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2025年湖南省衡阳市衡山县中考三模物理试题
1．（2025·衡山模拟）唐诗《枫桥夜泊》中的诗句“姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船”，客船上的人能辨别出传来的是钟声，是根据声音的（　　）
A．音色 B．响度 C．音调 D．频率
2．（2025·衡山模拟）平静的湖面映出了正在飞翔的一只小鸟，于是出现了小鸟和鱼在水中同游的有趣现象。关于水中的“鸟”和“鱼”，（　　）
A．都是折射形成的虚像 B．都是反射形成的虚像
C．鱼的像是实像 D．鸟的像是虚像
3．（2025·衡山模拟）图示的四个物态变化的实例中，由于液化形成的是（　　）
A．湖中冰化成的水
B．草叶上的露珠
C．树叶上的霜
D．落在地上的雪
4．（2025·衡山模拟）2022年11月28日，世界上最大的活火山雷纳罗亚火山开始喷发，炙热的岩浆在流淌过程中逐渐降温，依次形成橄榄石、角闪石、正长石等岩石晶体。下列说法正确的是（　　）
A．岩浆变成岩石过程中内能减小
B．岩浆温度高说明其含有热量多
C．火山灰在空气中随风飘动，是分子的热运动
D．岩浆变成岩石后，岩石晶体分子间只有引力没有斥力
5．（2025·衡山模拟）如图是投掷实心球的场景，下列情况中实心球受到平衡力的作用的是（　　）
A．实心球在空中上升 B．实心球在最高点
C．实心球在地上越滚越慢 D．实心球停在地面上
6．（2025·衡山模拟）目前我国在能源、材料和航天等领域都取得了巨大成就。下列说法正确的是（　　）
A．超导体可用作电热丝
B．半导体是制造手机芯片的重要材料
C．我国在南海开采的可燃冰属于可再生能源
D．空间站上太阳能电池板将太阳能转化为内能
7．（2025·衡山模拟）如图所示，脱毛衣时，与毛衣摩擦过的头发会“粘”在脸上。下列说法正确的是（　　）
A．脱毛衣时发生了摩擦起电现象
B．头发“粘”在脸上是因为同种电荷相互吸引
C．若头发带负电荷，与脸接触时的瞬间电流方向从头发到脸
D．若毛衣带正电荷，说明它有了多余的电子
8．（2025·衡山模拟）下列实例中，能利用流体压强与流速的关系解释的是（　　）
A．如图甲，往B管中吹气，A管中液柱上升
B．如图乙，盆景内水位低时能自动补水
C．如图丙，液体从容器侧壁小孔喷出
D．如图丁，用抽水机抽取地下水
9．（2025·衡山模拟）如图所示的串联电路，当闭合开关后两灯都不亮。为了检测电路故障，小华将电压表接在灯L1两端，发现电压表有明显示数，而电流表示数几乎为零。则电路故障可能是（　　）
A．灯L1短路 B．灯L2断路 C．灯L1断路 D．电流表烧坏
10．（2025·衡山模拟）为缓解城市照明对常规电的依赖，风光互补灯应运而生。下列装置能反映其风力发电原理的是（　　）
A． B．
C． D．
11．（2025·衡山模拟）关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（　　）
A．空气开关跳闸，一定是电路发生了短路
B．搬动电器前不需要断开电源开关
C．使用试电笔时，手要接触笔尾金属体
D．控制电灯的开关，要连接在零线和电灯之间
12．（2025·衡山模拟）如图展示了几种我国古代劳动人民的智慧成果，都涉及到一定的物理知识。下列说法中正确的是（　　）
A．图甲：“土火箭”点火后在大气压作用下升空
B．图乙：杆秤测量物体质量利用杠杆原理
C．图丙：孔明灯升空时只受到空气浮力作用
D．图丁：司南能够指示南北是因为受到重力作用
13．（2025·衡山模拟）2025年2月11日长征八号改运载火箭首飞成功，将卫星互联网低轨02组卫星发射升空，卫星顺利进入预定轨道。在运载火箭发射升空的过程中，火箭相对于地面是　 　的，卫星与文昌航天发射中心之间是通过　 　波来传递信息的。
14．（2025·衡山模拟）如图所示，瓶内水上方存在着无色透明、无法看到的水蒸气，不断向瓶内打气。当塞子跳起来时，在瓶口处出现白雾，在这个过程中，瓶内气体膨胀将瓶塞推出，气体的　 　能转化为瓶塞的机械能，这一过程与内燃机工作的　 　冲程原理相同。
15．（2025·衡山模拟）智能饮水机已经普遍用于医院、车站等公共场所，其简化的工作电路如图乙所示，该饮水机可通过智能系统实现加热、保温档自动切换。当S闭合，S1断开时，智能饮水机处于　 　挡。饮水机中加热管的工作原理是利用了电流的　 　效应。
16．（2025·衡山模拟）如图所示，底面积为、高为18cm的薄壁圆柱形容器放在水平桌面上，装有深度为13cm的水，容器中水的质量为　 　g。另有一个外底面积为，外高为12cm的厚底柱形玻璃杯。若将玻璃杯杯口向上，竖直缓慢放入水中，直至玻璃杯最终静止，此时水的深度为15cm，薄壁容器对桌面的压力增大了7.4N，此时杯子在水中的浮沉情况为　 　；玻璃杯的密度为　 　kg/m3。（，g取10N/kg）
17．（2025·衡山模拟）
（1）请在图中画出路灯发出的光经湖面反射后的光线，并标出反射角r；
（2）如图所示，是一件刚烧制好的铜官陶瓷茶壶，请画出茶壶静止在水平面上时的受力示意图。（重心在O点处）
18．（2025·衡山模拟）如图所示是小明和同学们探究“凸透镜成像规律”的实验情景。
（1）根据图甲可以测出该凸透镜的焦距；
（2）他们将点燃的蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，还应调整烛焰的焰心、光屏的中心位于凸透镜的中心在　 　；
（3）器材组装好后，小明移动蜡烛和光屏到如图乙所示位置时，恰好在光屏上呈现出清晰的实像。保持蜡烛和光屏在光具座上的位置不动，仅将凸透镜向右移动15cm便又可在光屏上得到清晰的实像，这个是倒立、　 　的实像；
（4）接着，小明将一块眼镜片竖直放于蜡烛和凸透镜之间，光屏上的像又变模糊了，将光屏向左移动适当距离，光屏上的像又清晰了，由此可知，该眼镜片可用于矫正　 　眼。
19．（2025·衡山模拟）小礼利用铁架台、杠杆、钩码等器材探究杠杆的平衡条件，实验使用的钩码质量均为50g，杠杆上每
格长度均相等。
（1）杠杆静止在如图甲所示位置，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节；
（2）小礼在杠杆两侧挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，进行了3次实验，杠杆水平平衡时记录的数据如表：
次数 动力F/N 动力臂I1/cm 阻力F/N 阻力臂I2/cm
1 0.5 20.0 1.0 10.0
2 1.0 15.0 1.5 10.0
3 1.5 10.0 0.5 30.0
分析表中的数据，得到杠杆的平衡条件是：　 　（用F1、I1、F2、I2表示）；
（3）如图乙所示，将A、B位置的钩码个数都再增加一个，杠杆将会　 　（选填“仍然平衡”或“左端下沉”或“右端下沉”）。
20．（2025·衡山模拟）小婧同学用如图甲所示的电路探究电流与电压的关系。实验器材有：2节干电池、1只电流表、1只电压表、多个阻值不同的定值电阻、1只滑动变阻器、1个开关、导线若干。
（1）在连接电路时，开关应处于　 　状态；
（2）小婧同学选择的定值电阻为10欧，然后调节滑动变阻器此时电压表示数如图乙所示，如果她想把电压表示数调为2.5V，那么小婧该把滑动变阻器的滑片往　 　边调；
（3）小婧同学总共完成了6组数据，描绘出了如图丙所示的U-I图像，请问：小婧同学能否根据图丙得出，“在电阻一定时，流过导体的电流与导体两端的电压成正比例”的结论？若能请说明理由？若不能，请说明实验操作中可能存在什么疏漏？　 　。
21．（2025·衡山模拟）如图是小明做“探究什么情况下磁可以生电”的实验装置。
（1）实验时，小明通过观察　 　来判断电路中是否产生感应电流；
（2）小明进行了如图所示的5次操作，其中能产生感应电流的是　 　（选填所有符合要求的操作序号）；
（3）利用“磁生电”工作的装置有　 　（选填“电铃”“扬声器”“动圈式话筒”或“电磁起重机”）。
22．（2025·衡山模拟）如图质量为3的四旋翼无人机，停在地面上时与地面的总接触面积为25，某次运载货物质量为400g，上升过程中在5s内从地面竖直匀速上升了10m。（g取10）求：
（1）上升过程中无人机的速度；
（2）无人机停在地面上时对地面的压强；
（3）上升过程中无人机对货物拉力做功的功率。
23．（2025·衡山模拟）如图所示电路，已知电源电压恒定不变，灯泡L标有“3V 0.3A”字样，其阻值会随温度变化，电流表量程为“0~0.6A”，电压表量程根据实际情况进行选择。只闭合开关S1，移动R2滑片至最右端时，电压表的示数为3.8V，R1的功率为P1；然后将滑动变阻器R2的滑片移到最左端时，电流表示数为0.3A，R1的功率为；同时闭合开关S1和S2，再移动滑片至某一位置时，电压表和电流表的示数分别为2.5V和0.4A，已知，求：
（1）小灯泡正常发光时的电阻；
（2）电源电压；
（3）当有电流通过灯泡时，灯泡的功率的最小值与最大值之比。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】唐诗《枫桥夜泊》中的诗句“姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船”，客船上的人能辨别出传来的是钟声，是根据声音的特点，也就是声音的音色，故A正确，而B、C、D错误。
故选A。
【分析】声音的大小叫响度，声音的高低叫音调，声音的特点叫音色。
2．【答案】D
【知识点】光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】光线射到水面时会发生反射，此时水面相当于平面镜，所以看见水中的“鸟”是光的反射形成的虚像；鱼反射的光线由水中斜射入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，所以“鱼”是光的折射形成的虚像。故ABC不符合题意，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】“鱼”是光的折射形成的虚像，“鸟”是光的反射形成的虚像。
3．【答案】B
【知识点】凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】A．冰化成水，从固态变为液态，是熔化现象，故A不符合题意；
B．露珠是液态的，是水蒸气遇冷变为小水珠，是液化而成的，故B符合题意；
CD．霜、雪是水蒸气直接变为固态，是凝华现象，故CD不符合题意。
故选B。
【分析】固态变为液态，是熔化现象；气体变为液态，是液化现象；气体直接变为固体，是凝华现象。
4．【答案】A
【知识点】热量的概念；热传递改变物体内能；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】A．岩浆喷出后，对外做功，地球内部内能减小，故A正确；
B．热量是过程量，不能说含有，故B错误。
C．火山灰在空中随风飘动，是固体的机械运动，不是分子的热运动，故C错误；
D． 岩浆变成岩石后，岩石晶体分子间既有引力也有斥力 ，故D错误；
故答案为：C。
【分析】热量是过程量，不能说含有热量，只能说吸收热量或者放出热量等。
5．【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】A．实心球在空中上升过程中，其运动方向（轨迹为曲线）和速度大小（逐渐减小）均发生变化，表明实心球处于非平衡状态，因此受到的是非平衡力作用。故A不符合题意。
B．实心球在运动轨迹的最高点时，虽然水平速度分量为零，但仍受到竖直向下的重力作用，此时受力不平衡（仅有重力，无其他力抵消）。故B不符合题意。
C．实心球落地后由于惯性继续滚动，但受到地面摩擦力的作用，导致速度逐渐减小，运动状态持续改变，因此受力不平衡。故C不符合题意。
D．实心球静止在地面时，受力满足二力平衡条件：竖直向下的重力与竖直向上的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，因此处于平衡状态。故D符合题意。故选D。
【分析】平衡状态是指匀速直线运动状态和静止状态。处于平衡状态的物体受平衡力的作用，处于非平衡状态的物体受到非平衡力的作用。由此分析解答。
6．【答案】B
【知识点】能量的转化或转移；能源与可持续发展
【解析】【解答】A． 超导体电阻为零，不能发热，不可用作电热丝 ，故A错误；
B．集成电路的重要材料是半导体，故B正确；
C． 我国在南海开采的可燃冰属于可再生能源，我国在南海开采的可燃冰属于不可再生能源 ，故C错误；
D．太阳能电池板是将太阳能转化为电能，故D错误。
故答案为：B。
【分析】可以在自然界里源源不断得到的能源叫做可再生能源，可燃冰成分是甲烷属于化石燃料。
7．【答案】A
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；电流的方向
【解析】【解答】AD．不同物体间相互摩擦，电子发生转移，使物体带电，是摩擦起电，脱毛衣时发生了摩擦起电现象，若毛衣带正电荷，则失去电子，故A正确；D错误；
B．与毛衣摩擦过的头发带电，头发“粘”在脸上，是异种电荷相互吸引，故B错误；
C．物理学规定：正电荷定向移动方向为电流方向，若头发带负电荷，有多余电子，与脸接触时，电子从头发移动到脸上，瞬间电流方向从脸到头发，故C错误。
故选A。
【分析】物体间相互摩擦，在发生电子转移时，使物体带电，得到电子带负电，失去电子带正电；电荷间异种电荷相互吸引；电流方向和负电荷定向移动方向相反。
8．【答案】A
【知识点】液体压强的特点；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系；制作简易活塞式抽水机
【解析】【解答】A、A管中水面上升，是因为向B管中吹气时，A管上方的空气流速增大、压强减小，故A正确；
B、盆景自动供水装置中瓶内水在重力、向下的气体压力、向上的大气压力的作用下处于静止状态，故B错误；
C、液体从容器侧壁小孔喷出是受到液体压强的作用，并且下面小孔水喷的更远，是因为液体压强随深度的增加而增大，故C错误；
D、抽水机抽水是利用大气压工作的，故D错误。
故选：A。
【分析】（1）流体压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大。
（2）大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。
（3）液体压强随深度增加而增大。
（4）抽水机是利用大气压工作的。
9．【答案】C
【知识点】电路故障的判断
【解析】【解析】A、当开关闭合后两盏灯均不亮，表明电路存在断路故障， 故A不符合题意；
B、假设是L2灯断路（使用表示），用电压表检测L1两端时，由于断路导致无法形成闭合回路，电压表应显示为零， 故B不符合题意；
C、如果是L1灯断路（），此时电压表接入L1两端会直接与电源构成测量回路，相当于测量电源电压，因此电压表有示数而电流表无示数， 故C符合题意；
D、若电流表损坏，同样会导致电压表测量L1时无法形成有效回路，电压表应无示数，与观察现象矛盾。 故D不符合题意；
故选C。
【分析】由电路图知，两灯串联，闭合开关两灯都不亮，说明不可能发生一灯短路，只能是某处断路。
10．【答案】A
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理
【解析】【解答】风力发电机的原理是电磁感应现象，将机械能转化为电能。
A．图示装置为发电机模型，其工作原理是电磁感应，实现机械能向电能的转化， 故 A符合题意；
B．图示为奥斯特实验装置，演示了通电导体周围存在磁场，属于电流的磁效应现象， 故 B不符合题意；
CD．这两个选项展示的都是通电导体在磁场中受力的现象，属于电能转化为机械能的过程， 故 CD均不符合题意。
故选A。
【分析】发电机的原理是电磁感应。
11．【答案】C
【知识点】家庭电路的连接；测电笔的使用；安全用电原则
【解析】【解答】A． 空气开关跳闸可能由两种原因引起——电路短路或总功率过大（电流超载），因此该选项说法不全面，故A错误；
B．移动电器前必须切断电源，这是为了防止触电事故的发生，因此该选项"需要断开电源"的说法是正确的，故B错误；
C．使用测电笔的正确方法是接触笔尾金属体，当检测火线时氖管会发光，故C正确；
D．电灯开关必须串联在火线回路中，这是为了确保断电后灯具不带电，故D错误。
故选C。
【分析】（1）试电笔由金属体笔尖、氖管、高阻值电阻、金属体笔尾等构成，根据正确使用分析。（2）用电器有可能存在漏电情况。
（3）电路中电流过大时，空气开关将断开。
（4）为了安全，开关要接在火线与用电器之间。
12．【答案】B
【知识点】力作用的相互性；重力及其大小的计算；杠杆的平衡分析法及其应用；地磁场
【解析】【解答】A、土火箭点火后产生的气体对火箭有反作用力，利用的是力的作用是相互的这一原理制作的，故A错误；
B、杆秤测量物体质量是利用杠杆平衡原理制作的，故B正确；
C、孔明灯在竖直上升过程中，受到重力和浮力的作用，所以不是只受到浮力作用，故C错误；
D、地磁场能对地球附近的磁体产生磁力，所以司南能够指南北是受地磁场的作用，而不是因为受到重力作用，故D错误；
故选：B。【分析】（1）力作用是相互的；
（2）杆秤是利用杠杆原理制作的；
（3）地球上的一切物体都受到重力作用，浸在液体和气体中的物体都要受到浮力的作用；
（4）地球是一个大磁体，周围存在磁场，叫做地磁场，地磁场对放入其中的小磁针产生磁力的作用。
13．【答案】运动；电磁
【知识点】参照物及其选择；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】运载火箭发射升空的过程中，火箭和地面的运动状态不同，所以相对于地面是运动的。卫星与文昌航天发射中心之间是通过电磁波来传递信息的。
【分析】1、物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止；
2、信息的传递：无线网络通信依靠电磁波来传递信息。
14．【答案】内；做功
【知识点】做功改变物体内能；热机；热机的四个冲程
【解析】【解答】塞子跳起来时的原理为气体的内能转化为瓶塞的机械能；和内燃机的做功冲程能量转化情况相同。
【分析】吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：进气后关闭，排气口关闭，火花塞点燃，高温高压的气体推动活塞下移，气体内能减小，能量转化为内能转化为机械能；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
15．【答案】保温；热
【知识点】电功率的计算；电流的热效应
【解析】【解答】当S闭合，S1断开时，两电阻串联，电阻较大，根据电功率公式计算可知，此时电功率较小，智能饮水机处于保温档。饮水机中加热管工作原理是利用了电流的热效应。
【分析】电功率计算：公式为，所以电压一定时，电功率和电阻成反比。
电流的热效应：公式为Q=I2Rt.所以产热量和电流、电阻以及通电时间有关。
16．【答案】1300；下沉；
【知识点】密度公式及其应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】底面积为，装有深度为13cm的水，水的体积V=Sh=100cm2×13cm=1300cm3，水的密度，根据密度公式计算容器中水的质量；放入玻璃杯后，水深增加量为 h=15cm-13cm=2cm，所以排开水的体积V排=S容× h=100cm2×2cm=200cm3，根据浮力公式计算
玻璃杯受到的浮力；薄壁容器对桌面的压力增加量等于玻璃杯重力，分析7.4N>2N，即玻璃杯受到的浮力小于重力，所以玻璃杯下沉。G杯=7.4N，结合重力公式G=mg计算玻璃杯的质量，玻璃杯下沉，玻璃杯外高h杯=12cm，水深15cm，所以此时玻璃杯浸没，则V杯=V排=200cm3，根据密度公式计算玻璃杯密度。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
2、性质：密度是物质的基本属性，不随质量和体积的变化而变化；至于材料本身以及材料状态有关；根据密度公式计算m=ρv分析可知，体积相同是质量和密度成正比。
17．【答案】（1）
（2）
【知识点】作光的反射光路图；力的三要素及力的示意图；重力示意图
【解析】【解答】（1）垂直水面做出法线，根据光的反射规律可知，反射角等于入射角，反射光线与入射光线分居法线两侧，据此在法线左侧的空气中画出反射光线，标出反射角r，如图所示：
（2）茶壶静止在水平面，则受平衡力，茶壶受竖直向下的重力和竖直向上的支持力，过重心作竖直向下的线段，标上重力的符号G，做竖直向上的线段，标上支持力的符号F，两个力大小相等，因此线段的长度相等，如图所示：
【分析】（1）光从空气中斜射到水面，在水面上发生折射的同时也发生了反射，利用光的反射规律即可作出对应的反射光线。
（2）画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
（1）先过入射点O垂直于地面作出法线，入射角为入射光线与法线的夹角，根据反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线，反射光线与法线的夹角为反射角，标出反射角r，如图所示：
（2）茶壶受竖直向下的重力和竖直向上的支持力，过重心作竖直向下的线段，标上重力的符号G，做竖直向上的线段，标上支持力的符号F，两个力大小相等，因此线段的长度相等，如图所示：
18．【答案】同一水平高度；缩小；远视
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（2）为使像呈现在光屏的中央，应调节凸透镜中心、烛焰和光屏的中心高度，使它们的中心在同一水平高度；
（3）若保持蜡烛和光屏的位置不动，移动凸透镜向右移动15cm，移到65cm刻度线处时，此时物距等于原来的像距，根据光路可逆可知，此时成的是倒立、缩小的实像；
（4）小明将一眼镜片竖直放于蜡烛和凸透镜之间，光屏上的像又变得模糊，再将光屏向左移动适当距离后像又清晰，此时像距减小，说明镜片对光线有会聚作用，由此可知，该眼镜片是凸透镜，可用于矫正远视眼。
故答案为：（1）11.0；（2）同一水平高度；（3）右；15；（4）远视。【分析】（1）焦距是指从焦点到凸透镜的距离，根据图读出便可；
（2）为使像呈现在光屏的中央，应调节烛焰、光屏的高度，使它们的中心在凸透镜的主光轴上；
（3）在光的折射中，光路是可逆的；
（4）根据凸透镜和凹透镜对光线的作用分析解答，凸透镜可以矫正远视眼，凹透镜可以矫正近视眼。
19．【答案】（1）右
（2）F1l1=F2l2
（3）左端下沉
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，杠杆右端上翘，则杠杆的右端轻，则应将杠杆的平衡螺母向右调节。
（2）根据表格数据得到：0.5N×20.0cm=1.0N×10.0cm；1.0N×15.0cm=1.5N×10.0cm；
1.5N×10.0cm=0.5N×30.0cm；
那么得到杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂，
即。
（3）根据乙图可知，将位置的钩码个数都增加一个，
则杠杆左端：；
杠杆右端：；
因为，
则杠杆左端下沉。
【分析】（1）平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
（2）分别计算出每组数据中动力和动力臂的乘积，阻力和阻力臂的乘积，然后比较大小，进而得到杠杆的平衡条件；
（3）分析计算出砝码增加后杠杆左右两侧力和力臂的乘积大小，杠杆总是向大的一侧下沉。
（1）由图甲中，杠杆左端下沉，要将杠杆调节到水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂。
（2）由表格中数据知，第一次数据0.5N×20.0cm=1.0N×10.0cm
第二次数据1.0N×15.0cm=1.5N×10.0cm
第三次数据1.5N×10.0cm=0.5N×30.0cm
可得杠杆的平衡条件是动力×动力臂=阻力×阻力臂
即。
（3）设一个钩码所受的重力为G，杠杆一格长度为L，将位置的钩码个数都增加一个，杠杆左端为
杠杆右端为
因为，则杠杆左端下沉。
20．【答案】断开；右；“在电阻一定时，流过导体的电流与导体两端的电压成正比例”的结论，需要使得图像经过原点，所以不能得出该结论。出现这种情况，可能是电压表的指针没有指在零刻度线处，使用前又没有调零，导致出现了这种数据错误的现象。
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）为了保护电路中的元件，在连接电路时，开关应处于断开状态。
（2）电压表使用的是0 3V的量程，示数为2V，电压表示数调为2.5V，根据串联分压，小婧应该把滑动变阻器的滑片往右边调，以减小滑动变阻器的电阻，从而增大定值电阻两端的电压。
（3）“在电阻一定时，流过导体的电流与导体两端的电压成正比例”的结论，需要使得图像经过原点，所以不能得出该结论。出现这种情况，可能是电压表的指针没有指在零刻度线处，使用前又没有调零，导致出现了这种数据错误的现象。
综上 第1空、 断开； 第2空、右； 第3空、 “在电阻一定时，流过导体的电流与导体两端的电压成正比例”的结论，需要使得图像经过原点，所以不能得出该结论。出现这种情况，可能是电压表的指针没有指在零刻度线处，使用前又没有调零，导致出现了这种数据错误的现象。
【分析】1、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负出；
2、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，待测电阻的电压无法降低，表明电源电压过大或者变阻器电阻较小分压过少导致。
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
21．【答案】灵敏电流计的指针是否偏转；①③④；动圈式话筒
【知识点】电磁铁的其他应用；电磁感应；产生感应电流的条件；扬声器和耳机的构造和原理；动圈式话筒的构造和原理
【解析】【解答】（1）实验时，将灵敏电流计的指针的偏转转换为电路中产生的感应电流。
（2）导体做切割磁感线运动会产生感应电流，所以①③④做切割磁感线运动，②⑤不做切割磁感线运动，所以会产生感应电流的是①③④。
（3）磁生电的应用为 动圈式话筒 ，电铃和电磁起重机应用为电流的磁效应，扬声器应用通电导体在磁场中受力工作的，动圈式话筒利用电磁感应产生电流的。
综上 第1空、 灵敏电流计的指针是否偏转； 第2空、①③④； 第3空、 动圈式话筒.
【分析】1、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，实例：发电机、 POS机读出信息；
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转；
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机；
4、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
22．【答案】（1）解：上升过程中无人机的速度
（2）解：无人机停在地面上时对地面的压力等于无人机的重力，即F压=G无=m无g=3kg×10N/kg=30N
它对地面的压强
（3）解：无人机竖直匀速上升时，对货物拉力与货物的重力平衡，大小相等，即F=G货=m货g=400×10-3kg×10N/kg=4N
无人机对货物拉力做功的功率
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）根据求上升过程中无人机的速度；
（2）无人机停在地面上时对地面的压力等于无人机的重力，根据F=G=mg求压力的大小，根据求无人机对地面的压强；
（3）无人机竖直匀速上升时，对货物拉力与货物的重力平衡，大小相等，根据F=G=mg求拉力的大小，根据求无人机对货物拉力做功的功率。
（1）上升过程中无人机的速度
（2）无人机停在地面上时对地面的压力等于无人机的重力，即F压=G无=m无g=3kg×10N/kg=30N
它对地面的压强
（3）无人机竖直匀速上升时，对货物拉力与货物的重力平衡，大小相等，即F=G货=m货g=400×10-3kg×10N/kg=4N
无人机对货物拉力做功的功率
23．【答案】（1）解：根据灯泡铭牌数据和可知小灯泡正常发光时的电阻为
（2）解：将滑动变阻器R2的滑片置于最右端，只闭合开关S1时，电压表的示数为3.8V，R1的功率为P1，如图甲；只闭合开关S1，移动滑片至最左端时，电流表的示数为0.3A，R1的功率为，如图乙，闭合开关S1和S2，移动滑片至某一位置时，电压表和电流表的示数分别为2.5V和0.4A，如图丙，
因为，即
解得甲、乙两图中电流之比为，又因为I乙=0.3A，所以I甲=0.1A， 在丙电路中，滑动变阻器接入电路的电阻为
所以电源电压为---------①
由于乙电路电流为0.3A，所以灯泡正常发光，电压为3V，所以电源电压为--------②
由①②得
即
解得R1=5Ω，U=4.5V。
（3）解：在只闭合S1时，灯泡才有电流通过，即只考虑甲、乙两个电路，甲电路滑动变阻器电阻最大，电路电流最小，灯泡的功率最小，
此时滑动变阻器的电压为，R1两端电压为
所以灯泡两端电压为
灯泡的最小功率为
电路滑动变阻器接入电路阻值为零，电路电流最大，最大电流是0.3A，灯泡正常发光，灯泡的功率最大为
所以，灯泡的最小功率与最大功率之比
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据灯泡铭牌数据和欧姆定律可知小灯泡正常发光时的电阻；
（2）首先画出电路三个过程的电路图，明确各过程串联和并联，明确电压表和电流表测量的电流，知道功率之比求出电流之比，知道滑动变阻器的电压和电流，利用第二和第三过程的电源电压相等列出等式求出R1的电阻和电源电压；
（3）有电流通过灯泡L的情况下，说明是只闭合S1的情况下，求出两种情况下的灯泡的最大功率和最小功率即可。
（1）根据灯泡铭牌数据和可知小灯泡正常发光时的电阻为
（2）将滑动变阻器R2的滑片置于最右端，只闭合开关S1时，电压表的示数为3.8V，R1的功率为P1，如图甲；
只闭合开关S1，移动滑片至最左端时，电流表的示数为0.3A，R1的功率为，如图乙，闭合开关S1和S2，移动滑片至某一位置时，电压表和电流表的示数分别为2.5V和0.4A，如图丙，
因为，即
解得甲、乙两图中电流之比为，又因为I乙=0.3A，所以I甲=0.1A， 在丙电路中，滑动变阻器接入电路的电阻为
所以电源电压为---------①
由于乙电路电流为0.3A，所以灯泡正常发光，电压为3V，所以电源电压为--------②
由①②得
即
解得R1=5Ω，U=4.5V。
（3）在只闭合S1时，灯泡才有电流通过，即只考虑甲、乙两个电路，甲电路滑动变阻器电阻最大，电路电流最小，灯泡的功率最小，
此时滑动变阻器的电压为，R1两端电压为
所以灯泡两端电压为
灯泡的最小功率为
电路滑动变阻器接入电路阻值为零，电路电流最大，最大电流是0.3A，灯泡正常发光，灯泡的功率最大为
所以，灯泡的最小功率与最大功率之比
1 / 12025年湖南省衡阳市衡山县中考三模物理试题
1．（2025·衡山模拟）唐诗《枫桥夜泊》中的诗句“姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船”，客船上的人能辨别出传来的是钟声，是根据声音的（　　）
A．音色 B．响度 C．音调 D．频率
【答案】A
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】唐诗《枫桥夜泊》中的诗句“姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船”，客船上的人能辨别出传来的是钟声，是根据声音的特点，也就是声音的音色，故A正确，而B、C、D错误。
故选A。
【分析】声音的大小叫响度，声音的高低叫音调，声音的特点叫音色。
2．（2025·衡山模拟）平静的湖面映出了正在飞翔的一只小鸟，于是出现了小鸟和鱼在水中同游的有趣现象。关于水中的“鸟”和“鱼”，（　　）
A．都是折射形成的虚像 B．都是反射形成的虚像
C．鱼的像是实像 D．鸟的像是虚像
【答案】D
【知识点】光的反射；光的折射现象及其应用
【解析】【解答】光线射到水面时会发生反射，此时水面相当于平面镜，所以看见水中的“鸟”是光的反射形成的虚像；鱼反射的光线由水中斜射入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，所以“鱼”是光的折射形成的虚像。故ABC不符合题意，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】“鱼”是光的折射形成的虚像，“鸟”是光的反射形成的虚像。
3．（2025·衡山模拟）图示的四个物态变化的实例中，由于液化形成的是（　　）
A．湖中冰化成的水
B．草叶上的露珠
C．树叶上的霜
D．落在地上的雪
【答案】B
【知识点】凝固与凝固放热特点；液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】A．冰化成水，从固态变为液态，是熔化现象，故A不符合题意；
B．露珠是液态的，是水蒸气遇冷变为小水珠，是液化而成的，故B符合题意；
CD．霜、雪是水蒸气直接变为固态，是凝华现象，故CD不符合题意。
故选B。
【分析】固态变为液态，是熔化现象；气体变为液态，是液化现象；气体直接变为固体，是凝华现象。
4．（2025·衡山模拟）2022年11月28日，世界上最大的活火山雷纳罗亚火山开始喷发，炙热的岩浆在流淌过程中逐渐降温，依次形成橄榄石、角闪石、正长石等岩石晶体。下列说法正确的是（　　）
A．岩浆变成岩石过程中内能减小
B．岩浆温度高说明其含有热量多
C．火山灰在空气中随风飘动，是分子的热运动
D．岩浆变成岩石后，岩石晶体分子间只有引力没有斥力
【答案】A
【知识点】热量的概念；热传递改变物体内能；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】A．岩浆喷出后，对外做功，地球内部内能减小，故A正确；
B．热量是过程量，不能说含有，故B错误。
C．火山灰在空中随风飘动，是固体的机械运动，不是分子的热运动，故C错误；
D． 岩浆变成岩石后，岩石晶体分子间既有引力也有斥力 ，故D错误；
故答案为：C。
【分析】热量是过程量，不能说含有热量，只能说吸收热量或者放出热量等。
5．（2025·衡山模拟）如图是投掷实心球的场景，下列情况中实心球受到平衡力的作用的是（　　）
A．实心球在空中上升 B．实心球在最高点
C．实心球在地上越滚越慢 D．实心球停在地面上
【答案】D
【知识点】二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】A．实心球在空中上升过程中，其运动方向（轨迹为曲线）和速度大小（逐渐减小）均发生变化，表明实心球处于非平衡状态，因此受到的是非平衡力作用。故A不符合题意。
B．实心球在运动轨迹的最高点时，虽然水平速度分量为零，但仍受到竖直向下的重力作用，此时受力不平衡（仅有重力，无其他力抵消）。故B不符合题意。
C．实心球落地后由于惯性继续滚动，但受到地面摩擦力的作用，导致速度逐渐减小，运动状态持续改变，因此受力不平衡。故C不符合题意。
D．实心球静止在地面时，受力满足二力平衡条件：竖直向下的重力与竖直向上的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，因此处于平衡状态。故D符合题意。故选D。
【分析】平衡状态是指匀速直线运动状态和静止状态。处于平衡状态的物体受平衡力的作用，处于非平衡状态的物体受到非平衡力的作用。由此分析解答。
6．（2025·衡山模拟）目前我国在能源、材料和航天等领域都取得了巨大成就。下列说法正确的是（　　）
A．超导体可用作电热丝
B．半导体是制造手机芯片的重要材料
C．我国在南海开采的可燃冰属于可再生能源
D．空间站上太阳能电池板将太阳能转化为内能
【答案】B
【知识点】能量的转化或转移；能源与可持续发展
【解析】【解答】A． 超导体电阻为零，不能发热，不可用作电热丝 ，故A错误；
B．集成电路的重要材料是半导体，故B正确；
C． 我国在南海开采的可燃冰属于可再生能源，我国在南海开采的可燃冰属于不可再生能源 ，故C错误；
D．太阳能电池板是将太阳能转化为电能，故D错误。
故答案为：B。
【分析】可以在自然界里源源不断得到的能源叫做可再生能源，可燃冰成分是甲烷属于化石燃料。
7．（2025·衡山模拟）如图所示，脱毛衣时，与毛衣摩擦过的头发会“粘”在脸上。下列说法正确的是（　　）
A．脱毛衣时发生了摩擦起电现象
B．头发“粘”在脸上是因为同种电荷相互吸引
C．若头发带负电荷，与脸接触时的瞬间电流方向从头发到脸
D．若毛衣带正电荷，说明它有了多余的电子
【答案】A
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律；电流的方向
【解析】【解答】AD．不同物体间相互摩擦，电子发生转移，使物体带电，是摩擦起电，脱毛衣时发生了摩擦起电现象，若毛衣带正电荷，则失去电子，故A正确；D错误；
B．与毛衣摩擦过的头发带电，头发“粘”在脸上，是异种电荷相互吸引，故B错误；
C．物理学规定：正电荷定向移动方向为电流方向，若头发带负电荷，有多余电子，与脸接触时，电子从头发移动到脸上，瞬间电流方向从脸到头发，故C错误。
故选A。
【分析】物体间相互摩擦，在发生电子转移时，使物体带电，得到电子带负电，失去电子带正电；电荷间异种电荷相互吸引；电流方向和负电荷定向移动方向相反。
8．（2025·衡山模拟）下列实例中，能利用流体压强与流速的关系解释的是（　　）
A．如图甲，往B管中吹气，A管中液柱上升
B．如图乙，盆景内水位低时能自动补水
C．如图丙，液体从容器侧壁小孔喷出
D．如图丁，用抽水机抽取地下水
【答案】A
【知识点】液体压强的特点；大气压的综合应用；流体压强与流速的关系；制作简易活塞式抽水机
【解析】【解答】A、A管中水面上升，是因为向B管中吹气时，A管上方的空气流速增大、压强减小，故A正确；
B、盆景自动供水装置中瓶内水在重力、向下的气体压力、向上的大气压力的作用下处于静止状态，故B错误；
C、液体从容器侧壁小孔喷出是受到液体压强的作用，并且下面小孔水喷的更远，是因为液体压强随深度的增加而增大，故C错误；
D、抽水机抽水是利用大气压工作的，故D错误。
故选：A。
【分析】（1）流体压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大。
（2）大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。
（3）液体压强随深度增加而增大。
（4）抽水机是利用大气压工作的。
9．（2025·衡山模拟）如图所示的串联电路，当闭合开关后两灯都不亮。为了检测电路故障，小华将电压表接在灯L1两端，发现电压表有明显示数，而电流表示数几乎为零。则电路故障可能是（　　）
A．灯L1短路 B．灯L2断路 C．灯L1断路 D．电流表烧坏
【答案】C
【知识点】电路故障的判断
【解析】【解析】A、当开关闭合后两盏灯均不亮，表明电路存在断路故障， 故A不符合题意；
B、假设是L2灯断路（使用表示），用电压表检测L1两端时，由于断路导致无法形成闭合回路，电压表应显示为零， 故B不符合题意；
C、如果是L1灯断路（），此时电压表接入L1两端会直接与电源构成测量回路，相当于测量电源电压，因此电压表有示数而电流表无示数， 故C符合题意；
D、若电流表损坏，同样会导致电压表测量L1时无法形成有效回路，电压表应无示数，与观察现象矛盾。 故D不符合题意；
故选C。
【分析】由电路图知，两灯串联，闭合开关两灯都不亮，说明不可能发生一灯短路，只能是某处断路。
10．（2025·衡山模拟）为缓解城市照明对常规电的依赖，风光互补灯应运而生。下列装置能反映其风力发电原理的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】通电直导线周围的磁场；直流电动机的构造原理与工作过程；发电机的构造和原理
【解析】【解答】风力发电机的原理是电磁感应现象，将机械能转化为电能。
A．图示装置为发电机模型，其工作原理是电磁感应，实现机械能向电能的转化， 故 A符合题意；
B．图示为奥斯特实验装置，演示了通电导体周围存在磁场，属于电流的磁效应现象， 故 B不符合题意；
CD．这两个选项展示的都是通电导体在磁场中受力的现象，属于电能转化为机械能的过程， 故 CD均不符合题意。
故选A。
【分析】发电机的原理是电磁感应。
11．（2025·衡山模拟）关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（　　）
A．空气开关跳闸，一定是电路发生了短路
B．搬动电器前不需要断开电源开关
C．使用试电笔时，手要接触笔尾金属体
D．控制电灯的开关，要连接在零线和电灯之间
【答案】C
【知识点】家庭电路的连接；测电笔的使用；安全用电原则
【解析】【解答】A． 空气开关跳闸可能由两种原因引起——电路短路或总功率过大（电流超载），因此该选项说法不全面，故A错误；
B．移动电器前必须切断电源，这是为了防止触电事故的发生，因此该选项"需要断开电源"的说法是正确的，故B错误；
C．使用测电笔的正确方法是接触笔尾金属体，当检测火线时氖管会发光，故C正确；
D．电灯开关必须串联在火线回路中，这是为了确保断电后灯具不带电，故D错误。
故选C。
【分析】（1）试电笔由金属体笔尖、氖管、高阻值电阻、金属体笔尾等构成，根据正确使用分析。（2）用电器有可能存在漏电情况。
（3）电路中电流过大时，空气开关将断开。
（4）为了安全，开关要接在火线与用电器之间。
12．（2025·衡山模拟）如图展示了几种我国古代劳动人民的智慧成果，都涉及到一定的物理知识。下列说法中正确的是（　　）
A．图甲：“土火箭”点火后在大气压作用下升空
B．图乙：杆秤测量物体质量利用杠杆原理
C．图丙：孔明灯升空时只受到空气浮力作用
D．图丁：司南能够指示南北是因为受到重力作用
【答案】B
【知识点】力作用的相互性；重力及其大小的计算；杠杆的平衡分析法及其应用；地磁场
【解析】【解答】A、土火箭点火后产生的气体对火箭有反作用力，利用的是力的作用是相互的这一原理制作的，故A错误；
B、杆秤测量物体质量是利用杠杆平衡原理制作的，故B正确；
C、孔明灯在竖直上升过程中，受到重力和浮力的作用，所以不是只受到浮力作用，故C错误；
D、地磁场能对地球附近的磁体产生磁力，所以司南能够指南北是受地磁场的作用，而不是因为受到重力作用，故D错误；
故选：B。【分析】（1）力作用是相互的；
（2）杆秤是利用杠杆原理制作的；
（3）地球上的一切物体都受到重力作用，浸在液体和气体中的物体都要受到浮力的作用；
（4）地球是一个大磁体，周围存在磁场，叫做地磁场，地磁场对放入其中的小磁针产生磁力的作用。
13．（2025·衡山模拟）2025年2月11日长征八号改运载火箭首飞成功，将卫星互联网低轨02组卫星发射升空，卫星顺利进入预定轨道。在运载火箭发射升空的过程中，火箭相对于地面是　 　的，卫星与文昌航天发射中心之间是通过　 　波来传递信息的。
【答案】运动；电磁
【知识点】参照物及其选择；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】运载火箭发射升空的过程中，火箭和地面的运动状态不同，所以相对于地面是运动的。卫星与文昌航天发射中心之间是通过电磁波来传递信息的。
【分析】1、物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止；
2、信息的传递：无线网络通信依靠电磁波来传递信息。
14．（2025·衡山模拟）如图所示，瓶内水上方存在着无色透明、无法看到的水蒸气，不断向瓶内打气。当塞子跳起来时，在瓶口处出现白雾，在这个过程中，瓶内气体膨胀将瓶塞推出，气体的　 　能转化为瓶塞的机械能，这一过程与内燃机工作的　 　冲程原理相同。
【答案】内；做功
【知识点】做功改变物体内能；热机；热机的四个冲程
【解析】【解答】塞子跳起来时的原理为气体的内能转化为瓶塞的机械能；和内燃机的做功冲程能量转化情况相同。
【分析】吸气冲程特点：进气后打开，排气口关闭，活塞下移；压缩冲程：进气后关闭，排气口关闭，活塞上移，能量转化为机械能转化为内能，气缸内空气内能增加；做功冲程：进气后关闭，排气口关闭，火花塞点燃，高温高压的气体推动活塞下移，气体内能减小，能量转化为内能转化为机械能；排气冲程：进气后关闭，排气口打开，活塞上移，排除废气。
15．（2025·衡山模拟）智能饮水机已经普遍用于医院、车站等公共场所，其简化的工作电路如图乙所示，该饮水机可通过智能系统实现加热、保温档自动切换。当S闭合，S1断开时，智能饮水机处于　 　挡。饮水机中加热管的工作原理是利用了电流的　 　效应。
【答案】保温；热
【知识点】电功率的计算；电流的热效应
【解析】【解答】当S闭合，S1断开时，两电阻串联，电阻较大，根据电功率公式计算可知，此时电功率较小，智能饮水机处于保温档。饮水机中加热管工作原理是利用了电流的热效应。
【分析】电功率计算：公式为，所以电压一定时，电功率和电阻成反比。
电流的热效应：公式为Q=I2Rt.所以产热量和电流、电阻以及通电时间有关。
16．（2025·衡山模拟）如图所示，底面积为、高为18cm的薄壁圆柱形容器放在水平桌面上，装有深度为13cm的水，容器中水的质量为　 　g。另有一个外底面积为，外高为12cm的厚底柱形玻璃杯。若将玻璃杯杯口向上，竖直缓慢放入水中，直至玻璃杯最终静止，此时水的深度为15cm，薄壁容器对桌面的压力增大了7.4N，此时杯子在水中的浮沉情况为　 　；玻璃杯的密度为　 　kg/m3。（，g取10N/kg）
【答案】1300；下沉；
【知识点】密度公式及其应用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】底面积为，装有深度为13cm的水，水的体积V=Sh=100cm2×13cm=1300cm3，水的密度，根据密度公式计算容器中水的质量；放入玻璃杯后，水深增加量为 h=15cm-13cm=2cm，所以排开水的体积V排=S容× h=100cm2×2cm=200cm3，根据浮力公式计算
玻璃杯受到的浮力；薄壁容器对桌面的压力增加量等于玻璃杯重力，分析7.4N>2N，即玻璃杯受到的浮力小于重力，所以玻璃杯下沉。G杯=7.4N，结合重力公式G=mg计算玻璃杯的质量，玻璃杯下沉，玻璃杯外高h杯=12cm，水深15cm，所以此时玻璃杯浸没，则V杯=V排=200cm3，根据密度公式计算玻璃杯密度。
【分析】1、浮力的本质为上下表面产生的压力差，计算公式为F浮=ρ液gV排，所以物体所受浮力和物体所处的深度无关，与排开水的体积有关，当排开水的体积越小时，浮力越小，排开水的体积越大时，浮力越大；
2、性质：密度是物质的基本属性，不随质量和体积的变化而变化；至于材料本身以及材料状态有关；根据密度公式计算m=ρv分析可知，体积相同是质量和密度成正比。
17．（2025·衡山模拟）
（1）请在图中画出路灯发出的光经湖面反射后的光线，并标出反射角r；
（2）如图所示，是一件刚烧制好的铜官陶瓷茶壶，请画出茶壶静止在水平面上时的受力示意图。（重心在O点处）
【答案】（1）
（2）
【知识点】作光的反射光路图；力的三要素及力的示意图；重力示意图
【解析】【解答】（1）垂直水面做出法线，根据光的反射规律可知，反射角等于入射角，反射光线与入射光线分居法线两侧，据此在法线左侧的空气中画出反射光线，标出反射角r，如图所示：
（2）茶壶静止在水平面，则受平衡力，茶壶受竖直向下的重力和竖直向上的支持力，过重心作竖直向下的线段，标上重力的符号G，做竖直向上的线段，标上支持力的符号F，两个力大小相等，因此线段的长度相等，如图所示：
【分析】（1）光从空气中斜射到水面，在水面上发生折射的同时也发生了反射，利用光的反射规律即可作出对应的反射光线。
（2）画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
（1）先过入射点O垂直于地面作出法线，入射角为入射光线与法线的夹角，根据反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线，反射光线与法线的夹角为反射角，标出反射角r，如图所示：
（2）茶壶受竖直向下的重力和竖直向上的支持力，过重心作竖直向下的线段，标上重力的符号G，做竖直向上的线段，标上支持力的符号F，两个力大小相等，因此线段的长度相等，如图所示：
18．（2025·衡山模拟）如图所示是小明和同学们探究“凸透镜成像规律”的实验情景。
（1）根据图甲可以测出该凸透镜的焦距；
（2）他们将点燃的蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，还应调整烛焰的焰心、光屏的中心位于凸透镜的中心在　 　；
（3）器材组装好后，小明移动蜡烛和光屏到如图乙所示位置时，恰好在光屏上呈现出清晰的实像。保持蜡烛和光屏在光具座上的位置不动，仅将凸透镜向右移动15cm便又可在光屏上得到清晰的实像，这个是倒立、　 　的实像；
（4）接着，小明将一块眼镜片竖直放于蜡烛和凸透镜之间，光屏上的像又变模糊了，将光屏向左移动适当距离，光屏上的像又清晰了，由此可知，该眼镜片可用于矫正　 　眼。
【答案】同一水平高度；缩小；远视
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（2）为使像呈现在光屏的中央，应调节凸透镜中心、烛焰和光屏的中心高度，使它们的中心在同一水平高度；
（3）若保持蜡烛和光屏的位置不动，移动凸透镜向右移动15cm，移到65cm刻度线处时，此时物距等于原来的像距，根据光路可逆可知，此时成的是倒立、缩小的实像；
（4）小明将一眼镜片竖直放于蜡烛和凸透镜之间，光屏上的像又变得模糊，再将光屏向左移动适当距离后像又清晰，此时像距减小，说明镜片对光线有会聚作用，由此可知，该眼镜片是凸透镜，可用于矫正远视眼。
故答案为：（1）11.0；（2）同一水平高度；（3）右；15；（4）远视。【分析】（1）焦距是指从焦点到凸透镜的距离，根据图读出便可；
（2）为使像呈现在光屏的中央，应调节烛焰、光屏的高度，使它们的中心在凸透镜的主光轴上；
（3）在光的折射中，光路是可逆的；
（4）根据凸透镜和凹透镜对光线的作用分析解答，凸透镜可以矫正远视眼，凹透镜可以矫正近视眼。
19．（2025·衡山模拟）小礼利用铁架台、杠杆、钩码等器材探究杠杆的平衡条件，实验使用的钩码质量均为50g，杠杆上每
格长度均相等。
（1）杠杆静止在如图甲所示位置，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节；
（2）小礼在杠杆两侧挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，进行了3次实验，杠杆水平平衡时记录的数据如表：
次数 动力F/N 动力臂I1/cm 阻力F/N 阻力臂I2/cm
1 0.5 20.0 1.0 10.0
2 1.0 15.0 1.5 10.0
3 1.5 10.0 0.5 30.0
分析表中的数据，得到杠杆的平衡条件是：　 　（用F1、I1、F2、I2表示）；
（3）如图乙所示，将A、B位置的钩码个数都再增加一个，杠杆将会　 　（选填“仍然平衡”或“左端下沉”或“右端下沉”）。
【答案】（1）右
（2）F1l1=F2l2
（3）左端下沉
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）根据甲图可知，杠杆右端上翘，则杠杆的右端轻，则应将杠杆的平衡螺母向右调节。
（2）根据表格数据得到：0.5N×20.0cm=1.0N×10.0cm；1.0N×15.0cm=1.5N×10.0cm；
1.5N×10.0cm=0.5N×30.0cm；
那么得到杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂，
即。
（3）根据乙图可知，将位置的钩码个数都增加一个，
则杠杆左端：；
杠杆右端：；
因为，
则杠杆左端下沉。
【分析】（1）平衡螺母总是向较轻的一侧调节；
（2）分别计算出每组数据中动力和动力臂的乘积，阻力和阻力臂的乘积，然后比较大小，进而得到杠杆的平衡条件；
（3）分析计算出砝码增加后杠杆左右两侧力和力臂的乘积大小，杠杆总是向大的一侧下沉。
（1）由图甲中，杠杆左端下沉，要将杠杆调节到水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂。
（2）由表格中数据知，第一次数据0.5N×20.0cm=1.0N×10.0cm
第二次数据1.0N×15.0cm=1.5N×10.0cm
第三次数据1.5N×10.0cm=0.5N×30.0cm
可得杠杆的平衡条件是动力×动力臂=阻力×阻力臂
即。
（3）设一个钩码所受的重力为G，杠杆一格长度为L，将位置的钩码个数都增加一个，杠杆左端为
杠杆右端为
因为，则杠杆左端下沉。
20．（2025·衡山模拟）小婧同学用如图甲所示的电路探究电流与电压的关系。实验器材有：2节干电池、1只电流表、1只电压表、多个阻值不同的定值电阻、1只滑动变阻器、1个开关、导线若干。
（1）在连接电路时，开关应处于　 　状态；
（2）小婧同学选择的定值电阻为10欧，然后调节滑动变阻器此时电压表示数如图乙所示，如果她想把电压表示数调为2.5V，那么小婧该把滑动变阻器的滑片往　 　边调；
（3）小婧同学总共完成了6组数据，描绘出了如图丙所示的U-I图像，请问：小婧同学能否根据图丙得出，“在电阻一定时，流过导体的电流与导体两端的电压成正比例”的结论？若能请说明理由？若不能，请说明实验操作中可能存在什么疏漏？　 　。
【答案】断开；右；“在电阻一定时，流过导体的电流与导体两端的电压成正比例”的结论，需要使得图像经过原点，所以不能得出该结论。出现这种情况，可能是电压表的指针没有指在零刻度线处，使用前又没有调零，导致出现了这种数据错误的现象。
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）为了保护电路中的元件，在连接电路时，开关应处于断开状态。
（2）电压表使用的是0 3V的量程，示数为2V，电压表示数调为2.5V，根据串联分压，小婧应该把滑动变阻器的滑片往右边调，以减小滑动变阻器的电阻，从而增大定值电阻两端的电压。
（3）“在电阻一定时，流过导体的电流与导体两端的电压成正比例”的结论，需要使得图像经过原点，所以不能得出该结论。出现这种情况，可能是电压表的指针没有指在零刻度线处，使用前又没有调零，导致出现了这种数据错误的现象。
综上 第1空、 断开； 第2空、右； 第3空、 “在电阻一定时，流过导体的电流与导体两端的电压成正比例”的结论，需要使得图像经过原点，所以不能得出该结论。出现这种情况，可能是电压表的指针没有指在零刻度线处，使用前又没有调零，导致出现了这种数据错误的现象。
【分析】1、电路连接的基本操作：连接电路时，为保护电路开关应断开，变阻器调节至最大阻值处，对电表进行试触，根据电表偏转角度选择合适的电表量程；同时电表的正负极接线柱要符合电流的正进负出；
2、串联分压：用电器串联时，其两端的电压和电阻成正比，待测电阻的电压无法降低，表明电源电压过大或者变阻器电阻较小分压过少导致。
3、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
21．（2025·衡山模拟）如图是小明做“探究什么情况下磁可以生电”的实验装置。
（1）实验时，小明通过观察　 　来判断电路中是否产生感应电流；
（2）小明进行了如图所示的5次操作，其中能产生感应电流的是　 　（选填所有符合要求的操作序号）；
（3）利用“磁生电”工作的装置有　 　（选填“电铃”“扬声器”“动圈式话筒”或“电磁起重机”）。
【答案】灵敏电流计的指针是否偏转；①③④；动圈式话筒
【知识点】电磁铁的其他应用；电磁感应；产生感应电流的条件；扬声器和耳机的构造和原理；动圈式话筒的构造和原理
【解析】【解答】（1）实验时，将灵敏电流计的指针的偏转转换为电路中产生的感应电流。
（2）导体做切割磁感线运动会产生感应电流，所以①③④做切割磁感线运动，②⑤不做切割磁感线运动，所以会产生感应电流的是①③④。
（3）磁生电的应用为 动圈式话筒 ，电铃和电磁起重机应用为电流的磁效应，扬声器应用通电导体在磁场中受力工作的，动圈式话筒利用电磁感应产生电流的。
综上 第1空、 灵敏电流计的指针是否偏转； 第2空、①③④； 第3空、 动圈式话筒.
【分析】1、电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，实例：发电机、 POS机读出信息；
2、电流的磁效应：通电导线周围存在磁场，使得小磁针发生偏转；
3、通电导线在磁场中受到力的作用，实例有：电动机；
4、通电螺线管：由通电线圈组成，磁性方向可通过安培定则判断：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端就是通电螺线管的N极，磁性与电流、线圈匝数有关。
22．（2025·衡山模拟）如图质量为3的四旋翼无人机，停在地面上时与地面的总接触面积为25，某次运载货物质量为400g，上升过程中在5s内从地面竖直匀速上升了10m。（g取10）求：
（1）上升过程中无人机的速度；
（2）无人机停在地面上时对地面的压强；
（3）上升过程中无人机对货物拉力做功的功率。
【答案】（1）解：上升过程中无人机的速度
（2）解：无人机停在地面上时对地面的压力等于无人机的重力，即F压=G无=m无g=3kg×10N/kg=30N
它对地面的压强
（3）解：无人机竖直匀速上升时，对货物拉力与货物的重力平衡，大小相等，即F=G货=m货g=400×10-3kg×10N/kg=4N
无人机对货物拉力做功的功率
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）根据求上升过程中无人机的速度；
（2）无人机停在地面上时对地面的压力等于无人机的重力，根据F=G=mg求压力的大小，根据求无人机对地面的压强；
（3）无人机竖直匀速上升时，对货物拉力与货物的重力平衡，大小相等，根据F=G=mg求拉力的大小，根据求无人机对货物拉力做功的功率。
（1）上升过程中无人机的速度
（2）无人机停在地面上时对地面的压力等于无人机的重力，即F压=G无=m无g=3kg×10N/kg=30N
它对地面的压强
（3）无人机竖直匀速上升时，对货物拉力与货物的重力平衡，大小相等，即F=G货=m货g=400×10-3kg×10N/kg=4N
无人机对货物拉力做功的功率
23．（2025·衡山模拟）如图所示电路，已知电源电压恒定不变，灯泡L标有“3V 0.3A”字样，其阻值会随温度变化，电流表量程为“0~0.6A”，电压表量程根据实际情况进行选择。只闭合开关S1，移动R2滑片至最右端时，电压表的示数为3.8V，R1的功率为P1；然后将滑动变阻器R2的滑片移到最左端时，电流表示数为0.3A，R1的功率为；同时闭合开关S1和S2，再移动滑片至某一位置时，电压表和电流表的示数分别为2.5V和0.4A，已知，求：
（1）小灯泡正常发光时的电阻；
（2）电源电压；
（3）当有电流通过灯泡时，灯泡的功率的最小值与最大值之比。
【答案】（1）解：根据灯泡铭牌数据和可知小灯泡正常发光时的电阻为
（2）解：将滑动变阻器R2的滑片置于最右端，只闭合开关S1时，电压表的示数为3.8V，R1的功率为P1，如图甲；只闭合开关S1，移动滑片至最左端时，电流表的示数为0.3A，R1的功率为，如图乙，闭合开关S1和S2，移动滑片至某一位置时，电压表和电流表的示数分别为2.5V和0.4A，如图丙，
因为，即
解得甲、乙两图中电流之比为，又因为I乙=0.3A，所以I甲=0.1A， 在丙电路中，滑动变阻器接入电路的电阻为
所以电源电压为---------①
由于乙电路电流为0.3A，所以灯泡正常发光，电压为3V，所以电源电压为--------②
由①②得
即
解得R1=5Ω，U=4.5V。
（3）解：在只闭合S1时，灯泡才有电流通过，即只考虑甲、乙两个电路，甲电路滑动变阻器电阻最大，电路电流最小，灯泡的功率最小，
此时滑动变阻器的电压为，R1两端电压为
所以灯泡两端电压为
灯泡的最小功率为
电路滑动变阻器接入电路阻值为零，电路电流最大，最大电流是0.3A，灯泡正常发光，灯泡的功率最大为
所以，灯泡的最小功率与最大功率之比
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据灯泡铭牌数据和欧姆定律可知小灯泡正常发光时的电阻；
（2）首先画出电路三个过程的电路图，明确各过程串联和并联，明确电压表和电流表测量的电流，知道功率之比求出电流之比，知道滑动变阻器的电压和电流，利用第二和第三过程的电源电压相等列出等式求出R1的电阻和电源电压；
（3）有电流通过灯泡L的情况下，说明是只闭合S1的情况下，求出两种情况下的灯泡的最大功率和最小功率即可。
（1）根据灯泡铭牌数据和可知小灯泡正常发光时的电阻为
（2）将滑动变阻器R2的滑片置于最右端，只闭合开关S1时，电压表的示数为3.8V，R1的功率为P1，如图甲；
只闭合开关S1，移动滑片至最左端时，电流表的示数为0.3A，R1的功率为，如图乙，闭合开关S1和S2，移动滑片至某一位置时，电压表和电流表的示数分别为2.5V和0.4A，如图丙，
因为，即
解得甲、乙两图中电流之比为，又因为I乙=0.3A，所以I甲=0.1A， 在丙电路中，滑动变阻器接入电路的电阻为
所以电源电压为---------①
由于乙电路电流为0.3A，所以灯泡正常发光，电压为3V，所以电源电压为--------②
由①②得
即
解得R1=5Ω，U=4.5V。
（3）在只闭合S1时，灯泡才有电流通过，即只考虑甲、乙两个电路，甲电路滑动变阻器电阻最大，电路电流最小，灯泡的功率最小，
此时滑动变阻器的电压为，R1两端电压为
所以灯泡两端电压为
灯泡的最小功率为
电路滑动变阻器接入电路阻值为零，电路电流最大，最大电流是0.3A，灯泡正常发光，灯泡的功率最大为
所以，灯泡的最小功率与最大功率之比
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