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《2026 年春季高一开学考试物理试题》参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 B C A A D B B A D B
题号 11 12 13 14 15
答案 BD AD BD BC AB
1．B
【详解】A．平均速率等于总路程除以总时间，且 250 千米/小时仅为列车某一时刻的瞬时速
度，无法确定平均速率与之相等，故 A 错误；
B．“07:41”表示列车从东莞南站出发的具体时间点，符合时刻的定义（时间轴上的一点），故
B 正确；
C．研究车轮转动时需考虑列车的形状、大小及车轮细节，不能忽略其尺寸，故不可视作质
点，故 C 错误；
D．研究列车运行路线时，仅关注其整体运动轨迹，大小和形状可忽略，可视为质点，故 D
错误。
故选 B。
2．C
【详解】A．根据加速度定义式 可知，加速度大但作用时间短时，速度变化量可能较
小，故 A 错误；
B．加速度大速度不一定大，比如刚起步的赛车，加速度很大，但速度不大，故 B 错误；
C．加速度是描述速度变化快慢的物理量，则加速度越大，速度变化越快，故 C 正确；
D．根据题意可知，装备车辆先加速后减速，则加速度先与速度方向相同后与速度方向相反，
故 D 错误。
故选 C。
3．A
【详解】设弹射系统必须使飞机具有的初速度为 ，根据匀变速直线运动规律
解得
故选 A。
4．A
【详解】A．甲图：展示了两个力（F1、F2）共同作用与一个力 F 单独作用时产生的效果相
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同，这体现了等效替代的思想，A 正确；
B．乙图：v-t 图像下方的阴影面积代表位移，推导匀变速直线运动位移公式时，采用的“微
元法”，而不是“理想模型法”，B 错误；
C．丙图：观察桌面微小形变时，通过光路的放大作用将微小形变显现出来，这运用了放大
法，而非“控制变量法”，C 错误；
D．丁图：质点沿曲线运动时，让 B 点逐渐靠近 A 点，AB 割线的变化趋势趋于 A 点的切线
方向，从而定义瞬时速度方向，这是运用了极限思想（极限法），D 错误。
故选 A。
5．D
【详解】A．图像的斜率等于速度，可知 0~10s 内汽车做匀速直线运动，A 错误；
B．汽车在 10~20s 内处于静止状态，B 错误；
C．由图像可知，汽车在这段时间距离出发点最远 30m，C 错误；
D．图像斜率的符号反映速度的方向，可知汽车在这段时间内运动方向发生了变化，D 正确。
故选 D。
6．B
【详解】AB．对两球组成的整体受力分析
细线 中的拉力大小为
细线 中的拉力大小为 ，故 A 错误，B 正确；
CD．对小球 B 受力分析如图
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解得 ，故细线 与水平方向的夹角一定不等于
，故 CD 错误。
故选 B。
7．B
【详解】A．从传感器的示数可知，单杠对该同学右手支持力的大小为 250N，同理单杠对
左手的支持力大小也为 250N，根据平衡条件可知该同学的重力约为 500N，体重约为
，故 A 错误；
B．1s~2s 内，从传感器示数可知，支持力先小于重力，处于失重状态，之后支持力大于重
力，处于超重状态，所以该同学经历了先出现失重现象后出现超重现象，故 B 正确；
C．5～6s 内，从传感器示数可知，支持力先大于重力，处于超重状态，之后支持力小于重
力，处于失重状态，故 C 错误；
D．人在进行放下身体的动作过程中，先向下加速运动，此时加速度的方向向下，故人处于
失重状态，最后人处于静止状态，所以后半段人向下做减速运动，加速度的方向向上，此过
程人处于超重状态，结合图像可以看出，1s 时人放下身体，2s 时过程结束。 内，该同
学进行了先放下身体的动作、后拉起身体，故 D 错误。
故选 B。
8．A
【详解】设小球平抛运动的速度为 ，小球垂直打在斜面上，如图所示
则
解得
小球做平抛运动的水平位移
故小球抛出点距斜面的高度
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解得
所以
故选 A。
9．D
【详解】AB．由于平抛运动在竖直方向为自由落体运动，根据自由落体运动规律
解得
由题可知，小鸟甲的接食点高于小鸟乙的接食点，即 ，则有
因此小鸟甲先接到食物，故 AB 错误；
CD．由于平抛运动在水平方向为匀速直线运动，则有
解得
结合题意可知，小鸟甲接食的水平位移大于小鸟乙接食的水平位移，即
结合上述分析可知小鸟甲先接到食物，即
因此小鸟甲接到的鸟食平拋的初速度大于小鸟乙接到的鸟食平拋的初速度，故 C 错误，D
正确。
故选 D。
10．B
【详解】A．小球受重力和支持力两个力的作用，故 A 错误；
BCD．设漏斗壁与竖直方向的夹角为 (一定)，由牛顿第二定律有
小球的高度 h 越高, 运动周期就越大
小球所受支持力 ，高度变化时，所受支持力不变
小球所受合外力就是向心力，不随高度变化，故 B 正确，CD 错误。
故选 B。
11．BD
【详解】A．根据两物体的 v-t 图像，两者速度都是正值，说明二者运动方向相同，故 A 错
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误；
B．若 t=0 时甲、乙在同一点，甲的速度先大于后小于乙的速度，甲、乙之间的距离先增大
后减小，故 B 正确；
C．若 t=0 时甲、乙在同一点，则 t=4s 时二者速度相等，根据速度时间图像面积表示位移可
知，t=4s 时甲在乙前面 ，故 C 错误；
D．若 t=4s 时甲、乙相遇，则 t=0 时甲在乙后面 6m，t=8s 时甲在乙后面 6m，即 t=8s 时两
物体间距离与 t=0 时相等，故 D 正确。
故选 BD。
12．AD
【详解】A．对物体 A 分析可知，斜面体 B 对物体 A 的摩擦力方向沿斜面向上，由牛顿第
三定律可知，物体 A 对斜面体 B 的摩擦力方向沿斜面向下，A 正确；
B．压力和重力是不同性质的力，只能说物体 A 对斜面体 B 的压力大小等于重力的一个分力
大小，B 错误；
C．对物体 A 和斜面体 B 的整体分析可知，水平方向受合外力为零，可知地面对斜面体 B
的摩擦力为零，C 错误；
D．对物体 A 和斜面体 B 的整体分析可知，竖直方向受合外力为零，则地面对斜面体 B 的
支持力等于 A 和 B 的总重力，D 正确。
故选 AD。
13．BD
【详解】AB．传送带对包裹的摩擦力沿传送带向上，根据牛顿第二定律
解得 ，加速度沿传送带向上，包裹能从传送带底端传到顶端，A 错误，B 正确；
C．设经过时间 ，则包裹与传送带共速，
此时包裹位移为
还没有达到传送带顶端，包裹将与传送带一起匀速运动，直到传送带顶端，所以包裹到达传
送带顶端时的速度为 ，C 错误；
D．包裹与传送带一起匀速运动的时间
包裹在传送带上运动的总时间
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解得 ，D 正确。
故选 BD。
14．BC
【详解】A．由图乙可知，质点在 y 方向做匀速直线运动，速度大小为
可知质点初速度大小为 ，故 A 错误；
B．由图甲可知，质点在 x 方向做匀加速直线运动，加速度大小为
由于质点在 y 方向做匀速直线运动，则质点加速度为 ，方向沿 x 正方向，故 B 正确；
C．质点在 x 方向做匀加速直线运动，在 y 方向做匀速直线运动，则质点做匀变速曲线运动，
故 C 正确；
D． 内质点在 x 方向的位移大小为
质点在 y 方向的位移大小为
则 内质点的位移大小为 ，故 D 错误。
故选 BC。
15．AB
【详解】A．啮合齿轮边缘线速度大小相等，故 A 正确；
B．根据 可知，角速度之比 ，故 B 正确；
C．根据 可知，周期与角速度成反比，则 T 甲∶T 乙=1∶2，故 C 错误；
D．根据 可知，转速与角速度成正比，则 n 甲∶n 乙=2∶1，故 D 错误。
故选 AB。
16．(1)B
(2)A
(3) 2.0 0.56
【详解】（1）电磁打点计时器接 ， 交流电电源，电火花计时器接 ， 交
流电电源。
故选 B。
（2）A．为了使细线拉力等于小车所受的合力且在运动过程中不变化，实验前应调节滑轮
高度，使滑轮和小车间的细线与木板平行。故 A 正确；
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B．为了减小细线拉力不等于槽码重力带来的系统误差，应使小车质量远大于槽码质量，使
得细线拉力近似等于槽码重力，故 B 错误；
C．每次改变小车质量时，对小车受力分析，沿木板方向均有 ，质量可
以约去，因此不需要重新平衡摩擦力，故 C 错误；
D．为保证打点计时器在纸带上打出的点稳定，实验时应先接通电源后释放小车，故 D 错误。
故选 A。
（3）[1]图中纸带上每相邻两个计数点间还有 4 个点未画出，因此相邻两点间时间间隔为
根据逐差法可知，小车的加速度大小为
[2]计数点 时小车的瞬时速度等于 、 两点间的平均速度
17．(1)
(2)1.60
(3)BC
【详解】（1）图（b）中的 F 与 两力中，F 是理论值， 是实验值，故方向一定沿 AO 方
向的是 。
（2）该弹簧测力计分度值是 0.1N，则其读数为 1.60N。
（3）A．两弹簧测力计的拉力与橡皮筋的拉力的合力为零，它们之间不是合力与分力的关
系，故 A 错误；
B．拉橡皮筋的细绳要适当长些，标记同一细绳方向的两点要适当远些，可以减小方向的相
对误差，故 B 正确；
CD．实验中，弹簧测力计、橡皮筋、细绳应贴近木板且与木板平面平行，弹簧测力计的外
壳与木板产生摩擦，不会改变测力计示数，故 C 正确，D 错误。
故选 BC。
18．(1)AC
(2)C
(3)
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(4)
【详解】（1）A．实验中选择体积小、质量大的小球，可以减小空气阻力的影响，故 A 正确；
B．实验中应先打开频闪仪，再敲击弹片抛出小球，这样才能完整记录小球的运动过程，故
B 错误；
C．敲击弹片的目的就是让小球水平抛出，保证初速度水平，故 C 正确。
故选 AC。
（2）实验中，A 球沿水平方向抛出，同时 B 球自由落下，图乙为某次实验的频闪照片，从
照片中可以看出两球在竖直方向具有相同的运动情景，故可判断 A 球竖直方向做自由落体
运动；从照片中还可以看出 A 球在相同时间内通过的水平位移相等，所以还可以判断 A 球
水平方向做匀速直线运动。
故选 C。
（3）平抛运动竖直方向为自由落体运动，则根据自由落体运动的位移公式有
解得 A 球下落到实验台的时间为
（4）由于平抛运动竖直方向为自由落体运动，则根据匀变速直线运动的推论有
联立解得频闪仪的频闪周期为
又因为平抛运动水平方向为匀速直线运动，则
所以 A 球平抛的初速度为
19．(1)
(2)
(3)
【详解】（1）依题意可知摩托车竖直方向上做的是自由落体运动，设下落高度为 ，飞跃壕
沟的运动时间为 ，则有
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所以摩托车飞跃壕沟的时间
（2）要想越过壕沟，摩托车的水平位移至少是 ，由于水平方向做的是匀速直线运动，
故
可得摩托车越过这个壕沟的最小初速度为
（3）摩托车落地时的竖直方向速度为
根据矢量运算法则可得摩托车恰好飞跃壕沟落地时的速度大小为
方向与水平方向夹角为
20．(1)6N,10N
(2)0.3
【详解】（1）对气球受力分析，将 沿水平方向和竖直方向分解，如图所示
根据平衡条件，水平方向
竖直方向
联立可得 ，
（2）重物受到地面的支持力
由牛顿第三定律得重物对地面的压力
根据平衡条件，地面对重物的摩擦力与风力大小相等方向相反
解得动摩擦因数最小为
21．(1)
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(2)
(3)
【详解】（1）物块在传送带上加速，根据牛顿第二定律
设经过时间 物块与传送带的速度相等
解得
（2）在 1s 内传送带位移
物块的位移
物块在传送带上的划痕
解得
（3）在 1s 后，物块在传送带上随传送带一起做匀速运动
物块在木板上匀减速阶段，根据牛顿第二定律
木板匀加速运动
物块从滑上木板到与木板速度相同时间为 ，则
由于 ，物块与木板共速后一起在地面上匀减速，加速度大小
物块与木板一起匀减速的时间
物块从 A 点运动到停止的时间
解得
答案第 1 页，共 2 页2026年春季高一开学考试物理试题
考试范围：必修1：必修2第一章、第二章前三节：
一、单选题（每题3分，共30分）
1.一乘客乘坐G6412次列车，于当天07：41从东莞南站始发，列车加速行驶一段时间后，乘客观察到车
厢屏幕上显示速度达到250千米小时，历经105分钟的行驶，于09：26准时抵达汕头南站。根据以上信息，
下列说法正确的是()
A,列车从东莞南站到汕头南站的平均速率为250千米/小时
B.信息中的“07：41表示列车从东莞南站出发的时刻
C.研究列车车轮的转动情况时，可将列车视作质点
D.研究列车从东莞南站到汕头南站的运行路线时，不能将列车视作质点
2.2025年9月3日上午，在天安门广场举行了盛大的阅兵仪式。这次阅兵是人民军队奋进建军百年的崭新
亮相。一次训练时某装备车辆在地面由静止开始先向前做匀加速直线运动，接着向前做匀减速直线运动直
到速度为零停下来。关于该装备车辆的运动，下列说法正确的是()
A.加速度越大，速度变化量越大
B.加速度越大，速度越大
C.加速度越大，速度变化越快
D.整个运动过程中速度方向与加速度方向始终相同
3.航空母舰上有帮助飞机起飞的弹射系统，已知某型号战斗机在跑道上加速时产生的加速度为5/s2，起
飞速度为60m/s,若该飞机滑行200m时起飞，则弹射系统必须使飞机具有的初速度为()
A.40m/s
B.30m/s
C.20m/s
D.10m/s
4.在物理学的研究中用到的思想方法很多，下列关于几幅书本插图的说法中正确的是(
A.甲图中，作用在水桶上两个力的作用效果与一个力相同，体现了等效替代的思想
B.乙图中，在推导匀变速直线运动的位移公式时，运用了理想模型法
C.丙图中，在观察桌面的形变时，运用了控制变量法
D.丁图中，B点逐渐向A点靠近时，观察AB割线的变化趋势，可认为质点在A点的瞬时速度方向即
为过A点的切线方向，这是运用了假设法
5.一辆汽车在教练场上沿平直道路行驶，以x表示它相对于出发点的位移。
↑xm
汽车在0时刻到40s这段时间的x-1图像如图所示，下列说法正确的是()30
A.0~10s内汽车做匀加速直线运动
20
B.汽车在10-20s内做匀速直线运动
10
C.汽车在这段时间距离出发点最远750m
D.汽车在这段时间内运动方向发生了变化
010203040s
6.如图，用三根轻质细线a、b、c将重力均为G的两个小球A、B连接并悬挂，两小球均处于静止状态，
细线a与竖直方向的夹角为30°，细线c水平。下列说法正确的是()
A.细线a中拉力的大小等于2G
B.细线c中拉力的大小一定大于G
C.细线b与水平方向的夹角一定等于30°
D.细线b中的拉力大小等于2G
7.图甲中，某高中开展体能测试。高三学生在单杠区进行双手引体向上项目，
体育老师用高精度压力传感器（仅记录右手受力），实时监测并绘制出一段运
动过程中单杠对学生右手支持力（实际为拉力，传感器统一以支持力标识，大小等于拉力）的大小随时间
试题第1页，共4页

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