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四川省绵阳市盐亭县2025-2026学年九年级上学期1月期末物理试题
1．（2026九上·盐亭期末）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（　　）
A．物体温度升高，内能一定增大，且一定从外界吸收了热量
B．物体放出了热量，内能一定减少，温度一定会降低
C．物体内能增大了，一定吸收了热量，且温度一定升高了
D．一个物体温度没变，内能有可能减少
2．（2026九上·盐亭期末） “电暖手袋”让这个严冬不那么寒冷，下列说法正确的是（　　）
A．暖手袋未插电加热前没有内能
B．暖手袋加热的温度越高，含有的热量越多
C．暖手袋暖手，是通过做功的方式改变内能
D．插上电源加热时，暖手袋温度升高，内能增加
3．（2026九上·盐亭期末）小明在海边玩耍，感觉沙滩上的沙子很热，海水却比较凉爽。某天，他从6时到22时对沙子和海水的温度进行了测量，绘成的温度随时间变化图像如图所示。下列分析不正确的是（　　）
A．早晨6时，海水的温度比沙子高
B．6时到14时，沙子吸收的热量比海水多
C．14时到22时，海水降低的温度比沙子小
D．利用此图像可以比较海水和沙子的比热容
4．（2026九上·盐亭期末）对质量均为200g，初温相同的甲、乙两种物质，用相同的加热器加热，它们温度随时间变化的图像如图所示。若单位时间内，甲、乙吸收的热量相同。甲在0～8min的状态下，比热容为c甲=1.9×103J/（kg ℃）。下列说法正确的是（　　）
A．乙物质的沸点一定是60℃
B．0～6min，甲的比热容大于乙的比热容
C．0～6min，甲吸收的热量比乙更快
D．8～10min，乙吸收的热量为7.6×103J
5．（2026九上·盐亭期末）质量相同的A、B两金属块，把它们都加热到100℃，然后分别投入装有质量相同、初温都为0℃的C、D两杯水中，测量的结果：金属块A使C杯的水温升高了10℃，金属块B使D杯的水温升高了20℃．设两金属块比热容为cA和cB，则cA与cB的比值为
A．4：9 B．9：4 C．19：9 D．9：19
6．（2026九上·盐亭期末）干木柴、焦炭和无烟煤的热值如图所示的柱状图，下列说法正确的是（　　）
A．在完全燃烧的条件下，无烟煤放出的热量最多
B．在质量相同的条件下，干木柴燃烧放出的热量最少
C．焦炭的热值等于1kg焦炭的热值
D．燃烧焦炭放出的热量小于燃烧1kg焦炭放出的热量
7．（2026九上·盐亭期末）如图所示为探究“不同物质吸热升温现象”、“比较不同燃料燃烧时放出的热量”的实验装置。下列说法正确的是（　　）
A．两实验的研究对象都是烧杯中的液体
B．两实验都需要控制被加热的液体质量相等
C．除图中的器材，两实验都需要用到天平和秒表
D．两实验都可以根据温度计示数的变化来比较烧杯中液体吸热的多少
8．（2026九上·盐亭期末）对于图中所描述的物理过程，下列分析中正确的是（　　）
A．甲，玻璃筒内的空气被压缩后内能增大，这是因为棉花燃烧放热
B．乙，塞子跳起时，瓶内气体内能减小，这是通过做功的方式改变的
C．丙，水蒸气将塞子推出的过程中，能量转化与热机的压缩冲程相同
D．丁，该冲程为内燃机的做功冲程，曲轴每转一圈发生一次该冲程
9．（2026九上·盐亭期末）如图甲展示的是一种具有报警功能的文物展示台。假设该展示台的结构如图乙所示，由木板，弹簧，金属片A、B、C，以及报警电路组成，文物放置在金属片B上。下列说法正确的是（　　）
A．金属片B相当于电路的电源
B．文物放在金属片上时相当于电铃断路
C．金属片B上放置文物时小灯泡不发光
D．文物被拿走时电铃响，小灯泡亮
10．（2026九上·盐亭期末）如图所示的电路图，在A、B两点间分别接入不同元件，可以进行不同的实验。下列描述正确的是（　　）
A．探究电流与电阻的关系——改变接入AB间电阻大小和电压大小
B．探究电流与电压的关系——AB间电阻大小不变，电压大小也不能变
C．测量未知电阻阻值——滑动变阻器用于改变电阻两端电压和通过的电流
D．测量小灯泡的阻值——需多次测量，求平均值，减小误差
11．（2026九上·盐亭期末）如图甲所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从b端移到a端的过程中，电流表示数I与电压表示数U的关系如图乙所示。下列说法中（　　）
①电源电压为6V
②定值电阻R的阻值为5Ω
③滑动变阻器的最大阻值为10Ω
④电路的总功率变化范围为1.35～4.05W
A．只有②③④正确 B．只有①②④正确
C．只有②③正确 D．只有①③正确
12．（2026九上·盐亭期末）研究发现，额定功率为3W的LED灯与额定功率为8W的节能灯，以及额定功率为25W的白炽灯在正常发光时的亮度相当。下列说法正确的是（　　）
A．三个灯的实际功率相同
B．LED灯比节能灯和白炽灯消耗的电能都少
C．LED灯比节能灯的电流做功快
D．LED灯比节能灯把电能转化为光能的效率更高
13．（2026九上·盐亭期末）某烟雾报警装置如图所示，R0的电阻为5Ω，R为光敏电阻，其阻值随光强E的增大而减弱，电源电压恒为4.5V。电流表的量程为“0～0.6A”，当光强小于或等于30cd时，烟雾报警器报警。
①开始报警时电路中电流为0.3A
②不报警时光强的变化范围是30cd＜E≤75cd
③不报警时R0的电功率变化范围是0.45W＜P0≤1.8W
④在不报警和报警时两种情况下电路消耗的最大电功率的比为4：3
以上说法中正确的是（　　）
光强E/cd 7.5 10 15 30 60 …
R/Ω 40 30 20 10 5 …
A．①② B．①③ C．②④ D．③④
14．（2026九上·盐亭期末）如图所示，小莉早上想用电热水壶烧开水，将插头插入插座，并闭合开关，发现电热水壶不工作；但厨房的灯泡是亮的。保持灯泡开关闭合，拔出插头，用试电笔分别接触插座的左右两孔，发现接左孔时氖管不发光，接右孔时发光。若电路中只有一处故障，则故障可能是（　　）
A．CD间电路断路 B．ED间电路断路
C．插座短路 D．保险丝烧断
15．（2026九上·盐亭期末）小丽用相同的电加热器分别对质量为0.2kg的水和0.3kg的另一种液体进行加热，得到实验数据如图所示，水在16min内吸收的热量为　 　J，另一种液体的比热容为　 　J/（kg ℃）。[c水=4.2×103J/（kg ℃）]
16．（2026九上·盐亭期末）现有甲、乙、丙三种初温相同的液体，其中甲、乙为质量不等的同种液体，乙、丙为质量相等的不同液体。对这三种液体分别加热，可根据它们吸收的热量和升高的温度，在“温度-热量”图像上分别画出对应的三点甲、乙、丙，如图所示，则甲、丙两种液体的比热容c甲　 　c丙；甲、丙两种液体的质量m甲　 　m丙。（两空均选填“＞”、“=”或“＜”）
17．（2026九上·盐亭期末）一台单缸四冲程汽油机，飞轮的转速为2400r/min，则此汽油机每秒钟完成 　 　 个冲程。汽车散热器常用水作为冷却剂，当散热器散热时，通过 　 　 方式改变了水的内能。
18．（2026九上·盐亭期末）人类的发展史也是利用燃料的历史，从干木柴、煤炭、液化气到天然气；天然气的应用是当今的主流；完全燃烧0.28m3的天然气可以放出　 　J的热量，若这些热量30%被水吸收，可让 　 　 kg得水温度升高20℃。[已知天然气热值q=3.0×107J/m3，水的比热容c=4.2×103J/（kg ℃）]
19．（2026九上·盐亭期末）如图所示，灯泡规格均相同，甲图中电压恒为6V，乙图中电压恒为18V．分别调节R1、R2使灯均正常发光，那么此时电路消耗的总功率之比P1：P2=　 　 ，可变电阻接入电路中的电阻值之比R1：R2= 　 　。
20．（2026九上·盐亭期末）如图所示电路，电源电压不变，灯L1标有“6V 3W”的字样。闭合开关，调节滑动变阻器的滑片位置，使灯L1正常发光时，滑动变阻器的电功率为P1；用标有“12V 6W”字样的灯L2替换灯L1为让灯L2正常发光，滑动变阻器滑片P应 　 　 （选填“向右端移动”、“向左端移动”或“不移动”），若灯L2正常发光时滑动变阻器的电功率为P2，则P1、P2相差 　 　 W。
21．（2026九上·盐亭期末）定值电阻R1和R2上分别标有“20Ω 1A”和“30Ω 0.5A”的字样，现将它们串联起来接到某电源两端，为了不损坏电阻，该电源的电压不能超过 　 　 V；若将它们并联起来，在不损坏电阻的情况下，电路的最大的电功率是 　 　 W。
22．（2026九上·盐亭期末）家庭电路的部分电路图如图所示（电路连接规范）。只闭合开关S1，灯L1正常发光，此时用试电笔接触a点，试电笔的氖管　 　（选填“发光”或“不发光”）；再闭合开关S2，灯L1马上熄灭，则故障原因可能是灯L2　 　（选填“短路”或“断路”）。
23．（2026九上·盐亭期末）如图1所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量和初温也相同。
（1）下列说法中正确的是 ____ 。
A．比较不同液体的比热容，可以选择甲、丙两图
B．比较不同液体的比热容，可以选择乙、丙两图
C．比较不同燃料的热值，可以选择乙、丙两图
D．比较不同燃料的热值，可以选择甲、丙两图
（2）为了研究不同物质的吸热能力，利用其中两幅图进行实验，根据记录数据作出了两种液体的温度随时间变化的图象，如图2所示：
①不同物质吸热的多少是通过 　 　（填“温度计示数”或“加热时间”）来反映的；
②由图可以看出， 　 　液体的温度升高得较慢，　 　 液体的比热容较大；
③如果b液体的比热容是1.8×103J/（kg ℃），则a液体的比热容是 　 　J/（kg ℃）。
（3）某同学用上面装置甲测酒精的热值。加热前酒精灯内的酒精质量为m1，加热一段时间后变为m2；烧杯中液体的质量为m，液体的初温为t1，末温为t2，液体的比热容用c表示。用以上符号表示该同学测酒精热值的计算式：　 　 。该同学测算发现，测量值比课本中的“标准值”小很多，请你写一条产生该误差的原因：　 　 。
24．（2026九上·盐亭期末）小明和小亮在“测量小灯泡的额定功率”的实验中，选用的待测小灯泡L的额定电压为2.5V，电源电压为3V。
（1）小明迅速地连接好电路，如图甲所示，小亮检查后发现有一根导线连接错误，请在图甲中错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线补上一条正确的导线　 　。
（2）改正错误后，闭合开关，移动滑片，当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡L的额定功率为 　 　W。
（3）在某次调节过程中，滑动变阻器的阻值减小了ΔR1小灯泡的阻值变化了ΔR2，那么ΔR1　 　ΔR2（选填“＞”、“＜”或“=”）。
25．（2026九上·盐亭期末）如图所示为“探究电流通过导体时产生的热量与哪些因素有关”实验的部分装置，两个相同的透明容器中封闭着等量的空气。
（1）实验中通过观察　 　的变化来反映电阻产生热量的多少，下列实验中，也运用了这种实验方法的是　 　（填序号）；
①比较不同物质的吸热能力
②探究电流与电压、电阻的关系
（2）闭合开关，通电一段时间，观察到右侧液面高于左侧液面，如图甲所示。表明在电流和通电时间相同的情况下，　 　越大，产生的热量越多；
（3）乙图中与并联，目的是使通过与的　 　不同；
（4）如果乙装置中发生了断路，保证通电时间相同，与断路前相比较，则左侧U形管中液面的高度差将　 　。（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
26．（2026九上·盐亭期末）油电混合动力汽车是新型节能汽车。这种汽车以高速匀速行驶时，内燃机启动，此时在向车轮输送能量的同时也给动力蓄电池组充电。已知某型号混合动力汽车所用的动力蓄电池可储存的最大电能是1.0×108J。若测试人员驾驶该车在平直公路上以80km/h的测试车速匀速行驶0.5h，内燃机消耗燃油2.5kg，蓄电池组的电能增加了最大电能的10%；从汽车的使用说明书知道，汽车行驶时所受阻力f和车速v的关系如图所示。则：
（1）该汽车测试行驶中牵引力做了多少功？
（2）该汽车测试行驶中若燃油完全燃烧可放出多少热量？
（3）该汽车内燃机的效率是多大？（燃油的热值为4.6×107J/kg）
27．（2026九上·盐亭期末）如图甲，电源电压不变，为定值电阻，R为滑动变阻器。当滑片P由滑动变阻器b端移动到a端的过程中，分别测出几组对应的电压值和电流值，通过计算得出滑动变阻器对应的电功率P，并画出滑动变阻器的电功率P和电流I的关系图象，如图乙所示。求：
（1）滑动变阻器的最大阻值；
（2）的阻值和电源电压；
（3）整个电路消耗的最小电功率是多少？
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】A．物体的内能增大，可能是从外界吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故A错误；
B．在晶体凝固过程中，虽然不断放热，但是温度不变，故B错误；
C．液体沸腾时，不断吸热，则内能增大，但是温度不变，故C错误；
D．晶体熔化或凝固过程的过程中，内能增大或减小，但是温度保持不变，如故D正确。
故选D。
【分析】A.根据改变内能的方式判断；
B.根据晶体凝固过程中的温度变化判断；
C.根据液体沸腾时的温度变化规律判断；
D.根据晶体熔化或凝固过程的内能变化判断。
2．【答案】D
3．【答案】B
【知识点】比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】A．图中，早晨6时，海水温度为15℃，沙子温度为10℃，海水的温度比沙子高，故A正确，不符合题意；
B．相同环境中，太阳每小时放出的热量相同，6时到14时，沙子和海水吸收的热量相等，故B错误，符合题意；
C．图中，在14时和22时，比较海水温度和沙子温度，海水降低的温度比沙子小，故C正确，不符合题意；
D．根据，相同质量的海水和沙子，吸收或放出相同的热量，温度变化越大，比热容越小，可比较海水和沙子的比热容，故D正确，不符合题意。
故选B。
【分析】相同环境下，太阳放出热量相同，物体吸收热量相同；海水和沙子质量和吸收的热量相同，温度差越大，则比热容越小。
4．【答案】D
【知识点】热量的计算；水的比热容的特点及其应用
【解析】【解答】 A.当晶体熔化时温度保持不变，沸腾时温度也保持不变。在图像中，乙的末温保持不变，可能处在熔化过程中，也可能处于沸腾过程中，此时的温度不一定是沸点，故A错误；
B.根据图片可知，在0～6min内二者吸收相同的热量，此时甲的温度大于乙升高的温度，且两物质的质量相同，根据Q=cmΔt可知，甲的比热容小于乙的比热容，故B错误；
C.根据题意可知，实验中用同样的加热器进行加热，在相同时间内物质吸收的热量是相同的，则在0～6min内两物质吸热快慢相同，故C错误；
D.根据图片可知，0～6min时，甲吸收的热量Q=c甲mΔt=1.9×103J/（kg ℃）×0.2kg×（80℃-20℃）=2.28×104J，则2min内甲吸收的热量等于它的，即吸收的热量为0.76×104J。8～10min内吸收的热量肯定等于0.76×104J= 7.6×103J ，故D正确。
故选D。
【分析】 A.晶体的熔化过程和沸腾过程温度都保持不变
B.根据图像判断加热相同的时间时二者吸收热量多少和升高温度高低，然后根据公式Q=cmΔt分析甲、乙二者比热容的大小；
C.用同样的加热器进行加热，在相同时间内物质吸收的热量是相同的，即吸热快慢相同；
D.在相同时间内物质吸收的热量是相同的，先利用Q=cmΔt求0～6min内甲吸收的热量，可得8～10min内乙吸收的热量。
5．【答案】A
【知识点】比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】根据题目描述可知，C的初温度为0℃，金属块A使C杯的水温升高了10℃，
故C杯中水和A的末温度都为10℃；
对于金属块A来说有：；
因为D的初温度为0℃，金属块B使D杯的水温升高了20℃，
故D杯中水和B的末温度都为20℃；
对于金属块B来说有：；
因为，则①÷②得：，
，
解得：，故A正确，而BCD错误。
故选A。
【分析】当达到热平衡时，每个金属块放出的热量等于各自杯中水吸收的热量，这样就可以列出两个方程，联立即可求出甲乙金属块的比热容之比；
6．【答案】C
【知识点】燃料的热值
【解析】【解答】 解：A、燃料燃烧放出热量的多少与燃料的热值、燃料的质量有关，只根据热值无法判定放出热量的多少，故A错误；
B、在质量相同的条件下，燃料燃烧放出的热量除了与热值有关外，还与是否完全燃烧有关，所以干木柴燃烧放出的热量不一定最少，故B错误；
C、热值的大小与质量无关，0.5kg焦炭与1kg焦炭的热值相等，故C正确；
D、燃料燃烧放出的热量与是否完全燃烧有关，所以0.5kg焦炭放出的热量不一定小于燃烧1kg焦炭放出的热量，故D错误。
故选：C。
【分析】热值是燃料本身的一种特性，其大小只与燃料的种类有关，与质量大小、燃烧程度无关；
燃料燃烧放出热量的多少与燃料的质量、热值、燃烧程度等有关，利用利用Q放=mq计算燃料完全燃烧放出的热量。
7．【答案】B
【知识点】燃料的热值；物理学方法；探究不同物质的吸热能力
8．【答案】B
【知识点】做功改变物体内能；热机的四个冲程；能量的转化或转移
【解析】【解答】A．玻璃筒内的空气被压缩，活塞对筒内空气做功，使筒内气体内能增大，故A错误；
B．塞子跳起时，瓶内气体对塞子做功，是做功的方式改变的，故B正确；
C．水蒸气将塞子推出时，是内能转化为机械能，能量转化与热机的做功冲程相同，故C错误；
D．图中，气门都关闭，活塞下行，是做功冲程，曲轴每转二圈完成一个工作循环，做功一次，故D错误。
故选B。
【分析】压缩体积，内能增大，是做功改变内能；内能对外做功，内能减少；根据汽油机的气门状态和活塞运行方向，判断冲程。
9．【答案】D
【知识点】电路的构成及电路图；电路的三种状态
【解析】【解答】A．根据乙图可知，金属片B向下移动捷通电路，向上移动断开电路，相当于一个开关，故A错误；
B．根据乙图可知，文物放在金属片上时，金属片B向下移动与A、C接通，使电铃所在电路短路，而非相当于电铃断路，故B错误；
C．根据乙图可知，文物放在金属片B上时，此时有电流经过灯泡，则小灯泡发光，故C错误；
D．根据乙图可知，文物被拿走时，弹簧恢复原状使金属片B与C分离，电铃和小灯泡均接入电路，因此电铃响、小灯泡亮，故D正确。
故选D。
【分析】A.开关控制电路通断；
BCD.根据图片确定电路的连接情况，进而确定电铃是否发声，灯泡是否发光。
10．【答案】C
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验；物理学方法
【解析】【解答】A．根据控制变量法的要求可知，探究电流与电阻的关系时，需要改变电阻大小，但需要控制电阻两端电压不变，故A错误；
B．根据控制变量法的要求可知，探究电流与电压关系时，需要改变电阻两端的电压，而控制电阻大小相同，故B错误；
C．在测量未知电阻的阻值的实验中， 滑动变阻器用于改变电阻两端电压和通过的电流 ，故C正确；
D．小灯泡电阻会随着温度的变化而变化，故一般只要一组正常发光的数据即可，不能多次测量求平均值，故D错误。
故选C。
【分析】分析各个选项描述的实验中的操作过程以及注意事项，然后与右侧描述对照即可。
11．【答案】A
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】 ①②根据甲图可知，定值电阻R与滑动变阻器RP串联，电流表测电路中的电流，电压表测定值电阻两端的电压，
当滑片P在a端时，滑动变阻器连入电路的电阻为0，电路中只有R工作，此时电压表示数最大且等于电源电压，
根据乙图可知，此时电源电压U=4.5V，且电流I大=0.9A，
那么定值电阻的阻值为：，故①错误，②正确；
③当滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路中电流最小，由图乙可知，此时定值电阻两端的电压为UR=1.5V，电路中的电流为I小=0.3A，
此时滑动变阻器两端电压为U滑=U-UR=4.5V-1.5V=3V，
则滑动变阻器的最大阻值为：，故③正确；
④综上所述，该电路的最大功率为：P大=UI大=4.5V×0.9A=4.05W，
该电路的最小功率为：P小=UI小=4.5V×0.3A=1.35W，
即电路的总功率变化范围为1.35W～4.05W，故④正确，故A符合题意。
则正确的②③④。
故选A。
【分析】 ①②当滑片在a端时，滑动变阻器接入电路电阻为零，电路为定值电阻R的基本电路，电压表测量定值电阻两端电压，电压表示数即为电源电压，故由图乙可知电源电压；
当滑片在a端时，滑动变阻器接入电路电阻为零，电压表测R的电压，电流表测通过R的电流，结合图b对应的电压和电流值，根据欧姆定律就可求出电阻R的阻值。
③当滑片在b端时，滑动变阻器全部接入，则此时由图乙可知此时电路中的电流及R两端的电压，则串联电路电压特点和根据欧姆定律可求得滑动变阻器的最大阻值。
④根据P=UI算出电路的最大和最小总功率。
12．【答案】D
【知识点】电功率；实际功率；功的计算及应用
【解析】【解答】A．根据题意可知，当灯泡正常工作时，它们的实际功率均等于额定功率，白炽灯的实际功率最大，故A错误；
B．LED灯比节能灯的实际功率小，根据W=Pt可知，不明确工作时间则不能判断消耗电能的多少，故B错误；
C．已知LED灯比节能灯和白炽灯的额定功率小，则正常工作时LED灯比节能灯和白炽灯的电流做功慢，故C错误；
D．LED灯比节能灯的额定功率小，则相同时间内LED灯消耗的电能较少。而正常发光时的亮度相当，说明转化成的光能大致相同，所以LED灯比节能灯把电能转化为光能的效率更高，故D正确。
故选D。
【分析】A.当灯泡正常工作时，它们的实际功率均等于额定功率，根据题目条件判断；
B.根据W=Pt判断；
C.电功率表示电流做功快慢；
D.亮度相同，即转化为光能相同，据此分析判断。
13．【答案】B
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】 根据表格数据可知，5Ω×60cd=10Ω×30cd=20Ω×15cd=30Ω×10cd=40Ω×7.5cd=300Ω cd，
则光敏电阻的阻值R与光强E的乘积一定（300），
根据电流表的量程0～0.6A可知，不报警时电路中最大电流I最大=0.6A，
则电路中的总电阻最小为：
，
那么光敏电阻R的最小阻值为：R最小=R总最小-R0=7.5Ω-5Ω=2.5Ω，
此时光强最大为：，
所以不报警时光强的变化范围是30cd＜E≤120cd，故②错误；
根据题意可知，开始报警时，光强E开=30cd，此时光敏电阻的阻值为R开=10Ω，
此时电路中的总电阻：R总开=R开+R0=10Ω+5Ω=15Ω，
此时电路中的电流为：，
即为报警时的最大电流，故①正确；
综上所述，不报警时，R0的电功率最大为：；
报警开始时R0的电功率为：，所以不报警时R0的电功率变化范围是0.45W＜P0≤1.8W，故③正确
在不报警时，电路消耗的最大功率为：P总最大=UI最大=4.5V×0.6A=2.7W；
开始报警时，电流最大，功率最大：P开总=UI开=4.5V×0.3A=1.35W，
所以P总最大：P开总=2.7W：1.35W=2：1，故④错误。
故选B。
【分析】①② 首先根据表格数据计算光敏电阻的阻值R与光强E的乘积，据此算出其比例系数；
由电流表的量程0～0.6A可知不报警时电路中最大电流，由欧姆定律算出电路中的总电阻最小，由串联电路电阻的规律算出光敏电阻R的最小阻值，进而算出此时光强最大；
由表格数据得出开始报警时的光敏电阻的阻值，由串联电路电阻的规律算出电路中的总电阻，根据欧姆定律算出报警时的最大电流。
③不报警时，根据P=I2R算出R0的最大电功率和报警开始时R0的电功率；
④根据P总最大=UI最大算出不报警时电路消耗的最大功率，根据P开总=UI开算出开始报警时的最大功率，进而算出在不报警和报警时两种情况下电路消耗的最大电功率的比。
14．【答案】A
【知识点】家庭电路的故障分析
【解析】【解答】A．根据图片可知，当CD之间发生断路时，三孔插座的零线断开，导致热水壶零线发生断路，则电热水壶不工作。插座的右孔与火线正常连通，则试电笔接右孔时，氖管发光。由于灯泡支路不受影响，因此可以正常工作，故A符合题意；
B．根据图片可知，ED之间形成断路，即进户线总零线断开，会导致电路中所有电器都不能构成通路，都不能正常工作，故B不符合题意；
C．根据图片可知，插座短路会导致保险丝烧断，使得所有用电器无法正常工作，故C不符合题意；
D．根据图片可知，保险丝烧断时，则总火线断开，使得所有用电器无法正常工作，故D不符合题意。
故选A。
【分析】在家庭电路中，所有的用电器都是并联，三孔插座“左零右火中间地”，据此结合家庭电路连接的知识分析判断即可。
15．【答案】2.52×104；1.4×103
【知识点】水的比热容的特点及其应用
【解析】【解答】 （1）根据图像可知，水在16min内从10℃升高到40℃，
则水在16min内吸收的热量：Q吸水=c水m（t-t0）=4.2×103J/（kg ℃）×0.2kg×（40℃-10℃）=2.52×104J；
（2）由于相同的电加热器加热，相同时间内吸收的热量相同，
则另一种液体加热8min，吸收的热量应该为加热16min吸收热量的一半，即
另一种液体从开始加热到第8min温度从20℃升高到50℃，
那么另一种液体的比热容为
。
【分析】（1）根据图像确定16min内水的初温和末温，利用吸热公式Q吸=cm（t-t0）求水吸收的热量；
（2）利用相同的电加热器加热，相同时间内吸收的热量相同，可求另一种液体在8min内吸收的热量，由图像得出另一种液体8min内的初温和末温，根据计算求出液体的比热容。
16．【答案】＜；＞
【知识点】比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】 根据Q=cm△t可知，物质的温度随热量的变化规律是一条通过坐标原点的斜线。据此可知，将图像中甲、乙、丙三点分别与坐标原点相连得到液体的温度随吸收热量的变化关系图线，如下图所示：
乙、丙为质量相等的不同液体，即m乙=m丙，由图像可知，在吸收热量相等时，乙升高的温度较多，根据Q吸=cmΔt可知乙液体的比热容较小，即c乙＜c丙，由题知甲、乙为同种液体，即c甲=c乙，所以c甲＜c丙；
甲、乙为质量不等的同种液体，则c甲=c乙，由图像可知，在吸收热量相等时，甲升高的温度较少，根据Q吸=cmΔt可知甲液体的质量较大，即m甲＞m乙，而已知m乙=m丙，所以m甲＞m丙。
【分析】 乙、丙为质量相等的不同液体，即m乙=m丙，由图像可知，在吸收热量相等时，乙升高的温度较多，根据Q吸=cmΔt可知两液体的比热容关系，由题知甲、乙为同种液体，即c甲=c乙，据此判断c甲与c丙的大小关系；
甲、乙为质量不等的同种液体，则c甲=c乙，由图像可知，在吸收热量相等时，甲升高的温度较少，根据Q吸=cmΔt可知两液体的质量关系，已知m乙=m丙，据此判断m甲与m丙的大小关系。
17．【答案】80；热传递
【知识点】做功改变物体内能；热机
【解析】【解答】（1） 飞轮的转速为2400r/min， 则每秒钟飞轮转动圈数：，则每秒完成冲程个数：40×2=80；
（2）汽车散热器常用水作为冷却剂，当散热器散热时，水向外放出热量，即通过热传递 方式改变了水的内能。
【分析】（1）在四冲程热机的一个工作循环中，飞轮转动2圈，对外做功1次，完成4个冲程。
（2）做功改变内能的本质为能量的转化，热传递改变内能的本质为能量的转移。
18．【答案】8.4×106；30
【知识点】热量的计算；燃料的热值
【解析】【解答】根据题意可知， 天然气热值q=3.0×107J/m3，
则 完全燃烧0.28m3的天然气放出的热量：Q放=Vq=0.28m3×3.0×107J/m3=8.4×106J；
此时水吸收的热量：Q吸=30%×Q放=30%×8.4×106J=2.52×106J；
那么被加热水的质量：。
【分析】首先根据Q放=Vq求出完全燃烧0.28m3的天然气放出的热量，然后根据Q吸=30%×Q放计算水吸收的热量，最后利用计算水的质量。
19．【答案】1：1；1：9
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】 设三个规格相同灯泡正常发光时的电流为IL，电压为UL。
（1）由甲图可知，三灯泡并联后与R1串联，
三灯泡均正常发光时，此时干路电流：I1=IL+IL+IL=3IL，
电路的总功率：P1=UI1=U×3IL=6V×3IL，
由乙图可知，三灯泡与R2串联，三个灯泡正常发光，
所以电路的总功率：P2=U'I2=18V×IL，
所以P1：P2=（6V×3IL）：（18V×IL）=1：1；
（2）根据串联电路U总=U1+U2可知，甲图中R1两端的电压：U1=U总-UL=6V-UL，
此时R1接入电路中的电阻值：，
乙图中R2两端的电压：U2=U总'-3UL=18V-3UL=3（6V-UL），
则R2接入电路中的电阻值：，
所以R1：R2==1：9。
【分析】（1） 根据甲图和乙图确定电路的串并联关系。两种情况下三灯泡均正常发光，那么通过每一个灯泡的电流和额定电流相等，根据并联电路的电流特点和P=UI表示出甲电路的总功率，根据串联电路的电流特点和P=UI表示出乙电路中的总功率，然后得出两种情况下电路总功率的比值；
（2）根据串联电路的电压特点分别表示出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律表示出滑动变阻器接入电路中的电阻，然后得出两种情况下变阻器接入电路中的电阻之比。
20．【答案】左；3
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】 （1）根据“6V 3W”可知，灯泡L1的额定电流为，
根据“12V 6W”可知，灯泡L2的额定电流，
两灯泡的电阻分别为：，
；
调灯L1正常发光时，由电路中的电流为0.5A；
根据欧姆定律得到，电路的电流为：-----①；
用灯L2替换灯L1，电路的电流为：-----②
比较①②得：I'＜0.5A，
为了使L2正常发光，应减小电路的电阻，滑动变阻器滑片P应向左滑动；
（2）综上所述，当电流I'=0.5A时，灯L2和灯泡L1都能正常发光，
故24Ω+R滑=R滑'+12Ω，
则R滑'-R滑=12Ω；
根据P=I2R可知，则P1-P2=I'2（R滑'-R滑）=（0.5A）2×12Ω=3W。
【分析】（1）由分别计算出两灯泡正常发光时的电流，由欧姆定律可得两灯泡的电阻；
灯L1正常发光时，电路中的电流为0.5A；根据串联电路的规律及欧姆定律，得出电流表达式；
用标有“4V 2W”字样的灯L2替换灯L1，由电阻的串联和欧姆定律得出电路的电流表达式，比较两电流大小，确定滑动变阻器滑片P滑动的方向；
（2）灯在额定电流时正常发光，根据两电流表达式相等得出两种情况下变阻器连入电路电阻大小的差，因串联电路各处的电流相等，根据P=I2R求解。
21．【答案】25；18.75
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】 （1）根据“20Ω 1A”和“30Ω 0.5A”可知，
通过定值电阻R1的最大电流为I1=1A，通过定值电阻R2的最大电流为I2=0.5A，
比较可知，串联电路中允许通过的最大电流为I=I2=0.5A；
则串联电路两端的最大电压为：U大=I2（R1+R2）=0.5A×（20Ω+30Ω）=25V；
（2）根据“20Ω 1A”和“30Ω 0.5A”可知，
则定值电阻R1两端允许的最大电压U1=I1R1=1A×20Ω=20V，
定值电阻R2两端允许的最大电压U2=I2R2=0.5A×30Ω=15V，
比较可知，并联电路两端允许的最大电压为U=U2=15V；
此时通过定值电阻R1的电流为：，
则并联电路中干路上允许的最大电流为：I'=I'1+I2=0.75A+0.5A=1.25A，
那么电路的最大的电功率为：P=U'I'=15V×1.25A=18.75W。
【分析】 （1）为了不损坏电阻，比较两电阻允许通过的最大电流，选其中较小的电流；然后根据串联电路电阻的特点求出总电阻，再利用U=IR即可求出电源电压的最大值；
（2）根据U=IR分别求出各电阻两端允许的最大电压，然后比较，选其中较小的电压，再利用
分别求出各支路电流，最后利用并联电路电流的特点求出干路上允许的最大电流，根据P=UI算出电路的最大的电功率。
22．【答案】不发光；短路
【知识点】测电笔的使用；家庭电路的故障分析
23．【答案】（1）A
（2）加热时间；b；b；0.9×103
（3）；没有考虑在加热过程中热量的散失
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热量的计算
【解析】【解答】 （1）AB.根据控制变量法的要求可知，比较两种液体的比热容时，必须燃料的种类相同，只改变被加热液体的种类，那么应选择甲、丙两图进行实验，故A正确，B错误；
CD.根据控制变量法的要求可知，比较不同燃料热值时，要控制加热的液体种类、液体质量，只改变改变燃料的种类，故选择甲、乙两图进行实验，故CD错误。
故选A；
（2）①比较物质吸热能力时，使用相同的加热方式加热，则加热时间越长，那么吸收的热量越多，因此物质吸收热量的多少可以通过加热时间来反映；
②根据图2可知，加热10min时，a升高的温度高于b升高的温度，即b液体升高的温度较慢。根据公式Q=cm△t可知，b液体的比热容较大；
③根据图2可知，a、b液体从20℃升高到80℃时，a液体用了10min，b液体用了20min，
则b液体吸收的热量是a液体吸收热量的2倍，即2Qa吸=Qb吸，
2camΔta=cbmΔtb；
则2ca=cb，那么ca=×1.8×103J/（kg ℃）=0.9×103J/（kg ℃）；
（3）根据题意可知，水吸收的热量：Q吸=cm'（t2-t1），
不考虑热损失时，酒精燃烧放出的热量：Q放=Q吸=cm（t2-t1），
燃烧酒精的质量：m'=m1-m2，
那么酒精的热值：；
则测量值比课本中的“标准值”小很多，原因：没有考虑在加热过程中热量的散失（或酒精没有完全燃烧）。
【分析】 （1）根据控制变量法的要求选择对照实验；
（2）①使用相同的加热方式加热，则加热时间越长，那么吸收的热量越多；
②根据表格数据确定相同时间内液体升高温度的高低，进而确定升温的快慢。根据公式Q吸=cmΔt判断哪种物质的比热容较大
③根据表格数据确定二者都升高到80℃时加热时间的长短，据此计算b液体吸收的热量是a液体吸收热量的倍数，然后根据Q吸=cmΔt可得a的比热容；
（3）根据Q吸=cm（t-t0）求出水吸收的热量，水吸收的热量等于酒精燃烧放出的热量，根据Q放=mq求出酒精的热值；产生误差的可以从酒精没有完全燃烧、存在热损失等方面分析回答。
24．【答案】（1）
（2）0.75
（3）＞
【知识点】功率的测量实验
【解析】【解答】 （1）在“测量小灯泡的额定功率”的实验中，除了电压表与灯泡并联，其它的都是串联。根据甲图可知，可以将电流表的“-”接线柱与灯泡右端相连的导线，从电流表上拆下，改接在电压表的“3”接线柱上即可，如下图所示：
；
（2）如图乙所示，电流表选用0-0.6A量程，分度值0.02A，其示数为0.3A，则小灯泡L的额定功率为：PL=ULIL=2.5V×0.3A=0.75W；
（3）根据题意可知，当变阻器接入电路中电阻变小时，电路总电阻变小，根据可知，此时电路中电流变大。当电流增大时，灯丝温度升高，那么灯丝电阻变大。由于总电阻是变小的，则滑动变阻器的减小量大于灯泡电阻的增加量，故ΔR1＞ΔR2。
【分析】 （1）根据实验目的确定电路的串并联关系，以及电表所测的物理量，变阻器接线一上一下，然后与甲图对照确定修改的地方即可；
（2）根据图片确定电流表选用量程和分度值，然后根据指针读出读数，最后利用P=UI求出小灯泡L的额定功率小灯泡L的额定功率；
（3）当滑动变阻器接入电路的阻值减小时，由串联电路的特点可知，灯泡两端的电压增大；通过灯泡的电流也变大，灯泡的功率变大，温度升高，灯泡电阻变大；根据欧姆定律和电流的变化判断出总电阻的变化，再判断ΔR1和ΔR2的大小关系。
25．【答案】（1）U形管液面高度；①
（2）电阻
（3）电流
（4）变小
【知识点】焦耳定律；电流的热效应
【解析】【解答】（1）①根据题意可知，电阻产生的热量越多，则对应塑料盒内气体膨胀越多，那么对应U型管中液面的高度差越大，因此实验中通过观察U形管液面高度的差来反映电阻产生热量的多少。
② 比较不同物质的吸热能力时 ，用物质吸热或放热时的温度变化来反映，这用到了转换法，故①符合题意；
探究电流大小与电压、电阻的关系时，采用了控制变量法，故②不符合题意。
故选①。
（2）根据甲图可知，两电阻丝串联，则通过两电阻丝的电流相同，右侧电阻丝阻值较大，左侧的电阻丝阻值小，观察到右侧液面高于左侧液面，说明右侧电阻大产生的热量多。故表明在电流和通电时间相同的情况下，电阻越大，产生的热量越多。
（3）根据乙图可知，R3与R2并联，再与R1串联，R1在干路上，R2在支路上，根据并联电路干路电流等于各支路电流之和的规律可知，此通过R1、R2的电流是不同的，故乙图中，R3与R2并联，目的是使通过R1和R2的电流不相等。
（4）根据乙图可知，R3断路前，通过R1的电流等于通过R3和R2的电流之和。若R3发生了断路，通过R1的电流等于通过R2的电流。比较可知，通过R1的电流变小了，根据Q=I2Rt可知，则相同时间内产生的热量减小，那么左侧U形管中液面的高度差将变小。
【分析】 （1）电阻丝产生的热量不易直接观察，可给等质量的气体加热，气体吸热越多，气体膨胀程度越大，U形管内的液面高度差越大，采用了转换法；
逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；
（2）在电流和通电时间相同时，电阻越大，产生的热量越多；
（3）根据并联电路的电流规律分析R3与R2并联的目的；
（4）可从电阻丝R3断路分析。
（1）[1]电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，根据转换法，实验中通过观察U形管液面高度的差来反映电阻产生热量的多少，液面高度差越大说明容器中产生的热量越多。
[2]①探究物质吸放热规律时，用物质吸热或放热时的温度变化来反映，这用到了转换法，故①符合题意；②探究电流大小与电压、电阻的关系时，采用了控制变量法，故②不符合题意。故选①。
（2）由图甲可知，闭合开关，两电阻丝串联，则通过两电阻丝的电流相同，通电时间相同，右侧电阻丝阻值较大，观察到右侧液面高于左侧液面，说明右侧电阻大产生的热量多。故表明在电流和通电时间相同的情况下，电阻越大，产生的热量越多。
（3）由图乙可知，三个电阻相等，其中R3与R2并联，再与R1串联，经过R1的电流，在右侧分两支，一支经过R2，一支经过R3，因此通过R1、R2的电流是不同的，故乙图中，R3与R2并联，目的是使通过R1和R2的电流不相等。
（4）由图乙可知，三个电阻相等，其中R3与R2并联，再与R1串联，经过R1的电流，在右侧分两支，一支经过R2，一支经过R3，因此通过R1、R2的电流是不同的，故乙图中，R3与R2并联，目的是使通过R1和R2的电流不相等。若R3发生了断路，通过R1的电流将变小，保证通电时间相同，与断路前相比较，则左侧U形管中液面的高度差将变小。
26．【答案】（1）解： 由图像可知，汽车以80km/h做匀速直线运动时受到的阻力为900N，
因为汽车匀速直线运动时，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以汽车受到的牵引力F=f=900N；
汽车在平直公路上以80km/h的速度匀速行驶0.5h，行驶的距离为：s=vt=80km/h×0.5h=40km=40000m，
该汽车测试行驶中牵引力做的功为：W=Fs=900N×40000m=3.6×107J
答：该汽车测试行驶中牵引力做了3.6×107J功。
（2）解： 内燃机消耗燃油2.5kg，燃油放出的热量为：Q放=q油m=4.6×107J/kg×2.5kg=1.15×108J。
答：该汽车测试行驶中若燃油完全燃烧可放出1.15×108J热量；
（3）解： 蓄电池增加的电能为：W1=ηW2=1.0×108J×10%=1.0×107J，
有效利用的能量为：W有=W+W1=3.6×107J+1.0×107J=4.6×107J，
内燃机的效率为：。
答：该汽车内燃机的效率是40% 。
【知识点】燃料的热值；速度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；机械效率的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）根据图象确定汽车以80km/h做匀速直线运动时受到的阻力，再根据二力平衡条件求出牵引力的大小。然后根据速度公式s=vt求出行驶的路程，利用W=Fs求出引力做的功；
（2）根据Q放=mq求出完全燃烧释放的热量；
（3）已知蓄电池组储存的最大电能，由最大值的10%求出增加的电能，这样被有效利用的能量为做的功和转化成的电能之和，根据 求出内燃机的效率。
27．【答案】（1）解：根据图甲可知，定值电阻和变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测变阻器两端电压，
滑片P在b端时，变阻器接入电路中的阻值最大，电路中的电流最小；
根据乙图可知，电路中最小电流为0.2A，此时变阻器的电功率为2W，
由得到：2W=（0.2A）2×R；
解得：。
（2）解：根据图乙可知，当电路中的电流为0.2A时，变阻器的电功率为2W，
此时变阻器两端电压为；
根据U总=U1+U2得到：--------①
当电流为0.4A时，变阻器的电功率为3.2W，
此时变阻器两端电压为；
根据U总=U1+U2得到：-------②
联立①②可得：，U=12V。
（3）解：根据可知，当电路中电流最小时，电路中的总功率最小，
已知最小电流为0.2A，则最小电功率为。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】由图甲可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器两端的电压；
（1）根据图乙可知，当滑片P在b端时，电路中的电流最小，从图象中读出对应的电流和电功率，根据P=I2R求出滑动变阻器的最大阻值；
（2）由乙图可知，当滑片P在某点c处时的电流和电功率，根据P=UI求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电阻和欧姆定律表示出电源电压，解方程求出R0的阻值和电源电压；
（3）根据P=UI求出最小电功率。
（1）由甲图可知，电路为定值电阻和变阻器串联，电压表测变阻器两端电压，电流表测电路中的电流，滑片P在b端时，变阻器接入电路中的阻值最大，电路中的电流最小；滑片P在a端时，变阻器接入电路中的阻值最小，电路中的电流最大，据乙图可知，电路中最小电流为0.2A，此时变阻器的电功率为2W，由可得，变阻器的最大阻值为
（2）据乙图可知，当电路中的电流为0.2A时，变阻器的电功率为2W，由可得变阻器两端电压为
电源电压可表示为--------①
当电流为0.4A时，变阻器的电功率为3.2W，由可得变阻器两端电压为
电源电压可表示为-------②
联立①②可得，U=12V。
（3）当电路中电流最小时，根据可知，电路中的总功率最小，已知最小电流为0.2A，则最小电功率为
1 / 1四川省绵阳市盐亭县2025-2026学年九年级上学期1月期末物理试题
1．（2026九上·盐亭期末）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（　　）
A．物体温度升高，内能一定增大，且一定从外界吸收了热量
B．物体放出了热量，内能一定减少，温度一定会降低
C．物体内能增大了，一定吸收了热量，且温度一定升高了
D．一个物体温度没变，内能有可能减少
【答案】D
【知识点】温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】A．物体的内能增大，可能是从外界吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故A错误；
B．在晶体凝固过程中，虽然不断放热，但是温度不变，故B错误；
C．液体沸腾时，不断吸热，则内能增大，但是温度不变，故C错误；
D．晶体熔化或凝固过程的过程中，内能增大或减小，但是温度保持不变，如故D正确。
故选D。
【分析】A.根据改变内能的方式判断；
B.根据晶体凝固过程中的温度变化判断；
C.根据液体沸腾时的温度变化规律判断；
D.根据晶体熔化或凝固过程的内能变化判断。
2．（2026九上·盐亭期末） “电暖手袋”让这个严冬不那么寒冷，下列说法正确的是（　　）
A．暖手袋未插电加热前没有内能
B．暖手袋加热的温度越高，含有的热量越多
C．暖手袋暖手，是通过做功的方式改变内能
D．插上电源加热时，暖手袋温度升高，内能增加
【答案】D
3．（2026九上·盐亭期末）小明在海边玩耍，感觉沙滩上的沙子很热，海水却比较凉爽。某天，他从6时到22时对沙子和海水的温度进行了测量，绘成的温度随时间变化图像如图所示。下列分析不正确的是（　　）
A．早晨6时，海水的温度比沙子高
B．6时到14时，沙子吸收的热量比海水多
C．14时到22时，海水降低的温度比沙子小
D．利用此图像可以比较海水和沙子的比热容
【答案】B
【知识点】比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】A．图中，早晨6时，海水温度为15℃，沙子温度为10℃，海水的温度比沙子高，故A正确，不符合题意；
B．相同环境中，太阳每小时放出的热量相同，6时到14时，沙子和海水吸收的热量相等，故B错误，符合题意；
C．图中，在14时和22时，比较海水温度和沙子温度，海水降低的温度比沙子小，故C正确，不符合题意；
D．根据，相同质量的海水和沙子，吸收或放出相同的热量，温度变化越大，比热容越小，可比较海水和沙子的比热容，故D正确，不符合题意。
故选B。
【分析】相同环境下，太阳放出热量相同，物体吸收热量相同；海水和沙子质量和吸收的热量相同，温度差越大，则比热容越小。
4．（2026九上·盐亭期末）对质量均为200g，初温相同的甲、乙两种物质，用相同的加热器加热，它们温度随时间变化的图像如图所示。若单位时间内，甲、乙吸收的热量相同。甲在0～8min的状态下，比热容为c甲=1.9×103J/（kg ℃）。下列说法正确的是（　　）
A．乙物质的沸点一定是60℃
B．0～6min，甲的比热容大于乙的比热容
C．0～6min，甲吸收的热量比乙更快
D．8～10min，乙吸收的热量为7.6×103J
【答案】D
【知识点】热量的计算；水的比热容的特点及其应用
【解析】【解答】 A.当晶体熔化时温度保持不变，沸腾时温度也保持不变。在图像中，乙的末温保持不变，可能处在熔化过程中，也可能处于沸腾过程中，此时的温度不一定是沸点，故A错误；
B.根据图片可知，在0～6min内二者吸收相同的热量，此时甲的温度大于乙升高的温度，且两物质的质量相同，根据Q=cmΔt可知，甲的比热容小于乙的比热容，故B错误；
C.根据题意可知，实验中用同样的加热器进行加热，在相同时间内物质吸收的热量是相同的，则在0～6min内两物质吸热快慢相同，故C错误；
D.根据图片可知，0～6min时，甲吸收的热量Q=c甲mΔt=1.9×103J/（kg ℃）×0.2kg×（80℃-20℃）=2.28×104J，则2min内甲吸收的热量等于它的，即吸收的热量为0.76×104J。8～10min内吸收的热量肯定等于0.76×104J= 7.6×103J ，故D正确。
故选D。
【分析】 A.晶体的熔化过程和沸腾过程温度都保持不变
B.根据图像判断加热相同的时间时二者吸收热量多少和升高温度高低，然后根据公式Q=cmΔt分析甲、乙二者比热容的大小；
C.用同样的加热器进行加热，在相同时间内物质吸收的热量是相同的，即吸热快慢相同；
D.在相同时间内物质吸收的热量是相同的，先利用Q=cmΔt求0～6min内甲吸收的热量，可得8～10min内乙吸收的热量。
5．（2026九上·盐亭期末）质量相同的A、B两金属块，把它们都加热到100℃，然后分别投入装有质量相同、初温都为0℃的C、D两杯水中，测量的结果：金属块A使C杯的水温升高了10℃，金属块B使D杯的水温升高了20℃．设两金属块比热容为cA和cB，则cA与cB的比值为
A．4：9 B．9：4 C．19：9 D．9：19
【答案】A
【知识点】比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】根据题目描述可知，C的初温度为0℃，金属块A使C杯的水温升高了10℃，
故C杯中水和A的末温度都为10℃；
对于金属块A来说有：；
因为D的初温度为0℃，金属块B使D杯的水温升高了20℃，
故D杯中水和B的末温度都为20℃；
对于金属块B来说有：；
因为，则①÷②得：，
，
解得：，故A正确，而BCD错误。
故选A。
【分析】当达到热平衡时，每个金属块放出的热量等于各自杯中水吸收的热量，这样就可以列出两个方程，联立即可求出甲乙金属块的比热容之比；
6．（2026九上·盐亭期末）干木柴、焦炭和无烟煤的热值如图所示的柱状图，下列说法正确的是（　　）
A．在完全燃烧的条件下，无烟煤放出的热量最多
B．在质量相同的条件下，干木柴燃烧放出的热量最少
C．焦炭的热值等于1kg焦炭的热值
D．燃烧焦炭放出的热量小于燃烧1kg焦炭放出的热量
【答案】C
【知识点】燃料的热值
【解析】【解答】 解：A、燃料燃烧放出热量的多少与燃料的热值、燃料的质量有关，只根据热值无法判定放出热量的多少，故A错误；
B、在质量相同的条件下，燃料燃烧放出的热量除了与热值有关外，还与是否完全燃烧有关，所以干木柴燃烧放出的热量不一定最少，故B错误；
C、热值的大小与质量无关，0.5kg焦炭与1kg焦炭的热值相等，故C正确；
D、燃料燃烧放出的热量与是否完全燃烧有关，所以0.5kg焦炭放出的热量不一定小于燃烧1kg焦炭放出的热量，故D错误。
故选：C。
【分析】热值是燃料本身的一种特性，其大小只与燃料的种类有关，与质量大小、燃烧程度无关；
燃料燃烧放出热量的多少与燃料的质量、热值、燃烧程度等有关，利用利用Q放=mq计算燃料完全燃烧放出的热量。
7．（2026九上·盐亭期末）如图所示为探究“不同物质吸热升温现象”、“比较不同燃料燃烧时放出的热量”的实验装置。下列说法正确的是（　　）
A．两实验的研究对象都是烧杯中的液体
B．两实验都需要控制被加热的液体质量相等
C．除图中的器材，两实验都需要用到天平和秒表
D．两实验都可以根据温度计示数的变化来比较烧杯中液体吸热的多少
【答案】B
【知识点】燃料的热值；物理学方法；探究不同物质的吸热能力
8．（2026九上·盐亭期末）对于图中所描述的物理过程，下列分析中正确的是（　　）
A．甲，玻璃筒内的空气被压缩后内能增大，这是因为棉花燃烧放热
B．乙，塞子跳起时，瓶内气体内能减小，这是通过做功的方式改变的
C．丙，水蒸气将塞子推出的过程中，能量转化与热机的压缩冲程相同
D．丁，该冲程为内燃机的做功冲程，曲轴每转一圈发生一次该冲程
【答案】B
【知识点】做功改变物体内能；热机的四个冲程；能量的转化或转移
【解析】【解答】A．玻璃筒内的空气被压缩，活塞对筒内空气做功，使筒内气体内能增大，故A错误；
B．塞子跳起时，瓶内气体对塞子做功，是做功的方式改变的，故B正确；
C．水蒸气将塞子推出时，是内能转化为机械能，能量转化与热机的做功冲程相同，故C错误；
D．图中，气门都关闭，活塞下行，是做功冲程，曲轴每转二圈完成一个工作循环，做功一次，故D错误。
故选B。
【分析】压缩体积，内能增大，是做功改变内能；内能对外做功，内能减少；根据汽油机的气门状态和活塞运行方向，判断冲程。
9．（2026九上·盐亭期末）如图甲展示的是一种具有报警功能的文物展示台。假设该展示台的结构如图乙所示，由木板，弹簧，金属片A、B、C，以及报警电路组成，文物放置在金属片B上。下列说法正确的是（　　）
A．金属片B相当于电路的电源
B．文物放在金属片上时相当于电铃断路
C．金属片B上放置文物时小灯泡不发光
D．文物被拿走时电铃响，小灯泡亮
【答案】D
【知识点】电路的构成及电路图；电路的三种状态
【解析】【解答】A．根据乙图可知，金属片B向下移动捷通电路，向上移动断开电路，相当于一个开关，故A错误；
B．根据乙图可知，文物放在金属片上时，金属片B向下移动与A、C接通，使电铃所在电路短路，而非相当于电铃断路，故B错误；
C．根据乙图可知，文物放在金属片B上时，此时有电流经过灯泡，则小灯泡发光，故C错误；
D．根据乙图可知，文物被拿走时，弹簧恢复原状使金属片B与C分离，电铃和小灯泡均接入电路，因此电铃响、小灯泡亮，故D正确。
故选D。
【分析】A.开关控制电路通断；
BCD.根据图片确定电路的连接情况，进而确定电铃是否发声，灯泡是否发光。
10．（2026九上·盐亭期末）如图所示的电路图，在A、B两点间分别接入不同元件，可以进行不同的实验。下列描述正确的是（　　）
A．探究电流与电阻的关系——改变接入AB间电阻大小和电压大小
B．探究电流与电压的关系——AB间电阻大小不变，电压大小也不能变
C．测量未知电阻阻值——滑动变阻器用于改变电阻两端电压和通过的电流
D．测量小灯泡的阻值——需多次测量，求平均值，减小误差
【答案】C
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验；物理学方法
【解析】【解答】A．根据控制变量法的要求可知，探究电流与电阻的关系时，需要改变电阻大小，但需要控制电阻两端电压不变，故A错误；
B．根据控制变量法的要求可知，探究电流与电压关系时，需要改变电阻两端的电压，而控制电阻大小相同，故B错误；
C．在测量未知电阻的阻值的实验中， 滑动变阻器用于改变电阻两端电压和通过的电流 ，故C正确；
D．小灯泡电阻会随着温度的变化而变化，故一般只要一组正常发光的数据即可，不能多次测量求平均值，故D错误。
故选C。
【分析】分析各个选项描述的实验中的操作过程以及注意事项，然后与右侧描述对照即可。
11．（2026九上·盐亭期末）如图甲所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从b端移到a端的过程中，电流表示数I与电压表示数U的关系如图乙所示。下列说法中（　　）
①电源电压为6V
②定值电阻R的阻值为5Ω
③滑动变阻器的最大阻值为10Ω
④电路的总功率变化范围为1.35～4.05W
A．只有②③④正确 B．只有①②④正确
C．只有②③正确 D．只有①③正确
【答案】A
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】 ①②根据甲图可知，定值电阻R与滑动变阻器RP串联，电流表测电路中的电流，电压表测定值电阻两端的电压，
当滑片P在a端时，滑动变阻器连入电路的电阻为0，电路中只有R工作，此时电压表示数最大且等于电源电压，
根据乙图可知，此时电源电压U=4.5V，且电流I大=0.9A，
那么定值电阻的阻值为：，故①错误，②正确；
③当滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路中电流最小，由图乙可知，此时定值电阻两端的电压为UR=1.5V，电路中的电流为I小=0.3A，
此时滑动变阻器两端电压为U滑=U-UR=4.5V-1.5V=3V，
则滑动变阻器的最大阻值为：，故③正确；
④综上所述，该电路的最大功率为：P大=UI大=4.5V×0.9A=4.05W，
该电路的最小功率为：P小=UI小=4.5V×0.3A=1.35W，
即电路的总功率变化范围为1.35W～4.05W，故④正确，故A符合题意。
则正确的②③④。
故选A。
【分析】 ①②当滑片在a端时，滑动变阻器接入电路电阻为零，电路为定值电阻R的基本电路，电压表测量定值电阻两端电压，电压表示数即为电源电压，故由图乙可知电源电压；
当滑片在a端时，滑动变阻器接入电路电阻为零，电压表测R的电压，电流表测通过R的电流，结合图b对应的电压和电流值，根据欧姆定律就可求出电阻R的阻值。
③当滑片在b端时，滑动变阻器全部接入，则此时由图乙可知此时电路中的电流及R两端的电压，则串联电路电压特点和根据欧姆定律可求得滑动变阻器的最大阻值。
④根据P=UI算出电路的最大和最小总功率。
12．（2026九上·盐亭期末）研究发现，额定功率为3W的LED灯与额定功率为8W的节能灯，以及额定功率为25W的白炽灯在正常发光时的亮度相当。下列说法正确的是（　　）
A．三个灯的实际功率相同
B．LED灯比节能灯和白炽灯消耗的电能都少
C．LED灯比节能灯的电流做功快
D．LED灯比节能灯把电能转化为光能的效率更高
【答案】D
【知识点】电功率；实际功率；功的计算及应用
【解析】【解答】A．根据题意可知，当灯泡正常工作时，它们的实际功率均等于额定功率，白炽灯的实际功率最大，故A错误；
B．LED灯比节能灯的实际功率小，根据W=Pt可知，不明确工作时间则不能判断消耗电能的多少，故B错误；
C．已知LED灯比节能灯和白炽灯的额定功率小，则正常工作时LED灯比节能灯和白炽灯的电流做功慢，故C错误；
D．LED灯比节能灯的额定功率小，则相同时间内LED灯消耗的电能较少。而正常发光时的亮度相当，说明转化成的光能大致相同，所以LED灯比节能灯把电能转化为光能的效率更高，故D正确。
故选D。
【分析】A.当灯泡正常工作时，它们的实际功率均等于额定功率，根据题目条件判断；
B.根据W=Pt判断；
C.电功率表示电流做功快慢；
D.亮度相同，即转化为光能相同，据此分析判断。
13．（2026九上·盐亭期末）某烟雾报警装置如图所示，R0的电阻为5Ω，R为光敏电阻，其阻值随光强E的增大而减弱，电源电压恒为4.5V。电流表的量程为“0～0.6A”，当光强小于或等于30cd时，烟雾报警器报警。
①开始报警时电路中电流为0.3A
②不报警时光强的变化范围是30cd＜E≤75cd
③不报警时R0的电功率变化范围是0.45W＜P0≤1.8W
④在不报警和报警时两种情况下电路消耗的最大电功率的比为4：3
以上说法中正确的是（　　）
光强E/cd 7.5 10 15 30 60 …
R/Ω 40 30 20 10 5 …
A．①② B．①③ C．②④ D．③④
【答案】B
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】 根据表格数据可知，5Ω×60cd=10Ω×30cd=20Ω×15cd=30Ω×10cd=40Ω×7.5cd=300Ω cd，
则光敏电阻的阻值R与光强E的乘积一定（300），
根据电流表的量程0～0.6A可知，不报警时电路中最大电流I最大=0.6A，
则电路中的总电阻最小为：
，
那么光敏电阻R的最小阻值为：R最小=R总最小-R0=7.5Ω-5Ω=2.5Ω，
此时光强最大为：，
所以不报警时光强的变化范围是30cd＜E≤120cd，故②错误；
根据题意可知，开始报警时，光强E开=30cd，此时光敏电阻的阻值为R开=10Ω，
此时电路中的总电阻：R总开=R开+R0=10Ω+5Ω=15Ω，
此时电路中的电流为：，
即为报警时的最大电流，故①正确；
综上所述，不报警时，R0的电功率最大为：；
报警开始时R0的电功率为：，所以不报警时R0的电功率变化范围是0.45W＜P0≤1.8W，故③正确
在不报警时，电路消耗的最大功率为：P总最大=UI最大=4.5V×0.6A=2.7W；
开始报警时，电流最大，功率最大：P开总=UI开=4.5V×0.3A=1.35W，
所以P总最大：P开总=2.7W：1.35W=2：1，故④错误。
故选B。
【分析】①② 首先根据表格数据计算光敏电阻的阻值R与光强E的乘积，据此算出其比例系数；
由电流表的量程0～0.6A可知不报警时电路中最大电流，由欧姆定律算出电路中的总电阻最小，由串联电路电阻的规律算出光敏电阻R的最小阻值，进而算出此时光强最大；
由表格数据得出开始报警时的光敏电阻的阻值，由串联电路电阻的规律算出电路中的总电阻，根据欧姆定律算出报警时的最大电流。
③不报警时，根据P=I2R算出R0的最大电功率和报警开始时R0的电功率；
④根据P总最大=UI最大算出不报警时电路消耗的最大功率，根据P开总=UI开算出开始报警时的最大功率，进而算出在不报警和报警时两种情况下电路消耗的最大电功率的比。
14．（2026九上·盐亭期末）如图所示，小莉早上想用电热水壶烧开水，将插头插入插座，并闭合开关，发现电热水壶不工作；但厨房的灯泡是亮的。保持灯泡开关闭合，拔出插头，用试电笔分别接触插座的左右两孔，发现接左孔时氖管不发光，接右孔时发光。若电路中只有一处故障，则故障可能是（　　）
A．CD间电路断路 B．ED间电路断路
C．插座短路 D．保险丝烧断
【答案】A
【知识点】家庭电路的故障分析
【解析】【解答】A．根据图片可知，当CD之间发生断路时，三孔插座的零线断开，导致热水壶零线发生断路，则电热水壶不工作。插座的右孔与火线正常连通，则试电笔接右孔时，氖管发光。由于灯泡支路不受影响，因此可以正常工作，故A符合题意；
B．根据图片可知，ED之间形成断路，即进户线总零线断开，会导致电路中所有电器都不能构成通路，都不能正常工作，故B不符合题意；
C．根据图片可知，插座短路会导致保险丝烧断，使得所有用电器无法正常工作，故C不符合题意；
D．根据图片可知，保险丝烧断时，则总火线断开，使得所有用电器无法正常工作，故D不符合题意。
故选A。
【分析】在家庭电路中，所有的用电器都是并联，三孔插座“左零右火中间地”，据此结合家庭电路连接的知识分析判断即可。
15．（2026九上·盐亭期末）小丽用相同的电加热器分别对质量为0.2kg的水和0.3kg的另一种液体进行加热，得到实验数据如图所示，水在16min内吸收的热量为　 　J，另一种液体的比热容为　 　J/（kg ℃）。[c水=4.2×103J/（kg ℃）]
【答案】2.52×104；1.4×103
【知识点】水的比热容的特点及其应用
【解析】【解答】 （1）根据图像可知，水在16min内从10℃升高到40℃，
则水在16min内吸收的热量：Q吸水=c水m（t-t0）=4.2×103J/（kg ℃）×0.2kg×（40℃-10℃）=2.52×104J；
（2）由于相同的电加热器加热，相同时间内吸收的热量相同，
则另一种液体加热8min，吸收的热量应该为加热16min吸收热量的一半，即
另一种液体从开始加热到第8min温度从20℃升高到50℃，
那么另一种液体的比热容为
。
【分析】（1）根据图像确定16min内水的初温和末温，利用吸热公式Q吸=cm（t-t0）求水吸收的热量；
（2）利用相同的电加热器加热，相同时间内吸收的热量相同，可求另一种液体在8min内吸收的热量，由图像得出另一种液体8min内的初温和末温，根据计算求出液体的比热容。
16．（2026九上·盐亭期末）现有甲、乙、丙三种初温相同的液体，其中甲、乙为质量不等的同种液体，乙、丙为质量相等的不同液体。对这三种液体分别加热，可根据它们吸收的热量和升高的温度，在“温度-热量”图像上分别画出对应的三点甲、乙、丙，如图所示，则甲、丙两种液体的比热容c甲　 　c丙；甲、丙两种液体的质量m甲　 　m丙。（两空均选填“＞”、“=”或“＜”）
【答案】＜；＞
【知识点】比热容的定义及其计算公式
【解析】【解答】 根据Q=cm△t可知，物质的温度随热量的变化规律是一条通过坐标原点的斜线。据此可知，将图像中甲、乙、丙三点分别与坐标原点相连得到液体的温度随吸收热量的变化关系图线，如下图所示：
乙、丙为质量相等的不同液体，即m乙=m丙，由图像可知，在吸收热量相等时，乙升高的温度较多，根据Q吸=cmΔt可知乙液体的比热容较小，即c乙＜c丙，由题知甲、乙为同种液体，即c甲=c乙，所以c甲＜c丙；
甲、乙为质量不等的同种液体，则c甲=c乙，由图像可知，在吸收热量相等时，甲升高的温度较少，根据Q吸=cmΔt可知甲液体的质量较大，即m甲＞m乙，而已知m乙=m丙，所以m甲＞m丙。
【分析】 乙、丙为质量相等的不同液体，即m乙=m丙，由图像可知，在吸收热量相等时，乙升高的温度较多，根据Q吸=cmΔt可知两液体的比热容关系，由题知甲、乙为同种液体，即c甲=c乙，据此判断c甲与c丙的大小关系；
甲、乙为质量不等的同种液体，则c甲=c乙，由图像可知，在吸收热量相等时，甲升高的温度较少，根据Q吸=cmΔt可知两液体的质量关系，已知m乙=m丙，据此判断m甲与m丙的大小关系。
17．（2026九上·盐亭期末）一台单缸四冲程汽油机，飞轮的转速为2400r/min，则此汽油机每秒钟完成 　 　 个冲程。汽车散热器常用水作为冷却剂，当散热器散热时，通过 　 　 方式改变了水的内能。
【答案】80；热传递
【知识点】做功改变物体内能；热机
【解析】【解答】（1） 飞轮的转速为2400r/min， 则每秒钟飞轮转动圈数：，则每秒完成冲程个数：40×2=80；
（2）汽车散热器常用水作为冷却剂，当散热器散热时，水向外放出热量，即通过热传递 方式改变了水的内能。
【分析】（1）在四冲程热机的一个工作循环中，飞轮转动2圈，对外做功1次，完成4个冲程。
（2）做功改变内能的本质为能量的转化，热传递改变内能的本质为能量的转移。
18．（2026九上·盐亭期末）人类的发展史也是利用燃料的历史，从干木柴、煤炭、液化气到天然气；天然气的应用是当今的主流；完全燃烧0.28m3的天然气可以放出　 　J的热量，若这些热量30%被水吸收，可让 　 　 kg得水温度升高20℃。[已知天然气热值q=3.0×107J/m3，水的比热容c=4.2×103J/（kg ℃）]
【答案】8.4×106；30
【知识点】热量的计算；燃料的热值
【解析】【解答】根据题意可知， 天然气热值q=3.0×107J/m3，
则 完全燃烧0.28m3的天然气放出的热量：Q放=Vq=0.28m3×3.0×107J/m3=8.4×106J；
此时水吸收的热量：Q吸=30%×Q放=30%×8.4×106J=2.52×106J；
那么被加热水的质量：。
【分析】首先根据Q放=Vq求出完全燃烧0.28m3的天然气放出的热量，然后根据Q吸=30%×Q放计算水吸收的热量，最后利用计算水的质量。
19．（2026九上·盐亭期末）如图所示，灯泡规格均相同，甲图中电压恒为6V，乙图中电压恒为18V．分别调节R1、R2使灯均正常发光，那么此时电路消耗的总功率之比P1：P2=　 　 ，可变电阻接入电路中的电阻值之比R1：R2= 　 　。
【答案】1：1；1：9
【知识点】并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】 设三个规格相同灯泡正常发光时的电流为IL，电压为UL。
（1）由甲图可知，三灯泡并联后与R1串联，
三灯泡均正常发光时，此时干路电流：I1=IL+IL+IL=3IL，
电路的总功率：P1=UI1=U×3IL=6V×3IL，
由乙图可知，三灯泡与R2串联，三个灯泡正常发光，
所以电路的总功率：P2=U'I2=18V×IL，
所以P1：P2=（6V×3IL）：（18V×IL）=1：1；
（2）根据串联电路U总=U1+U2可知，甲图中R1两端的电压：U1=U总-UL=6V-UL，
此时R1接入电路中的电阻值：，
乙图中R2两端的电压：U2=U总'-3UL=18V-3UL=3（6V-UL），
则R2接入电路中的电阻值：，
所以R1：R2==1：9。
【分析】（1） 根据甲图和乙图确定电路的串并联关系。两种情况下三灯泡均正常发光，那么通过每一个灯泡的电流和额定电流相等，根据并联电路的电流特点和P=UI表示出甲电路的总功率，根据串联电路的电流特点和P=UI表示出乙电路中的总功率，然后得出两种情况下电路总功率的比值；
（2）根据串联电路的电压特点分别表示出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律表示出滑动变阻器接入电路中的电阻，然后得出两种情况下变阻器接入电路中的电阻之比。
20．（2026九上·盐亭期末）如图所示电路，电源电压不变，灯L1标有“6V 3W”的字样。闭合开关，调节滑动变阻器的滑片位置，使灯L1正常发光时，滑动变阻器的电功率为P1；用标有“12V 6W”字样的灯L2替换灯L1为让灯L2正常发光，滑动变阻器滑片P应 　 　 （选填“向右端移动”、“向左端移动”或“不移动”），若灯L2正常发光时滑动变阻器的电功率为P2，则P1、P2相差 　 　 W。
【答案】左；3
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】 （1）根据“6V 3W”可知，灯泡L1的额定电流为，
根据“12V 6W”可知，灯泡L2的额定电流，
两灯泡的电阻分别为：，
；
调灯L1正常发光时，由电路中的电流为0.5A；
根据欧姆定律得到，电路的电流为：-----①；
用灯L2替换灯L1，电路的电流为：-----②
比较①②得：I'＜0.5A，
为了使L2正常发光，应减小电路的电阻，滑动变阻器滑片P应向左滑动；
（2）综上所述，当电流I'=0.5A时，灯L2和灯泡L1都能正常发光，
故24Ω+R滑=R滑'+12Ω，
则R滑'-R滑=12Ω；
根据P=I2R可知，则P1-P2=I'2（R滑'-R滑）=（0.5A）2×12Ω=3W。
【分析】（1）由分别计算出两灯泡正常发光时的电流，由欧姆定律可得两灯泡的电阻；
灯L1正常发光时，电路中的电流为0.5A；根据串联电路的规律及欧姆定律，得出电流表达式；
用标有“4V 2W”字样的灯L2替换灯L1，由电阻的串联和欧姆定律得出电路的电流表达式，比较两电流大小，确定滑动变阻器滑片P滑动的方向；
（2）灯在额定电流时正常发光，根据两电流表达式相等得出两种情况下变阻器连入电路电阻大小的差，因串联电路各处的电流相等，根据P=I2R求解。
21．（2026九上·盐亭期末）定值电阻R1和R2上分别标有“20Ω 1A”和“30Ω 0.5A”的字样，现将它们串联起来接到某电源两端，为了不损坏电阻，该电源的电压不能超过 　 　 V；若将它们并联起来，在不损坏电阻的情况下，电路的最大的电功率是 　 　 W。
【答案】25；18.75
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】 （1）根据“20Ω 1A”和“30Ω 0.5A”可知，
通过定值电阻R1的最大电流为I1=1A，通过定值电阻R2的最大电流为I2=0.5A，
比较可知，串联电路中允许通过的最大电流为I=I2=0.5A；
则串联电路两端的最大电压为：U大=I2（R1+R2）=0.5A×（20Ω+30Ω）=25V；
（2）根据“20Ω 1A”和“30Ω 0.5A”可知，
则定值电阻R1两端允许的最大电压U1=I1R1=1A×20Ω=20V，
定值电阻R2两端允许的最大电压U2=I2R2=0.5A×30Ω=15V，
比较可知，并联电路两端允许的最大电压为U=U2=15V；
此时通过定值电阻R1的电流为：，
则并联电路中干路上允许的最大电流为：I'=I'1+I2=0.75A+0.5A=1.25A，
那么电路的最大的电功率为：P=U'I'=15V×1.25A=18.75W。
【分析】 （1）为了不损坏电阻，比较两电阻允许通过的最大电流，选其中较小的电流；然后根据串联电路电阻的特点求出总电阻，再利用U=IR即可求出电源电压的最大值；
（2）根据U=IR分别求出各电阻两端允许的最大电压，然后比较，选其中较小的电压，再利用
分别求出各支路电流，最后利用并联电路电流的特点求出干路上允许的最大电流，根据P=UI算出电路的最大的电功率。
22．（2026九上·盐亭期末）家庭电路的部分电路图如图所示（电路连接规范）。只闭合开关S1，灯L1正常发光，此时用试电笔接触a点，试电笔的氖管　 　（选填“发光”或“不发光”）；再闭合开关S2，灯L1马上熄灭，则故障原因可能是灯L2　 　（选填“短路”或“断路”）。
【答案】不发光；短路
【知识点】测电笔的使用；家庭电路的故障分析
23．（2026九上·盐亭期末）如图1所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量和初温也相同。
（1）下列说法中正确的是 ____ 。
A．比较不同液体的比热容，可以选择甲、丙两图
B．比较不同液体的比热容，可以选择乙、丙两图
C．比较不同燃料的热值，可以选择乙、丙两图
D．比较不同燃料的热值，可以选择甲、丙两图
（2）为了研究不同物质的吸热能力，利用其中两幅图进行实验，根据记录数据作出了两种液体的温度随时间变化的图象，如图2所示：
①不同物质吸热的多少是通过 　 　（填“温度计示数”或“加热时间”）来反映的；
②由图可以看出， 　 　液体的温度升高得较慢，　 　 液体的比热容较大；
③如果b液体的比热容是1.8×103J/（kg ℃），则a液体的比热容是 　 　J/（kg ℃）。
（3）某同学用上面装置甲测酒精的热值。加热前酒精灯内的酒精质量为m1，加热一段时间后变为m2；烧杯中液体的质量为m，液体的初温为t1，末温为t2，液体的比热容用c表示。用以上符号表示该同学测酒精热值的计算式：　 　 。该同学测算发现，测量值比课本中的“标准值”小很多，请你写一条产生该误差的原因：　 　 。
【答案】（1）A
（2）加热时间；b；b；0.9×103
（3）；没有考虑在加热过程中热量的散失
【知识点】比热容的定义及其计算公式；热量的计算
【解析】【解答】 （1）AB.根据控制变量法的要求可知，比较两种液体的比热容时，必须燃料的种类相同，只改变被加热液体的种类，那么应选择甲、丙两图进行实验，故A正确，B错误；
CD.根据控制变量法的要求可知，比较不同燃料热值时，要控制加热的液体种类、液体质量，只改变改变燃料的种类，故选择甲、乙两图进行实验，故CD错误。
故选A；
（2）①比较物质吸热能力时，使用相同的加热方式加热，则加热时间越长，那么吸收的热量越多，因此物质吸收热量的多少可以通过加热时间来反映；
②根据图2可知，加热10min时，a升高的温度高于b升高的温度，即b液体升高的温度较慢。根据公式Q=cm△t可知，b液体的比热容较大；
③根据图2可知，a、b液体从20℃升高到80℃时，a液体用了10min，b液体用了20min，
则b液体吸收的热量是a液体吸收热量的2倍，即2Qa吸=Qb吸，
2camΔta=cbmΔtb；
则2ca=cb，那么ca=×1.8×103J/（kg ℃）=0.9×103J/（kg ℃）；
（3）根据题意可知，水吸收的热量：Q吸=cm'（t2-t1），
不考虑热损失时，酒精燃烧放出的热量：Q放=Q吸=cm（t2-t1），
燃烧酒精的质量：m'=m1-m2，
那么酒精的热值：；
则测量值比课本中的“标准值”小很多，原因：没有考虑在加热过程中热量的散失（或酒精没有完全燃烧）。
【分析】 （1）根据控制变量法的要求选择对照实验；
（2）①使用相同的加热方式加热，则加热时间越长，那么吸收的热量越多；
②根据表格数据确定相同时间内液体升高温度的高低，进而确定升温的快慢。根据公式Q吸=cmΔt判断哪种物质的比热容较大
③根据表格数据确定二者都升高到80℃时加热时间的长短，据此计算b液体吸收的热量是a液体吸收热量的倍数，然后根据Q吸=cmΔt可得a的比热容；
（3）根据Q吸=cm（t-t0）求出水吸收的热量，水吸收的热量等于酒精燃烧放出的热量，根据Q放=mq求出酒精的热值；产生误差的可以从酒精没有完全燃烧、存在热损失等方面分析回答。
24．（2026九上·盐亭期末）小明和小亮在“测量小灯泡的额定功率”的实验中，选用的待测小灯泡L的额定电压为2.5V，电源电压为3V。
（1）小明迅速地连接好电路，如图甲所示，小亮检查后发现有一根导线连接错误，请在图甲中错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线补上一条正确的导线　 　。
（2）改正错误后，闭合开关，移动滑片，当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡L的额定功率为 　 　W。
（3）在某次调节过程中，滑动变阻器的阻值减小了ΔR1小灯泡的阻值变化了ΔR2，那么ΔR1　 　ΔR2（选填“＞”、“＜”或“=”）。
【答案】（1）
（2）0.75
（3）＞
【知识点】功率的测量实验
【解析】【解答】 （1）在“测量小灯泡的额定功率”的实验中，除了电压表与灯泡并联，其它的都是串联。根据甲图可知，可以将电流表的“-”接线柱与灯泡右端相连的导线，从电流表上拆下，改接在电压表的“3”接线柱上即可，如下图所示：
；
（2）如图乙所示，电流表选用0-0.6A量程，分度值0.02A，其示数为0.3A，则小灯泡L的额定功率为：PL=ULIL=2.5V×0.3A=0.75W；
（3）根据题意可知，当变阻器接入电路中电阻变小时，电路总电阻变小，根据可知，此时电路中电流变大。当电流增大时，灯丝温度升高，那么灯丝电阻变大。由于总电阻是变小的，则滑动变阻器的减小量大于灯泡电阻的增加量，故ΔR1＞ΔR2。
【分析】 （1）根据实验目的确定电路的串并联关系，以及电表所测的物理量，变阻器接线一上一下，然后与甲图对照确定修改的地方即可；
（2）根据图片确定电流表选用量程和分度值，然后根据指针读出读数，最后利用P=UI求出小灯泡L的额定功率小灯泡L的额定功率；
（3）当滑动变阻器接入电路的阻值减小时，由串联电路的特点可知，灯泡两端的电压增大；通过灯泡的电流也变大，灯泡的功率变大，温度升高，灯泡电阻变大；根据欧姆定律和电流的变化判断出总电阻的变化，再判断ΔR1和ΔR2的大小关系。
25．（2026九上·盐亭期末）如图所示为“探究电流通过导体时产生的热量与哪些因素有关”实验的部分装置，两个相同的透明容器中封闭着等量的空气。
（1）实验中通过观察　 　的变化来反映电阻产生热量的多少，下列实验中，也运用了这种实验方法的是　 　（填序号）；
①比较不同物质的吸热能力
②探究电流与电压、电阻的关系
（2）闭合开关，通电一段时间，观察到右侧液面高于左侧液面，如图甲所示。表明在电流和通电时间相同的情况下，　 　越大，产生的热量越多；
（3）乙图中与并联，目的是使通过与的　 　不同；
（4）如果乙装置中发生了断路，保证通电时间相同，与断路前相比较，则左侧U形管中液面的高度差将　 　。（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】（1）U形管液面高度；①
（2）电阻
（3）电流
（4）变小
【知识点】焦耳定律；电流的热效应
【解析】【解答】（1）①根据题意可知，电阻产生的热量越多，则对应塑料盒内气体膨胀越多，那么对应U型管中液面的高度差越大，因此实验中通过观察U形管液面高度的差来反映电阻产生热量的多少。
② 比较不同物质的吸热能力时 ，用物质吸热或放热时的温度变化来反映，这用到了转换法，故①符合题意；
探究电流大小与电压、电阻的关系时，采用了控制变量法，故②不符合题意。
故选①。
（2）根据甲图可知，两电阻丝串联，则通过两电阻丝的电流相同，右侧电阻丝阻值较大，左侧的电阻丝阻值小，观察到右侧液面高于左侧液面，说明右侧电阻大产生的热量多。故表明在电流和通电时间相同的情况下，电阻越大，产生的热量越多。
（3）根据乙图可知，R3与R2并联，再与R1串联，R1在干路上，R2在支路上，根据并联电路干路电流等于各支路电流之和的规律可知，此通过R1、R2的电流是不同的，故乙图中，R3与R2并联，目的是使通过R1和R2的电流不相等。
（4）根据乙图可知，R3断路前，通过R1的电流等于通过R3和R2的电流之和。若R3发生了断路，通过R1的电流等于通过R2的电流。比较可知，通过R1的电流变小了，根据Q=I2Rt可知，则相同时间内产生的热量减小，那么左侧U形管中液面的高度差将变小。
【分析】 （1）电阻丝产生的热量不易直接观察，可给等质量的气体加热，气体吸热越多，气体膨胀程度越大，U形管内的液面高度差越大，采用了转换法；
逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；
（2）在电流和通电时间相同时，电阻越大，产生的热量越多；
（3）根据并联电路的电流规律分析R3与R2并联的目的；
（4）可从电阻丝R3断路分析。
（1）[1]电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，根据转换法，实验中通过观察U形管液面高度的差来反映电阻产生热量的多少，液面高度差越大说明容器中产生的热量越多。
[2]①探究物质吸放热规律时，用物质吸热或放热时的温度变化来反映，这用到了转换法，故①符合题意；②探究电流大小与电压、电阻的关系时，采用了控制变量法，故②不符合题意。故选①。
（2）由图甲可知，闭合开关，两电阻丝串联，则通过两电阻丝的电流相同，通电时间相同，右侧电阻丝阻值较大，观察到右侧液面高于左侧液面，说明右侧电阻大产生的热量多。故表明在电流和通电时间相同的情况下，电阻越大，产生的热量越多。
（3）由图乙可知，三个电阻相等，其中R3与R2并联，再与R1串联，经过R1的电流，在右侧分两支，一支经过R2，一支经过R3，因此通过R1、R2的电流是不同的，故乙图中，R3与R2并联，目的是使通过R1和R2的电流不相等。
（4）由图乙可知，三个电阻相等，其中R3与R2并联，再与R1串联，经过R1的电流，在右侧分两支，一支经过R2，一支经过R3，因此通过R1、R2的电流是不同的，故乙图中，R3与R2并联，目的是使通过R1和R2的电流不相等。若R3发生了断路，通过R1的电流将变小，保证通电时间相同，与断路前相比较，则左侧U形管中液面的高度差将变小。
26．（2026九上·盐亭期末）油电混合动力汽车是新型节能汽车。这种汽车以高速匀速行驶时，内燃机启动，此时在向车轮输送能量的同时也给动力蓄电池组充电。已知某型号混合动力汽车所用的动力蓄电池可储存的最大电能是1.0×108J。若测试人员驾驶该车在平直公路上以80km/h的测试车速匀速行驶0.5h，内燃机消耗燃油2.5kg，蓄电池组的电能增加了最大电能的10%；从汽车的使用说明书知道，汽车行驶时所受阻力f和车速v的关系如图所示。则：
（1）该汽车测试行驶中牵引力做了多少功？
（2）该汽车测试行驶中若燃油完全燃烧可放出多少热量？
（3）该汽车内燃机的效率是多大？（燃油的热值为4.6×107J/kg）
【答案】（1）解： 由图像可知，汽车以80km/h做匀速直线运动时受到的阻力为900N，
因为汽车匀速直线运动时，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以汽车受到的牵引力F=f=900N；
汽车在平直公路上以80km/h的速度匀速行驶0.5h，行驶的距离为：s=vt=80km/h×0.5h=40km=40000m，
该汽车测试行驶中牵引力做的功为：W=Fs=900N×40000m=3.6×107J
答：该汽车测试行驶中牵引力做了3.6×107J功。
（2）解： 内燃机消耗燃油2.5kg，燃油放出的热量为：Q放=q油m=4.6×107J/kg×2.5kg=1.15×108J。
答：该汽车测试行驶中若燃油完全燃烧可放出1.15×108J热量；
（3）解： 蓄电池增加的电能为：W1=ηW2=1.0×108J×10%=1.0×107J，
有效利用的能量为：W有=W+W1=3.6×107J+1.0×107J=4.6×107J，
内燃机的效率为：。
答：该汽车内燃机的效率是40% 。
【知识点】燃料的热值；速度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；机械效率的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）根据图象确定汽车以80km/h做匀速直线运动时受到的阻力，再根据二力平衡条件求出牵引力的大小。然后根据速度公式s=vt求出行驶的路程，利用W=Fs求出引力做的功；
（2）根据Q放=mq求出完全燃烧释放的热量；
（3）已知蓄电池组储存的最大电能，由最大值的10%求出增加的电能，这样被有效利用的能量为做的功和转化成的电能之和，根据 求出内燃机的效率。
27．（2026九上·盐亭期末）如图甲，电源电压不变，为定值电阻，R为滑动变阻器。当滑片P由滑动变阻器b端移动到a端的过程中，分别测出几组对应的电压值和电流值，通过计算得出滑动变阻器对应的电功率P，并画出滑动变阻器的电功率P和电流I的关系图象，如图乙所示。求：
（1）滑动变阻器的最大阻值；
（2）的阻值和电源电压；
（3）整个电路消耗的最小电功率是多少？
【答案】（1）解：根据图甲可知，定值电阻和变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测变阻器两端电压，
滑片P在b端时，变阻器接入电路中的阻值最大，电路中的电流最小；
根据乙图可知，电路中最小电流为0.2A，此时变阻器的电功率为2W，
由得到：2W=（0.2A）2×R；
解得：。
（2）解：根据图乙可知，当电路中的电流为0.2A时，变阻器的电功率为2W，
此时变阻器两端电压为；
根据U总=U1+U2得到：--------①
当电流为0.4A时，变阻器的电功率为3.2W，
此时变阻器两端电压为；
根据U总=U1+U2得到：-------②
联立①②可得：，U=12V。
（3）解：根据可知，当电路中电流最小时，电路中的总功率最小，
已知最小电流为0.2A，则最小电功率为。
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】由图甲可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器两端的电压；
（1）根据图乙可知，当滑片P在b端时，电路中的电流最小，从图象中读出对应的电流和电功率，根据P=I2R求出滑动变阻器的最大阻值；
（2）由乙图可知，当滑片P在某点c处时的电流和电功率，根据P=UI求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电阻和欧姆定律表示出电源电压，解方程求出R0的阻值和电源电压；
（3）根据P=UI求出最小电功率。
（1）由甲图可知，电路为定值电阻和变阻器串联，电压表测变阻器两端电压，电流表测电路中的电流，滑片P在b端时，变阻器接入电路中的阻值最大，电路中的电流最小；滑片P在a端时，变阻器接入电路中的阻值最小，电路中的电流最大，据乙图可知，电路中最小电流为0.2A，此时变阻器的电功率为2W，由可得，变阻器的最大阻值为
（2）据乙图可知，当电路中的电流为0.2A时，变阻器的电功率为2W，由可得变阻器两端电压为
电源电压可表示为--------①
当电流为0.4A时，变阻器的电功率为3.2W，由可得变阻器两端电压为
电源电压可表示为-------②
联立①②可得，U=12V。
（3）当电路中电流最小时，根据可知，电路中的总功率最小，已知最小电流为0.2A，则最小电功率为
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