资源简介

湖南省长沙市雅礼集团 2024-2025学年九年级下学期期中考试物理试题
一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。每小题只有一个选项符合题意，请将符合题意的选项用2B铅笔填涂在答题卡相应位置）
1．（2025九下·长沙期中）如图所示，冬季的傍晚在长沙热闹的街边小巷走走，麻辣鲜香的火锅味扑鼻而来，主要原因是（　　）
A．分子可以再分
B．分子处于永不停息的无规则运动中
C．分子间存在斥力
D．分子间存在引力
2．（2025九下·长沙期中）汽车是现代生活中最常见的一种交通工具，如图甲是某汽油机的某冲程。下列有关说法不正确的是（　　）
A．汽油机在吸气冲程吸入的是汽油和空气的混合物
B．甲图是压缩冲程，机械能转化为内能
C．汽车尾气中的“汽油味”越浓，说明燃料燃烧得越不充分，这会降低燃料的热值
D．冬天，有些汽车会利用尾气中的余热给车内供暖，这是利用热传递的方法改变内能
3．（2025九下·长沙期中）小雅家安装的电能表如图甲所示，书房灯L及三孔插座的安装电路如图乙所示，为保证安全用电，下列说法正确的是（　　）
A．小雅家的电能表必须用在110V的电路中
B．若保险丝熔断，可用铁丝代替
C．三孔插座的安装不符合安全用电原则
D．a端应接火线，b端应接零线
4．（2025九下·长沙期中）两轮电动平衡车作为一种新兴的交通工具，备受中学生的喜爱。如图所示，当小礼操控平衡车在水平路面上做匀速直线运动时，下列说法正确的是（　　）
A．关闭电机后，平衡车仍继续前进是由于平衡车受到惯性的作用
B．若平衡车在运动过程中所受的力全部消失，平衡车将静止不动
C．平衡车对地面的压力与地面对它的支持力是相互作用力
D．平衡车受到的重力与地面对它的支持力是一对平衡力
5．（2025九下·长沙期中）如图所示，用干燥毛巾多次摩擦PVC管和气球。将气球往上抛，然后将PVC管放在气球下方，气球就会在空中悬浮，下列说法正确的是（　　）
A．气球会悬浮在PVC管上方的原因与验电器工作原理相同
B．摩擦的方法创造了电荷
C．气球之所以能悬浮在空中，是因为带电的PVC管能吸引轻小物体
D．PVC管和气球带上异种电荷
6．（2025九下·长沙期中）为了提高旅客的乘车通行效率，长沙火车站实施“验检合一”，乘客通过检票处“一道闸”，当身份信息和人脸信息都符合时（相当于闭合开关），电动机转动，打开闸门直达站台，下列电路设计符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
7．（2025九下·长沙期中）如图所示的与压强有关的事例中所涉及的物理知识表述正确的是（　　）
A．吸管：液体压强
B．高压锅：气压大沸点低
C．安全线：气体流速大压强大
D．船闸：连通器
8．（2025九下·长沙期中）如图所示为举重运动员做挺举时的几个状态图，下列关于该运动员对杠铃做功情况的分析正确的是（　　）
A．从发力到上拉的过程中不做功
B．从上拉到翻站的过程中做功
C．从上挺到站立的过程中不做功
D．举着杠铃稳定站立的过程中做功
9．（2025九下·长沙期中）如图为一种无链条电动自行车，它结合了人体动力和电池动力，人体动力是：骑行者踩脚踏板产生的机械能通过某装置可转化为电能，下列图例中与该过程原理相同的是（　　）
A． B．
C． D．
10．（2025九下·长沙期中）当海水的温度及所含盐分变化时，可能会导致海水密度发生突变，在垂直海面方向上形成一个类似“悬崖”的突变水层，在如图所示的情形中，若有潜艇潜航至此水域时，就会急速下沉，发生“掉深”事故，危及潜艇安全。我军潜艇曾创造过遭遇“掉深”自救成功的奇迹。下列相关说法正确的是（　　）
A．潜艇从高密度水层潜航进入低密度水层时，所受浮力不变
B．潜艇在高密度水层悬浮时，所受浮力大于其重力
C．潜艇遭遇“掉深”进行自救时，需快速将水吸入潜艇的水箱中
D．潜艇从刚要露出水面至漂浮在水面的过程中，其所受浮力变小
二、多项选择题（本大题共2小题，每小题3分，共6分。每小题有两个选项符合题意，选对但少选得2分，错选得0分，请将符合题意的选项用2B铅笔填涂在答题卡相应位置）
11．（2025九下·长沙期中）小礼陪爷爷去公园锻炼，看到工人在用园艺剪刀修剪树枝，如图所示。下列关于园艺剪刀正常修剪树枝时的说法正确的是（　　）
A．园艺剪刀是省力杠杆 B．支点为大拇指与手柄的接触点
C．剪的树枝越远离支点越省力 D．将手往手柄末端移动更省力
12．（2025九下·长沙期中）小明设计的质量测量仪如图所示，当载物台上不放物体时，滑片恰好处于a点。电源电压不变，闭合开关S后，下列说法正确的是（　　）
A．不放重物时，小灯泡L的亮度最暗
B．重物的质量越大，电压表的示数越大
C．重物的质量越大，电路的总功率越小
D．重物的质量发生变化时，电压表与电流表示数的比值保持不变
三、填空题（本大题共5小题，每空2分，共24分）
13．（2025九下·长沙期中）长征二号丙运载火箭，成功将3颗低轨通信试验卫星送入预定轨道，运载火箭使用偏二甲肼做燃料，火箭发射时，偏二甲肼燃烧将　 　转化为内能；如图，低轨通信试验卫星进入预定轨道后，接收到地面利用　 　波传来的指令信息将板状的两翼展开，板状的两翼是太阳能电池，它把太阳能直接转化成　 　能，供卫星使用。
14．（2025九下·长沙期中）如图甲所示的是以前农民耙田的情景，人站在耙上，牛拉着人和耙一起向前运动，此时人相对于耙是　 　的。如图乙所示，耙是由底部装有铁刀的木板做成的，耙身做得比较宽大，铁刀做得比较锋利。铁刀做得比较锋利是为了　 　压强，有利于划破田里的泥土。
15．（2025九下·长沙期中）如图所示，小雅同学在体育课上进行竖直爬杆训练，爬到最高点后，他又匀速下滑。在匀速下滑过程中小雅受到的摩擦力方向为竖直　 　；匀速下滑时小雅的机械能　 　。
16．（2025九下·长沙期中）小礼通过观察和研究他家汽车上的电加热座椅垫（原理如图），发现该座椅垫有“高温”、“低温”和“关”三个挡位，S为挡位切换开关，R1和R2均为电热丝，电源电压恒为9V。开关S切换到2时，电路处于　 　挡；若此时电路中的电流为1A，则该电路工作1min产生的热量为　 　J。
17．（2025九下·长沙期中）如图1所示，一水平桌面上放置着一个质量分布均匀的厚圆柱形玻璃杯A，其外底面积为80cm2，外高为14cm，玻璃材质的体积为200cm3。另在质量为0.1kg、底面积为100cm2的薄壁柱形容器B中（足够高）装1200g的水，置于水平桌面上。现将厚玻璃杯轻轻放入装水的容器B中，如图2所示，稳定后，玻璃杯没入水中的深度为5cm，此时水深为16cm。（ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg），则：
（1）如图2所示，水对B容器底部的压强为　 　pa；
（2）如图2所示，厚玻璃杯所受的浮力为　 　N；
（3）现将实心长方体甲放入厚玻璃杯中，此时水位恰好到达玻璃杯口（水未流入玻璃杯内），如图3所示。接下来，他取出长方体甲，向玻璃杯内放入实心长方体乙，其密度为9×103kg/m3。此时水对B容器底部的压强相比放入甲时减小820Pa，则B容器对桌面的压强相比放入甲时变化了　 　Pa。（甲、乙高度均未超过杯口，整个过程缓慢且无水溅出，且玻璃杯保持竖直）
四、作图与实验探究（本大题共5小题，第18题2分，第19、20、21、22题每小题6分，共26分）
18．（2025九下·长沙期中）如图所示是乳牛自动喂水器，当水箱内的水达到一定高度时，浮标带动杠杆AOB绕O点转动并压住入水口，停止上水。请在图中B点画出浮标所受浮力F的示意图及浮力F的力臂L。
19．（2025九下·长沙期中）小礼选用两节新的干电池，多个小灯泡，一个电压表，用如图甲所示电路来探究“串联电路的电压特点”。
（1）闭合开关后，小礼发现两个灯泡都不亮，电压表的示数接近电源电压。小礼接下来的操作最合理的是：断开开关，______（选填下列字母），然后闭合开关，观察电压表示数；
A．立即更换两个小灯泡
B．拧紧L1及两端的接线柱
C．拧紧L2及两端的接线柱
（2）为了避免结论具有偶然性，L1、L2应选择　 　（选填“相同”或“不同”）规格的灯泡；
（3）用电压表分别测出A与B、B与C、A与C两点间的电压为UAB、UBC、UAC，得到的数据记录在表中，分析实验数据，你可得到串联电路的电压特点是　 　（用字母表示）。
实验次数 UAB/V UBC/V UAC/V
1 0.8 2.2 3.0
2 1.0 2.0 3.0
3 1.2 1.8 3.0
20．（2025九下·长沙期中）小雅在探究“影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，进行了下图所示的操作。回答下列问题：
（1）实验中小雅每次都需要用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做　 　运动；
（2）比较乙、丙两次实验数据可知，在接触面的粗糙程度相同时，　 　越大，滑动摩擦力越大；以下改变摩擦力大小的方法利用了该结论的是　 　；
A．在瓶盖上做出细条纹
B．给车轮的轴加润滑油
C．用更大的力压住橡皮擦字
21．（2025九下·长沙期中）小礼利用铁架台、杠杆、钩码等器材探究杠杆的平衡条件，实验使用的钩码质量均为50g，杠杆上每
格长度均相等。
（1）杠杆静止在如图甲所示位置，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节；
（2）小礼在杠杆两侧挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，进行了3次实验，杠杆水平平衡时记录的数据如表：
次数 动力F/N 动力臂I1/cm 阻力F/N 阻力臂I2/cm
1 0.5 20.0 1.0 10.0
2 1.0 15.0 1.5 10.0
3 1.5 10.0 0.5 30.0
分析表中的数据，得到杠杆的平衡条件是：　 　（用F1、I1、F2、I2表示）；
（3）如图乙所示，将A、B位置的钩码个数都再增加一个，杠杆将会　 　（选填“仍然平衡”或“左端下沉”或“右端下沉”）。
22．（2025九下·长沙期中）小雅同学想测量未知电阻的阻值，已知小雅所用电源为两节新干电池，滑动变阻器最大阻值为20Ω。
（1）闭合开关前，应该将滑动变阻器的滑片移动到　 　端；（选填“A”或“B”）
（2）小雅将测得的数据记录如表所示：
实验次数 1 2 3 4
电压U/V 0.5 1.5 2 2.5
电流I/A 0.1 0.3 0.4 0.5
老师看完数据后，发现有一组数据不是本实验中测得的，而是他编出来的。你觉得老师发现的是第几组实验数据是编造出来，并说判断的依据是：　 　（先说第几组，再说判断依据）；
（3）老师将同学们分成甲乙丙丁四个小组，分别测量不同电阻的阻值。为了探究I-U图像中比较电阻大小的方法，老师将每个小组其中一次实验数据汇总到下图中。已知四个电阻阻值为20Ω、15Ω、10Ω、5Ω，由图可知，乙组同学测量的电阻大小为　 　Ω。
五、计算题（本大题共2小题，23题6分，24题8分，共14分）
23．（2025九下·长沙期中）如图所示，建筑工人用150N的拉力F，将重为240N的物体从地面匀速提升到距地面3m高处，用时10s。求：
（1）物体上升的速度；
（2）工人利用滑轮组做的有用功；
（3）工人所用拉力F做功的功率。
24．（2025九下·长沙期中）如图甲所示电路，电源电压恒定。滑动变阻器R1上标有“ Ω；1A”，灯泡L上标有“4V；1.6W”，通过灯泡L的电流与灯泡两端的电压的关系如图乙所示。只闭合开关S、S1，当滑片P移动到R1的最右端时，电压表示数为U1，电流表示数为I；当滑片P移动到R1的中点时，灯泡恰好正常发光，电压表示数为U2，电流表示数为I2。已知U1：U2=3：2。求：
（1）小灯泡正常发光时的电阻；
（2）灯泡正常工作100s消耗的电能；
（3）滑动变阻器的最大阻值；
（4）更换电源后，仅闭合开关S和S2，此时电流表和电压表的量程可能与之前不同，但在后续步骤中量程不再改变。调节滑动变阻器滑片至某一位置时，两电表示数如图丙所示；继续向某一方向移动滑片至另一位置时，其中一个电表达到满偏，另一个电表指针指向刻度盘的三分之一处。试求定值电阻R2的可能阻值。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】分子热运动
【解析】【解答】麻辣鲜香的火锅味扑鼻而来，是香味分子不停地做无规则运动中造成的，属于扩散现象，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】根据有关分子运动的知识分析判断。
2．【答案】C
【知识点】热传递改变物体内能；燃料的热值；热机；热机的四个冲程
【解析】【解答】A．根据汽油机的工作过程可知，汽油机在吸气冲程吸入空气和汽油，故A正确不符合题意；
B．根据图片可知，活塞向上运动，两个气门都关闭，属于压缩冲程，将机械能转化为内能，故B正确不符合题意；
C．热值与燃料是否充分燃烧无关，只与燃料的种类有关，故C错误符合题意；
D．利用尾气中的余热给车内供暖，属于能量的转移，即为热传递，故D正确不符合题意。
故选C。
【分析】A.根据汽油机的工作过程判断；
B.根据气门的开合和活塞的运行方向确定冲程的名称和能量转化；
C.根据热值的影响因素判断；
D.做功改变内能的本质为能量的转化，热传递改变内能的本质为能量的转移。
3．【答案】D
【知识点】家庭电路的组成；插座的构造与工作方式；熔断器的作用及保险丝的选择
【解析】【解答】A．根据甲图中“220V”可知，小雅家的电能表适用于220V电路，故A错误；
B．铁丝电阻低、熔点高，不能在电流过大时自动切断电路无法起到保险作用，强行使用可能导致火灾，故B错误；
C．三孔插座接线 “左零右火中间地”，则图乙中三孔插座符合安全用电原则，故C错误；
D．根据乙图可知，a与开关S直接相连，那么a端接火线，b端接零线形成回路，符合安全用电原则，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据电能表上的参数判断；
B. 保险丝的熔点较低，能在电流过大时熔断以保护电路；
C.三孔插座接线 “左零右火中间地”；
D.在家庭电路中，为了用电安全，开关必须接在火线上。
4．【答案】C
【知识点】力作用的相互性；惯性及其现象；平衡力的辨别
【解析】【解答】A． 关闭电机后，平衡车仍继续前进是由于平衡车有惯性，而不是惯性力的作用，故A错误；
B．根据牛顿第一定律可知，当物体不受力时，将保持静止或匀速直线运动。若平衡车在运动过程中所受的力全部消失，则平衡车会做匀速直线运动，故B错误；
C．平衡车对地面的压力竖直向下，与地面对它的支持力竖直向上，二者大小相等，方向相反，作用在两个不同的物体上，作用在同一条直线上，是一对相互作用力，故C正确；
D．地面对平衡车的支持力等于人和车的总重力，即平衡车受到的重力小于地面对它的支持力，这两个力大小不相等，不是一对平衡力，D错误。
故选C。
【分析】A.物体保持运动状态不变的性质叫惯性；
B.根据牛顿第一定律分析；
C.相互作用力的条件：大小相等，方向相反，作用在同一直线和两个物体上；
D.平衡力的条件：大小相等，方向相反，作用在同一直线和同一物体上。
5．【答案】A
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；验电器的原理及使用
【解析】【解答】ACD．气球会悬浮在PVC管上方，是因为同种电荷相互排斥，这与验电器的工作原理相同，故A正确，CD错误；
B．摩擦起电并不是创造了电荷，而是电子的转移，故B错误。
故选A。
【分析】ACD.根据电荷之间的相互作用规律分析判断‘
B.根据摩擦起电的本质判断。
6．【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】ABCD、由题意可知， 当身份信息和人脸信息都符合时（相当于两个开关），电动机才工作，这说明两个开关都闭合时，电路才会形成通路，故两开关一定是串联的关系，然后与电动机串联。故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】根据题意分析电路的连接方式，然后选出正确的答案。
7．【答案】D
【知识点】连通器原理及其应用；沸点及沸点与气压的关系；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A．用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，在外界大气压强的作用下饮料被压入口中，故A错误；
B．高压锅的工作原理为：液体沸点随上方气压的增大而升高，故B错误；
C．火车开动时，靠近火车的地方气体流速大，压强小，离站台远的地方气体流速小，压强大，强大的气流会将人推向火车，所以在地铁站台上都有一条安全线，故C错误；
D．当有船需要经船闸从上游到下游时，船闸打开通向上游的进水阀门，使船闸内的水位上升至和上游的水位持平时打开上游的闸门，船进到闸门里来。此时上游和闸室底部连通，上面开口，则船闸是利用连通器的原理进行工作的，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据大气压强的知识判断；
B.根据液体沸点与大气压强的关系判断；
C.根据流体压强和流速的关系判断；
D.上面开口，底部连通的容器为连通器。
8．【答案】B
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】ABC．根据图片可知，从发力到上拉的过程中，从上拉到翻站的过程中，从上挺到站立的过程中，运动员对杠铃施加一个向上的力，同时杠铃向上移动了距离，所以运动员对杠铃做了功，故AC错误，B正确；
D．举着杠铃稳定站立的过程中，运动员对杠铃施加一个向上的力，但是杠铃没有在力的方向上通过距离，所以运动员没有对杠铃做功，故D错误。
故选B。
【分析】做功的要素：作用在物体上的力和物体在力的方向上通过的距离。
9．【答案】A
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】根据“ 骑行者踩脚踏板产生的机械能通过某装置可转化为电能 ”可知，该装置相当一个发电机，工作原理是电磁感应原理。
A．闭合开关后，档导体棒在磁场中切割磁感线运动时电流计的指针偏转，是电磁感应原理，故A符合题意；
B．当导体中有电流经过时，旁边的小磁针就发生转动，说明电流周围存在磁场，故B不符合题意；
C．两个电磁铁串联时，通过它们的电流相同，线圈匝数多的吸引大头针的数量多，则该装置可以探究磁性与匝数的关系，故C错误；
D．闭合开关，通电导体棒在磁场中受力运动，这是电动机的工作原理，故D不符合题意。
故选A。
【分析】分析各个选项中实验包含的物理原理，然后与题目描述进行对照即可。
10．【答案】D
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．潜艇从高密度水层潜航进入低密度水层时，它排开水的体积不变，但是海水的密度变小，由阿基米德原理可知，那么它所受的浮力变小，故A错误；
B．潜艇在高密度水层悬浮时，它处于平衡状态，即它所受的浮力等于其重力，故B错误；
C．潜艇遭遇“掉深”时受到的浮力小于重力，此时需要快速减小潜艇的重力，即将潜艇中的水排出，故C错误；
D．潜艇从刚露出水面至漂浮在水面的过程中，排开液体的体积变小，由阿基米德原理可知，它所受的浮力变小，故D正确。
故选D。
【分析】AD.根据阿基米德原理判断潜艇受到浮力的变化；
B.根据物体的浮沉条件判断；
C.根据浮沉条件判断需要增大重力还是减小重力即可。
11．【答案】A,D
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的分类；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】AB．园艺剪刀转轴处为支点，动力作用在手柄上，阻力作用在刀口上。此时动力臂大于阻力臂，故园艺剪刀为省力杠杆，故A正确，B错误；
C．剪的树枝越远离支点，阻力臂越大，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，此时动力增大，即更费力，故C错误；
D．修剪树枝时将手往手柄末端移动，动力臂增大，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，动力减小，即更省力，故D正确。
故选AD。
【分析】AB.比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类；
CD.分析动力臂和阻力臂的变化，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析判断。
12．【答案】B,C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】根据图片可知，变阻器R与灯泡L串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量R两端的电压。
A．根据电路图可知，不放重物时，滑片在最上方，此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，根据欧姆定律可知，电路中电流最大，那么小灯泡亮度最亮，故A错误；
BC．根据电路图可知，重物的质量越大，滑片越靠下，则变阻器接入的阻值越大。根据串联分压原理可知，滑动变阻器两端电压减大，即电压表示数变大。根据R总=R1+R2可知，此时电路的总电阻变大，根据可知，电路消耗的总功率越小，故BC正确；
D．根据公式可知，电压表与电流表示数的比值是滑动变阻器的阻值。重物的质量发生变化时，滑动变阻器阻值变化即电压表与电流表示数发生变化，故D错误。
故选BC。
【分析】 根据电路图可知，R与L串联接入电路中，电压表测量R两端的电压，电流表测量电路中的电流；
A.不放重物时，根据滑片的位置分析滑动变阻器接入电路中电阻的大小情况和总电阻的大小情况，根据欧姆定律可知电路中电流的大小情况，进而确定灯泡亮度的大小；
BC.物重越大时，根据滑动变阻器接入电路中电阻的变化分析总电阻的变化，根据欧姆定律分析电路中电流的变化；根据串联电路的分压规律分析电压表示数的变化；同理可知重物的质量越小电路中电流的大小，根据P=UI分析总功率的大小变化；
D.据公式分析电压表和电流表示数之比的变化。
13．【答案】化学能；电磁；电
【知识点】能量的转化或转移；太阳能及其利用与转化；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）偏二甲肼燃烧前具有化学能，则火箭发射时，偏二甲肼燃烧将化学能转化为内能。
（2）低轨通信试验卫星进入预定轨道后，接收到地面利用电磁波传来的指令信息将板状的两翼展开，因为电磁波能够传递信息，且能在真空中传播。
（3）太阳能电池把太阳能直接转化成电能。
【分析】（1）（3）根据自然界能量转化的知识分析解答；
（2）根据电磁波的特点和应用解答。
14．【答案】静止；增大
【知识点】增大压强的方法及其应用；参照物及其选择
【解析】【解答】（1）当牛拉着人和耙一起向前运动时，人相对于耙的位置没有发生变化，因此人相对于耙是静止的。
（2）铁刀做得比较锋利是在压力一定的条件下通过减小受力面积的方法来增大压强， 有利于划破田里的泥土 。
【分析】（1）如果相对位置发生改变，那么物体是运动的；如果相对位置不变，那么物体是静止的；
（2）增大压强的方法：增大压力或减小受力面积。
15．【答案】向上；变小
【知识点】机械能及其转化；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】（1） 小雅从爬杆上匀速下滑过程中，他处于平衡状态，即她受到的摩擦力与重力大小相等，方向相反。因为重力的方向竖直向下，所以在匀速下滑过程中小雅受到的摩擦力方向为竖直向上。
（2）小雅从爬杆上匀速下滑时，质量不变，高度减小，则她的重力势能减小；质量不变，速度不变，则动能不变。根据“机械能=动能+重力势能”可知，小雅的机械能减小。
【分析】（1）对小雅进行受力分析，根据平衡力的知识确定摩擦力的方向；
（2）根据“机械能=动能+重力势能”分析解答。
16．【答案】低温；540
【知识点】电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】（1）根据电路图可知，开关S切换到2时，R1和R2串联；
当开关S切断到3时，只有R1单独工作；
由可知，前者总电阻大而总电阻较小，则为低温档，后者为高温档。
（2）根据题意可知，电源电压为9V，若此时电路中的电流为1A，
则该电路工作1min产生的热量为Q=W=UIt=9V×1A×60s=540J。
【分析】（1）根据公式比较开关在不同闭合情况下总功率大小，从而确定对应的工作状态；
（2）根据Q=W=UIt计算电路产生的热量。
17．【答案】（1）1600
（2）4
（3）180
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）根据图2可知，容器B内水的深度为16c0.16m，
则水对B容器底部的压强；
（2）根据图1可知， 厚圆柱形玻璃杯A的外底面积为80cm2， 玻璃杯没入水中的深度为5cm，
厚玻璃板排开水的体积为VA=SAh=；
此时厚玻璃杯所受的浮力；
（3） 放入甲时容器A受到的浮力为：
F浮甲=ρ水gSAhA=1.0×103kg/m3×10N/kg×80×10-4m2×14×10-2m=11.2N，
图2中玻璃杯漂浮，玻璃杯受到的浮力等于其自身的重力，即G杯=4N，
物体甲的重力为：G甲=F浮甲-G杯=11.2N-4N=7.2N，
根据Δp=ρ水gΔh可得放入乙后水面下降的高度为
；
减小的体积为：ΔV排=SBΔh=100×10-4m2×0.082m=8.2×10-4m3；
减小的浮力为：ΔF浮=ρ水gΔV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×8.2×10-4m3=8.2N，
放入乙的浮力为：F乙浮=F浮甲-ΔF浮=11.2N-8.2N=3N＜G杯=4N，
所以玻璃杯和物体乙整体沉底，此时排开水的体积为：
，
乙物体的体积为：V乙=V排-V玻璃杯=300cm3-200cm3=100cm3，
乙物体的重力为：G乙=ρ乙gV乙=9×103kg/m3×10N/kg×100×10-6m3=9N，
放入甲时和放入乙时，容器B对桌面的压力变化量为：ΔF=ΔG=G乙-G甲=9N-7.2N=1.8N，
容器B对桌面压强的变化为：
【分析】 （1）根据液态压强公式p=ρ液gh算出水对B容器底部的压强；
（2）根据VA=SAh计算A排开水的体积，然后根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排算出厚玻璃杯所受的浮力；
（3）首先根据F浮甲=ρ水gSAhA算出放入甲时容器A受到的浮力；
图2中玻璃杯漂浮，玻璃杯受到的浮力等于其自身的重力，根据G甲=F浮甲-G杯算出物体甲的重力；
根据Δp=ρ水gΔh可得放入乙后水面下降的高度；由ΔV排=SBΔh算出减小的体积，根据ΔF浮=ρ水gΔV排算出减小的浮力，由F乙浮=F浮甲-ΔF浮算出放入乙的浮力，并与玻璃杯的重力比较判断出整体的状态，根据阿基米德原理算出此时排开水的体积，由V乙=V排-V玻璃杯算出乙物体的体积，根据密度公式算出乙物体的重力，根据ΔF=ΔG=G乙-G甲算出放入甲时和放入乙时，容器B对桌面的压力变化量，由算出容器B对桌面压强的变化量。
（1）水对B容器底部的压强为
（2）厚玻璃杯所受的浮力为
（3）水的体积
图3中的液面高度
厚玻璃杯所受浮力
甲所受重力
根据可得水面下降的高度
拿出甲放入乙后的水面高度为
图2中的液面高度，因为，所以放入乙后，乙与玻璃杯一同沉底，浸没在水中
设长方体乙的体积为，则此时有：
乙的体积
根据 可知长方体乙的质量
放入甲时和放入乙时，容器B对桌面的压力变化
容器B对桌面压强的变化
18．【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；力臂的画法
【解析】【解答】根据题意可知，浮标受到的浮力竖直向上，作用在浮标的重心上。过支点O做力F作用线的垂线段，即为浮力F的力臂L，如下图所示：
【分析】对浮标进行受力分析，确定浮力的方向和作用点，然后沿力的方向画一条带箭头的线段。而力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离。
19．【答案】（1）B
（2）不同
（3）UAB+UBC=UAC
【知识点】探究串、并联电路中的电压规律实验
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，灯泡L1和L2串联，电压表与灯泡L1串联。两个灯泡都不亮，说明电路可能断路。电压表的示数接近电源电压，说明电压表与电源的两极正常连通。比较可知，应该是与电压表并联的灯泡L1断路，即有可能是灯泡L1的接线柱松动所致，故应拧紧L1及两端的接线柱，故B符合题意，AC不符合题意。
故选B。
（2）如果两个灯泡规格相同，那么两个灯泡的电压相等，容易得到串联电路各部分电压相等的错误结论，因此为了避免偶然性，得到普遍规律，实验中最好选择规格不同的小灯泡。
（3）根据表格数据可知，；；，即串联电路的总电压等于各处电压之和，即。
【分析】（1）根据灯泡的发光情况，以及电表的示数变化确定故障的种类和位置，据此确定排除方法；
（2）格相同，那么两个灯泡的电压相等，容易得到串联电路各部分电压相等的错误结论，据此分析解答；
（3）分别计算出每组数据中AB和BC的电压之和，然后与AC之间的电压比较即可。
（1）发现两个灯泡都不亮，说明电路可能断路，电压表的示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的灯泡L1断路，故应拧紧L1及两端的接线柱，故B符合题意，AC不符合题意。
故选B。
（2）为了避免偶然性，得到普遍规律，实验中最好选择规格不同的小灯泡。
（3）表格中数据得；；。则可得到串联电路的电压特点是。
20．【答案】（1）匀速直线
（2）压力；C
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）在探究“影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，用弹簧测力计必须沿水平方向拉着木块做匀速直线运动，此时木块受到的拉力与木块受到的滑动摩擦力是平衡力。根据二力平衡力的原理可知，它所受的摩擦力大小等于测力计的示数。
（2）①根据图片可知，二者的接触面都是毛巾，则接触面粗糙程度相同。乙中只有木块，丙中木块上方有一个砝码，则丙实验压力更大，测力计示数更大，那么得到结论：接触面的粗糙程度相同时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大。
② 乙、丙两次实验数据结论为滑动摩擦力大小与压力大小有关。
A．在瓶盖上做出细条纹，是通过增大接触面粗糙程度增大摩擦力，故A不符合题意；
B．给车轮的轴加润滑油，是通过改变接触面的方式减小摩擦力，故B不符合题意；
C．用更大的力压住橡皮擦字，是通过增大压力增大摩擦力，故C符合题意。
故选C。
【分析】（1）根据二力平衡的知识分析解答；
（2）①根据图片确定乙和丙中哪个因素相同，哪个因素不同，根据控制变量法的要求描述结论；
②分析各个选项中改变摩擦力的方法，然后与题目描述对照即可。
（1）实验过程中，用弹簧测力计必须沿水平方向拉着木块做匀速直线运动，此时木块处于平衡状态，由二力平衡知识可知，此时木块受到的拉力与木块受到的滑动摩擦力是平衡力，所受的摩擦力大小等于测力计的示数。
（2）[1]比较乙、丙两次实验数据可知，接触面的粗糙程度相同而物体间的压力不同，弹簧测力计的示数不同，丙实验压力更大，测力计示数更大，说明木块受到的摩擦力更大，可得在接触面的粗糙程度相同时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大。
[2] 乙、丙两次实验数据结论为滑动摩擦力大小与压力大小有关。
A．在瓶盖上做出细条纹，通过增大接触面粗糙程度增大摩擦力，不符合题意；
B．给车轮的轴加润滑油，通过增大接触面粗糙程度增大摩擦力，不符合题意；
C．用更大的力压住橡皮擦字，通过增大压力增大摩擦力，符合题意。
故选C。
21．【答案】（1）右
（2）F1l1=F2l2
（3）左端下沉
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，杠杆右端上翘，则杠杆的右端轻，则应将杠杆的平衡螺母向右调节。
（2）根据表格数据得到：0.5N×20.0cm=1.0N×10.0cm；1.0N×15.0cm=1.5N×10.0cm；
1.5N×10.0cm=0.5N×30.0cm；
那么得到杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂，
即。
（3）根据乙图可知，将位置的钩码个数都增加一个，
则杠杆左端：；
杠杆右端：；
因为，
则杠杆左端下沉。
【分析】（1）平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
（2）分别计算出每组数据中动力和动力臂的乘积，阻力和阻力臂的乘积，然后比较大小，进而得到杠杆的平衡条件；
（3）分析计算出砝码增加后杠杆左右两侧力和力臂的乘积大小，杠杆总是向大的一侧下沉。
（1）由图甲中，杠杆左端下沉，要将杠杆调节到水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂。
（2）由表格中数据知，第一次数据0.5N×20.0cm=1.0N×10.0cm
第二次数据1.0N×15.0cm=1.5N×10.0cm
第三次数据1.5N×10.0cm=0.5N×30.0cm
可得杠杆的平衡条件是动力×动力臂=阻力×阻力臂
即。
（3）设一个钩码所受的重力为G，杠杆一格长度为L，将位置的钩码个数都增加一个，杠杆左端为
杠杆右端为
因为，则杠杆左端下沉。
22．【答案】（1）A
（2）第1组，用该实验提供的仪器最小电流为0.12A（或定值电阻的最小电压为0.6A，或如果要达到0.1A的电流，滑动变阻器阻值需要25Ω，滑动变阻器阻值不够）。
（3）10
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）根据图片可知，当滑片调到A端时阻值最大，则开关闭合前，应将滑动变阻器移到A端。
（2）根据公式可知，该待测电阻的阻值为5Ω；电源由两节干电池组成，则电源电压为：1.5V×2=3V；
当滑动变阻器阻值最大时，电路的最小电流，
故第一组数据是编造出来的，电流不可能为0.1A。
（3）根据U=IR可知，定值电阻两端的电流与电压成正比，则图像为通过坐标原点的斜线，如下图所示：
如上图所示，当电流相同时，电压U甲>U乙>U丙>U丁，根据公式可知，R甲>R乙>R丙>R丁，故乙组同学测量的电阻大小应为10Ω。
【分析】（1）闭合开关前，为了避免电流过大烧毁用电器，要求变阻器的阻值调到阻值最大；
（2）根据欧姆定律计算出电路的最小电流，然后与表格数据对照即可；
（3）根据U=IR可知，定值电阻两端的电流与电压成正比，据此补画图像，然后判断相同电流下电压的大小，根据比较电阻的大小顺序即可。
（1）开关闭合前，应将滑动变阻器移到最大阻值处，故应该移动到A端。
（2）由实验数据可知该待测电阻的阻值为5Ω，故当滑动变阻器阻值最大时，电路中的电流最小，此时电流，故第一组数据是编造出来的，电流不可能为0.1A。
（3）由于定值电阻两端的电流与电压成正比，故可以把原点以及甲乙丙丁某次实验的数据连接起来，绘制出他们所测量电阻的I-U图像，根据I-U图像可只斜率越大其电阻越小，故乙组同学测量的电阻大小应为10Ω。
23．【答案】（1）解：根据题意可知，物体被提升的高度为3m，用时10s，
根据公式s=vt可知，该物体上升的速度。
（2）解：根据题意可知，重为240N的物体提升3m，
根据公式W=Fs可知，工人利用滑轮组做的有用功。
（3）解答：根据图片可知，动滑轮上承担重力的绳子段数n=2，
则绳子自由端移动距离；
拉力做的功；
那么工人所用拉力F做功的功率。
【知识点】功率的计算；速度公式及其应用；机械效率的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据计算该物体上升的高度；
（2）根据计算工人利用滑轮组做的有用功；
（3）根据图片确定承担重力的绳子段数n，根据s=nh计算绳子自由端移动的距离，根据W总=Fs计算拉力做的总功，根据计算拉力做功的功率。
（1）物体从地面匀速提升到距地面3m高处，用时10s，物体上升的速度
（2）重为240N的物体从地面匀速提升到距地面3m高处，工人利用滑轮组做的有用功
（3）动滑轮绳子股数n=2，绳子自由端移动距离
建筑工人用150N的拉力F，拉力做的功
工人所用拉力F做功的功率。
24．【答案】（1）解：根据“4V 1.6W”可知，灯泡正常发光时的电阻为。
（2）解：综上所述，灯泡的额定功率为1.6W，
则灯泡正常工作100s消耗的电能。
（3）解：根据甲图可知，只闭合开关S、S1，滑动变阻器R1和灯泡串联，
当滑片P移动到R1的中点时，灯泡恰好正常发光，
则此时通过电路的电流；
因为U1：U2=3：2
设，；
则→；
又因为，
所以，即；
所以得；
由乙图可知，时，灯两端电压为；
又因为，
则；
解得：；，
所以电源电压为；
当滑片P移动到R1的最右端时，滑动变阻器阻值的最大，
滑动变阻器的最大阻值为。
（4）解：更换电源后，仅闭合开关S和S2，滑动变阻器R1和定值电阻R2串联，
若电流表为0~3A量程，则图丙中的电流表示数为
超过了滑动变阻器允许通过的最大电流1A，所以电流表的量程为0~0.6A，
则图丙中的电流表示数为0.3A。
若电压表量程为0~15V时，则图丙中的电压表示数为，
此时滑动变阻器连入的阻值为；
所以电压表量程为0~3V，则图丙中的电压表示数为；
则电源电压①
滑片滑到另一位置，其中一个电表达到满偏，另一个电表指针指向刻度盘的三分之一处，则①当电流表刚好满偏，，电压表；
则电源电压②
①②联立解得：。
若电流表示数为
电压表满偏时，电源电压③
①③解得：。
综上可知，定值电阻R2的可能阻值2Ω或6Ω。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】 （1）根据计算灯泡正常发光时的电阻；（2）根据W=Pt计算灯泡正常工作100s消耗的电能；
（3）只闭合开关S、S1，滑动变阻器R1和灯泡串联，当滑片P移动到R1的中点时，灯泡恰好正常发光，根据计算此时电流，
因为U1：U2=3：2，设U1=3U0，U2=2U0，进一步根据欧姆定律表示各个电阻，据此可得I1，由乙图可知此时灯两端电压，
又因为UL+U1=U额+U2，代入数据解方程可得U0，进一步计算U1、U2和电源电压，
当滑片P移动到R1的最右端时，滑动变阻器阻值的最大，根据欧姆定律计算滑动变阻器的最大阻值；
（4）更换电源后，仅闭合开关S和S2，滑动变阻器R1和定值电阻R2串联，根据串联电路电流特点和电流表量程确定图丙中的电流表示数，
若电压表量程为0～15V时，则图丙中的电压表示数为UR=14V，根据欧姆定律计算此时滑动变阻器连入的阻值，比较可知是否可行；
若电压表量程为0～3V，则图丙中的电压表示数为U'R=2.8V，根据串联电路电压规律结合欧姆定律表示电源电压------①；
滑片滑到另一位置，其中一个电表达到满偏，另一个电表指针指向刻度盘的三分之一处，则当电流表刚好满偏，I2=0.6A，进一步计算电压表示数，根据串联电路电压规律结合欧姆定律表示电源电压----②，①②联立解方程可得R2；
若电流表示数为刻度盘的三分之一，则电压表满偏，根据串联的电压规律结合欧姆定律表示电源电压------③，①③联立解法线得R2。
（1）根据得，灯泡正常发光时的电阻为
（2）灯泡正常工作100s消耗的电能
（3）只闭合开关S、S1，滑动变阻器R1和灯泡串联，当滑片P移动到R1的中点时，灯泡恰好正常发光，U额=4V，此时电流
因为U1：U2=3：2
设，
又因为，，
所以，即
所以得
由乙图可知，时，灯两端电压为
又因为，代入数据得
解得
所以得，
所以电源电压为
当滑片P移动到R1的最右端时，滑动变阻器阻值的最大，滑动变阻器的最大阻值为
（4）更换电源后，仅闭合开关S和S2，滑动变阻器R1和定值电阻R2串联，若电流表为0~3A量程，则图丙中的电流表示数为
超过了滑动变阻器允许通过的最大电流1A，所以电流表的量程为0~0.6A，则图丙中的电流表示数为0.3A。
若电压表量程为0~15V时，则图丙中的电压表示数为，此时滑动变阻器连入的阻值为
所以电压表量程为0~3V，则图丙中的电压表示数为
则电源电压①
滑片滑到另一位置，其中一个电表达到满偏，另一个电表指针指向刻度盘的三分之一处，则①当电流表刚好满偏，，电压表
则电源电压②
由①②得
解得。
若电流表示数为
电压表满偏时，电源电压③
由①③得
解得。综上可知，定值电阻R2的可能阻值2Ω或6Ω。
1 / 1湖南省长沙市雅礼集团 2024-2025学年九年级下学期期中考试物理试题
一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。每小题只有一个选项符合题意，请将符合题意的选项用2B铅笔填涂在答题卡相应位置）
1．（2025九下·长沙期中）如图所示，冬季的傍晚在长沙热闹的街边小巷走走，麻辣鲜香的火锅味扑鼻而来，主要原因是（　　）
A．分子可以再分
B．分子处于永不停息的无规则运动中
C．分子间存在斥力
D．分子间存在引力
【答案】B
【知识点】分子热运动
【解析】【解答】麻辣鲜香的火锅味扑鼻而来，是香味分子不停地做无规则运动中造成的，属于扩散现象，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】根据有关分子运动的知识分析判断。
2．（2025九下·长沙期中）汽车是现代生活中最常见的一种交通工具，如图甲是某汽油机的某冲程。下列有关说法不正确的是（　　）
A．汽油机在吸气冲程吸入的是汽油和空气的混合物
B．甲图是压缩冲程，机械能转化为内能
C．汽车尾气中的“汽油味”越浓，说明燃料燃烧得越不充分，这会降低燃料的热值
D．冬天，有些汽车会利用尾气中的余热给车内供暖，这是利用热传递的方法改变内能
【答案】C
【知识点】热传递改变物体内能；燃料的热值；热机；热机的四个冲程
【解析】【解答】A．根据汽油机的工作过程可知，汽油机在吸气冲程吸入空气和汽油，故A正确不符合题意；
B．根据图片可知，活塞向上运动，两个气门都关闭，属于压缩冲程，将机械能转化为内能，故B正确不符合题意；
C．热值与燃料是否充分燃烧无关，只与燃料的种类有关，故C错误符合题意；
D．利用尾气中的余热给车内供暖，属于能量的转移，即为热传递，故D正确不符合题意。
故选C。
【分析】A.根据汽油机的工作过程判断；
B.根据气门的开合和活塞的运行方向确定冲程的名称和能量转化；
C.根据热值的影响因素判断；
D.做功改变内能的本质为能量的转化，热传递改变内能的本质为能量的转移。
3．（2025九下·长沙期中）小雅家安装的电能表如图甲所示，书房灯L及三孔插座的安装电路如图乙所示，为保证安全用电，下列说法正确的是（　　）
A．小雅家的电能表必须用在110V的电路中
B．若保险丝熔断，可用铁丝代替
C．三孔插座的安装不符合安全用电原则
D．a端应接火线，b端应接零线
【答案】D
【知识点】家庭电路的组成；插座的构造与工作方式；熔断器的作用及保险丝的选择
【解析】【解答】A．根据甲图中“220V”可知，小雅家的电能表适用于220V电路，故A错误；
B．铁丝电阻低、熔点高，不能在电流过大时自动切断电路无法起到保险作用，强行使用可能导致火灾，故B错误；
C．三孔插座接线 “左零右火中间地”，则图乙中三孔插座符合安全用电原则，故C错误；
D．根据乙图可知，a与开关S直接相连，那么a端接火线，b端接零线形成回路，符合安全用电原则，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据电能表上的参数判断；
B. 保险丝的熔点较低，能在电流过大时熔断以保护电路；
C.三孔插座接线 “左零右火中间地”；
D.在家庭电路中，为了用电安全，开关必须接在火线上。
4．（2025九下·长沙期中）两轮电动平衡车作为一种新兴的交通工具，备受中学生的喜爱。如图所示，当小礼操控平衡车在水平路面上做匀速直线运动时，下列说法正确的是（　　）
A．关闭电机后，平衡车仍继续前进是由于平衡车受到惯性的作用
B．若平衡车在运动过程中所受的力全部消失，平衡车将静止不动
C．平衡车对地面的压力与地面对它的支持力是相互作用力
D．平衡车受到的重力与地面对它的支持力是一对平衡力
【答案】C
【知识点】力作用的相互性；惯性及其现象；平衡力的辨别
【解析】【解答】A． 关闭电机后，平衡车仍继续前进是由于平衡车有惯性，而不是惯性力的作用，故A错误；
B．根据牛顿第一定律可知，当物体不受力时，将保持静止或匀速直线运动。若平衡车在运动过程中所受的力全部消失，则平衡车会做匀速直线运动，故B错误；
C．平衡车对地面的压力竖直向下，与地面对它的支持力竖直向上，二者大小相等，方向相反，作用在两个不同的物体上，作用在同一条直线上，是一对相互作用力，故C正确；
D．地面对平衡车的支持力等于人和车的总重力，即平衡车受到的重力小于地面对它的支持力，这两个力大小不相等，不是一对平衡力，D错误。
故选C。
【分析】A.物体保持运动状态不变的性质叫惯性；
B.根据牛顿第一定律分析；
C.相互作用力的条件：大小相等，方向相反，作用在同一直线和两个物体上；
D.平衡力的条件：大小相等，方向相反，作用在同一直线和同一物体上。
5．（2025九下·长沙期中）如图所示，用干燥毛巾多次摩擦PVC管和气球。将气球往上抛，然后将PVC管放在气球下方，气球就会在空中悬浮，下列说法正确的是（　　）
A．气球会悬浮在PVC管上方的原因与验电器工作原理相同
B．摩擦的方法创造了电荷
C．气球之所以能悬浮在空中，是因为带电的PVC管能吸引轻小物体
D．PVC管和气球带上异种电荷
【答案】A
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；验电器的原理及使用
【解析】【解答】ACD．气球会悬浮在PVC管上方，是因为同种电荷相互排斥，这与验电器的工作原理相同，故A正确，CD错误；
B．摩擦起电并不是创造了电荷，而是电子的转移，故B错误。
故选A。
【分析】ACD.根据电荷之间的相互作用规律分析判断‘
B.根据摩擦起电的本质判断。
6．（2025九下·长沙期中）为了提高旅客的乘车通行效率，长沙火车站实施“验检合一”，乘客通过检票处“一道闸”，当身份信息和人脸信息都符合时（相当于闭合开关），电动机转动，打开闸门直达站台，下列电路设计符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】ABCD、由题意可知， 当身份信息和人脸信息都符合时（相当于两个开关），电动机才工作，这说明两个开关都闭合时，电路才会形成通路，故两开关一定是串联的关系，然后与电动机串联。故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
【分析】根据题意分析电路的连接方式，然后选出正确的答案。
7．（2025九下·长沙期中）如图所示的与压强有关的事例中所涉及的物理知识表述正确的是（　　）
A．吸管：液体压强
B．高压锅：气压大沸点低
C．安全线：气体流速大压强大
D．船闸：连通器
【答案】D
【知识点】连通器原理及其应用；沸点及沸点与气压的关系；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A．用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，在外界大气压强的作用下饮料被压入口中，故A错误；
B．高压锅的工作原理为：液体沸点随上方气压的增大而升高，故B错误；
C．火车开动时，靠近火车的地方气体流速大，压强小，离站台远的地方气体流速小，压强大，强大的气流会将人推向火车，所以在地铁站台上都有一条安全线，故C错误；
D．当有船需要经船闸从上游到下游时，船闸打开通向上游的进水阀门，使船闸内的水位上升至和上游的水位持平时打开上游的闸门，船进到闸门里来。此时上游和闸室底部连通，上面开口，则船闸是利用连通器的原理进行工作的，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据大气压强的知识判断；
B.根据液体沸点与大气压强的关系判断；
C.根据流体压强和流速的关系判断；
D.上面开口，底部连通的容器为连通器。
8．（2025九下·长沙期中）如图所示为举重运动员做挺举时的几个状态图，下列关于该运动员对杠铃做功情况的分析正确的是（　　）
A．从发力到上拉的过程中不做功
B．从上拉到翻站的过程中做功
C．从上挺到站立的过程中不做功
D．举着杠铃稳定站立的过程中做功
【答案】B
【知识点】是否做功的判断
【解析】【解答】ABC．根据图片可知，从发力到上拉的过程中，从上拉到翻站的过程中，从上挺到站立的过程中，运动员对杠铃施加一个向上的力，同时杠铃向上移动了距离，所以运动员对杠铃做了功，故AC错误，B正确；
D．举着杠铃稳定站立的过程中，运动员对杠铃施加一个向上的力，但是杠铃没有在力的方向上通过距离，所以运动员没有对杠铃做功，故D错误。
故选B。
【分析】做功的要素：作用在物体上的力和物体在力的方向上通过的距离。
9．（2025九下·长沙期中）如图为一种无链条电动自行车，它结合了人体动力和电池动力，人体动力是：骑行者踩脚踏板产生的机械能通过某装置可转化为电能，下列图例中与该过程原理相同的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；电磁感应；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】根据“ 骑行者踩脚踏板产生的机械能通过某装置可转化为电能 ”可知，该装置相当一个发电机，工作原理是电磁感应原理。
A．闭合开关后，档导体棒在磁场中切割磁感线运动时电流计的指针偏转，是电磁感应原理，故A符合题意；
B．当导体中有电流经过时，旁边的小磁针就发生转动，说明电流周围存在磁场，故B不符合题意；
C．两个电磁铁串联时，通过它们的电流相同，线圈匝数多的吸引大头针的数量多，则该装置可以探究磁性与匝数的关系，故C错误；
D．闭合开关，通电导体棒在磁场中受力运动，这是电动机的工作原理，故D不符合题意。
故选A。
【分析】分析各个选项中实验包含的物理原理，然后与题目描述进行对照即可。
10．（2025九下·长沙期中）当海水的温度及所含盐分变化时，可能会导致海水密度发生突变，在垂直海面方向上形成一个类似“悬崖”的突变水层，在如图所示的情形中，若有潜艇潜航至此水域时，就会急速下沉，发生“掉深”事故，危及潜艇安全。我军潜艇曾创造过遭遇“掉深”自救成功的奇迹。下列相关说法正确的是（　　）
A．潜艇从高密度水层潜航进入低密度水层时，所受浮力不变
B．潜艇在高密度水层悬浮时，所受浮力大于其重力
C．潜艇遭遇“掉深”进行自救时，需快速将水吸入潜艇的水箱中
D．潜艇从刚要露出水面至漂浮在水面的过程中，其所受浮力变小
【答案】D
【知识点】阿基米德原理；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．潜艇从高密度水层潜航进入低密度水层时，它排开水的体积不变，但是海水的密度变小，由阿基米德原理可知，那么它所受的浮力变小，故A错误；
B．潜艇在高密度水层悬浮时，它处于平衡状态，即它所受的浮力等于其重力，故B错误；
C．潜艇遭遇“掉深”时受到的浮力小于重力，此时需要快速减小潜艇的重力，即将潜艇中的水排出，故C错误；
D．潜艇从刚露出水面至漂浮在水面的过程中，排开液体的体积变小，由阿基米德原理可知，它所受的浮力变小，故D正确。
故选D。
【分析】AD.根据阿基米德原理判断潜艇受到浮力的变化；
B.根据物体的浮沉条件判断；
C.根据浮沉条件判断需要增大重力还是减小重力即可。
二、多项选择题（本大题共2小题，每小题3分，共6分。每小题有两个选项符合题意，选对但少选得2分，错选得0分，请将符合题意的选项用2B铅笔填涂在答题卡相应位置）
11．（2025九下·长沙期中）小礼陪爷爷去公园锻炼，看到工人在用园艺剪刀修剪树枝，如图所示。下列关于园艺剪刀正常修剪树枝时的说法正确的是（　　）
A．园艺剪刀是省力杠杆 B．支点为大拇指与手柄的接触点
C．剪的树枝越远离支点越省力 D．将手往手柄末端移动更省力
【答案】A,D
【知识点】杠杆及其五要素；杠杆的分类；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】AB．园艺剪刀转轴处为支点，动力作用在手柄上，阻力作用在刀口上。此时动力臂大于阻力臂，故园艺剪刀为省力杠杆，故A正确，B错误；
C．剪的树枝越远离支点，阻力臂越大，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，此时动力增大，即更费力，故C错误；
D．修剪树枝时将手往手柄末端移动，动力臂增大，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，动力减小，即更省力，故D正确。
故选AD。
【分析】AB.比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类；
CD.分析动力臂和阻力臂的变化，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2分析判断。
12．（2025九下·长沙期中）小明设计的质量测量仪如图所示，当载物台上不放物体时，滑片恰好处于a点。电源电压不变，闭合开关S后，下列说法正确的是（　　）
A．不放重物时，小灯泡L的亮度最暗
B．重物的质量越大，电压表的示数越大
C．重物的质量越大，电路的总功率越小
D．重物的质量发生变化时，电压表与电流表示数的比值保持不变
【答案】B,C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】根据图片可知，变阻器R与灯泡L串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量R两端的电压。
A．根据电路图可知，不放重物时，滑片在最上方，此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，根据欧姆定律可知，电路中电流最大，那么小灯泡亮度最亮，故A错误；
BC．根据电路图可知，重物的质量越大，滑片越靠下，则变阻器接入的阻值越大。根据串联分压原理可知，滑动变阻器两端电压减大，即电压表示数变大。根据R总=R1+R2可知，此时电路的总电阻变大，根据可知，电路消耗的总功率越小，故BC正确；
D．根据公式可知，电压表与电流表示数的比值是滑动变阻器的阻值。重物的质量发生变化时，滑动变阻器阻值变化即电压表与电流表示数发生变化，故D错误。
故选BC。
【分析】 根据电路图可知，R与L串联接入电路中，电压表测量R两端的电压，电流表测量电路中的电流；
A.不放重物时，根据滑片的位置分析滑动变阻器接入电路中电阻的大小情况和总电阻的大小情况，根据欧姆定律可知电路中电流的大小情况，进而确定灯泡亮度的大小；
BC.物重越大时，根据滑动变阻器接入电路中电阻的变化分析总电阻的变化，根据欧姆定律分析电路中电流的变化；根据串联电路的分压规律分析电压表示数的变化；同理可知重物的质量越小电路中电流的大小，根据P=UI分析总功率的大小变化；
D.据公式分析电压表和电流表示数之比的变化。
三、填空题（本大题共5小题，每空2分，共24分）
13．（2025九下·长沙期中）长征二号丙运载火箭，成功将3颗低轨通信试验卫星送入预定轨道，运载火箭使用偏二甲肼做燃料，火箭发射时，偏二甲肼燃烧将　 　转化为内能；如图，低轨通信试验卫星进入预定轨道后，接收到地面利用　 　波传来的指令信息将板状的两翼展开，板状的两翼是太阳能电池，它把太阳能直接转化成　 　能，供卫星使用。
【答案】化学能；电磁；电
【知识点】能量的转化或转移；太阳能及其利用与转化；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】（1）偏二甲肼燃烧前具有化学能，则火箭发射时，偏二甲肼燃烧将化学能转化为内能。
（2）低轨通信试验卫星进入预定轨道后，接收到地面利用电磁波传来的指令信息将板状的两翼展开，因为电磁波能够传递信息，且能在真空中传播。
（3）太阳能电池把太阳能直接转化成电能。
【分析】（1）（3）根据自然界能量转化的知识分析解答；
（2）根据电磁波的特点和应用解答。
14．（2025九下·长沙期中）如图甲所示的是以前农民耙田的情景，人站在耙上，牛拉着人和耙一起向前运动，此时人相对于耙是　 　的。如图乙所示，耙是由底部装有铁刀的木板做成的，耙身做得比较宽大，铁刀做得比较锋利。铁刀做得比较锋利是为了　 　压强，有利于划破田里的泥土。
【答案】静止；增大
【知识点】增大压强的方法及其应用；参照物及其选择
【解析】【解答】（1）当牛拉着人和耙一起向前运动时，人相对于耙的位置没有发生变化，因此人相对于耙是静止的。
（2）铁刀做得比较锋利是在压力一定的条件下通过减小受力面积的方法来增大压强， 有利于划破田里的泥土 。
【分析】（1）如果相对位置发生改变，那么物体是运动的；如果相对位置不变，那么物体是静止的；
（2）增大压强的方法：增大压力或减小受力面积。
15．（2025九下·长沙期中）如图所示，小雅同学在体育课上进行竖直爬杆训练，爬到最高点后，他又匀速下滑。在匀速下滑过程中小雅受到的摩擦力方向为竖直　 　；匀速下滑时小雅的机械能　 　。
【答案】向上；变小
【知识点】机械能及其转化；二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】（1） 小雅从爬杆上匀速下滑过程中，他处于平衡状态，即她受到的摩擦力与重力大小相等，方向相反。因为重力的方向竖直向下，所以在匀速下滑过程中小雅受到的摩擦力方向为竖直向上。
（2）小雅从爬杆上匀速下滑时，质量不变，高度减小，则她的重力势能减小；质量不变，速度不变，则动能不变。根据“机械能=动能+重力势能”可知，小雅的机械能减小。
【分析】（1）对小雅进行受力分析，根据平衡力的知识确定摩擦力的方向；
（2）根据“机械能=动能+重力势能”分析解答。
16．（2025九下·长沙期中）小礼通过观察和研究他家汽车上的电加热座椅垫（原理如图），发现该座椅垫有“高温”、“低温”和“关”三个挡位，S为挡位切换开关，R1和R2均为电热丝，电源电压恒为9V。开关S切换到2时，电路处于　 　挡；若此时电路中的电流为1A，则该电路工作1min产生的热量为　 　J。
【答案】低温；540
【知识点】电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【解答】（1）根据电路图可知，开关S切换到2时，R1和R2串联；
当开关S切断到3时，只有R1单独工作；
由可知，前者总电阻大而总电阻较小，则为低温档，后者为高温档。
（2）根据题意可知，电源电压为9V，若此时电路中的电流为1A，
则该电路工作1min产生的热量为Q=W=UIt=9V×1A×60s=540J。
【分析】（1）根据公式比较开关在不同闭合情况下总功率大小，从而确定对应的工作状态；
（2）根据Q=W=UIt计算电路产生的热量。
17．（2025九下·长沙期中）如图1所示，一水平桌面上放置着一个质量分布均匀的厚圆柱形玻璃杯A，其外底面积为80cm2，外高为14cm，玻璃材质的体积为200cm3。另在质量为0.1kg、底面积为100cm2的薄壁柱形容器B中（足够高）装1200g的水，置于水平桌面上。现将厚玻璃杯轻轻放入装水的容器B中，如图2所示，稳定后，玻璃杯没入水中的深度为5cm，此时水深为16cm。（ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg），则：
（1）如图2所示，水对B容器底部的压强为　 　pa；
（2）如图2所示，厚玻璃杯所受的浮力为　 　N；
（3）现将实心长方体甲放入厚玻璃杯中，此时水位恰好到达玻璃杯口（水未流入玻璃杯内），如图3所示。接下来，他取出长方体甲，向玻璃杯内放入实心长方体乙，其密度为9×103kg/m3。此时水对B容器底部的压强相比放入甲时减小820Pa，则B容器对桌面的压强相比放入甲时变化了　 　Pa。（甲、乙高度均未超过杯口，整个过程缓慢且无水溅出，且玻璃杯保持竖直）
【答案】（1）1600
（2）4
（3）180
【知识点】密度公式及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【解答】（1）根据图2可知，容器B内水的深度为16c0.16m，
则水对B容器底部的压强；
（2）根据图1可知， 厚圆柱形玻璃杯A的外底面积为80cm2， 玻璃杯没入水中的深度为5cm，
厚玻璃板排开水的体积为VA=SAh=；
此时厚玻璃杯所受的浮力；
（3） 放入甲时容器A受到的浮力为：
F浮甲=ρ水gSAhA=1.0×103kg/m3×10N/kg×80×10-4m2×14×10-2m=11.2N，
图2中玻璃杯漂浮，玻璃杯受到的浮力等于其自身的重力，即G杯=4N，
物体甲的重力为：G甲=F浮甲-G杯=11.2N-4N=7.2N，
根据Δp=ρ水gΔh可得放入乙后水面下降的高度为
；
减小的体积为：ΔV排=SBΔh=100×10-4m2×0.082m=8.2×10-4m3；
减小的浮力为：ΔF浮=ρ水gΔV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×8.2×10-4m3=8.2N，
放入乙的浮力为：F乙浮=F浮甲-ΔF浮=11.2N-8.2N=3N＜G杯=4N，
所以玻璃杯和物体乙整体沉底，此时排开水的体积为：
，
乙物体的体积为：V乙=V排-V玻璃杯=300cm3-200cm3=100cm3，
乙物体的重力为：G乙=ρ乙gV乙=9×103kg/m3×10N/kg×100×10-6m3=9N，
放入甲时和放入乙时，容器B对桌面的压力变化量为：ΔF=ΔG=G乙-G甲=9N-7.2N=1.8N，
容器B对桌面压强的变化为：
【分析】 （1）根据液态压强公式p=ρ液gh算出水对B容器底部的压强；
（2）根据VA=SAh计算A排开水的体积，然后根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排算出厚玻璃杯所受的浮力；
（3）首先根据F浮甲=ρ水gSAhA算出放入甲时容器A受到的浮力；
图2中玻璃杯漂浮，玻璃杯受到的浮力等于其自身的重力，根据G甲=F浮甲-G杯算出物体甲的重力；
根据Δp=ρ水gΔh可得放入乙后水面下降的高度；由ΔV排=SBΔh算出减小的体积，根据ΔF浮=ρ水gΔV排算出减小的浮力，由F乙浮=F浮甲-ΔF浮算出放入乙的浮力，并与玻璃杯的重力比较判断出整体的状态，根据阿基米德原理算出此时排开水的体积，由V乙=V排-V玻璃杯算出乙物体的体积，根据密度公式算出乙物体的重力，根据ΔF=ΔG=G乙-G甲算出放入甲时和放入乙时，容器B对桌面的压力变化量，由算出容器B对桌面压强的变化量。
（1）水对B容器底部的压强为
（2）厚玻璃杯所受的浮力为
（3）水的体积
图3中的液面高度
厚玻璃杯所受浮力
甲所受重力
根据可得水面下降的高度
拿出甲放入乙后的水面高度为
图2中的液面高度，因为，所以放入乙后，乙与玻璃杯一同沉底，浸没在水中
设长方体乙的体积为，则此时有：
乙的体积
根据 可知长方体乙的质量
放入甲时和放入乙时，容器B对桌面的压力变化
容器B对桌面压强的变化
四、作图与实验探究（本大题共5小题，第18题2分，第19、20、21、22题每小题6分，共26分）
18．（2025九下·长沙期中）如图所示是乳牛自动喂水器，当水箱内的水达到一定高度时，浮标带动杠杆AOB绕O点转动并压住入水口，停止上水。请在图中B点画出浮标所受浮力F的示意图及浮力F的力臂L。
【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；力臂的画法
【解析】【解答】根据题意可知，浮标受到的浮力竖直向上，作用在浮标的重心上。过支点O做力F作用线的垂线段，即为浮力F的力臂L，如下图所示：
【分析】对浮标进行受力分析，确定浮力的方向和作用点，然后沿力的方向画一条带箭头的线段。而力臂是从杠杆的支点到力的作用线的垂直距离。
19．（2025九下·长沙期中）小礼选用两节新的干电池，多个小灯泡，一个电压表，用如图甲所示电路来探究“串联电路的电压特点”。
（1）闭合开关后，小礼发现两个灯泡都不亮，电压表的示数接近电源电压。小礼接下来的操作最合理的是：断开开关，______（选填下列字母），然后闭合开关，观察电压表示数；
A．立即更换两个小灯泡
B．拧紧L1及两端的接线柱
C．拧紧L2及两端的接线柱
（2）为了避免结论具有偶然性，L1、L2应选择　 　（选填“相同”或“不同”）规格的灯泡；
（3）用电压表分别测出A与B、B与C、A与C两点间的电压为UAB、UBC、UAC，得到的数据记录在表中，分析实验数据，你可得到串联电路的电压特点是　 　（用字母表示）。
实验次数 UAB/V UBC/V UAC/V
1 0.8 2.2 3.0
2 1.0 2.0 3.0
3 1.2 1.8 3.0
【答案】（1）B
（2）不同
（3）UAB+UBC=UAC
【知识点】探究串、并联电路中的电压规律实验
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，灯泡L1和L2串联，电压表与灯泡L1串联。两个灯泡都不亮，说明电路可能断路。电压表的示数接近电源电压，说明电压表与电源的两极正常连通。比较可知，应该是与电压表并联的灯泡L1断路，即有可能是灯泡L1的接线柱松动所致，故应拧紧L1及两端的接线柱，故B符合题意，AC不符合题意。
故选B。
（2）如果两个灯泡规格相同，那么两个灯泡的电压相等，容易得到串联电路各部分电压相等的错误结论，因此为了避免偶然性，得到普遍规律，实验中最好选择规格不同的小灯泡。
（3）根据表格数据可知，；；，即串联电路的总电压等于各处电压之和，即。
【分析】（1）根据灯泡的发光情况，以及电表的示数变化确定故障的种类和位置，据此确定排除方法；
（2）格相同，那么两个灯泡的电压相等，容易得到串联电路各部分电压相等的错误结论，据此分析解答；
（3）分别计算出每组数据中AB和BC的电压之和，然后与AC之间的电压比较即可。
（1）发现两个灯泡都不亮，说明电路可能断路，电压表的示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的灯泡L1断路，故应拧紧L1及两端的接线柱，故B符合题意，AC不符合题意。
故选B。
（2）为了避免偶然性，得到普遍规律，实验中最好选择规格不同的小灯泡。
（3）表格中数据得；；。则可得到串联电路的电压特点是。
20．（2025九下·长沙期中）小雅在探究“影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，进行了下图所示的操作。回答下列问题：
（1）实验中小雅每次都需要用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做　 　运动；
（2）比较乙、丙两次实验数据可知，在接触面的粗糙程度相同时，　 　越大，滑动摩擦力越大；以下改变摩擦力大小的方法利用了该结论的是　 　；
A．在瓶盖上做出细条纹
B．给车轮的轴加润滑油
C．用更大的力压住橡皮擦字
【答案】（1）匀速直线
（2）压力；C
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）在探究“影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，用弹簧测力计必须沿水平方向拉着木块做匀速直线运动，此时木块受到的拉力与木块受到的滑动摩擦力是平衡力。根据二力平衡力的原理可知，它所受的摩擦力大小等于测力计的示数。
（2）①根据图片可知，二者的接触面都是毛巾，则接触面粗糙程度相同。乙中只有木块，丙中木块上方有一个砝码，则丙实验压力更大，测力计示数更大，那么得到结论：接触面的粗糙程度相同时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大。
② 乙、丙两次实验数据结论为滑动摩擦力大小与压力大小有关。
A．在瓶盖上做出细条纹，是通过增大接触面粗糙程度增大摩擦力，故A不符合题意；
B．给车轮的轴加润滑油，是通过改变接触面的方式减小摩擦力，故B不符合题意；
C．用更大的力压住橡皮擦字，是通过增大压力增大摩擦力，故C符合题意。
故选C。
【分析】（1）根据二力平衡的知识分析解答；
（2）①根据图片确定乙和丙中哪个因素相同，哪个因素不同，根据控制变量法的要求描述结论；
②分析各个选项中改变摩擦力的方法，然后与题目描述对照即可。
（1）实验过程中，用弹簧测力计必须沿水平方向拉着木块做匀速直线运动，此时木块处于平衡状态，由二力平衡知识可知，此时木块受到的拉力与木块受到的滑动摩擦力是平衡力，所受的摩擦力大小等于测力计的示数。
（2）[1]比较乙、丙两次实验数据可知，接触面的粗糙程度相同而物体间的压力不同，弹簧测力计的示数不同，丙实验压力更大，测力计示数更大，说明木块受到的摩擦力更大，可得在接触面的粗糙程度相同时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大。
[2] 乙、丙两次实验数据结论为滑动摩擦力大小与压力大小有关。
A．在瓶盖上做出细条纹，通过增大接触面粗糙程度增大摩擦力，不符合题意；
B．给车轮的轴加润滑油，通过增大接触面粗糙程度增大摩擦力，不符合题意；
C．用更大的力压住橡皮擦字，通过增大压力增大摩擦力，符合题意。
故选C。
21．（2025九下·长沙期中）小礼利用铁架台、杠杆、钩码等器材探究杠杆的平衡条件，实验使用的钩码质量均为50g，杠杆上每
格长度均相等。
（1）杠杆静止在如图甲所示位置，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节；
（2）小礼在杠杆两侧挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，进行了3次实验，杠杆水平平衡时记录的数据如表：
次数 动力F/N 动力臂I1/cm 阻力F/N 阻力臂I2/cm
1 0.5 20.0 1.0 10.0
2 1.0 15.0 1.5 10.0
3 1.5 10.0 0.5 30.0
分析表中的数据，得到杠杆的平衡条件是：　 　（用F1、I1、F2、I2表示）；
（3）如图乙所示，将A、B位置的钩码个数都再增加一个，杠杆将会　 　（选填“仍然平衡”或“左端下沉”或“右端下沉”）。
【答案】（1）右
（2）F1l1=F2l2
（3）左端下沉
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，杠杆右端上翘，则杠杆的右端轻，则应将杠杆的平衡螺母向右调节。
（2）根据表格数据得到：0.5N×20.0cm=1.0N×10.0cm；1.0N×15.0cm=1.5N×10.0cm；
1.5N×10.0cm=0.5N×30.0cm；
那么得到杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂，
即。
（3）根据乙图可知，将位置的钩码个数都增加一个，
则杠杆左端：；
杠杆右端：；
因为，
则杠杆左端下沉。
【分析】（1）平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
（2）分别计算出每组数据中动力和动力臂的乘积，阻力和阻力臂的乘积，然后比较大小，进而得到杠杆的平衡条件；
（3）分析计算出砝码增加后杠杆左右两侧力和力臂的乘积大小，杠杆总是向大的一侧下沉。
（1）由图甲中，杠杆左端下沉，要将杠杆调节到水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂。
（2）由表格中数据知，第一次数据0.5N×20.0cm=1.0N×10.0cm
第二次数据1.0N×15.0cm=1.5N×10.0cm
第三次数据1.5N×10.0cm=0.5N×30.0cm
可得杠杆的平衡条件是动力×动力臂=阻力×阻力臂
即。
（3）设一个钩码所受的重力为G，杠杆一格长度为L，将位置的钩码个数都增加一个，杠杆左端为
杠杆右端为
因为，则杠杆左端下沉。
22．（2025九下·长沙期中）小雅同学想测量未知电阻的阻值，已知小雅所用电源为两节新干电池，滑动变阻器最大阻值为20Ω。
（1）闭合开关前，应该将滑动变阻器的滑片移动到　 　端；（选填“A”或“B”）
（2）小雅将测得的数据记录如表所示：
实验次数 1 2 3 4
电压U/V 0.5 1.5 2 2.5
电流I/A 0.1 0.3 0.4 0.5
老师看完数据后，发现有一组数据不是本实验中测得的，而是他编出来的。你觉得老师发现的是第几组实验数据是编造出来，并说判断的依据是：　 　（先说第几组，再说判断依据）；
（3）老师将同学们分成甲乙丙丁四个小组，分别测量不同电阻的阻值。为了探究I-U图像中比较电阻大小的方法，老师将每个小组其中一次实验数据汇总到下图中。已知四个电阻阻值为20Ω、15Ω、10Ω、5Ω，由图可知，乙组同学测量的电阻大小为　 　Ω。
【答案】（1）A
（2）第1组，用该实验提供的仪器最小电流为0.12A（或定值电阻的最小电压为0.6A，或如果要达到0.1A的电流，滑动变阻器阻值需要25Ω，滑动变阻器阻值不够）。
（3）10
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）根据图片可知，当滑片调到A端时阻值最大，则开关闭合前，应将滑动变阻器移到A端。
（2）根据公式可知，该待测电阻的阻值为5Ω；电源由两节干电池组成，则电源电压为：1.5V×2=3V；
当滑动变阻器阻值最大时，电路的最小电流，
故第一组数据是编造出来的，电流不可能为0.1A。
（3）根据U=IR可知，定值电阻两端的电流与电压成正比，则图像为通过坐标原点的斜线，如下图所示：
如上图所示，当电流相同时，电压U甲>U乙>U丙>U丁，根据公式可知，R甲>R乙>R丙>R丁，故乙组同学测量的电阻大小应为10Ω。
【分析】（1）闭合开关前，为了避免电流过大烧毁用电器，要求变阻器的阻值调到阻值最大；
（2）根据欧姆定律计算出电路的最小电流，然后与表格数据对照即可；
（3）根据U=IR可知，定值电阻两端的电流与电压成正比，据此补画图像，然后判断相同电流下电压的大小，根据比较电阻的大小顺序即可。
（1）开关闭合前，应将滑动变阻器移到最大阻值处，故应该移动到A端。
（2）由实验数据可知该待测电阻的阻值为5Ω，故当滑动变阻器阻值最大时，电路中的电流最小，此时电流，故第一组数据是编造出来的，电流不可能为0.1A。
（3）由于定值电阻两端的电流与电压成正比，故可以把原点以及甲乙丙丁某次实验的数据连接起来，绘制出他们所测量电阻的I-U图像，根据I-U图像可只斜率越大其电阻越小，故乙组同学测量的电阻大小应为10Ω。
五、计算题（本大题共2小题，23题6分，24题8分，共14分）
23．（2025九下·长沙期中）如图所示，建筑工人用150N的拉力F，将重为240N的物体从地面匀速提升到距地面3m高处，用时10s。求：
（1）物体上升的速度；
（2）工人利用滑轮组做的有用功；
（3）工人所用拉力F做功的功率。
【答案】（1）解：根据题意可知，物体被提升的高度为3m，用时10s，
根据公式s=vt可知，该物体上升的速度。
（2）解：根据题意可知，重为240N的物体提升3m，
根据公式W=Fs可知，工人利用滑轮组做的有用功。
（3）解答：根据图片可知，动滑轮上承担重力的绳子段数n=2，
则绳子自由端移动距离；
拉力做的功；
那么工人所用拉力F做功的功率。
【知识点】功率的计算；速度公式及其应用；机械效率的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据计算该物体上升的高度；
（2）根据计算工人利用滑轮组做的有用功；
（3）根据图片确定承担重力的绳子段数n，根据s=nh计算绳子自由端移动的距离，根据W总=Fs计算拉力做的总功，根据计算拉力做功的功率。
（1）物体从地面匀速提升到距地面3m高处，用时10s，物体上升的速度
（2）重为240N的物体从地面匀速提升到距地面3m高处，工人利用滑轮组做的有用功
（3）动滑轮绳子股数n=2，绳子自由端移动距离
建筑工人用150N的拉力F，拉力做的功
工人所用拉力F做功的功率。
24．（2025九下·长沙期中）如图甲所示电路，电源电压恒定。滑动变阻器R1上标有“ Ω；1A”，灯泡L上标有“4V；1.6W”，通过灯泡L的电流与灯泡两端的电压的关系如图乙所示。只闭合开关S、S1，当滑片P移动到R1的最右端时，电压表示数为U1，电流表示数为I；当滑片P移动到R1的中点时，灯泡恰好正常发光，电压表示数为U2，电流表示数为I2。已知U1：U2=3：2。求：
（1）小灯泡正常发光时的电阻；
（2）灯泡正常工作100s消耗的电能；
（3）滑动变阻器的最大阻值；
（4）更换电源后，仅闭合开关S和S2，此时电流表和电压表的量程可能与之前不同，但在后续步骤中量程不再改变。调节滑动变阻器滑片至某一位置时，两电表示数如图丙所示；继续向某一方向移动滑片至另一位置时，其中一个电表达到满偏，另一个电表指针指向刻度盘的三分之一处。试求定值电阻R2的可能阻值。
【答案】（1）解：根据“4V 1.6W”可知，灯泡正常发光时的电阻为。
（2）解：综上所述，灯泡的额定功率为1.6W，
则灯泡正常工作100s消耗的电能。
（3）解：根据甲图可知，只闭合开关S、S1，滑动变阻器R1和灯泡串联，
当滑片P移动到R1的中点时，灯泡恰好正常发光，
则此时通过电路的电流；
因为U1：U2=3：2
设，；
则→；
又因为，
所以，即；
所以得；
由乙图可知，时，灯两端电压为；
又因为，
则；
解得：；，
所以电源电压为；
当滑片P移动到R1的最右端时，滑动变阻器阻值的最大，
滑动变阻器的最大阻值为。
（4）解：更换电源后，仅闭合开关S和S2，滑动变阻器R1和定值电阻R2串联，
若电流表为0~3A量程，则图丙中的电流表示数为
超过了滑动变阻器允许通过的最大电流1A，所以电流表的量程为0~0.6A，
则图丙中的电流表示数为0.3A。
若电压表量程为0~15V时，则图丙中的电压表示数为，
此时滑动变阻器连入的阻值为；
所以电压表量程为0~3V，则图丙中的电压表示数为；
则电源电压①
滑片滑到另一位置，其中一个电表达到满偏，另一个电表指针指向刻度盘的三分之一处，则①当电流表刚好满偏，，电压表；
则电源电压②
①②联立解得：。
若电流表示数为
电压表满偏时，电源电压③
①③解得：。
综上可知，定值电阻R2的可能阻值2Ω或6Ω。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】 （1）根据计算灯泡正常发光时的电阻；（2）根据W=Pt计算灯泡正常工作100s消耗的电能；
（3）只闭合开关S、S1，滑动变阻器R1和灯泡串联，当滑片P移动到R1的中点时，灯泡恰好正常发光，根据计算此时电流，
因为U1：U2=3：2，设U1=3U0，U2=2U0，进一步根据欧姆定律表示各个电阻，据此可得I1，由乙图可知此时灯两端电压，
又因为UL+U1=U额+U2，代入数据解方程可得U0，进一步计算U1、U2和电源电压，
当滑片P移动到R1的最右端时，滑动变阻器阻值的最大，根据欧姆定律计算滑动变阻器的最大阻值；
（4）更换电源后，仅闭合开关S和S2，滑动变阻器R1和定值电阻R2串联，根据串联电路电流特点和电流表量程确定图丙中的电流表示数，
若电压表量程为0～15V时，则图丙中的电压表示数为UR=14V，根据欧姆定律计算此时滑动变阻器连入的阻值，比较可知是否可行；
若电压表量程为0～3V，则图丙中的电压表示数为U'R=2.8V，根据串联电路电压规律结合欧姆定律表示电源电压------①；
滑片滑到另一位置，其中一个电表达到满偏，另一个电表指针指向刻度盘的三分之一处，则当电流表刚好满偏，I2=0.6A，进一步计算电压表示数，根据串联电路电压规律结合欧姆定律表示电源电压----②，①②联立解方程可得R2；
若电流表示数为刻度盘的三分之一，则电压表满偏，根据串联的电压规律结合欧姆定律表示电源电压------③，①③联立解法线得R2。
（1）根据得，灯泡正常发光时的电阻为
（2）灯泡正常工作100s消耗的电能
（3）只闭合开关S、S1，滑动变阻器R1和灯泡串联，当滑片P移动到R1的中点时，灯泡恰好正常发光，U额=4V，此时电流
因为U1：U2=3：2
设，
又因为，，
所以，即
所以得
由乙图可知，时，灯两端电压为
又因为，代入数据得
解得
所以得，
所以电源电压为
当滑片P移动到R1的最右端时，滑动变阻器阻值的最大，滑动变阻器的最大阻值为
（4）更换电源后，仅闭合开关S和S2，滑动变阻器R1和定值电阻R2串联，若电流表为0~3A量程，则图丙中的电流表示数为
超过了滑动变阻器允许通过的最大电流1A，所以电流表的量程为0~0.6A，则图丙中的电流表示数为0.3A。
若电压表量程为0~15V时，则图丙中的电压表示数为，此时滑动变阻器连入的阻值为
所以电压表量程为0~3V，则图丙中的电压表示数为
则电源电压①
滑片滑到另一位置，其中一个电表达到满偏，另一个电表指针指向刻度盘的三分之一处，则①当电流表刚好满偏，，电压表
则电源电压②
由①②得
解得。
若电流表示数为
电压表满偏时，电源电压③
由①③得
解得。综上可知，定值电阻R2的可能阻值2Ω或6Ω。
1 / 1

展开更多......

收起↑