）
A．使用试电笔时手要接触笔尖金属体
B．家庭电路着火迅速用水浇灭
C．更换灯泡时不需要断开电源开关
D．有金属外壳的电器也需要用三孔插座
6．（2025·南宁模拟）“二十四节气”是中华民族农耕文明的智慧结晶，已被列入联合国教科文组织人类非物质文化遗产名录。下列节气描述中发生凝固现象的是（　　）
A．雨水，冰雪消融 B．大寒，滴水成冰
C．立夏，雾绕山峦 D．霜降，霜满枝头
7．（2025·南宁模拟）振动电缆报警器是一种利用磁性材料建立永久磁场，当电缆振动时，活动导线切割磁感线产生感电流触发报警的设备。下列选项中，原理与该设备相同的是（　　）
A． B．
C． D．
8．（2025·南宁模拟）用如图所示的剪刀剪断一根铜线时，为了最省力，铜线应放在（　　）
A．E处 B．F处 C．G处 D．都一样
9．（2025·南宁模拟）如图所示小伟在做家务劳动时，用平行于水平地面的力推沙发，沙发没有推动下列说法正确的是（　　）
A．小伟对沙发做了功
B．小伟对沙发的推力小于地面对沙发的摩擦力
C．沙发受到的重力与地面对沙发的支持力是一对相互作用力
D．小伟对沙发的推力和地面对沙发的摩擦力是一对平衡力
10．（2025·南宁模拟）如图为封闭小区常见的智能门禁系统，住户可以通过刷卡或人脸识别进入小区，当门禁系统接通电源后，指示灯发光。住户刷卡或人脸识别成功时（相当于分别闭合对应的开关），电动机工作，控制门打开。下列关于门禁系统的简化电路设计合理的是（　　）
A． B．
C． D．
二、多项选择题（本大题共2小题，每小题4分，共8分。在每小题列出的四个备选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错得0分。）
11．（2025·南宁模拟）如图所示，电源电压不变，闭合开关，将滑动变阻器的滑片P向右移动，下列说法正确的是（　　）
A．电流表示数变大 B．电压表示数变大
C．小灯泡变暗 D．滑动变阻器阻值变小
12．（2025·南宁模拟）在综合实践活动中，小明在一支铅笔的下端粘上一块橡皮泥，将它分别置于甲、乙两个完全相同烧杯内的液体中，观察到静止时的情形如图所示，甲、乙两杯中液体液面相平，下列说法正确的是（　　）
A．铅笔与橡皮泥在甲杯中受到的浮力较大
B．甲杯中液体的密度较大
C．乙杯液体对杯底的压强较大
D．乙杯对桌面的压强较大
三、填空题（本大题共6小题，每空1分，共12分。）
13．（2025·南宁模拟）“绿水青山就是金山银山”，倡导保护环境，使用新能源势在必行，太阳能等新型能源属于　 　能源（填“可再生”或“不可再生"）；现在是华为5G时代了，我们用手机可以跟远方的朋友打电话，还可以视频，这使我们的工作和生活非常方便快捷，手机的信号是靠　 　来传输的。
14．（2025·南宁模拟）“氢”风徐来，北京冬奥会大规模示范应用氢能源汽车。氢具有很多优点 ，在燃料的属性中，其　 　较高，另外，氢能源汽车还比燃油汽车更环保，因为燃油汽车热机在工作过程中，通过　 　冲程不断排放尾气，给城市带来严重的空气污染。
15．（2025·南宁模拟）小球在光滑无摩擦轨道的A点静止释放（忽略空气阻力），小球　 　（选填“能”或“不能”）运动到最高处C点，小球在B点的机械能　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）在A点的机械能。
16．（2025·南宁模拟）小明一家驾车沿泉南高速南宁方向前行。行驶过程中，看到图中所示的交通标志牌，在遵守交通法规的前提下，从此处至少需　 　h到达南宁；若以小明为参照物，此交通标志是　 　（选填“运动”或“静止”）的。
17．（2025·南宁模拟）如图是小军设计的短跑比赛“抢跑判断器”。运动员蹲在起跑器上后，工作人员闭合开关、发令指示灯亮，运动员抢跑后，所受压力变小，电阻变小，电磁铁的磁性增强，其上端的　 　（选填“N”或“S”）极将衔铁吸下，抢跑指示灯　 　（选填“”或“”）亮，判定运动员抢跑。
18．（2025·南宁模拟）如图甲所示，体积可忽略不计的轻质硬杆B一端固定在容器底，一端与不吸水的实心正方体A固定。现缓慢向容器中加水，当水深为15cm时正方体A刚好浸没，杆B受到正方体A的作用力F随注水深度变化的图像如图乙所示。则杆B的长度为　 　cm，当F大小为0时，容器底部受到水的压强为　 　Pa。
四、作图题（本大题共3小题，共6分。）
19．（2025·南宁模拟）画出方形木块在水中漂浮时所受到的浮力。
20．（2025·南宁模拟）如图所示，请分别画出两条入射光线通过凸透镜后的折射光线。
21．（2025·南宁模拟）在图中，用笔画线代替导线将电灯和开关接到电路中。
五、实验探究题（本大题共4小题，每空1分，共25分。）
22．（2025·南宁模拟）几名同学在荡秋千时，感到秋千往返摆动的时间是有规律的，于是他们进行了如图所示实验，将细绳一端固定在O点，另一端拴一小球制成一个摆，让小球自由往返摆动，摆球往返摆动一次的时间叫周期，记录的数据如表所示。
实验序号 摆长l/m 摆球质量/g 摆幅/m 周期/s
1 0.7 20 0.05 1.7
2 1.0 20 0.08 2.0
3 1.0 30 0.05 2.0
4 1.0 30 0.08 2.0
5 1.3 20 0.05 2.3
请回答下列问题：
（1）在探究过程中，每次只改变一个因素，保持其他因素不变，这种方法叫　 　；
（2）第2、4两次实验表明，摆球摆动周期与摆球质量　 　（选填“有关”或“无关”）。
（3）第　 　（填实验序号）两次实验表明，摆球摆动周期与摆球摆幅无关。
（4）小球从A点运动到B点的过程中，小球的重力势能转化为　 　能，若运动到C点，所有的外力突然消失，小球将　 　（选填字母）。
A.静止
B.做匀速直线运动
23．（2025·南宁模拟）（1）如图甲所示是“探究海波熔化的特点”实验的装置。如图乙所示是根据实验数据绘制的温度一时间图像，由图可知，海波的熔点为　 　℃，可以判断海波是　 　（选填“晶体”或“非晶体”）；
（2）如图丙，在“探究光的反射定律”实验中，从光屏前不同方向都能看到光的传播路径，是因为光在光屏上发生了　 　（选填“镜面”或“漫”）反射。当入射角减小时，反射光线将　 　（选填“靠近”或“远离”）法线。
（3）如图丁，每周一升国旗时，随着绳子的拉动，旗杆顶端的滑轮不断转动，国旗缓缓上升。旗杆顶端的滑轮属于　 　（选填“动滑轮”或“定滑轮”），该滑轮　 　（选填“能”或“不能”）省力。
24．（2025·南宁模拟）小明同学按如图所示步骤，探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验。
（1）如图甲所示，金属块的重力为　 　N；在丁图中，金属块受到浮力为　 　；
（2）通过比较步骤甲、乙、丙可以得出结论：同种液体中，金属块受到的浮力大小与排开液体　 　有关；通过比较步骤甲、丙、丁可以得出结论：同种液体中，金属块受到的浮力大小与浸没在液体中的　 　无关；
（3）小明又做了如图己的实验，若满足关系式：F1﹣F3＝　 　，则验证了“阿基米德原理”；浸入液体中的金属块所受的浮力的大小等于金属块排开液体所受的　 　的大小。若将金属块换成可以漂浮在水面的木块进行实验，则　 　（选填“能”或“不能”）验证阿基米德原理。
25．（2025·南宁模拟）实验小组在“测量小灯泡额定功率”的实验中，用到的实验器材有：电压恒定为6V的电源、电流表、电压表、额定电压为2.5V的小灯泡（正常发光时灯丝的电阻约为12Ω）、滑动变阻器、开关和若干导线。
（1）请根据实验要求将图甲所示的电路连接完整（导线不能交叉）　 　；
（2）电路连接完整，闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移到　 　（填“左”或“右”）端；
（3）小组同学将电路连接无误后闭合开关，观察到小灯泡不亮且电流表有示数、电压表示无数，电路中只有一处故障，则故障可能是　 　；
（4）排除故障后，闭合开关，电压表示数为1.8V，此时应将滑动变阻器的滑片向　 　（填“左”或“右”）移动。小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，小灯泡的额定功率为　 　W；
【拓展】实验中电压表意外损坏，小组同学讨论后，选用阻值为的定值电阻进行实验，设计如图丙所示的电路也测出了小灯泡的额定功率。请将实验步骤补充完整：
①闭合开关S、S1，断开开关S2，移动滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为　 　；
②保持滑动变阻器的滑片P不动，只闭合开关S、S2，读出电流表的示数为；
③小灯泡的额定功率表达式：　 　。（用表示）
六、综合应用题（本大题共2小题，共19分。解答时要求在答题卡相应的答题区域内写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤，只写出最后答案，未写出主要演算过程的不得分。）
26．（2025·南宁模拟）如图是一款手持式两挡电煮锅及其简化电路图，R1、R2为均为定值电阻。高温挡功率为1000W，低温挡时R1、R2的总功率为220W。请计算：
（1）R1的阻值；
（2）在标准大气压下，将2kg水从20℃烧开，水吸收的热量；[c水＝4.2×103J/（kg ℃）]
（3）若电煮锅的热效率为80%，在标准大气压下，用高温挡将2kg水从20℃烧开，需要多长时间。
27．（2025·南宁模拟）一个不吸水的长方体木块A，底面积为100cm2，高为5cm。如图甲所示，现将A放在容器中，缓慢往容器中注水（水的密度为1×103kg/m3），当水深3cm时，木块对容器底部压力恰好为0。
（1）容器底部受到水的压强；
（2）木块A的密度；
（3）古代有一种计时器称为“漏刻”，其计时原理是通过漏壶或箭壶中水量的均匀变化来度量时间。图乙为我国国家博物馆收藏的西汉时期的计时工具青铜漏壶。图丙为小文同学制作的简易受水壶模型，该模型含有薄壁圆柱形玻璃容器、标有刻度的箭尺，箭尺重力忽略不计，其底部与木块A相连。初始状态下，需要向容器内注水使木块漂浮进入工作状态。当向容器内均匀注水，可使标尺和浮块随水面匀速竖直上升，从而计时；当木块A上升至上表面刚好与容器上沿相平时，一个计时周期结束。已知容器高为50cm，底面积为600cm2，不计容器底和容器壁的厚度。求：
（a）计时周期结束时，容器内水的总质量；
（b）初始状态下，向容器内注水1650g时，请通过计算说明装置是否进入工作状态。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】声音的产生
【解析】【解答】演奏者拨动琴弦，琴弦的振动产生琴声，发声体是琴弦，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】发声体都在振动，声音是物体振动产生的。
2．【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用；凸透镜成像的应用；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】海市蜃楼是光的折射现象，放大镜成像属于光的折射现象，小孔成像是光的直线传播现象，平面镜成像是光的反射现象，故C符合题意，而ABD不合题意。
故选C。
【分析】光在同一种均匀介质中沿直线传播，现象和应用有：小孔成像、影子、日食和月食、排队，射击瞄准等。
3．【答案】B
【知识点】电路的构成及电路图
【解析】【解答】A．图中，电路中缺少用电器，闭合开关，电源短路，故A错误；
B．图中，电路中有电源、开关、用电器，是完整的电路，故B正确；
C．图中，电路中没有电源，不能产生电流，故C错误；
D．图中，电路中没有开关，不能控制电路的通断，故D错误。
故选B。
【分析】电路的基本组成有：电源、开关、用电器、导线。
4．【答案】D
【知识点】质量及其特性
【解析】【解答】ABCD、人双手捧起的米质量约为300g，故ABC错误，D正确；
故选：B。
【分析】根据生活常识对给出的物体质量进行判断。
5．【答案】D
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A．根据试电笔的使用方法可知，使用试电笔时手应接触笔尾金属体，故A不符合题意；
B．家庭电路着火用水浇灭，可能引起触电，故B不符合题意；
C．更换灯泡时需要断开电源开关，避免发生触电，故C不符合题意；
D．有金属外壳的电器可能漏电，需要用三孔插座，故D符合题意。
故选D。
【分析】根据家庭电路连接，以及安全用电的原则分析判断。
6．【答案】B
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A．冰雪消融，是冰从固态变成液态发生熔化现象，故A不符合题意；
B．滴水成冰，即水从固态变成固态发生凝固现象，故B符合题意；
C．雾绕山峦，是水蒸气从气态变成液态发生液化现象，故C不符合题意；
D．霜满枝头，是水蒸气从气态直接变成固态发生凝华现象，故D不符合题意；
故选B。
【分析】物质从液态变成固态发生凝固现象，据此对各个选项分析判断。
7．【答案】C
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；产生感应电流的条件；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】根据“当电缆振动时，活动导线切割磁感线产生的感应电流触发报警器报警”可知，该报警器是利用电磁感应原理工作的。
A．当导线中有电流经过时，小磁针的指向发生偏转，说明通电导线周围存在磁场，故A不符合题意；
B．通电线圈在磁场中受到力的作用而转动，为电动机的工作原理，故B不符合题意；
C．当导体ab在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针发生偏转，即发生电磁感应现象，故C符合题意；
D．当变阻器的滑片移动时，通过电磁铁的电流大小改变，且电磁铁吸引铁屑的多少改变，说明电磁铁的磁场强弱与电流大小有关，故D不符合题意。
故选C。
【分析】分析各个图片中包含的物理原理，然后与题目描述对照即可。
8．【答案】C
【知识点】杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】剪刀相当于一个杠杆，支点为转轴，阻力作用在刀口上，动力作用在手柄上。在动力臂不变的情况下，阻力臂越小，则越省力，因此铜线应该放在G点。故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，当动力臂不变的情况下，阻力臂越小，则越省力。
9．【答案】D
【知识点】力作用的相互性；平衡力的辨别；是否做功的判断
【解析】【解答】A．根据题意可知，沙发受到推力，但是没有在力的方向上移动距离，所以小伟对沙发没有做功，故A错误；
BD．沙发出于静止状态，则它受到平衡力，即小伟对沙发的推力等于地面对沙发的摩擦力，故B错误，D正确；
C．沙发受到的重力与地面对沙发的支持力，二者都作用在同一物体上，肯定不是相互作用力，故C错误。
故选D。
【分析】A.做功的要素：作用在物体上的力和物体在力的方向上通过的距离；
BD.平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体和同一直线上；
C.相互作用力的条件：大小相等，方向相反，作用在直线和两个物体上。
10．【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】首先明确门禁系统的电路要求：
接通电源后指示灯立即发光→指示灯直接与电源并联（不受开关控制，通电即工作）；
刷卡或人脸识别成功（对应两个开关），电动机工作→两个开关为“或”逻辑，需并联（任意一个闭合都能导通），再与电动机串联，整体与指示灯并联在电源两端。
选项分析：
A、 两个开关串联（需同时闭合电动机才工作），不符合“刷卡或人脸识别任意一个成功即可启动电动机”的“或”逻辑，故A错误。
B、 指示灯直接并联在电源两端（通电即发光）；两个开关并联（实现“或”逻辑），再与电动机串联，任意一个开关闭合电动机都能工作，符合电路要求，故B正确。
C、 指示灯与开关串联（需开关闭合才发光），不符合“接通电源指示灯立即发光”的要求，故C错误。
D、 指示灯与电动机串联（电动机不工作时指示灯也不发光），不符合“接通电源指示灯立即发光”的要求，故D错误。
故选B
【分析】门禁系统的电路逻辑分析
考点：串并联电路的应用（根据功能需求判断电路连接方式） 解题关键：
1.分析用电器的工作逻辑：
指示灯：“接通电源即发光”→需直接与电源并联（并联电路各支路独立工作，不受其他支路开关影响）；
电动机：“刷卡或人脸识别任意一个成功即工作”→“或”逻辑对应开关并联（并联电路中任意一条支路导通，整个支路即可工作），电动机与这两个并联的开关串联。
2.逐一匹配选项：根据“指示灯并联、开关并联后与电动机串联”的电路结构，筛选出符合功能要求的选项。
11．【答案】B,C
【知识点】串联电路的电压规律；滑动变阻器的原理及其使用；电功率的计算
【解析】【解答】根据电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测总电流。将滑动变阻器的滑片P向右移动，滑动变阻器连入电路的阻值变大，由串联电路电压与电阻成正比的规律可知，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表示数变大。根据U总=U1+U2可知，灯泡两端的电压变小。根据欧姆定律可知，电路中电流变小，所以电流表示数变小，则灯泡变暗。
故BC正确，而AD错误。
故选BC。
【分析】根据变阻器滑片的移动方向确定变阻器接入阻值的变化，根据串联电路的分压规律确定电压表的示数变化，根据U总=U1+U2分析灯泡两端的电压变化，根据分析电路电流变化，进而确定灯泡亮度变化即可。
12．【答案】C,D
【知识点】压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．根据图片可知，铅笔在甲和乙中都漂浮在液体中，则它受到的浮力始终等于铅笔与橡皮泥的总重力，故在两种液体中铅笔与橡皮泥所受浮力大小相等，故A错误；
B．根据图片可知，甲中V排大，根据阿基米德原理可知，则甲中液体密度小，乙中液体密度大，故B错误；
C．综上所述，乙中液体密度大，液面相平，根据液体压强公式可知， 乙中液体对杯底的压强更大，故C正确；
D．根据图片可知，甲中液体密度小，且甲杯液体体积小于乙杯，根据m=ρV可知，液体甲的质量小于液体乙的质量。粘有橡皮泥的铅笔质量相同，则总质量，即。根据可知，两杯对桌面的压强，故D正确。
故选CD。
【分析】A.根据漂浮条件比较铅笔受到浮力大小；
B.根据据阿基米德原理比较液体密度大小；
C.根据液体压强公式比较液体对容器底部的压强大小；
D.根据m=ρV比较液体质量大小，然后比较容器总重力的大小，最后根据公式比较容器对桌面的压强大小。
13．【答案】可再生；电磁波
【知识点】能源及其分类；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）太阳能可以在短时间内得到补充，则属于可再生能源。
（2） 我们用手机可以跟远方的朋友打电话， 手机信号是利用电磁波来传递声音和图像信息的。
【分析】（1）可以在短时间内得到补充的能源为可再生能源；
（2）根据电磁波的特点和应用判断。
14．【答案】热值；排气
【知识点】燃料的热值；热机的四个冲程
【解析】【解答】（1）氢具有很多优点 ，氢气的热值高，即相同质量的氢气燃烧会放出更多的热量，因此新能源汽车用氢做燃料；
（2）燃油汽车热机在工作过程中，通过排气冲程不断向外排尾气。
【分析】（1）热值是表示燃料燃烧放热本领大小的物理量；
（2）根据热机的工作过程解答。
15．【答案】不能；等于
【知识点】机械能及其转化
【解析】【解答】（1）根据题意可知，轨道光滑则小球不受摩擦力，忽略空气阻力，则小球在运动过程中机械能守恒。根据图片可知，A点高度小于C点高度，则小球的机械能始终等于在A点的机械能，故小球最高运动到与A点等高的点，到不了C点。
（2）综上所述，小球运动过程中机械能守恒，所以小球在B点的机械能等于在A点的机械能。
【分析】当物体运动时不受阻力时，则它没有能量损失，根据机械能守恒的知识分析。
16．【答案】0.6；运动
【知识点】速度公式及其应用；参照物及其选择
【解析】【解答】（1）根据图片可知，圆圈中的数字为100，则此路段限速。长方形中“距离南宁60km”，则此处到南宁的路程，
那么从此处到达南宁的时间为。
（2）此交通标志相对于小明的位置在不断改变，那么若以小明为参照物，它是运动的。
【分析】（1）根据图片确定限速和到南宁的距离，根据计算此处到达南宁的时间；
（2）根据参照物的知识分析解答。
17．【答案】N；L2
【知识点】电磁继电器的组成、原理和特点；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）根据图片可知，线圈上电流向右。右手握住螺线管，弯曲的四指指尖向右，此时大拇指指向上端，则电磁铁的上端是N极，下端是S极。
（2）根据图片可知，衔铁被吸下后，接通灯泡L2所在的电路，则此时抢跑指示灯L2亮。
【分析】（1）根据安培定则判断螺线管的磁极方向；
（2）根据图片确定衔铁被吸下来后电路的通断情况即可。
18．【答案】5；1100
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）根据乙图可知，当h0=0cm时，力传感器的示数为F0=6N。因为正方体A对力传感器的压力等于自身的重力，所以正方体A的重力G=6N。当h2=5cm时物体A的下表面恰好与水面接触，因此细杆的长度L杆=5cm。
（2）根据乙图可知，当力传感器的示数大小F为0时，正方体A受到的浮力等于正方体A的重力，即F'浮=G=6N。
当h2=5cm时，物体A的下表面恰好与水面接触，当容器内水的深度h1=15cm时，
正方体A刚好浸没，则正方体A的边长L=h浸1=15cm-5cm=10cm。
此时正方体A排开水的体积；
则正方体A浸在水中的深度；
所以此时容器中水的深度h=L杆+h排=5cm+6cm=11cm=0.11m；
则当力传感器的示数大小F为0时，容器底部受到水的压强p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.11m＝1100Pa。
【分析】 （1）根据图乙可知，当h=5cm时物体A的下表面恰好与水面接触，据此求出细杆的长度；
（2）当力传感器的示数大小F为0时，正方体A受到的浮力等于重力，根据阿基米德原理求出此时正方体A排开水的体积，根据体积公式求出正方体A浸在水中的深度，进而求出容器中水的深度，根据p=ρgh求容器底部受到水的压强。
19．【答案】
【知识点】浮力的示意图
【解析】【解答】根据图片可知，木块在水中受到浮力的方向竖直向上，作用在木块的重心上，如下图所示：
【分析】对木块进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可。
20．【答案】
【知识点】透镜的光路图
【解析】【解答】根据凸透镜的三条特殊光线可知，通过凸透镜光心的光线传播方向不变；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，如下图所示：
【分析】根据凸透镜的三条特殊光线完成作图。
21．【答案】
【知识点】家庭电路的连接
【解析】【解答】在家庭电路中，开关控制灯泡的通断，则开关与电灯串联。为了安全用电的要求，开关接在电灯与火线之间，电灯与零线相连，如下图所示：
【分析】用电器相互影响为串联，用电器不相互影响为并联。结合家庭电路安全用电的知识完成电路的连接。
22．【答案】（1）控制变量法
（2）无关
（3）3、4
（4）动；A
【知识点】机械能及其转化
【解析】【解答】（1）根据题意可知，在探究过程中，每次只改变一个因素，保持其他因素不变，这种方法叫控制变量法。
（2）根据表格数据可知，第2、4两次实验中，只有摆球的质量不同，但摆动的周期相同，说明摆球摆动周期与摆球质量无关。
（3）根据控制变量法的要求可知，探究摆球摆动周期与摆球摆幅无关时，控制摆球的摆长、质量相同，只有摆幅不同，故选3、4两次实验。
（4）①根据图片可知，小球从A点运动到B点的过程中，小球的高度变低，则重力势能减小；速度变大，则动能增大，那么小球的重力势能转化为动能。
②根据图片可知，若运动到C点到达右侧的最高点，此时小球的速度为0。如此时所有的外力突然消失，根据牛顿第一定律可知，小球将保持原来的静止状态，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
【分析】（1）根据控制变量法的定义解答；
（2）根据表格数据2、4分析摆动周期与摆球质量是否有关即可；
（3）根据控制变量法的要求选择对照实验；
（4）①分析动能和重力势能的大小变化即可；
②根据牛顿第一定律分析。
（1）在探究过程中，每次只改变一个因素，保持其他因素不变，这种方法叫控制变量。
（2）第2、4两次实验中，摆球的摆长、摆幅相同，质量不同，但摆动的周期相同，说明摆球摆动周期与摆球质量无关。
（3）第3、4两次实验中，摆球的摆长、质量相同，摆幅不同，但摆动的周期相同，说明摆球摆动周期与摆球摆幅无关。
（4）[1]小球从A点运动到B点的过程中，小球的高度变低，速度变快，小球的重力势能转化为动能。
[2]若运动到C点，此时小球到达最高点静止，小球的速度为0，如所有的外力突然消失，根据惯性定律可知，小球将保持原来的静止状态，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
23．【答案】（1）48；晶体
（2）漫；靠近
（3）定滑轮；不能
【知识点】凝固与凝固放热特点；熔化和凝固的温度—时间图象；镜面反射与漫反射；定滑轮及其工作特点
【解析】【解答】（1）根据乙图可知，海波吸热时保持不变的温度为48℃，则海波的熔点为48℃，可以判断海波是晶体。
（2）①在“探究光的反射定律”实验中，光在光屏上发生了漫反射，所以从光屏前不同方向都能看到光的传播路径。
②当入射角减小时，根据“反射角等于入射角”可知，此时反射角也减小，则反射光线将靠近法线。
（3）旗杆顶端的滑轮固定不动，属于定滑轮，该滑轮不能省力。
【分析】（1）晶体有熔点，非晶体没有熔点，晶体熔化时保持不变的温度叫熔点；
（2）①光在粗糙不平的表面发生漫反射，反射光线射向四面八方；
②根据光的反射中“反射角等于入射角”分析。
（3）固定不动的滑轮为定滑轮，跟随物体一起移动的滑轮为动滑轮。根据动滑轮和定滑轮的特点解答。
（1）[1][2]如图甲所示是“探究海波熔化的特点”实验的装置。如图乙所示是根据实验数据绘制的温度一时间图像，由图可知，海波的熔点为48℃，可以判断海波是晶体。
（2）[1]如图丙，在“探究光的反射定律”实验中，从光屏前不同方向都能看到光的传播路径，是因为光在光屏上发生了漫反射。
[2]反射角等于入射角，当入射角减小时，反射角也减小，反射光线将靠近法线。
（3）[1][2]定滑轮可以改变力的方向，旗杆顶端的滑轮属于定滑轮，该滑轮相当于等比杠干，不能省力。
24．【答案】（1）5；4
（2）体积；深度
（3）F4﹣F2；重力；能
【知识点】阿基米德原理；浮力大小的计算；探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，金属块的重力等于弹簧测力计的示数，则G＝5N。
由丙图可知，金属块浸没在水中时测力计的示数为1N，则此时它受到的浮力F浮＝G﹣F丙＝5N﹣1N＝4N
（2）①根据图片可知，步骤甲、乙、丙只有排开液体的体积不同，且测力计的示数不同，那么浮力不同，因此得到：同种液体中，金属块受到的浮力大小与排开液体的体积有关。
②根据图片可知，步骤甲、丙、丁浸入液体的深度不同，且测力计的示数相同，那么浮力相同，因此得到：同种液体中，金属块受到的浮力大小与浸没在液体中的深度无关。
（3）①根据图片可知，物体受到的浮力等于F1﹣F3，排开液体的重力为F4﹣F2，若两者相等即符合阿基米德原理，即F1﹣F3=F4﹣F2。
② 若将金属块换成可以漂浮在水面的木块进行实验，物体受到的浮力始终等于排开液体所受的重力，即实验中若物体没有完全浸没在水中，仍能验证阿基米德原理。
【分析】（1）根据甲图可知，金属块的重力等于测力计的示数。根据丁图确定此时测力计的示数，根据F浮＝G﹣F丙计算金属块受到的浮力。
（2）①②根据图片确定对比实验中哪个因素不同，从而确定影响浮力大小的因素即可；
（3）①根据阿基米德原理F浮=G排分析解答；
②根据阿基米德原理的适用范围解答。
（1）[1]由图甲可知金属块的重力G＝5N。
[2]由丙图可知金属块浸没在水中时，受到的浮力F浮＝G﹣F丙＝5N﹣1N＝4N
（2）[1]比较步骤甲、乙、丙排开液体的体积不同，浮力不同，故同种液体中，金属块受到的浮力大小与排开液体的体积有关。
[2]比较步骤甲、丙、丁浸入液体的深度不同，浮力相同，同种液体中，金属块受到的浮力大小与浸没在液体中的深度无关。
（3）[1][2]物体受到的浮力等于F1﹣F3，排开液体的重力为F4﹣F2，若两者相等即符合阿基米德原理。说明浸入液体中的物体所受的浮力的大小等于物体排开液体所受的重力大小。
[3]无论物体是部分浸入液体中还是全部浸入液体中，物体受到的浮力始终等于排开液体所受的重力，即实验中若物体没有完全浸没在水中，仍能验证阿基米德原理。
25．【答案】（1）
（2）左
（3）灯泡短路
（4）右；0.5；；
【知识点】电功率的测量；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）在“测量小灯泡额定功率”的实验中，电压表并联在灯泡两端，则电压表测灯泡两端电压。灯泡的额定电压是2.5V<3V，因此电压表使用0-3V量程。通过电路中的电流为
，则电流表选用0-0.6A量程，如下图所示：
（2）为了避免电路电流过大而烧毁用电器，则闭合开关S前，变阻器应移至阻值最大处，即左端。
（3）电流表有示数，说明电路是通路，即没有断路发生。灯泡不亮，电压表示无数，则可能是灯泡发生短路所致。
（4）①因为1.8V小于2.5V，所以灯泡两端电压需要变大。根据串联U总=U1+U2可知，变阻器两端电压要变小。由串联电路电压与电阻成正比的规律可知，变阻器的阻值需要变小，即滑片向右移动。
②已知电流表选择小量程，分度值是0.02A，乙图中电流表的读数为0.2A，则小灯泡的额定功率为
；
【拓展】丙图中，闭合开关S、S1，断开开关S2，电路为灯泡和定值电阻并联，再与变阻器串联，电流表测定值电阻支路电流，根据并联电路中电压特点可知，若灯泡正常发光，灯泡和定值电阻两端电压均为U额，则电流表的示数为；
持滑动变阻器的滑片P不动，电路连接方式不变，只闭合开关S、S2，此时电流表测灯泡和定值电阻的总电流，此时电流表的示数为，则灯泡的额定电流为；
小灯泡的额定功率表达式为。
【分析】 （1）根据实验目的确定电器元件的串并联关系，以及电表的量程和接线柱的选择，据此结合甲图进行补充即可。
（2）闭合开关S前，为了保护电路，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；
（3）根据电压表和电流表的示数变化确定故障的种类和位置；
（4）①比较灯泡的实际电压与额定电压的大小，从而确定电压表的示数变化方向，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
②根据（1）确定电流表量程，由图乙确定分度值读数，利用P=UI求出灯泡额定功率；
【拓展】要测小灯泡额定功率，应先使灯正常发光，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻R0应起到电压表的测量作用，故将R0与电流表串联后再与灯并联，通过移动变阻器的滑片使电流表示数为时，由并联电路电压的规律，灯两端的电压为额定电压，灯正常发光；保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R0并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出灯的额定电流，根据P=UI写出小灯泡的额定功率表达式。
（1）根据实验，电路是串联电路，电压表测灯泡两端电压，已知灯泡的额定电压是2.5V，因此电压表使用小量程并联在灯泡两端；已知灯泡正常发光时灯丝的电阻约为12Ω，电路中的电流为
电流表选用小量程串联在电路中测电路中的电流，如图所示：
（2）闭合开关S前，为了保护电路，变阻器应移至阻值最大处，即左端。
（3）串联电路中有电流，说明电路是通路，灯泡不亮，电压表示无数，则可能是灯泡发生短路，电压表相当于测导线电压，因此无示数。
（4）[1]闭合开关，电压表示数为1.8V，为了使灯泡正常发光，灯泡两端电压需要变大，根据串联电压规律，变阻器两端电压要变小，由串联分压原理可知，变阻器的阻值需要变小，即滑片向右移动。
[2]已知电流表选择小量程，分度值是0.02A，乙图中电流表的读数为0.2A，则小灯泡的额定功率为
[3][4]丙图中，闭合开关S、S1，断开开关S2，电路为灯泡和定值电阻并联，再与变阻器串联，电流表测定值电阻支路电流，根据并联电路中电压特点可知，若灯泡正常发光，灯泡和定值电阻两端电压均为U额，则电流表的示数为
持滑动变阻器的滑片P不动，电路连接方式不变，只闭合开关S、S2，此时电流表测灯泡和定值电阻的总电流，此时电流表的示数为，则灯泡的额定电流为
小灯泡的额定功率表达式为
26．【答案】（1）解：图中，当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联，根据并联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P可知，电路的总功率最小，电煮锅处于低温挡；当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，电煮锅处于高温挡
；由可知，R1的阻值为：
（2）解：一个标准大气压下，水的沸点是100℃，水吸收的热量
Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg ℃)×2kg×(100℃-20℃)=6.72×105J
（3）解：根据，计算电煮锅消耗的电能：
根据，加热需要的时间为：
【知识点】热量的计算；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据开关状态，判断电路的连接，结合用电器规格，利用，计算电阻；
（2）根据水的比热容、质量和温度差，根据Q=cmΔt，计算水吸收的热量；
（3）根据热效率和吸收的热量，利用，计算消耗的电能，结合 ，计算工作时间。
（1）由电路图可知，当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联，根据并联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P可知，电路的总功率最小，电煮锅处于低温挡；当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，电煮锅处于高温挡；由可知，R1的阻值为
（2）一个标准大气压下，水的沸点是100℃，水吸收的热量Q吸＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg ℃）×2kg×（100℃﹣20℃）＝6.72×105J
（3）由可知，电煮锅消耗的电能
由可知，加热需要的时间为
27．【答案】（1）解：根据图片甲可知，容器底部受到水的深度为3cm=0.03m，则容器底部受到水的压强。
（2）解：当水深3cm时，木块对容器底部压力恰好为0，那么此时木块受到的浮力等于木块重力，
即；
；
则；
则；
；
解得：木块的密度。
（3）解：（a）根据题意可知，当水深3cm时，木块对容器底部压力恰好为0，此时刚好使木块在浮力作用下与容器底部脱离接触，
此时木块露出水面的高度；
计时周期结束时，容器内水深为；
水的体积与木块排开水的体积之和；
木块排开水的体积；
水的体积；
那么水的质量。
（b）初始状态下，水的深度，
此时水的体积，
水的质量，
所以向容器内注水1650g时，该装置进入工作状态。
【知识点】密度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；液体压强计算公式的应用
【解析】【分析】 （1）利用p=ρgh计算容器底部受到水的压强；
（2）当水深3cm时，木块对容器底部压力恰好为0，此时木块受到的浮力等于木块重力；由F浮=G木可得ρ水gV排=ρ木gV木，据此求出木块的密度；
（3）（a）由题知，将A放在容器中，缓慢往容器中注水，当水深3cm时，木块对容器底部压力恰好为0，此时刚好使木块在浮力作用下与容器底部脱离接触，此时木块露出水面的高度h露=h木-h浸，计时周期结束时，容器内水深为h水=H-h露，可求水的体积与木块排开水的体积之和，减去木块排开水的体积可得水的体积，再利用m=ρV计算水的质量；
（b）初始状态下，水的深度h=3cm，可求水的体积，利用m=ρV计算水的质量，据此确定向容器内注水1650g时，该装置是否进入工作状态。
（1）容器底部受到水的压强
（2）当水深3cm时，木块对容器底部压力恰好为0，此时木块受到的浮力等于木块重力，由可得
则
则
木块的密度
（3）（a）由题知，将A放在容器中，缓慢往容器中注水，当水深3cm时，木块对容器底部压力恰好为0，此时刚好使木块在浮力作用下与容器底部脱离接触，此时木块露出水面的高度
计时周期结束时，容器内水深为
水的体积与木块排开水的体积之和
木块排开水的体积
水的体积
由可得水的质量
（b）初始状态下，水的深度
水的体积
由可得水的质量
所以向容器内注水1650g时，该装置进入工作状态。
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