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天津市河东区天津市第四十五中学2025年模拟预测物理试题
1．（2025·河东模拟）下列估计的数据都与人体有关，其中符合实际情况的是（　　）
A．成人一只手掌的宽度约10cm
B．短跑运动员比赛速度可达到15m/s
C．举重运动员可举起重5×103N的杠铃
D．一名普通初中学生的体积约0.5m3
【答案】A
【知识点】密度公式及其应用；长度的估测；速度与物体运动；重力及其大小的计算
【解析】【解答】A．成年人手指宽度在2cm左右，手掌的宽度在10cm左右，故A符合题意；
B．男子百米世界纪录略大于10m/s，不可能达到15m/s，故B不符合题意；
C．举重运动员可举起100kg左右的物体，重力约G=mg=100kg×10N/kg=1000N，故C不符合题意；
D．人体密度与水的密度接近，约1.0×103kg/m3。中学生的质量在50kg左右，体积约
V==0.05m3，故D不符合题意。
故选A。
【分析】根据常见物体的长度、速度、重力和质量，结合数据解答。
2．（2025·河东模拟）关于下列四幅图的说法正确的是：（ ）
A．甲图中针头做得很尖目的是增大压力
B．乙图中的水壶利用了连通器原理
C．丙图中钢笔吸墨水利用了液体压强的作用
D．丁图中简易喷雾器说明流体在流速大的地方压强大
【答案】B
【知识点】增大压强的方法及其应用；连通器原理及其应用；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A．针头很尖，在压力一定时，减小受力面积，增大压强，故A不符合题意；
B．茶壶上端开口下部连通，构成连通器，故B符合题意；
C．钢笔吸墨水时，手挤压橡皮囊，排出空气，橡皮囊恢复原状，体积增大，压强减小，囊内气压小于外界大气压，在大气压强作用下，墨水被压入笔胆内，故C不符合题意；
D．图中，吹气时，A管上方空气流速快、压强小，管内液体上升，利用流速大的地方压强小，故D不符合题意。
【分析】压力一定时，减小受力面积，可以增大压强；茶壶的壶嘴和壶身，构成连通器；钢笔吸水，利用了大气压的作用；流体在流速大的地方压强小。
3．（2025·河东模拟）如图所示，利用托里拆利实验测大气压时，下列情形中，可以确认玻璃管内进入少量空气的是
A．当玻璃管倾斜时，管内水银柱长度增加
B．玻璃管内外水银面的高度差略小于
C．无论怎样倾斜玻璃管，水银都不能充满全管
D．将玻璃管在水银槽内轻轻上提，管内水银柱高度不变
【答案】C
【知识点】大气压强的测量方法
【解析】【解答】A．托里拆利实验中，玻璃管倾斜，管内的水银柱高度不变，长度会增加，故A不符合题意；
B．天气、环境、海拔等因素可能使水银柱高度略小于760mm，不一定混入了空气，故B不符合题意；
C．把管倾斜到垂直高度低于大气压能支持的水银柱高，水银还不能充满全管，则玻璃管内进入少量空气，故C符合题意；
D．将玻璃管上提，只要管口不离开水银面，管内水银面略微下降，而高度不变，故D不符合题意。
故选C。
【分析】利用托里拆利测量大气压时，根据玻璃管中液面高度，测量大气压的大小；当管内进入空气时，液面高度变小。
4．（2025·河东模拟）如图所示，重力为的木块在水平压力作用下，沿竖直墙壁匀速下滑，此时木块受到的摩擦力为，下列关系式成立的是
A． B． C． D．
【答案】B
【知识点】二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】图中，物体沿竖直墙壁匀速下滑，处于平衡状态，受力平衡，竖直方向受重力与摩擦力是一对平衡力，二力大小相等，故摩擦力f=G，故B正确，选项ACD错误。
故选B。
【分析】物体匀速直线运动时，受到平衡力，二力平衡时，力的大小相等。
5．（2025·河东模拟）如图所示，下列关于物体的受力示意图正确的是（不计空气阻力）（　　）
A．正在水中下沉的小球
B．正在空中飞行的铅球
C．物块沿光滑斜面下滑
D．球悬挂在天花板上静止
【答案】D
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；摩擦力的示意图；浮力的示意图
【解析】【解答】A．小球正在下沉，受力不平衡，重力大于浮力，图中浮力大于重力，故A错误；
B．摩擦力应与相对运动方向相反，铅球向右上方运动，摩擦力向左下方，故B错误；
C．斜面光滑，物块不受摩擦力作用，故C错误；
D．球悬挂时静止，处于平衡状态，小球仅受重力和绳子拉力，且二力大小相同，方向相反，作用在同一直线上，故D正确。
故选D。
【分析】静止的物体受到平衡力，根据二力平衡，判断力的大小；物体受力不平衡，运动状态会改变。
6．（2025·河东模拟）如图是女排比赛时的场景.下列分析正确的是：
A．手击打排球的力大于排球对手的作用力
B．在击打排球过程中人手没有对排球做功
C．排球离开手后还能继续向上运动是由于受到推力的作用
D．排球上升过程中动能减小，重力势能增大
【答案】D
【知识点】势能的影响因素；力作用的相互性；物体运动状态的变化；是否做功的判断
【解析】【解答】A．物体间力的作用是相互的，手击打排球的力等于排球对手的作用力．故A错误；
B．击打排球时，运动员对排球有力的作用，球在力的方向移动距离，运动员对排球做了功．故B错误；
C．力不能离开物体而存在，排球离开手后，不再受推力的作用．由于惯性继续向上运动，故C错误．
D．排球上升时，质量不变，速度减小，动能减小．高度增加，重力势能增大，故D正确．
故选D。
【分析】根据题中“如图是女排比赛时的场景，下列分析正确的是”可知，本题是力学综合题，考查用物理知识解释生活现象的能力．根据相互作用力的关系，做功的条件，力和运动的关系以及动能和势能的转化进行分析判断。
7．（2025·河东模拟）下图所示的工具中，属于费力杠杆的是：
A． 钢丝钳 B． 起子
C． 羊角锤 D． 镊子
【答案】D
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】费力杠杆的动力大于阻力，动力臂小于阻力臂，应用镊子、筷子，D正确，钢丝钳、起子、羊角锤的动力小于阻力，所以ABC错误
综上选D【分析】省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹；费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等壁杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平．
8．（2025·河东模拟）如图所示，在研究“使用动滑轮是否省功”的实验中，用甲、乙两种不同的方式将同样的钩码缓慢地提升相同的高度，下列说法正确的是（　　）
A．甲种方法更省力 B．乙种方法更省功
C．两种方法做的有用功相等 D．两种方法的机械效率相等
【答案】C
【知识点】动滑轮及其工作特点；机械效率的大小比较；有用功和额外功
【解析】【解答】AB．图乙中，是动滑轮，更省力，使用任何机械都不省功，故AB错误；
C．图中，钩码的重力G相同、被提高的高度h相同，根据W有=Gh，则有用功相等，故C正确；
D．图甲中，弹簧测力计直接提升钩码，图乙中，使用动滑轮提升钩码，需要克服动滑轮重力及摩擦做额外功，则乙的机械效率小于甲的机械效率，故D错误。
故选C。
【分析】使用动滑轮可以省力，但不省功；根据W=Gh，判断有用功的大小；有用功相同时，额外功越大，机械效率越小。
9．（2025·河东模拟）在探究“物体浮力的大小跟它排开液体的重力的关系“实验时，具体设计的实验操作步骤如图甲、乙、丙和丁所示．为方便操作和减小测量误差，最合理操作步骤应该是 （　　）
A．甲、乙、丙、丁 B．乙、甲、丙、丁
C．乙、甲、丁、丙 D．丁、甲、乙、丙
【答案】D
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】验证阿基米德原理时，为方便操作和减小误差，先测出空桶所受的重力，再把空桶置于溢水杯口的正下方；然后用弹簧测力计测出物体所受的重力；再用弹簧测力计吊着物体浸没在装满水的溢水杯中，读出弹簧测力计的示数；最后测出桶和排开水所受的总重力，实验合理的实验顺序是：丁、甲、乙、丙，故D符合题意。
故选D。
【分析】探究阿基米德原理时，先测量空桶重力和物块重力，将物体浸没测量浮力，最后测量溢出液体的重力。
10．（2025·河东模拟）如图杠杆是平衡的，如在左边的钩码下方再挂上一个钩码，为使杠杆再次平衡，符合条件的过程是（　　）
A．右边钩码下加一个相同的钩码
B．左、右两边的钩码分别向支点移一格
C．左边钩码向右移动一格
D．右边钩码向右移动一格
【答案】D
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】图中，在左边的钩码下方再挂上一个钩码，左侧3G×4l=12Gl，
A．右边钩码下加一个钩码，右侧5G×2l=10Gl，力和力臂的乘积不相等，杠杆不平衡，故A不符合题意；
B．左、右两边的钩码向支点移一格，左侧3G×3l=9Gl，右侧4G×l=4Gl，两侧乘积不相等，杠杆不平衡，故B不符合题意；
C．左边钩码向右移动一格，左侧3G×3l=9Gl，右侧4G×2l=8Gl，两侧乘积不相等，杠杆不平衡，故C不符合题意；
D．右边钩码向右移动一格，左侧3G×4l=12Gl，右侧4G×3l=12Gl，两侧乘积相等，杠杆平衡，故D符合题意。
故选D。
【分析】根据力和力臂的乘积，结合杠杆平衡条件，判断杠杆是否平衡。
11．（2025·河东模拟）如图所示，运动员在进行蹦床比赛，运动员离开蹦床后向上运动了大约一位普通成年人的高度，又落到蹦床上．下列关于运动员离开蹦床后的运动过程，下列说法正确的是
A．运动员离开蹦床向上运动的距离大约为1.7 m
B．在上升过程中，蹦床对运动员做了功
C．在最高点运动员的速度为零，所受合力也为零
D．在下落过程中，运动员的重力势能部分转化为动能
【答案】A,D
【知识点】机械能及其转化；长度的估测；平衡状态的判断；是否做功的判断
【解析】【解答】A．图中，运动员身高约1.7m，运动员向上运动的距离约等于身高，即向上运动的距离约为1.7m，故A正确．
B．运动员在上升时，不受蹦床的力，蹦床对运动员不做功，故B错误．
C．运动员在最高点，速度为零，但运动员受到重力，所受合力不为零，故C错误．
D．运动员下落时，质量不变，高度降低，重力势能减小．速度增大，动能增大．重力势能转化为动能，由于克服空气阻力，部分重力势能转化为内能，故D正确．
故答案为AD．
【分析】根据题中“运动员在进行蹦床比赛……，离开蹦床后的运动过程”可知，本题考查力和运动的关系，以及能量转化的知识，根据平衡状态物体所受合力为零判断其在最高点时所处的状态；运用做功的必要条件分析蹦床是否对运动员做了功。
12．（2025·河东模拟）同学们梳理了教材中与压强知识相关的实验，如图所示，其中分析正确的是（　　）
A．甲图实验，装有水的瓶子竖放在海绵上，瓶中水越多，海绵凹陷越明显
B．乙图实验，当微小压强计的探头在水中深度逐渐增大时，U形管两边液面高度差变大
C．丙图实验，测出拉开吸盘时大气对吸盘的压力和吸盘的面积，可估测大气压强的值
D．丁图实验，向外拉活塞，试管内停止沸腾的水再次沸腾，可知气压减小，水的沸点升高
【答案】A,B,C
【知识点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验；液体压强的特点；大气压强的测量方法；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】A．根据，在受力面积一定时，压力越大，压力作用效果越明显，海绵凹陷越明显，瓶中水越少，压力越小，海绵凹陷越小，故A正确；
B．在同种液体中，液体压强随深度的增加而增大，U形管两边液面高度差越大，故B正确；
C．根据，测出拉开吸盘时大气对吸盘的压力和吸盘的面积，可估测大气压强的值，故C正确；
D．向外抽气时，试管内气压减小，水的沸点越小，停止沸腾的水再次沸腾，故D错误。
故选ABC。
【分析】受力面积一定时，压力的作用效果和压力有关；液体密度相同时，深度越深，液体压强越大；根据拉力和吸盘的面积，可以计算大气压的大小；液体沸点和大气压有关。
13．（2025·河东模拟）如图所示，装有适量水（水的密度为）的柱形容器放在水平桌面上，容器的底面积为，将重为的金属块A和重为的木块B叠放在水中，水面恰好与木块上表面相平：将金属块取下放入水中，金属块下沉到容器底部，当木块再次静止时，水对容器底部的压强减小了。下列判断正确的是（　　）
A．木块B的体积为
B．金属块A的体积为
C．木块B再次静止时露出水面的体积为
D．沉到容器底部的金属块A受到的支持力为
【答案】B,C,D
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】A．图中，AB叠放漂浮，总重力与木块受到的浮力平衡，，木块恰好浸没，V木=V排，木块的体积，故A错误；
C．金属块放入水中，木块上浮，浮力减小，静止后受力平衡，此时，
木块B再次静止时，浸入水面的体积，
木块B再次静止时，露出水面的体积，故C正确；
B．水对底部的压强减小了，液面下降的高度：，
铁块A放入水中前与放入水中后，排开水的体积之差等于水下降的体积，
，解得，故B正确；
D．A沉底时，受平衡力，故，解得，故D正确。
故选BCD。
【分析】物体漂浮时，受到的浮力等于重力；根据，计算排开液体的体积；根据总体积，计算露出液面的体积。
14．（2025·河东模拟）如图所示实验，小球与支座之间的金属片被弹出，说明力可以改变物体的　 　；小球由于具有　 　会落在原处，并没有随金属片飞出。
【答案】运动状态；惯性
【知识点】力的作用效果；惯性及其现象
【解析】【解答】图中，是惯性演示器，金属片被弹出，金属片运动，是力可以改变物体的运动状态。
小球原来静止，金属片飞出后，小球仍保持静止，是小球具有惯性。
【分析】力可以改变物体的运动状态；物体保持原来的运动状态的性质是惯性。
15．（2025·河东模拟）空中加油机在高空给战斗机加油时，以加油机为参照物，战斗机是　 　的；若加油机以500km/h的速度飞行30 min，通过的路程是　 　 km。
【答案】静止；250
【知识点】速度公式及其应用；参照物及其选择
【解析】【解答】加油机在高空给战斗机加油时，战斗机和加油机没有位置变化，以加油机为参照物，战斗机是静止的。
根据加油机的速度和时间，计算通过的路程是。
【分析】相对于参照物，没有位置变化，是静止的；根据s=vt，计算路程。
16．（2025·河东模拟）某工人在水平地面上，用50N水平推力将重200N的物体匀速推动，使他在20s内沿水平方向移动10m，该过程中工人水平推力的功率是　 　W，重力做的功为　 　J.
【答案】25；0
【知识点】功率计算公式的应用；是否做功的判断
【解析】【解答】工人所做的功：W=Fs=50N×10m=500J，水平推力的功率：；
重力的方向竖直向下，物体在重力的方向上没有移动距离，重力没有做功，则重力做功为0J。
【分析】根据做功的必要因素，判断水平推动物体时，重力是否做功进行解答．根据计算推力的功率进行解答。
17．（2025·河东模拟）我国北方的冬天，若水管保护不好，往往会发生水结冰而冻裂水管的现象，原因是冰的密度比水的密度　 　，水结冰后体积会增大；房间的暖气一般都安装在窗户下面，是依据气体的密度随温度的升高而变　 　.（两空均选填“大”或“小”）
【答案】小；小
【知识点】密度与温度的关系
【解析】【解答】冬天气温低于0℃时，自来水管中的水结冰，状态发生变化，物质多少没有变化，所以水结冰后质量不变；由于冰的密度比水的密度小，由公式ρ 可知，冰的体积比水的体积大，这样就会把自来水管撑裂。暖气片对空气进行加热时，空气受热体积变大，密度减小，故热空气会上升，冷空气会下降，使冷热空气形成对流，房间变暖和起来。
故答案为：小；小.
【分析】物体有热胀冷缩的性质，温度变化，体积会变化，它的密度随温度变化；一般来说物质的密度是随着温度升高而变小，但是水的温度上升到4摄氏度时密度最大而后随着温度上升而减小.
18．（2025·河东模拟）如图所示，质地均匀的长方体质量为9kg，放在水平地面上，该长方体与地面的接触面积为0.01m2，则它对地面的压强大小为　 　；竖直切除该长方体右边的阴影部分，剩余部分对地面的压强会　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。（g取10N/kg）
【答案】9×103Pa；不变
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】结合压力和受力面积，计算长方体对地面的压强大小为：；
图中，竖直切除右边的阴影部分，压力减小原来的几分之几，受力面积也相应的减小原来的几分之几，对地面的压强不变。
【分析】根据，计算压强，竖直切开柱形固体时，压强不变。
19．（2025·河东模拟）在“测量物体浸没在液体中所受的浮力”实验中，某同学在弹簧测力计下悬挂一个物块，静止时弹簧测力计的示数F1=2.2N，再将物体浸没在酒精中，静止时弹簧测力计的示数F2=1.4N，如图所示，则物体在酒精中受到的浮力是 　 　 N，物体的体积是 　 　 m3。（ρ酒精=0.8×103kg/m3，g取10N/kg）
【答案】0.8；
【知识点】浮力大小的计算
【解析】【解答】结合测力计示数，计算物体在酒精中受到的浮力：，
根据，物体的体积是。
【分析】根据称重法，计算物体受到的浮力，根据，计算物体的体积。
20．（2025·河东模拟）小宇给奶奶购买了一台电热足浴盆，如图所示，其铭牌上的部分信息如下表。奶奶准备使用它泡脚时，电热器在加热状态下正常工作，将足浴盆中5 kg的水由20℃加热到40℃，所用时间为700s。水的比热容为4.2×103 J/（kg·℃），求：
型号 RS-2
容积（最高水位） 7L
额定电压 220V
额定加热功率 800W
额定保温功率 40W
(1)加热过程中水吸收的热量；
(2)足浴盆加热的效率。
【答案】解：(1)根据公式
(2)加热所需要的电能为
足浴盆加热的效率为
答：(1)加热过程中水吸收的热量4.2×105J。
(2)足浴盆加热的效率为75%。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热机的效率；电功的计算
【解析】【分析】（1）根据Q=cmΔt，计算水吸收的热量；
（2）根据W=Pt，计算消耗的电能；根据，计算电热效率。
21．（2025·河东模拟）在做“测量盐水的密度”的实验中：
（1）如图是小明调节天平时的情景，请你指出他操作上的错误　 　．
（2）如图所示，甲、乙、丙图是小明纠正错误后调节好天平，按顺序进行实验的示意图，请你依据图中的数据将表格补充完整．
　 　 杯和盐水的总质量m2/g 　 　 盐水的密度ρ/kg·m-3
30 　 　 40 　 　
（3）以上实验中，密度的测量值比真实值　 　（选填“偏大”或“偏小”）请你将甲、乙、丙的顺序调换一下，可以大大减小误差，你的顺序是　 　．
【答案】游码没归零就调节平衡螺母；杯的质量ml/g；盐水的体积V/cm3；72；1.05×103；偏大；乙、丙、甲
【知识点】液体密度的测量
【解析】【解答】（1）图中，调节天平时，游码没归零，调节平衡螺母错误；
（2）甲图中，空烧杯的质量m1=20g+10g=30g，表格的表头为：空烧杯的质量为m1/g；图乙中，烧杯和盐水的总质量m2=50g+20g+2g=72g；图丙中，量筒的分度值为2mL，盐水的体积V=40mL=40cm3，表头为盐水的体积V/cm3；
根据，盐水的密度；
实验表格如下：
杯的质量ml/g 杯和盐水的总质量m2/g 盐水的体积V/cm3 盐水的密度ρ/kg·m-3
30 72 40 1.05×103
（3）实验时，当烧杯中的盐水全部倒入量筒时，不能倒干净，测量体积偏小，所测密度偏大；测量盐水的密度时，应先测量烧杯和盐水的总质量m2，把适量的盐水倒入量筒中，读出体积V，再测量出烧杯和剩余盐水的质量m1，操作的正确顺序是：乙丙甲；
【分析】根据题中“在做“测量盐水的密度”的实验中”可知，本题是“测量盐水的密度”的实验，考查了实验原理及天平和量筒的使用及读数，同时考查了密度的计算及实验误差的分析．通过判断质量和体积的测量过程，判断测量误差，从而可以判断密度的误差；根据测量盐水密度的正确操作步骤解答。
22．（2025·河东模拟）小明在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关”的实验中，他用质量不同的两个钢球m和M （M的质量大于m），分别从不同的高度h和 （H＞h）静止开始滚下，观察木块B被撞击后移动的距离，实验过程如图所示。
（1）小明通过观察木块B移动的距离长短，来判断小球动能的大小，这种研究方法是　 　（选填“控制变量法”或“转换法”）。
（2）由甲、乙两图可得实验结论：　 　
（3）小丽根据甲、丙两图得出结论：物体的动能大小与质量有关，她的看法是否正确？　 　（选填“正确”或“错误”），理由：　 　。
（4）另一位同学用图所示的方法探究动能的大小与速度的关系，他将相同质量的小球从不同高度（h2> h1）由静止开始释放，通过观察木块在铁板和毛巾上滑行的距离来判断小球动能的大小，这种方法是　 　（选填“正确的”或“错误的”）。
【答案】（1）转换法
（2）物体的动能大小与速度有关
（3）错误；要探究动能与质量的关系，需要保证小球的速度不变，由于下落高度不同，不能得出动能大小与质量的关系
（4）错误的
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；物理学方法
【解析】【解答】（1）实验中，小球动能越大， 推动木块移动越远，通过木块B移动的距离长短来判断小球动能的大小，利用了转换法。
（2）根据甲、乙两图，小球的质量一定，初始高度不同，速度不同，木块移动的距离不同，可得结论：物体的动能与速度大小有关。
（3）根据甲、丙两图，小球的质量和下落高度不同，要探究动能与质量的关系，需要保证小球的速度不变，由于下落高度不同，不能得出动能大小与质量的关系，小丽的看法是错误的；
（4）图中，探究动能的大小与速度的关系，应改变小球撞击木块前的速度，而实验中没有控制水平面的粗糙程度相同，不能通过木块移动的距离来判断动能的大小。
【分析】探究小球的动能的影响因素时，需要通过推动木块的距离反应动能 大小，利用了转换法，探究影响因素时，要利用控制变量法；木块移动的水平面的粗糙程度要相同。
（1）实验中通过观察木块B被撞击后移动的距离长短来判断小球动能的大小，这里用到的物理学研究问题的方法是转换法。
（2）甲、乙两图中小球的质量一定，初始高度不同，到达水平面时的速度不同，木块移动的距离不同，故可以得出结论：物体的动能与速度大小有关。
（3）[1][2]小丽的看法是错误的，因为要探究动能与质量的关系。需要保证小球的速度不变，甲、丙两图中小球下落的高度不同，则到达水平面的速度不同，故不能得出动能大小与质量的关系。
（4）图中所示的方法探究动能的大小与速度的关系，应改变小球撞击木块前的速度，控制其它因素相同。而实验中没有控制水平面的粗糙程度相同，不能通过木块移动的距离来判断动能的大小。
23．（2025·河东模拟）如图所示，小明使用滑轮组提升物体，他在5s内沿竖直方向匀速拉动绳端使钩码上升，测得的实验数据如下表所示。
钩码的重G/N 手的拉力F/N 钩码上升高度h/m 绳端移动距离s/m
20 15 0.3 0.6
请你解答如下问题：
（1）根据表中数据在图中画出该滑轮组的绕线方式；
（2）这个滑轮组的机械效率；
（3）拉力的功率。
【答案】解：解：（1）根据题意，承担物重的绳子段数
故滑轮组绕线如图所示：
（2）滑轮组的机械效率
（3）拉力的功率：
答：（1）该滑轮组的绕线方式如解析；
（2）这个滑轮组的机械效率为；
（3）拉力的功率为。
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组的设计与组装
【解析】【分析】（1）结合绳子距离和物体移动的距离，判断绳子股数，并绕线；
（2）根据，计算机械效率；
（3）根据，计算功率的大小。
24．（2025·河东模拟）有一个电压约为12V的电源（电压保持不变），一个量程为0~0.6A的电流表，一个量程为0~3V的电压表，两个阻值已知的电阻R1（30Ω）、R2（10kΩ），开关和导线若干。请合理选择器材设计实验，测出约为10Ω的未知电阻Rx的阻值。要求：
（1）画出实验电路图；　 　
（2）写出主要的实验步骤和需要测量的物理量；　 　
（3）写出待测电阻Rx的数学表达式（用已知量和测量量表示）。　 　
【答案】；①按电路图连接电路；②闭合开关S1、S2，读出电流表的示数为I1；此时未知电阻被短路，电路中只有电阻R1工作，则电源电压U=I1R1③闭合S1、断开S2，读出电流表的示数为I2。此时未知电阻及R1串联在电路中。；
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）实验中，选用已知阻值电阻R1与未知电阻串联，R2阻值过大，不适合。另外用电流表测电路的电流，一个开关控制电路的通断，另一个开关并联在未知电阻，电路如图所示：
（2）实验步骤：
①按电路图连接电路；
②闭合开关S1、S2，读出电流表的示数为I1；此时未知电阻被短路，电路中只有电阻R1工作，则电源电压U=I1R1
③闭合S1、断开S2，读出电流表的示数为I2。此时未知电阻及R1串联在电路中。
（3）根据实验步骤，S1闭合、S2断开时，电阻串联，电路中的总电阻，，
未知电阻的阻值：。
【分析】利用电流表测量未知电阻时，利用电流表分别测量不同电路的电流，根据U=IR，表示电压，利用，计算未知电阻。
25．（2025·河东模拟）先将一个底面积为S的圆柱体木块，放在空圆柱形容器内，木块底部与容器底部用一根细线相连，然后向容器中慢慢加水，左图所示是加水过程中的情境；在整个加水过程中，木块受到的浮力随容器中水的深度变化的关系图象如右图所示（、、也为已知量）。已知水的密度为，请你解答下列问题：
(1)木块的密度；
(2)整个加水过程中，木块只受浮力和重力时，容器底部所受水的压强的变化范围。
【答案】解：(1)由图知，当物体所受浮力为时，木块所受浮力等于重力，即
物体的质量为：
由图知，当物体所受浮力为时，物体浸没水中，则物体的体积为
木块的密度为：
(2)当木块刚好漂浮时，水对容器底部的压强为
当绳子的拉力为最大时，容器中水所受的重力为
此时绳子所受的拉力为
故绳子刚被拉直时，容器中水所受的重力为
此时容器底面受到水的压强为
故整个加水过程中，木块只受浮力和重力时，容器底部所受水的压强的变化范围为～
答：(1)木块的密度；
(2)整个加水过程中，木块只受浮力和重力时，容器底部所受水的压强的变化范围～。
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；阿基米德原理；浮力的利用
【解析】【分析】（1）物体漂浮时，浮力和重力相等，利用，计算质量，根据浸没时的浮力，利用，计算体积；利用，计算密度大小；
（2）根据，计算压强大小，结合重力和浮力，计算拉力。
1 / 1天津市河东区天津市第四十五中学2025年模拟预测物理试题
1．（2025·河东模拟）下列估计的数据都与人体有关，其中符合实际情况的是（　　）
A．成人一只手掌的宽度约10cm
B．短跑运动员比赛速度可达到15m/s
C．举重运动员可举起重5×103N的杠铃
D．一名普通初中学生的体积约0.5m3
2．（2025·河东模拟）关于下列四幅图的说法正确的是：（ ）
A．甲图中针头做得很尖目的是增大压力
B．乙图中的水壶利用了连通器原理
C．丙图中钢笔吸墨水利用了液体压强的作用
D．丁图中简易喷雾器说明流体在流速大的地方压强大
3．（2025·河东模拟）如图所示，利用托里拆利实验测大气压时，下列情形中，可以确认玻璃管内进入少量空气的是
A．当玻璃管倾斜时，管内水银柱长度增加
B．玻璃管内外水银面的高度差略小于
C．无论怎样倾斜玻璃管，水银都不能充满全管
D．将玻璃管在水银槽内轻轻上提，管内水银柱高度不变
4．（2025·河东模拟）如图所示，重力为的木块在水平压力作用下，沿竖直墙壁匀速下滑，此时木块受到的摩擦力为，下列关系式成立的是
A． B． C． D．
5．（2025·河东模拟）如图所示，下列关于物体的受力示意图正确的是（不计空气阻力）（　　）
A．正在水中下沉的小球
B．正在空中飞行的铅球
C．物块沿光滑斜面下滑
D．球悬挂在天花板上静止
6．（2025·河东模拟）如图是女排比赛时的场景.下列分析正确的是：
A．手击打排球的力大于排球对手的作用力
B．在击打排球过程中人手没有对排球做功
C．排球离开手后还能继续向上运动是由于受到推力的作用
D．排球上升过程中动能减小，重力势能增大
7．（2025·河东模拟）下图所示的工具中，属于费力杠杆的是：
A． 钢丝钳 B． 起子
C． 羊角锤 D． 镊子
8．（2025·河东模拟）如图所示，在研究“使用动滑轮是否省功”的实验中，用甲、乙两种不同的方式将同样的钩码缓慢地提升相同的高度，下列说法正确的是（　　）
A．甲种方法更省力 B．乙种方法更省功
C．两种方法做的有用功相等 D．两种方法的机械效率相等
9．（2025·河东模拟）在探究“物体浮力的大小跟它排开液体的重力的关系“实验时，具体设计的实验操作步骤如图甲、乙、丙和丁所示．为方便操作和减小测量误差，最合理操作步骤应该是 （　　）
A．甲、乙、丙、丁 B．乙、甲、丙、丁
C．乙、甲、丁、丙 D．丁、甲、乙、丙
10．（2025·河东模拟）如图杠杆是平衡的，如在左边的钩码下方再挂上一个钩码，为使杠杆再次平衡，符合条件的过程是（　　）
A．右边钩码下加一个相同的钩码
B．左、右两边的钩码分别向支点移一格
C．左边钩码向右移动一格
D．右边钩码向右移动一格
11．（2025·河东模拟）如图所示，运动员在进行蹦床比赛，运动员离开蹦床后向上运动了大约一位普通成年人的高度，又落到蹦床上．下列关于运动员离开蹦床后的运动过程，下列说法正确的是
A．运动员离开蹦床向上运动的距离大约为1.7 m
B．在上升过程中，蹦床对运动员做了功
C．在最高点运动员的速度为零，所受合力也为零
D．在下落过程中，运动员的重力势能部分转化为动能
12．（2025·河东模拟）同学们梳理了教材中与压强知识相关的实验，如图所示，其中分析正确的是（　　）
A．甲图实验，装有水的瓶子竖放在海绵上，瓶中水越多，海绵凹陷越明显
B．乙图实验，当微小压强计的探头在水中深度逐渐增大时，U形管两边液面高度差变大
C．丙图实验，测出拉开吸盘时大气对吸盘的压力和吸盘的面积，可估测大气压强的值
D．丁图实验，向外拉活塞，试管内停止沸腾的水再次沸腾，可知气压减小，水的沸点升高
13．（2025·河东模拟）如图所示，装有适量水（水的密度为）的柱形容器放在水平桌面上，容器的底面积为，将重为的金属块A和重为的木块B叠放在水中，水面恰好与木块上表面相平：将金属块取下放入水中，金属块下沉到容器底部，当木块再次静止时，水对容器底部的压强减小了。下列判断正确的是（　　）
A．木块B的体积为
B．金属块A的体积为
C．木块B再次静止时露出水面的体积为
D．沉到容器底部的金属块A受到的支持力为
14．（2025·河东模拟）如图所示实验，小球与支座之间的金属片被弹出，说明力可以改变物体的　 　；小球由于具有　 　会落在原处，并没有随金属片飞出。
15．（2025·河东模拟）空中加油机在高空给战斗机加油时，以加油机为参照物，战斗机是　 　的；若加油机以500km/h的速度飞行30 min，通过的路程是　 　 km。
16．（2025·河东模拟）某工人在水平地面上，用50N水平推力将重200N的物体匀速推动，使他在20s内沿水平方向移动10m，该过程中工人水平推力的功率是　 　W，重力做的功为　 　J.
17．（2025·河东模拟）我国北方的冬天，若水管保护不好，往往会发生水结冰而冻裂水管的现象，原因是冰的密度比水的密度　 　，水结冰后体积会增大；房间的暖气一般都安装在窗户下面，是依据气体的密度随温度的升高而变　 　.（两空均选填“大”或“小”）
18．（2025·河东模拟）如图所示，质地均匀的长方体质量为9kg，放在水平地面上，该长方体与地面的接触面积为0.01m2，则它对地面的压强大小为　 　；竖直切除该长方体右边的阴影部分，剩余部分对地面的压强会　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。（g取10N/kg）
19．（2025·河东模拟）在“测量物体浸没在液体中所受的浮力”实验中，某同学在弹簧测力计下悬挂一个物块，静止时弹簧测力计的示数F1=2.2N，再将物体浸没在酒精中，静止时弹簧测力计的示数F2=1.4N，如图所示，则物体在酒精中受到的浮力是 　 　 N，物体的体积是 　 　 m3。（ρ酒精=0.8×103kg/m3，g取10N/kg）
20．（2025·河东模拟）小宇给奶奶购买了一台电热足浴盆，如图所示，其铭牌上的部分信息如下表。奶奶准备使用它泡脚时，电热器在加热状态下正常工作，将足浴盆中5 kg的水由20℃加热到40℃，所用时间为700s。水的比热容为4.2×103 J/（kg·℃），求：
型号 RS-2
容积（最高水位） 7L
额定电压 220V
额定加热功率 800W
额定保温功率 40W
(1)加热过程中水吸收的热量；
(2)足浴盆加热的效率。
21．（2025·河东模拟）在做“测量盐水的密度”的实验中：
（1）如图是小明调节天平时的情景，请你指出他操作上的错误　 　．
（2）如图所示，甲、乙、丙图是小明纠正错误后调节好天平，按顺序进行实验的示意图，请你依据图中的数据将表格补充完整．
　 　 杯和盐水的总质量m2/g 　 　 盐水的密度ρ/kg·m-3
30 　 　 40 　 　
（3）以上实验中，密度的测量值比真实值　 　（选填“偏大”或“偏小”）请你将甲、乙、丙的顺序调换一下，可以大大减小误差，你的顺序是　 　．
22．（2025·河东模拟）小明在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关”的实验中，他用质量不同的两个钢球m和M （M的质量大于m），分别从不同的高度h和 （H＞h）静止开始滚下，观察木块B被撞击后移动的距离，实验过程如图所示。
（1）小明通过观察木块B移动的距离长短，来判断小球动能的大小，这种研究方法是　 　（选填“控制变量法”或“转换法”）。
（2）由甲、乙两图可得实验结论：　 　
（3）小丽根据甲、丙两图得出结论：物体的动能大小与质量有关，她的看法是否正确？　 　（选填“正确”或“错误”），理由：　 　。
（4）另一位同学用图所示的方法探究动能的大小与速度的关系，他将相同质量的小球从不同高度（h2> h1）由静止开始释放，通过观察木块在铁板和毛巾上滑行的距离来判断小球动能的大小，这种方法是　 　（选填“正确的”或“错误的”）。
23．（2025·河东模拟）如图所示，小明使用滑轮组提升物体，他在5s内沿竖直方向匀速拉动绳端使钩码上升，测得的实验数据如下表所示。
钩码的重G/N 手的拉力F/N 钩码上升高度h/m 绳端移动距离s/m
20 15 0.3 0.6
请你解答如下问题：
（1）根据表中数据在图中画出该滑轮组的绕线方式；
（2）这个滑轮组的机械效率；
（3）拉力的功率。
24．（2025·河东模拟）有一个电压约为12V的电源（电压保持不变），一个量程为0~0.6A的电流表，一个量程为0~3V的电压表，两个阻值已知的电阻R1（30Ω）、R2（10kΩ），开关和导线若干。请合理选择器材设计实验，测出约为10Ω的未知电阻Rx的阻值。要求：
（1）画出实验电路图；　 　
（2）写出主要的实验步骤和需要测量的物理量；　 　
（3）写出待测电阻Rx的数学表达式（用已知量和测量量表示）。　 　
25．（2025·河东模拟）先将一个底面积为S的圆柱体木块，放在空圆柱形容器内，木块底部与容器底部用一根细线相连，然后向容器中慢慢加水，左图所示是加水过程中的情境；在整个加水过程中，木块受到的浮力随容器中水的深度变化的关系图象如右图所示（、、也为已知量）。已知水的密度为，请你解答下列问题：
(1)木块的密度；
(2)整个加水过程中，木块只受浮力和重力时，容器底部所受水的压强的变化范围。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】密度公式及其应用；长度的估测；速度与物体运动；重力及其大小的计算
【解析】【解答】A．成年人手指宽度在2cm左右，手掌的宽度在10cm左右，故A符合题意；
B．男子百米世界纪录略大于10m/s，不可能达到15m/s，故B不符合题意；
C．举重运动员可举起100kg左右的物体，重力约G=mg=100kg×10N/kg=1000N，故C不符合题意；
D．人体密度与水的密度接近，约1.0×103kg/m3。中学生的质量在50kg左右，体积约
V==0.05m3，故D不符合题意。
故选A。
【分析】根据常见物体的长度、速度、重力和质量，结合数据解答。
2．【答案】B
【知识点】增大压强的方法及其应用；连通器原理及其应用；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A．针头很尖，在压力一定时，减小受力面积，增大压强，故A不符合题意；
B．茶壶上端开口下部连通，构成连通器，故B符合题意；
C．钢笔吸墨水时，手挤压橡皮囊，排出空气，橡皮囊恢复原状，体积增大，压强减小，囊内气压小于外界大气压，在大气压强作用下，墨水被压入笔胆内，故C不符合题意；
D．图中，吹气时，A管上方空气流速快、压强小，管内液体上升，利用流速大的地方压强小，故D不符合题意。
【分析】压力一定时，减小受力面积，可以增大压强；茶壶的壶嘴和壶身，构成连通器；钢笔吸水，利用了大气压的作用；流体在流速大的地方压强小。
3．【答案】C
【知识点】大气压强的测量方法
【解析】【解答】A．托里拆利实验中，玻璃管倾斜，管内的水银柱高度不变，长度会增加，故A不符合题意；
B．天气、环境、海拔等因素可能使水银柱高度略小于760mm，不一定混入了空气，故B不符合题意；
C．把管倾斜到垂直高度低于大气压能支持的水银柱高，水银还不能充满全管，则玻璃管内进入少量空气，故C符合题意；
D．将玻璃管上提，只要管口不离开水银面，管内水银面略微下降，而高度不变，故D不符合题意。
故选C。
【分析】利用托里拆利测量大气压时，根据玻璃管中液面高度，测量大气压的大小；当管内进入空气时，液面高度变小。
4．【答案】B
【知识点】二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】图中，物体沿竖直墙壁匀速下滑，处于平衡状态，受力平衡，竖直方向受重力与摩擦力是一对平衡力，二力大小相等，故摩擦力f=G，故B正确，选项ACD错误。
故选B。
【分析】物体匀速直线运动时，受到平衡力，二力平衡时，力的大小相等。
5．【答案】D
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；摩擦力的示意图；浮力的示意图
【解析】【解答】A．小球正在下沉，受力不平衡，重力大于浮力，图中浮力大于重力，故A错误；
B．摩擦力应与相对运动方向相反，铅球向右上方运动，摩擦力向左下方，故B错误；
C．斜面光滑，物块不受摩擦力作用，故C错误；
D．球悬挂时静止，处于平衡状态，小球仅受重力和绳子拉力，且二力大小相同，方向相反，作用在同一直线上，故D正确。
故选D。
【分析】静止的物体受到平衡力，根据二力平衡，判断力的大小；物体受力不平衡，运动状态会改变。
6．【答案】D
【知识点】势能的影响因素；力作用的相互性；物体运动状态的变化；是否做功的判断
【解析】【解答】A．物体间力的作用是相互的，手击打排球的力等于排球对手的作用力．故A错误；
B．击打排球时，运动员对排球有力的作用，球在力的方向移动距离，运动员对排球做了功．故B错误；
C．力不能离开物体而存在，排球离开手后，不再受推力的作用．由于惯性继续向上运动，故C错误．
D．排球上升时，质量不变，速度减小，动能减小．高度增加，重力势能增大，故D正确．
故选D。
【分析】根据题中“如图是女排比赛时的场景，下列分析正确的是”可知，本题是力学综合题，考查用物理知识解释生活现象的能力．根据相互作用力的关系，做功的条件，力和运动的关系以及动能和势能的转化进行分析判断。
7．【答案】D
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】费力杠杆的动力大于阻力，动力臂小于阻力臂，应用镊子、筷子，D正确，钢丝钳、起子、羊角锤的动力小于阻力，所以ABC错误
综上选D【分析】省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹；费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等壁杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平．
8．【答案】C
【知识点】动滑轮及其工作特点；机械效率的大小比较；有用功和额外功
【解析】【解答】AB．图乙中，是动滑轮，更省力，使用任何机械都不省功，故AB错误；
C．图中，钩码的重力G相同、被提高的高度h相同，根据W有=Gh，则有用功相等，故C正确；
D．图甲中，弹簧测力计直接提升钩码，图乙中，使用动滑轮提升钩码，需要克服动滑轮重力及摩擦做额外功，则乙的机械效率小于甲的机械效率，故D错误。
故选C。
【分析】使用动滑轮可以省力，但不省功；根据W=Gh，判断有用功的大小；有用功相同时，额外功越大，机械效率越小。
9．【答案】D
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】验证阿基米德原理时，为方便操作和减小误差，先测出空桶所受的重力，再把空桶置于溢水杯口的正下方；然后用弹簧测力计测出物体所受的重力；再用弹簧测力计吊着物体浸没在装满水的溢水杯中，读出弹簧测力计的示数；最后测出桶和排开水所受的总重力，实验合理的实验顺序是：丁、甲、乙、丙，故D符合题意。
故选D。
【分析】探究阿基米德原理时，先测量空桶重力和物块重力，将物体浸没测量浮力，最后测量溢出液体的重力。
10．【答案】D
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】图中，在左边的钩码下方再挂上一个钩码，左侧3G×4l=12Gl，
A．右边钩码下加一个钩码，右侧5G×2l=10Gl，力和力臂的乘积不相等，杠杆不平衡，故A不符合题意；
B．左、右两边的钩码向支点移一格，左侧3G×3l=9Gl，右侧4G×l=4Gl，两侧乘积不相等，杠杆不平衡，故B不符合题意；
C．左边钩码向右移动一格，左侧3G×3l=9Gl，右侧4G×2l=8Gl，两侧乘积不相等，杠杆不平衡，故C不符合题意；
D．右边钩码向右移动一格，左侧3G×4l=12Gl，右侧4G×3l=12Gl，两侧乘积相等，杠杆平衡，故D符合题意。
故选D。
【分析】根据力和力臂的乘积，结合杠杆平衡条件，判断杠杆是否平衡。
11．【答案】A,D
【知识点】机械能及其转化；长度的估测；平衡状态的判断；是否做功的判断
【解析】【解答】A．图中，运动员身高约1.7m，运动员向上运动的距离约等于身高，即向上运动的距离约为1.7m，故A正确．
B．运动员在上升时，不受蹦床的力，蹦床对运动员不做功，故B错误．
C．运动员在最高点，速度为零，但运动员受到重力，所受合力不为零，故C错误．
D．运动员下落时，质量不变，高度降低，重力势能减小．速度增大，动能增大．重力势能转化为动能，由于克服空气阻力，部分重力势能转化为内能，故D正确．
故答案为AD．
【分析】根据题中“运动员在进行蹦床比赛……，离开蹦床后的运动过程”可知，本题考查力和运动的关系，以及能量转化的知识，根据平衡状态物体所受合力为零判断其在最高点时所处的状态；运用做功的必要条件分析蹦床是否对运动员做了功。
12．【答案】A,B,C
【知识点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验；液体压强的特点；大气压强的测量方法；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】A．根据，在受力面积一定时，压力越大，压力作用效果越明显，海绵凹陷越明显，瓶中水越少，压力越小，海绵凹陷越小，故A正确；
B．在同种液体中，液体压强随深度的增加而增大，U形管两边液面高度差越大，故B正确；
C．根据，测出拉开吸盘时大气对吸盘的压力和吸盘的面积，可估测大气压强的值，故C正确；
D．向外抽气时，试管内气压减小，水的沸点越小，停止沸腾的水再次沸腾，故D错误。
故选ABC。
【分析】受力面积一定时，压力的作用效果和压力有关；液体密度相同时，深度越深，液体压强越大；根据拉力和吸盘的面积，可以计算大气压的大小；液体沸点和大气压有关。
13．【答案】B,C,D
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】A．图中，AB叠放漂浮，总重力与木块受到的浮力平衡，，木块恰好浸没，V木=V排，木块的体积，故A错误；
C．金属块放入水中，木块上浮，浮力减小，静止后受力平衡，此时，
木块B再次静止时，浸入水面的体积，
木块B再次静止时，露出水面的体积，故C正确；
B．水对底部的压强减小了，液面下降的高度：，
铁块A放入水中前与放入水中后，排开水的体积之差等于水下降的体积，
，解得，故B正确；
D．A沉底时，受平衡力，故，解得，故D正确。
故选BCD。
【分析】物体漂浮时，受到的浮力等于重力；根据，计算排开液体的体积；根据总体积，计算露出液面的体积。
14．【答案】运动状态；惯性
【知识点】力的作用效果；惯性及其现象
【解析】【解答】图中，是惯性演示器，金属片被弹出，金属片运动，是力可以改变物体的运动状态。
小球原来静止，金属片飞出后，小球仍保持静止，是小球具有惯性。
【分析】力可以改变物体的运动状态；物体保持原来的运动状态的性质是惯性。
15．【答案】静止；250
【知识点】速度公式及其应用；参照物及其选择
【解析】【解答】加油机在高空给战斗机加油时，战斗机和加油机没有位置变化，以加油机为参照物，战斗机是静止的。
根据加油机的速度和时间，计算通过的路程是。
【分析】相对于参照物，没有位置变化，是静止的；根据s=vt，计算路程。
16．【答案】25；0
【知识点】功率计算公式的应用；是否做功的判断
【解析】【解答】工人所做的功：W=Fs=50N×10m=500J，水平推力的功率：；
重力的方向竖直向下，物体在重力的方向上没有移动距离，重力没有做功，则重力做功为0J。
【分析】根据做功的必要因素，判断水平推动物体时，重力是否做功进行解答．根据计算推力的功率进行解答。
17．【答案】小；小
【知识点】密度与温度的关系
【解析】【解答】冬天气温低于0℃时，自来水管中的水结冰，状态发生变化，物质多少没有变化，所以水结冰后质量不变；由于冰的密度比水的密度小，由公式ρ 可知，冰的体积比水的体积大，这样就会把自来水管撑裂。暖气片对空气进行加热时，空气受热体积变大，密度减小，故热空气会上升，冷空气会下降，使冷热空气形成对流，房间变暖和起来。
故答案为：小；小.
【分析】物体有热胀冷缩的性质，温度变化，体积会变化，它的密度随温度变化；一般来说物质的密度是随着温度升高而变小，但是水的温度上升到4摄氏度时密度最大而后随着温度上升而减小.
18．【答案】9×103Pa；不变
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】结合压力和受力面积，计算长方体对地面的压强大小为：；
图中，竖直切除右边的阴影部分，压力减小原来的几分之几，受力面积也相应的减小原来的几分之几，对地面的压强不变。
【分析】根据，计算压强，竖直切开柱形固体时，压强不变。
19．【答案】0.8；
【知识点】浮力大小的计算
【解析】【解答】结合测力计示数，计算物体在酒精中受到的浮力：，
根据，物体的体积是。
【分析】根据称重法，计算物体受到的浮力，根据，计算物体的体积。
20．【答案】解：(1)根据公式
(2)加热所需要的电能为
足浴盆加热的效率为
答：(1)加热过程中水吸收的热量4.2×105J。
(2)足浴盆加热的效率为75%。
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热机的效率；电功的计算
【解析】【分析】（1）根据Q=cmΔt，计算水吸收的热量；
（2）根据W=Pt，计算消耗的电能；根据，计算电热效率。
21．【答案】游码没归零就调节平衡螺母；杯的质量ml/g；盐水的体积V/cm3；72；1.05×103；偏大；乙、丙、甲
【知识点】液体密度的测量
【解析】【解答】（1）图中，调节天平时，游码没归零，调节平衡螺母错误；
（2）甲图中，空烧杯的质量m1=20g+10g=30g，表格的表头为：空烧杯的质量为m1/g；图乙中，烧杯和盐水的总质量m2=50g+20g+2g=72g；图丙中，量筒的分度值为2mL，盐水的体积V=40mL=40cm3，表头为盐水的体积V/cm3；
根据，盐水的密度；
实验表格如下：
杯的质量ml/g 杯和盐水的总质量m2/g 盐水的体积V/cm3 盐水的密度ρ/kg·m-3
30 72 40 1.05×103
（3）实验时，当烧杯中的盐水全部倒入量筒时，不能倒干净，测量体积偏小，所测密度偏大；测量盐水的密度时，应先测量烧杯和盐水的总质量m2，把适量的盐水倒入量筒中，读出体积V，再测量出烧杯和剩余盐水的质量m1，操作的正确顺序是：乙丙甲；
【分析】根据题中“在做“测量盐水的密度”的实验中”可知，本题是“测量盐水的密度”的实验，考查了实验原理及天平和量筒的使用及读数，同时考查了密度的计算及实验误差的分析．通过判断质量和体积的测量过程，判断测量误差，从而可以判断密度的误差；根据测量盐水密度的正确操作步骤解答。
22．【答案】（1）转换法
（2）物体的动能大小与速度有关
（3）错误；要探究动能与质量的关系，需要保证小球的速度不变，由于下落高度不同，不能得出动能大小与质量的关系
（4）错误的
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；物理学方法
【解析】【解答】（1）实验中，小球动能越大， 推动木块移动越远，通过木块B移动的距离长短来判断小球动能的大小，利用了转换法。
（2）根据甲、乙两图，小球的质量一定，初始高度不同，速度不同，木块移动的距离不同，可得结论：物体的动能与速度大小有关。
（3）根据甲、丙两图，小球的质量和下落高度不同，要探究动能与质量的关系，需要保证小球的速度不变，由于下落高度不同，不能得出动能大小与质量的关系，小丽的看法是错误的；
（4）图中，探究动能的大小与速度的关系，应改变小球撞击木块前的速度，而实验中没有控制水平面的粗糙程度相同，不能通过木块移动的距离来判断动能的大小。
【分析】探究小球的动能的影响因素时，需要通过推动木块的距离反应动能 大小，利用了转换法，探究影响因素时，要利用控制变量法；木块移动的水平面的粗糙程度要相同。
（1）实验中通过观察木块B被撞击后移动的距离长短来判断小球动能的大小，这里用到的物理学研究问题的方法是转换法。
（2）甲、乙两图中小球的质量一定，初始高度不同，到达水平面时的速度不同，木块移动的距离不同，故可以得出结论：物体的动能与速度大小有关。
（3）[1][2]小丽的看法是错误的，因为要探究动能与质量的关系。需要保证小球的速度不变，甲、丙两图中小球下落的高度不同，则到达水平面的速度不同，故不能得出动能大小与质量的关系。
（4）图中所示的方法探究动能的大小与速度的关系，应改变小球撞击木块前的速度，控制其它因素相同。而实验中没有控制水平面的粗糙程度相同，不能通过木块移动的距离来判断动能的大小。
23．【答案】解：解：（1）根据题意，承担物重的绳子段数
故滑轮组绕线如图所示：
（2）滑轮组的机械效率
（3）拉力的功率：
答：（1）该滑轮组的绕线方式如解析；
（2）这个滑轮组的机械效率为；
（3）拉力的功率为。
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组的设计与组装
【解析】【分析】（1）结合绳子距离和物体移动的距离，判断绳子股数，并绕线；
（2）根据，计算机械效率；
（3）根据，计算功率的大小。
24．【答案】；①按电路图连接电路；②闭合开关S1、S2，读出电流表的示数为I1；此时未知电阻被短路，电路中只有电阻R1工作，则电源电压U=I1R1③闭合S1、断开S2，读出电流表的示数为I2。此时未知电阻及R1串联在电路中。；
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）实验中，选用已知阻值电阻R1与未知电阻串联，R2阻值过大，不适合。另外用电流表测电路的电流，一个开关控制电路的通断，另一个开关并联在未知电阻，电路如图所示：
（2）实验步骤：
①按电路图连接电路；
②闭合开关S1、S2，读出电流表的示数为I1；此时未知电阻被短路，电路中只有电阻R1工作，则电源电压U=I1R1
③闭合S1、断开S2，读出电流表的示数为I2。此时未知电阻及R1串联在电路中。
（3）根据实验步骤，S1闭合、S2断开时，电阻串联，电路中的总电阻，，
未知电阻的阻值：。
【分析】利用电流表测量未知电阻时，利用电流表分别测量不同电路的电流，根据U=IR，表示电压，利用，计算未知电阻。
25．【答案】解：(1)由图知，当物体所受浮力为时，木块所受浮力等于重力，即
物体的质量为：
由图知，当物体所受浮力为时，物体浸没水中，则物体的体积为
木块的密度为：
(2)当木块刚好漂浮时，水对容器底部的压强为
当绳子的拉力为最大时，容器中水所受的重力为
此时绳子所受的拉力为
故绳子刚被拉直时，容器中水所受的重力为
此时容器底面受到水的压强为
故整个加水过程中，木块只受浮力和重力时，容器底部所受水的压强的变化范围为～
答：(1)木块的密度；
(2)整个加水过程中，木块只受浮力和重力时，容器底部所受水的压强的变化范围～。
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；阿基米德原理；浮力的利用
【解析】【分析】（1）物体漂浮时，浮力和重力相等，利用，计算质量，根据浸没时的浮力，利用，计算体积；利用，计算密度大小；
（2）根据，计算压强大小，结合重力和浮力，计算拉力。
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