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2026届湖南省衡阳市高考物理自编模拟练习试卷【九】【2026届湖南省高考最新题型结构】（word版含答案）
考试范围：2026届高考物理全部内容 考试时间：75分钟； 命题人：
学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
温馨提示：根据湖南省教育考试院于2025年12月3日发布的《湖南省普通高中学业水平选择性考试试卷结构(2025年修订)》，该结构自2026年起实施。2026年湖南高考物理科目的试卷结构如下：
考试形式与时长 ：采用闭卷、笔试形式，考试时长为75分钟，卷面满分为100分。
试题构成 ：试题分为 选择题 和 非选择题 两大类。
选择题（共10题，总分42–43分）
单项选择题 ：7–8题，每题4分，总分28–32分。
多项选择题 ：2–3题，每题5分，总分10–15分。
非选择题（共5题，总分57–58分）
题目数量固定为5题，主要涵盖计算题、实验题和综合应用题，分值较高，更加强调对物理概念的理解、实验设计与分析、以及综合运用能力的考查。
此次调整的核心变化是 减少多项选择题数量，增加单项选择题比例 ，同时 显著提升非选择题的分值权重 ，体现了对考生基础知识扎实程度和综合应用能力的双重重视。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上．
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上．写在本试卷上无效．
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
第一部分（选择题 共43分）
一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．[4分]如图所示的位移（x） 时间（t）图象和速度（v） 时间（t）图象中，给出四条曲线1、2、3、4代表四个不同物体的运动情况，关于它们的物理意义，下列描述正确的是（ ）
A．图线1表示物体做曲线运动
B．x t图象中t1时刻v1>v2
C．v t图象中0至t3时间内3和4的平均速度大小相等
D．两图象中，t2、t4时刻分别表示2、4开始反向运动
2．[4分]物理学家在建立物理概念、探究物理规律的过程中应用了许多思想方法，以下叙述不正确的是（　　）
A．在研究弹力时，通过激光笔、平面镜观察桌面形变，应用了微小量放大法
B．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是控制变量法
C．根据平均速度，当很小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，这里应用了极限思想
D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里应用了微元累积法
3．[4分]下列说法正确的是（　　）
A．由知，导体的电阻由两端的电压和通过的电流共同决定的
B．在电源电动势的定义式中，W指的静电力做功
C．从可知，对于阻值一定的导体，它两端的电压越大，通过它的电流也越大
D．焦耳热计算式，只能在纯电阻电路中使用
4．[4分]下列四幅插图中说法正确的是（　　）
A．甲图中，铜盘靠惯性转动，手持磁铁靠近铜盘，铜盘转动加快
B．乙图中，大量粒子以0m/s初速度进入加速电场，粒子轨迹半径越大，比荷越小
C．丙图中，把一根柔软的金属弹簧悬挂起来，使它的下端刚好跟槽中的水银接触并保持静止，通电后弹簧仍保持静止
D．图丙中，当人对着话筒讲话时线圈中会产生强弱变化的电流，这利用了电流的磁效应
5．[4分]已知一质点做初速度v0=0的匀加速直线运动，则下列说法正确的是（　　）
A．第1秒末、第2秒末、第3秒末的速度之比为1：4：9
B．第1s内、第2s内、第3s内的平均速度之比为1：4：9
C．质点在0~1s、1s~3s、3s~6s的位移之比为1：4：9
D．质点在0~1s、1s~3s、3s~6s的平均速度之比为1：4：9
6．[4分]如图所示，当滑动变阻器的滑片P向上端移动时，电表示数的变化情况是（ ）
A．示数减小，示数增大，A示数增大
B．示数增大，示数减小，A示数增大
C．示数增大，示数增大，A示数减小
D．示数减小，示数减小，A示数减小
7．[4分]如图所示，左侧一单匝导电圆环半径，导电圆环与一个理想变压器的原线圈相连，导电圆环的电阻不计，圆环中有垂直于圆环平面向里的磁场，磁感应强度B的变化率为，变压器的副线圈两端与一个规格为“，”的小灯泡相连，小灯泡正常发光，则下列说法正确的是（）
A．变压器原线圈上电压的最大值为 B．副线圈上交变电流的频率为
C．原、副线圈的匝数比为1∶400 D．导电圆环中电流的最大值为
二、选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
8．[5分]如图所示，甲是一个带正电的小物块，乙是一个不带电的绝缘物块。甲、乙叠放在一起置于粗糙水平面上，水平面上方有垂直于纸面向里的匀强磁场。现用一个水平恒力拉乙物块，使甲、乙无相对滑动地一起向左运动。下列说法中正确的是（　　）
A．甲、乙两物块间的静摩擦力不断减小
B．甲、乙两物块间的静摩擦力不断增大
C．甲、乙两物块做加速度逐渐减小的加速运动，最后做匀速直线运动
D．要满足题干中甲、乙两物块无相对滑动，甲、乙之间动摩擦系数应大于等于乙与地面之间的动摩擦系数（最大静摩擦力等于滑动摩擦力）
9．[5分]某物理兴趣小组在学习了电磁感应后，想探究安培力作用下物体的运动情况。他们设计了如下过程：如图所示，在水平桌面上铺设宽度的绝缘轨道，轨道内分布着边长为l的正方形匀强磁场区域，匀强磁场的磁感应强度，方向竖直向上。现有边长为l的正方形金属线框abcd以初速度向右进入磁场区域，cd边在磁场区域运动时受到水平向右的拉力，拉力F的大小与速度大小之间满足，且cd两端的电压随时间均匀增加，当cd边不在磁场区域时拉力，已知从ab边进入磁场到ab边出磁场的过程中金属线框产生的焦耳热，忽略一切阻力，则（　　）
A．金属线框的电阻
B．金属线框运动过程中的最大速率为3m/s
C．ab边出磁场时的速率为2.5m/s
D．金属线框的质量
10．[5分]如图， 为一段固定于水平面上的光滑圆弧导轨，圆弧的圆心为 ，半径为 .空间存在垂直导轨平面向里、磁感应强度大小为 的匀强磁场.电阻为 的金属杆 与导轨接触良好，图中电阻 ，其余电阻不计.现使 杆在外力作用下以恒定角速度 绕圆心 顺时针转动（初始时 处于 与 之间且 ，在其转过 的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．流过电阻 的电流方向为
B． 两点间电势差为
C．流过 的电荷量为
D．外力做的功为
第二部分（非选择题 共57分）
非选择题：本大题共5题，共57分。11．[8分]某研究小组用如图甲所示装置“探究两个互成角度的力的合成规律”。实验步骤如下：
A．用图钉将白纸固定在水平木板上；
B．将橡皮条的一端固定在木板上A点，另一端系在绳的结点上。将两细线也系在绳的结点上，另一端分别挂弹簧测力计B和C。用互成一定角度、方向平行于木板、大小适当的力拉两个弹簧测力计，使绳的结点静止在O点，用铅笔做标记，并沿细线标记两绳拉力的方向，读出弹簧测力计的示数分别为F1和F2；
C．撤掉一个弹簧测力计，用一个弹簧测力计将绳的结点拉到相应位置，读出弹簧测力计的示数为，沿细线标记拉力的方向；
D．选择合适标度，在白纸上以 F1和F2为邻边作平行四边形，作出合力 F的大小和方向；按同一标度在白纸上画出力的图示；
E、如图乙，比较和F的大小和方向，从而验证是否遵循力的平行四边形定则。
（1）本实验主要采用的科学方法是 。（填正确选项前的字母）
A．控制变量法 B．等效替代法
C．理想实验法 D．建立物理模型法
（2）以下实验注意事项，其中正确的是 。（多选，填正确选项前的字母）
A．步骤B、C中要将橡皮条和绳的结点拉到相同位置
B．两细绳必须等长
C．弹簧测力计、细绳、橡皮条都应与木板平行
D．用两弹簧测力计同时拉细绳时，两弹簧测力计示数之差应尽可能大
（3）某同学在坐标纸上画出了如图丙所示的两个已知力F3和F4，图中小正方形的边长表示2N，请用作图法求得两力的合力大小为 N。
12．[8分]用如图所示的装置“研究平抛物体的运动”。其主要实验步骤如下：
（a）将弧形斜槽固定在桌面上，让其末端伸出桌面边缘处
（b）用图钉将白纸钉在薄木板上，用支架将木板竖直固定
（c）将小球从斜槽上释放，在竖直白纸上记录小球所经过的多个位置，用平滑的曲线连接起来，即为小球平抛运动的轨迹。
（1）在“研究平抛物体的运动”实验时，已备有下列器材：白纸、图钉、薄木板、铅笔、弧形斜槽、小球、刻度尺、铁架台，还需要下列器材中的 ；
A．秒表　　B．天平　　C．重锤线　　D．测力计
（2）在该实验中，为减少空气阻力对小球的影响，所以选择小球时，应选择
A．实心小铁球　　B．空心小铁球　　C．实心小木球　　D．塑料小球
（3）在该实验中，应采取下列哪些措施减小实验误差 。
A．斜槽轨道末端切线必须水平
B．斜槽轨道必须光滑
C．每次要平衡摩擦力
D．小球每次应从斜槽同一高度静止释放
（4）在该实验中，某同学正确地确定了坐标原点及坐标轴后，描绘出小球在同时刻所通过的三个位置A、B、C，相邻的两个位置间的水平距离均为x，测得x＝10.00cm，A、B间的竖直距离y1＝4.78cm，A、C间的竖直距离y2＝19.36cm。如图所示。（重力加速度g取9.80m/s2）根据以上直接测量的物理量导出小球做平抛运动的初速度的公式为v0＝ （用题中所给字母表示）。代入数据得到小球的初速度值为 m/s（保留两位有效数字）。
13．[12分]（10分）用热力学方法可测量重力加速度。如图所示，粗细均匀的细管开口向上竖直放置，管内用液柱封闭了一段长度为的空气柱。液柱长为,密度为 。缓慢旋转细管至水平，封闭空气柱长度为,大气压强为。
（1） 若整个过程中温度不变，求重力加速度的大小；
（2） 考虑到实验测量中存在各类误差，需要在不同实验参数下进行多次测量，如不同的液柱长度、空气柱长度、温度等。某次实验测量数据如下，液柱长，细管开口向上竖直放置时空气柱温度。水平放置时调控空气柱温度，当空气柱温度时，空气柱长度与竖直放置时相同。已知,。根据该组实验数据，求重力加速度的值。
14．[13分]如图所示，质量M＝2kg的长方体形铁箱在水平拉力F作用下沿水平面向右做匀加速直线运动，质量的木块A贴在铁箱后壁上与铁箱保持相对静止，质量的小球B通过细绳与铁箱上侧连接，细绳与竖直方向的夹角α＝60°。已知铁箱与水平面间的动摩擦因数μ＝0.5，重力加速度。求：
（1）铁箱加速度的大小；
（2）木块受到铁箱的作用力大小和方向；
（3）水平拉力F的大小。
15．[16分]（16分）某地为发展旅游经济，因地制宜利用山体举办了机器人杂技表演。表演中，需要将质量为的机器人抛至悬崖上的点，图为山体截面与表演装置示意图。、为同一水平面上两条光滑平行轨道，轨道中有质量为的滑杆。滑杆用长度为的轻绳与机器人相连。初始时刻，轻绳绷紧且与轨道平行，机器人从点以初速度竖直向下运动，点位于轨道平面上，且在点正下方，。滑杆始终与轨道垂直，机器人可视为质点且始终在同一竖直平面内运动，不计空气阻力，轻绳不可伸长，,重力加速度大小为。
（1） 若滑杆固定，,当机器人运动到滑杆正下方时，求轻绳拉力的大小；
（2） 若滑杆固定，当机器人运动到滑杆左上方且轻绳与水平方向夹角为 时，机器人松开轻绳后被抛至点，求的大小；
（3） 若滑杆能沿轨道自由滑动，,且,当机器人运动到滑杆左上方且轻绳与水平方向夹角为 时，机器人松开轻绳后被抛至点，求与的关系式及的最小值。
参考答案
1．【答案】B
【详解】图像和图像都只能表示直线运动，曲线1表示物体做直线运动，故A错误；图像中图线的切线斜率表示物体的速度，时刻图线1切线的斜率大于图线2的斜率，则此时刻物体1的速度大于物体2的速度，即，故B正确；图像中，根据图像围成的面积表示位移，可知0至时间，3的位移小于4的位移，故由可知3的平均速度小于4的平均速度，故C错误；图像的斜率表示速度，图像的转折点表示物体的位移开始减小，运动方向开始反向，所以时刻物体2开始沿反向运动，而图像中时刻，物体4的速度不改变方向，故D错误。
2．【答案】B
【详解】在研究弹力时，通过激光笔、平面镜观察桌面形变，应用了微小量放大法，A正确；在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是理想模型法，B错误；根据平均速度，当△t很小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，这里应用了极限思想，C正确；在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里应用了微元累积法，D正确。选不正确。
3．【答案】C
【详解】导体电阻是导体本身的属性，其大小与它两端的电压及过它的电流无关，故A错误；在电源电动势的定义式中，W指的非静电力做功，故B错误；从关系式可知，对于阻值一定的导体，它两端的电压越大，通过它的电流也越大，故C正确；焦耳热计算式，对所有电路均适用，故D错误。
4．【答案】B
【详解】当转动铜盘时，导致铜盘切割磁感线，从而产生感应电流，出现安培力，由楞次定律可知，产生的安培力将阻碍铜盘切割磁感线运动，则铜盘转动将变慢，A错误；粒子在加速电场中，根据动能定理有，粒子在偏转磁场中，则有，联立解得，可知粒子轨迹半径越大，比荷越小，B正确；当有电流通过弹簧时，构成弹簧的每一圈导线周围都产生了磁场，根据安培定则知，各圈导线之间都产生了相互的吸引作用，弹簧就缩短了，当弹簧的下端离开水银后，电路断开，弹簧中没有了电流，各圈导线之间失去了相互吸引力，弹簧又恢复原长，使得弹簧下端又与水银接触，弹簧中又有了电流，开始重复上述过程，弹簧上下振动，C错误；图丁中，当人对着话筒讲话时，线圈振动切割磁感线会产生强弱变化的电流，这利用了电磁感应原理，D错误。
5．【答案】D
【详解】设，根据速度公式可得第1秒末速度，第2秒末速度，第3秒末速度，可得速度之比为，A错误；第1s内的平均速度为，第2s内的平均速度为，第3s内的平均速度为，可得平均速度之比为，B错误；的位移为，的位移为，的位移为，可得在0~1s、1s~3s、3s~6s的位移之比为，C错误；的平均速度为，的平均速度为，的平均速度为，可得在0~1s、1s~3s、3s~6s的平均速度之比为1：4：9，D正确。
6．【答案】C
【详解】首先弄清电压表测量的是路端电压，电压表测量的是和并联电路两端的电压，电流表A测量的是通过电阻的电流，再利用闭合电路欧姆定律及串联、并联电路的特点进行分析．滑片P向上端移动，接入电路的电阻增大，外电阻增大，干路电流I减小，路端电压增大，从而判定示数增大；由于I减小，电阻及内阻r的电压减小，故增大，所以示数增大；由于增大，所在支路的电流增大，通过的电流减小，所以A示数减小．
7．【答案】CD
【详解】变压器原线圈上电压的最大值为，选项A错误；副线圈上交变电流的频率为，选项B错误；原线圈电压有效值为，原、副线圈的匝数比为，选项C不正确；次级电流有效值为，则初级电流有效值，则导电圆环中电流的最大值为，选项D正确。
8．【答案】AC
【详解】对甲乙整体，当甲乙开始向左运动后，甲受到竖直向下的洛伦兹力，甲乙整体对地面的正压力增加，地面对乙向右的摩擦力增加，由受力分析，牛顿第二定律可得：合外力减小，加速度减小，做加速度逐渐减小的加速运动。隔离甲可知，甲、乙两物块间的静摩擦力不断减小，当地面给乙的摩擦力大小增大到外力F时，受力平衡，整体做匀速直线运动，故AC正确，B错误；设甲乙之间动摩擦系数为，乙与地面动摩擦系数为。若满足甲乙无相对滑动，由整体隔离法可得，整理可得，可知，并不需要，故D错误。
9．【答案】BD
【详解】由cd两端电压随时间均匀增加，可知cd在磁场中做匀加速运动，设加速度为，则cd边的速度，由牛顿第二定律得，推导得，为线圈总电阻，方程右侧为常数，时间的系数为零，有，①，代入数据可得，A错误；由分析可知cd边刚出磁场时速度最大为，cd边在磁场中运动的过程中②，设ab边刚出磁场的速度为，ab边进磁场到出磁场过程中，根据功能关系有③，由动量定理有④，联立①②③④式，并代入数据可得，，。
10．【答案】AD
【详解】由右手定则判断出 中电流方向由 可知流过电阻 的电流方向为 故 正确； 产生的感应电动势为 ，将 当成电源，外部电路 与 并联，则 两点间的电势差为 . ，故 错误；流过 的电流大小为转过 孤度所用时间为 ，流过 的电 ，荷量为 ，故 错误；转过 孤度过程中，外力做的功为 ，故 正确.
11．【答案】（1）B
（2）AC
（3）12
【详解】（1）探究两个互成角度的力的合成规律实验中，用两个弹簧测力计拉橡皮条的作用效果和用一个弹簧测力计拉橡皮条的作用效果一样，即等效替代法。
（2）A．为保证两次橡皮条的作用效果相同，两次要将橡皮条和细绳的结点拉到相同位置，故A正确；实验中需要记录的是拉力的大小和方向，细绳是为了记录拉力方向，与长短是否一致无关，故B错误；在实验中，弹簧测力计、细绳、橡皮条都应与木板平行，若不与平面平行，弹簧测力计的拉力会有其他方向的分力，造成实验结果误差变大，故C正确；用两个弹簧测力计拉动橡皮条时，两个弹簧测力计的示数要适当即可，不是示数之差要大，故D错误。
（3）（3）由平行四边形定则作图，如图所示
图中小正方形的边长表示2N，故合力大小为F合=12N。
12．【答案】C；A；AD/DA；；1.0
【详解】（1）在做“研究平抛物体的运动”实验时，除了木板、小球、斜槽、铅笔、图钉之外，下列器材中还需要重锤线，确保小球抛出是在竖直面内运动，应选C．
（2）为了减小空气阻力对小球的影响，要选择体积较小质量较大的小球，选实心小铁球，A正确，BCD错误；选A．
（3）实验中所用斜槽末端的切线必须调到水平，以保证做平抛运动，A正确；每次实验小球必须从斜槽的同一位置由静止释放，所用斜槽不必光滑，也不需要平衡摩擦力，只要到达底端的速度相同即可，BC错误；每次实验中小球必须由静止释放，初始位置必须相同，D正确。应选AD。
（4）竖直方向，根据匀变速直线运动的推论△y=（y2-y1）-y1=gT2，水平方向x=v0T，解得，代入数据可得v0=1.0m/s
13．【答案】（1）
（2）
【详解】
（1） 细管竖直放置时，设空气柱压强为，细管横截面积为，
有（1分）
细管水平放置时，设空气柱压强为，
有（1分）
整个过程温度不变，由玻意耳定律有（1分）
联立解得（2分）
（2） 由题意，水平放置时空气柱长度与竖直放置时相同，则气体做等容变化，
竖直放置时有（1分）
水平放置时有（1分）
由查理定律有（1分）
其中，，
联立解得（2分）
14．【答案】（1）
（2）20N，方向与竖直方向成60°斜向右上方
（3）
【详解】（1）对小球B，由牛顿第二定律
解得
铁箱的加速度大小为
（2）对木块A，由牛顿第二定律可得木块受到铁箱的支持力为
竖直方向可知木块受到铁箱的摩擦力为
由矢量运算可知，木块受到铁箱的作用力大小为
方向与竖直方向夹角为，满足
解得
（3）对铁箱、小球及木块组成的系统，由牛顿第二定律得
解得
15．【答案】（1）
（2）
（3） ，当时有最小值，为
【详解】
（1） 机器人从释放到运动到滑杆正下方的过程，由动能定理可得
（1分）
机器人在滑杆正下方，由牛顿第二定律可得
（1分）
联立解得轻绳拉力大小（1分）
（2） 设机器人运动到滑杆左上方且轻绳与水平方向夹角为 时的速度大小为，由动能定理可得
（1分）
机器人从滑杆左上方且轻绳与水平方向夹角为 抛出后，可将其运动分解为水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的竖直上抛运动，
水平方向有（1分）
竖直方向上有（1分）
联立解得（2分）
（3） 设机器人运动到滑杆左上方且轻绳与水平方向夹角为 时，机器人在水平方向和竖直方向的速度大小分别为和，滑杆的速度大小为，
由滑杆和机器人组成的系统在水平方向上动量守恒得
（1分）
滑杆和机器人组成的系统，由机械能守恒定律可得
（1分）
机器人的速度满足（1分）
机器人水平方向上的位移大小为（1分）
机器人从滑杆左上方且轻绳与水平方向夹角为 抛出后，可将其运动分解为水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的竖直上抛运动，
水平方向有（1分）
竖直方向有（1分）
联立解得（1分）
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2026届湖南省衡阳市高考物理自编模拟练习试卷【四】【2026届湖南省高考最新题型结构】（word版含答案）
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考试形式与时长 ：采用闭卷、笔试形式，考试时长为75分钟，卷面满分为100分。
试题构成 ：试题分为 选择题 和 非选择题 两大类。
选择题（共10题，总分42–43分）
单项选择题 ：7–8题，每题4分，总分28–32分。
多项选择题 ：2–3题，每题5分，总分10–15分。
非选择题（共5题，总分57–58分）
题目数量固定为5题，主要涵盖计算题、实验题和综合应用题，分值较高，更加强调对物理概念的理解、实验设计与分析、以及综合运用能力的考查。
此次调整的核心变化是 减少多项选择题数量，增加单项选择题比例 ，同时 显著提升非选择题的分值权重 ，体现了对考生基础知识扎实程度和综合应用能力的双重重视。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上．
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上．写在本试卷上无效．
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
第一部分（选择题 共43分）
一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．[4分]如图所示为匀强电场中的立方体ABCD-EFGH，边长为2 cm。已知φA=10 V，φB=4 V，φD=0 V，φE=2 V，则该匀强电场的场强大小为（　　）
A．5 V/m B．5 V/m
C．500 V/m D．500 V/m
2．[4分]如果青少年长时间的久坐与不正确的姿势,经过累积就会引起各种劳损与慢性疾病。学习一段时间要站起来活动一下,尽量避免长时间久坐。小明课下站立在水平地面上时,两腿绷直时夹角的角平分线与地面垂直。下列说法正确的是( )
A．两条腿分开的角度越大,小明对地面的压力越小
B．两条腿分开的角度越大,小明受到的合力越大
C．两条腿分开的角度越小,小明越费力
D．小明对地面的压力与两条腿间的角度无关
3．[4分]如图所示为某种太阳能无人驾驶试验汽车，汽车上安装有太阳能电池板、蓄能电池和电动机。在某次启动中，汽车以恒定的功率启动，所受阻力与速度成正比，比例系数为，经时间汽车的速度达到最大值，这个过程下列说法正确的是（ ）
A．汽车的合外力不变 B．汽车的牵引力增大
C．汽车达到的最大速度为 D．汽车合外力的功等于
4．[4分]（2025·唐山模拟）如图所示，两波源分别位于x1=-0.7 m和x2=0.9 m处，产生沿x轴正方向和负方向传播的两列简谐横波。两列简谐波的波速均为0.1 m/s。t=0时刻，两列波刚好传到x3=-0.3 m、x4=0.3 m处。若两波源一直振动，下列说法正确的是（　　）
A．沿x轴正向传播的简谐波周期为2 s
B．两列波相遇后会发生干涉现象
C．t=6 s时，x=0处的质点位移为0.5 cm
D．t=6 s时，x=0处的质点振动方向向上
5．[4分]如图所示，物块放在木板上，木板通过一根跨过光滑定滑轮的细线与物块连接，其中木板距离滑轮足够远，已知物块和木板的质量均为，物块与木板、与水平面间的动摩擦因数均为，物块的质量未知，用手托住物块使细线恰好伸直，后释放物块，取重力加速度，下列说法正确的是（ ）
A. 若物块的质量为，木板开始运动
B. 物块的加速度最大值为
C. 若物块的质量为，物块和木板发生相对滑动
D. 若物块的质量为，木板的加速度大小为
6．[4分]如图甲所示，让一物块从固定斜面顶端O处由静止释放，物块做匀加速直线运动经过A处到达斜面底端B处，通过A、B两处安装的传感器（未画出）测出A、B间的距离x及物块在AB段运动的时间t。改变A点及A处传感器的位置，重复多次实验，由计算机作出图像如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．物块在斜面上运动的平均速度大小为
B．物块运动到斜面底端时速度大小为
C．物块在斜面上运动的加速度大小为
D．物块在斜面上运动的时间为2s
7．[4分]某种原子核经过一系列的衰变达到稳定状态变成原子核，质量数与中子数的关系图像如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．的质子数与的质子数之比为
B．的比结合能大于的比结合能
C．经过1次 衰变后新元素的质子数与中子数之比为5:6
D．变成的衰变方程为
二、选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
8．[5分]将可视为质点的小球沿光滑冰坑内壁推出，使小球在水平面内做匀速圆周运动，如图所示。已知圆周运动半径为，小球所在位置处的切面与水平面夹角 为 ，小球质量为，重力加速度取。关于该小球，下列说法正确的是（ ）
A．角速度为 B．线速度大小为
C．向心加速度大小为 D．所受支持力大小为
9．[5分]如图甲所示，倾斜传送带与水平方向间的夹角为 ，在电动机的带动下顺时针匀速转动.现将一质量的货物无初速度地放在传送带底端的点，货物从到的运动过程中机械能随高度变化的图像如图乙所示，设点所在平面为零势能面.可认为货物与传送带间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度，不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A．传送带匀速转动的速率
B．货物与传送带间的动摩擦因数
C．货物与传送带间因摩擦产生的热量
D．货物从到，电动机多做的功
10．[5分]如图所示,水平轨道的左端与固定的光滑竖直四分之一圆弧轨道相切于点,右端与一倾角为 的光滑斜面在点平滑连接（即物体经过点时速度大小不变）,斜面顶端固定一轻质弹簧.一质量为的滑块（可视为质点）从圆弧轨道的顶端点由静止释放,经水平轨道后滑上斜面并压缩弹簧,第一次可将弹簧压缩至点.已知光滑圆弧轨道的半径为,水平轨道长为,与滑块间的动摩擦因数,光滑斜面部分长为,初始时弹簧处于原长,弹簧下端点距点距离为,不计空气阻力,重力加速度,弹簧弹性势能的表达式（为弹簧的形变量，为弹簧劲度系数）,弹簧始终在弹性限度内.下列说法正确的是（ ）
A．滑块到达点时,弹簧的弹性势能为
B．整个运动过程中滑块经过点5次
C．弹簧的劲度系数为
D．滑块最终停在点
第二部分（非选择题 共57分）
非选择题：本大题共5题，共57分。
11．[8分]如图所示,气垫导轨上的滑块经过光电门时,遮光条将光遮住,电子计时器可自动记录遮光时间Δt,测得遮光条的宽度为Δx,用近似代表滑块通过光电门时的瞬时速度.则 (　　)
A.在遮光时间Δt内,可认为滑块做变速运动
B.在遮光时间Δt内,可认为滑块做匀速运动
C.为使更接近瞬时速度,可换用更宽的遮光条
D.为使更接近瞬时速度,实验时可将滑块放在离光电门更近一些的位置
12．[8分]在探究物体的加速度与所受外力的关系实验中，如图甲所示，在水平放置的气垫导轨上有一带有方盒的滑块，质量为,气垫导轨右端固定一定滑轮，细线绕过定滑轮，一端与滑块相连，另一端挂有6个钩码，设每个钩码的质量为,且。
（1）某同学打开气源，将滑块由静止释放，滑块上宽度为的挡光片通过光电门的时间为,则滑块通过光电门的速度为 （用题中所给字母表示）
（2）开始实验时，细线另一端挂有6个钩码，滑块由静止释放后细线上的拉力为,接着每次实验时将1个钩码移放到滑块上的方盒中，当只剩3个钩码时细线上的拉力为,则 ;（填“大于”“小于”或“等于”）
（3）若每次移动钩码后都从同一位置释放滑块，设挡光片距光电门的距离为,细线端所挂钩码的个数为,宽度为的挡光片通过光电门的时间为,测出多组数据，并绘出图像（如图乙），已知图线斜率为,则测得当地重力加速度为
（用题中字母表示）
13．[10分]ETC是高速公路上不停车电子收费系统的简称，甲车减速至5m/s通过ETC通道，ETC自动抬杆放行，过收费站中心线后开始加速。将甲车加速的初时刻作为计时起点，此时乙车从人工通道过收费站，正在收费站中心线处停车缴费，10s后开始加速。甲乙两辆车在平直公路上沿同一方向做直线运动，它们的图像如图所示。（两通道中心线在同一条直线上）求：从计时开始。
（1）甲乙两车加速阶段的最大加速度大小、分别为多少；
（2）乙车追上甲车前，在何时两车距离最大且距离的最大值为多少；
（3）甲车何时被乙车追上，此时甲车前进的距离。
14．[12分]（14分）用中子轰击铀核，其中的一个可能反应是分裂成钡和氪，放出3个中子．各核和中子的质量如下（真空中光速,计算结果保留到小数点后两位），；，．
（1） 试写出该核反应方程；
（2） 求出反应中释放的核能；
（3） 我国第一座核电站——秦山核电站总装机容量达到650万千瓦，若该核电站中发生的反应为（1）中反应，则秦山核电站一年需要消耗多少千克的铀核
15．[16分]如图为某交流发电机简化示意图，长度为4m、间距为2m的两平行金属电极固定在同一水平面内，两电极之间的区域Ⅰ和区域Ⅱ有竖直方向的磁场，磁感应强度大小均为、方向相反，区域Ⅰ边界是边长为2m的正方形，区域Ⅱ边界是长为2m、宽为1m的矩形。绝缘传送带从两电极之间以速度2m/s匀速通过，传送带上每隔4m固定一根垂直运动方向、长度为2m的导体棒，导体棒通过磁场区域过程中与电极接触良好。已知每根导体棒的电阻为，，。求：
（1）图示位置时导体棒上产生的感应电动势大小；
（2）该装置产生的感应电动势有效值；
（3）从第一根导体棒进入磁场开始计时，1min内产生的热量。
参考答案
1．【答案】D
【详解】建立如图所示的空间直角坐标系，分别求出x、y、z三个方向上的电场强度，电场强度沿x轴方向的分量Ex==500 V/m，电场强度沿y轴方向的分量Ey==300 V/m，电场强度沿z轴方向的分量Ez==400 V/m，则合场强大小为E==500 V/m，D项正确。
2．【答案】D
【详解】根据牛顿第三定律可知小明对地面的压力与地面对小明的支持力大小相等,支持力与重力为一对平衡力,合力为零,所以小明对地面的压力与重力大小相等,与两条腿分开的角度无关,A、B两项错误,D项正确;设两条腿对身体的作用力为F,F与竖直方向夹角为θ,根据平衡条件可知2Fcos θ=mg,两条腿分开的角度越小,F越小,小明越省力,C项错误。
3．【答案】C
【详解】由、可知随着速度增大，牵引力减小，阻力增大，合外力变小，、错误；当汽车达到最大速度时，有，解得，正确；合外力做的功等于电动机做的功减去克服阻力做的功，所以小于，错误。
4．【答案】C
【详解】沿x轴正向传播的简谐波波长为λ1=0.4 m，周期为T1==4 s，A项错误;沿x轴负向传播的简谐波波长λ2=0.6 m，周期为T2==6 s，两列波周期和频率不同，相遇后不会发生干涉现象，B项错误;t=6 s时，简谐波传播距离Δx=vt=0.6 m，沿x轴正向传播的简谐波在x=0处的质点位移为y1=0.5 cm，沿x轴负向传播的简谐波在x=0处的质点位移为y2=0 cm，x=0处的质点实际位移为0.5 cm，C项正确;t=6 s时，沿x轴正向传播的简谐波在x=0处的质点的速度为0，沿x轴负向传播的简谐波在x=0处的质点的速度最大且由平衡位置向下运动，故t=6 s时，x=0处的质点振动方向向下，D项错误。
5．【答案】D
【详解】、整体恰好开始运动时有，可得，错误；、发生相对滑动时，有，得的加速度最大值为，错误；、恰好发生相对滑动时，对、、有，可得，错误；物块的质量为时，、发生相对滑动，对、有，可得，正确。
【一题多解】
隔离法
对D选项：对根据牛顿第二定律有，对根据牛顿第二定律有，，联立解得，D正确。
6．【答案】B
【详解】由匀变速运动规律和逆向思维有，可得，由图乙知，小球运动到斜面底端时速度大小为，根据匀变速直线运动平均速度公式知，可得，物块在斜面上运动的平均速度大小为，A错误，B正确；根据，可知，由图乙知，代入得，C错误；由速度与时间关系式知，代入得，D错误。
7．【答案】B
【详解】由题图可知,的质量数为238,中子数为146,的质量数为206,中子数为124,故的质子数与的质子数之比为,故错误；设经过次 衰变、次 衰变达到稳定状态变成,核反应方程可写为,由电荷数与质量数守恒可得,,解得,,故衰变方程为,故错误；衰变放出能量,生成物更稳定,故的比结合能大于的比结合能,故正确；经过1次 衰变的衰变方程为,新元素的质子数与中子数之比为,故不正确.
8．【答案】AC
【详解】小球受力分析如图所示，由牛顿第二定律得，解得角速度为，正确；由解得线速度大小为，错误；由解得向心加速度大小为，正确；小球所受支持力大小为，错误。
9．【答案】ABD
【详解】由题图乙可知时,货物与传送带共速,此时,解得传送带速度,故正确；货物机械能的变化量等于摩擦力做的功,即共速前 ,则第一段的斜率,解得,故正确；第一段，对货物由牛顿第二定律有，解得加速度,货物和传送带达到共速的时间,传送带的位移,货物沿传送带的位移,则系统因摩擦产生的热量,因 ,则共速后货物与传送带一起匀速运动,无摩擦生热,故错误；货物从到,电动机多做的功,故正确.
【关键点拨】
几种常见的功能关系
力做功 能的变化 定量关系
合力的功 动能变化
重力的功 重力势能变化
弹簧弹力的功 弹性势能变化
除重力和弹力之外的其他力做的功 机械能变化
滑动摩擦力做功 内能增加 摩擦生热
10．【答案】ABC
【详解】设滑块第一次到达点时,弹簧的弹性势能为，滑块从点到点,由动能定理可得,由功能关系可得,解得,故正确；分析可知,滑块最终停止在水平轨道上,设滑块在段运动的总路程为，滑块从点滑下到最终停下来的全过程,由动能定理可得,解得,由于,可知整个运动过程中滑块经过点5次,滑块最终停在点,故正确,错误；滑块在点时,弹簧的压缩量,又,解得,故正确.
11．【答案】B　
【解析】在遮光时间Δt内,由于时间很短,所以可认为滑块做匀速运动,故A错误,B正确;利用平均速度等效替代瞬时速度,为使更接近瞬时速度,只能尽量减小计算平均速度的位移,即换用宽度更窄的遮光条,若将滑块放在离光电门较近的位置,且速度较小时,将会增大测量误差,故C、D错误.
12．【答案】（1）（2分）（2）小于（2分）（3）（4分）
【详解】（1）极短时间内的平均速度等于瞬时速度的大小，则滑块通过光电门的速度;
（2）对整体分析，,隔离对滑块分析，根据牛顿第二定律得,,隔离对滑块分析，根据牛顿第二定律得，,知。
（3）滑块通过光电门的速度,根据得,因为,代入解得,图线的斜率,解得。
13．【答案】（1）0.5m/s2，2m/s2；（2）100m；（3）250m
【详解】（1）由速度图像可知甲车的加速度的大小为
乙车的加速度的大小为
（2）由题意知，在时，两车同速，两车间距离为最大值，在速度时间图像中面积表示位移，则甲车的位移为
乙车的位移为
故乙车追上甲车前，两车间距的最大值为
（3）由速度时间图像中面积表示位移可知，甲车运动20s时，甲车在前，乙车在后两车间距为
之后甲乙两车都分别以，的速度做匀速直线运动，设再经过时间乙车追上甲车，则
代入数据解得
此时，甲车运动时间为
甲车在该时间段内运动的位移为
故从甲车经过中心线开始计时经过27.5s，甲车前进250m时被乙车追上。
14．【答案】（1）
（2）
（3）
【详解】
（1） 根据电荷数守恒、质量数守恒可知,核反应方程为．
（2） 核反应的质量亏损
,
反应中释放的核能为
．
（3） 秦山核电站一年需要消耗铀核的质量
．
【教材变式】
本题由教材P131复习与提高B组第5题演变而来．题目都考查了核反应方程和核电站每年需要消耗的铀的质量．
15．【答案】（1）4V
（2）
（3）200J
【详解】（1）图示位置时导体棒切割区域Ⅱ磁场
产生感应电动势
解得
（2）导体棒切割区域Ⅰ磁场时，
产生的感应电动势
导体棒在磁场区域Ⅰ和磁场区域Ⅱ运动时间
设电动势有效值为，由有效值定义可知
解得
（3）根据串并联电路
总电流的有效值
的有效电流
由焦耳定律，1min内的发热
（或用的有效电压，）
第 page number 页，共 number of pages 页
第 page number 页，共 number of pages 页保密★启用前
2026 届湖南省衡阳市高考物理自编模拟练习试卷【九】【2026 届湖
南省高考最新题型结构】（PDF 版含答案）
考试范围：2026 届高考物理全部内容 考试时间：75 分钟； 命题人：
学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
温馨提示：根据湖南省教育考试院于 2025年 12月 3日发布的《湖南省普通高中学业水平选择性考试试
卷结构(2025年修订)》，该结构自 2026年起实施。2026年湖南高考物理科目的试卷结构如下：
考试形式与时长：采用闭卷、笔试形式，考试时长为 75分钟，卷面满分为 100分。
试题构成：试题分为选择题和非选择题两大类。
选择题（共 10题，总分 42–43分）
单项选择题：7–8题，每题 4分，总分 28–32分。
多项选择题：2–3题，每题 5分，总分 10–15分。
非选择题（共 5题，总分 57–58分）
题目数量固定为 5题，主要涵盖计算题、实验题和综合应用题，分值较高，更加强调对物理概念的理解、
实验设计与分析、以及综合运用能力的考查。
此次调整的核心变化是减少多项选择题数量，增加单项选择题比例，同时显著提升非选择题的分值权
重，体现了对考生基础知识扎实程度和综合应用能力的双重重视。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上．
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需
改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡
上．写在本试卷上无效．
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
第一部分（选择题 共 43分）
一、选择题：本题共 7小题，每小题 4 分，共 28 分。在每小题给出的四个选项中，只有一
项是符合题目要求的。
1．[4 分]如图所示的位移（x） 时间（t）图象和速度（v） 时间（t）图象中，给出四条曲线 1、2、3、
4代表四个不同物体的运动情况，关于它们的物理意义，下列描述正确的是（ ）
A．图线 1表示物体做曲线运动
B．x t图象中 t1时刻 v1>v2
C．v t图象中 0至 t3时间内 3和 4的平均速度大小相等
D．两图象中，t2、t4时刻分别表示 2、4开始反向运动
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2．[4 分]物理学家在建立物理概念、探究物理规律的过程中应用了许多思想方法，以下叙述不正确的是
（ ）
A．在研究弹力时，通过激光笔、平面镜观察桌面形变，应用了微小量放大法
B．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是控制变量法
x x
C．根据平均速度 v ，当 t很小时， 就可以表示物体在 t时刻的瞬时速度，这里应用了极限思
t t
想
D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直
线运动，然后把各小段的位移相加，这里应用了微元累积法
3．[4 分]下列说法正确的是（ ）
U
A．由 R 知，导体的电阻由两端的电压和通过的电流共同决定的
I
W
B．在电源电动势的定义式 E q 中，W指的静电力做功
U
C．从 I 可知，对于阻值一定的导体，它两端的电压越大，通过它的电流也越大
R
D．焦耳热计算式Q I 2Rt，只能在纯电阻电路中使用
4．[4 分]下列四幅插图中说法正确的是（ ）
A．甲图中，铜盘靠惯性转动，手持磁铁靠近铜盘，铜盘转动加快
B．乙图中，大量粒子以 0m/s初速度进入加速电场，粒子轨迹半径越大，比荷越小
C．丙图中，把一根柔软的金属弹簧悬挂起来，使它的下端刚好跟槽中的水银接触并保持静止，通电
后弹簧仍保持静止
D．图丙中，当人对着话筒讲话时线圈中会产生强弱变化的电流，这利用了电流的磁效应
5．[4 分]已知一质点做初速度 v0=0的匀加速直线运动，则下列说法正确的是（ ）
A．第 1秒末、第 2秒末、第 3秒末的速度之比为 1：4：9
B．第 1s内、第 2s内、第 3s内的平均速度之比为 1：4：9
C．质点在 0~1s、1s~3s、3s~6s的位移之比为 1：4：9
D．质点在 0~1s、1s~3s、3s~6s的平均速度之比为 1：4：9
6．[4 分]如图所示，当滑动变阻器的滑片 P向上端移动时，电表示数的变化情况是（ ）
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A．V1示数减小，V2示数增大，A示数增大
B．V1示数增大，V2示数减小，A示数增大
C．V1示数增大，V2示数增大，A示数减小
D．V1示数减小，V2示数减小，A示数减小
7．[4 分]如图所示，左侧一单匝导电圆环半径 r 1.0cm，导电圆环与一个理想变压器的原线圈相连，
导电圆环的电阻不计，圆环中有垂直于圆环平面向里的磁场，磁感应强度 B的变化率为
ΔB 100 2
sin(10 t)T / s，变压器的副线圈两端与一个规格为“3V，1.5W ”的小灯泡相连，小灯泡正常
Δt
发光，则下列说法正确的是（）
A．变压器原线圈上电压的最大值为0.01V B．副线圈上交变电流的频率为50Hz
C．原、副线圈的匝数比为 1∶400 D．导电圆环中电流的最大值为150 2A
二、选择题：本题共 3 小题，每小题 5 分，共 15 分。在每小题给出的四个选
项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有
选错的得 0 分。
8．[5 分]如图所示，甲是一个带正电的小物块，乙是一个不带电的绝缘物块。甲、乙叠放在一起置于粗
糙水平面上，水平面上方有垂直于纸面向里的匀强磁场。现用一个水平恒力拉乙物块，使甲、乙无相对
滑动地一起向左运动。下列说法中正确的是（ ）
A．甲、乙两物块间的静摩擦力不断减小
B．甲、乙两物块间的静摩擦力不断增大
C．甲、乙两物块做加速度逐渐减小的加速运动，最后做匀速直线运动
D．要满足题干中甲、乙两物块无相对滑动，甲、乙之间动摩擦系数应大于等于乙与地面之间的动摩
擦系数（最大静摩擦力等于滑动摩擦力）
9．[5 分]某物理兴趣小组在学习了电磁感应后，想探究安培力作用下物体的运动情况。他们设计了如下
5
过程：如图所示，在水平桌面上铺设宽度 l m的绝缘轨道，轨道内分布着边长为 l的正方形匀强磁场
6
区域，匀强磁场的磁感应强度 B 1T，方向竖直向上。现有边长为 l的正方形金属线框 abcd以初速度
v0 2m / s向右进入磁场区域，cd边在磁场区域运动时受到水平向右的拉力，拉力 F的大小与速度大小之
间满足 F
1
v 1N，且 cd两端的电压随时间均匀增加，当 cd边不在磁场区域时拉力 F 0，已知从 ab
3
第 3 页，共 12 页
155
边进入磁场到 ab边出磁场的过程中金属线框产生的焦耳热Q J，忽略一切阻力，则（ ）
216
A．金属线框的电阻 R 2
B．金属线框运动过程中的最大速率为 3m/s
C．ab边出磁场时的速率为 2.5m/s
1
D．金属线框的质量m kg
3
10．[5 分]如图， 为一段固定于水平面上的光滑圆弧导轨，圆弧的圆心为 ，半径为 .空间存在垂
直导轨平面向里、磁感应强度大小为 的匀强磁场.电阻为 的金属杆 与导轨接触良好，图中电阻
1 = 2 = ，其余电阻不计.现使 杆在外力作用下以恒定角速度 绕圆心 顺时针转动（初始时

处于 与 之间且∠ ＞ 3 ，在其转过3 的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．流过电阻 1 的电流方向为 → 1 →
2
B． 、 两点间电势差为
2
2
C．流过 的电荷量为
6
2 4D．外力做的功为
18
第二部分（非选择题 共 57分）
非选择题：本大题共 5题，共 57 分。11．[8 分]某研究小组用如图甲所示装置“探究两个互成角度
的力的合成规律”。实验步骤如下：
A．用图钉将白纸固定在水平木板上；
第 4 页，共 12 页
B．将橡皮条的一端固定在木板上 A点，另一端系在绳的结点上。将两细线也系在绳的结点上，另一端分
别挂弹簧测力计 B和 C。用互成一定角度、方向平行于木板、大小适当的力拉两个弹簧测力计，使绳的
结点静止在 O点，用铅笔做标记，并沿细线标记两绳拉力的方向，读出弹簧测力计的示数分别为 F1和
F2；
C．撤掉一个弹簧测力计，用一个弹簧测力计将绳的结点拉到相应位置，读出弹簧测力计的示数为 F ，
沿细线标记拉力 F 的方向；
D．选择合适标度，在白纸上以 F1和 F2为邻边作平行四边形，作出合力 F的大小和方向；按同一标度
在白纸上画出力 F 的图示；
E、如图乙，比较 F 和 F的大小和方向，从而验证是否遵循力的平行四边形定则。
（1）本实验主要采用的科学方法是 。（填正确选项前的字母）
A．控制变量法 B．等效替代法
C．理想实验法 D．建立物理模型法
（2）以下实验注意事项，其中正确的是 。（多选，填正确选项前的字母）
A．步骤 B、C中要将橡皮条和绳的结点拉到相同位置
B．两细绳必须等长
C．弹簧测力计、细绳、橡皮条都应与木板平行
D．用两弹簧测力计同时拉细绳时，两弹簧测力计示数之差应尽可能大
（3）某同学在坐标纸上画出了如图丙所示的两个已知力 F3和 F4，图中小正方形的边长表示 2N，请用作
图法求得两力的合力大小为 N。
12．[8 分]用如图所示的装置“研究平抛物体的运动”。其主要实验步骤如下：
（a）将弧形斜槽固定在桌面上，让其末端伸出桌面边缘处
（b）用图钉将白纸钉在薄木板上，用支架将木板竖直固定
（c）将小球从斜槽上释放，在竖直白纸上记录小球所经过的多个位置，用平滑的曲线连接起来，即为小
球平抛运动的轨迹。
（1）在“研究平抛物体的运动”实验时，已备有下列器材：白纸、图钉、薄木板、铅笔、弧形斜槽、小
球、刻度尺、铁架台，还需要下列器材中的 ；
A．秒表 B．天平 C．重锤线 D．测力计
（2）在该实验中，为减少空气阻力对小球的影响，所以选择小球时，应选择
A．实心小铁球 B．空心小铁球 C．实心小木球 D．塑料小球
（3）在该实验中，应采取下列哪些措施减小实验误差 。
A．斜槽轨道末端切线必须水平
B．斜槽轨道必须光滑
C．每次要平衡摩擦力
D．小球每次应从斜槽同一高度静止释放
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（4）在该实验中，某同学正确地确定了坐标原点及坐标轴后，描绘出小球在同时刻所通过的三个位置
A、B、C，相邻的两个位置间的水平距离均为 x，测得 x＝10.00cm，A、B间的竖直距离 y1＝4.78cm，A、
C间的竖直距离 y2＝19.36cm。如图所示。（重力加速度 g取 9.80m/s2）根据以上直接测量的物理量导出
小球做平抛运动的初速度的公式为 v0＝ （用题中所给字母表示）。代入数据得到小球的初速
度值为 m/s（保留两位有效数字）。
13．[12 分]（10分）用热力学方法可测量重力加速度。如图所示，粗细均匀的细管开口向上竖直放置，
管内用液柱封闭了一段长度为 1的空气柱。液柱长为 ,密度为 。缓慢旋转细管至水平，封闭空气柱长
度为 2,大气压强为 0。
（1） 若整个过程中温度不变，求重力加速度 的大小；
（2） 考虑到实验测量中存在各类误差，需要在不同实验参数下进行多次测量，如不同的液柱长度、空
气柱长度、温度等。某次实验测量数据如下，液柱长 = 0.2000m，细管开口向上竖直放置时空气柱温
度 1 = 305.7K。水平放置时调控空气柱温度，当空气柱温度 2 = 300.0K时，空气柱长度与竖直放置
时相同。已知 = 1.0 × 103kg/m3, 50 = 1.0 × 10 Pa。根据该组实验数据，求重力加速度 的值。
14．[13 分]如图所示，质量 M＝2kg 的长方体形铁箱在水平拉力 F作用下沿水平面向右做匀加速直线运
动，质量m1 1kg的木块 A贴在铁箱后壁上与铁箱保持相对静止，质量m2 1kg的小球 B通过细绳与铁
箱上侧连接，细绳与竖直方向的夹角α＝60°。已知铁箱与水平面间的动摩擦因数μ＝0.5，重力加速度
g 10m / s2。求：
（1）铁箱加速度的大小；
（2）木块受到铁箱的作用力大小和方向；
（3）水平拉力 F的大小。
15．[16 分]（16分）某地为发展旅游经济，因地制宜利用山体举办了机器人杂技表演。表演中，需要将
质量为 的机器人抛至悬崖上的 点，图为山体截面与表演装置示意图。 、 为同一水平面上两条光滑
平行轨道，轨道中有质量为 的滑杆。滑杆用长度为 的轻绳与机器人相连。初始时刻，轻绳绷紧且与轨
道平行，机器人从 点以初速度 竖直向下运动， 点位于轨道平面上，且在 点正下方， = 1.2 。
滑杆始终与轨道垂直，机器人可视为质点且始终在同一竖直平面内运动，不计空气阻力，轻绳不可伸
长，sin37 = 0.6,重力加速度大小为 。
第 6 页，共 12 页
（1） 若滑杆固定， = ,当机器人运动到滑杆正下方时，求轻绳拉力的大小；
（2） 若滑杆固定，当机器人运动到滑杆左上方且轻绳与水平方向夹角为37 时，机器人松开轻绳后被
抛至 点，求 的大小；
（3） 若滑杆能沿轨道自由滑动， = ,且 ≥ 1,当机器人运动到滑杆左上方且轻绳与水平方向夹角
为37 时，机器人松开轻绳后被抛至 点，求 与 的关系式及 的最小值。
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参考答案
1．【答案】B
【详解】 x t图像和 v t图像都只能表示直线运动，曲线 1表示物体做直线运动，故 A错误； x t图像
中图线的切线斜率表示物体的速度， t1时刻图线 1切线的斜率大于图线 2的斜率，则此时刻物体 1的速度
大于物体 2的速度，即 v1 v2，故 B正确； v t图像中，根据图像围成的面积表示位移，可知 0至 t3时
间，3的位移小于 4的位移，故由可知 3的平均速度小于 4的平均速度，故 C错误； x t图像的斜率表
示速度，图像的转折点表示物体的位移开始减小，运动方向开始反向，所以 t2时刻物体 2开始沿反向运
动，而 v t图像中 t4时刻，物体 4的速度不改变方向，故 D错误。
2．【答案】B
【详解】在研究弹力时，通过激光笔、平面镜观察桌面形变，应用了微小量放大法，A正确；在不需要
考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是理想模型法，B错误；根据平均速度
v x x ，当△t很小时， 就可以表示物体在 t时刻的瞬时速度，这里应用了极限思想，C正确；在推导
t t
匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后
把各小段的位移相加，这里应用了微元累积法，D正确。选不正确。
3．【答案】C
【详解】导体电阻是导体本身的属性，其大小与它两端的电压及过它的电流无关，故 A错误；在电源电
W U
动势的定义式 E q 中，W指的非静电力做功，故 B错误；从关系式
I 可知，对于阻值一定的导
R
体，它两端的电压越大，通过它的电流也越大，故 C正确；焦耳热计算式Q I 2Rt，对所有电路均适
用，故 D错误。
4．【答案】B
【详解】当转动铜盘时，导致铜盘切割磁感线，从而产生感应电流，出现安培力，由楞次定律可知，产
生的安培力将阻碍铜盘切割磁感线运动，则铜盘转动将变慢，A错误；粒子在加速电场中，根据动能定
2
Uq 1 mv2 v 1 2Um理有 ，粒子在偏转磁场中，则有 Bqv m ，联立解得 r ，可知粒子轨迹半径越
2 r B q
大，比荷越小，B正确；当有电流通过弹簧时，构成弹簧的每一圈导线周围都产生了磁场，根据安培定
则知，各圈导线之间都产生了相互的吸引作用，弹簧就缩短了，当弹簧的下端离开水银后，电路断开，
弹簧中没有了电流，各圈导线之间失去了相互吸引力，弹簧又恢复原长，使得弹簧下端又与水银接触，
弹簧中又有了电流，开始重复上述过程，弹簧上下振动，C错误；图丁中，当人对着话筒讲话时，线圈
振动切割磁感线会产生强弱变化的电流，这利用了电磁感应原理，D错误。
5．【答案】D
【详解】设 t 1s，根据速度公式可得第 1秒末速度 v1 at，第 2秒末速度 v2 a 2t ，第 3秒末速度
v3 a 3t
0 v
，可得速度之比为1: 2 :3，A错误；第 1s内的平均速度为 1 ，第 2s内的平均速度为
2
v1 v2 v2 v，第 3s内的平均速度为 3
1
，可得平均速度之比为1:3:5，B错误；0 1s 2的位移为 x at ，
2 2 1 2
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1
1s 3s的位移为 x2 a 3t
2 1
at 2 ，3s
1 1
6s的位移为 x3 a 6t
2 a 3t 2 ，可得在 0~1s、1s~3s、
2 2 2 2
x x
3s~6s的位移之比为1:8: 27，C错误；0 1s的平均速度为 1 ，1s 3s的平均速度为 2 ，3s 6s的平均速
t 2t
x
度为 3 ，可得在 0~1s、1s~3s、3s~6s的平均速度之比为 1：4：9，D正确。
3t
6．【答案】C
【详解】首先弄清电压表V1测量的是路端电压，电压表V2测量的是 R2和R3并联电路两端的电压，电流表
A测量的是通过电阻R3的电流，再利用闭合电路欧姆定律及串联、并联电路的特点进行分析．滑片 P向
上端移动，R3接入电路的电阻增大，外电阻 R外增大，干路电流 I减小，路端电压U外增大，从而判定V1
示数增大；由于 I减小，电阻R1及内阻 r的电压U R1r 减小，故U U U并 外 R1r 增大，所以V2示数增大；由
于U并增大， R2所在支路的电流 I2增大，通过R3的电流 I3 I I2 减小，所以 A示数减小．
7．【答案】CD
ΔB 100 2
【详解】变压器原线圈上电压的最大值为U E S (10 2)21m m V 0.01 2V ，选项 A错Δt
10
误；副线圈上交变电流的频率为 f 5Hz，选项 B错误；原线圈电压有效值为
2 2
U 0.01 2
n1 U1 0.01 1
1 V=0.01V ，原、副线圈的匝数比为 n U ，选项 C不正确；次级电流有效值为2 2 2 3 300
I P 1.5 n2 A=0.5A 2U 3 ，则初级电流有效值
I1 I 150An 2 ，则导电圆环中电流的最大值为2 1
I1m 150 2A，选项 D正确。
8．【答案】AC
【详解】对甲乙整体，当甲乙开始向左运动后，甲受到竖直向下的洛伦兹力，甲乙整体对地面的正压力
增加，地面对乙向右的摩擦力增加，由受力分析，牛顿第二定律可得：合外力减小，加速度减小，做加
速度逐渐减小的加速运动。隔离甲可知，甲、乙两物块间的静摩擦力不断减小，当地面给乙的摩擦力大
小增大到外力 F时，受力平衡，整体做匀速直线运动，故 AC正确，B错误；设甲乙之间动摩擦系数为
1，乙与地面动摩擦系数为 2。若满足甲乙无相对滑动，由整体隔离法可得
F 2 m甲 m乙 g m甲 1m甲g，整理可得 F m甲 m乙 1 m m 2 g，可知，并不需要 1 2，故 D错甲 乙
误。
9．【答案】BD
【详解】由 cd两端电压随时间均匀增加，可知 cd在磁场中做匀加速运动，设加速度为 a，则 cd边的速
1 2 2 2 2 2 2
度 v v0 at，由牛顿第二定律得 v 1
B l v
ma 1 B l 1 B l，推导得 ( )v 1 ( )at ma， R为线
3 R 3 R 0 3 R
B2l 2 1 25
圈总电阻，方程右侧为常数，时间 t的系数为零，有 ，ma 1N①，代入数据可得 R ，A
R 3 12
2 2
错误；由分析可知 cd边刚出磁场时速度最大为 vm ，cd边在磁场中运动的过程中 vm v0 2al②，设 ab
v 1 2 1 2边刚出磁场的速度为 1，ab边进磁场到出磁场过程中，根据功能关系有 mvm mv Q③，由动量定2 2 1
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2
理有mv1 mvm Bl
Bl
④，联立①②③④式，并代入数据可得 vm 3m / s
1
，m kg， v
13
1 m / s。R 3 6
10．【答案】AD
【详解】由右手定则判断出 中电流方向由 → ， 可知流过电阻 1 的电流方向为 → 1 → ， 故
2
正确； 产生的感应电动势为 = ，将 当成电源，外部电路 1 与 2 并联，则 、 两点间2
= 2

的电势差为 3 + . = ，故 错误；流过 的电流大小为转过3 孤度所用时间为 = = ，2 2 6 3
=
2
= = =
2
流过 的电 + 3 ，荷量为 ，故 错误；转过9 3 孤度过程中，外力做的功为2
= =
2 4
，故 正确.
18
11．【答案】（1）B
（2）AC
（3）12
【详解】（1）探究两个互成角度的力的合成规律实验中，用两个弹簧测力计拉橡皮条的作用效果和用一
个弹簧测力计拉橡皮条的作用效果一样，即等效替代法。
（2）A．为保证两次橡皮条的作用效果相同，两次要将橡皮条和细绳的结点拉到相同位置，故 A正确；
实验中需要记录的是拉力的大小和方向，细绳是为了记录拉力方向，与长短是否一致无关，故 B错误；
在实验中，弹簧测力计、细绳、橡皮条都应与木板平行，若不与平面平行，弹簧测力计的拉力会有其他
方向的分力，造成实验结果误差变大，故 C正确；用两个弹簧测力计拉动橡皮条时，两个弹簧测力计的
示数要适当即可，不是示数之差要大，故 D错误。
（3）（3）由平行四边形定则作图，如图所示
图中小正方形的边长表示 2N，故合力大小为 F 合=12N。
g
12．【答案】C；A；AD/DA； x ；1.0
y2 2y1
【详解】（1）在做“研究平抛物体的运动”实验时，除了木板、小球、斜槽、铅笔、图钉之外，下列器材
中还需要重锤线，确保小球抛出是在竖直面内运动，应选 C．
（2）为了减小空气阻力对小球的影响，要选择体积较小质量较大的小球，选实心小铁球，A正确，BCD
错误；选 A．
（3）实验中所用斜槽末端的切线必须调到水平，以保证做平抛运动，A正确；每次实验小球必须从斜槽
的同一位置由静止释放，所用斜槽不必光滑，也不需要平衡摩擦力，只要到达底端的速度相同即可，BC
错误；每次实验中小球必须由静止释放，初始位置必须相同，D正确。应选 AD。
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（4）竖直方向，根据匀变速直线运动的推论△y=（y2-y1）-y1=gT2，水平方向 x=v0T，解得
v g0 x ，代入数据可得 v0=1.0m/sy2 2y1

13．【答案】（1 0 2） 0
1
（2） 9.5m/s2
【详解】
（1） 细管竖直放置时，设空气柱压强为 1，细管横截面积为 ，
有 1 = 0 + （1分）
细管水平放置时，设空气柱压强为 2，
有 2 = 0（1分）
整个过程温度不变，由玻意耳定律有 1 1 = 2 2 （1分）
0 2 0
联立解得 = （2分）
1
（2） 由题意，水平放置时空气柱长度与竖直放置时相同，则气体做等容变化，
竖直放置时有 ′1 = 0 + （1分）
水平放置时有 ′2 = 0（1分）
′1 ′2
由查理定律有 = （1分）
1 2
其中 1 = 305.7K， 2 = 300.0K，
联立解得 = 9.5m/s2（2分）
14．【答案】（1）10 3m/s2
（2）20N，方向与竖直方向成 60°斜向右上方
（3）（40 3 20）N
【详解】（1）对小球 B，由牛顿第二定律m2g tan m2a
解得 a 10 3m/s2
铁箱的加速度大小为10 3m/s2
（2）对木块 A，由牛顿第二定律可得木块受到铁箱的支持力为 FN m1a 10 3m/s
2
竖直方向可知木块受到铁箱的摩擦力为 f1 m1g 10N
由矢量运算可知，木块受到铁箱的作用力大小为 F f 2 21 FN 20N
tan
F
N方向与竖直方向夹角为 ，满足 3f1
解得 60
（3）对铁箱、小球及木块组成的系统，由牛顿第二定律得 F m1 m2 M g m1 m2 M a
解得 F （40 3+20)N
15．【答案】（1） 4
37
（2）
10
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= (37 +28) 13 （3） ( ≥ 1)，当 = 1时有最小值，为
10( +1) 2
【详解】
（1） 机器人从释放到运动到滑杆正下方的过程，由动能定理可得
= 1 2 1 2（1分）
2 1 2
机器人在滑杆正下方，由牛顿第二定律可得
2
= 1（1分）

联立解得轻绳拉力大小 = 4 （1分）
（2） 设机器人运动到滑杆左上方且轻绳与水平方向夹角为37 时的速度大小为 2，由动能定理可得
sin37 = 1 2 1 22 （1分）2 2
机器人从滑杆左上方且轻绳与水平方向夹角为37 抛出后，可将其运动分解为水平方向上的匀速直线运
动和竖直方向上的竖直上抛运动，
水平方向有 2sin37 1 = (1 + cos37 ) = 1.8 （1分）
1
竖直方向上有 cos37 22 1 1 = (1.2 sin37 ) = 0.6 （1分）2
= 37 联立解得 （2分）
10
（3） 设机器人运动到滑杆左上方且轻绳与水平方向夹角为37 时，机器人在水平方向和竖直方向的速
度大小分别为 和 ，滑杆的速度大小为 3，
由滑杆和机器人组成的系统在水平方向上动量守恒得
= 3（1分）
滑杆和机器人组成的系统，由机械能守恒定律可得
1 2 = 1 2 + 1 ( 23 + 2 2 2 2 ) + sin37 （1分）

机器人的速度满足 tan53 = （1分）
+ 3
2 (1 cos37 ) 1.8
机器人水平方向上的位移大小为 1 = = （1分） +1 +1 +1
机器人从滑杆左上方且轻绳与水平方向夹角为37 抛出后，可将其运动分解为水平方向上的匀速直线运
动和竖直方向上的竖直上抛运动，
水平方向有 2 = 1（1分）
1
竖直方向有 2 22 = (1.2 sin37 ) = 0.6 （1分）2
(37 +28)
联立解得 = ( ≥ 1)（1分）
10( +1)
第 12 页，共 12 页2026 届湖南省衡阳市高考物理自编模拟练习试卷【七】【2026 届湖
南省高考最新题型结构】（PDF 版含答案）
考试范围：2026 届高考物理全部内容 考试时间：75 分钟； 命题人：
学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
温馨提示：根据湖南省教育考试院于 2025年 12月 3日发布的《湖南省普通高中学业水平选择性考试试
卷结构(2025年修订)》，该结构自 2026年起实施。2026年湖南高考物理科目的试卷结构如下：
考试形式与时长：采用闭卷、笔试形式，考试时长为 75分钟，卷面满分为 100分。
试题构成：试题分为选择题和非选择题两大类。
选择题（共 10题，总分 42–43分）
单项选择题：7–8题，每题 4分，总分 28–32分。
多项选择题：2–3题，每题 5分，总分 10–15分。
非选择题（共 5题，总分 57–58分）
题目数量固定为 5题，主要涵盖计算题、实验题和综合应用题，分值较高，更加强调对物理概念的理解、
实验设计与分析、以及综合运用能力的考查。
此次调整的核心变化是减少多项选择题数量，增加单项选择题比例，同时显著提升非选择题的分值权
重，体现了对考生基础知识扎实程度和综合应用能力的双重重视。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上．
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需
改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡
上．写在本试卷上无效．
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
第一部分（选择题 共 43分）
一、选择题：本题共 7小题，每小题 4 分，共 28 分。在每小题给出的四个选项中，只有一
项是符合题目要求的。
1．[4 分]2025年 9月 3日，我国举行盛大阅兵仪式，“东风-5C”液体洲际战略核导弹接受检阅。“东风-
5C”液体洲际战略核导弹是我国战略反击体系中的重要组成，打击范围覆盖全球。某次中国人民解放军火
箭军从海南岛向南太平洋相关公海海域成功发射了 1发携带训练模拟弹头的洲际弹道导弹，并准确落入
预定海域。从发射到命中目标，整个过程仅耗时 20多分钟，飞行速度高达 25马赫（即声速的 25倍），
射程约 12000公里，创下了全球洲际导弹实际测试中的最远纪录。下列说法正确的是（ ）
A．题目中“射程约 12000公里”指的是位移
B．题目中“马赫”为国际单位制中的基本单位
第 1 页，共 16 页
C．右边图片中正在加速上升的导弹处于超重状态
D．导弹的惯性随着飞行速度的增大而增大
2．[4 分]在以竖直向上为正方向建立 y轴的 xOy平面内存在方向未知且范围足够大的匀强电场，已知 x
轴和 y轴上的各点电势如图甲和图乙所示，已知重力加速度为 g=10m/s2。下列说法正确的是（）
A．匀强电场大小为 240V/m
B．x方向分电场Ex与 y方向分电场Ey大小之比为 3:4
C．一个电子处于坐标 3cm，3cm 时电势能为 0
D．在坐标原点以 8m/s的初速度竖直向上抛出质量为 0.1kg、带电荷量为+2×10-3C的小球，当它运动到最
高点时电势能增加了 2J
3．[4 分]已知一质点做初速度 v0=0的匀加速直线运动，则下列说法正确的是（ ）
A．第 1秒末、第 2秒末、第 3秒末的速度之比为 1：4：9
B．第 1s内、第 2s内、第 3s内的平均速度之比为 1：4：9
C．质点在 0~1s、1s~3s、3s~6s的位移之比为 1：4：9
D．质点在 0~1s、1s~3s、3s~6s的平均速度之比为 1：4：9
4．[4 分]氢原子能级图如图甲所示，一群处于 n=4能级的氢原子向低能级跃迁时能发出 6 种不同频率的
光，分别用这些频率的光照射图乙电路的阴极 K，其中只有 2 种不同频率的光能够发生光电效应，则阴
极 K的逸出功可能为（）
A．8.5eV B．12.75eV C．11.2eV D．13.2eV
5．[4 分]如图，在真空中的绝缘光滑水平面上，边长为 L的正三角形的三个顶点上分别固定放置电量为
+Q、+Q、-Q的点电荷，以图中顶点为圆心、0.5L为半径的圆与其腰及底边中线的交点分别为 A、B、
C、D。下列说法正确的是（）
第 2 页，共 16 页
A．A点场强等于 C点场强
B．B点电势等于 D点电势
C．由 A点静止释放一正点电荷+q，其轨迹可能是直线也可能是曲线
D．将正点电荷+q沿圆弧逆时针从 B经 C移到 D，电荷的电势能始终不变
6．[4 分]如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比 n1 : n2 8:1，原线圈电路中R 0为定值电阻，副线圈
电路中R为滑动变阻器，灯泡L1、L2完全相同。当闭合开关S1、断开开关S2 且输入端的电压为U 时，
两灯泡均正常发光；断开开关S1、闭合开关S2 ，电路输入端的电压为U ，调节滑动变阻器使其接入电路
的阻值为 R时两灯泡也均正常发光，则前、后两种情况下（ ）
A．输入端的电压之比为 2 :1
B．输入端的输入功率之比为1: 2
C．R 0与R消耗功率之比为1:1
D． R : R0 8:1
7．[4 分]筷子是中华饮食文化的标志之一，筷子在先秦时称为“梜”，汉代时称“箸”，明代开始称“筷”，
如图所示，用筷子夹质量为 m的小玻璃球，假设筷子均在竖直平面内，且每根筷子和竖直方向的夹角均
为 ，小球静止，已知小球与筷子之间的动摩擦因数为 ( tan )，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重
力加速度为 g，则下列说法正确的是（ ）
mg
A．每根筷子对小球的压力的最小值为 sin cos
第 3 页，共 16 页
mg
B．每根筷子对小球的压力的最小值为 2(sin cos )
mg
C．每根筷子对小球的压力的最大值为 sin cos
D．每根筷子对小球的压力的最大值为 2mg
二、选择题：本题共 3 小题，每小题 5 分，共 15 分。在每小题给出的四个选
项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有
选错的得 0 分。
8．[5 分]在汽车制造厂的静电喷涂车间，喷枪喷出的涂料微粒带负电，工件接地。如图所示，在喷枪与
工件之间施加高压电场，涂料微粒在电场力作用下飞向工件并吸附在表面。根据以上信息，判断下列说
法正确的是（ ）
A. 工件表面因静电感应而带正电
B. 涂料微粒在飞向工件的过程中，电势能逐渐增大
C. 若增大喷枪与工件间的电压，涂料微粒所受电场力将增大
D. 喷枪与工件间的电场线方向由涂料微粒指向工件
9．[5 分]在相互平行且足够长的两根水平光滑的硬杆上，穿着三个半径相同的刚性球 A、B、C，如图所
示.三球的质量分别为 mA=1 kg、mB=2 kg、mC=6 kg，初状态 B、C球之间连着一根轻质弹簧并处于静止状
态，B、C连线与杆垂直并且弹簧刚好处于原长状态，A球以 v0=18 m/s的速度向左运动，与同一杆上的 B
球碰撞后粘在一起(作用时间极短)，则下列判断中正确的是 ( )
A．A球与 B球碰撞中损耗的机械能为 108 J
B．在以后的运动过程中，弹簧形变量最大时 C球的速度最大
C．在以后的运动过程中，弹簧的最大弹性势能为 36 J
D．在以后的运动过程中，B球的最小速度为 2 m/s
10．[5 分]如图，光滑水平地面上依次放置了 n个相同滑块 A1、 A2、 A3、 A4 、…、 An，质量均为 3m。
水平传送带与地面平滑连接，在电动机的作用下保持以 v0的速率逆时针转动。将一个质量为 m的滑块 A0
轻放在传送带右端，滑块在传送带的作用下向左运动，到达传送带左端时速度大小为 v0，已知所有的碰
a 1 an
撞都是一维弹性碰撞。下列说法正确的是（ ）（提示： a a2 a3 an ，其中 a≠1）
1 a
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1
A．滑块 A0发生第一次碰撞后瞬间的速度大小为 v2 0
1
B．滑块 An k最终速度大小为 v2k 0
1
C．滑块 A0最后一次离开传送带时的速度大小为 2n
v0
1
D．整个过程中电动机因滑块在传送带上滑动而额外做的功为 3 n mv
2
2 0
第二部分（非选择题 共 57分）
三、非选择题：本大题共 5 题，共 57 分。
11．[8 分]某物理实验小组要精确测量一新型化学电池的电动势和内阻，他们查阅资料发现该电池的电动
势大约为 3V，内阻大约为4k ，一同学根据学到的物理知识设计了如图甲所示的测量电路，实验室提供
了以下器材：
A．微安表 A（量程为 0 100μA，内阻为RA 3000Ω）
B．定值电阻R0（阻值为 5000Ω）
C．定值电阻R0（阻值为 500Ω）
D．电阻箱 R（0~9999Ω）
E．导线和开关。
（1）经实验小组讨论分析发现，实验室提供的微安表量程太 （选填“大”或“小”），应将定值电阻
（填器材前的字母标号）与微安表 A （选填“串联”或“并联”）。
（2）选择正确的定值电阻与微安表正确连接后，再按电路图正确连接电路。先将电阻箱的阻值调到最
1
大，闭合开关，改变电阻箱的阻值，测得的几组微安表 A的读数 I和电阻箱的读数 R，作出 R图得到
I
如图乙所示的直线，根据图像可求出电池的电动势 E V，内阻 r k （结果均保留 3位有
效数字）。
（3）从系统误差角度考虑，该小组利用该方法测出的电源内阻与电源真实内阻相比 （选填“偏
大”“偏小”或“相等”）
12．[8 分]（10分）现有某型号电池,小张同学想用学过的物理知识来测量其电动势 和内阻 ,实验室提供
的器材有:
①电压表(0 3V,内阻为 3kΩ);
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②电流表(0 0.6A,内阻很小)；
③滑动变阻器 0 10Ω ;
④定值电阻 1 = 1.5kΩ ;
⑤定值电阻 2 = 3kΩ ;
⑥开关 S,导线若干。
（1） 小张同学设计了如图甲所示的电路图,需将电压表量程扩大为 6V,则定值电阻 0应选______。（填
所给器材前面的序号）
甲
（2） 请你在图乙中用笔画线代替导线连接好测量电路的剩余部分。
乙
（3） 通过调节滑动变阻器 ,得到多组电压表的读数 和电流表的读数 ,作出如图丙所示的图像。请根据
图丙求出电源的电动势 等于____________V,电源内阻 等于____________Ω 。（均保留三位有效数字）
丙
（4） 若考虑电流表内阻,则电源内阻测量值________（填“大于”“小于”或“等于”）真实值。
13．[10 分]如图所示，A物块固定在水平面上，其上表面是半径为 R的光滑四分之一圆弧；B是质量为
mB的带四分之一圆弧和水平板的物块，其圆弧半径也为 R、上表面光滑，水平部分长为 L、上表面粗
糙。B物块放在光滑水平面上，B物块左端与 A物块右端等高且无缝对接不粘连。现将一质量为 m1的小
滑块 1从 A物块最高点由静止释放，与另一静止在 B物块左端的质量为 m2的小滑块 2发生弹性碰撞，碰
后滑块 1瞬间被锁定在 A物块上。已知 R＝0.2 m，L＝0.5 m，m1＝0.3 kg，m2＝0.1 kg，mB＝0.2 kg，重
力加速度 g取 10 m/s2。
（1）求碰后瞬间滑块 2的速度大小；
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（2）若物块 B被锁定在光滑水平面上，滑块 2沿 B物块上表面恰好能滑到 B物块顶端，求滑块 2与 B
物块水平部分上表面间的动摩擦因数；
（3）若物块 B未被锁定在光滑水平面上，求滑块 2在物块 B上能上升的最大高度及其最终的速度大小。
[滑块 2与 B物块水平面间的动摩擦因数μ取第（2）问中数值]
14．[15 分]如图甲所示，在光滑的绝缘水平面上，建立水平向右的 x轴，整个空间存在垂直于纸面的非
均匀磁场，磁感应强度随位置坐标 x及时间 t的变化规律为 B B0 ωt kx，t 0时， B x图像如图乙所
示。 B0 为已知量，在 x 0处磁场方向向上，在 x 2L处磁感应强度为零。一边长为 L的正方形金属框
abcd，质量为m，总电阻为 R，在水平外力作用下以速度v0在水平面上沿 x轴正方向匀速运动，在 t 0
时刻，金属框 ab边恰好运动到 x 0处。忽略线圈的自感。
ΔΦ
（1）当 0时，求 t 0时刻，金属框中磁通量的变化率 的大小及金属框中电流的热功率 P；
Δt
3L
（2）当 0时，求从 t 0到 t v 过程中拉力所做的功W；0
B v
（3）当 0 0 时， x轴上磁感应强度为零的点记作 P点。若在 t 0时撤去拉力，求金属框经过无限长
L
时间的最终速度 v，以及金属框 ab边到达 P点的最终距离 xm 。
15．[16 分]如图所示，质量为m的A滑块放在质量为2m的B滑块上，B滑块可以沿着竖直轨道上下滑
3
动，B和轨道之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力大小都为 f ，且 f mg(g为重力加速度）。轨道下方
2
地面上固定了一根轻弹簧，弹簧的劲度系数为 k，将A、B一起从B的下端距离弹簧上端的高度为 h处由
1
静止释放，B接触弹簧后与弹簧不粘连。（弹簧的弹性势能为 E 2p kx , x2 为弹簧的形变量）
12mg
（1）若 h d，且 k ，A、B在第一次反弹过程中能够分离，AB分离时，轨道弹簧的形变量x
d 1
的
大小；
12mg
（2）若 k ，只改变释放高度 h（其余条件均不变），当 h为多大时，AB刚好不会分离
d
（3）若 h d，只改变弹簧的劲度系数 k（其余条件均不变），试讨论A由最低点第一次上升的最大高度
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与 k的关系。
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参考答案
1．【答案】C
【详解】射程约“12000”公里”既不是路程也不是位移也不是距离，而是地球表面的一段圆弧，A错误；
“马赫”不是国际单位制中的基本单位，B错误；图片中正在加速上升的导弹的加速度向上，处于超重状
态，C正确；导弹的惯性与质量有关，与飞行速度无关，D错误。
2．【答案】C
【详解】A．x轴和 y轴上的各点电势如图甲和图乙所示，φ-x图像的斜率表示电场强度，可知 x轴和 y轴
的电场分量大小分别为Ex=400V/m，Ey=300V/m，可知匀强电场大小为 E= E2 2x+Ey=500V/m，A错误；
B．根据Ex=400V/m，Ey=300V/m，x方向分电场 E.与 y方向分电场Ey大小之比为 4:3，B错误；
C．如图所示，根据匀强电场特点可知UOA=UGD可得φ0-φA=φC-φD，根据图甲和图乙可知φO=3V，
φA=-9V，φC=12V，可知坐标 3cm，3cm 的电势为 φD=0V，可得电子在坐标 3cm，3cm 时电势能
Ep=-eφD=0J，C正确；
D．对小球，水平方向有Exq=max可得ax=8m/s2，竖直方向有 Eq+mg=may可得ay=16m/s2，可得到达最高点
P t= v
2
的时间为 0 =0.5s v 1，竖直位移为 y= 0 =2m，水平位移为 a 2
a 2a 2 y
t =1m
y y
根据甲图可得φx=-400x+3，根据乙图可得φy=300y+3，可得φN=-397V，φM=603V，根据UMP=UON，可得
φP=203V，可知UIO=φP-φO=203V-3V=200V，根据Ep=qφ可知电势能增加ΔEp=qUPO=0.4J，D错误。选 C。
3．【答案】D
【详解】设 t 1s，根据速度公式可得第 1秒末速度 v1 at，第 2秒末速度 v2 a 2t ，第 3秒末速度
v3 a 3t
0 v
，可得速度之比为1: 2 :3，A错误；第 1s内的平均速度为 1 ，第 2s内的平均速度为
2
v1 v2 v v 1 2，第 3s内的平均速度为 2 3 ，可得平均速度之比为1:3:5，B错误；0 1s的位移为 x at ，
2 2 1 2
1 2 1 2 11s 3s 2
1 2
的位移为 x2 a 3t at ，3s 6s的位移为 x3 a 6t a 3t ，可得在 0~1s、1s~3s、2 2 2 2
x x
3s~6s的位移之比为1:8 : 27，C错误；0 1s的平均速度为 1 ，1s 3s的平均速度为 2 ，3s 6s的平均速
t 2t
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x
度为 3 ，可得在 0~1s、1s~3s、3s~6s的平均速度之比为 1：4：9，D正确。
3t
4．【答案】C
【详解】只有 2 种不同频率的光能够发生光电效应，说明这 2 种光的频率较高，能量较大，能使阴极 K
发生光电效应，第一种光对应氢原子从 n=4 跃迁到 n=1，辐射光子的能量为ΔE1=E4-E1=12.75eV，第二种
光对应氢原子从 n=3 跃迁到n-1;辐射光子的能量为ΔE2=E3-E1=12.09eV，氢原子从 n=2 跃迁到 n=1，辐射
光子的能量为ΔE3=E4，E1=10.2eV，阴极 K材料的逸出功大于 10.2eV，小于 12.09eV，C正确。
5．【答案】B
【详解】由场强叠加可知，A点和 C点场强大小和方向都不同，选项 A错误；由于底边上的正负电荷在
BD两点形成电场的电势叠加后的总电势均为零，则 BD两点的电势就等于顶端电荷在 BD两点的电势，
则 B点电势等于 D点电势，选项 B正确；两个正电荷形成的电场在两个电荷连线的垂直平分线上，即与
过-Q的电荷的直线上，可知 A点与-Q连线上的电场线是直线，且指向-Q，则由 A点静止释放一正点电
荷+q，其轨迹一定是指向-Q的直线，选项 C错误；由 B的分析可知，BD两点电势相等，但是与 C点的
电势不相等，则将正点电荷+q沿圆弧逆时针从 B经 C移到 D，电荷的电势能要发生变化，选项 D错误。
6．【答案】C
【详解】设灯泡L1、L2的电阻为 RL ，正常发光时的两端电压为UL，电流为 IL
（1）当闭合开关S1、断开开关S2 时，设变压器输入电压为U1，根据变压器的电压与匝数的关系
U1 n 1 U1 n 1 8
U n ，可得U n 1，解得
U1 8UL，根据电路图可以看出R0两端电压为UR 8U0 L，此时输入端
2 2 L 2
电压U与灯泡 L1、R0两端电压的关系为U UL UR U 8U 9U0 L L L。
（2） 当断开开关S ' '1、闭合开关S2 时，设变压器输入电压为U1，同理可得U '1 8UL，此时输入端电压U
' ' '
与灯泡 L1、变压器输入端电压U1的关系为U UL U1 UL 8UL 9UL ，所以输入端的电压之比为
U 9U
'
L 1
U 9U ，故 A错误；因为两种情况下灯泡都正常发光，故两种情况下输入端干路电流都为
IL。当
L
闭合开关S1、断开开关S2 时，输入端的输入功率 P UIL 9ULIL，当断开开关S1、闭合开关S2 时，输入
' ' P 9U I
端的输入功率 P U IL 9ULI
L L
L，所以输入端的输入功率之比为 P '
1
9U I ，故 B错误；当闭合开关L L
S1、断开开关S2 时，设变压器输入电流为 I1，根据变压器的电流与匝数的关系 n1I1 n2I2，可知
I1 n2 1 1
I n 8，解得
I1 IL ，因为此时灯泡正常发光，故输入端干路电流为 IL，根据并联电路的性质可得
L 1 8
R 1 7流过 0的电流为 IR IL I I ，又因为R 两端电压为U 8U0 8 L 8 L 0 R0 L
，所以此时 R0消耗的功率为
P U I 8U 7R R R I 7U I
'
，当断开开关S 、闭合开关S 时，设变压器输出端电流为 I ，同理可得
0 0 0 L 8 L L L 1 2 2
I '2 8IL ，根据并联电路的性质可得流过 R的电流为 IR 8IL IL 7IL，又因为 R两端电压为UL，所以此
P 7U I
时 R消耗的功率为 PR UR IR UL 7IL 7ULI
R
L，所以R 0与R消耗功率之比为 0 L L 1，故 C正PR 7ULIL
第 10 页，共 16 页
7
2
I 2
确；因为R 0与R消耗功率之比为1:1
L
，根据公式 P I 2R，可知 R I R0 1 8 ，故 D错误。
R0 I
2
R 7I 2 64L
7．【答案】B
【详解】筷子对小球的压力太小，小球有下滑的趋势，最大静摩擦力沿筷子向上，小球受力平衡。如图
（a）所示
mg
在竖直方向上有 2Nsin 2 fcos mg，且有 f N，联立解得 N 2(sin cos )，筷子对小球的压
力太大，小球有上滑的趋势，最大静摩擦力沿筷子向下，小球受力平衡，如图（b）所示
mg
在竖直方向上有 2N sin mg 2 f cos ，且有 f N '，联立解得 N 2(sin cos )，综上，筷子对
mg mg
小球的压力的取值范围为 N 2(sin cos ) 2(sin cos ) 。
8．【答案】AC
【详解】工件接地后，当施加高压电场时，根据静电感应原理，工件表面会感应出正电荷，确保工件内
部电场强度为零（点拨：处于静电平衡状态的导体内部场强处处为 0）且可以吸引带负电的涂料微粒，A
正确；涂料微粒带负电，在电场力作用下飞向带正电的工件，电场力做正功，微粒电势能减小，B错

误；由 = 可知（关键：用此公式定性判断非匀强电场中场强的大小），若增大电压 ，电场强度
增大，涂料微粒所受电场力 = 随之增大，C正确；由于带负电的涂料微粒在电场力作用下飞向工
件，因此电场线方向由工件指向涂料微粒，D错误。
9．【答案】AC
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【详解】本题考查连接体碰撞模型.A、B碰撞的过程中，满足动量守恒定律，有 mAv0=(mA+mB)v1，解得
v1=6 m/s，A
1 1
球与 B球碰撞中损耗的机械能ΔE= m 2- (m +m ) 2
2 A 0 2 A B 1
=108 J，A正确；弹簧再次恢复原长时 C
球速度最大，B错误；在以后的运动过程中，A、B的组合体与 C的速度相等时，弹簧的弹性势能最大，
1
根据动量守恒定律，有(mA+mB)v1=(mA+mB+mC)v2，解得 v2=2 m/s，最大弹性势能 Ep= (mA+mB) 22 1-
1(m 2A+mB+mC) 2，解得 Ep=36 J，C正确；当弹簧再次恢复原长时，根据动量守恒定律和能量守恒定律可知2
(mA+mB+mC)v2=(mA+mB)v3+m v
1 1 1
C 4， (m +m +m ) 2 2 2A B C 2+Ep= (mA+mB) 3+ mC 4，解得 v3=-2 m/s，v4=4 m/s，此时2 2 2
B反向速度最大，而 B的速度由正向变为反向，因此 B的最小速度为零，D错误.
10．【答案】AC
1 2 1
【详解】 A0与 A1弹性碰撞，有mv0 mv1 3m v2， mv0 mv
2 1
1 3mv
2 1
2 ，解得 v1 v0 ，v
1
2 v2 2 2 2 2 0
，
1
A正确； A1撞 A2速度交换， A2撞 A3速度交换 ，最终 An以 vn v0的速度离开， A0在传送带摩擦力的2
1 v A 3m m 1作用下以 0 与 1发生第二次碰撞，每次碰后的速度大小都是原来的 倍， A 最终速度为2 3m m 2 n k
1 ' 1
k A A A 1 v0，B错误； 0与 1发生第 n次碰撞后， 0最后一次离开传送带时的速度大小 v2 n
v
2n 0
，C正确；
v0 v0
v 2 2 2
v
0 n
电动机做的功W额 mgv0 t 0 2t1 2t 2 2t n mgv0 0 2 4 2 ，解得
g g g g



W 1 2额 3 2n 1
mv0 ，D错误。

11．【答案】（1）小；C；并联；（2）3.36；4.37；（3）相等
E
【详解】（1）当电阻箱所用电阻最大时电路电流最小，最小电流约为 Imin 176μAR R r ，大于微A
安表的量程，所以实验室提供的微安表量程太小，应将微安表与定值电阻并联，改装成较大量程微安
表，依题意，微安表量程为 IA 100μA，如果与 5000Ω定值电阻并联后改装的量程为
I R I量1 IA A A 160μA，小于最小电流 IR min
，所以应与 500Ω定值电阻并联，改装的量程为
0

I量2 I
IARA
A R
7 IA 700μA。
0
（2）根据上问的分析，当微安表的读数为 I时，干路电流为 7I，根据闭合电路欧姆定律可得
E IR 7I r R 1 7 R 7r RA 1 R 7r R A 10 103A 1A ，整理可得 ，由 图像可得 ，I E E I E
7 20 10 103
V 1，解得 E 3.36V， r 4.37kΩ。
E 4800 0
（3）依题意，微安表的内阻已知，则实验过程中微安表的分压值可以准确算出，从而可得到准确的电源
电动势和内阻，故从系统误差的角度考虑，已经消除了由于微安表内阻而产生的系统误差，所以利用该
方法测出的电源的内阻与电源真实的内阻相等。
第 12 页，共 16 页
12．【答案】（1） ⑤（2分）
（2） 见解析（2分）
（3） 5.90（2分）；2.29（2分）
（4） 大于（2分）
【详解】
（1） 小张同学设计了如题图甲所示的电路图，需将电压表量程扩大为 6V，根据串联分压有
3V = 6V 3V，解得定值电阻的阻值为 0 = V = 3kΩ ，故选⑤。 V 0
（2） 根据题图甲所示的电路图，实物图的连接如图所示。
（3） 根据闭合电路欧姆定律得 2 = ，整理得 = ，结合题图丙可得纵截距为
2 2
= 2.95V 2.95 2.40，解得 = 5.90V，图线斜率的绝对值为 = Ω ，解得内阻 ≈ 2.29Ω 。
2 2 0.48
4 + （ ） 若考虑电流表内阻，根据闭合电路欧姆定律得 2 = + A ，整理得 = A ，结合2 2
+
题图丙得 A = ，解得内阻为 = 2 A，则电源内阻测量值大于真实值。2
13．【答案】（1）3 m/s （2）0.5 （3）0.05 m 1 m/s
1
【详解】（1）滑块 1由 A物块上滑下，其机械能守恒，设滑块 1碰前速度为 v0，则 m1gR＝ m1v02，解得
2
v0＝ 2gR＝2 m/s，滑块 1与滑块 2发生弹性碰撞，系统的动量守恒、机械能守恒，
则 m1v0＝m1v m v 1 11＋ 2 2， m1v02＝ m1v 112＋ m2v22
m1－m2 2m1
，解得 v1＝ v0＝1 m/s，v2＝ v0＝3 m/s
2 2 2 m1＋m2 m1＋m2
（2 1）物块 B固定，由动能定理得－μm2gL－m2gR＝0－ m2v22，解得μ＝0.5
2
（3）物块 B不固定，系统水平方向动量守恒，设滑块 2沿物块 B上滑的高度为 h，
则 m2v2＝（m2＋mB）v
1 1
由功能关系得μm2gL＝ m2v22－ （m2＋mB）v2－m2gh，解得 h＝0.05 m，滑块 2沿物块 B滑动到最高点
2 2
后，接下来相对 B往下滑，假设最终相对物块 B静止，系统水平方向动量守恒有 m2v2＝（m2＋mB）v′，
对全程滑上再滑下到相对静止，由功能关系得μm2gx 1m v 2 1＝ 2 2 － （m2＋mB）v′2，解得 v′＝1 m/s，x＝0.6
2 2
m，由于 x＝0.6 m<2L＝1 m，故假设成立。所以最终滑块 2的速度大小 v′＝1 m/s。
1 B2L214 v
2
．【答案】（1） B Lv ， 0 0
2 0 0 4R
3B2L3
（2 v） 0 0
4R
第 13 页，共 16 页
4mv0R
（3）2v0 ，2L B2 20 L
【详解】（1）在 x 2L处磁感应强度为零，有0 B0 k 2L
B
可知 k 0
2L
设 t时刻，回路磁通量为 ， ab处磁感应强度 Bab B0 kv0t
cd 处磁感应强度 Bcd B0 （k v0t L）
又经过极短时间Δt，导体框移动距离Δx v0Δt
回路磁通量变为 BabLΔx BcdLΔx
Δ 2 1
回路中磁通量的变化率 kL v B Lv
Δt Δt 0 2 0 0
Δ
可知 与金属框位置无关。
Δt
Δ 1
所以 t 0时刻回路中磁通量的变化率 B
Δt 2 0
Lv0
Δ 1
由法拉第电磁感应定律，回路中感应电动势 E B Lv
Δt 2 0 0
I E B Lv回路中感应电流 0 0
R 2R
B2 2 2
电流的热功率 P I 2R 0 L v0
4R
2
2 t F F F B IL B IL B0 L
2v
（ ） 时刻，金属框所受安培力 A ab cd ab cd
0
4R
B2L2v
金属框匀速运动，拉力 F F 0 0A 4R
可知拉力 F为恒力，不随时间变化。
3L
从 t 0到 t v 过程，金属框前进距离
s v0t 3L
0
3B2L3v
拉力做的功W Fs 0 0
4R
B v
（3）当 0 0 时， x轴上各处磁场都随时间变化。设磁感应强度为 0的点 P在 t时刻的速度为 v
L P
， t时
刻， P的位置为 xP，有0 B0 ωt kxP
t Δt时刻， P的位置为 xP ΔxP，有0 B0 ω（t Δt） （k xP ΔxP）
Δx
P在 t时刻的速度 v PP Δt
2ωL
联立解得 vP 2vB 00
相当于磁场在沿 x轴正方向以速度 vp 2v0匀速移动。
在 t 0时撤去拉力后，设 t时刻速度为 v，金属框相对磁场速度大小为 vp v，方向沿 x方向。
B2L（2 v v）
金属框所受安培力大小 F 0 p ，方向沿 xA 方向4R
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再经过极短时间Δt，导体框移动距离 x，速度变化量 v，磁场移动距离ΔxP，
由动量定理，有 FAΔt mΔv
B2L2
可得 0 （Δx
4R P
Δx） mΔv
B2L2
对加速的整个过程求和，有 0 （xP 2L x） m（vP v）4R 0
x x 2L 4mv R可得 P 0B2 20 L
4mv0R
可知经过足够长时间，导体框 ab边与 P的距离趋近于一个定值 xm xP x 2L B2 20 L
所以金属框经过无限长时间最终的速度 v vP 2v0
金属框相对地面做加速度逐渐减小的加速运动，经过无限长时间，加速度趋近于 0，速度趋近于 2v0 ，全
过程 v t图如图所示。
15．【答案】（1） x
1
1 d8
15
（2）h d
16
（3）见解析
【详解】（1）分离时 B对 A的弹力为零，弹簧的压缩量x1，对 A根据牛顿第二定律则有mAg mAa
解得 a g
同理对 B则有mBg f kx1 mBa
x f 1联立解得 1 dk 8
（2）设上升过程到达平衡位置时，弹簧的压缩量为 x2，对 AB则有 kx2 3mg f
x 3mg f 3解得 2 3xk 1
d
8
1
由向上的简谐运动的对称性，振幅为 A x2 x1 d4
第 15 页，共 16 页
5
弹簧向下运动的最大压缩量为 x3，则有 x3 x1 2A d8
从释放到最低点，由能量守恒则有3mg x h 13 kx23 f x3 h 2
h 15联立解得 d
16
f 3mg
（3）AB分离时压缩量 x 1 k 2k
f 3mg 9mg
上升过程平衡位置 x 2 k 2k
1 2
第一次下降到最低点压缩量为 x 3 ，根据能量守恒定律则有3mg x3 d kx3 f x3 d2
3mg 9m
2g 2 12mgkd
x （舍去负根）3 2k
讨论：情况 1：若到最低点之后，则有 kx 3 3mg f
k 9mg联立可得
4d
则 A回弹的最大高度为 h 0
2 情况 ：若二者一起上升到最高点时，AB刚要分离，则有 x3 x1 2 x3 x2
135mg
联立可得 k
12d
9mg k 135mg所以若 ，AB减速为零时，还未分离，此时上升的高度最大
4d 12d
6mg 9m
2g 2 12mgkd
hmax 2 x3 x2 k
135mg
情况 3：若 k ，AB分开之后，设 AB分开时候速度为v ，根据能量守恒定律则有
12d
3mg x 1 11 d kx 21 f d 2x 3 x 1 3mv 22 2
2
v 2 gd 3mg g解得 9m2g 2 12mgkd
4k k
v 2h 有 max x3 x1 2g
d 3mg
联立可得 hmax 2 8k
第 16 页，共 16 页保密★启用前
2026 届湖南省衡阳市高考物理自编模拟练习试卷【四】【2026 届湖
南省高考最新题型结构】（PDF 版含答案）
考试范围：2026 届高考物理全部内容 考试时间：75 分钟； 命题人：
学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
温馨提示：根据湖南省教育考试院于 2025年 12月 3日发布的《湖南省普通高中学业水平选择性考试试
卷结构(2025年修订)》，该结构自 2026年起实施。2026年湖南高考物理科目的试卷结构如下：
考试形式与时长：采用闭卷、笔试形式，考试时长为 75分钟，卷面满分为 100分。
试题构成：试题分为选择题和非选择题两大类。
选择题（共 10题，总分 42–43分）
单项选择题：7–8题，每题 4分，总分 28–32分。
多项选择题：2–3题，每题 5分，总分 10–15分。
非选择题（共 5题，总分 57–58分）
题目数量固定为 5题，主要涵盖计算题、实验题和综合应用题，分值较高，更加强调对物理概念的理解、
实验设计与分析、以及综合运用能力的考查。
此次调整的核心变化是减少多项选择题数量，增加单项选择题比例，同时显著提升非选择题的分值权
重，体现了对考生基础知识扎实程度和综合应用能力的双重重视。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上．
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需
改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡
上．写在本试卷上无效．
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
第一部分（选择题 共 43分）
一、选择题：本题共 7小题，每小题 4 分，共 28 分。在每小题给出的四个选项中，只有一
项是符合题目要求的。
1．[4 分]如图所示为匀强电场中的立方体 ABCD-EFGH，边长为 2 cm。已知φA=10 V，φB=4 V，φD=0 V，
φE=2 V，则该匀强电场的场强大小为（ ）
A．5 V/m B．5 2 V/m
C．500 V/m D．500 2 V/m
2．[4 分]如果青少年长时间的久坐与不正确的姿势,经过累积就会引起各种劳损与慢性疾病。学习一段时
间要站起来活动一下,尽量避免长时间久坐。小明课下站立在水平地面上时,两腿绷直时夹角的角平分线与
地面垂直。下列说法正确的是( )
第 1 页，共 11 页
A．两条腿分开的角度越大,小明对地面的压力越小
B．两条腿分开的角度越大,小明受到的合力越大
C．两条腿分开的角度越小,小明越费力
D．小明对地面的压力与两条腿间的角度无关
3．[4 分]如图所示为某种太阳能无人驾驶试验汽车，汽车上安装有太阳能电池板、蓄能电池和电动机。
在某次启动中，汽车以恒定的功率 启动，所受阻力与速度成正比，比例系数为 ，经时间 汽车的速度
达到最大值，这个过程下列说法正确的是（ ）
A．汽车的合外力不变 B．汽车的牵引力增大

C．汽车达到的最大速度为 D．汽车合外力的功等于
4．[4 分]（2025·唐山模拟）如图所示，两波源分别位于 x1=-0.7 m 和 x2=0.9 m 处，产生沿 x轴正方向和
负方向传播的两列简谐横波。两列简谐波的波速均为 0.1 m/s。t=0 时刻，两列波刚好传到 x3=-0.3 m、
x4=0.3 m处。若两波源一直振动，下列说法正确的是（ ）
A．沿 x轴正向传播的简谐波周期为 2 s
B．两列波相遇后会发生干涉现象
C．t=6 s时，x=0处的质点位移为 0.5 cm
D．t=6 s时，x=0处的质点振动方向向上
5．[4 分]如图所示，物块 放在木板 上，木板 通过一根跨过光滑定滑轮的细线与物块 连接，其中
木板 距离滑轮足够远，已知物块 和木板 的质量均为 = 1kg，物块 与木板 、 与水平面间的
动摩擦因数均为 = 0.2，物块 的质量未知，用手托住物块 使细线恰好伸直，后释放物块 ，取重
力加速度 = 10m/s2，下列说法正确的是（ ）
A. 若物块 的质量为 0.2kg，木板 开始运动
B. 物块 的加速度最大值为 3m/s2
C. 若物块 的质量为 0.5kg，物块 和木板 发生相对滑动
5
D. 若物块 的质量为3kg，木板 的加速度大小为 4m/s
2
6．[4 分]如图甲所示，让一物块从固定斜面顶端 O处由静止释放，物块做匀加速直线运动经过 A处到达
斜面底端 B处，通过 A、B两处安装的传感器（未画出）测出 A、B间的距离 x及物块在 AB段运动的时
x
间 t。改变 A点及 A处传感器的位置，重复多次实验，由计算机作出 —t图像如图所示。下列说法正确
t
的是（ ）
第 2 页，共 11 页
A．物块在斜面上运动的平均速度大小为 2m/s
B．物块运动到斜面底端时速度大小为 6m/s
C．物块在斜面上运动的加速度大小为3m/s2
D．物块在斜面上运动的时间为 2s
7．[4 分]某种原子核 X经过一系列的衰变达到稳定状态变成原子核 Y，质量数与中子数的关系图像如图
所示，下列说法正确的是（ ）
A．X的质子数与 Y的质子数之比为 73: 62
B．Y的比结合能大于 X的比结合能
C．X经过 1次 衰变后新元素的质子数与中子数之比为 5:6
D．X变成 Y的衰变方程为 238 206 492 X → 82 Y+ 82He+ 80 1e
二、选择题：本题共 3 小题，每小题 5 分，共 15 分。在每小题给出的四个选
项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有
选错的得 0 分。
8．[5 分]将可视为质点的小球沿光滑冰坑内壁推出，使小球在水平面内做匀速圆周运动，如图所示。已
知圆周运动半径 为 0.4m，小球所在位置处的切面与水平面夹角 为45 ，小球质量为 0.1kg，重
力加速度 取 10m/s2。关于该小球，下列说法正确的是（ ）
A．角速度为 5rad/s B．线速度大小为 4m/s
C．向心加速度大小为 10m/s2 D．所受支持力大小为 1N
9．[5 分]如图甲所示，倾斜传送带与水平方向间的夹角为30 ，在电动机的带动下顺时针匀速转动.现
将一质量 = 1kg的货物无初速度地放在传送带底端的 点，货物从 到 的运动过程中机械能 随
高度 变化的图像如图乙所示，设 点所在平面为零势能面.可认为货物与传送带间的最大静摩擦力等于
滑动摩擦力，重力加速度 = 10m/s2，不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
第 3 页，共 11 页
A．传送带匀速转动的速率 = 5m/s
3
B．货物与传送带间的动摩擦因数 = 2
C．货物与传送带间因摩擦产生的热量 = 36.5J
D．货物从 到 ，电动机多做的功 = 100J
10．[5 分]如图所示,水平轨道 的左端与固定的光滑竖直四分之一圆弧轨道相切于 点,右端与一倾角
为30 的光滑斜面在 点平滑连接（即物体经过 点时速度大小不变）,斜面顶端固定一轻质弹簧.一质量
为 2kg的滑块（可视为质点）从圆弧轨道的顶端 点由静止释放,经水平轨道 后滑上斜面并压缩弹
簧,第一次可将弹簧压缩至 点.已知光滑圆弧轨道的半径为 = 0.5m,水平轨道 长为 0.5m,与滑块
间的动摩擦因数 = 0.2,光滑斜面 部分长为 0.6m,初始时弹簧处于原长,弹簧下端点距 点距离为
0.2m,不计空气阻力,重力加速度 = 10m/s2 1,弹簧弹性势能的表达式 2p = 2 （ 为弹簧的形变
量， 为弹簧劲度系数）,弹簧始终在弹性限度内.下列说法正确的是（ ）
A．滑块到达 点时,弹簧的弹性势能为 2J
B．整个运动过程中滑块经过 点 5次
C．弹簧的劲度系数为 100N/m
D．滑块最终停在 点
第二部分（非选择题 共 57分）
三、非选择题：本大题共 5 题，共 57 分。
11．[8 分]如图所示,气垫导轨上的滑块经过光电门时,遮光条将光遮住,电子计时器可自动记录遮光时间Δt,
Δ
测得遮光条的宽度为Δx,用 近似代表滑块通过光电门时的瞬时速度.则 ( )
Δ
A.在遮光时间Δt内,可认为滑块做变速运动
B.在遮光时间Δt内,可认为滑块做匀速运动
Δ
C.为使 更接近瞬时速度,可换用更宽的遮光条
Δ
Δ
D.为使 更接近瞬时速度,实验时可将滑块放在离光电门更近一些的位置
Δ
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12．[8 分]在探究物体的加速度与所受外力的关系实验中，如图甲所示，在水平放置的气垫导轨上有一带
有方盒的滑块，质量为M,气垫导轨右端固定一定滑轮，细线绕过定滑轮，一端与滑块相连，另一端挂有
6个钩码，设每个钩码的质量为 m,且M=4m。
（1）某同学打开气源，将滑块由静止释放，滑块上宽度为 d的挡光片通过光电门的时间为t0,则滑块通过
光电门的速度为 （用题中所给字母表示）
（2）开始实验时，细线另一端挂有 6个钩码，滑块由静止释放后细线上的拉力为F1,接着每次实验时将 1
个钩码移放到滑块上的方盒中，当只剩 3个钩码时细线上的拉力为F2,则F1 2F2;（填“大
于”“小于”或“等于”）
（3）若每次移动钩码后都从同一位置释放滑块，设挡光片距光电门的距离为 L,细线端所挂钩码的个数为
n 1,宽度为 d的挡光片通过光电门的时间为 t,测出多组数据，并绘出 n 2图像（如图乙），已知图线斜率为t
k,则测得当地重力加速度为
（用题中字母表示）
13．[10 分]ETC是高速公路上不停车电子收费系统的简称，甲车减速至 5m/s通过 ETC通道，ETC自动
抬杆放行，过收费站中心线后开始加速。将甲车加速的初时刻作为计时起点，此时乙车从人工通道过收
费站，正在收费站中心线处停车缴费，10s后开始加速。甲乙两辆车在平直公路上沿同一方向做直线运
动，它们的 v t图像如图所示。（两通道中心线在同一条直线上）求：从计时开始。
（1）甲乙两车加速阶段的最大加速度大小 a1、 a2分别为多少；
（2）乙车追上甲车前，在何时两车距离最大且距离的最大值 x为多少；
（3）甲车何时被乙车追上，此时甲车前进的距离。
14．[12 分]（14分）用中子轰击铀核(235 14192 U)，其中的一个可能反应是分裂成钡(56 Ba)和氪(9236Kr)，
放出 3个中子．各核和中子的质量如下（真空中光速 = 3.0 × 108m/s,计算结果保留到小数点后两
位）： = 390.3139 × 10 27U kg， n = 1.6749 × 10 27kg； Ba = 234.0016 ×
10 27kg， 27Kr = 152.6047 × 10 kg．
（1） 试写出该核反应方程；
（2） 求出反应中释放的核能；
（3） 我国第一座核电站——秦山核电站总装机容量达到 650万千瓦，若该核电站中发生的反应为（1）
中反应，则秦山核电站一年需要消耗多少千克的铀核(23592 U)
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15．[16 分]如图为某交流发电机简化示意图，长度为 4m、间距为 2m的两平行金属电极固定在同一水平
面内，两电极之间的区域Ⅰ和区域Ⅱ有竖直方向的磁场，磁感应强度大小均为 B 2T、方向相反，区域Ⅰ边
界是边长为 2m的正方形，区域Ⅱ边界是长为 2m、宽为 1m的矩形。绝缘传送带从两电极之间以速度
2m/s匀速通过，传送带上每隔 4m固定一根垂直运动方向、长度为 2m的导体棒，导体棒通过磁场区域过
程中与电极接触良好。已知每根导体棒的电阻为 2 ， R1 3 ， R2 6 。求：
（1）图示位置时导体棒上产生的感应电动势大小；
（2）该装置产生的感应电动势有效值；
（3）从第一根导体棒进入磁场开始计时，1min内R1产生的热量。
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参考答案
1．【答案】D
【详解】建立如图所示的空间直角坐标系，分别求出 x、y、z三个方向上的电场强度，电场强度沿 x轴方
E = 向的分量 x =500 V/m

，电场强度沿 y轴方向的分量 Ey= =300 V/m，电场强度沿 z轴方向的分

量 E = z =400 V/m，则合场强大小为 E= 2 + 2 2 + =500 2 V/m，D项正确。
2．【答案】D
【详解】根据牛顿第三定律可知小明对地面的压力与地面对小明的支持力大小相等,支持力与重力为一对
平衡力,合力为零,所以小明对地面的压力与重力大小相等,与两条腿分开的角度无关,A、B两项错误,D项正
确;设两条腿对身体的作用力为 F,F与竖直方向夹角为θ,根据平衡条件可知 2Fcos θ=mg,两条腿分开的角度
越小,F越小,小明越省力,C项错误。
3．【答案】C
【详解】由 = 、 = 可知随着速度增大，牵引力减小，阻力增大，合外力变小，A、B错
误；当汽车达到最大速度时，有 = = = 2，解得 max = ，C正确；合外力做的功等
于电动机做的功 减去克服阻力做的功，所以小于 ，D错误。
4．【答案】C

【详解】沿 x轴正向传播的简谐波波长为λ1=0.4 m，周期为 T = 11 =4 s，A项错误;沿 x轴负向传播的简谐波
波长λ2=0.6 m ，周期为 T = 22 =6 s，两列波周期和频率不同，相遇后不会发生干涉现象，B 项错误;t=6 s
时，简谐波传播距离Δx=vt=0.6 m，沿 x轴正向传播的简谐波在 x=0 处的质点位移为 y1=0.5 cm，沿 x轴负
向传播的简谐波在 x=0处的质点位移为 y2=0 cm，x=0处的质点实际位移为 0.5 cm，C项正确;t=6 s时，沿
x轴正向传播的简谐波在 x=0 处的质点的速度为 0，沿 x轴负向传播的简谐波在 x=0处的质点的速度最大
且由平衡位置向下运动，故 t=6 s时，x=0处的质点振动方向向下，D项错误。
5．【答案】D
【详解】 、 整体恰好开始运动时有 1 = 2 ，可得 1 = 0.4kg，A错误； 、 发生
相对滑动时，有 = 0，得 的加速度最大值为 0 = 2m/s2，B错误； 、 恰好发生相对
滑动时，对 、 、 有 2 2 = (2 + 2) 0，可得 2 = 1kg，C错误；物块
5
的质量为3kg时， 、 发生相对滑动，对 、 有 3 2 = ( + 3) ，可
得 = 4m/s2，D正确。
【一题多解】
第 7 页，共 11 页
隔离法
对 D选项：对 根据牛顿第二定律有 2 = ，对 根据牛顿第二定律有
2 3 = 3 ， = ，联立解得 = 4m/s ，D正确。
6．【答案】B
1 2 x 1
【详解】由匀变速运动规律和逆向思维有 x vBt at ，可得 v at，由图乙知，小球运动到斜面2 t B 2
0 v
底端时速度大小为 vB 6m/s，根据匀变速直线运动平均速度公式知 v B ，可得，物块在斜面上运动2
x 1 1
的平均速度大小为 v 3m/s，A错误，B正确；根据 vB at，可知 a k，由图乙知t 2 2
k 6 m/s2 3m/s2，代入得 a 2k 6m/s 2，C错误；由速度与时间关系式知 vB at，代入得 t 1s，D错2
误。
7．【答案】B
【详解】由题图可知,X的质量数为 238,中子数为 146,Y的质量数为 206,中子数为 124,故 X的质子数与
Y的质子数之比为(238 146): (206 124) = 46: 41,故 A错误；设 X经过 次 衰变、 次
衰变达到稳定状态变成 Y,核反应方程可写为 238X → 206Y+ 492 82 2He+ 0 1e,由电荷数与质量数守
恒可得 238 = 206+ 4 ,92 = 82 + 2 ,解得 = 8, = 6,故衰变方程为 23892 X →
20682 Y+ 842He+ 60 1e,故D错误；衰变放出能量,生成物更稳定,故 Y的比结合能大于 X的比结合能,
故 B正确；X经过 1次 衰变的衰变方程为 23892 X → 234 490 Z+ 2He,新元素 Z的质子数与中子
数之比为 90: (234 90) = 5: 8,故C不正确.
8．【答案】AC
【详解】小球受力分析如图所示，由牛顿第二定律得 tan = 2 ，解得角速度为 =
tan
= 5rad/s，A正确；由 = 解得线速度大小为 = 2m/s，B错误；由 =
2 解得

向心加速度大小为 = 10m/s2，C正确；小球所受支持力大小为 N = cos = 2N，D错误。
9．【答案】ABD
【详解】由题图乙可知 1 = 2.5m时,货物与传送带共速,此时 = 37.5J = +
1 21 2 ,解得传
送带速度 = 5m/s,故 A正确；货物机械能的变化量等于摩擦力做的功,即共速前Δ =
1cos30 =
1 37.5 3
sin30 cos30 ,则第一段的斜率 = 2.5 J/m = tan30 ,解得 = 2 ,故 B
正确；第一段，对货物由牛顿第二定律有 cos30 sin30 = ，解得加速度 =
cos30 sin30 = 2.5m/s2 ,货物和传送带达到共速的时间 1 = = 2s,传送带的位移 =
1 = 10m

,货物沿传送带的位移 = 11 sin30 = 5m,则系统因摩擦产生的热量 = cos30

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( 1) = 37.5J,因 cos30 > sin30 ,则共速后货物与传送带一起匀速运动,无摩擦生
热,故C错误；货物从 到 ,电动机多做的功 = + = 62.5J + 37.5J = 100J,故D正确.
【关键点拨】
几种常见的功能关系
力做功 能的变化 定量关系
合力的功 动能变化 = k2 k1 = Δ k
重力的功 重力势能 = Δ p = p1 p2
变化
弹簧弹力的功 弹性势能 弹 = Δ p = p1 p2
变化
除重力和弹力之外的其 机械能变 其他 = Δ
他力做的功 化
滑动摩擦力做功 内能增加 摩擦生热 = f 相对
10．【答案】ABC
【详解】设滑块第一次到达 点时,弹簧的弹性势能为 p，滑块从 点到 点,由动能定理可得
sin30 + = 0,由功能关系可得 p = ,解得 p = 2J,故 A正确；分
析可知,滑块最终停止在水平轨道 上,设滑块在 段运动的总路程为 ，滑块从 点滑下到最终停下
来的全过程,由动能定理可得 = 0,解得 = 2.5m ,由于 = 5,可知整个运动过程中
滑块经过 点 5次,滑块最终停在 点,故B正确,D错误；滑块在 点时,弹簧的压缩量 = 0.2m,又
= 1 2p 2 = 2J,解得 = 100N/m,故C正确.
11．【答案】B
【解析】在遮光时间Δt内,由于时间很短,所以可认为滑块做匀速运动,故 A错误,B正确;利用平均速度等效
Δ
替代瞬时速度,为使 更接近瞬时速度,只能尽量减小计算平均速度的位移,即换用宽度更窄的遮光条,若将
Δ
滑块放在离光电门较近的位置,且速度较小时,将会增大测量误差,故 C、D错误.
d 5d2
12．【答案】（1） （2分）（2）小于（2分）（3） （4分）
t0 kL
d
【详解】（1）极短时间内的平均速度等于瞬时速度的大小，则滑块通过光电门的速度 v= ;
t0
6mg
（2）对整体分析，a1= =0.6g,隔离对滑块分析，根据牛顿第二定律得M+6m
F1=Ma1=4m×0.6g=2.4mg a =
3mg
, 2 =0.3g,隔离对滑块分析，根据牛顿第二定律得，F =7ma =2.1mg,知10mg 2 2
F1<2F2。
d d2 2
（3）滑块通过光电门的速度 v= ,根据v2=2aL得 2 =2aL a=
nmg= ng 5d,因为 ,代入解得 n= ,图线的斜率
t t 10m 10 gLt2
第 9 页，共 11 页
k= 5d
2 5d2
,解得 g= 。
gL kL
13．【答案】（1）0.5m/s2，2m/s2；（2）100m；（3）250m
【详解】（1）由速度图像可知甲车的加速度的大小为
a v 10 51 m/s
2 0.5m/s2
t 10 0
乙车的加速度的大小为
a v 20 0 m/s2 22 2m/s t 20 10
（2）由题意知，在 t1 15s时，两车同速，两车间距离为最大值，在速度时间图像中面积表示位移，则甲
车的位移为
x 5 101 10m 10 5m 125m2
乙车的位移为
x 0 102 5m 25m2
故乙车追上甲车前，两车间距的最大值为
x x1 x2 100m
（3）由速度时间图像中面积表示位移可知，甲车运动 20s时，甲车在前，乙车在后两车间距为
5 10
x0 10m 75m2
之后甲乙两车都分别以 v甲 10m/s， v乙 20m/s的速度做匀速直线运动，设再经过时间Δt乙车追上甲车，
则
x0 v乙 t v甲 t
代入数据解得
t 7.5s
此时，甲车运动时间为
t2 20s t 20s 7.5s 27.5s
甲车在该时间段内运动的位移为
x 5 103 10m 10 17.5m 250m2
故从甲车经过中心线开始计时经过 27.5s，甲车前进 250m时被乙车追上。
14．【答案】（1） 23592 U+ 1n → 1410 56 Ba+ 92 136Kr+ 30n
（2） 3.22 × 10 11J
（3） 2.48 × 103kg
【详解】
（1） 根据电荷数守恒、质量数守恒可知,核反应方程为 235U+ 1n → 14192 0 56 Ba+ 9236Kr+
310n．
（2） 核反应的质量亏损
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Δ = U + n Ba Kr 3 n = U Ba Kr 2 n = 390.3139 ×
10 27kg 234.0016 × 10 27kg 152.6047 × 10 27kg 2 × 1.6749 × 10 27kg =
3.578 × 10 28kg,
反应中释放的核能为
Δ = Δ 2 = 3.578 × 10 28 × (3 × 108)2J ≈ 3.22 × 10 11J．
（3） 秦山核电站一年需要消耗铀核的质量
= 650×10
7×365×24×3600
3.22×10 11 × 390.3139 × 10
27kg ≈ 2.48 × 103kg．
【教材变式】
本题由教材 P131复习与提高 B组第 5题演变而来．题目都考查了核反应方程和核电站每年需要消耗的铀
的质量．
15．【答案】（1）4V
（2） 2 10V
（3）200J
【详解】（1）图示位置时导体棒切割区域Ⅱ磁场
产生感应电动势 E1 Bd1v
解得 E1 4V
（2）导体棒切割区域Ⅰ磁场时，
产生的感应电动势 E2 Bd2v
导体棒在磁场区域Ⅰ和磁场区域Ⅱ运动时间
t S1 t2 1sv
E 2 E 2 E 2
设电动势有效值为 E ，由有效值定义可知 1 t 2 t 有效有效 t t R 1 R 2 1 2总 总 R总
解得 E有效 2 10V
（3）根据串并联电路
R R 1R2并 2 R1 R2
R总 R并 r 4
E
有效
总电流的有效值 I 有效 R总
I RR 21的有效电流 有效1 IR R 有效1 2
由焦耳定律，1min内R1的发热
Q I 21 有效1 R1t
U 2
Q1 200J（或用R1的有效电压U有效1 E有效 I有效 r 10V，Q1 有效1 t 200J）R1
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2026 届湖南省衡阳市高考物理自编模拟练习试卷【六】【2026 届湖
南省高考最新题型结构】（PDF 版含答案）
考试范围：2026 届高考物理全部内容 考试时间：75 分钟； 命题人：
学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
温馨提示：根据湖南省教育考试院于 2025年 12月 3日发布的《湖南省普通高中学业水平选择性考试试
卷结构(2025年修订)》，该结构自 2026年起实施。2026年湖南高考物理科目的试卷结构如下：
考试形式与时长：采用闭卷、笔试形式，考试时长为 75分钟，卷面满分为 100分。
试题构成：试题分为选择题和非选择题两大类。
选择题（共 10题，总分 42–43分）
单项选择题：7–8题，每题 4分，总分 28–32分。
多项选择题：2–3题，每题 5分，总分 10–15分。
非选择题（共 5题，总分 57–58分）
题目数量固定为 5题，主要涵盖计算题、实验题和综合应用题，分值较高，更加强调对物理概念的理解、
实验设计与分析、以及综合运用能力的考查。
此次调整的核心变化是减少多项选择题数量，增加单项选择题比例，同时显著提升非选择题的分值权
重，体现了对考生基础知识扎实程度和综合应用能力的双重重视。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上．
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需
改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡
上．写在本试卷上无效．
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
第一部分（选择题 共 43分）
一、选择题：本题共 7小题，每小题 4 分，共 28 分。在每小题给出的四个选项中，只有一
项是符合题目要求的。
1．[4 分]两个等量的正点电荷形成的电场线如图所示，电场线上下左右均对称，在两点电荷连线的中垂
线上有 A、B两点，且 A、B两点到中心点 O的距离相等，则下列说法正确的是（）
A．A、B两点处的电场强度大小相等
B．A点的电场强度小于 B点的电场强度
C．O点的电势低于 A点的电势
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D．A点的电势低于 B点的电势
2．[4 分]2025年 10月 7日，瑞典皇家科学院决定将 2025年诺贝尔物理学奖授予科学家约翰·克拉克、麦
克·H·德沃雷特、约翰·M·马蒂尼，以表彰他们在量子力学领域的贡献。在物理学发展的历史进程中，下
面的陈述与事实相符的是（ ）
A．德国科学家普朗克通过对黑体辐射的研究提出能量子的概念
B．卢瑟福通过α粒子散射实验证明了原子核由质子和中子组成
C．丹麦物理学家玻尔提出了玻尔原子模型并成功解释了所有原子的光谱
D．英国物理学家汤姆逊通过对阴极射线的研究发现了电子，并精确测量出了电子的电荷量
3．[4 分]无人机也常常用来送外卖，如图甲所示。地面上的无人机在外卖小哥的操控下竖直向上运动一
段时间后悬停在顾客家阳台旁，整个上升过程的 v－t图像如图乙所示。若物品质量为 2kg，受到的空气
阻力恒为重力的 0.2倍，重力加速度取 g 10m/s2 ，则下列说法正确的是（ ）
A．上升过程无人机升高了 26m
B．上升过程无人机的最大功率为 80W
C．前 3s和后 4s无人机对物品的拉力大小之比为 4：3
D．上升过程中无人机对物品所做的功为 520J
4．[4 分]如图，P、Q是两根固定在水平面内的光滑平行金属导轨，间距为 L，导轨足够长且电阻可忽略
不计。图中 EFGH矩形区域有一方向垂直导轨平面向上、磁感应强度大小为 B的匀强磁场。在 t t1时
刻，两均匀金属棒 a、b分别从磁场边界 EF、GH进入磁场，速度大小均为 v0；一段时间后，流经 a棒的
电流为 0，此时 t t2 ，b棒仍位于磁场区域内。已知金属棒 a、b由相同材料制成，长度均为 L，电阻分
别为 R和2R，a棒的质量为 m。在运动过程中两金属棒始终与导轨垂直且接触良好，a、b棒没有相碰，
则下列说法不正确的是（ ）
2B2L2A． t v1 时刻 a棒加速度大小为 0
3mR
1
B． t2时刻 b棒的速度大小为 v3 0
C． t1 t2时间内，通过 a棒横截面的电荷量与通过 b棒横截面的电荷量相等
1
D 2． t1 t2时间内，a棒产生的焦耳热为 mv3 0
5．[4 分]如图所示，空间中存在水平向右的匀强磁场，磁感应强度大小为 B。某处S点有电子射出，电
子的初速度大小均为 v，初速度方向呈圆锥形，且均与磁场方向成 角（0 90 ），S点右侧有一与
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磁场垂直的足够大的荧光屏，电子打在荧光屏上的位置会出现亮斑。若从左向右缓慢移动荧光屏，可以
看到大小变化的圆形亮斑（最小为点状亮斑），不考虑其他因素的影响，下列说法正确的是（ ）
vsin
A．若圆形亮斑的最大半径为 R，则电子的比荷为
RB
4vsin
B．若圆形亮斑的最大半径为 R，则电子的比荷为
RB
2πvcos
C．若荧光屏上出现点状亮斑时，S到屏的距离为 d，则电子的比荷可能为
Bd
3πvcos
D．若荧光屏上出现点状亮斑时，S到屏的距离为 d，则电子的比荷可能为
Bd
6．[4 分]S1、S2 为同一均匀介质中相距8m的两个波源，在 t 0时刻同时由各自平衡位置沿 y轴方向开
始做简谐振动并相向发出两列简谐横波， P为两波源连线上介质中的质点，与波源S1、S2 的距离分别是
x1 2m和 x2 6m，测得质点 P的振动图像如图所示，则下列判断正确的是（ ）
A．两波的传播速度均为4m/s
B．波源S2 振动的振幅为 4cm
C．两列波叠加时质点 P所在位置为振动的减弱点
D．从 t 0时刻开始，在5s内质点 P运动的路程为32cm
7．[4 分]某汽车在晴天的干燥路面和雨天的湿滑路面进行紧急刹车试验，其 v-t图像分别如图中甲、乙
图线所示。若两次刹车过程中，汽车的安全距离（汽车从开始计时位置到最后停下来位置的距离）相
等，则由图像可知（ ）
A．汽车安全距离为 100m
B．汽车在雨天湿滑路面刹车时的初速度大小为 24m/s
C．汽车在晴天干燥路面刹车时的加速度较小
D．汽车在雨天湿滑路面刹车时的加速度大小为 4m/s2
二、选择题：本题共 3 小题，每小题 5 分，共 15 分。在每小题给出的四个选
第 3 页，共 15 页
项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有
选错的得 0 分。8．[5 分]如图，平行板电容器与电动势为 E的直流电源连接，下极板接地，闭合开
关 K，稳定时一带电的油滴静止于两极板间的 P点，则下列说法正确的是（ ）
A．油滴带负电
B．保持开关 K闭合，减小两板间距离，电流计中电流方向 a→b
C．保持开关 K闭合，减小两板正对面积，油滴向下运动
D．将开关 K打开，减小两板间距离，静电计指针张角变小，油滴静止不动
9．[5 分]如图所示，图中物体均始终保持静止，重力加速度为 g，在不改变悬点 O的位置的条件下，将
F顺时针旋转，使θ角从小于 90 变化到大于 90 的过程中，则（ ）
A．F先变小后变大
B．m1和M之间的摩擦力不可能先减小后增大
C．地面给M的支持力不可能大于 M+m1+m2 g
D．地面给M摩擦力一直增大
10．[5 分]如图所示，两个倾角分别为60 和30 且底端相连的光滑绝缘轨道被固定在竖直平面内，空间
存在平行于该竖直平面水平向左的匀强电场。带正电的甲、乙小球（均可视为质点）在轨道上同一高度
处均保持静止，间距为 L，甲、乙所带电荷量分别为 q、2q，质量分别为 m、2m，静电力常量为 k。甲、
乙所受静电力的合力大小分别为 F1、F2，匀强电场的电场强度大小为 E，不计空气阻力，则下列说法正
确的是（ ）
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E kqA．
4L2
1
B． F1 F2 2
C．若将甲、乙互换位置，则二者仍能保持静止
D 3kq
2
．若撤去甲，则乙下滑至底端时的速度大小为
2mL
第二部分（非选择题 共 57分）
三、非选择题：本大题共 5 题，共 57 分。
11．[7 分]（8分）某实验小组测量一电流计 G的内阻,两位同学采用了不同的方法。
同学一采用如图甲所示的电路,实验步骤如下:
①按图连接好电路,将滑动变阻器的滑片调至正确的位置;
②先断开开关S2,闭合开关S1,调节滑动变阻器的滑片位置,使 G满偏;
③再闭合S2,保持滑动变阻器的滑片位置不变,调节电阻箱的阻值,使 G的示数为满偏的一半,记下此时电阻
箱的阻值为 1;
④断开电路。
同学二采用如图乙所示的电路,实验步骤如下:
甲 乙
①按图连接好电路;
②闭合开关 S,调节滑动变阻器 和电阻箱,使电流表 A的示数为电流计 G的 3倍,记下此时电阻箱的阻值为
2;
③断开电路。
根据两位同学的实验操作,回答下列问题:
（1） 两位同学在实验第 1步中,滑动变阻器的滑片开始都应调至________端（填“ ”或“ ”）;
（2） 同学一测量的电流计 G的内阻 g1 =____________；
（3） 同学二测量的电流计 G的内阻 g2 =____________；
（4） 从系统误差的角度分析,两位同学的测量值的大小关系为 g1________ g2（填“> ”“< ”或“=”）。
12．[8 分]利用气垫导轨可以验证被压缩的弹簧弹开时，两滑块组成的系统动量守恒，可用图示装置进行
以下实验。
实验时，用两滑块压缩弹簧，并用细线固定，使其静止在两光电门中间附近，已知两滑块上遮光片的宽
第 5 页，共 15 页
度相同，都是 d，剪断拴弹簧的细线，测得质量为m1的滑块 1和质量为m2的滑块 2上遮光片通过光电门
的时间分别为 t1和 t2。
（1）实验前应调节气垫导轨底部的调节旋钮，使导轨水平；充气后，当滑块放在气垫导轨上任意位置都
能 时，说明气垫导轨已经调节好；
（2）若满足 ，则两滑块组成的系统动量守恒（采用最简式）；
（3）不计滑块在气垫导轨上运动时受到的阻力，则剪断拴弹簧的细线前弹簧的弹性势能为 。
13．[12 分]某同学在一次观看跳水比赛时，想到了一些问题。他做了如下假设：比赛时，将运动员看作
1.6m长的竖直细杆，离开跳台后在空中做竖直上抛运动（不考虑起跳时跳台的形变，且下落过程中运动
员不会与跳台相撞），整个运动过程中始终保持竖直方向，不转动。运动员在距水面 10m的跳台向上跳
起，离开跳台时速度 v0 5m/s。该同学上网查得重力加速度大小10m/s2，且运动员从接触水面到身体全
l
部入水过程视为做减速直线运动，其速度与入水深度关系为 v v1，（其中 l为运动员的身长，h为l h
入水的长度， v1为入水时的速度）；身体全部入水后做匀减速直线运动，加速度大小为 25m/s2，直到停
止时触底。请计算：
（1）运动员到达最高点时人的最高点离跳台的距离；
（2）运动员身体全部入水时的速度；
（3）运动员从起跳至到达池底的过程中，全程的平均速度是多少？（结果保留两位小数）
14．[14 分]人们越来越深刻地认识到冰山对环境的重要性，冰山的移动将给野生动物带来一定影响。为
研究冰山移动过程中表面物体的滑动，小星找来一个足够长的水槽，将质量为M 长为 L的车厢放在水槽
中模拟冰山，车厢内有一个质量为m m M 、体积可以忽略的滑块。车厢的上下表面均光滑，车厢与滑
块的碰撞均为弹性碰撞且忽略碰撞的时间。开始时水槽内未装水，滑块与车厢左侧的距离为 d。在车厢
上作用一个大小为 F，方向水平向右的恒力，当车厢即将与滑块发生第一次碰撞时撤去水平恒力。
（1）求车厢即将与滑块发生第一次碰撞时车厢的速度 v0的大小；
（2）求从车厢与滑块发生第一次碰撞到发生第二次碰撞的过程中，车厢的位移 xM ；
（3）若在水槽中装入一定深度的水，车厢在水槽中不会浮起。开始时滑块与车厢左侧的距离为 d，由于
'
外界碰撞，车厢在极短时间内速度变为 v0，方向水平向右。车厢移动过程中受到水的阻力大小与速率的
关系为 f kv（ k为已知常数），除第一次碰撞以外，以后车厢与滑块之间每次碰撞前车厢均已停止。求
全程车厢通过的总路程 s。
15．[16 分]足够长的传送带固定在竖直平面内，半径 R 2m，圆心角 53 的圆弧轨道与平台平滑连
接，平台与顺时针匀速转动的水平传送带平滑连接，工件 A从圆弧顶点无初速度下滑，在平台与 B发生
弹性碰撞，已知mA 1kg，mB 4kg，A、B可视为质点，A、B与传送带间的动摩擦因数恒定，在传送
带上运动的过程中，B物块因摩擦生热Q 2J，忽略轨道及平台的摩擦， g 10m / s2， sin 53 0.8，
cos53 0.6。
第 6 页，共 15 页
（1）求 A滑到圆弧最低点时受到的支持力；
（2）求 A与 B碰撞后各自的速度；
（3）求传送带的速度以及 A物块在传送带上运动的过程中因摩擦产生的热量。
第 7 页，共 15 页
参考答案
1．【答案】A
【详解】电场线的疏密程度表示电场强度大小，电场线切线的方向表示电场强度的方向，由题图可知，
A、B两点处的电场线关于 O点对称，所以两点处电场强度大小相等、方向相反，A正确，B错误；沿着
电场线的方向电势逐渐降低，分析可知 O点电势高于 A点的电势，C错误；由题图可看出，从 O点到 A
点和从 O点到 B点电场的变化完全对称，所以 A、B两点电势相同，D错误。选 A。
2．【答案】A
【详解】德国科学家普朗克通过对黑体辐射的研究提出能量子的概念，这是量子力学的开端（1900
年），符合史实，故 A正确。卢瑟福通过α粒子散射实验（1911年）证明了原子核的存在，但原子核由
质子和中子组成是由查德威克发现中子（1932年）后确立的，故 B错误。玻尔原子模型（1913年）成功
解释了氢原子光谱，但无法解释多电子原子的光谱（如氦原子），故 C错误。汤姆逊通过阴极射线实验
e
（1897年）发现了电子并测量了其荷质比（ ），但电子电荷量的精确测量是由密立根通过油滴实验
m
（1909年）完成的，故 D错误。
3．【答案】A
3 10
【详解】由 v－t图像面积可得，无人机升高了 h 4m 26m，故 A正确；由 v－t图线斜率可得，
2
3s a 4无人机在前 的加速度为 1 m/s
2
，上升过程无人机的最大功率在3s末
3
P Fv mg f ma v 2 10 2
4 320
10 0.2 2 4W W，故 B错误；由牛顿第二定律，前3s
3 3
的拉力大小 F1 mg f ma F
80
1，解得 1 N，由 v－t图线斜率可得，无人机在后4s的加速度大小为3
a 4 22 m/s 1m/s
2
，由牛顿第二定律，后4s的拉力大小 F2 mg f m a2 ，解得 F10 6 2 22N，得
F1 : F2 40 :33，故 C错误；上升过程由动能定理得W mgh fh 0 0，解得W 1.2mgh 624J，故 D
错误。
4．【答案】D
【详解】由题知，在 t t1时刻，a进入磁场的速度方向向右，b的速度方向向左，根据右手定则可知，a
产生的感应电流方向是 E到 F，b产生的感应电流方向是 H到 G，即两个感应电流方向相同，所以流过
2BLv
a、b的感应电流是两个感应电流之和，则有 I 0 ，对 a，根据牛顿第二定律有BIL ma，解得
3R
2 2
a 2B L v 0 ，A正确，与题意不符；根据左手定则，可知 a受到的安培力向左，b受到的安培力向右，
3mR
由于流过 a、b的电流一直相等，两个力大小相等，则 a与 b组成的系统动量守恒。由题知， t2 时刻流过
a的电流为零时，说明 a、b之间的磁通量不变，即 a、b在时刻达到了共同速度，设为 v。由题知，金属
L L
棒 a、b相同材料制成，长度均为 L，电阻分别为 R和 2R，根据电阻定律有 R ， 2R ，解得
S S '
第 8 页，共 15 页
S 1 S，已知 a的质量为 m，设 b的质量为m ，则有m 密V 密SL，m ' 密V ' 密S 'L，联立，解2
1 1m m
1 1
得 ，取向右为正方向，根据系统动量守恒有mv0 mv0 m m v ，解得 v v ，B正确，与2 2 2 3 0
题意不符；在 t1 t2时间内，根据 q I t，因通过两棒的电流时刻相等，所用时间相同，通过两棒横截面
的电荷量相等。C正确，与题意不符；在 t1 t2时间内，对 a、b组成的系统，根据能量守恒有
1 mv2 1 1 m v2 1 mv2 1 10
2 2 2
0 m v Q 总，解得回路中产生的总热量为Q总 mv0 ，对 a、b，根据2 2 2 2 2 2 3
焦耳定律有Q I 2R t ，因 a、b流过的电流一直相等，所用时间相同，a、b产生的热量与电阻成正比，
即Qa：Qb 1: 2，又Qa Q Q
2 2
b 总，解得 a棒产生的焦耳热为Qa mv0 ，D错误，与题意相符。本题选9
错误的选 D。
5．【答案】C
【详解】将电子的速度分解为水平方向的速度 vx，和竖直方向的速度 vy，即 vx vcos ， vy v sin ，在
水平方向因为速度与磁场方向平行，所以不会受到洛伦兹力，即电子在水平方向做匀速直线运动；在竖
直方向因为速度与磁场方向垂直，所以在竖直方向粒子做匀速圆周运动。综上所述，可以将其看成水平
方向的匀速直线，与竖直方向的粒子源问题，即电子打在屏上形成圆形亮斑的最大半径 R是电子轨迹半
v2r e 2vsin 径 的 2倍，即R 2r，又 Bev m yy ，解得 ，AB错误；设电子到达荧光屏的时间为 t，有r m BR
d T 2 r 2 md vxt，可得 t ，电子在竖直方向做圆周运动的周期为 v eB ，若荧光屏上出现点状亮vcos y
斑，即电子到达荧光屏上时，恰好在竖直方向做圆周运动的周期的整数倍，有 t nT（n 1， 2，
e 2n vcos e 2 vcos
3 ），解得 （ n 1， 2，3 ），当 n 1时，电子的比荷为 ，当 n 2时，
m Bd m Bd
e 4 vcos
电子的比荷为 ，C正确，D错误。
m Bd
6．【答案】C
【详解】t=0s时刻开始经过 t1=1s波源 S1的振动传播到 P点，传播距离为 x1 =2m，t2=3s时波源 S2的振动
x 6 2
传播到 P点，传播距离为 x2 =6m，可知传播速度均为 v m/s 2m/s，故 A错误；在 t2=3s时两
t 3 1
列波相遇，由图像可知此时两列波引起的振动方向相反，所以波源 S1的振幅为 2cm，波源 S2的振幅为
4cm+2cm=6cm，故 B错误；由图像可知两列波在 P点相遇时引起的振动方向始终相反，所以两列波叠加
时 P点所在位置为振动的减弱点，故 C正确；从 t=0时刻开始，在 5s内质点 P经历两次全振动，振幅分
别为 2cm和 4cm，所以通过路程为 s=（4+2）×4cm=24cm，故 D错误。
7．【答案】B
【详解】甲的安全距离等于甲的位移，等于图形面积，所以汽车安全距离为
x 30 6 30 1 m 120m ，A错误；因为汽车在雨天湿滑路面刹车时的安全距离也为 120m，所以
2
v v 8 1 乙 120，解得 v乙 乙 24m / s，故 B正确；汽车在晴天干燥路面刹车时图线较陡，所以加速度较2
第 9 页，共 15 页
v 24 0
C 2 2大， 错误；汽车在雨天湿滑路面刹车时的加速度大小为 a m/s 3m/s ，故 D不正确。
t 8
8．【答案】AD
【详解】对油滴受力分析可知，油滴受到的电场力竖直向上，与板间场强方向相反，则油滴带负电，A
C rS C Q正确；保持开关 K闭合，则极板间电压保持不变，减小两板间距离，根据 ， ，可知电容
4 kd U
器电容增大，电容器所带电荷量增大，则电流计中电流方向 b→a，B错误；保持开关 K闭合，极板间电
U
压保持不变，减小两板正对面积，根据 E
d
可知板间场强不变，油滴受力不变，油滴静止不动，C错误；将开关 K打开，可认为电容器所带电荷量
C rS C Q不变，减小两板间距离，根据 ， ，可知电容器电容增大，极板间电压变小，则静电计指
4 kd U
E U Q Q 4 kQ
针张角变小，根据 d Cd rS d S ，可知板间场强不变，油滴受力不变，油滴静止不动，r
4 kd
D正确。
9．【答案】AD
【详解】分析m2的受力，构建如图 1 的失量关系图，当θ角从小于 90 变化到大于 90 的过程中，可知
F先变小后变大，A正痛；对m1进行受力分析，若斜面倾角为α，则重力沿斜面向下的分量为m1gsinα，
而由图 1可知，拉力 T是不断增大的，由于没有具体数据，故可能开始时 T衡可知，此时m1所受静摩擦力沿斜面向上，随着 T 的增大，m1所受沿斜面向上的静摩擦力减小，当
T=m1gsinα时，m1所受摩擦力减小到 0，再随着 T 的增大：，m1所受摩擦力沿斜面向下且增大，故 B错
误；将m1、m2、M三个物体视为整体，分析整体受力情况，可知当 F不断顺时针方向转动时，其竖直
方向的分量先向上，当 F 转到右下方时，它的竖直分量向下，此时地面给 M 的支持力大于
M+m1+m2 g，可知 C 错误；当 F不断顺时针方向转动时，共水平方向分量不断增大，如图 2，由整体
水平方向平衡可知，地面给M的摩擦力不断增大。
10．【答案】AD
【详解】如图所示，对两球进行受力分析，设两球间的库仑力大小为 F，对甲球根据平衡条件有
FN1 cos60 mg，F Eq FN1 sin60 ，对乙球有，FN2 cos30 2mg，FN2 sin30 F 2Eq，联立解得
第 10 页，共 15 页
F1 8Eq Eq 3F 8Eq，故 F 8Eq 2Eq 2，同时有 F
kq 2q
kq
2 ，解得
E 2 ，选项 A正确，B错误；假设将甲、
2 L 4L
乙互换位置后二者仍能保持静止，同理，对甲有， F N1 cos30 mg， FN1 sin 30 F Eq，对乙有
F N2 cos60 2mg，F sin 60 F 2Eq，联立可得5F 8Eq 0N2 ，F变化，故假设不成立，选项 C错
3
误；设两小球距地面的高度为 h， h tan30 h tan 60 L，h L，若撤去甲，则对乙球根据动能定理
4
2mgh 2Eq h 1
2
2mv2 tan30
3Eq
有 ，根据前面分析可知 v 3kqmg ，联立解得 ，选项 D正确。tan30 2 2mL
11．【答案】（1） （2分）
（2） 1（2分）
（3） 2 2（2分）
（4） < （2分）
【详解】
（1） 为了保护电源和电表，开始时应将滑动变阻器接入电路的阻值调至最大，故滑片都应调至 端。
（2） 同学一采用了半偏法，电流计 G的内阻测量值 g1 = 1。
（3） 同学二操作中让电流表 A的示数为电流计 G示数的 3倍，则流过电阻箱的电流是流过电流计 G电
流的 2倍，故 g2 = 2 2。
（4） 同学一采用了半偏法，闭合S2后，电路总电阻减小，总电流增大，但认为不变，则流过电阻箱的
电流大于流过电流计的电流，故测量值小于真实值，同学二的测量值没有系统误差，故 g1 < g2。
12．【答案】（1）静止
m
2 1
m2
（ ） t1 t2
d 2 m m
（3）
2
1 2
t2
2
1 t2
【详解】（1） 实验前应调节气垫导轨底部的调节旋钮，使导轨水平；充气后，当滑块放在气垫导轨上
任意位置都能静止时，说明气垫导轨已经调节好；
（2）已知两滑块上遮光片的宽度相同，都是 d，滑块 1和滑块 2上遮光片通过光电门的时间分别为 t1 和
d d m
t 1
m2
2，速度分别为 v1 t ，
v2 m vt ，滑块组成的系统动量守恒 1 1
m2v2，整理得 t t 。1 2 1 2
（3）不计滑块在气垫导轨上运动时受到的阻力，则剪断拴弹簧的细线前弹簧的弹性势能为
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2 m m
E 1 m v2 1 dp 1 1 m v
2
，整理得 E ( 1 2 )。
2 2 2 2 p 2 t2 t21 2
13．【答案】（1）1.25m
（2）7.5m/s；方向向下
（3）5.17m/s，方向向下
2
【详解】（1）根据速度—位移公式有 v0 2gh1
运动员到达最高点时人的最高点离跳台的距离为 h1 1.25m
（2）人的最高点离水面的距离为 h =h1 h0 11.25m
v2运动员刚入水时速度 1 2gh
l l
身体全部入水时的速度 v v v 7.5m/s
l h 1 l l 1
方向向下。
v0
（3）运动员起跳到最高点到时间 t0 0.5g s
2h
运动员从最高点落至水面时的时间 t1 1.5g s
h 1
运动员从接触水面到身体全部入水过程，由每一小段时间 t h
v v
1 l
累加而成，即做 h图像，利用图像的面积可得时间 t，由 v v
v l h 1
1 1 h
整理得 (1 )v v1 l
可知图像为一次函数
1 1 2
由图中梯形得面积可求得 t2 ( ) 1.62 15 15 s=0.16s
v2
身体全部入水后做匀减速直线运动，运动员的位移为 x 1.125m
2a
v
时间为 t3 0.3a s
h0 l x
综上所述全程平均速度为 v 5.17m/st0 t1 t2 t3
方向向下。
14 2Fd．【答案】（1） v0 M
M m
（2） xM LM m
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3M 2 Mm kd
（3） s d k M m
v0 M
1 2
【详解】（1）对车厢，由动能定理可得 Fd Mv
2 0
解得 v 2Fd0 M
（2）车厢与滑块的碰撞为弹性碰撞，设第一次碰撞后车厢和滑块的速度分别为 vM和 vm，由机械能守恒
1 2 1 2 1 2
定律 Mv0 Mv mv2 2 M 2 m
根据动量守恒定律Mv0 MvM mvm
M m 2M
解得 vM v0， v vM m m M m 0
第一次碰撞到第二次碰撞之间，车厢与滑块的位移分别为 xM，xm，则有 xM vM t， xm vmt
位移关系为 xm xM L
x M m联立解得 M LM m
（3）每一次碰撞后车厢的运动过程中，由动量定理 f t M v
即 kvΔt MΔv
累加后得 ks M v
第一次碰撞前，车厢的路程为 d，所以 kd M v0 v
kd
碰撞前车厢的速度 v v0 M
设第 n次碰撞后，车厢的速度为 vn，滑块的速度为 vn ，第 n次碰撞至停下，车厢的路程为 sn。第一次碰
1 2 1 2 1 2
撞，由机械能守恒定律 Mv mv
2 1 2 1
Mv
2
动量守恒定律Mv1 mv Mv
M m 2M
解得 v1 v， v1 vM m M m
第一次碰撞后，对车厢 ks1 M v
M M m
解得 s1 vk M m
1 2 1 2 1 2
第二次碰撞，由机械能守恒定律 Mv2 mv2 2 2
mv
2 1
根据动量守恒定律Mv2 mv2 mv1
v 2m v M m解得 2 1，v2 vM m M m 1

s Mv2 2mM v 4M
2m
所以第二次碰撞后车厢的路程 2 m vk k m M k M m 2
M m
此后的每次碰撞前滑块的速度大小都变为前一次的 倍，车厢均静止。
M m
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Mv M M m M m
所以第三次碰撞后车厢的路程 s 33 v2 sk k M m M m 2
Mv 2 M m
第四次碰推后车厢的路程 s 44 k M m
s2

n Mv M m
n 2

第 次碰撞后车厢的路程 s 4n sk M m 2
2M 2
根据等比数列求和公式求得车厢在第二次及以后的路程之和 s vk M m
M M m 2 2
s d s s 2M m 3M Mm kd所以 总 1 d v v d
v
k M m k M m k M m 0 M
15．【答案】（1）18N，方向竖直向上；（2）A的速度大小 2.4m / s，方向向左；B的速度大小
1.6m / s，方向向右；（3）见解析
1
【详解】（1 A 2） 从开始到圆弧最低点过程，根据机械能守恒可得mAg R R cos53 mAv2 0 ，
解得 v0 4m / s，
v2
在最低点根据牛顿第二定律得 F 0N mAg mA ，R
解得 FN 18N，
方向竖直向上。
（2）A与 B发生弹性碰撞，根据系统动量守恒可得mAv0 mAvA mBvB ，
1 2 1 2 1 2
根据系统机械能守恒可得 mAv0 m2 2 A
vA mBv ，2 B
联立解得 vA 2.4m / s， vB 1.6m / s，
可知碰撞后 A的速度大小2.4m / s，方向向左；B的速度大小1.6m / s，方向向右。
（3）第一种情况，当传送带速度 v小于 vB 时，B滑上传送带后先减速后匀速运动；设 B与传送带间的动
v v
摩擦因数为μ，经过时间 t1 后 B与传送带共速，该段时间内 B运动的位移为 x BB t1，2
v v
B与传送带的相对位移ΔxB xB vt B1 t1，2
B物块因摩擦生热为Q mBg ΔxB 2J，
1 1
对 B用动能定理可得 m gx 2 2B B mBv m v ，2 2 B B
联立解得 v 0.6m / s，另一解大于 vB舍去；
当 A滑上传送带时，v小于 vA ，设经过时间 t2后 A与传送带共速，该段时间内，A运动的位移为
v v
x AA t ，2 2
v v
A与传送带的相对位移Δx AA xA vt2 t2B物块在传送带上做减速运动时的加速度相同，故2
t2 : t1 vA v : vB v ，
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联立以上各式解得ΔxA : ΔxB 81: 25，
A物块因摩擦产生的热量Q mAg ΔxA ，
联立解得Q 1.62J，
第二种情况，当传送带速度 v大于 vB时，B滑上传送带后先加速后匀速运动，设 B与传送带间的动摩擦
因数为 ，经过时间 t1
v v
后 B与传送带共速，该段时间内 B运动的位移为 x BB t2 1
，
v v
B与传送带的相对位移ΔxB vt1 xB B t2 1
，
B物块因摩擦生热为Q mBg ΔxB 2J，
m gx 1 m v2 1B 2对 用动能定理可得 B B m v2 B 2 B B
，
联立解得 v 2.6m / s，另一解小于 vB舍去；
当 A滑上传送带时，v大于 vA ，设经过时间 t2 后 A与传送带共速，该段时间内，A运动的位移为
v v
xA
A t
2 2
，
v v
A与传送带的相对位移Δx vt x AA 2 A t2 B物块在传送带上做加速运动时的加速度相同，故2
t2 : t1 v vA : v vB ，
联立以上各式解得ΔxA : ΔxB 1: 25，
A物块因摩擦产生的热量Q mAg ΔxA ，
联立解得Q 0.02J。
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2026届湖南省衡阳市高考物理自编模拟练习试卷【十】【2026届湖南省高考最新题型结构】（word版含答案）
考试范围：2026届高考物理全部内容 考试时间：75分钟； 命题人：
学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
温馨提示：根据湖南省教育考试院于2025年12月3日发布的《湖南省普通高中学业水平选择性考试试卷结构(2025年修订)》，该结构自2026年起实施。2026年湖南高考物理科目的试卷结构如下：
考试形式与时长 ：采用闭卷、笔试形式，考试时长为75分钟，卷面满分为100分。
试题构成 ：试题分为 选择题 和 非选择题 两大类。
选择题（共10题，总分42–43分）
单项选择题 ：7–8题，每题4分，总分28–32分。
多项选择题 ：2–3题，每题5分，总分10–15分。
非选择题（共5题，总分57–58分）
题目数量固定为5题，主要涵盖计算题、实验题和综合应用题，分值较高，更加强调对物理概念的理解、实验设计与分析、以及综合运用能力的考查。
此次调整的核心变化是 减少多项选择题数量，增加单项选择题比例 ，同时 显著提升非选择题的分值权重 ，体现了对考生基础知识扎实程度和综合应用能力的双重重视。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上．
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上．写在本试卷上无效．
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
第一部分（选择题 共43分）
一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．[4分]如图所示为时钟面板,当时钟正常工作时,关于时针、分针和秒针的转动,下列判断正确的是(　　)
A．时针的角速度最大
B．秒针的周期最大
C．分针尖端的线速度大于时针尖端的线速度
D．时针、分针、秒针的转动周期相等
2．[4分]如图，两极板不平行的电容器与直流电源相连，极板间形成非匀强电场，实线为电场线，虚线表示等势面.、点在同一等势面上，、点在同一电场线上.下列说法正确的是（ ）
A．点的电势比点的低
B．点的电场强度比点的小
C．负电荷从点运动到点，速度增大
D．负电荷从点运动到点，电场力做负功
3．[4分]2024年3月20日，我国探月工程四期鹊桥二号中继星成功发射升空。当抵达距离月球表面某高度时，鹊桥二号开始进行近月制动，并顺利进入捕获轨道运行，如图所示，轨道的半长轴约为51 900 km。后经多次轨道调整，进入冻结轨道运行，轨道的半长轴约为9 900 km，周期约为24 h。则鹊桥二号在捕获轨道运行时 （　　）
A．周期约为144 h
B．近月点的速度大于远月点的速度
C．近月点的速度小于在冻结轨道运行时近月点的速度
D．近月点的加速度大于在冻结轨道运行时近月点的加速度
4．[4分]如图所示，在倾角为θ的光滑固定斜面上将弹簧一端固定，弹簧下面挂一质量为m的物体，物体在斜面上做振幅为A的简谐运动，当物体振动到最高点时，弹簧正好为原长，弹簧在弹性限度内，重力加速度大小为g，则物体在振动过程中，下列说法正确的是（）
A．弹簧的最大弹性势能等于
B．弹簧的弹性势能和物体的动能总和不变
C．物体在最低点时的加速度大小应为
D．物体在最低点时的弹力大小应为
5．[4分]为实现高精度环境监测，某团队研发了一款基于光的全反射原理的光纤传感模块，其核心部件为一等腰直角三棱镜，棱镜折射率，光纤射出的一束单色光从边的中点平行于边射入棱镜，传播过程始终在棱镜截面内。已知光在真空中的速度为，下列说法正确的是（　　）
A．该棱镜对该单色光的临界角为
B．该单色光在边会发生全反射
C．该单色光在棱镜中的传播速度为
D．若增大棱镜折射率，临界角会变大
6．[4分]如图所示,从斜面上A点斜向上抛出一个可视为质点的小球,水平击中斜面上B点,现将另一相同小球从AB中点C抛出,仍水平击中B点．不计空气阻力,下列说法正确的是(　　)
A．两个小球的初速度大小之比为2∶1
B．从C点抛出的小球初速度方向与水平方向夹角更大
C．两个小球离斜面的最大距离之比为2∶1
D．调整两个小球抛出的时间,可以使两个小球在空中相遇
7．[4分]如图所示,光滑斜面上有5个等间隔的点O、a、b、c、d,一质点从O点由静止开始下滑,做匀加速直线运动,先后通过a、b、c、d 4点,下列说法正确的是 (　　)
A．质点由O点到达各点的时间之比ta∶tb∶tc∶td=1∶2∶3∶4
B．质点通过各点的速率之比va∶vb∶vc∶vd=1∶∶∶3
C．质点通过各点的速率之比va∶vb∶vc∶vd=1∶2∶3∶4
D．质点在斜面上运动的平均速度等于va
二、选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
8．[5分]如图,真空中固定在绝缘台上的两个相同的金属小球A和B,带有等量同种电荷,电荷量为q,两者间距远大于小球直径,两者之间的静电力大小为F。用一个电荷量为Q的同样的金属小球C先跟A接触,再跟B接触,移走C后,A和B之间的静电力大小仍为F,则Q∶q的绝对值可能是 (　　)
A．1 B．2 C．3 D．5
9．[5分]将可视为质点的小球沿光滑冰坑内壁推出，使小球在水平面内做匀速圆周运动，如图所示。已知圆周运动半径为，小球所在位置处的切面与水平面夹角 为 ，小球质量为，重力加速度取。关于该小球，下列说法正确的是（ ）
A．角速度为 B．线速度大小为
C．向心加速度大小为 D．所受支持力大小为
10．[5分]X射线光电子能谱仪是利用X光照射材料表面激发出光电子,并对光电子进行分析的科研仪器。用某一频率的X光照射某种金属表面,逸出了光电子,若增加此X光的强度,则 (　　)
A．该金属的逸出功增大
B．X光的光子能量不变
C．逸出的光电子最大初动能增大
D．单位时间逸出的光电子数增多
第二部分（非选择题 共57分）
非选择题：本大题共5题，共57分。
11．[8分]如图所示,气垫导轨上的滑块经过光电门时,遮光条将光遮住,电子计时器可自动记录遮光时间Δt,测得遮光条的宽度为Δx,用近似代表滑块通过光电门时的瞬时速度.则 (　　)
A.在遮光时间Δt内,可认为滑块做变速运动
B.在遮光时间Δt内,可认为滑块做匀速运动
C.为使更接近瞬时速度,可换用更宽的遮光条
D.为使更接近瞬时速度,实验时可将滑块放在离光电门更近一些的位置
12．[9分]某探究小组利用橡皮筋完成下面实验。
（1）将粘贴有坐标纸的木板竖直放置。橡皮筋的一端用图钉固定在木板上，另一端悬挂钩码。钩码质量分别为200g、250g、 、500g，平衡时橡皮筋底端在坐标纸上对应的位置如图（a）中圆点所示（钩码的质量在图中用数字标出）。悬挂的钩码质量分别为200g和300g时，橡皮筋底端位置间的距离为 cm。
（2）根据图（a）中各点的位置可知，在所测范围内橡皮筋长度的增加量与所挂钩码的 （选填“质量”或“质量的增加量”）成正比，由此可求出橡皮筋的劲度系数为 （保留2位有效数字，重力加速度取）。
（3）悬挂的钩码质量为时，在橡皮筋底端施以水平向右的力，平衡时橡皮筋方向如图（b）中虚线所示，图（b）中测力计的示数给出了力的大小，则 ， g（选填“200”“300”或“400”）。
13．[12分]如图，竖直放置的封闭玻璃管由管径不同、长度均为的、两段细管组成，管的内径是管的2倍，管在上方.管内空气被一段水银柱隔开，水银柱在两管中的长度均为.现将玻璃管倒置使管在上方，平衡后，管内的空气柱长度改变.求管在上方时，玻璃管内两部分气体的压强.（气体温度保持不变，以为压强单位）
14．[12分]ETC是高速公路上不停车电子收费系统的简称，甲车减速至5m/s通过ETC通道，ETC自动抬杆放行，过收费站中心线后开始加速。将甲车加速的初时刻作为计时起点，此时乙车从人工通道过收费站，正在收费站中心线处停车缴费，10s后开始加速。甲乙两辆车在平直公路上沿同一方向做直线运动，它们的图像如图所示。（两通道中心线在同一条直线上）求：从计时开始。
（1）甲乙两车加速阶段的最大加速度大小、分别为多少；
（2）乙车追上甲车前，在何时两车距离最大且距离的最大值为多少；
（3）甲车何时被乙车追上，此时甲车前进的距离。
15．[16分]兰州重离子加速器是我国首台大型重离子加速器，它的建成标志着我国该技术领域达到了国际先进水平，其核心装置是回旋加速器。不考虑粒子所受重力和粒子间的相互作用。
（1）回旋加速器的工作原理如图所示，置于真空中的D形金属盒半径为R，磁感应强度大小为B的匀强磁场与盒面垂直，在狭缝间加上周期性变化的交变电压。一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子从中心位置O处飘入狭缝，其初速度可视为0。交变电压的周期与带电粒子在磁场中的运动周期相同。若忽略粒子穿过狭缝的时间，不考虑相对论效应。求：
a、交变电压的周期T。
b、粒子加速后可获得的最大动能Ek。
（2）当粒子速度很大时，必须考虑相对论效应。粒子的质量随着速度的增加而增大，质量的变化会导致其回转周期的变化，从而破坏了与电压变化周期的同步。为解决这一问题，某同学设计了随半径变化的非匀强磁场。
a、为了保持粒子回旋周期与电压变化周期的同步，随着粒子运动半径增大，磁感应强度应越来越 （选填“大”或 “小”）。如图所示，现有甲、乙两种可供选择的非匀强磁场设计方案，你认为 （选填“甲”或“乙”）方案可能符合设计要求。
b、对（2）a中选定的磁场，进一步研究。非均匀磁场，除沿z轴方向的分量Bz外，还存在垂直于z轴的径向分量Br，会对加速粒子的运动产生影响。分析在该非匀强磁场中，z=z0（z0＞0）平面内绕z轴做圆周运动的粒子。已知，k为常量。根据上述信息，填写下表：
圆轨道平面的位置 沿z轴负方向看，粒子做圆周运动方向 （选填“顺时针”或“逆时针”） Br的方向 （填“指向z轴”或者“背离z轴”） Br对粒子的洛伦兹力的方向
z=z0
参考答案
1．【答案】C　
【详解】时针的周期为12h,分针的周期为1h,秒针的周期为h,故B、D错误;根据ω=,由于时针的周期最大,可知时针的角速度最小,故A错误;分针的周期小于时针的周期,则分针的角速度大于时针的角速度,根据v=ωr,且分针尖端的转动半径大于时针尖端的转动半径,故分针尖端的线速度大于时针尖端的线速度,故C正确．
2．【答案】D
【详解】由于电容器的上极板与直流电源的正极相连,所以电场线方向向下,沿着电场线方向电势降低,则有,根据题意有,则有,错误;根据电场线越密电场强度越大可知点的电场强度比点的大,错误;负电荷从点运动到点,电势能增大,则电场力做负功,动能减小,速度减小,错误,正确.
3．【答案】B
【命题点】开普勒行星运动定律+万有引力定律
【解析】根据开普勒第三定律有=，可得鹊桥二号在捕获轨道运行时周期约为T2=288 h，A错误；根据开普勒第二定律可知近月点的速度大于远月点的速度，B正确；由捕获轨道进入冻结轨道，鹊桥二号需要减速，做向心运动，所以在捕获轨道近月点的速度大于在冻结轨道运行时近月点的速度，C错误；根据=ma ，可得a=，可知在捕获轨道近月点的加速度等于在冻结轨道运行时近月点的加速度，D错误。
4．【答案】C
【详解】因物体振动到最高点时，弹簧正好为原长，此时弹簧的弹力等于零，有，当物体在最低点时，弹簧形变量最大且为2A，弹簧的弹性势能最大，即，联立以上解得，A错误；由能量守恒定律知，弹簧的弹性势能和物体的动能、重力势能三者的总和不变，B错误；当物体在最低点时，由，解得加速度大小，C正确；在最低点对物体受力分析可知，解得，D错误。
5．【答案】B
【详解】根据临界角公式，代入数据解得，因此临界角并非60°，故A错误；该单色光平行于边射入边，因边与边垂直，该单色光垂直边入射，传播方向不变，沿水平方向到达边。等腰直角三棱镜中，该单色光到达边时的入射角等于45°（通过几何关系推导，入射光线与边的法线夹角为45°）。由于（临界角），满足全反射条件（光从光密介质射向光疏介质，且入射角≥临界角），因此该单色光在边会发生全反射，故B正确；光在介质中的传播速度与真空中光速的关系，解得，故C错误；由临界角公式可知，折射率增大时，减小，临界角会变小，故D错误。
6．【答案】C　
【详解】两小球的运动可看作平抛运动的逆运动,设斜面倾角为θ,根据h=gt2解得t=,由hA∶hC=2∶1可得两个小球运动时间之比为∶1,由vy=gt可知,两个小球竖直速度之比为∶1,根据vx=和xA∶xC=2∶1,可知水平速度之比为∶1,所以两次击中B点速度之比为∶1,根据v=,两次抛出时速度的大小之比为∶1,且到达B点时速度方向相同,根据平抛运动推论可知,位移偏转角正切值是速度偏转角正切值的一半,又位移偏转角θ不变,则tanα=2tanθ=,可知两次抛出时速度方向相同,A、B错误;将小球的运动逆向视为平抛运动,小球在点的初速度方向与斜面的夹角为φ,则小球离斜面的最大距离为d=,可知,两小球离斜面的最大距离之比为2∶1,C正确;两小球的轨迹相切于B点,不可能在空中相遇,D错误．
7．【答案】D　
【详解】设质点的加速度为a,根据x=at2可得t=,则有ta∶tb∶tc∶td=∶∶∶=1∶∶∶2,故A错误;根据v=at可得va∶vb∶vc∶vd=ta∶tb∶tc∶td=1∶∶∶2,故B不正确,C错误;质点在斜面上从O点运动到d点的平均速度为=,由于va∶vd=1∶2,可得=va,故D正确.
8．【答案】AD
【命题点】库仑定律+电荷守恒定律
【详解】金属小球C跟A接触后再分开,金属小球A、C的电荷量为qA=qC=,金属小球C跟B接触后再分开,金属小球B的电荷量为qB==+,根据库仑定律,有=,可得=1或=5,A、D正确。
9．【答案】AC
【详解】小球受力分析如图所示，由牛顿第二定律得，解得角速度为，正确；由解得线速度大小为，错误；由解得向心加速度大小为，正确；小球所受支持力大小为，错误。
10．【答案】BD
【命题点】光电效应
【详解】金属的逸出功与金属本身有关,与入射光无关,A错误;光子的能量E=hν,与入射光强度无关,B正确;根据爱因斯坦光电效应方程hν=Ek0+W0可知,逸出的光电子最大初动能与入射光的强度无关,C错误;入射光的强度增加,可知单位时间内入射的总能量增加,每个光子的能量不变,故单位时间内入射的光子数增多,则单位时间内逸出的光电子数增多,D正确。
11．【答案】B　
【解析】在遮光时间Δt内,由于时间很短,所以可认为滑块做匀速运动,故A错误,B正确;利用平均速度等效替代瞬时速度,为使更接近瞬时速度,只能尽量减小计算平均速度的位移,即换用宽度更窄的遮光条,若将滑块放在离光电门较近的位置,且速度较小时,将会增大测量误差,故C、D错误.
12．【答案】（1）1.90 （2）质量的增加量；52 （3）1.00；300
【详解】（1）根据图（a）可知悬挂的钩码质量分别为200g和300g时，橡皮筋底端位置间的距离为1.90cm；
（2）根据图像可知钩码每增加相同的质量橡皮筋增加相同的长度，故在所测范围内橡皮筋长度的增加量与所挂钩码的质量的增加量成正比。设橡皮筋原长为L0，劲度系数为k，根据胡克定律；其中，x为橡皮筋长度的增加量。设悬挂质量为m1、m2的钩码时，橡皮筋长度的增加量分别为x1、x2，则，，两式相减得，取，，，根据，可得。
（3）根据图（b）可知F=1.00N；设橡皮筋与竖直方向夹角为θ，对橡皮筋下端点进行受力分析有；从图中可知，结合F=1.0 N，可得，所以取m=300 g。
13．【答案】管内压强为、管内压强为
【思路导引】
倒置前后的液柱位置如图所示.
【详解】设管的横截面积为,则管的横截面积为,设管在上方时、管内的压强分别为、,则有
,
倒置后,因为原管内气体压强较小,所以液柱下移,即管内液柱长度减小,根据两管内径关系可知,管内液柱长度增加,
压强关系为,
、管内气体均发生等温变化,
由玻意耳定律有,
,
联立解得,.
14．【答案】（1）0.5m/s2，2m/s2；（2）100m；（3）250m
【详解】（1）由速度图像可知甲车的加速度的大小为
乙车的加速度的大小为
（2）由题意知，在时，两车同速，两车间距离为最大值，在速度时间图像中面积表示位移，则甲车的位移为
乙车的位移为
故乙车追上甲车前，两车间距的最大值为
（3）由速度时间图像中面积表示位移可知，甲车运动20s时，甲车在前，乙车在后两车间距为
之后甲乙两车都分别以，的速度做匀速直线运动，设再经过时间乙车追上甲车，则
代入数据解得
此时，甲车运动时间为
甲车在该时间段内运动的位移为
故从甲车经过中心线开始计时经过27.5s，甲车前进250m时被乙车追上。
15．【答案】（1）a、；b、
（2）大；乙；逆时针；指向z轴；沿z轴正方向
【详解】（1）a、带电粒子经电场加速后，在匀强磁场中做匀速圆周运动，设粒子做匀速圆周运动的半径为、周期为，运动速度为，则根据牛顿第二定律
根据周期速度关系
解得
交变电压的周期与带电粒子在磁场中的运动周期相同
b、带电粒子在D形盒内做圆周运动，轨道半径达到D形盒半径R时从D形盒中射出，此时带电粒子具有最大动能Ek，设粒子从D形盒边缘离开时的速度为，由牛顿第二定律
最大动能
解得
（2） 由上一小问分析可知
考虑相对论效应，粒子的速度增大，则粒子的质量增大，所以粒子在磁场中做圆周运动的周期变大，为保持粒子回转周期与电压变化周期的同步，则磁感应强度应越来越大；
随粒子运动半径增大，磁感应强度应越来越大，所以乙方案可能符合设计要求。
Bz 沿 z 轴负方向，为使粒子受洛伦兹力做圆周运动，根据左手定则可判断沿 z 轴负方向看，粒子应做逆时针运动。
题干中（z0＞0），径向分量是指向 z 轴的，因此方向为指向 z 轴（即径向向内）
对正电荷用左手定则判断：速度方向与方向垂直，洛伦兹力方向为指向z轴正方向，这会进一步辅助维持粒子的圆周运动。
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2026 届湖南省衡阳市高考物理自编模拟练习试卷【五】【2026 届湖
南省高考最新题型结构】（PDF 版含答案）
考试范围：2026 届高考物理全部内容 考试时间：75 分钟； 命题人：
学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
温馨提示：根据湖南省教育考试院于 2025年 12月 3日发布的《湖南省普通高中学业水平选择性考试试
卷结构(2025年修订)》，该结构自 2026年起实施。2026年湖南高考物理科目的试卷结构如下：
考试形式与时长：采用闭卷、笔试形式，考试时长为 75分钟，卷面满分为 100分。
试题构成：试题分为选择题和非选择题两大类。
选择题（共 10题，总分 42–43分）
单项选择题：7–8题，每题 4分，总分 28–32分。
多项选择题：2–3题，每题 5分，总分 10–15分。
非选择题（共 5题，总分 57–58分）
题目数量固定为 5题，主要涵盖计算题、实验题和综合应用题，分值较高，更加强调对物理概念的理解、
实验设计与分析、以及综合运用能力的考查。
此次调整的核心变化是减少多项选择题数量，增加单项选择题比例，同时显著提升非选择题的分值权
重，体现了对考生基础知识扎实程度和综合应用能力的双重重视。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上．
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需
改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡
上．写在本试卷上无效．
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
第一部分（选择题 共 43分）
一、选择题：本题共 7小题，每小题 4 分，共 28 分。在每小题给出的四个选项中，只有一
项是符合题目要求的。
1．[4 分]如图所示为研究光电效应的电路图，当用某种波长的光照强度恒定的单色光照射光电管的极板
金属 K，滑动变阻器的滑片处在图中所示位置，此时电流表有示数，下列说法正确的是（ ）
A．滑片移到最左端时，电流表示数为零
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B．滑片移到最左端时，电流表示数不为零
C．滑片向右移动过程中，电流表的示数一直增大
D．滑片向右移动过程中，电流表的示数一直减小
2．[4 分]在水平面上做匀减速直线运动的质点通过 O、A、B三点的过程中，其位移随时间变化的 x t图
像如图所示。则质点（ ）
s s
A．通过 A点时的速度为 t B．通过 A点时的速度大于1 t1
2s 2s t2 2t C 1．通过 A点时的速度小于 t D．运动的加速度大小为2 t1t2 t2 t1
3．[4 分]如图所示，把一个上表面为平面、下表面为球面的凸透镜放在水平玻璃板上。现用单色光垂直
于透镜的上表面向下照射，从上向下观察，可以看到一系列明暗相间的同心圆环状条纹，这些同心圆环
状条纹叫作牛顿环。下列说法正确的是（ ）
A．这属于光的干涉，增大玻璃板和透镜的距离，发现条纹向外移动
B．条纹是由凸透镜下表面反射光和玻璃上表面反射光叠加形成的
C．条纹是由凸透镜上表面反射光和玻璃上表面反射光叠加形成的
D．照射单色光的波长增大，相应条纹间距保持不变
4．[4 分]中国科幻系列电影《流浪地球》热播，影片中为了让地球逃离太阳系，人们在地球上建造行星
发动机，使地球完成一系列变轨，某过程如图所示，地球在椭圆轨道 I上运行到远日点 B变轨，进入圆
形轨道 II，不计空气阻力。下列说法正确的是（ ）
A．地球沿轨道 I运动至 B点时，需向前喷气减速才能进入轨道 II
B．地球沿轨道 I运行时，在 A点的加速度等于在 B点的加速度
C．地球沿轨道 I运行的周期小于沿轨道Ⅱ运行的周期
D．地球在轨道 I上由 A点运行到 B点的过程中，机械能逐渐增大
5．[4 分]2025年 11月 1日 4时 58分，神舟二十一号航天员乘组进驻中国空间站，与神舟二十号乘组完
成在轨轮换。神舟二十号航天员乘组乘坐神舟二十一号飞船于 11月 14日 16时 40分成功返回。载人飞
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船发射返回过程中，返回器与主舱室分离后，主舱室通过调整后在圆轨道运行，返回器用“打水漂”的方
式再入大气层，最终通过降落伞辅助成功着陆，其主要过程如图，已知主舱室维持在半径为 r的轨道上
做周期为 T的匀速圆周运动，地球半径为 R、引力常量为 G，则有（ ）
A．主舱室在半径为 r的轨道上稳定运行的速度大于7.9km,s
4 2r3B．由题给条件可求出地球第一宇宙速度为
RT 2
3
C．由题给条件可求出地球密度为
GT 2
D．返回器跳出大气层后需向后喷气方可第二次再入大气层
6．[4 分]“风洞实验”指在风洞中安置飞行器或其他物体模型，研究气体流动及其与模型的相互作用，以
了解实际飞行器或其他物体的空气动力学特性的一种空气动力实验。在如图所示的风洞中存在大小恒定
的水平风力，现将一小球从 M点竖直向上抛出，其运动轨迹如图中的实线所示，其中 M、N两点在同一
水平线上，O点为轨迹的最高点，小球在 M点的动能为 9J，在 O点的动能为 1J，不计空气阻力，下列说
法错．误．的是（ ）
A．小球受到的重力与受到的风力大小之比为1:3
B．小球落到 N点时的动能为 13J
C．O点到 MN的距离与 M、N两点间的距离之比为3: 4
D．小球从 M点运动到 N点过程中的最小动能为 0.9J
7．[4 分]引力常量的测出，所具有的重要意义是（ ）
A．实验方法在物理研究中的成功应用 B．直接证明牛顿的万有引力是正确的
C．使万有引力定律不具有了实用价值 D．证明了两球体间的万有引力很小
二、选择题：本题共 3 小题，每小题 5 分，共 15 分。在每小题给出的四个选
项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有
选错的得 0 分。
8．[5 分]2025年 4月,我国已成功构建国际首个基于 DRO(远距离逆行轨道)的地月空间三星星座,DRO具
有“低能进入、稳定停泊、机动转移”的特点。若卫星甲从 DRO变轨进入环月椭圆轨道,该轨道的近月点和
远月点距月球表面的高度分别为 a和 b,卫星的运行周期为 T;卫星乙从 DRO变轨进入半径为 r的环月圆形
轨道,周期也为 T。月球的质量为 M,半径为 R,引力常量为 G。假设只考虑月球对甲、乙的引力,则 ( )
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+ + +
A．r= B．r= +R
2 2
4π2 3 4π2 3
C．M= 2 D．M= 2
9．[5 分]如图， 为一段固定于水平面上的光滑圆弧导轨，圆弧的圆心为 ，半径为 .空间存在垂
直导轨平面向里、磁感应强度大小为 的匀强磁场.电阻为 的金属杆 与导轨接触良好，图中电阻
1 = 2 = ，其余电阻不计.现使 杆在外力作用下以恒定角速度 绕圆心 顺时针转动（初始时

处于 与 之间且∠ ＞ 3 ，在其转过3 的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．流过电阻 1 的电流方向为 → 1 →
2
B ． 、 两点间电势差为
2
C
2
．流过 的电荷量为
6
2D
4
．外力做的功为
18
10.（5分]如图甲所示，竖直悬挂的弹簧振子在 M、N两点之间做简谐运动，O点为平衡位置，振子到达
N点开始计时，规定竖直向下为正方向。图乙是弹簧振子做简谐运动的 x t图像，则（ ）
A．弹簧振子从 N点经过 O点再运动到 M点为一次全振动
B．乙中的 P点时刻振子的速度方向与加速度方向都沿正方向
C．弹簧振子的振动方程为 x 0.14sin
t 2
m

D．弹簧振子在前 2.5s内的路程为 0.35m
第二部分（非选择题 共 57分）
三、非选择题：本大题共 5 题，共 57 分。
11．[8 分]电学创新实验弹性电阻绳是一种具有弹性和导电性的材料，通常应用于应变传感器中。某同学
利用 6V 的恒压电源（内阻不计）、量程为 0.6A的电流表（内阻不计）、定值电阻和电阻箱等器材设计
出如图甲所示的电路，探究弹性电阻绳伸长量Δ 与其电阻增加量Δ 的关系。
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甲 乙 丙
（1） 装置安装、电路连接、测量初始值。
如图乙所示，在水平桌面上放置支架和测量尺，弹性电阻绳的一端固定在支架顶端，另一端作为拉伸
端，两端分别用带有金属夹 、 的导线接入电路中；在弹性电阻绳左侧放置测量尺。先将弹性电阻绳竖
直悬挂，测出弹性电阻绳的原长 0，并用多用电表测出此时弹性电阻绳阻值 0，若选用“× 10”倍率的电
阻挡测量，发现多用电表指针偏转角度过大，为了提高测量的精确度，应将选择开关拨至__________
（填“× 100”或“× 1”）电阻挡，后将两表笔短接，进行____________。若操作正确，多用电表的示数如
图丙所示，测量结果为______Ω 。
（2） 探究弹性电阻绳伸长量Δ 与其电阻增量Δ 的关系。在弹性绳的拉伸端系着一带有指针的托盘。
通过在托盘上放置不同数量的钩码拉伸改变弹性电阻绳的长度。
①连接好电路，断开开关 S，将电阻箱 的阻值调整至________；
②闭合开关 S，调节电阻箱的阻值使得电流表指针有大角度偏转，记录读数为 ，读出电阻箱的示数 1，
并观察托盘上的指针在测量尺上的位置，记录 、 间的距离，即为弹性电阻绳拉伸后的长度 1;
③断开开关 S，在托盘上放置一钩码，稳定后再次记录 、 间的距离 2，再闭合开关 S，调节电阻箱的
阻值使得电流表读数为 ，记录此时电阻箱阻值 2，则说明弹性电阻绳拉伸量增加 2 1时，弹性电阻
绳电阻增加量为________________。
12．[8 分]（10分）随着技术创新和产业升级，我国新能源汽车强势崛起实现“换道超车”，新能源汽车
对温度控制有非常高的要求，控制温度时经常要用到热敏电阻。物理实验小组找到两个热敏电阻，一个
是 PTC热敏电阻，其电阻值随温度的升高而增大;另一个是 NTC热敏电阻，其电阻值随温度的升高而减
小。该实验小组想利用下列器材来探究这两个热敏电阻（常温下阻值约为 10.0Ω）的电学特性及作用。
图（a） 图（b）
A.电源 （电动势 12V，内阻可忽略）
B.电流表A1（满偏电流 10mA，内阻 1 = 10Ω）
C.电流表A2（量程 0 1.0A，内阻 2约为 0.5Ω）
D.滑动变阻器 1（最大阻值为 10Ω）
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E.滑动变阻器 2（最大阻值为 500Ω）
F.定值电阻 3 = 990Ω
G.单刀单掷开关、单刀双掷开关各一个，导线若干
（1） 若要求热敏电阻两端的电压可以从零开始比较方便地进行调节，应选择接入电路中的滑动变阻器
为________（填器材前的字母），请在图（a）中将电路图补充完整。
（2） 物理实验小组用 1表示电流表A1的示数， 2表示电流表A2的示数，通过实验画出两个热敏电阻接
入电路时的 1 2图线如图（b）中 、 所示。若将图线 所代表的元件直接接在一个电动势 = 10V、
内阻 = 10Ω 的电源两端，则该元件的实际功率为______________________W（结果保留 2位有效数
字）。
（3） 在汽车电路中常用热敏电阻与其他元件串联起来接入电路，用于防止其他元件两端的电压过大，
从而保护电路和设备，你认为应该选用____________（填“PTC”或“NTC”）热敏电阻，请简述该热敏电阻
防止电流过大的原因：
___________________________________________________________________________________________
___________________________________________________________________________________________
__________________________________________________________。
13．[12 分]如图所示，空间存在水平向右的匀强电场，由水平粗糙轨道 AB 与光滑圆弧轨道 BC 组成的
绝缘轨道固定在竖直面内，圆孤轨道与水平轨道在 B 点相切，AB 部分轨道足够长，圆弧轨道的半径为
R,OC与水平方向的夹角为 45 。将一个质量为 m、电荷量为+q的带电小物块在水平轨道上某处由静止
释放，物块沿轨道由 C 点滑出，当物块的速度为零时位置刚好在 o点正上方。已知重力加速度为 g,匀强
mg
电场的电场强度 E= .物块与水平轨道间的动摩擦因数为 0.5，物块可视为质点，求：
q
(1)物块开始释放的位置离 B点的距离为多少：
(2)物块在 BC轨道上运动时，对轨道的最大压力为多少：
(3)物块在 AB轨道上运动的总路程为多少。
14．[12 分]如图所示，上端开口带有卡环、内壁光滑、竖直放置的绝热容器内，有两个厚度不计的活
塞，封闭了上、下两部分气体，其中小活塞质量为m1 1kg，导热性能良好，大活塞质量为m2 2kg，绝
热，两活塞密封性均良好。细管道横截面积为 S1=100cm
2，粗管道横截面积为 S 22=200cm ，下部分气体中有
电阻丝可以通电对封闭气体进行加热。若下部分封闭气体初始温度为300K，此时各部分长度
h1 h2 h3 h4 10cm
5
。已知大气压强 p0 1 10 Pa，外界环境温度保持不变，重力加速度 g取10m/s2，取
现对电阻丝通电以缓慢升高气体温度。
（1）求当小活塞刚好移至顶部时，下部分气体的温度；
（2）求当下部分封闭气体的温度为900K时，上部分气体的压强。
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15．[14 分]如图，一竖直固定的长直圆管内有一质量为 M的静止薄圆盘，圆盘与管的上端口距离为 l，
1
圆管长度为 30l。一质量为m M 的小球从管的上端口由静止下落，并撞在圆盘中心，圆盘向下滑动，
3
所受滑动摩擦力与其所受重力大小相等。小球在管内运动时与管壁不接触，圆盘始终水平，小球与圆盘
发生的碰撞均为弹性碰撞且碰撞时间极短，不计空气阻力，重力加速度大小为 g。
（1）求小球第一次与圆盘碰撞的速度大小；
（2）求第一次碰撞后瞬间小球和圆盘的速度大小；
（3）在第一次碰撞到第二次碰撞之间，求小球与圆盘间的最远距离；
（4）圆盘在管内运动过程中，求小球与圆盘碰撞的次数。
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参考答案
1．【答案】B
【详解】由题可知，光照射后能发生光电效应，因此滑片移到最左端时，反向电压为零，电流表示数不
为零，A错误，B正确；滑片向右移动过程中，电压表示数不断增大，电流表的示数可能先增大到饱和
电流后不变，CD错误。
2．【答案】D
s
【详解】从 O点运动到 A点过程的平均速度为 vOA t ，物体做匀减速运动，则通过 A点时的速度小于1
s 2s
t ，故 AB错误；根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度知， t 是中间时1 2
2s
刻速度，而 A点是中间位移的速度。而中间位移速度大于中间时刻速度，故通过 A点时的速度大于 t ，2
1
故 C 2错误；设质点经过 O点的速度为v0，0 ~ t1时间内，由位移一时间公式得 s v0t1 at ，0 ~ t 时间2 1 2
1 2 2s(t2 2t1)
内，由位移—时间公式得 2s v0t2 at2 ，联立解得 a t t ，故 D正确。2 1 2 t2 t1 ) (
3．【答案】B
【详解】这属于光的薄膜干涉，增大玻璃板和透镜的距离，条纹向圆心位置移动，A错误；薄膜干涉是
膜两个表面的反射光叠加后的结果，图中“膜”为空气夹层，即条纹是由凸透镜下表面反射光和玻璃上表
面反射光叠加形成的，B正确，C错误；照射单色光的波长增大，相应条纹间距变大，D错误。
4．【答案】C
Mm
【详解】地球沿轨道运动至 B点时，需向后喷气加速才能进入轨道 II，故 A错误；由G 2 ma，可r
GM
得， a 2 A点距离地心比 B点近，所以地球沿轨道 I运行时，在 A点的加速度大于在 B点的加速度，r
3
故 B错误；由图可知轨道 I的半长轴小于Ⅱ r的半径，由开普勒第三定律
T 2
k，可知地球沿轨道 I运行的
周期小于沿轨道Ⅱ运行的周期，故 C正确；地球在轨道 I上由 A点运行到 B点的过程中，机械能守恒，
故 D错误。
5．【答案】B
【详解】第一宇宙速度等于卫星贴近地面做匀速圆周运动的环绕速度，是最大的环绕速度，当主舱室在
半径为 r的轨道上稳定运行时，其轨道半径大于地球半径，则速度应小于 7.9km / s，故 A错误；第一宇
宙速度等于卫星贴近地面做匀速圆周运动的环绕速度，根据万有引力提供向心力有
Mm v2 GMm 4 2r 4 2 3G 2 m
r
， 2 m 2 ，可知第一宇宙速度为 v ，故 B正确；根据万有引力提供向心力R R r T RT 2
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2 MGMm m 4 r
4 2r3 3
有 2 2 ，密度为 4 R3 ，联立解得M ,
3 r
，故 C错误；返回器跳出大气层
r T 3 GT
2 GT 2R3
后想第二次再入大气层则半径减小，需要减小速度，即向前喷气，故 D错误。
6．【答案】A
1 mv 2 1 2【详解】根据 M 9J， mv1 1J，可求出vM 3v1，竖直方向 vM gt，水平方向 v2 2 1
axt，联立解得
a gx ，根据牛顿第二定律可得小球受到的重力与受到的风力大小之比为3 :1，故 A错误，符合题意；3
由运动的合成与分解知，小球在水平方向做初速度为 0的匀加速直线运动，竖直方向做竖直上抛运动，
所以可得M 点到O点的时间和O点到 N 点的时间相同，设小球在M 点的速度为 vM ，在O点的速度为
v F1，水平方向加速度为 ax ，因为O点是轨迹的最高点，即此时速度只有水平分量即 v1 axt，即 N 点m
的水平速度满足 vNx ax 2t 2v1，又小球在M 点的动能为9 J，在O点的动能为1J，小球落到 N 点时的
1 2 1 2 2
动能为 EN mvN m vM vNx 1 2 1 2，因为 mvM 9J， mv1 1J，解得 EN 13J，故 B正确，不符合2 2 2 2
2 2 h 3
题意；设O点到MN的距离为 h，竖直方向 vM 2gh，水平方向 2v1 2axxMN，联立解得 x ，故MN 4
C正确，不符合题意；如图所示
小球从M 点运动到 N 点过程中的最小速度为 v tan
mg
M 在垂直于合力方向上的分量，其中 3，故 vF M
v v cos 1 2在垂直于合力方向上的分量 M1 M ，故最小动能为 Ekmin mv ，代入数据解得2 M 1
E 1kmin mv
2
2 M 1
0.9J，故 D正确，不符合题意。
7．【答案】B
【详解】牛顿发现的万有引力定律之后，卡文迪许用实验方法测出万有引力常量的数值，从而验证了万
有引力定律，使万有引力定律具有了实用价值，可知 B符合题意。
8．【答案】BC
【命题点】开普勒第三定律+万有引力定律
【详解】卫星甲和卫星乙均绕月球运动,周期相同,根据开普勒第三定律可知,卫星甲运动的轨道的半长轴与
+ +2 +
卫星乙运动的轨道半径相同,即 =r,可得 r= +R,A 错误,B 正确;卫星乙绕月球做匀速圆周运动,由
2 2
4π2 4π2 3
万有引力提供向心力,可得 G 2 =m 2 r,解得 M= ,C正确,D错误。 2
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9．【答案】AD
【详解】由右手定则判断出 中电流方向由 → ， 可知流过电阻 1 的电流方向为 → 1 → ， 故
2
正确； 产生的感应电动势为 = ，将 当成电源，外部电路
2 1
与 2 并联，则 、 两点间

= 2 的电势差为 3 + . = ，故 错误；流过 的电流大小为转过3 孤度所用时间为2 6 = = ，2 3
2 2
流过 的电 = = + 3 ，荷量为 = = ，故 错误；转过3 孤度过程中，外力做的功为2 9
2 4
= = ，故 正确.
18
10．【答案】BD
1
【详解】弹簧振子从 N点经过 O点再运动到 M点为 次全振动，故 A错误；图乙的斜率代表质点的速
2
kx
度，则 P点时刻振子的速度方向为正方向，根据 a 可知，加速度方向沿正方向，故 B正确；由图
m
2
乙知周期为 T=2s，弹簧振子的振幅为 A=0.07m，则 ，规定竖直向下为正方向，振子到达 N点
T

开始计时，t=0时刻位移为 0.07m，可知初相为 ，则弹簧振子的振动方程为 x 0.07sin t m ，故2 2
5
C错误；弹簧振子在前 2.5s内的路程为 s 4A 0.35m，故 D正确。
4
11．【答案】（1） × 1（2分）；欧姆调零（1分）；7（1分）
（2） 最大（2分）； 1 2（2分）
【详解】
（1） 选用“× 10”倍率的电阻挡测量，发现多用电表指针偏转角度过大，说明所选倍率过大，则应将开
关拨至较小的“× 1”电阻挡，然后将两表笔短接，进行欧姆调零；可读出此时多用电表的读数为 7Ω ×
1 = 7Ω 。
（2） ①连接好电路，为了保护电路，防止电路中的电流过大，断开开关 S后，应将电阻箱 的阻值调整
至最大。
③由于前后两次测量毫安表读数为 不变，故回路中的总电阻不变，则弹性电阻绳电阻的增加量必然等于
电阻箱阻值的减少量，即弹性电阻绳电阻增加量Δ = 1 2。
12．【答案】（1） D（2分）；见图甲（2分）
（2） 2.5（2.4~2.6均可）（2分）
（3） PTC（2分）；PTC 型热敏电阻的阻值随温度升高而增大，当电路中的电流较小时，PTC热敏电
阻的阻值较小，串联分得的电压较小；当电路中的电流较大时，PTC 热敏电阻的阻值较大，串联分得的
电压较大，使得其他元件两端的电压不至于过大，从而防止电压过大（2分）
【详解】
（1） 因为要求热敏电阻两端的电压从零开始逐渐增大，所以滑动变阻器采用分压式接法，为了便于调
节，应选用最大阻值较小的滑动变阻器 1，电路图如图甲所示。
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甲
（2） 由题意可知，图乙中 1 2图线可以对应热敏电阻的 图线，纵坐标的 10mA 对应电压为
10V（关键：电流表A1所在支路的总电阻为 1000Ω ，可计算纵坐标电流表示数对应的电压值）。在图
乙中作出 = 10V、内阻 = 10Ω 的电源的 图像，其与图线 的交点坐标的乘积即为所要求的实
际功率， = = 4.4V × 0.56A ≈ 2.5W。
乙
（3） PTC型热敏电阻的阻值随温度升高而增大，当电路中的电流较小时，PTC热敏电阻的阻值较小，
串联分得的电压较小；当电路中的电流较大时，PTC热敏电阻的阻值较大，串联分得的电压较大，使得
其他元件两端的电压不至于过大。
【知识拓展】 电源的 图像与电阻的 图像比较
电源的 图像 电阻的 图像
图形
截距 与纵轴交点表示电源电动势 ，与横轴 过坐标原点，表示电流为

交点表示电源短路电流 零时，电阻两端的电压为

零
坐标 、 的乘积 表示电源的输出功率 表示电阻消耗的功率
坐标 、 的比值 表示外电阻的大小，不同点对应的外 表示电阻的大小，每一点
电阻大小不同 对应的比值均等大
斜率的绝对值 电源内阻 电阻大小
13．【答案】(1)2 1+ 2 R(2)5 2mg(3)4 1+ 2 R
【详解】(1)由于 OC与水平方向夹角为 45 ,gE=mg
重力与电场力的合力方向与 OB的夹角为 45 (1分)
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因此物块从 C点滑出后，在电场中做类竖直上抛运动
根据几何关系，C点到最高点运动的距离x1=R(1分)
最高点离水平轨道的高度 h= 2+1 R(1分)
从释放到最高点，根据动能定理 gx-μmgx-mb=0
解得 x=2 1+ 2 R(1分)
(2)设物块第一次运动到圆弧轨道上 D点时物块对轨道的压力最大。分析可知，OD与竖直方向的夹角为
45 ,设在 D点时速度为 v,根据动能定理
2 2 1
qEx-μmgx+qE× R-mg R- R = mm2
2 2 2
解得 r=2 2gR
2
在 D点，根据牛倾第二定律 F- 2mg=m v (1分)
R
解得 F=5 2mg(1分)
根据牛顿第三定律，物块对圆弧轨道的最大压力P'=F=5 2mg(1分)
(3)当物块运动到 B点速度为零时.物块最终在 BC轨道上做往复运动
设物块在 AB轨道上运动的总路程为 s
根据动能定理 Ex-μms=0(2分)
解得 s=4 1+ 2 R(2分)
14．【答案】（1）T '2 450K；（2） p '1 1.515 105Pa
【详解】（1）在小活塞刚好移至顶部前，上部分气体的压强和温度均不变，所以体积保持不变。小活塞
向上移动了 h1 10cm
大活塞向上移动 h1 5cm
对于下部分气体，压强不变，初态体积V2 h4S2
温度T2 300K
此时体积V '2 (h4 h1)S2
V V '
设此时温度为T ' 2 22 ，根据盖-吕萨克定律得 T '2 T2
解得T '2 450K
（2）设当大活塞刚好移至粗细管道连接处时，下部分封闭气体的温度为T0，对上部分气体，初态
p p m g1 0 1 1.01 10
5Pa
S1
体积为V1 h2S1 h3S2 3000cm
3
末态V '1 (h1 h
3
2 )S1 2000cm
由玻意耳定律得 pV p' '1 1 1V1
代入数据解得 p '1 1.515 10
5Pa
m2g 5
对下部分气体，初态时对大活塞受力分析，根据平衡条件得 p3 p1 1.02 10 PaS2
体积V2 h4S2 2000cm
3
温度T2 300K
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p ' p ' m2g 1.525 105末态 3 1 PaS2
体积V '3 (h3 h4 )S2 4000cm
3
p3V2 p
' '
3V3
根据理想气体状态方程得 T2 T0
代入数据解得T0=897K
当下部分封闭气体的温度为 900K>T0时，末态体积仍为V '1 (h
3
1 h2 )S1 2000cm
所以上部分气体压强为 p '1 1.515 10
5Pa
15．【答案】（1） 2gl
2gl
（2）
2
（3）l
（4）5
1 2
【详解】（1）设小球自静止下落至薄圆盘处时的速度为 v10，根据机械能守恒定律有mgl mv2 10
解得 v10 2gl
（2）设第一次碰撞后瞬间小球和薄圆盘的速度分别为 v11、 v21，在小球与薄圆盘碰撞过程中，根据动量
守恒定律有mv10 mv11 Mv21
1mv2 1 2 1根据机械能守恒定律有 10 mv11 Mv
2
2 2 2 21
且m
1
M 2gl 2gl，联立解得
3 v11 ,v 2 21 2
2gl
第一次碰撞后瞬间小球和薄圆盘的速度大小均为
2
（3）由薄圆盘受到的滑动摩擦力与其重力大小相等可知，自第一次碰撞后薄圆盘做匀速直线运动，当小
球和薄圆盘间的距离最远时，两者的速度相等，设在第一次碰撞到第二次碰撞之间，经过 t0 时间两者速
度相等，由速度关系 v11 gt0 v21
2l
解得 t0 g
1 2
则小球与薄圆盘间的最远距离 dmax v21t0 v11t0 gt2 0
解得 dmax l
（4）设自第一次碰撞后经 t1 时间发生第二次碰撞，小球与薄圆盘共速时相距 l，设共速后再经 t1 '时间小
1 2
球追上薄圆盘，根据位移关系有 v21t1 ' gt '1 v21t1 ' l2
t ' 2l解得 1 g
2l
则 t1 t0 t1 ' 2 g
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3
追上时小球的速度 v1m v11 gt1 2gl2
2gl
圆盘的速度 v1M v21 2
设碰后瞬间小球和圆盘的速度分别为 v2m、v2M ，由动量守恒定律得mv1m Mv1M mv2m Mv2M
1mv2 1 Mv2 1 mv2 1 2由机械能守恒定律得
2 1m 2 1M 2 2m
Mv
2 2M
v m M2m vm M 1m v1M v1M 0
解得{
v 2m2M v v v 2glm M 1m 1M 1M
假设小球与薄圆盘可以一直在管内碰撞，分析得出，小球每次碰后至下一次追上薄圆盘所经历的时间
t t 2l1 2 ，画出第一次碰撞后小球的 v-t图像，如图所示g
v-t图像中图线与 t轴围成的面积表示位移，则根据图像可计算出 s1 s2 s3 12l， s1 s2 s3 s4 20l，
s1 s2 s3 s4 s5 30l，30l l 31l 30l 21l
则小球与薄圆盘碰撞的次数是 5。
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2026 届湖南省衡阳市高考物理自编模拟练习试卷【八】【2026 届湖
南省高考最新题型结构】（PDF 版含答案）
考试范围：2026 届高考物理全部内容 考试时间：75 分钟； 命题人：
学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
温馨提示：根据湖南省教育考试院于 2025年 12月 3日发布的《湖南省普通高中学业水平选择性考试试
卷结构(2025年修订)》，该结构自 2026年起实施。2026年湖南高考物理科目的试卷结构如下：
考试形式与时长：采用闭卷、笔试形式，考试时长为 75分钟，卷面满分为 100分。
试题构成：试题分为选择题和非选择题两大类。
选择题（共 10题，总分 42–43分）
单项选择题：7–8题，每题 4分，总分 28–32分。
多项选择题：2–3题，每题 5分，总分 10–15分。
非选择题（共 5题，总分 57–58分）
题目数量固定为 5题，主要涵盖计算题、实验题和综合应用题，分值较高，更加强调对物理概念的理解、
实验设计与分析、以及综合运用能力的考查。
此次调整的核心变化是减少多项选择题数量，增加单项选择题比例，同时显著提升非选择题的分值权
重，体现了对考生基础知识扎实程度和综合应用能力的双重重视。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上．
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需
改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡
上．写在本试卷上无效．
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
第一部分（选择题 共 43分）
一、选择题：本题共 7小题，每小题 4 分，共 28 分。在每小题给出的四个选项中，只有一
项是符合题目要求的。
1．[4 分]下列说法正确的是（ ）
A．在力学范围内，国际单位制中的基本单位是 kg、m、N
B．若要牛顿第二定律表示为 F=ma，则其中三个物理量的单位必须为 N、kg、m/s2
C．物体在完全失重时，将失去其惯性
D．马在拉马车加速时，马拉车的力大于车拉马的力
2．[4 分]2025 年 11月 1日 3 时 22 分，神舟二十一号飞船成功对接于空间站天和核心舱前向端口，整个
对接过程历时约 3.5小时，创造了神舟飞船与空间站交会对接的最快纪录。为了此次对接，中国空间站首
次变轨迎接神舟二十一，此次变轨将空间站近地点高度抬升 4.7 公里、远地点抬升 9.2 公里。下列说法正
确的是（）
A．空间站远地点的速度比第一宇宙速度大
B．变轨后，空间站的运行周期变大
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C．对接前在相等时间内，飞船与地心的连线扫过的面积和空间站与地心连线扫过的面积相等
D．飞船与空间站对接前处于同一轨道
3．[4 分]如图所示,在斜面顶端先后水平抛出同一小球,第一次小球落到斜面中点,第二次小球落到斜面底
端,忽略空气阻力,则( )
A．两次小球落到斜面时的速度方向不相同
B．两次小球运动的时间之比为 1∶2
C．两次小球抛出时的初速度之比为 1∶2
D．两次小球落到斜面时的动能之比为 1∶2
4．[4 分]假设质量为m的宇宙飞船在登月之前绕月球做半径为 r的匀速圆周运动，如图所示太阳光为平
行光，宇宙飞船在每转一周的过程中，从M 到 N看不到太阳光，已知月球的中心为O， MON 2 ，
月球的第一宇宙速度为 v0，引力常量为G，下列说法正确的是（ ）
A．月球的半径为 r cos 2
v2B．月球表面的重力加速度大小为 0
r tan
2 r
C．宇宙飞船从M 到N的运动时间为 v0 sin
v sin
D．宇宙飞船的角速度为 0
r
5．[4 分]下列关于生活中的圆周运动实例分析,说法正确的是( )
甲
乙
丙
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丁
A．图甲中,铁路的转弯处,外轨比内轨高的原因是为了利用轮缘与内轨的侧压力帮助火车转弯
B．图乙中,杯子离转盘中心越远越容易做离心运动,若最大静摩擦力等于滑动摩擦力,给杯子中加水越多越
不容易做离心运动
C．图丙中,滚筒洗衣机里的衣物随着滚筒做高速匀速圆周运动,衣物运动到最高点 A点时脱水效果更好
D．图丁中,在汽车越野赛的一段赛道上 a、b、c三处中,若汽车速度大小一定,c处最容易爆胎
6．[4 分]（2025·郴州模拟）质量为 m的汽车在平直公路上以速度 v0匀速行驶，发动机功率为 P。t1时
刻，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半，并保持该功率继续行驶;到 t2时刻，汽车又开始匀速
直线运动，假设整个过程中汽车所受的阻力不变，下列选项正确的是（ ）
A．减小油门后汽车做匀减速直线运动
B 2 ．该过程中汽车所受的阻力大小为
0
C ．t 02时刻汽车的速度是 2
D t t 3
3
．汽车在 1到 2这段时间内的位移大小为
0 +v0（t -t ）8 2 1
7．[4 分]下列关于光现象的说法中正确的是（）
A．甲图，光导纤维导光的原理中要求内芯的折射率比外套的小
B．乙图，精密的光学平面（N）的平滑度检测利用光的干涉原理
C．丙图，偏振眼镜观看立体电影说明光是不是横波
D．丁图，激光束照射圆孔衍射现象，中央亮斑是“泊松亮斑”
二、选择题：本题共 3 小题，每小题 5 分，共 15 分。在每小题给出的四个选
项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有
选错的得 0 分。
8．[5 分]CT机可用于对多种病情的探测。图甲是某种 CT机主要部分的剖面图，其中产生X射线产生部
分的示意图如图乙所示。图乙中M 、 N 之间为电子束的加速电场，虚线框内为匀强偏转磁场；经调节后
电子束从静止开始沿带箭头的实线所示的方向前进，打到水平靶上的 P点，产生X射线（图中带箭头的
虚线所示）。则（ ）
A．M 处的电势高于 N 处的电势
B．偏转磁场的方向垂直于纸面向里
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C．增大M 、 N 之间的加速电压可使 P点左移
D．增大偏转磁场磁感应强度的大小可使 P点左移
9．[5 分]（2025·郑州质检）如图所示，质量为 3m、两端带有固定挡板的平板车静止在光滑的水平面
上，质量为 m的物块放在平板车上，用水平细线将物块与平板车左侧挡板连接，轻弹簧放在物块与左侧
1
挡板之间，弹簧的左端与挡板连接，弹簧处于压缩状态，平板车两挡板间的距离为 L，弹簧的原长为 L，
2
O为平板车的中点，O点左侧平板车上表面光滑，右侧粗糙。某时刻剪断细线，最终物块相对于平板车
停在 O点与右侧挡板之间的中点，不计物块的大小，物块被弹簧弹出后，弹簧仅又被压缩了一次，物块
与平板车间的动摩擦因数为μ，不计碰撞过程的能量损失，已知重力加速度为 g，则剪断细线后，下列判
断正确的是（ ）
A．物块相对车向右运动时，车相对地面一定向左运动
B．物块与车相对运动过程中，物块与车的加速度大小之比始终为 3∶1
C．物块与车相对运动过程中，物块与车的速度大小之比始终为 3∶1
D 5．弹簧开始具有的弹性势能大小一定为 μmgL
4
10．[5 分]如图所示为某金属材料发生光电效应时，入射光波长 与发射出光电子的最大初动能 km的
关系图像，图像纵截距为 ，且无限行于直线 km = ，真空中光速为 ，则（ ）
A．该金属的逸出功为

B．普朗克常量为
C．光电子的最大初动能越大，入射光子的动量越小
D．入射光强度一定时，用波长越小的光照射该金属，发生光电效应产生的饱和光电流越小
第二部分（非选择题 共 57分）
非选择题：本大题共 5题，共 57 分。11．[7 分]某同学用电磁打点计时器做“测量匀变速直线运动
的加速度”的实验。
（1）在探究小车速度随时间变化的规律的实验中，按照实验进行的先后顺序，将下述步骤的代号填入横
线上 。
A．把长木板平放在实验桌上，并使滑轮伸出桌面
B．把穿过打点计时器的纸带固定在小车后面
C．把打点计时器固定在木板的没有滑轮的一端，并连接好电路
D．换上新的纸带，再重做两次
E.使小车停在靠近打点计时器处，接通电源，放开小车，让小车运动
F.把一条细绳拴在小车上，细绳跨过定滑轮，下边吊着合适的钩码。
（2）在做研究匀变速直线运动规律的实验时，某同学得到一条纸带，如图，并且每隔四个计时点取一个
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计数点，已知每两个计数点间的距离为 s，且 s1 0.96cm， s2 2.88cm， s3 4.80cm， s4 6.72cm，
s5 8.64cm， s6 10.56cm，可以计算此纸带的加速度大小为 m / s2 ；打第四个计数点时纸带的速
度大小为 m / s。
12．[8 分]某款酒精检测仪如图甲所示，核心部件为酒精气体传感器，其电阻 与酒精气体浓度 的关系
如图乙所示。某同学想利用该酒精气体传感器设计一款酒精检测仪，除酒精气体传感器外，在实验室中
找到了如下器材：
A．蓄电池（电动势 = 1.6V ，内阻 = 0.4Ω）
B．表头 （满偏电流 6.0m ，内阻未知）
C．电流表 （满偏电流 10m ，内阻未知）
D．电阻箱 1 （最大阻值 999.9Ω）
E．电阻箱 2 （最大阻值 999.9Ω）
F．开关及导线若干
（1）该同学设计的测量电路如图丙所示，为将表头 的量程扩大为原来的 10倍，他进行了如下操作：
先断开开关 1、 2、 3 ，将 1、 2 调到最大值。合上开关 1 ，将 3 拨到 2处，调节 2 ，使表头 满
偏，电流表 示数为 此时合上开关 2 ，调节 1 和 2 ，当电流表 仍为 时，表头 示数如图丁所
示，此时 1 为 72.0Ω ，则由此可知表头 的内电阻为________Ω ，改装电表时应将 1 调为
________Ω ，改装结束后断开所有开关。
（2）改装完成后（表盘未重新标度），该同学若将图丙中开关 1、 2 合上，而将 3 拨到 1处，电阻箱
2 的阻值调为 16.0Ω ，则酒精气体浓度为零时，表头 指针所指刻度为________ 。
（3）完成步骤（2）后，某次在实验室中测试酒精浓度时，表头指针指向 3.2m 。已知酒精浓度在
0.2 0.8m /m 之间属于“酒驾”；酒精含量达到或超过 0.8m /m 属于“醉驾”，则该次测试的酒精浓度范
围属于________（选填“酒驾”或“醉驾”）。
13．[12 分]如图所示,在绝热圆柱形汽缸中用光滑绝热活塞密闭有一定质量的理想气体,在汽缸底部开有
一小孔,与 U形水银管相连,外界大气压为 P0 75cmHg ,缸内气体温度 27℃,稳定后两边水银面的高度差
为 h 1.5cm ,此时活塞离容器底部的高度为 L=50cm(U形管内气体的体积忽略不计).已知柱形容器横截
面 S=0.01m2,取 75cmHg压强为 1.0 105Pa ,重力加速度 g=10m/s2
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（1）求活塞的质量;
（2）若容器内气体温度缓慢降至-3℃,求此时 U形管两侧水银面的高度差 h ′和活塞离容器底部的高度
L′.
14．[16 分]（12分）如图（a）,固定在光滑绝缘水平面上的单匝正方形导体框 ,置于始终竖直向下
的匀强磁场中， 边与磁场边界平行， 边中点位于磁场边界。导体框的质量 = 1kg、电阻 =
0.5Ω 、边长 = 1m。磁感应强度 随时间 连续变化，0～1s内 图像如图（b）所示。导体
框中的感应电流 与时间 关系图像如图（c）所示，其中 0～1s内的图像未画出，规定顺时针方向为电
流正方向。
图（a） 图（b） 图（c）
（1） 求 = 0.5s时 边受到的安培力大小 。
（2） 在图（b）中画出 1 2s内 图像（无需写出计算过程）。
（3） 从 = 2s开始，磁场不再随时间变化。之后导体框解除固定，给导体框一个向右的初速度 0 =
0.1m/s,求 边离开磁场时的速度大小 1。
15．[14 分](13分)弹玻璃球是一种流行于 20世纪的儿童游戏.某次游戏，小朋友们在水平地面上画一个
长 AB=80 cm、宽 BC=60 cm的长方形 ABCD.小朋友甲把质量 m2=1.5 g的玻璃球 2从 BC的中点 E弹出，
玻璃球沿直线运动，刚好停在长方形的中心点 O.小朋友乙从 C点把质量 m1=2.5 g的玻璃球 1沿 CO方向
弹出，与 O点的球 2发生弹性碰撞，球 2沿 OA方向弹出.小朋友乙要获胜，球 2必须被弹出长方形区域.
2
已知球 1、球 2在运动过程中受到的阻力均为其重力的 ，重力加速度取 g=10 m/s2.求:
5
(1)球 2从 E点到 O点运动的时间；
(2)小朋友乙要获胜，至少对球 1做的功.
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参考答案
1．【答案】B
【详解】国际单位制（SI）中，力学范围内的基本单位是千克（kg）、米（m）、秒（s），牛顿（N）是
导出单位（由 kg·m/s 定义），A错误。牛顿第二定律公式为F ma。为使该式成立，单位必须一致：力
F的单位为牛顿（N），质量m的单位为千克（kg），加速度 a的单位为米每二次方秒（m/s ），且 N的
定义即为 kg·m/s ，单位必须为 N、kg、m/s ，B正确。惯性是物体的固有属性，由质量决定，与重力状
态无关。完全失重时质量不变，惯性不变，C错误。根据牛顿第三定律，马拉车的力与车拉马的力是一
对作用力与反作用力，大小始终相等，与运动状态无关，D错误。
2．【答案】B
【详解】第-·宇宙速度是最大的运行速度，所以空间站远地，点的速度比第一宇宙速度小，A错误；根据
开普勒第三定律T'∝r3，变轨后轨道半径增大，运行周期必然增大，B正确；开普勒第二定律适用于同一
轨道上的卫星，不同轨道上扫过的面积不相等，C 错误；飞船与空间站对接前处于不同轨道，变轨后完
成对接，D错误。
3．【答案】D
1
gt gt2 y
【详解】设小球落在斜面上时速度方向与水平方向成的夹角为α,则有 tanα= =21 =2 =2tanθ,由于θ一定,所v0 x2v0t
以α一定,与小球的初速度无关,所以两次小球落到斜面时的速度方向相同,A错误;平抛运动在竖直方向上做
1 2h
自由落体运动,根据 h= gt2,解得 t= ,根据题意可知,两次小球下降的高度之比为 h1∶h2=1∶2,解得运动时2 g
间之比为 t1∶t2=1∶ 2,B错误;小球水平位移之比为 x1∶x2=1∶2,平抛运动水平方向有 x=v0t,解得水平初速
度之比为 v01∶v02=1∶ 2,C错误;结合上述有 tanα=2tanθ,小球速度方向与水平方向的夹角相等,小球落到斜
v0 1
面上的速度大小 v= ,可以解得此时两小球速度之比为 v1∶v2=1∶ 2,则由动能 Ek= mv2可知动能之比为cosα 2
1∶2,D正确．
4．【答案】C
【详解】由几何关系可得月球的半径为 R r sin ，A错误；月球的近月卫星，根据牛顿第二定律
v2 2mg m 0 v，所以月球的第一宇宙速度为 v0 g月R ，则有 g 0 ，B错误；设宇宙飞船的线速度为月 R 月 rsin
v Mm v
2 GM v R
，根据牛顿第二定律G 2 m ，解得 v ，则有 ，综合可得 v v0 sin ，则宇宙飞r r r v0 r
2 r 2 r v v sin
船从M 到 N的运动时间为 t 0
v v sin
，C正确；宇宙飞船的角速度为 ，D错误。
0 r r
5．【答案】D
【详解】在铁路的转弯处,通常要求外轨比内轨高,当火车按规定速度转弯时,由重力和支持力的合力完全提
供向心力,从而减轻轮缘对外轨道的挤压,故 A错误;转盘上各点角速度相等,根据静摩擦力充当向心力,当杯
子将要产生滑动时有μmg=mω2r,可知杯子离转盘中心越远,发生滑动时需要的角速度越小,即越容易做离心
v2
运动,与杯子以及内部水的质量无关,故 B错误;根据牛顿第二定律,在最低点 B点有 FN1-mg=m ,解得R
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v2 v2 v2
FN1=mg+m ,在最高点 A点有 FN2+mg=m ,解得 FN2=m -mg,FN1>FN2,衣物运动到最低点 B点时脱水效果更R R R
v2
好,故 C错误;在汽车越野赛的一段赛道上的 a、b、c三处中,在 b处时 FNb=mg-m v2
FN=mg+m >mg,c处轨道半径小于 a处,则 c处地面对车的弹力最大,则轮胎受的压力最大,即 c处最容易爆R
胎,故 D正确．
6．【答案】C

【详解】根据 P=Fv，f-F=ma，减小油门后，汽车做加速度减小的减速直线运动，匀速时，有 f=F= ，
0
A B 1 1、 两项错误;t2时刻再次匀速，根据 P=fv，解得 v= 0，在 t 到 t 这段时间内由动能定理 P（t2 2 1 2 2 2-t1）-
fx=1mv2-1m 2 x=3
3 1
0 ，解得
0 + v0（t2-t1），C项正确，D项错误。2 2 8 2
7．【答案】B
【详解】光导纤维利用光的全反射，内芯的折射率大于外套的折射率，A错误；精密的光学平面（N）的
平滑度检测利用光的薄膜干涉，B正确；利用偏振眼镜观看立体电影，说明光是横波，C不正确；激光束
照射圆孔衍射现象，不是“泊松亮斑”；光线照射到圆板后的衍射，中央亮斑是“泊松亮斑”，D错误。
8．【答案】BD
【详解】由于电子带负电，要在M 、 N 之间加速则M 、 N 之间电场方向由 N指向 M，根据沿着电场线
方向电势逐渐降低可知 M的电势低于 N的电势，故 A错误；电子在偏转磁场中向下偏转，根据左手定则
1 2
可知磁场的方向垂直于纸面向里，故 B正确；根据动能定理，有 eU mv ，则增大M 、 N 之间的加速
2
v2
电压，会增大电子射出电场时的速度；又根据在偏转磁场中洛伦兹力提供向心力，有 evB m ，可得
R
R mv ，可知会增大在偏转磁场中的偏转半径，由于磁场宽度相同，故根据几何关系可知会减小偏转的
eB
角度，故 P点会右移，故 C错误；由 C选项的分析可知，当其它条件不变时，增大偏转磁场磁感应强度
会减小半径，从而增大偏转角度，使 P点左移，故 D正确。
9．【答案】ABC
【详解】物块与车组成的系统动量守恒，系统的总动量为零，因此物块相对车向右运动时，如果车也向
右运动，则物块和车均向右运动，系统的总动量不为零，A项正确;根据牛顿第三定律，物块与车间的相
3
互作用力始终等大反向，由牛顿第二定律可知 F=ma1=3ma2，解得 1= ，物块与车相对运动过程中，物块 2 1
与车的加速度大小之比始终为 3∶1，B项正确;由于物块与车的动量总是等大反向，mv1=3mv2，解得
1=3，物块与车相对运动过程中，物块与车的速度大小之比始终为 3∶1，C项正确;根据能量守恒定律，
2 1
不计碰撞过程的能量损失，若弹簧又压缩一次后直接在 O点与右侧挡板之间的中点停止，则弹簧开始具
有的弹性势能为 Ep1=μmg·
1 + 1 + 1 =5μmgL，若弹簧又压缩一次后与右侧挡板碰后在 O点与右侧挡
2 2 4 4
1 1 1 1 7
板之间的中点停止，则弹簧开始具有的弹性势能为 Ep2=μmg· + + + = μmgL，D项错误。2 2 2 4 4
10．【答案】ABD
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【详解】根据爱因斯坦光电效应方程可知 = km + 0,又因为 = ,解得 = km + 0,
当 → ∞ 时,有 0 =

km = ,A正确；结合图线可知,当 km = 0时, = ,有 = ,解得
= ,B
1
正确；由动量定义可知 = ,由动能定义可知 km = 22 ,联立可得 = 2 km,
故光电子的最大初动能越大,入射光子的动量越大,C错误；当入射光的强度一定时,入射光的波长越小,频
率越大,每个光子的能量就越大,导致单位时间射到光电管内的光电子数越少,故饱和光电流越小,D正确.
11．【答案】（1）ACBFED；（2）1.92；0.768
【详解】（1）实验时应先组装器材，顺序为：ACBF，然后进行实验，顺序为：ED，所以操作顺序为：
ACBFED。
（2） 每隔四个计时点取一个计数点，则两个相邻计数点间的时间间隔T=0.1s
纸带的加速度大小
a (s4 s5 s6 ) (s1 s2 s3 ) (6.72 8.64 10.56) (0.96 2.88 4.80) 10
2
2 2 m/s
2 1.92m/s2， 第四个计
9T 9 0.1
v s4 s5 (6.72 8.64) 10
2
数点时纸带的速度大小 4 m/s 0.768m/s。2T 2 0.1
12．【答案】
（1）36（2分）4（2分）
（2）1.6
（3）酒驾
【详解】（1）合上开关 1 ，将 3 拨到 2处，调节 2 ，使表头 满偏，电流表 示数为 。则表头
与电流表 串联，可知 = = 6.0m ;合上开关 2 ，调节 1 和 2 ，当电流表 仍为 时，表头 与
1 并联，由图丁可知表头 的示数 ′ = 4m ;则 1 中的电流 ′ ′1 = = 2m ;由 = 1 1 ，解得表
= 1头的内阻 1= 36.0Ω 。将表头 的量程扩大为原米的 10倍，则与表头并联的电阻 1 中的电流为2
1 1 = 10 1 = 9 ，则由 =
′
1 ，解得改装电表时应将 1 调为
′
1 = = 4.0Ω 。9
′
2 ′

（ ）改装后电流表的内阻为 = 1 ′ = 3.6Ω ，由图乙可知酒精气体浓度为零时，传感器的电阻为 + 1

= 80Ω ，由闭合电路欧姆定律可得电路中总电流 2 = = 16m ′ + 2+ + ′ ，则表头 的读数为 = 2
1 2= 1.6m 。10
（3）某次在实验室中测试酒精浓度时，表头指针指向 3.2m ，电路中总电流

3= 10 × 3.2m = 32.0m ，由闭合电路欧姆定律可得解得传感器的 3 = + + ′+ ′ ，电阻
′ = 30Ω ，
2
由图乙可知酒精浓度为 0.4m /m ，所以该次测试的酒精浓度范围属于酒驾.
13．【答案】（1）m 2kg；（2）45cm
【详解】
（i）A中气体压强 PA=P0+P△h=76.5cmHg=1.02×105Pa
对活塞 PAS=P0S+mg
解得 m=2kg．
（ii）由于气体等压变化，U形管两侧水银面的高度差不变△h′=1.5cm
T1=300K，体积 V1=50cm.s
第 9 页，共 11 页
T2=270K，体积 V2= L′S
V1 V2
由： T1 T2
解得：L′=45cm．
14．【答案】（1） 0.015N
（2） 见解析
（3） 0.01m/s
【详解】
|Δ |
（1） 由题图（b）可知 = 0.5s时 1 = 0.15T, 图线斜率大小| | = Δ = 0.1T/s，
|Δ | 2
由 = Δ 2 得 = 0.05V（1分）

导体框中电流 = = 0.1A（1分）
导体框 边受到的安培力大小 = 1 = 0.015N（1分）
（2） 由楞次定律和安培定则可知，0 1s过程中，导体框中的电流沿顺时针方向，为正，由题图
（c）可知 1～2s过程导体框中的电流沿逆时针方向、大小为 0.2A，故磁场方向不变，磁感应强度应
均匀增大，斜率是 0～1s时图线斜率的绝对值的 2倍， 图像如图所示。
（3分）
（3） 由（2）知 = 2s时 2 = 0.3T，
2s后，导体框离开磁场过程中，以向右为正方向，由动量定理有 2 Δ = 1 0（2
分）
又 = Δ （1分）
Δ = 2 Δ
2
=
2
2 （2分）
可得 1 = 0.01m/s（1分）
【思路引导】0～1s，导体框固定，磁感应强度 随时间均匀减小,产生稳定感生电动势，电流沿顺时针
方向；1～2s，导体框固定，产生恒定感生电动势，电流沿逆时针方向，磁感应强度 随时间均匀增
大；2s后，导体框获得初速度向右离开磁场，由动量定理求末速度。
15 5．【答案】(1) s (2)8.2×10-3 J
5
【详解】本题考查牛顿运动定律、动量守恒定律和能量守恒定律的综合问题.
2
(1)球 2 2 2弹出后做匀减速直线运动，根据牛顿运动定律可得 a=5 = g=4 m/s2 (2分)
2 5
1 1
根据运动学公式有 AB= at2 (2分)
2 2
5
解得 t= s (1分)
5
(2)设球 2被球 1 碰撞后，至少获得速度 v2才可以沿 OA方向弹出长方形，根据运动学公式有 22=2a (1分)2
解得 v2=2 m/s，
第 10 页，共 11 页
球 1与球 2发生弹性碰撞，设碰前球 1的速度为 v0，碰后球 1的速度为 v1，根据动量守恒定律有
m1v0=m1v1+m2v2 (2分)
1 1 1
根据能量守恒定律有 m1 2= m 2 22 0 2 1 1+ m2 2 (2分)2
联立解得 v0=1.6 m/s，
2 1
根据能量守恒定律可知，小朋友乙要获胜至少对球 1做的功 W= m1g + m 2 (2分)5 2 2 1 0
解得 W=8.2×10-3 J (1分)
第 11 页，共 11 页2026届湖南省衡阳市高考物理自编模拟练习试卷【七】【2026届湖南省高考最新题型结构】（word版含答案）
考试范围：2026届高考物理全部内容 考试时间：75分钟； 命题人：
学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
温馨提示：根据湖南省教育考试院于2025年12月3日发布的《湖南省普通高中学业水平选择性考试试卷结构(2025年修订)》，该结构自2026年起实施。2026年湖南高考物理科目的试卷结构如下：
考试形式与时长 ：采用闭卷、笔试形式，考试时长为75分钟，卷面满分为100分。
试题构成 ：试题分为 选择题 和 非选择题 两大类。
选择题（共10题，总分42–43分）
单项选择题 ：7–8题，每题4分，总分28–32分。
多项选择题 ：2–3题，每题5分，总分10–15分。
非选择题（共5题，总分57–58分）
题目数量固定为5题，主要涵盖计算题、实验题和综合应用题，分值较高，更加强调对物理概念的理解、实验设计与分析、以及综合运用能力的考查。
此次调整的核心变化是 减少多项选择题数量，增加单项选择题比例 ，同时 显著提升非选择题的分值权重 ，体现了对考生基础知识扎实程度和综合应用能力的双重重视。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上．
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上．写在本试卷上无效．
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
第一部分（选择题 共43分）
一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．[4分]2025年9月3日，我国举行盛大阅兵仪式，“东风-5C”液体洲际战略核导弹接受检阅。“东风-5C”液体洲际战略核导弹是我国战略反击体系中的重要组成，打击范围覆盖全球。某次中国人民解放军火箭军从海南岛向南太平洋相关公海海域成功发射了1发携带训练模拟弹头的洲际弹道导弹，并准确落入预定海域。从发射到命中目标，整个过程仅耗时20多分钟，飞行速度高达25马赫（即声速的25倍），射程约12000公里，创下了全球洲际导弹实际测试中的最远纪录。下列说法正确的是（　　）
A．题目中“射程约12000公里”指的是位移
B．题目中“马赫”为国际单位制中的基本单位
C．右边图片中正在加速上升的导弹处于超重状态
D．导弹的惯性随着飞行速度的增大而增大
2．[4分]在以竖直向上为正方向建立轴的平面内存在方向未知且范围足够大的匀强电场，已知轴和轴上的各点电势如图甲和图乙所示，已知重力加速度为。下列说法正确的是（）
A．匀强电场大小为
B．方向分电场与方向分电场大小之比为
C．一个电子处于坐标时电势能为0
D．在坐标原点以的初速度竖直向上抛出质量为带电荷量为的小球，当它运动到最高点时电势能增加了
3．[4分]已知一质点做初速度v0=0的匀加速直线运动，则下列说法正确的是（　　）
A．第1秒末、第2秒末、第3秒末的速度之比为1：4：9
B．第1s内、第2s内、第3s内的平均速度之比为1：4：9
C．质点在0~1s、1s~3s、3s~6s的位移之比为1：4：9
D．质点在0~1s、1s~3s、3s~6s的平均速度之比为1：4：9
4．[4分]氢原子能级图如图甲所示，一群处于能级的氢原子向低能级跃迁时能发出6种不同频率的光，分别用这些频率的光照射图乙电路的阴极，其中只有2种不同频率的光能够发生光电效应，则阴极的逸出功可能为（）
A． B． C． D．
5．[4分]如图，在真空中的绝缘光滑水平面上，边长为L的正三角形的三个顶点上分别固定放置电量为+Q、+Q、-Q的点电荷，以图中顶点为圆心、0.5L为半径的圆与其腰及底边中线的交点分别为A、B、C、D。下列说法正确的是（）
A．A点场强等于C点场强
B．B点电势等于D点电势
C．由A点静止释放一正点电荷+q，其轨迹可能是直线也可能是曲线
D．将正点电荷+q沿圆弧逆时针从B经C移到D，电荷的电势能始终不变
6．[4分]如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比，原线圈电路中为定值电阻，副线圈电路中为滑动变阻器，灯泡、完全相同。当闭合开关、断开开关且输入端的电压为时，两灯泡均正常发光；断开开关、闭合开关，电路输入端的电压为，调节滑动变阻器使其接入电路的阻值为时两灯泡也均正常发光，则前、后两种情况下（　　）
A．输入端的电压之比为
B．输入端的输入功率之比为
C．与消耗功率之比为
D．
7．[4分]筷子是中华饮食文化的标志之一，筷子在先秦时称为“梜”，汉代时称“箸”，明代开始称“筷”，如图所示，用筷子夹质量为m的小玻璃球，假设筷子均在竖直平面内，且每根筷子和竖直方向的夹角均为，小球静止，已知小球与筷子之间的动摩擦因数为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，则下列说法正确的是（　　）
A．每根筷子对小球的压力的最小值为
B．每根筷子对小球的压力的最小值为
C．每根筷子对小球的压力的最大值为
D．每根筷子对小球的压力的最大值为2mg
二、选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
8．[5分]在汽车制造厂的静电喷涂车间，喷枪喷出的涂料微粒带负电，工件接地。如图所示，在喷枪与工件之间施加高压电场，涂料微粒在电场力作用下飞向工件并吸附在表面。根据以上信息，判断下列说法正确的是（ ）
A. 工件表面因静电感应而带正电
B. 涂料微粒在飞向工件的过程中，电势能逐渐增大
C. 若增大喷枪与工件间的电压，涂料微粒所受电场力将增大
D. 喷枪与工件间的电场线方向由涂料微粒指向工件
9．[5分]在相互平行且足够长的两根水平光滑的硬杆上，穿着三个半径相同的刚性球A、B、C，如图所示.三球的质量分别为mA=1 kg、mB=2 kg、mC=6 kg，初状态B、C球之间连着一根轻质弹簧并处于静止状态，B、C连线与杆垂直并且弹簧刚好处于原长状态，A球以v0=18 m/s的速度向左运动，与同一杆上的B球碰撞后粘在一起(作用时间极短)，则下列判断中正确的是 (　　)
A．A球与B球碰撞中损耗的机械能为108 J
B．在以后的运动过程中，弹簧形变量最大时C球的速度最大
C．在以后的运动过程中，弹簧的最大弹性势能为36 J
D．在以后的运动过程中，B球的最小速度为2 m/s
10．[5分]如图，光滑水平地面上依次放置了n个相同滑块、、、、…、，质量均为3m。水平传送带与地面平滑连接，在电动机的作用下保持以的速率逆时针转动。将一个质量为m的滑块轻放在传送带右端，滑块在传送带的作用下向左运动，到达传送带左端时速度大小为，已知所有的碰撞都是一维弹性碰撞。下列说法正确的是（　　）（提示：，其中a≠1）
A．滑块发生第一次碰撞后瞬间的速度大小为
B．滑块最终速度大小为
C．滑块最后一次离开传送带时的速度大小为
D．整个过程中电动机因滑块在传送带上滑动而额外做的功为
第二部分（非选择题 共57分）
非选择题：本大题共5题，共57分。
11．[8分]某物理实验小组要精确测量一新型化学电池的电动势和内阻，他们查阅资料发现该电池的电动势大约为3V，内阻大约为，一同学根据学到的物理知识设计了如图甲所示的测量电路，实验室提供了以下器材：
A．微安表A（量程为0 100μA，内阻为Ω）
B．定值电阻（阻值为5000Ω）
C．定值电阻（阻值为500Ω）
D．电阻箱R（0~9999Ω）
E．导线和开关。
（1）经实验小组讨论分析发现，实验室提供的微安表量程太 （选填“大”或“小”），应将定值电阻 （填器材前的字母标号）与微安表A （选填“串联”或“并联”）。
（2）选择正确的定值电阻与微安表正确连接后，再按电路图正确连接电路。先将电阻箱的阻值调到最大，闭合开关，改变电阻箱的阻值，测得的几组微安表A的读数I和电阻箱的读数R，作出图得到如图乙所示的直线，根据图像可求出电池的电动势 V，内阻 （结果均保留3位有效数字）。
（3）从系统误差角度考虑，该小组利用该方法测出的电源内阻与电源真实内阻相比 （选填“偏大”“偏小”或“相等”）
12．[8分]（10分）现有某型号电池,小张同学想用学过的物理知识来测量其电动势和内阻,实验室提供的器材有:
①电压表,内阻为;
②电流表,内阻很小；
③滑动变阻器;
④定值电阻 ;
⑤定值电阻 ;
⑥开关,导线若干。
（1） 小张同学设计了如图甲所示的电路图,需将电压表量程扩大为,则定值电阻应选______。（填所给器材前面的序号）
甲
（2） 请你在图乙中用笔画线代替导线连接好测量电路的剩余部分。
乙
（3） 通过调节滑动变阻器,得到多组电压表的读数和电流表的读数,作出如图丙所示的图像。请根据图丙求出电源的电动势等于____________,电源内阻等于____________ 。（均保留三位有效数字）
丙
（4） 若考虑电流表内阻,则电源内阻测量值________（填“大于”“小于”或“等于”）真实值。
13．[10分]如图所示，A物块固定在水平面上，其上表面是半径为R的光滑四分之一圆弧；B是质量为mB的带四分之一圆弧和水平板的物块，其圆弧半径也为R、上表面光滑，水平部分长为L、上表面粗糙。B物块放在光滑水平面上，B物块左端与A物块右端等高且无缝对接不粘连。现将一质量为m1的小滑块1从A物块最高点由静止释放，与另一静止在B物块左端的质量为m2的小滑块2发生弹性碰撞，碰后滑块1瞬间被锁定在A物块上。已知R＝0.2 m，L＝0.5 m，m1＝0.3 kg，m2＝0.1 kg，mB＝0.2 kg，重力加速度g取10 m/s2。
（1）求碰后瞬间滑块2的速度大小；
（2）若物块B被锁定在光滑水平面上，滑块2沿B物块上表面恰好能滑到B物块顶端，求滑块2与B物块水平部分上表面间的动摩擦因数；
（3）若物块B未被锁定在光滑水平面上，求滑块2在物块B上能上升的最大高度及其最终的速度大小。[滑块2与B物块水平面间的动摩擦因数μ取第（2）问中数值]
14．[15分]如图甲所示，在光滑的绝缘水平面上，建立水平向右的轴，整个空间存在垂直于纸面的非均匀磁场，磁感应强度随位置坐标及时间的变化规律为时，图像如图乙所示。为已知量，在处磁场方向向上，在处磁感应强度为零。一边长为的正方形金属框，质量为，总电阻为，在水平外力作用下以速度在水平面上沿轴正方向匀速运动，在时刻，金属框边恰好运动到处。忽略线圈的自感。
（1）当时，求时刻，金属框中磁通量的变化率的大小及金属框中电流的热功率；
（2）当时，求从到过程中拉力所做的功；
（3）当时，轴上磁感应强度为零的点记作点。若在时撤去拉力，求金属框经过无限长时间的最终速度，以及金属框边到达点的最终距离。
15．[16分]如图所示，质量为的滑块放在质量为的滑块上，滑块可以沿着竖直轨道上下滑动，和轨道之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力大小都为，且为重力加速度）。轨道下方地面上固定了一根轻弹簧，弹簧的劲度系数为，将一起从的下端距离弹簧上端的高度为处由静止释放，接触弹簧后与弹簧不粘连。（弹簧的弹性势能为为弹簧的形变量）
（1）若，且，、在第一次反弹过程中能够分离，分离时，轨道弹簧的形变量的大小；
（2）若，只改变释放高度（其余条件均不变），当为多大时，刚好不会分离
（3）若，只改变弹簧的劲度系数（其余条件均不变），试讨论由最低点第一次上升的最大高度与的关系。
参考答案
1．【答案】C
【详解】射程约“12000”公里”既不是路程也不是位移也不是距离，而是地球表面的一段圆弧，A错误；“马赫”不是国际单位制中的基本单位，B错误；图片中正在加速上升的导弹的加速度向上，处于超重状态，C正确；导弹的惯性与质量有关，与飞行速度无关，D错误。
2．【答案】C
【详解】A．轴和轴上的各点电势如图甲和图乙所示，图像的斜率表示电场强度，可知轴和轴的电场分量大小分别为可知匀强电场大小为，A错误；
B．根据方向分电场.与方向分电场大小之比为错误；
C．如图所示，根据匀强电场特点可知可得根据图甲和图乙可知可知坐标的电势为可得电子在坐标时电势能正确；
D．对小球，水平方向有可得竖直方向有可得，可得到达最高点的时间为竖直位移为水平位移为
根据甲图可得根据乙图可得可得，根据可得可知根据可知电势能增加错误。选。
3．【答案】D
【详解】设，根据速度公式可得第1秒末速度，第2秒末速度，第3秒末速度，可得速度之比为，A错误；第1s内的平均速度为，第2s内的平均速度为，第3s内的平均速度为，可得平均速度之比为，B错误；的位移为，的位移为，的位移为，可得在0~1s、1s~3s、3s~6s的位移之比为，C错误；的平均速度为，的平均速度为，的平均速度为，可得在0~1s、1s~3s、3s~6s的平均速度之比为1：4：9，D正确。
4．【答案】C
【详解】只有2种不同频率的光能够发生光电效应，说明这2种光的频率较高，能量较大，能使阴极发生光电效应，第一种光对应氢原子从跃迁到，辐射光子的能量为，第二种光对应氢原子从跃迁到;辐射光子的能量为，氢原子从跃迁到，辐射光子的能量为，阴极材料的逸出功大于，小于正确。
5．【答案】B
【详解】由场强叠加可知，A点和C点场强大小和方向都不同，选项A错误；由于底边上的正负电荷在BD两点形成电场的电势叠加后的总电势均为零，则BD两点的电势就等于顶端电荷在BD两点的电势，则B点电势等于D点电势，选项B正确；两个正电荷形成的电场在两个电荷连线的垂直平分线上，即与过-Q的电荷的直线上，可知A点与-Q连线上的电场线是直线，且指向-Q，则由A点静止释放一正点电荷+q，其轨迹一定是指向-Q的直线，选项C错误；由B的分析可知，BD两点电势相等，但是与C点的电势不相等，则将正点电荷+q沿圆弧逆时针从B经C移到D，电荷的电势能要发生变化，选项D错误。
6．【答案】C
【详解】设灯泡、的电阻为，正常发光时的两端电压为，电流为
（1）当闭合开关、断开开关时，设变压器输入电压为，根据变压器的电压与匝数的关系，可得，解得，根据电路图可以看出两端电压为，此时输入端电压与灯泡、两端电压的关系为。
（2） 当断开开关、闭合开关时，设变压器输入电压为，同理可得，此时输入端电压与灯泡、变压器输入端电压的关系为，所以输入端的电压之比为，故A错误；因为两种情况下灯泡都正常发光，故两种情况下输入端干路电流都为。当闭合开关、断开开关时，输入端的输入功率，当断开开关、闭合开关时，输入端的输入功率，所以输入端的输入功率之比为，故B错误；当闭合开关、断开开关时，设变压器输入电流为，根据变压器的电流与匝数的关系，可知，解得，因为此时灯泡正常发光，故输入端干路电流为，根据并联电路的性质可得流过的电流为，又因为两端电压为，所以此时消耗的功率为，当断开开关、闭合开关时，设变压器输出端电流为，同理可得，根据并联电路的性质可得流过的电流为，又因为两端电压为，所以此时消耗的功率为，所以与消耗功率之比为，故C正确；因为与消耗功率之比为，根据公式，可知，故D错误。
7．【答案】B
【详解】筷子对小球的压力太小，小球有下滑的趋势，最大静摩擦力沿筷子向上，小球受力平衡。如图（a）所示
在竖直方向上有，且有，联立解得，筷子对小球的压力太大，小球有上滑的趋势，最大静摩擦力沿筷子向下，小球受力平衡，如图（b）所示
在竖直方向上有，且有，联立解得，综上，筷子对小球的压力的取值范围为。
8．【答案】AC
【详解】工件接地后，当施加高压电场时，根据静电感应原理，工件表面会感应出正电荷，确保工件内部电场强度为零（点拨：处于静电平衡状态的导体内部场强处处为0）且可以吸引带负电的涂料微粒，正确；涂料微粒带负电，在电场力作用下飞向带正电的工件，电场力做正功，微粒电势能减小，错误；由可知（关键：用此公式定性判断非匀强电场中场强的大小），若增大电压，电场强度增大，涂料微粒所受电场力随之增大，正确；由于带负电的涂料微粒在电场力作用下飞向工件，因此电场线方向由工件指向涂料微粒，错误。
9．【答案】AC　
【详解】本题考查连接体碰撞模型.A、B碰撞的过程中，满足动量守恒定律，有mAv0=(mA+mB)v1，解得v1=6 m/s，A球与B球碰撞中损耗的机械能ΔE=mA-(mA+mB)=108 J，A正确；弹簧再次恢复原长时C球速度最大，B错误；在以后的运动过程中，A、B的组合体与C的速度相等时，弹簧的弹性势能最大，根据动量守恒定律，有(mA+mB)v1=(mA+mB+mC)v2，解得v2=2 m/s，最大弹性势能Ep=(mA+mB)-(mA+mB+mC)，解得Ep=36 J，C正确；当弹簧再次恢复原长时，根据动量守恒定律和能量守恒定律可知(mA+mB+mC)v2=(mA+mB)v3+mCv4，(mA+mB+mC)+Ep=(mA+mB)+mC，解得v3=-2 m/s，v4=4 m/s，此时B反向速度最大，而B的速度由正向变为反向，因此B的最小速度为零，D错误.
10．【答案】AC
【详解】与弹性碰撞，有，，解得，，A正确；撞速度交换，撞速度交换，最终以的速度离开，在传送带摩擦力的作用下以与发生第二次碰撞，每次碰后的速度大小都是原来的倍，最终速度为，B错误；与发生第n次碰撞后，最后一次离开传送带时的速度大小，C正确；电动机做的功，解得，D错误。
11．【答案】（1）小；C；并联；（2）3.36；4.37；（3）相等
【详解】（1）当电阻箱所用电阻最大时电路电流最小，最小电流约为，大于微安表的量程，所以实验室提供的微安表量程太小，应将微安表与定值电阻并联，改装成较大量程微安表，依题意，微安表量程为μA，如果与5000Ω定值电阻并联后改装的量程为，小于最小电流，所以应与500Ω定值电阻并联，改装的量程为。
（2）根据上问的分析，当微安表的读数为I时，干路电流为7I，根据闭合电路欧姆定律可得，整理可得，由图像可得，，解得，。
（3）依题意，微安表的内阻已知，则实验过程中微安表的分压值可以准确算出，从而可得到准确的电源电动势和内阻，故从系统误差的角度考虑，已经消除了由于微安表内阻而产生的系统误差，所以利用该方法测出的电源的内阻与电源真实的内阻相等。
12．【答案】（1） ⑤（2分）
（2） 见解析（2分）
（3） （2分）；（2分）
（4） 大于（2分）
【详解】
（1） 小张同学设计了如题图甲所示的电路图，需将电压表量程扩大为，根据串联分压有，解得定值电阻的阻值为 ，故选⑤。
（2） 根据题图甲所示的电路图，实物图的连接如图所示。
（3） 根据闭合电路欧姆定律得，整理得，结合题图丙可得纵截距为，解得，图线斜率的绝对值为 ，解得内阻 。
（4） 若考虑电流表内阻，根据闭合电路欧姆定律得，整理得，结合题图丙得，解得内阻为，则电源内阻测量值大于真实值。
13．【答案】（1）3 m/s　（2）0.5　（3）0.05 m　1 m/s
【详解】（1）滑块1由A物块上滑下，其机械能守恒，设滑块1碰前速度为v0，则m1gR＝m1v02，解得v0＝＝2 m/s，滑块1与滑块2发生弹性碰撞，系统的动量守恒、机械能守恒，
则m1v0＝m1v1＋m2v2，m1v02＝m1v12＋m2v22，解得v1＝v0＝1 m/s，v2＝v0＝3 m/s
（2）物块B固定，由动能定理得－μm2gL－m2gR＝0－m2v22，解得μ＝0.5
（3）物块B不固定，系统水平方向动量守恒，设滑块2沿物块B上滑的高度为h，
则m2v2＝（m2＋mB）v
由功能关系得μm2gL＝m2v22－（m2＋mB）v2－m2gh，解得h＝0.05 m，滑块2沿物块B滑动到最高点后，接下来相对B往下滑，假设最终相对物块B静止，系统水平方向动量守恒有m2v2＝（m2＋mB）v′，对全程滑上再滑下到相对静止，由功能关系得μm2gx＝m2v22－（m2＋mB）v′2，解得v′＝1 m/s，x＝0.6 m，由于x＝0.6 m<2L＝1 m，故假设成立。所以最终滑块2的速度大小v′＝1 m/s。
14．【答案】（1），
（2）
（3），
【详解】（1）在处磁感应强度为零，有
可知
设时刻，回路磁通量为，处磁感应强度
处磁感应强度
又经过极短时间，导体框移动距离
回路磁通量变为
回路中磁通量的变化率
可知与金属框位置无关。
所以时刻回路中磁通量的变化率
由法拉第电磁感应定律，回路中感应电动势
回路中感应电流
电流的热功率
（2）时刻，金属框所受安培力
金属框匀速运动，拉力
可知拉力为恒力，不随时间变化。
从到过程，金属框前进距离
拉力做的功
（3）当时，轴上各处磁场都随时间变化。设磁感应强度为0的点在时刻的速度为，时刻，的位置为，有
时刻，的位置为，有
在时刻的速度
联立解得
相当于磁场在沿x轴正方向以速度匀速移动。
在时撤去拉力后，设时刻速度为，金属框相对磁场速度大小为，方向沿方向。
金属框所受安培力大小，方向沿方向
再经过极短时间，导体框移动距离，速度变化量，磁场移动距离，
由动量定理，有
可得
对加速的整个过程求和，有
可得
可知经过足够长时间，导体框边与的距离趋近于一个定值
所以金属框经过无限长时间最终的速度
金属框相对地面做加速度逐渐减小的加速运动，经过无限长时间，加速度趋近于0，速度趋近于，全过程图如图所示。
15．【答案】（1）
（2）
（3）见解析
【详解】（1）分离时B对A的弹力为零，弹簧的压缩量，对A根据牛顿第二定律则有
解得
同理对B则有
联立解得
（2）设上升过程到达平衡位置时，弹簧的压缩量为，对AB则有
解得
由向上的简谐运动的对称性，振幅为
弹簧向下运动的最大压缩量为，则有
从释放到最低点，由能量守恒则有
联立解得
（3）AB分离时压缩量
上升过程平衡位置
第一次下降到最低点压缩量为，根据能量守恒定律则有
（舍去负根）
讨论：情况1：若到最低点之后，则有
联立可得
则A回弹的最大高度为
情况2：若二者一起上升到最高点时，AB刚要分离，则有
联立可得
所以若，AB减速为零时，还未分离，此时上升的高度最大
情况3：若，AB分开之后，设AB分开时候速度为，根据能量守恒定律则有
解得
有
联立可得
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2026届湖南省衡阳市高考物理自编模拟练习试卷【八】【2026届湖南省高考最新题型结构】（word版含答案）
考试范围：2026届高考物理全部内容 考试时间：75分钟； 命题人：
学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
温馨提示：根据湖南省教育考试院于2025年12月3日发布的《湖南省普通高中学业水平选择性考试试卷结构(2025年修订)》，该结构自2026年起实施。2026年湖南高考物理科目的试卷结构如下：
考试形式与时长 ：采用闭卷、笔试形式，考试时长为75分钟，卷面满分为100分。
试题构成 ：试题分为 选择题 和 非选择题 两大类。
选择题（共10题，总分42–43分）
单项选择题 ：7–8题，每题4分，总分28–32分。
多项选择题 ：2–3题，每题5分，总分10–15分。
非选择题（共5题，总分57–58分）
题目数量固定为5题，主要涵盖计算题、实验题和综合应用题，分值较高，更加强调对物理概念的理解、实验设计与分析、以及综合运用能力的考查。
此次调整的核心变化是 减少多项选择题数量，增加单项选择题比例 ，同时 显著提升非选择题的分值权重 ，体现了对考生基础知识扎实程度和综合应用能力的双重重视。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上．
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上．写在本试卷上无效．
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
第一部分（选择题 共43分）
一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．[4分]下列说法正确的是（　　）
A．在力学范围内，国际单位制中的基本单位是kg、m、N
B．若要牛顿第二定律表示为F=ma，则其中三个物理量的单位必须为N、kg、m/s2
C．物体在完全失重时，将失去其惯性
D．马在拉马车加速时，马拉车的力大于车拉马的力
2．[4分]2025年11月1日3时22分，神舟二十一号飞船成功对接于空间站天和核心舱前向端口，整个对接过程历时约3.5小时，创造了神舟飞船与空间站交会对接的最快纪录。为了此次对接，中国空间站首次变轨迎接神舟二十一，此次变轨将空间站近地点高度抬升4.7公里、远地点抬升9.2公里。下列说法正确的是（）
A．空间站远地点的速度比第一宇宙速度大
B．变轨后，空间站的运行周期变大
C．对接前在相等时间内，飞船与地心的连线扫过的面积和空间站与地心连线扫过的面积相等
D．飞船与空间站对接前处于同一轨道
3．[4分]如图所示,在斜面顶端先后水平抛出同一小球,第一次小球落到斜面中点,第二次小球落到斜面底端,忽略空气阻力,则(　　)
A．两次小球落到斜面时的速度方向不相同
B．两次小球运动的时间之比为1∶2
C．两次小球抛出时的初速度之比为1∶2
D．两次小球落到斜面时的动能之比为1∶2
4．[4分]假设质量为的宇宙飞船在登月之前绕月球做半径为的匀速圆周运动，如图所示太阳光为平行光，宇宙飞船在每转一周的过程中，从到看不到太阳光，已知月球的中心为，，月球的第一宇宙速度为，引力常量为，下列说法正确的是（　　）
A．月球的半径为
B．月球表面的重力加速度大小为
C．宇宙飞船从到的运动时间为
D．宇宙飞船的角速度为
5．[4分]下列关于生活中的圆周运动实例分析,说法正确的是(　　)
甲
乙
丙
丁
A．图甲中,铁路的转弯处,外轨比内轨高的原因是为了利用轮缘与内轨的侧压力帮助火车转弯
B．图乙中,杯子离转盘中心越远越容易做离心运动,若最大静摩擦力等于滑动摩擦力,给杯子中加水越多越不容易做离心运动
C．图丙中,滚筒洗衣机里的衣物随着滚筒做高速匀速圆周运动,衣物运动到最高点A点时脱水效果更好
D．图丁中,在汽车越野赛的一段赛道上a、b、c三处中,若汽车速度大小一定,c处最容易爆胎
6．[4分]（2025·郴州模拟）质量为m的汽车在平直公路上以速度v0匀速行驶，发动机功率为P。t1时刻，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半，并保持该功率继续行驶;到t2时刻，汽车又开始匀速直线运动，假设整个过程中汽车所受的阻力不变，下列选项正确的是（　　）
A．减小油门后汽车做匀减速直线运动
B．该过程中汽车所受的阻力大小为
C．t2时刻汽车的速度是
D．汽车在t1到t2这段时间内的位移大小为+v0（t2-t1）
7．[4分]下列关于光现象的说法中正确的是（）
A．甲图，光导纤维导光的原理中要求内芯的折射率比外套的小
B．乙图，精密的光学平面（N）的平滑度检测利用光的干涉原理
C．丙图，偏振眼镜观看立体电影说明光是不是横波
D．丁图，激光束照射圆孔衍射现象，中央亮斑是“泊松亮斑”
二、选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
8．[5分]CT机可用于对多种病情的探测。图甲是某种CT机主要部分的剖面图，其中产生射线产生部分的示意图如图乙所示。图乙中、之间为电子束的加速电场，虚线框内为匀强偏转磁场；经调节后电子束从静止开始沿带箭头的实线所示的方向前进，打到水平靶上的点，产生射线（图中带箭头的虚线所示）。则（　　）
A．处的电势高于处的电势
B．偏转磁场的方向垂直于纸面向里
C．增大、之间的加速电压可使点左移
D．增大偏转磁场磁感应强度的大小可使点左移
9．[5分]（2025·郑州质检）如图所示，质量为3m、两端带有固定挡板的平板车静止在光滑的水平面上，质量为m的物块放在平板车上，用水平细线将物块与平板车左侧挡板连接，轻弹簧放在物块与左侧挡板之间，弹簧的左端与挡板连接，弹簧处于压缩状态，平板车两挡板间的距离为L，弹簧的原长为L，O为平板车的中点，O点左侧平板车上表面光滑，右侧粗糙。某时刻剪断细线，最终物块相对于平板车停在O点与右侧挡板之间的中点，不计物块的大小，物块被弹簧弹出后，弹簧仅又被压缩了一次，物块与平板车间的动摩擦因数为μ，不计碰撞过程的能量损失，已知重力加速度为g，则剪断细线后，下列判断正确的是（　　）
A．物块相对车向右运动时，车相对地面一定向左运动
B．物块与车相对运动过程中，物块与车的加速度大小之比始终为3∶1
C．物块与车相对运动过程中，物块与车的速度大小之比始终为3∶1
D．弹簧开始具有的弹性势能大小一定为μmgL
10．[5分]如图所示为某金属材料发生光电效应时，入射光波长 与发射出光电子的最大初动能的关系图像，图像纵截距为，且无限行于直线，真空中光速为，则（ ）
A．该金属的逸出功为
B．普朗克常量为
C．光电子的最大初动能越大，入射光子的动量越小
D．入射光强度一定时，用波长越小的光照射该金属，发生光电效应产生的饱和光电流越小
第二部分（非选择题 共57分）
非选择题：本大题共5题，共57分。11．[7分]某同学用电磁打点计时器做“测量匀变速直线运动的加速度”的实验。
（1）在探究小车速度随时间变化的规律的实验中，按照实验进行的先后顺序，将下述步骤的代号填入横线上 。
A．把长木板平放在实验桌上，并使滑轮伸出桌面
B．把穿过打点计时器的纸带固定在小车后面
C．把打点计时器固定在木板的没有滑轮的一端，并连接好电路
D．换上新的纸带，再重做两次
E.使小车停在靠近打点计时器处，接通电源，放开小车，让小车运动
F.把一条细绳拴在小车上，细绳跨过定滑轮，下边吊着合适的钩码。
（2）在做研究匀变速直线运动规律的实验时，某同学得到一条纸带，如图，并且每隔四个计时点取一个计数点，已知每两个计数点间的距离为s，且，，，，，，可以计算此纸带的加速度大小为 ；打第四个计数点时纸带的速度大小为 。
12．[8分]某款酒精检测仪如图甲所示，核心部件为酒精气体传感器，其电阻 与酒精气体浓度 的关系如图乙所示。某同学想利用该酒精气体传感器设计一款酒精检测仪，除酒精气体传感器外，在实验室中找到了如下器材：
A．蓄电池（电动势 ，内阻
B．表头 （满偏电流 ，内阻未知）
C．电流表 （满偏电流 ，内阻未知）
D．电阻箱 （最大阻值
E．电阻箱 （最大阻值
F．开关及导线若干
（1）该同学设计的测量电路如图丙所示，为将表头 的量程扩大为原来的10倍，他进行了如下操作：先断开开关 ，将 调到最大值。合上开关 ，将 拨到2处，调节 ，使表头 满偏，电流表 示数为 此时合上开关 ，调节 和 ，当电流表 仍为 时，表头 示数如图丁所示，此时 为 ，则由此可知表头 的内电阻为________ ，改装电表时应将 调为________ ，改装结束后断开所有开关。
（2）改装完成后（表盘未重新标度），该同学若将图丙中开关 合上，而将 拨到1处，电阻箱 的阻值调为 ，则酒精气体浓度为零时，表头 指针所指刻度为________ 。
（3）完成步骤（2）后，某次在实验室中测试酒精浓度时，表头指针指向 。已知酒精浓度在 之间属于“酒驾”；酒精含量达到或超过 属于“醉驾”，则该次测试的酒精浓度范围属于________（选填“酒驾”或“醉驾”）。
13．[12分]如图所示,在绝热圆柱形汽缸中用光滑绝热活塞密闭有一定质量的理想气体,在汽缸底部开有一小孔,与U形水银管相连,外界大气压为 ,缸内气体温度 27℃,稳定后两边水银面的高度差为 ,此时活塞离容器底部的高度为 L=50cm(U形管内气体的体积忽略不计).已知柱形容器横截面 S=0.01m2,取 75cmHg压强为 ,重力加速度 g=10m/s2
（1）求活塞的质量;
（2）若容器内气体温度缓慢降至-3℃,求此时U形管两侧水银面的高度差 ′和活塞离容器底部的高度L′.
14．[16分]（12分）如图（a）,固定在光滑绝缘水平面上的单匝正方形导体框,置于始终竖直向下的匀强磁场中，边与磁场边界平行，边中点位于磁场边界。导体框的质量、电阻 、边长。磁感应强度随时间连续变化，内图像如图（b）所示。导体框中的感应电流与时间关系图像如图（c）所示，其中内的图像未画出，规定顺时针方向为电流正方向。
图（a） 图（b） 图（c）
（1） 求时边受到的安培力大小。
（2） 在图（b）中画出内图像（无需写出计算过程）。
（3） 从开始，磁场不再随时间变化。之后导体框解除固定，给导体框一个向右的初速度,求边离开磁场时的速度大小。
15．[14分](13分)弹玻璃球是一种流行于20世纪的儿童游戏.某次游戏，小朋友们在水平地面上画一个长AB=80 cm、宽BC=60 cm的长方形ABCD.小朋友甲把质量m2=1.5 g的玻璃球2从BC的中点E弹出，玻璃球沿直线运动，刚好停在长方形的中心点O.小朋友乙从C点把质量m1=2.5 g的玻璃球1沿CO方向弹出，与O点的球2发生弹性碰撞，球2沿OA方向弹出.小朋友乙要获胜，球2必须被弹出长方形区域.已知球1、球2在运动过程中受到的阻力均为其重力的，重力加速度取g=10 m/s2.求:
(1)球2从E点到O点运动的时间；
(2)小朋友乙要获胜，至少对球1做的功.
参考答案
1．【答案】B
【详解】国际单位制（SI）中，力学范围内的基本单位是千克（kg）、米（m）、秒（s），牛顿（N）是导出单位（由kg·m/s 定义），A错误。牛顿第二定律公式为。为使该式成立，单位必须一致：力的单位为牛顿（N），质量的单位为千克（kg），加速度的单位为米每二次方秒（m/s ），且N的定义即为kg·m/s ，单位必须为N、kg、m/s ，B正确。惯性是物体的固有属性，由质量决定，与重力状态无关。完全失重时质量不变，惯性不变，C错误。根据牛顿第三定律，马拉车的力与车拉马的力是一对作用力与反作用力，大小始终相等，与运动状态无关，D错误。
2．【答案】B
【详解】第-·宇宙速度是最大的运行速度，所以空间站远地，点的速度比第一宇宙速度小，A错误；根据开普勒第三定律，变轨后轨道半径增大，运行周期必然增大，B正确；开普勒第二定律适用于同一轨道上的卫星，不同轨道上扫过的面积不相等，C错误；飞船与空间站对接前处于不同轨道，变轨后完成对接，D错误。
3．【答案】D　
【详解】设小球落在斜面上时速度方向与水平方向成的夹角为α,则有tanα===2=2tanθ,由于θ一定,所以α一定,与小球的初速度无关,所以两次小球落到斜面时的速度方向相同,A错误;平抛运动在竖直方向上做自由落体运动,根据h=gt2,解得t=,根据题意可知,两次小球下降的高度之比为h1∶h2=1∶2,解得运动时间之比为t1∶t2=1∶,B错误;小球水平位移之比为x1∶x2=1∶2,平抛运动水平方向有x=v0t,解得水平初速度之比为v01∶v02=1∶,C错误;结合上述有tanα=2tanθ,小球速度方向与水平方向的夹角相等,小球落到斜面上的速度大小v=,可以解得此时两小球速度之比为v1∶v2=1∶,则由动能Ek=mv2可知动能之比为1∶2,D正确．
4．【答案】C
【详解】由几何关系可得月球的半径为，A错误；月球的近月卫星，根据牛顿第二定律，所以月球的第一宇宙速度为，则有，B错误；设宇宙飞船的线速度为，根据牛顿第二定律，解得，则有，综合可得，则宇宙飞船从到的运动时间为，C正确；宇宙飞船的角速度为，D错误。
5．【答案】D　
【详解】在铁路的转弯处,通常要求外轨比内轨高,当火车按规定速度转弯时,由重力和支持力的合力完全提供向心力,从而减轻轮缘对外轨道的挤压,故A错误;转盘上各点角速度相等,根据静摩擦力充当向心力,当杯子将要产生滑动时有μmg=mω2r,可知杯子离转盘中心越远,发生滑动时需要的角速度越小,即越容易做离心运动,与杯子以及内部水的质量无关,故B错误;根据牛顿第二定律,在最低点B点有FN1-mg=m,解得FN1=mg+m,在最高点A点有FN2+mg=m,解得FN2=m-mg,FN1>FN2,衣物运动到最低点B点时脱水效果更好,故C错误;在汽车越野赛的一段赛道上的a、b、c三处中,在b处时FNb=mg-mmg,c处轨道半径小于a处,则c处地面对车的弹力最大,则轮胎受的压力最大,即c处最容易爆胎,故D正确．
6．【答案】C
【详解】根据P=Fv，f-F=ma，减小油门后，汽车做加速度减小的减速直线运动，匀速时，有f=F=，A、B两项错误;t2时刻再次匀速，根据P=fv，解得v=，在t1到t2这段时间内由动能定理P（t2-t1）-fx=mv2-m，解得x=+v0（t2-t1），C项正确，D项错误。
7．【答案】B
【详解】光导纤维利用光的全反射，内芯的折射率大于外套的折射率，A错误；精密的光学平面（N）的平滑度检测利用光的薄膜干涉，B正确；利用偏振眼镜观看立体电影，说明光是横波，C不正确；激光束照射圆孔衍射现象，不是“泊松亮斑”；光线照射到圆板后的衍射，中央亮斑是“泊松亮斑”，D错误。
8．【答案】BD
【详解】由于电子带负电，要在、之间加速则、之间电场方向由N指向M，根据沿着电场线方向电势逐渐降低可知M的电势低于N的电势，故A错误；电子在偏转磁场中向下偏转，根据左手定则可知磁场的方向垂直于纸面向里，故B正确；根据动能定理，有，则增大、之间的加速电压，会增大电子射出电场时的速度；又根据在偏转磁场中洛伦兹力提供向心力，有，可得，可知会增大在偏转磁场中的偏转半径，由于磁场宽度相同，故根据几何关系可知会减小偏转的角度，故P点会右移，故C错误；由C选项的分析可知，当其它条件不变时，增大偏转磁场磁感应强度会减小半径，从而增大偏转角度，使P点左移，故D正确。
9．【答案】ABC
【详解】物块与车组成的系统动量守恒，系统的总动量为零，因此物块相对车向右运动时，如果车也向右运动，则物块和车均向右运动，系统的总动量不为零，A项正确;根据牛顿第三定律，物块与车间的相互作用力始终等大反向，由牛顿第二定律可知F=ma1=3ma2，解得=，物块与车相对运动过程中，物块与车的加速度大小之比始终为3∶1，B项正确;由于物块与车的动量总是等大反向，mv1=3mv2，解得=，物块与车相对运动过程中，物块与车的速度大小之比始终为3∶1，C项正确;根据能量守恒定律，不计碰撞过程的能量损失，若弹簧又压缩一次后直接在O点与右侧挡板之间的中点停止，则弹簧开始具有的弹性势能为Ep1=μmg·=μmgL，若弹簧又压缩一次后与右侧挡板碰后在O点与右侧挡板之间的中点停止，则弹簧开始具有的弹性势能为Ep2=μmg·=μmgL，D项错误。
10．【答案】ABD
【详解】根据爱因斯坦光电效应方程可知,又因为,解得,当 时,有,正确；结合图线可知,当时,,有,解得,正确；由动量定义可知,由动能定义可知,联立可得,故光电子的最大初动能越大,入射光子的动量越大,错误；当入射光的强度一定时,入射光的波长越小,频率越大,每个光子的能量就越大,导致单位时间射到光电管内的光电子数越少,故饱和光电流越小,正确.
11．【答案】（1）ACBFED；（2）1.92；0.768
【详解】（1）实验时应先组装器材，顺序为：ACBF，然后进行实验，顺序为：ED，所以操作顺序为：ACBFED。
（2） 每隔四个计时点取一个计数点，则两个相邻计数点间的时间间隔
纸带的加速度大小， 第四个计数点时纸带的速度大小。
12．【答案】
（1）36（2分）4（2分）
（2）1.6
（3）酒驾
【详解】（1）合上开关 ，将 拨到2处，调节 ，使表头 满偏，电流表 示数为 。则表头 与电流表 串联，可知 ;合上开关 ，调节 和 ，当电流表 仍为 时，表头 与 并联，由图丁可知表头 的示数 ;则 中的电流 ;由 ，解得表头的内阻 。将表头 的量程扩大为原米的10倍，则与表头并联的电阻 中的电流为 ，则由 ，解得改装电表时应将 调为 。
（2）改装后电流表的内阻为 ，由图乙可知酒精气体浓度为零时，传感器的电阻为 ，由闭合电路欧姆定律可得电路中总电流 ，则表头 的读数为 。
（3）某次在实验室中测试酒精浓度时，表头指针指向 ，电路中总电流 ，由闭合电路欧姆定律可得解得传感器的 ，电阻 ，由图乙可知酒精浓度为 ，所以该次测试的酒精浓度范围属于酒驾.
13．【答案】（1）；（2）
【详解】
（i）A中气体压强PA=P0+P△h=76.5cmHg=1.02×105Pa
对活塞 PAS=P0S+mg
解得m=2kg．
（ii）由于气体等压变化，U形管两侧水银面的高度差不变△h′=1.5cm
T1=300K，体积V1=50cm.s
T2=270K，体积V2= L′S
由：
解得：L′=45cm．
14．【答案】（1）
（2） 见解析
（3）
【详解】
（1） 由题图（b）可知时,图线斜率大小，
由得（1分）
导体框中电流（1分）
导体框边受到的安培力大小（1分）
（2） 由楞次定律和安培定则可知，过程中，导体框中的电流沿顺时针方向，为正，由题图（c）可知过程导体框中的电流沿逆时针方向、大小为，故磁场方向不变，磁感应强度应均匀增大，斜率是时图线斜率的绝对值的2倍，图像如图所示。
（3分）
（3） 由（2）知时，
后，导体框离开磁场过程中，以向右为正方向，由动量定理有（2分）
又（1分）
（2分）
可得（1分）
【思路引导】，导体框固定，磁感应强度随时间均匀减小,产生稳定感生电动势，电流沿顺时针方向；，导体框固定，产生恒定感生电动势，电流沿逆时针方向，磁感应强度随时间均匀增大；后，导体框获得初速度向右离开磁场，由动量定理求末速度。
15．【答案】(1) s　(2)8.2×10-3 J
【详解】本题考查牛顿运动定律、动量守恒定律和能量守恒定律的综合问题.
(1)球2弹出后做匀减速直线运动，根据牛顿运动定律可得a==g=4 m/s2 (2分)
根据运动学公式有AB=at2 (2分)
解得t= s (1分)
(2)设球2被球1碰撞后，至少获得速度v2才可以沿OA方向弹出长方形，根据运动学公式有=2a (1分)
解得v2=2 m/s，
球1与球2发生弹性碰撞，设碰前球1的速度为v0，碰后球1的速度为v1，根据动量守恒定律有m1v0=m1v1+m2v2 (2分)
根据能量守恒定律有m1=m1+m2 (2分)
联立解得v0=1.6 m/s，
根据能量守恒定律可知，小朋友乙要获胜至少对球1做的功W=m1g+m1 (2分)
解得W=8.2×10-3 J (1分)
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2026 届湖南省衡阳市高考物理自编模拟练习试卷【十】【2026 届湖
南省高考最新题型结构】（PDF 版含答案）
考试范围：2026 届高考物理全部内容 考试时间：75 分钟； 命题人：
学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
温馨提示：根据湖南省教育考试院于 2025年 12月 3日发布的《湖南省普通高中学业水平选择性考试试
卷结构(2025年修订)》，该结构自 2026年起实施。2026年湖南高考物理科目的试卷结构如下：
考试形式与时长：采用闭卷、笔试形式，考试时长为 75分钟，卷面满分为 100分。
试题构成：试题分为选择题和非选择题两大类。
选择题（共 10题，总分 42–43分）
单项选择题：7–8题，每题 4分，总分 28–32分。
多项选择题：2–3题，每题 5分，总分 10–15分。
非选择题（共 5题，总分 57–58分）
题目数量固定为 5题，主要涵盖计算题、实验题和综合应用题，分值较高，更加强调对物理概念的理解、
实验设计与分析、以及综合运用能力的考查。
此次调整的核心变化是减少多项选择题数量，增加单项选择题比例，同时显著提升非选择题的分值权
重，体现了对考生基础知识扎实程度和综合应用能力的双重重视。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上．
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需
改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡
上．写在本试卷上无效．
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
第一部分（选择题 共 43分）
一、选择题：本题共 7小题，每小题 4 分，共 28 分。在每小题给出的四个选项中，只有一
项是符合题目要求的。
1．[4 分]如图所示为时钟面板,当时钟正常工作时,关于时针、分针和秒针的转动,下列判断正确的是( )
A．时针的角速度最大
B．秒针的周期最大
C．分针尖端的线速度大于时针尖端的线速度
D．时针、分针、秒针的转动周期相等
2．[4 分]如图，两极板不平行的电容器与直流电源相连，极板间形成非匀强电场，实线为电场线，虚线
表示等势面. 、 点在同一等势面上， 、 点在同一电场线上.下列说法正确的是（ ）
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A． 点的电势比 点的低
B． 点的电场强度比 点的小
C．负电荷从 点运动到 点，速度增大
D．负电荷从 点运动到 点，电场力做负功
3．[4 分]2024 年 3 月 20 日，我国探月工程四期鹊桥二号中继星成功发射升空。当抵达距离月球表面某
高度时，鹊桥二号开始进行近月制动，并顺利进入捕获轨道运行，如图所示，轨道的半长轴约为 51 900
km。后经多次轨道调整，进入冻结轨道运行，轨道的半长轴约为 9 900 km，周期约为 24 h。则鹊桥二号
在捕获轨道运行时 （ ）
A．周期约为 144 h
B．近月点的速度大于远月点的速度
C．近月点的速度小于在冻结轨道运行时近月点的速度
D．近月点的加速度大于在冻结轨道运行时近月点的加速度
4．[4 分]如图所示，在倾角为θ的光滑固定斜面上将弹簧一端固定，弹簧下面挂一质量为 m的物体，物
体在斜面上做振幅为 A的简谐运动，当物体振动到最高点时，弹簧正好为原长，弹簧在弹性限度内，重
力加速度大小为 g，则物体在振动过程中，下列说法正确的是（）
A．弹簧的最大弹性势能等于 2mgA
B．弹簧的弹性势能和物体的动能总和不变
C．物体在最低点时的加速度大小应为 g sin
D．物体在最低点时的弹力大小应为mg sin
5．[4 分]为实现高精度环境监测，某团队研发了一款基于光的全反射原理的光纤传感模块，其核心部件
为一等腰直角三棱镜 ABC A 90 , AB AC ，棱镜折射率 n 3，光纤射出的一束单色光从 AB边的中
点D平行于 AC边射入棱镜，传播过程始终在棱镜截面内。已知光在真空中的速度为 c，下列说法正确的
是（ ）
第 2 页，共 11 页
A．该棱镜对该单色光的临界角为60
B．该单色光在 BC边会发生全反射
C．该单色光在棱镜中的传播速度为 3c
D．若增大棱镜折射率，临界角会变大
6．[4 分]如图所示,从斜面上 A点斜向上抛出一个可视为质点的小球,水平击中斜面上 B点,现将另一相同
小球从 AB中点 C抛出,仍水平击中 B点．不计空气阻力,下列说法正确的是( )
A．两个小球的初速度大小之比为 2∶1
B．从 C点抛出的小球初速度方向与水平方向夹角更大
C．两个小球离斜面的最大距离之比为 2∶1
D．调整两个小球抛出的时间,可以使两个小球在空中相遇
7．[4 分]如图所示,光滑斜面上有 5个等间隔的点 O、a、b、c、d,一质点从 O点由静止开始下滑,做匀加
速直线运动,先后通过 a、b、c、d 4点,下列说法正确的是 ( )
A．质点由 O点到达各点的时间之比 ta∶tb∶tc∶td=1∶2∶3∶4
B．质点通过各点的速率之比 va∶vb∶vc∶vd=1∶ 2∶ 3∶3
C．质点通过各点的速率之比 va∶vb∶vc∶vd=1∶2∶3∶4
D．质点在斜面上运动的平均速度等于 va
二、选择题：本题共 3 小题，每小题 5 分，共 15 分。在每小题给出的四个选
项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有
选错的得 0 分。
8．[5 分]如图,真空中固定在绝缘台上的两个相同的金属小球 A和 B,带有等量同种电荷,电荷量为 q,两者
间距远大于小球直径,两者之间的静电力大小为 F。用一个电荷量为 Q的同样的金属小球 C先跟 A接触,再
跟 B接触,移走 C后,A和 B之间的静电力大小仍为 F,则 Q∶q的绝对值可能是 ( )
A．1 B．2 C．3 D．5
第 3 页，共 11 页
9．[5 分]将可视为质点的小球沿光滑冰坑内壁推出，使小球在水平面内做匀速圆周运动，如图所示。已
知圆周运动半径 为 0.4m，小球所在位置处的切面与水平面夹角 为45 ，小球质量为 0.1kg，重
力加速度 取 10m/s2。关于该小球，下列说法正确的是（ ）
A．角速度为 5rad/s B．线速度大小为 4m/s
C．向心加速度大小为 10m/s2 D．所受支持力大小为 1N
10．[5 分]X射线光电子能谱仪是利用 X光照射材料表面激发出光电子,并对光电子进行分析的科研仪器。
用某一频率的 X光照射某种金属表面,逸出了光电子,若增加此 X光的强度,则 ( )
A．该金属的逸出功增大
B．X光的光子能量不变
C．逸出的光电子最大初动能增大
D．单位时间逸出的光电子数增多
第二部分（非选择题 共 57分）
非选择题：本大题共 5题，共 57 分。
11．[8 分]如图所示,气垫导轨上的滑块经过光电门时,遮光条将光遮住,电子计时器可自动记录遮光时间Δt,
Δ
测得遮光条的宽度为Δx,用 近似代表滑块通过光电门时的瞬时速度.则 ( )
Δ
A.在遮光时间Δt内,可认为滑块做变速运动
B.在遮光时间Δt内,可认为滑块做匀速运动
Δ
C.为使 更接近瞬时速度,可换用更宽的遮光条
Δ
Δ
D.为使 更接近瞬时速度,实验时可将滑块放在离光电门更近一些的位置
Δ
12．[9 分]某探究小组利用橡皮筋完成下面实验。
（1）将粘贴有坐标纸的木板竖直放置。橡皮筋的一端用图钉固定在木板上，另一端悬挂钩码。钩码质量
第 4 页，共 11 页
分别为 200g、250g、 、500g，平衡时橡皮筋底端在坐标纸上对应的位置如图（a）中圆点所示（钩码的
质量在图中用数字标出）。悬挂的钩码质量分别为 200g和 300g时，橡皮筋底端位置间的距离为
cm。
（2）根据图（a）中各点的位置可知，在所测范围内橡皮筋长度的增加量与所挂钩码的 （选
填“质量”或“质量的增加量”）成正比，由此可求出橡皮筋的劲度系数为 N/m（保留 2位有效
数字，重力加速度取 9.8m/s2）。
（3）悬挂的钩码质量为m时，在橡皮筋底端施以水平向右的力 F ，平衡时橡皮筋方向如图（b）中虚线
所示，图（b）中测力计的示数给出了力 F的大小，则 F N，m g（选填
“200”“300”或“400”）。
13．[12 分]如图，竖直放置的封闭玻璃管由管径不同、长度均为 20cm的 、 两段细管组成， 管
的内径是 管的 2倍， 管在上方.管内空气被一段水银柱隔开，水银柱在两管中的长度均为 10cm.现
将玻璃管倒置使 管在上方，平衡后， 管内的空气柱长度改变 1cm.求 管在上方时，玻璃管内两部
分气体的压强.（气体温度保持不变，以 cmHg为压强单位）
14．[12 分]ETC是高速公路上不停车电子收费系统的简称，甲车减速至 5m/s通过 ETC通道，ETC自动
抬杆放行，过收费站中心线后开始加速。将甲车加速的初时刻作为计时起点，此时乙车从人工通道过收
费站，正在收费站中心线处停车缴费，10s后开始加速。甲乙两辆车在平直公路上沿同一方向做直线运动，
它们的 v t图像如图所示。（两通道中心线在同一条直线上）求：从计时开始。
（1）甲乙两车加速阶段的最大加速度大小 a1、 a2分别为多少；
（2）乙车追上甲车前，在何时两车距离最大且距离的最大值 x为多少；
（3）甲车何时被乙车追上，此时甲车前进的距离。
15．[16 分]兰州重离子加速器是我国首台大型重离子加速器，它的建成标志着我国该技术领域达到了国
际先进水平，其核心装置是回旋加速器。不考虑粒子所受重力和粒子间的相互作用。
（1）回旋加速器的工作原理如图所示，置于真空中的 D形金属盒半径为 R，磁感应强度大小为 B的匀强
磁场与盒面垂直，在狭缝间加上周期性变化的交变电压。一质量为 m、电荷量为 q的带正电的粒子从中
心位置 O处飘入狭缝，其初速度可视为 0。交变电压的周期与带电粒子在磁场中的运动周期相同。若忽
略粒子穿过狭缝的时间，不考虑相对论效应。求：
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a、交变电压的周期 T。
b、粒子加速后可获得的最大动能 Ek。
（2）当粒子速度很大时，必须考虑相对论效应。粒子的质量随着速度的增加而增大，质量的变化会导致
其回转周期的变化，从而破坏了与电压变化周期的同步。为解决这一问题，某同学设计了随半径变化的
非匀强磁场。
a、为了保持粒子回旋周期与电压变化周期的同步，随着粒子运动半径增大，磁感应强度应越来越
（选填“大”或 “小”）。如图所示，现有甲、乙两种可供选择的非匀强磁场设计方案，你认为 （选
填“甲”或“乙”）方案可能符合设计要求。
b、对（2）a中选定的磁场，进一步研究。非均匀磁场，除沿 z轴方向的分量 Bz外，还存在垂直于 z轴的
径向分量 Br，会对加速粒子的运动产生影响。分析在该非匀强磁场中，z=z0（z0＞0）平面内绕 z轴做圆
周运动的粒子。已知 Br k | z |，k为常量。根据上述信息，填写下表：
沿 z轴负方向看，粒子
Br的方向 （填
圆轨道平 做圆周运动方向 Br对粒子的洛
“指向 z轴”或者“背离
面的位置 （选填“顺时针”或“逆时 伦兹力的方向
z轴”）
针”）
z=z0
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参考答案
1．【答案】C
1 2π
【详解】时针的周期为 12h,分针的周期为 1h,秒针的周期为 h,故 B、D错误;根据ω= ,由于时针的周期最
60 T
大,可知时针的角速度最小,故 A错误;分针的周期小于时针的周期,则分针的角速度大于时针的角速度,根据
v=ωr,且分针尖端的转动半径大于时针尖端的转动半径,故分针尖端的线速度大于时针尖端的线速度,故 C
正确．
2．【答案】D
【详解】由于电容器的上极板与直流电源的正极相连,所以电场线方向向下,沿着电场线方向电势降低,则有
> ,根据题意有 = ,则有 > ,A错误;根据电场线越密电场强度越大可知 点的
电场强度比 点的大,B错误;负电荷从 点运动到 点,电势能增大,则电场力做负功,动能减小,速度减
小,C错误,D正确.
3．【答案】B
【命题点】开普勒行星运动定律+万有引力定律
3 3
【解析】根据开普勒第三定律有 12= 2 2，可得鹊桥二号在捕获轨道运行时周期约为 T2=288 h，A错误；根1 2
据开普勒第二定律可知近月点的速度大于远月点的速度，B正确；由捕获轨道进入冻结轨道，鹊桥二号
需要减速，做向心运动，所以在捕获轨道近月点的速度大于在冻结轨道运行时近月点的速度，C错误；

根据 2 =ma ，可得 a= 2 ，可知在捕获轨道近月点的加速度等于在冻结轨道运行时近月点的加速度，D
错误。
4．【答案】C
【详解】因物体振动到最高点时，弹簧正好为原长，此时弹簧的弹力等于零，有mg sin F回 kA，当物
1 2
体在最低点时，弹簧形变量最大且为 2A，弹簧的弹性势能最大，即 Epmax k 2A ，联立以上解得2
Epmax 2mgAsin ，A错误；由能量守恒定律知，弹簧的弹性势能和物体的动能、重力势能三者的总和不
变，B错误；当物体在最低点时，由 F回 mg sin ma，解得加速度大小a g sin ，C正确；在最低点
对物体受力分析可知 F弹 mg sin a ma，解得 F弹 2mg sin a，D错误。
5．【答案】B
1 1
【详解】根据临界角公式 sinC ，代入数据解得 sinC 3 ，因此临界角C并非 60°，故 A错误；该单n
色光平行于 AC边射入 AB边，因 AB边与 AC边垂直，该单色光垂直 AB边入射，传播方向不变，沿水平
方向到达 BC边。等腰直角三棱镜中 B 45 ，该单色光到达 BC边时的入射角等于 45°（通过几何关系
推导，入射光线与 BC边的法线夹角为 45°）。由于 sin 45 sinC（临界角），满足全反射条件（光从光
密介质射向光疏介质，且入射角≥临界角），因此该单色光在 BC边会发生全反射，故 B正确；光在介质
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c c 3c
中的传播速度与真空中光速的关系 n ，解得 v ，故 C错误；由临界角公式 sinC
1
可知，
v 3 3 n
折射率增大时， sinC减小，临界角C会变小，故 D错误。
6．【答案】C
1 2h
【详解】两小球的运动可看作平抛运动的逆运动,设斜面倾角为θ,根据 h= gt2解得 t= ,由 hA∶hC=2∶12 g
x
可得两个小球运动时间之比为 2∶1,由 vy=gt可知,两个小球竖直速度之比为 2∶1,根据 vx= 和t
xA∶xC=2∶1,可知水平速度之比为 2∶1,所以两次击中 B点速度之比为 2∶1,根据 v= v2x+v2y ,两次抛出时
速度的大小之比为 2∶1,且到达 B点时速度方向相同,根据平抛运动推论可知,位移偏转角正切值是速度偏
vy
转角正切值的一半,又位移偏转角θ不变,则 tanα=2tanθ= ,可知两次抛出时速度方向相同,A、B错误;将小球
vx
(v 20sinφ)
的运动逆向视为平抛运动,小球在点的初速度方向与斜面的夹角为φ,则小球离斜面的最大距离为 d= ,
2gcosθ
可知,两小球离斜面的最大距离之比为 2∶1,C正确;两小球的轨迹相切于 B点,不可能在空中相遇,D错误．
7．【答案】D
1 2
【详解】设质点的加速度为 a,根据 x= at2可得t= ,则有
2
ta∶tb∶tc∶td= ∶ ∶ ∶ =1∶ 2∶ 3∶2,故 A错误;根据 v=at可得
va∶vb∶vc∶vd=ta∶tb∶tc∶td=1∶ 2∶ 3∶2,故 B不正确,C错误;质点在斜面上从 O点运动到 d点的平均
0+
速度为 = ,由于 va∶vd=1∶2,可得 =va,故 D正确.2
8．【答案】AD
【命题点】库仑定律+电荷守恒定律
+
【详解】金属小球 C跟 A接触后再分开,金属小球 A、C的电荷量为 qA=qC= ,金属小球 C跟 B接触后2
+ + + 3 3 2 · +
再分开, 2 2 4 4金属小球 B的电荷量为 qB= = + ,根据库仑定律,有 = ,可得 =1 或 =5,A、2 4 4 2 2
D正确。
9．【答案】AC
【详解】小球受力分析如图所示，由牛顿第二定律得 tan = 2 ，解得角速度为 =
tan
= 5rad/s，A正确；由 = 解得线速度大小为 = 2m/s，B错误；由 =
2 解得

向心加速度大小为 = 10m/s2，C正确；小球所受支持力大小为 N = cos = 2N，D错误。
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10．【答案】BD
【命题点】光电效应
【详解】金属的逸出功与金属本身有关,与入射光无关,A错误;光子的能量 E=hν,与入射光强度无关,B正确;
根据爱因斯坦光电效应方程 hν=Ek0+W0可知,逸出的光电子最大初动能与入射光的强度无关,C错误;入射光
的强度增加,可知单位时间内入射的总能量增加,每个光子的能量不变,故单位时间内入射的光子数增多,则
单位时间内逸出的光电子数增多,D正确。
11．【答案】B
【解析】在遮光时间Δt内,由于时间很短,所以可认为滑块做匀速运动,故 A错误,B正确;利用平均速度等效
Δ
替代瞬时速度,为使 更接近瞬时速度,只能尽量减小计算平均速度的位移,即换用宽度更窄的遮光条,若将
Δ
滑块放在离光电门较近的位置,且速度较小时,将会增大测量误差,故 C、D错误.
12．【答案】（1）1.90 （2）质量的增加量；52 （3）1.00；300
【详解】（1）根据图（a）可知悬挂的钩码质量分别为 200g和 300g时，橡皮筋底端位置间的距离为
1.90cm；
（2）根据图像可知钩码每增加相同的质量橡皮筋增加相同的长度，故在所测范围内橡皮筋长度的增加量
与所挂钩码的质量的增加量成正比。设橡皮筋原长为 L0，劲度系数为 k，根据胡克定律 F kx；其中
F mg，x为橡皮筋长度的增加量。设悬挂质量为 m1、m2的钩码时，橡皮筋长度的增加量分别为 x1、
x2，则m1g kx1，m2g kx2，两式相减得 m2 m1 g k x2 x1 ，取m1 200g 0.2kg，
m2 300g 0.3kg， x x2 x1 1.9cm 1.9 10
2m ，根据 m2 m1 g k x2 x1 ，可得
m
k 2
m1 g 0.3 0.2 9.8 N/m 52N/m。
x2 x1 1.9 10
2
（3）根据图（b）可知 F=1.00N；设橡皮筋与竖直方向夹角为θ，对橡皮筋下端点进行受力分析有
tan F ；从图中可知 tan
12

mg ，结合 F=1.0 N，可得
m 0.31kg，所以取 m=300 g。
37
13．【答案】 管内压强为 74.36cmHg、 管内压强为 54.36cmHg
【思路导引】
倒置前后的液柱位置如图所示.
【详解】设 管的横截面积为 ,则 管的横截面积为 4 ,设 管在上方时 、 管内的压强分别为 、
,则有
= + 20cmHg,
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倒置后,因为原 管内气体压强较小,所以液柱下移,即 管内液柱长度减小 1cm,根据两管内径关系可
知, 管内液柱长度增加 4cm,
压强关系为 ′ = ′ + 23cmHg,
、 管内气体均发生等温变化,
由玻意耳定律有 4 10cm = ′ 4 11cm,
10cm = ′ 6cm,
联立解得 = 74.36cmHg, = 54.36cmHg.
14．【答案】（1）0.5m/s2，2m/s2；（2）100m；（3）250m
【详解】（1）由速度图像可知甲车的加速度的大小为
a v 10 51 m/s
2 0.5m/s2
t 10 0
乙车的加速度的大小为
a v 20 02 m/s
2 2m/s2
t 20 10
（2）由题意知，在 t1 15s时，两车同速，两车间距离为最大值，在速度时间图像中面积表示位移，则甲
车的位移为
x 5 101 10m 10 5m 125m2
乙车的位移为
x 0 102 5m 25m2
故乙车追上甲车前，两车间距的最大值为
x x1 x2 100m
（3）由速度时间图像中面积表示位移可知，甲车运动 20s时，甲车在前，乙车在后两车间距为
5 10
x0 10m 75m2
之后甲乙两车都分别以 v甲 10m/s， v乙 20m/s的速度做匀速直线运动，设再经过时间Δt乙车追上甲车，
则
x0 v乙 t v甲 t
代入数据解得
t 7.5s
此时，甲车运动时间为
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t2 20s t 20s 7.5s 27.5s
甲车在该时间段内运动的位移为
x 5 103 10m 10 17.5m 250m2
故从甲车经过中心线开始计时经过 27.5s，甲车前进 250m时被乙车追上。
2 m q2B2 215 R．【答案】（1）a、T qB ；b、Ek 2m
（2）大；乙；逆时针；指向 z轴；沿 z轴正方向
【详解】（1）a、带电粒子经电场加速后，在匀强磁场中做匀速圆周运动，设粒子做匀速圆周运动的半
2
径为 r
mv
、周期为T，运动速度为 v，则根据牛顿第二定律 qvB
r
T 2 r根据周期速度关系
v
T 2 m解得 qB
2 m
交变电压的周期与带电粒子在磁场中的运动周期相同T T qB
b、带电粒子在 D形盒内做圆周运动，轨道半径达到 D形盒半径 R时从 D形盒中射出，此时带电粒子具
2
有最大动能 E vk，设粒子从 D形盒边缘离开时的速度为 vm，由牛顿第二定律 qvmB m mR
1 2
最大动能 Ek mv2 m
q2B2R2
解得 Ek 2m
T 2 m（2） 由上一小问分析可知 qB
考虑相对论效应，粒子的速度增大，则粒子的质量增大，所以粒子在磁场中做圆周运动的周期变大，为
保持粒子回转周期与电压变化周期的同步，则磁感应强度应越来越大；
随粒子运动半径增大，磁感应强度应越来越大，所以乙方案可能符合设计要求。
Bz 沿 z 轴负方向，为使粒子受洛伦兹力做圆周运动，根据左手定则可判断沿 z 轴负方向看，粒子应
做逆时针运动。
题干中 Br k | z |（z0＞0），径向分量 Br是指向 z 轴的，因此方向为指向 z 轴（即径向向内）
对正电荷用左手定则判断：速度方向与 Br 方向垂直，洛伦兹力方向为指向 z轴正方向，这会进一步辅助
维持粒子的圆周运动。
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2026届湖南省衡阳市高考物理自编模拟练习试卷【五】【2026届湖南省高考最新题型结构】（word版含答案）
考试范围：2026届高考物理全部内容 考试时间：75分钟； 命题人：
学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
温馨提示：根据湖南省教育考试院于2025年12月3日发布的《湖南省普通高中学业水平选择性考试试卷结构(2025年修订)》，该结构自2026年起实施。2026年湖南高考物理科目的试卷结构如下：
考试形式与时长 ：采用闭卷、笔试形式，考试时长为75分钟，卷面满分为100分。
试题构成 ：试题分为 选择题 和 非选择题 两大类。
选择题（共10题，总分42–43分）
单项选择题 ：7–8题，每题4分，总分28–32分。
多项选择题 ：2–3题，每题5分，总分10–15分。
非选择题（共5题，总分57–58分）
题目数量固定为5题，主要涵盖计算题、实验题和综合应用题，分值较高，更加强调对物理概念的理解、实验设计与分析、以及综合运用能力的考查。
此次调整的核心变化是 减少多项选择题数量，增加单项选择题比例 ，同时 显著提升非选择题的分值权重 ，体现了对考生基础知识扎实程度和综合应用能力的双重重视。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上．
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上．写在本试卷上无效．
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
第一部分（选择题 共43分）
一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．[4分]如图所示为研究光电效应的电路图，当用某种波长的光照强度恒定的单色光照射光电管的极板金属K，滑动变阻器的滑片处在图中所示位置，此时电流表有示数，下列说法正确的是（　　）
A．滑片移到最左端时，电流表示数为零
B．滑片移到最左端时，电流表示数不为零
C．滑片向右移动过程中，电流表的示数一直增大
D．滑片向右移动过程中，电流表的示数一直减小
2．[4分]在水平面上做匀减速直线运动的质点通过O、A、B三点的过程中，其位移随时间变化的图像如图所示。则质点（ ）
A．通过A点时的速度为 B．通过A点时的速度大于
C．通过A点时的速度小于 D．运动的加速度大小为
3．[4分]如图所示，把一个上表面为平面、下表面为球面的凸透镜放在水平玻璃板上。现用单色光垂直于透镜的上表面向下照射，从上向下观察，可以看到一系列明暗相间的同心圆环状条纹，这些同心圆环状条纹叫作牛顿环。下列说法正确的是（　　）
A．这属于光的干涉，增大玻璃板和透镜的距离，发现条纹向外移动
B．条纹是由凸透镜下表面反射光和玻璃上表面反射光叠加形成的
C．条纹是由凸透镜上表面反射光和玻璃上表面反射光叠加形成的
D．照射单色光的波长增大，相应条纹间距保持不变
4．[4分]中国科幻系列电影《流浪地球》热播，影片中为了让地球逃离太阳系，人们在地球上建造行星发动机，使地球完成一系列变轨，某过程如图所示，地球在椭圆轨道I上运行到远日点B变轨，进入圆形轨道II，不计空气阻力。下列说法正确的是（ ）

A．地球沿轨道I运动至B点时，需向前喷气减速才能进入轨道II
B．地球沿轨道I运行时，在A点的加速度等于在B点的加速度
C．地球沿轨道I运行的周期小于沿轨道Ⅱ运行的周期
D．地球在轨道I上由A点运行到B点的过程中，机械能逐渐增大
5．[4分]2025年11月1日4时58分，神舟二十一号航天员乘组进驻中国空间站，与神舟二十号乘组完成在轨轮换。神舟二十号航天员乘组乘坐神舟二十一号飞船于11月14日16时40分成功返回。载人飞船发射返回过程中，返回器与主舱室分离后，主舱室通过调整后在圆轨道运行，返回器用“打水漂”的方式再入大气层，最终通过降落伞辅助成功着陆，其主要过程如图，已知主舱室维持在半径为r的轨道上做周期为T的匀速圆周运动，地球半径为R、引力常量为G，则有（　　）
A．主舱室在半径为r的轨道上稳定运行的速度大于
B．由题给条件可求出地球第一宇宙速度为
C．由题给条件可求出地球密度为
D．返回器跳出大气层后需向后喷气方可第二次再入大气层
6．[4分]“风洞实验”指在风洞中安置飞行器或其他物体模型，研究气体流动及其与模型的相互作用，以了解实际飞行器或其他物体的空气动力学特性的一种空气动力实验。在如图所示的风洞中存在大小恒定的水平风力，现将一小球从M点竖直向上抛出，其运动轨迹如图中的实线所示，其中M、N两点在同一水平线上，O点为轨迹的最高点，小球在M点的动能为9J，在O点的动能为1J，不计空气阻力，下列说法错误的是（　　）
A．小球受到的重力与受到的风力大小之比为
B．小球落到N点时的动能为13J
C．O点到MN的距离与M、N两点间的距离之比为
D．小球从M点运动到N点过程中的最小动能为0.9J
7．[4分]引力常量的测出，所具有的重要意义是（　　）
A．实验方法在物理研究中的成功应用 B．直接证明牛顿的万有引力是正确的
C．使万有引力定律不具有了实用价值 D．证明了两球体间的万有引力很小
二、选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
8．[5分]2025年4月,我国已成功构建国际首个基于DRO(远距离逆行轨道)的地月空间三星星座,DRO具有“低能进入、稳定停泊、机动转移”的特点。若卫星甲从DRO变轨进入环月椭圆轨道,该轨道的近月点和远月点距月球表面的高度分别为a和b,卫星的运行周期为T;卫星乙从DRO变轨进入半径为r的环月圆形轨道,周期也为T。月球的质量为M,半径为R,引力常量为G。假设只考虑月球对甲、乙的引力,则 (　　)
A．r= B．r=+R
C．M= D．M=
9．[5分]如图， 为一段固定于水平面上的光滑圆弧导轨，圆弧的圆心为 ，半径为 .空间存在垂直导轨平面向里、磁感应强度大小为 的匀强磁场.电阻为 的金属杆 与导轨接触良好，图中电阻 ，其余电阻不计.现使 杆在外力作用下以恒定角速度 绕圆心 顺时针转动（初始时 处于 与 之间且 ，在其转过 的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．流过电阻 的电流方向为
B． 两点间电势差为
C．流过 的电荷量为
D．外力做的功为
10.（5分]如图甲所示，竖直悬挂的弹簧振子在M、N两点之间做简谐运动，O点为平衡位置，振子到达N点开始计时，规定竖直向下为正方向。图乙是弹簧振子做简谐运动的x t图像，则（　　）
A．弹簧振子从N点经过O点再运动到M点为一次全振动
B．乙中的P点时刻振子的速度方向与加速度方向都沿正方向
C．弹簧振子的振动方程为
D．弹簧振子在前2.5s内的路程为0.35m
第二部分（非选择题 共57分）
非选择题：本大题共5题，共57分。
11．[8分]电学创新实验弹性电阻绳是一种具有弹性和导电性的材料，通常应用于应变传感器中。某同学利用的恒压电源（内阻不计）、量程为的电流表（内阻不计）、定值电阻和电阻箱等器材设计出如图甲所示的电路，探究弹性电阻绳伸长量与其电阻增加量的关系。
甲 乙 丙
（1） 装置安装、电路连接、测量初始值。
如图乙所示，在水平桌面上放置支架和测量尺，弹性电阻绳的一端固定在支架顶端，另一端作为拉伸端，两端分别用带有金属夹、的导线接入电路中；在弹性电阻绳左侧放置测量尺。先将弹性电阻绳竖直悬挂，测出弹性电阻绳的原长，并用多用电表测出此时弹性电阻绳阻值，若选用“”倍率的电阻挡测量，发现多用电表指针偏转角度过大，为了提高测量的精确度，应将选择开关拨至__________（填“”或“”）电阻挡，后将两表笔短接，进行____________。若操作正确，多用电表的示数如图丙所示，测量结果为______ 。
（2） 探究弹性电阻绳伸长量与其电阻增量的关系。在弹性绳的拉伸端系着一带有指针的托盘。通过在托盘上放置不同数量的钩码拉伸改变弹性电阻绳的长度。
①连接好电路，断开开关，将电阻箱的阻值调整至________；
②闭合开关，调节电阻箱的阻值使得电流表指针有大角度偏转，记录读数为，读出电阻箱的示数，并观察托盘上的指针在测量尺上的位置，记录、间的距离，即为弹性电阻绳拉伸后的长度;
③断开开关，在托盘上放置一钩码，稳定后再次记录、间的距离，再闭合开关，调节电阻箱的阻值使得电流表读数为，记录此时电阻箱阻值，则说明弹性电阻绳拉伸量增加时，弹性电阻绳电阻增加量为________________。
12．[8分]（10分）随着技术创新和产业升级，我国新能源汽车强势崛起实现“换道超车”，新能源汽车对温度控制有非常高的要求，控制温度时经常要用到热敏电阻。物理实验小组找到两个热敏电阻，一个是热敏电阻，其电阻值随温度的升高而增大;另一个是热敏电阻，其电阻值随温度的升高而减小。该实验小组想利用下列器材来探究这两个热敏电阻（常温下阻值约为）的电学特性及作用。
图（a） 图（b）
A.电源（电动势，内阻可忽略）
B.电流表（满偏电流，内阻）
C.电流表（量程，内阻约为）
D.滑动变阻器（最大阻值为）
E.滑动变阻器（最大阻值为）
F.定值电阻
G.单刀单掷开关、单刀双掷开关各一个，导线若干
（1） 若要求热敏电阻两端的电压可以从零开始比较方便地进行调节，应选择接入电路中的滑动变阻器为________（填器材前的字母），请在图（a）中将电路图补充完整。
（2） 物理实验小组用表示电流表的示数，表示电流表的示数，通过实验画出两个热敏电阻接入电路时的图线如图（b）中、所示。若将图线所代表的元件直接接在一个电动势、内阻 的电源两端，则该元件的实际功率为______________________（结果保留2位有效数字）。
（3） 在汽车电路中常用热敏电阻与其他元件串联起来接入电路，用于防止其他元件两端的电压过大，从而保护电路和设备，你认为应该选用____________（填“”或“”）热敏电阻，请简述该热敏电阻防止电流过大的原因：________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。
13．[12分]如图所示，空间存在水平向右的匀强电场，由水平粗糙轨道与光滑圆弧轨道组成的绝缘轨道固定在竖直面内，圆孤轨道与水平轨道在点相切，部分轨道足够长，圆弧轨道的半径为与水平方向的夹角为。将一个质量为电荷量为的带电小物块在水平轨道上某处由静止释放，物块沿轨道由点滑出，当物块的速度为零时位置刚好在点正上方。已知重力加速度为,匀强电场的电场强度.物块与水平轨道间的动摩擦因数为0.5，物块可视为质点，求：
(1)物块开始释放的位置离点的距离为多少：
(2)物块在轨道上运动时，对轨道的最大压力为多少：
(3)物块在轨道上运动的总路程为多少。
14．[12分]如图所示，上端开口带有卡环、内壁光滑、竖直放置的绝热容器内，有两个厚度不计的活塞，封闭了上、下两部分气体，其中小活塞质量为，导热性能良好，大活塞质量为，绝热，两活塞密封性均良好。细管道横截面积为，粗管道横截面积为，下部分气体中有电阻丝可以通电对封闭气体进行加热。若下部分封闭气体初始温度为，此时各部分长度。已知大气压强，外界环境温度保持不变，重力加速度g取，取现对电阻丝通电以缓慢升高气体温度。
（1）求当小活塞刚好移至顶部时，下部分气体的温度；
（2）求当下部分封闭气体的温度为时，上部分气体的压强。
15．[14分]如图，一竖直固定的长直圆管内有一质量为M的静止薄圆盘，圆盘与管的上端口距离为l，圆管长度为30l。一质量为的小球从管的上端口由静止下落，并撞在圆盘中心，圆盘向下滑动，所受滑动摩擦力与其所受重力大小相等。小球在管内运动时与管壁不接触，圆盘始终水平，小球与圆盘发生的碰撞均为弹性碰撞且碰撞时间极短，不计空气阻力，重力加速度大小为g。
（1）求小球第一次与圆盘碰撞的速度大小；
（2）求第一次碰撞后瞬间小球和圆盘的速度大小；
（3）在第一次碰撞到第二次碰撞之间，求小球与圆盘间的最远距离；
（4）圆盘在管内运动过程中，求小球与圆盘碰撞的次数。
参考答案
1．【答案】B
【详解】由题可知，光照射后能发生光电效应，因此滑片移到最左端时，反向电压为零，电流表示数不为零，A错误，B正确；滑片向右移动过程中，电压表示数不断增大，电流表的示数可能先增大到饱和电流后不变，CD错误。
2．【答案】D
【详解】从O点运动到A点过程的平均速度为，物体做匀减速运动，则通过A点时的速度小于，故AB错误；根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度知，是中间时刻速度，而A点是中间位移的速度。而中间位移速度大于中间时刻速度，故通过点时的速度大于，故C错误；设质点经过O点的速度为，时间内，由位移一时间公式得，时间内，由位移—时间公式得，联立解得，故D正确。
3．【答案】B
【详解】这属于光的薄膜干涉，增大玻璃板和透镜的距离，条纹向圆心位置移动，A错误；薄膜干涉是膜两个表面的反射光叠加后的结果，图中“膜”为空气夹层，即条纹是由凸透镜下表面反射光和玻璃上表面反射光叠加形成的，B正确，C错误；照射单色光的波长增大，相应条纹间距变大，D错误。
4．【答案】C
【详解】地球沿轨道运动至B点时，需向后喷气加速才能进入轨道II，故A错误；由，可得，A点距离地心比B点近，所以地球沿轨道I运行时，在A点的加速度大于在B点的加速度，故B错误；由图可知轨道I的半长轴小于Ⅱ的半径，由开普勒第三定律，可知地球沿轨道I运行的周期小于沿轨道Ⅱ运行的周期，故C正确；地球在轨道I上由A点运行到B点的过程中，机械能守恒，故D错误。
5．【答案】B
【详解】第一宇宙速度等于卫星贴近地面做匀速圆周运动的环绕速度，是最大的环绕速度，当主舱室在半径为r的轨道上稳定运行时，其轨道半径大于地球半径，则速度应小于，故A错误；第一宇宙速度等于卫星贴近地面做匀速圆周运动的环绕速度，根据万有引力提供向心力有，可知第一宇宙速度为，故B正确；根据万有引力提供向心力有，密度为，联立解得，故C错误；返回器跳出大气层后想第二次再入大气层则半径减小，需要减小速度，即向前喷气，故D错误。
6．【答案】A
【详解】根据，，可求出，竖直方向，水平方向，联立解得，根据牛顿第二定律可得小球受到的重力与受到的风力大小之比为，故A错误，符合题意；由运动的合成与分解知，小球在水平方向做初速度为0的匀加速直线运动，竖直方向做竖直上抛运动，所以可得点到点的时间和点到点的时间相同，设小球在点的速度为，在点的速度为，水平方向加速度为，因为点是轨迹的最高点，即此时速度只有水平分量即，即点的水平速度满足，又小球在点的动能为，在点的动能为，小球落到点时的动能为，因为，，解得，故B正确，不符合题意；设点到的距离为，竖直方向，水平方向，联立解得，故C正确，不符合题意；如图所示
小球从点运动到点过程中的最小速度为在垂直于合力方向上的分量，其中，故在垂直于合力方向上的分量，故最小动能为，代入数据解得，故D正确，不符合题意。
7．【答案】B
【详解】牛顿发现的万有引力定律之后，卡文迪许用实验方法测出万有引力常量的数值，从而验证了万有引力定律，使万有引力定律具有了实用价值，可知B符合题意。
8．【答案】BC
【命题点】开普勒第三定律+万有引力定律
【详解】卫星甲和卫星乙均绕月球运动,周期相同,根据开普勒第三定律可知,卫星甲运动的轨道的半长轴与卫星乙运动的轨道半径相同,即=r,可得r=+R,A错误,B正确;卫星乙绕月球做匀速圆周运动,由万有引力提供向心力,可得G=mr,解得M=,C正确,D错误。
9．【答案】AD
【详解】由右手定则判断出 中电流方向由 可知流过电阻 的电流方向为 故 正确； 产生的感应电动势为 ，将 当成电源，外部电路 与 并联，则 两点间的电势差为 . ，故 错误；流过 的电流大小为转过 孤度所用时间为 ，流过 的电 ，荷量为 ，故 错误；转过 孤度过程中，外力做的功为 ，故 正确.
10．【答案】BD
【详解】弹簧振子从N点经过O点再运动到M点为次全振动，故A错误；图乙的斜率代表质点的速度，则P点时刻振子的速度方向为正方向，根据可知，加速度方向沿正方向，故B正确；由图乙知周期为T=2s，弹簧振子的振幅为A=0.07m，则，规定竖直向下为正方向，振子到达N点开始计时，t=0时刻位移为0.07m，可知初相为，则弹簧振子的振动方程为，故C错误；弹簧振子在前2.5s内的路程为，故D正确。
11．【答案】（1） （2分）；欧姆调零（1分）；7（1分）
（2） 最大（2分）；（2分）
【详解】
（1） 选用“”倍率的电阻挡测量，发现多用电表指针偏转角度过大，说明所选倍率过大，则应将开关拨至较小的“”电阻挡，然后将两表笔短接，进行欧姆调零；可读出此时多用电表的读数为 。
（2） ①连接好电路，为了保护电路，防止电路中的电流过大，断开开关后，应将电阻箱的阻值调整至最大。
③由于前后两次测量毫安表读数为不变，故回路中的总电阻不变，则弹性电阻绳电阻的增加量必然等于电阻箱阻值的减少量，即弹性电阻绳电阻增加量。
12．【答案】（1） D（2分）；见图甲（2分）
（2） 2.5（2.4~2.6均可）（2分）
（3） （2分）；型热敏电阻的阻值随温度升高而增大，当电路中的电流较小时，热敏电阻的阻值较小，串联分得的电压较小；当电路中的电流较大时，热敏电阻的阻值较大，串联分得的电压较大，使得其他元件两端的电压不至于过大，从而防止电压过大（2分）
【详解】
（1） 因为要求热敏电阻两端的电压从零开始逐渐增大，所以滑动变阻器采用分压式接法，为了便于调节，应选用最大阻值较小的滑动变阻器，电路图如图甲所示。
甲
（2） 由题意可知，图乙中图线可以对应热敏电阻的图线，纵坐标的对应电压为（关键：电流表所在支路的总电阻为 ，可计算纵坐标电流表示数对应的电压值）。在图乙中作出、内阻 的电源的图像，其与图线的交点坐标的乘积即为所要求的实际功率，。
乙
（3） 型热敏电阻的阻值随温度升高而增大，当电路中的电流较小时，热敏电阻的阻值较小，串联分得的电压较小；当电路中的电流较大时，热敏电阻的阻值较大，串联分得的电压较大，使得其他元件两端的电压不至于过大。
【知识拓展】 电源的图像与电阻的图像比较
电源的 图像 电阻的 图像
图形
截距 与纵轴交点表示电源电动势，与横轴交点表示电源短路电流 过坐标原点，表示电流为零时，电阻两端的电压为零
坐标、的乘积 表示电源的输出功率 表示电阻消耗的功率
坐标、的比值 表示外电阻的大小，不同点对应的外电阻大小不同 表示电阻的大小，每一点对应的比值均等大
斜率的绝对值 电源内阻 电阻大小
13．【答案】(1)(2)(3)
【详解】(1)由于与水平方向夹角为
重力与电场力的合力方向与的夹角为(1分)
因此物块从点滑出后，在电场中做类竖直上抛运动
根据几何关系，点到最高点运动的距离(1分)
最高点离水平轨道的高度(1分)
从释放到最高点，根据动能定理
解得(1分)
(2)设物块第一次运动到圆弧轨道上点时物块对轨道的压力最大。分析可知，与竖直方向的夹角为,设在点时速度为,根据动能定理
解得
在点，根据牛倾第二定律(1分)
解得(1分)
根据牛顿第三定律，物块对圆弧轨道的最大压力(1分)
(3)当物块运动到点速度为零时.物块最终在轨道上做往复运动
设物块在轨道上运动的总路程为
根据动能定理(2分)
解得(2分)
14．【答案】（1）；（2）
【详解】（1）在小活塞刚好移至顶部前，上部分气体的压强和温度均不变，所以体积保持不变。小活塞向上移动了
大活塞向上移动
对于下部分气体，压强不变，初态体积
温度
此时体积
设此时温度为，根据盖-吕萨克定律得
解得
（2）设当大活塞刚好移至粗细管道连接处时，下部分封闭气体的温度为，对上部分气体，初态
体积为
末态
由玻意耳定律得
代入数据解得
对下部分气体，初态时对大活塞受力分析，根据平衡条件得
体积
温度
末态
体积
根据理想气体状态方程得
代入数据解得
当下部分封闭气体的温度为时，末态体积仍为
所以上部分气体压强为
15．【答案】（1）
（2）
（3）l
（4）5
【详解】（1）设小球自静止下落至薄圆盘处时的速度为，根据机械能守恒定律有
解得
（2）设第一次碰撞后瞬间小球和薄圆盘的速度分别为、，在小球与薄圆盘碰撞过程中，根据动量守恒定律有
根据机械能守恒定律有
且，联立解得
第一次碰撞后瞬间小球和薄圆盘的速度大小均为
（3）由薄圆盘受到的滑动摩擦力与其重力大小相等可知，自第一次碰撞后薄圆盘做匀速直线运动，当小球和薄圆盘间的距离最远时，两者的速度相等，设在第一次碰撞到第二次碰撞之间，经过时间两者速度相等，由速度关系
解得
则小球与薄圆盘间的最远距离
解得
（4）设自第一次碰撞后经时间发生第二次碰撞，小球与薄圆盘共速时相距l，设共速后再经时间小球追上薄圆盘，根据位移关系有
解得
则
追上时小球的速度
圆盘的速度
设碰后瞬间小球和圆盘的速度分别为，由动量守恒定律得
由机械能守恒定律得
解得
假设小球与薄圆盘可以一直在管内碰撞，分析得出，小球每次碰后至下一次追上薄圆盘所经历的时间，画出第一次碰撞后小球的v-t图像，如图所示
v-t图像中图线与t轴围成的面积表示位移，则根据图像可计算出，，，
则小球与薄圆盘碰撞的次数是5。
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2026届湖南省衡阳市高考物理自编模拟练习试卷【六】【2026届湖南省高考最新题型结构】（word版含答案）
考试范围：2026届高考物理全部内容 考试时间：75分钟； 命题人：
学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
温馨提示：根据湖南省教育考试院于2025年12月3日发布的《湖南省普通高中学业水平选择性考试试卷结构(2025年修订)》，该结构自2026年起实施。2026年湖南高考物理科目的试卷结构如下：
考试形式与时长 ：采用闭卷、笔试形式，考试时长为75分钟，卷面满分为100分。
试题构成 ：试题分为 选择题 和 非选择题 两大类。
选择题（共10题，总分42–43分）
单项选择题 ：7–8题，每题4分，总分28–32分。
多项选择题 ：2–3题，每题5分，总分10–15分。
非选择题（共5题，总分57–58分）
题目数量固定为5题，主要涵盖计算题、实验题和综合应用题，分值较高，更加强调对物理概念的理解、实验设计与分析、以及综合运用能力的考查。
此次调整的核心变化是 减少多项选择题数量，增加单项选择题比例 ，同时 显著提升非选择题的分值权重 ，体现了对考生基础知识扎实程度和综合应用能力的双重重视。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上．
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上．写在本试卷上无效．
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
第一部分（选择题 共43分）
一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．[4分]两个等量的正点电荷形成的电场线如图所示，电场线上下左右均对称，在两点电荷连线的中垂线上有两点，且两点到中心点的距离相等，则下列说法正确的是（）
A．两点处的电场强度大小相等
B．点的电场强度小于点的电场强度
C．点的电势低于点的电势
D．点的电势低于点的电势
2．[4分]2025年10月7日，瑞典皇家科学院决定将2025年诺贝尔物理学奖授予科学家约翰·克拉克、麦克·H·德沃雷特、约翰·M·马蒂尼，以表彰他们在量子力学领域的贡献。在物理学发展的历史进程中，下面的陈述与事实相符的是（　　）
A．德国科学家普朗克通过对黑体辐射的研究提出能量子的概念
B．卢瑟福通过α粒子散射实验证明了原子核由质子和中子组成
C．丹麦物理学家玻尔提出了玻尔原子模型并成功解释了所有原子的光谱
D．英国物理学家汤姆逊通过对阴极射线的研究发现了电子，并精确测量出了电子的电荷量
3．[4分]无人机也常常用来送外卖，如图甲所示。地面上的无人机在外卖小哥的操控下竖直向上运动一段时间后悬停在顾客家阳台旁，整个上升过程的v－t图像如图乙所示。若物品质量为2kg，受到的空气阻力恒为重力的0.2倍，重力加速度取，则下列说法正确的是（ ）
A．上升过程无人机升高了26m
B．上升过程无人机的最大功率为80W
C．前3s和后4s无人机对物品的拉力大小之比为4：3
D．上升过程中无人机对物品所做的功为520J
4．[4分]如图，P、Q是两根固定在水平面内的光滑平行金属导轨，间距为L，导轨足够长且电阻可忽略不计。图中EFGH矩形区域有一方向垂直导轨平面向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场。在时刻，两均匀金属棒a、b分别从磁场边界EF、GH进入磁场，速度大小均为；一段时间后，流经a棒的电流为0，此时，b棒仍位于磁场区域内。已知金属棒a、b由相同材料制成，长度均为L，电阻分别为R和，a棒的质量为m。在运动过程中两金属棒始终与导轨垂直且接触良好，a、b棒没有相碰，则下列说法不正确的是（　　）
A．时刻a棒加速度大小为
B．时刻b棒的速度大小为
C．时间内，通过a棒横截面的电荷量与通过b棒横截面的电荷量相等
D．时间内，a棒产生的焦耳热为
5．[4分]如图所示，空间中存在水平向右的匀强磁场，磁感应强度大小为。某处点有电子射出，电子的初速度大小均为，初速度方向呈圆锥形，且均与磁场方向成角（），点右侧有一与磁场垂直的足够大的荧光屏，电子打在荧光屏上的位置会出现亮斑。若从左向右缓慢移动荧光屏，可以看到大小变化的圆形亮斑（最小为点状亮斑），不考虑其他因素的影响，下列说法正确的是（　　）
A．若圆形亮斑的最大半径为，则电子的比荷为
B．若圆形亮斑的最大半径为，则电子的比荷为
C．若荧光屏上出现点状亮斑时，到屏的距离为，则电子的比荷可能为
D．若荧光屏上出现点状亮斑时，到屏的距离为，则电子的比荷可能为
6．[4分]、为同一均匀介质中相距的两个波源，在时刻同时由各自平衡位置沿轴方向开始做简谐振动并相向发出两列简谐横波，为两波源连线上介质中的质点，与波源、的距离分别是和，测得质点的振动图像如图所示，则下列判断正确的是（　　）
A．两波的传播速度均为
B．波源振动的振幅为
C．两列波叠加时质点所在位置为振动的减弱点
D．从时刻开始，在内质点运动的路程为
7．[4分]某汽车在晴天的干燥路面和雨天的湿滑路面进行紧急刹车试验，其v-t图像分别如图中甲、乙图线所示。若两次刹车过程中，汽车的安全距离（汽车从开始计时位置到最后停下来位置的距离）相等，则由图像可知（　　）
A．汽车安全距离为100m
B．汽车在雨天湿滑路面刹车时的初速度大小为24m/s
C．汽车在晴天干燥路面刹车时的加速度较小
D．汽车在雨天湿滑路面刹车时的加速度大小为4m/s2
二、选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8．[5分]如图，平行板电容器与电动势为E的直流电源连接，下极板接地，闭合开关K，稳定时一带电的油滴静止于两极板间的P点，则下列说法正确的是（　　）
A．油滴带负电
B．保持开关K闭合，减小两板间距离，电流计中电流方向a→b
C．保持开关K闭合，减小两板正对面积，油滴向下运动
D．将开关K打开，减小两板间距离，静电计指针张角变小，油滴静止不动
9．[5分]如图所示，图中物体均始终保持静止，重力加速度为，在不改变悬点的位置的条件下，将顺时针旋转，使角从小于变化到大于的过程中，则（　　）
A．先变小后变大
B．和之间的摩擦力不可能先减小后增大
C．地面给的支持力不可能大于
D．地面给摩擦力一直增大
10．[5分]如图所示，两个倾角分别为和且底端相连的光滑绝缘轨道被固定在竖直平面内，空间存在平行于该竖直平面水平向左的匀强电场。带正电的甲、乙小球（均可视为质点）在轨道上同一高度处均保持静止，间距为L，甲、乙所带电荷量分别为q、2q，质量分别为m、2m，静电力常量为k。甲、乙所受静电力的合力大小分别为、，匀强电场的电场强度大小为E，不计空气阻力，则下列说法正确的是（　　）
A．
B．
C．若将甲、乙互换位置，则二者仍能保持静止
D．若撤去甲，则乙下滑至底端时的速度大小为
第二部分（非选择题 共57分）
非选择题：本大题共5题，共57分。
11．[7分]（8分）某实验小组测量一电流计的内阻,两位同学采用了不同的方法。
同学一采用如图甲所示的电路,实验步骤如下:
①按图连接好电路,将滑动变阻器的滑片调至正确的位置;
②先断开开关,闭合开关,调节滑动变阻器的滑片位置,使满偏;
③再闭合,保持滑动变阻器的滑片位置不变,调节电阻箱的阻值,使的示数为满偏的一半,记下此时电阻箱的阻值为;
④断开电路。
同学二采用如图乙所示的电路,实验步骤如下:
甲 乙
①按图连接好电路;
②闭合开关,调节滑动变阻器和电阻箱,使电流表A的示数为电流计的3倍,记下此时电阻箱的阻值为;
③断开电路。
根据两位同学的实验操作,回答下列问题:
（1） 两位同学在实验第1步中,滑动变阻器的滑片开始都应调至________端（填“”或“”）;
（2） 同学一测量的电流计的内阻____________；
（3） 同学二测量的电流计的内阻____________；
（4） 从系统误差的角度分析,两位同学的测量值的大小关系为________（填“ ”“ ”或“”）。
12．[8分]利用气垫导轨可以验证被压缩的弹簧弹开时，两滑块组成的系统动量守恒，可用图示装置进行以下实验。
实验时，用两滑块压缩弹簧，并用细线固定，使其静止在两光电门中间附近，已知两滑块上遮光片的宽度相同，都是，剪断拴弹簧的细线，测得质量为的滑块1和质量为的滑块2上遮光片通过光电门的时间分别为和。
（1）实验前应调节气垫导轨底部的调节旋钮，使导轨水平；充气后，当滑块放在气垫导轨上任意位置都能 时，说明气垫导轨已经调节好；
（2）若满足 ，则两滑块组成的系统动量守恒（采用最简式）；
（3）不计滑块在气垫导轨上运动时受到的阻力，则剪断拴弹簧的细线前弹簧的弹性势能为 。
13．[12分]某同学在一次观看跳水比赛时，想到了一些问题。他做了如下假设：比赛时，将运动员看作1.6m长的竖直细杆，离开跳台后在空中做竖直上抛运动（不考虑起跳时跳台的形变，且下落过程中运动员不会与跳台相撞），整个运动过程中始终保持竖直方向，不转动。运动员在距水面10m的跳台向上跳起，离开跳台时速度。该同学上网查得重力加速度大小，且运动员从接触水面到身体全部入水过程视为做减速直线运动，其速度与入水深度关系为，（其中l为运动员的身长，h为入水的长度，为入水时的速度）；身体全部入水后做匀减速直线运动，加速度大小为，直到停止时触底。请计算：
（1）运动员到达最高点时人的最高点离跳台的距离；
（2）运动员身体全部入水时的速度；
（3）运动员从起跳至到达池底的过程中，全程的平均速度是多少？（结果保留两位小数）
14．[14分]人们越来越深刻地认识到冰山对环境的重要性，冰山的移动将给野生动物带来一定影响。为研究冰山移动过程中表面物体的滑动，小星找来一个足够长的水槽，将质量为长为L的车厢放在水槽中模拟冰山，车厢内有一个质量为、体积可以忽略的滑块。车厢的上下表面均光滑，车厢与滑块的碰撞均为弹性碰撞且忽略碰撞的时间。开始时水槽内未装水，滑块与车厢左侧的距离为。在车厢上作用一个大小为，方向水平向右的恒力，当车厢即将与滑块发生第一次碰撞时撤去水平恒力。
（1）求车厢即将与滑块发生第一次碰撞时车厢的速度的大小；
（2）求从车厢与滑块发生第一次碰撞到发生第二次碰撞的过程中，车厢的位移；
（3）若在水槽中装入一定深度的水，车厢在水槽中不会浮起。开始时滑块与车厢左侧的距离为，由于外界碰撞，车厢在极短时间内速度变为，方向水平向右。车厢移动过程中受到水的阻力大小与速率的关系为（为已知常数），除第一次碰撞以外，以后车厢与滑块之间每次碰撞前车厢均已停止。求全程车厢通过的总路程。
15．[16分]足够长的传送带固定在竖直平面内，半径，圆心角的圆弧轨道与平台平滑连接，平台与顺时针匀速转动的水平传送带平滑连接，工件A从圆弧顶点无初速度下滑，在平台与B发生弹性碰撞，已知，，A、B可视为质点，A、B与传送带间的动摩擦因数恒定，在传送带上运动的过程中，B物块因摩擦生热，忽略轨道及平台的摩擦，，，。
（1）求A滑到圆弧最低点时受到的支持力；
（2）求A与B碰撞后各自的速度；
（3）求传送带的速度以及A物块在传送带上运动的过程中因摩擦产生的热量。
参考答案
1．【答案】A
【详解】电场线的疏密程度表示电场强度大小，电场线切线的方向表示电场强度的方向，由题图可知，两点处的电场线关于点对称，所以两点处电场强度大小相等、方向相反，A正确，B错误；沿着电场线的方向电势逐渐降低，分析可知点电势高于点的电势，错误；由题图可看出，从点到点和从点到点电场的变化完全对称，所以两点电势相同，D错误。选。
2．【答案】A
【详解】德国科学家普朗克通过对黑体辐射的研究提出能量子的概念，这是量子力学的开端（1900年），符合史实，故A正确。卢瑟福通过α粒子散射实验（1911年）证明了原子核的存在，但原子核由质子和中子组成是由查德威克发现中子（1932年）后确立的，故B错误。玻尔原子模型（1913年）成功解释了氢原子光谱，但无法解释多电子原子的光谱（如氦原子），故C错误。汤姆逊通过阴极射线实验（1897年）发现了电子并测量了其荷质比（），但电子电荷量的精确测量是由密立根通过油滴实验（1909年）完成的，故D错误。
3．【答案】A
【详解】由v－t图像面积可得，无人机升高了，故A正确；由v－t图线斜率可得，无人机在前的加速度为，上升过程无人机的最大功率在末，故B错误；由牛顿第二定律，前的拉力大小，解得，由v－t图线斜率可得，无人机在后的加速度大小为，由牛顿第二定律，后的拉力大小，解得，得，故C错误；上升过程由动能定理得，解得，故D错误。
4．【答案】D
【详解】由题知，在时刻，a进入磁场的速度方向向右，b的速度方向向左，根据右手定则可知，a产生的感应电流方向是E到F，b产生的感应电流方向是H到G，即两个感应电流方向相同，所以流过a、b的感应电流是两个感应电流之和，则有，对a，根据牛顿第二定律有，解得，A正确，与题意不符；根据左手定则，可知a受到的安培力向左，b受到的安培力向右，由于流过a、b的电流一直相等，两个力大小相等，则a与b组成的系统动量守恒。由题知，时刻流过a的电流为零时，说明a、b之间的磁通量不变，即a、b在时刻达到了共同速度，设为v。由题知，金属棒a、b相同材料制成，长度均为L，电阻分别为R和2R，根据电阻定律有，，解得，已知a的质量为m，设b的质量为，则有，联立，解得，取向右为正方向，根据系统动量守恒有，解得，B正确，与题意不符；在时间内，根据，因通过两棒的电流时刻相等，所用时间相同，通过两棒横截面的电荷量相等。C正确，与题意不符；在时间内，对a、b组成的系统，根据能量守恒有，解得回路中产生的总热量为，对a、b，根据焦耳定律有，因a、b流过的电流一直相等，所用时间相同，a、b产生的热量与电阻成正比，即，又，解得a棒产生的焦耳热为，D错误，与题意相符。本题选错误的选D。
5．【答案】C
【详解】将电子的速度分解为水平方向的速度，和竖直方向的速度，即，，在水平方向因为速度与磁场方向平行，所以不会受到洛伦兹力，即电子在水平方向做匀速直线运动；在竖直方向因为速度与磁场方向垂直，所以在竖直方向粒子做匀速圆周运动。综上所述，可以将其看成水平方向的匀速直线，与竖直方向的粒子源问题，即电子打在屏上形成圆形亮斑的最大半径是电子轨迹半径的2倍，即，又，解得，AB错误；设电子到达荧光屏的时间为，有，可得，电子在竖直方向做圆周运动的周期为，若荧光屏上出现点状亮斑，即电子到达荧光屏上时，恰好在竖直方向做圆周运动的周期的整数倍，有（，，），解得（，，），当时，电子的比荷为，当时，电子的比荷为，C正确，D错误。
6．【答案】C
【详解】t=0s时刻开始经过t1=1s波源S1的振动传播到P点，传播距离为x1 =2m，t2=3s时波源S2的振动传播到P点，传播距离为x2 =6m，可知传播速度均为，故A错误；在t2=3s时两列波相遇，由图像可知此时两列波引起的振动方向相反，所以波源S1的振幅为2cm，波源S2的振幅为4cm+2cm=6cm，故B错误；由图像可知两列波在P点相遇时引起的振动方向始终相反，所以两列波叠加时P点所在位置为振动的减弱点，故C正确；从t=0时刻开始，在5s内质点P经历两次全振动，振幅分别为2cm和4cm，所以通过路程为s=（4+2）×4cm=24cm，故D错误。
7．【答案】B
【详解】甲的安全距离等于甲的位移，等于图形面积，所以汽车安全距离为，A错误；因为汽车在雨天湿滑路面刹车时的安全距离也为120m，所以，解得，故B正确；汽车在晴天干燥路面刹车时图线较陡，所以加速度较大，C错误；汽车在雨天湿滑路面刹车时的加速度大小为，故D不正确。
8．【答案】AD
【详解】对油滴受力分析可知，油滴受到的电场力竖直向上，与板间场强方向相反，则油滴带负电，A正确；保持开关K闭合，则极板间电压保持不变，减小两板间距离，根据，，可知电容器电容增大，电容器所带电荷量增大，则电流计中电流方向b→a，B错误；保持开关K闭合，极板间电压保持不变，减小两板正对面积，根据
可知板间场强不变，油滴受力不变，油滴静止不动，C错误；将开关K打开，可认为电容器所带电荷量不变，减小两板间距离，根据，，可知电容器电容增大，极板间电压变小，则静电计指针张角变小，根据，可知板间场强不变，油滴受力不变，油滴静止不动，D正确。
9．【答案】AD
【详解】分析的受力，构建如图1的失量关系图，当角从小于变化到大于的过程中，可知先变小后变大，正痛；对进行受力分析，若斜面倾角为，则重力沿斜面向下的分量为，而由图1可知，拉力是不断增大的，由于没有具体数据，故可能开始时，而静止，由平衡可知，此时所受静摩擦力沿斜面向上，随着的增大，所受沿斜面向上的静摩擦力减小，当时，所受摩擦力减小到0，再随着的增大：所受摩擦力沿斜面向下且增大，故错误；将三个物体视为整体，分析整体受力情况，可知当不断顺时针方向转动时，其竖直方向的分量先向上，当转到右下方时，它的竖直分量向下，此时地面给的支持力大于可知错误；当不断顺时针方向转动时，共水平方向分量不断增大，如图2，由整体水平方向平衡可知，地面给的摩擦力不断增大。
10．【答案】AD
【详解】如图所示，对两球进行受力分析，设两球间的库仑力大小为F，对甲球根据平衡条件有，，对乙球有，，，联立解得，故，同时有，解得，选项A正确，B错误；假设将甲、乙互换位置后二者仍能保持静止，同理，对甲有，，，对乙有，，联立可得，F变化，故假设不成立，选项C错误；设两小球距地面的高度为h，，，若撤去甲，则对乙球根据动能定理有，根据前面分析可知，联立解得，选项D正确。
11．【答案】（1） （2分）
（2） （2分）
（3） （2分）
（4） （2分）
【详解】
（1） 为了保护电源和电表，开始时应将滑动变阻器接入电路的阻值调至最大，故滑片都应调至端。
（2） 同学一采用了半偏法，电流计的内阻测量值。
（3） 同学二操作中让电流表的示数为电流计示数的3倍，则流过电阻箱的电流是流过电流计电流的2倍，故。
（4） 同学一采用了半偏法，闭合后，电路总电阻减小，总电流增大，但认为不变，则流过电阻箱的电流大于流过电流计的电流，故测量值小于真实值，同学二的测量值没有系统误差，故。
12．【答案】（1）静止
（2）
（3）
【详解】（1） 实验前应调节气垫导轨底部的调节旋钮，使导轨水平；充气后，当滑块放在气垫导轨上任意位置都能静止时，说明气垫导轨已经调节好；
（2）已知两滑块上遮光片的宽度相同，都是d，滑块1和滑块2上遮光片通过光电门的时间分别为和，速度分别为，，滑块组成的系统动量守恒，整理得。
（3）不计滑块在气垫导轨上运动时受到的阻力，则剪断拴弹簧的细线前弹簧的弹性势能为，整理得。
13．【答案】（1）1.25m
（2）7.5m/s；方向向下
（3）5.17m/s，方向向下
【详解】（1）根据速度—位移公式有
运动员到达最高点时人的最高点离跳台的距离为m
（2）人的最高点离水面的距离为m
运动员刚入水时速度
身体全部入水时的速度
方向向下。
（3）运动员起跳到最高点到时间s
运动员从最高点落至水面时的时间s
运动员从接触水面到身体全部入水过程，由每一小段时间
累加而成，即做图像，利用图像的面积可得时间t，由
整理得
可知图像为一次函数
由图中梯形得面积可求得s=0.16s
身体全部入水后做匀减速直线运动，运动员的位移为m
时间为s
综上所述全程平均速度为
方向向下。
14．【答案】（1）
（2）
（3）
【详解】（1）对车厢，由动能定理可得
解得
（2）车厢与滑块的碰撞为弹性碰撞，设第一次碰撞后车厢和滑块的速度分别为vM和vm，由机械能守恒定律
根据动量守恒定律
解得，
第一次碰撞到第二次碰撞之间，车厢与滑块的位移分别为xM，xm，则有，
位移关系为
联立解得
（3）每一次碰撞后车厢的运动过程中，由动量定理
即
累加后得
第一次碰撞前，车厢的路程为d，所以
碰撞前车厢的速度
设第n次碰撞后，车厢的速度为vn，滑块的速度为，第n次碰撞至停下，车厢的路程为sn。第一次碰撞，由机械能守恒定律
动量守恒定律
解得，
第一次碰撞后，对车厢
解得
第二次碰撞，由机械能守恒定律
根据动量守恒定律
解得，
所以第二次碰撞后车厢的路程
此后的每次碰撞前滑块的速度大小都变为前一次的倍，车厢均静止。
所以第三次碰撞后车厢的路程
第四次碰推后车厢的路程
第n次碰撞后车厢的路程
根据等比数列求和公式求得车厢在第二次及以后的路程之和
所以
15．【答案】（1）18N，方向竖直向上；（2）A的速度大小，方向向左；B的速度大小，方向向右；（3）见解析
【详解】（1）A从开始到圆弧最低点过程，根据机械能守恒可得，
解得，
在最低点根据牛顿第二定律得，
解得，
方向竖直向上。
（2）A与B发生弹性碰撞，根据系统动量守恒可得，
根据系统机械能守恒可得，
联立解得，，
可知碰撞后A的速度大小，方向向左；B的速度大小，方向向右。
（3）第一种情况，当传送带速度v小于时，B滑上传送带后先减速后匀速运动；设B与传送带间的动摩擦因数为μ，经过时间后B与传送带共速，该段时间内B运动的位移为，
B与传送带的相对位移，
B物块因摩擦生热为，
对B用动能定理可得，
联立解得，另一解大于舍去；
当A滑上传送带时，v小于，设经过时间后A与传送带共速，该段时间内，A运动的位移为，
A与传送带的相对位移B物块在传送带上做减速运动时的加速度相同，故，
联立以上各式解得，
A物块因摩擦产生的热量，
联立解得，
第二种情况，当传送带速度v大于时，B滑上传送带后先加速后匀速运动，设B与传送带间的动摩擦因数为，经过时间后B与传送带共速，该段时间内B运动的位移为，
B与传送带的相对位移，
B物块因摩擦生热为，
对B用动能定理可得，
联立解得，另一解小于舍去；
当A滑上传送带时，v大于，设经过时间后A与传送带共速，该段时间内，A运动的位移为，
A与传送带的相对位移B物块在传送带上做加速运动时的加速度相同，故，
联立以上各式解得，
A物块因摩擦产生的热量，
联立解得。
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